2017-2018学年山西省晋城一中高二12月月考物理试题Word版 含答案
山西省晋城一中2017--2018学年高二12月月考数学理试题
【全国百强校】山西省晋城一中2017--2018学年高二12月月考数学理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题110y -+=的倾斜角为（ ）A ．150ºB ．120ºC ．60ºD ．30º 2．下列命题不正确．．．的是（ ） A ．若任意四点不共面，则其中任意三点必不共线B ．若直线l 上有一点在平面β外，则l 在平面β外C ．若一个平面内的任一条直线都平行于另一个平面，则这两个平面平行D ．若直线,,a b c 中，a 与b 共面且b 与c 共面，则a 与c 共面3．设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，若12464,30a a a a =++=，则6S =（ ） A ．54 B ．44 C ．34 D ．24 4．在∆ABC 中，内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c .则“sin >sin A B ”是“a b >”的（ ）A ．充分而不必要条件B ．必要而不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件5．若,x y 满足约束条件10,10,410.x y x x y +-≥⎧⎪-≤⎨⎪-+≥⎩则目标函数13y z x +=+的最大值为（ ） A ．14B ．23C ．32D ．2 6．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（ ）A ．483π-B ．283π- C ．24π- D ．24π+ 7．设,,a b c 均为非零向量，已知命题:p a b =是a c b c ⋅=⋅的必要不充分条件，命题:1q x >是1x >成立的充分不必要条件，则下列命题是真命题的是（ ）A ．p q ∧B ．p q ∨C ．()()p q ⌝∧⌝D ．()p q ∨⌝8．函数π()sin(2)||2f x x ϕϕ⎛⎫=+< ⎪⎝⎭的图像向左平移π6个单位长度后是奇函数，则()f x 在π0,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的最小值是（ ）．A ．12B ．2C ．12-D ． 9．在棱长为2的正方体1111ABCD A B C D -中，M 是棱11A D 的中点，过1C ，B ，M 作正方体的截面，则这个截面的面积为（ ）A B ．8 C ．92 D ．9810．已知各项均不为零的数列{}n a ，定义向量1(,),(,1),n n n n c a a b n n n N *+==+∈. 下列命题中真命题是（ ）A ．若n N *∀∈总有c b n n ⊥成立，则数列{}n a 是等比数列B ．若n N *∀∈总有c //b n n 成立，则数列{}n a 是等比数列C ．若n N *∀∈总有c b n n ⊥成立，则数列{}n a 是等差数列D ．若n N *∀∈总有c //b n n 成立，则数列{}n a 是等差数列11．已知R k ∈，点(),P a b 是直线2x y k +=与圆22223x y k k +=-+的公共点，则ab 的最大值为（ ）A ．15B ．9C ．1D ．53- 12．已知椭圆C ：221168x y +=，F 1、F 2分别为其左、右焦点，A 1，A 2分别为其长轴的左右端点，动点M 满足MA 2⊥A 1A 2，A 1M 交椭圆于点P ，则OM OP ⋅的值为（ ） A ．8B ．16C ．20D ．24二、填空题13．若直线(1)20x m y ++-=与直线240mx y ++=平行，则实数m 的值__________. 14．已知||2a =，||2b =，a 与b 的夹角为45，要使2b a λ-与a 垂直，则λ=__________．15．已知,M N 分别为长方体1111ABCD A B C D -的棱11,AB A B 的中点，若AB = 12AD AA ==，则四面体1C DMN -的外接球的表面积为__________．16．设椭圆C ： ()222210x y a b a b+=>>的左、右焦点分别为12,F F ，其焦距为2c ，点(,)2a Q c 在椭圆的内部，点P 是椭圆C 上的动点，且1125PF PQ F F +<恒成立，则椭圆离心率的取值范围是______．三、解答题17．已知p ：方程()2220x mx m +++=有两个不等的正根； q ：方程221321x y m m -=+-表示焦点在y 轴上的双曲线. （1）若q 为真命题，求实数m 的取值范围；（2）若“p 或q ”为真，“p 且q ”为假，求实数m 的取值范围18．如图，三棱柱111ABC A B C -中，侧棱垂直底面， 90ACB ∠=︒， 1122AC BC AA ===，点D 是棱1AA 的中点．（1）证明：平面1BDC ⊥平面1BDC ；（2）求三棱锥1C BDC -的体积．19．已知椭圆2222:1(0)x y C a b a b +=>>的离心率为2，右焦点为F ，上顶点为A ，且AOF ∆的面积为12（O 是坐标原点）. （1）求椭圆C 的方程；（2）设P 是椭圆C 上的一点，过P 的直线l 与以椭圆的短轴为直径的圆切于第一象限，切点为M ，证明：PF PM +为定值.20．如图，三棱柱ABC DEF -中，侧面ABED 是边长为2的菱形，且3ABE π∠=，BC =F ABED -的体积为2，点F 在平面ABED 内的正投影为G ，且G 在AE 上，点M 在线段CF 上，且14CM CF =．（Ⅰ）证明：直线//GM 平面DEF ；（Ⅱ）求二面角M AB F --的余弦值．21．已知点M 是圆心为E 的圆22(16x y ++=上的动点，点F ，线段MF 的垂直平分线交EM 于点P .（Ⅰ）求动点P 的轨迹C 的方程；（Ⅱ）过原点O 作直线交（Ⅰ）中轨迹C 于点A 、B ，点D 满足FD FA FB =+，试求四边形AFBD 的面积的取值范围.22．已知椭圆C ：22221x y a b+=（0a b >>）的上顶点到右顶点的距离为2，左焦点为(F ，过点()0,3D 且斜率为k 的直线l 交椭圆于A ，B 两点．（Ⅰ）求椭圆C 的标准方程及k 的取值范围；（Ⅱ）在y 轴上是否存在定点E ，使AE BE ⋅恒为定值？若存在，求出点E 的坐标；若不存在，请说明理由．参考答案1．C【解析】试题分析：由直线方程可知，斜率k =60︒． 考点：直线的倾斜角．2．D【解析】A ．若任意三点必共线，则必有四点共面，∴矛盾，∴A 正确．B ．根据直线在平面外的定义可知，当直线和平面相交或直线和平面平行时，满足条件，∴B 正确．C ．若一个平面内的任一条直线都平行于另一个平面，则所有直线都和平面，没有公共点，∴这两个平面平行，∴C 正确．D ．若三条直线满足两两异面，则结论不成立，∴D 不正确．故选D ．3．A【解析】设等差数列{}n a 的公差为d ，∵12464,30a a a a =++=，∴4×3+9d =30，解得d=2．则S 6=6×4+652⨯×2=54． 故选：A ．4．C【解析】 由正弦定理得sin sin 22a b A B a b R R>⇔>⇔> ，所以“sin sin A B >”是“a b >”的充要条件，选C.5．C【解析】作出不等式组对应的平面区域，1 3y z x +=+的几何意义是区域内的点到点D （﹣3，﹣1）的斜率， 由图象知AD 的斜率最大，由41010x y x -+=⎧⎨-=⎩，得15x y =⎧⎨=⎩，即A （1，5）， 则13y z x +=+的最大值z=5113++=32， 故选：C ．点睛：本题考查的是线性规划问题，解决线性规划问题的实质是把代数问题几何化，即数形结合思想.需要注意的是：一，准确无误地作出可行域;二，画目标函数所对应的直线时，要注意让其斜率与约束条件中的直线的斜率进行比较，避免出错;三，一般情况下，目标函数的最大值或最小值会在可行域的端点或边界上取得.6．A【解析】几何体为一个正方体(边长为2)去掉八分之一个球(半径为2),体积为3344π2π2833-⨯=- ,选A. 7．B【解析】若a b =时，则a c b c ⋅=⋅一定成立，则充分性成立，若a c b c ⋅=⋅，当c =0时，则a b =不一定成立，必要性不成立．∴为充分不必要条件，故p 为假命题；|x|＞1等价于x ＞1或x ＜﹣1，所以充分性成立，必要性不成立，故q 为真命题．故选B ．8．D【分析】 由函数图像平移后得到的是奇函数得π3ϕ=-，再利用三角函数的图像和性质求()f x 在π0,2⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的最小值. 【详解】 平移后得到函数πsin 23y x ϕ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭． ∵函数πsin 23y x ϕ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭为奇函数， 故ππ,3k k Z ϕ+=∈． ∵π||2ϕ<， ∴π3ϕ=-， ∴函数为πsin 23y x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭，π0,2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦． ∴ππ2π2,333x ⎡⎤-∈-⎢⎥⎣⎦，0x =时，函数取得最小值为． 故选D ．【点睛】 本题主要考查三角函数图像的变换，考查三角函数的奇偶性和在区间上的最值，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.9．C【分析】设1AA 的中点为N ，则1MN BC ，连接11,,MN NB BC MC ， ，则梯形1MNBC 就是过1C ，B ，M 正方体的截面，其面积为1922⨯ ，故选C.10．D【解析】∵()()*1,,,1,n n n n c a a b n n n N +==+∈ 当n n c b ⊥时，na n +（n+1）a n+1=0， 即1n n a a +=1n n -+； ∴a n =12211231n n n n n n a a a a a a a a a -----=11231122n n n a n n n ---⎛⎫⎛⎫⎛⎫---- ⎪ ⎪ ⎪--⎝⎭⎝⎭⎝⎭ =()111n a n --；∴数列{a n }既不是等差数列，也不是等比数列，排除A,C 选项 当n n c b 时，（n+1）a n ﹣na n+1=0， ∴1n n a a +=1n n + ∴a n =12211231nn n n n n a a a a a a a a a -----=111221231n n n a na n n n --=--- ∴数列{a n }为等差数列，排除B 选项 故选:D11．B【解析】由于直线和圆有公共点，≤31k -≤≤，将P 点坐标代入直线和圆的方程，有2222,23a b k a b k k +=+=-+，第一个式子两边平方后，代入第二个式子，化简得23322ab k k =+-，二次函数23322y k k =+-对称轴为13-，且开口向上，根据31k -≤≤可知当3k =-时，ab 有最大值为9, 点睛：本题主要考查直线和圆的位置关系，考查点到直线的距离公式，考查二次函数求最值的方法，其中二次函数的定义域是有范围的.由于直线和圆有交点，故圆心到直线的距离不大于半径，由此可求得k 的取值范围.再将点P 坐标代入两个曲线的方程，化简出ab 关于k 的表达式，最后利用二次函数求最值的方法求得最大值. 12．B 【解析】A 1 (−4,0), A 2 (4,0),设M (4,t ),P (x 1,y 1)， 则OP =(x 1,y 1),OM =(4,t ). 直线A 1 M :y −0=8t (x +4),即y =8t x +2t . 代入椭圆221168x y +=,得222211603242t t t x x ⎛⎫+++-= ⎪⎝⎭,故此方程的两个根分别为−4和x 1,由韦达定理可得x 1−4=22832t t -+,∴x 1= 22832t t -++4,∴y 1=23232t t +. ∴OP =( 22832t t-++4,232 32t t +), ∴OP OM = 222832443232t t t t t ⎛⎫-++ ⎪++⎝⎭=221284161632t t ⨯+=+ 故选B点睛：本题也可以“小题小做”，当M 点与A 2点重合时，不难发现OA OM OP ==，而4OA =,从而容易得到2416OM OP ⋅==.利用特殊点，特殊值是处理压轴小题的好方法. 13．1 【解析】∵直线()120x m y ++-=与直线240mx y ++=平行， ∴﹣11m +=﹣2m ，且21m+≠﹣2， 解得m=1． 故答案为1． 14．4 【解析】由题意22(2)222202b a a b a a λλλ-⋅=⋅-=⨯-⨯=，4λ=． 点睛：向量数量积的定义：cos ,a b a b a b ⋅=，由此得性质之一：0⊥⇔⋅=a b a b ． 15．13π【解析】因为四面体1C DMN -的外接球与三棱柱11N MCD C D -的外接球是同一个球。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，一个矩形线圈abcd放在垂直纸面向里的匀强磁场中，在进行下列操作时，整个线圈始终处于磁场之内，线圈中能产生感应电流的是( )A．线圈沿纸面向右移动B．线圈沿纸面向下移动C．线圈垂直纸面向外移动D．线圈以ab边为轴转动2.如图所示，理想变压器的a、b端加上茜一交流电压（电压有效值保持不变），副线圈d端所接灯泡L恰好正常发光。
此时滑线变阻器的滑片P于图示位置。
现将滑片下移（导线电阻不计），则以下说法中正确的是（）A．灯仍能正常发光，原线圈输入电流变小B．灯不能正常发光，原线圈输入功率变大C．灯不能正常发光，原线圈输入电压变大D．灯仍能正常发光，原线圈输入功率不变3.如图所示，理想变压器的原线圈接入u＝11 000sin 100πt(V)的交变电压，副线圈通过电阻r＝6 Ω的导线对“200 V、880 W”的电器R供电，该电器正常工作．由此可知 ( )．LA．原、副线圈的匝数比为50∶1B．交变电压的频率为100 HzC．副线圈中电流的有效值为4 AD．变压器的输入功率为880 W4.如图所示，甲是闭合铜线框，乙是有缺口的铜线框，丙是闭合的塑料线框，它们的正下方都放置一薄强磁铁，现将甲、乙、丙拿至相同高度H处同时释放（各线框下落过程中不翻转），则以下说法正确的是A．三者同时落地B．甲、乙同时落地，丙后落地C．甲、丙同时落地，乙后落地D．乙、丙同时落地，甲后落地5.质量相同的两方形木块A ．B 紧靠一起放在光滑水平面上，一子弹先后水平穿透两木块后射出，若木块对子弹的阻力恒定不变，且子弹射穿两木块的时间相同，则子弹射穿木块时A ．B 木块的速度之比： （ ） A. 1:1 B. 1:2 C. 1:3 D. 1:46.A 、B 两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列关于产生感应电流的条件的说法，正确的是（ ） A ．位于磁场中的闭合线圈，一定能产生感应电流B ．闭合线圈和磁场产生相对运动，一定能产生感应电流C ．闭合线圈作切割磁感线运动，一定能产生感应电流D ．穿过闭合线圈的磁感应线条数发生变化，一定能产生感应电流2.一个带电的金属球，当它带的电荷量增加到一定数值后(稳定)与增加前比较，其内部的场强将（ ） A ．一定增强 B ．不变 C ．一定减弱 D ．可能增强也可能减弱3.如图所示，A 、B 两闭合圆形线圈用同样导线且均绕成10匝，半径R A ＝2R B ，内有以B 线圈作为理想边界的匀强磁场，若磁场均匀减小，则A 、B 环中感应电动势E A ∶E B 与产生的感应电流I A ∶I B 分别是（ ）A ．E A ∶EB ＝1∶1；I A ∶I B ＝1∶2 B ．E A ∶E B ＝1∶2；I A ∶I B ＝1∶2C ．E A ∶E B ＝1∶4；I A ∶I B ＝2∶1D ．E A ∶E B ＝1∶2；I A ∶I B ＝1∶44.磁场中某区域的磁感线，如图所示，则（ ）A ．a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，Ba ＞B b B ．a 、b 两处的磁感应强度的大小不等，Ba ＜B bC ．同一通电导线放在a 处受力一定比放在b 处受力大D ．同一通电导线放在a 处受力一定比放在b 处受力小5.一台电动机，额定电压是100 V ，电阻是1 Ω.正常工作时，通过的电流为5 A ，则电动机因发热损失的功率为（ ） A ．500 W B ．25 W C ．1000 W D ．475 W6.如图所示，在匀强磁场中有一个矩形单匝线圈ABCD ，AB 边与磁场垂直，MN 边始终与金属滑环K 相连，PQ 边始终与金属滑环L 相连．金属滑环L 、交流电流表A 、定值电阻R 、金属滑环K 通过导线串联．使矩形线圈以恒定角速度绕过BC 、AD 中点的轴旋转．下列说法中正确的是( )A ．交流电流表A 的示数随时间按余弦规律变化B ．线圈转动的角速度越大，交流电流表A 的示数越小C ．线圈平面与磁场平行时，流经定值电阻R 的电流瞬时值最大D ．线圈转动的角速度增加为原来的两倍，则流经定值电阻R 的电流的有效值也变为原来的两倍7.穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系，如图所示，在下列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是（ ） A ．0～2 s B ．2 s ～4 s C ．4 s ～5 s D ．5 s ～10 s8.半径为R 的圆形线圈，两端A 、B 接有一个平行板电容器，线圈垂直放在随时间均匀变化的匀强磁场中，如右图所示，则要使电容器所带电荷量Q 增大，可以采取的措施是( )A ．增大电容器两极板间的距离B ．增大磁感应强度的变化率C ．减小线圈的半径D ．改变线圈所在平面与磁场方向间的夹角9.如图所示的电路中，电源电动势为E ，线圈L 的电阻不计．以下判断正确的是A ．闭合S ，稳定后，电容器两端电压为EB ．闭合S ，稳定后，电容器的a 极带正电C ．断开S 的瞬间，电容器的a 极板将带正电D ．断开S 的瞬间，电容器的a 极板将带负电10.如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P 点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离A ．带电油滴将沿竖直方向向上运动B ．P 点的电势将降低C ．带电油滴的电势能将增大D ．电容器的电容减小，极板带电量增大11.如图所示，电流表A 1(0～3 A)和A 2(0～0.6 A)是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中．闭合开关S ，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是( ) A ．A 1、A 2的读数之比为1∶1 B ．A 1、A 2的读数之比为5∶1C ．A 1、A 2的指针偏转角度之比为1∶1D ．A 1、A 2的指针偏转角度之比为1∶512.如图所示，磁场方向垂直于纸面，磁感应强度大小在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用绝缘丝线悬挂于O 点，将圆环拉至位置后无初速释放，在圆环从摆向的过程中（ ）A ．感应电流方向一直是顺时针B ．感应电流方向是逆时针-顺时针-逆时针C ．安培力方向始终与速度方向相反D ．安培力方向始终沿水平方向13. 如图所示，理想变压器的原副线圈的匝数比n 1∶n 2＝2∶1，原线圈接正弦式交流电，副线圈接电动机，电动机线圈电阻为R ，当输入端接通电源后，电流表读数为I ，电动机带动一质量为m 的重物以速度v 匀速上升，若电动机因摩擦造成的能量损失不计，则图中电压表的读数为（ ）A ．4IR ＋B ．C ．4IRD ．IR ＋二、实验题1.下图为《探究电磁感应现象》实验中所用器材的示意图。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小2.下列运动（电子只受电场或磁场力的作用）不可能的是A．电子以固定正点电荷Q为圆心绕Q做圆周运动中垂线上作直线运动B．电子在固定等量异种点电荷+Q、-Q连线C．电子在图示的匀强磁场中沿图示虚线轨道做圆周运动D．电子沿通电螺旋管中心轴线作直线运动3.电子产品制作车间里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上（如图所示），下列说法正确的是（）A．开关接通时比开关断开时消耗的总电功率大B．开关接通时，灯泡熄灭，只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小C．开关断开时，灯泡发光，电烙铁也通电，消耗的总功率增大，但电烙铁发热较少D．开关断开时，灯泡发光，可供在焊接时照明使用，消耗的总功率不变4.如图，两根相互平行的长直导线过纸面上的MN两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流；a、O、b在M、N的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A．O点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同5.长为L的通电直导线放在倾角为θ的光滑斜面上，并处在磁感应强度为B的匀强磁场中，如图所示，当B方向竖直向上，电流为I1时导体处于平衡状态；若B方向改为垂直斜面向上，则电流为I2时导体处于平衡状态，电流比值I 1：I 2应为（ ）A ．cosθB ．C ．sinθD ．6.如图所示，电路中R 1R 2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C 的极板水平放置；闭合开关S ，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动．如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是（ ）A ．增大R 1的阻值B ．增大R 2的阻值C ．减小两板间的距离D ．断开开关S7.如图所示，一个静止的质量为m 、电荷量为q 的粒子（重力忽略不计），经加速电压U 加速后，垂直进入磁感应强度为B 的匀强磁场中，粒子打到P 点，OP=x ，能正确反映x 与U 之间关系的是（ ）A ．x 与U 成正比B ．x 与U 成反比C ．x 与成正比D ．x 与成反比8.如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，当滑动变阻器的滑片P 从右端滑到左端时，发现电压表V 1V 2示数变化的绝对值分别为△U 1和△U 2，下列说法中正确的是（ ）A ．小灯泡L 1、L 2变暗，L 3变亮B ．小灯泡L 3变暗，L 1、L 2变亮C ．△U 1<△U 2D ．△U 1=△U 29.如图所示的电路中，输入电压U 恒为12V ，灯泡L 上标有“6V ，12W”字样，电动机线圈电组R M =0．50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（ ）A ．电动机的输入功率是12WB ．电动机的输出功率是12WC ．电动机的热功率是2．0WD ．整个电路消耗的电功率是22W10.如图所示，直线A 为电源a 的路端电压与电流的关系图线；直线B 为电源b 的路端电压与电流的关系图像；直线C 为一个电阻R 的两端电压与电流的关系图象．如果将这个电阻R 分别接到a 、b 两电源上，那么有（ ）A ．R 接到a 电源上，电源的效率较高B ．R 接到b 电源上，电源的效率较高C ．R 接到a 电源上，电源的输出功率较大D ．R 接到b 电源上，电源的输出功率较大11.如图所示，两匀强磁场的方向相同，以虚线MN 为理想边界，磁感应强度分别为B 1、B 2，今有一质量为m 、电量为e 的电子从MN 上的P 点沿垂直于磁场方向射入匀强磁场B 1中，其运动轨迹为如图虚线所示的“心”形图线．则以下说法正确的是（ ）A ．电子的运行轨迹为PDMCNEPB ．电子运行一周回到P 用时为C ．B 1=2B 2D ．B 1="4" B 212.如图所示，三个质量相等的，分别带正电、负电和不带电的小球，以相同速率在带电金属板的P 点沿垂直于电场方向射入电场，落在A 、B 、C 三点，则（ ）A ．落到A 点的小球带正电、落到B 点的小球不带电、落到C 点的小球带负电 B ．三小球在电场中运动时间相等C ．三小球到达正极板的动能关系是E kA ＞E kB ＞E kCD ．三小球在电场中的加速度关系是a C ＞a B ＞a A13.如图所示，在边界PQ 上方有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正负电子同时从边界上的O 点沿与PQ 成θ角的方向以相同的速度v 射入磁场中；则关于正、负电子，下列说法不正确的是（ ）A ．在磁场中的运动时间相同B ．在磁场中运动的轨道半径相同C ．出边界时两者的速度相同D ．出边界点到O 点处的距离相等二、实验题1.在“测定金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如下图所示，用米尺测出金属丝的长度L，金属丝的电阻大约为5Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻R，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率；（1）从图甲中读出金属丝的直径为 mm．（2）为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻10kΩB．电压表0～15V，内阻50kΩC．电流表0～0．6A，内阻0．05ΩD．电流表0～3A，内阻0．01ΩE．滑动变阻器，0～10ΩF．滑动变阻器，0～100Ω①要求较准确地测出其阻值，电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选．（填序号）②实验中某同学的实物接线如图乙所示，请指出该同学实物接线中的两处明显错误．错误1：；错误2：；（3）若测得金属丝的直径用d表示，电阻用R表示，则该金属材料的电阻率ρ=；2.利用两个电流表A1和A2测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图如图；图中S为开关，R为滑动变阻器，固定电阻R1和A1内阻之和为10000Ω（比r和滑动变阻器的总电阻都大得多），A2为理想电流表。
高二物理上学期12月月考试卷高二全册物理试题1
嘴哆市安排阳光实验学校晋城一中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题：1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，选不全得2分，有选错或不选得0分．1．下述关于静电的利用与防范的事例中，正确的是（）A．印染厂应保持空气干燥，避免静电积累带来的潜在危害B．油罐车在运输过程中会带静电，为避免电荷越积越多，油罐车应绝缘良好C．静电除尘器是使灰尘带电后在电场力作用下奔向电极并吸附于电极上D．静电复印机的工作过程实际上和静电完全无关2．如图所示，三个带电量相同、质量相等、重力不计的粒子A、B、C，从同一平行板间电场中的同一点P射入，在电场中的运动轨迹如图P A、P B、P C所示，则下列说法中正确的是（）A．三个粒子的加速度关系a A＞a B＞a CB．三个粒子的加速度关系a A＜a B＜a CC．三个粒子的入射速度关系v A＞v B＞v CD．三个粒子的入射速度关系v A＜v B＜v C3．某电解池，如果在2s内共有5×1018个二价正离子和1×1019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流是（）A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A4．关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（）A．如果是纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算B．如果是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，但不能用公式W=UIt计算C．如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W=I2Rt计算D．如果不是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，也可用公式W=UIt计算5．如图甲所示是一火警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小6．如图所示的电路为欧姆表原理图，把欧姆表调零后测量一个阻值为R=10Ω的电阻时，指针偏转至满刻度的处，现测量一个电阻R x，指针偏转至满刻度的处，则电阻R x的阻值为（）A．4ΩB．20ΩC．30ΩD．60Ω7．有两个同种材料制成的导体，两导体为横截面为正方形的柱体，柱体高均为h，大柱体柱截面边长为a，小柱体柱截面边长为b，现将大小柱体串联接在电压U上，已知通过导体电流方向如图，大小为I，则导体电阻率为（）A ．ρ=B ．ρ=C ．ρ=D ．ρ=8．一平行板电容器的电容为C，两板间的距离为d，上板带正电，电量为Q，下板带负电，电量也为Q，它们产生的电场在很远处的电势为零．两个带异号电荷的小球用一绝缘刚性杆相连，小球的电量都为q，杆长为l，且l＜d．现将它们从很远处移到电容器内两板之间，处于图示的静止状态（杆与板面垂直），在此过程中电场力对两个小球所做总功的大小等于多少？（设两球移动过程中极板上电荷分布不变）（）A ．B．0 C ．D ．9．如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地（不影响极板上的电荷量），在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P点，以E表示两极板间的电场强度，U表示两极板间的电压，φ表示P点的电势，ε表示负电荷在P点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则下列说法中正确的是（）A．φ变大B．U变大C．E不变D．ε变大10．如图所示，电流表A1（0﹣3A）和A2（0﹣0.6A）是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接人电路中．闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）A．A1、A2的读数之比为1：1B．A1、A2的读数之比为1：5C．A1、A2的指针偏转角度之比为1：1D．A1、A2的指针偏转角度之比为1：511．有两个完全相同的金属球A、B，B球固定在绝缘地板上，A球在离B球为H 的正上方由静止释放下落，与B球发生对心正碰后回跳的高度为h．设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，若（）A．A、B球带等量同种电荷，则h＞HB．A、B球带等量同种电荷，则h=HC．A、B球带等量异种电荷，则h＞HD．A、B球带等量异种电荷，则h=H 12．在如图（a）所示的电路中，R l为定值电阻，R2为滑动变阻器，电表均为理想电表．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表读数随电流表读数变化的图线如图（b）所示．则（）A．电源内电阻的阻值为10ΩB．电源的最大输出功率为1.8WC．滑动变阻器R2的最大功率为0.9WD．图线甲是电压表V2读数随电流表读数变化的图线二、非选择题（共6小题，满分52分）13．现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度．螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示．（1）由上图读得圆柱体的直径为mm，长度为cm．（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=．14．某物理实验小组用下列器材进行实验描绘一种特殊元件的伏安特性曲线，所测数据记录在表格中．序号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10U/V 0 0.4 0.8 1.2 1.6 2.0 2.4 2.6 2.8 3.0I/mA 0 0.9 2.2 4.2 6.7 11.9 19.0 23.8 30.0 37.1器材有：A．待测元件R x B．电流表A（0～50mA，内阻约为200Ω）C．电压表V1（0～3V，内阻约为10kΩ） D．电压表V2（0～6V，内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器R1（0～20Ω，2A） F．滑动变阻器R2（0～200Ω，0.2A）G．学生电源（直流4V） H．开关及导线（1）为了调节方便，并使测量尽可能准确，实验中电压表应选，滑动变阻器应选．（填器材符号）（2）在图1虚线框内画出实验电路图．（3）在图2坐标纸上用描点法画出元件的伏安特性曲线．（4）若该元件的最佳工作电压为2.8V，现用电动势为4V，内阻r=1Ω的电源为其供电，则要在电路中串联一个阻值为R= Ω的电阻，才能使其处于最佳工作状态．（保留两位有效数字）15．如图所示的电路中，电源的电动势E=2V，R1=R2=R3=1Ω，当S闭合时，电压表的示数为1V，求：（1）流过R1和R2的电流；（2）电源的路端电压和内电阻；（3）若S断开，电压表的示数变为多少？16．有三盘电灯L1、L2、L3，规格分别是“110V，100W”，“110V，60W”，“110V，25W”要求接到电压是220V的电源上，使每盏灯都能正常发光．可以使用一直适当规格的电阻，请按最优方案设计一个电路，对电阻的要求如何？17．（10分）（2015•东莞校级模拟）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K 发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的距离．18．（10分）（2015•校级一模）如图所示，直流电动机M串联在直流电路中，其轴与圆盘中心O相连．开关S断开时，电压表的读数12.6V，开关S接通时，电流表的读数为2A，电压表的读数为12V．圆盘半径为5cm，测速计测得圆盘的转速为r/s，两弹簧秤的读数分别为F1=7N，F2=6.10N，问：（1）电动机的输出功率、效率各为多少？（2）拉紧皮带可使电动机停转，此时电压表、电流表的读数各为多少？电动机的输入功率为多大？晋城一中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，选不全得2分，有选错或不选得0分．1．下述关于静电的利用与防范的事例中，正确的是（）A．印染厂应保持空气干燥，避免静电积累带来的潜在危害B．油罐车在运输过程中会带静电，为避免电荷越积越多，油罐车应绝缘良好C．静电除尘器是使灰尘带电后在电场力作用下奔向电极并吸附于电极上D．静电复印机的工作过程实际上和静电完全无关【考点】静电现象的解释．【分析】静电也就是生活中摩擦起电现象产生的，例如用塑料梳子梳头发，塑料梳子和头发之间就会发生摩擦起电现象．静电有的有利，有的有害，根据生活中的经验即可解题．【解答】解：A、印染厂的车间，有大量静电产生，因此要保持潮湿，这样才能及时将静电导走，选项A说法错误；B、油罐车在运动的过程中，由于里面的油在晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以以及时的把产生的静电导走，有利于消除静电，故B错误；C、静电除尘器是使灰尘带电后在电场力的作用下奔向电极并吸附于电极上，故C正确；D、静电复印机是利用静电正、负电荷能互相吸引的原理制成的．故D错误；故选：C【点评】此题考查的是我们生活中经常出现的静电现象，要注意相应的原理．2．如图所示，三个带电量相同、质量相等、重力不计的粒子A、B、C，从同一平行板间电场中的同一点P射入，在电场中的运动轨迹如图P A、P B、P C所示，则下列说法中正确的是（）A．三个粒子的加速度关系a A＞a B＞a CB．三个粒子的加速度关系a A＜a B＜a CC．三个粒子的入射速度关系v A＞v B＞v CD．三个粒子的入射速度关系v A＜v B＜v C【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】粒子在电场中做类平抛运动，根据类平抛运动规律确定初速度和加速度的关系．【解答】解：三个粒子电量相同、质量相同，故加速度a=相同；粒子在电场中做类平抛运动，竖直方向：h=at2可见AB运动时间相同，C运动时间最短，水平方向匀速直线运动：L=v0t v0=故可知v A＜v B＜v C故选：D．【点评】本题要熟练运用运动的分解法研究类平抛运动，对于多个粒子的比较问题，常常用相同的量或可直接比较的量表示要研究的量．3．某电解池，如果在2s内共有5×1018个二价正离子和1×1019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流是（）A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流．一价离子所带电量大小为e=1.6×10﹣19C．【解答】解：由题，1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为：I==将n1=5×1018个，n2=1×1019个，e=1.6×10﹣19C代入解得：I=3.2A故选：3.2．【点评】本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和．4．关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（）A．如果是纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算B．如果是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，但不能用公式W=UIt计算C．如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W=I2Rt计算D．如果不是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，也可用公式W=UIt计算【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，电热用公式W=I2Rt计算．【解答】解：A、纯电阻电路，根据能量守恒电功和电热电相等，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，故A正确B、同理可知B错误C、非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，故C错误D、非纯电阻电路，电热用公式W=I2Rt计算．故D错误故选A 【点评】考查了纯电阻电路、非纯电阻电路，电功、电热计算，注意灵活选取公式．5．如图甲所示是一火警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R2为用半导体热敏材料制成的传感器，出现火情，温度升高时，其电阻减小．分析外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U 的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化．【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，温度升高，由图乙知R2的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流I总变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联部分的电压U并=E﹣I总（R1+r），I总变大，其他量不变，则U并变小，电流表示数I变小．故B正确，ACD错误；故选：B．【点评】电路的动态分析类题目首先要明确电路的结构，再按外电路、内电路、外电路的顺序进行分析即可得出正确答案．6．如图所示的电路为欧姆表原理图，把欧姆表调零后测量一个阻值为R=10Ω的电阻时，指针偏转至满刻度的处，现测量一个电阻R x，指针偏转至满刻度的处，则电阻R x的阻值为（）A．4ΩB．20ΩC．30ΩD．60Ω【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．【分析】欧姆表调零即待测电阻为零，根据指针偏转位置和闭合回路欧姆定律求解【解答】解：设电动势为E，内阻为R，满偏电流为I g，欧姆表调零时：I g =，测一阻值为R=10Ω的电阻时： I g =，测一未知电阻时： I g =，解得：R′=60Ω；故选：D【点评】本题考查欧姆表的改装原理，明确改装原理再结合闭合回路欧姆定律进而求所测电阻．7．有两个同种材料制成的导体，两导体为横截面为正方形的柱体，柱体高均为h，大柱体柱截面边长为a，小柱体柱截面边长为b，现将大小柱体串联接在电压U上，已知通过导体电流方向如图，大小为I，则导体电阻率为（）A ．ρ=B ．ρ=C ．ρ=D ．ρ=【考点】电阻定律．【分析】分析两电阻之间的大小关系，再由串并联电路的规律可得出电流大小；由电阻定律即可求得电阻率．【解答】解：由电阻定律可知：R=可知：两导体的电阻R a=R b =；两电阻串联，分压相等，则a 两端的电压为；由欧姆定律可知：Ra==解得：ρ=；故选：A．【点评】本题要注意电阻定律的应用，明确电阻的大小与电阻率和厚度的关系，明确电阻微型化的依据．8．一平行板电容器的电容为C，两板间的距离为d，上板带正电，电量为Q，下板带负电，电量也为Q，它们产生的电场在很远处的电势为零．两个带异号电荷的小球用一绝缘刚性杆相连，小球的电量都为q，杆长为l，且l＜d．现将它们从很远处移到电容器内两板之间，处于图示的静止状态（杆与板面垂直），在此过程中电场力对两个小球所做总功的大小等于多少？（设两球移动过程中极板上电荷分布不变）（）A ．B．0 C ．D ．【考点】功的计算；电场强度．【专题】压轴题．【分析】等量的正负电荷在同一个移动的过程中，电场对它们做的功的大小是相同的，但是一个做正功一个做负功，总功的大小为零，全过程中的电场力对两个小球所做总功的大小等于正电荷移动l做的功的大小．【解答】解：由于电场力做功与路径无关，移动两电荷的过程可等效为﹣﹣假设两电荷未用一绝缘刚性杆相连，但彼此绝缘放在一起，首先将两电荷同时移动到题中负电荷的位置，在此过程中电场力对正负电荷分别做了等量的正功和负功，其总功W1=0；然后保持负电荷不动，将正电荷沿电场线移动到题中的位置，在匀强电场中的功为W2=Eql==，因此整个移动过程中电场力的总功为W=W1+W2=．故选A．【点评】本题要注意这一种解题的思路，从整体上来考虑电场对电荷做功的大小，电场对正负电荷做的总功为零．9．如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地（不影响极板上的电荷量），在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P点，以E表示两极板间的电场强度，U表示两极板间的电压，φ表示P点的电势，ε表示负电荷在P点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则下列说法中正确的是（）A．φ变大B．U变大C．E不变D．ε变大【考点】电容器的动态分析．【专题】定量思想；方程法；电容器专题．【分析】平行板电容器充电后与电源断开后，电容器的电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，电容增大．由推论公式E=，分析板间场强E的变化情况．由公式U=EdP点与上极板间电压的变化，即可判断电势的变化，再判断电势能的变化．【解答】解：A、B、C、平行板电容器充电后与电源断开，电容器的电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，由C=、C=和E=结合得E=，可知板间场强E不变，电容C增大，而电量Q不变，由公式C=分析得知板间电压U减小．由于负极板的电势比正极板低，则φ升高．故AC正确，B错误．D、根据U=Ed，E不变，P点到正极板的距离减小，则正极板与P点的电势差减小，正极板电势为零，P点的电势比正极板低，则P点的电势升高，负电荷在P点的电势能ε减小．故D错误．故选：AC．【点评】本题是电容器的动态变化分析问题，难点是确定P点与负极板的电势变化，往往根据电势差及电势高低分析电势的变化．10．如图所示，电流表A1（0﹣3A）和A2（0﹣0.6A）是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接人电路中．闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）A．A1、A2的读数之比为1：1B．A1、A2的读数之比为1：5C．A1、A2的指针偏转角度之比为1：1D．A1、A2的指针偏转角度之比为1：5【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．【解答】解：图中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为1：1；量程不同的电流表读数不同，电流表A1的量程为3A，A2的量程为0.6A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为5：1，故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．11．有两个完全相同的金属球A、B，B球固定在绝缘地板上，A球在离B球为H 的正上方由静止释放下落，与B球发生对心正碰后回跳的高度为h．设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，若（）A．A、B球带等量同种电荷，则h＞HB．A、B球带等量同种电荷，则h=HC．A、B球带等量异种电荷，则h＞HD．A、B球带等量异种电荷，则h=H【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带电小球要分同种还是异种电荷，同种等量电荷相碰后，电荷量不变，电场力整体不做功，相当于只有重力作用；而异种电荷相碰后，电荷量中和，则没有库仑力作用，则上升电场力不做功．【解答】解：A．B、若两球带等量同种电荷，碰撞前后两球电荷量不变，根据能量守恒，整个过程中，电场力对A球做功为0，所以H=h；故A错误，B正确．C．D、若两球带等量异种电荷，碰撞后两球电荷中和，均不带电，碰撞前电场力做正功，碰撞后没有电场力做功，整个过程电场力做正功，电势能减小转化为机械能，根据能量守恒，所以h＞H；故C正确，D错误．故选：BC．【点评】考查重力做功与电场力做功，及相碰后电量平分，同时分同种与异种电荷．并要掌握能量守恒的应用．12．在如图（a）所示的电路中，R l为定值电阻，R2为滑动变阻器，电表均为理想电表．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表读数随电流表读数变化的图线如图（b）所示．则（）A．电源内电阻的阻值为10ΩB．电源的最大输出功率为1.8WC．滑动变阻器R2的最大功率为0.9WD．图线甲是电压表V2读数随电流表读数变化的图线【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】将滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，分析电路中电流的变化，确定两个电压表读数的变化，判断图线与电压表示数的对应关系；根据闭合电路欧姆定律求解电源的内电阻和电动势．由图线的斜率求解R1的阻值，将R l看成电源的内阻，当等效电源的内外电阻相等时，滑动变阻器R2的功率最大．【解答】解：AD、将滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，R1的电压和电源的内电压增大，则R2的电压减小，所以电压表V1的示数增大，电压表V2的示数减小，可知图线乙反映的是电压表V1的示数随电流的变化，图线甲反映的是电压表V2的示数随电流的变化．根据闭合电路欧姆定律得：电压表V2的示数 U2=E﹣I（R1+r）①由图线甲的斜率大小等于R1+r，由图知：R1+r==Ω=10Ω图线②的斜率等于R1，则R1==Ω=5Ω则得：r=5Ω，故A错误，D正确．B、由甲图知：I=0.2A时，U2=4V，则电源的电动势为 E=U2+I（R1+r）=4+0.2×（5+5）=6V当R1+R2=r时电源的输出功率最大，则电源的最大输出功率为P m ==W=1.8W，故B正确．C、将R l看成电源的内阻，当R1+r=R2时，滑动变阻器R2的功率最大，为P mR2==W=0.9W，故D正确．故选：Bcd．【点评】本题关键：一是分析电路图，确认电路组成、连接方式、三电表的测量对象，能从图象上得到相关信息．二能运用等效思维求解滑动变阻器R2的最大功率．二、非选择题（共6小题，满分52分）13．现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度．螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示．（1）由上图读得圆柱体的直径为 1.844 mm，长度为 4.240 cm．（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=．【考点】测定金属的电阻率；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题．【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（2）根据欧姆定律和电阻定律列式求解．【解答】解：（1）由图a所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm，游标尺示数为34.3×0.01mm=0.343mm，螺旋测微器示数为1.5mm+0.343mm=1.843mm；由图所示可知，游标卡尺主尺示数为4.2cm，游标尺示数为8×0.05mm=0.40mm，游标卡尺示数为42mm+0.40mm=42.40mm=4.240cm；（2）根据电阻定律，有：R=ρ=ρ解得：ρ=．故答案为：（1）1.844，4.240；（2）．【点评】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度．并掌握电阻定律与欧姆定律的应用．14．某物理实验小组用下列器材进行实验描绘一种特殊元件的伏安特性曲线，所测数据记录在表格中．序号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10U/V 0 0.4 0.8 1.2 1.6 2.0 2.4 2.6 2.8 3.0I/mA 0 0.9 2.2 4.2 6.7 11.9 19.0 23.8 30.0 37.1器材有：A．待测元件R x B．电流表A（0～50mA，内阻约为200Ω）C．电压表V1（0～3V，内阻约为10kΩ） D．电压表V2（0～6V，内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器R1（0～20Ω，2A） F．滑动变阻器R2（0～200Ω，0.2A）G．学生电源（直流4V） H．开关及导线（1）为了调节方便，并使测量尽可能准确，实验中电压表应选V1，滑动变阻器应选R1．（填器材符号）（2）在图1虚线框内画出实验电路图．（3）在图2坐标纸上用描点法画出元件的伏安特性曲线．（4）若该元件的最佳工作电压为2.8V，现用电动势为4V，内阻r=1Ω的电源为其供电，则要在电路中串联一个阻值为R= 39 Ω的电阻，才能使其处于最佳工作状态．（保留两位有效数字）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）根据元件的额定电压确定电压表，从减小误差和可操作性角度确定滑动变阻器．（2）根据实验要求电流从零调可知变阻器应用分压式接法，根据待测电阻远小于电压表内阻可知，电流表应用外接法；（3）描点法作图的关键是认真描点画出平滑的曲线即可．（4）根据闭合电路的欧姆定律即可求出串联电阻的电阻值．【解答】解：（1）由表格中的数据可知，测量的最大电压是3V，所以选择的电压表是量程3V的V1；由于测量过程中的电压是从0开始，所以实验使用滑动变阻器的分压式接法，要选择电阻值比较小的R1．（2）待测电阻的电阻值约为：＜R A即待测元件的电阻值小于电流表的电阻值，所以测量电路需要使用电流表外接法．由于测量过程中的电压是从0开始，所以实验使用滑动变阻器的分压式接法．则实验的原理图如图．（3）将表格中的数据先在图中描点，然后用平滑的曲线连接如图；。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
（1）若已知A和B的初速度大小为v0，求它们最后的速度的大小和方向
【考点】动量守恒的判断
【名师点睛】解决本题的关键掌握动量守恒的条件，当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，知道系统内物体相互作用的力为内力．
5.一炮舰总质量为M，以速度v0匀速行驶，从舰上以相对海岸的速度v沿前进的方向射出一质量为m的炮弹，发射炮弹后艇的速度为v′，若不计水的阻力，则下列各关系式中正确的是
2.某同学利用电火花打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验。气垫导轨装置如图（a）所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成。在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入压缩空气，空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差。
A．
B．
C．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压
D．升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率
10.两物体相互作用前后的总动量保持不变，则两物体组成的系统一定
A．不受外力作用
B．不受外力或所受合外力为零
C．每个物体动量改变量相同
D．每个物体动量改变量不同
11.向空中发射一物体，不计空气阻力，当物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂为a和b两块。若质量较大的a块的速度方向仍沿原来的方向则
【考点】互感器
【名师点睛】解答此题须知道：理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势．串联在电路中的是电流互感器，并联在电路中的是电压互感器。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电场力和场强，以下说法正确的是A．分别处于电场中两点的检验电荷，受到的电场力大则该点的场强大B．在电场某点如果检验电荷受到的电场力为零，则该点的场强也为零C．检验电荷在电场中所受电场力的方向就是该点的场强方向D．同一检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r的球面上各点所受电场力相同2.如图，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针偏转角度A.一定减小B.一定增大C.一定不变D.可能不变3.关于电势差的说法中正确的是A．两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B．电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1VC．在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟所移动的电荷带电的多少有关D．两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比4.如图所示，带正电的导体球A置于原来不带电的空腔导体球B内，a、c分别为导体A、B内的点，b为导体A和B之间的一点，下列说法正确的是A.a、b、c三点的电势都相等B.c点的场强为零，但电势最低C.b点的场强为零，但电势大于零D.a、b、c三点的场强都为零5.如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该小球的运动轨迹。
已知小球在a点的动能等于29eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于－6eV时，它的动能等于A．33eV B．24eV C．12eV D．17ev6.如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，a、b两点的电势分别为，，则a、b连线的中点c的电势应为A．B．C．D．无法判断的高低7.等量同种点电荷连线中垂线上的电场强度E随x变化的图像如图所示。
山西高二高中物理月考试卷带答案解析
山西高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.将规格为“6V，6W”和“6V，4W”的A灯和B灯接入电压12V的电路中去，既要使两灯都能正常发光，又要使整个电路消耗的电功率最小，如图所示的四种接法最合理的是A B C D2.在电磁学建立和发展的过程中，许多物理学家做出了重要贡献。
下列说法符合史实的是A．法拉第首先提出正电荷、负电荷的概念B．库仑首先提出电荷周围存在电场的观点C．奥斯特首先发现电流的磁效应D．洛伦兹提出分子电流假说3.如图，长方形线框 abcd 通有电流 I，放在直线电流 I ' 附近，线框与直线电流共面，则下列表述正确的是A．线圈四个边都受安培力作用，它们的合力方向向左B．只有ad和bc边受安培力作用，它们的合力为零C．ab和dc边所受安培力大小相等，方向相同D．线圈四个边都受安培力作用，它们的合力为零4.处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动。
将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值A．与粒子电荷量成正比B．与粒子速率成正比C．与粒子质量成正比D．与磁感应强度成正比5.从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有大量的高能带电粒子，这些高能粒子流到达地球会对地球上的生命带来危害，但是由于地球周围存在磁场，地磁场能改变宇宙射线中的带电粒子从而对地球上的生命起到保护作用，如图所示。
那么A．地磁场对宇宙射线的阻挡作用各处相同B．地磁场对垂直射向地球表面的宇宙射线的阻挡作用在南、北两极最强，赤道附近最弱C．地磁场对垂直射向地球表面的宇宙射线的阻挡作用在南、北两极最弱，赤道附近最强D．地磁场会使沿地球赤道平面内射来的宇宙射线中的带电粒子向两极偏转6.如图所示，直线A 、B 分别为电源a 、b 的路端电压与电流的关系图像，设两个电源的内阻分别为r a 和r b ，若将一定值电阻R 0分别接到a 、b 两电源上，通过R 0的电流分别为I a 和I b ，则A ．r a ＞r bB ．I a ＞I bC ．R 0接到a 电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低D ．R 0接到b 电源上，电源的输出功率较小，电源的效率也较低7.回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个D 形金属盒。
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山西省晋城一中2017--2018学年度高二12月月考物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
其中1-8为单选题，9-12为多选题。
多选题少选得2分，错选或多选不得分。
）
1. 对于由点电荷Q产生的电场，下列说法正确的是( )
A. 电场强度的定义式，式中的Q就是产生电场的点电荷
B. 在真空中，电场强度的表达式为，式中Q就是产生电场的点电荷
C. 在真空中，电场强度的表达式，式中Q是检验电荷
D. 在Q的电场中某点，分别放置电量不同的正、负检验电荷，电场力大小、方向均不同，则电场强度也不同
【答案】B
【解析】A、电场强度的定义式，式中Q指的试探电荷的电量，所以A错误；B、C、点电荷作为场源，其电场强度的决定式为，Q为场源电荷的电量，r为某点到场源的距离，则B正确，C错误；D、电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关，与受力无关，D 错误。
故选B.
【点睛】掌握场强的三个表达式：定义式，决定试，计算式.三个表达式的适用范围，物理量之间的决定关系，符号的意义。
2. 两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是( )
A. 粒子带正电
B. 速度先变大后变小
C. 电势能先变大后变小
D. 经过b点和d点时的速度相同
【答案】C
考点：等势面、电场力做功与电势能的变化关系、能量守恒定律.
3. 如图所示的电路中，闭合开关后各元件处于正常工作状态，当某灯泡突然出现故障熄灭时，另一灯泡仍亮，且电流表读数变小，电压表读数变大．关于故障原因或故障后其他物理量的变化情况，下列说法中正确的是( )
A. L1灯丝突然短路
B. L2灯丝突然烧断
C. 电源的输出功率一定变小
D. 电容器C上电荷量减少
【答案】B
【解析】安培表在干路上，读数变小，说明总电阻变大，A、L1灯丝突然短路，总电阻减小，电流表读数变大，A错误;B、L2灯丝突然烧断，总电阻增大，电流表读数变小，电压表读数变大，B正确，C、电源的输出功率P=UI，电压增大而电流减小，输出功率不一定变小，C错误；D、电流表读数变小，灯泡1的分压减小，并联支路的电压增大，电容器两端的电压增大，根据Q=CU知电容器的带电量增大，D错误，故选B.
【点睛】本题考查了电路的动态分析，方法是：先从支路的变化，分析总电流和路端电压的变化，再到支路，分析各用电器的电压和电流的变化关系．
4. 如图M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，∠MOP＝60°，在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，
这时O点的磁感应强度大小为B1.若将N处的长直导线移至P处，则O点的磁感应强度大小变为B2，则B2与B1之比为( )
A. 1∶1
B. 1∶2
C.
D.
【答案】B
【解析】试题分析：由磁场的叠加可知每根导线在O点产生的磁感强度大小，移动之后距O 点的距离不变，故磁感强度大小不变，则由矢量合成的方向可得出移动之后的合磁感强度；即可求得比值．
每根导线在O点产生的磁感强度为，方向竖直向下，则当N移至P点时，磁感应强度方向如图所示，由图可知，两导线形成的磁感应强度方向夹角为120°，由由几何关系可知，O点合磁感强度大小为，则，B正确．
5. 如图所示，界面MN与水平地面之间有足够大正交的匀强磁场B和匀强电场E，磁感线和电场线都处在水平方向且互相垂直．在MN上方有一个带正电的小球由静止开始下落，经电场和磁场到达水平地面．若不计空气阻力，小球在通过电场和磁场的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 小球做匀变速曲线运动
B. 小球的电势能保持不变
C. 洛伦兹力对小球做正功
D. 小球动能的增量等于其电势能和重力势能减少量的总和
【答案】D
【解析】试题分析：小球进入电场时，速度方向竖直向下，受到自身重力竖直向下，电场力水平向右，洛伦兹力水平向右，合力方向与速度不共线，小球做曲线运动，而且与速度不能保持垂直，小球不能做匀速圆周运动，但随着速度大小变化，洛伦兹力变化，加速度变化，不是匀变速曲线运动选项A错。
电场力做正功，电势能减少，选项B错。
洛伦兹力不做功，选项C错。
根据功能关系，减少的重力势能和电势能之和等于增加的动能，选项D对。
考点：带电小球在复合场中的运动
6. 如图所示，在竖直向下的匀强磁场中有两根竖直放置的平行粗糙导轨CD、EF，导轨上放一金属棒MN. 现从t＝0时刻起，给金属棒通以图示方向的电流且电流强度与时间成正比，即I＝kt，其中k为常量，金属棒与导轨始终垂直且接触良好．下列关于金属棒的速度v、加速度a随时间t变化的关系图象，可能正确的是( )
A.
B.
C.。