2020年广东省河源市中考数学试卷
2020年广东省河源市中考数学试卷
一、选择题(本大题10小题,每小题3分,共30分)在每小题列出的四个选项中,只有一个是正确的,请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑.
1. 9的相反数是()
A.?9
B.9
C.1
9D.?1
9
【答案】
A
【考点】
相反数
【解析】
根据相反数的定义即可求解.
【解答】
9的相反数是?9,
2. 一组数据2,4,3,5,2的中位数是()
A.5
B.3.5
C.3
D.2.5
【答案】
C
【考点】
中位数
【解析】
中位数是指一组数据从小到大排列之后,如果数据的总个数为奇数,则中间的数即为中位数;如果数据的总个数为偶数个,则中间两个数的平均数即为中位数.
【解答】
将数据由小到大排列得:2,2,3,4,5,
∵数据个数为奇数,最中间的数是3,
∴这组数据的中位数是3.
3. 在平面直角坐标系中,点(3,?2)关于x轴对称的点的坐标为()
A.(?3,?2)
B.(?2,?3)
C.(2,??3)
D.(3,??2)
【答案】
D
【考点】
关于x轴、y轴对称的点的坐标
【解析】
根据“关于x轴对称的点,横坐标相同,纵坐标互为相反数”解答即可.
【解答】
点(3,?2)关于x轴对称的点的坐标为(3,??2).
4. 若一个多边形的内角和是540°,则该多边形的边数为()
A.4
B.5
C.6
D.7
【答案】
B
【考点】
多边形内角与外角
【解析】
根据多边形的内角和公式(n?2)?180°列式进行计算即可求解.
【解答】
设多边形的边数是n,则
(n?2)?180°=540°,
解得n=5.
5. 若式子√2x?4在实数范围内有意义,则x的取值范围是()
A.x≠2
B.x≥2
C.x≤2
D.x≠?2
【答案】
B
【考点】
二次根式有意义的条件
【解析】
根据二次根式中的被开方数是非负数,即可确定二次根式被开方数中字母的取值范围.【解答】
∵√2x?4在实数范围内有意义,
∴2x?4≥0,
解得:x≥2,
∴x的取值范围是:x≥2.
6. 已知△ABC的周长为16,点D,E,F分别为△ABC三条边的中点,则△DEF的周长
为()
A.8
B.2√2
C.16
D.4
【答案】
A
【考点】
三角形中位线定理
【解析】
根据中位线定理可得DF=1
2AC,DE=1
2
BC,EF=1
2
AC,继而结合△ABC的周长为16,
可得出△DEF的周长.
【解答】
∵D、E、F分别为△ABC三边的中点,∴DE、DF、EF都是△ABC的中位线,
∴DF=1
2AC,DE=1
2
BC,EF=1
2
AC,
故△DEF的周长=DE+DF+EF=1
2(BC+AB+AC)=1
2
×16=8.
7. 把函数y=(x?1)2+2图象向右平移1个单位长度,平移后图象的函数解析式为()
A.y=x2+2
B.y=(x?1)2+1
C.y=(x?2)2+2
D.y=(x?1)2+3
【答案】
C
【考点】
二次函数图象与几何变换
【解析】
先求出y=(x?1)2+2的顶点坐标,再根据向右平移横坐标加,求出平移后的二次函数图象顶点坐标,然后利用顶点式解析式写出即可.
【解答】
二次函数y=(x?1)2+2的图象的顶点坐标为(1,?2),
∴向右平移1个单位长度后的函数图象的顶点坐标为(2,?2),
∴所得的图象解析式为y=(x?2)2+2.
8. 不等式组{2?3x≥?1,
x?1≥?2(x+2)的解集为()
A.无解
B.x≤1
C.x≥?1
D.?1≤x≤1
【答案】
D
【考点】
解一元一次不等式组
【解析】
分别求出每一个不等式的解集,根据口诀:同大取大、同小取小、大小小大中间找、大大小小无解了确定不等式组的解集.
【解答】
解不等式2?3x≥?1,得:x≤1,
解不等式x?1≥?2(x+2),得:x≥?1,
则不等式组的解集为?1≤x≤1,
9. 如图,在正方形ABCD中,AB=3,点E,F分别在边AB,CD上,∠EFD=60°.若将四边形EBCF沿EF折叠,点B恰好落在AD边上,则BE的长度为()
A.1
B.√2
C.√3
D.2
【答案】
D
【考点】
翻折变换(折叠问题)
正方形的性质
【解析】
由正方形的性质得出∠EFD=∠BEF=60°,由折叠的性质得出∠BEF=∠FEB′=60°,
BE=B′E,设BE=x,则B′E=x,AE=3?x,由直角三角形的性质可得:2(3?x)=x,解方程求出x即可得出答案.
【解答】
∵四边形ABCD是正方形,
∴AB?//?CD,∠A=90°,
∴∠EFD=∠BEF=60°,
∵将四边形EBCF沿EF折叠,点B恰好落在AD边上,
∴∠BEF=∠FEB′=60°,BE=B′E,
∴∠AEB′=180°?∠BEF?∠FEB′=60°,
∴B′E=2AE,
设BE=x,则B′E=x,AE=3?x,
∴2(3?x)=x,
解得x=2.
10. 如图,抛物线y=ax2+bx+c的对称轴是x=1,下列结论:
①abc>0;②b2?4ac>0;③8a+c<0;④5a+b+2c>0,
正确的有()
A.4个
B.3个
C.2个
D.1个
【答案】
B
【考点】
抛物线与x轴的交点
二次函数图象与系数的关系
【解析】
根据抛物线的开口方向、对称轴、与坐标轴的交点判定系数符号及运用一些特殊点解
答问题.
【解答】
由抛物线的开口向下可得:a<0,
根据抛物线的对称轴在y轴右边可得:a,b异号,所以b>0,
根据抛物线与y轴的交点在正半轴可得:c>0,
∴abc<0,故①错误;
∵抛物线与x轴有两个交点,
∴b2?4ac>0,故②正确;
∵直线x=1是抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴,所以?b
=1,可得b=?2a,
2a
由图象可知,当x=?2时,y<0,即4a?2b+c<0,
∴4a?2×(?2a)+c<0,
即8a+c<0,故③正确;
由图象可知,当x=2时,y=4a+2b+c>0;当x=?1时,y=a?b+c>0,
两式相加得,5a+b+2c>0,故④正确;
∴结论正确的是②③④3个,
二、填空题(本大题7小题,每小题4分,共28分)请将下列各题的正确答案填写在答题卡相应的位置上.
分解因式:xy?x=________.
【答案】
x(y?1)
【考点】
因式分解-提公因式法
【解析】
直接提取公因式x,进而分解因式得出答案.
【解答】
xy?x=x(y?1).
如果单项式3x m y与?5x3y n是同类项,那么m+n=________.
【答案】
4
【考点】
同类项的概念
【解析】
根据同类项的定义(所含字母相同,相同字母的指数相同)可得m=3,n=1,再代入代数式计算即可.
【解答】
∵单项式3x m y与?5x3y n是同类项,
∴m=3,n=1,
∴m+n=3+1=4.
若√a?2+|b+1|=0,则(a+b)2020=________.
【答案】
1
【考点】
非负数的性质:偶次方
非负数的性质:算术平方根
非负数的性质:绝对值
【解析】
根据非负数的意义,求出a、b的值,代入计算即可.
【解答】
∵√a?2+|b+1|=0,
∴a?2=0且b+1=0,
解得,a=2,b=?1,
∴(a+b)2020=(2?1)2020=1,
已知x=5?y,xy=2,计算3x+3y?4xy的值为________.
【答案】
7
【考点】
列代数式求值
【解析】
由x=5?y得出x+y=5,再将x+y=5、xy=2代入原式=3(x+y)?4xy计算可得.【解答】
∵x=5?y,
∴x+y=5,
当x+y=5,xy=2时,
原式=3(x+y)?4xy
=3×5?4×2
=15?8
=7,
AB的长为半径,分别以点A,B为圆心作
如图,在菱形ABCD中,∠A=30°,取大于1
2
弧相交于两点,过此两点的直线交AD边于点E(作图痕迹如图所示),连接BE,BD.则∠EBD的度数为________.
【答案】
45°
【考点】
作图—基本作图
菱形的性质
线段垂直平分线的性质
【解析】
根据∠EBD=∠ABD?∠ABE,求出∠ABD,∠ABE即可解决问题.
【解答】
∵四边形ABCD是菱形,
∴AD=AB,
∴∠ABD=∠ADB=1
(180°?∠A)=75°,
2
由作图可知,EA=EB,
∴∠ABE=∠A=30°,
∴∠EBD=∠ABD?∠ABE=75°?30°=45°,
有一架竖直靠在直角墙面的梯子正在下滑,一只猫紧紧盯住位于梯子正中间的老鼠,
等待与老鼠距离最小时扑捉.把墙面、梯子、猫和老鼠都理想化为同一平面内的线或点,模型如图,∠ABC=90°,点M,N分别在射线BA,BC上,MN长度始终保持不变,MN=4,E为MN的中点,点D到BA,BC的距离分别为4和2.在此滑动过程中,猫与
老鼠的距离DE的最小值为________.
【答案】
2√5?2
【考点】
直角三角形斜边上的中线
点与圆的位置关系
【解析】
如图,连接BE,BD.求出BE,BD,根据DE≥BD?BE求解即可.
【解答】
如图,连接BE,BD.
由题意BD=√22+42=2√5,
∵∠MBN=90°,MN=4,EM=NE,
∴BE=1
MN=2,
2
∴点E的运动轨迹是以B为圆心,2为半径的弧,
∴当点E落在线段BD上时,DE的值最小,
∴DE的最小值为2√5?2.(也可以用DE≥BD?BE,即DE≥2√5?2确定最小值)三、解答题(一)(本大题3小题,每小题6分,共18分)
先化简,再求值:(x+y)2+(x+y)(x?y)?2x2,其中x=√2,y=√3.
【答案】
(x+y)2+(x+y)(x?y)?2x2,
=x2+2xy+y2+x2?y2?2x2
=2xy,
当x=√2,y=√3时,
原式=2×√2×√3=2√6.
【考点】
整式的混合运算—化简求值
【解析】
根据整式的混合运算过程,先化简,再代入值求解即可.
【解答】
(x+y)2+(x+y)(x?y)?2x2,
=x2+2xy+y2+x2?y2?2x2
当x=√2,y=√3时,
原式=2×√2×√3=2√6.
某中学开展主题为“垃圾分类知多少”的调查活动,调查问卷设置了“非常了解”、“比较了解”、“基本了解”、“不太了解”四个等级,要求每名学生选且只能选其中一个等级,随机抽取了120名学生的有效问卷,数据整理如下:
(1)求x的值;
(2)若该校有学生1800人,请根据抽样调查结果估算该校“非常了解”和“比较了解”垃圾分类知识的学生共有多少人?
【答案】
x=120?(24+72+18)=6;
=1440(人),
1800×24+72
120
答:根据抽样调查结果估算该校“非常了解”和“比较了解”垃圾分类知识的学生共有1440人.
【考点】
用样本估计总体
【解析】
(1)根据四个等级的人数之和为120求出x的值;
(2)用总人数乘以样本中“非常了解”和“比较了解”垃圾分类知识的学生占被调查人数的比例.
【解答】
x=120?(24+72+18)=6;
1800×24+72
=1440(人),
120
答:根据抽样调查结果估算该校“非常了解”和“比较了解”垃圾分类知识的学生共有1440人.
如图,在△ABC中,点D,E分别是AB、AC边上的点,BD=CE,∠ABE=∠ACD,BE 与CD相交于点F.求证:△ABC是等腰三角形.
证明:∵ ∠ABE =∠ACD , ∴ ∠DBF =∠ECF ,
在△BDF 和△CEF 中,{∠DBF =∠ECF
∠BFD =∠CFE BD =CE ,
∴ △BDF ?△CEF(AAS), ∴ BF =CF ,DF =EF , ∴ ∠FBC =∠FCB , ∴ ∠ABC =∠ACB , ∴ AB =AC ,
即△ABC 是等腰三角形. 【考点】
等腰三角形的判定
全等三角形的性质与判定
【解析】
先证△BDF ?△CEF(AAS),得出BF =CF ,则∠FBC =∠FCB ,得出∠ABC =∠ACB ,则AB =AC . 【解答】
证明:∵ ∠ABE =∠ACD , ∴ ∠DBF =∠ECF ,
在△BDF 和△CEF 中,{∠DBF =∠ECF
∠BFD =∠CFE BD =CE
,
∴ △BDF ?△CEF(AAS), ∴ BF =CF ,DF =EF , ∴ ∠FBC =∠FCB , ∴ ∠ABC =∠ACB , ∴ AB =AC ,
即△ABC 是等腰三角形. 四、解答题(二)(本大题3小题,每小题8分,共24分)
已知关于x ,y 的方程组{ax +2√3y =?10√3,x +y =4 与{x ?y =2,x +by =15 的解相同.
(1)求a ,b 的值;
(2)若一个三角形的一条边的长为2√6,另外两条边的长是关于x 的方程x 2+ax +b
=0的解.试判断该三角形的形状,并说明理由. 【答案】
由题意得,关于x ,y 的方程组的相同解,就是方程组{x +y =4
x ?y =2 的解,
解得,{x =3
y =1
,代入原方程组得,a =?4√3,b =12;
当a =?4√3,b =12时,关于x 的方程x 2+ax +b =0就变为x 2?4√3x +12=0, 解得,x 1=x 2=2√3,
又∵ (2√3)2+(2√3)2=(2√6)2,
∴ 以2√3、2√3、2√6为边的三角形是等腰直角三角形. 【考点】
二元一次方程组的解 根与系数的关系 一元二次方程的解
加减消元法解二元一次方程组 代入消元法解二元一次方程组 【解析】
(1)关于x ,y 的方程组{ax +2√3y =?10√3,
x +y =4 与{x ?y =2,x +by =15 的解相同.实际就是方
程组{x +y =4
x ?y =2
的解,可求出方程组的解,进而确定a 、b 的值;
(2)将a 、b 的值代入关于x 的方程x 2+ax +b =0,求出方程的解,再根据方程的两个解与2√6为边长,判断三角形的形状. 【解答】
由题意得,关于x ,y 的方程组的相同解,就是方程组{x +y =4
x ?y =2 的解,
解得,{x =3
y =1
,代入原方程组得,a =?4√3,b =12;
当a =?4√3,b =12时,关于x 的方程x 2+ax +b =0就变为x 2?4√3x +12=0, 解得,x 1=x 2=2√3,
又∵ (2√3)2+(2√3)2=(2√6)2,
∴ 以2√3、2√3、2√6为边的三角形是等腰直角三角形.
如图1,在四边形ABCD 中,AD?//?BC ,∠DAB =90°,AB 是⊙O 的直径,CO 平分∠BCD .
(1)求证:直线CD 与⊙O 相切;
(2)如图2,记(1)中的切点为E ,P 为优弧AE
?上一点,AD =1,BC =2.求tan ∠APE 的值.
【答案】
证明:作OE ⊥CD 于E ,如图1所示: 则∠OEC =90°,
∵ AD?//?BC ,∠DAB =90°,
∴∠OBC=180°?∠DAB=90°,∴∠OEC=∠OBC,
∵CO平分∠BCD,
∴∠OCE=∠OCB,
在△OCE和△OCB中,{∠OEC=∠OBC ∠OCE=∠OCB
OC=OC
,
∴△OCE?△OCB(AAS),
∴OE=OB,
又∵OE⊥CD,
∴直线CD与⊙O相切;
作DF⊥BC于F,连接BE,如图2所示:
则四边形ABFD是矩形,
∴AB=DF,BF=AD=1,
∴CF=BC?BF=2?1=1,
∵AD?//?BC,∠DAB=90°,
∴AD⊥AB,BC⊥AB,
∴AD、BC是⊙O的切线,
由(1)得:CD是⊙O的切线,
∴ED=AD=1,EC=BC=2,
∴CD=ED+EC=3,
∴DF=√CD2?CF2=√32?12=2√2,∴AB=DF=2√2,
∴OB=√2,
∵CO平分∠BCD,
∴CO⊥BE,
∴∠BCH+∠CBH=∠CBH+∠ABE=90°,∴∠ABE=∠BCH,
∵∠APE=∠ABE,
∴∠APE=∠BCH,
∴tan∠APE=tan∠BCH=OB
BC =√2
2
.
【考点】
直角梯形
解直角三角形
圆周角定理
切线的判定与性质
【解析】
(1)证明:作OE⊥CD于E,证△OCE?△OCB(AAS),得出OE=OB,即可得出结论;(2)作DF⊥BC于F,连接BE,则四边形ABFD是矩形,得AB=DF,BF=AD=1,
则CF=1,证AD、BC是⊙O的切线,由切线长定理得ED=AD=1,EC=BC=2,则CD=ED+EC=3,由勾股定理得DF=2√2,则OB=√2,证∠ABE=∠BCH,由圆周
角定理得∠APE=∠ABE,则∠APE=∠BCH,由三角函数定义即可得出答案.
【解答】
证明:作OE⊥CD于E,如图1所示:
则∠OEC=90°,
∵AD?//?BC,∠DAB=90°,
∴∠OBC=180°?∠DAB=90°,
∴∠OEC=∠OBC,
∵CO平分∠BCD,
∴∠OCE=∠OCB,
在△OCE和△OCB中,{∠OEC=∠OBC ∠OCE=∠OCB
OC=OC
,
∴△OCE?△OCB(AAS),
∴OE=OB,
又∵OE⊥CD,
∴直线CD与⊙O相切;
作DF⊥BC于F,连接BE,如图2所示:
则四边形ABFD是矩形,
∴AB=DF,BF=AD=1,
∴CF=BC?BF=2?1=1,
∵AD?//?BC,∠DAB=90°,
∴AD⊥AB,BC⊥AB,
∴AD、BC是⊙O的切线,
由(1)得:CD是⊙O的切线,
∴ED=AD=1,EC=BC=2,
∴CD=ED+EC=3,
∴DF=√CD2?CF2=√32?12=2√2,∴AB=DF=2√2,
∴OB=√2,
∵CO平分∠BCD,
∴CO⊥BE,
∴∠BCH+∠CBH=∠CBH+∠ABE=90°,∴∠ABE=∠BCH,
∵∠APE=∠ABE,
∴∠APE=∠BCH,
∴tan∠APE=tan∠BCH=OB
BC =√2
2
.
某社区拟建A,B两类摊位以搞活“地摊经济”,每个A类摊位的占地面积比每个B类摊
位的占地面积多2平方米.建A类摊位每平方米的费用为40元,建B类摊位每平方米的
费用为30元.用60平方米建A类摊位的个数恰好是用同样面积建B类摊位个数的3
5
.(1)求每个A,B类摊位占地面积各为多少平方米?
(2)该社区拟建A,B两类摊位共90个,且B类摊位的数量不少于A类摊位数量的3
倍.求建造这90个摊位的最大费用.
【答案】
每个A类摊位占地面积为5平方米,每个B类摊位的占地面积为3平方米;
建造这90个摊位的最大费用是10520元
【考点】
分式方程的应用
一元一次不等式的实际应用
【解析】
(1)设每个B类摊位的占地面积为x平方米,则每个A类摊位占地面积为(x+2)平方米,
根据用60平方米建A类摊位的个数恰好是用同样面积建B类摊位个数的3
5
这个等量关系
列出方程即可.
(2)设建A摊位a个,则建B摊位(90?a)个,结合“B类摊位的数量不少于A类摊位数量的3倍”列出不等式并解答.
【解答】
设每个B类摊位的占地面积为x平方米,则每个A类摊位占地面积为(x+2)平方米,
根据题意得:60
x+2=60
x
?3
5
,
解得:x=3,
经检验x=3是原方程的解,
所以3+2=5,
答:每个A类摊位占地面积为5平方米,每个B类摊位的占地面积为3平方米;
设建A摊位a个,则建B摊位(90?a)个,
由题意得:90?a≥3a,
解得a≤22.5,
∵建A类摊位每平方米的费用为40元,建B类摊位每平方米的费用为30元,
∴要想使建造这90个摊位有最大费用,所以要多建造A类摊位,即a取最大值22时,
费用最大,
此时最大费用为:22×40×5+30×(90?22)×3=10520,
答:建造这90个摊位的最大费用是10520元.
五、解答题(三)(本大题2小题,每小题10分,共20分)
如图,点B是反比例函数y=8
x
(x>0)图象上一点,过点B分别向坐标轴作垂线,垂足
为A,C.反比例函数y=k
x
(x>0)的图象经过OB的中点M,与AB,BC分别相交于点D,E.连接DE并延长交x轴于点F,点G与点O关于点C对称,连接BF,BG.
(1)填空:k=________;
(2)求△BDF的面积;
(3)求证:四边形BDFG为平行四边形.
【答案】
2
△BDF的面积=△OBD的面积=S△BOA?S△OAD=1
2×8?1
2
×2=3;
设点D(m,?2
m ),则点B(4m,?2
m
),
∵点G与点O关于点C对称,故点G(8m,?0),则点E(4m,?1
2m
),
设直线DE的表达式为:y=sx+n,将点D、E的坐标代入上式得{
2
m
=ms+n 1
2m =4ms+n
并解
得:
直线DE的表达式为:y=?1
2m2x+5
2m
,令y=0,则x=5m,故点F(5m,?0),
故FG=8m?5m=3m,而BD=4m?m=3m=FG,则FG?//?BD,故四边形BDFG为平行四边形.
【考点】
反比例函数综合题
【解析】
(1)设点B(s,?t),st=8,则点M(1
2s,?1
2
t),则k=1
2
s?1
2
t=1
4
st=2;
(2)△BDF的面积=△OBD的面积=S△BOA?S△OAD,即可求解;
(3)确定直线DE的表达式为:y=?1
2m2x+5
2m
,令y=0,则x=5m,故点F(5m,?0),
即可求解.【解答】
设点B(s,?t),st=8,则点M(1
2s,?1
2
t),
则k=1
2s?1
2
t=1
4
st=2,
故答案为2;
△BDF的面积=△OBD的面积=S△BOA?S△OAD=1
2×8?1
2
×2=3;
设点D(m,?2
m ),则点B(4m,?2
m
),
∵点G与点O关于点C对称,故点G(8m,?0),则点E(4m,?1
2m
),
设直线DE的表达式为:y=sx+n,将点D、E的坐标代入上式得{
2
m
=ms+n 1
2m =4ms+n
并解
得:
直线DE的表达式为:y=?1
2m x+5
2m
,令y=0,则x=5m,故点F(5m,?0),
故FG=8m?5m=3m,而BD=4m?m=3m=FG,
则FG?//?BD,故四边形BDFG为平行四边形.
如图,抛物线y=3+√3
6
x2+bx+c与x轴交于A,B两点,点A,B分别位于原点的左、右两侧,BO=3AO=3,过点B的直线与y轴正半轴和抛物线的交点分别为C,D,BC=√3CD.
(1)求b ,c 的值;
(2)求直线BD 的函数解析式;
(3)点P 在抛物线的对称轴上且在x 轴下方,点Q 在射线BA 上.当△ABD 与△BPQ 相似时,请直接写出所有满足条件的点Q 的坐标. 【答案】
∵ BO =3AO =3,
∴ 点B(3,?0),点A(?1,?0), ∴ 抛物线解析式为:y =3+√36
(x +1)(x ?3)=
3+√36
x 2?
3+√33
x ?
3+√32
,
∴ b =?
3+√33
,c =?
3+√32
;
如图1,过点D 作DE ⊥AB 于E ,
∴ CO?//?DE , ∴ BC
CD =BO
OE ,
∵ BC =√3CD ,BO =3, ∴ √3=3
OE ,
∴ OE =√3,
∴ 点D 横坐标为?√3,
∴ 点D 坐标为(?√3,?√3+1),
设直线BD 的函数解析式为:y =kx +b ,
由题意可得:{√3+1=?√3k +b 0=3k +b ,
解得:{
k =?
√3
3b =√3
, ∴ 直线BD 的函数解析式为y =?
√33
x +√3;
∵ 点B(3,?0),点A(?1,?0),点D(?√3,?√3+1),
∴ AB =4,AD =2√2,BD =2√3+2,对称轴为直线x =1, ∵ 直线BD:y =?√33
x +√3与y 轴交于点C ,
∴ 点C(0,?√3), ∴ OC =√3, ∵ tan ∠CBO =CO
BO =
√33, ∴ ∠CBO =30°,
如图2,过点A 作AK ⊥BD 于K ,
∴ AK =1
2AB =2,
∴ DK =√AD 2?AK 2=√8?4=2, ∴ DK =AK , ∴ ∠ADB =45°,
如图,设对称轴与x 轴的交点为N ,即点N(1,?0),
若∠CBO =∠PBO =30°
,
∴ BN =√3PN =2,BP =2PN , ∴ PN =
2√3
3
,BP =
4√3
3
,
当△BAD∽△BPQ,
∴BP
BA =BQ
BD
,
∴BQ=4√33×(2√3+2)
4=2+2√3
3
,
∴点Q(1?2√3
3
,?0);当△BAD∽△BQP,
∴BP
BD =BQ
AB
,
∴BQ=4√33×4
23+2=4?4√3
3
,
∴点Q(?1+4√3
3
,?0);
若∠PBO=∠ADB=45°,
∴BN=PN=2,BP=√2BN=2√2,当△DAB∽△BPQ,
∴BP
AD =BQ
BD
,
∴√2
2√2=
2√3+2
,
∴BQ=2√3+2
∴点Q(1?2√3,?0);当△BAD∽△PQB,
∴BP
BD =BQ
AD
,
∴BQ=√2×2√2
2√3+2
=2√3?2,∴点Q(5?2√3,?0);
综上所述:满足条件的点Q的坐标为(1?2√3
3,?0)或(?1+4√3
3
,?0)或(1?2√3,?0)或(5?
2√3,?0).
【考点】
二次函数综合题
【解析】
(1)先求出点A,点B坐标,代入交点式,可求抛物线解析式,即可求解;
(2)过点D作DE⊥AB于E,由平行线分线段成比例可求OE=√3,可求点D坐标,利用待定系数法可求解析式;
(3)利用两点距离公式可求AD,AB,BD的长,利用锐角三角函数和直角三角形的性质可求∠ABD=30°,∠ADB=45°,分∠ABP=30°或∠ABP=45°两种情况讨论,利用相似三角形的性质可求解.
【解答】
∵BO=3AO=3,
∴点B(3,?0),点A(?1,?0),
∴抛物线解析式为:y=3+√3
6(x+1)(x?3)=3+√3
6
x2?3+√3
3
x?3+√3
2
,
∴ b =?
3+√33
,c =?
3+√32
;
如图1,过点D 作DE ⊥AB 于E ,
∴ CO?//?DE , ∴
BC CD
=
BO OE
,
∵ BC =√3CD ,BO =3, ∴ √3=3
OE ,
∴ OE =√3,
∴ 点D 横坐标为?√3,
∴ 点D 坐标为(?√3,?√3+1),
设直线BD 的函数解析式为:y =kx +b , 由题意可得:{√3+1=?√3k +b 0=3k +b ,
解得:{k =?√33
b =√3
,
∴ 直线BD 的函数解析式为y =?
√33
x +√3;
∵ 点B(3,?0),点A(?1,?0),点D(?√3,?√3+1),
∴ AB =4,AD =2√2,BD =2√3+2,对称轴为直线x =1, ∵ 直线BD:y =?√33
x +√3与y 轴交于点C ,
∴ 点C(0,?√3), ∴ OC =√3, ∵ tan ∠CBO =CO
BO =
√33, ∴ ∠CBO =30°,
如图2,过点A 作AK ⊥BD 于K ,
∴AK=1
2
AB=2,
∴DK=√AD2?AK2=√8?4=2,
∴DK=AK,
∴∠ADB=45°,
如图,设对称轴与x轴的交点为N,即点N(1,?0),
若∠CBO=∠PBO=30°,
∴BN=√3PN=2,BP=2PN,
∴PN=2√3
3,BP=4√3
3
,
当△BAD∽△BPQ,
∴BP
BA =BQ
BD
,
∴BQ=4√33×(2√3+2)
4=2+2√3
3
,
∴点Q(1?2√3
3
,?0);当△BAD∽△BQP,
∴BP
BD =BQ
AB
,
∴BQ=4√33×4
2√3+2=4?4√3
3
,
∴点Q(?1+4√3
3
,?0);
若∠PBO=∠ADB=45°,
∴BN=PN=2,BP=√2BN=2√2,当△DAB∽△BPQ,