一元函数的导数与应用
【高中数学】第三单元《一元函数的导数及其应用》听课手册(含答案)

对于函数 y=f(x),f(xx22)--fx(1x1)=
y叫作函数
x
y=f(x)从
x1
到
x2
的
变化率
函数 y=f(x)图像上两点(x1,f(x1)),(x2,f(x2))连线的
若函数 y=f(x)表示变速运动的质点的运动方程,则 yx就是该质点在[x1,x2]上的
速度
概念
点 x0 处
㐠㠷
x→0
yx=
于与切点有关的问题非常重要.
变式题 曲线 y=ex 在点 A 处的切线与直线 x-y+1=0 平行,则点 A 的坐标为
()
A.(-1,e-1)
B.(0,1)
(1)能根据导数定义求函数 y=c,y=x,y=x2,y=x3,y=1,y= 的导数.
(2)能利用给出的基本初等函数的导数公式和导数的四则运算法则,求简单函数的导数;能求简单的复合函数(限于 形如 f(ax+b))的导数. (3)会使用导数公式表.
知识聚焦
1.变化率与导数
(1)平均变化率:
概念 几何意义 物理意义 (2)导数:
方程
2.导数的运算
原函数 常数函
数
导函数 C'=0(C 为常数)
幂函数 (xn)'= 常用 导数 三角 公式 函数 (sin x)'=
(n∈Z) ,(cos x)'=
指数 函数 对数 函数
(ax)'= (logax)'=
(a>0,且 a≠1) (a>0,且 a≠1)
四则 加减 [f(x)±g(x)]'=
线在某点处的切线的区别.
变式题 曲线 f(x)=e4x-x-2 在点(0,f(0))处的切线方程是
一元函数的导数及其应用(利用导函数研究单调性(含参)问题)(解答题压轴题)(原卷版)高考数学必刷题

专题05一元函数的导数及其应用(利用导函数研究单调性(含参)问题)利用导函数研究单调性(含参)问题①导函数有效部分为一次型(或类一次型)②导函数有效部分为可因式分解的二次型(或类二次型)③导函数有效部分为不可因式分解的二次型①导函数有效部分为一次型(或类一次型)角度1:导函数有效部分为一次型1.(2022·吉林吉林·模拟预测(文))已知函数lnfxxaxaR.判断函数fx的单调性:解lnfxxax的定义域为0,,11axfxa
xx
当0a时,0fx恒成立,fx在0,上单调递增,当0a时,令0fx,10xa.令0fx,1xa,
所以fx在10,a上单调递增,在1,a上单调递减.综上,当0a时,fx在0,上单调递增;当0a时,fx在10,a上单调递增,在1,a上单调递减.2.(2022·江苏南通·高二期中)已知函数
ln
a
fxx
x,
esinx
gxxaR
讨论函数fx的单调性;解由题意知:fx定义域为0,,221axafxxxx;当0a时,0fx恒成立,fx在0,上单调递减;当0a时,令0fx,解得:xa;当0,xa时,0fx;当,xa时,0fx;
fx在0,a上单调递增,在,a上单调递减;
综上所述:当0a时,fx在0,上单调递减;当0a时,fx在0,a上单调递增,在,a上单调递减.3.(2022·广东·东涌中学高二期中)已知函数
1lnfxxax(其中a为参数).
求函数fx的单调区间:解由题意得:fx定义域为0,,1axafxxx;当0a时,0fx,则fx的单调递增区间为0,,无单调递减区间;当0a时,令0fx,解得:xa;当0,xa时,0fx;当,xa时,0fx;
一元函数的导数及其应用(利用导函数研究切线,单调性问题)(选填压轴题)(原卷版)高考数学高分必刷题

专题03一元函数的导数及其应用(利用导函数研究切线,单调性问题)(选填压轴题)一、切线问题①已知切线几条求参数②公切线问题③和切线有关的其它综合问题二、单调性问题①已知单调区间求参数②由函数存在单调区间求参数③已知函数在某区间上不单调求参数④利用函数的单调性比大小一、切线问题①已知切线几条求参数1.(2022·全国·高三专题练习)若过点(,)a b 可以作曲线ln y x =的两条切线,则()A .ln a b <B .lnb a<C .ln b a<D .ln a b<【答案】D设切点坐标为00(,)x y ,由于1y x'=,因此切线方程为0001ln ()y x x x x -=-,又切线过点(,)a b ,则000ln a x b x x --=,001ln ab x x +=+,设()ln a f x x x =+,函数定义域是(0,)+∞,则直线1y b =+与曲线()ln af x x x =+有两个不同的交点,221()a x af x x x x-'=-=,当0a ≤时,()0f x '>恒成立,()f x 在定义域内单调递增,不合题意;当0a >时,0x a <<时,()0f x '<,()f x 单调递减,x a >时,()0f x '>,()f x 单调递增,所以min ()()ln 1f x f a a ==+,结合图像知1ln 1b a +>+,即ln b a >.故选:D.2.(2022·山东泰安·高二期中)过曲线()3:C f x x ax b =-+外一点()1,0A 作C 的切线恰有两条,则()A .a b =B .1a b -=C .1b a =+D .2a b=【答案】A()23f x x a '=-,过点()1,0A 作曲线C 的切线,设切点()()00,x f x ,则切线方程为:()()2031y x a x =--,将()()00,x f x 代入得:()()()230000031f x x a x x ax b=--=-+即3200230x x a b -+-=(*)由条件切线恰有两条,方程(*)恰有两根.令()3223u x x x a b =-+-,()()26661u x x x x x '=-=-,显然有两个极值点0x =与1x =,于是()00u =或()10u =当()00u =时,a b =;当()10u =时,1a b -=,此时()()()32111f x x ax a x x x a =-+-=-++-经过()1,0与条件不符,所以a b =,故选:A.3.(2022·河南洛阳·三模(理))若过点()1,P t 可作出曲线3y x =的三条切线,则实数t 的取值范围是()A .(),1-∞B .()0,∞+C .()0,1D .{}0,1【答案】C由已知,曲线3y x =,即令3()f x x =,则()23f x x '=,设切点为300(,)x x ,切线方程的斜率为()2003f x x '=,所以切线方程为:00320(3)y x x x x -=-,将点()1,P t 代入方程得:320003(1)t x x x -=-,整理得230032t x x =-,设函数23()32g x x x =-,过点()1,P t 可作出曲线3y x =的三条切线,可知两个函数图像y t =与23()32g x x x =-有三个不同的交点,又因为()266g x x x =-',由()0g x '=,可得0x =或1x =,所以函数()g x 在(,0)-∞,(1,)+∞上单调递减,在(0,1)上单调递增,所以函数()g x 的极大值为(1)321g =-=,函数()g x 的极小值为(0)000g =-=,如图所示,当()0,1t ∈时,两个函数图像有三个不同的交点.故选:C.4.(2022·四川南充·三模(理))已知函数()1f x x x=+,过点()1,0P 作函数()y f x =图象的两条切线,切点分别为M ,N .则下列说法正确的是()A .PM PN ⊥B .直线MN 的方程为210x y -+=C .210MN =D .PMN 的面积为32【答案】C因为()1112=+=f ,所以()1,0P 没有在函数的图象上,()222111-'=-=x f x x x,设切点坐标为()(),0≠a b a ,当1a =时,()12f =,1x =不与()1f x x x=+相切,所以1a ≠,()2211-'==-a bf a a a ,又因为1a b a +=,解得12a =-(12,2--,(12,2-,所以2222412222⨯⨯=-≠-+-PM PN k k ,故A 错误;2222222+=NM k ,所以直线MN 的方程为()21y x =-,即220x y -+=,故B 错误;()()2221012122222-+++++==MN C 正确;()1,0P 到直线MN 的距离为2024541-+=+d ,所以PMN 的面积为1145102225=⨯⨯=MN d D 错误.故选:C.5.(2022·河北·高三阶段练习)若过点(1,)P m 可以作三条直线与曲线:e xxC y =相切,则m 的取值范围为()A .23,e ⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭B .10,e ⎛⎫ ⎪⎝⎭C .(,0)-∞D .213,e e ⎛⎫⎪⎝⎭【答案】D 由e x x y =,则1e x x y -'=,设切点为000,e x x x ⎛⎫⎪⎝⎭,则切线斜率001e x x k -=则在点000,e x x x ⎛⎫⎪⎝⎭的切线方程为()000001e e x x x x y x x --=-,代入点P 坐标得()0000011e ex x x x m x --=-整理为02001ex x x m -+=,即这个方程有三个不等式实根,令21()e xx x f x -+=,则232()e x x x f x '-+-=,令()0f x '>则12x <<函数()f x 在(,1)-∞上单调递减,在(1,2)上单调递增,在(2,)+∞上单调递减,故得(1)(2)f m f <<,即213,e e m ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭,故选:D .6.(2022·内蒙古呼和浩特·二模(理))若过点()1,P m -可以作三条直线与曲线C :e x y x =相切,则m 的取值范围是()A .23,e ⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭B .1,0e ⎛⎫- ⎪⎝⎭C .211,e e ⎛⎫-- ⎝⎭D .231,ee ⎛⎫-- ⎝⎭【答案】D设切点为()00,x y ,过点P 的切线方程为()()00001ee x xy x x x x =+-+,代入点P 坐标,化简为()02001e x m x x =---,即这个方程有三个不等根即可.令()()21e xf x x x =---,求导得:()()()12e x f x x x '=--+.令()0f x '>,解得:21x -<<-,所以()f x 在()2,1--上递增;令()0f x '<,解得:2x <-或1x >-,所以()f x 在(),2-∞-和()1,-+∞上递增.要使方程()02001e x m x x =---有三个不等根即可.只需()()21f m f -<<-,即231e ex -<<-.故选:D7.(2022·湖南·长郡中学高三阶段练习)已知()3f x x x =-,如果过点()2,m 可作曲线()y f x =的三条切线.则下列结论中正确的是()A .18m -<<B .07m <<C .35m -<<D .27m -<<【答案】D设切点为()3000,x x x -,()231f x x '=-,∴切线斜率为2031x -,∴切线方程为()()()32000031y x x x x x --=--,将()2,m 代入得方程()()()320000312m x x x x --=--,即32002620x x m -++=,由题设该方程有3个不等实根.令()32262u x x x m =-++,()()261262u x x x x x '=-=-,当0x <时,()0u x '>,当02x <<时,()0u x '<,当2x >时,()0u x '>,所以()u x 在(,0)-∞上递增,在(0,2)上递减,在(2,)+∞上递增,所以()u x 在0x =时取得极大值(0)2u m =+,在2x =时取得极小值(2)286426u m m =⨯-⨯++=-,由三次函数图象知(0)20(2)60u m u m =+>⎧⎨=-<⎩,解得26m -<<,因为26m -<<可以推出,27m -<<,所以27m -<<也正确.故选:D8.(2022·河南·高三阶段练习(文))过点()0,1P -有三条直线和曲线()32y x ax bx b =++∈R 相切,则实数a 的取值范围是()A .()1,+∞B .()3,+∞C .(),1-∞D .(),3-∞【答案】B设直线过点()0,1P -且与曲线32y x ax bx =++相切,切点为()320000,x x ax bx ++.由32y x ax bx =++得232y x ax b '=++,∴切线的斜率为20032x ax b ++,∴切线方程为()200132y x ax b x +=++,∴()322000000132x ax bx x ax b x +++=++,∴3200210x ax +-=.设()3221f x x ax =+-,由题意,函数()f x 有三个零点.()262f x x ax '=+,由()0f x '=得0x =,或3a x =-.当0a =时,函数()f x 只有一个零点,舍去;当0a <时,03a ->,由()0f x '>,得0x <或3a x >-,由()0f x '<,得03a x <<-所以0x =是函数()f x 的极大值点,由于()010f =-<,函数()f x 没有三个零点,舍去.∴0a >,同理可得3ax =-是函数F (x )的极大值点,由条件结合三次函数的性质得,310327a a f ⎛⎫-=-> ⎪⎝⎭,解得3a >.故选:B9.(2022·全国·高三专题练习)若过点(,)m n 可以作曲线(0x y a a =>且1)a ≠的两条切线,则()A .log a n m <B .log a n m>C .log a n m =D .log a n 与m 的大小关系与a 有关【答案】D设切点为:00(,)xx a ,则0ln x y a a '=,所以切线方程为()000ln x xy a a a x x -=-,因为点(,)m n 在切线上,所以()000ln x xn a a a m x -=-,即()00ln ln 10x aa x a m n ⋅-⋅-+=,令()()ln ln 1xg x a a x a m n =⋅-⋅-+,则()()ln ln ln xg x a a a x a m '=⋅-⋅,令()0g x ¢=,得x m =,当x m <时,()0g x ¢<,当x m >时,()0g x ¢>,所以当x m =时,()g x 取得极小值()mg m a n =-+,若1a >,当x m <时,()ln ln 10xn a a x a m -=⋅-⋅-<;若01a <<时,当x m >时,()ln ln 10xn a a x a m -=⋅-⋅-<;因为过点(,)m n 可以作曲线(0x y a a =>且1)a ≠的两条切线,所以0m a n -+<且0n >,即0m n a <<,所以log a n 与m 的大小关系与a 有关,故选:D10.(2022·山西长治·模拟预测(理))当0a >时,过点(,)a a b +均可以作曲线ln y x =的两条切线,则b 的取值范围是()A .(,1)-∞-B .(,1]-∞-C .(1,)-+∞D .[1,)-+∞【答案】C设过点(,)a a b +的切线与ln y x =相切于(),,0m n m >,则有()ln 1n mn a b mm a =⎧⎪-+⎨=⎪-⎩,消去n 得:()1ln a m a b m -=-+.因为过点(,)a a b +均可以作曲线ln y x =的两条切线,所以关于m 的方程()1ln am a b m-=-+有两解.即ln 1ab m a m=+--有两解.令()12,ln 1,0ay b y x a x x==+-->.只需1y 与2y 有两个交点.对于()2ln 1,0ay x a x x=+-->,则()'22211a y x a x x x =-+=-.令20y '>,解得:x a >;令20y '<,解得:0x a <<.所以2y 在()0,a 上单调递减,在(),a +∞单调递增.作出2y的草图如图所示:要使1y 与2y 有两个交点,只需ln b a a >-.记()()ln ,0g a a a a =->,()()1111g a a a a'=-=-.令()0g a '>,解得01a <<;令()0g a '<,解得1a >;所以()ln g a a a =-在()0,1上单调递增,在()1,+∞单调递增.所以()g a 的最大值为()1ln111g =-=-,所以1b >-.故选:C11.(2021·江苏·高二单元测试)已知()ln f x x x =,若过一点(),m n 可以作出该函数的两条切线,则下列选项一定成立的是()A .ln n m m <B .ln n m m >C .2e 0en -<<D .1m <【答案】A设切点为(),ln t t t ,对函数()f x 求导得()ln 1f x x '=+,则切线斜率为()ln 1f t t '=+,所以,切线方程为()()ln ln 1y t t t x t -=+-,即()ln 1y t x t =+-,所以,()ln 1n m t t =+-,可得ln 0t m t n m -+-=,令()ln g t t m t n m =-+-,其中0t >,由题意可知,方程()0g t =有两个不等的实根.()1m t m g t t t-'=-=.①当0m ≤时,对任意的0t >,()0g t '>,此时函数()g t 在()0,∞+上单调递增,则方程()0g t =至多只有一个根,不合乎题意;②当0m >时,当0t m <<时,()0g t '<,此时函数()g t 单调递减,当t m >时,()0g t '>,此时函数()g t 单调递增.由题意可得()()min ln ln 0g t g m m m m n m n m m ==-+-=-<,可得ln n m m <.故选:A.12.(2021·全国·高三专题练习)若过点()(),0a b a >可以作曲线33y x x =-的三条切线,则()A .3b a <-B .333a b a a-<<-C .33b a a>-D .3b a =-或33b a a=-【答案】B233y x '=-设切点()3,3P m m m -,切线方程()()()32333y m m m x m --=--,切线过点()(),0a b a >,()()32333b m m m a m -+=--,整理得:322330m am a b -++=,由于可以作三条切线,所以关于m 的方程322330m am a b -++=有三个不同的实根,()32233g m m am a b =-++,()266g m m am '=-,令()2660g m m am '=-=,0m =或(),0m a a =>.函数()32233g m m am a b =-++的增区间为()(),0,,a -∞+∞,减区间为()0,a ,所以函数极大值()03g a b =+,极小值()33g m a a b =-++,关于m 的方程322330m am a b -++=有三个不同的实根,所以33030a a b a b ⎧-++<⎨+>⎩,所以33,33b a a b a a >-<<-.故选:B13.(2022·全国·高三专题练习)已知函数32()2f x x x x =-+-,若过点()1,P t 可作曲线()y f x =的三条切线,则t 的取值范围是()A .1(0,)30B .1(0,)29C .1(0,)28D .1(0,27【答案】D设过点P 的直线为():1l y k x t =-+,()2341f x x x '=-+-,设切点为()00,x y ,则()20032000034112x x k k x t x x x ⎧-+-=⎪⎨-+=-+-⎪⎩,得320001254t x x x +=-+有三个解,令()32254g x x x x =-+,()()()261042132g x x x x x '=-+=--,当()0g x '>,得1x >或25x <,()0g x '<,得213x <<,所以()g x 在2,3⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭,()1,+∞单调递增,2,13⎛⎫⎪⎝⎭单调递减,又228327g ⎛⎫= ⎪⎝⎭,()11g =,()1g x t =+有三个解,得281127t <+<,即1027t <<.故选:D②公切线问题1.(2022·重庆市育才中学高三阶段练习)若直线:l y kx b =+(1k >)为曲线()1x f x e -=与曲线()ln g x e x =的公切线,则l 的纵截距b =()A .0B .1C .eD .e-【答案】D设l 与()f x 的切点为11(,)x y ,则由()1x f x e -'=,有()11111:1x x l y xe x e --=+-.同理,设l 与()f x 的切点为22(,)x y ,由()eg x x '=,有()22:ln 1e l y x e x x =+-.故()()1112112,1ln 1.x x e e x x e e x --⎧=⎪⎨⎪-=-⎩解得121,.x x e =⎧⎨=⎩或122,1.x x =⎧⎨=⎩则:l y x =或y ex e =-.因1k >,所以l 为y x =时不成立.故b e =-,故选:D.2.(2022·全国·高三专题练习)若函数2y ax =与ln y x =存在两条公切线,则实数a 的取值范围是()A .10,e ⎛⎫⎪⎝⎭B .10,2e ⎛⎫ ⎪⎝⎭C .1,e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭D .1,2e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭【答案】D设切线与曲线ln y x =相切于点(),ln t t ,对函数ln y x =求导得1y x'=,所以,曲线ln y x =在点(),ln t t 处的切线方程为()1ln y t x t t-=-,即1ln 1y x t t =+-,联立21ln 1y ax y x t t ⎧=⎪⎨=+-⎪⎩可得211ln 0ax x t t -+-=,由题意可得0a ≠且()21Δ41ln 0a t t =--=,可得221ln 4t t t a=-,令()22ln g t t t t =-,其中0t >,则()()()22ln 12ln g t t t t t t t '=-+=-.当0t <<()0g t '>,此时函数()g t 单调递增,当t >()0g t '<,此时函数()g t 单调递减,所以,()max e 2g t g ==.且当0e t <<时,()0g t >,当t e >时,()0g t <,如下图所示:由题意可知,直线14y a =与曲线()y g t =有两个交点,则1e 042a <<,解得12e a >.故选:D.3.(2022·全国·高三专题练习)若两曲线ln 1y x =-与2y ax =存在公切线,则正实数a 的取值范围是()A .(]0,2eB .31e ,2-⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭C .310,e 2-⎛⎤⎥⎝⎦D .[)2e,+∞【答案】B设公切线与曲线ln 1y x =-和2y ax =的交点分别为()11,ln 1x x -,()222,x ax ,其中1>0x ,对于ln 1y x =-有1y x'=,则ln 1y x =-上的切线方程为()()1111ln 1y x x x x --=-,即()11ln 2xy x x =+-,对于2y ax =有2y ax '=,则2y ax =上的切线方程为()22222y ax ax x x -=-,即2222y ax x ax =-,所以2121212ln 2ax x x ax ⎧=⎪⎨⎪-=-⎩,有1211ln 24x ax -=-,即()22111112ln 04x x x x a =->,令()222ln g x x x x =-,()()32ln 32ln g x x x x x x '=-=-,令()0g x ¢=,得32e x =,当320,e x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时,()0g x ¢>,()g x 单调递增,当32,e x ⎛⎫⎪⎝∈+⎭∞时,()0g x ¢<,()g x 单调递减,所以()332max 1e e 2g x g ⎛⎫== ⎪⎝⎭,故3110e 42a <≤,即31e 2a -≥.故选:B.4.(2021·江苏·高二专题练习)已知函数()ln f x x x =,()31223eg x ax x =--,若函数()f x 的图象与函数()g x 的图象在交点处存在公切线,则函数()g x 在点()()1,1g 处的切线在y 轴上的截距为()A .23e-B .23e C .3e 23e +-D .2e 23e+【答案】C设交点为(),ln m m m ,且()ln f x x x =的导数为()ln 1f x x '=+,()31223eg x ax x =--的导数为()2132g x ax '=-,由题意,211ln 32m am +=-且312ln 23em m am m =--,消去a 得:1e ln 0m m +=,令()1e ln h x x x =+,()()e ln 1h x x '=+,当1e x >时()'0h x >,()h x 递增;当10ex <<时()'0h x <,()h x 递减.∴1e x =处()h x 取得极小值,也为最小值为0,则1e ln 0m m +=,解得1em =,代入211ln 32m am +=-,可得21e 6a =,即有()23e 12623eg x x x =--,∴()22e 122g x x '=-,则在()()1,1g 处的切线斜率为2e 12k -=,切点为2e 121,.623e ⎛⎫-- ⎪⎝⎭∴在()()1,1g 处的切线方程为()22e 12e 116232y x e ⎛⎫----=- ⎪⎝⎭,令0x =,可得3e23e y +=-.故选:C.5.(多选)(2022·河北保定·二模)若直线3y x m =+是曲线()30y x x =>与曲线()260y x nx x =-+->的公切线,则()A .2m =-B .1m =-C .6n =D .7n =【答案】AD解:设直线3y x m =+与曲线()30y x x =>相切于点()3,a a ,与曲线()260y x nx x =-+->相切于点(),3b b m +,对于函数()30y x x =>,23y x '=,则()2330a a =>,解得1a =,所以313m =+,即2m =-.对于函数()260y x nx x =-+->,2'=-+y x n ,则()230b n b -+=>,又2632b nb b -+-=-,所以()232632b b b b -++-=-,又0b >,所以2b =,7n =.故选:AD6.(2022·福建泉州·高二期中)函数()ln 1mxf x x x =++与2()1g x x =+有公切线()0y ax a =>,则实数m 的值为__________.【答案】4根据题意,函数()ln 1mx f x x x =++与()21g x x =+有公切线(0)y ax a =>,设切点分别为1(F x ,1)y ,2(G x ,2)y ,21(),()2(1)m f x g x x x x ''=+=+;所以220a x =>且22222121,2x x x a x +=⇒==,所以公切线为2y x =,则有11112111211ln 21ln 21012(1)mx x x x x x x m x x ⎧+=⎪+⎪⇒+--=⎨⎪+=⎪+⎩,设()()221154()1816ln 21(0)410x h x x x x x h x x x x-+'=+-->⇒=+-=>,则()h x 在(0,)+∞上递增,又(1)0h =,故11x =,4m =,故答案为:47.(2022·广东·执信中学高三阶段练习)已知()e 1x f x =-(e 为自然对数的底数),()ln 1g x x =+,则()f x 与()g x 的公切线条数为_______.【答案】2根据题意,设直线l 与()e 1x f x =-相切于点(,e 1)m m -,与()g x 相切于点(,ln 1)n n +,对于()e 1x f x =-,其导数为()e x f x '=,则有()e m k f m ='=,则直线l 的方程为1e e ()m m y x m +-=-,即e e (1)1m m y x m =+--,对于()ln 2g x x =+,其导数为1()g x x'=,则有1()k g n n='=,则直线l 的方程为1(ln 1)()y n x n n-+=-,即1ln y x n n=+,直线l 是()f x 与()g x 的公切线,则1e (1)e 1ln m m n m n⎧=⎪⎨⎪--=⎩,可得(1)(e 1)0m m --=,则0m =或1m =,故直线l 的方程为y x =或e 1y x =-;则()f x 与()g x 的公切线条数是2条.故答案为:2.8.(2022·黑龙江·牡丹江一中高二阶段练习)若两曲线ln 1y x =-与2y ax =存在公切线,则正实数a 的取值范围是_________.【答案】31e ,2-⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭设公切线与曲线ln 1y x =-和2y ax =的交点分别为()11,ln 1x x -,()222,x ax ,其中1>0x ,对于ln 1y x =-有1y x'=,则ln 1y x =-上的切线方程为()()1111ln 1y x x x x --=-,即()11ln 2xy x x =+-,对于2y ax =有2y ax '=,则2y ax =上的切线方程为()22222y ax ax x x -=-,即2222y ax x ax =-,所以2121212ln 2ax x x ax ⎧=⎪⎨⎪-=-⎩,有1211ln 24x ax -=-,即()22111112ln 04x x x x a =->,令()222ln g x x x x =-,()()32ln 32ln g x x x x x x '=-=-,令()0g x '=,得32e x =,当320,e x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时,()0g x '>,()g x 单调递增,当32,e x ⎛⎫⎪⎝∈+⎭∞时,()0g x '<,()g x 单调递减,所以()332max1e e 2g x g ⎛⎫== ⎪⎝⎭,故3110e 42a <≤,即31e 2a -≥.∴正实数a 的取值范围是31e ,2-⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭.故答案为:31e ,2-⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭.9.(2021·江苏·高二专题练习)曲线()2(0)f x ax a =>与()ln g x x =有两条公切线,则a 的取值范围为__________【答案】1(,)2e+∞对2y ax =求导得:2y ax '=;对ln y x =求导得:1y x'=,设与2y ax =相切的切点为(),s t ,与曲线()ln g x x =相切的切点为(),(0)m b a >,∴公共切线斜率为12t b as m s m-==-,又2t as =,ln b m =,∴21ln 2as m as m s m-==-,整理得()2ln 210as as --=,设()()2ln 21f s as as =--,则()222122a as f s as as s-'=-=,又0a >,0s >,∴当s >时,()0f s '>,()f s 单调递增;当s <()0f s '<,()f s 单调递减,∴s =处()f s 取得极小值,也为最小值为12f =-,由恰好存在两条公切线,即()0f s =有两解,而当s 趋向于0时()f s 趋向于正无穷大,令()ln 1h x x x =--,则1()1h x x '=-且0x >,故(0,1)上()0h x '<,即()h x 递减;(1,)+∞上()0h x '>,即()h x 递增,∴()(1)0h x h ≥=,即ln 1x x >+,故2ln(2)1as as -<--,∴()22(2)f s as as as s >-=-,显然当2s >时()0f s >.∴只要0f <,可得12e a >.故答案为:1,2e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭.③和切线有关的其它综合问题1.(2022·河南南阳·高二期中(理))若y ax b =+是()ln f x x x =的切线,则a b +的取值范围为()A .[)1,-+∞B .[)1,+∞C .(],0-∞D .[]1,0-【答案】C解:设点()000,ln x x x (00x >)是函数()ln f x x x =图象上任意一点,由()ln 1f x x '=+,00()ln 1f x x '=+,所以过点()000,ln x x x 的切线方程为0000ln (ln 1)()y x x x x x -=+-,即00(ln 1)y x x x =+-,0ln 1a x ∴=+,0b x =-,所以00ln 1a b x x +=+-令()ln 1g x x x =+-,()0,x ∈+∞,所以()111x g x x x-'=-=,所以当01x <<时()0g x '>,当1x >时()0g x '<,所以()g x 在()0,1上单调递增,在()1,+∞上单调递减,所以()()max 10g x g ==,所以()0g x ≤,即(],0a b +∈-∞;故选:C2.(2022·湖北·武汉二中模拟预测)已知函数()1ln f x x x=-,直线y mx n =+是曲线()y f x =的一条切线,则2m n +的取值范围是()A .[)3,∞-+B .2e 3,e -⎛⎤-∞ ⎥⎝⎦C .[)2ln 24,--+∞D .5ln 2,4⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭【答案】C设切点为()(),P t f t ,()211x f x x =+',()211k f t t t='=+曲线()y f x =在切点()(),P t f t 处的切线方程为()()()y f t f t x t -='-,整理得2112ln 1y x t t t t ⎛⎫=++-- ⎪⎝⎭,所以21322ln 2m n t t t +=+--.令()2132ln 2(0)g x x x x x =+-->,则()23232x x g x x +-'=.当102x <<时,()0g x '<,()g x 单调递减;当12x >时,()0g x '>,()g x 单调递增.故()min 12ln 242g x g ⎛⎫==-- ⎪⎝⎭,则2m n +的取值范围是[)2ln 24,--+∞.故选:C.3.(2022·河南·南阳中学高三阶段练习(文))已知函数1()ln f x x x=-,直线y mx n =+是曲线()y f x =的一条切线,则2m n +的取值范围是()A .[)3,∞-+B .52ln 2,4⎡⎫--+∞⎪⎢⎣⎭C .2e 3,e ∞-⎛⎤- ⎥⎝⎦D .[)2ln 24,--+∞【答案】D设切点为()(),P t f t ,()211x f x x=+',()211k f t t t ='=+曲线()y f x =在切点()(),P t f t 处的切线方程为()()()y f t f t x t -='-,整理得2112ln 1y x t t t t ⎛⎫=++-- ⎪⎝⎭,令0x =,2ln 1y mx n n t t =+==--,令1x =,2211211ln 1ln 1y mx n m n t t t t t t t=+=+=++--=+--,所以21322ln 2m n t t t+=+--.令()2132ln 2(0)g x x x x x =+-->,则()23232x x g x x +-'=.当102x <<时,()0g x '<,()g x 单调递减;当12x >时,()0g x '>,()g x 单调递增.故()min 12ln 242g x g ⎛⎫==-- ⎪⎝⎭,则2m n +的取值范围是[)2ln 24,--+∞.故选:D.4.(2022·安徽·高二期中)若函数()2ln f x x ax =+的图象上存在与直线20x y +=垂直的切线,则实数a 的取值范围是()A .1,2⎛⎤-∞ ⎥⎝⎦B .1,2⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭C .1,2⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭D .1,2⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭【答案】A由题意得,函数()f x 的定义域为()0,∞+,且()12f x ax x'=+,∵函数()2ln f x x ax =+的图象上存在与直线x +2y =0垂直的切线,即122ax x+=有正数解,即2112a x x =-+在()0,∞+上有解,∵x >0,∴2211111112222x x x ⎛⎫-+=--+≤ ⎪⎝⎭,∴12a ≤.故选:A .5.(2022·广东·佛山市顺德区东逸湾实验学校高二期中)已知()f x 为R 上的可导的偶函数,且满足()()11f x f x -=-+,则()y f x =在2022x =处的切线斜率为___________.【答案】0由题设,()(2)f x f x =-+,则(2)(4)f x f x +=-+,即()(4)f x f x =+,所以()f x 的周期为4,又()f x 为R 上的可导的偶函数,即(0)0f '=,而()(2)f x f x ''=-+,故(0)(2)0f f ''=-=,即(2)0f '=,且()(4)f x f x ''=+,故()()()20224505220f f f =⨯+'='='.故答案为:06.(2022·海南·模拟预测)已知存在0a >,使得函数()ln f x a x =与()23g x x x b =--的图象存在相同的切线,且切线的斜率为1,则b 的最大值为___.【答案】-3解:()(),23''==-af xg x x x令()1af x x'==,得x a =,切点为(),ln a a a ,令()231g x x =-=',得2x =,切点为(2,2)--b .切线方程为ln -=-y a a x a 代入,可得22b alna a ---=-则4b a alna =--令()ln 4=--h x x x x ,则()1ln 1ln h x x x -'=-=-,当01x <<时,()0h x '>,当1x >时,()0,h x '<∴h (x )在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,∴()()13max h x h ==-即b 的最大值为-3.故答案为:-3.7.(2021·四川自贡·一模(理))已知函数2211()ln 2f x t x x t x ⎛⎫=+-+ ⎪+⎝⎭,在曲线()y f x =上总存在两点()11,P x y ,()22,Q x y ,使得曲线在P ,Q 两点处的切线平行,则12x x +的取值范围是________.【答案】()8,+∞解:222111()1,02f x t x t x x ⎛⎫'=+--> ⎪+⎝⎭,因为在曲线()y f x =上总存在两点()11,P x y ,()22,Q x y ,使得曲线在P ,Q 相两点处的切线平行,所以()()12f x f x ''=,且1212,0,0x x x x ≠>>,即22222211221111111122t t t x x t x x ⎛⎫⎛⎫+--=+-- ⎪ ⎪++⎝⎭⎝⎭,所以2222121212121111111112t t x x x x x x x x ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫+-=-=-+ ⎪ ⎪⎪ ⎪+⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭,所以22121112t x x t +=++,令22,2m t m =+≥,则22t m =-,设()12,2h m m m m=+-≥,则()222111m h m m m -'=-=,当2m ≥时,()0h m ¢>,所以函数()h m 在[)2,+∞上递增,所以()()122h m h ≥=所以121112x x +≥,又12121211x x x x x x ++=,212122x x x x +⎛⎫≤ ⎪⎝⎭,又因为12x x ≠,所以212122x x x x +⎛⎫< ⎪⎝⎭,所以12121211222211214x x x x x x x x x x x x +⎛⎫+ ⎝++=>⎭=+⎪,所以12412x x +<,所以128x x +>,所以12x x +的取值范围是()8,+∞.故答案为:()8,+∞.二、单调性问题①已知单调区间求参数1.(2022·四川省峨眉第二中学校高二阶段练习(理))若函数f (x )=x 2+ax +1x在[12,+∞)上是增函数,则a 的取值范围是()A .[-1,0]B .[-1,+∞)C .[0,3]D .[3,+∞)【答案】D f ′(x )=2x +a -21x,由于函数f (x )在[12,+∞)上是增函数,故f ′(x )≥0在[12,+∞)上恒成立.即a ≥21x -2x 在[12,+∞)上恒成立.设h (x )=21x -2x ,x ∈[12,+∞),易知h (x )在[12,+∞)上为减,∴h (x )max =h (12)=3,∴a ≥3.故选:D2.(2022·河南·南阳中学高二阶段练习(理))若函数()ln 2f x kx x =+在区间()1,3上单调递增,则实数k 的取值范围是()A .1,3⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭B .1,6⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭C .[)1,-+∞D .(],1-∞-【答案】A由()ln 2f x kx x =+,得1()f x k x'=+,因为函数()ln 2f x kx x =+在区间()1,3上单调递增,所以1()0f x k x '=+≥在区间()1,3上恒成立,即1k x≥-恒成立,因为(1,3)x ∈,所以1113x -<-<-,所以13k ≥-,所以实数k 的取值范围为1,3⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭,故选:A3.(2022·江苏省太湖高级中学高二阶段练习)已知函数()f x 的定义域为()0+∞,,若()*()k f x y k x=∈N 在()0+∞,上为增函数,则称()f x 为“k 阶比增函数”.若函数2()ln f x m x x x =+-为“1阶比增函数",则实数m 的取值范围是()A .1,4⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦B .1,4⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭C .1,4⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭D .1,4⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭【答案】A解:因为函数2()ln f x m x x x =+-为“1阶比增函数”,所以函数()ln f x mx x x x=+-在()0+∞,上为增函数,所以令()ln ,0mg x x x x x=+->,故()2221'10m x x m g x x x x --=-+-=≥在()0+∞,上恒成立,所以2m x x ≤-在()0+∞,上恒成立,由于()22111,0244y x x x x ⎛⎫=-=--≥-∈+∞ ⎪⎝⎭,,所以()2min 14m x x ≤-=-.故实数m 的取值范围是1,4⎛⎤-∞- ⎝⎦故选:A4.(2022·全国·高三专题练习)函数3()26f x x ax =-+的一个单调递增区间为[1,)+∞,则减区间是()A .(,0)-∞B .(1,1)-C .(0,1)D .(,1)-∞,(0,1)【答案】B函数3()26f x x ax =-+,则2()6f x x a '=-,当0a ≤时,()0f x '≥恒成立,函数()f x 在其定义域内是递增.当0a >时,令()0f x '=,解得:x =当x ⎫∈+∞⎪⎪⎭时,()0f x '>,函数()f x 是递增. 函数()f x 的一个单调递增区间为[)1,+∞1=,解得:6a =,x \在(1,1)-时,()0f x '<,函数()f x 是递减.故选:B .5.(2022·全国·高三专题练习)已知函数()22ln f x x x =-,若()f x 在区间()2,1m m +上单调递增,则m 的取值范围是()A .1,14⎡⎫⎪⎢⎣⎭B .1,4⎡⎫+∞⎪⎢⎣⎭C .1,12⎡⎫⎪⎢⎣⎭D .[)0,1【答案】A因为()22ln f x x x =-的定义域为()0,∞+,()14f x x x'=-,由()0f x '>,得140x x ->,解得12x >,所以()f x 的递增区间为1,2⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭.由于()f x 在区间()2,1m m +上单调递增,则()12,1,2m m ⎛⎫+⊆+∞ ⎪⎝⎭,所以12122m mm +>⎧⎪⎨≥⎪⎩,解得114m ≤<.因此,实数m 的取值范围是1,14⎡⎫⎪⎢⎣⎭.故选:A.6.(2022·全国·高三专题练习)已知函数32()(,,)f x x ax bx c a b c R =+++∈,若函数()f x 在区间[1,0]-上是单调减函数,则22a b +的最小值为()A .45B .75C .95D .115【答案】C由题意知:在[1,0]-上,2()320f x x ax b '=++≤恒成立,∴(1)320(0)0f a b f b '-=-+≤⎧⎨'=≤⎩,即由不等式组可得如下可行域,∴22a b +为可行域内的点到原点的距离的平方,其最小值为O 到230--=a b 距离的平方,故2222|3|9215d -==+,故选:C7.(2022·全国·高三专题练习)若函数()()3230,f x ax x x b a b =+++>∈R 恰好有三个不同的单调区间,则实数a 的取值范围是()A .()()0,33,+∞ B .[)3,+∞C .(]0,3D .()0,3【答案】D由题意得()()23610f x ax x a '=++>,函数()f x 恰好有三个不同的单调区间,()f x '∴有两个不同的零点,所以,361200a a ∆=->⎧⎨>⎩,解得0<<3a .因此,实数a 的取值范围是()0,3.故选:D.8.(2022·全国·高二课时练习)设函数()219ln 2f x x x =-在区间[]1,1a a -+上单调递减,则实数a 的取值范围是A .(]1,2B .()1,3C .()1,2D .(]1,3【答案】A由()219ln 2f x x x =-,则()299x f x x x x-'=-=,当(0,3)x ∈时,()0f x '<,则()f x 单调递减;当(3,)x ∈+∞时,()0f x '>,则()f x 单调递增,又函数()f x 在区间[1,1]a a -+上单调递减,所以1013a a ->⎧⎨+≤⎩,解得12a <≤,故选A .②由函数存在单调区间求参数1.(2022·江西宜春·模拟预测(文))已知函数()()1e xf x x mx =--在区间[]2,4上存在单调减区间,则实数m 的取值范围为()A .()22e ,+∞B .(),e -∞C .()20,2eD .()0,e 【答案】A因为()()1e x f x x mx =--,所以()e xf x x m '=-,因为()f x 在区间[]2,4上存在单调递减区间,所以存在[]2,4x ∈,使得()0f x '<,即e x m x >,令()e xg x x =,[]2,4x ∈,则()()1e 0x g x x '=+>恒成立,所以()e xg x x =在[]2,4上单调递增,所以()()2min 22e g x g ==,所以22e m >.故选:A2.(2022·四川成都·高二期中(文))已知函数()(1)e x f x x mx =--在区间[1,2]x ∈上存在单调增区间,则m 的取值范围为()A .(0,e)B .(,e)-∞C .()20,2eD .()2e,2-∞【答案】D解:因为()(1)e x f x x mx =--,所以()e x f x x m '=-,()f x 在区间[1,2]上存在单调递增区间,∴存在[1,2]x ∈,使得()0f x '>,即e x m x <,令()e x g x x =,[1,2]x ∈,则()()1e 0xg x x =+>'恒成立,所以()e x g x x =在[1,2]上单调递增,所以()()222e max g x g ∴==,2e 2m ∴<,故实数m 的取值范围为()2e,2-∞.故选:D3.(2022·北京铁路二中高二期中)若函数2()ln 2f x x ax =+-在区间1,22⎛⎫⎪⎝⎭内存在单调递增区间,则实数a 的取值范围是()A .(,2]-∞-B .1,8⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭C .12,8⎛⎫-- ⎪⎝⎭D .(2,)-+∞【答案】D∵2()ln 2f x x ax =+-,∴1()2f x ax x'=+,若()f x 在区间1(,2)2内存在单调递增区间,则1()0,(,2)2f x x '>∈有解,故212a x >-,令21()2g x x =-,则21()2g x x =-在1(,2)2单调递增,1()()22∴>=-g x g ,故 2 a >-.故选:D.4.(2022·广东·深圳市第二高级中学高二期中)若函数()2ln 2f x x ax =+-在区间1,22⎛⎫ ⎪⎝⎭内存在单调递增区间,则实数a 的取值范围是()A .(],2-∞B .1,8⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭C .12,8⎛⎫-- ⎪⎝⎭D .()2,-+∞【答案】D∵函数2()ln 2f x x ax =+-在区间1()22内存在单调递增区间,∴1()20f x ax x '=+>在区间1()22,上有解(成立),即min212()a x >-在区间1()22上成立,又函数2y x =在1()22,上单调递增,∴函数21y x =-在1()22上单调递增,故当12x =时,21y x =-取最小值,即min 21()=4x--,即24a >-,得2a >-.故选:D ﹒5.(2022·天津·汉沽一中高三阶段练习)若函数21()ln 22h x x ax x =--在[1,4]上存在单调递减区间,则实数a 的取值范围为()A .7,16⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭B .(1,)-+∞C .[1,)-+∞D .7,16⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭【答案】B因为()h x 在[1,4]上存在单调递减区间,所以1()20h x ax x'=--<在[1,4]上有解,所以当[1,4]x ∈时212a x x >-有解,而当[1,4]x ∈时,22121(1)1x x x -=--,2min 121xx ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭(此时1x =),所以1a >-,所以a 的取值范围是(1,)-+∞.故选:B.6.(2022·广西玉林·高二期中(文))函数()2xx af x e -=在R 上存在单调递增区间,则a 的取值范围是()A .1a ≥-B .1a >-C .1a ≤-D .1a <-【答案】B()2x x af x e -= ,()()2222x xx x a a x x f x e e--+-'∴==,由题意可知,存在x ∈R ,使得()0f x '>,即存在x ∈R ,使得22a x x >-,二次函数()222111y x x x =-=--≥-,当且仅当1x =时,等号成立,则1a >-.故选:B.7.(2022·全国·高三专题练习)若f (x )321132x x =-++2ax 在(1,+∞)上存在单调递增区间,则a 的取值范围是A .(﹣∞,0]B .(﹣∞,0)C .[0,+∞)D .(0,+∞)【答案】Df (x )321132x x =-++2ax 在(1,+∞)上存在单调递增区间,只需()'f x >0在(1,+∞)上有解即可.由已知得2()2f x x x a '=-++,该函数开口向下,对称轴为12x =,故()'f x 在(1,+∞)上递减,所以(1)f '=2a >0,解得a >0.故选:D.8.(2022·河南·温县第一高级中学高二阶段练习(理))已知函数()2ln f x x ax x =--在区间11,32⎡⎤⎢⎣⎦存在单调递减区间,则a 的取值范围是A .[)1,+∞B .()1,+∞C .(),1-∞D .(],1-∞【答案】B由题,()212121ax x f x ax x x--+'=--=,因为0x >,则若函数()2ln f x x ax x =--在区间11,32⎡⎤⎢⎥⎣⎦存在单调递减区间,即2210ax x --+<在11,32⎡⎤⎢⎥⎣⎦上有解,即存在x ∈11,32⎡⎤⎢⎥⎣⎦,使得2112a x x ->+成立,设[]()12,3t t x =∈,则()221124u t t t t ⎛⎫=-+=-- ⎪⎝⎭,当2t =时,()()min 22u t u ==,所以22a >,即1a >,故选:B③已知函数在某区间上不单调求参数1.(2022·天津市第四十二中学高二期中)已知函数2()ln 1f x x a x =-+在(1,2)内不是单调函数,则实数a 的取值范围是()A .(2,8)B .[2,8]C .(,2][8,)-∞⋃+∞D .[2,8)【答案】A解:()222a x a f x x x x='-=-,令()22g x x a =-,由于函数()2ln 1f x x a x =-+在()1,2内不是单调函数,则()22g x x a =-在区间()1,2的函数值有正有负,而二次函数()22g x x a =-开口向上,对称轴为y 轴,所以()22g x x a =-在区间()1,2上递增,所以()()120280g a g a ⎧=-<⎪⎨=->⎪⎩,解得28a <<.所以实数a 的取值范围是()2,8.故选:A .2.(2022·广东·南海中学高二期中)若函数()()e 1ln 2xf x a x =--+在区间(0,1)上不单调,则实数a 的取值范围为()A .[]1,e 1+B .()1,e 1+C .(][),1e 1,-∞⋃++∞D .()(),1e 1,-∞⋃++∞【答案】B由题设,1e 1()e x xa x a f x x x-+'-=-=,又()f x 在(0,1)上不单调,所以e 1x y x a -=+在(0,1)上存在变号零点,而(1)e 0x y x '=+>,则y 在(0,1)上递增,只需(1)(e 1)0a a -+-<,即1e 1a <<+.故选:B3.(2022·全国·高三专题练习(理))若对于任意[]1,2t ∈,函数32()222m f x x x x ⎛⎫=++- ⎪⎝⎭在区间(),3t 上总不为单调函数,则实数m 的取值范围是()A .37,93⎛⎫-- ⎪⎝⎭B .37,53⎛⎫-- ⎪⎝⎭C .37,93⎡⎤--⎢⎥⎣⎦D .37,93⎡⎫--⎪⎢⎣⎭【答案】A解:()2()342f x x m x '=++-,∵()02f '=-,又对于任意[]1,2t ∈,函数()f x 在区间(),3t 上总不为单调函数,∴()()030f t f ⎧<⎪⎨>''⎪⎩,即23(4)2027(4)320t m t m ⎧++-<⎨++⋅->⎩,∴min22433252373m t t m ⎧⎛⎫+<-=-⨯=- ⎪⎪⎪⎝⎭⎨⎪>-⎪⎩,解得3793m -<<-,∴实数m 的取值范围是37,93⎛⎫-- ⎪⎝⎭.故选:A.4.(2022·全国·高二课时练习)已知函数()24ln f x ax ax x =--,则()f x 在()1,3上不单调的。
专题4 一元函数导数及其应用(原卷版+解析版)

(2)若 f (x) 有两个零点,求 a 的取值范围.
1
20.(2020·山东高三模拟)已知函数 f ( x) m
x2 1
ln x(m R) .
2
(1)若 m 1,求证: f (x) 0.
(2)讨论函数 f (x) 的极值;
11 (3)是否存在实数 m ,使得不等式 f (x) 在 (1, ) 上恒成立?若存在,求出 m 的最小值;若不
是自然对数的底数.
π
π
(Ⅰ) x1
2
,0 ,x2
0,
2
,使得不等式
f
( x1 )
m
g(x2 )
成立,试求实数
m 的取值范围;
(Ⅱ)若 x 1 ,求证: f (x) g(x) 0 .
24.(2020 届山东省潍坊市高三模拟二)已知函数 f (x) x ln x kx, k R .
Sn an1 lnan1 . 2an
29.(2020 届山东省烟台市高三模拟)已知函数 f x a x2 x ln x b 1 , a,b R .
2
(1)当 b -1时,讨论函数 f x 的零点个数;
(2)若 f x 在 0, 上单调递增,且 c e2ab 求 c 的最大值. 30.(2020·山东滕州市第一中学高三 3 月模拟)已知 f x ln x , g x 1 ax2 bx a 0 ,
专题 4 一元函数导数及其应用
从高考对导数的要求看,考查分三个层次,一是考查导数公式,求导法则与导数的几何意义;二是导数的 简单应用,包括求函数的单调区间、极值、最值等;三是综合考查,如研究函数零点、证明不等式、恒成 立问题、求参数范围等.除压轴题,同时在小题中也加以考查,难度控制在中等以上.应特别是注意将导数内 容和传统内容中有关不等式、数列、函数图象及函数单调性有机结合,设计综合题,考查学生灵活应用数 学知识分析问题、解决问题的能力. 预测 2020 年高考命题将保持稳定.主观题应用导数研究函数的性质,备考的面要注意做到全覆盖,如导数几 何意义的应用、单调性问题、极(最)值问题、零点问题、不等式的证明、参数范围的确定等.
一元函数的导数及其应用(利用导数研究函数零点(方程的根)问题)(压轴题)(解析版)高考数学高分必刷题

专题08一元函数的导数及其应用(利用导数研究函数零点(方程的根)问题)(全题型压轴题)利用导数研究函数零点(方程的根)问题①判断零点(根)的个数②已知零点(根)的个数求参数③已知零点(根)的个数求代数式的值①判断零点(根)的个数1.(2022·福建·厦门一中高二期中)已知函数()31ln 01203x x x f x x x +>⎧⎪=⎨+≤⎪⎩,则函数()()1g x f x x =--的零点个数为()A .1B .0C .3D .2【答案】D当0x >时,1ln 10x x x +--=,得ln 1x =,即e x =,成立,当0x ≤时,312103x x +--=,得31103x x -+=,设()3113g x x x =-+,()0x ≤,()()()21110g x x x x '=-=+-=,得1x =-或1x =(舍),当(),1x ∈-∞-时,()0g x ¢>,函数()g x 单调递增,当()1,0x ∈-时,()0g x ¢<,函数()g x 单调递减,所以1x =-时,函数取得最大值,()5103g -=>,()010g =>,()350g -=-<,根据零点存在性定理可知,()3,1x ∈--,存在1个零点,综上可知,函数有2个零点.故选:D2.(2022·黑龙江·哈尔滨市第六中学校一模(理))函数()2e 1axf x x =-在定义域内的零点个数不可能是()A .3B .2C .1D .0【答案】D2()2e e (2)e ax ax ax f x x ax x ax '=+=+,若0a =,则2()1f x x =-,有两个零点,若0a ≠,由()0f x '=得0x =或2x a=-,若0a >,在2x a <-或0a >时,()0f x '>,20x a -<<时,()0f x '<,所以()f x 在2(,a -∞-和(0,)+∞上递增,在2(,0)a-上递减,极小值(0)10f =-<,极大值2224(1ef a a -=-,(1)e 10a f =->,()f x 在(0,)+∞上有一个零点,2e a =时,2224()1e f a a -=-0=,()f x 在(,0)-∞上只有一个零点,这样共有2个零点;2e a >时,2224()10e f a a -=-<,()f x 在(,0)-∞上无零点,这样共有1个零点;20e a <<时,2224()10ef a a -=->,x →-∞时,2e 0ax y x =→,因此()0f x <,所以()f x 在2(,a -∞-和2(,0)a-上各有一个零点,共有3个零点.由此不需要再研究0a <的情形即可知只有D 不可能出现,故选:D .3.(2022·全国·高二课时练习)已知定义域为R 的函数()f x 的导函数为()f x ',且()()2x f x xe f x '=+,若()1f e =,则函数()()4g x f x =-的零点个数为()A .0B .1C .2D .3【答案】B因为()()2xf x xe f x '=+,所以()()2xf x f x xe '-=,则()()()2x xf x f x f x x e e ''-⎛⎫== ⎪⎝⎭,所以()2xf x x c e =+,即()()2xf x x c e =+,因为()1f e =,所以()()11f c e e =+=,解得0c =,所以()2xf x x e =,则()24xg x x e =-,所以()()2xg x e x x '=+,当2x <-或0x >时,()0g x '>,当20x -<<时,()0g x '<,所以当2x =-时,函数()g x 取得极大值()2410e --<,当0x =时,函数()g x 取得极小值40-<,又当x →+∞时,()g x →+∞,所以函数()()4g x f x =-的零点个数为1,故选:B4.(2022·广西·钦州一中高二期中(理))函数32()f x x x x c =+++的零点个数为()A .1B .1或2C .2或3D .1或2或3【答案】A因为函数32()f x x x x c =+++,所以2'()321f x x x =++,因为41280∆=-=-<,所以'()0f x >,从而32()f x x x x c =+++在R 上单调递增,又当x →-∞时,()f x →-∞,当x →+∞时,()f x →+∞,由零点存在定理得:函数32()f x x x x c =+++有且只有一个零点.故选:A.5.(2022·全国·高二课时练习)方程()()10xx e a a +=>解的个数为()A .3B .2C .1D .0【答案】C设()(1)x f x x e =+,所以()(1)(2)x x x f x e x e x e ='+++=,当2x >-时,()0,f x '>函数()f x 单调递增,当2x <-时,()0,f x '<函数()f x 单调递减.所以221()=0min f x e e --=-<,当x →-∞时,()0f x <,当x →+∞时,()0f x >.因为0a >,所以方程()()10xx e a a +=>解的个数为1.故选:C6.(2022·全国·高三专题练习(理))若函数32()f x x ax bx c =+++有极值点12,x x ,且()11f x x =,则关于x 的方程23(())2()0f x af x b ++=的不同实根个数是()A .2B .3C .3或4D .3或4或5【答案】B函数32()f x x ax bx c =+++有极值点12,x x ,则()232f x x ax b '=++,且12,x x 是方程2320x ax b ++=的两个根,不妨设12x x <,由23(())2()0f x af x b ++=可得()1f x x =或()2f x x =,易得当()()12,,,x x x ∈-∞+∞时,()0f x '>,()f x 单调递增,当()12,x x x ∈时,()0f x '<,()f x 单调递减,又()11f x x =,则可画出()f x 的大致图象如下:如图所示,满足()1f x x =或()2f x x =有3个交点,即关于x 的方程23(())2()0f x af x b ++=的不同实根有3个.故选:B.7.(2022·河南·沈丘县第一高级中学高二期末(文))已知函数()ln f x x =.(1)当[)1,x ∞∈+时,证明:函数()f x 的图象恒在函数()322132=-g x x x 的图象的下方;(2)讨论方程()0f x kx +=的根的个数.【答案】(1)证明见解析(2)答案见解析【解析】(1)设()()()2312ln +23x F x f x g x x x -=-=,其中1≥x ,则()232121+2x x x x x x F x -+-='=()2331x x x x---=()()21210x x x x -++=<,在区间[)1,+∞上,()F x 单调递减,又∵()1106F =-<,即[)1,x ∞∈+时,()0F x <,∴3221ln 22<-x x x ,∴在区间[)1,+∞上函数()f x 的图象恒在函数()g x 的图象的下方.(2)由()0f x kx +=得ln =-x kx ,即ln =-xk x,令()ln x h x x =-,则()21ln -'=-xh x x ,令()0h x '=,得e x =,当e x >时,()0h x '>,()h x 单调递增,当0e x <<时,()0h x '<,()h x 单调递减,∴()h x 在e x =处取得最小值()1e eh =-,∴()()e 1e ≥=-h x h ,又∵当e x >时,ln 0-<x x,当1e x =时,1lne e 01e-=>,有零点存在性定理可知函数有唯一的零点1x =,∴()()ln 0=->xh x x x的大致图象如图所示,∴当1e<-k 时,方程()0f x kx +=的根的个数为0;当1ek =-或0k ≥时,方程()0f x kx +=的根的个数为1;当10ek -<<时,方程()0f x kx +=的根的个数为2.8.(2022·云南·曲靖一中高二期中)已知函数()ln f x a x a =-.(1)当1a =时,求函数()f x 的图象在点()()1,1T f 处的切线的方程.(2)已知4a ≤,讨论函数()f x 的图象与直线2y x =-的公共点的个数.【答案】(1)2y x =-;(2)答案不唯一,具体见解析.(1)当1a =时,()ln 1f x x =-,()1f x x'=,()11k f '==.()11f =-,切点为()1,1T -.所以,所求的切线的方程为()()111y x --=⨯-,即2y x =-.(2)0a =时,函数()()=00f x x >的图象就是x 轴正半轴,与直线2y x =-有且只有一个公共点.0a ≠时,联立()ln y f x a x a ==-与2y x =-消去y 得ln +20x a x a --=.设()ln +2g x x a x a =--,则()()0x ag x x x-'=>.当0a <时,()0g x '>,()g x 在()0+∞,上递增,()1=10g a -<,()e 20g e =->,因此()g x 有一个零点.当04a <≤时,令()0g x '=得x a =,当0x a <<时()0g x '<,x a >时()0g x '>,则()g x 在()0,a 上递减,在()+a ∞,上递增,()()min 2ln 2g x g a a a a ==--.当0,0x x >→时()+g x →∞,+x →∞时()+g x →∞.设()2ln 2h t t t t =--,则()10h =,()1ln h t t '=-,()e 0h '=,0e t <<时()0h t '>,e 4t <≤时()0h t '<,()h t 在()0,e 上递增、在(]e,4上递减,()464ln4h =-()32ln e ln160=->.所以,1a =时()()min 10g x g ==;01a <<时,()min g x =()()1=0h a h <;14a <≤时,()min g x =()()1=0h a h >.综上可知,0a ≤或=1a 时,公共点的个数1;01a <<时,公共点的个数2;14a <≤时,公共点的个数0.②已知零点(根)的个数求参数1.(2022·浙江·镇海中学模拟预测)已知函数2ln 1,e()e e 1,22e x x x f x x x ⎧≥⎪⎪=⎨⎪--<⎪⎩,设关于x 的方程()()()210R f x af x a +-=∈有m 个不同的实数解,则m 的所有可能的值为()A .3B .4C .2或3或4或5D .2或3或4或5或6【答案】A根据题意作出函数()f x 的图象:2ln 1ln x x x x '-⎛⎫= ⎪⎝⎭,当1,e e x ⎡⎫∈⎪⎢⎣⎭,函数ln x x 单调递增,当()e,+x ∈∞时,函数ln xx 单调递减,所以ln 1e,e x x ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦;函数2e e 22x --,1e x <时单调递减,所以()2e e,e 22x --∈-∞-,对于方程()()()210R f x af x a +-=∈,令()t f x =,则210t at +-=,所以240=∆+>a ,即方程必有两个不同的实数根120t t >>,且12121t t at t +=-⎧⎨=-⎩,当11et ≥时,2e 0t -≤<,3个交点;当110et <<时,2e t <-,也是3个交点;故选:A.2.(2022·河南·高二阶段练习(文))若函数()21e xx x f x a --+=-有三个零点,则实数a 的取值范围是()A .2261,ee ⎛⎫-- ⎪⎝⎭B .2251,ee ⎛⎫-- ⎪⎝⎭C .25,e e ⎛⎫- ⎪⎝⎭D .25,0e ⎛⎫- ⎪⎝⎭【答案】C因为函数()21exx x f x a --+=-有三个零点,所以关于x 的方程()0f x =有三个根.令()21e xx x g x --+=,则()()212e x g x x x '=--.所以当(),1x ∈-∞-时,有()0g x '>,()g x 单调递增;当()1,2x ∈-时,有()0g x '<,()g x 单调递减;当()2,x ∈+∞时,有()0g x '>,()g x 单调递增.因为()1e g -=,()252e g =-,所以要使方程()0f x =有三个根,只需25e e a -<<.即实数a 的取值范围是25,e e ⎛⎫- ⎪⎝⎭.故选:C3.(2022·浙江·赫威斯育才高中模拟预测)已知a R ∈,函()()2ln (0)e 0x x x ax xf x ax x ⎧->⎪=⎨+≤⎪⎩,若函数()f x 有三个不同的零点,e 为自然对数的底数,则a 的取值范围是()A .10,2e ⎛⎫⎪⎝⎭B .10,e ⎛⎫ ⎪⎝⎭C .1(,e)0,2e ⎛⎫-∞-⋃ ⎪⎝⎭D .1(,e)0,e ⎛⎫-∞-⋃ ⎪⎝⎭【答案】B当0x >时,2ln 0x x ax -=,即ln 0x ax -=,故ln xa x=,令ln ()x g x x=,则21ln ()xg x x -'=,令()0g x '=,得e x =,当0<<e x 时,()0g x '>,当>e x 时,()0g x '<,作出函数ln ()xg x x=的图象如图所示:由图象知:当10ea <<时,方程ln 0x ax -=有两不等实根,当0a ≤时,方程ln xa x=有一个实根;令0xe ax +=,显然0x ≠,所以e xa x=-,令()e x h x x =-,则()()21e 0-'=->x x h x x在(),0∞-上恒成立,则()h x 在(),0∞-上递增,且()0h x >,作出函数()e xh x x=-的图象如图所示:由图象知:当10ea <<时,方程e 0x ax +=在(,0)-∞恰有一个实根,即此时()f x 有三个不同的零点,综上,a 的取值范围是10,e ⎛⎫⎪⎝⎭.故选:B4.(2022·江西·模拟预测(理))已知函数()()22e (e =--x xf x x x a )有三个零点,则实数a 的取值范围是()A .(0,1e -)B .(0,2e -)C .(0,1)D .(0,e )【答案】A令()()()22e e 0=--=x xf x x x a ,所以22e 0-=x x 或e 0x x a -=,令()22e =-xg x x ,则()()2e '=-x g x x ,令()2(e )=-x h x x ,则()2(1)e '=-xh x ,当(,0)x ∈-∞时,()0h x '>,h (x )在(-∞,0)上单调递增;当,()0x ∈+∞时,()0h x '<,h (x )在(0,+∞)上单调递减,所以()(0)20h x h ≤=-<,即()0g x '<,所以g (x )在R 上单调递减,又()2110g e-=->,g (0)=20-<,所以存在0(1,0)x ∈-使得()00g x =,所以方程e 0x x a -=有两个异于0x 的实数根,则xxa e =,令()x x k x e =,则()1xx e xk -=',当(,1)x ∞∈-时,()0k x '>,k (x )在(-∞,1)上单调递增;当(1,)x ∈+∞时,()0k x '<,k (x )在(1,+∞)上单调递减,且()0k x >.所以()1()1k x k e≤=,所以()xxk x e =与y a =的部分图象大致如图所示,由图知10a e<<,故选:A .5.(2022·四川省绵阳南山中学高二期中(文))方程()log 00,1xaa a >≠有两个不相等实根,则a 的取值范围是()A .()0,1B .2e 0,e ⎛⎫⎪⎝⎭C .2e1,e ⎛⎫ ⎪⎝⎭D .⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭2e e ,【答案】C方程()log 00,1x a a a ->≠有两个不相等实根)log 0,1xa a a ⇒>≠有两个不同的交点,()0t t =>,所以2x t =,则2log =a t t ,所以log =2a t t ,所以log a y t =与2t y =的图象有两个交点.①当01a <<时,如下图可知log a y t =与2ty =的图象有一个交点,不满足.②当1a >时,如下图,当2x y =与log a y x =相切于点00,2x A x ⎛⎫ ⎪⎝⎭,所以1ln y x a '=,则000112ln log 2a x a x x ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩,解得:02e e e x a =⎧⎪⎨⎪=⎩,所以要使log a y t =与2t y =的图象有两个交点,所以a 的取值范围是:2e1,e ⎛⎫ ⎪⎝⎭.故选:C.6.(2022·河南南阳·高二期中(理))若关于x 的方程12ln 0x x x mx -+-=在区间1,e e ⎛⎫⎪⎝⎭内恰有两个相异的实根,则实数m 的取值范围为()A .(]12ln2e 3--,B .1e 12ln 2e +⎛⎤- ⎝⎦,C .1e 12ln2e +⎛⎫- ⎪⎝⎭,D .()12ln 2e 3--,【答案】D依题意关于x 的方程12ln 0x x x mx -+-=在区间1,e e ⎛⎫⎪⎝⎭内恰有两个相异的实根,12ln 1m x x =+-,构造函数()112ln 1e e x x x x f ⎛⎫+-<< ⎝=⎪⎭,()'221221x f x x x x -=-+=,所以()f x 在区间()()'11,,0,e 2f x f x ⎛⎫< ⎪⎝⎭递减;在区间()()'1,e ,0,2f x f x ⎛⎫> ⎪⎝⎭递增.122ln 2112ln 22f ⎛⎫=--=- ⎪⎝⎭,1e 21e 3e f ⎛⎫=--=- ⎪⎝⎭,()11e e 21e e f +=+-=,所以()12ln 2e 3m -∈-,.故选:D7.(2022·辽宁·东北育才学校高二期中)方程321303x x x a +--=有三个相异实根,则实数a 的取值范围是()A .5,93⎛⎫ ⎪⎝⎭B .5,93⎛⎫- ⎪⎝⎭C .59,3⎛⎫-- ⎪⎝⎭D .59,3⎛⎫- ⎪⎝⎭【答案】B记()32133f x x x x a =+--,则()223f x x x '=+-.令()0f x '=,解得:3x =-或1x =.列表得:x (),3-∞--3()3,1-1()1,+∞()f x '+0-0+()f x 单增单减单增要使方程321303x x x a +--=有三个相异实根,只需:()()()()()3213333303111303f a f a ⎧-=-+--⨯-->⎪⎪⎨⎪=+--<⎪⎩,解得:593x -<<.故选:B8.(2022·福建·清流县第一中学高二阶段练习)若函数()()1e xf x x =+,当方程()()R f x a a =∈有2个解时,则a 的取值范围()A .21e a <-B .21e a =-或0a ≥C .210e a -<<D .21e a =-且0a ≥【答案】C由函数()()1e ,R xf x x x =+∈,得()()2e x f x x '=+,当2x <-时,()()2e 0xf x x '=+<,()()1e x f x x =+递减,当2x >-时,()()2e 0xf x x =+'>,()()1e x f x x =+递增,故()n 2mi 1(2)e f x f =-=-,且当1x <-时,()()1e 0xf x x +<=,故()()1e xf x x =+大致图象如图示:故当方程()()R f x a a =∈有2个解时,则a 的取值范围为210e a -<<,故选:C9.(2022·北京八十中高二期中)已知方程21e x x x a +-=有三个实数解,则实数a 的取值范围是_______.【答案】250,e ⎛⎫⎪⎝⎭解:因为方程21e xx x a +-=有三个实数解,所以,方程21e xx x a +-=有三个实数解,故令()21e x x x f x +-=,则()()()2'212e e x xf x x x x x -+==+-++,所以,当12x -<<时,()'0f x >,()f x 单调递增;当1x <-或2x >时,()'0f x <,()f x 单调递减;所以,当1x =-时,()f x 取得极小值()1e f -=-,当2x =时,()f x 取得极大值()252e f =,当x 趋近于-∞时,()f x 趋近于+∞,x 趋近于+∞时,()f x 趋近于0,所以,()y f x =的大致图象如图,所以,实数a 的取值范围是250,e ⎛⎫ ⎪⎝⎭.故答案为:250,e ⎛⎫⎪⎝⎭10.(2022·全国·高二)设函数()()212ln f x x x =+-,若关于x 的方程()2f x x x a =++在[]1,3上恰好有两个相异的实数根,则实数a 的取值范围为___________.【答案】(]32ln 2,42ln 3--由题意,方程l 21n a x x =-+在[]1,3上恰好有两个相异的实数根,设()2ln 1g x x x =-+,则()g x 的图象与y a =在[]1,3上恰好有两个不同的交点.∵()221x g x x x-'=-=,∴函数()g x 在[]1,2上单调递减,在[]2,3上单调递增.又()()()13242ln 32ln 320g g -=--=->,得()()13g g >.∴需使()()23g a g <≤,即32ln 242ln 3a -<≤-.故所求实数a 的取值范围是(]32ln 2,42ln 3--.故答案为:(]32ln 2,42ln 3--11.(2022·河南·高二期中(理))若函数()ln e 1xf x x ax =--+不存在零点,则实数a 的取值范围是______.【答案】()1e,+-∞解:因为函数()ln e 1xf x x ax =--+不存在零点,所以方程ln e 10x x ax --+=无实数根,所以方程ln e ln e xx ax -+=无实数根,即方程ln e 1x x a x-+=无实数根,故令()()'2ln e 1e e ln ,x x x x x xg x g x x x -+-+-==,令()e e ln ,0x x h x x x x =-+->,故()'1e 0xh x x x=--<恒成立,所以,()h x 在()0,∞+上单调递减,由于()10h =,所以,当()0,1x ∈时,()0h x >,即()'0g x >,当()1,x ∈+∞时,()0h x <,即()'0g x <,所以函数()g x 在()0,1x ∈上单调递增,在()1,x ∈+∞上单调递减,所以()()max 11e g x g ==-,所以,当方程ln e 1x x a x-+=无实数根时,1e a >-即可.所以,实数a 的取值范围是()1e,+-∞故答案为:()1e,+-∞12.(2022·全国·高三专题练习)若函数()2ln 1x f x x e a x =---()没有零点,则整数a 的最大值为:_________.【答案】1解:由题意,当x →+∞时,0f x >(),所以要使函数f x ()没有零点,只需0f x >()在()0+∞,上恒成立,令()e 1x g x x =--,则()e 1xg x '=-,令()0g x '=,得0x =,当0x <时,()0g x '<,当0x >时,()0g x '>,所以当0x =时,()g x 取得极小值()00g =,所以e 1x x ≥+,所以()2ln 1xfx x e a x =---,()2ln ln 12ln 1ln 12x x e ax x x x ax x a x +=---≥++---=-,令()202a x a ->⇒<,且上面不等式取等时2ln 0x x +=,记其零点为0x ,当2a ≥时,()()02000ln 1xf x x e a x =---,00002ln 2ln 0000ln 12ln 10x x x x e ax x e x x ++=---≤---=,显然不合题意,综上:2a <,故整数a 的最大值为1.故答案为:113.(2022·广西·柳州市第三中学高二阶段练习(理))已知函数32()3f x x x ax b =-++在1x =-处的切线与x 轴平行.(1)求a 的值;(2)若函数()y f x =的图象与抛物线231532y x x =-+恰有三个不同交点,求b 的取值范围.【答案】(1)9-(2)112b <<(1)解:因为32()3f x x x ax b =-++,所以2()36f x x x a '=-+,在1x =-处的切线与x 轴平行,(1)0f '∴-=,解得9a =-.(2)解:令23239()()(153)6322g x f x x x x x x b =--+=-++-,则原题意等价于()g x 图象与x 轴有三个交点,2()3963(1)(2)g x x x x x '=-+=-- ∴由()0g x '>,解得2x >或1x <;由()0g x '<,解得12x <<.()g x ∴在1x =时取得极大值()112g b =-;()g x 在2x =时取得极小值()21g b =-.故10210b b ⎧->⎪⎨⎪-<⎩,∴112b <<.14.(2022·重庆·万州纯阳中学校高二期中)已知函数()ln 2=-f x ax x x .(1)若()f x 在1x =处取得极值,求()f x 在区间[1,2]上的值域;(2)若函数2()()2=-+f x h x x x有1个零点,求a 的取值范围.【答案】(1)[2,4ln 24]--(2)(,0){2e}-∞ (1)()ln 2f x a x a '=+-因为()f x 在1x =处取得极值所以(1)ln120f a a '=+-=,得2a =则[1,2]x ∈时,()2ln 0f x x '=≥,()f x 在区间[1,2]上单调递增,所以(1)2()(2)4ln 24f f x f =-≤≤=-所以()f x 在区间[1,2]上的值域为[2,4ln 24]--(2)()h x 的定义域为(0,)+∞函数2()ln h x a x x =-有一个零点⇔2ln a x x =有一个实数根⇔ln y a x =与2y x =有一个交点.当0a <时,由图可知满足题意;当0a =时,2()h x x =-在(0,)+∞上无零点;当0a >时,令22()20a a x h x x x x -'=-=>,得0x <<令22()0a x h x x -'=<,得x >所以,当x 时,()h x 有最大值2(ln 1)22a ah a =-=-因为函数2()ln h x a x x =-有一个零点,所以(ln 1)022a a-=,解得2ea =综上,a 的取值范围为(,0){2e}-∞ .15.(2022·北京·人大附中高二期中)已知函数()321313f x x x x =--+.(1)求函数()f x 的单调区间和极值;(2)若方程()f x a =有三个不同的实数根,求实数a 的取值范围.【答案】(1)函数的增区间是(,1)-∞-和3)+∞(,,减区间是(13)-,,极大值为8(1)3f -=,极小值为(3)8f =-;(2)883a -<<(1)由题意2()23(1)(3)f x x x x x ==+'---,()0f x '=得1x =-或3x =,列表如下:x(,1)-∞-1-(1,3)-3(3,)+∞()'f x +0-0+()f x 递增极大值递减极小值递增所以函数的增区间是(,1)-∞-和3)+∞(,,减区间是(13)-,,极大值为8(1)3f -=,极小值为(3)8f =-;(2)作出函数图象,如图,直线y a =与函数()f x 的图象有三个交点时,883a -<<.16.(2022·安徽·合肥市第九中学高二期中)当2x =时,函数3()4=-+f x ax bx (,a R b R ∈∈)有极值203-,(1)求函数3()4=-+f x ax bx 的解析式;(2)若关于x 的方程()f x k =有3个解,求实数k 的取值范围.【答案】(1)32()843f x x x =-+(2)2044,33⎛⎫- ⎪⎝⎭(1)2()3f x ax b '=-,由题意得:()()21202028243f a b f a b ⎧=-='⎪⎨=-+=-⎪⎩,解得:238a b ⎧=⎪⎨⎪=⎩,32()843f x x x ∴=-+经验证,函数32()843f x x x =-+在2x =处有极值203-,故解析式为:32()843f x x x =-+.(2)令()()h x f x k =-,由(1)得:32()843h x x x k =-+-2()282(2)(2)h x x x x '=-=-+令()0h x '=得,122,2x x ==-,∴当2x <-时,()0h x '>,当22x -<<时,()0h x '<,当2x >时,()0h x '>,因此,当2x =-时,()h x 有极大值443k -,当2x =时,()h x 有极小值203k --,关于x 的方程()f x k =有3个解,等价于函数()h x 有三个零点,所以44032003k k ⎧->⎪⎪⎨⎪--<⎪⎩204433k ∴-<<.故实数k 的取值范围是2044,33⎛⎫- ⎪⎝⎭③已知零点(根)的个数求代数式的值1.(2022·陕西·模拟预测(理))已知函数()24,0,e 1,0x x x xf x x ⎧+≤=⎨-->⎩,,若函数()()g x f x k=-有三个不同的零点,123,,x x x ,且123x x x <<,则123x x x 的取值范围是()A .44ln 3⎛⎫⎪⎝⎭,B .45ln 3⎛⎫⎪⎝⎭,C .4ln 3∞⎛⎫+ ⎪⎝⎭D .2ln 3∞⎛⎫+ ⎪⎝⎭,【答案】C函数的图象如下图所示:令()()()0g x f x k f x k =-=⇒=,因为函数()()g x f x k =-有三个不同的零点,所以4-<<-2k ,因为二次函数24y x x =+的对称轴为2x =-,所以有123420x x x -<<-<<<,显然12,x x 是方程240x x k +-=的两个不相等的实数根,因此有12x x k =-,3x 是方程e 1x k --=的根,即3e 1x k --=,所以30ln 3x <<,于是有31233e 1x x x x x +=,设2e 1e (1)1()ln 3)()x x x h x x h x x x +--'=<<⇒=,设()e (1)1()e x x m x x m x x '=--⇒=,当0x >时,()0,()m x m x '>单调递增,所以有()(ln 3)3ln 340m x m <=-<,即()0,()h x h x '<单调递减,所以当0ln 3x <<时,4()(ln 3)ln 3h x h >=,故选:C2.(2022·陕西·西安中学二模(理))已知函数()()(]()ln 1,1,11ln 2,1,xx x f x x x ee ⎧+∈-⎪=⎨+-∈+∞⎪⎩,若方程()f x a =有三个不等根123,,x x x ,则123111x x x ++的取值范围是()A .()1,+∞B .()0,1C .()1,0-D .(),1-∞【答案】C当()1,x ∈+∞时,()1ln 2xx f x e e=+-,()10x x f x e -'=<,所以()f x 是减函数,作出函数()()(]()ln 1,1,11ln 2,1,x x x f x x x ee ⎧+∈-⎪=⎨+-∈+∞⎪⎩的图象,如图所示:因为方程()f x a =有三个不等根123,,x x x ,所以0ln 2a <<,设123x x x <<,则()()121ln 1,ln 1x x a a+=+=,所以12111x x +=+,即()()12111x x ++=,即12120x x x x ++=,所以121231233111111x x x x x x x x x ++=+=-+,又因为31x >,所以123111x x x ++的取值范围是()1,0-,故选:C3.(2022·河北·模拟预测)已知实数1x ,2x 满足131e e x x =,()622ln 3e x x -=,则12x x =()A .2eB .5eC .6eD .7e 【答案】C解:由条件得1>0x ,32e x >,令2ln 3t x =-,0t >,则32e t x +=,由条件622(ln 3)e x x -=,则633e e e e t t t t +==,令()e x f x x =,(0)x >,则()(1)e x f x x '=+,显然当0x >时,()0f x '>,()f x 在()0,∞+上单调递增.故由131e e x x =,3e e t t =可得12ln 3x t x ==-,61222(ln 3)e x x x x ∴=-=.故选:C .4.(2022·浙江·镇海中学高三期末)已知函数()330|1ln 0x x x f x x x ⎧-≤⎪=⎨+⎪⎩,,,.若存在互不相等的实数a b c d ,,,,使得()()()()f a f b f c f d ===,则abcd 的取值范围为()A .()20e-,B .()10e-,C .()102e -,D .()01,【答案】A当0x ≤时,3()300f x x x x =-=⇒=,或x =x =3'2()3()333(1)(1)f x x x f x x x x =-⇒=-=+-当10x -<<时,'()0,()f x f x <单调递减,当1x <-时,'()0,()f x f x >单调递增,此时函数有最大值,最大值为(1)2f -=,当0x >时,11ln ,()1ln 11ln ,0x x ef x x x x e ⎧+≥⎪⎪=+=⎨⎪--<<⎪⎩,函数()f x的图象如下图所示:因为存在互不相等的实数a b c d ,,,,使得()()()()f a f b f c f d ===,说明函数y k =与函数()f x 的图象有四个不同的交点,所以由数形结合思想可知:02k <<不妨设110a b c d e<-<<<<<,即33331ln 1ln a a b b c d k -=-=--=+=,333322333()0()(3)0a a b b a b a b a b a ab b -=-⇒---=⇒-++-=,因为10a b <-<<,所以2230a ab b ++-=,由21ln 1ln ln 2c d cd cd e ---=+⇒=-⇒=,因为2223201a b ab ab ab ab +>⇒->⇒<<,所以20abcd e -<<,故选:A5.(2022·全国·高三专题练习)已知函数()ln ,021,0x x f x x x >⎧=⎨+≤⎩,若方程()f x ax =有三个不同的实数根1x ,2x ,3x ,且123x x x <<,则()23123ln ⋅+x x x x x 的取值范围是()A .1,122⎛⎫-⎪-⎝⎭ee B .1,012⎛⎫⎪-⎝⎭e C .11,221-⎛⎫- ⎪-⎝⎭e e e D .11,12⎛⎫-- ⎪⎝⎭e e 【答案】B方程()f x ax =,显然0x =不为该方程的实数根.设()ln 0g 120xx xx x x ⎧>⎪⎪=⎨⎪+<⎪⎩所以方程()f x ax =有三个不同的实数根1x ,2x ,3x ,即()g x a =有三个不同的实数根1x ,2x ,3x 当0x >时,()ln g x x x =,则()21ln g xx x -'=由()g 0x '>,可得x e >,()g 0x '<,可得0x e <<,所以()g x 在()0,e 上单调递增,在(),e +∞上单调递减,且当1x >时,()0g x >当x →+∞时,()0g x →从而作出()g x 的大致图像.由图可知当10a e<<时,直线y a =与函数的图像有3个交点,即方程()g x a =有三个不同的实数根.由112x e +=,得12x e e =-,由120x+=,得12x =-所以11,122x e e⎛⎫∈-⎪-⎝⎭所以()23232311111232323ln ln ln 1 21,012x x x x ax ax x x x ax x x x x x x x e ++⎛⎫⋅=⋅=⋅==+∈ ⎪+++-⎝⎭.故选:B .6.(2022·湖南·高三阶段练习)已知函数()2f x ax =,()e xg x b =,0ab >,且当0x >时,()f x 与()g x 的图象有且只有一个交点,则1a b+的取值范围为______.【答案】(][),e e,-∞-⋃+∞因为当0x >时,()f x 与()g x 的图象有且只有一个交点,所以关于x 的方程2e x ax b =在区间()0,∞+上有且只有一个解,分离参数得2e xa b x =,令()2e xh x x=,0x >,则()()3e 2x x h x x -'=,所以函数()h x 在区间()0,2上单调递减,在区间()2,+∞上单调递增,所以()()2e24h x h ≥=,故2e 4a b =.当0a >,0b >时,1e a b +≥=,当且仅当1a b =,即e 2a =,2e b =时,等号成立;当0a <,0b <时,1e a b +≤-=-,当且仅当1a b =,即e 2a =-,2e b =-时,等号成立.所以1a b+的取值范围为(][),e e,-∞-⋃+∞.故答案为:(][),e e,-∞-⋃+∞7.(2022·江苏南通·高三期末)函数22,0,()4,0x t x f x x x t x ⎧-≥=⎨---<⎩有三个零点x 1,x 2,x 3,且x 1<x 2<x 3,则x 1x 2x 3的取值范围是__________.【答案】[)0,8设22,0,()4,0x x g x x x x ⎧≥=⎨--<⎩函数22,0,()4,0x t x f x x x t x ⎧-≥=⎨---<⎩有三个零点x 1,x 2,x 3,即()y g x =的图像与直线y t =有三个交点.作出函数的图像()y g x =,如图.根据图像可得14t ≤<则12,x x 是240x x t ---=的两个实数根,则12x x t=3x 满足320x t -=,即32log x t=所以1232ln log ln 2t tx x x t t ==设()ln ln 2t t h t =,则()()11ln ln 2h t t '=+由14t ≤<,则()()11ln 0ln 2h t t '=+>所以()ln ln 2t th t =在[)1,4上单调递增,所以()[)0,8h t ∈故答案为:[)0,88.(2022·全国·高三专题练习)已知函数()21e x ax bxf x +-=的最小值为–1,函数()3231g x ax bx =++的零点与极小值点相同,则a b +=___________.【答案】1由()21e x ax bxf x +-=可得()()221e xax a b x b f x -+-++'=,因为()f x 的最小值为()01f =-,所以0x =是()f x 的极值点,所以()010f b '=+=,所以1b =-;当0a =时,()231g x x =-+,由二次函数的性质可知该函数无极小值点,不符合题意;由()3231g x ax x =-+可得()()23632g x ax x x ax '=-=-,令()()320g x x ax '=-=,可得10x =或22x a=,当0a >时,20a >,由()0g x ¢>可得0x <或2x a >;由()0g x ¢<可得20x a<<,所以()g x 在(),0-¥单调递增,在20,a ⎛⎫ ⎪⎝⎭单调递减,在2,a ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭单调递增,所以()g x 的极小值点为2x a=,由题意可得32222310g a a a a ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭=-+=,解得2a =,此时121a b +=-+=;当0a <时,当x →-∞时,()f x →-∞,不合题意;所以1a b +=.故答案为:1.9.(2022·广东·顺德一中高二期中)已知函数()()ln ,115,13x x f x x x ≥⎧⎪=⎨+<⎪⎩,若21x x >且()()12f x f x =,则12x x -的最大值是___________.【答案】3ln38-因为()()ln ,115,13x x f x x x ≥⎧⎪=⎨+<⎪⎩,作出函数()f x的图象如下图所示:设()()12f x f x t ==,则02t ≤<,由()()11153f x x t =+=,可得135x t =-,由()22ln f x x t ==,可得2t x e =.令()1235t g t x x t e =-=--,其中02t ≤<,()30tg t e '=-=,可得ln 3t =.当0ln 3t ≤<时,()0g t '>,此时函数()g t 单调递增,当ln 32t <<时,()0g t '<,此时函数()g t 单调递减.所以,()()max ln 33ln 38g t g ==-.因此,12x x -的最大值为3ln 38-.故答案为:3ln 38-.10.(2022·全国·高三专题练习)已知实数1x ,2x 满足131x x e e =,()522ln 2x x e -=,则12x x =______.【答案】5e 实数1x ,2x 满足131x x e e =,()522ln 2x x e -=,2120,x x e >>,222ln 20,t x t x e +-=>=,则3t te e =,()(0),()(1)0(0)x x f x xe x f x x e x '=>=+>>,所以()f x 在(0,)+∞单调递增,而31()()f x f t e ==,5121222ln 2,(ln 2)x t x x x x x e ∴==-∴=-=.故答案为:5e .。
第五章:一元函数的导数及其应用 重点题型复习(解析版)

第五章:一元函数的导数及其应用重点题型复习题型一导数定义的理解与运用【例1】已知()f x '是函数()f x 的导函数,若()24f '=,则()()222limx f x f x→+-=()A.4B.2C.8D.8-【答案】C 【解析】()()()()()020222222lim2lim 2282x x f x f f x f f x x→→+-+-'===.故选:C .【变式1-1】已知函数()f x 在0x x =处的导数为()0f x ',则000(2)()lim x f x x f x x∆→+∆-=∆()A.()02f x 'B.()02f x '-C.()012f x -'D.()12f x '【答案】A【解析】由导数的定义和极限的运算法则,可得:000000000(2)()(2)()()()limlim lim x x x f x x f x f x x f x x f x x f x x x x∆→∆→∆→+∆-+∆-+∆+∆-=+∆∆∆()()()0002f x f x f x '''=+=.故选:A.【变式1-2】已知函数()f x 可导,且满足()()3Δ3Δlim2Δx f x f x x→--+=,则函数()y f x =在3x =处的导数为()A.1-B.2-C.1D.2【答案】A【解析】因为()()()()003333lim 2lim 2(3)22x x f x f x f x f x f x x→→-∆-+∆-∆-+∆'=-=-=∆-∆△△,所以(3)1f '=-,故选:A.【变式1-3】若函数()f x 在0x 处可导,且()()0002lim 12x f x x f x x∆→+∆-=∆,则()0f x '=()A.1B.1-C.2D.12【答案】A【解析】由导数定义可得()()()00002lim 2x f x x f x f x x∆→+∆-'=∆,所以()01f x '=.故选:A.【变式1-4】设函数()y f x =在R 上可导,则()()00lim x f f x x∆→-∆=∆()A.()0f 'B.()0f '-C.()f x 'D.以上都不对【答案】B【解析】由导数的定义可知()()()()()000lim lim0x x f f x f x f f xx∆→∆→-∆∆-'=-=-∆∆.故选:B.题型二导数的几何意义与应用【例2】函数()()e sin cos xf x x x =+在0x =处切线的斜率为()A.1B.2C.3D.4【答案】B【解析】因为函数()()e sin cos xf x x x =+,则()()e sin cos cos sin 2e cos x xf x x x x x x =++-=',所以()02f '=,也即函数()()e sin cos xf x x x =+在0x =处切线的斜率2k =,故选:B .【变式2-1】已知函数()32f x x =+.(1)曲线()y f x =在点1x =处的切线方程;(2)曲线()y f x =过点()0,4B 的切线方程.【答案】(1)30x y -=;(2)340x y -+=【解析】(1)因为2()3f x x '=,所以(1)3f '=,又(1)3f =,所以曲线()y f x =在1x =处的切线方程为()331y x -=-,即30x y -=;(2)设切点为()300,2x x +,则()()3200002,3f x x f x x =='+,所以切线方程为()()3200023y x x x x -+=-,因为切线过点()0,4B ,所以()()320004230x x x -+=-,即322x =-,解得01x =-,故所求切线方程为340x y -+=.【变式2-2】已知()3f x x x =-,如果过点()2,m 可作曲线()y f x =的三条切线,则m 的取值范围是______.【答案】()2,6-【解析】()231f x x '=-,则过()(),t f t 的切线为()()()y f t f t x t '-=-,即()23312y t x t =--.由过点()2,m 可作曲线()y f x =的三条切线得32262m t t =-+-有3个不等实根.令()32262g t t t m =-++,()2612g t t t '=-,由()0g t '=得0=t 或2t =.当0t <或2t >,()0g t '>,()g t 单调递增;当02t <<,()0g t '<,()g t 单调递减;故当0=t 时,函数()g t 取得极大值为2m +;当2t =时,函数()g t 取得极小值为6m -.要使()0g t =有3个不等实根,则26m -<<,即所求m 的取值范围是()2,6-.【变式2-3】(多选)设b 为实数,直线3y x b =+能作为曲线()f x 的切线,则曲线()f x 的方程可以为()A.()1f x x=-B.()214ln 2f x x x=+C.()3f x x=D.()exf x =【答案】ACD【解析】因为直线3y x b =+能作为曲线()f x 的切线,所以()3f x '=有解,对于A,由()1f x x=-,得()21f x x '=,由()3f x '=,得213x =,解得33x =,所以直线3y x b =+能作为曲线()1f x x =-的切线,所以A 正确,对于B,由()214ln 2f x x x =+,得()4(0)f x x x x '=+>,由()3f x '=,得43x x +=,化简得2340x x -+=,因为2(3)440∆=--⨯<,所以方程无解,所以直线3y x b =+不能作为曲线()214ln 2f x x x =+的切线,所以B 错误,对于C,由()3f x x =,得2()3f x x '=,由()3f x '=,得233x =,解得1x =±,所以直线3y x b =+能作为曲线()3f x x =的切线,所以C 正确,对于D,由()e xf x =,得()e xf x '=,由()3f x '=,得e 3x =,解得ln 3x =,所以直线3y x b =+能作为曲线()e xf x =的切线,所以D 正确,选:ACD【变式2-4】(多选)若两曲线21y x =-与ln 1y a x =-存在公切线,则正实数a 的取值可能是()A.1.2B.4C.5.6D.2e【答案】ABD【解析】由21y x =-,则2y x '=,由ln 1y a x =-,则ay x'=设切线与曲线21y x =-相切于点()11,A x y ,则斜率为12x ,所以切线方程为()()211112y x x x x --=-,即21121y x x x =--①设切线与曲线ln 1y a x =-相切于点()22,B x y ,则斜率为:2ax ,则切线方程为()()222ln 1ay a x x x x --=-,即22ln 1a y x a x a x=+--,②根据题意方程①,②表示同一条直线,则122212ln a x x a x a x ⎧=⎪⎨⎪-=-⎩所以()2224ln 1a x x =--,令()2244ln g x x x x =-(0x >),则()()412ln g x x x '=-,所以()g x在(上单调递增,在)+∞上单调递减,()max 2g x ge ==,由题意(]0,2e a ∈.题型三导数的基本运算【例3】求下列函数的导数.(1)ln(21)y x =+;(2)sin cos xy x=;(3)1()23()()y x x x =+++.【答案】(1)221y x '=+;(2)21cos y x'=;(3)231211y x x =++'【解析】(1)因为ln(21)y x =+,所以221y x '=+;(2)因为sin cos x y x =,所以()2222cos sin 1cos cos x x y x x +'==;(3)因为1()23()()y x x x =+++,326116x x x =+++,所以231211y x x =++'.【变式3-1】已知()tan f x x =,则=3f π⎛⎫ ⎪⎝⎭'()A.43B.43-C.4D.4-【答案】C【解析】因为()tan f x x =,所以2222sin cos sin 1()(tan )()cos cos cos x x x f x x x x x+''====',所以21(43cos 3f ππ'==.故选:C.【变式3-2】已知()()21220222022ln 2f x x xf x '=+-,则()2022f '=()A.2021B.2021-C.2022D.2022-【答案】B【解析】因为()()21220222022ln 2f x x xf x '=+-,所以()()202222022f x x f x''=+-,所以()()202220222022220222022f f ''=+-,解得()20222021f '=-,故选:B【变式3-3】已知函数(),()f x g x 的定义域为R ,()g x '为()g x 的导函数,且()()2f x g x '+=,()()42f x g x '--=,若()g x 为偶函数,则下列结论不一定成立的是()A.(4)2f =B.()20g '=C.(1)(3)f f -=-D.(1)(3)4f f +=【答案】C【解析】对A:∵()g x 为偶函数,则()=()g x g x -,两边求导可得()()g x g x ''=--∴()g x '为奇函数,则()00g '=令=4x ,则可得()0(4)2f g '-=,则(4)2f =,A 成立;对B:令=2x ,则可得()()(2)+2=2(2)2=2f g f g ''⎧⎪⎨-⎪⎩,则()(2)=22=0f g '⎧⎨⎩,B 成立;∵()()2f x g x '+=,则可得()(2)22f xg x '+++=()()42f x g x '--=,则可得()(2)22f x x g '+--=两式相加可得:()(2)42x x f f ++=-,∴()f x 关于点()2,2成中心对称,则(1)(3)4f f +=,D 成立又∵()()2f x g x '+=,则可得()()(4)4(4)42f xg x f x g x ''-+-=---=()()42f x g x '--=,则可得()()4f x f x =-∴()f x 以4为周期的周期函数根据以上性质只能推出(1)(3)4f f -+-=,不能推出(1)(3)f f -=-,C 不一定成立.题型四用导数求函数的单调性【例4】函数()e xf x x =的单调递增区间是()A.(),1-∞-B.(),0∞-C.()0,∞+D.()1,-+∞【答案】D【解析】()()e e e 1x x xf x x x '+=+=,由()0f x '>,得1x >-,所以函数()f x 的单调递增区间是()1,-+∞.故选:D.【变式4-1】函数()2ln f x x x =的单调递增区间为()A.(B.⎫+∞⎪⎪⎝⎭C.)+∞D.⎛⎝⎭【答案】B【解析】函数()f x 的定义域为()0,∞+,()()212ln 2ln 2ln 1f x x x x x x x x x x'=+⋅=+=+,令()0f x '>,得2ln 10x +>,解得x >故函数()2ln f x x x =的单调递增区间为e ⎛⎫+∞ ⎪⎪⎝⎭.故选:B.【变式4-2】下列函数中,既是奇函数,又在()0,+∞上是单调函数的是()A.()sin x x x f -=B.()3exf x x =C.()2f x x=D.()cos f x x x=-【答案】A【解析】A:()sin()sin ()x x x f x x x f --=-+=--=-且定义域为R,为奇函数,又()1cos 0f x x '=-≥,故()f x 单调递增,满足要求;B:()33()e ()exx x x f x f x -=-≠--=-,不满足;C:()22())(f x x x f x ==-=-且定义域为R,为偶函数,不满足;D:()cos()cos ()f x x x x x f x -=---=--≠-,不满足.故选:A【变式4-3】已知函数()()()2212ln R f x ax a x x a =+--∈.(1)当0a =时,求曲线()y f x =在点()()e,e f 的切线方程;(2)讨论函数()y f x =的单调性.【答案】(1)22ey x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭;(2)答案见解析【解析】(1)由0a =,则()22ln f x x x =-,()e 2e 2f =-,()22f x x '=-,()2e 2ef '=-,切线方程:()()22e 22e e y x ⎛⎫--=-- ⎪⎝⎭,则22e y x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭.(2)由()()2212ln f x ax a x x =+--,求导得()()()()1222221x ax f x ax a xx-+'=+--=,①当0a =时,()22x f x x-'=,()0f x '<,解得()0,1x ∈,()0f x '>,解得()1,x ∈+∞,则()f x :单减区间:()0,1,单增区间:()1,+∞;②当0a >时,令()0f x '=,解得1x =或1x a=-(舍去)当()0,1x ∈时,()0f x '<,当()1,x ∈+∞时,()0f x '>,则()f x :单减区间:()0,1,单增区间:()1,+∞;③当1a <-时,令()0f x '=,解得1x =或1x a=-,当()10,1,x a ⎛⎫∈-+∞ ⎪⎝⎭时,()0f x '<,当1,1x a ⎛⎫∈-⎪⎝⎭时,()0f x '>,则()f x :单减区间:10,a ⎛⎫- ⎪⎝⎭和()1,+∞,单增区间:1,1a⎛⎫- ⎪⎝⎭;④当1a =-时,()()221x f x x--'=,则()f x :单减区间:()0,∞+;⑤当10a -<<时,令()0f x '=,解得1x =或1x a=-,当()10,1,x a ⎛⎫∈-+∞ ⎪⎝⎭时,()0f x '<,当11,x a ⎛⎫∈- ⎪⎝⎭时,()0f x '>,则()f x :单减区间:()0,1和1,a∞⎛⎫-+ ⎪⎝⎭,单增区间:11,a ⎛⎫- ⎪⎝⎭;综上,当0a ≥时,单减区间:()0,1,单增区间:()1,+∞当1a <-时,单减区间:10,a ⎛⎫- ⎪⎝⎭和()1,+∞,单增区间:1,1a ⎛⎫- ⎪⎝⎭当1a =-时,单减区间:()0,∞+当10a -<<时,单减区间:()0,1和1,a∞⎛⎫-+ ⎪⎝⎭,单增区间:11,a ⎛⎫- ⎪⎝⎭.题型五由函数的单调性求参数【例5】若函数()2ln f x x ax x =-+在区间()1,e 上单调递增,则实数a 的取值范围是()A.[)3,+∞B.(],3-∞C.23,e 1⎡⎤+⎣⎦D.(2,e 1⎤-∞+⎦【答案】B【解析】依题意()120f x x a x'=-+≥在区间()1,e 上恒成立,即12a x x≤+在区间()1,e 上恒成立.令()()121e g x x x x =+<<,则()22212120x g x x x -'=-=>,所以()g x 在()1,e 上单调递增,则()3g x >,所以3a ≤.故选:B.【变式5-1】设函数()23ln h x x x x =-+,若函数()h x 在区间1,12m ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦上是单调函数,求实数m 的取值范围.【答案】3,22⎛⎤⎥⎝⎦【解析】()()()211123x x h x x xx --'=+-=,()0x >,令()0h x '>,解得102x <<或1x >,令()0h x '<,解得112x <<.故()h x 在10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭上严格增,在1,12⎛⎫⎪⎝⎭上严格减,在()1,+∞上严格增.又()h x 在区间1,12m ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦上是单调函数,则只需1112m <-≤,解得(3,22m ⎤∈⎥⎦.故实数m 的取值范围为3,22⎛⎤⎥⎝⎦.【变式5-2】已知函数()3212132a g x x x x =-++.若()g x 在()2,1--内不单调,则实数a 的取值范围是______.【答案】(3,--【解析】由()3212132a g x x x x =-++,得()22g x x ax '=-+,当()g x 在()2,1--内为减函数时,则()220g x x ax '=-+≤在()2,1--内恒成立,所以2a x x≤+在()2,1--内恒成立,当()g x 在()2,1--内为增函数时,则()220g x x ax '=-+≥在()2,1--内恒成立,所以2a x x≥+在()2,1--内恒成立,令2y x x=+,因为2y x x=+在(2,-内单调递增,在()1-内单调递减,所以2y x x =+在()2,1--内的值域为(3,--,所以3a ≤-或a ≥-,所以函数()g x 在()2,1--内单调时,a 的取值范围是(]),3⎡-∞-⋃-+∞⎣,故()g x 在()2,1--上不单调时,实数a 的取值范围是(3,--.【变式5-3】已知函数()29ln 3f x x x x =-+在其定义域内的一个子区间()1,1m m -+上不单调,则实数m 的取值范围是()A.51,2⎡⎫⎪⎢⎣⎭B.31,2⎛⎫⎪⎝⎭C.51,2⎛⎫ ⎪⎝⎭D.31,2⎡⎫⎪⎢⎣⎭【答案】A【解析】由题意得29239(3)(23)()23,(0)x x x x f x x x x x x +-+-'=-+==>,令()0f x '=,解得32x =或3x =-(舍),当30,2x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时,()0f x '<,则()f x 为减函数,当3,2x ⎛⎫∈+∞ ⎪⎝⎭时,()0f x '>,则()f x 为增函数,所以()f x 在32x =处取得极小值,所以3112m m -<<+,解得1522m <<,又()1,1m m -+为定义域的一个子区间,所以10m -≥,解得m 1≥,所以实数m 的取值范围是51,2⎡⎫⎪⎢⎣⎭.故选:A题型六用导数求函数的极值【例6】函数2ln ()xf x x =的极大值为___________.【答案】12e【解析】()f x 的定义域是()0,∞+,()432ln 12ln x x x xf x x x -='-=,令()0f x '=解得x所以,()f x 在区间(()(),0,f x f x '>递增;在区间)()(),0,f x f x '+∞<递减;所以()f x 的极大值为12ef=.【变式6-1】已知函数2()(15)e x f x x =-(1)求()f x 在0x =处的切线的方程.(2)求()f x 的单调区间和极值.【答案】(1)15150x y ++=;(2)增区间为(,5),(3,)-∞-+∞,减区间()5,3-;(3)极大值为5(5)10e ,f --=极小值3(3)6e f =-.【解析】(1)因为2()(15)e x f x x =-,故可得()015f =-,()f x '()()()2e 215e 53x xx x x x =+-=+-,(0)f '15=-,故()f x 在0x =处的切线的方程为:1515y x +=-,即15150x y ++=.(2)因为()f x '()()e 53xx x =+-,令()f x '0>,解得()(),53,x ∈-∞-⋃+∞;令()f x '0<,解得()5,3x ∈-;则()f x 在(),5-∞-单调递增,在()5,3-单调递减,在()3,+∞单调递增,故()f x 的单调增区间为(,5),(3,)-∞-+∞,单调减区间()5,3-,且()f x 的极大值为5(5)10e ,f --=()f x 的极小值为3(3)6e f =-.【变式6-2】设函数()233f x x x =--(1)求曲线()y f x =在4x =处的切线方程;(2)设()()e xg x f x =,求函数()g x 的极值.【答案】(1)5190x y --=;(2)极大值为27e -;极小值为33e -.【解析】(1)∵()233f x x x =--,∴()23f x x '=-∴切线的斜率()42435f '=⨯-=又切点的坐标为()()4,4f ,即()4,1∴切线的方程()154y x -=-,即5190x y --=(2)∵()()()2e e33x xg x f x x x =⋅=--⋅∴()()()()2223e 33e 6ex x xg x x x x x x '=-⋅+--⋅=--⋅令()0g x '=,则260x x --=,解得2x =-或3x =列表:x(),2-∞-2-()2,3-3()3,+∞()g x '正0负0正()g x 单调递增27e -单调递减33e -单调递增∴当2x =-时,()g x 取得极大值为27e -;当3x =时,()g x 取得极小值为33e -.【变式6-3】已知函数()2ln f x x a x bx =++在()()1,1f 处的切线方程为30x y ++=.(1)求a 、b 的值;(2)求()f x 的极值点,并计算两个极值之和.【答案】(1)2a =,=5b -(2)极大值点为112x =,极小值点为22x =,极大值与极小值的和为334-【解析】(1)因为()2ln f x x a x bx =++的定义域为()0,∞+,()2a f x x b x'=++,因为,曲线()y f x =在()()1,1f 处的切线方程为30x y ++=,()114f b =+=-,可得=5b -,()121f a b '=++=-,可得2a =.(2)由()()22ln 50f x x x x x =+->,得()()()2212225225x x x x f x x x x x---+'=+-==,列表如下:x 10,2⎛⎫⎪⎝⎭121,22⎛⎫ ⎪⎝⎭2()2,+∞()f x '+-+()f x 增极大值减极小值增所以,函数()f x 的极大值点为112x =,极大值为192ln 224f ⎛⎫=-- ⎪⎝⎭,极小值点为22x =,极小值为()22ln 26f =-,所以,函数()f x 的极大值和极小值为()133224f f ⎛⎫+=-⎪⎝⎭.题型七由函数的极值求参数【例7】已知2x =是函数()323f x ax x a =-+的极小值点,则()f x 的极大值为()A.3-B.0C.1D.2【答案】C【解析】因为()323f x ax x a =-+,则()236f x ax x '=-,由题意可得()212120f a '=-=,解得1a =,()3231f x x x ∴=-+,()()32f x x x '=-,列表如下:x (),0∞-0()0,22()2,+∞()f x '+-+()f x 增极大值减极小值增所以,函数()f x 的极大值为()01f =.故选:C.【变式7-1】函数()322f x x ax bx a =+++在1x =处有极值为10,那么a ,b 的值为()A.4,11-B.3-,3C.4,11-或3-,3D.3,3【答案】A【解析】()232f x x ax b '=++,由题意可知()()10110f f ⎧=⎪⎨='⎪⎩即2320110a b a b a ++=⎧⎨+++=⎩,则232120b a a a =--⎧⎨--=⎩,解得411a b =⎧⎨=-⎩或33a b =-⎧⎨=⎩,当33a b =-⎧⎨=⎩时,()()2310f x x '=-≥,∴在1x =处不存在极值,不符合题意;②当411a b =⎧⎨=-⎩时,()()()238113111f x x x x x '=+-=+-,11,13x ⎛⎫∴∈- ⎪⎝⎭,()0f x '<,()1,x ∈+∞,()0f x ¢>,符合题意.411a b =⎧∴⎨=-⎩,故选:A .【变式7-2】已知函数322()f x x ax bx a =--+,则“7a b +=”是“函数()f x 在=1x 处有极值10”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分又不必要条件【答案】B【解析】因为322()f x x ax bx a =--+,所以2()32f x x ax b '=--,所以()()21=32=01=1+=10f a b f a b a ----⎧'⎪⎨⎪⎩,解得=3=3a b -⎧⎨⎩或=4=11a b -⎧⎨⎩;当=3=3a b -⎧⎨⎩时32()339f x x x x =-++,()22()363310f x x x x '=-+=-≥,即函数在定义域上单调递增,无极值点,故舍去;当=4=11a b -⎧⎨⎩时32()41116f x x x x =+-+,()()2()31131118f x x x x x '=++=--,当1x >或113x <-时()0f x '>,当1113x -<<时()0f x '<,满足函数在=1x 处取得极值,所以7a b +=,所以由7a b +=推不出函数()f x 在=1x 处有极值10,即充分性不成立;由函数()f x 在=1x 处有极值10推得出7a b +=,即必要性成立;故“7a b +=”是“函数()f x 在=1x 处有极值10”的必要不充分条件;故选:B【变式7-3】已知()()3261f x x ax a x =++++有极大值和极小值,则a 的取值范围为()A.()1,2-B.()3,6-C.()(),12,-∞-+∞D.()(),36,-∞-+∞U 【答案】D【解析】由()()3261f x x ax a x =++++可得()2326f x x ax a '=+++,因为()f x 有极大值和极小值,所以()23260f x x ax a '=+++=有两个不相等的实数根,所以()()224360a a ∆=-⨯⨯+>,即23180a a -->,解得:3a <-或6a >,所以a 的取值范围为()(),36,-∞-+∞U ,故选:D.【变式7-4】已知函数()ln ex axf x x x =+-有唯一的极值点t ,则()f t 的取值范围是()A.[)2,-+∞B.[)3,∞-+C.[)2,+∞D.[)3,+∞【答案】A【解析】求导有()()1e e x x xf x ax x -'=+⋅,因为函数()ln e x axf x x x =+-有唯一的极值点t ,所以,()()1e 0ex x xf x ax x -'=+=⋅有唯一正实数根,因为()10f '=,所以e 0x ax +=在()0,x ∈+∞上无解,所以,e xa x -=在()0,x ∈+∞上无解,记()e xg x x =,则有()()2e 1x x g x x -'=,所以,当()0,1x ∈时,()0g x '<,()g x 在()0,1上递减,当()1,x ∈+∞时,()0g x '>,()g x 在()1,+∞上递增.此时1x =时,()e xg x x=有最小值()1e g =,所以,e a -≤,即e a -≥,所以()()112ea f t f ==-≥-,即()f t 的取值范围是[)2,-+∞,故选:A题型八用导数求函数的最值【例8】函数()12cos f x x x x =+-的最小值为()A.1πB.2πC.-1D.0【答案】C【解析】由题意,函数()12cos f x x x x =+-的定义域为R ,关于原点对称,且满足()()()1122cos cos f x x x x x x x f x -=-+---=+-=,所以()f x 为偶函数,当0x ≥时,()12cos f x x x x =+-,可得()1sin 110f x x =+≥+'>,()f x 在单调递增,又由()f x 为偶函数,所以()f x 在(),0∞-单调递减,[)0,∞+单调递增,所以()()min 01f x f ==-.故选:C.【变式8-1】已知函数()()cos ,R f x ax b x a b =++∈,若()f x 在点()()0,0f 处的切线方程为122y x =+.(1)求a ,b 的值;(2)求函数()f x 在[]0,2π上的最大值.【答案】(1)12a =,1b =;(2)2π+【解析】(1)因为()()cos ,R f x ax b x a b =++∈,所以()sin f x a x '=-,由题意得()()0cos 01210sin 02f b b f a a ⎧=+=+=⎪⎨=-='=⎪⎩,所以12a =,1b =;(2)由(1)得()11cos 2f x x x =++,()1sin 2f x x '=-,因为[]02πx ∈,,当π06x ≤≤时,()0f x '≥,函数()f x 单调递增,当π5π66x <<时,()0f x '<,函数()f x 单调递减,当5π2π6x ≤≤时,()0f x '≥,函数()f x 单调递增,故当6x π=时,函数取得极大值π1πππ1cos 16266122f ⎛⎫=⨯++=++ ⎪⎝⎭,又()02f =,()12π2π1cos 2π1π12π2f =⨯++=++=+,因为π212π12<+<+故函数()f x 在[]02π,上的最大值为2π+.【变式8-2】已知函数()321313f x x x x =-+++.(1)求()f x 的单调区间及极值;(2)求()f x 在区间[]0,6上的最值.【答案】(1)单调增区间为[]1,3-,单调减区间为(),1-∞-和()3,+∞;极小值23-;极大值10(2)最大值为10;最小值为17-【解析】(1)函数()f x 的定义域为R ,()()()22331f x x x x x '=-++=--+.令()0f x '=,得=1x -或3x =.当x 变化时,()f x ',()f x 的变化情况如表所示.x(),1-∞-1-()1,3-3()3,+∞()f x '-+-()f x 单调递减23-单调递增10单调递减故()f x 的单调增区间为[]1,3-,单调减区间为(),1-∞-和()3,+∞.当=1x -时,()f x 有极小值()213f -=-;当3x =时,()f x 有极大值()310f =.(2)由(1)可知,()f x 在[]0,3上单调递增,在[]3,6上单调递减,所以()f x 在[]0,6上的最大值为()310f =.又()01f =,()617f =-,()()60f f <,所以()f x 在区间[]0,6上的最小值为()617f =-.【变式8-3】已知函数31()312f x x ax a ⎛⎫=-+> ⎪⎝⎭.(1)若函数f (x )在x =-1处取得极值,求实数a 的值;(2)当[2,1]x ∈-时.求函数f (x )的最大值.【答案】(1)a =1;(2)答案见解析【解析】(1)由题意可知2()33f x x a '=-,所以(1)0f '-=,即3-3a =0解得a =1,经检验a =1,符合题意.所以a =1.(2)由(1)知2()33f x x a '=-,令()0f x '=,x =212<<即112a <<时,f (x )和()f x '随x 的变化情况如下表:由上可知,所以()f x 的最大值为21.当12≤<即14≤<a 时,f (x )和()f x '随x 的变化情况如下表:(21f =+,由上可知,所以f (x )的最大值为21.2≥即4a ≥时,2()330f x x a '=-≤恒成立,即f (x )在[-2,1]上单调递减,所以f (x )的最大值为f (-2)=-7+6a ,综上所述,当142a <<时,f (x )的最大值为21;当4a ≥时,f (x )的最大值为-7+6a .题型九由函数的最值求参数【例9】若函数32()52f x x x x =+--在区间(,5)m m +内有最小值,则实数m 的取值范围是()A.(4,1)-B.(4,0)-C.[3,1)-D.(3,1)-【答案】C【解析】由题得,2()325(35)(1)f x x x x x '=+-=+-.令()0f x '>,解得53x <-或1x >;令()0f x '<,解得531x <-<,所以()f x 在区间5,3⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭内单调递增,在区间5,13⎛⎫- ⎪⎝⎭内单调递减,在区间(1,)+∞内单调递增,所以函数的极小值(1)5f ==-.若()f x 在区间(,5)m m +内有最小值,则极小值即最小值,所以15m m <<+,解得41m -<<,令()5f x =-,可得32530x x x +-+=,可得2(1)(3)0x x -+=,解得3x =-或1,由题得3m - ,综上31m -< .故选:C.【变式9-1】(多选)若函数f (x )=3x -x 3在区间(a 2-12,a )上有最小值,则实数a 的可能取值是()A.0B.1C.2D.3【答案】ABC【解析】因为函数f (x )=3x -x 3,所以()233f x x '=-,令()0f x '=,得1x =±,当1x <-或1x >时,()0f x '<,当11x -<<时,()0f x '>,所以当=1x -时,()f x 取得极小值()12f =-,则21211a a ⎧-<-⎨>-⎩,解得1a -<<又因为()f x 在()1,+∞上递减,且()22f =-,所以2a ≤,综上:12a -<≤,所以实数a 的可能取值是0,1,2故选:ABC【变式9-2】已知函数()()()2e 21251x x x x x f x x x ⎧--≤⎪=⎨->⎪⎩,当(],x m ∈-∞时,()1,1e f x ⎛⎤∈-∞- ⎥⎝⎦,则实数m 的取值范围是__________.【答案】11,32e ⎡⎤--⎢⎥⎣⎦【解析】当1x ≤时,()()()1e 2xf x x =+-',令()0f x '>,则ln21x <<或1x <-;()0f x '<,则1ln2x -<<,∴函数()f x 在()1,ln2-上单调递减,在()(),1,ln2,1-∞-单调递增,∴函数()f x 在=1x -处取得极大值为()111ef -=-,在ln2x =出的极小值为()()()2ln2ln21,e 3f f =-=-.当1x >时,令()1251e f x x =-≤-,解得1132ex <≤-综上所述,m 的取值范围为11,32e ⎡⎤--⎢⎣⎦【变式9-3】已知函数()ln a f x x x=-(1)若a ∈R ,求()f x 在定义域内的极值;(2)若()f x 在[]1,e 上的最小值为32,求实数a 的值.【答案】(1)答案见解析;(2)a e 【解析】(1)由题意得()f x 的定义域是()0+∞,,且()2x af x x +'=,因为0a ≥,所以()0f x '>,故()f x 在()0+∞,上单调递增,无极值;当a<0,x a >-时()0f x '>,()f x 单调递增,0x a <<-时()0f x '<,()f x 单调递减,所以()f x 在x a =-有极小值()ln 1a -+,无极大值;(2)由(1)可得()2x af x x +'=,因为[]1,e x ∈,①若1a ≥-,则0x a +≥,即()0f x '≥在[]1,e 上恒成立,此时()f x 在[]1,e 上单调递增,所以()()min 312f x f a ==-=,所以32a =-(舍去);②若e a -≤,则0x a +≤,即()0f x '≤在[]1,e 上恒成立,此时()f x 在[]1,e 上单调递减,所以()()min 3e 1e 2a f x f ==-=,所以e2a =-(舍去).③若e<1a -<-,令()0f x '=,得x a =-,当1x a <<-时,()0f x '<,所以()f x 在()1,a -上单调递减;当e a x -<<时,()0f x '>,所以()f x 在(),e a -上单调递增,所以()()()min 3ln 12f x f a a =-=-+=,所以a =a =题型十造法解函数不等式【例10】设()f x '是函数()f x 的导函数,且()()()()R 1e f x f x x f <∈'=,,则不等式(ln )f x x >的解集为__________.【答案】(0,e)【解析】令()()e x f x g x =,则2()e ()e ()()()(e )e x x x xf x f x f x f xg x '-=''-=,()()f x f x '<,()0g x '∴<,()()e xf xg x ∴=在R 上单调递减,由(ln )f x x >可得ln (ln )(ln )(1)1e ex f x f x f x =>=,即(ln )(1)g x g >,ln 1x ∴<,解得0e x <<.故不等式的解集为(0,e).【变式10-1】已知定义在R 上的连续偶函数()y f x =的导函数为()y f x '=,当0x >时,()()0f x f x x'+<,且(2)3f =-,则不等式6(21)21f x x --<-的解集为()A.13,,22⎛⎫⎛⎫-∞+∞ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭B.13,22⎛⎫⎪⎝⎭C.3,2⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭D.1113,,2222⎛⎫⎛⎫-⋃ ⎪ ⎝⎭⎝⎭【答案】A【解析】当0x >时,()()()()()()0xf x f x xf x f x f x xxx''+'+==<,∴()()0xf x '<,令()()g x xf x =,∴()g x 在()0,∞+上单调递减,又()y f x =是定义在R 上的连续偶函数,∴()g x 是R 上的奇函数,即()g x 在R 上单调递减,∵(2)3f =-,∴()26g =-,当210x ->,即12x >时,()6(21)21(21)(21)2616f x x f x g x x --<⇒--<-⇒-<--,∴22123x x ⇒>->;当210x -<,即12x <时,()6(21)21(21)(21)2616f x x f x g x x --<⇒-->-⇒->--,∴22123x x ⇒<-<,则12x <.故不等式6(21)21f x x --<-的解集为13,,22⎛⎫⎛⎫-∞+∞ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.故选:A.【变式10-2】已知函数()f x 是定义在()()-00+∞∞,,的奇函数,当()0x ∈+∞,时,()()xf x f x '<,则不等式()()()52+25<0f x x f --的解集为()A.()()33-∞-⋃+∞,,B.()()3003-⋃,,C.()()3007-⋃,,D.()()327-∞-⋃,,【答案】D 【解析】令()()=f xg x x,当()0x ∈+∞,时,()()xf x f x '<,∴当()0x ∈+∞,时,()()()2=<0xf x f x g x x -'',()g x ∴在()0+∞,上单调递减;又()f x 为()()-00+∞∞,,的奇函数,()()()()()====f x f x f x g x g x x x x--∴---,即()g x 为偶函数,()g x ∴在()0-∞,上单调递增;又由不等式()()()52+25<0f x x f --得()()()52<25f x x f --,当20x ->,即2x <时,不等式可化为()()25<25f x f x --,即()()2<5g x g -,由()g x 在()0+∞,上单调递减得2>5x -,解得3x <-,故3x <-;当20x -<,即2x >时,不等式可化为()()25>25f x f x --,即()()()2>5=5g x g g --,由()g x 在()0-∞,上单调递增得2>5x --,解得7x <,故27x <<;综上所述,不等式()()()52+25<0f x x f --的解集为:()()327-∞-⋃,,.故选:D.【变式10-3】定义在()0,∞+上的函数()f x 满足()10xf x x '-->,且()()1010ln 10ef =,则不等式()e e x xf x >+的解集为()A.()10,+∞B.()ln10,+∞C.()ln 5,+∞D.(),5-∞【答案】B【解析】令()()ln g x f x x x =--,因为定义在()0,∞+上的函数()f x 满足()10xf x x '-->,所以()()()1110xf x x g x f x xx'--''=--=>,所以()g x 在()0,∞+上单调递增,因为()()1010ln 10e10ln10f ==+,所以(10)0g =,所以不等式()e e xxf x >+可转化为()()0e e exxxg f x =-->,即())e (10xg g >,所以e x >10,所以x >ln10,所以不等式()e e x xf x >+的解集为()ln10,+∞.故选:B.题型十一导数与函数零点的综合问题【例11】已知函数()e 2axf x x =-()a ∈R ,()cosg x x =.(1)求函数()f x 的极值;(2)当1a =时,判断函数()()()F x f x g x =-在3π,2∞⎛⎫-+ ⎪⎝⎭上零点个数.【答案】(1)答案见解析;(2)两个【解析】(1)由()e 2ax f x x =-知定义域为R ,()e 2axf x a '=-①当0a ≤时,在R 上()0f x '<,故()f x 单调递减,所以无极值.②当0a >时,由e 20ax a -=得:12ln x a a=,当12,ln x a a ∞⎛⎫∈- ⎪⎝⎭时,()0f x '<当12ln ,x a a∞⎛⎫∈+ ⎪⎝⎭时,()0f x '<.所以函数()f x 有极小值为2ln 121222ln 2ln 1ln a f e a a a a a a ⎛⎫⎛⎫=-⋅=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,无极大值.(2)当1a =时,()e 2cos x F x x x =--,()e 2sin xF x x =-+',当3π,02x ⎛⎫∈-⎪⎝⎭时,()0F x '<,当π0,2x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时,()F x '单调递增,且()01210F =-=-<',π2πe 2102F ⎛⎫='-+> ⎪⎝⎭,故在π0,2⎛⎫⎪⎝⎭上存在0x 使得0()0F x '=,而当π,2x ⎡⎫∈+∞⎪⎢⎣⎭时,()0F x '>.所以()F x 在03π,2x ⎛⎫-⎪⎝⎭上单调递减,在()0,x +∞上单调递增,且3π23πe 3π>02F -⎛⎫-=+ ⎪⎝⎭,()00F =,所以()00F x <,又()ππe 2π+1>0F =-,故由零点的存在性定理()F x 在03,2x π⎛⎫- ⎪⎝⎭上存在一个零点,在0(,)x +∞上也存在一个零点.所以()F x 在3,2π∞⎛⎫-+ ⎪⎝⎭上有两个零点.【变式11-1】若函数()36f x x x m =-+恰有2个不同的零点,则实数m 的值是_________.【答案】-【解析】因为()36f x x x m =-+恰有2个不同零点,故函数()316f x x x =-与()2f x m =-,恰有2个交点,对于()316f x x x =-,()2136f x x '=-,由()10f x '>,得2x 或2x <-,由()10f x '<,得22x -<所以当x 变化时()1f x ',()1f x 变化如下:x(),2-∞-2-()2,2-2()2,+∞()1f x '+0-+()1f x 极大值极小值因为1f x 与()2f x 恰有两个交点,又()122222f =-,(22f -=故12m f -=,或(12m f -=-,所以2m =42m =-【变式11-2】已知函数()()32ln 1,033,0x x f x x x x x ⎧-+>=⎨++≤⎩,若函数()y f x ax =-恰有三个零点,则实数a 的取值范围是__________.【答案】3,34a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭【解析】当0x ≤时,()3233f x x x x =++,()()22363310f x x x x '=++=+≥,在0x ≤上恒成立,且在=1x -时,等号成立,所以()3233f x x x x =++在0x ≤上单调递增,且()00f =,当0x >时,()()ln 1f x x =-+单调递减,且()ln 010-+=,函数()y f x ax =-恰有三个零点,可转化为函数()y f x =与y ax =有三个交点,画出()()32ln 1,033,0x x f x x x x x ⎧-+>=⎨++≤⎩的图象,所图所示:设直线y ax =与()3233f x x x x =++,0x ≤相切时切点为()32,33A m m m m ++,则()()231f m m a '=+=,又根据斜率公式可得:3223333m m ma m m m++==++,所以()223133m m m +=++,解得:0m =或32-,当0m =时,3a =,当32m =-时,2333124a ⎛⎫=⨯-+= ⎪⎝⎭,所以要想函数()y f x =与y ax =有三个交点,直线斜率要介于两切线斜率之间,故3,34a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭【变式11-3】已知函数2()ln (1)f x x a x x a =-+++.(1)若0a =,求()f x 的极大值;(2)若()f x 在区间[1,)+∞上有两个零点,求实数a 的取值范围.【答案】(1)0;(2)(1,0)-.【解析】(1)当0a =时,2()ln f x x x x =-+,且0x >则1(21)(1)()21x x f x x xx'+-=-+=-.当(0,1)x ∈时,()0f x '>,所以()f x 在(0,1)上单调递增;当(1,)x ∈+∞时,()0f x '<,所以()f x 在(1,)+∞上单调递减,所以()f x 的极大值为2(1)ln1110f =-+=.(2)由题意得212(1)1()2(1)1a x x f x a x x x-+++=++='-当1a ≤-时,()0f x '>对1x ≥恒成立,所以()f x 在区间[1,)+∞上单调递增,又(1)0f =,所以()f x 在区间[1,)+∞上仅有一个零点,不符合题意.当1a >-时,令22(1)10a x x -+++=,得12110,04(1)4(1)x a x a =<=>++,若21x ≤,即0a ≥时,()0f x '≤对1x ≥恒成立,()f x 在区间[1,)+∞上单调递减,又(1)0f =,所以()f x 在区间[1,)+∞上仅有一个零点,不符合题意.若21x >,即10a -<<时,()f x 在区间[)21,x 上单调递增,在区间[)2,x +∞上单调递减.令()ln 1,1g x x x x =-->,则1()0xg x x-'=<,所以()g x 在区间[1,)+∞上单调递减,所以()(1)20g x g ≤=-<,即ln 1x x <+,所以2()(1)21f x a x x a <-++++,其中1(1)0a -<-+<,因为函数2(1)21y a x x a =-++++的图像开口向下,所以01x ∃>,使()00f x <,即()f x 在区间[1,)+∞上有两个零点.综上,实数a 的取值范围为(1,0)-.题型十二导数与不等式综合问题【例12】已知函数1()e (1)x f x x -=-+.(1)求()f x 的极值;(2)设()()11f x g x x =++,求证:当1x ≥时,1()4x g x +≥.【答案】(1)极小值1-,无极大值;(2)证明见解析【解析】(1)1()e 1x f x -'=-,由()0f x '=得1x =.当x 变化时,()f x ',()f x 的变化如下表所示:x(,1)-∞1(1,)+∞()f x '-0+()f x ↙极小值↗由上表可知()f x 在1x =处取得极小值(1)1f =-,无极大值.(2)1e ()1x g x x -=+,令21(1)()(1)4ex x h x x -+=≥,22112(1)(1)1()04e 4ex x x x x h x --+-+-'==≤,所以()h x 在[1,)+∞单调递减,所以当1x ≥时,()(1)1h x h ≤=.所以当1x ≥时,21(1)14e x x -+≤,即1e 114x x x -+≥+,故当1x ≥时,1()4x g x +≥.【变式12-1】已知函数()ln f x x x =,()23g x x ax =-+-(1)求()f x 在()()e,e f 处的切线方程(2)若存在[]1,e x ∈时,使()()2f x g x ≥恒成立,求a 的取值范围.【答案】(1)2e y x =-;(2)32e ea £++【解析】(1)由()ln f x x x =,可得()ln 1f x x '=+,所以切线的斜率()e 2k f '==,()e e f =.所以()f x 在()()e,e f 处的切线方程为()e 2e y x -=-,即2e y x =-;(2)令()()()20l 223n h x x f x g x x ax x =+-=-+³,则max32ln a x x x ⎡⎤≤++⎢⎥⎣⎦,令()32ln x x x xj =++,[]1,e x ∈,在[]1,e x ∈上,()()()2130x x x x -+¢j =,()x ϕ∴在[]1,e 上单调递增,()()max 3e 2e +ex \j =j =+,32e ea \£++.【变式12-2】已知函数()ln 1(R)f x a x x a =-+∈.(1)当0a >时,求函数()f x 的单调区间;(2)对任意的12,(0,1]x x ∈,当12x x <时都有121211()()4f x f x x x ⎛⎫-<- ⎪⎝⎭,求实数a 的取值范围.【答案】(1)在(0,)a 上单调递增,在(,)a +∞上单调递减;(2)[3,)-+∞【解析】(1)定义域为(0,)+∞,()1a a xf x xx'-=-=.当0a >时,由()0f x '<,解得:x a >,由()0f x '>,解得:0x a <<.即()f x 在(0,)a 上单调递增,在(,)a +∞上单调递减.(2)121211()()4()f x f x x x -<-,即()()121244f x f x x x -<-.令4()()g x f x x=-,则可知函数()g x 在(0,1]上单调递增.所以2244()()10a g x f x x x x ''=+=-+≥在(0,1]上恒成立.即4a x x ≥-在(0,1]上恒成立,只需max 4()a x x ≥-,设4y x x=-,2410y x '=+>,∴4y x x=-在(0,1]单调递增.所以max 4(143a x x≥-=-=-.综上所述,实数a 的取值范围为[3,)-+∞.【变式12-3】已知函数()()21ln 12f x x ax a x =+++,a ∈R .(1)讨论函数()f x 的单调性;(2)若()0,x ∀∈+∞,不等式()21e 12x f x x ax ≤+-恒成立,求实数a 的取值范围.【答案】(1)答案见解析;(2)(],0-∞【解析】(1)函数()()21ln 12f x x ax a x =+++的定义域为()0,∞+,所以()()()()2111111ax a x ax x f x ax a x x x++++'+=+++==.当0a ≥时,()0f x '>,所以()f x 在()0,∞+上单调递增;。
一元函数的导数与微分应用研究

一元函数的导数与微分应用研究导数和微分是微积分的基本概念,它们在数学和物理学等领域中都有广泛的应用。
本文将从基本定义开始,研究一元函数的导数和微分的概念与应用。
一、导数的定义和性质一元函数的导数用来描述函数在某个点上的变化率。
给定函数f(x),在点x=a 处的导数定义为:f'(a) = lim┬(h→0)(f(a+h) - f(a))/h其中,lim表示极限,h表示自变量的增量。
通过导数的定义,我们可以得到一些性质:1. 导数的存在性:如果函数在某一点连续,那么它在该点一定有导数。
2. 导数与连续性:如果函数在某一点有导数,那么该点一定连续。
3. 导数与可导性:如果函数在某一点有导数,那么它在该点可导。
4. 导数与函数的几何意义:导数可以表示函数曲线在某点的切线斜率。
5. 导数的代数运算:导数具有一些代数运算性质,如常数倍法则、和差法则、乘积法则、商法则等。
二、微分的定义和性质微分是导数的另一种表达方式,它用微分符号表示。
给定函数f(x),在点x=a 处的微分定义为:df = f'(a)·dx其中,df表示微分,f'(a)表示导数,dx表示自变量的微小增量。
微分可以看作函数在某点附近的线性逼近。
通过对微分的研究,我们可以得到一些性质:1. 微分的存在性:如果函数在某一点可导,那么它在该点必有微分。
2. 微分的代数运算:微分具有一些代数运算性质,如常数倍法则、和差法则、乘积法则、商法则等。
3. 微分运算与复合函数:对于复合函数,可以利用微分运算求其微分。
4. 高阶微分:如果函数的导函数可导,那么它的导函数的导数称为原函数的二阶导数。
三、导数与微分的应用导数和微分在数学和物理学中有广泛的应用。
下面我们将介绍一些常见的应用领域:1. 切线和法线:通过导数的定义,可以求出函数曲线在某点上的切线和法线的方程。
2. 最值问题:通过分析函数的导数,可以求出函数的极值点。
根据二阶导数的符号,可以判断极值的类型。
一元函数的导数计算方法及其在实际问题中的应用

一元函数的导数计算方法及其在实际问题中的应用一、导数的基本概念导数是微积分中的重要概念,用来描述函数在某一点的变化率。
对于一元函数来说,导数可以看作是函数在某一点处的斜率。
导数计算方法包括利用导数定义、基本导数公式和求导法则等。
二、导数的计算方法1. 利用导数定义导数定义为:若函数y=f(x)在点x处的导数存在,则称函数在x处可导,记作f'(x),其导数的定义为:f'(x) = lim┬(Δx→0)〖(f(x+Δx)-f(x))/Δx 〗这种方法适用于简单函数,但计算较繁琐。
2. 基本导数公式基本导数公式是常见函数的导数公式,包括常数函数、幂函数、指数函数、对数函数、三角函数和反三角函数等。
根据这些公式,可以快速计算常见函数的导数。
3. 求导法则求导法则是导数计算的一种快速方法,包括加减法则、数乘法则、乘法法则和除法法则。
通过合理运用这些规则,可以方便地求得复杂函数的导数。
三、导数的应用导数在实际问题中有广泛的应用,常见的应用领域包括物理学、经济学、生物学等。
1. 物理学中的应用导数在物理学中有重要的应用,例如在运动学中,位置对时间的导数即为速度,速度对时间的导数即为加速度。
通过对物体运动状态的导数计算,可以获得物体的速度、加速度等相关信息。
2. 经济学中的应用在经济学中,导数用于描述经济变量之间的关系。
例如,总收入对销售量的导数可以用来衡量单位销售量带来的收益变化。
导数还可以应用于成本函数、供给函数和需求函数等的分析,从而为经济决策提供有力支持。
3. 生物学中的应用在生物学研究中,导数的应用非常广泛。
例如,生物学中的生长速率可以通过对生长函数求导得到。
导数还可以用于描述生物体的变化规律,如种群密度对时间的导数可用于衡量物种繁殖速率。
4. 工程学中的应用在工程学中,导数的应用涉及到信号处理、控制系统、电路设计等多个领域。
导数可以用于描述信号的频率特性和系统的响应速度。
在电路设计中,导数可以用来分析电路元件对电流和电压的响应情况。
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一元函数的导数与应用
一、导数的概念
在微积分中,导数是描述函数变化率的重要工具。
对于一元函数而言,导数表示了函数在某一点的变化速率或斜率。
导数的定义如下:
设函数y=f(x),如果在点x处的极限$\lim _{△x→ 0}
\frac{△y}{△x}$存在,那么这个极限就是函数y=f(x)在点x处的导数,记作$f'(x)$或$\frac{dy}{dx}$。
二、导数的计算方法
1. 函数常数项的导数:对于常数C,其导数为0,即$\frac{dC}{dx} = 0$。
2. 幂函数的导数:对于幂函数$y = x^n$,其中n是常数,其导数为$\frac{d}{dx}(x^n) = nx^{n-1}$。
3. 指数函数的导数:对于指数函数$y = e^x$,其导数为
$\frac{d}{dx}(e^x) = e^x$。
4. 对数函数的导数:对于对数函数$y = \log_a x$,其中a是常数且
大于0且不等于1,其导数为$\frac{d}{dx}(\log_a x) = \frac{1}{x \ln a}$。
5. 三角函数的导数:常见的三角函数有正弦函数、余弦函数和正切
函数,它们的导数分别为:
$\frac{d}{dx} (\sin x) = \cos x$,
$\frac{d}{dx} (\cos x) = -\sin x$,
$\frac{d}{dx} (\tan x) = \sec^2 x$。
三、导数的应用
导数在数学和物理等领域有广泛的应用,以下主要介绍导数在函数
图像和最值、曲线的凹凸性、函数的增减性以及最速降线问题中的应用。
1. 函数图像和最值
导数可以帮助我们分析函数的图像和求解函数的最值问题。
在函数
图像上,导数为0或不存在的点称为函数的驻点,即函数在该点的斜
率为0或无穷。
寻找函数的驻点可以帮助我们确定函数的极值点。
若
导数在驻点的左侧为正,在右侧为负,则该驻点是函数的极大值点;
若导数在驻点的左侧为负,在右侧为正,则该驻点是函数的极小值点。
2. 曲线的凹凸性
导数可以揭示曲线的凹凸性。
一个函数的导函数称为原函数的导数。
若原函数的导数递增,则该函数的曲线是凸的;若原函数的导数递减,则该函数的曲线是凹的。
通过计算函数的二阶导数(即导函数的导数),我们可以进一步判断函数的拐点位置和曲线的凹凸性。
3. 函数的增减性
导数可以帮助我们判断函数的增减性。
对于一元函数而言,如果导
数在某一区间内恒大于0,那么该函数在该区间内是递增的;如果导数在某一区间内恒小于0,那么该函数在该区间内是递减的。
4. 最速降线问题
导数可以用来解决最速降线问题。
在给定两点之间的所有路径中,
最速降线问题要求找到一条路径,使得这条路径两端的高度差最大。
通过将路径的高度差表示为一个一元函数,并求出该函数的最大值点,我们可以找到最速降线路径。
综上所述,导数是描述函数变化率的重要工具。
它的计算方法涵盖
了常数项、幂函数、指数函数、对数函数和三角函数等各种类型。
导
数在函数图像最值、曲线的凹凸性、函数的增减性以及最速降线问题
等方面都有广泛的应用。
对于数学和物理等领域的学习和研究而言,
深入理解和应用导数的概念是至关重要的。