【优化方案】2016届高三物理大一轮复习精讲课件：第二章相互作用第三节
高考物理新课标大一轮复习课件：第二章 相互作用 1
的下端固定有质量为 m的小球．下
列关于杆对球的作用力F的判断 中，正确的是 ( )
A．小车静止时，F＝mgsin θ，方向沿杆向上 B．小车静止时，F＝mgcos θ，方向垂直于杆向上 C．小车向右做匀速运动时，一定有F＝mg，方向竖直向
上
D ．小车向右做匀加速运动时，一定有 F>mg ，方向可能 沿杆向上 [解题探究] 审题关键词：固定曲杆． 杆发生微小弹性形变→杆上的弹力方向具有多种可能性→
阻碍相对运动趋势 具 相对运动趋势 有 _____________ 时 ， 就 会 在 接 触 面 上 产 生
_________________的力．
(3)大小和方向
①大小：0<F≤Fm.
相反． ②方向：沿两物体的接触面与相对运动趋势的方向____
[思维深化] 2．判断正误．正确的划“√”，错误的划“×”．
6．质量为 m 的物体在水平面上，在 大小相等、互相垂直的水平力 F1 和 F2 的 作用下，从静止开始沿水平面运动，如图 所示，若物体与水平面间的动摩擦因数为 μ，则物体 ( )
A．在 F1 的反方向上受到 Ff1＝μmg 的摩擦力 B．在 F2 的反方向上受到 Ff2＝μmg 的摩擦力 C．在 F1、F2 合力的反方向上受到的摩擦力为 Ff＝ 2μmg D．在 F1、F2 合力的反方向上受到的摩擦力为 Ff＝μmg
1．如图所示，两辆车在以相同的速度做匀速运动，根据 图中所给信息和所学知识你可以得出的结论是 ( )
A．物体各部分都受重力作用，但可以认为物体各部分所 受重力集中于一点 B．重力的方向总是垂直向下的
C．物体重心的位置与物体形状或质量分布有关
D．力是使物体运动的原因
解析：物体各部分都受重力作用，但可以认为物体各部分 所受重力集中于一点，这个点就是物体的重心，重力的方向总 是和水平面垂直，是竖直向下而不是垂直向下，所以A正确，
2016届高三物理一轮复习相互作用解读
随堂演练]1．(2012年高考海南卷改编)下列关于摩擦力的说法，正确的是()①作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不可能使物体加速②作用在物体上的静摩擦力只能使物体加速，不可能使物体减速③作用在物体上的滑动摩擦力既可能使物体减速，也可能使物体加速④作用在物体上的静摩擦力既可能使物体加速，也可能使物体减速A．①②B．①④C．②③D．③④解析：摩擦力总是阻碍物体的相对运动(或相对运动趋势)，而物体间的相对运动与物体的实际运动无关．当摩擦力的方向与物体的运动方向一致时，摩擦力是动力，方向相反时为阻力，故D项正确．答案：D2．在如图所示的四幅图中，AB、BC均为轻质杆，各图中杆的A、C端都通过铰链与墙连接，两杆都在B处由铰链相连接．下列说法正确的是()A．图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有(1)、(2)B．图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有(1)、(3)C．图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有(2)、(3)D．图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有(2)、(4)解析：如果杆端受拉力作用，则可用等长的绳代替，若杆端受到沿杆的压力作用，则杆不可用等长的轻绳代替，如图(1)、(3)、(4)中的AB杆受拉力作用，而(1)、(2)、(4)中的BC 杆均受沿杆的压力作用，故A、C、D均错误，B正确．答案：B3．如图所示，质量为m的物体，在沿斜面向上的拉力F作用下，沿放在水平地面上的质量为M的倾角为θ的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面保持静止，则地面对斜面()A. 无摩擦力B．有水平向右的摩擦力C．支持力为(M＋m)g D．支持力小于(M＋m)g解析：用整体法进行分析，以物体和斜面为研究对象，整体处于平衡状态，共受四个作用力：两物体的总重力、沿斜面向上的拉力F、地面的支持力、地面的静摩擦力，静摩擦力方向水平向左．因为总重力等于地面的支持力与拉力沿竖直方向的分力的合力，所以支持力小于总重力，D正确．答案：D4．(2014年滁州模拟)如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是()A．F1＝F2＝F3B．F1＝F2＜F3C．F1＝F3＞F2D．F3＞F1＞F2解析：第一个图中，以弹簧下面的小球为研究对象，第二个图中，以悬挂的小球为研究对象，第三个图中，以任一小球为研究对象．第一个图中，小球受竖直向下的重力mg和弹簧向上的弹力，二力平衡，F1＝mg；后面两个图中，小球受竖直向下的重力和细线的拉力，二力平衡，弹簧的弹力大小均等于细线拉力的大小，则F2＝F3＝mg，故三图中平衡时弹簧的弹力相等．答案：A[限时检测](时间：45分钟，满分：100分)[命题报告·教师用书独具]知识点题号力、重力 1弹力的判断2、3胡克定律的应用6、7、8、12静摩擦力的判断和计算4、9滑动摩擦力的分析计算5、10、11一、选择题(确选项前的字母填在题后的括号内)1．(2013年高考上海单科)如右图，质量m A＞m B的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面．让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是下图中的()解析：A、B在竖直下落过程中与墙面没有弹力，所以也没有摩擦力，A、B均做自由落体运动，处于完全失重状态，均只受重力，故A正确．答案A2．在日常生活及各项体育运动中，有弹力出现的情况比较普遍，如图所示的情况就是一个实例．当运动员踩压跳板使跳板弯曲到最低点时，下列说法正确的是()A．跳板发生形变，运动员的脚没有发生形变B．运动员受到的支持力是运动员的脚发生形变而产生的C．此时跳板对运动员的支持力和运动员的重力等大D．此时跳板对运动员的支持力大于运动员的重力解析：发生相互作用的物体均要发生形变，故A错；发生形变的物体，为了恢复原状，会对与它接触的物体产生弹力的作用，B错误；在最低点，运动员虽然处于瞬间静止状态，但接着运动员要加速上升，故此时跳板对运动员的支持力大于运动员的重力，C错误、D正确．答案：D3．(2014年黄山模拟)如图所示，一倾角为45°的斜面固定于竖直墙上，为使一光滑匀质铁球静止，需加一水平力F，若力F过球心，下列说法中正确的是()A．球一定受墙的弹力且水平向左B．球可能受墙的弹力且水平向左C．球可能受斜面的弹力且垂直斜面向上D．球一定同时受到墙的弹力和斜面的弹力解析：因球处于平衡状态，且一定受重力、水平外力作用，所以必受斜面的弹力作用，当F大小等于重力时，球不受墙的弹力，当F大于重力时，受墙的弹力作用，且水平向左，所以B对．答案：B4．如图所示，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的是()A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论A随传送带一起向上还是向下运动，传送带对物体A的作用力均相同解析：无论传送带向上还是向下运动，物体A随传送带匀速运动处于平衡状态，在重力作用下有相对于传送带沿斜面向下的运动趋势，传送带对物体有沿斜面向上的静摩擦力，根据平衡条件可得F f＝mg sin θ，所以D正确．答案：D5．如图所示，位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物体Q相连，从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的．已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是μ，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动，则F 的大小为( )A ．4μmgB ．3μmgC ．2μmgD ．μmg解析：对Q 的受力分析如图甲所示，对P 的受力分析如图乙所示，由平衡条件可得：F T ＝F f ，F T ＝F f 地→P ＋F f Q →P ＋F T ，且根据F f ＝μF N 得F ＝4μmg ，故只有A 正确．答案：A6．如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m 1、m 2、m 3的木块1、2、3,1和2及2和3间分别用原长为L ，劲度系数为k 的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是( )A. 2L ＋μ(m 2＋m 3)gkB ．2L ＋μ(m 2＋2m 3)gkC ．2L ＋μ(m 1＋m 2＋m 3)gkD ．2L ＋μm 3gk解析：先以2、3为整体分析，设1、2间弹簧的伸长量为x 1，有kx 1＝μ(m 2＋m 3)g ；再以3为研究对象，设2、3间弹簧伸长量为x 2，有kx 2＝μm 3g ，所以1、3两木块之间的距离为2L ＋x 1＋x 2，故选B.答案：B7．如图所示，质量均为m 的木块A 和B ，用一个劲度系数为k 的轻质弹簧连接，最初系统静止，现在用力缓慢拉A 直到B 刚好离开地面，则这一过程A 上升的高度为( )A ．mg /kB ．2mg /kC ．3mg /kD ．4mg /k解析：系统最初静止时，以木块A 为研究对象得弹簧的压缩量x 1＝mg /k .B 刚好离开地面时，以木块B 为研究对象得弹簧的伸长量x 2＝mg /k .A 上升的高度h ＝x 1＋x 2＝2mg /k ，故B 正确．答案：B8．(2014年马鞍山模拟)如图所示，质量为m 的小球置于倾角为30°的光滑斜面上，劲度系数为k 的轻弹簧，一端系在小球上，另一端固定在P 点．小球静止时，弹簧与竖直方向的夹角为30°，则弹簧的伸长量为( )A.mgk B.3mg2k C.3mg3kD.3mgk解析：对小球受力分析如图所示：由力的合成可知，F N 和F 的合力与重力mg 等大反向，由几何关系可知F ＝mg 2cos 30°＝3mg 3，又由胡克定律得F ＝kx ，解得x ＝3mg3k，C 正确．答案：C9.A 、B 、C 三个物体通过细线和光滑的滑轮相连，处于静止状态，如右图所示，C 是一箱沙子，沙子和箱的重力都等于G ，动滑轮的质量不计．现打开箱子下端开口，使沙子均匀流出，经过时间t 0沙子流完，则下图中能表示在此过程中桌面对物体B 的摩擦力F f 随时间的变化关系的图象是( )解析：选择A、B整体作为研究对象，由于这个整体开始处于静止状态，因此后来应一直处于静止状态，整体共受到5个力作用，即重力G′＝G A＋G B、支持力F N、静摩擦力F f、两根绳子的拉力F1和F2.其中F1＝F2＝G C2.根据力平衡条件得：F f＝F1＋F2＝G C＝2G，当沙子均匀流完后F f′＝G，B正确．答案：B10．(2014年宣城质检) 如图所示，质量为m B＝24 kg的木板B放在水平地面上，质量为m A＝22 kg的木箱A放在木板B上．一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ＝37°.已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1＝0.5.现用水平方向大小为200 N的力F将木板B从木箱A下面匀速抽出(sin 37°≈0.6，cos 37°≈0.8，重力加速度g取10 m/s2)，则木板B与地面之间的动摩擦因数μ2的大小为()A．0.3 B．0.4C．0.5 D．0.6解析：对A受力分析如图甲所示，由题意得F T cos θ＝F f1①F N1＋F T sin θ＝m A g②F f1＝μ1F N1③由①②③得F T＝100 N对A、B整体受力分析如图乙所示由题意得F T cos θ＋F f2＝F④F N2＋F T sin θ＝(m A＋m B)g⑤F f2＝μ2F N2⑥由④⑤⑥得：μ2＝0.3，故A答案正确．答案：A二、非选择题(本题共2小题，共30分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)11.(15分)如图有一半径为r＝0.2 m的圆柱体绕竖直轴OO′以ω＝9 rad/s的角速度匀速转动．今用力F将质量为1 kg的物体A压在圆柱侧面，使其以v0＝2.4 m/s的速度匀速下降．若物体A与圆柱面的动摩擦因数μ＝0.25，求力F的大小．(已知物体A在水平方向受光滑挡板的作用，不能随轴一起转动)解析：在水平方向上圆柱体有垂直纸面向里的速度，A相对圆柱体有垂直纸面向外的速度为v′，v′＝ωr＝1.8 m/s；在竖直方向上有向下的速度v0＝2.4 m/s.A相对于圆柱体的合速度为v＝v20＋v′2＝3 m/s合速度与竖直方向的夹角为θ， 则cos θ＝v 0v ＝45A 做匀速运动，竖直方向受力平衡，有 F f cos θ＝mg ， 得F f ＝mgcos θ＝12.5 N ， 另F f ＝μF N ，F N ＝F ，故F ＝F fμ＝50 N.答案：50 N12．(15分)如图所示，原长分别为L 1和L 2，劲度系数分别为k 1和k 2的轻质弹簧竖直悬挂在天花板上，两弹簧之间有一质量为m 1的物体，最下端挂着质量为m 2的另一物体，整个装置处于静止状态．求：(1)这时两弹簧的总长．(2)若用一个质量为M 的平板把下面的物体竖直缓慢地向上托起，直到两弹簧的总长度等于两弹簧的原长之和，求这时平板受到下面物体m 2的压力大小．解析：(1)设上面弹簧受到的弹力为F 1，伸长量为Δx 1，下面弹簧受到的弹力为F 2，伸长量为Δx 2，由物体的平衡及胡克定律有F 1＝(m 1＋m 2)gΔx 1＝(m 1＋m 2)g k 1F 2＝m 2g ，Δx 2＝m 2gk 2所以总长为L ＝L 1＋L 2＋Δx 1＋Δx 2＝L 1＋L 2＋(m 1＋m 2)g k 1＋m 2gk 2.(2)要使两个弹簧的总长度等于两弹簧原长之和，必须是上面弹簧伸长Δx ，下面弹簧缩短Δx .对m 2：F N ＝k 2Δx ＋m 2g 对m 1：m 1g ＝k 1Δx ＋k 2Δx F N ＝m 2g ＋k 2k 1＋k 2m 1g .由牛顿第三定律，得平板受m 2的压力大小F N ′＝F N ＝m 2g ＋k 2k 1＋k 2m 1g .答案：(1)L 1＋L 2＋(m 1＋m 2)g k 1＋m 2gk 2(2)m 2g ＋k 2k 1＋k 2m 1g。
【三年高考两年模拟】2016届高三物理一轮复习(浙江专用课件)第二章相互作用第1讲重力弹力摩擦力
1-1 物体A静止,画出A物体所受弹力的示意图。
答案 见解析 解析 在a图中,斜面对球体没有弹力的作用,否则球不能保持静止,故球 只受重力和地面的支持力作用;在b图中,杆与凹槽的接触点都有弹力的作 用;在c图中,球与支架的接触点对球有支持力的作用。三图中的A物体受到 的弹力示意图如图所示。
= G = 4 ,α=53°,F= G =12.5 N,D正确。
F拉 3
sin α
4.如图所示,平放在水平桌面上的弹簧测力计的两端同时受到水平力F1与F 2的作用而保持静止状态,对于弹簧测力计的示数,下列说法正确的是( ) A.若F1>F2,弹簧测力计的示数为F1-F2 B.若F1<F2,弹簧测力计的示数为F2-F1 C.无论F1与F2大小如何,弹簧测力计的示数均为F1 D.无论F1与F2大小如何,弹簧测力计的示数均为F2
2.两种摩擦力的比较
名称 项目
静摩擦力
滑动摩擦力
定义
两② 相对静止 的物体间的 两③ 相对运动 的物体间的摩擦力
摩擦力
产生条件
a.接触面粗糙 b.接触处有弹力 c.两物体间有相对运动趋势
a.接触面粗糙 b.接触处有弹力 c.两物体间有相对运动
大小:0<Ff≤Ffmax 大小、方向 方向:与物体相对运动趋势方
2.关于摩擦力,以下说法中正确的是 ( ) A.运动物体可能受到静摩擦力作用,但静止物体不可能受到滑动摩擦力作用 B.静止物体可能受到滑动摩擦力作用,但运动物体不可能受到静摩擦力作用 C.正压力越大,摩擦力可能越大,也可能不变 D.摩擦力方向可能与速度方向在同一直线上,也可能与速度方向不在同一直 线上 答案 CD 静摩擦力产生在两个相对静止的物体之间,与物体是否运动无 关,滑动摩擦力产生于两个相对运动的物体之间,与物体是否运动无关,A、均 错;静摩擦力的大小与正压力的大小无关,一般由平衡条件或牛顿运动定律来 求,滑动摩擦力Ff=μFN,随着正压力的增大而增大,C对;摩擦力的方向与相对运 动或相对运动趋势方向相反,与速度方向无关,D对。
《优化方案》2016届高三物理二轮复习第一部分专题二第3讲动力学和功能观点的应用课件
在上述题 1 中，要使滑板从滑块下滑出，瞬间给
滑板向右的速度至少多大？
解析：B 向右加速：aB＝1 m/s2 A 向右减速：aA＝3.5 m/s2 设 B 相对滑到 A 的左端用时为 t，共同速度为 v′，则： 对 B 有：v′＝aBt① xB＝12aBt2②
对 A 有：v′＝v－aAt③ xA＝vt－12aAt2④ 又 xA－xB＝L⑤ 联立①②③④⑤代入数据求得： v＝7 m/s. 答案：7 m/s
[总结提升] 多个运动的组合实际上是多种物理规律和方法的综合应用．在 分析过程中应注意：不同的加速度对应不同的运动过程，应该 列出不同的牛顿定律和运动学方程．加速度变了，方程应随之 改变，同时应抓住前后过程转折点的速度，列出联系方程．
热点二 用功能观点解决多过程问题 命题规律 对于物体在变力作用下的多过程运动问题，不 能 利用牛顿运动定律和运动学公式求解，可利用动能定理进 行 求解．高考对此问题的考查主要涉及的运动形式有：变力 作 用下的直线运动、曲线运动，题目难度中等．
得滑块在锅内斜面上运动的总路程 s＝22116R. (3)设滑块的初速度和经过最高点时的速度分别为 v1、v2 由牛顿第二定律，在 Q 点 F1－mg＝mRv12
在 P 点 F2＋mg＝m2Rv22 所以 F1－F2＝2mg＋m（2v221R－v22） 由机械能守恒有12mv21＝12mv22＋mg·3R 得 v21－v22＝6gR 为定值 代入 v2 的最小值(v2＝vP＝ 2gR)得压力差的最小值为 9mg. [答案] (1)3196R (2)22116R (3)9mg
B 点．已知物块与斜面间的动摩擦因数为 μ＝ 63，g＝10 m/s2， 假设物块经过斜面与圆弧轨道平滑连接处速率不变．求：
【名师面对面】2016高考物理大一轮复习 第二章 第1讲 力 重力 弹力课件
【答案】D
【解析】小车静止时，由物体的平衡条件 知此时杆对球的作用力方向竖直向上，大小等 于球的重力 mg.小车以向右的加速度 a 运动， 设小球受杆的作用力的方向与竖直方向的夹 角为 θ1，如右图所示，根据牛顿第二定律，有 a Fsin θ1＝ma，Fcos θ1＝mg，两式相除可得 tan θ1＝g.只有当球 的加速度 a＝gtan θ 时，杆对球的作用力才沿杆的方向，此时 ma 才有 F＝ . sin θ
同一瞬间 产生的． ____________
3．力的作用效果 (1)使物体发生______________ ； 形变 加速度 ． (2)改变物体的__________ 运动状态 ，使物体产生________ 大小 ；________ 方向 ；________. 作用点 4．力的三要素：________
9.8 m/s2 (3) 一般计算中，通常取 g ＝ ____________ ，粗略计算时， 取g＝10 m/s2.
5．重心：重力的作用点 质量分布 有关． (1)物体的重心与它的________ 形状 以及____________ (2)质量分布均匀且有规则几何外形的物体，其重心在物体 几何中心 ．对于形状不规则或质量分布不均匀的薄板， 的____________
三、形变和弹力
1 ．弹性形变：撤去外力后物体能够完全恢复原状 _____________ 的形
变． 2 ．弹力：物体由于发生弹性形变 ________ 而对跟它接触的物体产 生力的作用． 直接接触 3．弹力产生的条件：(1)两物体 ____________；(2)接触处 弹性形变 ． 两 者 缺 一 不 可 ， 并 且 弹 力 和 形 变 同 时 发 生 ____________ 产生 ，同时________ ________ 消失 ． 4．弹力方向的判断
高考物理一轮总复习第二章相互作用基础课1重力弹力课件高三全册物理课件
2021/12/13
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判一判|——易混易错 (1)自由下落的物体所受重力为零．( × ) (2)重力的方向不一定指向地心．( √ ) (3)弹力一定产生在相互接触的物体之间．( √ ) (4)相互接触的物体间一定有弹力．( × ) (5)F＝kx 中“x”表示弹簧形变后的长度．( ×) (6)弹簧的形变量越大，劲度系数越大．( × ) (7)弹簧的劲度系数由弹簧自身性质决定．( √ ) (8)胡克定律是英国科学家胡克发现的．( √ )
3．方向：总是 ___竖_直__向__下____的．
4．重心：其位置与物体的 ____质__量______分布和 _____形_状_____有关．
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二、形变、弹性、胡克定律 1．形变 物体在力的作用下 ____形__状_(_x_ín_g_z_hu或àn) _____体__积__(t_ǐj_ī)_的变化叫形变．
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板块 考点突破 二
记要点、练高分、考点通 关
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考点一 弹力的有无及方向判断——自主练透
|记要点|
1．弹力有无的判断“三法”
(1)条件法：根据物体是否直接接触并发生弹性形变来判断是否存在弹力．多用来
判断形变较明显的情况．
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|反 思 总 结 |
杆弹力的“按需提供”
杆的弹力方向不一定沿杆的方向，其大小和方向的判断要根据物体的运动状态
来确定，即为了维持物体的状态，由受力平衡或牛顿运动定律求解得到所需弹力的
大小和方向，杆就会根据需要提供相应大小和方向的弹力．
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2016年高三第一轮复习 金版教程第二章 相互作用2-2
必考部分 第二章
第 2讲
第 7页
金版教程 ·高三一轮总复习 ·物理
主干梳理 师生互动 高考模拟
限时•规范•特训
知识点二 1.定义
力的分解 Ⅱ
分力 的过程，力的分解是___________ 力的合成 的逆运 求一个力的______
算．
2．遵循的原则 平行四边形 定则． (1) _____________ 三角形 定则． (2) _________
答 案 ： 1 () 分 力 的 大 小 和 方 向 一 定 时 ， 其 合 力 也 为 定 值 。 2 () 某 个 分 力 变 大 ， 合 力 不 一 定 变 大 。 3 () 合 力 的 大 小 不 一 定 大 于 分 力 的 大 小 。 4 () 两 个 分 力 大 小 一 定 ， 夹 角 越 大 ， 合 力 越 小 。 5 () 两 个 共 点 力 F1、F2合 成 ， 合 力 F合的 取 值 范 围 为 |F1－
F2|≤F合≤|F1|＋|F2|。
必考部分 第二章
第 2讲
第18页
金版教程 ·高三一轮总复习 ·物理
主干梳理 师生互动 高考模拟
限时•规范•特训
2. 力 的 分 解 法 的 两 个 选 取 原 则 是 什 么 ？
答 案 ： 1 () 当 物 体 受 三 个 或 三 个 以 下 的 力 时 ， 常 用 三 角 形 法 或 按 实 际 效 果 分 解 。 2 () 当 物 体 受 三 个 或 三 个 以 上 的 力 时 ， 常 用 正 交 分 解 法 。
封 闭 的 直 角 三 角 形 ， 这 三 个 力 的 合 力 最 大 的 是
必考部分 第二章
第 2讲
第16页
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2016届《创新设计》高考物理(广东专用)大一轮复习精讲课件：第2章 相互作用-1 重力、弹力
强基固本
考点突破
考点二
弹力的分析与计算
首先分析物体的运动情况，然后根据物体的运动状态，利 用共点力的平衡条件或牛顿第二定律求弹力。
【例2】
(双选)如图6所示，位于水平面上的小车，固定在
小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为 θ，在斜杆的下端 固定有质量为 m的小球。下列关于杆对球的作用力 F的判 断中，正确的是 ( )
C．球一定受斜面竖直向上的弹力
D．球不一定受斜面的弹力作用 解析 F 的大小合适时，球可以不受墙的作用力， F 增大时
墙才会对球有弹力，所以选项 A 错误，选项 B 正确；斜面对 球必须有斜向上的弹力才能使球不下落，该弹力方向垂直于
斜面，选项C、D错误。
答案 B
强基固本
考点突破
题组三
胡克定律的应用
强基固本 考点突破
考点一
弹力的有无及方向的判断
1．弹力有无的判断“三法” (1) 条件法：根据物体是否直接接触并发生弹性形变来判断是
否存在弹力。此方法多用来判断形变较明显的情况。
(2) 假设法：对形变不明显的情况，可假设两个物体间弹力不 存在，看物体能否保持原有的状态，若运动状态不变，则此处 不存在弹力；若运动状态改变，则此处一定有弹力。 (3)状态法：根据物体的运动状态，利用牛顿第二定律或 `共点
一次平衡时的位置下降了x，则x为
( )
图8
强基固本 考点突破
mg A. k1＋k2 2mg C. k1＋k2 解析
k1k2 B. mgk1＋k2 k1k2 D. 2mgk1＋k2
物体质量为 m 时，上面的弹簧处于原长，由于物体处于
【优化方案】2016届高三物理大一轮复习精讲课件：第二章相互作用第二节
第二章
相互作用
3.(单选)下列各组物理量中全部是矢量的是( A )
A．位移、速度、加速度、力 B．位移、长度、速度、电流 C．力、位移、速率、加速度 D．速度、加速度、力、电流
第二章
相互作用
考点一 考点二
共点力的合成 力的两种分解方法
第二章
相互作用
考点一 共点力的合成 1．共点力合成的方法
第二章
相互作用
1.(多选)两个共点力F1、F2大小不同，它们的
合力大小为F，则( AD) A．F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍 B．F1、F2同时增加10 N，F也增加10 N C．F1增加10 N，F2减少10 N，F一定不变
D．若F1、F2中的一个增大，F不一定增大
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二、力的分解
3．几种特殊情况下力的合成
2 (1)两分力 F1、 F2 互相垂直时 (如图甲所示 )： F 合＝ F1 ＋ F2 2， F2 tan θ＝ . F1
甲 乙 (2)两分力大小相等时，即 F1＝ F2＝ F 时 (如图乙所示 )： θ F 合 ＝ 2Fcos . 2 (3)两分力大小相等，夹角为 120° 时，可得 F 合 ＝ F.
力学中，以少分解力和容易分解力为原则(即尽量多的力在坐
标轴上)；在动力学中，以加速度方向和垂直加速度方向为坐 标轴建立坐标系．
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相互作用
(3)方法：物体受到多个力作用 F1、F2、F3„，求合力 F 时，可把各力沿相互垂直的 x 轴、 y 轴分解． x 轴上的合力： Fx＝ Fx1＋ Fx2＋ Fx3＋„ y 轴上的合力： Fy＝ Fy1＋ Fy2＋ Fy3＋„
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[解析] 根据三力的图示，知F1、F2在竖直方 向 分力的大小
【实验优化演练优化方案】2016届高三物理大一轮复习课件：实验二探究弹力和弹簧伸长的关系
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相互作用
4．改变所挂钩码的质量，量出对应的弹簧长度，记录m2、
m3、m4、m5和相应的弹簧长度l2、l3、l4、l5，并得出每次弹
簧的伸长量x1、x2、x3、x4、x5. 钩码 个数 0 1 长度 l0＝ l1＝ x1＝l1－l0 m1＝ F1＝ 伸长量x 钩码质量m 弹力F
2
3 ⋮
l2 ＝
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0.100×9.80 mg [解析] (1)由胡克定律有 k＝ ＝ x－x0 5.26－4.06×10－2 1 N/m＝81.7 N/m，故有 ＝0.012 2 m/N. k (2)作图过程略，图见答案．
1 (3)因 － n 图线是一条过原点的直线，由图可得图线的斜率 k 1 －4 － 约为 5.71× 10 m/N，故有 ＝ 5.71×10 4× n，即 k＝ k 1.75× 103 (N/m)，由表中 n 与 x0 数据可知弹簧的圈数 n 与原 n 1.75× 103 3.50 长 l0 的关系为 n＝ 500l0，故 k＝ ＝ (N/m)． 500l0 l0
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相互作用
x0(cm) x(cm) n k(N/m) 1 (m/N) k
P1 2.04 2.64 10 163 0.006 1
P2 4.06 5.26 20 ① ②
P3 6.06 7.81 30 56.0 0.017 9
P4 8.05 10.30 40 43.6 0.022 9
P5 10.03 12.93 50 33.8 0.029 6
适当，不可过大，也不可过小．
5．描线的原则是，尽量使各点落在描画出的线上，少数点分 布于线两侧，描出的线不应是折线，而应是光滑的曲线．
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