云南省玉溪一中2015届高三上学期期中考试物理试题
云南省部分名校2015届高三1月份统一考试 物理 Word版含答案
云南省部分名校高2015届1月份统一考试物理命题：玉溪一中高三理综组本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共16页。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
试卷满分300分。
考试时间150分钟。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．选择题答案使用2B 铅笔填涂,如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答超出答题区域书写的答案无效。
4．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目对应题号涂黑。
可能用到的相对原子质量：H —1 C —12 O —16 S —32 Fe —56 Ba —137 二、选择题（本题共8小题，每小题6分。
在每小题四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）14.下列说法正确的是（ ）A.若物体受三个力的作用而处于静止状态，这三个力一定为共点力B.一个正在做减速运动的物体，所受合力有可能正在增大C.放置于磁场中的通电导线一定会受安培力的作用D.在孤立点电荷的电场中，与场源电荷距离相等的两点场强相同15.如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力F 向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m ，重力加速度为g ，则（ ） A.箱子受到的摩擦力方向向右 B.地面对木板的摩擦力方向向左C.木板对地面的压力大小为3mgD.若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于3mg16.将阻值为100Ω的电阻丝绕成一个110匝的闭合矩形线圈，让其在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的感应电动势如图乙所示。
则可以判断（ ）A.t=0时刻线圈应转到图甲所示的位置B.该线圈的转速为100π r/sC. 穿过线圈的磁通量的最大值为501WbD. 线圈转一周所产生的电热为9.68J图甲e图乙17.以水平初速度v 0将一个小石子从离水平地面高H 处抛出，从抛出时开始计时，取地面为参考平面，不计空气阻力。
【全国百强校】云南省玉溪市第一中学2015-2016学年高一上学期期中考试物理试题解析(解析版)
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列给出的各组物理量中，都是矢量的是A.位移、时间、速度B.速度、加速度、力C.力、质量、时间D.路程、温度、质量【答案】B考点：考查了矢量和标量【名师点睛】对于矢量中的负号一定要注意，它只表示方向，不参与大小的比较，而标量中的负号只参与大小的比较，不表示方向，矢量相加减遵循平行四边形定则，而标量相加减遵循算术加减法则，2.关于物体重心的说法，正确的是A.重心就是物体上最重的点B.物体的重心都在其几何中心上C.物体的重心一定在物体上D.物体的重心是物体的各个部分所受重力的等效作用点【答案】D【解析】试题分析：重心是重力的等效作用点，不是最重的点，A错误D正确；质量分布均匀，形状规则的物体的重心在其几何中心上，B错误；重心可能在物体上，也可能不在物体上，如质量分布均匀的篮球的重心在其球心处，不在篮球上，C错误；考点：考查了对重心的理解【名师点睛】解答本题应掌握：重力在物体上的作用点，叫做物体的重心；形状规则、质量分布均匀的物体的重心在物体的几何中心上；重心只是重力在作用效果上的作用点，重心并不是物体上最重的点；重心的位置可以在物体之外3.一个物体做匀加速直线运动，加速度为5m/s2，经过2s时间,其位移为30m，那么，它在这30m的初速度是A.10m/sB.15m/sC.20m/sD.25m/s【答案】A【解析】 试题分析：根据公式2012x v t at =+可得201302522v =+⨯⨯，解得010/v m s =，故A 正确； 考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题4.一辆汽车以10m/s 的速度匀速行驶，遇到紧急情况，突然以大小为2m/s 2的加速度匀减速刹车，则从刹车开始计时，汽车在6s 内的位移是A.24mB.25mC.60mD.96m【答案】B考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题5.如图A 、B 、C 三个物体叠放在水平桌面上处于静止状态，那么以下说法正确的是A ．物体A 对C 有向下的压力作用B ．物体A 和B 对地面都有压力作用C ．地面对C 的支持力是由于地面发生形变要恢复原状产生的D ．物体A 对B 的压力是由于B 物体发生形变要恢复原状产生的【答案】C【解析】试题分析：压力属于弹力，必须接触才能有压力，故A对C没有压力，B对地面没有压力作用，AB错误；地面对C的支持力是由于地面发生形变要恢复原状产生的，物体A对B的压力是由于A物体发生形变要恢复原状产生的，C正确D错误；考点：考查了弹力【名师点睛】关键是知道弹力产生的条件，一发生弹性形变，二必须接触，要知道支持力和弹力产生的原因，基础题6.某物体沿直线运动500s，速度达到20m/s，该过程的v﹣t图象如图．则在这段时间里物体运动的平均速度可能是A．8m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s【答案】A考点：考查了速度时间图像，平均速度【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移7.一位宇航员在X星球上完成自由落体运动实验：让一个小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18 m，则A．物体在2 s末的速度是20 m/sB ．物体在第5s 内的平均速度是3.6 m/sC ．物体在前2 s 内的位移是20 mD ．物体在5 s 内的位移是50 m【答案】D考点：考查了自由落体运动规律的应用【名师点睛】解决本题的关键掌握自由落体运动的规律，注意星球上重力加速度和地球的重力加速度不同，第5s 内的位移等于5s 内的位移减去4s 内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度．再根据速度时间公式v gt =，位移时间公式212h gt =求出速度和位移 8.如图所示，水平桌面被等分为相等的两段，即AB=BC ，一个小物体P （可视为质点）以某一初速度从A 点运动，物体在AB 段先以加速度a 1 做匀减速直线运动，过了B 点后又以加速度a 2 接着做匀减速运动，最终恰好运动到C 点速度为零，已知物体通过AB 段和BC 段所用时间之比为1:4，则物体的加速度a 1：a 2为A ．1︰1B ．1︰4C ． 8︰1D ．4︰1【答案】C【解析】试题分析：设到达B 点速度为1v ，由于AB 与BC 段的位移，有：011120 22v v v t t ++=，其中：1214t t =:: 故：013v v =，AB 段的加速度为：10011123v v v a t t -==-，BC 段的加速度为：0122203v v a t t --==，故12:8:1a a =，C 正确；考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题二、多项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。
云南省玉溪一中高三上学期期中考试数学(理) Word版含答案
玉溪一中2015届高三上学年期中考试题理 科 数 学第I 卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的．1．已知集合}1|||{<=x x A ，|{x B =0log 31>x },则B A ⋂是 ( )A ．∅B ．()1,1-C ．D ．()1,0 2．已知复数z 满足25)43(=+z i ，则=z （ ）A ． i 43-B ． i 43+C ． i 43--D ．i 43+-3．下列命题中正确的是( )A ．若01,:2<++∈∃x x R x p ,则01,:2<++∈∀⌝x x R x pB ．若q p ∨为真命题,则q p ∧也为真命题C ．“函数)(x f 为奇函数”是“0)0(=f ”的充分不必要条件D ．命题“若0232=+-x x ,则1=x ”的否命题为真命题4．公比不为1的等比数列{}n a 的前n 项和为n S ，且13a -，2a -，3a 成等差数列，若11=a ，则4S ＝ ( )A ．20-B ．0C ．7D ．405．若框图所给的程序运行结果为S ＝20，那么判断框中应填入的关于k 的条件是( )．A ．k ＝9?B ．k ≤8?C ．k ＜8?D ．k ＞8?6．函数a xx f x--=22)(的一个零点在区间(1,2)内，则实数a 的取值范围是 （ ） A ．(1,3) B ．(1,2) C ．(0,3) D ．(0,2)7． 如图，在正方体1111D C B A ABCD -中，点P 是上底面1111D C B A 内一动点，则三棱锥BCD P -的正视图与侧视图的面积之比为（ ）A ．1 :1B ．2:1（7题图）C ．2:3D ．3:28．在平行四边形ABCD 中，=∠=BAD AD ,160°，E 为CD 的中点，若21=∙，则AB 的长为( ) A ．21B ．1C ．2D ．3 9．若任取[]1,0,∈y x ，则点),(y x P 满足x y >的概率为( )A ．31 B ．32 C ．21 D ．2210．已知A ),(A A y x 是圆心在坐标原点的单位圆上任意一点，且射线OA 绕原点逆时针旋转30°到OB 交单位圆于点B),(B B y x ，则B A y x -的最大值为（ ）A ．21B ．1C ．23 D ．211．函数y ＝x 33x －1的图象大致是 ( )12．函数)()(3R x x x x f ∈+=，当20πθ<<时，0)1()sin (>-+a f a f θ恒成立，则实数a 的取值范围是 （ ）A ．(]1,∞-B ．()1,∞-C ．[)+∞,1D ．()+∞,1第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分．13．将2名教师，4名学生分成2个小组，安排到甲、乙两地参加活动，每个小组由1名 教师和2名学生组成，不同的安排方案共有__________种.14．数列{}n a 的前n 项和为n S ，若12-=n n a S 则7S =____________.15．如果存在实数x 使不等式k x x <--+21成立，则实数的取值范围是__________.16．已知函数x x x f sin cos )(⋅=，给出下列五个说法：①41)121921(=πf . ②若)()(21x f x f -=，则21x x -=.③)(x f 在区间⎥⎦⎤⎢⎣⎡-36ππ，上单调递增. ④将函数)(x f 的图象向右平移43π个单位可得到x y 2cos 21=的图象.⑤)(x f 的图象关于点)04(，π-成中心对称．其中正确说法的序号是 .三、解答题:解答应写出文字说明．证明过程或演算步骤 17．（本小题满分10分）已知极坐标的极点与平面直角坐标系的原点重合，极轴与x 轴的正半轴重合，且长度单位相同．曲线C 的极坐标方程为).sin (cos 2θθρ+= （Ⅰ）求曲线C 的直角坐标方程.（Ⅱ）直线:l ⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+==t y tx 23121（t 为参数）与曲线C 交于B A ,两点，于y 轴交于点E ，求EB EA 11+.18.（本小题满分12分）已知函数2()2sin ()2,,442f x x x x πππ⎡⎤=+∈⎢⎥⎣⎦．设x α=时()f x 取到最大值．（Ⅰ）求()f x 的最大值及α的值；（Ⅱ）在ABC ∆中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，12A πα=-，且2sin sin sinBC A =，试判断三角形的形状．19.（本小题满分12分）某高校自主招生选拔共有三轮考核，每轮设有一个问题，能正确回答问题者进入下一轮考核，否则即被淘汰. 已知某同学能正确回答第一、二、三轮的问题的概率分别为45、35、25,且各轮问题能否正确回答互不影响. （Ⅰ）求该同学被淘汰的概率；（Ⅱ）该同学在选拔中回答问题的个数记为ξ，求随机变量ξ的分布列与数学期望.20.（本小题满分12分）如图，在四棱锥ABCD P -中，⊥PC 底面ABCD ，底面ABCD 是直角梯形，AD AB ⊥，CD AB //，222===CD AD AB ，E 是PB 的中点。
云南省玉溪一中高三物理上学期第二次月考试卷(含解析)
云南省玉溪一中2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题（每小题4分1-6，只有一个选项符合题意；7-10题每小题有多个选项符合题意）（试题中g=10m/s2）1．（4分）甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是（）A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲做加速直线运动，乙做减速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快D．甲、乙在相等时间内速度变化可能相等2．（4分）如图所示，在拉力作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力F N的大小变化是（）A．F增大，F N减小B．F和F N均减小C．F和F N均增大D．F减小，F N不变3．（4分）如图所示，50个大小相同、质量均为m的小物块，在平行于斜面向上的恒力F作用下一起沿斜面向上运动．已知斜面足够长，倾角为30°，各物块与斜面的动摩擦因数相同，重力加速度为g，则第48个小物块对第49个小物块的作用力大小为（）A． FB． FC．24mg+D．因为动摩擦因数未知，所以不能确定4．（4分）如图所示，A为静止于地球赤道上的物体，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C 为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．已知A、B、C绕地心运动的周期相同．相对于地心，下列说法中不正确的是（）A．卫星B在P点的运行加速度大小与卫星C的运行加速度大小相等B．卫星C的运行速度大于物体A的速度C．可能出现：在每天的某一时刻卫星B在A的正上方D．物体A和卫星C具有相同大小的加速度5．（4分）如图，倾角为α的斜面体放在粗糙的水平面上，质量为m的物体A与一劲度系数为K的轻弹簧相连．现用拉力F沿斜面向上拉弹簧，使物体A在光滑斜面上匀速上滑，上滑的高度为h，斜面体始终处于静止状态．在这一过程（）A．弹簧的伸长量为B．拉力F做的功为FhsinαC．物体A的机械能增加D．斜面体受地面的静摩擦力大小等于Fcosα6．（4分）如图所示是倾角为45°的斜坡，在斜坡底端P点正上方某一位置Q处以速度v0水平向左抛出一个小球A，小球恰好能垂直落在斜坡上，运动时间为t1．小球B从同一点Q 处自由下落，下落至P点的时间为t2．不计空气阻力，则t1：t2=（）A．1：2 B．1：C．1：3 D．1：7．（4分）关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势一定为零C．同一电场线方向上的各点，电势一定降低D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加8．（4分）如图所示，一木块在光滑水平面上受一恒力F作用，前方固定一足够长的弹簧，则当木块接触弹簧后（）A．木块立即做减速运动B．木块在一段时间内速度仍可增大C．当F等于弹簧弹力时，木块速度最大D．弹簧压缩量最大时，木块加速度为零9．（4分）一小船在静水中的速度为3m/s，它在一条河宽为150m，水流速度为4m/s的河流中渡河，则该小船（）A．能到达正对岸B．渡河的时间可能等于50sC．以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200mD．以最短位移渡河时，位移大小为200m10．（4分）某电场的电场线的分布如图所示．一个带电粒子只在电场力作用下由M点沿图中虚线所示的路径运动通过N点．则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度小C．粒子在N点的速度大D．电场力对粒子做正功二．选择题（每空3分，共18分，）11．（9分）图（a）为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：①用天平测量物块和遮光片的总质量M．重物的质量m：用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测最两光电门之间的距离s；②调整轻滑轮，使细线水平：③让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间△t A和△t B，求出加速度a；④多次重复步骤③，求a的平均；⑤根据上述实验数据求出动擦因数μ．回答下列为题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示如图（b）．其读数为cm （2）物块的加速度a可用d、s、△t A，和△t B，表示为a=（3）动摩擦因数μ可用M、m、；和重力加速度g表示为μ=．12．（9分）在测量金属丝电阻率的试验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：R x（阻值约4Ω，额定电流约0.5A）；电压表：V（量程3V，内阻约3kΩ）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）；A2（量程3A，内阻约0.05Ω）；电源：E1（电动势3V，内阻不计）E2（电动势12V，内阻不计）滑动变阻器：R（最大阻值约20Ω）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线．（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为mm．（2）若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选、电源应选（均填器材代号）．（3）在虚线框中完成电路原理图．三、计算题（共2小题，13题12分、14题为15分，共27分）13．（12分）一水平传送带以2.0m/s的速度顺时针传动，水平部分长为2.0m．，其右端与一倾角为θ=37°的光滑斜面平滑相连，斜面长为0.4m，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带最左端，已知物块与传送带间动摩擦因数μ=0.2，试问：（1）物块到达传送带右端的速度．（2）物块能否到达斜面顶端？若能则说明理由，若不能则求出物块上升的最大高度．（sin37°=0.6，g取l0m/s2）14．（15分）如图甲所示，两根足够长、电阻不计的光滑平行金属导轨相距为L1=1m，导轨平面与水平面成θ=30°角，上端连接阻值R=1.5Ω的电阻；质量为m=0.2kg、阻值r=0.5Ω的金属棒ab放在两导轨上，距离导轨最上端为L2=4m，棒与导轨垂直并保持良好接触．整个装置处于一匀强磁场中，该匀强磁场方向与导轨平面垂直，磁感应强度大小随时间变化的情况如图乙所示．为保持ab棒静止，在棒上施加了一平行于导轨平面的外力F，g=10m/s2求：（1）当t=2s时，外力F1的大小；（2）当t=3s前的瞬间，外力F2的大小和方向；（3）请在图丙中画出前4s外力F随时间变化的图象（规定F方向沿斜面向上为正）．[物理--选修3-4]15．（6分）关于热学知识的下列叙述中正确的是（）A．温度降低，物体内所有分子运动的速度不一定都变小B．布朗运动就是液体分子的热运动C．将大颗粒的盐磨成细盐，就变成了非晶体D．第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的E．在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加16．（9分）如图所示，一个上下都与大气相通的直圆筒，内部横截面的面积S=0.01m2，中间用两个活塞A与B封住一定质量的理想气体，A、B都可沿圆筒无摩擦地上、下滑动，但不漏气，A的质量可不计、B的质量为M，并与一倔强系数k=5×103N/m的较长的弹簧相连．已知大气压强p0=1×105Pa，平衡时，两活塞间的距离L0=0.6m．现用力压A．使之缓慢向下移动一定距离后，保持平衡．此时，用于压A的力F=5×102N．求活塞A向下移的距离．（假定气体温度保持不变．）选修17．关于原子核的结合能，下列说法正确的是（）A．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B．一重原子核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C．铯原子核（Cs）的结合能小于铅原子核（Pb）的结合能D．比结合能越大，原子核越不稳定E．自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能18．如图甲所示，A、B两物体与水平面间的动摩擦因数相同，A的质量为3kg．A以一定的初速度向右滑动，与B发生碰撞，碰前A的速度变化如图乙中图线I所示，碰后A、B的速度变化分别如图线Ⅱ、Ⅲ所示，g取10m/s2，求：（1）A与地面间的动摩擦因数．（2）物体B的质量．云南省玉溪一中2015届高三上学期第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分1-6，只有一个选项符合题意；7-10题每小题有多个选项符合题意）（试题中g=10m/s2）1．（4分）甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是（）A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲做加速直线运动，乙做减速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快D．甲、乙在相等时间内速度变化可能相等考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是矢量，加速度的正负表示方向，加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．解答：解：A、甲的加速度等于乙的加速度，故A错误．B、甲的加速度方向与速度方向相同，甲做加速运动，乙的加速度方向与速度方向相反，乙做减速运动，故B正确．C、甲乙的加速度大小相等，速度变化快慢相同，故C错误．D、甲乙的加速度一正一负，在相同时间内速度的变化量大小相等，方向不同，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道加速度是矢量，正负表示方向，知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．2．（4分）如图所示，在拉力作用下，小球A沿光滑的斜面缓慢地向上移动，在此过程中，小球受到的拉力F和支持力F N的大小变化是（）A．F增大，F N减小B．F和F N均减小C．F和F N均增大D．F减小，F N不变考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球处于动态平衡状态，以小球为研究对象，分析受力，作出力图，根据图解法分析拉力F和支持力F N的大小变化．解答：解：小球受重力G、支持力F N、拉力F处于动态平衡状态．根据平衡条件得知：F N 与F的合力与G大小相等、方向相反，作出这两个力的合力，如图．由力的合成图可知，F 增大，F N减小．故选：A．点评：本题是平衡问题中动态变化分析问题，运用图解法比较直观简洁，也可以运用函数法研究．3．（4分）如图所示，50个大小相同、质量均为m的小物块，在平行于斜面向上的恒力F 作用下一起沿斜面向上运动．已知斜面足够长，倾角为30°，各物块与斜面的动摩擦因数相同，重力加速度为g，则第48个小物块对第49个小物块的作用力大小为（）A． FB． FC．24mg+D．因为动摩擦因数未知，所以不能确定考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体分析，运用牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离分析，求出第48个小物块对第49个小物块的作用力大小．解答：解：根据牛顿第二定律得，整体的加速度为：a==﹣gsin30°﹣μgcos30°．隔离对49和50个木块分析，根据牛顿第二定律得：F′﹣2mgsin30°﹣μ2mgcos30°=2ma，解得：，故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．4．（4分）如图所示，A为静止于地球赤道上的物体，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C 为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．已知A、B、C绕地心运动的周期相同．相对于地心，下列说法中不正确的是（）A．卫星B在P点的运行加速度大小与卫星C的运行加速度大小相等B．卫星C的运行速度大于物体A的速度C．可能出现：在每天的某一时刻卫星B在A的正上方D．物体A和卫星C具有相同大小的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：A静止于地球赤道上随地球一起自转，C为绕地球做圆周运动，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，A、B、C绕地心运动的周期相同，根据向心加速度的公式a=（）2r可以判断物体A和卫星C的运动情况，卫星B、C轨迹在P点相交，根据牛顿第二定律判断加速度．解答：解：A、卫星B绕地球做椭圆轨道运行，与地球的距离不断变化，引力产生加速度，根据牛顿第二定律，有a==，经过P点时，卫星B与卫星C的加速度相等，故A正确．B、物体A静止于地球赤道上随地球一起自转，卫星C为绕地球做圆周运动，它们绕地心运动的周期相同，根据线速度公式v=，卫星C的线速度较大，故B正确．C、A、B绕地心运动的周期相同，也就等于地球的自转周期．B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，是速度大小在变化的运动，所以可能出现：在每天的某一时刻卫星B在A的正上方．故C正确．D、物体A静止于地球赤道上随地球一起自转，卫星C为绕地球做圆周运动，它们绕地心运动的周期相同，根据向心加速度的公式a=（）2r，卫星C的加速度较大，故D错误．本题选择不正确的．故选：D．点评：本题关键先列求解出线速度和加速度的表达式，再进行讨论；对于加速度，要根据题意灵活地选择恰当的表达式形式分析．卫星在椭圆轨道运行，万有引力与向心力不等．5．（4分）如图，倾角为α的斜面体放在粗糙的水平面上，质量为m的物体A与一劲度系数为K的轻弹簧相连．现用拉力F沿斜面向上拉弹簧，使物体A在光滑斜面上匀速上滑，上滑的高度为h，斜面体始终处于静止状态．在这一过程（）A．弹簧的伸长量为B．拉力F做的功为FhsinαC．物体A的机械能增加D．斜面体受地面的静摩擦力大小等于Fcosα考点：机械能守恒定律；功的计算．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：根据胡克定律可得弹簧的伸长量；根据功的定义式可得拉力F做的功；机械能的增量就等于末态的机械能减去初态的机械能；根据整体处于平衡状态可得系统水平方向合力为0，即水平向左的拉力等于水平向右的摩擦力．解答：解：A、根据胡克定律可得弹簧的伸长量x=，故A错误．B、根据功的定义式可得拉力F做的功W=Fx=F×=，故B错误．C、在整个运动过程中物体的动能保持不变，故增加的机械能就等于增加的重力势能即△E=△E P=mgh，故C错误．D、以整体为研究对象，整体在水平方向不受外力，故有拉力F在水平方向的分力等于地面的摩擦力，故有f=Fcosα，故D正确．故选：D．点评：系统增加的机械能等于除重力和弹簧的弹力外其它力所做的功，这是2015届高考考查的重点和难点，要注意掌握．6．（4分）如图所示是倾角为45°的斜坡，在斜坡底端P点正上方某一位置Q处以速度v0水平向左抛出一个小球A，小球恰好能垂直落在斜坡上，运动时间为t1．小球B从同一点Q 处自由下落，下落至P点的时间为t2．不计空气阻力，则t1：t2=（）A．1：2 B．1：C．1：3 D．1：考点：平抛运动；自由落体运动．专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动时，根据分位移公式求出竖直分位移和水平分位移之比，然后根据几何关系求解出的自由落体运动的位移并求出时间．解答：解：小球A恰好能垂直落在斜坡上，如图由几何关系可知，小球竖直方向的速度增量v y=gt1=v0①水平位移S=v0t1②竖直位移h Q=g③由①②③得到：由几何关系可知小球B作自由下落的高度为：h Q+S═g④联立以上各式解得：故选：D．点评：本题关键是明确小球Q的运动是平抛运动，然后根据平抛运动的分位移和分速度公式联立求解出运动时间，再根据几何关系得到自由落体的位移，从而进一步求得时间，最后得到比值．7．（4分）关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势一定为零C．同一电场线方向上的各点，电势一定降低D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加考点：电势；电场；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：静电场中，电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零，沿电场线电势一定降低．解答：解：A、静电场中，电势具有相对性，电势的零点可人为选取，所以电势为零的物体不一定不带电，故A错误；B、静电场中，电势具有相对性，电场强度与电势没有直接关系，所以电场强度为零的点电势不一定为零，故B错误；C、沿场强方向电势减小，电场线的切线方向表示电场强度的方向，故沿电场线电势一定降低，故C正确；D、电场线的切线方向表示电场强度的方向，负电荷沿电场线方向移动时，电场力做负功，电势能增加，故D正确；故选：CD．点评：本题关键抓住电场力电场强度与电势的概念，同时要注意电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零．8．（4分）如图所示，一木块在光滑水平面上受一恒力F作用，前方固定一足够长的弹簧，则当木块接触弹簧后（）A．木块立即做减速运动B．木块在一段时间内速度仍可增大C．当F等于弹簧弹力时，木块速度最大D．弹簧压缩量最大时，木块加速度为零考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木块接触弹簧后，水平方向受到恒力F和弹簧的弹力，根据弹力与F的大小关系，确定合力方向与速度方向的关系，判断木块的运动情况．解答：解：当木块接触弹簧后，水平方向受到向右的恒力F和弹簧水平向左的弹力．弹簧的弹力先小于恒力F，后大于恒力F，木块所受的合力方向先向右后向左，则木块先做加速运动，后做减速运动，当弹力大小等于恒力F时，木块的速度为最大值．当弹簧压缩量最大时，弹力大于恒力F，合力向左，加速度大于零，故BC正确，AD错误．故选：BC点评：本题考查分析物体受力情况和运动情况的能力，要抓住弹簧弹力的可变性进行动态分析．9．（4分）一小船在静水中的速度为3m/s，它在一条河宽为150m，水流速度为4m/s的河流中渡河，则该小船（）A．能到达正对岸B．渡河的时间可能等于50sC．以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200mD．以最短位移渡河时，位移大小为200m考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，最短的时间主要是希望合速度在垂直河岸方向上的分量最大，这个分量一般刚好是船在静水中的速度，即船当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短；如果船在静水中的速度小于河水的流速，则合速度不可能垂直河岸，那么，小船不可能垂直河岸正达对岸．解答：解：A、因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸．故A错误．B、当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短：t min==50s，故B正确．C、船以最短时间50s渡河时沿河岸的位移：x=v水t min=4×50m=200m，即到对岸时被冲下200m，故C正确．D、因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸．所以最短位移s==200m．故D正确．故选：BCD．点评：小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度10．（4分）某电场的电场线的分布如图所示．一个带电粒子只在电场力作用下由M点沿图中虚线所示的路径运动通过N点．则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度小C．粒子在N点的速度大D．电场力对粒子做正功考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：A．电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受到的电场力的方向也向上，所以电荷为正电荷，所以A错误；B．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大，所以B正确；C．从M点到N点，运动方向与电场力的方向之间的夹角是锐角，电场力做正功，电势能减小，粒子的速度增大，所以C正确，D正确．故选：BCD．点评：该类题目，一般先根据粒子的运动的轨迹弯曲的方向，判断出粒子的受到的电场力的方向，然后判定电荷的正负与电场力做功的正负．属于基础题目．二．选择题（每空3分，共18分，）11．（9分）图（a）为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：①用天平测量物块和遮光片的总质量M．重物的质量m：用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测最两光电门之间的距离s；②调整轻滑轮，使细线水平：③让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间△t A和△t B，求出加速度a；④多次重复步骤③，求a的平均；⑤根据上述实验数据求出动擦因数μ．回答下列为题：（1）测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示如图（b）．其读数为0.960cm（2）物块的加速度a可用d、s、△t A，和△t B，表示为a=[﹣]（3）动摩擦因数μ可用M、m、；和重力加速度g表示为μ=．考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：实验题；摩擦力专题．分析：（1）主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；（2）由速度公式求出速度，由匀变速运动的速度位移公式求出加速度；（3）由动能定理列方程求出动摩擦因数．解答：解：（1）由图示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为12×0.05mm=0.60mm=0.060cm，游标卡尺示数为0.9cm+0.060cm=0.960cm；（2）滑块的速度v A=，v B=，从A到B，由速度位移公式得：v B2﹣v A2=2as，解得，加速度a=[﹣]．（3）由动能定理得：﹣μmgs=Mv B2﹣Mv A2，解得：μ=；故答案为：（1）0.960；（2）[﹣]；（3）．点评：本题考查了游标卡尺读数、求加速度、求动摩擦因数等问题；主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数，游标卡尺不需要估读．应用速度公式、匀变速运动的速度位移公式、动能定理即可正确解题．12．（9分）在测量金属丝电阻率的试验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：R x（阻值约4Ω，额定电流约0.5A）；电压表：V（量程3V，内阻约3kΩ）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）；A2（量程3A，内阻约0.05Ω）；电源：E1（电动势3V，内阻不计）E2（电动势12V，内阻不计）滑动变阻器：R（最大阻值约20Ω）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线．（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为1.773mm．（2）若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选A1、电源应选E1（均填器材代号）．（3）在虚线框中完成电路原理图．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）螺旋测微器精确度为0.01mm，需要估读，读数时注意半毫米刻度线是否露出．（2）合理选择实验器材，先选必要器材，再根据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材．电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法．滑动变阻器是小电阻控制大电阻，用分压式接法．（3）滑动变阻器采用限流式，安培表用外接法．解答：解：（1）从图中读出金属丝的直径为d=1.5mm+27.3×0.01mm=1.773mm；（2）电压表量程3V，故电源选E1，最大电流读数I，为使电流表指针偏转角度超过，故电流表选A1；（3）滑动变阻器采用限流式；安培表电阻较小，大内小外，故安培表用外接法；电路如图所示：故答案为：（1）1.773；（2）A1，E1；（3）如图所示．点评：实验电路所用器材的要求要熟练掌握，读数的要求，误差来源的分析，变阻器的分压与限流式区别要弄清楚．三、计算题（共2小题，13题12分、14题为15分，共27分）13．（12分）一水平传送带以2.0m/s的速度顺时针传动，水平部分长为2.0m．，其右端与一倾角为θ=37°的光滑斜面平滑相连，斜面长为0.4m，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带最左端，已知物块与传送带间动摩擦因数μ=0.2，试问：（1）物块到达传送带右端的速度．（2）物块能否到达斜面顶端？若能则说明理由，若不能则求出物块上升的最大高度．（sin37°=0.6，g取l0m/s2）考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）对物块进行受力分析，找出物块的合力，明确其运动性质，运用牛顿第二定律和运动学公式去求解到达传送带右端时的速度．（2）物块冲上斜面后做匀减速直线运动，先根据运动学公式求出上物块运动的最大位移（到达最大位移时速度为0），然后与题目中的斜面长对比即可求解．解答：解：（1）物块在传送带上先做匀加速直线运动。
云南省玉溪一中高三物理上学期期中试题(含解析)新人教版
云南省玉溪一中2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题（本大题共14小题，在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项符合题目要求，选对得3分，选错得0分，9-14题有的有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1．（3分）以下说法正确的是（）A．法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件B．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C．电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D．奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象考点：感应电流的产生条件．.分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件，故A正确；B、根据麦克斯韦的电磁场理论，在变化的电场周围一定产生磁场，只有非均匀变化的电场周围才产生变化的磁场；在变化的磁场周围一定产生电场，只有非均匀变化的磁场周围才产生变化的电场．故B错误；C、电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力、试探电荷的电量无直接关系，故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现电磁感应现象，故D错误；故选：A．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（3分）某人骑自行车在平直道路上行进，图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v ﹣t图象．某同学为了简化计算，用虚线作近似处理，下列说法正确的是（）A．在t1时刻，虚线反映的加速度比实际的大B．在t3﹣t4时间内，虚线反映的是匀速运动C．在0﹣t1时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小D．在t1﹣t2时间内，由虚线计算出的位移比实际的大考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象的斜率代表物体加速度，速度图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位移．解答：解：A、由于v﹣t图象的斜率等于物体的加速度，在t1时刻，实线的斜率大于虚线的斜率，故实线表示的加速度大于虚线表示的加速度，故虚线反映的加速度比实际的小．故A错误．B、在t3﹣t4时间内，虚线是一条水平的直线，即物体的速度保持不变，即反映的是匀速直线运动．故B正确．C、在0﹣t1时间内实线与时间轴围成的面积小于虚线与时间轴的面积，故实线反映的运动在0﹣t1时间内通过的位移小于虚线反映的运动在0﹣t1时间内通过的位移，故由虚线计算出的平均速度比实际的大．故C错误．D、在t1﹣t2时间内，虚线围成的面积小于实线围成的面积，故由虚线计算出的位移比实际的小．故D错误．故选：B．点评：本题告诉了我们估算平均速度的方法：估算实际物体在0﹣t1时间内平均速度，可用0到t1的虚线反映的平均速度，故实际平均速度大于．3．（3分）如图所示，恒力F大小与物体重力相等，物体在恒力F的作用下，沿水平面做匀速直线运动，恒力F的方向与水平成θ 角，那么物体与桌面间的动摩擦因数为（）A．c osθB．c tgθC．D．t gθ考点：共点力平衡的条件及其应用；滑动摩擦力．.专题：计算题．分析：对物体受力分析，受推力、重力、支持力、摩擦力，根据平衡条件用正交分解法列式求解．解答：解：对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件水平方向Fcosθ﹣f=0竖直方向 N﹣Fsinθ﹣mg=0摩擦力f=μN由以上三式解得μ=故选C．点评：解决共点力平衡问题最终要运用平衡条件列方程求解，选择恰当的方法，往往可以使问题简化，常用方法有：正交分解法；相似三角形法；直角三角形法；隔离法与整体法；极限法．4．如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图（乙）所示，则（）A．t1时刻小球动能最大B．t2时刻小球动能最大C．t2～t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D．t2～t3段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能考点：弹性势能；动能；动能定理的应用；动能和势能的相互转化．.专题：压轴题；定性思想；牛顿运动定律综合专题．分析：小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止．解答：解：A、t1时刻小球小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，故A错误；B、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故B错误；C、t2～t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故C正确；D、t2～t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误；故选C．点评：本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析．5．如图，人沿平直的河岸以速度v行走，且通过不可伸长的绳拖船，船沿绳的方向行进，此过程中绳始终与水面平行．当绳与河岸的夹角为α，船的速率为（）A．v sinαB．C．v cosαD．考点：运动的合成和分解．.分析：人在行走的过程中，小船前进的同时逐渐靠岸，将人的运动沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解，由于绳子始终处于绷紧状态，故小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度，根据平行四边形定则，将人的速度v分解后，可得结论．解答：解：将人的运动速度v沿着绳子方向和垂直绳子方向正交分解，如图，由于绳子始终处于绷紧状态，因而小船的速度等于人沿着绳子方向的分速度根据此图得v船=vcosα故选C．点评：本题关键找到人的合运动和分运动，然后根据正交分解法将人的速度分解即可；本题容易把v船分解而错选D，要分清楚谁是合速度，谁是分速度．6．（3分）物体在恒定的合力F作用下，做直线运动，在时间△t1内速度由O增大到v，在时间△t2内速度同v增大到2v，设F在△t1内做功是W1，冲量是I1，在△t2内做的功是W2，冲量是I2，那么（）A．I1＜I2，W1=W2B．I1＜I2，W1＜W2C．I1=I2，W1=W2D．I1=I2，W1＜W2考点：动量定理．.专题：动量定理应用专题．分析：根据动能定理研究功的关系，根据动量定理研究冲量的关系．解答：解：根据动能定理得：，，则W1＜W2．根据动量定理得，I1=mv﹣0=mv，I2=2mv﹣mv=mv，知I1=I2．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：根据动能的变化由动能定理求合力的功、根据动量的变化由动量定理求合力的冲量是这两大定理基本的应用．7．如图是一个示波管工作原理图的一部分，电子经过加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量为y，两平行板间距为d、板长为L、板间电压为U．每单位电压引起的偏转量（y/U）叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可以采用的方法是（）A．增加两板间的电势差U B．尽可能缩短板长LC．尽可能减小板距d D．使电子的入射速度v0大些考点：示波管及其使用．.分析：电子在匀强电场中发生偏转，根据已知的条件，写出偏转量的表达式，根据公式进行说明．解答：解：设电子的电量为q，质量为m，加速度为a，运动的时间为t，则加速度：a==，运动时间t=，偏转量h==．所以示波管的灵敏度：=．通过公式可以看出，提高灵敏度可以采用的方法是：加长板长L，减小两板间距离d 和减小入射速度v0．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：该题本意是考查带电粒子在电场中的偏转，要熟记偏转量的公式以及它的推导的过程．8．（3分）如图所示，正方形区域ABCD内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，三个完全相同的带电粒子a、b、c分别以大小不同的初速度v a、v b、v c从A点沿图示方向射入该磁场区域，经磁场偏转后粒子a、b、c分别从BC边中点、CD边中点、AD边中点射出．若t a、t b、t c分别表示粒子a、b、c在磁场中的运动时间．则以下判断正确的是（）A．v a＜v b＜v c B．v a=v b＜v c C．t a＜t b＜t c D．t a=t b＜t c考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．.专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子在你匀强磁场中做匀速圆周运动，粒子的运动时间t=T，θ为粒子轨迹所对应的圆心角．解答：解：粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=，粒子做圆周运动的周期：T=，由于三个粒子完全相同，则它们做圆周运动的周期T相等，如图所示，粒子的轨道半径：r a＞r b＞r c，v c＜v b＜v a，故AB错误；粒子在磁场中做圆周运动转过的圆心角间的关系为：θa＜θb＜θc，粒子运动时间t=T，则粒子在磁场中的运动时间：t a＜t b＜t c，故C正确，D错误；故选：C．点评：本题考查了比较粒子的运动速度、时间关系，根据题意作出粒子的运动轨迹是正确解题的关键，应用牛顿第二定律、t=T即可正确解题．9．（4分）如图所示，斜面体质量为M，倾角为θ，置于水平地面上，当质量为m的小木块沿斜面匀速下滑时，斜面体仍静止不动．则（）A．斜面体受地面的支持力为MgB．斜面体受地面的支持力为（m+M）gC．斜面体受地面的摩擦力为mgcosθsinθD．斜面体受地面的摩擦力为0考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体分析，通过共点力平衡求出斜面体所受地面的摩擦力和支持力的大小．解答：解：因为小木块匀速下滑，对整体分析，整体合力为零，整体受重力和支持力，摩擦力为零，所以N=（M+m）g．故B、D正确，A、C错误．故选BD．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．10．（4分）如图所示，斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止于水平面上，现将一小球从图示位置由静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放到落至地面的过程中，下列说法正确的是（）A．斜劈对小球的弹力不做功B．斜劈与小球组成的系统机械能守恒C．斜劈的机械能守恒D．小球机械能的减少量等于斜劈动能的增加量考点：动能和势能的相互转化．.分析：小球和斜劈组成的系统中，只有重力势能和动能相互转化，机械能守恒；而小球和斜劈的机械能都不守恒．解答：解：A、斜劈由静到动，动能增加，只有弹力对斜劈做功，根据动能定理，斜劈对小球的弹力做正功，故A错误；B、C、D、小球和斜劈组成的系统中，只有重力势能和动能相互转化，机械能守恒，故BD正确，C错误‘故选BD．点评：本题关键分析清楚物体的运动和能量的转化情况，要明确是小球和斜劈组成的系统机械能守恒，而不是单个物体机械能守恒．11．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示．产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示．则下列说法正确的是（）A．t=0.01s时穿过线框的磁通量最小B．该交变电动势的有效值为11VC．该交变电动势的瞬时值表达式为e=22sin（100πt）VD．电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角为45°考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．.专题：交流电专题．分析：从图象得出电动势最大值、周期，从而算出频率、角速度；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大，转速加倍，最大值加倍．解答：解：A、由图象知：t=0.01s时，感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，A错误；B、该交变电动势的有效值为E=，B错误；C、当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为，C正确；D、电动势瞬时值为22V时，代入瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角为45°，D正确；故选：CD点评：本题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力，并掌握有效值与最大值的关系．12．（4分）如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用平行于斜面的恒力F拉乙物块，在使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上加速运动的阶段中（）A．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D．乙物块与斜面之间的摩擦力不断减小考点：洛仑兹力；摩擦力的判断与计算．.分析：先以整体为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出加速度，分析斜面对乙的摩擦力如何变化，再对甲分析，由牛顿第二定律研究甲、乙之间的摩擦力、弹力变化情况．解答：解：对整体，分析受力情况：重力、斜面的支持力和摩擦力、洛伦兹力，洛伦兹力方向垂直于斜面向上，则由牛顿第二定律得：m总gsinα﹣f=ma ①F N=m总gcosα﹣F洛②随着速度的增大，洛伦兹力增大，则由②知：F N减小，乙所受的滑动摩擦力f=μF N减小，故D正确；以乙为研究对象，有：m乙gsinθ﹣f=m乙a ③m乙gcosθ=F N′+F洛④由①知，f减小，加速度增大，因此根据③可知，甲乙两物块之间的摩擦力不断增大，故A正确，BC错误；故选：AD．点评：解决本题运用整体法和隔离法结合研究，关键是抓住洛伦兹力随速度而增大的特点进行分析13．如图所示为一卫星绕地球运行的轨道示意图，O点为地球球心，已知引力常量为G，地球质量为M，，，下列说法正确的是（）A．卫星在A点的速率B．卫星在B点的速率C．卫星在A点的加速度D．卫星在B点的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．.专题：人造卫星问题．分析：卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出线速度和加速度的表达式；卫星在椭圆轨道运动时，根据离心运动和向心运动的知识比较速度与圆轨道对应速度的大小．解答：解：卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：解得：v=，a=A、卫星经过椭圆轨道的A点时，由于万有引力小于向心力，故做离心运动，故：解得：v＞，故A错误；B、卫星经过椭圆轨道的B点时，由于万有引力大于向心力，故做向心运动，故：解得：v＜，故B正确；C、根据牛顿第二定律，卫星在A点的加速度：，故C正确；D、根据牛顿第二定律，卫星在B点的加速度，故D错误；故选：BC．点评：本题关键是明确当万有引力大于向心力时，卫星做向心运动，当万有引力小于向心力时，物体做离心运动．14．（4分）半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为R0．圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O开始，杆的位置由θ确定，如图所示．则（）A．θ=0时，杆产生的电动势为2BavB．θ=时，杆产生的电动势为BavC．θ=时，杆受的安培力大小为D．θ=0时，杆受的安培力为考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．.专题：电磁感应与电路结合．分析：根据几何关系求出此时导体棒的有效切割长度，根据法拉第电磁感应定律求出电动势．注意总电阻的求解，进一步求出电流值，即可算出安培力的大小．解答：解；A、θ=0时，杆产生的电动势E=BLv=2Bav，故A正确B、θ=时，根据几何关系得出此时导体棒的有效切割长度是a，所以杆产生的电动势为Bav，故B错误；C、θ=时，电路中总电阻是（π+1）aR0，所以杆受的安培力大小为：F′=BI′L′=，故C正确；D、θ=0时，由于单位长度电阻均为R0．所以电路中总电阻（2+π）aR0，所以杆受的安培力大小为：F=BIL=B•2a=，故D错误；故选：AC．点评：电磁感应与电路的结合问题，关键是弄清电源和外电路的构造，然后根据电学知识进一步求解．二、非选择题（本大题共9小题，第1个小题为实验填空题，只需要写出相应结果，后3个小题为计算题，需要写出详细解答过程方能得分）15．（8分）某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，他将两物块A和B用轻质细绳连接跨过轻质定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器．（1）按图甲所示安装实验装置时，使A的质量大于B的质量．（2）图乙是实验中得到的一条纸带，O为释放纸带瞬间打点计时器打下的点，A、B、C为纸带上连续取出的三个计时点，测得OA间、AB间及BC间的距离如图所示，已知打点计时器计时周期为T=0.02s，用天平测出A、B两物体的质量mA=150g，mB=50g，根据以上数据计算，可得从O到B的过程中，物块A、B组成的系统重力势能减少量为0.42 J，动能增加量为0.40 J，由此可得出的结论是在误差允许范围内，系统机械能守恒（取g=9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字）考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题．分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，得到A物体下落的高度和B物体上升的高度，即可求出系统重力势能的减小量．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量，再进行比较，即可得出结论．解答：解：从O到B的过程中，物块A、B组成的系统重力势能减少量为：△E p=（m A﹣m B）gh OB=（150﹣50）×10﹣3×9.8×（38.89+3.91）×10﹣2J=0.42J；B点的速度为：v B=m/s=2m/s系统动能增加量为：△E k=×（150+50）×10﹣3×22J=0.40J因为△E p≈△E k所以由此可得出的结论是：在实验误差允许范围内，系统机械能守恒．故答案为：0.42；0.40；在误差允许范围内，系统机械能守恒．点评：本题用连接体为例来验证机械能守恒，要注意研究的对象是A、B组成的系统，运用匀变速直线运动规律求B点的速度是关键．要关注有效数字．16．（8分）要测量一个量程已知的电压表的内阻，所备器材如下：A．待测电压表V（量程3V，内阻待测）B．电流表A（量程3A，内阻约0.01Ω）C．定值电阻R（已知阻值6kΩ，额定电流50mA）D．蓄电池E（电动势略小于3V，内阻不计）E．多用电表F．开关K1、K2，导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）首先，用多用电表进行粗测，选用“×1K”挡且操作方法正确．若这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量的结果是7KΩ．（2）为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图乙所示的（a）、（b）实验电路，你认为其中较合理的电路图是 b ．（3）用你选择的电路进行实验时，用上述所测量的符号表示电压表的内阻R v= ．考点：伏安法测电阻．.专题：实验题．分析：（1）欧姆表读数等于表盘读数乘以倍率；（2）（3）图a中电流表读数太小，读数误差太大，采用图b，结合闭合电路欧姆定律列式求解．解答：解：（1）选用“×1K”挡且操作方法正确，由图1所示可知，则测量的结果是：R=7×1k=7kΩ．（2）由于电源电动势小于3V，电压表内阻很大，图a所示电路电流很小，不能准确对电流表读数，实验误差太大，因此应选择图b所示电路进行实验．（3）实验时，要先闭合开关K1，再闭合开关K2，读得电压表示数U1；再断开开关K2，读得电压表示数U2，电源的内阻忽略不计，断开开关K2，读得电压表示数U2，电阻R上的电压为：U R=U1﹣U2，由串联电路的分压关系得：=解得：R V=；故答案为：（1）7KΩ或7000Ω；（2）b；（3）．点评：欧姆表的读数为：表盘的读数×倍率；要理解乙和丙两个电路图测量电压表内阻的原理，根据它们的测量原理进行解答．17．航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2㎏，动力系统提供的恒定升力F=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．（1）第一次试飞，飞行器飞行t1=8s 时到达高度H=64m．求飞行器所阻力f的大小；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力．求飞行器能达到的最大宽度h；（3）为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．.分析：（1）第一次试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升做匀加速直线运动，根据位移时间公式可求出加速度，再根据牛顿第二定律就可以求出阻力f的大小；（2）失去升力飞行器受重力和阻力作用做匀减速直线运动，当速度减为0时，高度最高，等于失去升力前的位移加上失去升力后的位移之和；（3）求飞行器从开始下落时做匀加速直线运动，恢复升力后做匀减速直线运动，为了使飞行器不致坠落到地面，到达地面时速度恰好为0，根据牛顿第二定律以及运动学基本公式即可求得飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3．解答：解：（1）第一次飞行中，设加速度为a1匀加速运动由牛顿第二定律F﹣mg﹣f=ma1解得f=4N（2）第二次飞行中，设失去升力时的速度为v1，上升的高度为s1匀加速运动设失去升力后的加速度为a2，上升的高度为s2由牛顿第二定律mg+f=ma2v1=a1t2解得h=s1+s2=42m（3）设失去升力下降阶段加速度为a3；恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3由牛顿第二定律 mg﹣f=ma3F+f﹣mg=ma4且V3=a3t3解得t3=s（或2.1s）答：（1）飞行器所阻力f的大小为4N；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力，飞行器能达到的最大高度h为42m；（3）为了使飞行器不致坠落到地面，飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间为s．点评：本题的关键是对飞行器的受力分析以及运动情况的分析，结合牛顿第二定律和运动学基本公式求解，本题难度适中．18．（10分）如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，水平轨道AB和斜面BC均光滑且绝缘，AB和BC的长度均为L，斜面BC与水平地面间的夹角θ=600，有一质量为m、电量为+q的带电小球（可看成质点）被放在A点．已知在第一象限分布着互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上，场强大小E2=，磁场垂直纸面向外，磁感应强度大小为B；在第二象限分布着沿x轴正向的匀强电场，场强大小未知．现将放在A点的带电小球由静止释放，恰能到达C点，问（1）分析说明小球在第一象限做什么运动；（2）小球运动到B点的速度；（3）第二象限内匀强电场的场强E1．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）分析小球的受力情况，根据小球受力情况判断小球的运动情况．（2）小球在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可以求出小球的速度．（3）由小球，应用动能定理可以求出电场强度．解答：解：（1）当带电小球进入第一象限后所受电场力：F=qE2=mg，方向竖直向上，电场力与重力合力为零，小球所受合外力为洛伦兹力，小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动；（2）小球运动轨迹如图所示：。
云南省玉溪市第一中学高三上学期期中考试物理试卷 Word版含答案.pdf
绝密★启用前 玉溪一中2015—2016学年高三上学期期中考试 理科综合物理能力测试 命题人：刘建坤、白晓刚、胡明祥、蒋东、李靖、岳毅 注意事项： 1.本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。
2.回答第I卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第II卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量： H: 1 C:12 O: 16 Al:27 S:32 Fe: 56 Cu :64 I :127 选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的V-t图象如图所示，下列说法正确的是（ ） A.、b加速时,物体的加速度大于物体b的加速度 B.20s时,、b两物体相距最远 C.60s时,物体在物体b的前方 D.40s时,、b两物体的速度相等，相距200m 15.如图甲、乙所示，倾角为θ的斜面上放置一滑块M，在滑块M上放置一个质量为m的物块，M和m相对静止，一起沿斜面匀速下滑，下列说法正确的是( ) A．图甲中物块m受到摩擦力 B．图乙中物块m受到摩擦力 C．图甲中物块受到 D．图乙中物块受到 16. 如图所示为四分之一圆柱体OAB的竖直截面，半径为R，在B点上方的C点水平抛出一个小球，小球轨迹恰好在D点与圆柱体相切，OD与OB的夹角为60°，则C点到B点的距离为( ) . B. C. D．R A. B. C. D. 18.一线城市道路越来越拥挤，因此自行车越来越受城市人们的喜爱，如图，当你骑自行车以较大的速度冲上斜坡时，假如你没有蹬车，受阻力作用，则在这个过程中，下面关于你和自行车的有关说法正确的是（ ） A、机械能减少 B、克服阻力做的功等于机械能的减少量 C、减少的动能等于增加的重力势能 D、因为要克服阻力做功，故克服重力做的功小于重力势能的增加量 19.如图A、B两物体叠放在光滑水平桌面上，轻质细绳一端连接B，另一端绕过定滑轮连接C物体，已知A和C的质量都是1kg,B的质量是2kg，A、B间的动摩擦因素是0.3，其它摩擦不计。
云南省玉溪一中2015届高三上学期期中考试物理 Word版含答案
玉溪一中2015届上学期期中考试题高三物理本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，试卷满分100分，考试时间120分钟。
第Ⅰ卷（选择题 共48分）（请将答案答在机读答题卡上，答在试卷上无效）一、 选择题（本大题共14小题，在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项符合题目要求，选对得3分，选错得0分，9-14题有的有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分） 1．以下说法正确的是（ ）A ．法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件B ．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C ．电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D ． 奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象2.某人骑自行车在平直道路上行进,图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v-t 图象,某同学为了简化计算,用虚线作近似处理,下列说法正确的是（ ）A.在t 1时刻,虚线反映的加速度比实际的大B.在0～t 1时间内,由虚线计算出的平均速度比实际的小C.在t 1～ t 2时间内,由虚线计算出的位移比实际的大D.在t 3～t 4时间内,虚线反映的是匀速直线运动3．如图所示，恒力F 大小与物体重力相等，物体在恒力F 的作用下， 沿水平面做匀速运动，恒力F 的方向与水平成θ 角，那么物体与桌面间的动摩擦因数为（ ）A ．cos θB ．ctg θC ．cos 1sin θθ+D ．tg θ4．如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复。
通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F 随时间t 变化的图像如图（乙）所示，则( )A.1t 时刻小球动能最大B.2t 时刻小球动能最大C.23~t t 这段时间内，小球的动能先增加后减少D.23~t t 这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能5．如图，人沿平直的河岸以速度v 行走，且通过不可伸长的绳拖船，船沿绳的方向行进，此过程中绳始终与水面平行。
云南省玉溪一中2015届高三上学期期中考试
玉溪一中2014—2015学年上学期期中考试高三生物试卷命题人：字发第I卷（选择题，共55分）（共40小题，1-30题每题1分，31~40题每题1.5分，共45分）1、下列有关生命系统的叙述正确的是（）A．生命系统中各生物体均具有多种组织、器官和系统B．生物圈是地球上最基本的生命系统和最大的生态系统C．H1N1流感病毒不属于生命系统，但其增殖离不开活细胞D．肌肉细胞里的蛋白质和核酸属于生命系统的分子层次2、下列叙述正确的是（）A．原核生物细胞无线粒体，不能进行有氧呼吸B．真核生物细胞只进行有丝分裂，原核生物细胞只进行无丝分裂C．真核生物细胞中一定有细胞核和线粒体D．真核生物细胞具有生物膜系统，有利于细胞代谢有序进行3、下图是脑啡肽(一种具镇痛作用的神经递质)的结构简式，下列正确的是（）A．合成脑啡肽所需的能量直接来自于细胞呼吸B．含有四个肽键，编码它的模板上至少需要4个密码子C．只有在内质网和高尔基体中加工形成一定的空间构象后才具有镇痛作用D．由五种氨基酸组成，脱水缩合生成的H2O中的氢来自氨基和羧基4、下列关于实验的说法正确的是（）A．“用高倍镜观察叶绿体和线粒体”实验中，叶绿体和线粒体都不需染色B．叶绿体多呈绿色的球形或椭球形，但黑藻的叶绿体呈带状螺旋分布C．无关变量是对实验结果没有影响的因素，所以设计实验时可以不用考虑D．在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”实验中，加入8%盐酸的目的包括使DNA和蛋白质分开5、下列有关水的叙述中，错误的是（）①自由水参与运输营养物质和代谢废物②生物体内的化学反应离不开水③水是组成细胞的成分之一④细胞内水的存在形式为结合水和自由水⑤自由水与结合水的比例与细胞代谢的强弱关系不大⑥不同细胞内自由水与结合水的比例基本相同A．①④⑤ B．①②④ C．⑤⑥ D．③⑥6、图示细胞膜的亚显微结构，其中a和b为两种物质的运输方式，有关叙述正确的是（）A．不同物种的细胞中①、②和③的种类均不同B．a物质进入细胞的方式是自由扩散，b物质进入细胞的方式是主动运输C．若图示为红细胞的细胞膜，则a可代表O2，b可代表萄葡糖D．该图可以表示细胞内的其他生物膜结构7、细胞中的各种细胞器既分工又协作，不同的细胞器在生理功能上具有相似性。
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云南省玉溪一中2015届高三上学期期中考试物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，试卷满分100分，考试时间120分钟。
第Ⅰ卷（选择题 共48分）（请将答案答在机读答题卡上，答在试卷上无效）一、 选择题（本大题共14小题，在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项符合题目要求，选对得3分，选错得0分，9-14题有的有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分） 1．以下说法正确的是（ ）A ．法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件B ．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C ．电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D ． 奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象2.某人骑自行车在平直道路上行进,图中的实线记录了自行车开始一段时间内的v-t 图象,某同学为了简化计算,用虚线作近似处理,下列说法正确的是（ ）A.在t 1时刻,虚线反映的加速度比实际的大B.在0～t 1时间内,由虚线计算出的平均速度比实际的小C.在t 1～ t 2时间内,由虚线计算出的位移比实际的大D.在t 3～t 4时间内,虚线反映的是匀速直线运动3．如图所示，恒力F 大小与物体重力相等，物体在恒力F 的作用下， 沿水平面做匀速运动，恒力F 的方向与水平成θ 角，那么物体与桌面间的动摩擦因数为（ ）A ．cos θB ．ctg θCD ．tg θ4．如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复。
通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F 随时间t 变化的图像如图（乙）所示，则( )A.1t 时刻小球动能最大B.2t 时刻小球动能最大C.23~t t 这段时间内，小球的动能先增加后减少D.23~t t 这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能5．如图，人沿平直的河岸以速度v 行走，且通过不可伸长的绳拖船，船沿绳的方向行进，此过程中绳始终与水面平行。
当绳与河岸的夹角为α，船的速率为（ ）A ． cos v α B.C. sin v αD.6．物体在恒定的合力F 作用下做直线运动，在时间1t ∆内速度由0增大到v ，在时间2t ∆内速度由v 增大到v 2。
设F 在1t ∆内做的功是1W ，冲量是1I ；在2t ∆内做的功是2W ，冲量是2I ；那么 （ ）A. 2121,W W I I =<B. 2121,W W I I <<C. 2121,W W I I ==D. 2121,W W I I <=7.如图是一个示波管工作原理图的一部分，电子经过加速后以速度v 0垂直进入偏转电场，离开偏转电场时的偏转量为y ，两平行板间距为d 、板长为L 、板间电压为U 。
每单位电压引起的偏转量（y/U ）叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可以采用的方法是（ ） A ．增加两板间的电势差U B ．尽可能缩短极板的长度L C ．尽可能减小板距dD ．使电子的入射速度v 0大些8. 如图所示，正方形区域ABCD 内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，三个完全相同的 带电粒子a 、b 、c 分别以大小不同的初速度a b c v v v 、、从A 点沿图示方向射入该磁场区域，经磁场偏转后粒子a 、b 、c 分别从BC 边中点、CD 边中点、AD 边中点射出。
若a b c t t t 、、分别表示粒子a 、b 、c 在磁场中的运动时间。
则以下判断正确的是（ ）A ．a b c v v v <<B ．a b c v v v <<C ．a b c t t t <<D ．a b c t t t =<9. 如图所示，斜面体质量为M ，倾角为θ，置于水平地面上，当质量为m 的小木块沿斜面匀速下滑时，斜面体仍静止不动，则( )A.斜面体受地面的支持力为MgB.斜面体受地面的支持力为(m ＋M)gC.斜面体受地面的摩擦力为mgcosθsinθD.斜面体受地面的摩擦力为010.如图所示，斜劈劈尖顶着竖直墙壁静止于水平面上，现将一小球从图示位置静止释放，不计一切摩擦，则在小球从释放到落至地面的过程中，下列说法正确的是( )A ．斜劈对小球的弹力不做功B ．斜劈与小球组成的系统机械能守恒C ．斜劈的机械能守恒D ．小球重力势能减少量等于小球和斜劈动能的增加量11. 在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示。
产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示。
则下列说法正确的是 （ ）A ．0.01t s =时穿过线框的磁通量最小B ．该交变电动势的有效值为C ．该交变电动势的瞬时值表达式为)e t V π=D ．电动势瞬时值为22V 时，线圈平面与中性面的夹角为45︒12. 如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用平行于斜面的恒力F 拉乙物块，在使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上加速运动的阶段中 （ ）A ．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B ．甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C ．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D ．乙物块与斜面之间的摩擦力不断减小13.如图所示为一卫星绕地球运行的轨道示意图，O 点为地球球心，已知引力常量为G ，地球质量为M ，OA R =，4OB R =，下列说法正确的是（ ）A ．卫星在A 点的速率A v =B ．卫星在B 点的速率B v <C ．卫星在A 点的加速度 2A GM a R =D ．卫星在B 点的加速度216BGMa R <14.半径为a 右端开小口的导体圆环和长为2a 的导体直杆，单位长度电阻均为R 0。
圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B 。
杆在圆环上以速度v 平行于直径CD 向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O 开始，杆的位置由θ确定，如图所示,则（ ） A ．θ=0时，杆产生的电动势为2BavB ． θ=0时，杆受的安培力大小为203(2)R B avπ+C ．3πθ=D ．3πθ=时，杆受的安培力大小为203(53)R B avπ+第Ⅱ卷（非选择题 共52分）（请将答案答在答题卡上，答在试卷上无效）二、 非选择题（本大题共4小题，第1个小题为实验填空题，只需要写出相应结果，后3个小题为计算题，需要写出详细解答过程方能得分） 15. 实验题（12分，每空2分）某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，他将两物块A 和B 用轻质细绳连接跨过轻质定滑轮，B 下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器。
（1）按图甲所示安装实验装置时，使A 的质量大于B 的质量。
（2）图乙是实验中得到的一条纸带。
O 为释放纸带瞬间打点计时器打下的点，A 、B 、C 为纸带上连续取出的三个计时点，测得OA 间、AB 间及BC 间的距离如图所示，已知打点计时器计时周期为T=0．02s ，用天平测出A 、B 两物体的质量m A =150g ，m B =50g ，根据以上数据计算，可得从O 到B 的过程中，物块A 、B 组成的系统重力势能减少量为 J ，动能增加量为 J ，由此可得出的结论是 （取g=9．8m/s 2，计算结果保留2位有效数字）16.要测量一个量程已知的电压表的内阻，所备器材如下： A ．待测电压表V （量程3V ，内阻待测） B ．电流表A （量程3A ，内阻约0.01Ω）C ．定值电阻R （已知阻值6k Ω，额定电流50mA ）D ．蓄电池E （电动势略小于3V ，内阻不计） E ．多用电表F ．开关K 1、K 2，导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）首先，用多用电表进行粗测，选用“×1K”挡且操作方法正确。
若这时刻度盘上的指针位置如图所示，则测量的结果是_____________。
（2）为了更精确地测出此电压表内阻，该同学设计了如图所示的（a）、(b)实验电路，你认为其中较合理的电路图是_________________。
（3）用你选择的电路进行实验时，用上述所测量的符号表示电压表的内阻R V＝______________。
17.（8分）航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m =2㎏，动力系统提供的恒定升力F =28 N。
试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升。
设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2。
（1）第一次试飞，飞行器飞行t1 = 8 s 时到达高度H = 64 m。
求飞行器所阻力f的大小；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2 = 6 s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力。
求飞行器能达到的最大高度h；（3）为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t318.（10分）如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，水平轨道AB和斜面BC均光滑且绝缘，AB和BC的长度均为L，斜面BC与水平地面间的夹角θ=600，有一质量为m、电量为+q的带电小球（可看成质点）被放在A点。
已知在第一象限分布着互相垂直的匀强电场和匀强磁场，B；在第二象限分布着沿x轴正向的匀强电场，场强大小未知。
现将放在A点的带电小球由静止释放，恰能到达C点，问（1）分析说明小球在第一象限做什么运动；（2）小球运动到B点的速度；E；（3）第二象限内匀强电场的场强119．（9分）如图所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属轨道上。
导轨平面与水平面的夹角为θ，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直与导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置、间距为d的平行金属板R和R x分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻。
（1）调节R x=R，释放导体棒，当棒沿导轨匀速下滑时，求通过棒的电流I及棒的速率v。
（2）改变R x，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电量为+q的微粒水平射入金属板间，若它能匀速通过，求此时的R x。
20.【物理——选修3-3】（13分）1、（5分）下列说法中正确的是____（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对两个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
A．布朗运动就是液体分子的无规则运动B．晶体有确定的熔点，非晶体没有确定的熔点C．热量不可能从低温物体传到高温物体D．物体的体积增大，分子势能不一定增加E一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热2、（8分）如图所示，两端等高、粗细均匀、导热良好的U形管竖直放置，右端与大气相L=40cm的气柱（可视为理想气体），左管的水银面比右管的通，左端用水银柱封闭着长1水银面高出h=12.5cm。