【物理】山西省太原市外国语学校2014-2015学年高一下学期期中考试
2014-2015学年上学期高一物理学科期中试题
2014-2015学年上学期高一物理学科期中试题时间： 90 分钟满分： 100 分一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1至10题单选，11、12题多选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）．1．下列几组物理量中，全部为矢量的一组是（）A．时间、位移、速度 B．速度、速率、加速度C．路程、时间、速率 D．速度、速度变化量、加速度2. 关于位移和路程，下列说法中正确的是（）A. 物体位移大小不同，路程一定不同B. 物体通过的路程不相等，但位移可能相同C. 物体通过了一段路程，其位移不可能为零D. 以上说法都不对3. 下面的几个速度中表示平均速度的是（）A. 子弹射出枪口的速度是800m/s，以790m/s的速度击中目标B. 汽车从甲站行驶到乙站的速度是40km/hC. 汽车通过站牌时速度是72km/hD. 小球第3s末速度是6m/s4．关于速度和加速度的关系，以下说法正确的有()A．速度变化的越快，加速度就越大B．加速度方向为正时，速度一定增加C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度大小不断变小，速度大小也不断变小5.某物体沿一直线运动，其v－t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．第2 s内和第3 s内速度方向相反B．第2 s内和第3 s内的速度方向相同C．第3 s内和第4S内加速度大小相同方向相反D．第5 s内速度方向与第1 s内速度方向相同6.关于力的论述，下列说法中正确的是（）A．在同一地点，物体所受的重力与其运动状态有关B．相互接触的两物体之间一定有弹力作用C．滑动摩擦力的方向与物体运动方向相反D．相互作用的物体中，如有摩擦力，必有弹力。
7.关于物体的重力和重心，下列说法正确的是（）A．重心是重力的作用点，所以重心总是在物体上，不可能在物体外B．弹簧秤和杆秤都可以直接用来测重力C．物体的重心位置跟物体的质量分布和物体的形状有关D．有规则形状的物体的几何中心一定与重心重合8.如图所示为A、B两人在同一直线上运动的位移图像，图像表示（）A．0～2秒内A、B两人同向而行B．0～2秒内A的速度比B的速度大C．在5 s内，A走的路程比B走的路程多D．在5 s内，A的位移比B的位移大9.已知飞机从静止开始加速前进的路程为1600 m，所用的时间为40s，假设这段时间内的运动为匀加速运动，用a表示加速度，v表示离地时的速度，则（）A. a=2 m/s2, v=80 m/sB. a=1 m/s2, v=40 m/sC. .a=80m/s2, v=40 m/sD. .a=1 m/s2, v=80 m/s10.物体由静止开始做匀加速直线运动，位移是X时，速度是V，则速度是3V时的位移是（）A.9XB.6XC.3XD.12X11.在匀变速直线运动中，有（）A、相同时间内，位移的变化相同；B、相同时间内速度变化相同；C、加速度一直不变；D、在相同位移内速度变化相同。
高二物理月考试题及答案-山西太原外国语学校-2015学年高二(上)半月考
2014-2015学年山西省太原外国语学校高二（上）半月考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1．（3分）（2014春•通州区期末）如图所示，有一带正电荷的验电器，当一金属球A靠近验电器的小球B时，验电器金属箔张角减小，则金属球A（）A．可能不带电B．一定带正电C．可能带正电D．一定带负电考点：电荷守恒定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，金属箔片是否张开角度说明物体是否带电，金属箔片张开角度的大小反应了物体带电的多少．解答：解：验电器原来带正电，要使张角减小，则应使B处的电子转移到金属箔处，根据电荷间的相互作用，A球可能带负电；若A球不带电时，则由于感应，A球左侧也会带上负电，故会产生同样的效果；故A球可以带负电，也可以不带电；故A正确、BCD错误故选：A．点评：对于金属而言能够移动的自由电荷是带负电的电子，而不是带正电的质子．2．（3分）（2013秋•市中区期中）两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．12F D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．解答：解：相距为r时，根据库仑定律得：F=k =；接触后，各自带电量变为Q′==Q，则此时F′=k两式联立得F′=F，故A正确，BCD错误，故选：A．点评：本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键．3．（3分）（2014秋•库尔勒市校级期末）如图，A、B、C、D、E是半径为r的圆周上等间距的五个点，在这些点上各固定一个点电荷，除A点处的电量为﹣q外，其余各点处的电量均为+q，则圆心O处（）A．场强大小为，方向沿AO方向B．场强大小为，方向沿OA方向C．场强大小为，方向沿AO方向D．场强大小为，方向沿OA方向考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据点电荷的场强公式求出点电荷产生的场强，然后由平行四边形定则求出各点电荷场强的合场强，然后求出O点的场强大小与方向．解答：解：由点电荷的场强公式可知，各点电荷在O点产生的场强大小为E=，电场强度是矢量，求合场强应用平行四边形定则，由对称性可知，B、C、D、E四个点电荷的合场强大小为E′=，方向沿OA方向，则A、B、C、D、E四个点电荷的合场强大小为：E合=E′+E=，方向沿OA方向；故选D．点评：本题考查了电场强度问题，熟练应用点电荷的场强公式及平行四边形定则是正确解题的关键．4．（3分）（2014•雨花区校级模拟）真空中相距为3a 的两个点电荷M、N分别固定于x 轴上x1=0和x2=3a的两点上，在它们连线上各点场强随x变化关系如图所示，以下判断中正确的是（）A．x=a点的电势高于x=2a点的电势B．点电荷M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1C．点电荷M、N一定为异种电荷D．x=2a处的电势一定为零考点：电势；电场强度．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由于M、N之间的场强的方向相反，故点电荷M、N一定为同种电荷；由于不知道M、N 的所带电荷的性质，故需要讨论，若都带正电荷，则0～2a场强的方向向右，而沿电场线方向电势降低，故x=a点的电势高于x=2a点的电势；若都带负电荷，则0～2a 场强的方向向左，故x=a点的电势低于x=2a点的电势；由于2a处场强为0，故M在2a处产生的场强E1=和N在2a处产生的场强E2=大小相等；由于电势是一个相对性的概念，即零电势的选择是任意的，人为的，即任意点的电势都可以为0．解答：解：A、由于不知道M、N的所带电荷的性质，故需要讨论，若都带正电荷，则0～2a 场强的方向向右，而沿电场线方向电势降低，故x=a点的电势高于x=2a点的电势；若都带负电荷，则0～2a场强的方向向左，故x=a点的电势低于x=2a点的电势，故A 错误．B、M在2a处产生的场强E1=，而N在2a处产生的场强E2=，由于2a处场强为0，故E1=E2，所以Q M=4Q N，故B正确．C、由于M、N之间的场强的方向相反，故点电荷M、N一定为同种电荷，故C错误．D、由于电势是一个相对性的概念，即零电势的选择是任意的，人为的，故x=2a处的电势可以为零，也可以不为零，故D错误．故选B．点评：只要把握了同种性质和异种性质的点电荷产生的电场的分别特点就能顺利解决此类问题．5．（3分）（2013•陕西校级一模）x轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2的位置坐标分别为x1、x2．Q1和Q2之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，从图中可以看出（）A．Q1的电荷量一定小于Q2的电荷量B．Q1和Q2一定是同种电荷，但不一定是正电荷C．电势最低处P点的电场强度为零D．将一负点电荷从P点的左侧移至右侧，电场力先做正功后做负功考点：电场的叠加；电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：φ﹣x图线的切线斜率表示电场强度的大小，从坐标x1到x2电势先减小后增大，根据沿电场线电势逐渐降低判断两电荷的电性，根据电场强度为零的位置比较两电荷的电量大小．根据电场力方向与运动方向的关系判断电场力是做正功还是负功．解答：解：ABC、P点切线斜率为零，而φ﹣x图线的切线斜率表示电场强度的大小，则P 点的电场强度为零．两电荷在P点的合场强为零，P点距离Q1较远，根据点电荷的场强公式知，Q1的电量大于Q2的电量．从坐标x1到x2电势先减小后增大，因为沿电场线方向电势逐渐降低，知Q1和Q2一定是同种电荷，且都为正电荷．故A、B错误，C 正确．D、P点的左侧电场方向向右，P点的右侧电场方向向左，知负电荷所受的电场力先向左后向右，电场力先做负功再做正功．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键找到该题的突破口，即根据P点的切线斜率（即电场强度）为零入手分析，以及知道沿着电场线方向电势逐渐降低．6．（3分）（2009•山东模拟）在电场线如图所示的电场中有M、N两点，一个带电离子（不计重力）仅在电场力作用下由静止开始从M点运动到N点，则（）A．M点处的电场强度比N点处的电场强度大B．该离子在M点的电势能大于在N点的电势能C．M点处的电势比N点处的电势低D．该离子在N点的速度可能为零考点：电场线；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方场强进行判定．解答：解：A：由电场线的性质可知，电场线分布密的N点处的电场强度大，故A错误；B：带电离子仅在电场力作用下由静止开始运动，所以带电粒子受力的方向向右，与电场线的方向相同，带电粒子带正电，由静止开始从M点运动到N点做加速运动，电场力做正功，电势能减少动能增加，电势能与电能的和保持不变．故B正确；C：沿电场线的方向电势越来越低，即M点处的电势比N点处的电势高，故C错误；D：由题意知，带电粒子带正电，由静止开始从M点运动到N点做加速运动，电场力做正功，电势能减小动能增大．故D错误．故选：B点评：把握电场线的特点是解决此类问题的关键．记住了，理解了，也就会做了．7．（3分）（2014•咸阳一模）如图所示，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点．不计重力，下列表述正确的是（）A．粒子在M点的速率最大B．粒子所受电场力沿电场方向C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电场强度；电势能．专题：压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子在匀强电场中受到的电场力的方向向左，在向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电子的速度减小，电势能增加，根据电子的运动分析可以得出结论．解答：解：A、电子受到的电场力向左，在向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电子的速度减小，运动到M点时，电子的速度最小，所以A错误；B、电子受到的电场力的方向与电场线的方向相反，所以B错误；C、由于电子是在匀强电场中运动的，受到的电场力的大小是不变的，所以粒子在电场中的加速度也不变，所以C正确；D、当电子向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电势能增加，在向左返回的过程中，电场力对电子做正功，电势能减小，所以D错误．故选C．点评：本题就是对电场力做功特点的考查，掌握住电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小．8．（3分）（2014秋•温州期末）如图为某电场的电场线，A、B两点的电势分别为φA、φB，正点电荷从A运动到B的过程中电场力做的功为W，则有（）A．φA＜φB，W＞0 B．φA＜φB，W＜0 C．φA＞φB，W＜0 D．φA＞φB，W＞0考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由电势能公式，判断电势能的大小，从而判断电场力做功的正负．解答：解：根据顺着电场线方向电势降低，可知过A点的等势面的电势高于过B点的等势面，所以A点的电势较高，则有φA＞φB．根据正电荷在电势高的地方电势能大，可知正电荷在A点电势能高于在B点的电势能，故正点电荷从A运动到B的过程中电场力做正功，W＞0．故D正确．故选：D．点评：本题的关键要掌握电势与电场线方向的关系，知道顺着电场线方向电势降低，掌握电势能与电势的关系、电势能变化与电场力做功的关系，从而判断出电场力做功的正负．9．（3分）（2014秋•腾冲县校级期中）如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强大小相等B．2、3两点的场强大小相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等考点：电场线．分析：根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．利用这些知识进行判断．解答：解：A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，2、3两点的场强大小相等．故B正确；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势．故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等．故D正确．故选：BD．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．10．（3分）（2014秋•万柏林区校级月考）两块大小、形状完全相同的金属板正对水平放置，构成一个平行板电容器，将两金属板分别与电源相连接，将与电源负极相连的极板接地，p是平行板中间的一定点，如图所示．下列判断正确的是（）A．保持S闭合，下板向上移动一小段距离，极板间电场强度变大B．保持S闭合，在两极板间插入一块电介质，则极板上的电量变小C．断开S，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小D．断开S，在两极板间插入一块陶瓷电介质，则两极板间的电势差减小考点：电容器的动态分析；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：电容器专题．分析：保持开关S闭合，电容器板间电压保持不变，移动极板，根据公式E=分析板间场强的变化，确定P点与下板间电势差的变化，再判断P点电势的变化．断开开关S，移动极板，根据推论分析板间场强是否变化，再分析P点与下板间电势差如何变化，判断P点的电势如何变化．解答：解：A、保持开关S闭合，电容器板间电压保持不变，下板向上移动一小段距离，板间距离d减小，根据公式E=分析得知，板间场强增大，故A正确．B、在两极板间插入一块电介质，电容C增大，由C=可知U不变，则极板上的电量变大，故B错误．C、断开开关S，电容器的电量不变，由C=，C=和E=，得E=知板间场强不变．故C错误．D、断开开关S，电容器的电量不变，在两极板间插入一块陶瓷电介质，电容增大，由由C=可知两极板间的电势差减小，故D正确．故选：AD点评：对于电容器的动态变化分析问题，关键要抓住不变量，这是分析判断的依据．再根据C=，C=和E=结合进行分析．11．（3分）（2014春•天心区校级期末）如图是用灵敏电流计改装成的某多量程电表内部电路图，图中a为公共接线柱，b、c分别为两个量程的接线柱．对该电表下列说法正确的是（）A．该电表是多量程电流表B．当使用a、b两个接线柱时量程较大C．R1越大，该电表量程越大D．该电表两量程的大小与R1和R2的阻值成反比考点：多用电表的原理及其使用．专题：恒定电流专题．分析：要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表；由串并联特点，结合欧姆定律，可知，量程的大小；由图，结合欧姆定律，可知，R1越大，该电表量程越小；因电阻R2与电表串联后与R1并联，则量程大小不与阻值成反比．解答：解：A、电表与电阻相并联即为电流表，故A正确；B、当接a、b两个接线柱时，导致R1两端的电压增大，则流过此电阻的电流也增大，因电表电流不变，则量程较大，故B正确；C、由欧姆定律可知，R1越大，电流越小，该电表量程越小，故C错误；D、因电阻R2与电表串联后与R1并联，则量程大小不与阻值成反比，故D错误；故选：AB．点评：考查电表改装的原理，掌握欧姆定律的应用，注意灵敏电流计的最大电压、电阻与最大电流均是恒定的．12．（3分）（2008秋•孝感期末）一个T电路如图所示，电路中的电阻R1=10Ω，R2=120Ω，R3=40Ω．另有一测试电源，电动势为100V，内阻忽略不计．则（）A．当ab端短路时，cd之间的等效电阻是40ΩB．当cd端短路时，ab之间的等效电阻40ΩC．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80VD．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为80V考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联．当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压．根据欧姆定律求解电压．解答：解：A、当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为R=+R2=128Ω；故A错误；B、当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为R=+R1=40Ω；故B正确；C、当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，U=E=80V；故C正确；D、当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为U3=E=25V；故D错误；故选：BC．点评：对于电路要明确电路的结构，并能正确应用串并联电路的规律进行分析，必要时应进行电路的简化．二、实验题（每空4分共12分）13．（12分）（2013秋•市中区期中）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源E、电键S、滑动变阻器R、理想电压表V、理想电流表A、小灯泡L、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U﹣I图象如甲所示，则由图甲可知小灯泡的电阻随电压的增大而增大（选填“增大”“减小”或“不变”）．当小灯泡两端的电压为2V时，小灯泡的电阻为 4 Ω．（2）根据提供的器材和图甲，在图乙的方框内补全该实验电路的原理图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）分析图示图象应用欧姆定律判断灯泡电阻阻值如何变化，由图示图象求出电压对应的电流，然后由欧姆定律求出灯泡电阻；（2）根据实验目的与实验数据确定滑动变阻器与电流表接法，然后作出实验电路图．解答：解：（1）由图示图象可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，电压与电流的比值增大，即灯泡电阻增大；由图示图象可知，灯泡两端电压为2V时，通过灯泡的电流为0.5A，此时灯泡电阻：R===4Ω；（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻约为几欧姆，电流表内阻约为零点几欧姆，电压表内阻约为几千欧姆，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：故答案为：（1）增大；4；（2）电路图如图所示．点评：本题考查了实验数据分析、求灯泡电阻、设计实验电路图，分析清楚图示图象应用欧姆定律、确定滑动变阻器与电流表的接法即可正确解题．三、计算题（共28分，解答应写出必要文字说明、方程式和重要演算步骤．）14．（13分）（2014秋•九原区校级期中）如图所示的电路中，R1=8Ω，R2=4Ω，R3=6Ω，R4=3Ω．（1）求电路中的总电阻．（2）当加在电路两端的电压U=42V时，通过每个电阻的电流是多少？考点：欧姆定律；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：分析电路图，电阻R3、R4并联，再和R1和R2串联，根据欧姆定律和串并联电路的特点求解．解答：解：（1）电路中的总电阻为R=Ω=14Ω（2）根据欧姆定律得：I=R1和R2串联且在干路上，所以I1=I2=3A对于R3、R4则有：I3+I4=3A所以I3=1A，I4=2A答：（1）电路中的总电阻为14Ω（2）当加在电路两端的电压U=42V时，通过四个电阻的电流分别为：3A；3A；1A；2A．点评：本题考查了学生对欧姆定律、串并联特点的掌握和运用．难度不大，属于基础题15．（15分）（2014春•天心区校级期末）如图，水平放置的两平行金属板，板长L0=10cm，两极板间距d=2cm，一束电子以v0=4×107m/s的初速度从两板中央水平射入板间，然后从板间飞出射到距离板L=45cm，宽D=20cm竖直放置的荧光屏上（不计重力，荧光屏中点在两板间的中央线上，电子质量为m=0.91×10﹣30kg，电荷量e=1.6×10﹣19C）．求：（1）若电子飞入两板前，是从静止开始经历了加速电场的加速，则该电场的电压为多大？（2）为了使带电粒子能射中荧光屏所有的位置，两板间所加的电压应取什么范围？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场中，电场力做功为W=eU1，根据动能定理列式求加速电场的电压；（2）电子恰好能打在荧光屏的上边缘，偏转电压最大．由几何知识求出电子在电场中的偏转位移y，再根据牛顿第二定律和运动学公式推导出y与偏转电压的关系，即可求出偏转电压的范围．解答：解：（1）设加电场的电压为U1，由动能定理得：eU1=①代入数据解得．（2）设所加电压为U2时，电子恰好能打在荧光屏的上边缘，电子的轨迹恰好与上极板边缘相切，则由类平抛运动规律及几何知识可得：③其中y为电子在电场中的偏转位移．又 y=④且y=⑤由③④⑤可得：U2=，代入数据解得U2=364V同理要使电子能打在荧光屏下边缘应加反向电压364V ⑦所以两板间所加电压范围为：﹣364V≤U2≤364V ⑧答：（1）电子飞入两板前所经历的加速电场的电压是4.55×103V．（2）为了使带电粒子能射中荧光屏所有位置，两板间所加电压应取的范围是：﹣364V≤U2≤364V．点评：本题是带电粒子在组合场中运动的类型，根据动能定理研究加速过程，运用分解的方法研究类平抛运动，这些常规方法要熟悉．。
山西省山大附中2014-2015学年高一上学期期中考试物理
山西大学附中2014～2015学年高一第一学期期中考试物理试题考试时间：90分钟 满分：100分一、单项选择题(本题共10小题,共20分,在每小题给出的四个选项中，只有一个正确, 每小题2分) 1、关于重力，下列说法中正确的是（ ）A. 物体受到的重力大小和方向与物体的运动状态无关B ．抛出的石块轨迹是曲线，说明石块所受的重力方向在改变 C. 自由下落的石块速度越来越大，说明石块所受重力越来越大 D ．物体所受的重力作用于重心处，物体的其他部分不受重力作用2.公路上向左匀速行驶的汽车如图(a)所示，经过一棵果树附近时，恰好有一颗果子从上面自由落下，图(b)是果子运动的轨迹，则车中人以车为参考系看到的果子的运动轨迹是(不计阻力) （ ）3.下列各组物理量中，全部是矢量的有（ ） A ．位移、速度、平均速度、速度变化率 B ．速度、平均速度 、加速度、平均速率 C ．位移、速度、加速度、平均速率 D ．速度、加速度、位移、路程4．一质点沿x 轴运动，其位置x 随时间t 变化的规律为：)(5102m t t x -=，t 的单位为s 。
下列关于该质点运动的说法正确的是（ ）A ．该质点的加速度大小为5m/s 2B ．物体回到x =0处时其速度大小为10m/sC ．t= 2s 时刻该质点速度为零D ．0~3s 内该质点的平均速度为5m/s5.关于速度、速度的变化、速度变化率的关系，下列说法中正确的是（ ） A ．速度的变化越大，速度变化率一定越大 B ．速度越大，速度变化一定越大C ．速度变化率为零，速度一定为零D ．速度为零，速度变化率不一定为零6.如图所示，物体沿两个半径为R 的圆弧由A 到C ，则它的位移和路程分别为 ( )A ．R 25π，A 指向C ；R 10 B ．B ．R 25π，A 指向C ；R 25π C ．R 10，A 指向C ；R 25πD ．R 10，A 指向C ；R 107.甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的x －t 图象如图所示，则下列说法正确的是( )A ． t 1时刻两车的速度刚好相等B ． t 1时刻两车相距最远C ． t 1时刻乙车从后面追上甲车D ．0到t 1时间内，乙车的平均速度大于甲车的平均速度8.四个物体运动的v-t 图象如图8所示，表示物体做竖直上抛运动的是 （ ）图89.物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间的变化规律如图所示，取开始的运动方向为正方向，则如图所示的物体运动的v －t 图象中正确的是( )10. 作匀加速直线运动的物体，先后经过A 、B 两点时，其速度分别为v 和7v ，从A 到B 的时间为t ，则不正确说法是( )A ．经A 、B 中点时速度为5v B ．经A 、B 中点时速度为4vC ．A 到B 过程的中间时刻的速度为4vD ．在后一半时间所通过的位移比前一半时间通过的位移多32vt二、多项选择题（本题共8小题,共32分,在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确,全部选对得4分,选对但不全得2分,有错或不答得0分)。
高二物理月考试题及答案-山西太原外国语学校-2015学年高二(上)半月考
2014-2015学年山西省太原外国语学校高二（上）半月考物理试卷（12月份）一、选择题（本题共12小题，每小题5分，在每小题的选项中，第1-6题只有一个符合题目要求，第7-12题有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．（5分）（2012秋•江阴市校级期末）用伏安法测电阻时，电流表外接电路和电流表内接电路的误差来源是（）A．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值小于真实值B．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值大于真实值C．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值D．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值大于真实值考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．（2）电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实验误差越小．解答：解：A、B、伏安法测电阻的实验中，电流表外接法由于电压表的分流，使电流I的测量值偏大，电压U的测量值等于真实值，由R=可知，电阻测量值小于真实值，故A 正确，B错误；C、D、在电流表的内接法中，由于电流表内阻的分压，使电压U的测量值大于真实值，电流I的测量值等于真实值，由R=可知，电阻测量值大于真实值，故C错误，D正确；故选AD．点评：本题考查了伏安法测电阻两种接法的误差分析，难度不大，知道两种接法的电路连接方式、熟练应用串并联电路特点、欧姆定律即可正确解题．2．（5分）（2013秋•长春校级期中）白炽灯的灯丝随温度的升高导电性能变差，则白炽灯不通电时灯丝电阻R1与正常发光时电阻R2比较应是（）A．R1＞R2B．R1＜R2C．R1=R2D．无法判断考点：电阻率与温度的关系．专题：恒定电流专题．分析：各种材料的电阻率都会随温度的变化而变化．一般来说，金属的电阻率随温度升高而增大；电解液、半导体和绝缘体的电阻率则随温度升高而减小；而有些合金如锰铜合金和镍铜合金的电阻几乎不受温度变化的影响，常用来制作标准电阻．解答：解：白炽灯灯丝由金属钨构成，金属的电阻率随温度的升高而升高，故电阻变大，即白炽灯的灯丝随温度的升高导电性能变差，故通电后温度升高，电阻变大，即R1＜R2．故选B．点评：本题关键要明确金属电阻率与温度的关系，然后根据电阻定律判断电阻的大小．3．（5分）（2014秋•石柱县校级期末）电流表的内阻是R g=200Ω，满偏电流值是I g=500μA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应串联一个1800Ω的电阻D．应并联一个1800Ω的电阻考点：把电流表改装成电压表．分析：电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的电阻值为：R=，U为量程．解答：解：电流表改装成电压表要串联的电阻为：R===1800ΩA 串联阻值不对．故A错误B 不应并联．故B错误C 符合要求．故C正确D 不应并联．故D错误故选：C点评：考查的电压表的改装原理，明确所串联的电阻的求法．4．（5分）（2014秋•重庆期末）如图所示，R1和R2都是“100Ω4W”的电阻，R3是“100Ω1W”的电阻，A、B两端允许输入最大电功率是（）A．9W B．3W C．D．1.5W考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：先算出R1和R2串联部分的额定电流和额定电压，再比较得出总的额定电压，最后得到最大功率．解答：解：电阻R1的额定电压为 U1=，额定电流为；电阻R2的额定电压和额定电流与电阻R1相同；R1和R2串联部分的额定电流均为0.2A，故串联电路的额定电流为0.2A，而额定电压为2倍的20V，即40V；电阻R3的额定电压为 U3=，额定电流为；故总的额定电压取并联电路额定电压的较小值，为10V；总电阻为：R==故最大功率为：P=UI=U=故选D．点评：本题关键先求出串联部分的额定电压和额定电流，再计算并联部分的额定电流和额定电压，最后计算总的电功率．5．（5分）（2010秋•莱城区校级期末）如图所示，A、B为相同的两个灯泡，均发光，当变阻器的滑片P向下端滑动时．则（）A．A灯变亮，B灯变暗B．A灯变暗，B灯变亮C．A、B灯均变暗D．A、B灯均变亮考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先认识电路的结构：变阻器与灯B并联与R串联，再与灯A并联．当变阻器的滑片P向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，即可知道灯A的亮度变化．根据总电流和通过A电流的变化，分析通过R的电流变化和电压变化，可分析出B两端电压的变化，即可知灯B亮度变化．可分析出通过并联电路的变化，则知灯B的变化．解答：解：电路的结构是：变阻器与灯B并联与R串联，再与灯A并联．当变阻器的滑片P 向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，则知总电流增大，内电压增大，路端电压减小，通过A的电流减小，则灯A变暗．因总电流增大、通过A的电流减小，则通过R的电流增大，R的电压增大，路端电压减小，则B两端电压的减小，B灯变暗．所以A、B灯均变暗．故选：C．点评：本题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．6．（5分）（2013秋•雨城区校级期中）用电压表检查图示电路中的故障，测得U ad=5.0V，U cd=0V，U bc=0V，U ab=5.0V，则此故障可能是（）A．L断路B．S断路C．R′断路D．R断路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电压表有示数说明此时的电路可以组成闭合的回路，故障应该在和电压表并联的部分，当电压表示数为零，说明此时的电路不通，电路中没有电流，故障不在和电压表并联的部分．解答：解：用电压表测量得到U ab=5.0V，说明从b到c到d这一部分电路是通的，故障可能出现在电键和ab之间，由于U cd=0V，U bc=0V，说明此时的电路不通，故障在ab之间，又由于U ad=5.0V，说明电键是好的，所以故障一定是R断路，所以D正确．故选D．点评：本题是对电路故障的分析，当电路中有电流，能组成闭合的回路的时候，电压表就会有示数，否则，电压表就没有示数．7．（5分）（2012•珠海一模）如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑线变阻器滑动触点P向右端移动时，下面说法中正确是（）A．伏特表V1的读数减小，安培表A1的读数增大B．伏特表V1的读数增大，安培表A1的读数减小C．伏特表V2的读数减小，安培表A2的读数增大D．伏特表V2的读数增大，安培表A2的读数减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律判断干路电流的变化，即可知电流表A1读数的变化．根据欧姆定律分析电压表V1读数的变化．根据干路电流的变化，分析路端电压的变化，判断电流表A2读数的变化．由干路电流与通过3电流的变化，分析通过R2电流的变化，即可判断电压表V2读数的变化．解答：解：当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电流表A1读数增大；电压表V1读数U1=E﹣I（R1+r），I增大，其他量不变，则U1减小；通过电流表A2的电流I2=，U1减小，则I2减小；电流表A2读数I2′=I﹣I2，I增大，I2减小，则I2′增大，则伏特表V2的读数增大．故AD正确，BC错误．故选AD．点评：本题是简单的电路动态分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析．8．（5分）（2014秋•新县校级期中）关于电功和电热．以下说法正确的是（）A．外电路电流做的功一定等于电热B．外电路中电流所做的功一定大于电热C．只有在外电路是纯电阻的情况下．电功才等于电热D．当外电路有电动机、电解槽的情况下电流做的功将转化为热能、机械能、化学能，因此，电功大于电热考点：电功、电功率；闭合电路中的能量转化．专题：恒定电流专题．分析：纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，电热用公式W=I2Rt计算．解答：解：A、纯电阻电路，外电路电流做的功等于电热，非纯电阻电路，外电路电流做的功大于电热，故AB错误，C正确；D、当外电路有电动机、电解槽的情况下电流做的功有一部分转化为机械能、化学能，因此，电功大于电热，故D正确．故选CD点评：考查了纯电阻电路、非纯电阻电路，电功、电热大小的比较，注意灵活选取公式．9．（5分）（2014秋•万柏林区校级月考）一个标有“220V 60W“的白炽灯泡，加上的电压由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压（U）和电流（I）的关系可用图线表示，题中给出的四个图线中，肯定不符合实际的是（）A．B．C．D．考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：金属导体的电阻随温度的升高而增大；而I﹣U图象中图象的斜率表示电阻的倒数．解答：解：灯泡内阻随温度的升高而增大；而在I﹣U图象中斜率越小，则电阻越大，所以C 正确，ABD错误；本题选错误的故选：ABD．点评：解答本题要注意I﹣U图象与U﹣I图象的区别，同时明确金属导体的电阻随温度的升高而增大．10．（5分）（2011秋•许昌校级期中）如图所示，已知C=6μF，R1=5Ω，R2=6Ω，E=6V，r=1Ω，开关原来处于断开状态，下列说法中正确的是（）A．开关S闭合瞬间，电流表的读数为0.5AB．开关S闭合瞬间，电流表的读数为5.5AC．开关闭合经过一段时间，再将开关S迅速断开，则通过R2的电量为1.8×10﹣5CD．以上答案都不对考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律求出电路稳定时，电路中的电流和R2两端的电压，求出电容器所带电荷量．在开关S闭合的瞬间，电容器充电，电流表的读数与电路稳定时不同．开关S迅速断开，通过R2的电量等于电容器原来的带电量．解答：解：A、电路稳定时，电流表的读数为：I1==A=0.5A，在开关S闭合的瞬间，电容器充电，有充电电流，电流表的读数大于电路稳定时电流表的读数，所以开关S闭合瞬间，电流表的读数大于0.5A．故A错误．B、在开关S闭合的瞬间，电容器充电，电路中的电流不大于：I==1A，故B错误．C、电路稳定时，电容器板间电压为：U=I1R2=3V，其所带电量为：Q=CU=3×6×10﹣﹣5C．故C正确．6C=1.8×10﹣5C，则再将开关S迅速断开，则通过R2的电量为1.8×10D、由上可知，D错误．故选C点评：本题要注意电路稳定时，与开关闭合的瞬间不同：电路稳定时，电容器所在电路没有电流，相当于断路，开关S闭合的瞬间，电容器充电，有充电电流．11．（5分）（2014秋•汉中校级期末）图为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，下列判断正确的是（）A．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＜r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．解答：解：A．U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，故电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2，故A正确；B．U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势E1=E2，内阻r1＜r2，故B错误；C．由B的分析可知C错误；D．电动势E1=E2，内阻r1＜r2，根据U=E﹣Ir可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故D正确．故选AD．点评：本题考查了闭合电路U﹣I图象的相关知识，要求同学们理解U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．12．（5分）（2008•东莞校级模拟）在如图所示的电路中，电键K1、K2、K3、K4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪个电键后P不会运动（）A．K1B．K2C．K3D．K4考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：断开开关，分析电容器板间电压是否变化，分析油滴是否会运动．若板间电压不变，油滴不会运动．解答：解：A、断开K1后，电容器的电压仍等于电阻R3两端的电压，板间电压没有变化，板间场强不变，油滴不会运动．故A正确．B、断开K2前，电容器的电压小于电源的电动势，断开K2后，电容器的电压等于电源的电动势，则电容器板间电压增大，油滴向上运动．故B错误．C、断开K3，电容器放电，板间电压逐渐减小，板间场强减小，油滴向下运动．故C错误．D、断开K4后，电容器所带电量不变，板间电压没有变化，板间场强不变，油滴不会运动．故D正确．故选AD点评：本题关键分析电容器两板间的电压如何变化．此题中电阻R1和R2的电流为零，电压为零，电容器的电压等于电阻R3两端的电压．二、实验题（第13小题每空2分，第14小题前两空每空2分，最后一空4分，第15小题每空2分，共24分）13．（10分）（2014秋•万柏林区校级月考）用伏安法测定电池的电动势和内电阻时，有以下实验步骤：A．打开电键，切断电路；B．选择需要的实验器材，按电路图连好电路；C．调节滑动变阻器的滑片，减小接入电路的电阻，记录一组电流表和电压表的示数I1、U1；D．把滑动变阻器的滑片滑至一端，使接入电路的电阻最大；E．再一次减小滑动变阻器接入电路的电阻，再记录一组电流表和电压表的示数I2、U2；F．闭合电键接通电路．①把以上步骤的序号按合理顺序填写在横线上：BDFCEA②请在如图方框里画出电路图；③测得两组数据为了计算得出电池电动势和内电阻列出的方程为：E=U1+I1r和E=U2+I2r ；电池的内电阻r的表达式为，电动势E表达式为．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）根据实验原理及实验操作要求明确实验步骤；（2）根据实验原理明确实验电路图；（3）根据闭合电路欧姆定律得出对应的公式，联立求解得内阻及电动势．解答：解：（1）在电学实验中应先根据原理图连接实物图，注意开始时开关断开，滑动变阻器滑动到最大位置处；然后再闭合开关，开始实验，需要测量两组数据；然后断开关；完成实验；故实验步骤为：BDFCEA；（2）本实验中只需要将滑动变阻器连接在电源两端，一般选用相对电源来说的电流表外接法；故原理图如下图；（3）本题可用E=U1+I1r和E=U2+I2r联立求解，得：E=；r=故答案为：（1）BDFCEA；（2）如图所示；（3）E=U1+I1r和E=U2+I2r；；；点评：本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意本处理方法中测量的电动势及内电阻误差较大．14．（8分）（2014秋•万柏林区校级月考）在《测定干电池的电动势和电阻》的实验中，测得干电池的路端电压与相应的输出电流的多组数据，描得图象如图所示，则干电池的电动势为 1.5 V，内电阻为0.25 Ω，测量电路中，电流表为什么要采用内接法电流表内阻等效为了电源内阻，误差较大．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）熟练掌握测量电动势和内电阻实验的实验方法及电路的选择，注意电表的内阻对实验误差的影响；（2）图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示电源的内电阻．解答：解：由图象可知，图象与纵轴的交点为1.5V；故电动势为1.5V；图象的斜率表示内电阻，故内电阻为r==0.25Ω；在实验中，由于电流表内阻与电源内阻很接近，若采用相对于外电阻的外接法，则电流表内阻等效为了电源内阻，误差较大，故只能选用相对外电路的内接法；故答案为：1.5；0.25；电流表内阻等效为了电源内阻，误差较大点评：本题考查测量电动势和内电阻的实验电路及数据的处理，注意要由公式去理解图象的意义．15．（6分）（2011秋•温州期末）某人用多用电表按正确步骤测量一电阻的阻值，当选择欧姆挡“×1”挡测量时，指针指示位置如图所示，则其电阻值是12Ω．如果要用这只多用电表测量一个约200欧的电阻，为了使测量比较精确，选择开关应选的欧姆挡是×10挡．改变挡位调整倍率后，要特别注意重新调整欧姆零点．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：当欧姆表指针指在中值电阻附近时读出的电阻误差较小，当指针指在刻度盘的最左端附近时，说明待测电阻值较大，应换挡增大倍率，注意每次换挡后都要重新调零．解答：解：当选择欧姆挡“×1”挡测量时电阻为R=12Ω，如果要用这只多用电表测量一个约200欧的电阻，为了使测量比较精确，选择开关应选的欧姆挡是×10挡，改变挡位调整倍率后，要特别注意重新调整欧姆零点．故答案为：12，10挡，调整欧姆零点点评：欧姆表表盘刻度不均匀，当指针指在表盘中间附近时读数较准，注意每次换挡后都要重新调零．三、计算题（每题8分，共16分）16．（8分）（2010秋•蓬江区校级期末）如图所示，电动机M的内阻是0.6Ω，R=10Ω，直流电压U=160V，电压表示数 110V，求：（1）通过电动机的电流多大？（2）电动机消耗的电功率为多少？（3）电动机工作1h所产生的热量为多少？考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）计算通过电动机的电流，也就是计算流过电阻R的电流即可．（2）计算电动机的功率用公式P=U电I即可．（3）计算电动机产生的热量Q=I2Rt即可．解答：解：（1）电动机跟电阻串联，所以电流相等电阻R两端的电压为U R=U﹣U V=160﹣110=50V电动机的电流为I=A=5A（2）电动机消耗的电功率为：P=U电I=110×5=550W（3）电动机工作1h所产生的热量为：Q=I2Rt=52×0.6×3600=5.4×104J答（1）通过电动机的电流为5A．（2）电动机消耗的电功率为550W．（3）电动机工作1h所产生的热量为5.4×104J．点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．17．（8分）（2013秋•原平市校级期中）如图所示，图线Ⅰ为一电源的路端电压随电流变化的图线，图线Ⅱ为一导体两端电压和导体中电流的关系图线，若该导体和电源连接成闭合电路，求路端电压和电源的输出功率．考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：根据电源的路端电压随电流变化的图线，读出电源的电动势和内阻．由导体的U﹣I 图线的斜率读出电阻，根据闭合电路欧姆定律求出该导体和电源连接成闭合电路时电路中的电流，求出路端电压和电源的输出功率．解答：解：根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir可知，当I=0时，U=E，则由图线Ⅰ与纵轴交点读出电源的电势为E=6V，其斜率等于电源的内阻，r==Ω=2Ω．由图线Ⅱ得，导体的电阻为R==Ω=3Ω当该导体和电源连接成闭合电路时，电路中电流为I==1.2A，路端电压U=E﹣Ir=6﹣1.2×2=3.6（V）电源的输出功率为P=UI=3.6×1.2W=4.32W．答：该导体和电源连接成闭合电路时，路端电压为3.6V，电源的输出功率为4.32W．点评：本题考查识别、理解电源的外特性曲线和导体伏安特性曲线的能力，实际上两图线的交点就表示该导体和电源连接成闭合电路时的电流和电压．。
2014-2015年山西省太原市外国语学校高二(下)期中数学试卷(文科)和答案
2014-2015学年山西省太原市外国语学校高二（下）期中数学试卷（文科）一、选择题（每小题4分，共48分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求）1．（4分）复数的共轭复数是（）A．i+1B．i﹣1C．﹣1﹣i D．1﹣i2．（4分）设x＞0，y＞0，，，则A，B的大小关系是（）A．A＝B B．A＜B C．A≤B D．A＞B3．（4分）运行如图所示的程序框图，输出的所有实数对（x，y）所对应的点都在函数（）A．y＝x+2图象上B．y＝3x图象上C．y＝3x的图象上D．y＝3x3图象上4．（4分）直线（t为参数）的倾斜角的大小为（）A．﹣B．C．D．5．（4分）“所有金属都能导电，铁是金属，所以铁能导电，”此推理类型属于（）A．演绎推理B．类比推理C．合情推理D．归纳推理6．（4分）将曲线c按伸缩变换公式变换得到曲线方程为x/2+y/2＝1，则曲线c的方程为（）A．B．C．4x2+9y2＝1D．4x2+9y2＝367．（4分）若，则下列结论不正确的是（）A．a2＜b2B．ab＜b2C．＞2D．|a|﹣|b|＝|a﹣b| 8．（4分）用反证证明：“自然数a，b，c中恰有一个偶数”时正确的假设为（）A．a，b，c都是偶数B．a，b，c都是奇数C．a，b，c中至少有两个偶数D．a，b，c中都是奇数或至少两个偶数9．（4分）椭圆（φ是参数）的离心率是（）A．B．C．D．10．（4分）直线：3x﹣4y﹣9＝0与圆：，（θ为参数）的位置关系是（）A．相切B．相离C．直线过圆心D．相交但直线不过圆心11．（4分）把正整数1，2，3，4，5，6，…按某种规律填入下表：按照这种规律继续填写，那么2015出现在（）A．第1行第1510列B．第3行第1510列C．第2行第1511列D．第3行第1511列12．（4分）学习合情推理后，甲、乙两位同学各举了一个例子，甲：由“若三角形周长为l，面积为S，则其内切圆半径”类比可得“若三棱锥表面积为S，体积为V，则其内切球半径”；乙：由“若直角三角形两直角边长分别为a，b，则其外接圆半径”；类比可得“若三棱锥三条侧棱两两垂直，侧棱长分别为a、b、c，则其外接球半径”．这两位同学类比得出的结论（）A．两人都对B．甲错、乙对C．甲对、乙错D．两人都错二、填空题（本大题共4小题，每小题4分，共16分）13．（4分）已知x、y的取值如表所示：若从散点图分析，y与x线性相关，且线性回归直线方程为＝0.95x+，则的值等于．14．（4分）若（m2﹣m）+（m2﹣3m+2）i是纯虚数，则实数m的值为．15．（4分）（不等式选讲选做题）已知关于x的不等式|x﹣1|+|x|≤k无解，则实数k的取值范围是．16．（4分）已知，，…均为实数），请推测a＝b＝．三、解答题（本大题共5小题，共56分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17．（10分）求解下列关于x的不等式：（1）|2x﹣1|≥3；（2）|x﹣3|+|x+1|＜6．18．（10分）设直线l经过点M0（1，5）、倾斜角为．（1）求直线l的参数方程；（2）若直线l和圆x2+y2＝16的两个交点为A、B，求|MA|•|MB|．19．（12分）（1）已知a＞1，求证：+＜2．（2）求证：a2+b2≥ab+a+b﹣1．20．（12分）为了解七班学生喜爱打篮球是否与性别有关，对本班50人进行了问卷调查得到了如下的列联表：已知在全部50人中随机抽取1人抽到喜爱打篮球的学生的概率为．（1）请将上面的列联表补充完整（不用写计算过程）；（2）能否在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为喜爱打篮球与性别有关？说明你的理由．21．（12分）在平面直角坐标系中，曲线C1的参数方程为：（φ为参数），以坐标原点O为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为ρ＝2cosθ．（1）求曲线C2的直角坐标方程；（2）已知点M是曲线C1上任意一点，点N是曲线C2上任意一点，求|MN|的取值范围．2014-2015学年山西省太原市外国语学校高二（下）期中数学试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共48分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求）1．（4分）复数的共轭复数是（）A．i+1B．i﹣1C．﹣1﹣i D．1﹣i【解答】解：化简可得＝＝＝＝﹣1﹣i，∴复数的共轭复数为：﹣1+i故选：B．2．（4分）设x＞0，y＞0，，，则A，B的大小关系是（）A．A＝B B．A＜B C．A≤B D．A＞B【解答】解：∵x＞0，y＞0，∴x+y+1＞1+x＞0，1+x+y＞1+y＞0∴，A＝＝＝B即A＜B故选：B．3．（4分）运行如图所示的程序框图，输出的所有实数对（x，y）所对应的点都在函数（）A．y＝x+2图象上B．y＝3x图象上C．y＝3x的图象上D．y＝3x3图象上【解答】解：模拟程序框图的运行过程，得；该程序运行后输出的是实数对（1，3），（2，9），（3，27），（4，81）；这组数对对应的点在函数y＝3x的图象上．故选：C．4．（4分）直线（t为参数）的倾斜角的大小为（）A．﹣B．C．D．【解答】解：化参数方程为普通方程，两方程相加可得x+y＝2，则直线的斜率为﹣1，故倾斜角为故选：D．5．（4分）“所有金属都能导电，铁是金属，所以铁能导电，”此推理类型属于（）A．演绎推理B．类比推理C．合情推理D．归纳推理【解答】解：在推理过程“所有金属都能导电，铁是金属，所以铁能导电”中所有金属都能导电，是大前提铁是金属，是小前提所以铁能导电，是结论故此推理为演绎推理故选：A．6．（4分）将曲线c按伸缩变换公式变换得到曲线方程为x/2+y/2＝1，则曲线c的方程为（）A．B．C．4x2+9y2＝1D．4x2+9y2＝36【解答】解：由题意，把伸缩变换公式代入曲线方程为x/2+y/2＝1，得（2x）2+（3y）2＝1，即4x2+9y2＝1．∴曲线c的方程为4x2+9y2＝1．故选：C．7．（4分）若，则下列结论不正确的是（）A．a2＜b2B．ab＜b2C．＞2D．|a|﹣|b|＝|a﹣b|【解答】解：由于，不妨令a＝﹣1，b＝﹣2，可得a2＜b2，故A正确；ab＝2，b2＝4，故B正确；＝2+＞2，故C正确．|a|﹣|b|＝﹣1，|a﹣b|＝1，故D不正确．故选：D．8．（4分）用反证证明：“自然数a，b，c中恰有一个偶数”时正确的假设为（）A．a，b，c都是偶数B．a，b，c都是奇数C．a，b，c中至少有两个偶数D．a，b，c中都是奇数或至少两个偶数【解答】解：∵结论：“自然数a，b，c中恰有一个偶数”可得题设为：a，b，c中恰有一个偶数∴反设的内容是假设a，b，c都是奇数或至少有两个偶数．故选：D．9．（4分）椭圆（φ是参数）的离心率是（）A．B．C．D．【解答】解：椭圆（φ是参数）消去参数化为普通方程为+＝1，∴a＝5，b＝3，∴c＝4，∴e＝＝，故选：B．10．（4分）直线：3x﹣4y﹣9＝0与圆：，（θ为参数）的位置关系是（）A．相切B．相离C．直线过圆心D．相交但直线不过圆心【解答】解：∵圆：，（θ为参数）∴圆的标准方程是x2+y2＝4圆心是（0，0），半径是2，∴圆心到直线的距离是d＝＝＜r∴直线与圆相交，且不过圆心，故选：D．11．（4分）把正整数1，2，3，4，5，6，…按某种规律填入下表：按照这种规律继续填写，那么2015出现在（）A．第1行第1510列B．第3行第1510列C．第2行第1511列D．第3行第1511列【解答】解：分析表中数据，发现正整数1，2，3，4，5，6，…每4个数分为一组，填写在连续的三列中，第一列的第2行填写第一个数，第二列的第1行填写第二个数，第二列的第3行填写第三个数，第三列的第1行填写第四个数，∵2015÷4＝503 (3)故该组数字前共有503组，已经占用了503×3＝1509列2015为该组的第三个数，出现在该组的第二列的第3行故2015出现在第3行，第1509+2＝1511列，故选：D．12．（4分）学习合情推理后，甲、乙两位同学各举了一个例子，甲：由“若三角形周长为l，面积为S，则其内切圆半径”类比可得“若三棱锥表面积为S，体积为V，则其内切球半径”；乙：由“若直角三角形两直角边长分别为a，b，则其外接圆半径”；类比可得“若三棱锥三条侧棱两两垂直，侧棱长分别为a、b、c，则其外接球半径”．这两位同学类比得出的结论（）A．两人都对B．甲错、乙对C．甲对、乙错D．两人都错【解答】解：利用等面积与等体积法可推得甲同学类比的结论是正确的；把三条侧棱两两垂直的三棱锥补成一个长方体，则此三棱锥的外接球半径等于长方体的外接球半径，可求得其半径，因此，乙同学类比的结论是错误的．故选：C．二、填空题（本大题共4小题，每小题4分，共16分）13．（4分）已知x、y的取值如表所示：若从散点图分析，y与x线性相关，且线性回归直线方程为＝0.95x+，则的值等于 2.6．【解答】解：由题意可得：＝＝2，＝＝4.5．线性回归直线方程为＝0.95x+，结果样本中心，可得＝4.5﹣0.95×2＝2.6．故答案为：2.6．14．（4分）若（m2﹣m）+（m2﹣3m+2）i是纯虚数，则实数m的值为0．【解答】解：∵（m2﹣m）+（m2﹣3m+2）i是纯虚数，∴，解得m＝0，故答案为：0．15．（4分）（不等式选讲选做题）已知关于x的不等式|x﹣1|+|x|≤k无解，则实数k的取值范围是（﹣∞，1）．【解答】解：令y＝|x|+|x﹣1|＝，∴函数的最小值为1，∴要使关于x的不等式|x|+|x﹣1|≤k无解，则实数k的取值范围为k＜1．故答案为：（﹣∞，1）．16．（4分）已知，，…均为实数），请推测a＝6b＝35．【解答】解：根据题意，分析所给的等式可得：＝2，＝3，＝4；依此类推，有＝n，（n≥2且n是正整数）当n＝6时，有＝6；即a＝6，b＝62﹣1＝35；故答案为6，35．三、解答题（本大题共5小题，共56分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17．（10分）求解下列关于x的不等式：（1）|2x﹣1|≥3；（2）|x﹣3|+|x+1|＜6．【解答】（1）解：∵|2x﹣1|≥3，∴2x﹣1≥，或2x﹣1≤﹣3，求得x≤﹣1或x≥2，故不等式的解集为{x|x≤﹣1或x≥2 }．（2）解：构造函数y＝|x﹣3|+|x+1|＝，令y＝6，求得x＝4或x＝﹣2，故|x﹣3|+|x+1|＜6的解集为（﹣2，4）．18．（10分）设直线l经过点M0（1，5）、倾斜角为．（1）求直线l的参数方程；（2）若直线l和圆x2+y2＝16的两个交点为A、B，求|MA|•|MB|．【解答】解：（1）∵＝，经过点M0（1，5），∴直线l的参数方程为．（2）把直线l的参数方程代入圆x2+y2＝16可得+10＝0．∴t1t2＝10．∴|MA|•|MB|＝|t1t2|＝10．19．（12分）（1）已知a＞1，求证：+＜2．（2）求证：a2+b2≥ab+a+b﹣1．【解答】证明：（1）要证+＜2，只需证（+）2＜（2）2，只需证＜a，只需证a2﹣1＜a2，a2﹣1＜a2，显然成立；（6分）（2）（a2+b2）﹣（ab+a+b﹣1）＝（2a2+2b2﹣2ab﹣2a﹣2b+2）＝[（a2﹣2ab+b2）+（a2﹣2a+1）+（b2﹣2b+1）]＝[（a﹣b）2+（a﹣1）2+（b﹣1）2]≥0，∴a2+b2≥ab+a+b﹣1．（12分）20．（12分）为了解七班学生喜爱打篮球是否与性别有关，对本班50人进行了问卷调查得到了如下的列联表：已知在全部50人中随机抽取1人抽到喜爱打篮球的学生的概率为．（1）请将上面的列联表补充完整（不用写计算过程）；（2）能否在犯错误的概率不超过0.005的前提下认为喜爱打篮球与性别有关？说明你的理由．【解答】解：（1）列联表补充如下：﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（6分）（2）∵K2＝≈8.333＞7.879，∴在犯错误的概率不超过0.005的前提下，认为喜爱打篮球与性别有关．21．（12分）在平面直角坐标系中，曲线C1的参数方程为：（φ为参数），以坐标原点O为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为ρ＝2cosθ．（1）求曲线C2的直角坐标方程；（2）已知点M是曲线C1上任意一点，点N是曲线C2上任意一点，求|MN|的取值范围．【解答】解：（1）由ρ＝2cosθ，得ρ2＝2ρcosθ，∴x2+y2＝2x，∴（x﹣1）2+y2＝1，（2）设点M（4cosφ，3sinφ），则|MC2|﹣1≤|MN|≤|MC2|+1，|MC2|2＝（4cosφ﹣1）2+9sin2φ＝7cos2φ﹣8cosφ+10，当cosφ＝﹣1时，得|MC2|2max＝25，|MC2|max＝5，当cosφ＝时，得|MC2|2min＝，|MC2|min＝，∴|MC2|﹣1≤|MN|≤|MC2|+1≤5+1，∴|MN|的取值范围[，6]．。
【试卷】2014-2015学年山西省太原市高三(上)期中物理试卷
2014-2015学年山西省太原市高三（上）期中物理试卷（解析版）一、单项选择题：本题包含8小题，每小题5分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
请将正确选项填入第2卷前的答题栏内。
1．（5分）（2014秋•太原期中）如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移﹣时间（x﹣t）图象，由图可知（）A．在时刻t1，a车与b车的速率相等B．在时刻t2，a和b两车的运动方向相同C．在t1到t2这段时间内，a和b两车的路程相等2．（5分）（2014秋•太原期中）“套圈圈”是小孩和大人都喜爱的一种游戏．某小孩和大人直立在界外，在同一竖直线上不同高度分别水平抛出小圆环，并恰好套中前方同一物体．假设小圆环的运动可视为平抛运动，则（）A．大人抛出的圆环运动时间较短B．大人应以较小的速度抛出圆环C．小孩应以较小的速度抛出圆环t=x=vt=v3．（5分）（2014秋•太原期中）2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量．若聂海胜受恒力F的作用从静止开始运动，测出位移为x时的速度为v，则聂海胜的质量为（）A．B．C．D．4．（5分）（2014秋•太原期中）“北斗第二代导航卫星网”将由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，其中静止轨道卫星，是指高度为36000km的地球同步卫星；30颗非静止轨道卫星由27颗中轨（MEO）卫星和3颗倾斜同步（IGSO）卫星组成，其中27颗MEO 卫星的轨道高度均为21500km，3颗倾斜同步（IGSO）卫星的轨道高度与静止轨道卫星的轨道高度相同，将各卫星轨道均视为圆轨道，根据以上信息，可以判断（）A．MEO卫星的角速度比静止轨道卫星的角速度小B．该35颗卫星的轨道圆心可能不重合C．静止轨道卫星只能在赤道正上方根据万有引力提供向心力，得到角速度、周期与轨道半、根据万有引力提供向心力，得、根据万有引力提供向心力5．（5分）（2014秋•太原期中）鸵鸟是当今世界上最大的鸟，由翅膀退化它已经不会飞了，鸟起飞的必要条件是空气对它向上的力f足够大，计算f大小的公式为：f=cρSv2，式中c是一个无量纲的比例常数，ρ是空气密度，S是鸟翅膀的面积，v是鸟起飞时的速度，为了估算鸟起飞时的速度v，可以作一个简单的几何相似性假设，设鸟的几何线度为l，则鸟的质量与l3成正比，翅膀的面积S与l2成正比，已知燕子起飞时的速度约为5m/s，鸵鸟的几何线度大约是燕子的25倍，由此可估算出若要使鸵鸟能起飞，鸵鸟的速度必须达到（）6．（5分）（2014秋•太原期中）如图所示，一质量为M、表面为四分之一圆弧面的柱体放在水平面上，各接触面均光滑，将质量为m的滑块从柱体的顶端由静止开始释放，在滑块沿圆弧面下滑到底端的过程中，为了使柱体M保持静止，需在柱体上施加一水平力F，则该力大小（），7．（5分）（2014秋•太原期中）2014年8月3日，云南省鲁甸县发生6.5级强震，在一次地震救援中，武警队员从静止在空气中的直升机上顺着长为24m的缆绳沿竖直方向下滑到地面上，假设该队员由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为6s，取g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．下滑过程中的最大速度为6m/sB．加速与减速过程的时间之比为2：1C．加速与减速过程的位移之比为1：4D．加速与减速过程中受摩擦力大小之比为1：2，根据平均速度的推论有：，故，匀减速运动的位移，则8．（5分）（2014秋•太原期中）如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离r处有一小物体与圆盘始终保持相对静止．物体与盘面间的动摩擦因数为μ（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），盘面与水平面的夹角为θ，重力加速度为g，则ω的最大值是（）A．B．C．D．，故二、多项选择题:本题包含4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，请将正确选项填入第2卷前的答题栏内。
2014-2015下学期高二物理期中考试试题(含答案)
2014—2015学年度第二学期期中试卷高二物理第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1. 绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着一个铝环，线圈与直流稳恒电源、电键相连，如图所示，线圈上端与电源正极相连，闭合电键的瞬间，铝环向上跳起．若保持电键闭合，则（ ）A ．铝环不断升高B ．铝环停留在某一高度C ．铝环跳起到某一高度后将回落D ．如果电源的正、负极对调，观察到的现象不变2. 一交变电流的电压表达式为u ＝100 sin120πt （V ），由此表达式可知( )A ．用电压表测该电压其示数为100 VB ．该交变电压的频率为60HzC ．将该电压加在100Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为100 WD ．t ＝1/480 s 时，该交流电压的瞬时值为50 V3．满载砂子的总质量为M 的小车，在光滑水平面上做匀速运动，速度为0v 。
在行驶途中有质量为m 的砂子从车上漏掉，则砂子漏掉后小车的速度应为：( )A ．0vB ．m M Mv -0 C ．m M mv -0 D ．Mv m M 0)(-4. 如图所示，在光滑的水平地面上有一辆平板车，车的两端分别站着人A 和B ，A 的质量为m A ，B 的质量为m B ，m A >m B .最初人和车都处于静止状态．现在，两人同时由静止开始相向而行，A 和B 对地面的速度大小相等，则车 ( )A ．静止不动B ．左右往返运动C ．向右运动D ．向左运动5.右图表示一交流电的电流随时间而变化的图像,此交流电流的有效值是 ( ) A ．25 A B ．5AC ．25.3 AD ．3.5A6.图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图。
变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动。
【政治】山西省忻州市第一中学2014-2015学年高一下学期期中考试试题.docx
C．国民经济平稳运行D．国家长治久安
10．在市场上经常见到这样的情景：顾客问， 能否优惠一点？售货员回答说，不开发票就可
以优惠一点。商家不开发票
A．是偷税行为，应受法律惩治B．是骗税行为，应受到法律制裁
C．消费者得实惠，最终有利于消费者D．表明企业具有经营自主权
11．2014年以来，各个地方与企业上马新能源汽车项目的消息不绝于耳。盲目投产的后果
C．贮藏手段D．支付手段
2．最近，黄金饰品价格下跌后掀起了一股购买热潮；而鸡蛋、白糖、食用油等价格下降，
居民的购买量却没有大的增加。这是因为
A．价格变动对生活必需品的影响较其它大
B．相关商品价格变动对需求量的影响较大
C．人们受 “买涨不买落 ”消费心理的影响
D．不同商品需求量受价格变动的影响不同
3．随着我国城乡居民人均可支配收入的增加，一直被视为高档耐用品的轿车正悄然走进寻
众信访 方式更加理性文明。可见实施“阳光信访”
①创新并畅通百姓反映诉求的渠道②消除了社会矛盾，促进社会和谐
4
③有利于公民更好地参与民主管理④接受群众监督，提高信访公信力
A．①②B．③④C．②③D．①④
23．公信力是政府的影响力和号召力。它是政府行政能力的客观结果，也是人民群众对政府
的评价， 反映着人民群众对政府的满意度和信任度。下列措施能有效提高某市政府公信力的
C．农村集体经济发展现状及对策
D．村民自治对我国根本政治制度的影响
3
18．小李在忻州繁峙县某村做村官。在担任村官期间，他看到的以下现象中，不符合相关法
律和政策的是
A．镇政府罢免了新当选的村委会主任李某
B．非党员李某通过竞选，当上了村委会主任
【精编】2014-2015年山西省太原五中高一(上)数学期中试卷带解析答案
2014-2015学年山西省太原五中高一（上）期中数学试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．（4分）已知全集U={0，1，2，3，4}，集合A={1，2，3}，B={2，4}，则（∁A）∪B为（）UA．{1，2，4}B．{2，3，4}C．{0，2，3，4}D．{0，2，4}2．（4分）函数y=的定义域为（）A．（﹣∞，2）B．（2，+∞）C．（2，3）∪（3，+∞）D．（2，4）∪（4，+∞）3．（4分）已知x，y为正实数，则（）A．2lgx+lgy=2lgx+2lgy B．2lg（x+y）=2lgx•2lgyC．2lgx•lgy=2lgx+2lgy D．2lg（xy）=2lgx•2lgy4．（4分）下列函数中，在区间（0，+∞）上为增函数的是（）A．y=B．y=（x﹣1）2 C．y=2﹣x D．y=log0.5（x+1）5．（4分）在同一直角坐标系中，函数f（x）=x a（x＞0），g（x）=log a x的图象可能是（）A．B．C．D．6．（4分）要得到y=2﹣x+1的图象只需要将y=的图象（）A．上移1个单位B．右移1个单位C．左移1个单位D．先关于y轴对称再左移1个单位7．（4分）设，若x＞1，则a，b，c的大小关系是（）A．a＜b＜c B．b＜c＜a C．c＜a＜b D．c＜b＜a8．（4分）设f（x）=，则f[f（2）]=（）A．2 B．3 C．9 D．189．（4分）如果函数f（x）=x2+2（a﹣1）x+2在（﹣∞，4]上是减函数，那么实数a取值范围是（）A．a≤﹣3 B．a≥﹣3 C．a≤5 D．a≥510．（4分）函数的零点所在的区间是（）A． B．（﹣1，0）C． D．（1，+∞）11．（4分）已知函数f（x）=ln（﹣3x）+1，则f（lg2）+f（lg）=（）A．﹣1 B．0 C．1 D．212．（4分）定义在R上的偶函数f（x），满足f（）=0，且在（0，+∞）上单调递减，则f（log4x）＜0的解集为（）A．（﹣∞，）∪（2，+∞）B．（0，）∪（2，+∞）C．（，2）D．（，+∞）二、填空题（共4小题，每小题4分，满分16分）13．（4分）方程+=3x﹣1的实数解为．14．（4分）给出以下结论：①f（x）=|x+1|﹣|x﹣1|是奇函数；②g（x）=既不是奇函数也不是偶函数；③F（x）=f（x）f（﹣x）（x∈R）是偶函数；④h（x）=lg是奇函数．其中正确的序号是．15．（4分）函数f（x）=log 2•log（2x）的最小值为．16．（4分）若函数f（x）=a x（a＞0，a≠1）在[﹣1，2]上的最大值为4，最小值为m，且函数在[0，+∞）上是增函数，则a=．三、解答题（共4小题，满分36分）17．（8分）计算下列各式的值（1）（﹣0.1）0+×2+（）（2）log3+lg25+lg4．18．（8分）已知函数f（x）=的定义域为A，函数g（x）=（﹣1≤x≤0）的值域为B．（1）求A∩B；（2）若C={x|a≤x≤2a﹣1}且C⊆B，求a的取值范围．19．（8分）设f（x）是定义在[﹣1，1]上的奇函数，且当x∈（0，1]时，f（x）=log a（x+1），a＞1．（1）求函数f（x）的解析式；（2）解关于x的不等式f（x）＞f（1﹣2x）．20．（12分）已知函数f（x）=2x+2ax+b，且f（1）=，f（2）=．（1）求a，b；（2）判断函数的单调性，并用定义给出证明；（3）若关于x的不等式mf（x）≤2﹣x在（0，+∞）上恒成立，求实数m的取值范围．2014-2015学年山西省太原五中高一（上）期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．（4分）已知全集U={0，1，2，3，4}，集合A={1，2，3}，B={2，4}，则（∁A）∪B为（）UA．{1，2，4}B．{2，3，4}C．{0，2，3，4}D．{0，2，4}【解答】解：∵∁U A={0，4}，∴（∁U A）∪B={0，2，4}；故选：D．2．（4分）函数y=的定义域为（）A．（﹣∞，2）B．（2，+∞）C．（2，3）∪（3，+∞）D．（2，4）∪（4，+∞）【解答】解：要使原函数有意义，则，解得：2＜x＜3，或x＞3所以原函数的定义域为（2，3）∪（3，+∞）．故选：C．3．（4分）已知x，y为正实数，则（）A．2lgx+lgy=2lgx+2lgy B．2lg（x+y）=2lgx•2lgyC．2lgx•lgy=2lgx+2lgy D．2lg（xy）=2lgx•2lgy【解答】解：因为a s+t=a s•a t，lg（xy）=lgx+lgy（x，y为正实数），所以2lg（xy）=2lgx+lgy=2lgx•2lgy，满足上述两个公式，故选：D．4．（4分）下列函数中，在区间（0，+∞）上为增函数的是（）A．y=B．y=（x﹣1）2 C．y=2﹣x D．y=log0.5（x+1）【解答】解：由于函数y=在（﹣1，+∞）上是增函数，故满足条件，由于函数y=（x﹣1）2在（0，1）上是减函数，故不满足条件，由于函数y=2﹣x在（0，+∞）上是减函数，故不满足条件，由于函数y=log0.5（x+1）在（﹣1，+∞）上是减函数，故不满足条件，故选：A．5．（4分）在同一直角坐标系中，函数f（x）=x a（x＞0），g（x）=log a x的图象可能是（）A．B．C．D．【解答】解：当0＜a＜1时，函数f（x）=x a（x≥0），g（x）=log a x的图象为：此时答案D满足要求，当a＞1时，函数f（x）=x a（x≥0），g（x）=log a x的图象为：无满足要求的答案，综上：故选D，故选：D．6．（4分）要得到y=2﹣x+1的图象只需要将y=的图象（）A．上移1个单位B．右移1个单位C．左移1个单位D．先关于y轴对称再左移1个单位【解答】解：∵y=可化为y=2﹣x，y=2﹣x+1可化为y=2﹣（x﹣1），∴要得到y=2﹣x+1的图象只需要将y=的图象右移1个单位即可故选：B．7．（4分）设，若x＞1，则a，b，c的大小关系是（）A．a＜b＜c B．b＜c＜a C．c＜a＜b D．c＜b＜a【解答】解：0＜，∴c＜a＜b故选：C．8．（4分）设f（x）=，则f[f（2）]=（）A．2 B．3 C．9 D．18【解答】解：∵f（x）=，∴f（2）=，f[f（2）]=f（1）=2e1﹣1=2．故选：A．9．（4分）如果函数f（x）=x2+2（a﹣1）x+2在（﹣∞，4]上是减函数，那么实数a取值范围是（）A．a≤﹣3 B．a≥﹣3 C．a≤5 D．a≥5【解答】解：∵f（x）=x2+2（a﹣1）x+2=（x+a﹣1）2+2﹣（a﹣1）2其对称轴为：x=1﹣a∵函数f（x）=x2+2（a﹣1）x+2在（﹣∞，4]上是减函数∴1﹣a≥4∴a≤﹣3故选：A．10．（4分）函数的零点所在的区间是（）A． B．（﹣1，0）C． D．（1，+∞）【解答】解：因为函数，（x＞0）f（）=ln+=﹣1+＜0，f（1）=ln1+=＞0，∴f（）f（1）＜0，根据零点定理可得，∴函数的零点所在的区间（，1），故选：C．11．（4分）已知函数f（x）=ln（﹣3x）+1，则f（lg2）+f（lg）=（）A．﹣1 B．0 C．1 D．2【解答】解：函数的定义域为（﹣∞，+∞），∵f（x）=ln（﹣3x）+1，∴f（﹣x）+f（x）=ln（+3x）+1+ln（﹣3x）+1=ln[（+3x）（﹣3x）]+2=ln（1+9x2﹣9x2）+2=ln1+2=2，则f（lg2）+f（lg）=f（lg2）+f（﹣lg2）=2，故选：D．12．（4分）定义在R上的偶函数f（x），满足f（）=0，且在（0，+∞）上单调递减，则f（log4x）＜0的解集为（）A．（﹣∞，）∪（2，+∞）B．（0，）∪（2，+∞）C．（，2）D．（，+∞）【解答】解：∵定义在R上的偶函数f（x）在[0，+∞）上单调递减，∴偶函数f（x）在（﹣∞，0]上单调递增，又∵f（）=0，∴f（﹣）=0，若f（）＜0则＜﹣，或＞，解得x＞2，或0＜x＜故选：B．二、填空题（共4小题，每小题4分，满分16分）13．（4分）方程+=3x﹣1的实数解为log34．【解答】解：方程+=3x﹣1，即=3x﹣1，即8+3x=3x﹣1（3x+1﹣3），化简可得32x﹣2•3x﹣8=0，即（3x﹣4）（3x+2）=0．解得3x=4，或3x=﹣2（舍去），∴x=log34，故答案为log34．14．（4分）给出以下结论：①f（x）=|x+1|﹣|x﹣1|是奇函数；②g（x）=既不是奇函数也不是偶函数；③F（x）=f（x）f（﹣x）（x∈R）是偶函数；④h（x）=lg是奇函数．其中正确的序号是①③④．【解答】解：对于①，∵f（﹣x）=|﹣x+1|﹣|﹣x﹣1|=﹣（|x+1|﹣|x﹣1|）=﹣f（x），∴f（x）=|x+1|﹣|x﹣1|是奇函数，①正确；对于②，由1﹣x2≥0得：﹣1≤x≤1，∴g（x）===，满足g（﹣x）=﹣g（x），故y=g（x）是奇函数，②错误；对于③，∵F（x）=f（x）f（﹣x），∴F（﹣x）=f（﹣x）f（x）=F（x）（x∈R），∴F（x）=f（x）f（﹣x）是偶函数，③正确；对于④，由＞0得，﹣1＜x＜1，又h（﹣x）=lg=lg=﹣lg=﹣h（x），∴h（x）=lg是奇函数，④正确．故答案为：①③④．15．（4分）函数f（x）=log 2•log（2x）的最小值为．【解答】解：∵f（x）=log 2•log（2x）∴f（x）=log（）•log（2x）=log x•log（2x）=log x（log x+log2）=log x（log x+2）=，∴当log x+1=0即x=时，函数f（x）的最小值是．故答案为：﹣16．（4分）若函数f（x）=a x（a＞0，a≠1）在[﹣1，2]上的最大值为4，最小值为m，且函数在[0，+∞）上是增函数，则a=．【解答】解：当a＞1时，有a2=4，a﹣1=m，此时a=2，m=，此时g（x）=﹣为减函数，不合题意；若0＜a＜1，则a﹣1=4，a2=m，故a=，m=，g（x）=在[0，+∞）上是增函数，符合题意．故答案为：．三、解答题（共4小题，满分36分）17．（8分）计算下列各式的值（1）（﹣0.1）0+×2+（）（2）log3+lg25+lg4．【解答】解：（1）（﹣0.1）0+×2+（）=1+×+（4﹣1）=1+2+2=5．（2）log3+lg25+lg4===．18．（8分）已知函数f（x）=的定义域为A，函数g（x）=（﹣1≤x≤0）的值域为B．（1）求A∩B；（2）若C={x|a≤x≤2a﹣1}且C⊆B，求a的取值范围．【解答】解：（1）由题意得：A=x|x≥2（2分），B=y|1≤y≤2，A∩B={2}（2）由（1）知：19．（8分）设f（x）是定义在[﹣1，1]上的奇函数，且当x∈（0，1]时，f（x）=log a（x+1），a＞1．（1）求函数f（x）的解析式；（2）解关于x的不等式f（x）＞f（1﹣2x）．【解答】解：（1）∵f（x）在[﹣1，1]上是奇函数，∴f（﹣x）==﹣f（x），∴f（x）=，（2）由题意得：函数f（x）在定义域上递增，∴，解得：＜x≤1．20．（12分）已知函数f（x）=2x+2ax+b，且f（1）=，f（2）=．（1）求a，b；（2）判断函数的单调性，并用定义给出证明；（3）若关于x的不等式mf（x）≤2﹣x在（0，+∞）上恒成立，求实数m的取值范围．【解答】解：（1）∵函数f（x）=2x+2ax+b，且f（1）=，f（2）=，∴，∴．（2）由（1）得：f（x）=2x+2﹣x．其单调性判断结论是：f（x）=2x+2﹣x在（﹣∞，0]上单调递减；在[0，﹣∞）上单调递增．下面证明．证明：在（﹣∞，0]任取x1，x2，且x1＜x2，f（x2）﹣f（x1）==（2﹣2）+（）=，∵x1＜x2≤0，∴，，∴f（x2）﹣f（x1）＜0，∴f（x2）＜f（x1）．∴f（x）=2x+2﹣x在（﹣∞，0]上单调递减．同理可证明，f（x）=2x+2﹣x在[0，﹣∞）上单调递增．（3）∵不等式mf（x）≤2﹣x，∴m（2x+2﹣x）≤2﹣x，∴m≤，即，当x＞0时，22x+1＞2，，∴x的不等式mf（x）≤2﹣x在（0，+∞）上恒成立，实数m的取值范围是：m ≤0．赠送初中数学几何模型【模型三】双垂型：图形特征：60°运用举例：1.在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，以斜边AB为底边向外作等腰三角形PAB，连接PC.（1）如图，当∠APB＝90°时，若AC=5，PC＝62，求BC的长；（2）当∠APB＝90°时，若AB=45APBC的面积是36，求△ACB的周长.2.已知：如图，B、C、E三点在一条直线上，AB＝AD，BC＝CD.（1）若∠B＝90°，AB＝6，BC＝23，求∠A的值；（2）若∠BAD＋∠BCD＝180°，cos∠DCE＝35，求ABBC的值.3.如图，在四边形ABCD中，AB=AD，∠DAB=∠BCD=90°，（1）若AB=3，BC+CD=5，求四边形ABCD的面积（2）若p= BC+CD，四边形ABCD的面积为S，试探究S与p之间的关系。
太原市外国语中学2014-2015学年高二下学期期中考试生物试题及答案
山西省太原市外国语中学2014-2015学年高二（下）期中考试一、选择题（本大题共35小题，每小题2分，共70分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．（2分）（2015•汕头一模）“黄金大米”是将胡萝卜素转化酶的基因导入到水稻细胞中而制备成功的．一般地说，制备“黄金大米”植株的过程中，不需要使用下列中的（）A．限制性核酸内切酶B．纤维素酶C．D NA连接酶D．D NA聚合酶考点：基因工程的原理及技术．分析：基因工程的工具：（1）限制酶：能够识别双链DNA分子的某种特定核苷酸序列，并且使每一条链中特定部位的两个核苷酸之间的磷酸二酯键断裂．（2）DNA连接酶：连接的是两个核苷酸之间的磷酸二酯键．（3）运载体：常用的运载体：质粒、噬菌体的衍生物、动植物病毒．解答：解：A、获取目的基因和构建基因表达载体时都需要使用限制性核酸内切酶，A错误；B、采用基因工程技术培育“黄金大米”植株的过程中不需要使用纤维素酶，B正确；C、构建基因表达载体时，需要使用DNA连接酶，C错误；D、基因在受体细胞中复制时需要DNA聚合酶，D错误．故选：B．点评：本题比较基础，考查基因工程的相关知识，重点考查基因工程的操作工具，要求考生识记操作工具的种类及作用，能根据题干要求做出准确的判断，属于考纲识记和理解层次的考查．2．（2分）（2014•和平区校级模拟）下列有关基因工程的叙述，正确的是（）A．目的基因经土壤农杆菌导入植物受体细胞后，整合到受体细胞染色体上，因此一定能稳定遗传B．D NA连接酶的作用是将两个粘性末端的碱基连接起来C．基因表达载体的构建是基因工程的核心，其上的启动子部位具有RNA聚合酶的结合位点D．常用的运载体有大肠杆菌、噬菌体和动植物病毒等考点：基因工程的原理及技术．分析：基因工程的基本操作步骤主要包括四步：①目的基因的获取，②基因表达载体的构建，③将目的基因导入受体细胞，④目的基因的检测与鉴定，其中基因表达载体的构建是基因工程的核心．DNA重组技术至少需要三种工具：限制性核酸内切酶（限制酶）、DNA连接酶、运载体．其中限制酶和DNA连接酶的作用部位均为磷酸二酯键，常用的运载体：质粒、噬菌体的衍生物、动植物病毒．解答：解：A、目的基因整合到受体细胞染色体上后，该染色体上存在目的基因，而它的同源染色体没有该基因，因此可认为是杂合子，杂合子不能稳定遗传，A错误；B、DNA连接酶连接的是两个DNA片段之间的磷酸二脂键，B错误；C、基因表达载体的构建是基因工程的核心，其上的启动子部位具有RNA聚合酶的结合位点，C正确；D、常用的运载体有质粒、噬菌体和动植物病毒等，大肠杆菌是常用的受体细胞，D错误．故选：C．点评：本题考查了基因工程的相关知识，考生要明确导入目的基因的受体细胞属于杂合子，而纯合子才能稳定遗传；识记限制酶和DNA连接酶的作用和作用部位；识记常用的运载体．3．（2分）（2014秋•越秀区校级期末）下表关于基因工程中有关基因操作的名词及对应的内容，正确的组合是（）A．A B．B C．C D．D考点：基因工程的原理及技术．分析：基因工程至少需要三种工具：限制性核酸内切酶（限制酶）、DNA连接酶、运载体．1、限制酶：能够识别双链DNA分子的某种特定核苷酸序列，并且使每一条链中特定部位的两个核苷酸之间的磷酸二酯键断裂．2、DNA连接酶：连接的是两个核苷酸之间的磷酸二酯键．3、运载体：常用的运载体：质粒、噬菌体的衍生物、动植物病毒．解答：解：（1）供体是指提供目的基因的生物；（2）限制酶能切割DNA分子，是基因的剪刀；（3）DNA连接酶能将DNA片段连接起来，是基因的针线；（4）运载体包括质粒、噬菌体或动植物病毒；（5）基因工程的受体可以是动物细胞、植物细胞或微生物细胞，但常以大肠杆菌等微生物细胞作为受体．故选：C．点评：本题考查基因工程的相关知识，重点考查基因工程的工具，要求考生识记基因工程常用的工具及其作用，能结合所学的知识作出准确的判断，属于考纲识记层次的考查．4．（2分）（2014秋•东城区期末）下列关于现代生物技术的叙述中不正确的是（）A．植物细胞去除细胞壁获得的原生质体仍然具有全能性B．动物细胞培养过程中需用胰蛋白酶处理获取单个细胞C．需使用特定的选择培养基筛选杂交瘤细胞D．D NA连接酶将DNA分子碱基对之间的氢键连接起来考点：单克隆抗体的制备过程；基因工程的原理及技术；植物体细胞杂交的过程；动物细胞与组织培养过程．分析：1、全能性是指已经分化的细胞仍然具有发育成完整个体的潜能．细胞具有全能性的原因是细胞含有该生物全部的遗传物质．2、制备单克隆抗体的过程中进行了两次筛选，一次使用选择培养基筛选出杂交瘤细胞；另一次是进行抗体阳性检测以筛选出能产生特异性抗体的杂交瘤细胞．3、基因工程所需的工具酶是限制酶和DNA连接酶，这两者的作用对象都是磷酸二酯键，其中限制酶能将磷酸二酯键切断，而DNA连接酶能将DNA片段之间的磷酸二酯键连接起来．解答：解：A、植物细胞去除细胞壁获得的原生质体仍然含有该生物全部的遗传物质，因此仍然具有全能性，A正确；B、胰蛋白酶能消化动物细胞间的蛋白质，因此动物细胞培养过程中需用胰蛋白酶处理获取单个细胞，B正确；C、筛选产生抗体的杂交瘤细胞需使用特定的选择培养基，C正确；D、DNA连接酶将DNA分子之间的磷酸二酯键连接起来，D错误．故选：D．点评：本题综合考查植物体细胞杂交、动物细胞培养、单克隆抗体及基因工程等知识，要求考生识记植物体细胞杂交的过程，明确去除细胞壁的原生质体仍具有全能性；识记单克隆抗体的制备过程；识记基因工程的工具酶，明确限制酶和DNA连接酶的作用对象都是磷酸二酯键．5．（2分）（2015•揭阳一模）金茶花是中国特有的观赏品种，但易得枯萎病．科学家在某种植物中找到了抗枯萎病的基因，通过图所示的方法培育出了抗枯萎病的新品种．下列相关叙述正确的是（）A．图中①②分别是基因表达载体、目的基因B．形成③的操作中使用的酶有限制酶、DNA聚合酶和DNA连接酶C．在⑤幼苗中检测到抗枯萎病基因标志着成功培育新品种D．由④培育至⑤过程中，经历了脱分化、再分化过程考点：基因工程的原理及技术；植物培养的条件及过程．分析：分析题图：图示表示抗枯萎病新品种的培育过程，其中①为质粒，②为目的基因，③为基因表达载体，④为含有目的基因的受体细胞，⑤为抗枯萎病新品种的幼苗．解答：解：A、图中①是质粒，②是目的基因，③为基因表达载体，A错误；B、构建③基因表达载体的操作中，首先需用限制酶切割含有目的基因的外源DNA分子和质粒，其次还要用DNA连接酶将目的基因和运载体连接形成重组DNA分子，可见该操作过程中使用的酶有限制酶和DNA连接酶，不需要DNA聚合酶，B错误；C、在⑤幼苗中检测到抗枯萎病基因标志着目的基因已经成功导入受体细胞，但这不能说明已经成功培育抗枯萎病新品种，还需要检测目的基因是否成功表达，C错误；D、由④转基因受体细胞培育至⑤转基因植株过程中还需要采用植物组织培养技术，而植物组织培养包括脱分化和再分化两个过程，D正确．故选：D．点评：本题结合抗枯萎病新品种的培育过程图，考查基因工程和植物细胞工程的相关知识，要求考生识记基因工程的原理及操作步骤，掌握各操作步骤中需要注意的细节；识记植物组织培养技术的过程及应用，能结合图中信息准确判断各选项．6．（2分）（2014秋•潍坊期末）下列技术或方法与原理相符的是（）A．人参细胞的大量培养和动物细胞培养﹣﹣细胞增殖B．植物组织培养和单克隆抗体的制备﹣﹣细胞的全能性C．早期胚胎培养和人鼠细胞融合﹣﹣细胞膜的流动性D．转基因抗虫棉和克隆羊多利的培育﹣﹣基因重组考点：动物细胞与组织培养过程；植物培养的条件及过程；细胞融合的概念及方法．分析：细胞的全能性指高度分化的细胞仍然具有发育成完整个体的潜能；植物的组织培养是将离体的细胞培养成植株的过程，体现细胞的全能性，单克隆抗体的制备过程没有将细胞培养成个体，其原理属于细胞增殖；植物细胞壁的成分为纤维素和果胶，因此在植物的体细胞杂交时，通常采用酶解法（纤维素酶和果胶酶）去除植物细胞的细胞壁，这体现酶的专一性；植物原生质体的融合和动物细胞的融合涉及细胞膜的融合过程，故体现细胞膜的流动性这一结构特点；植物组织培养过程中对植物细胞的培养以及单克隆抗体制备过程中对杂交瘤细胞的培养过程涉及细胞的有丝分裂，故均体现了细胞增殖这一原理．解答：解：A、人参细胞培养和动物细胞的培养中细胞要进行有丝分裂，故体现了细胞增殖这一原理，A正确；B、植物的组织培养是将离体的细胞培养成植株的过程，体现细胞的全能性，单克隆抗体的制备过程没有将细胞培养成个体，其原理属于细胞增殖，B错误；C、早期胚胎培养进行的是有丝分裂，体现了细胞的增殖能力，没有体现膜的流动性，人鼠细胞融合体现了细胞膜的流动性，C错误；D、转基因抗虫棉的培育是基因工程，原理是基因重组，克隆羊多利的培育是核移植，胚胎移植，无基因重组，D错误．故选：A．点评：本题对现代生物技术的原理进行了考查，理解掌握各项生物技术的过程及区别有助于理解相关技术的原理，这是解答本题的关键．7．（2分）（2015春•太原校级期中）据图分析，下列有关基因工程的说法不正确的是（）A．为防止目的基因与质粒任意结合而影响基因的表达，应用限制酶Ⅰ、Ⅱ同时切割二者B．限制酶、DNA连接酶的作用部位都是磷酸二酯键C．与启动子结合的是RNA聚合酶D．能够检测到标记基因表达产物的受体细胞中，也一定会有目的基因的表达产物考点：基因工程的原理及技术．分析：基因表达载体的构建：1、过程：用同一种限制酶切割目的基因和运载体，再用DNA连接酶将目的基因和运载体连接形成重组DNA分子．2、目的：使目的基因在受体细胞中稳定存在并且可以遗传给下一代并表达和发挥作用．3、基因表达载体的组成：目的基因+启动子+终止子+标记基因．（1）启动子在基因的首段，它是RNA聚合酶的结合位点，能控制着转录的开始；（2）终止子在基因的尾端，它控制着转录的结束；（3）标记基因便于目的基因的鉴定和筛选．解答：解：A、限制酶Ⅰ和酶Ⅱ识别的核苷酸序列不同，所以用限制酶Ⅰ和酶Ⅱ同时切割目的基因和质粒可防止二者任意结合，A正确；B、限制酶、DNA连接酶的作用部位都是磷酸二酯键，前者是切割磷酸二酯键，后者是连接磷酸二酯键，B正确；C、启动子和终止子都是一段有特殊结构的DNA片段，其中启动子是RNA聚合酶的结合位点，能启动转录过程，而终止子能终止转录过程，C正确；D、重组DNA分子上的抗性基因可用于目的基因的检测与鉴定，但是有目的基因也不一定表达，D错误．故选：D．点评：本题考查基因工程的相关知识，要求考生识记基因工程的原理、工具、操作步骤及应用，掌握各步骤中的相关细节，能运用所学的知识准确判断各选项，属于考纲识记和理解层次的考查．8．（2分）（2013•南京模拟）下列有关生物工程的叙述，正确的是（）A．试管牛和克隆牛都属于无性生殖B．蛋白质工程是直接对蛋白质分子进行改造C．精心设计生态工程能提高各营养级的能量传递效率D．胚胎分割获得的胚胎数量过多会降低胚胎存活率考点：胚胎分割移植；蛋白质工程；动物体细胞克隆．分析：1、试管动物和克隆动物的比较：2、蛋白质工程指以蛋白质的结构规律及其与生物功能的关系作为基础，通过基因修饰或基因合成，对现有蛋白质进行基因改造，或制造一种新的蛋白质，以满足人类的生产和生活的需要．3、胚胎分割技术存在的问题：存在问题：胚胎分割的分数越多，操作的难度越大，移植的成功率也越低．解答：解：A、试管牛的培育主要采用了体外受精和胚胎移植技术，属于有性生殖，而克隆牛的培育主要采用了核移植和胚胎移植技术，属于无性生殖，A错误；B、蛋白质工程是通过改造基因来实现对蛋白质分子的改造，B错误；C、精心设计生态工程不能提高各营养级的能量传递效率，但能提高能量的利用率，C错误；D、胚胎分割获得的胚胎数量过多会降低胚胎存活率，目前以二分胚的成功率最高，D正确．故选：D．点评：本题综合考查蛋白质工程、细胞工程、胚胎工程及生态工程，要求考生识记蛋白质工程的概念；掌握试管动物和克隆动物的区别；识记生态工程建设的意义；识记胚胎分割的概念及存在的问题，能结合所学的知识准确判断各选项．9．（2分）（2011•江苏）关于现代生物技术应用的叙述错误的是（）A．蛋白质工程可合成自然界中不存在的蛋白质B．体细胞杂交技术可用于克隆动物和制备单克隆抗体C．植物组织培养技术可用于植物茎尖脱毒D．动物细胞培养技术可用于转基因动物的培养考点：蛋白质工程；组织培养基的成分及作用；动物细胞与组织培养过程；动物体细胞克隆；单克隆抗体的制备过程．分析：蛋白质工程与基因工程不同，基因工程产生的是自然界中原有的蛋白质，而蛋白质工程能创造出自然界没有的蛋白质．体细胞杂交技术目前主要用于制备单克隆抗体，克隆动物涉及了细胞核移植、早期胚胎培养和胚胎移植等技术．解答：解：A、蛋白质工程可通过对现有基因进行改造合而合成自然界中不存在的蛋白质，A正确；B、克隆动物利用了细胞核移植、早期胚胎培养和胚胎移植等技术，体细胞杂交技术目前主要用于制备单克隆抗体，B错误；C、茎尖和根尖等分生区几乎不含病毒，所以将植物分生区（茎尖、根尖等）进行组织培养可以获得脱毒苗，C正确；D、动物细胞培养技术可为动物的转基因技术提供受体细胞等，并且基因工程中的受精卵需应用动物细胞培养技术培养成早期胚胎进行移植，D正确．故选：B．点评：本题综合考查蛋白质工程、体细胞杂交和动物细胞培养等相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力，难度适中．10．（2分）（2013•南京模拟）下列关于细胞工程的叙述，错误的是（）A．动物细胞培养箱中CO2的主要作用是维持培养液的pHB．动物细胞融合与植物体细胞杂交都能形成杂种个体C．动物细胞培养液中加入适量抗生素的目的是防止细菌的污染D．通过植物细胞培养获得的代谢产物可作为生产某些药物的原料考点：动物细胞与组织培养过程；植物培养的条件及过程；植物体细胞杂交的过程；细胞融合的概念及方法．分析：1、动物细胞培养的流程：取动物组织块（动物胚胎或幼龄动物的器官或组织）→剪碎→用胰蛋白酶或胶原蛋白酶处理分散成单个细胞→制成细胞悬液→转入培养瓶中进行原代培养→贴满瓶壁的细胞重新用胰蛋白酶或胶原蛋白酶处理分散成单个细胞继续传代培养．2、动物细胞融合是指两个或两个以上的细胞合并成为一个细胞的过程．3、植物的体细胞杂交是将不同植物的细胞通过细胞融合技术形成杂种细胞，进而利用植物的组织培养将杂种细胞培育成多倍体的杂种植株．4、植物细胞培养是指脱分化形成愈伤组织，从愈伤组织中提取细胞的代谢产物．解答：解：A、动物细胞培养箱中CO2的主要作用是维持培养液的pH，A正确；B、动物细胞融合不能形成杂种个体，而植物体细胞杂交能形成杂种个体，但两者都能形成杂种细胞，B错误；C、动物细胞培养液中加入适量抗生素的目的是防止细菌的污染，C正确；D、通过植物细胞培养获得的代谢产物可作为生产某些药物的原料，D正确．点评：本题考查细胞工程的相关内容，意在考查考生的识记能力和理解判断能力，属于容易题，注意B选项中植物体细胞杂交和动物细胞融合的比较：项目细胞融合原理细胞融合方法诱导手段用途植物体细胞杂交细胞膜的流动性，（细胞的全能性）去除细胞壁后诱导原生质体融合离心、电刺激、聚乙二醇等试剂诱导克服远缘杂交不亲和，获得杂交植株动物细胞融合细胞膜的流动性使细胞分散后，诱导细胞融合离心、电刺激、聚乙二醇、灭活病毒等试剂诱导制备单克隆抗体的技术之一11．（2分）（2014秋•扬州期末）下列关于生物工程的叙述，正确的是（）A．在花药离体培养形成愈伤组织的过程中，有可能发生基因的突变和基因重组B．目的基因导入植物细胞的常用方法是显微注射法C．植物的单倍体育种和杂交育种都必须利用植物组织培养技术D．蛋白质工程也需要构建含控制预期蛋白质合成的基因表达载体考点：基因工程的原理及技术；蛋白质工程；植物培养的条件及过程．分析：阅读题干可知本题涉及的知识点是现代生物工程技术，明确知识点，梳理相关知识，根据选项描述结合基础知识做出判断．解答：解：A、在花药离体培养形成愈伤组织的过程中，只进行有丝分裂，不发生减数分裂，所以有可能发生基因的突变和染色体变异，但不会发生基因重组，A错误；B、目的基因导入植物细胞的常用方法是农杆菌转化法，导入动物细胞的常用方法是显微注射法，B错误；C、植物的单倍体育种必须利用植物组织培养技术，杂交育种是正常生殖和发育，C错误；D、蛋白质工程是将控制蛋白质的基因进行修饰改造或合成新的基因，然后运用基因工程合成新的蛋白质，所以蛋白质工程也需要构建含控制预期蛋白质合成的基因表达载体，D正确．故选：D．点评：本题考查基因工程、蛋白质工程和细胞工程的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．12．（2分）（2014春•桂林期末）如图为白菜﹣甘蓝的培育流程，下列叙述错误的是（）A．过程①用到的酶是胰蛋白酶和果胶酶，目的是除去细胞壁便于细胞融合B．过程②常用离心、振动、电刺激和化学诱导剂聚乙二醇C．A和B细胞融合完成的标志是再生出新的细胞壁D．过程④形成的细胞的全能性提高考点：植物体细胞杂交的过程．分析：分析题图：①植物细胞壁的成分是纤维素和果胶，去壁所用的是纤维素酶和果胶酶；②原生质体融合所用的方法有物理法和化学法．物理法包括离心、振动、电激等，化学法一般是用聚乙二醇；③再生细胞壁形成杂种细胞；④脱分化形成愈伤组织，⑤再分化形成“白菜一甘蓝”幼苗．解答：解：A、植物细胞壁的成分是纤维素和果胶，去壁所用的是纤维素酶和果胶酶，A错误；B、原生质体融合所用的方法有物理法和化学法．物理法包括离心、振动、电激等，化学法一般是用聚乙二醇，B正确；C、A和B细胞融合完成的标志是杂种细胞再生出新的细胞壁，C正确；D、过程④是脱分化，形成的细胞是愈伤组织（愈伤组织是为分化的细胞，全能性较高），由分化的细胞形成愈伤组织，全能性提高，D正确．故选：A．点评：本题考查了植物体细胞杂交过程，意在考查考生对于相关知识点的掌握和运用，主要考查考生的识记和理解能力，难度中等．13．（2分）（2015•江门模拟）据图分析，下列叙述错误的是（）A．与纤维母细胞相比，过程①形成的诱导干细胞的全能性表现能力较高B．过程②是诱导干细胞基因选择性表达的结果C．过程③中细胞的融合具有随机性D．过程④制备的单克隆抗体能高效治疗多种疾病考点：胚胎干细胞的研究与应用；单克隆抗体的制备过程．分析：据图分析，①过程导入外源基因，类似于植物组织培养过程中的脱分化，②表示细胞分裂和分化，③表示动物细胞融合成杂交瘤细胞，④是动物细胞培养．解答：解：A、①过程是通过诱导基因作用使纤维母细胞脱分化为干细胞，与纤维母细胞相比，干细胞的全能性较高，A正确；B、②过程是干细胞再分化为其他组织器官细胞，是基因选择性表达的结果，B正确；C、③过程是细胞融合，可形成杂交瘤细胞过程和两种自身融合细胞，具有一定的随机性，C正确；D、单克隆抗体特异性强，灵敏度高，只能高效治疗一种特定的疾病，D错误．故选：D．点评：本题以实验过程图为载体，考查动物细胞工程的相关知识，意在考查考生的识图能力、分析能力和理解判断能力，属于中等难度题．14．（2分）（2014秋•东城区期末）细胞工程中，选择合适的生物材料是成功的关键．下列叙述不正确的是（）A．选择高度分化的动物体细胞进行培养有利于获得大量的细胞B．选择去核的卵细胞作为核受体进行核移植可提高克隆动物的成功率C．选择植物的愈伤组织进行诱变处理可获得有用的突变体D．选择一定大小的植物茎尖进行组织培养可获得脱毒苗考点：动物细胞与组织培养过程；植物培养的条件及过程；动物细胞核移植技术．分析：1、动物细胞核移植是指将动物的一个细胞的细胞核移入一个去掉细胞核的卵母细胞中，使其重组并发育成一个新的胚胎，这个新的胚胎最终发育为克隆个体．2、选用去核卵（母）细胞的原因：卵（母）细胞大，容易操作；卵（母）细胞质多，营养丰富；含有促使细胞全能性表达的物质．3、植物组织培养技术的应用：植物繁殖的新途径（微型繁殖、作物脱毒、人工种子）、作物新品种的培育（单倍体育种、突变体的利用）、细胞产物的工厂化生产．解答：解：A、高度分化的细胞已经失去分裂能力，因此选择高度分化的动物体细胞进行培养不会获得大量细胞，A错误；B、卵细胞的细胞质中含有促进全能性表达的物质，因此择去核的卵细胞作为核受体进行核移植可提高克隆动物的成功率，B正确；C、愈伤组织细胞处于分生状态，易受外界环境因素影响，因此选择植物的愈伤组织进行诱变处理，再进行人工选择，可获得优质的突变体，C正确；D、茎尖等分生区组织几乎不含病毒，因此选择一定大小的植物茎尖进行组织培养可获得脱毒苗，D正确．故选：A．点评：本题考查动物核移植技术、植物组织培养技术及应用，要求考生识记动物核移植技术的概念及类型；识记植物组织培养技术的原理、过程及应用，能运用所学的知识准确判断各选项，属于考纲识记和理解层次的考查．15．（2分）（2007•天津）利用细胞工程方法，以SARS病毒核衣壳蛋白为抗原制备出单克隆抗体．下列相关叙述正确的是（）。
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1 2014-2015学年第二学期期中考试试卷 （高一物理） 使用时间：2015年4月29日 测试时间： 90 分钟 总分：100 分
第Ⅰ卷 一、单项选择题（本小题只有一个选项符合题意。每小题4分，共40分） 1．下列说法不正确的是 A．做平抛运动的物体，每秒钟速度的改变量一定相等 B．物体在恒力作用下，也可以做曲线运动 C．做圆周运动的物体，所受合外力的方向一定与速度方向垂直 D．做匀速圆周运动的物体，所受的合外力等于所需的向心力 2．在地球表面附近环绕地球运动的卫星，周期为85min，运动速度为7.9km/s。我国“风云”二号气象卫星，运动在赤道上方高度约为地球半径5.6倍的轨道上，关于该卫星的运动速度v和周期T，下列说法正确的是
A、v＜7.9km/s，T＜85min B、v＜7.9km/s，T＞85min C、v＞7.9km/s，T＜85min D、v＞7.9km/s，T＞85min 3．火星的质量和半径分别约为地球的110和12，地球表面的重力加速度为g，则火星表面的重力加速度约为 A．0.2g B．0.4g C．2.5g D．5g 4．如图所示，为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它的边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心距离为r，c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上，若在传动过程中，皮带不打滑，则
A.a点与b点线速度大小相等 B.a点与c点角速度大小相等 2
C.a点与d点向心加速度大小不相等 D.a、b、c、d四点，加速度最小的是b点 5．天文学家新发现太阳系外有一颗行星．这颗行星的体积是地球的M倍，质量是地球的N倍．已知某一近地卫星绕地球运动的周期为T，引力常量为G，则该行星的平均密度为 A．23NMGT B．23MNGT C．3MNGT D．2MNGT 6．地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；假设月球绕地球作匀速圆周运动，轨道半径为r1，向心加速度为a1．已知万有引力常量为G，地球半径为R．下列说法中正确的是
A．地球质量M= B．地球质量M=
C．地球赤道表面处的重力加速度g = a D．加速度之比= 7．某人划船渡河，当划行速度和水流速度一定，且划行速度大于水流速度时．过河的最短时间是t1；若以最小位移过河，需时间t2．则划行速度v1 与水流速度v2 之比为
A．t2∶t1 B．t2∶2122tt C．t1∶（t2－t1） D．t1∶2122tt 8.有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是
A．如图a，汽车通过拱桥的最高点处于超重状态 B．如图b所示是一圆锥摆，增大θ，但保持圆锥的高不变，则圆锥摆的角速度不变 C．如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小相等 D．火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对内轮缘会有挤压作用 9．如图所示，球网高出桌面h，网到桌边的距离为L。某人在乒乓球训练中，从左侧L/2处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘。设乒乓球运动为平抛运动。则
Gra211GaR2aa1
2
21
Rr 3
A．击球点的高度与网高度之比为2：1 B．乒乓球在网左右两侧运动时间之比为2：1 C．乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为1：2 D．乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2 10．如图所示，从水平地面上的A点，以速度v1在竖直平面内抛出一小球，v1与地面成θ角。小球恰好以v2的速度水平打在墙上的B点，不计空气阻力，则下面说法中正确的是
A．在A点，仅改变θ角的大小，小球仍可能水平打在墙上的B点 B．在A点，以大小等于v2的速度朝墙抛向小球，它也可能水平打在墙上的B点 C．在B点以大小为v1的速度水平向左抛出小球，则它可能落在地面上的A点 D．在B点水平向左抛出小球，让它落回地面上的A点，则抛出的速度大小一定等于v2 二、多项选择题（每小题4分，全选对的给4分，选对但不全的给2分，有选错的得0分，共16分） 11．2012年全国铁路新线铺轨将达到6366千米，火车在铁轨上转弯可以看做是做匀速圆周运动，火车速度提高易使外轨受损．为解决火车高速转弯时使外轨受损这一难题，你认为理论上可行的措施是 A．仅减小弯道半径 B．仅增大弯道半径 C．仅适当减小内外轨道的高度差 D．仅适当增加内外轨道的高度差 12．牛顿时代的科学家们围绕万有引力的研究，经历了大量曲折顽强而又闪烁智慧的科学实践。在万有引力定律的发现历程中，下列叙述符合史实的是 A．开普勒研究了第谷的行星观测记录，得出了开普勒行星运动定律 B．牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出了万有引力定律 4
C．卡文迪许首次在实验室中比较准确地得出了引力常量G的数值 D．根据天王星的观测资料，哈雷利用万有引力定律计算出了海王星的轨道 13．如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，从水星与金星在一条直线上开始计时，若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为θ1；金星转过的角度为θ2（θ1、θ2
均为锐角），则由此条件可求得
A.水星和金星绕太阳运动的周期之比 B.水星和金星的密度之比 C.水星和金星到太阳的距离之比 D.水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比 14．如图所示，水平地面上不同位置的三个物体沿三条不同的路径抛出，最终落在同一点，三条路径的最高点是等高的，若忽略空气阻力的影响，下列说法正确的是
A．沿路径1抛出的物体落地的速率最大 B．沿路径3抛出的物体在空中运动的时间最长 C．三个物体抛出时初速度的竖直分量相等 D．三个物体抛出时初速度的水平分量相等 三、实验题（每空2分，共8分） 15.图1是“研究平抛物体运动”的实验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。 5
（1）以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有 A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平 B．每次小球释放的初始位置可以任意选择 C．每次小球应从同一高度由静止释放 D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接 （2）实验得到平抛小球的轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图2中y – x2图像能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是
（3）图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标y1为5.0cm，y2为45.0cm，A、B两点的水平间距Δx为40.0cm。则平抛小球的初速度v0为_______m/s，若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的速度vC为_________m/s（结果保留两位有效数字，g取10m/s2）。
四、计算题(共36分) 16．(8分)如图所示，一倾斜的匀质圆盘垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度ω转动， 6
盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止，物体与盘面间的动摩擦因数为23，（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），盘面与水平面间的夹角为30°， g取10m/s2。求ω的最大值.
17.(8分)如图所示，是马戏团中上演的飞车节目，在竖直平面内 有半径为R的圆轨道．表演者骑着摩托车在圆轨道内做圆周运动．已知人和摩托车的总质量为m，人以v1＝2gR的速度过轨道最高点B，并以v2＝3v1的速度过最低点A.求在A、B两点轨道对摩托车的压力大小相差多少？
18．(10分)如图所示，一个斜面固定在水平面上，从斜面顶端以不同初速度v0水平抛出小物体，得到物体在空气中运动时间t（t为小物体从抛出到与斜面或水平面发生第一次碰撞的时间）与初速度v0如表所示，（g=10m/s2）
vo/m/s﹣1 … 1.5 … 2 2.5 …
t/s … 0.20 … 0.8 0.8 …
求：（1）斜面的高度h 7
（2）斜面的倾角θ的正切值（tanθ）（用分数表示） 19．(10分)发射地球同步卫星时，先将卫星发射到距地面高度为h1的圆轨道上，在卫星经过A点时点火实施变轨进入椭圆轨道，最后在椭圆轨道的远地点B点再次点火将卫星送入同步轨道，如图所示．已知同步卫星的运动周期为T，地球的半径为R，地球表面重力加速度为g，忽略地球自转的影响．求：
（1）卫星在近地点A的加速度大小； （2）远地点B距地面的高度． （3）能否求出卫星从A点到B点所需的时间。若能，请写出求解过程或表达式（不必求解最终的结果）。 8
2015年4月29日高一年级物理期中考试参考答案 第Ⅰ卷 一、 单项选择题（本小题只有一个符合题意的选项。每小题4分，共40分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B B D A A B B D D 二、 多项选择题（每小题4分，全选对的给4分，选对但不全的给2分，有选错的得0分，共16分） 题号 11 12 13 14 答案 BD ABC ACD AC
第Ⅱ卷 三、实验题（每空2分，共8分） 15. （1） A C （2） C （3） 2.0 ， 4.0 。 四、计算题(共36分) 16．(8分) 【答案】ω = 1.0rad/s 【解析】随着角速度的增大，小物体最先相对于圆盘发生相对滑动的位置为转到最低点时， 此时对小物休有μmgcosθ – mgsinθ = mω2r，解得ω = 1.0rad/s，此即为小物体在最低位置发生相对滑动的临界角速度。 17.(8分) 【答案】6mg
【解析】 在B点，Fb＋mg＝m 21vR解之得FB＝mg，
在A点，FA－mg＝m 22vR解之得FA＝7mg， 所以在A、B两点轨道对车的压力大小相差6mg. 18．(10分) 0.32m 2/3
19．(10分)