2014年东莞市高三物理高考模拟试题(高考备考中心组 虎门外语学校 马俊旺 A卷)
广东省东莞市高考物理模拟试题(东莞实验中学 A卷)新人教版
2014年东莞市高三物理高考模拟试卷（物理高考备考中心组 东莞实验中学 谢育恩 A 卷）一、单项选择题：每小题4分，满分16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．选对的得4分，选错或不答的得0分。
13.如图所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，若要使圆环中产生如箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是A ．使匀强磁场均匀增大B ．使圆环绕水平轴ab 如图转动30°C ．使圆环绕水平轴cd 如图转动30°D ．保持圆环水平并使其饶过圆心的竖直轴转动14．如图所示，物体A 放置在固定斜面上，一平行斜面向上的力F 作用于物体A 上。
在力F变大的过程中，A 始终保持静止，则以下说法中正确的是 A ．物体A 受到的合力变大 B ．物体A 受到的支持力不变 C ．物体A 受到的摩擦力变大 D ．物体A 受到的摩擦力变小15. 如图所示,甲分子固定在坐标原点O,乙分子位于x 轴上,甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示,F>0为斥力,F<0为引力,a 、b 、c 、d 为x 轴上四个特定的位置.现把乙分子从a 处由静止释放,则( ) A.乙分子由a 到b 做加速运动,由b 到c 做减速运动 B .乙分子由a 到c 做加速运动,到达c 时速度最大 C.乙分子由a 到d 的过程中,两分子间的分子势能一直减少 D.乙分子由b 到d 的过程中,两分子间的分子势能一直增加 16．下列说法正确的是A ．α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂结构B ．天然放射现象说明原子核内部具有复杂结构C ．原子核能发生β衰变说明原子核内存在电子D ．氢原子从定态n =4向基态跃迁，可以辐射连续光谱二、双项选择题：每小题6分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或者不答的得0分。
17假设将来人类登上了火星，考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则有关这艘飞船的下列说法正确的是( )Ba Obc d ABF+Q M A O B C N-q A ．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于飞船在轨道Ⅱ上运动时的机械能 B ．飞船在轨道Ⅱ上运动时，经过P 点时的速度大于经过Q 点时的速度C ．飞船在轨道Ⅲ上运动到P 点时的加速度等于飞船在轨道Ⅱ上运动到P 点时的加速度D ．飞船绕火星在轨道Ⅰ上运动的周期跟飞船返回地球的过程中绕地球以与轨道Ⅰ同样的轨道半径运动的周期相同18．如图甲所示，理想变压器、副线圈的匝数之比为4∶1。
2013-2014学年广东省东莞市虎门外语学校高二(上)第一次月考物理试卷
2013-2014学年广东省东莞市虎门外语学校高二（上）第一次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共12小题，共36.0分)1.点电荷是静电学中的一个理想模型，它是指（）A.体积很小的带电体B.球形带电体C.带电少的带电体D.大小和形状对作用力影响可忽略的带电体【答案】D【解析】解：带电体能不能看成点电荷是看带电体本身的体积和形状对带电体间的作用力影响是否可以忽略不计，而不是仅仅看带电体的体积的大小和形状．故ABC错误，D正确．故选D点电荷是静电学中的一个理想模型，当带电体之间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．本题对点电荷的理解能力，带电体能不能看成点电荷，不是取决取带电体绝对体积大小和形状，而看带电体本身的体积和形状对带电体间的作用力影响是否可以忽略不计．2.关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A.摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B.摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C.不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D.以上说法均不正确【答案】C【解析】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD 错误，C正确．故选C摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．3.关于电场，下列说法正确的是（）A.电场对放入其中的电荷有力的作用B.描述电场的电场线是客观存在的C.电场是假想的，并不是客观存在的物质D.电场对放入其中的电荷没有力的作用【答案】A【解析】解：AD、电场最基本的性质是对处于电场中的电荷具有电场力的作用，故A正确，D错误；B、电场是一种客观存在的物质，电场线是为形象描述电场而假象的一种曲线，并不存在，故B错误；C、电场是传递电荷间相互作用的物质，是一种客观存在的物质，故C错误；故选：A．电场是传递电荷间相互作用的物质，电场最基本的性质是对处于电场中的电荷具有电场力的作用．本题关键明确电场、电场线，知道电场最基本的性质是对处于电场中的电荷具有力作用．4.A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的试探电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A.若在A点换上-q，A点场强方向发生变化B.若在A点换上电量为2q的试探电荷，A点的场强将变为2EC.若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D.A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关【答案】D【解析】解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，其大小及方向与试探电荷无关；故放入任何电荷时电场强度的方向大小均不变，故ABC均错误；故选：D．电场强度为电场本身的性质，其大小及方向与试探电荷的电量及电性无关．比值定义法是物理学中常用方法，但要注意所定义的量不一定与式中的物理有比例关系．5.如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A.只有M端验电箔张开，且M端带正电B.只有N端验电箔张开，且N端带正电C.两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电D.两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电【答案】C【解析】解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，所以C正确．故选C．根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．6.如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、在负点电荷产生的电场中，同心球面上的点的场强大小相等．A、B两点的场强大小相等，但方向不同，故A错误．B、正点电荷产生的电场中，AB两点场强的方向相同，大小不同，故B错误．C、两平行板间的电场是匀强电场，场强大小方向都相等，故C正确．D、AB两点处的电场线的疏密和切线方向都不同．即A、B两点的场强大小和方向都不同，故D错误．故选：C．电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小方向均相同时，场强才相同．矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．7.在如图所示的电场中的P点放置一正电荷，使其从静止开始运动，其中加速度逐渐增大的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：正电荷受电场力水平向右，使其从静止开始向右运动，要使加速度逐渐增大，也就是所受电场力增大，电场线的疏密反映电场的强弱，从图中看出在水平向右的方向上，A图中电场强度减小，B图中电场强度增大，C图中电场强度不变，D图中电场强度先增大后减小，所以B图符合题意．故选B．电场线的疏密反映电场的强弱，再根据F=E q可得出电场力大小的变化即可解决问题．电场线是为了形象描述电场的性质而引入的虚拟带有方向的线，近几年对电场线的考查较多，应认真把握．8.如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（）A.一定减小B.一定增大C.一定不变D.可能不变【答案】A【解析】解：由题，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，根据电容的决定式C=可知，电容增大，电容器的电量不变，由C=得知，板间电势差减小，则静电计指针的偏转角度一定减小．故A正确，BCD错误．故选A静电计测定电容器两板间的电势差，电势差越大，指针的偏转角度越大．由题，平行板电容器带电后电量不变，减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质后，分析电容的变化，再由电容的定义式分析静电计指针的偏转角度的变化．对电容的定义式和决定式两个公式要熟练掌握，灵活应用，本题是常见题型．9.在点电荷Q的电场中，一个带正电的粒子通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是（）A.Q可能为正电荷，也可能为负电荷B.运动中．粒子总是克服电场力做功C.α粒子经过两等势面的动能E ka＞E kbD.α粒子在两等势面上的电势能E pa＞E pb【答案】C【解析】解：A、正电荷受到了排斥力作用，所以Q的电性一定是正电荷．故A错误；B、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．故B错误；C、D、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功；因此动能减小，电势能增大．故C正确，D错误；故选：C．从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．可判断电势能的大小和动能大小以及Q的电性．该题考查轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路10.真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面哪些做法可以使它们之间的静电力变为1.5F（）A.使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，使它们的距离变为原来的2倍B.使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍C.使其中一个电荷的电量和它们的距离变为原来的1.5倍D.保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的倍【答案】A【解析】解：由题原来的静电力为F=A、使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，同时使它们的距离变为原来的2倍，它们间的静电力为=1.5F，故A正确．B、使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍，它们间的静电力为，故B错误．C、使其中一个电荷的电量和它们的距离均变为原来的1.5倍，它们间的静电力为，故C错误．D、保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的1.5倍，则它们间的静电力为，故D错误．故选：A．在真空中有两个点电荷间的作用力遵守库仑定律，根据库仑定律，运用比例法求解．本题考查运用比例法解决物理问题的能力，技巧在于用相同的量表示作用力，然后求出比例关系．11.水平放置的平行板电容器与一电池相连，在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止状态，现将电容器两板间的距离增大，则（）A.电容变大，质点向上运动B.电容变大，质点向下运动C.电容变小，质点保持静止D.电容变小，质点向下运动【答案】D【解析】解：因质点处于静止状态，则有E q=mg，且电场力向上；由C=可知，当d增大时，C减小；因电容器与电池相连，所以两端的电势差不变，因d增大，由E=可知，极板间的场强减小，故电场力小于重力；故质点将向下运动；故选D因电容器与电池相连，故电容器两端的电压保持不变；因距离变化，由C=可知C的变化；由U=E d可知场强E的变化，由带电粒子的受力可知质点的运动情况．解答本题注意电容器的两种状态，充电后与电源断开则电量不变；而与电源相连，则两板间的电势差保持不变．12.如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为фa，b点电势为фb，则（）A.场强方向一定向左，且电势фa＞фbB.场强方向一定向左，且电势фa＜фbC.场强方向一定向右，且电势фa＞фbD.场强方向一定向右，且电势фa＜фb【答案】C【解析】解：由图正电荷运动轨迹可知，正电荷受向右的电场力作用，故场强方向一定向右．沿着电场线的方向电势降低的，可判定a点的电势大于b点，即电势фa＞фb．故选C．粒子在电场力作用下，由运动与力关系可知，根据轨迹的弯曲程度，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场力方向和电荷性质判断场强方向；沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出M、N点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．二、多选题(本大题共6小题，共30.0分)13.对公式E=的几种不同理解，以下说法错误的是（）A.当r→0时，E→∞B.发r→∞时，E→0C.某点的场强与点电荷Q的大小无关D.在以点电荷Q为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度大小都相等【答案】AC【解析】解：A、当r→0时，带电体不能看成点电荷，该公式不适用，所以得不到这个结论．故A 错误．B、E=是真空中点电荷场强公式，只适用于点电荷，由数学知识知当r→∞时，E→0．故B正确．C、某点的场强与点电荷Q的大小成正比，故C错误．D、在以点电荷Q为中心，r为半径的球面上，由公式E=知各处的电场强度大小都相等．故D正确．本题选错误的，故选：AC．公式E=是真空中点电荷场强公式，只适用于点电荷，式中Q是场源电荷．解决本题的关键是掌握公式E=的适用条件和式中各个量的准确含义，不能简单运用数学知识理解．14.两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．下列说法中正确的是（）A.P、Q 是两个等量正电荷B.P、Q 是电场线永不闭合C.P、Q 是两个等量异种电荷D.P、Q 产生的是匀强电场【答案】BC【解析】解：AC、根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止，可知P、Q是两个等量异种电荷，故A错误，C正确．B、由于电场线从正电荷或无穷远出发到负电荷或无穷远终止，所以电场线永不闭合，故B正确．D、匀强电场的电场线应该是平行的直线，故D错误．故选：BC．电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．15.如图所示，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用E A、E B表示A、B两处的场强，则（）A.A、B两处的场强方向相同B.因为A、B在一条电场线上，且电场线是直线，所以E A=E BC.电场线从A指向B，所以E A＞E BD.不知A、B附近电场线的分布情况，E A、E B的大小不能确定【答案】AD【解析】解：A：由题意，A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向必定相同．故A正确；B：A、B在一条电场线上，无法判断电场线的疏密，也就无法判断A、B两点电场强度的大小．故B错误；C：电场线从A指向B仅仅说明了电场的方向，与电场线的疏密（即场强的大小）无关．故C错误；D：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，由于A、B附近电场线的分布情况未知，则E A、E B的大小不能确定．故D正确．故选：AD由于A、B两点所在的电场线是直线，A、B两点电场强度方向相同．电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确定A、B两处场强的大小．本题要抓住电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电线线，不能反映电场线的疏密，所以不能确定场强的大小．16.如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A.电势A点高于B点电势B.电势A点低于B点电势C.A点场强大小小于B点场强大小D.A点场强大小大于B点场强大小【答案】AC【解析】解：由图看出，B处电场线比A处电场线密，则B处场强大于A处场强．则C正确，D 错误；沿电场线的方向电势降低，则电势A点高于B点电势，则A正确，B错误故选：AC电场中，电场线越密，电场强度越大，沿电场线的方向电势降低．电场线的物理意义之一是形象描述电场强度的相对大小，电场线越密，电场强度越大17.关于电场线的说法，正确的是（）A.电场线的方向，就是电荷受力的方向B.正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C.电场线越密的地方，电场强度越强D.静电场的电场线不可能是闭合的【答案】CD【解析】解：A、电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反，故A错误．B、正电荷如果沿电场线运动必须满足的条件：①电场线是直线；②合外力沿电场线方向；所以正电荷只在电场力的作用下不一定沿电场线运动，故B错误．C、电场线越密，场强越大，故C正确．D、电场线从正电荷出发到负电荷或无穷远终止，是不闭合的，故D正确．故选CD．解答本题需要正确理解电场线特点：电场线是为了形象的描述电场的强弱和方向而假想的曲线，从正电荷或无穷远出发，终止于无穷远或负电荷，是不闭合的；正电荷受力方向和电场力方向相同，负电荷受力方向和电场线相反．要正确理解电场线和电场强度、电势之间关系，本题易错的是B选项，同学们可以通过列举实例来帮助理解．18.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则（）A.粒子带正电B.粒子加速度逐渐减小C.A点的场强大于B点场强D.粒子的速度不断增大【答案】BC【解析】解：A、由图所示，粒子从A到B，根据曲线运动条件可知电场力逆着电场线方向向左，所以粒子带负电．故A错误；B、从A到B，电场线越来越疏，所以电场强度减小，电场力也变小，则加速度也减小，故B正确；C、从A到B，电场线越来越疏，所以电场强度减小，故A点的场强大于B点场强，故C正确；D、由图所示，粒子从A到B，根据曲线运动条件可得，电场力逆着电场线方向，与速度方向夹角大于90°，所以电场力做负功，因此速度不断减小，故D错误；故选：BC．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．三、计算题(本大题共3小题，共34.0分)19.用一根绝缘细线挂一个带电小球，小球的质量为m，所带电量为+Q，现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与竖直线成θ角，求匀强电场的场强大小．【答案】解：对小球受力分析，受到重力、电场力和细线的拉力，如图．由平衡条件得：mgtanθ=QE解得，E=答：匀强电场的场强大小为【解析】对小球受力分析，受到重力、电场力和细线的拉力，根据共点力平衡条件和电场力F=q E 列式求解场强E本题关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件，运用通过合成法求解．20.在真空中两个带等量异种电荷的点电荷，电量均为2×10-8C，相距20cm，则（1）它们之间的相互作用力为多少？（2）在两者连线的中点处，电场强度大小为？（静电常数k=9.0x109N m2/C2）【答案】解：已知真空中两点电荷的电量均为q=2×10-8C，距离r=0.2m，根据库仑定律得N=9×10-5N电荷间的作用力F=k=9×109×．=1.8×104N/C，方向相两点电荷在中点处产生的场强大小均为E=k═9×109×．同，则在两者连线的中点处，电场强度大小为E合=2E=3.6×104N/C答：它们之间的相互作用力为9×10-5N，在两者连线的中点处，电场强度大小为3.6×104N/C．【解析】根据库仑定律求解与两电荷间的作用力．根据点电荷场强公式分别求出两点电荷在中点处产生的场强，再进行合成，求出合场强．解决本题的关键是要掌握库仑定律和电场的叠加原理，能根据平行四边形定则求解合场强．21.如图所示电子射线管．阴极K发射电子，阳极P和阴极K间加上电压后电子被加速．A、B是偏向板，使飞进的电子偏离．若已知P、K间所加电压为U PK，偏向板长L，板间距离d，所加电压U A．偏转板右端距荧光屏为R．电子质量m e，电子电量e．设从阴极出来的电子速度为0．试问：（1）电子通过阳极P板的速度υ0是多少？（2）电子通过偏向板时的偏转位移为多少？（3）电子过偏向板向到达距离偏向板R荧光屏上O 点，此点偏离入射方向的距离y 是多少？【答案】解：（1）根据动能定理：解得：（2）由匀速直线运动，可求得，运动时间：由匀强电场公式，则有：根据牛顿第二定律，则：因此偏转位移；解得：（3）根据动能定理：且解得：y=y'+R tanθ=（1+）；答：（1）电子通过阳极P板的速度υ0是；（2）电子通过偏向板时的偏转位移为；（3）电子过偏向板向到达距离偏向板R荧光屏上O 点，此点偏离入射方向的距离y 是（1+）．【解析】（1）由动能定理可以求出电子的速度．（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律，由运动学公式与牛顿第二定律，即可求解．（3）应用动能定理与几何知识求出电子的偏移量．本题考查了电子在电场中的运动，电子在加速电场中加速、在偏转电场中做类平抛运动、离开偏转电场后做匀速直线运动，分析清楚电子运动过程，应用动能定理、类平抛运动规律即可正确解题．高中物理试卷第11页，共11页。
广东省东莞高中高考物理模拟试卷(二)(含解析)
2015年广东省东莞高中高考物理模拟试卷（二）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1．（4分）（2013•茂名二模）如图电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通顺时针电流的环形导线，则示波管中的电子束将（）A．向上偏转B．向下偏转C．向纸外偏转D．向纸里偏转2．（4分）（2015•东莞模拟）如图所示，虚线表示某电场的等势面．一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E A；在B点的加速度为a B、电势能为E B．则下列结论正确的是（）A．粒子带正电，a A＞a B，E A＞E B B．粒子带负电，a A＞a B，E A＞E BC．粒子带正电，a A＜a B，E A＜E B D．粒子带负电，a A＜a B，E A＜E B3．（4分）（2012•济南一模）如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）A．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥B．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥C．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引D．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引4．（4分）（2013•浙江）磁卡的词条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈，当以速度v0刷卡时，在线圈中产生感应电动势．其E﹣t关系如图所示．如果只将刷卡速度改为，线圈中的E﹣t关系可能是（）A．B．C．D．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）（2015•东莞模拟）在点电荷Q的电场中，一个α粒子（He带正电）通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是（）A．Q一定带正电荷B．运动中．粒子总是克服电场力做功C．α粒子在两等势面上的电势能E pb＞E paD．α粒子经过两等势面的动能E kb＞E ka6．（6分）（2015•东莞模拟）如图，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速度地释放带电小物块P，P将沿水平面运动到N点静止，则从M到N的过程中（）A．P所受库仑力逐渐减小B．P的电势能一定增加C．M、N 两点的电势φM一定高于φND．克服摩擦力做的功等于电势能的减少7．（6分）（2015•东莞模拟）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒一定带正电B．离工件越近，所受电场力越大C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小8．（6分）（2015•东莞模拟）如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，灯L亮度不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输入功率变大9．（6分）（2014•安阳一模）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电三、非选择题（共4小题，满分54分）10．（8分）（2015•东莞模拟）小明同学为了测定某太阳能硅光电池组的电动势和内电阻，设计了如图甲所示的电路，在一定光照条件下进行实验：①请根据图甲完成图乙中实物的连线．②将测量出来的数据记录在表中，其中第4组数据的电压如图丙所示，则此时电压为V．1 2 3 4 5 6 7 8U/V 1.77 1.75 1.70 1.54 1.27 1.00 0.50I/μA12 30 48 60 68 76 80 86③将这些数据在图丁中描点，第4组数据还未描出．a．请在图丁中描出第4组数据的点，并作出该硅光电池组的U﹣I图线；b．由此U﹣I图线可知，该硅光电池组的电动势E=1.80V，电池组的内阻随其输出电流的变化而改变，在电流为80μA时，该电池组的内阻r= Ω（保留两位有效数字）．11．（10分）（2015•东莞模拟）某同学想测绘标有“3.8V0.4A”字样的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象，除了导线和开关外，有下列一些器材可供选择：A．电源E（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．B．电压表V1（量程为5V，内阻约为5kΩ）；C．电流表A1（量程为100mA，内阻约为2Ω）；D．电流表A2（量程为0.6A，内阻约为0.3Ω）；E．滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω）；F．滑动变阻器R2（最大阻值为100Ω）；G．开关及导线若干①为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表，滑动变阻器（填器材前面的选项代号）②选好器材后，该同学按照该实验要求连接电路，请完成图甲中的实物连线．③该同学根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图乙所示．由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝的电阻为Ω；（保留二位有效数字）④由图可知当U=3v时小灯泡的实际功率是W．（保留二位有效数字）12．（18分）（2014•河西区一模）如图所示，在直角坐标系xOy平面内有一矩形区域MNPQ，矩形区域内有水平向右的匀强电场，场强为E；在y≥0的区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，半径为R的光滑绝缘空心半圆管ADO固定在坐标平面内，半圆管的一半处于电场中，圆心O1为MN的中点，直径AO垂直于水平虚线MN，一质量为m、电荷量为q的带电粒子（重力不计）从半圆管的O点由静止释放，进入管内后从A点穿出恰能在磁场中做半径为R的匀速圆周运动，当粒子再次进入矩形区域MNPQ时立即撤去磁场，此后粒子恰好从QP的中点C离开电场．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）矩形区域的长度MN和宽度MQ应满足的条件？（3）粒子从A点运动到C点的时间．13．（18分）（2015•东莞模拟）如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R．以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场．D为收集板，收集板上各点到O点的距离以及两端点A和C的距离都为2R，板两端点的连线AC垂直M、N板．质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场．粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计．（1）当M、N间的电压为U x时，求粒子进入磁场时速度的大小v x；（2）要使粒子能够打在收集板上，求在M、N间所加电压的范围；（3）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求粒子从s1开始运动到打在D的中点上经历的时间．2015年广东省东莞高中高考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1．（4分）（2013•茂名二模）如图电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通顺时针电流的环形导线，则示波管中的电子束将（）A．向上偏转B．向下偏转C．向纸外偏转D．向纸里偏转考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：由安培定则判断出环形导线中的电流在示波管位置的磁场方向；然后由左手定则判断出电子束受到的安培力方向，最后根据电子束的受力方向判断电子束如何偏转．解答：解：由安培定则可知，在示波管下方环形电流的磁场在环形区域内磁感线方向垂直纸面向里，根据磁感线是闭合的曲线可知，在环形电流外侧磁感线方向垂直纸面向外；电子束由左向右运动，电子束形成的电流方向水平向左，由左手定则可知，电子束受到的安培力竖直向上，则电子束向上偏转；故选：A．点评：知道电流方向与电子运动方向相反，熟练掌握安培定则、左手定则是正确解题的关键．2．（4分）（2015•东莞模拟）如图所示，虚线表示某电场的等势面．一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示．粒子在A点的加速度为a A、电势能为E A；在B点的加速度为a B、电势能为E B．则下列结论正确的是（）A．粒子带正电，a A＞a B，E A＞E B B．粒子带负电，a A＞a B，E A＞E BC．粒子带正电，a A＜a B，E A＜E B D．粒子带负电，a A＜a B，E A＜E B考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据曲线的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据电场力做功情况断电势能高低．解答：解：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即a A＜a B；从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即E A＜E B；故D正确．故选：D．点评：本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．3．（4分）（2012•济南一模）如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）A．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互排斥B．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互排斥C．通过电阻的感应电流的方向由a到b，线圈与磁铁相互吸引D．通过电阻的感应电流的方向由b到a，线圈与磁铁相互吸引考点：楞次定律．分析：当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向下，所以感应磁场方向向上，根据右手螺旋定则判断感应电流的方向；根据楞次定律“来拒去留”可判断磁铁与线圈的相互作用．解答：解：当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电阻的电流方向为b→a．根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥．综上所述：线圈中感应电流的方向为电阻的电流方向为b→a，磁铁与线圈相互排斥．故选：B．点评：楞次定律应用的题目我们一定会做，大胆的去找原磁场方向，磁通量的变化情况，应用楞次定律判断即可．4．（4分）（2013•浙江）磁卡的词条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈，当以速度v0刷卡时，在线圈中产生感应电动势．其E﹣t关系如图所示．如果只将刷卡速度改为，线圈中的E﹣t关系可能是（）A．B．C．D．考点：信息传播、处理和存储技术的发展；闭合电路的欧姆定律；导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与图像结合．分析：根据感应电动势公式E=BLv可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正比，磁卡通过刷卡器的时间t=与速率成反比．解答：解：根据感应电动势公式E=BLv可知，其他条件不变时，感应电动势与导体的切割速度成正比，只将刷卡速度改为，则线圈中产生的感应电动势的最大值将变为原来的．磁卡通过刷卡器的时间t=与速率成反比，所用时间变为原来的2倍．故D正确．故选D点评：本题要抓住磁卡刷卡是利用电磁感应原理，关键要掌握感应电动势公式E=BLv．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）（2015•东莞模拟）在点电荷Q的电场中，一个α粒子（He带正电）通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是（）A．Q一定带正电荷B．运动中．粒子总是克服电场力做功C．α粒子在两等势面上的电势能E pb＞E paD．α粒子经过两等势面的动能E kb＞E ka考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．可判断电势能的大小和动能大小以及Q的电性．解答：解：A、正电荷受到了排斥力作用，所以Q的电性一定是正电荷．故A正确；B、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．故B错误；C、D、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功；因此动能减小，电势能增大．故C正确，D错误；故选：AC．点评：该题考查轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的路6．（6分）（2015•东莞模拟）如图，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，在M点无初速度地释放带电小物块P，P将沿水平面运动到N点静止，则从M到N的过程中（）A．P所受库仑力逐渐减小B．P的电势能一定增加C．M、N 两点的电势φM一定高于φND．克服摩擦力做的功等于电势能的减少考点：电势能；库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，根据库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．电场力做正功，电荷的电势能减小．电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．由E=k判断电场强度的大小．解答：解：A、从M点运动到N点的过程中，物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A正确．B、点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块P的电势能一定减小．故B错误．C、由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，但它们的电性无法判断，所以电场线的方向不能确定，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势与N点的电势关系不能确定．故C错误．D、根据动能定理，克服摩擦力做的功等于电场力做功，即等于电势能的减少．故D正确．故选：AD．点评：本题要掌握库仑定律，分别从力和能的角度分析物块的物理量的变化情况，是研究物体运动情况常用的两个角度．7．（6分）（2015•东莞模拟）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微粒带电，在带正电被喷工件的静电力作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒一定带正电B．离工件越近，所受电场力越大C．电场力对涂料微粒做负功D．涂料微粒的电势能减小考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解答本题关键抓住：在涂料微粒向工件靠近的过程中，工件带正电，涂料微粒带负电；根据库仑定律分析库仑力的变化；电场力做正功，涂料微粒的电势能减小．解答：解：A、由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电．故A错误．B、离工件越近，根据库仑定律得知，涂料微粒所受库仑力越大．故B正确．C、D、涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小．故C错误，D正确．故选：BD点评：本题抓住异种电荷相互吸收，分析涂料微粒的电性．根据电场力做功正负判断电势能的变化情况．8．（6分）（2015•东莞模拟）如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是（）A．P向下滑动时，灯L变亮B．P向下滑动时，灯L亮度不变C．P向上滑动时，变压器的输入电流变小D．P向上滑动时，变压器的输入功率变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据滑动变阻器R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况解答：解：A、当滑动变阻器R的滑片向下移动时，导致总电阻增大，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，根据P=，即亮度不变．故A错误B正确；C、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减小，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．因此输入电流也变大．故C错误；D、当滑动变阻器R的滑片向上移动时，导致总电阻减少，由于输入电压U1不变，且原副线圈匝数不变，所以副线圈电压不变，则有副线圈的总电流增大．则输出功率增大，故D正确．故选：BD点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法9．（6分）（2014•安阳一模）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反．三、非选择题（共4小题，满分54分）10．（8分）（2015•东莞模拟）小明同学为了测定某太阳能硅光电池组的电动势和内电阻，设计了如图甲所示的电路，在一定光照条件下进行实验：①请根据图甲完成图乙中实物的连线．②将测量出来的数据记录在表中，其中第4组数据的电压如图丙所示，则此时电压为 1.65V．1 2 3 4 5 6 7 8U/V 1.77 1.75 1.70 1.54 1.27 1.00 0.50I/μA12 30 48 60 68 76 80 86③将这些数据在图丁中描点，第4组数据还未描出．a．请在图丁中描出第4组数据的点，并作出该硅光电池组的U﹣I图线；b．由此U﹣I图线可知，该硅光电池组的电动势E=1.80V，电池组的内阻随其输出电流的变化而改变，在电流为80μA时，该电池组的内阻r= 1.0×104Ω（保留两位有效数字）．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：①根据电路图连接实物电路图；②根据图示电压表确定其分度值，读出其示数；③根据坐标系内描出的点作出图象；在电流为80μA时，由表格数据得到路端电压为1V，然后根据闭合电路欧姆定律列式求解．解答：解：①根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：②由表中实验数据可知电压表最大测量值为1.77V，则电压表量程为3V，由图丙所示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为1.65V；③a、把第四组数据标在坐标系内，根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：b、在电流为80μA时，由表格数据得到路端电压为1V，根据闭合电路欧姆定律，在闭合电路中：E=U+Ir，解得：r===1.0×104Ω；故答案为：①实物电路图如图所示；②1.65；③a、图象如图所示；b、1.0×104点评：本题考查了测电源电动势与内阻实验，应用图象法处理实验数据是常用的方法，要掌握描点法作图的方法；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数．11．（10分）（2015•东莞模拟）某同学想测绘标有“3.8V0.4A”字样的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象，除了导线和开关外，有下列一些器材可供选择：A．电源E（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．B．电压表V1（量程为5V，内阻约为5kΩ）；C．电流表A1（量程为100mA，内阻约为2Ω）；D．电流表A2（量程为0.6A，内阻约为0.3Ω）；E．滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω）；F．滑动变阻器R2（最大阻值为100Ω）；G．开关及导线若干①为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表 D ，滑动变阻器 E （填器材前面的选项代号）②选好器材后，该同学按照该实验要求连接电路，请完成图甲中的实物连线．③该同学根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图乙所示．由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝的电阻为 1.2 Ω；（保留二位有效数字）④由图可知当U=3v时小灯泡的实际功率是0.90 W．（保留二位有效数字）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题①的关键是根据小灯泡的额定电压和额定功率求出额定电流，然后选择电流表的量程，由于描绘小灯泡R﹣U图象小于电压从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器；②的关键是根据R﹣U图象读出对应的电阻即可；③的关键是根据，电流表应用外接法；④的关键是根据R﹣U图象的特点结合P=可知P﹣U图象的特点．解答：解：①根据欧姆定律可求出小灯泡的额定电流为I===0.5A，所以电流表应选D，由于描绘R﹣U图象可知电压要从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法，所以应选全电阻小的变阻器E；②从R﹣U图象读出当U=0时的电阻为R=1.5Ω，当U=3.00V时对应的电阻R=11.5Ω，此时小灯泡的功率为P==W=0.78W③从R﹣U图象读出当U=0时的电阻为力象的斜率，由图可知，R=1.2Ω，④当U=3．V时对应的电阻R=10Ω，此时小灯泡的功率为P==W=0.90W．故答案为：①D；E；②如图所示；③1.2；④0.90点评：本题考查测量灯泡的伏安特性曲线的实物图及图象的掌握；在分析图象时要注意图象的坐标，明确图象的意义．12．（18分）（2014•河西区一模）如图所示，在直角坐标系xOy平面内有一矩形区域MNPQ，矩形区域内有水平向右的匀强电场，场强为E；在y≥0的区域内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场，半径为R的光滑绝缘空心半圆管ADO固定在坐标平面内，半圆管的一半处于电场中，圆心O1为MN的中点，直径AO垂直于水平虚线MN，一质量为m、电荷量为q的带电粒子（重力不计）从半圆管的O点由静止释放，进入管内后从A点穿出恰能在磁场中做半径为R的匀速圆周运动，当粒子再次进入矩形区域MNPQ时立即撤去磁场，此后粒子恰好从QP的中点C离开电场．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）矩形区域的长度MN和宽度MQ应满足的条件？（3）粒子从A点运动到C点的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）由动能定理可求得粒子的速度，再由洛仑兹力充当向心力可求得磁感应强度；（2）粒子在矩形区域内做类平抛运动，由运动的合成与分解知识可求得矩形区域的长宽；（3）明确粒子在各过程中时间，则可求得总时间．解答：解：（1）粒子从O到A过程中由动能定理得：qER=mv2从A点穿出后做匀速圆周运动，有：qvB=m解得：B=（2）粒子再次进入矩形区域后做类平抛运动，由题意得：R=at2a=R+OC=vt联立解得：OC=r所以，矩形区域的长度MN≥2R，宽度MQ≥2R（3）粒子从A点到矩形边界MN的过程中，有：t1==从矩形边界MN到C点的过程中，有：t2==故所求时间为：t=t1+t2=（+1）答：（1）磁感应强度为B=；（2）矩形区域的长度MN≥2R，宽度MQ≥2R；（3）时间t=t1+t2=（+1）点评：本题中粒子先做类平抛运动，再做平抛运动；明确各种过程中的运动规律，选择正确的规律求解．要学会分析粒子的运动过程．13．（18分）（2015•东莞模拟）如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R．以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场．D为收集板，收集板上各点到O点的距离以及两端点A和C的距离都为2R，板两端点的连线AC垂直M、N板．质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场．粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计．（1）当M、N间的电压为U x时，求粒子进入磁场时速度的大小v x；（2）要使粒子能够打在收集板上，求在M、N间所加电压的范围；（3）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求粒子从s1开始运动到打在D的中点上经历的时间．。
2014年高考理综模拟试题和试题解析答案DOC
2014年理综模拟试题解析物理部分一，选择题（本题包括7小题，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）16．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合事实的是A．焦耳发现了电流热效应的规律B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动答案：AB解析：奥斯特发现了电流的磁效应，C项错误。
伽利略将斜面实验结论合理外推，间接证明自由落体运动是匀速直线运动，D项错误。
点评：考查了物理学史上一些典型思想和科学研究方法，物理学史中所包含的艰辛探索、研究方法、创造性思想，及其对物理学发展的影响、对社会的推动等无不深深地影响着考生的情感态度价值观。
所涉及的物理学史内容都是教材中所提及的，比较简单。
17．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道。
以下判断正确的是A．甲的周期大于乙的周期B．乙的速度大于第一宇宙速度C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲在运行时能经过北极的正上方答案：AC解析：此题通过分析卫星的定轨运行，考查万有引力定律和圆周运动知识。
卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，有解得，所以B项错误。
，。
因为，所以，，A C 选项正确。
地球同步卫星只能定点于赤道正上方与赤道平面共面上，D项错误。
点评：万有引力试题起到引导考生要关注航天技术研究及在应用方面我国所取得的骄人成绩。
对这类物理问题的解答将会提高考生的民族自豪感，体现了新课标的理念。
18．如图所示，将小球从地面以初速度竖直上抛的同时，将另一相同质量的小球从距地面处由静止释放，两球恰在处相遇（不计空气阻力）。
则A．两球同时落地B．相遇时两球速度大小相等C．从开始运动到相遇，球动能的减少量等于球动能的增加量D．相遇后的任意时刻，重力对球做功功率和对球做功功率相等答案：C解析：以自由落体和竖直上抛运动为情境，考查v-t图象和动能定理。
广东省东莞市高考物理模拟试题(东华高级中学 A卷)
2014年高三物理模拟试题（东莞市物理高考备考中心组东华高级中学廖忠福供稿）单选13．根据热力学知识，下列说法正确的是A．组成物质的大量分子的热运动是有一定规律可遁的B．温度越高的物体具有的内能相对较大C．布朗运动是在显微镜中看到的构成固体颗粒分子的无规则运动D．气体从外界吸收热量，其内能不一定增加14．下列说法正确的是A.卢瑟福创立的原子核式结构模型很好的解释了氢原子光谱B.原子核经过一次α衰变，核电荷数减少4C.重核的裂变过程总质量亏损，轻核的聚变过程总质量增加D．光电效应实验揭示了光的粒子性15．如图所示为速度－时间图象。
若将该物体的运动过程用位移-时间图象表示出来，下列四幅图象中正确的是16质量均为m的a、b两木块叠放在水平面上，如图所示，a受到斜面上与水平面成θ角的力F的作用，b受到斜向下与水平面成θ角等大的力F的作用，两力在同一竖直平面内，此时两木块保持静止，则A．b一定受到四个力的作用B．水平面对b的支持力可能大于2mgC．a、b之间一定存在静摩擦力D．b与水平面之间一定存在静摩擦力双选17．如图所示用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中。
三个带电小球质量相等，A球带正电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零.则A．B球和C球都带负电荷B．B球带负电荷，C球带正电荷C．B球和C球所带电量不一定相等D．B球和C球所带电量一定相等18．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图乙所示，产生的交变电动势随时间变化规律的图象如图甲所示，已知发电机线圈内阻为1.0Ω，外接一只电阻为9.0Ω的灯泡，则A．电压表V的示数为20VB．电路中的电流方向每秒改变10次C ．灯泡实际消耗的功率为36WD ．值电动势随时间变化的瞬时表达式为20cos 5()e t V π=19．矩形导线框abcd 与长直导线MN 放在同一水平面上，ab 边与MN 平行，导线 MN 中通入如图所示的电流方向，当MN 中的电流增大时，下列说法正确的是 A ．导线框abcd 中有顺时针方向的感应电流B ．导线框abcd 中有逆时针方向的感应电流C ．导线框所受的安培力的合力向左D ．导线框所受的安培力的合力向右 20．“神舟十号”宇宙飞船在返回地球的过程中，有一段时间由于受到稀薄大气的阻力作用，“神舟十号”的轨道半径会越来越小，在此进程中，以下说法中正确的是A ．飞船绕地球运行的周期将增大B ．飞船所受到的向心力将减小C ．飞船的向心加速度将增大D ．飞船绕地球运行的速率将增大21．据中新社北京2月26日电，中国军队2013年将举行近40场军事演习，以提高信息化条件下威慑和实战能力。
2014-2015学年东莞市虎门外国语学校三模考试物理试卷与答案
2014-2015学年东莞市虎门外国语学校三模考试物理试卷一、单项选择题：（每小题3分，共21分）1、3G （第三代数字通讯技术）手机不仅能传递声音信息还能无线上网，3G 手机传递信息是通过哪种波实现的（ ）A ．超声波B ．次声波C ．红外线D ．电磁波2、关于声现象，下列说法正确的是（ ）A ．只要物体在振动，我们就能听到声音B ．真空不能传声C ．我们能“听其声而知其人”，主要是因为不同的人声音的响度不同D ．控制汽车尾气的排放指标可以有效减弱噪声3、雨后初晴的夜晚，地上有积水，当我们迎着月光走时，地上发亮处是积水，这是因为A.地上暗处是光发生镜面发射B.地上发亮处是光发生镜面发射C. 地上发亮处是光发生漫反射D. 地上发亮处和暗处都发生镜面反射4、下列有关厨房里的物理知识，说法不正确．．．的是（ ） A ．厨刀刀口磨得很锋利是为了增大压力B ．在水中下饺子，饺子不会被煮焦；在油中煎饺子，饺子被煎焦,说明油的沸点比水高C ．洗碗时，油花飘在水面上,说明油的密度比水小D ．拧开醋瓶盖，醋味扑鼻,说明分子在做无规则的运动5、如图1所示，导体ab 处于蹄形磁铁的磁场中，下列哪种情况下电流表不发生偏转？A ．导体ab 向下运动或向上运动B ．蹄形磁铁向左运动或向右运动C ．导体ab 向左运动D ．导体ab 向右运动6、平常我们讲空调功率大，实质是指 A ．空调消耗的电能多 B ．空调做的电功多C ．空调消耗电能比较快D ．空调需要的电压高7、如图2所示，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度， 不计绳重与摩擦，且动滑轮重G 动小于乙物体的物重G ，则A.甲图中的拉力小于乙图中的拉力 B 甲图中的有用功小于乙图中的有用功C ．甲图中拉力做的功小于乙图中拉力做的功D 甲图的机械效率大于乙图的机械效率图2 Ga bN S 图1二、填空题：（每小题3分，共21分）8、生产太阳能电池的主要原材料是硅，硅属于材料（选填“导体”或“半导体”）．若将能源分为可再生能源和不可再生能源，则太阳能属于能源；下列四种能源——木柴、煤炭、石油、电能，属于二次能源的是。
广东省东莞市2014届高三物理高考模拟试题(高考备考中心组东莞高级中学卢锦亮A卷)Word版含答案
2014年东莞市高三物理高考模拟试题（高考备考中心组 东莞高级中学 卢锦亮 A 卷）13．民间常用“拔火罐”来治疗某些疾病，方法是将点燃的纸片放入一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地被“吸”在皮肤上。
其原因是，当火罐内的气体A ．温度不变时，体积减小，压强增大B ．体积不变时，温度降低，压强减小C ．压强不变时，温度降低，体积减小D ．质量不变时，压强增大，体积减小 14．冬天有这样的现象：剩有半瓶水的热水瓶经过一个夜晚，第二天拔瓶口的软木塞时不易拔出来，主要原因是瓶内气体A ．温度不变，体积减小，压强增大B ．体积不变，温度降低，压强减小C ．温度降低，体积减小，压强不变D ．质量不变，体积减小，压强增大 15．右图为远距离输电的电路原理图，则下列判断正确的是A ．U 1>U 2B ．U 2=U 3C ．I 4 < I 2D ．I 1 > I 216．如图所示为一物体沿南北方向（规定向北为正方向）做直线运动 的t v 图像，由图可知A. 3s 末物体回到初始位置B. 3s 末物体的加速度方向将发生变化C. 物体所收合外力的方向一直向北D. 物体所收合外力的方向一直向南二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。
每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。
全选对得6分，只选1个且正确得3分，有选错或不答的得0分。
17. 按照玻尔原子理论，下列表述正确是 A ．核外电子运行轨道半径可取任意值B ．氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量越大C ．电子跃迁时，辐射或吸收光子的能量由能级的能量差决定，即hν=|E m - E n |D ．氢原子从激发态向基态跃迁的过程，可能辐射能量，也可能吸收能量18. 用一水平拉力使质量为m 的物体从静止开始沿粗糙的水平面运动，物体的v -t 图象如图所示．下列表述正确的是 A ．在0-t 1时间内拉力逐惭减少 B ．在0-t 1时间内物体做曲线运动C ．在t 1-t 2时间内拉力的功率不为零D ．在t 1-t 2时间内合外力做功221mv 19. 如图为磁流体发电机的原理图，等离子体束（含有正、负离子）以某一速度垂直喷射入+DC– +由一对磁极CD 产生的匀强磁场中，A 、B 是一对平行于磁场放置的金属板．稳定后电流表中的电流从“+”极流向“-”极，由此可知 A . D 磁极为N 极 B . 正离子向B 板偏转 C . 负离子向D 磁极偏转D . 离子在磁场中偏转过程洛仑兹力对其不做功20．如图，真空中有一个边长为L 的正方体，正方体的两个顶点M 、N 处分别放置一对电荷量都为q 的正、负点电荷．图中的a 、b 、c 、d 是其它的四个顶点，k 为静电力常量，下列表述正确是A . M 、N 点电荷间的库仑力大小为222L q k F = B . c 、d 两点电势相等C . a 、b 两点电场强度大小相等D . a 点电势高于b 点电势21. 如图，吊车以v 1速度沿水平直线匀速行驶，同时以v 2速度收拢绳索提升物体时，下列表述正确是A . 物体的实际运动速度为v 1+ v 2B . 物体的实际运动速度为2221v v + C . 物体相对地面做曲线运动 D . 绳索保持竖直状态三、非选择题：本题包括11小题，共182分。
广东省东莞市东莞外国语学校2023-2024学年高三上学期11月月考物理试题 附答案
B．上升的最大高度的比值为
C．两次出手时篮球的初动能相等
D．两次投篮，篮球在C点的机械能相等
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．生活中人们通常利用定滑轮来升降物体。如图所示，一根轻质不可伸长的细绳绕过光滑的定滑轮，绳的一端系着质量为 的重物A，绳的另一端由人握着向左以速度 匀速移动，经过图示位置时绳与水平方向的夹角为 ，下列说法正确的是（ ）
东莞外国语学校2023-2024学年高三第一学期第二次月考
物理试题
命题人：伍洪星 审题人：姚艳雯
注意事项:
1答卷前考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动.用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡指定区域内,写在本试卷上无效。
3.考试结束后，只需要上交答题卡。
一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
1．1992年9月21日，中国载人航天工程立项实施。三十年筚路蓝缕，一代代接力奋斗，如今圆梦“天宫”。据了解，中国“天宫”空间站每90分钟绕地球飞行一圈，则中国“天宫”空间站的（ ）
A．当 时，AB绳开始有张力B．当 时，AB绳开始有张力
C．当 时，OA绳开始有张力D．当 时，OA绳开始有张力
10．如图所示，半径分别为R和2R的甲、乙两薄圆盘固定在同一转轴上，距地面的高度分别为2h和h，两物块a、b分别置于圆盘边缘，a、b与圆盘间的动摩擦因数μ相等，转轴从静止开始缓慢加速转动，观察发现，a离开盘甲后未与圆盘乙发生碰撞，重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则（ ）
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2014年高三物理模拟测试（高考备考中心组虎门外语学校马俊旺老师供稿）单项选择题13、柴油机的压缩冲程时间极短，可以认为此期间气缸与外界没有热交换，下列说法正确的是：A、由于压缩，气缸内气体压强增大，温度不变B、由于压缩，气缸内气体压强不变，温度升高C、外界对气体做功，气体内能增大D、气体对外界做功，气体能减小14、下列关于热现象的说法正确的是A、热量不可能从低温物体传到高温物体B、理想气体温度升高，内能一定增加C、布朗运动是液体分子的运动D、空气的绝对湿度大，人们就会感到潮湿15、一个质量为50kg的人站在升降机中，当升降机竖直向上做加速度为2m/s2，初速度为0的匀加速直线运动时，则A、升降机地板给人的支持力为500NB、升降机地板给人的支持力为600NC、升降机地板给人的支持力对人做的功等于人动能的增加量D、升降机地板给人的支持力对人做的功等于人重力势能的增加量16、如图所示，AB、CD是两根足够长的固定平行光滑金属导轨，导轨平面与水平面的夹角是θ，在整个导轨平面内都有垂直于导轨平面斜向上方的匀强磁场，在导轨的A、C端连接一个电阻，一根垂直于导轨放置的金属棒ab，从静止开始沿导轨下滑。
则，A、金属棒做匀加速运动B、金属棒先做匀加速运动，最后做匀速运动C、在下滑的过程中，减少的重力势能等于回路产生的焦耳热D、金属棒中的电流方向一直是从B指向Ａ双项选择题17、用绿光照射一光电管，能产生光电效应．现在用如图所示的电路测定遏止电压，则A．改用红光照射，遏止电压会增大B．改用紫光照射，遏止电压会增大C．延长绿光照射时间，遏止电压会增大D．增加绿光照射强度，遏止电压不变18、如图所示，阻值为R的金属棒从图示位置ab分别以v1、v2的速度沿光滑导轨(电阻不计)匀速滑到a′b′位置，若v1∶v2＝1∶2，则在这两次过程中A．回路电流I1∶I2＝1∶2B．产生的热量Q1∶Q2＝1∶4C．通过任一截面的电荷量q1∶q2＝1∶2D．外力的功率P1∶P2＝1∶419、取稍长的细杆，其一端固定一枚铁钉，另一端用羽毛做一个尾翼，做成A、B两只飞镖，将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶．在离墙壁一定距离的同一处，将它们水平掷出，不计空气阻力，两只飞镖插在靶上的状态如图所示(侧视图)．则下列说法中正确的是A．A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度大B．B镖插入靶时的末速度比A镖插入靶时的末速度大C．B镖的运动时间比A镖的运动时间长D．A镖的质量一定比B镖的质量大20、地球赤道上的物体随地球自转而做圆周运动的向心力为F1 ,向心加速度为a1,线速度为v1,角速度为ω1;地球同步卫星的向心力为F2，向心加速度为a2线速度为v2,角速度为ω2;设物体与卫星的质量相等，则A. F1 > F2B. a1 >a2C. v1 < v2D. ω1 =ω221、如图所示，Q1、Q2为两个等量同种正点电荷，在Q1、Q2产生的电场中有M、N和O三点，其中M和O在Q1、Q2的连线上(O为连线的中点)，N为两电荷连线中垂线上的一点．则下列说法中正确的是A．O点电势一定高于N点电势B．O点场强一定小于M点场强C．将一个负点电荷从M点移到N点，电场力对其做正功D．若将一个正点电荷分别放在M、N和O三点，则该点电荷在O点时电势能最大34．（一）在“测定2节干电池组成池组的电动势和内阻”的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池组(电动势约为3.0 V，内阻小于2.0 Ω)B．电流表A1(量程0～3 mA，内阻R A1＝10 Ω)C．电流表A2(量程0～0.6 A，内阻R A2＝0.1 Ω)D．滑动变阻器R1(0～20 Ω，10 A)E．滑动变阻器R2(0～200 Ω，1 A)F．定值电阻R0(990 Ω)G．开关和导线若干(1)某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的实验电路，在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选____________(填写器材前的字母代号)．(2)图乙为该同学根据实验电路测出的数据绘出的I 1－I 2图线，I 1为电流表A 1的示数，I 2为电流表A 2的示数．则由图线可得被测电池组的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω.（二）使用如图所示的气垫导轨装置探究加速度与力的关系．其中G 1、G 2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G 1、G 2光电门时，光束被遮挡的时间Δt 1、Δt 2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的条形挡光片的总质量为M ，挡光片宽度为D ，光电门之间的距离为x ，牵引砝码的质量为m .回答下列问题：(1)实验开始前应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：________________________________________________________________________.(2)若取M ＝0.4 kg ，改变m 的值，进行多次实验，以下m 的取值不合适的一个是____________．A ．m 1＝5 gB ．m 2＝15 gC ．m 3＝40 gD ．m 4＝400 g(3)在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度的表达式为___________________________________________________(用Δt 1、Δt 2、D 、x 表示) 35、（18分）如图所示的平面直角坐标系xoy ，在第Ⅰ象限内有平行于y 轴的匀强电场，方向沿y 正方向；在第Ⅳ象限的正三角形abc 区域内有匀强电场，方向垂直于xoy 平面向里，正三角形边长为L ，且ab 边与y 轴平行。
一质量为m 、电荷量为q 的粒子，从y 轴上的(,)p o h 点，以大小为0v 的速度沿x 轴正方向射入电场，通过电场后从x 轴上的(2,)a h o 点进入第Ⅳ象限，又经过磁场从y 轴上的某点进入第Ⅲ象限，且速度与y 轴负方向成45°角，不计粒子所受的重力。
求：（1）电场强度E 的大小； （2）粒子到达a 点时速度的大小和方向；（3）abc 区域内磁场的磁感应强度B 的最小值。
36、（18分）如图所示，质量为M 的小球用长为R=0.45m 的细绳固定于O 点，从A （与O点等高）处由静止释放，与O 点正下方B 点处质量为2M的物块弹性正碰。
OA=OB=R ，小球与物块可以看做质点。
重力加速度g=10m/s 21) 求小球碰后能上升的高度h2) 已知粗糙水平地面BC 及传送带的动摩擦因数均为μ=0.2，传送带长为0.5l m ，顺时针匀速转动，速度大小为υ=2m/s ，DE 、EF 、FH 的长度均为S=0.4m 。
若要保证物块碰后能落入FH 间的沙坑内，求BC 间的长度L 。
参考答案34．（一）(1)D (2)2.97 1.75[解析] (2)由闭合电路欧姆定律，有E ＝()I 1＋I 2r ＋I 1()R 0＋R A1，变形得I 1＝E1000＋r －r 1000＋r ·I 2，斜率k ＝－r 1000＋r ＝2.9－2.20.05－0.45×10－3，截距b ＝E 1000＋r ＝2.97×10－3，则该电源的电动势E ＝2.97 V ，内阻r ＝1.75 Ω. 34．（二）(1)取下牵引砝码，滑行器放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器，数字计时器记录的每一个光电门的光束被挡的时间Δt 都相等 (2)D(3)a ＝⎝⎛⎭⎫D Δt 22－⎝⎛⎭⎫D Δt 122x35、解：（1）设粒子在电场中运动的时间为t ，则有02x v t h == ----------2分212y at h == ----------2分qE ma = --------------2分联立以上各式可得 202mvEqh=-------1分 （2）粒子到达a 点时沿负y 方向的分速度为 0y v at v == ----------2分 所以0v ==-----------2分方向指向第IV 象限与x 轴正方向成450角-----------1分（3）粒子在磁场中运动时，有2v qvB mr=-------------2分当粒子从b 点射出时，磁场的磁感应强度为最小值，此时有2r L =------------3分所以02mv B qL= ---------------1分 36（18分）解：1）小球摆至B 点碰前速度为υ0，由机械能守恒得：2012MgR Mv =① 1分代人数据解得：03/v m s == ② 1分小球与物块弹性正碰，设碰后速度分别为有υ1、υ2，有：01212Mv Mv Mv =+③ 2分 2220121111()2222Mv Mv M v =+ ④ 2分 联立②③④解得：121/v 4/v m s m s == 2分小球碰后上升至高度h 的过程机械能守恒，有：2112Mv Mgh = ⑤ 1分 代人数据解得：0.05h m = ⑥ 1分 2）设物块从D 点以速度υD 做平抛落入沙坑，时间为t ，有：12s =2gt ⑦ 1分 D x v =t ⑧ 1分由题知：0.40.8m x m ≤≤//D s v s ≤≤ ⑨ 1分讨论：Ⅰ）当0/D v s v =>，物块在传送带上一定做匀减速运动，此时C 点速度最大为3v ，由3v μ-22Dv =-2gl 得：3v ⑩ 1分Ⅱ）当0/D v s v =<，物块在传送带上一定做匀加速运动，此时C 点速度最小为4v ，由4v μ-22Dv =2gl 得：40v = ○11 1分物块要滑上传送带，则0C v > ，故0/C v s <≤ ○12 1分物块从B 到C ，由动能定理得：2222212212v M v M gL M c -=-μ○13 1分 联立○12○13得： 1.54m L m ≤< ○14 1分。