2014淄博二模

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【2014淄博二模】山东省淄博市2014届高三复习阶段性诊断考试理综试题 PDF版物理答案不全

化学部分参考答案选择题（本题包括7小题，每小题5分，共35分。

每小题只有一个选项符合题意，多选错选均不得分分。

每小题只有一个选项符合题意，多选错选均不得分。

）7．B8．B9．C10．D11．C12．A13．D非选择题（包括必做部分和选做部分，共65分。

）28．（18分）（1）①－197（2分）减小（2分）②4（2分）2S2SO O2＋Se SeO O2＋2H2O＝2H2SO4＋Se（2分）（2）①VO2＋＋V2＋＋2H＋＝VO2＋＋V3＋＋H2O（3分）正极（2分）②减小（2分）VO2＋＋H2O－e－＝VO2＋＋2H＋（3分）29．（17分）（1）①＞（2分）＜（2分）57.14%（2分）②cd（2分）（2）增大（3分）b（3分）（3）2Fe3＋＋3CO32－＋3H2O＝2Fe(OH)3（胶体）＋3CO2↑（3分）31．（12分）（1）4FeS2＋11O2高温═══2Fe2O3＋8SO2（2分）沸腾炉（1分）（2）接触室（1分）SO3、SO2、O2（2分）吸收塔（1分）98.3%的H2SO4（1分）（3）400℃，1个标准大气压（2分）（4）2NH3·H2O＋SO2＝（NH4）2SO3＋H2O（2分）32．（12分）（1）b（2分）（2）NH3分子与水分子之间能够形成氢键（2分）离子键（2分）配位键（2分）（3）＜（2分）（4）496/（ρa3）（2分）33．（12分）（1）C12H18Cl2N2O（2分）（2）取代反应（2分）加成反应（还原反应）（2分）（3）（2分）（4）（2分）（5）4（2分）生物部分参考答案1-----6:CBDCAD24.(1)甲叶绿体、线粒体、细胞质基因（缺一不可）类囊体薄膜（基粒或叶绿体）、线粒体基质（线粒体）（缺一不可）（2）光照强度CO2浓度、温度（只要有CO2浓度即给分）甲（3）光合作用强度等于呼吸作用强度（2分，答速率也可，答光合等于呼吸不得分）右（2分）（4）黑暗（2分）25.（1）兴奋（不能答抑制，抑制时不释放递质）化学信号变为电信号外正内负增强（或外更正内更负，答保持外正内负不得分）（2）甲状腺细胞甲状腺激素、促甲状腺激素释放激素（TRH）（2分，答一个给1分）（3）抗体、淋巴因子、溶菌酶等（只要答出淋巴因子就给分）内质网与高尔基体（缺一不可）记忆细胞与T细胞（只答记忆细胞也给分）（4）肾上腺素（不能答肾上腺激素，也答上甲状腺激素不扣分）神经—体液体液26.（1）NP=GP-R b→d→a→c 5.53（5.5也对）增加（2）细胞生物圈物质循环、能量流动和信息传递（专业名词不能写错，三者缺一不可）（3）物质的合成和分解能量的储存与释放（4）森林生态系统的两种稳定性都比草原生态系统高27.(1)29酶（酶的合成、细胞代谢）（2）34（3）黑缟斑或普通斑或素斑（缺一不可）Aa、ASa（2分，顺序不能颠倒）（4）①随机、不定向（任意一个即可得分）②有丝分裂缺失（或染色体结构变异，染色体变异不得分）③易位（染色体结构变异，同上）4④1aZWA或aaZWA（aoZWA也得分）35、（除注明外，每空1分）（1）逆（反）转录酶同种限制酶（必须有限制酶，DNA连接酶也可以答上）（2）启动子RNA聚合酶（3）Ca2+(或Cacl2溶液)（2分）（4）胰蛋白酶（或胶原蛋白酶）抗生素维持溶液的PH（5）内细胞团核移植（或克隆）（2分）。

数学_2014年山东省某校高考数学二模试卷(理科)_(含答案)

2014年山东省某校高考数学二模试卷（理科）一、选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的（本大题共10小题，每小题5分，共50分）．1. 已知集合A ＝{x ∈R||x|≤2}，B ＝{x ∈R|x ≤1}，则A ∩B ＝（） A (−∞, 2] B [1, 2] C [−2, 2] D [−2, 1]2. 函数f(x)是R 上的增函数且f(a)+f(b)>f(−a)+f(−b)则（） A a >b >0 B a −b >0 C a +b >0 D a >0，b >03. 过点(1, 0)且与直线x −2y −2=0平行的直线方程是( )A x −2y −1=0B x −2y +1=0C 2x +y −2=0D x +2y −1=04. 阅读如图所示的程序框图，如果输出i ＝4，那么空白的判断框中应填入的条件是（）A S <8B S <9C S <10D S <115. 样本中共有五个个体，其值分别为a ，0，1，2，3．若该样本的平均值为1，则样本方差为( )A √65 B 65C √2D 26. 设定义在R 上的函数f(x)满足f(x)⋅f(x +2)=13，若f(1)=2，则f(99)=( ) A 13 B 2 C 132D 2137. 由0，1，2，3，4这5个数字组成没有重复数字且个位上的数字不能为1的3位数共有（）A 28个B 36个C 39个D 42个8. 实数x ，y 满足{y ≥1y ≤2x −1x +y ≤b ，如果目标函数z =x −y 的最小值为−2，则实数b 的值为（）A 0B 6C 7D 89. 在ABC 中，a ，b ，c 分别为角A ，B ，C 的对边，且角A =60∘，若S △ABC =15√34，且5sinB =3sinC ，则ABC 的周长等于（）A 8+√19B 14C 10+3√5D 1810. 设互不相等的平面向量组a i (i =1, 2, 3,…)，满足①|a i |=1；②a i ⋅a i+1=0．若T m =a 1+a 2+...+a m (m ≥2)，则|T m |的取值集合为（）A {0, √2}B {1, √3}C {1, √2, √3}D {0, 1, √2}二、填空题：把答案填在答题卷中的横线上（本大题共4小题，每小题5分，共25分）． 11. 双曲线x 24−y 2m =1的焦距为4√2，则m =________． 12. 二项式(ax 2√x)5的展开式中常数项为160，则a 的值为________．13. 已知√2+23=2√23，√3+38=3√38，√4+415=4√415…，照此规律，第五个等式为________．14. 某制冷设备厂设计生产一种长方形薄板，如图所示，长方形ABCD(AB>AD)的周长为4米，沿AC折叠使B到B′位置，AB′交DC于P．研究发现当ADP的面积最大时最节能，则最节能时长方形ABCD的面积为________．二、请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分。

山东省淄博市2014届下学期高三年级二模考试数学试卷(文科)

山东省淄博市2014届下学期高三年级二模考试数学试卷（文科）本试卷，分第I 卷和第Ⅱ卷两部分．共5页，满分150分．考试用时120分钟．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．注意事项：1．答题前，考生务必用0．5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在答题卡和试卷规定的位置上．2．第I 卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号．3．第II 卷必须用0．5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带．不按以上要求作答的答案无效．4．填空题请直接填写答案，解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤．第I 卷(共50分)一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.已知集合{}{}{}{},,,,,,,,,U U a b c d e M a d N a c e M C N ===⋃，则为 A.{},,,a c d eB.{},,a b dC.{},b dD.{}d2.已知i 是虚数单位，则32ii-+等于 A.1i -+B.1i --C.1i +D.1i -3.“a b c d a >>>且是“c bd ”成立的 A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件D.既不充分也不必要条件4.某程序框图如图所示，若输出的S=57，则判断框内填 A.4k >B. k >5C. k >6D. k >75.设,a b 是两个非零向量，则下列命题为真命题的是 A.若a b a b a b +=-⊥，则 B.若a b a b a b ⊥+=-,则C.若a b a b +=-，则存在实数λ，使得a b λ=D. 若存在实数λ，使得a b λ=，则a b a b +=-6.某几何体正视图与侧视图相同，其正视图与俯视图如图所示，且图中的四边形都是边长为2的正方形，正视图中两条虚线互相垂直，则该几何体的体积是A.203B.6C.4D.437.下列函数是偶函数，且在[]0,1上单调递增的是 A.cos 2y x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭B.212cos 2y x =- C.2y x =-D.()sin y x π=+8.已知()()()34,1log ,1aa x a x f x x x --<⎧⎪=-∞+∞⎨≥⎪⎩是，上的增函数，那么a 的取值范围是 A.()1,+∞B.(),3-∞C.()1,3D.3,35⎡⎫⎪⎢⎣⎭9.函数()f x 的部分图象如图所示，则()f x 的解析式可以是A.()sin f x x x =+B.()cos xf x x=C.()cos f x x x =D.()322f x x x x ππ⎛⎫⎛⎫=-- ⎪⎪⎝⎭⎝⎭10.如图，已知双曲线()222210,0x y a b a b-=>>的左、右焦点分别为1212,,4F F F F =，P是双曲线右支上的一点，2F P y 与轴交于点A ，1APF ∆的内切圆在1PF 上的切点为Q ，若1PQ =，则双曲线的离心率是A.3B.2D.第II 卷（共100分）二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分. 11.已知3sin ,tan 25παπαα⎛⎫∈==⎪⎝⎭，，则________.12.已知等比数列{}3481298n a a a a a a a =⋅⋅⋅=若，则________. 13.若log 41,a b a b =+则的最小值为_________.14.已知x ，y 满足2211,0x y x y z x y y ⎧+≤⎪+≤=-⎨⎪≥⎩则的取值范围是________.15.对任意正整数()[]51,,,i k m f m k a ==∑记表示不大于a 的最大整数，则()2,2f =_________.三、解答题：本大题共6小题，共75分 16.（本题满分12分）在ABC ∆中，角A,B,C 的对边分别为a,b,c ，若()(),2,1,2cos ,//m b c a n A m n =-=且. （I ）求B ；（II ）设函数()211sin 2cos cos sin cos 222f x x B x B B π⎛⎫=+++ ⎪⎝⎭，求函数()04f x π⎡⎤⎢⎥⎣⎦在，上的取值范围.17.（本题满分12分）某学校高一、高二、高三的三个年级学生人数如下表：按年级分层抽样的方法评选优秀学生50人，其中高三有10人. （I ）求z 的值；（II ）用分层抽样的方法在高一学生中抽取一个容量为5的样本，将该样本看成一个总体，从中任取2人，求至少有1名女生的概率. 18.（本题满分12分）如图，在四棱锥P-ABCD 中，PA ⊥平面ABCD ，AD//BC ，BC=2AD ，PB ⊥AC ，Q 是线段PB 的中点.（I ）求证：AB ⊥平面PAC ；（II ）求证：AQ//平面PCD. 19.（本题满分12分）某市为控制大气PM2.5的浓度，环境部门规定：该市每年的大气主要污染物排放总量不能超过55万吨，否则将采取紧急限排措施.已知该市2013年的大气主要污染物排放总量为40万吨，通过技术改造和倡导绿色低碳生活等措施，此后每年的原大气主要污染物排放最比上一年的排放总量减少10%.同时，因为经济发展和人口增加等因素，每年又新增加大气主要污染物排放量()0m m >万吨.（I ）从2014年起，该市每年大气主要污染物排放总量（万吨）依次构成数列{}n a ，求相邻两年主要污染物排放总量的关系式；（II ）证明：数列{}10n a m -是等比数列；（III ）若该市始终不需要采取紧急限排措施，求m 的取值范围. 20.（本题满分13分）设椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的左、右焦点分别为12,F F ，上顶点为A ，在x 轴负半轴上有一点B ，满足11222,,,BF F F AB AF A B F =⊥，且过三点的圆与直线30x -=相切.（I ）求椭圆C 的方程；（II ）过右焦点2F 作斜率为k 的直线l 与椭圆C 交于M ，N 两点，线段MN 的垂直平分线与x 轴相交于点P （m ，0），求实数m 的取值范围. 21.（本题满分14分）已知函数()()1 1.xf x x e =--（I ）求函数()f x 的最大值；（II ）若()()200x g x f x x λλ≥=+≤时，，求的取值范围.高三复习阶段性诊断考试数学试题参考答案1-10.BDDAC ADCCB 11．34-12．512 13.1 14.⎡⎤⎣⎦ 15.716．解：（Ⅰ）解法一：因为//m n ，所以 2cos 2b A c a =- ………………2分由余弦定理得222222b c a b c a bc+-⋅=-，整理得222=+ac a c b -所以222+1cos =22a cb B ac -= ……4分又因为0B π<<，所以3B π=. ………………………………………6分解法二：因为//m n ，所以2cos 2b A c a =- ………………………………2分由正弦定理得 2sin cos 2sin sin B A C A =- 所以()2sin cos 2sin sin B A A B A =+- 整理得2sin cos sin 0A B A -=因为0A π<<，所以sin 0A ≠，所以1cos 2B =……………………4分又因为0B π<<，所以3B π=. …………………………………………6分（Ⅱ）211()sin 2cos cos sin cos()222f x x B x B B π=+++11cos 2sin 242x x +=1sin 224x x =+1sin(2)23x π=+ ………………8分因为 04x π≤≤，则52+336x πππ≤≤， ………………………10分所以1sin 2+23x π≤≤（）1，即()f x 在[0,]4π上取值范围是11[,]42.……12分 17．解：(Ⅰ)设该校总人数为n 人，由题意，得5010100300n =+，所以2000n = ………………3分故2000(100300150450600)400z =-++++=． …………5分 (Ⅱ)设所抽样本中有m 个女生．因为用分层抽样的方法在高一学生中抽取一个容量为5的样本，所以40010005m=，解得2m =． ………………………7分也就是抽取了2名女生，3名男生，分别记作12123,,,,A A B B B ，则从中任取2个的所有基本事件为(12,A A )，(11,A B )，(12,A B )，(13,A B )，(21,A B )，(22,A B )，(23,A B )，(12,B B )，(13,B B )，(23,B B )，共10个； …………………9分其中至少有1名女生的基本事件有7个： (12,A A )，(11,A B )，(12,A B )，(13,A B )， (21,A B )，(22,A B )，(23,A B ) …………………………11分所以从中任取2人，至少有1名女生的概率为710P =． …………………12分 18．证明：（Ⅰ）因为PA ⊥平面ABCD ，,AC AB ⊂平面ABCD所以 PA AC ⊥,PA AB ⊥ …………………………………2分又因为PB AC ⊥，PA AC ⊥，,PA PB ⊂平面PAB ，PAPB P =,所以AC ⊥平面PAB …………………………………3分又因为AC ⊥平面PAB ，AB ⊂平面PAB ，所以AC ⊥AB …………………………………4分因为AC ⊥AB ，PA AB ⊥，,PA AC ⊂平面PAC ，PAAC A =,所以 AB ⊥平面PAC ………………………6分（Ⅱ）方法一:取PC 中点E ,连接QE 、ED . 因为Q 是线段PB 的中点，E 是PC 的中点，所以 QE ∥BC ,12QE BC =………8分因为 AD ∥BC ,2BC AD =所以 QE ∥AD ,QE AD =所以四边形AQED 是平行四边形，………………………………9分所以 AQ ∥ED , ………………………………10分因为AQ ∥ED ,AQ ⊄平面PCD ,ED ⊂平面PCD所以 AQ ∥平面PCD . …………………………………………12分方法二:取BC 的中点E ,连接AE 、QE . 因为 2BC AD = 所以AD EC = 又 AD ∥EC ，所以四边形ADCE 是平行四边形，所以AE ∥CD因为AE ⊄平面PCD ,CD ⊂平面PCD ,所以AE ∥平面PCD ……………8分因为Q ，E 分别是线段PB ，BC 的中点，所以QE ∥PC ，所以QE ∥平面PCD ……………………………10分因为QEAE E =，所以平面AEQ ∥平面PCD ……………………11分因为AQ ⊂平面AEQ ，所以AQ ∥平面PCD . ………………………12分 19．解：（Ⅰ）由已知，1400.9a m =⨯+,10.9n n a a m +=+（1n ≥）.………4分（Ⅱ）由（Ⅰ）得：()1100.990.910n n n a m a m a m +-=-=-，所以数列{}10n a m -是以110369a m m -=-为首项、0.9为公比的等比数列.………6分（Ⅲ）由（Ⅱ）得：()1103690.9n n a m m --=-⋅ ，即()13690.910n n a m m -=-⋅+ . ……………………8分由()13690.91055n m m --⋅+≤ ，得1155360.9 5.540.9 1.541090.910.910.9n n n n nm ---⨯-⨯≤==+-⨯--恒成立（*n N ∈） …11分解得： 5.5m ≤；又0m > ，综上，可得(]0,5.5m ∈. ………12分 20．解：（Ⅰ）连接1AF ，因为2AF AB ⊥，211F F =，所以211F F AF=，即c a 2=，则)0,21(2a F ，)0,23(a B -. ……………… 3分 ABC Rt ∆的外接圆圆心为)0,21(1a F -，半径a B F r ==221………4分由已知圆心到直线的距离为a ，所以a a =--2321，解得2=a ，所以1=c ，3=b ，所求椭圆方程为13422=+y x . ………………6分（Ⅱ）因为)0,1(2F ，设直线l 的方程为：)1(-=x k y ，),,(11y x M ),(22y x N . 联立方程组：⎪⎩⎪⎨⎧=+-=134)1(22y x x k y ，消去y 得01248)43(2222=-+-+k x k x k .…… 7分则2221438kk x x +=+，22121436)2(k k x x k y y +-=-+=+， MN 的中点为)433,434(222kkk k +-+. ………………8分当0=k 时，MN 为长轴，中点为原点，则0=m . ………………9分当0≠k 时，MN 垂直平分线方程).434(1433222kk x k k k y +--=++ 令0=y ，所以43143222+=+=k kk m 因为032>k，所以2344k +>，可得410<<m ， …………12分综上可得，实数m 的取值范围是).41,0[ ………………13分 21．解：（Ⅰ）()x f x xe '=-， ……………………………………1分当0x =时，()0f x '=；当0x <时，()0f x '>；当0x >时，()0f x '<；所以函数()f x 在区间(,0)-∞上单调递增，在区间(0,)+∞上单调递减；…3分故max ()(0)0f x f ==． ………………………………………………4分（Ⅱ）由2()(1)1xg x x e x λ=-+-，得()(2)xg x x e λ'=--．…………6分当0λ≤时，由（Ⅰ）得2()()()0g x f x x f x λ=+≤≤成立； …………8分当12λ<≤时，因为(0,)x∈+∞时()0g x'<，所以0x≥时，()(0)0g x g≤=成立；……………………………………………………10分当12λ>时，因为(0,ln2)xλ∈时()0g x'>，所以()(0)0g x g>=．…13分综上，知λ的取值范围是1(,]2-∞．……………………………………14分11。

2014年淄博市二模文综地理试题

绝密★启用并使用完毕前高三复习阶段性诊断考试试题文科综合本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共14页。

满分300分。

考试用时150分钟。

答题前务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷选择题（必做，共140分）注意事项：1．第Ⅰ卷共35小题，每小题4分，共140分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。

表1示意某饮料食品集团部分工厂的分布及其主要产品，据此完成1～2题。

表1注：沙棘，落叶灌木，耐旱耐盐碱、抗风沙。

1．表格所示工厂布局的主导因素是A．市场B．技术C．劳动力D．原料2．新疆阿勒泰发展沙棘果加工业有利于①当地经济发展②增加就业机会③缓解饮用水短缺④防治荒漠化，改善生态环境A．①②④B．①③④C．②③④D．①②③图1为我国西南某区域地质剖面示意图，读图完成3～4题。

3．图中地下空间形成所经历的地质过程是A．石灰岩→抬升运动→流水溶蚀B．石灰岩→流水溶蚀→抬升运动C．石灰岩→受热变质→流水溶蚀D．受热变质→石灰岩→流水溶蚀4．图示区域的主要问题是图1①水土流失严重　②地表水缺乏　③土壤盐碱化严重　④工程建设难度大A．①②③B．①②④C．②③④D．①③④北京时间3月22日7时，一架飞机从上海历经8小时飞抵P城市，如图2所示，读图完成5～6题。

5．下列叙述正确的是A．从上海到P城市的航程大约是5500kmB．抵达后，机组人员需要调整时差C．当日，P城市昼长比上海长1小时左右D．抵达时，机组人员发现P城市日影在东南方向6．图示区域沿箭头方向由M到N，增大的是A．年降水量B．植物蒸腾量C．年太阳辐射总量D．每公顷草场牧羊量图3为非洲大陆局部区域某月份平均气温（单位：℃）分布图，读图完成7～9题。

苯的同系物芳香烃醇酚

锦绣前程学校名师提成绩锦绣一对一提分热线：83837771- 1 - 【学习目标】：知识点、考点：1、了解醇的分类、一般物理性质及应用，从乙醇断裂化学键的角度认识乙醇的化学性质。

根据乙醇的化学性质，通过类比的方法学习醇类的化学性质。

2、能从分子结构的角度区分醇和酚。

掌握苯酚的化学性质，体会不同基团之间的相互影响。

重点、难点：1、苯及其同系物的化学性质2、醇的化学性质3、酚的化学性质【知识网络详解】知识点一苯、苯的同系物与芳香烃苯是芳香烃的母体，苯环上的氢原子被其他烷基取代所得到的产物，即为苯的同系物。

1、苯的同系物的特点有且只有一个苯环，侧链为烷烃基，分子组成符合通式C n H 2n －6(n ＞6) 2、苯的同系物与苯的性质比较（1）相同点⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫取代(卤化、硝化、磺化)加氢→环烷烃(反应比烯、炔困难)点燃：有浓烟因都含有苯环。

（2）不同点烷基对苯环有影响，所以苯的同系物比苯易发生取代反应；苯环对烷基也有影响，所以苯环上的甲基能被酸性高锰酸钾溶液氧化。

①氧化：苯与KMnO 4(H ＋)不反应；而苯的同系物能使KMnO 4(H ＋)褪色：应用：用KMnO 4(H ＋)可区别苯与苯的同系物。

苯的同系物被酸性KMnO 4溶液氧化的规律：(1) 苯的同系物或芳香烃侧链为烃基时，不管烃基碳原子数为多少，只要直接与苯环相连的碳原子上有氢原子，均能被酸性KMnO 4溶液氧化为羧基，且羧基直接与苯环相连。

(2) 并不是所有苯的同系物都能使酸性KMnO 4溶液褪色，如就不能，原因是与苯环直接相连的碳原子上没有氢原子。

②取代：苯与硝酸反应后只被一个硝基取代。

而苯的同系物的苯环上能被三个硝基取代：＋3HO —NO 2――→浓硫酸△苯环受支链影响，支链的邻(②、⑥)位、对(④)位的H 原子被活化，更易取代。

【典型例题】(2015·金华模拟)关于下列结论正确的是()A．该有机物分子式为C13H16B．该有机物属于苯的同系物C．该有机物分子至少有4个碳原子共直线D．该有机物分子最多有13个碳原子共平面3、芳香烃（1）定义：分子中含有一个或多个苯环的碳氢化合物属于芳香烃。

数学_2014年山东省某校高考数学二模试卷(文科)(1)_(含答案)

2014年山东省某校高考数学二模试卷（文科）（1）一、选择题：（本大题共10小题，每小题5分，共50分.） 1. 在复平面内，复数−1+i i对应的点位于（）A 第一象限B 第二象限C 第三象限D 第四象限2. 定义集合A ∗B ={x|x ∈A, 且x ∉B}，若A ={1, 3, 5, 7}，B ={2, 3, 5}，则A ∗B 的子集个数为（）A 1B 2C 3D 43. 等比数列{a n ]中，“a 1<a 3”是“a 4<a 6”的（）A 充分而不必要条件B 必要而不充分条件C 充要条件D 既不充分又不必要条件 4. 已知函数y =f(x)是奇函数，当x >0时，f(x)=lgx ，则f(f(1100))的值等于（）A 1lg2 B −1lg2C lg2D −lg25. 给出的图象中可能为函数f(x)=x 4+ax 3+cx 2+bx +d(a, b, c, d ∈R)的图象是（）A ①③B ①②C ③④D ②④6. 如图是一个组合几何体的三视图，则该几何体的体积是（）A27√32+64π B27√32+128π C 12+64π D 36+128π7. 如图，共顶点的椭圆①、②与双曲线③、④的离心率分别为e 1、e 2、e 3、e 4，其大小关系为（）A e 1<e 2<e 4<e 3B e 1<e 2<e 3<e 4C e 2<e 1<e 3<e 4D e 2<e 1<e 4<e 38. 已知函数f(x)的部分图象如图所示，则f(x)的解析式可能为（）A f(x)=2cos(x 2−π3) B f(x)=√2cos(4x +π4) C f(x)=2sin(x 2−π6) D f(x)=2sin(4x +π4)9. 已知z =2x +y ，x ，y 满足{y ≥xx +y ≤2x ≥m ，且z 的最大值是最小值的4倍，则m 的值是（）A 14B 15C 16D 1710. 若函数f(x)在给定区间M 上，存在正数t ，使得对于任意x ∈M ，有x +t ∈M ，且f(x +t)≥f(x)，则称f(x)为M 上的t 级类增函数，则以下命题正确的是（）A 函数f(x)=4x +x 是(1,+∞)上的1级类增函数 B 函数f(x)=|log 2(x −1)|是(1, +∞)上的1级类增函数 C 若函数f(x)=sinx +ax 为[π2,+∞)上的π3级类增函数，则实数a 的最小值为2 D 若函数f(x)=x 2−3x 为[1, +∞)上的t 级类增函数，则实数t 的取值范围为[1, +∞)二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分. 11. 阅读程序框图，则输出的数据S 为________．12. 200辆汽车经过某一雷达地区，时速频率分布直方图如图所示，则时速不低于60km/ℎ的汽车数量为________辆．13. 已知抛物线y 2=2px(p >0)的准线与圆x 2+y 2−6x −7=0相切，则p 的值为________． 14. 设0<m <12，若1m+21−2m≥k 恒成立，则k 的最大值为________．15. 在四边形ABCD 中，AB →=DC →=(1, 1)，1|BA →|BA →+1|BC →|BC →=√3|BD →|BD →，则四边形ABCD 的面积是________．三、解答题：本大题共6小题，共75分.解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程.16. 已知f(x)=cos(2x+π3)+1−2cos2x．（1）求函数f(x)的单调递减区间；（2）在△ABC中，a，b，c分别是角A，B，C的对边，且a=1，b+c=2，f(A)=−12，求△ABC的面积．17. 袋子中放有大小和形状相同的小球若干，其中标号为0的小球1个，标号为1的小球1个，标号为2的小球n个，已知从袋子随机抽取1个小球，取到标号为2的小球的概率是12．(I)求n的值；(II)从袋子中不放回地随机抽取2个球，记第一次取出的小球标号为a，第二次取出的小球标号为b．①记“a+b=2”为事件A，求事件A的概率；②在区间[0, 2]内任取2个实数x，y，求事件“x2+y2>(a−b)2恒成立”的概率．18. 已知矩形ABCD所在的平面和梯形ABEF所在的平面互相垂直，AB // FE，G, H分别为AB, CF的中点，AB=2，AD=EF=1，∠AFB=π2．(1)求证：GH // 平面DAF；（2）AF⊥平面BFC；(3)求平面CBF将几何体EFABCD分成两个锥体F−ABCD与F−BCE的体积之比．19. 已知数列{a n}(n∈N⋅)的前n项和为S n，数列{S nn }是首项为0，公差为12的等差数列．（1）求数列{a n}的通项公式；（2）设b n=415⋅(−2)a n(n∈N⋅)，对任意的正整数k，将集合{b2k−1, b2k, b2k+1}中的三个元素排成一个递增的等差数列，其公差为d x，求数列{d k}的通项公式．（3）对（2）中的{d k}的前n项和T n．20. 设椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的离心率e=12，短轴的一个端点与两焦点构成的三角形的面积为√3，O为坐标原点．（1）求椭圆C的方程；（2）过点O作两条互相垂直的射线，与椭圆C分别交于A，B两点，证明：点O到直线AB的距离为定值，并求弦AB长度的最小值．21. 已知函数f(x)=xlnx，g(x)=−x2+ax−3．（1）求函数f(x)的最小值；（2）对一切x∈(0, +∞)，2f(x)≥g(x)恒成立，求实数a的取值范围；（3）证明：对一切x∈(0, +∞)，都有lnx>1e x −2ex成立．2014年山东省某校高考数学二模试卷（文科）（1）答案1. A2. D3. D4. D5. A6. D7. A8. A9. A10. D11. 412. 7613. 214. 815. √316. 解：（1）f(x)=cos(2x+π3)+1−2cos2x=12cos2x−√32sin2x−cos2x=−12cos2x−√3 2sin2x=−sin(2x+π6)．由要求函数f(x)的单调递减区间，即求y=sin(2x+π6)的递增区间，由−π2+2kπ≤2x+π6≤π2+2kπ，即kπ−π3≤x≤π6+kπ．即函数的单调递减区间为[kπ−π3, π6+kπ]，k∈Z．（2）∵ f(A)=−12，∴ sin(2A+π6)=12，∵ 0<A<π，则π6<2A+π6<13π6，即2A+π6=5π6，解得A=π3，在△ABC中，a=1，b+c=2，A=π3，则由余弦定理得1=b2+c2−2bccosA，即1=(b+c)2−3bc=4−3bc，故bc=1，则△ABC的面积S=12bcsinA=12×1×√32=√34．17. 解：(1)由题意，根据从袋子随机抽取1个小球，取到标号为2的小球的概率是12，可得n1+1+n =12∴ n=2(2)①从袋子中不放回地随机抽取2个球，共有基本事件12个，其中“a+b=2”为事件A的基本事件有4个∴ P(A)=412=13②记“x2+y2>(a−b)2恒成立”为事件B，则事件B等价于“x2+y2>4恒成立，(x, y)可以看成平面中的点，则全部结果所构成的区域为Ω={(x, y)|0≤x≤2, 0≤y≤2, x, y∈R}，而事件B构成的区域B={(x, y)|x2+y2>4, (x, y)∈Ω}∴ P(B)=1−π418. (1)证明：设DF的中点为M，连接AM，MH则MH // CD，MH=12CD，又矩形ABCD中，G是中点，∴ MH // AG，MH=AG，∴ 四边形MHGA为平行四边形，∴ AM // GH，又AM⊂平面DAF，GH⊄平面DAF，∴ GH // 平面DAF；(2)证明：∵ 平面ABCD⊥平面ABEF，CB⊥AB，平面ABCD∩平面ABEF=AB，∴ CB⊥平面ABEF，而AF⊂平面ABEF，∴ AF⊥CB.∵ AB为圆O的直径，∴ AF⊥BF.又BF∩CB=B，∴ AF⊥平面CBF；(3)解：过点F作FO⊥AB于O，∵ 平面ABCD⊥平面ABEF，∴ FO⊥平面ABCD，∴ V F−ABCD=2V F−ACD=2V D−AFB=23FO.∵ CB⊥平面ABEF，∴ V F−CBE=V C−FBE=13⋅12⋅EF⋅FO⋅CB=16FO,∴ V F−ABCD :V F−CBE=4:1．19. 解：（1）由已知得S nn =0+(n−1)⋅12=n2(n−1)，∴ a n=n−1（2）由（1）可知，b n=415⋅(−2)n−1，∴ b2k−1=415(−2)2k−2=415⋅22k−2，b2k=415(−2)2k−1b2k=−415⋅22k−1，b2k+1=415(−2)2k=415⋅22k由2b2k−1=b k+b k+1及b2k<b2k−1<b2k+1得b2k，b2k−1，b2k+1依次成递增的等差数列，∴ d k=b2k+1−b2k−1=4k5，（3）由（2）得d k+1d k =4k+154k5=4，∴ 数列{d k}为等比数列，∴ T n=45−4n5 1−4=415(4n−1)20. （1）解：∵ 椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的离心率e=12，短轴的一个端点与两焦点构成的三角形的面积为√3，∴ {ca=121 2⋅2c⋅b=√3，解得a=2，b=√3，∴ 椭圆C的方程为x24+y23=1，（2）证明：设A(x1, y1)，B(x2, y2)，当直线AB的斜率不存在时，AB的方程为x=±2√217，∴ 原点O到直线AB的距离为2√217，当直线AB斜率存在时，设直线的方程为y=kx+m，联立{x24+y23=1y=kx+m，得(4k2+3)x2+8kmx+(4m2−12)=0，∴ x1+x2=−8km4k2+3，x1x2=4m2−124k2+3，∵ OA ⊥OB ，∴ x 1x 2+y 1y 2=0， ∴ x 1x 2+(kx 1+m)(kx 2+m)=0， ∴ (k 2+1)4m 2−123+4k 2−8k 2m 23+4k 2+m 2=0，整理，得7m 2=12(k 2+1)， ∴ 原点O 到直线AB 的距离d =√1+k 2=2√217为定值，综上所述O 到直线AB 的距离d =2√217为定值， ∵ OA ⊥OB ，d ⋅AB =OA ⋅OB ≤OA 2+OB 22=AB 22，∴ AB ≥2d =4√217， ∴ 当OA =OB 时，弦AB 长的最小值为4√217． 21. 解：（1）f(x)的定义域为(0, +∞)，f(x)的导数f ′(x)=1+lnx ．令f ′(x)>0，解得x >1e ；令f ′(x)<0，解得0<x <1e ．从而f(x)在(0, 1e )单调递减，在(1e , +∞)单调递增．所以，当x =1e 时，f(x)取得最小值−1e ．（2）若2f(x)≥g(x)，则a ≤2lnx +x +3x ，设ℎ(x)=2lnx +x +3x，则ℎ′(x)=2x +1−3x 2=x 2+2x−3x 2=(x+3)(x−1)x 2∵ x ∈(0, 1)时，ℎ′(x)<0，ℎ(x)单调递减， x ∈(1, +∞)时，ℎ′(x)>0，ℎ(x)单调递增， ∴ ℎ(x)min =ℎ(1)=4 故a ≤4即实数a 的取值范围为(−∞, 4] 证明：（3）若lnx >1e x−2ex则lnx ⋅x >xe x −2e ，由（1）得：lnx ⋅x ≥−1e ，当且仅当x =1e 时，取最小值；设m(x)=xe x −2e ，则m′(x)=1−x e x，∵ x∈(0, 1)时，m′(x)>0，m(x)单调递增，x∈(1, +∞)时，m′(x)<0，m(x)单调递减，故当x=1时，m(x)取最大值−1e故对一切x∈(0, +∞)，都有lnx>1e x −2ex成立．。

2014山东二模潍坊济南青岛淄博烟台德州泰安日照东营临沂理综物理部分12份

A．A、B两点的电场强度相同
B．A、B两点的电势相等
C．M点的电场强度小于O点的电场强度
D．负电荷在O点的电势能小于在M点的电势能
19．如图甲所示，在坐标系xOy中，有边长为L的正方形金属线框abcd，其对角线ac和y轴重合，顶点a位于坐标原点O处。在y轴右侧的第I象限内有一等腰直角三角形区域，直角边边长为L，底边的左端位于坐标原点O处，内有垂直纸面向里的匀强磁场。t=0时刻，线圈从图示位置沿cb方向，匀速穿过磁场区域。取a b c d a为感应电流的正方向，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i、ab间的电势差Uab。随时间t变化的图线应是乙图中的
A．降压变压器副线圈输出的交流电频率为50Hz
B．远距离输电线路损耗功率为180kw
C．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变大
D．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变大
18．如图所示，菱形的三个顶点有三个等量的正点电荷，另一顶点为M，其所在的角为120o，O为菱形对角线的交点。A、B为其中一条对角线上的两点，且AO=BO=MO。下列说法正确的是
第I卷(选择题共107分)
注意事项：
每小题选出答案后，用2B铅笔把答题纸上对应的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净以后，再涂写其他答案标号。在试卷上答题无效。
以下数据可供答题时参考：
可能用到的相对原子质量：H：1C：12O：16Na：23C1：35．5Fe：56
Cu：64Zn：65
二、选择题(本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确。有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分)
①该同学测得物块的质量m=kg
②利用该同学的数据还可得出物块和长木板之间的动摩擦因数 =(已知当地重力加速度g=10m/s2)

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1 2014年淄博第二次模拟语文试题第I卷(共36分) 一、(15分，每小题3分) 1-下列词语中加点的字，读音全都正确的一组是 A．青睐．(1ài) 箴．言(jiān) 擎．天柱(qíng) 返璞．归真(pú)

B．孝悌．(dì) 奇葩．(pā) 口头禅．(chán) 顺藤摸．瓜(mō) C．粗犷．(guǎng) 针砭．(biān) 独角．戏(jiǎo) 咎．由自取(jiǔ) D．笃．信(dǔ) 睿．智(ruì) 打擂．台(1èi) 纵横捭．阖(bǎi) 2．下列词语中，没有错别字的一组是 A．劝诫风向标语重心长闻过饰非 B. 搏弈和事老披肝沥胆众志成城 c．装潢耍花腔推波助澜源远流长 D．悖论连珠炮再接再励革故鼎新 3．下列语句中，加点的词语使用不恰当的一句是 A．近年来，国内许多风景名胜区实行“一票制”，将景区内多个景点门票捆绑搭售，这种做法引起了人们的质疑．．和不满。

B．焦裕禄的一生贯穿．．了抗日战争、解放战争、土地改革和新中国建设的重要历程，留下了许多可歌可泣的事迹。 c．广告传播既是一种商业行为，也是一种文化传播，它潜移默化．．．．地影响着

人们的价值观念和生活方式。 D．当前的互联网空间江河日下．．．．、鱼龙混杂，一些有害信息和违法行为时常

兴风作浪，成为阻碍网络健康发展的负能量。 4．下列各句中，标点符号使用正确的一句是 A．子曰：“不义而富且贵，于我如浮云”。强调的是人应当为遵义而活着，突显的是人的道德价值。 B．家训、家规、家教传承的是中国文化的传统美德，这种历史的沉淀和传承是无言的教育，也是一种无声的力量。 C．票房只是衡量电影价值的标准之一，电影内涵是否深刻、画面是否有美感、表演技巧是否娴熟……等都是评价一部电影优劣的重要因素。 D．最近网络“文言神翻译”风潮引发热议，是古典文化回归?还是纯粹的网友文言游戏?众人对这股“最炫文言风”褒贬不一。 5．下列各句中，没有语病、表意明确的一句是 A．中国珠算入选2013年联合国教科文组织非物质文化遗产名录，成为世界上入选“非物质文化遗产”项目最多的国家。 B．近日，朱彦夫被中宣部评为全国首位“时代楷模”，但朱彦夫的先进事迹对于许多人了解得还远远不够。 C．坚持用制度管权管事管人，让人民监督权力，是实现国家治理能力现代化的根本要求，是保证公共权力纯洁性的基本手段。 D．2014年，丁俊晖获得了职业生涯当中的第十一个国际排名赛冠军，成为近二十多年来的又一位单赛季夺取五冠的球手。 2

二、(9分，每小题3分) 阅读下面的文字，完成6～8题。徐悲鸿绘画思想(节选) 徐悲鸿的素描方法与西洋的素描有很大的不同。徐悲鸿在他的创作中最先大胆引进了西方的透视、比例、解剖和光学原理等科学法则；_但他同时注重中国传统绘画以线造型的规范，虚实、轻重、转折、顿挫，其线条勾勒与明暗关系、体面层次的微妙处理，既能表现明确的结构，又合于中国的形式美感。所以，一种线形之美，而且是类似中国画”骨法用笔”的线形之美，是区别于西洋素描并为徐悲鸿所独具的创造。马是历代中国画家喜爱的题材，徐悲鸿的马画可以说家喻户晓，在国人心目中有重要的住置。他采用大写意的表现手法，采取具体的笔法大笔泼写，在泼的基础上与勾勒相结合，并且强调结构形似的精确性。他采用西画中明暗分块造型的方法，用大块的灰墨摆出马的体态，马的轮廓、面官等关系到结构的部位，都以写生为基础，并尽量细致刻画表现，一丝不苟。他画马笔墨酣畅奔放、气宇轩昂，充满生机和活力。徐悲鸿画牛，画狮，画鹰，画猫等的动物画也总是利用写生为基础，应用解剖学原理，让笔墨形式从属并服务于客观对象造型，极力表现动物的雄健、机敏和力量。强调结构形似的精确性和景物的焦点透视效果是西方写实画的主要因素，但中国画不遵从写生，而是用观察和印象积累。笔墨自由和随机性与追求结构形似的真实是一对矛盾，徐悲鸿追求笔墨从属并服务于客观对象造型的需求，即笔墨形式尊重形似结构，他把素描融入笔墨，转换成笔墨，在不同题材的作品中有不尽相同的表现，较好地解决了这个矛盾。素描是时表现主体物象的录入过程，也是作者的创作源泉之一。徐悲鸿为创作《愚公移山》《泰戈尔像》《霸王别姬》《毛泽东在群众中》等都先创作了素描稿。《愚公移山》在印度创作中，画幅中开山的裸体青壮年，都用模特儿画了素描。徐悲鸿为此积稿三十多幅，艰辛的创作、扎实的功底、严谨的治学态度，使画面既洋溢着生活的实感，又充满着神奇幻想的神话境界。画面上人物造型着重于体积的研究，重量与体积感鲜明，造型饱满而结实，扑面而来的形体，都有很强的雕塑感，素描结构严谨，来去分明，亮处有物。暗处不空，具有潜移默化的感觉。画中手法夸张，抡锄挖土的壮汉的造型和肌肉的刻画，激奋的动作的处理，赤裸的健壮的体魄和憨直的神态的描绘等，无不给人无尽的信心和力量。徐悲鸿对以素描的方式作画稿、画模特儿，有选择地采用光影造型，有相当的依赖性。这样的画面改良，对传统笔墨语言势必有一定的削弱和破坏。也淡化中国画的特色，但的确避免了用线描画不竭深度和生动的弊端。从徐悲鸿不少作品的形象塑造上，我们可以看到他的以素描为基础的写实主义的具体实践，渗透了徐悲鸿对艺术的审美和对生活的理解。他追求和所传达的精神不仅仅是惟肖，还有在此基础上的惟妙。“素描为一切造型艺术之基础”，反映了徐悲鸿的科学主义、实证主义的精神。 6．关于“徐悲鸿的素描方法”的解说，下列说法正确的一项是 A．徐悲鸿的素描引进了西方的透视、比例、解剖和光学原理等科学法则，带来了不竭深度和生动的弊端。 B．徐悲鸿的素描注重以线造型的规范，具有线形之美，而且是类似中国画“骨法用笔”的线性之美。 3

C．徐悲鸿的素描能表现造型的明确结构，合于中国的形式美感，主要得益于他不遵从写生的基本理念。 D．徐悲鸿的素描方法与西洋的素描相比，最大的不同是他过分强调结构形似的精确性和景物的焦点透视效果。 7．下列表述，不属于“追求笔墨从属并服务于客观对象造型”创作原则的一项是 A．徐悲鸿的马画在泼的基础上与勾勒相结合，并且强调笔墨自由和随机性。 B．徐悲鸿的马画中马的轮廓、面官等关系到结构的部位，都以写生为基础，并尽量细致刻画表现，一丝不苟。 C．徐悲鸿画牛，画狮，画鹰，画猫等的动物画利用写生为基础，应用解剖学原理，极力表现动物的雄健、机敏和力量。 D．徐悲鸿在创作《愚公移山》《泰戈尔像》《霸主别姬》《毛泽东在群众中》等作品之前，都创作素描稿。 8．下列理解和分析，符合原文内容的一项是 A．徐悲鸿的绘画注重笔墨形式尊重形似结构，在他不同题材的作品中有不尽相同的表现。 B．素描是对表现主体物象的录入过程，也是作者的创作源泉；离开素描，则无法创作绘画。 C．徐悲鸿对以素描的方式作画稿、画模特等，有相当的依赖性，这是对中国传统笔墨语言的一种丰富与提升。 D．“素描为一切造型艺术之基础”，是徐悲鸿绘画思想的核心，体现了他对中国传统绘画理论的全面继承。三、(12分，每小题3分) 阅读下面的文言文，完成9-12题。李之芳，字邺园，山东武定人。顺治四年进士，授金华府椎官。卓异，擢刑部主事。康熙十二年，以兵部侍郎总督浙江军务。会吴三桂反，十三年，奏请复标兵原额，督习枪炮。疏甫上，耿精忠亦叛，遣其将曾养性、白显忠、马九玉数道窥渐，浙大震。之芳檄诸将扼仙霞关，调总兵李荣率副将分道御寇。时上命都统赖塔率师入浙，五月，偕赖塔率满洲兵千、绿旗兵二千、乡勇五百，进驻衢州。众皆谓会城重地，不宣轻委。之芳曰：“不然。衢踞上游，无衢，是无浙也。今日之事，义无反顾。” 七月，之芳与赖塔阅兵水亭门，率总兵官李荣、副都统瑚图等薄贼垒，军坑西。之芳手执刀督阵，或请少避，之芳曰：“三军司命在吾，退即为贼乘。今日胜败，即吾死生矣！”守备程龙怯战，斩以徇。麾众越壕拔栅，败之。遣诸将乘胜复义乌、汤溪、寿昌、淳安、常山、金华石梁、大沟源、东阳等地。诏嘉之芳调度有方。上知闽中有变，命康亲王撤温州之困取福建，之芳乃建议直捣仙霞关，曰：“进取之路，不在温、处而在衢。虽九玉死守河西难猝破，然其南江山，西则常山，皆间道可袭。我兵一进，使彼首尾受敌，即河西之垒不能独完。”王从之芳议。遂进兵大溪滩，复江山，九玉走。欲别取道夺仙霞。诸将受之芳密檄，急据关夹击，其将金应虎等穷蹙降。王师下福建，临行，之芳启曰：“王但饬诸军勿虏掠，即长驱入，兵可不血刃也。”未几精忠降，温、处贼皆溃散。精忠所署置总兵马鹏、汪文生等犹踞玉山、铅山、弋阳、德兴，之芳请会剿。时吴三桂兵寇吉安、袁州，江西兵不能东，4

乃独遣兵复玉山，文生遁；自白沙关趋德兴，擒鹏；遣郭守金等复铅山、兴安、弋阳、贵溪诸县。上嘉之芳剿贼邻省有功，加兵部尚书衔。康亲王师将行，遣人问之芳：“所策固万全乎?”之芳曰：“军已发，犹豫则士气沮。” 乃诣王曰：“虏在吾目中久，明日捷书至矣!”前军捷书果至，康亲王大喜，以为神。浙乱平，疏请蠲(1)被兵州县额赋，安辑流亡，甚有威惠。入为兵部尚书，调吏部。二十六年，授文华殿大学士。二十七年，御史郭琇疏劾大学士明珠，谓内阁票拟②，皆听明珠指挥，上既罢明珠，并命之芳休致。三十三年，卒于家，谥文襄。 (选自《清史稿·卷二百五十一·列传三十八》，有删节) 【注】①蠲(juan)：同“捐”，免除、去掉。②票拟：指对中央、地方各衙门及臣僚呈送皇帝的章奏，内阁根据有关法规和典章律例代拟初步处理意见，以备皇帝裁决时参考。 9．对下列句子中加点词的解释，不正确的一项是 A．卓异，擢刑部主事擢：提拔 B．疏甫上，耿精忠亦叛甫：刚刚 C．率总兵官李荣、副都统瑚图等薄贼垒薄：轻视 D．乃诣王曰：“虏在吾目中久，明日捷书至矣!” 诣：到，造访 10．下列各句中，加点词的意义和用法都相同的一组是 A．①三军司命在吾，退即为贼乘 ②吾属今为之虏矣 B．①之芳乃建议直捣仙霞关 ②若事之不济，此乃天也 C．①进取之路，不在温、处而在衢 ②吾尝终日而思矣 D．①军已发，犹豫则士气沮 ②于其身也，则耻师焉，惑矣 11．下面六句话分别编为四组，全都表现李之芳“善谋”的一组是 ①众皆谓会城重地，不宜轻委 ②今日胜败，即吾死生矣 ③诸将受之芳密檄，急据关夹击。其将金应虎等穷蹙降 ④王但饬诸军勿虏掠，即长驱入，兵可不血刃也 ⑤所策固万全乎 ⑥浙乱平，疏请蠲被兵州县额赋，安辑流亡 A．①②③ B．①⑤⑥ c．②④⑤ D，③④⑥ 12：下列对原文有关内容的理解和分析，表述不正确的一项是 A．李之芳因为在清顺治四年中进士，被任命为浙江金华府推官，后来又因为功劳大，最终官职做到文华殿大学士。 B．为防备叛乱的耿精忠攻打浙江，李之芳派他的将领曾养性、白显忠等数路保卫浙江，浙江上下对他表示称赞。 „C.李之芳与赖塔带领总兵李荣、副都统瑚图等在坑西与叛军展开激战，李之芳对怯战的守备程龙处以斩刑来严明军纪。 D：康熙二十七年，御史郭琇上疏弹劾大学士明珠，认为在内阁票拟时大学士都听从明珠指挥，李之芳受到牵连，回家休养。

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