人教版物理高二选修3-2 5.5电能的输送同步检测卷C卷
人教版物理高二选修3-2 5.5电能的输送同步检测卷C卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共18题；共41分)1. （2分） (2018高二上·南阳期末) 如图所示，有一台交流发电机E.通过理想升压变压器T1和理想降压变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1 ，它的输出电压和输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3 ，它的输出电压和输出功率分别为U4和P4 ，设T1的输入电压U1一定，当用户消耗的电功率变大时，有（）A . P2变大，P3变大B . P1变小，P2变小C . U2变小，U3变小D . U2变小，U4变大2. （2分）远距离输送一定功率的交变电流，若输送电压升高为原来的n倍，下面说法正确的是（）A . 输电线上的电压损失是原来的B . 输电线上的电压缺失是原来的C . 输电线上的电功率损失是原来的D . 输电线上的电功率损失是原来的3. （2分）远距离输电线路的示意图如下图所示，若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是（）A . 升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B . 输电线中的电流只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C . 当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D . 升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压4. （2分）如图所示，有一台交流发电机E.通过理想升压变压器T1和理想降压变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1 ，它的输出电压和输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3 ，它的输出电压和输出功率分别为U4和P4 ，设T1的输入电压U1一定，当用户消耗的电功率变大时，有（）A . P2变大，P3变大B . P1变小，P2变小C . U2变小，U3变小D . U2变小，U4变大5. （2分） (2017高二下·龙海期中) 某远距离输电电路的输电电压为U，输电导线的总电阻为R，下列分析正确的是（）A . 由公式P= 得到，输电导线的电阻越大，功率损失越少B . 由公式I= 得到，输电导线的电阻越小，电流越大C . 由公式P=I2R得到，输电电流越大，输电导线上的功率损失越大D . 由公式P=UI得到，输电导线上的功率损失与电流强度成正比6. （2分）如图所示，甲是远距离输电线路的示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则（）A . 用户用电器上交流电的频率是100HzB . 发电机输出交流电的电压有效值是500VC . 输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D . 当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小7. （3分）在总电压不变的条件下，黄昏时电灯比深夜暗，是因为黄昏时（）A . 线路中总电阻变大，干路电流变小B . 总电流一定，支路增多分去了电流C . 干路电流变大，线路损失电压增大D . 总电阻变小，每支路电流减小8. （2分）如图所示为远距离交流输电的简化电路图发电厂升压后的输出电压为U，用等效总电阻为r的两条输电线输电，输电线路中的电流为，其末端间的电压为在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流为则A . 理想变压器原副线圈匝数比为B . 输电线上损失的电压为UC . 理想变压器的输入功率为D . 输电线路上损失的电功率为9. （3分） (2019高二下·梅河口月考) 钳形电流表的外形和结构如图甲所示．图甲中电流表的读数为0．9 A，图乙中用同一电缆线绕了3匝，则（）A . 这种电流表能测出交变电流的有效值B . 这种电流表既能测直流电流，又能测交变电流C . 这种电流表能测交变电流，图乙的读数为0．3AD . 这种电流表能测交变电流，图乙的读数为2．7 A10. （3分） (2018高二下·拉萨期末) 在电能输送过程中，若输送电功率一定，则在输电线上的功率损失（）A . 与输送电压成正比B . 与输送电压的平方成正比C . 与输电线上电压损失的平方成正比D . 与输电电流的平方成正比11. （2分）某发电厂原来用11kV的交流电压输电，后来改用升压变压器，将电压升高到220kW输电，输送的电功率都是P ，若输电线路的电阻为R ，则下列说法中正确的是（）A . 根据公式，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍B . 根据公式，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍C . 根据公式P=I2R ，提高电压后输电线上的功率损耗减小为原来的D . 根据公式P=UI ，提高电压后输电线上的功率损耗增大库原来的20倍12. （2分）如图为远距离输电示意图，升压变压器和降压变压器都可视为理想变压器，在保持输电功率P1和输电电阻R都不变的条件下，下列说法中正确的是（）A . 升压变压器的输出功率P2等于降压变压器的输入功率P3B . 若输送电压U2越大则输电线上损失的电压越小C . 若输送电压U2越大则输电线上损失的功率越大D . 若输送电压U2越大则用户端功率P4越小13. （2分）某小型水电站向小山村输电，输送电功率为50 kW，若以1100 V送电，则线路损失为10 kW，若以3300 V送电，则线路损失功率可变为（）A . 3．3 kWB . 1．1 kWC . 30 kWD . 11 kW14. （2分）中国已投产运行的1000 kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程．假设甲、乙两地原来用500kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P．在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000 kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，输电线上损耗的电功率将变为（）A . 4PB . 2PC . PD . P15. （2分）水电站向小山村输电，输送电功率为50Kw，若以1100V送电，则线路损失为10kW，若以3300V 输电，则线路损失可降为A .B .C . 30kWD . 11kW16. （2分） (2017高二下·新化期中) 如图所示是一交变电流的i﹣t图象，则该交变电流的有效值为（）A . 4AB . 2 AC . AD . A17. （3分）远距离输电为了减少输电线上的能量损失都采用的措施有A . 降低导线电阻B . 可加快输电速度C . 可增大输电功率D . 高压输电18. （3分） (2017高二下·池州期中) 某发电厂原来用11kV的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到220kV输电，输送的电功率都是P，若输电线路的电阻为R，则下列说法中正确的是（）A . 据公式I= ，提高电压后输电线上的电流降为原来的B . 据公式I= ，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍C . 据公式P=I2R，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的D . 据公式P= ，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来400倍二、填空题 (共4题；共6分)19. （1分）远距离输电的电功率为P=900kW ，输电线电阻为R=10Ω ，要使输电线上损失的功率不超过输送功率的16%，则输电电压不低于________.20. （2分）发电机端电压为220V ，输送功率110kW ，为保证用户至少获得100kW的功率，则输电线的电阻不得大于________Ω；若用一个理想变压器升压至5500V后再输电，则输电线的电阻不得大于________Ω.21. （2分）某发电站的输出功率为104 kW，输出电压为4 kV，通过理想变压器升压后向80 km远处用户供电。
已知输电导线的电阻率为ρ＝2．4×10－8 Ω·m，导线横截面积为1．5×10－4 m2 ，输电线路损失的功率为输出功率的4%，升压变压器的输出电压为________，输电线路上的电压损失为________。
22. （1分） (2017高二上·蚌埠期末) 为了减小远距离输电过程中在线路上的损耗，在功率和线路电阻一定时，应该采用提高________的方式输电．三、计算题 (共3题；共35分)23. （10分） (2017高二下·珠海期中) 某发电厂输出电压是400V，输出功率为200kW．发电厂内经升压变压器通过两条输电线向远距离送电，最后再经一次降压变压器将电输送给用户，用户得到的电压是220V，输电线电阻为10Ω．若输电线中因发热而损失的功率为输送功率的2%，试求：（1）用户得到的电功率是多少？（2）输电线路中升、降压变压器原副线圈的匝数比？24. （10分）一台小型发电机的最大输出功率为100 kW，输出电压恒为500 V，现用电阻率为1.8×10－8 Ω·m，横截面积为10－5 m2的输电线向4×103 m远处的用电单位输电，要使发电机满负荷运行时，输电线上的损失功率为发电机总功率的4%，则：（1）所用的理想升压变压器原、副线圈的匝数比是多少？（2）如果用户用电器的额定电压为220 V，那么所用的理想降压变压器原、副线圈的匝数比是多少？25. （15分）发电厂输出的交流电压为U=22kV，输送功率为P=2.2´106W ，现在用户处安装一降压变压器，用户的电压为 220V，发电厂到变压器间的输电线总电阻为r=22W，求：（1）输电导线上损失的电功率DP ；（2）输电导线上损失的电压DU ；（3）降压变压器原副线圈匝数之比 n1 :n2。
参考答案一、选择题 (共18题；共41分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、7-1、8-1、9-1、10-1、11-1、12-1、13-1、14-1、15-1、16-1、17-1、18-1、二、填空题 (共4题；共6分) 19-1、20-1、21-1、22-1、三、计算题 (共3题；共35分) 23-1、23-2、24-1、24-2、25-1、25-2、25-3、第11 页共11 页。
人教版高中物理选修3-2 同步测试第5章 5 电能的输送
[A 组 素养达标]1．远距离输电,输电功率一定,当输电电压为U 0时,输电线上的电流为I 0,损失的电功率为P 0.则当输电电压提高为2U 0时( )A ．由I ＝UR 得,输电线上的电流变为2I 0B ．由I ＝P U 得,输电线上的电流变为I 02C ．由P ＝U2R 得,输电线上损失的电功率为4P 0D ．由P ＝IU 得,输电线上损失的电功率为2P 0解析：设输电线的电阻为R,当输电线上的电流为I 0时,损失的电功率为P 0＝I 20R.当输电电压提高为2U 0时,由I ＝P U 可知输电线上的电流变为I 02,输电线上损失的电功率为P 损＝(I 02)2R ＝P 04.故选项B 正确．答案：B2．为了减少输电线路上的电能损失,发电厂发出的电通常是经过变电站升压后通过远距离输送,再经变电站将高压变为低压,某变电站将电压u 0＝11 0002·sin 100πt V 的交流电降为220 V 供居民小区用电,则变电站变压器( )A ．原、副线圈匝数比为1∶50B ．副线圈中电流的频率是50 HzC ．原线圈的导线比副线圈的要粗D ．原线圈中的电流等于居民小区各用电器电流的总和解析：原、副线圈匝数比n 1n 2＝11 000 220＝501,A 错误；变压器不改变交变电流的频率,B 正确；原线圈中的电流较小,导线较细,C 错误；副线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和,D 错误．答案：B3．(多选)某小型水电站的电能输送示意图如图所示,发电机的输出电压为200 V,输电线总电阻为r,升压变压器原、副线圈匝数分别为n 1、n 2.降压变压器原、副线圈匝数分别为n 3、n 4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V 的用电器正常工作,则( )A.n 2n 1＞n 3n 4B.n 2n 1＜n 3n 4C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率解析：由于输电线上的功率损耗,故升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率,故选项D 正确；U 2U 1＝n 2n 1,U 3U 4＝n 3n 4,因为U 1＝200 V ＜U 4＝220 V,U 2＞U 3＝U 2－U 线,故n 2n 1＞n 3n 4,选项A 正确． 答案：AD4．一项名为“1 100千伏特高压隔离开关”的“破冰实验”在我国大兴安岭漠河县取得成功,标志着我国特高压输电技术已突破低温环境制约．为消除高压输电线上的冰,假设利用电流的热效应除冰．若在正常供电时,高压线上输电电压为U,电流为I,热消耗功率为P 损；除冰时,输电线上的热功率需要变为9P 损,则除冰时(认为输电功率和输电线电阻不变)( )A ．输电电流为3IB ．输电电流为9IC ．输电电压为3UD ．输电电压为13U解析：输电线上的功率损失为P 损＝I 2R 线＝(P U )2R 线,由该式可知要使P 损增大到原来的9倍,输电电流应变为原来的3倍,输电电压应变为原来的13,故A 、D 正确．答案：AD5．某小型水电站的电能输送示意图如图所示,发电机通过升压变压器T 1和降压变压器T 2向用户供电．已知输电线的总电阻为R,降压变压器T 2的原、副线圈匝数之比为4∶1,降压变压器副线圈两端交变电压u ＝220sin 100πt V ,降压变压器的副线圈与阻值R 0＝11 Ω的电阻组成闭合电路．若将变压器视为理想变压器,则下列说法中正确的是( )A ．通过电阻R 0的电流的有效值是20 AB ．降压变压器T 2原、副线圈的电压比为1∶4C ．升压变压器T 1的输出电压等于降压变压器T 2的输入电压D ．升压变压器T 1的输出功率大于降压变压器T 2的输入功率解析：电阻R 0两端的电压有效值不是220 V,所以通过电阻R 0的电流的有效值不是20 A,A 错误；降压变压器T 2的原、副线圈匝数之比为4∶1,则降压变压器T 2原、副线圈的电压比4∶1,B 错误；由于连接升压变压器和降压变压器的输电导线上有电压损失,升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压,C 错误；升压变压器T 1的输出功率等于降压变压器T 2的输入功率与电阻R 上的发热功率之和,D 正确．答案：D6．发电厂直接通过输电线向学校供电．已知发电厂发电机的输出电压为U 1,发电厂至学校的输电线电阻为R 线,通过导线的电流为I,学校输入电压为U 2,下列计算输电线损耗的式子中,不正确的是( )A.U 21R 线 B.(U 1－U 2)2R 线C ．I 2R 线D ．I(U 1－U 2)解析：输电线损耗P 损＝I 2R 线＝U 2线R 线＝IU 线,其中U 线＝U 1－U 2,故B 、C 、D 正确,A 错误．答案：A7．如图为远距离输电示意图,两变压器均为理想变压器,升压变压器T 的原、副线圈匝数分别为n 1、n 2,在T 的原线圈两端接入一电压u ＝U m sin ωt 的交流电源,若输送电功率为P,输电线的总电阻为2r,不考虑其他因素的影响,则输电线上损失的电功率为( )A ．(n 1n 2)U 2m4rB ．(n 2n 1)U 2m4rC ．4(n 1n 2)2(P U m )2rD ．4(n 2n 1)2(P U m)2r解析：由I 1＝2P U m 和I 1I 2＝n 2n 1得I r ＝I 2＝n 12P n 2U m ,则输电线上损失的功率P r ＝I 2r ·2r＝4(n 1n 2)2(P U m)2r,故选C. 答案：C8．(多选)如图为远距离输电示意图,发电机的输出电压U 1和输电线的电阻、理想变压器匝数均不变,且n 1∶n 2＝n 4∶n 3.当用户用电器的总电阻减少时( )A ．U 1∶U 2＝U 4∶U 3B ．用户的电压U 4增加C ．输电线上损失功率增大D ．用户消耗的功率等于发电机的输出功率解析：根据U 1U 2＝n 1n 2,U 3U 4＝n 3n 4,以及n 1∶n 2＝n 4∶n 3,知U 1∶U 2＝U 4∶U 3,故A 正确．用户用电器总电阻减小,则电流增大,所以输电线上的电流增大,根据P 损＝I 2R 知,输电线上损耗的功率增大,根据ΔU＝IR 知,输电线上的电压损失变大,发电机的输出电压不变,则升压变压器的输出电压不变,则降压变压器的输入电压变小,用户的电压U 4减小,故C 正确,B 错误．用户消耗的功率等于发电机的输出功率与输电线上损失的功率之差,故D 错误．答案：AC[B 组 素养提升]9．(多选)某个小水电站发电机的输出功率为100 kW,发电机的电压为250 V,通过升压变压器向远处输电,输电线的总电阻为8 Ω,在用户端用降压变压器把电压降为220 V ．要求在输电线上损失的功率控制为5 kW,则( )A ．输电线上通过的电流为25 AB ．升压变压器输出的电压为40 kVC ．升压变压器原、副线圈的匝数比为1∶16D ．降压变压器原、副线圈的匝数比为190∶11解析：输电线上损失的功率为5 kW,输电线的总电阻为8 Ω,则通过输电线的电流为25 A,A 对；升压变压器的输出功率为100 kW,而电流为25 A,因此升压变压器的输出电压为4 kV,B 错；升压变压器的原、副线圈之比为电压之比为1∶16,C 对；降压变压器的原、副线圈之比等于电压之比为190∶11,D 对．答案：ACD10．(多选)如图所示,某变电站用10 kV 的高压向10 km 外的小区供电,输送的电功率为200 kW.现要求在输电线路上损耗的功率不超过输送电功率的2%,下列不同规格的输电线中,符合要求的是( )选项 型号 千米电阻(Ω/k m)A DYD30/C 1B DYD50/C 0.6 C DYD100/C 0.3 DDYD150/C0.2解析：由P ＝UI 解得输电电流I ＝U ＝20 A,输电线路上损耗的功率不超过P 线＝200 kW×2%＝4 kW,由P 线＝I 2R,解得R ＝10 Ω,由于输电线长度需要20 km,所以可以选择千米电阻0.5 Ω/km 以下的型号DYD100/C 或型号DYD150/C,符合要求的是选项C 、D.答案：CD11．某小型实验水电站输出功率是20 kW,输电线路总电阻是6 Ω. (1)若采用380 V 低压输电,求输电线路损耗的功率．(2)若改用5 000 V 高压输电,用户端利用n 1∶n 2＝22∶1的变压器降压,求用户得到的电压． 解析：(1)输电线上的电流强度为 I ＝P U ＝20×103380 A≈52.63 A , 输电线路损耗的功率为P 损＝I 2R ＝52.632×6 W≈16 620 W＝16.62 kW. (2)改用高压输电后,输电线上的电流强度变为 I′＝P U′＝20×1035 000 A ＝4 A,用户端在变压器降压前获得的电压 U 1＝U －I′R＝(5 000－4×6)V＝4 976 V. 根据U 1U 2＝n 1n 2,用户得到的电压为U 2＝n 2n 1U 1＝122×4 976 V≈226.18 V.答案：(1)16.62 kW (2)226.18 V[C 组 学霸冲刺]12.如图所示为某隧道备用发电机组,内阻不计,可在应急时对隧道内的照明电路供电．已知从发电机组输出的电压,经匝数比为n 1∶n 2＝1∶8的升压变压器升压后,由总电阻r ＝4 Ω的输电线送到隧道口,再经匝数比为n 3∶n 4＝8∶1的降压变压器,供给照明电路使用,其他导线电阻可忽略不计．隧道共4排照明电路,每排安装“220 V 40 W”的电灯110盏,若要求所有的电灯都正常发光,试求：(1)输电线上的电流多大？ (2)发电机的输出功率多大？ (3)升压变压器的输入电压多大？ 解析：(1)隧道内用电功率 P 4＝4×110×40 W＝17 600 W U 4＝220 V由U 3U 4＝n 3n 4可得U 3＝1 760 V 则I 2＝I 3＝P 3U 3＝10 A(2)输电线上的功率损失 ΔP＝I 22r ＝400 W 故P 2＝P 3＋ΔP＝18 000 W 则发电机的输出功率P 0＝P 1＝P 2＝18 000 W ＝1.8×104W(3)输电线的电压损失ΔU＝I2r＝10×4 V＝40 V 则U2＝U3＋ΔU＝1 800 V由U1U2＝n1n2可得U1＝225 V答案：(1)10 A (2)1.8×104 W (3)225 V。
人教版物理选修3-2同步练习-5.5《电能的输送》
电能的输送同步测试一、送择题(每题5分，共50分)1.A 远距离输送交流电都采用高压输电.我国正在研究用比330kV 高得多的电压进行输电.采用高压输电的优点是A.可节省输电线的铜材料B.可根据需要调节交流电的频率C.可减少输电线上的能量损失D.可加快输电的速度2.A 某发电厂原来用11kV 的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到220kV 输电，输送的电功率都是P ，若输电线路的电阻为R ，则下列说法中正确的是A.根据公式，I=P ／U ，提高电压后输电线上的电流降为原来的1／20B.根据公式I=U ／R ，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍C.根据公式P=I 2R ，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的1／400D.根据公式P=U 2／R ，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍3.B 如图所示，理想变压器的原线圈接高电压，降压后通过一段电阻不可忽略的线路接用电器.S 原来闭合，且R 1=R 2.现将S 断开，那么交流电压表的示数U ，交流电流表的示数I 和用电器R 1上的功率P 1将分别是A.U 增大，I 增大，P 1增大B.U 增大，I 减小，P 1增大C.U 减小，I 减小，P 1减小D.U 减小，I 增大，P 1减小4.A 一小水电站，输出的电功率为20kW ，输电线总电阻为0.5omega ，如果先用400V 电压输送，后又改用2000V 电压输送，则输送电压提高后，输电导线上损失的电功率的变化情况是A.减少50WB.减少1200WC.减少7.68×106WD.增大7.68×106W 5.B 输电线的电阻共计r ，输送的电功率是P ，用电压U 送电，则用户能得到的电功率为A.PB.r U P P 2⎪⎭⎫ ⎝⎛-C.r U P 2-D.r U P 2⎪⎭⎫ ⎝⎛6.B 某发电厂发电机的输出电压为U 1，发电厂至学校的输电导线总电阻为R ，通过导线的电流为I ，学校得到的电压为U 2，则输电导线上损耗的功率可表示为 A.R U 21 B.()R U U 221- C.I 2R D.I(U 1-U 2)7.B 某用电器距离供电电源L ，线路上的电流为I ，若要求线路上的电压降不超过U ，已知输电导线的电阻率为ρ，那么该输电导线的横截面积的最小值是A.U lI ρB.I 2ρC.U lI 2ρD.ρI 2UL 8.B 分别用1100V 和22000V 的电压输电，若输送的电功率相同，导线的材料和送电距离也相同，则当两次输电损失的电功率相等时，两次所用导线的横截面积之比为A.1：20B.20：1C.1：400D.400：19.B 发电机的端电压为250V ，输出功率为10kW ，输电线电阻为5omega ，远距离输电时A.不采用高压输电，终端用户电压一定达220VB.用高压输电，输电线损失功率5％，终端用户电压为237.5VC.用高压输电，终端得到220V 电压，输电线损失不多于5％时，所用升压和降压变压器匝数比分别为1：4和5：1D.用10000V 高压输电，输电线损失为0.05％10.B 在电能输送的电功率一定时，输电线上损失的功率A.与输送电压的平方成正比B.与输送电压的平方成反比C.与输送电流成正比D.与输送电流的平方成正比二、填空题(每空6分，共24分)11.A 用10kV 高压输送电功率为100kW 的交流电，在输电线上损失2％的电功率，输电线的总电阻为________omega ；如改用5kV 电压输送100kW 的交流电，输电线上损失的电功率为________kW.12.B 从甲地通过某输电线向乙地输送1.0×105kW 电功率，如果用5.5×103V 电压送电，输电线上损失的电功率为4.0×l 02kW;如果改用1.1×l05V 电压送电，输电线上损失的电功率为________kW ，若要求两次损失的电功率相同，则两次所用导线的横截面积之比为S 1：S 2=________.三、计算题(每题13分，共26分)13.B 一台交流发电机的输出功率为50kW ，输出电压为240V ，输电线总电阻R=30omega ，允许损失功率为输出功率的6％，为满足用电需求，则该输电线路所用的理想的升压、降压变压器的匝数比各是多少?能使多少盏“220V100W"的电灯正常发光?14.C 利用太阳电池这个能量转换器件将辐射能转变为电能的系统又称光伏发电系统.光 伏发电系统的直流供电方式有其局限性，绝大多数光伏发电系统均采用交流供电方式. 将直流电变为交流电的装置称为逆变器.(1)用逆变器将直流电变为交流电进行供电有哪些好处?请简要回答.(2)有一台内阻为1omega 的太阳能发电机，供给一个学校照明用电，如图所示，升压变压器匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻R=4omega ，全校共22个班，每班有"220V40W"灯6盏，若全部电灯正常发光，则①发电机输出功率多大?②发电机电动势多大?③输电效率多少? ④若使灯数减半并正常发光，发电机输出功率是否减半?参考答案1AC 2AC 3B 4B 5B 6BCD 7C 8D 9D 10BD11 20，8 12 1，400：113解；按设计要求ΔP 线=ηP 输=6％×50kW=3kW得输电线中电流I 2=R P 线=10A升压变压器的输出电压：U 2=2I P 输=5kV升压变压器原，副线圈匝数比：12565000240U U n n 2121=== 输电线损失电压：ΔU 线=I 2R=300V降压变压器的输入电压U'1=U 2-ΔU 线=5000—300=4700V降压变压器原副线圈匝数比：112352204700U''U n'n'2121=== 降压变压器的输人功率P'输=P 输-ΔP 线=50-3=47kW每盏电灯正常发光时的功率P 灯=100w所以能使电灯正常发光的盏数：N=1001047P P 3⨯=灯输=470盏 14解：(1)可以改变电压的大小以适应不同的需要；通过升压、降压在远距离输送电中减少电能在输电线上的损耗，提高供电效率.所以用逆变器将直流电变为交流电，可以扩大发电系统的利用率.(2)①发电机的输出功率：P 出=nP 灯+22I R而I 2=灯nI I 41413= 所以，P 出=22×6×40+2422040622⎪⎭⎫ ⎝⎛⨯⨯⨯×4=5425W ②E=U 1+I 1r ，r 为发电机内阻，U 1=41U 2 U 2=4U 3+I 2R=4×220+6×4=904V；I 1=4I 2所以，E=4904+4×6×1=250V ③η=出灯出用P P P P ==97% ④电灯减少一半时，n'P 灯=11×220×6=2640WI 2=n'P 灯／U 2=2640／880=3A所以，P 出=n ’P 灯+I'2R=2640+32×4=2676W小课堂：如何培养学生的自主学习能力？自主学习是与传统的接受学习相对应的一种现代化学习方式。
高中物理人教版选修3-2检测：第五章交变电流5.5电能的输送含答案解析
【最新】高中物理人教版选修3-2检测：第五章交变电流5.5电能的输送学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电导线的总电阻为R，通过导线的电流为I，学校得到的电压为U2，则输电线上损耗的电压可表示为()A．U1B．U1－IRC．IR D．U22．某变电站用11 kV交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为R.现若用变压器将电压升高到220 kV送电，下面选项正确的是()A．因I＝U/R，所以输电线上的电流增为原来的20倍B．因I＝P/U，所以输电线上的电流减为原来的1/20C．因P＝U2/R，所以输电线上损失的功率增为原来的400倍D．若要使输电线上损失的功率不变，可将输电线的直径减为原来的1/4003．水电站向小山村输电，输送电功率为50 kW，若以1 100 V送电，则线路损失为10 kW，若以3 300 V送电，则线路损失可降为()A．3.3 kW B．1.1 kW C．30 kW D．11 kW4．如图所示为远距离交流输电的简化电路图．发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1．在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流是I2．则（）A．用户端的电压为I1U1/I2B．输电线上的电压降为UC．理想变压器的输入功率为I12rD．输电线路上损失的电功率为I1U5．图为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1＝n4<n2＝n3，四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R，A1、A2为相同的理想交流电流表，L1、L2为相同的小灯泡，灯丝电阻R L>2R，忽略灯丝电阻随温度的变化．当A、B端接入低压交流电源时()A．A1、A2两表的示数相同B．L1、L2两灯泡的亮度相同C．R1消耗的功率大于R3消耗的功率D．R2两端的电压小于R4两端的电压二、多选题6．如图是远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是A．增加输电导线的截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过增大输电电压来减小输电线中的电流，有利于减小输电过程中的电能损失C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中电能损失越小D．高压输电时必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好7．一台发电机最大输出功率为4 000 kW，电压为4 000 V，经变压器T1升压后向远方输电.输电线路总电阻为R=1kΩ.到目的地经变压器T2降压，负载为多个正常发光的灯泡(220 V 60 W).若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的耗损可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则A．T1原、副线圈电流分别为103A和20 AB．T2原、副线圈电压分别为1.8×105 V和220 VC．T1和T2的变压比分别为1：50和40 :1D．有6×104盏灯泡(220V 60 W)正常发光8．某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机的输出电压为200 V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V的用电器正常工作，则()A ．3214n n n n > B ．3214n n n n < C ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压 D ．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率9．(多选)电厂发电机的输出电压为250 V ，输出功率为10 kW ，在进行远距离输电时，输电线总电阻为5 Ω，则( )A ．直接输电，用户两端的电压只有50 VB ．若要求用户两端的电压为220 V ，则应配备原、副线圈匝数比为1∶4 (发电厂)和5∶1 (用户端)的变压器C ．若要求输电线损耗的功率仅为总功率的5%，升压变压器原、副线圈匝数比为1∶4D ．若用10 000 V 的高压输电，输电线的损耗功率仅为总功率的0.05%10．某水电站用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km 外的用户，其输出电功率是3×106 kW.现用500 kV 电压输电，则下列说法正确的是( ) A ．输电线上输送的电流大小为6.0×103 A B ．输电线上由电阻造成的电压损失为15 kVC ．若改用5 kV 电压输电，则输电线上损失的功率为9×108 kWD ．输电线上损失的功率为ΔP ＝U 2r ，U 为输电电压，r 为输电线的电阻三、填空题11．发电机端电压为220 V ，输送功率110 kW ，若要保证用户至少获得100 kW 电功率，则输电导线电阻不得大于________Ω；若用一个升压变压器升压至5 500 V 后进行输电，则导线电阻不得大于________Ω.四、解答题12．某发电站的输出功率为104kW ，输出电压为4 kV ，通过理想变压器升压后向80 km 远处用户供电．已知输电导线的电阻率为ρ＝2．4×10－8Ω·m ，导线横截面积为1．5×10－4m 2，输电线路损失的功率为输出功率的4%，升压变压器的输出电压为________，输电线路上的电压损失为________．13．风力发电作为新型环保能源，近年来得到了快速发展，如图4所示的风车阵中发电机输出功率为100 kW，输出电压是250 V，用户需要的电压是220 V，输电线总电阻为10Ω.若输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求(1)在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比；(2)画出此输电线路的示意图；(3)用户得到的电功率．14．某水电站，水流的高度差为h=5m，流量Q=2m3/s，若发电机的总效率为50%，输出电压为250V，输电线路总电阻R=30Ω，允许损失功率为发电机输出功率的6%，为使用户获得220V 电压，求：（1）该输电线路所使用的理想升压、降压变压器的匝数比各是多少？（2）能使多少盏“220V 100W”的电灯正常发光？参考答案1．C【解析】AD 、U 1为输出电压，U 2为用户得到的电压，故AD 错误； BC 、输电线的电压损失ΔU =U 1－U 2=IR ，故B 错误，C 正确； 故选C 。
人教版高二物理选修3-2第五章5.5电能的输送(二)同步练习(word 无答案)
第五章交流电第5节电能的输送（二）(总分：100分时间：30分钟)A ．n 2倍B ．n 倍C .1n 2D .1n6．在如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变．随着发电厂输出功率的增大，下列说法中正确的有( )A ．升压变压器的输出电压增大B ．降压变压器的输出电压增大C ．输电线上损耗的功率增大D ．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大7．某农村水力发电站的发电机输出电压稳定，它发出的电先通过电站附近的升压变压器升压，然后用输电线路把电能输送到远处村寨附近的降压变压器．降低电压后，再用线路接到各用户，设两变压器都是理想变压器，那么在用电高峰期，白炽灯不够亮，但用电总功率增加，这时( )A ．升压变压器的副线圈的电压变大B ．高压输电线路的电压损失变大C ．降压变压器的副线圈上的电压变大D ．降压变压器的副线圈上的电压变小8．某发电站用11 kV 交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为R.现若用变压器将电压升高到220 kV 送电，下面哪个选项正确( )A ．因I ＝U R，所以输电线上的电流增为原来的20倍 B ．因I ＝P U ，所以输电线上的电流减为原来的120C ．因P ＝U 2R，所以输电线上损失的功率增为原来的400倍 D ．若要使输电线上损失的功率不变，可将输电线的直径减为原来的120选做题体验和收获9．有一台内阻为1 Ω的发电机，供给一个学校照明用电，如图2所示，升压变压器的匝数比为1∶4，降压变压器的匝数比为4∶1，输电线的总电阻R＝4 Ω，全校共22个班，每班有“220 V,40 W”的电灯6盏，若要保证电灯全部正常发光，求：图2(1)发电机输出功率；(2)发电机电动势；(3)输电效率；(4)若使用灯数减半且正常发光，发电机输出功率是否减半．教师定性评语：计分：。
人教版物理选修3-2同步练习-5.5《电能的输送》
电能的输送同步测试一、送择题(每题5分，共50分)1.A 远距离输送交流电都采用高压输电.我国正在研究用比330kV 高得多的电压进行输电.采用高压输电的优点是A.可节省输电线的铜材料B.可根据需要调节交流电的频率C.可减少输电线上的能量损失D.可加快输电的速度2.A 某发电厂原来用11kV 的交流电压输电，后来改用升压变压器将电压升高到220kV 输电，输送的电功率都是P ，若输电线路的电阻为R ，则下列说法中正确的是A.根据公式，I=P ／U ，提高电压后输电线上的电流降为原来的1／20B.根据公式I=U ／R ，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍C.根据公式P=I 2R ，提高电压后输电线上的功率损耗减为原来的1／400D.根据公式P=U 2／R ，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍3.B 如图所示，理想变压器的原线圈接高电压，降压后通过一段电阻不可忽略的线路接用电器.S 原来闭合，且R 1=R 2.现将S 断开，那么交流电压表的示数U ，交流电流表的示数I 和用电器R 1上的功率P 1将分别是A.U 增大，I 增大，P 1增大B.U 增大，I 减小，P 1增大C.U 减小，I 减小，P 1减小D.U 减小，I 增大，P 1减小4.A 一小水电站，输出的电功率为20kW ，输电线总电阻为0.5omega ，如果先用400V 电压输送，后又改用2000V 电压输送，则输送电压提高后，输电导线上损失的电功率的变化情况是A.减少50WB.减少1200WC.减少7.68×106WD.增大7.68×106W 5.B 输电线的电阻共计r ，输送的电功率是P ，用电压U 送电，则用户能得到的电功率为A.PB.r U P P 2⎪⎭⎫ ⎝⎛-C.r U P 2-D.r U P 2⎪⎭⎫ ⎝⎛ 6.B 某发电厂发电机的输出电压为U 1，发电厂至学校的输电导线总电阻为R ，通过导线的电流为I ，学校得到的电压为U 2，则输电导线上损耗的功率可表示为 A.R U 21 B.()R U U 221- C.I 2R D.I(U 1-U 2)7.B 某用电器距离供电电源L ，线路上的电流为I ，若要求线路上的电压降不超过U ，已知输电导线的电阻率为ρ，那么该输电导线的横截面积的最小值是A.U lI ρB.I 2ρC.U lI 2ρD.ρI 2UL 8.B 分别用1100V 和22000V 的电压输电，若输送的电功率相同，导线的材料和送电距离也相同，则当两次输电损失的电功率相等时，两次所用导线的横截面积之比为A.1：20B.20：1C.1：400D.400：19.B 发电机的端电压为250V ，输出功率为10kW ，输电线电阻为5omega ，远距离输电时A.不采用高压输电，终端用户电压一定达220VB.用高压输电，输电线损失功率5％，终端用户电压为237.5VC.用高压输电，终端得到220V 电压，输电线损失不多于5％时，所用升压和降压变压器匝数比分别为1：4和5：1D.用10000V 高压输电，输电线损失为0.05％10.B 在电能输送的电功率一定时，输电线上损失的功率A.与输送电压的平方成正比B.与输送电压的平方成反比C.与输送电流成正比D.与输送电流的平方成正比二、填空题(每空6分，共24分)11.A 用10kV 高压输送电功率为100kW 的交流电，在输电线上损失2％的电功率，输电线的总电阻为________omega ；如改用5kV 电压输送100kW 的交流电，输电线上损失的电功率为________kW.12.B 从甲地通过某输电线向乙地输送1.0×105kW 电功率，如果用5.5×103V 电压送电，输电线上损失的电功率为4.0×l 02kW;如果改用1.1×l05V 电压送电，输电线上损失的电功率为________kW ，若要求两次损失的电功率相同，则两次所用导线的横截面积之比为S 1：S 2=________.三、计算题(每题13分，共26分)13.B 一台交流发电机的输出功率为50kW ，输出电压为240V ，输电线总电阻R=30omega ，允许损失功率为输出功率的6％，为满足用电需求，则该输电线路所用的理想的升压、降压变压器的匝数比各是多少?能使多少盏“220V100W"的电灯正常发光?14.C 利用太阳电池这个能量转换器件将辐射能转变为电能的系统又称光伏发电系统.光 伏发电系统的直流供电方式有其局限性，绝大多数光伏发电系统均采用交流供电方式. 将直流电变为交流电的装置称为逆变器.(1)用逆变器将直流电变为交流电进行供电有哪些好处?请简要回答.(2)有一台内阻为1omega 的太阳能发电机，供给一个学校照明用电，如图所示，升压变压器匝数比为1：4，降压变压器的匝数比为4：1，输电线的总电阻R=4omega ，全校共22个班，每班有"220V40W"灯6盏，若全部电灯正常发光，则 ①发电机输出功率多大?②发电机电动势多大?③输电效率多少? ④若使灯数减半并正常发光，发电机输出功率是否减半?参考答案 1AC 2AC 3B 4B 5B 6BCD 7C 8D 9D 10BD 11 20，8 12 1，400：1 13解；按设计要求ΔP 线=ηP 输=6％×50kW=3kW得输电线中电流I 2=R P 线∆=10A升压变压器的输出电压：U 2=2I P 输=5kV 升压变压器原，副线圈匝数比：12565000240U U n n 2121=== 输电线损失电压：ΔU 线=I 2R=300V 降压变压器的输入电压U'1=U 2-ΔU 线=5000—300=4700V 降压变压器原副线圈匝数比：112352204700U''U n'n'2121=== 降压变压器的输人功率P'输=P 输-ΔP 线=50-3=47kW 每盏电灯正常发光时的功率P 灯=100w 所以能使电灯正常发光的盏数：N=1001047P P 3⨯=灯输=470盏 14解：(1)可以改变电压的大小以适应不同的需要；通过升压、降压在远距离输送电中减少电能在输电 线上的损耗，提高供电效率.所以用逆变器将直流电变为交流电，可以扩大发电系统的利用率. (2)①发电机的输出功率：P 出=nP 灯+22I R而I 2=灯nI I 41413= 所以，P 出=22×6×40+2422040622⎪⎭⎫ ⎝⎛⨯⨯⨯×4=5425W ②E=U 1+I 1r ，r 为发电机内阻，U 1=41U 2 U 2=4U 3+I 2R=4×220+6×4=904V；I 1=4I2 所以，E=4904+4×6×1=250V ③η=出灯出用P P P P ==97% ④电灯减少一半时，n'P 灯=11×220×6=2640W I 2=n'P 灯／U 2=2640／880=3A 所以，P 出=n ’P 灯+I'2R=2640+32×4=2676W。
2019-2020学年高中物理5.5电能的输送同步作业与测评(含解析)新人教版选修3-2
第5节电能的输送一、选择题1.（多选）远距离输送交流电都采用高压输电，采用高压输电的优点是（）A. 可节省输电线的材料B. 可根据需要调节交流电的频率C. 可减少输电线上的能量损失D. 可加快输电的速度答案AC解析设输电功率为P,输电电压为U,输电线的电阻为R则输电线上损失的功率为PP 21口2尺若P R一定，则P损％F，采用高压输电可以减少输电线上的电功率损失；若P损、损=2 L 1 一P一定，则R x U2,又R= p S，P、L 一定时输电导线的横截面积U2，采用高压输电可使输电导线的横截面积大大减小，从而节省输电线的材料。
故选项A、C正确。
2 .如图为远距离高压输电的示意图，关于远距离输电，下列表述正确的是（）A. 减小输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B. 高压输电是通过减小输电电流来减小电路的功率损耗C. 在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D. 高压输电- -定是电压越高越好答案B2L 解析依据题中输电原理，电路中的功率损耗△ P= I R线，而R线=p 减小输电线的横截面积，输电线的电阻会增大，则会增大输电线上的功率损失，A错误；由P= UI可知，P一定的情况下，输送电压U增大，I减小，△ P减小，B正确；若输送电压一定，输送功率越大，则电流I越大，△ P越大，C错误；输送电压并不一定越高越好，因为电压越高，对于安全和技术的要求越高，D错误。
3 •远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n i、n2，电压分别为U、U,电流分别为l i、丨2,输电线上的电阻为R。
变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是（）11 n i 2A.厂=B • I i U= 12R12 n2U2C. I i U= I 2U D • 12=—R答案C解析升压变压器原、副线圈的电流之比等于原、副线圈匝数的反比，故A错误；理想变压器的输入功率不等于输电线上损耗的功率，B错误；理想变压器的输入功率等于输出功率，则Ul i= UI2, C正确；U等于输电导线电阻两端电压及降压变压器初级线圈两端的电压之和，U所以UM 12 • R,则I护:,D错误。
2019-2020学年高中物理选修3-2《5.5电能的输送》测试卷及答案解析
2019-2020学年高中物理选修3-2《5.5电能的输送》测试卷
一．选择题（共24小题）
1．在远距离输电中，输电线电阻一定，输送电功率一定，如果将输电电压提高到原来的10倍，则输电线上消耗的功率减小到原来的（）
A．10倍B ．C．100倍D ．
2．夏季来临，空调、冷风机等大功率电器使用增多，用户消耗的功率增大．如图所示，发电机的输出电压U1和输电线的电阻r均不变、变压器均为理想变压器，则下列说法中正确的（）
A．变压器的输出电压U2增大，且U2＞U1
B．变压器的输出电压U4增大，且U4＜U3
C．输电线损耗的功率占发电机输出功率的比例增大
D．输电线损耗的功率减小
3．要减少电能输送时的损失，下列说法中正确的是（）
A．降低输电电压B．把输电导线埋于地下
C．提高输电电压D．增大输电导线中的电流
4．如图所示，在远距离输电电路中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电电线的电阻均不变，电表均为理想电表．若发电厂的输出功率减小，则下列说法正确的是（）
A．电压表V1示数减小，电流表A1减小
B．电压表V2示数增大，电流表A2减小
C．输电线上损耗功率增大
D．用户总功率与发电厂的输出功率的比值减小
第1 页共59 页。
人教版高中选修3-2物理5.5电能的输送试卷(3)
电能输送练习题和答案一、在远距离输电中，当输送的电功率相同时，则关于输电导线上损失的功率下列说法正确的是（ ABC ）(A)减小输电导线的电阻可以减小损失的功率，但此种方法很有限(B)提高输送电压从而减小输送电流，可大大减小损失的功率(C)损失的功率与输送电压的二次方成反比(D)损失的功率与输电线上的电压降成反比二、输电线路输送4840kW的电功率，采用110kV高压输电时，输电导线中的电流为I1；假若用2200V电压输电时，输电导线中的电流为I2，则I1、I2的值是（ BD ）（A）I1=4.4⨯104A （B）I1=44A（C）I2=2.2A （D）I2=2.2⨯103A三、发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至学校的输电线电阻为R，通过导线的电流为I，学校的输入电压U2，下列计算线路损耗功率的式子中正确的是（ BCD ）(A)U12／R (B)（U1－U2）2／R(C)I2R (D)I（U1－U2）四、在远距离输电时，输送的电功率为P，输电电压为U，所用导线电阻率ρ，横截面积为S，总长度为L，输电线损耗的电功率为P1，用户得到的电功率为P用，则P1，P用正确的是：（ BD ）(A)P1＝U2S／ρL；(B)P1＝P2ρL／U2S；(C)P用＝P－U2S／ρL；(D)P用＝P（1－PρL／U2S）．五、电站向某地输送5000kW的电功率,输电线上损耗的电功率为100kW,如果把输电电压提高为原来的10倍,同时将输电线的截面积减为原来的一半,而输送的电功率不变,那么输电线损耗的电功率为( C )(A)0.5kW (B)1.0kW(C)2.0kW (D)5.0kW六、发电机产生的交流电压为220V，输送106W的电功率到用电区，用电区的电压为200V，输送线路电阻为16Ω，损失的功率为输送功率的4%，那么输电线上损失的功率为_40000_W，输送电压应为__20000 _V，升压变压器的电压比为__11:1000_，降压变压器的匝数之比为__92：1_。
高中同步测试卷·新人教物理选修3-2：同步练习第5章 5.5 电能的输送
第五章 第5节一、选择题1．(多选)远距离输送交流电都采用高压输电，采用高压输电的优点是( ) A ．可节省输电线的材料 B ．可根据需要调节交流电的频率 C ．可减少输电线上的能量损失 D ．可加快输电的速度2．(多选)在远距离输电时，若输电功率为P ，输电电压为U ，所用导线电阻率为ρ，横截面积为S ，总长度为L ，输电线上损失的电功率为P ′，用户得到的电功率为P 用，则下列关系式中正确的是( )A ．P ′＝U 2SρLB ．P ′＝P 2ρLU 2SC ．P 用＝P －U 2SρLD ．P 用＝P (1－PρLU 2S)3．(多选)某发电厂原来用11 kV 的交变电压输电，后来改用升压变压器将电压升到220 kV 输电，输送的电功率都是P 。
若输电线路的电阻为R ，则下列说法中正确的是( )A ．根据公式I ＝P U ，提高电压后输电线上的电流降为原来的120B ．根据公式I ＝UR ，提高电压后输电线上的电流增为原来的20倍C ．根据公式P 损＝I 2R ＝P 2U 2R ，提高电压后输电线上的功率损失减为原来的1400D ．根据公式P ＝U 2R ，提高电压后输电线上的功率损耗将增大为原来的400倍4．某用电器距离供电电源为L ，线路上的电流为I ，若要求线路上的电压降不超过U ，已知输电导线的电阻率为ρ，那么，该输电导线的横截面积最小值是( )A.ρL U B ．2ρLI UC.U I ρLD ．2UL I ρ5．如图所示为远距离输电线路的示意图：若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是( )A ．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B ．输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C ．当用户用电器的总电阻减小时，输电线上损失的功率增大D ．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压6．某农村水力发电站的发电机的输出电压稳定，它发出的电先通过电站附近的升压变压器升压，然后用输电线路把电能输送到远处村寨附近的降压变压器。
2019年秋人教版高二物理选修3-2 5.5《变压器电能的输送传感器》同步练习题卷
变压器 电能的输送 传感器一、单项选择题1.(2018·江苏省扬州市高三第一次模拟考试)某理想变压器的原、副线圈匝数比为1∶2，原线圈接在1.5 V 的干电池上，则副线圈两端电压为( ) A.3 VB.1.5 VC.0.75 VD.0 V解析 原线圈为直流电，选项D 正确。
答案 D2.一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220 V 交变电流改变为110 V 。
已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为( ) A.200B.400C.1 600D.3 200解析 根据变压器的变压规律U 1U 2＝n 1n 2得，n 2＝U 2U 1n 1＝110220×800＝400，选项B 正确。
答案 B3.在如图1所示电路中，R 2为光敏电阻。
合上开关S ，用较弱光照射R 2，电压表读数为U 0，电流表读数为I 0；用较强光照射R 2，电压表读数为U 1，电流表读数为I 1；用更强光照射R 2，电压表读数为U 2，电流表读数为I 2。
令k 1＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪U 1－U 0I 1－I 0，k 2＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪U 2－U 0I 2－I 0，则k 1、k 2的关系为( )图1A.k 1>k 2B.k 1＝k 2C.k 1<k 2D.无法确定解析 由闭合电路欧姆定律U ＝E －Ir 可知⎪⎪⎪⎪⎪⎪ΔU ΔI ＝r 即电源内阻，为定值。
选项B 正确。
答案 B4.(2019·南京市高三年级学情调研)图2甲、乙电路输入交变电流的电压u 相同，图乙中理想变压器的原、副线圈的匝数分别为n 1和n 2，若要求甲、乙电路原线圈中电流i 相同，则n 1、n 2、R 1、R 2应满足的关系是( )图2A.n 1R 1＝n 2R 2B.n 2R 1＝n 1R 2C.n 21R 1＝n 22R 2D.n 22R 1＝ n 21R 2解析 甲图中，i ＝U R 1，在乙图中，由变压器变压关系可知U 2＝n 2n 1U ，i 1i 2＝i i 2＝n 2n 1，又i 2＝n 2n 1U R 2，故i ＝n 2n 1i 2＝n 22n 21UR 2，所以有U R 1＝n 22n 21U R 2，可见n 22R 1＝n 21R 2，D 正确。