【解析】湖南省衡阳八中实验班2017届高三上学期第二次月考化学试卷含解析.doc

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湖南省衡阳八中2017-2018学年高三上学期第二次月考生物试卷(实验班) Word版含解析

2017-2018学年湖南省衡阳八中高三（上）第二次月考生物试卷（实验班）一、本卷共21题，每题6分．其中物理部分为不定项选择题，全部选对得6分，部分选对得3分，错选，多选不得分．化学部分和生物部分后面所给的四个选项中，只有一个是正确的．1．用等体积的三个玻璃瓶甲（透光）、乙（透光）、丙（不透光），同时从某池塘水深0.5m 处的同一位置取满水样，立即测得甲瓶中的氧气含量为a mg，并将乙、丙瓶密封后沉回原处．白天光照适宜，一昼夜后取出玻璃瓶，测得乙、丙瓶中的氧气含量分别为b mg和c mg．下列分析合理的是（）A．丙瓶中浮游植物的细胞产生A TP的场所是线粒体B．乙瓶中光合作用形成的糖类和O2可在线粒体中被利用C．白天丙瓶生物细胞呼吸消耗的氧气量约为（a﹣c）mgD．白天乙瓶中生产者实际光合作用释放的氧气量约为（b﹣c）mg2．如图为人体细胞正常分裂时有关物质或结构数量变化曲线，下列分析错误的是（）A．若曲线表示减数分裂每条染色体上DNA分子数目变化的部分曲线，则n等于1B．若曲线表示有丝分裂染色体数目变化的部分曲线，则n等于46C．若曲线表示减数第一次分裂核DNA分子数目变化的部分曲线，则n等于23D．若曲线表示有丝分裂染色体组数数目变化的部分曲线，则n等于23．如图为苯丙氨酸部分代谢途径示意图．苯丙酮尿症是由于苯丙氨酸羟化酶基因突变所致．患者的苯丙氨酸羟化酶失活，苯丙氨酸转化为酪氨酸受阻，组织细胞中苯丙氨酸和苯丙酮酸蓄积，表现为智力低下、毛发与皮肤颜色较浅等症状．下列分析错误的是（）A．一个基因可能会影响多个性状表现B．生物的一个性状只受一个基因的控制C．基因可通过控制酶的合成控制代谢过程，进而控制性状D．在婴幼儿时期限制对苯丙氨酸的摄入可缓解患者的病症4．如图是患甲病（显性基因为A，隐性基因为a）和乙病（显性基因为B，隐性基因为b）两种遗传病的系谱图，下列描述正确的是（）A．甲病为常染色体显性遗传，乙病伴X显性遗传B．Ⅱ4的基因型一定是aaX B Y，Ⅱ2、Ⅱ5一定是杂合子C．Ⅲ2的基因型是AaX B YD．若Ⅱ1不是乙病基因的携带者，Ⅲ1与Ⅲ4结婚生了一个男孩，该男孩只患乙病的概率为5．小肠绒毛上皮细胞膜上存在着两种运输葡萄糖的载体SGLT1（主动运输的载体）和GLUT2（协助扩散的载体）．研究人员根据不同葡萄糖浓度下的运输速率绘制如图所示曲线，下列说法中不正确的是（）A．葡萄糖浓度极低时只通过主动运输吸收B．该实验可以探究不同浓度葡萄糖条件下的主要吸收方式C．小肠绒毛细胞对葡萄糖的两种运输方式可同时进行D．在较高浓度下，细胞主要依赖主动运输来增大吸收速率6．如图表示植物细胞代谢的过程，有关叙述错误的是（）A．蓝藻细胞的①②过程发生在类囊体膜上，③发生在叶绿体基质中B．植物细胞④过程的进行与⑤～⑩过程密切相关，与②过程无关C．若植物缺Mg则首先会受到显著影响的生理过程是②D．图中②过程O2的释放量小于⑩过程O2的吸收量，则该植物体内有机物的量将减少二、解答题7．目前临床上癌症治疗的方法，一般是手术切除肿瘤，为防止体内残留癌细胞，在手术后进行化疗，某生物兴趣小组的同学从资料上获知：二氯二乙胺能够阻止参与DNA复制的酶与DNA相互作用．他们推测：二氯二乙胺能抑制癌细胞的增殖，能作为一种癌症的化疗药物，并就此问题设计实验进行了探究．实验材料：肝部长有肿瘤的小鼠，二氯二乙胺溶液，蒸馏水，生理盐水，含有全部营养物质的细胞培养液，显微镜，血球计数板，试管，吸管等．（1）其中某位同学实验操作如下：（请将实验内容补充完整）①取洁净的培养皿一个，加入适量的培养液，从小鼠肝部切取肿瘤组织，剪碎，并用胰蛋白酶处理，使其分散开来，置于培养皿中培养．②取洁净的试管5支，加入等量的培养液，编号1、2、3、4、5，并在1～4号试管中加入等量的不同浓度的二氯二乙胺溶液，5号试管中加入______．③从培养皿中吸取等量的培养液置于1～5号试管中，振荡后，在冰箱中培养一段时间．④从振荡后的5支试管中吸取适量的培养液置于血球计数板内，在显微镜下计数，记录数据．（2）请你纠正上面这位同学操作上的错误：______；3②根据实验结果，你能得出的结论是______．③从资料可知，二氯二乙胺发生抑制癌细胞作用的时间是癌细胞分裂的______期．8．果蝇是遗传学研究的经典材料，其四对相对性状中红眼（E）对白眼（e）、灰身（R）对黑身（r）、长翅（V）对残翅（v）、细眼（B）对粗眼（b）为显性．图是雄果蝇M（BbVvRRX E Y）的四对等位基因在染色体上的分布．（1）果蝇M眼睛的表现型是______，果蝇M与基因型为______的个体杂交，子代的雄果蝇既有红眼性状又有白眼性状．（2）果蝇M产生配子时，非等位基因Bb和Vv______（遵循或不遵循）自由组合定律，原因是______．如果选择残翅粗眼（vvbb）果蝇对M进行测交，子代的表现型及比例______．（3）果蝇M与黑身果蝇杂交，在后代群体中出现了一只黑身果蝇．出现该黑身果蝇的原因可能是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变或染色体片段缺失．现有基因型为Rr，rr的果蝇可供选择，请完成下列实验步骤及结果预测，以探究其原因．（注：一对同源染色体都缺失相同片段时胚胎致死；各型配子活力相同）实验步骤：①用该黑身果蝇与基因型为______的果蝇杂交，获得F1．②F1自由交配，观察、统计F2表现型及比例．结果预测：I．如果F2表现型及比例为______，则为基因突变；II．如果F2表现型及比例为______，则为染色体片段缺失．（4）在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，一个由纯合果蝇组成的大种群个体间自由交配得到F1，F1中灰身果蝇8400只，黑身果蝇1600只，F1中r的基因频率为______，Rr的基因型频率为______．9．玉米籽粒的颜色有紫色、黄色和白色三种，味道有甜味和非甜昧两种．某研究所科研人（）若第五组实验的籽粒颜色及比例为紫色：黄色：白色：：，则1紫色籽粒的基因型有______种，F1中所有黄色籽粒的玉米自交，后代中白色籽粒的比例应是______．（2）若只研究黄色和白色玉米籽粒颜色的遗传，发现黄色基因T与白色基因t是位于9号染色体上的一对等位基因（含有异常9号染色体的花粉不能参与受精作用）．现有基因型为Tt的黄色籽粒植株A，其细胞中9号染色体有一条异常．①为了确定植株A的T基因位于正常染色体还是异常染色体上，让其进行自交产生F1．如果______则说明T基因位于异常染色体上．②以植株A为父本，正常的白色籽粒植株为母本杂交产生的F1中，发现了一株黄色籽粒植株B，其9号染色体上基因组成为Ttt，且T位于异常染色体上．该植株的出现可能是由于______造成的．③若②中的植株B在减数第一次分裂过程中3条9号染色体会随机地移向细胞两极并最终形成含l条和2条9号染色体的配子，那么以植株B为父本进行测交，后代中得到的含异常染色体的植株占______．（3）科研人员将纯合甜昧和纯合非甜味玉米间行种植，如图所示，且雌蕊接受同株和异株花粉的机会相等．请通过分析各行玉米的种子性状，判断甜味和非甜味的显隐性关系．①若A、C行的植株种子是______，B、D行的植株种子是______，则甜味是显性．②若A、C行的植株种子是______，B、D行的植株种子是______，则非甜味是显性．（4）若（3）中非甜昧是显性，现将B行植株的种子发育成的新个体（F1）进行随机交配，则所得种子的甜味与非甜味比例是______．2016-2017学年湖南省衡阳八中高三（上）第二次月考生物试卷（实验班）参考答案与试题解析一、本卷共21题，每题6分．其中物理部分为不定项选择题，全部选对得6分，部分选对得3分，错选，多选不得分．化学部分和生物部分后面所给的四个选项中，只有一个是正确的．1．用等体积的三个玻璃瓶甲（透光）、乙（透光）、丙（不透光），同时从某池塘水深0.5m 处的同一位置取满水样，立即测得甲瓶中的氧气含量为a mg，并将乙、丙瓶密封后沉回原处．白天光照适宜，一昼夜后取出玻璃瓶，测得乙、丙瓶中的氧气含量分别为b mg和c mg．下列分析合理的是（）A．丙瓶中浮游植物的细胞产生A TP的场所是线粒体B．乙瓶中光合作用形成的糖类和O2可在线粒体中被利用C．白天丙瓶生物细胞呼吸消耗的氧气量约为（a﹣c）mgD．白天乙瓶中生产者实际光合作用释放的氧气量约为（b﹣c）mg【考点】光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化．【分析】从题中实验设计可以看出，甲瓶中的氧气含量可作为乙和丙的对照，乙中氧气浓度增加，这是光合作用大于呼吸作用的积累的，即为净光合作用量；由于丙为不透光的玻璃瓶，因此消耗的氧气可代表浮游植物的呼吸消耗．【解答】解：A、丙瓶中浮游植物的细胞只进行呼吸作用，产生[H]的场所有细胞质基质和线粒体基质，A错误；B、光合作用产生的糖类必须在细胞质基质中分解成丙酮酸才能进入线粒体内进一步分解，不能直接在线粒体中分解，B错误；C、一昼夜，丙瓶生物细胞呼吸消耗的氧气量约为（a﹣c）mg，C错误；D、白天乙瓶中生产者实际光合作用释放的氧气量约为（b﹣c）mg，D正确．故选：D．2．如图为人体细胞正常分裂时有关物质或结构数量变化曲线，下列分析错误的是（）A．若曲线表示减数分裂每条染色体上DNA分子数目变化的部分曲线，则n等于1B．若曲线表示有丝分裂染色体数目变化的部分曲线，则n等于46C．若曲线表示减数第一次分裂核DNA分子数目变化的部分曲线，则n等于23D．若曲线表示有丝分裂染色体组数数目变化的部分曲线，则n等于2【考点】有丝分裂过程及其变化规律；减数分裂过程中染色体和DNA的规律性变化．DNAB、人体细胞有丝分裂过程中染色体数目最少时为46个，最多时为92个，因此，n=46个，B正确；C、人体细胞减数第一次分裂过程中，核DNA分子数目均为92，因此n=46，C错误；D、人体有丝分裂过程中，染色体组数为2或4（后期），因此n=2，D正确．故选：C．3．如图为苯丙氨酸部分代谢途径示意图．苯丙酮尿症是由于苯丙氨酸羟化酶基因突变所致．患者的苯丙氨酸羟化酶失活，苯丙氨酸转化为酪氨酸受阻，组织细胞中苯丙氨酸和苯丙酮酸蓄积，表现为智力低下、毛发与皮肤颜色较浅等症状．下列分析错误的是（）A．一个基因可能会影响多个性状表现B．生物的一个性状只受一个基因的控制C．基因可通过控制酶的合成控制代谢过程，进而控制性状D．在婴幼儿时期限制对苯丙氨酸的摄入可缓解患者的病症【考点】基因与性状的关系．【分析】阅读题干可知，该题的知识点是苯丙氨酸与酪氨酸代谢过程，基因对性状的控制途径，先梳理相关知识点，然后结合题图信息解答问题．【解答】解：A、由题知，苯丙氨酸羟化酶基因突变，会导致苯丙酮尿症；苯丙氨酸羟化酶失活，苯丙氨酸转化为酪氨酸受阻，苯丙氨酸和苯丙酮酸蓄积，表现智力低下，毛发与皮肤颜色较浅等症状．一个基因确实可以影响多个性状表现．A正确；B、由题知，苯丙氨酸羟化酶基因突变，最终会使毛发与皮肤颜色较浅等症状，由图知，若控制酪氨酸酶的基因突变同样会使黑色素减少，出现毛发与皮肤颜色较浅等症状，所以不是一个性状只受一个基因控制．B错误；C、苯丙氨酸羟化酶基因突变，苯丙氨酸羟化酶失活，苯丙氨酸转化为酪氨酸受阻，苯丙氨酸和苯丙酮酸蓄积，表现智力低下，毛发与皮肤颜色较浅等症状．表明基因可以通过控制酶的合成控制代谢，进而控制性状．C正确；D、苯丙氨酸羟化酶基因突变，苯丙氨酸羟化酶失活，苯丙氨酸转化为酪氨酸受阻，苯丙氨酸和苯丙酮酸蓄积，表现智力低下，毛发与皮肤颜色较浅等症状．所以如果婴儿期限制对苯丙氨酸的摄入，苯丙氨酸和苯丙酮酸蓄积减少，可缓解患者的病症．D正确．故选：B．4．如图是患甲病（显性基因为A，隐性基因为a）和乙病（显性基因为B，隐性基因为b）两种遗传病的系谱图，下列描述正确的是（）A．甲病为常染色体显性遗传，乙病伴X显性遗传B．Ⅱ4的基因型一定是aaX B Y，Ⅱ2、Ⅱ5一定是杂合子C．Ⅲ2的基因型是AaX B YD．若Ⅱ1不是乙病基因的携带者，Ⅲ1与Ⅲ4结婚生了一个男孩，该男孩只患乙病的概率为【考点】常见的人类遗传病．【分析】析遗传系谱图，Ⅱ﹣5、Ⅱ﹣6患甲病，Ⅲ﹣3不患甲病，因此甲病是常染色体显性遗传病，Ⅱ﹣1、Ⅱ﹣2不患乙病，Ⅱ﹣1不携带乙病的致病基因，Ⅲ﹣2患乙病，因此乙病是伴X隐性遗传病；从遗传系谱图推断两种遗传病的遗传特点，写出相关个体的基因型，并根据基因型推算相关的遗传概率．【解答】解：A、根据以上分析已知甲病为常染色体显性遗传，乙病伴X隐性遗传，A错误；B、Ⅱ﹣1和Ⅱ﹣2不患乙病，生了个患乙病的儿子Ⅲ﹣2，根据无中生有为隐，判断乙病是隐性遗传病．如果乙病是常染色体隐性遗传病，发现符合题意；如果乙病是伴X染色体隐性遗传病，发现也符合题意．因此乙病是常染色体隐性遗传病或伴X染色体隐性遗传病，故Ⅱ﹣4的基因型不一定是aaX B Y，B错误；C、由遗传系谱图可知，Ⅱ﹣1、Ⅱ﹣2不患乙病，且由题意可知，Ⅱ﹣1不携带乙病的致病基因，Ⅲ﹣2患乙病，因此乙病是伴X隐性遗传病．；Ⅲ﹣2是既患甲病患又乙病的男性，且其父亲不患甲病，所以Ⅲ﹣2的基因型是AaX b Y，C错误；D、若Ⅱ1不是乙病基因的携带者，则乙病是伴X染色体隐性遗传病，Ⅲ1的基因型是aaX B X B或aaX B X b．Ⅲ4的基因型是AAX B Y或AaX B Y，Ⅲ1与Ⅲ4结婚生了一个男孩，该男孩患甲病的概率是1﹣×=，该男孩患乙病的概率是×=，该男孩只患乙病的概率为×（1﹣）=，D正确．故选：D．5．小肠绒毛上皮细胞膜上存在着两种运输葡萄糖的载体SGLT1（主动运输的载体）和GLUT2（协助扩散的载体）．研究人员根据不同葡萄糖浓度下的运输速率绘制如图所示曲线，下列说法中不正确的是（）A．葡萄糖浓度极低时只通过主动运输吸收B．该实验可以探究不同浓度葡萄糖条件下的主要吸收方式C．小肠绒毛细胞对葡萄糖的两种运输方式可同时进行D．在较高浓度下，细胞主要依赖主动运输来增大吸收速率【考点】物质跨膜运输的方式及其异同．【分析】根据题意和图示分析可知：SGLT1和GLUT2，前者是主动运输的载体，后者是协助扩散的载体；分析题图曲线可知，协助扩散发生的同时，主动运输也在发生．只不过很低浓度下，主动运输的载体就达到饱和；高浓度情况下，需要依赖于协助扩散和主动运输提高吸收速率，主要吸收方式是协助扩散，协助扩散是主动运输方式的3倍．【解答】解：A、分析题图曲线可知，葡萄糖浓度极低时GLUT2运输速率为0，所以此时只通过主动运输吸收，A正确；B、分析题图可知，不同浓度葡萄糖条件下，SGLT1和GLUT2的运输速率不同，所以该实验可以探究不同浓度葡萄糖条件下的主要吸收方式，B正确；C、由题图可知，在一定浓度葡萄糖条件下，小肠绒毛细胞对葡萄糖的吸收既有协助扩散也有主动运输，C正确；D、在较高浓度下，GLUT2的运输速率较大，所以细胞主要依赖协助扩散来增大吸收速率，D错误．故选：D．6．如图表示植物细胞代谢的过程，有关叙述错误的是（）A．蓝藻细胞的①②过程发生在类囊体膜上，③发生在叶绿体基质中B．植物细胞④过程的进行与⑤～⑩过程密切相关，与②过程无关C．若植物缺Mg则首先会受到显著影响的生理过程是②D．图中②过程O2的释放量小于⑩过程O2的吸收量，则该植物体内有机物的量将减少【考点】光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化；细胞呼吸的过程和意义．【分析】分析图示，①表示细胞渗透作用吸水，②表示光反应阶段，③表示暗反应阶段，④表示吸收矿质元素离子，⑤表示有氧呼吸和无氧呼吸的第一阶段，⑥⑦表示无氧呼吸的第二阶段，⑧⑨⑩表示有氧呼吸的第二、第三阶段．【解答】解：A、蓝藻细胞是原核细胞，没有叶绿体，其光合作用发生在光合片层上，A错误；B、植物细胞④吸收矿质元素离子是主动运输过程，需要消耗能量，故与⑤～⑩呼吸作用过程密切相关，与②光反应过程无关，B正确；C、Mg是合成叶绿素的成分，光反应阶段需要叶绿素吸收光能，若植物缺Mg则叶绿素的合成受到影响，首先会受到显著影响的生理过程是②光反应过程，C正确；D、图中②光反应过程O2的释放量小于⑩有氧呼吸过程O2的吸收量，则净光合作用量＜0，该植物体内有机物的量将减少，D正确．故选：A．二、解答题7．目前临床上癌症治疗的方法，一般是手术切除肿瘤，为防止体内残留癌细胞，在手术后进行化疗，某生物兴趣小组的同学从资料上获知：二氯二乙胺能够阻止参与DNA复制的酶与DNA相互作用．他们推测：二氯二乙胺能抑制癌细胞的增殖，能作为一种癌症的化疗药物，并就此问题设计实验进行了探究．实验材料：肝部长有肿瘤的小鼠，二氯二乙胺溶液，蒸馏水，生理盐水，含有全部营养物质的细胞培养液，显微镜，血球计数板，试管，吸管等．（1）其中某位同学实验操作如下：（请将实验内容补充完整）①取洁净的培养皿一个，加入适量的培养液，从小鼠肝部切取肿瘤组织，剪碎，并用胰蛋白酶处理，使其分散开来，置于培养皿中培养．②取洁净的试管5支，加入等量的培养液，编号1、2、3、4、5，并在1～4号试管中加入等量的不同浓度的二氯二乙胺溶液，5号试管中加入等量生理盐水．③从培养皿中吸取等量的培养液置于1～5号试管中，振荡后，在冰箱中培养一段时间．④从振荡后的5支试管中吸取适量的培养液置于血球计数板内，在显微镜下计数，记录数据．（2）请你纠正上面这位同学操作上的错误：在“冰箱中”应改为在“适宜温度下”或“恒温箱中”；在该实验中，遵循了实验设计的对照原则和单一变量原则．②根据实验结果，你能得出的结论是二氯二乙胺能抑制癌细胞的增殖，且在一定范围内，随二氯二乙胺浓度的增大，抑制作用逐渐增强．．③从资料可知，二氯二乙胺发生抑制癌细胞作用的时间是癌细胞分裂的间期．【考点】恶性肿瘤的防治．【分析】分析题目可知，癌细胞的增殖应在“适宜温度下”或“恒温箱中”才可完成，试管静置时，其内的溶液会出现沉淀，吸取培养液时所得每毫升中细胞的数目不准确，因此应摇匀后再吸取．由表中数据可知，二氯二乙胺能抑制癌细胞增殖，且抑制效果与浓度有关；实验设计应遵循对照原则和单一变量原则．【解答】解：（1）①实验设计应遵循对照原则和单一变量原则，5号试管为对照组，故应加入等量生理盐水．（2）分析题目可知，癌细胞的增殖应在“适宜温度下”或“恒温箱中”才可完成．（3）①实验设计应遵循对照原则和单一变量原则．②从图中试验数据可知，二氯二乙胺能抑制癌细胞的增殖，且在一定范围内，随二氯二乙胺浓度的增大，抑制作用逐渐增强．③分析题意可知，二氯二乙胺能够阻止参与DNA复制的酶与DNA相互作用，因此该物质能够抑制DNA复制，DNA复制发生在癌细胞分裂的间期．故答案为：（1）②等量生理盐水（2）在“冰箱中”应改为在“适宜温度下”或“恒温箱中”（3）①对照单一变量②二氯二乙胺能抑制癌细胞的增殖，且在一定范围内，随二氯二乙胺浓度的增大，抑制作用逐渐增强．③间8．果蝇是遗传学研究的经典材料，其四对相对性状中红眼（E）对白眼（e）、灰身（R）对黑身（r）、长翅（V）对残翅（v）、细眼（B）对粗眼（b）为显性．图是雄果蝇M（BbVvRRX E Y）的四对等位基因在染色体上的分布．（1）果蝇M眼睛的表现型是红眼细眼，果蝇M与基因型为X E X e的个体杂交，子代的雄果蝇既有红眼性状又有白眼性状．（2）果蝇M产生配子时，非等位基因Bb和Vv不遵循（遵循或不遵循）自由组合定律，原因是两对等位基因位于同一对同源染色体上．如果选择残翅粗眼（vvbb）果蝇对M 进行测交，子代的表现型及比例长翅粗眼：残翅细眼=1：1．（3）果蝇M与黑身果蝇杂交，在后代群体中出现了一只黑身果蝇．出现该黑身果蝇的原因可能是亲本果蝇在产生配子过程中发生了基因突变或染色体片段缺失．现有基因型为Rr，rr的果蝇可供选择，请完成下列实验步骤及结果预测，以探究其原因．（注：一对同源染色体都缺失相同片段时胚胎致死；各型配子活力相同）实验步骤：①用该黑身果蝇与基因型为Rr的果蝇杂交，获得F1．②F1自由交配，观察、统计F2表现型及比例．结果预测：I．如果F2表现型及比例为灰身：黑身=7：9，则为基因突变；II．如果F2表现型及比例为灰身：黑身=7：8，则为染色体片段缺失．（4）在没有迁入迁出、突变和选择等条件下，一个由纯合果蝇组成的大种群个体间自由交配得到F1，F1中灰身果蝇8400只，黑身果蝇1600只，F1中r的基因频率为40%，Rr 的基因型频率为48%．【考点】伴性遗传．【分析】根据题意和图示分析可知：图示是雄果蝇的四对等位基因在染色体上的分布：（1）果蝇体内控制眼形细眼（B ）对粗眼（b ）的基因和翅形长翅（V ）对残翅（v ）的基因都位于一对同源染色体3、4上，属于同源染色体上的非等位基因，Bv 、bV 连锁遗传；（2）控制眼色红眼（E ）对白眼（e ）的基因位于X 染色体上，属于伴性遗传；（3）控制体色灰身（R ）对黑身（r ）的基因位于另一对常染色体5、6上，独立遗传．【解答】解：（1）该果蝇是雄性，由于同时含有红眼基因E 和细眼基因R ，因此表现为红眼、细眼．果蝇M 眼色的基因型为X E Y ，由于子代雄性的红眼和白眼均只能来自于母本，想要子代的雄果蝇既有红眼性状又有白眼性状，则其必须与基因型为X E X e 的个体进行杂交．（2）雄果蝇M 的基因型为BbVvRRX E Y ，由于非等位基因Bb 和Vv 位于一对同源染色体上，因此不遵循基因的自由组合定律，其它基因均遵循自由组合定律，因此果蝇M 产生配子有：BvRX E 、bVRY 、BvRY 、bVRX E ．如果选择残翅粗眼（vvbb ）果蝇对M 进行测交，由于果蝇M （BbVv ）只能产生Bv 、bV 两种类型的配子，因此子代的表现型及比例长翅粗眼：残翅细眼=1：1．（3）只看体色这一对基因，果蝇M 为RR 与黑身rr 果蝇杂交，后代理论上应全为Rr 的灰身，却出现了一只黑身果蝇，可能有以下两种情况：①基因突变，则该黑身果蝇的基因型为rr ，②染色体缺失，则该果蝇的基因型可用r0表示，0表示染色体上缺失该基因，如果选用rr 的个体进行实验，则后代全为rr 或r0的黑身分不清属于哪种情况，故应选择提供的Rr 个体进行实验．Ⅰ．如为基因突变，则亲本为rr ×Rr ，F 1为rr 、Rr ，F 1产生配子R 的概率为，产生r 的概率为，自由交配产生F 2中出现黑身rr 的概率为，灰身为1﹣=，即F 2中灰身：黑身=7：9；Ⅱ．如为染色体缺失，则亲代为r0×Rr ，F 1未出现00缺失死亡个体，F 1自由交配产生F 2，符合遗传平衡定律，亲代中基因频率与F 1相同，为R=0=、r=，F 2中出现黑身rr 、r0的概率为，死亡个体00为，则灰身个体为1﹣，即F 2中灰身：黑身=7：8．（4）根据题干信息可知，此种群符合遗传平衡定律，由F 1中灰身果蝇8400只，黑身果蝇1600只可知：rr 的基因型频率为16%，可推出r=40%，R=60%，Rr=2×40%×60%=48%．故答案为：（1）红眼细眼 X E X e（2）不遵循两对等位基因位于同一对同源染色体上长翅粗眼：残翅细眼=1：1 （3）①Rr ②I 、灰身：黑身=7：9 II 、灰身：黑身=7：8（4）40% 48%9．玉米籽粒的颜色有紫色、黄色和白色三种，味道有甜味和非甜昧两种．某研究所科研人。

湖南省衡阳市第八中学2022届高三化学上学期第二次(9月)月考试题

湖南省衡阳市第八中学2022届高三化学上学期第二次（9月）月考试题可能用到的相对原子质量：H—14 N—14 O—16 Na—23 Mg—24 S—32Fe—56 Cu—64 Ce—140一、选择题（24小题，每小题2分，共48分，每小题只有一个选项符合题意。

）1、《本草纲目》中记载：“冬月灶中所烧薪柴之灰，令人以灰淋汁，取碱浣衣”。

下列叙述正确的是A、“以灰淋汁”所涉及的操作有溶解、分液B、取该“碱”溶于水可得到一种碱溶液C、“薪柴之灰”与铵态氮肥混合施用可增强肥效D、“取碱浣衣”与酯的水解有关2、化学与生产生活密切相关。

下列说法错误的是A、ClO2可用作自来水消毒剂B、利用高纯度单质硅可以制成太阳能光伏电池C、制作宇宙飞船的玻璃纤维和玻璃的成分相同D、纤维素是多糖，可以作人类的营养物质3、国家科技奖刚刚宣布。

下列有关内容都涉及这些奖项。

下列说法中不正确的是A、太阳能光解水制氢气涉及到物理过程和化学过程B、碳纤维、石墨烯和富勒烯互为同素异形体C、纳米材料、磁性材料、金属材料、捡杂半导体材料能体现新的功能及用途D、高能量密度炸药、芳香化合物、卤代经、植物油都是有机物，其中植物油属于天然高分子4、明代《造强水法》记载“绿矾五斤，硝五斤，将矾炒去，约折五分之一，将二味同研细，锅下起火，取气冷定，开坛则药化为水。

用水入五金皆成水，惟黄金不化水中。

”“硝”即硝酸钾。

下列说法错误的是A、“绿矾”的成分为FeSO4·7H2OB、“研细”可在蒸发皿中进行C、“开坛则药化为水”，“水”的主要成分是硝酸D、“五金皆成水”，发生氧化还原反应5、下列说法正确的是A、凡需加热的反应一定是吸热反应B、能使酚酞试液变红的溶液不一定是碱溶液C、反应速率越快，反应现象越明显D、水解反应是放热反应6、设N A为阿伏加德罗常数的值。

下列有关叙述错误的是A、80 g CuO和Cu2S的混合物中，所含铜原子数为N AB、1 mol NaBH4与足量水反应(NaBH4＋2H2O=NaBO2＋4H2↑)时转移的电子数为：4N AC、密闭容器中PCl3与Cl2反应生成1 mol PCl5(g)，增加2N A个P—Cl键D、pH＝13的Ba(OH)2溶液中，含有OH－0.2N A个7、向KOH溶液中通入11.2L（标准状况）氯气恰好完全反应生成三种含氯盐：0.7molKCl、0.2molKClO和X。

湖南省衡阳市第八中学2017届高三上学期实验班第二次月考理综物理试题含答案

衡阳八中2016年下期高三实验班第二次月考试卷理科综合物理(试题卷）考试范围：物理：必修1—2 化学：必修1—2 生物：必修1—2注意事项:1。

本卷为衡阳八中高三实验班第二次月考试卷，分两卷.其中共31题,满分300分，考试时间为150分钟.2.考生领取到试卷后，应检查试卷是否有缺页漏页，重影模糊等妨碍答题现象，如有请立即向监考老师通报。

开考15分钟后，考生禁止入场，监考老师处理余卷.3。

请考生将答案填写在答题卡上，选择题部分请用2B铅笔填涂，非选择题部分请用黑色0.5mm签字笔书写。

考试结束后，试题卷与答题卡一并交回。

第I卷选择题（每题6分,共126分）本卷共21题，每题6分.其中物理部分为不定项选择题,全部选对得6分,部分选对得3分，错选，多选不得分.化学部分和生物部分后面所给的四个选项中，只有一个是正确的.1.下列有关质点的说法中正确的是A．只有质量和体积都极小的物体才能视为质点B．研究一列火车过铁路桥经历的时间时，可以把火车视为质点C．研究自行车的运动时，因为车轮在不停地转动，所以在任何情况下都不能把自行车作为质点D．虽然地球很大，还在不停地自转,但是在研究地球的公转时，仍然可以把它视为质点2.如图所示，人站在电动扶梯的水平台阶上，假定人与扶梯一起沿斜面加速上升，在这个过程中,人脚所受的静摩擦力A.等于零，对人不做功；B.水平向左，对人做负功；C。

水平向右，对人做正功; D。

斜向上,对人做正功;3.在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示,则三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体做平抛运动的时间t A、t B、t C的关系分别是A．v A＞v B＞v C t A＞t B＞t C B．v A=v B=v C t A=t B=t C C．v A＜v B＜v C t A＞t B＞t C D．v A＞v B＞v C t A＜t B＜t C4.如图所示，两物块A、B套在水平粗糙的CD杆上,并用不可伸长的轻绳连接,整个装置能绕过CD中点的轴OO1转动，已知两物块质量相等，杆CD对物块A、B的最大静摩擦力大小相等，开始时绳子处于自然长度（绳子恰好伸直但无弹力），物块B到OO1轴的距离为物块A到OO1轴的距离的两倍，现让该装置从静止开始转动，使转速逐渐增大，在从绳子处于自然长度到两物块A、B即将滑动的过程中,下列说法正确的是A． A受到的静摩擦力一直增大B．B受到的静摩擦力先增大,后保持不变C． A受到的静摩擦力是先增大后减小D． A受到的合外力一直在增大5。

【化学】湖南省衡阳市第八中学2017届高三上学期第四次月考(实验班)(解析版)

湖南省衡阳市第八中学2017届高三上学期第四次月考（实验班）第I卷选择题1. 下列说法正确的是（）A. 往盛有500ml1mol/L的Na2CO3的溶液中滴加稀盐酸，可以观察到立即产生大量气泡。

B. 100ml 0.5mol/L氯酸钾溶液中含有氯离子的物质的量是0.05mol。

C. 在开放的环境中往含有Fe2+，Al3+，Mg2+，Na+的溶液中滴加NaOH溶液，最终可以得到4种沉淀。

D. H+，NO3-，Fe2+，Mg2+不能共存。

【答案】D2. FeCO3与砂糖混用可以作补血剂，实验室里制备FeCO3的流程如图所示．下列说法错误的是（）A. 可利用KSCN溶液检验FeSO4溶液是否变质B. 沉淀过程中有CO2气体放出C. 过滤搡作的常用玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒D. 产品FeCO3在空气中高温分解可得到纯净的FeO【答案】D【解析】试题分析：FeSO4溶液中加碳酸氢铵生成FeCO3，过滤、洗涤，即可得到FeCO3固体；A．亚铁离子变质会生成铁离子，则验FeSO4溶液若变质会生成铁离子，可利用KSCN溶液检，故A正确；B．FeSO4与碳酸氢铵发生的反应为：Fe2++2HCO3-=FeCO3↓+H2O+CO2↑，则沉淀过程中有CO2气体放出，故B正确；C．过滤操作中过滤时用到漏斗，用玻璃棒引流，烧杯盛放溶液，所以过滤搡作的常用玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒，故C正确；D．二价铁在空气中加热易被氧化为三价铁是，所以FeCO3在空气中高温分解不能得到FeO，故D 错误，故选D。

考点：考查过滤操作、铁的化合物的性质及检验。

3. 已知CN﹣（氢氰酸根离子）SCN﹣（硫氰酸根离子）和Cl﹣有相似之处：两个﹣CN原子团或两个﹣SCN原子团可分别构成氰分子（CN）2和硫氰分子（SCN）2．（CN）2和（SCN）的性质和Cl2有性质有相似之处，且常温常压下是气体，下列物质间反应的化学方程式错2误的是（）A. 二氧化锰和HSCN溶液加热反应：MnO2+4HSCN Mn（SCN）2+（SCN）2↑+2H2OB. （CN）2和氢氧化钾溶液反应：（CN）2+2KOH═KCN+KCNO+H2OC. 碘晶体投入HCN溶液中：I2+2HCN═2HI+（CN）2D. （SCN）2和水反应：（SCN）2+H2O⇌HSCN+HSCNO【答案】C【解析】试题分析：A、由二氧化锰和浓盐酸的反应可知MnO2和HSCN反应的化学方程式为MnO2+4HSCN Mn（SCN）2+（SCN）2↑+2H2O，A正确；B．由氯气与碱的反应可知（CN）2和氢氧化钾溶液反应为（CN）2+2KOH═KCN+KCNO+H2O，B正确；C．（CN）和（SCN）2的性质和Cl2有性质有相似之处，碘的氧化性小于（CN）2，则碘晶体投入HCN 2溶液中不发生反应，C错误；D．由氯气与水的反应二者（SCN）2和水反应为（SCN）2+H2O HSCN+HSCNO，D正确，答案选C。

【全国百强校】湖南省衡阳市第八中学2017届高三上学期第四次月考化学(实验班)试题(解析版)

湖南省衡阳市第八中学2017届高三上学期第四次月考化学（实验班）试题注意事项：1.本卷为衡阳八中高三实验班第四次月考试卷，分两卷。

其中共31题，满分300分，考试时间为150分钟。

2.考生领取到试卷后，应检查试卷是否有缺页漏页，重影模糊等妨碍答题现象，如有请立即向监考老师通报。

开考15分钟后，考生禁止入场，监考老师处理余卷。

3.请考生将答案填写在答题卡上，选择题部分请用2B铅笔填涂，非选择题部分请用黑色0.5mm 签字笔书写。

考试结束后，试题卷与答题卡一并交回。

第I卷选择题（每题6分，共126分）本卷共21题，每题6分。

其中物理部分为不定项选择题，全部选对得6分，部分选对得3分，错选，多选不得分。

化学部分和生物部分后面所给的四个选项中，只有一个是正确的。

1. 下列说法正确的是A. 往盛有500ml1mol/L的Na2CO3的溶液中滴加稀盐酸，可以观察到立即产生大量气泡。

B. 100ml 0.5mol/L氯酸钾溶液中含有氯离子的物质的量是0.05mol。

C. 在开放的环境中往含有Fe2+，Al3+，Mg2+，Na+的溶液中滴加NaOH溶液，最终可以得到4种沉淀。

D. H+，NO3-，Fe2+，Mg2+不能共存。

【答案】D..... .2. FeCO3与砂糖混用可以作补血剂，实验室里制备FeCO3的流程如图所示．下列说法错误的是A. 可利用KSCN溶液检验FeSO4溶液是否变质B. 沉淀过程中有CO2气体放出C. 过滤搡作的常用玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒D. 产品FeCO3在空气中高温分解可得到纯净的FeO【答案】D【解析】试题分析：FeSO4溶液中加碳酸氢铵生成FeCO3，过滤、洗涤，即可得到FeCO3固体；A．亚铁离子变质会生成铁离子，则验FeSO4溶液若变质会生成铁离子，可利用KSCN溶液检，故A正确；B．FeSO4与碳酸氢铵发生的反应为：Fe2++2HCO3-=FeCO3↓+H2O+CO2↑，则沉淀过程中有CO2气体放出，故B正确；C．过滤操作中过滤时用到漏斗，用玻璃棒引流，烧杯盛放溶液，所以过滤搡作的常用玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒，故C正确；D．二价铁在空气中加热易被氧化为三价铁是，所以FeCO3在空气中高温分解不能得到FeO，故D错误，故选D。

全国各地高中化学试题及解析湖南省衡阳市第八中学高2017届高2014级高三上学期第四次月考化学(实验班)试题

湖南省衡阳市第八中学高2017届高2014级高三第一学期第四次月考化学（实验班）试题第I卷（选择题）一、单选题1.下列说法正确的是A.往盛有500ml1mol/L的Na2CO3的溶液中滴加稀盐酸,可以观察到立即产生大量气泡。

B.100ml 0.5mol/L氯酸钾溶液中含有氯离子的物质的量是0.05mol。

C.在开放的环境中往含有Fe2＋,Al3＋,Mg2＋,Na＋的溶液中滴加NaOH溶液,最终可以得到4种沉淀。

D.H＋,NO3－,Fe2＋,Mg2＋不能共存。

2.FeCO3与砂糖混用可以作补血剂,实验室中制备FeCO3的流程如下图所示。

下列说法错误的是A.可利用KSCN溶液检验FeSO4溶液是否变质B.沉淀过程中有CO2气体放出C.过滤操作的常用玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒D.产品FeCO3在空气中高温分解可得到纯净的FeO3.已知CN﹣（氢氰酸根离子）SCN﹣（硫氰酸根离子）和Cl﹣有相似之处:两个﹣CN原子团或两个﹣SCN原子团可分别构成氰分子（CN）2和硫氰分子（SCN）2。

（CN）2和（SCN）2的性质和Cl2有性质有相似之处,且常温常压下是气体,下列物质间反应的化学方程式错误的是（）△A.二氧化锰和HSCN溶液加热反应:MnO2＋4HSCN Mn（SCN）2＋（SCN）2↑＋2H2OB.（CN）2和氢氧化钾溶液反应:（CN）2＋2KOH═KCN＋KCNO＋H2OC.碘晶体投入HCN溶液中:I2＋2HCN═2HI＋（CN）2D.（SCN）2和水反应:（SCN）2＋H2O HSCN＋HSCNO4.由铝硅两种物质组成的试样11 g,均匀地分成等质量的两份,一份与足量的盐酸接触可产生气体a L,一份与足量的NaOH溶液接触产生同样的气体b L,则此试样中铝与硅的质量比为A.4a /3(b－a)B.9a/7(b－a)C.a/(b－a)D.无法计算5.已知A、B、C、D、E是短周期中原子序数依次增大的5种元素,B、C同周期,D、E也同周期,D原子最外层电子数与最内层电子数相等,A、B、C、D的原子序数之和是E的两倍,D与C形成的化合物是一种耐高温材料,A、B形成的气态化合物的水溶液呈碱性.下列说法正确的是A.原子半径:D＞E＞C＞B＞AB.热稳定性:EA4＞A2CC.单质D可用海水作原料获得D.化合物DC与化合物EC2中化学键类型相同6.全钒液流电池是一种新型的绿色环保储能电池。

全国各地高中化学试题湖南省衡阳市第八中学高二理科实验第二学期第一次月考班理综化学试题及参考答案解析

2016～2017学年度湖南省衡阳市第八中学高二理科实验班第二学期第一次月考理综化学试题及参考答案解析第I卷(选择题)一、单选题1.某溶液中含有大量的下列离子:Fe3＋、SO42﹣、Al3＋和M离子,经测定Fe3＋、SO42﹣、Al3＋和M离子的物质的量之比为1:4:1:2,则M离子可能是下列中的A.Na＋B.OH﹣C.S2﹣D.Ag＋2.已知常温下在溶液中可发生如下两个离子反应Ce4＋＋Fe2＋＝Fe3＋＋ Ce3＋,Sn2＋＋2Fe3＋＝2Fe2＋＋Sn4＋。

由此可以确定Fe2＋、Ce3＋、Sn2＋三种离子的还原性最强和最弱的离子分别是A.Sn2＋和Ce3＋B.Sn2＋和Fe2＋C.Ce3＋和Sn2＋D.Fe2＋和Ce3＋3.短周期主族元素A、B、C、D、E的原子序数依次递增,A、B两元素相邻,B、C、E原子的最外层电子数之和为13,E原子最外层电子数是B原子内层电子数的3倍,也是C原子最外层电子数的3倍,B、D原子最外层电子数之和等于C、E原子最外层电子数之和.下列说法正确的是( )A.原子半径C＞D＞E,三者形成的简单离子中D离子的半径最小B.元素A所形成的氢化物常温下一定为气态C.元素C、D、E在自然界中均不能以游离态存在D.元素B的氧化物对应的水化物一定为强酸4.将反应5IO3－＋I－＋6H＋3I2＋3H2O设计成如下图所示的原电池。

开始时向甲烧杯中加入少量浓硫酸,电流计指针发生偏转,一段时间后,电流计指针回到零,再向甲烧杯中滴入几滴浓NaOH溶液,电流计指针再次发生偏转。

下列判断不正确的是A.开始加入少量浓硫酸时,乙中石墨电极上发生氧化反应B.开始加入少量浓硫酸时,同时在甲、乙烧杯中都加入淀粉溶液,只有乙烧杯中溶液变蓝。

C.电流计读数为零时,反应达到化学平衡状态D.两次电流计指针偏转方向相反5.现有等质量的X、Y两种金属,分别放入溶质质量分数相同的足量稀硫酸中,产生氢气的质量与反应时间的关系如右图所示(已知X、Y在生成物中化合价均为＋2价)。

2017-2018学年湖南省衡阳市第八中学高三(实验班)第一次模拟理综-化学试题【含解析】

2017-2018学年湖南省衡阳市第八中学高三（实验班）第一次模拟理综化学注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

一、单选题1．用N A 表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是( )A. 在1 L 0.1 mol/L 的硫化钠溶液中，阴离子总数大于0.1N AB. 常温常压下，Na 2O 2与足量H 2O 反应，生成4.48LO 2 ,转移电子的数目为0.2N AC. 在密闭容器中充入1.5 mol H 2和0.5 mol N 2，充分反应后可得到NH 3的分子数为N AD. 电解精炼铜的过程中，电路中每通过N A 个电子，阳极溶解铜32g2．已知A 、B 、C 、D 、E 是原子序数依次增大的五种短周期元素，其中元素A 、E 的单质在常温下呈气态，元素B 的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，元素C 在同周期的主族元素中原子半径最大，元素D 的合金是日常生活中常用的金属材料。

下列说法正确的是( )A. 工业上常用电解法制备元素C 、D 、E 的单质B. 元素A 、B 组成的化合物常温下一定呈气态C. 化合物AE 与CE 含有相同类型的化学键D. 元素B 、C 、D 的最高价氧化物对应的水化物两两之间均可发生化学反应3．已知常温下浓度为0.1 mol·L －1的下列溶液的pH 如下表所示：( )下列有关说法不正确的是( )A. pH ＝2的HF 溶液与pH ＝12的NaOH 溶液以体积比1∶1混合，则有：c(Na +)> c(F －)> c(OH －)>c(H +)B. 加热0.1 mol·L －1 NaClO 溶液测其pH ，pH 大于9.7C. 0.1 mol·L －1 Na 2CO 3溶液中，存在关系：c(OH －)＝c(H ＋) +c(HCO 3-)＋2c(H 2CO 3)D. 电离平衡常数大小关系:K(HF)> K(H 2CO 3 )>K(HClO)>K( HCO 3-) 4．浓度均为0.1 mol·L -1的三种溶液等体积混合，充分反应后没有沉淀的一组溶液是 A. BaCl 2 NaOH NaHCO 3 B. Na 2CO 3 MgCl 2 H 2SO 4 C. AlCl 3 NH 3·H 2O NaOH D. Ba(OH)2 CaCl 2 Na 2SO 4 5．下列有关Na 2CO 3和NaHCO 3比较中，不正确的是( ) A. 热稳定性：Na 2CO 3＞NaHCO 3 B. 相同温度下，0.1molL ﹣1盐溶液的pH 值：Na 2CO 3＞NaHCO 3 C. 等质量的碳酸钠和碳酸氢钠分别与足量盐酸反应放出气体的量：Na 2CO 3＜NaHCO 3 D. 相同温度下，0.1molL ﹣1盐溶液分别与0.1molL ﹣1HCl 反应的剧烈程度：Na 2CO 3＞NaHCO 3 6．下列实验方案中，能达到实验目的的是( )7．将一铁、铜混合物粉末平均分成三等份，分别加入到同浓度、不同体积的稀硝酸中，充分反应后，收集到NO 气体的体积及剩余固体的质量如表（设反应前后溶液的体积不变，气体体积已换算为标准状况时的体积）：下列说法正确的是（） A. 表中 V=7.84 L B. 原混合物粉末的质量为25.6 g C. 原混合物粉未中铁和铜的物质的量之比为2：3 D. 实验3所得溶液中硝酸的物质的量浓度为0.875 mol•L ﹣1此卷只装订不密封班级姓名准考证号考场号座位号二、实验题8．(12分) 为测定NaOH、Na2C03混合物中Na2C03的质量分数，甲同学拟采用图（1）所示装置来测定。

湖南省衡阳八中2017届高三上学期第二次月考物理试卷(9月份)Word版含解析

2016-2017学年湖南省衡阳八中高三（上）第二次月考物理试卷（9月份）一、选择题部分共10小题，在每小题给出的四个选项中中，有的小题只有一选项正确，有的小题有多个选项正确；全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分．1．光滑平面上一运动质点以速度v通过原点O，v与x轴正方向成α角（如图所示），与此同时对质点加上沿x轴正方向的恒力F x和沿y轴正方向的恒力F y，则（）A．因为有F x，质点一定做曲线运动B．如果F y＞F x，质点向y轴一侧做曲线运动C．质点不可能做直线运动D．如果F x＞F y cotα，质点向x轴一侧做曲线运动2．如图所示，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a．在船下水点A的下游距离为b处是瀑布．为了使小船渡河安全（不掉到瀑布里去）（）A．小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t=．速度最大，最大速度为v max=B．小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小．速度最大，最大速度为v max=C．小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最长．速度最小，最小速度v min=D．小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小．最小速度v min=3．如图所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比为（）A．tanαtan αB．cosαcos α C．D．4．经长期观测，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体，如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1：m2=2：3，下列说法中正确的是（）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为3：2C．m1做圆周运动的半径为D．m2做圆周运动的半径为5．如图所示，表面粗糙的斜面体固定在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，沿斜面向上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2（如图）作用下，在同一斜面上做沿斜面向上的速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法正确的是（）A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v l一定小于v2D．v1可能小于v26．一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度a和速度的倒数（）图象如图所示．若已知汽车的质量，则根据图象所给的信息，不能求出的物理量是（）A．汽车的功率B．汽车行驶的最大速度C．汽车所受到阻力D．汽车运动到最大速度所需的时间7．如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中（）A．木板对物块做功为B．摩擦力对小物块做功为mgLsinαC．支持力对小物块做功为0D．滑动摩擦力对小物块做功为﹣mgLsinα8．如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示．其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的曲线，BC是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A．x A=h，a A=0 B．x B=h+，a B=0C．x C=h+，a C=g D．x C＞h+，a C＞g9．如图所示为赛车场的一个水平“梨形”赛道，两个弯道分别为半径R=90m的大圆弧和r=40m 的小圆弧，直道与弯道相切．大、小圆弧圆心O、O'距离L=100m．赛车沿弯道路线行驶时，路面对轮胎的最大径向静摩擦力是赛车重力的2.25倍，假设赛车在直道上做匀变速直线运动，在弯道上做匀速圆周运动，要使赛车不打滑，绕赛道一圈时间最短（发动机功率足够大，重力加速度g=10m/s2，π=3.14）．则赛车（）A．在绕过小圆弧弯道后加速B．在大圆弧弯道上的速率为45m/sC．在直道上的加速度大小为5.63m/s2D．通过小圆弧弯道的时间为5.85s10．如图所示，长为2L的轻杆硬杆，上端固定一质量为m的小球，下端用光滑铰链连接于地面上的O点，杆可绕O点在竖直平面内自由转动，定滑轮固定于地面上方L处，到O点的水平距离为，电动机由跨过定滑轮且不可伸长的绳子与杆的中点相连，启动电动机，杆从虚线位置绕O点逆时针倒下地面，假设从α=60°到α=0的过程中，杆做匀速转动（设杆与水平的夹角为α），则在此过程中（）A．在前一半路程电动机对杆做的功比在后一半路程少B．电动机的输出功率先增大后减小C．α=60°时，绳子对杆的拉力大小为mgD．杆对小球的作用力最大时，绳子对杆的拉力大小为4mg二、（非选择题共70分）非选择题部分共5小题．把答案填在题的横线上或按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．某同学利用竖直上抛小球的频闪照片验证机械能守恒定律．频闪仪每隔0.05s闪光一次，如图中所标数据为实际距离，该同学通过计算得到不同时刻的速度如下表（重力加速度取2m=0.2kg：55=m/s．（2）从t2到t5时间内，重力势能增加量△E p=J，动能减少量△E k=J，在误差允许的范围内，若△E p与△E k近似相等，从而验证了机械能守恒定律．12．用如图1所示的装置“探究加速度与力和质量的关系”，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细线均处于水平．（1）实验时，一定要进行的操作是．（填步骤序号）A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0；B．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C．用天平测出砂和砂桶的质量D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量（2）以拉力传感器示数的二倍F（F=2F0）为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的a﹣F 图象如图2所示，则可能正确的是．（3）在实验中，得到一条如图3所示的纸带，按时间顺序取0、1、2、…、5共6个计数点，1～5每相邻两个点间各有四个打印点未画出，用刻度尺测出1、2、…、5各点到O点的距离分别为：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10（cm），通过电磁打点计时器的交流电频率为50Hz．则：小车的加速度大小为m/s2，（结果保留一位小数）13．如图所示，有一条沿顺时针方向匀速传送的传送带，恒定速度v=4m/s，传送带与水平面的夹角θ=37°，现将质量m=1kg的小物块轻放在其底端（小物块可视作质点），与此同时，给小物块沿传送带方向向上的恒力F=8N，经过一段时间，小物块上到了离地面高为h=2.4m 的平台上．已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）问：（1）物块从传送带底端运动到平台上所用的时间？（2）若在物块与传送带达到相同速度时，立即撤去恒力F，计算小物块还需经过多少时间离开传送带以及离开时的速度？14．2011年7月11日23时41分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功将“天链一号02星”送入太空．火箭飞行约26分钟后，西安卫星测控中心传来的数据表明，星箭分离，卫星成功进入地球同步转移轨道．“天链一号02星”是我国第二颗地球同步轨道数据中继卫星，又称跟踪和数据中继卫星，由中国航天科技集团公司所属中国空间技术研究院为主研制．中继卫星被誉为“卫星的卫星”，是航天器太空运行的数据“中转站”，用于转发地球站对中低轨道航天器的跟踪测控信号和中继航天器发回地面的信息的地球静止通信卫星．（=0.7）（1）已知地球半径R=6400kM，地球表面的重力加速度g=10m/s2，地球自转周期T=24h，请你估算“天链一号02星”的轨道半径为多少？（结果保留一位有效数字）（2）某次有一个赤道地面基站发送一个无线电波信号，需要位于赤道地面基站正上方的“天链一号02星”把该信号转发到同轨道的一个航天器，如果航天器与“天链一号02星”处于同轨道最远可通信距离的情况下，航天器接收到赤道地面基站的无线电波信号的时间是多少？已知地球半径为R，地球同步卫星轨道半径为r，无线电波的传播速度为光速c．15．如图（甲）所示，弯曲部分AB和CD是两个半径相等的四分之一圆弧，中间的BC段是竖直的薄壁细圆管（细圆管内径略大于小球的直径），分别与上、下圆弧轨道相切连接，BC段的长度L可作伸缩调节．下圆弧轨道与地面相切，其中D、A分别是上、下圆弧轨道的最高点与最低点，整个轨道固定在竖直平面内．一小球多次以某一速度从A点水平进入轨道而从D点水平飞出．今在A、D两点各放一个压力传感器，测试小球对轨道A、D两点的压力，计算出压力差△F．改变BC间距离L，重复上述实验，最后绘得△F﹣L的图线如图（乙）所示．（不计一切摩擦阻力，g取10m/s2）（1）某一次调节后D点离地高度为0.8m．小球从D点飞出，落地点与D点水平距离为2.4m，求小球过D点时速度大小．（2）求小球的质量和弯曲圆弧轨道的半径大小．（选修模块3-3）16．页岩气是从页岩层中开采出来的天然气，主要成分为甲烷，被公认是洁净的能源．（1）一定质量的页岩气（可看作理想气体）状态发生了一次循环变化，其压强p随热力学温度T变化的关系如图所示，O、a、b在同一直线上，bc与横轴平行．则A．a到b过程，气体的体积减小B．a到b过程，气体的体积增大C．b到c过程，气体从外界吸收热量D．b到c过程，气体向外界放出热量（2）将页岩气经压缩、冷却，在﹣160℃下液化成液化天然气（简称LNG）．在液化天然气的表面层，其分子间的引力（选填“大于”、“等于”或“小于”）斥力．在LNG罐内顶部存在一些页岩气，页岩气中甲烷分子的平均动能（选填“大于”、“等于”或“小于”）液化天然气中甲烷分子的平均动能．（3）某状况下页岩气体积约为同质量液化天然气体积的600倍，已知液化天然气的密度ρ=4.5×102kg/m3，甲烷的摩尔质量M=1.6×10﹣2kg/mol，阿伏伽德罗常数N A=6.0×1023/mol，试估算该状态下6.0m3的页岩气中甲烷分子数．17．如图所示，内径均匀的U形玻璃管竖直放置，截面积为5cm2，右侧管上端封闭，左侧管上端开口，内有用细线拴住的活塞．两管中分别封入L=11cm的空气柱A和B，活塞上、下气体压强相等均为76cm水银柱产生的压强，这时两管内的水银面的高度差h=6cm，现将活塞用细线缓慢地向上拉，使两管内水银面相平．整个过程中空气柱A、B的温度恒定不变．问（76cm水银柱的压强相当于1.01×105 Pa）①活塞向上移动的距离是多少？②需用多大拉力才能使活塞静止在这个位置上？2016-2017学年湖南省衡阳八中高三（上）第二次月考物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题部分共10小题，在每小题给出的四个选项中中，有的小题只有一选项正确，有的小题有多个选项正确；全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分．1．光滑平面上一运动质点以速度v通过原点O，v与x轴正方向成α角（如图所示），与此同时对质点加上沿x轴正方向的恒力F x和沿y轴正方向的恒力F y，则（）A．因为有F x，质点一定做曲线运动B．如果F y＞F x，质点向y轴一侧做曲线运动C．质点不可能做直线运动D．如果F x＞F y cotα，质点向x轴一侧做曲线运动【考点】运动的合成和分解．【分析】根据合力的方向与速度的方向是否在同一条直线上，判断物体做直线运动，还是曲线运动．【解答】解：若F x=F y cotα，则合力方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动；若F x＞F y cotα，则合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向下侧，则质点向x轴一侧做曲线运动；若F x＜F y cotα，则合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向上侧，质点向y轴一侧做曲线运动．故D正确，A、B、C错误．故选D．2．如图所示，河水流动的速度为v且处处相同，河宽度为a．在船下水点A的下游距离为b处是瀑布．为了使小船渡河安全（不掉到瀑布里去）（）A．小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为t=．速度最大，最大速度为v max=B．小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小．速度最大，最大速度为v max=C．小船沿轨迹AB运动位移最大、时间最长．速度最小，最小速度v min=D．小船沿轨迹AB运动位移最大、速度最小．最小速度v min=【考点】运动的合成和分解．【分析】小船参与两个分运动，沿着船头指向的匀速直线运动和随着水流的匀速直线运动，当沿着船头指向的分速度垂直河岸时，渡河时间最短；当合速度垂直河岸时，位移最短．【解答】解：A、当小船船头垂直河岸渡河时间最短，最短时间为：t=，故A错误；B、小船轨迹沿y轴方向渡河位移最小，为a，但沿着船头指向的分速度速度必须指向上游，合速度不是最大，故B错误；C、由图，小船沿轨迹AB运动位移最大，由于渡河时间t=，与船的船头指向的分速度有关，故时间不一定最短，故C错误；D、要充分利用利用水流的速度，故要合速度要沿着AB方向，此时位移显然是最大的，划船的速度最小，故：=；故D正确；故v船故选：D．3．如图所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比为（）A．tanαtan αB．cosαcos α C．D．【考点】平抛运动．【分析】由几何关系可知两球下落高度及水平位移的关系，再由平抛运动的规律可求得初速度之比．【解答】解：由几何关系可知，A的竖直位移为：h A=Rcosα，水平位移为：x A=Rsinα；B的竖直位移为：h B=Rcos（90°﹣α）=Rsinα，水平位移为：x B=Rsin（90°﹣α）=Rcosα由平抛运动的规律可知：h=gt2，x=v0t解得：v0=x则=•=tanα故选：C4．经长期观测，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体，如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1：m2=2：3，下列说法中正确的是（）A．m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2B．m1、m2做圆周运动的角速度之比为3：2C．m1做圆周运动的半径为D．m2做圆周运动的半径为【考点】万有引力定律及其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度．对m1：，对m2：．【解答】解：双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，对m1：，对m2：．得：m1r1=m2r2，=．所以r1=，r2=．又v=rω，所以线速度之比．故A、D正确，B、C错误．故选AD．5．如图所示，表面粗糙的斜面体固定在水平地面上．一物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，沿斜面向上做速度为v1的匀速运动，F1的功率为P0．若该物体在沿斜面斜向上的且与斜面夹角为α的力F2（如图）作用下，在同一斜面上做沿斜面向上的速度为v2的匀速运动，F2的功率也为P0，则下列说法正确的是（）A．F2大于F1B．在相同的时间内，物体增加的机械能相同C．v l一定小于v2D．v1可能小于v2【考点】功能关系；共点力平衡的条件及其应用．【分析】设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，然后第物体进行受力分析，即可比较两个力的大小关系，进而比较速度的关系．【解答】解：A、设斜面与物体之间的动摩擦因数是μ，物体在沿斜面向上且平行斜面的力F1作用下，在斜面上做速度为v1的匀速运动，则：F1=mgsinθ+μmgcosθ①在与斜面夹角为α的力F2作用下运动时：F2sinα+N=mgcosθ②F2cosα=mgsinθ+μN ③由②③可知，当时，对物体的拉力有最小值．所以F2不一定大于F1．故A错误．B、C、D、由①②③式可知，在第二种情况下，摩擦力比较小，根据功率的表达式：Fv 可知，摩擦力f越小，沿斜面向下的合外力越小，则速度越大．所以v1一定小于v2．同时物体在相等的时间内增加的机械能越大，所以在相同的时间内，物体增加的机械能不相同．故B错误，C正确，D错误．故选：C6．一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度a和速度的倒数（）图象如图所示．若已知汽车的质量，则根据图象所给的信息，不能求出的物理量是（）A．汽车的功率B．汽车行驶的最大速度C．汽车所受到阻力D．汽车运动到最大速度所需的时间【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车恒定功率启动，对汽车受力分析后根据牛顿第二定律列方程，再结合图象进行分析即可．【解答】解：A、B、对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有F﹣f=ma其中F=联立得结合图线，有：=0时，a=0=0.05解得P=40mf=2m由于质量已知，故A错误，B也错误；C、当物体的速度最大时，加速度为零，故结合图象可以知道，最大速度为20m/s，故C错误；D、汽车的初速度未知，故加速时间未知，故D正确；故选D．7．如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中（）A．木板对物块做功为B．摩擦力对小物块做功为mgLsinαC．支持力对小物块做功为0D．滑动摩擦力对小物块做功为﹣mgLsinα【考点】动能定理的应用．【分析】对整个过程运用动能定理求解木板对木块做的功．在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为α的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功．根据摩擦力与重力分力大小的关系，求解摩擦力做功．根据动能定理求解支持力和滑动摩擦力做功．【解答】解：A、设在整个过程中，木板对物块做功为W，整个过程中重力做功为零，则根据动能定理得：W=mv2．故A正确．B、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为α的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功．由于摩擦力小于重力沿斜面向下的分力，即f＜mgsinα，则摩擦力对物块做功W f=﹣fL≠﹣mgLsinα．故B错误．C、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为α的过程中，支持力对物块做功，设为W N，根据动能定理得：W N﹣mgLsinα=0，得W N=mgLsinα．故C错误．D、在物块下滑的过程中，根据动能定理得：mgLsinα+W f=mv2﹣0得，W f=﹣mgLsinα．故D正确．故选：AD8．如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后继续向下运动．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示．其中OA段为直线，AB段是与OA相切于A点的曲线，BC是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A．x A=h，a A=0 B．x B=h+，a B=0C．x C=h+，a C=g D．x C＞h+，a C＞g【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】OA过程是自由落体，A的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可还以计算出弹簧的形变量；C点时速度减为零，弹簧被压缩到最低点，弹簧的弹力最大，可以分析物体的加速度．【解答】解：A、OA过程是自由落体，A的坐标就是h，加速度为g，故A错误；B、B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知x=，所以B得坐标为h+，故B正确；C、D、取一个与A点关于B点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于h+2，加速度a c＞g，所以C错误，D正确；故选BD．9．如图所示为赛车场的一个水平“梨形”赛道，两个弯道分别为半径R=90m的大圆弧和r=40m 的小圆弧，直道与弯道相切．大、小圆弧圆心O、O'距离L=100m．赛车沿弯道路线行驶时，路面对轮胎的最大径向静摩擦力是赛车重力的2.25倍，假设赛车在直道上做匀变速直线运动，在弯道上做匀速圆周运动，要使赛车不打滑，绕赛道一圈时间最短（发动机功率足够大，重力加速度g=10m/s2，π=3.14）．则赛车（）A．在绕过小圆弧弯道后加速B．在大圆弧弯道上的速率为45m/sC．在直道上的加速度大小为5.63m/s2D．通过小圆弧弯道的时间为5.85s【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】在弯道上做匀速圆周运动，赛车不打滑，绕赛道一圈时间最短，则在弯道上都由最大静摩擦力提供向心力，速度最大，分别由牛顿第二定律解得在弯道的速度，由运动学公式求加速度，利用t=2πr××求时间．【解答】解：A．在弯道上做匀速圆周运动，赛车不打滑，绕赛道一圈时间最短，则在弯道上都由最大静摩擦力提供向心力，速度最大，由BC分析可知，在绕过小圆弧弯道后加速，故A正确；B．设经过大圆弧的速度为v，经过大圆弧时由最大静摩擦力提供向心力，由2.25mg=m可知，代入数据解得：v=45m/s，故B正确；C．设经过小圆弧的速度为v0，经过小圆弧时由最大静摩擦力提供向心力，由2.25mg=m可知，代入数据解得：v0=30m/s，由几何关系可得直道的长度为：x==50m，再由v2﹣=2ax代入数据解得：a=6.50m/s，故C错误；D．设R与OO'的夹角为α，由几何关系可得：cosα==，α=60°，小圆弧的圆心角为：120°，经过小圆弧弯道的时间为t=2πr××=2.79s，故D错误．故选：AB．10．如图所示，长为2L的轻杆硬杆，上端固定一质量为m的小球，下端用光滑铰链连接于地面上的O点，杆可绕O点在竖直平面内自由转动，定滑轮固定于地面上方L处，到O点的水平距离为，电动机由跨过定滑轮且不可伸长的绳子与杆的中点相连，启动电动机，杆从虚线位置绕O点逆时针倒下地面，假设从α=60°到α=0的过程中，杆做匀速转动（设杆与水平的夹角为α），则在此过程中（）A．在前一半路程电动机对杆做的功比在后一半路程少B．电动机的输出功率先增大后减小C．α=60°时，绳子对杆的拉力大小为mgD．杆对小球的作用力最大时，绳子对杆的拉力大小为4mg【考点】功率、平均功率和瞬时功率；物体的弹性和弹力．【分析】A、在前一半程小球重力势能的减少量小于小球重力势能的减少量，根据功能关系，在前一半程电动机对杆做的功比在后一半程少，可判断A选项；B、依题意知电动机的输出功率一直在增大，可判断B选项；C、当α=60°时，绳子对杆的拉力小于小球的重力mg，可判断C选项；D、当α=0°时，杆对小球的作用力最大，此时绳子与水平面的夹角为30°，由力矩平衡可判断D选项．【解答】解：A、在前一半程小球重力势能的减少量小于小球重力势能的减少量，根据功能关系，在前一半程电动机对杆做的功比在后一半程少，故选项A正确；B、电动机的输出功率一直在增大，故选项B错误；C、当α=60°时，绳子对杆的拉力小于小球的重力mg，故C选项错误；D、当α=0°时，杆对小球的作用力最大，此时绳子与水平面的夹角为30°，由力矩平衡可得，mg•2L=F•Lsin30°，解之得，F=4mg．故D选项正确．故选：AD．二、（非选择题共70分）非选择题部分共5小题．把答案填在题的横线上或按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．某同学利用竖直上抛小球的频闪照片验证机械能守恒定律．频闪仪每隔0.05s闪光一次，如图中所标数据为实际距离，该同学通过计算得到不同时刻的速度如下表（重力加速度取2：55= 4.08m/s．（2）从t2到t5时间内，重力势能增加量△E p= 1.45J，动能减少量△E k= 1.46J，在误差允许的范围内，若△E p与△E k近似相等，从而验证了机械能守恒定律．。

湖南省衡阳市第八中学2017-2018学年高二上学期10月月考化学试卷及答案

2017 年衡阳市八中高二10 月份月考
化学试题
考生注意：本试卷共30 题，满分100 分，时量90 分钟，请将答案写在答题卡上。

可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16
一、选择题（每题2 分，共50 分，每小题只有一个选项符合题意）
1、下面的原子或原子团不属于官能团的是( )
A. B．NO2- C. -Br D.
2、下列含羟基的有机物不属于醇的是( )
B．
C．CH3CH2OH D.
3、下列说法中正确的是( )
A．分子组成相差1 个或若干个CH2 原子团的物质互称为同系物
B．相对分子质量相同的有机物是同分异构体
C．碳原子之间只以单键相结合的链烃为烷烃
D．分子式相同的有机物一定是同一种物质
4、下列物质不可能是乙烯加成产物的是( )
A．CH3CH3 B．CH3CHCl2
C．CH3CH2OH D．CH3CH2Br
5、研究有机物一般经过以下几个基本步骤：分离、提纯→确定实验式→确定分子式→确定结构式，以下用于研
究有机物的方法错误的是（）
A．蒸馏常用于分离提纯互溶液态有机混合物
B．核磁共振氢谱通常用于分析有机物的相对分子质量
C．燃烧法是研究确定有机物成分的有效方法
D．对有机物分子红外光谱图的研究有助于确定有机物分子中的官能团。

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2016-2017学年湖南省衡阳八中实验班高三（上）第二次月考化学试卷

主要化合价 +1 +2 +3 +6、﹣2 +5、﹣3 ﹣2 A．单质的还原性：G＜L＜M B．非金属性：T＜Q C．气态氢化物的稳定性：R＞T D．L2+与T2﹣的核外电子数相等 3．某溶液能与锌片作用产生H2，则该溶液中可以大量共存的离子组是（） A．Na+、NO3﹣、K+、Fe2+ B．Fe2+、Na+、SO42﹣、K+ C．K+、I﹣、NO3﹣、H+ D．NH4+、NO3﹣、Na+、HCO3﹣ 4．已知：①1mol H2分子中化学键断裂时需要吸收436kJ的能量 ②1mol Cl2分子中化学键断裂时需要吸收243kJ的能量 ③由H原子和Cl原子形成1mol HCl分子时释放431kJ的能量下列叙述正确的是（） A．氢气和氯气反应生成氯化氢气体的热化学方程式是H2（g）+Cl2（g）=2HCl（g） B．氢气和氯气反应生成2mol氯化氢气体，反应的△H=183kJ/mol C．氢气和氯气反应生成2mol氯化氢气体，反应的△H=﹣183kJ/mol D．氢气和氯气反应生成1mol氯化氢气体，反应的△H=﹣183kJ/mol 5．已知还原性CI﹣＜Br﹣＜Fe2+＜I﹣，氧化性CI2＞Br2＞Fe3+＞12，则下列说法正确的是（） A．在含有Br、Fe2+、I﹣的溶液中欲只氧化I﹣而不氧化Br、Fe2+，可用FeBr3作试剂 B．向Fel2溶液中通入少量Cl2，反应的离子方程式为：2Fe2++Cl2═2Fe3++2C1﹣ C．向FeBr2溶液中通入足量Cl2，反应的离子方程式为：2Fe2++2Br﹣+2Cl2═2Fe3++Br2+4CI﹣ D．向FeCl2溶液中滴加足量碘水，能发生反应：2Fe2++12═2Fe3++2I﹣ 6．某溶液中可能含有OH﹣，CO32﹣，AlO2﹣，SiO32﹣，SO42﹣，K+，Na+，Fe3+，Mg2+，Al3+等离子，当向溶液中逐滴加入一定物质的量的盐酸时，生成沉淀物质的量与加入盐酸体积的关系如图所示．下列判断正确的是（）

A．原溶液中一定含有Na2SO4 B．反应后形成的溶液溶质为NaCl C．原溶液中含有CO32﹣与AlO2﹣的物质的量比为3：4 D．原溶液中一定含有的离子是OH﹣，CO32﹣，SiO32﹣，AlO2﹣，K+ 7．根据如图的转化关系判断下列说法正确的是（反应条件已略去）（）

A．反应①②③④⑤均属于氧化反应和离子反应 B．反应⑤说明该条件下铝的还原性强于锰 C．相同条件下生成等量的O2，反应③和④转移的电子数之比为1：1 D．反应①中氧化剂与还原剂的物质的量之比为1：4

二、解答题（共3小题，满分58分） 8．以硅藻土为载体的五氧化二钒（V2O5）是接触法生成硫酸的催化剂．从废钒催化剂中回

收V2O5 既避免污染环境又有利于资源综合利用．废钒催化剂主要成分为：物质 V2O5 V2O4 K2SO4 SiO2 Fe2O3 Al2O3 质量分数/% 2.2～2.9 2.8～3.1 22～28 60～65 1～2 ＜1 以下是一种废钒催化剂回收工艺路线：

回答下列问题：（1）“酸浸”时V2O5转化为VO2+，反应的离子方程式为，同时V2O4转成VO2+．“废渣1”的主要成分是．（2）“氧化”中欲使3mol的VO2+变为VO2+，则需要氧化剂KClO3至少为 mol．（3）“中和”作用之一是使钒以V4O124﹣形式存在于溶液中．“废渣2”中含有．（4）“离子交换”和“洗脱”可简单表示为：4ROH+V4O124﹣R4V4O12+4OH﹣（以ROH为强碱性阴离子交换树脂）．为了提高洗脱效率，淋洗液应该呈性（填“酸”“碱”“中”）．（5）“流出液”中阳离子最多的是．（6）“沉钒”得到偏钒酸铵（NH4VO3）沉淀，写出“煅烧”中发生反应的化学方程式． 9．从废钒催化剂（主要成分V2O5、Fe2O3和SiO2等）中回收XO5的一种生产工艺流程示

意如图所示：

回答下列问题：（1）①中滤渣的主要成分是．（2）②、③中的变化过程可简化为（下式中Rn+表示VO2+或Fe3+，HA表示有机萃取剂的主要成分）： Rn+（水层）+nHA（有机层）⇌RAn（有机层）+nH+（水层） ②中萃取时必须加入适量碱，其原因是．③中反萃取时加入的X试剂是．（3）完成④中反应的离子方程式： ClO+ VO2++ H+= VO3++ Cl﹣+ （4）25℃时，取样进行实验分析，得到钒沉淀率和溶液pH之间的关系如表 pH 1.3 1.4 1.5 1.6 1.7 1.8 1.9 2.0 2.1 钡沉淀率/% 88 92 93 95 95 95 93 90 87

根据表中数据判断，⑤中加入氨水，调节溶液pH最佳值为；若钒沉淀率为90%时不产生Fe（OH）3沉淀，则溶液中c（Fe3+）＜．（已知：25℃时，Ksp[Fe（OH）3]=4.0×10﹣38）

（5）在整个工艺流程中，可以循环利用的物质是水、和．（6）写出废液Y中除H+之外的两种阳离子． 10．我国化工专家侯德榜，改进氨碱法设计了“联合制碱法”，为世界制碱工业作出了突出贡

献．生产流程如图1：（1）完成有关反应的化学方程式 ①沉淀池：NH3+CO2+H2O+NaCl=NaHCO3↓+NH4Cl ②煅烧炉：（2）联合制碱法的优点表述中，不正确的是 A．生产原料为：食盐、NH3、CO2 B．副产物氯化铵可做氮肥 C．生产过程中可循环利用的物质只有CO2 D．原料利用率高某实验小组，利用下列装置图2模拟“联合制碱法”的第一步反应．（3）上述装置中接口连接顺序为； A．a接c；b接f、e接d B．a接d；b接f、e接c C．b接d；a接e、f接c D．b接c；a接f、e接d （4）D中应选用的液体为．为测定产品纯碱的成分和含量，做如下实验．假设产品纯碱中只含NaCl、NaHCO3杂质．（5）检验产品纯碱中是否含有NaCl，可取少量试样溶于水后，再滴加试剂．（6）滴定法测定纯碱产品中NaHCO3含量的方法是：准确称取纯碱样品W g，放入锥形瓶中加蒸馏水溶解，加1～2滴酚酞指示剂，用c mol/L的HCl溶液滴定至溶液由红色变为无色（指示CO32﹣+H+=HCO3﹣反应的终点），所用HCl溶液体积为V1mL，再加1～2滴甲基橙指示剂，继续用HCl溶液滴定至溶液由黄色变为橙色，所用HCl溶液总体积为V2 mL．则纯碱样品中NaHCO3质量分数为． 2016-2017学年湖南省衡阳八中实验班高三（上）第二次月考化学试卷

参考答案与试题解析

一、本卷共21题，每题6分．其中物理部分为不定项选择题，全部选对得6分，部分选对得3分，错选，多选不得分．化学部分和生物部分后面所给的四个选项中，只有一个是正确的． 1．设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（） A．常温常压下，7.8gNa2S固体和7.8gNa2O2固体中含有的阴离子数目均为0.1NA B．在标准状况下，22.4LCl2和HCl的混合气体中含有的分子总数为2×6.02×1023 C．含1molFeCl3的饱和溶液滴入沸水中得到胶体数目为NA D．标准状况下，Na2O2与足量的CO2反应生成2.24LO2，转移电子数为0.4NA 【考点】阿伏加德罗常数．【分析】A、Na2S和Na2O2的摩尔质量均为78g/mol，且均由2个钠离子和1个阴离子构成； B、求出混合气体的物质的量，然后根据分子个数N=nNA来分析； C、一个氢氧化铁胶粒是多个氢氧化铁的聚集体； D、求出氧气的物质的量，然后根据反应过程中氧元素的价态由﹣1价变为0价来分析．【解答】解：A、Na2S和Na2O2的摩尔质量均为78g/mol，故7.8g混合物的物质的量为0.1mol，而两者均由2个钠离子和1个阴离子构成，故0.1mol混合物中含0.1mol阴离子即0.1NA个，故A正确； B、标况下22.4L氯气和HCl的物质的量为1mol，故分子个数N=nNA=NA个，故B错误； C、一个氢氧化铁胶粒是多个氢氧化铁的聚集体，故1mol氯化铁所形成的胶粒的个数小于

NA个，故C错误； D、标况下2.24L氧气的物质的量为0.1mol，而反应过程中氧元素的价态由﹣1价变为0价，

故生成0.1mol氧气时转移0.2mol电子即0.2NA个，故D错误．故选A．

2．根据下表信息，判断以下叙述正确的是（）部分短周期元素的原子半径及主要化合价