阶段滚动检测(四)

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高中人教版数学A版必修2(课时作业与单元测试卷)：第三、四章滚动检测 Word版含解析

A．4 B．3
C．2 D．1
答案：B
解析：由离为d，则由三角形ABC的面积为1可得1＝ ×2 ×d，解得d＝，即＝，解得b＝3－a或b＝1－a，又因为|OC|＝＝，所以a2＋(3－a)2＝或a2＋(1－a)2＝，整理得4a2－12a＋9＝0或4a2－4a－7＝0，解得a＝，a＝＋，a＝－，即a有三个不同的解，所以点C的个数为3.
6．若P(2，－1)为圆(x－1)2＋y2＝25的弦AB的中点，则直线AB的方程是()
A．x－y－3＝0 B．2x＋y－3＝0
C．x＋y－1＝0 D．2x－y－5＝0
答案：A
解析：圆心为C(1,0)，∵AB⊥CP，kCP＝＝－1，∴kAB＝1，且直线AB过点P(2，－1)，∴直线方程为x－y－3＝0.
答案：3x＋y－6＝0
解析：设A(m,0)，B(0，n)．由P(1,3)是AB的中点可得m＝2，n＝6，即A，B的坐标分别为(2,0)，(0,6)．
由两点式直接得方程＝，即3x＋y－6＝0.
15．已知圆C的方程为x2＋y2－2y－3＝0，过点P(－1,2)的直线l与圆C交于A，B两点，若使|AB|最小，则直线l的方程是________．
即不论m取什么实数，它恒过两直线2x＋y－10＝0与x＋3y－15＝0的交点．两方程联立，解得交点为(3,4)．
又有(3－2)2＋(4－3)2＝2＜16，
∴点(3,4)在圆内部，
∴不论m为何实数，直线l与圆恒相交．
(2)解：从(1)的结论和直线l过定点M(3,4)且与过此点的圆C的半径垂直时，l被圆所截的弦长|AB|最短，由垂径定理得
第三、四章滚动检测
班级____姓名____考号____分数____
本试卷满分150分，考试时间120分钟．

2014版广西《复习方略》(数学文)阶段滚动检测(四)

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阶段滚动检测（四）第一～十一章（120分钟 150分）一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.(滚动单独考查)已知集合A={x||x|>1},B={x|y=},则A∩B=( )(A)[-2,2] (B)(-2,2)(C)[-2,-1)∪(1,2] (D)(-2,-1)∪(1,2)2.(滚动单独考查)在等差数列{a n}中,a1+a3+a5=6,则该数列前5项的和S5=( )(A)8 (B)10 (C)12 (D)183.同一宿舍的6名同学站成一排照相留念,甲乙两名同学必须排在一起的不同排法有( )(A)120 (B)180 (C)240 (D)3004.甲、乙两人参加“讲文明树新风构建和谐社会”知识竞赛,共有10道不同的题目,其中6道选择题,4道判断题,两人依次各抽一题,则甲抽到选择题,乙抽到判断题的概率是( )(A)(B)(C)(D)5.(2013·桂林模拟)在△ABC中,“cosA+sinA=cosB+sinB”是“C=90°”的( )(A)充分不必要条件(B)必要不充分条件(C)充要条件(D)既不充分也不必要条件6.(滚动单独考查)=( )(A)2 (B)(C)(D)7.(2012·广东高考)从个位数与十位数之和为奇数的两位数中任取一个,其个位数为0的概率是( )(A)(B)(C)(D)8.如图,直三棱柱A1B1C1-ABC中,∠BCA=90°,点D1,F1分别是A1B1,A1C1的中点,若BC=CA=CC1,则BD1与AF1所成角的余弦值为( )(A)(B)(C)(D)9.若每名学生测试达标的概率都是(相互独立),测试后r个人达标,经计算5人中恰有r人同时达标的概率是,则r的值为( )(A)3或4 (B)4或5(C)3 (D)410.(滚动单独考查)已知F1,F2是双曲线的两个焦点,PQ是经过F1且垂直于x轴的双曲线的弦,如果∠PF2Q=90°,则该双曲线的离心率等于( )(A)(B)+1(C)-1 (D)+111.f(x)是集合A到集合B的一个函数,其中A={1,2,…,n},B={1,2,…,2n},n∈N*,则f(x)为单调递增函数的概率是( )(A)(B)(C)(D)12.已知正六棱柱的12个顶点都在一个半径为3的球面上,当正六棱柱的体积最大(柱体体积=底面积×高)时,其高的值为( )(A)3(B)2(C)(D)二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.请把正确答案填在题中横线上)13.(2013·钦州模拟)从一副扑克牌(52张)中随机抽取2张,则“抽出的2张不是同一花色”的概率为.14.(滚动单独考查)函数y=x+(x<-1)的最大值是.15.(2013·河池模拟)若(x-)6展开式的常数项为60,则常数a的值为.16.(滚动单独考查)已知{a n}是等比数列,a4+a7=2,a5a6=-8,则a1+a10= .三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)17.(10分)(2013·防城港模拟)在“环境保护低碳生活知识竞赛”第一环节测试中,设有A,B,C三道必答题,分值依次为20分,30分,50分.竞赛规定:若参赛选手连续两道题答题错误,则必答题总分记为零分;否则各题得分之和记为必答题总分.已知某选手回答A,B,C三道题正确的概率分别是,,,且回答各题时相互之间没有影响.(1)若此选手按A,B,C的顺序答题,求其必答题总分不小于80分的概率.(2)若此选手可以自由选择答题顺序,求其必答题总分为50分的概率.18.(12分)(滚动单独考查)设函数f(x)=m·n,其中向量m=(2,2cosx),n=(sin2x,2cosx),x∈R.(1)求f(x)的最大值与最小正周期.(2)在△ABC中,a,b,c分别是A,B,C的对边,f(A)=4,a=,b+c=3(b>c),求b,c的值.19.(12分)(2013·玉林模拟)某班将要举行篮球投篮比赛.比赛规则是:每位选手可以选择在A区投篮2次或选择在B区投篮3次,在A区每进一球得2分,不进球得0分;在B区每进一球得3分,不进球得0分,得分高的选手胜出.已知参赛选手甲在A区和B区每次投篮进球的概率分别是和.(1)若选手甲选在A区投篮,求选手甲至少得2分的概率.(2)求选手甲在A区投篮得分高于在B区投篮得分的概率.20.(12分)已知斜三棱柱ABC-A1B1C1的底面ABC为直角三角形,且∠ACB=90°,侧棱与底面成60°角,点B1在底面上的射影D为BC的中点,且BC=2cm.(1)求证:AB1⊥BC1.(2)若A-BB1-C为30°的二面角,求四棱锥A-B1BCC1的体积.21.(12分)甲、乙、丙三个同学同时报名参加某重点高校2012年自主招生,高考前自主招生的程序为审核材料和文化测试,只有审核过关后才能参加文化测试,文化测试合格者即可获得自主招生入选资格.因为甲、乙、丙三人各有优势,甲、乙、丙三人审核材料过关的概率分别为0.5,0.6,0.4,审核过关后,甲、乙、丙三人文化测试合格的概率分别为0.6,0.5,0.75.(1)求甲、乙、丙三人中只有一人通过审核材料的概率.(2)求甲、乙、丙三人中至少有两人获得自主招生入选资格的概率.22.(12分)(滚动单独考查)已知椭圆C的中心在原点,一个焦点为F(-2,0),且长轴长与短轴长的比是2∶.(1)求椭圆C的方程.(2)设点M(m,0)在椭圆C的长轴上,点P是椭圆上任意一点,当||最小时,点P 恰好落在椭圆的右顶点,求实数m的取值范围.答案解析1.【解析】选C.∵A={x|x>1或x<-1},B={x|-2≤x≤2},∴A∩B={x|-2≤x<-1,或1<x≤2}.2.【解析】选B.由题意得3a3=6,即a3=2,∴S5===10.3.【解析】选C.用捆绑法,共有=240(种)排法.4.【解析】选D.由等可能事件的概率公式得P==.【误区警示】解答本题易误选B,做法如下:P==,出错的原因是忽视了抽题的顺序,把排列问题当成了组合问题.5.【解析】选B.若cos A+sin A=cos B+sin B,则可以是A=B,∴C=90°不一定成立;反之,若C=90°,则A与B互余.∴cos A=sin B,sin A=cos B.∴cos A+sin A=cos B+sin B.∴“cos A+sin A=cos B+sin B”是“C=90°”的必要不充分条件.6.【解析】选A.原式====2.7.【解析】选D.由题意,知两位数中的个位数与十位数必是一奇一偶,当个位数为奇数,十位数为偶数时,这样的两位数有=20个,当个位数为偶数十位数为奇数时,这样的两位数有=25个,满足个位数与十位数之和为奇数的两位数共有20+25=45(个),其中个位数为0的两位数有=5(个),故所求概率P==. 8.【思路点拨】见中点找中点,利用中位线及平行四边形找出异面直线所成的角,再用余弦定理解三角形.【解析】选A.如图取BC的中点G,连结F1G,AG,D1F1,∵D1,F1分别是A1B1,A1C1的中点,∴D1F1∥B1C1且D1F1=B1C1,又在直三棱柱A1B1C1-ABC中,G是BC的中点,∴D1F1∥BG,且D1F1=BG,∴四边形BGF1D1是平行四边形,∴F1G∥BD1,∴∠AF1G是异面直线BD1与AF1所成的角(或其补角).令BC=CA=CC 1=2,则在△AGF1中,AF1=,AG=,GF1=BD1==,∴cos∠AF1G==.【方法技巧】异面直线所成角的找法平移法:也就是把两条异面直线平移成相交直线,一般情况是平移其中的一条,另一条不动,这里所谓的平移就是找一条直线和其中的一条异面直线平行且和另一条相交,常用的找法是中位线法、平行四边形法等,注意若平移后两条相交直线所成的角为钝角,则异面直线所成的角应是其补角.9.【解析】选A.由题意知,()r()5-r=,验算得r=3或4.10.【解析】选B.设双曲线的方程为-=1(a>b>0),半焦距c=.将x=-c代入双曲线方程得y=〒.∵∠PF2Q=90°,∴∠PF2F1=45°.∴2c=,2ac=b2,2ac=c2-a2.可化为e2-2e-1=0,解之得e=1〒.又∵e>1,∴e=1+.11.【思路点拨】先计算从集合A到集合B组成的函数的个数,再判断单调递增函数的个数.【解析】选D.从集合A到集合B,其中A={1,2,…,n},B={1,2,…,2n},n∈N*可以构成(2n)n个函数,其中为单调增函数的有个,故选D.12.【解析】选B.以正六棱柱的最大对角面作截面,如图.设球心为O,正六棱柱的上下底面中心分别为O1,O2,则O是线段O1O2的中点.设正六棱柱的底面边长为a,高为2h,则a2+h2=9.正六棱柱的体积为V=6〓a2〓2h,即V=3(9-h2)h,则V'=3(9-3h2),得极值点h=,不难知道这个极值点是极大值点,也是最大值点.故当正六棱柱的体积最大时,其高为2.13.【解析】每副扑克牌有4种花色,每种花色有13张.故所求概率为P==.答案：【变式备选】箱内有大小相同的6个红球和4个黑球,从中每次取1个球记下颜色后再放回箱中,则前3次恰有1次取到黑球的概率为.【解析】每一次取到黑球的概率均为=,每一次取到红球的概率均为=,则前3次恰有1次取到黑球的概率为()1〃()2=.答案：14.【解析】∵x<-1,∴x+1<0,∴y=x+1+-1=-[-(x+1)+]-1≤-2-1=-3.当且仅当-(x+1)=,即x=-2时“=”成立.答案：-315.【解析】T r+1=x6-r(-)r=(-1)r()r x6-3r(r=0,1, (6)由6-3r=0得r=2.∴展开式的常数项是()2=60.∴a=4.答案：416.【思路点拨】利用等比数列的性质及通项公式解答. 【解析】由等比数列的性质,得a5a6=a4a7=-8,∴解得或∴或∴a1+a10=a1(1+q9)=-7.答案：-717.【解析】(1)若考生按A,B,C的顺序答题,记该生最后得分不小于80分为事件E.则P(E)=〓〓+(1-)〓〓=,所以若此选手按A,B,C的顺序答题,其必答题总分不小于80分的概率为.(2)考生自由选择答题顺序,记总分得50分为事件D,记D1表示A,B答对,C答错,D2表示A,B答错,C答对,则D=D1+D2,且D1,D2互斥.又P(D1)=〓〓(1-)=,P(D2)=(1-)〓(1-)〓〓=.所以P(D)=P(D1+D2)=P(D1)+P(D2)=.18.【解析】(1)f(x)=m〃n=4cos2x+2sin2x=2cos2x+2sin2x+2=4sin(2x+)+2, 所以f(x)的最大值是6,最小正周期T=π.(2)由f(A)=4,得A=,由余弦定理cosA==,a=,b+c=3,可得bc=2,又因为b+c=3,b>c,所以b=2,c=1.19.【解析】(1)设“选手甲在A区投篮得2分”为事件M,“选手甲在A区投篮得4分”为事件N,则事件M与事件N互斥,“选手甲选在A区投篮至少得2分”为事件M+N,P(M)=(1-)=,P(N)=()2=,P(M+N)=P(M)+P(N)=+=,从而选手甲选在A区投篮,选手甲至少得2分的概率是.(2)设“选手甲在A区投篮得分高于在B区投篮得分”为事件C,“选手甲在A区投篮得4分且在B区投篮得3分或0分”为事件D.“选手甲在A区投篮得2分且在B区投篮得0分”为事件E.则事件C=D+E,且事件D与事件E互斥,P(D)=〓(+)=,P(E)=〓=,P(C)=P(D+E)=P(D)+P(E)=+=,故选手甲在A区投篮得分高于在B区投篮得分的概率为.【方法技巧】解决概率问题的步骤1.确定事件性质.将所给的问题归类(如看是否是随机事件、等可能性事件、互斥事件、相互独立事件、n次独立重复试验).2.判断事件概率的运算,即判断至少有一个发生,还是同时发生,确定运用相加或相乘原理.3.运用公式计算.等可能性事件:P(A)=.互斥事件:P(A+B)=P(A)+P(B).相互独立事件:P(A〃B)=P(A)〃P(B).n次独立重复试验:P n(k)=P k(1-P)n-k(k=0,1,2,…,n).【变式备选】从甲地到乙地一天共有A,B两班车,由于雨雪天气的影响,一段时间内A班车正点到达乙地的概率为0.7,B班车正点到达乙地的概率为0.75. (1)有三位游客分别乘坐三天的A班车从甲地到乙地,求其中恰有两名游客正点到达的概率(答案用数字表示).(2)有两位游客分别乘坐A,B班车从甲地到乙地,求其中至少有1人正点到达的概率(答案用数字表示).【解析】(1)坐A班车的三人中恰有两人正点到达的概率为P=3〓0.72〓0.31=0.441.(2)记“A班车正点到达”为事件M,“B班车正点到达”为事件N,则两人中至少有一人正点到达的概率为P=P(M〃N)+P(M〃)+P(〃N)=0.7〓0.75+0.7〓0.25+0.3〓0.75=0.525+0.175+0.225=0.925.20.【思路点拨】(1)AB1与BC1是两条异面直线,不妨考虑用三垂线定理证之.因BC1在平面B1BCC1上,设法找出AB1在面B1BCC1上的射影.证AC⊥平面B1BCC1,连结B1C,则B1C为AB1在面B1BCC1上的射影,只要证明B1C⊥BC1即可.(2)由(1)知AC是棱锥A-B1BCC1的高.由A-BB1-C为30°及其他条件求出菱形B1BCC1面积即可.【解析】(1)∵D是B1在底面ABC上的射影,∴B1D⊥底面ABC.又∵AC⊂平面ABC,∴B1D⊥AC.∵∠ACB=90°,AC⊥BC,BC∩B1D=D.∴AC⊥平面B1BCC1.连结B1C,在▱B1BCC1中,∵侧棱与底面成60°,即∠B1BC=60°,且D为BC的中点,∴四边形B1BCC1为菱形.∴BC1⊥B1C.∵已证AC⊥平面B1BCC1,由三垂线定理,有AB1⊥BC1.(2)∵△B 1BC 为正三角形,且BC=2cm, ∴B 1B=2cm. 作CM ⊥B 1B 于M, 则CM=cm.∵AC ⊥平面B 1BCC 1,连结AM, ∴AM ⊥BB 1.∴∠CMA 是二面角A-B 1B-C 的平面角.则∠CMA=30°. 在Rt △CMA 中, CA=CM 〃tan30°=1(cm).又∵11B BCC S =BB 1〃BC 〃sin 60°=2(cm 2),∴11A-B BCC V =11B BCC 1S3〃AC=(cm 3).21.【解析】(1)分别记甲、乙、丙通过审核材料为事件A 1,A 2,A 3,记甲、乙、丙三人中只有一人通过审核为事件B,则P(B)=P(A 1)+ P(A 2)+ P(A 3)=0.5〓0.4〓0.6+0.5〓0.6〓0.6+0.5〓0.4〓0.4=0.38.(2)分别记甲、乙、丙三人中获得自主招生入选资格为事件C,D,E,记甲、乙、丙三人中至少有两人获得自主招生入选资格为事件F,则P(C)=P(D)=P(E)=0.3, ∴P(F)=〓0.32〓0.7+〓0.33=0.189+0.027=0.216. 22.【解析】(1)设椭圆C 的方程为+=1(a>b>0). 由题意,得解得a 2=16,b 2=12.所以椭圆C 的方程为+=1.(2)设P(x,y)为椭圆上的动点,由于椭圆方程为+=1,故-4≤x≤4.因为=(x-m,y),所以||2=(x-m)2+y2=(x-m)2+12〃(1-)=x2-2mx+m2+12=(x-4m)2+12-3m2.因为当||最小时,点P恰好落在椭圆的右顶点,即当x=4时,|取得最小值.而x∈[-4,4],故有4m≥4,解得m≥1.又点M在椭圆的长轴上,所以-4≤m≤4.故实数m的取值范围是[1,4].关闭Word文档返回原板块。

高中生物阶段滚动检测4(含答案详解)

高中生物阶段滚动检测(四)一、选择题：共16小题，共40分。

第1～12小题，每小题2分；第13～16小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．某种分泌细胞以出芽的方式将部分RNA包裹在囊泡中形成外泌体，这些RNA随囊泡被运输到特定的受体细胞处，被受体细胞吸纳，最终改变了该受体细胞的生理功能。

下列有关叙述错误的是()A．两种细胞间转运RNA的过程体现了细胞膜的流动性B．外泌体在分泌细胞与受体细胞间的信息交流中发挥重要作用C．分泌细胞中合成的此类RNA在受体细胞中也能够合成D．分泌细胞的RNA进入受体细胞后并不能改变后者的遗传物质C[外泌体囊泡的形成以及外泌体囊泡膜与受体细胞膜的融合，均离不开细胞膜的流动性，A正确；由于分泌细胞包裹的RNA对受体细胞的生理功能具有调节作用，因此可实现细胞间信息交流，B正确；如果受体细胞中能够合成分泌细胞中的此类RNA，就不会通过外泌体进行转移RNA了，C错误；分泌细胞的RNA进入受体细胞后，在受体细胞中能够进行翻译，并不能改变后者的遗传物质，D正确。

]2．(2021·湖湘名校教育联合体高三模拟)研究表明：持续的肺部炎症会导致在休眠癌细胞周围出现两种名为NE(中性粒细胞弹性蛋白酶)和MMP9(基质金属蛋白酶9)的酶，它们能将肺部组织中的层粘连蛋白切割。

这会改变层粘连蛋白的形状，使它暴露出一个名为表位的新表面。

附近的休眠癌细胞能识别表位并被唤醒。

据此，下列说法错误的是()A．开发出一种能与表位特异性结合的抗体是防止癌症复发的有效途径B．休眠的癌细胞的细胞膜表面可能有与“表位”结合的受体蛋白C．“NE”“MMP9”在细胞内运输过程中的交通枢纽是内质网D．休眠癌细胞之所以能在治愈患者体内长期存在可能是它能躲避和欺骗免疫系统C[表位与特异性抗体结合后休眠癌细胞不能识别表位，不会被唤醒，可防止癌症复发，A正确；休眠癌细胞能识别表位，说明其细胞膜表面可能有与“表位”结合的受体蛋白，B正确；“NE”“MMP9”在细胞内运输过程中的交通枢纽是高尔基体，C错误；休眠癌细胞之所以能在治愈患者体内长期存在可能是它能躲避和欺骗免疫系统，D正确。

人教版高考化学复习阶段滚动检测1

阶段滚动检测 (一)(90分钟100分)一、选择题(本题包括16小题,每小题3分,共48分。

)1.(2020·廊坊模拟)北魏贾思勰《齐民要术·作酢法》这样描述苦酒：“乌梅苦酒法：乌梅去核,一升许肉,以五升苦酒渍数日,曝干,捣作屑。

欲食,辄投水中,即成醋尔。

”下列有关苦酒主要成分的说法正确的是( )A.苦酒的主要溶质是非电解质B.苦酒的主要溶质是强电解质C.苦酒的主要溶质是弱电解质D.苦酒的溶液中只存在分子,不存在离子【解析】选C。

根据题意分析苦酒即成醋尔,说明苦酒的成分是乙酸。

A.苦酒的主要溶质是乙酸,属于弱电解质,故A、B错误,C正确；D.苦酒的溶质属于弱电解质,在水中部分电离,所以既有电解质分子CH3COOH,又有H+和CH3COO-,故D错误。

2.(2020·大连模拟)将30 mL 0.5 mol·L-1 NaOH溶液加水稀释到500 mL。

N A表示阿伏加德罗常数的值,关于稀释后溶液的叙述不正确的是( )A.溶液中OH-浓度为0.03 mol·L-1B.该溶液中含Na+个数为0.015N AC.向原溶液中加入470 mL蒸馏水即可D.该溶液中含有氧原子个数大于0.015N A【解析】选C。

溶液稀释前后溶质的物质的量不变,则30 mL×0.5 mol·L-1=500 mL×c,c=0.03 mol·L-1,A正确；稀释前后Na+物质的量不变,为0.015 mol,B正确；应在500 mL容量瓶中定容配制,C错误；溶液中水分子也含有氧原子,D正确。

3.下列关于氢氧化铁胶体的说法不正确的是( )A.往NaOH饱和溶液中滴加FeCl3饱和溶液,加热煮沸制备氢氧化铁胶体B.氢氧化铁胶体的胶粒大小在1～100 nmC.氢氧化铁胶体可发生丁达尔效应D.往氢氧化铁胶体中滴加电解质溶液可发生聚沉现象【解析】选A。

往NaOH饱和溶液中滴加FeCl3饱和溶液,得到氢氧化铁红褐色沉淀,A项错误；胶体的胶粒大小在1～100 nm,这是胶体区别于其他分散系的本质特征,B项正确；胶体可发生丁达尔效应,可借助此性质区分胶体与溶液,C项正确；氢氧化铁胶体的胶粒带电,滴加电解质溶液可发生聚沉现象,D项正确。

安徽省化学(人教版)(单元评估检测+课时检测+阶段滚动检测共58份)安徽省化学(人教版)阶段滚动

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阶段滚动检测（三）第一～七章(90分钟100分)第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本题包括16小题,每小题3分,共48分)1.(滚动单独考查)N A表示阿伏加德罗常数,下列叙述正确的是( )A.标准状况下,2.24 L Cl2通入足量NaOH溶液中,反应转移电子的数目为0.2N AB.1 mol K与足量O2反应,生成K2O、K2O2和KO2的混合物时转移的电子数为N AC.常温常压下,1.7 g H2O2中含有的电子数为N AD.标准状况下,1 mol CO2所含共用电子对数为2N A2.下列可逆反应达到平衡后,增大压强同时升高温度,平衡一定向右移动的是( )A.2AB(g)A2(g)+B2(g) ΔH>0B.A2(g)+3B2(g)2AB3(g) ΔH<0C.A(s)+B(g)C(g)+D(g) ΔH>0D.2A(g)+B(g)3C(g)+D(s) ΔH<03.(2013·池州模拟)对于达到平衡的可逆反应:X+YW+Z,其他条件不变时,增大压强,正、逆反应速率变化的情况如图所示。

下列对X、Y、W、Z四种物质状态的描述正确的是( )A.W、Z均为气体,X、Y中只有一种为气体B.X、Y均为气体,W、Z中只有一种为气体C.X、Y或W、Z中均只有一种为气体D.X、Y均为气体,W、Z均为液体或固体4.已知:①H+(aq)+OH-(aq)====H2O(l)ΔH1(ΔH1表示中和热);②2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) ΔH2。

其他条件不变时,改变反应物的量,则下列判断正确的是( )A.ΔH1增大,ΔH2减小B.ΔH1增大,ΔH2增大C.ΔH1减小,ΔH2减小D.ΔH1不变,ΔH2不变5.(滚动交汇考查)下列说法正确的是( )A.原子中,核内中子数与核外电子数的差值为143B.纯碱、CuSO4·5H2O和生石灰分别属于盐、混合物和氧化物C.凡是能电离出离子的化合物都是离子化合物D.NH3、硫酸钡和水分别属于非电解质、强电解质和弱电解质6.(滚动交汇考查)下列叙述中错误的是( )A.砹化银见光容易分解,难溶于水B.H2O、H2S、H2Se随着相对分子质量的增大,沸点逐渐升高C.H2CO3比H2SiO3酸性强,故将CO2通入Na2SiO3溶液中有H2SiO3析出D.氢氧化铊[Tl(OH)3]不一定呈两性7.(滚动单独考查)下列离子方程式中不正确的是( )A.碳酸氢钙溶液中加入过量氢氧化钠溶液:Ca2++2HC+2OH-====CaCO3↓+2H2O+CB.4 mol·L-1的NaAlO2溶液和7 mol·L-1的盐酸等体积均匀混合:4Al+7H++H2O====3Al(OH)3↓+Al3+C.0.1 mol溴化亚铁溶液中滴入含0.1 mol Cl2的氯水:2Fe2++2Br-+2Cl2====2Fe3++Br2+4Cl-D.向Mg(HCO3)2溶液中加入过量的NaOH溶液:Mg2++2HC+2OH-====MgCO3↓+C+2H2O8.(2013·阜阳模拟)已知X、Y、Z、W、T是短周期中原子序数依次增大的5种主族元素。

单元滚动检测卷(四)

单元滚动检测卷（四）单元滚动检测卷(四)第Ⅰ卷选择题(共50分) 1．(2019·杭州市余杭区高三上学期期末)《青花瓷》中所描绘的“瓶身描绘的牡丹一如你初妆”、“色白花青的锦鲤跃然于碗底”等图案让人赏心悦目，但古瓷中所用颜料成分一直是个谜，近年来科学家才得知大多为硅酸盐，如蓝紫色的硅酸铜钡(BaCuSi2O6)。

下列关于硅酸铜钡的说法不正确的是()A．是一种硅酸盐B．性质稳定，不易脱色C．易溶于强酸和强碱D．可用氧化物形式表示为BaO·CuO·2SiO2答案 C解析根据题干知，蓝紫色的硅酸铜钡(BaCuSi2O6)为硅酸盐，A项正确；古瓷年代久远，CO2气体，碳酸钠会与二氧化碳、水反应生成碳酸氢钠，由于①碳酸氢钠溶解度小于碳酸钠、②反应消耗溶剂水、③碳酸钠转化成碳酸氢钠质量大，故溶液会有碳酸氢钠晶体析出，故A项错误；向硅酸钠溶液中通入氯化氢气体，硅酸钠与盐酸反应生成难溶物硅酸，故有沉淀产生，故B项错误；向氯化钙和盐酸的混合溶液中通入SO2气体，三者该条件下不反应，故无沉淀产生，故C项正确；向硝酸银溶液中通入氯气，氯气溶于水反应产生Cl－，则Ag＋与Cl－反应产生氯化银沉淀，有固体析出，故D项错误。

3．(2019·杭州市余杭区高三联考)下列叙述正确的是()A．光导纤维中所用材料为晶体硅B．SiO2是酸性氧化物，所以不与任何酸反应C．可用Na2SiO3溶液和CO2反应来制备H2SiO3 D．NaOH溶液可以盛装在带玻璃塞的磨口试剂瓶中答案 C解析光导纤维的所用材料为二氧化硅，故A项错误；SiO2是酸性氧化物，但可与氢氟酸反应，故B项错误；硅酸酸性弱于碳酸，故可用碳酸与硅酸钠反应制备硅酸，故C项正确；玻璃中含有二氧化硅，二氧化硅为酸性氧化物，可与氢氧化钠反应生成硅酸钠和水，故NaOH溶液不可以盛装在带玻璃塞的磨口试剂瓶中，应用带橡胶塞的试剂瓶，故D项错误。

4．(2019·浙江省温州中学高三上学期期末)下列反应或现象与浓硫酸的强氧化性有关的是() A．浓硫酸可以干燥SO2、H2等气体B．常温下浓硫酸可以使Al、Fe发生钝化C．浓硫酸溶于水放热D．用浓硫酸和NaCl固体加热制备HCl气体答案 B解析浓硫酸具有吸水性，可以干燥SO2、H2等气体，与氧化性无关，A错误；常温下浓硫酸可以使Al、Fe发生钝化，与其强氧化性有关系，B 正确；用浓硫酸和NaCl固体加热制备HCl气体利用的是浓硫酸的高沸点、难挥发性，与氧化性无关系，D错误。

2022届高三化学一轮复习单元检测、滚动检测第04章非金属元素及其化合物(单元测)解析版

绝密★启用前考试时间：90分钟总分：100分姓名：__________ 班级：__________得分：_________题号第I卷17 18 19 20 总分得分留意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（共48分）一、选择题（16小题，每小题3分，共48分，每小题只有一个正确答案）1．下列陈述Ⅰ、Ⅱ正确并有因果关系的是（）选项陈述Ⅰ陈述ⅡA 氢氟酸具有酸性氢氟酸可用于雕刻玻璃B SO2有氧化性SO2可用于漂白纸浆C NH3极易溶于水NH3可用作制冷剂D ClO2具有强氧化性ClO2可用于自来水的杀菌消毒考点：考查物质性质与用途的有关推断2．如图所示，集气瓶内布满某混合气体，置于光亮处，将滴管内的水挤入集气瓶后，烧杯中的水会进入集气瓶，集气瓶内气体是（）①CO、O2②C12、CH4③NO2、O2④N2、H2A．①②B．②④C．②③D．③④3．德国有名行业杂志《应用化学》上刊登文章介绍：某中德联合争辩小组设计制造了一种“水瓶”，用富勒烯(C60)的球形笼子作“瓶体”，一种磷酸盐作“瓶盖”，恰好可将一个水分子关在里面。

下列说法正确的是（）A．水、王水、双氧水都是纯洁物B．石墨和C60互为同位素C．磷酸钙中所含元素都是短周期元素D．肯定条件下石墨转化为C60是化学变化考点：考查物质的性质及分类、组成的学问。

4．酸雨给人类带来了种种灾难，严峻地威逼着地球生命生存的生态环境，下列有关削减或者防止酸雨形成的措施中可行的是（）①将煤液化或气化，获得清洁燃料②对含SO2、NO2等工业废气进行无害处理后，再排放到大气中③人工收集雷电作用所产生的氮的氧化物④飞机、汽车等交通工具接受新能源，比如氢能A．①②④B．①②③C．①②③④D．①③④5．亚硝酸钠（NaNO2）是一种具有咸味、有毒，且价格比食盐（NaCl）廉价的工业用盐，常被误作食盐使用，导致多起中毒事故发生。

它的部分性质见右图，下列说法错误的是（）A．可用淀粉碘化钾试纸和食醋鉴别食盐（NaCl）与亚硝酸钠（NaNO2）B．N2H4极易溶于水，由于它是极性分子且与水分子之间易形成氢键C．NaNO2与N2H4生成NaN3的反应方程式为：NaNO2+N2H4 = NaN3 + 2H2OD．上图所涉及到的化学反应都是氧化还原反应6．下列关于硅单质及其化合物的说法正确的是（）①硅酸盐Na2Fe2Si3O10用氧化物的形式表示为：Na2O·2FeO·3SiO2②水泥、玻璃、水晶饰物都是硅酸盐制品③高纯度的硅单质广泛用于制作光导纤维④单质硅是将太阳能转变为电能的常用材料A．②③B．①③C．①④D．④7．下列叙述正确的是（）A．蔗糖中加入浓硫酸后消灭发黑现象，说明浓硫酸具有吸水性B．硫粉在过量的氧气中燃烧可以生成SO3C．将少量SO2通入BaCl2溶液能生成白色沉淀D．既可用品红溶液或酸性KMnO4溶液鉴别CO2和SO2，不行用澄清石灰水鉴别CO2和SO2。

七年级数学第四周滚动检测试卷

七年级数学（第四周）滚动检测试卷一、选择题（本大题共9小题，每小题4分，满分36分）1．冰箱冷藏室的温度零上5℃记作+5℃，保鲜室的温度零下1℃记作（）A．+6℃B．﹣1℃C．﹣11℃D．﹣6℃2．是2022的（）A．相反数B．绝对值C．倒数D．平方根3．在﹣，2，0，﹣1这四个数中，最小的数是（）A．B．2C．0D．﹣4．根据第七次全国人口普查结果，至2020年11月1日零时，广州11个区中，人口超过300万的区有1个，为白云区．将300万用科学记数法表示应为（）A．300.0×104B．30.0×105C．3.0×106D．0.3×1075．下列算式中，运算结果为负数的是（）A．﹣（﹣2）3B．﹣|﹣1|C．﹣（﹣）D．（﹣3）26．当a＜0时，下列式子①a2＞0；②a2＝﹣a2；③a2＝（﹣a）2；④a3＝﹣a3；⑤（﹣a）3＝a3；⑥|a|＝a中，正确的个数有（）A．1B．2C．3D．47．观察下列算式：21＝2 22＝4 23＝8 24＝16 25＝32 26＝64 27＝128 28＝256…，根据上述算式中的规律，你认为22011的末位数字是（）A．2B．4C．6D．88．若|m﹣n|＝n﹣m，且|m|＝4，|n|＝3，则m+n＝（）A．1或﹣1B．﹣1或7C．1或﹣7D．﹣1或﹣79．若m满足方程|2019﹣m|＝2019+|m|，则|m﹣2020|等于（）A．m﹣2020B．﹣m﹣2020C．m+2020D．﹣m+2020二、填空题（本大题共6小题，每小题5分，满分30分）10．若x，y为有理数，且|x+2|+（y﹣2）2＝0，则（）2021的值为．11．观察数列：﹣2，4，﹣8，16，……；第7个数为．12．一根1米长的绳子，第一次剪去一半，第二次剪去剩下的一半，如此剪下去，猜猜看，第四次后剩下的长度是第十次后剩下长度的倍．13．用四舍五入法，将9.835精确到十分位的近似数是．14．有理数a，b，c在数轴上的对应点如图所示，则|a﹣b|﹣|a+b|+|b﹣c|的结果_______.15．若2a+|4﹣5a|+|1﹣3a|的值是一个定值，求a的取值范围_____________．三、计算题(本大题满分16分）16．①﹣2.4+（﹣3.7）+（﹣4.6）+5.7 ②③17．观察下列算式：22﹣02＝4＝4×1 ,42﹣22＝12＝3×4,62﹣42＝20＝5×4,82﹣62＝28＝7×4（1）按照此规律，写出第五个等式________；（2）按照此规律，写出第n个等式________．18．（1）已知点P为数轴上任一动点，点P对应的数记为m，若点P与表示有理数﹣2的点的距离是2.5个单位长度，则m的值为；（2）已知点P为数轴上任一动点，点P对应的数记为m，若数轴上点P位于表示﹣5的点与表示2的点之间，则|m﹣2|+|m+5|＝；19．（1）已知点A，B，C，D在数轴上分别表示数a，b，c，d，四个点在数轴上的位置如图所示，若|a﹣d|＝12，|b﹣d|＝7，|a﹣c|＝9，则|b﹣c|等于．（2）已知点A，B，C在数轴上表示数分别为：﹣3，﹣4，9一动点Q从原点O出发，沿数轴以每秒钟1个单位长度的速度来回移动，其移动方式是先向右移动1个单位长度，再向左移动2个单位长度，又向右移动3个单位长度，再向左移动4个单位长度……，求Q 点运动几秒钟后到点A、B、C各点距离之和最短？。

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阶段滚动检测（四）必修1、2（90分钟 100分）第Ⅰ卷(选择题共54分)一、单项选择题(包括18题，每题2分，共36分。

每题只有一个选项最符合题意)1.依据基因重组概念的发展，判断下列图示过程中没有发生基因重组的是( )普通椒人凝血因子基因抗虫基因初级卵母细胞2.(滚动单独考查)如图表示某DNA片段遗传信息的传递过程，①～⑤表示物质或结构。

a、b、c表示生理过程。

下列说法错误的是(可能用到的密码子：AUG-甲硫氨酸、GCU-丙氨酸、AAG-赖氨酸、UUC-苯丙氨酸、UCU-丝氨酸、UAC-酪氨酸)( )A.完成遗传信息表达的是a、b、c过程B.a过程所需的酶有解旋酶和DNA聚合酶C.图中含有核糖的是②③⑤D.由②指导合成的多肽链中氨基酸序列是甲硫氨酸-丙氨酸-丝氨酸-苯丙氨酸3.大丽花的红色(C)对白色(c)为显性，一株杂合的植株有许多分枝，盛开数十朵红花，但其中一朵花半边呈红色半边呈白色。

这可能是哪个部位的C基因突变为c基因造成的( )A.幼苗的顶端分生组织B.早期某叶芽分生组织C.花芽分化时该花芽的部分细胞D.杂合植株产生的性细胞4.(滚动单独考查)有的生物减数第一次分裂和减数第二次分裂之间存在间期，在此间期不会发生或不存在的是( )A.大量消耗胸腺嘧啶B.转录C.翻译D.染色单体5.(滚动单独考查)红眼雌果蝇与白眼雄果蝇交配，F1雌雄果蝇都表现红眼，子代雌雄果蝇交配产生的F2中，红眼雄果蝇占1/4，白眼雄果蝇占1/4，红眼雌果蝇占1/2。

下列叙述正确的是( )A.红眼对白眼是显性B.眼色遗传符合自由组合定律C.在有丝分裂中期，控制眼色的基因在常染色体上有四个D.F2红眼雌果蝇与亲本红眼雌果蝇性染色体组成不同6.(滚动单独考查)某男性色盲，他的一个次级精母细胞处于着丝点刚分开时，此时该细胞内可能存在( )A.两个Y，两个色盲基因B.两个X，两个色盲基因C.一个X，一个Y，一个色盲基因D.一个Y，没有色盲基因7.下列有关基因工程技术的叙述，正确的是( )A.重组DNA技术所用的工具酶是限制酶、连接酶和运载体B.所有的限制酶都只能识别同一种特定的核苷酸序列C.选用细菌作为重组质粒的受体细胞是因为细菌繁殖快D.只要目的基因进入了受体细胞就能成功实现表达8.(滚动单独考查)下列关于科学实验及方法、结论的叙述正确的是( )A.通过不同体积的琼脂块模拟实验证明了琼脂块体积的大小与物质运输速率成反比B.沃森和克里克研究 DNA 分子结构时，运用了建构物理模型的方法C.研究氧浓度对植物细胞呼吸的影响应分别在黑暗和光照条件下进行D.噬菌体侵染细菌的实验、肺炎双球菌的转化实验均用上了放射性同位素标记技术9.(2012·温州模拟)桦尺蠖中，体色暗黑由显性基因S控制，体色灰白由隐性基因s控制。

由于工业化发展，S和s的基因频率在英国某工业污染区100年间的变化结果如下表所示。

下列叙述错误的是( )A.环境的定向选择作用可使种群中s基因的频率下降B.暗黑色华尺蠖是通过基因突变和自然选择产生的新物种C.自然选择能保留有利变异且能使有利变异逐代积累D.污染区种群S基因频率上升是桦尺蠖对环境的适应10.(2012·营口模拟)在某个与外界完全隔绝的海岛上，每1万人中有500名男子患红绿色盲。

则该岛上的人群中，女性携带者的数量为每万人中有(设男女性比为1∶1)( )A.1 000人B.700人C.900人D.800人11.一对夫妇，其中一人为红绿色盲患者，在什么情况下需要对胎儿进行基因检测( )12.关于生物进化与生物多样性的形成，错误的说法是( )A.生物多样性的形成经历了漫长的进化历程B.消费者的出现不影响生产者的进化C.生物多样性的形成是共同进化的结果D.生物的进化与无机环境的变化是相互影响的13.(滚动单独考查)将一株植物置于密闭钟罩内，在某一光照强度下，测得密闭钟罩内CO2变化量为零(不考虑微生物的呼吸)。

由此不能说明的是( )A.植物光合作用消耗的CO2与呼吸作用产生的CO2量相等B.同一叶肉细胞内线粒体消耗的CO2与叶绿体释放的CO2量相等C.若是农田中的作物处于该光照强度下不能正常生长D.叶肉细胞光合作用过程中从密闭钟罩内吸收了一部分CO214.(2012·潮州模拟)下列与生物进化相关的描述，正确的是( )A.进化总是由突变引起的B.变异个体总是适应环境的C.进化时总是伴随着种群基因频率的改变D.进化总是会引起新物种的产生15.(滚动单独考查)(2012·泰兴模拟)图一表示绿色植物叶肉细胞内发生的光合作用和有氧呼吸的过程，其中a、b为光合作用的原料，①～④表示相关过程。

图二表示外界相关条件对植物光合作用和呼吸作用的影响。

下列说法错误的是( )A.图一中②过程进行的场所是线粒体内膜B.图二中丙点突然停止光照，叶绿体内三碳化合物的含量将升高C.图一中④过程是在线粒体中进行的D.图二中乙点表示的含义是植物光合作用速率等于细胞呼吸的速率16.(滚动单独考查)成熟的mRNA中，终止密码子并不是mRNA上最后一个密码子。

终止密码子后面还有一条多聚腺苷酸序列(多个腺嘌呤核糖核苷酸形成的序列)。

mRNA对应的基因中没有多个胸腺嘧啶脱氧核苷酸形成的序列。

据此推测下列说法合理的是( )A.mRNA转录形成后经过一个加工过程，加上多个腺嘌呤核糖核苷酸B.密码子AAA对应的氨基酸是赖氨酸，mRNA翻译形成的多肽具有多聚赖氨酸尾巴C.基因中具有相应的多聚腺苷酸序列的模板，转录成多聚腺苷酸序列D.如果mRNA中有m个密码子，其中一个是终止密码子，则这个mRNA形成的多肽链氨基酸数目是m-117.某种群中EE、Ee、ee的基因型频率如图，图中阴影部分表示繁殖成功率低的个体。

则该种群经多代选择后三种基因型频率最可能是( )18.(滚动单独考查)豌豆黄色豆荚对绿色豆荚为显性，现将黄色豆荚豌豆作为亲本进行自交，后代既有黄色豆荚又有绿色豆荚，比例为3∶1。

令后代中全部黄色豆荚豌豆再进行自交，则所有自交后代黄色豆荚、绿色豆荚之比为( )A.1∶1B.3∶1C.5∶1D.9∶1二、双项选择题(包括6题，每题3分，共18分。

每题有两个选项符合题意)19.下列品种的培育与育种原理相符的是( )A.无子西瓜的培育——染色体数目变异B.高产青霉素菌株的培育——基因重组C.用花粉(Ab)培养成幼苗，再用秋水仙素处理获得纯种植株(AAbb)——单倍体育种D.培育能产生人胰岛素的大肠杆菌——基因重组20.如图表示在不同处理时间内不同浓度的秋水仙素溶液对黑麦根尖细胞畸变率的影响。

以下说法正确的是( )A.秋水仙素的浓度越高，黑麦根尖细胞畸变率越高B.浓度为0.05%和0.25%的秋水仙素均有致畸作用C.黑麦根尖细胞畸变率与秋水仙素的作用时间呈正相关D.秋水仙素的作用是抑制纺锤体的形成21.(滚动交汇考查)如图是某个二倍体动物的几个细胞分裂示意图(数字代表染色体，字母代表染色体上带有的基因)。

据图判断不正确的是( )A.该动物的性别是雄性B.乙细胞表明该动物发生了基因突变或基因重组C.1与2或1与4的片段交换，前者属基因重组，后者属染色体结构变异D.丙细胞能进行基因重组22.诱变育种可以改良某种性状，这是因为( )A.后代性状较稳定B.提高突变率，增加变异类型C.控制某些性状的基因突变成等位基因D.有利突变体数目多23.人类与某些病毒的斗争是长期的，人类与这些病毒长期共存的原因可能是( )A.病毒的毒性越来越强，人类对该病毒的免疫力越来越强B.病毒的毒性越来越弱，人类对该病毒的免疫力越来越弱C.病毒的毒性越来越强，人类对该病毒的免疫力越来越弱D.病毒的毒性越来越弱，人类对该病毒的免疫力越来越强24.(2012·潮州模拟)下列有关遗传病的说法不正确的是( )A.单基因遗传病就是由一个致病基因引起的遗传病B.红绿色盲为伴X染色体隐性遗传病，某色盲男孩的色盲基因一定是从其母亲遗传来的C.禁止近亲结婚是预防显性遗传病发生的最简单有效的方法D.21三体综合征和猫叫综合征都属于染色体异常遗传病第Ⅱ卷(非选择题共46分)三、非选择题(包括5题，共46分)25.(11分)科学家培育出了抗旱的二倍体陆地棉新品种，而海岛棉从来没有出现过抗旱类型，有人打算也培育出抗旱的海岛棉品种。

但是用海岛棉与抗旱的陆地棉进行了多次杂交，始终得不到子代，回答下列问题。

(1)出现上述现象的原因是抗旱的陆地棉和海岛棉是两个不同的物种，存在。

(2)抗旱的陆地棉和海岛棉两个不同物种的形成具备哪些环节？。

(3)要达到上述目的你认为可以用哪些育种方法，写出思路即可。

①打破物种间生殖隔离的方法名称：。

思路方案：。

②常规育种方法名称：。

思路方案：。

(4)若海岛棉与抗旱的陆地棉杂交后产生了后代，其能否称为一个新物种？(已知海岛棉与抗旱的陆地棉均为二倍体生物)原因是。

26.(9分)(交汇滚动考查)由于基因突变，导致蛋白质中的一个赖氨酸发生了改变。

根据以下图、表回答问题：(1)图中Ⅰ过程发生的场所是，Ⅱ过程叫。

(2)除赖氨酸以外，图解中X是密码子表中哪一种氨基酸的可能性最小。

原因是。

(3)若图中X是甲硫氨酸，且②链与⑤链只有一个碱基不同，那么⑤链不同于②链上的那个碱基是。

(4)从表中可看出密码子具有_________，它对生物体生存和发展的意义是：。

27.(8分)以下各项是产生新个体的几种方法，涉及的小麦的两对相对性状均独立遗传。

请回答问题：A.高秆白粒小麦×矮秆红粒小麦→F 1→F 2→稳定遗传的矮秆白粒小麦B.高秆抗锈病小麦×矮秆易染锈病小麦→F 1→花粉→a →稳定遗传的矮秆抗锈病小麦C.普通小麦×黑麦→F 1→小黑麦D.谷氨酸：GAA 亮氨酸：CUU 丙氨酸：GCA 精氨酸：CGUE.(1)在A 组的①处育种工作者应采用的方法是。

(2)B 组a 代表的个体叫做。

B 组的育种方法与A 组的育种方法比较，最大优点是。

经过③处理后的个体基因型按理论计算共有种。

(3)D 组中若⑤是转录的模板链，则⑦代表的氨基酸是。

(4)E 组中丙个体的性状多数与相似。

(5)D 组属于育种，这种育种方式的优点是。

①② ③28.(10分)(2012·汕头模拟)如图为某家族甲、乙两种遗传病的系谱图。

甲遗传病由一对等位基因(A，a)控制，乙遗传病由另一对等位基因(B,b)控制，这两对等位基因独立遗传。

已知Ⅲ-4携带甲遗传病的致病基因，但不携带乙遗传病的致病基因。

回答问题：(1)甲遗传病的致病基因位于 (X,Y,常)染色体上，乙遗传病的致病基因位于 (X,Y,常)染色体上。