2020届全国百师联盟新高考原创精准预测考试(二十九)物理试卷
2020届全国百师联盟新高考原创精准预测考试(二)物理试卷
2020届全国百师联盟新高考原创精准预测考试（二）物理试卷本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分100分，时间90分钟。
★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应当立马报告监考老师，否则一切后果自负。
3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考老师，否则一切后果自负。
4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
6、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。
如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
7、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
8、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7 题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．关于静电场，下列说法正确的是（）A．电势高的地方电场线密，电势低的地方电场线疏B．在匀强电场中，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比C．保持平行板电容器所带电荷量不变，减小两板间的距离，板间电场的电场强度不变D．保持平行板电容器所带电荷量及两板间距离不变，两板间插入玻璃板，板间电场的电场强度增大2．甲、乙两个质点沿同一直线运动，它们的位移-时间图象如图所示。
2020届全国百师联盟新高考原创考前信息试卷(二十九)物理
2020届全国百师联盟新高考原创考前信息试卷（二十九）物理★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
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一、选择题1.甲乙两车在一平直道路上同向运动，其v﹣t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为s1和s2（s1＜s2）．初始时，甲车在乙车前方s0处．下列判断错误的是（）A. 若s0＝s1+s2，两车不会相遇B. 若s0＜s1，两车相遇2次C. 若s0＝s1，两车相遇1次D. 若s0＝s2，两车相遇1次【答案】D【解析】【详解】由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2；在t=T时，两车速度相同，若s0=s1+s2，则s0＞s1，两车不会相遇，故A正确；若s0+s2＜s1+s2，即s0＜s1，在T时刻之前，乙车会超过甲车，但甲车速度增加的快，所以甲车还会超过乙车，则两车会相遇2次，故B正确；若s0=s1，则s0+s2=s1+s2，即两车只能相遇一次，故C正确。
2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试(二)物理试卷
2020届全国百师联盟新高考押题模拟考试（二）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
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答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
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一、选择题1.质量分别为m和2m的物体放在光滑水平面上，分别在相同的水平恒力作用下移动相同的位移。
下列说法正确的是A. 两物体动能的变化与动量的变化均相同B. 两物体动能的变化与动量的变化均不相同C. 两物体动能的变化相同，动量的变化不相同D. 两物体动能的变化不相同，动量的变化相同【答案】C【解析】【详解】动能的变化等于Fx，F和x都一样，所以相同，动量的变化等于Ft，F一样，但加速度不相同，位移相同时用的时间不同，所以动量变化不同，C正确。
故选C。
2.某静电场的部分电场线的分布情况如图所示。
下列说法正确的是A. 同一电荷在A点所受的电场力小于其在B点所受的电场力B. 同一电荷在A点的电势能大于其在B点的电势能C. 将一正电荷从A点沿直线移到B点，电场力做正功D. 将一负电荷从A点沿直线移到B点，其电势能减少【答案】D【解析】【详解】A．A点的电场线密度大于B点的，所以A点的电场强度大于B点的，A点所受的电场力大于B 点所受的电场力，A错误；B．沿电场线方向，电势降低，所以A点的电势小于B点的电势，正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能，B错误；C．正电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电场力做负功，C错误；D．将一负电荷从A点移到B点，电场力做正功，其电势能减少，D正确。
2020届全国金太阳联考新高考押题模拟考试(二十九)物理试卷
2020届全国金太阳联考新高考押题模拟考试（二十九）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
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5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
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一、选择题1.2017年11月17日，“中国核潜艇之父”----黄旭华获评全国道德模范，颁奖典礼上，习总书记为他“让座”的场景感人肺腑，下列有关核反应说法错误的是（ ) A. 目前核潜艇是利用重核裂变提供动力 B. 重核裂变反应前后一定有质量亏损 C.235114094192054380U n U Sr d n +→++式中d=2D. 铀核裂变后的新核比铀核的比结合能小 【答案】D 【解析】【详解】A 、核电站是利用核裂变释放的核能来发电的，故A 正确.B 、依据质能方程，可知，重核裂变反应前后一定有质量亏损，向外辐射能量，故B 正确.C 、依据质量数与质子数守恒，那么235114094192054380U n U Sr d n +→++，式中d=2，故C 正确.D 、U235核裂变后生成的新核稳定，可知U235核的比结合能比裂变后生成的新核的比结合能都小，故D 错误.本题选择错误的，故选D.【点睛】考查裂变与聚变的区别，理解质能方程的含义，掌握书写核反应方程的规律，注意比结合能与结合能的不同.2.如图所示为氢原子的能级结构示意图，一群氢原子处于n =3的激发态，在向较低能级跃迁的过程中向外辐射出光子，用这些光子照射逸出功为2.49 eV 的金属钠．下列说法正确的是（ )A. 这群氢原子能辐射出三种不同频率的光，其中从n =3能级跃迁到n =2能级所发出的光波长最短B. 这群氢原子在辐射光子的过程中电子绕核运动的动能减小，电势能增大C. 能发生光电效应的光有三种D. 金属钠表面所发出的光电子的最大初动能是9.60 eV 【答案】D 【解析】【详解】这群氢原子能辐射出三种不同频率的光，其中从n=3能级跃迁到n=2能级的能级差最小，故所发出的光的频率最小，故波长最长，选项A 正确；这群氢原子在辐射光子的过程中，整个原子的能量减小，电子的轨道半径减小，电子绕核运动的动能变大，电势能减小，故选项B 错误；从n=3到低能态的跃迁中，能级差大于2.49eV 的跃迁有3→2和3→1的跃迁，故能发生光电效应的光有两种，选项C 错误；因为从3→1的跃迁辐射光子的能量最大，其值为12.09eV ，故金属钠表面所发出的光电子的最大初动能是12.09eV -2.49 eV =9.60eV ，选项D 正确；故选AD.3.如图所示，在水平传带上有三个质量分别为m 1、m 2、m 3的木块1、2、3,1和2及2和3间分别用原长为L ，系数为k 的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（ ）A. 23()2m m gL kμ++B. 23(2)2m m gL kμ++C. 123(2)2m m m gL kμ+++D. 32m gL kμ+【答案】B 【解析】 【分析】分别对木块3和木块2和3整体分析，通过共点力平衡，结合胡克定律求出两根弹簧的形变量，从而求出1、3量木块之间的距离．【详解】对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：μm 3g =kx ，则3m gx kμ=，对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：μ（m 2+m 3）g =kx ′，则()23m m gx kμ+'=，则1、3两木块的距离()23222m m gs L x x L kμ+'=++=+，故B 正确，ACD 错误．【点睛】解决本题的关键能够正确地选择研究对象，根据共点力平衡、胡克定律进行求解．4.甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v －t 图象如图3所示．两图象在t ＝t 1时相交于P 点，P 在横轴上的投影为Q ，△OPQ 的面积为S .在t ＝0时刻，乙车在甲车前面，相距为d .已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t ′，则下面四组t ′和d 的组合可能的是 ( )A. t ′＝t 1，d ＝SB. t ′＝12t 1，d ＝14S C. t ′＝12t 1，d ＝12S D. t ′＝12t 1，d ＝34S【答案】D 【解析】【详解】在t 1时刻如果甲车没有追上乙车，以后就不可能追上了，故t ′<t 1，故A 错误；从图象中甲、乙与坐标轴所围的面积即对应的位移看，甲在t 1时间内运动的位移比乙的多S ，当t ′＝0.5t 1时，甲的面积比乙的面积多出34S ，即相距d ＝34S ，故D 正确，BC 错误． 5.如图所示，质量为M 劈体ABCD 放在水平地面上，表面AB 、AC 均光滑，且AB∥CD ，BD⊥CD ，AC 与水平面成角θ．质量为m 的物体（上表面为半球形）以水平速度v 0冲上BA 后沿AC 面下滑，在整个运动的过程中，劈体M 始终不动，P 为固定的弧形光滑挡板，挡板与轨道间的宽度略大于半球形物体m 的半径，不计转弯处的能量损失，则下列说法中正确的是A. 水平地面对劈体M 的摩擦力始终为零B. 水平地面对劈体M 的摩擦力先为零后向右C. 劈体M 对水平地面的压力大小始终为 (M+m)gD. 劈体M 对水平地面的压力大小先等于(M+m)g ，后小于(M+m)g 【答案】D 【解析】【详解】把物体m 劈体M 视为整体分析，物体m 在AB 面上做匀速直线运动，因此整体合外力为零，因此水平地面对物体没有摩擦力的作用，地面对斜劈的压力大小为()M m g +；当物体m 在斜面AC 上运动时，物体沿斜面向下做匀加速直线运动，因此加速度可分解为水平向右和竖直向下，因此水平面对斜劈的摩擦力向左，整体处于失重状态，因此斜劈M 对水平地面的压力小于()M m g +，因此ABC 错误，D 正确6.一倾角为α的斜劈放在水平地面上，一物体沿斜劈匀速下滑．现给物体施加如图所示的力F ，F 与竖直方向夹角为β，斜劈仍静止，则此时地面对斜劈的摩擦力( )A. 大小为零B. 方向水平向右C. 方向水平向左D. 无法判断大小和方向 【答案】A 【解析】【详解】没有施加力F 时，由物体匀速下滑可知mg sin α＝μmg cos α，得μ＝tan α，物体受重力G 、斜面的弹力F N 、斜面的摩擦力F f ，且三力的合力为零，故F N 与F f的合力竖直向上，tan f NF F αμ==，如图所示：当物体受到外力F 时，物体受斜面的弹力为F N ′、摩擦力为F f ′，F N ′与F f ′的合力与F N ′的夹角为θ，则tan f NF F μα==''，故θ＝α，即F N ′与F f ′的合力方向竖直向上，由牛顿第三定律知，物块对斜面体的作用力竖直向下，故斜面体在水平方向上不受力，故选A ．【点睛】本题关键对滑块受力分析后根据平衡条件得到支持力和摩擦力的合力方向，然后根据牛顿第三定律得到滑块对斜面体的作用力的合力方向，当压力增加后，滑动摩擦力也增加，但两个力的合力方向不变． 7. 图3-13-20所示，光滑水平面上放置质量分别为m 和2m 的四个木块，其中两个质量为m 的木块间用一不可伸长的轻绳相连，木块间的最大静摩擦力是μmg.现用水平拉力F 拉其中一个质量为2 m 的木块，使四个木块以同一加速度运动，则轻绳对m 的最大拉力为A. B. C. D.【答案】B 【解析】对右边一组物体分析受力，当拉力最大时，m 和2m 之间的摩擦力为最大静摩擦力，由牛顿第二定律，结合整体法、隔离法可得：F ＝6ma ，F －mg ＝2ma ，mg －T ＝ma ，联立解得T ＝8.如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x 与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速率0υ沿足面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x 与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g 取10 m ／s 2，根据图象可求出()A. 物体的初速率03/m s υ=B. 物体与斜面间的动摩擦因数0.5μ=C. 取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移x 的最小值min 1.44x m =D. 当某次30θ=o 时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑 【答案】C 【解析】【详解】A 、由图可知，当θ=90°时物体做竖直上抛运动，位移为x =1.80m ；由竖直上抛运动规律可知:v 02=2gh ，代入数据解得v 0=6m/s ，故A 错误.B 、当θ=0°时，位移为 x =2.40m ；由动能定理可得：20102mgx mv μ-=-，代入数据解得：μ=0.75，故B 错误.C 、由动能定理得：201sin cos 02mgx mg x mv θμθ--⋅=-，解得： 1.8 1.8m35sin cos sin()44x θθθα==++，当θ+α=90°时，sin(θ+α)=1；此时位移最小，x =1.44m ；故C 正确. D 、若θ=30°时，物体的重力沿斜面向下的分力为1sin 30=2mg mg ︒，最大静摩擦力为333cos30=0.75sin m f mg mg mg μθ=︒⨯=>,小球达到最高点后,不会下滑，故D 错误. 故选C.【点睛】本题综合考查动能定理、受力分析及竖直上抛运动；并键在于先明确图象的性质，再通过图象明确物体的运动过程；结合受力分析及动能定理等方法求解．9.如图所示，放在光滑水平面上A 、B 两小物体中间有一被压缩的轻质弹簧，用两手分别控制两小物体处于静止状态，如图所示．下面说法正确的是A. 两手同时放开后，两物体的总动量为零B. 先放开右手，后放开左手，两物体的总动量向右C. 先放开左手，后放开右手，两物体的总动量向右D. 两手同时放开，两物体的总动量守恒；当两手不同时放开，在放开一只手到放开另一只手的过程中两物体总动量不守恒 【答案】ABD 【解析】【详解】A 、若两手同时放开A 、B 两车，系统所受合外力为零，系统动量守恒，由于系统初动量为零，则系统总动量为零，故A 正确；B 、先放开右手，再放开左手，两车与弹簧组成的系统所受合外力的冲量向右；系统总动量向右；故B 正确；C 、先放开左手，再放开右手，系统所受合外力向左，系统所受合外力的冲量向左，系统总动量向左，故C 错误；D 、无论何时放手，两手放开后，系统所受合外力为零，系统动量守恒，在弹簧恢复原长的过程中，系统总动量都保持不变，如果同时放手，系统总动量为零，如果不同时放手，系统总动量不为零，则系统的总动量不一定为零，故D 正确； 故选ABD ．【点睛】知道动量守恒的条件即可正确解题，系统所受合外力为零时，系统动量守恒．10.如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc 是固定在小车上的水平横杆，物块M 穿在杆上，M 通过线悬吊着小物体m ，m 在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使车向右运动，全过程中M 始终未相对杆bc 移动，M 、m 与小车保持相对静止，已知1234:::1:2:4:8a a a a ，M 受到的摩擦力大小依次为f 1，f 2，f 3，f 4，则以下结论正确的是（ ）A. 12:2:1f f =B. 23:1:2f f =C. 34:1:2f f =D. tan 2tan αθ= 【答案】CD 【解析】【详解】甲乙两图中，M 水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：f 1=Ma 1,f 2=Ma 2 丙丁两图中，对m 和M 整体受力分析，受总重力(M +m )g 、支持力N 、摩擦力f ，如图所示：根据牛顿第二定律，有：f =（M +m ）a ； 即f 3=（M +m ）a 3，f 4=（M +m ）a 4又：a 1：a 2=1：2，则：f 1：f 2=1：2，故A 错误； a 2：a 3=2：4，f 2：f 3=M ：2（M +m ），故B 错误； f 3：f 4=a 3：a 4=4：8=1：2，故C 正确；对物体m 隔离受力分析，可得，而a 3：a 4=4：8，所以 tan α=2tan θ，故D 正确. 故选CD.【点睛】本题关键是对滑块、滑块与小球整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解.11.如图所示，A 、B 两物块的质量分别为2m 和m ，静止叠放在水平地面上．A 、B 间的动摩擦因数为μ，B 与地面间的动摩擦因数为2μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ．现对A 施加一水平拉力F ，则（ ）A. 当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B. 当F＝52mgμ时，A 的加速度为13gμC. 当F＞3μmg时，A相对B滑动D. 无论F为何值，B的加速度不会超过12gμ【答案】BCD【解析】【详解】试题分析：根据题意可知，B与地面间的最大静摩擦力为：f Bm＝32mgμ，因此要使B能够相对地面滑动，A对B所施加的摩擦力至少为：f AB＝f Bm＝32mgμ，A、B间的最大静摩擦力为：f ABm＝2μmg，因此，根据牛顿第二定律可知当满足：2ABF fm-＝232ABf mgmμ-，且32mgμ≤f AB＜2μmg，即32mgμ≤F ＜3μmg时，A、B将一起向右加速滑动，故选项A错误；当F≥3μmg时，A、B将以不同的加速度向右滑动，根据牛顿第二定律有：F－2μmg＝2ma A，2μmg－32mgμ＝ma B，解得：a A＝2Fm－μg，a B＝12gμ，故选项C、D正确；当F＝52mgμ时，对A和B整体受力分析有，()()222F m m g m m aμ-+=+，解得a A＝a B＝13gμ，故选项B正确．考点：本题主要考查了牛顿第二定律的应用，以及处理连接体的方法问题，属于中档题．12..如图，质量均为m的两光滑小环A和B用轻绳连接，分别套在水平和竖直的固定直杆上．在绳上O点施一水平力F拉紧轻绳，设法使整个系统处于静止状态．随后使力F缓慢增大，则在此过程中( )A. OA段绳中的张力始终大于mg，且逐渐增大B. 杆对A环的作用力始终大于2mg，且逐渐增大C. OB段绳中的张力始终大于mg，且逐渐增大D. OB 段绳与竖直方向的夹角逐渐增大 【答案】CD 【解析】AB ：以AB 两个小环整体为研究对象，对整体受力分析，整体受总重力2mg 、水平力F 、水平杆对A 环向上的支持力NA F 、竖直杆对B 环水平向左的支持力NB F ．据平衡条件可得：水平杆对A 环向上的支持力2NA F mg =，竖直杆对B 环水平向左的支持力NB F F =．以A 为研究对象，对A 受力分析，A 受重力、水平杆对A 竖直向上的支持力、绳OA 对A 的拉力，三力平衡，绳OA 的拉力一定竖直向下，且NA OA F mg T =+，解得：OA T mg =． 故AB 两项均错误．CD ：以B 为研究对象，对B 球受力分析如图，设OB 段绳与竖直方向的夹角为θ由平衡条件可得：()()2222OB NBT mg Fmg F =+=+tan NB F Fmg mgθ==． 力F 缓慢增大，OB 段绳中的张力始终大于mg ，且逐渐增大；OB 段绳与竖直方向的夹角逐渐增大．故CD 两项均正确．二、实验题13.将两根自然长度相同、劲度系数不同、粗细也不同的弹簧套在一起，看作一根新弹簧，设原粗弹簧（记为A ）劲度系数为k 1，原细弹簧（记为B ）劲度系数为k 2，套成的新弹簧（记为C ）劲度系数为k 3．关于k 1、k 2、k 3的大小关系，同学们作出了如下猜想：甲同学：和电阻并联相似，可能是312111k k k =+ 乙同学：和电阻串联相似，可能是k 3=k 1+k 2丙同学：可能是1232k k k += （1）为验证猜想，同学们设计了如图甲实验．简要实验步骤如下，请完成相应填空．a ．将弹簧A 悬挂在铁架台上，用刻度尺测量弹簧A 的自然长度L 0；b ．在弹簧A 的下端挂上钩码，记下钩码的个数n 、每个钩码的质量m 和当地的重力加速度g ，并用刻度尺测量弹簧的长度L 1；c ．由F=_______计算弹簧的弹力，由x=L 1–L 0计算弹簧的伸长量，由F k x =计算弹簧的劲度系数； d ．改变__________________，重复实验步骤b 、c ，并求出弹簧A 的劲度系数的平均值k 1；e ．仅将弹簧分别换为B 、C ，重复上述操作步骤，求出弹簧B 、C 的劲度系数．（2）图乙是实验得到的图线，由此可以判断_____同学的猜想正确．【答案】 (1). （1）nmg ， (2). 钩码的个数； (3). （2）乙【解析】【详解】（1）弹簧的弹力等于n 个钩码的重力nmg多次测量求平均值可以减小误差，所以实验中需要改变钩码的个数以改变弹簧弹力．（2）由图乙可知，伸长量相同时有C A B F F F =+，由胡克定律有312k x k x k x =+，即312k k k =+，所以乙同学的猜想是正确的．14.物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接．打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz ．开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点．（1）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有一个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz 的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_____m/s 2（结果保留两位有效数字）． （2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有____（填入所选物理量前的字母）．A.木板的长度lB.木板的质量m 1C.滑块的质量m 2D.托盘和砝码的总质量m 3E.滑块运动的时间t （3）滑块与木板间的动摩擦因数μ=____（用被测物理量的字母表示，重力加速度为g ）．【答案】(1)0.495 m/s 2～0.497 m/s 2（2分）(2)①CD （2分） ②3232()m g m m a m g -+（2分） 【解析】【详解】(1)每相邻两计数点间还有4个点，说明相邻计数点间的时间间隔为0.1s T =，由逐差法可得：()22234.37 3.88 3.39 2.88 2.40 1.8910m m 0.497s s 90.1a -++---⨯=≈⨯；(2)以系统为研究对象，由牛顿第二定律得：()323m g f m m a -=+滑动摩擦力：2f m g μ=解得：()3232m g m m am g μ-+=要测得动摩擦因数，需要测出滑块的质量2m 与托盘和砝码的总质量3m ，故选CD ．(3)由(2)分析可知，滑块与板间的动摩擦因数为：()3232m g m m am g μ-+=．三、计算题15.在寒冷的冬天，路面很容易结冰，在冰雪路面上汽车一定要低速行驶．在冰雪覆盖的路面上，车辆遇紧急情况刹车时，车轮会抱死而“打滑”．如图所示，假设某汽车以10m/s 的速度行驶至一个斜坡的顶端A 时，突然发现坡底前方有一位行人正以2m/s 的速度做同向匀速运动，司机立即刹车，但因冰雪路面太滑，汽车仍沿斜坡滑行．已知斜坡的高AB ＝3 m ，长AC ＝5 m ，司机刹车时行人距坡底C 点的距离CE ＝6 m ，从厂家的技术手册中查得该车轮胎与冰雪路面的动摩擦因数约为0.5.(1)求汽车沿斜坡滑下的加速度大小．(2)试分析此种情况下，行人是否有危险．【答案】（1）22/m s （2）有【解析】【详解】(1)汽车在斜坡上行驶时，由牛顿第二定律得mgsin θ－μmgcos θ＝ma 1 由几何关系得3sin 5θ=,4cos 5θ= 联立以上各式解得汽车在斜坡上滑下时的加速度a 1＝2m/s 2(2)由匀变速直线运动规律可得2212C A AC v v a x -=解得汽车到达坡底C 时的速度120m/s C v = 经历时间110.5s C A v v t a -== 汽车在水平路面运动阶段，由μmg ＝ma 2得汽车的加速度大小a 2＝μg ＝5m/s 2汽车的速度减至v ＝v 人＝2 m/s 时发生的位移2212=11.6m 2C v v x a -=人 经历的时间22=1.8s C v v t a 人-= 人发生的位移x 2＝v 人(t 1＋t 2)＝4.6m因x 1－x 2＝7m>6 m ，故行人有危险．【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．分析能否追及时，只要研究两者速度相等时位移的情况即可.16.如图所示，为一传送货物的传送带abc ，传送带的ab 部分与水平面夹角α=37°，bc 部分与水平面夹角β=53°，ab 部分长为4.7m ，bc 部分长为7.5m ．一个质量为m=1kg 的物体A （可视为质点）与传送带的动摩擦因数μ=0.8．传送带沿顺时针方向以速率ν=1m/s 匀速转动．若把物体A 轻放到a 处，它将被传送带送到c处，此过程中物体A不会脱离传送带．（sin 37°=0.6，sin 53°=0.8，g=10m/s2）求物体A从a处被传送到c处所用的时间．【答案】7.825s【解析】试题分析：物体A在传送带ab上相对滑动时，由牛顿第二定律得：μmgcosα﹣mgsinα=am，解得：a=0.4m/s2，物体与传送带速度相等时，运动时间为：t1==2.5s，位移：m=1.25m＜s ab，在ab部分做匀速运动的运动时间：=s=3.45s．由于mgsinβ＞μmgcosβ，所以物块沿传送带bc部分匀加速运动到c点，物体A在传送带bc部分匀加速下滑，由牛顿第二定律得滑动的加速度为：a′=gsinβ﹣μmgcosβ=3.2m/s2，设在bc部分运动的时间为t3，由匀变速运动位移公式得：s bc=vt3+a′t32，即：，解得：t3=1.875s．物体A从a处被传送到c处所用的时间为：t=t1+t2+t3=7.825s．答：物体A从a处被传送到c处所用的时间为7.825s．17.如图所示，物体A的质量为M＝1 kg，静止在光滑水平面上的平板车B的质量为m＝0.5 kg、长为L＝1 m．某时刻A以v0＝4 m/s向右的初速度滑上平板车B的上表面，在A滑上B的同时，给B施加一个水平向右的拉力．忽略物体A 的大小，已知A 与B 之间的动摩擦因数为μ＝0.2，取重力加速度g ＝10 m/s 2.试求：如果要使A 不至于从B 上滑落，拉力F 应满足的条件．【答案】13N F N ≤≤【解析】物体A 滑上平板车B 以后做匀减速运动，由牛顿第二定律得μMg ＝Ma A ，解得a A ＝μg ＝2 m/s 2. 1 分 物体A 不滑落的临界条件是A 到达B 的右端时A 、B 具有共同的速度v 1， 则：220122A v v a -－212Bv a ＝L ，又01A v v a -＝1B v a 2 联立解得v1＝3 m/s ，aB ＝6 m/s2. 1 分拉力F ＝maB －μMg ＝1 N. 1 分若F<1 N ，则A 滑到B 的右端时，速度仍大于B 的速度，于是将从B 上滑落，所以F 必须大于等于1 N. 1 分当F 较大时，在A 到达B 的右端之前，就与B 具有相同的速度，之后，A 必须相对B 静止，才不会从B 的左端滑落．对A 、B 整体和A 分别应用牛顿第二定律得：F ＝(m ＋M)a ，μMg ＝Ma ，解得F ＝3 N 2 分若F 大于3 N ，A 就会相对B 向左滑下．综合得出力F 应满足的条件是1 N≤F≤3 N. 2分本题考查牛顿第二定律的应用，物体A 画上木板车后再滑动摩擦力作用下A 做匀减速直线运动，随着A 的减速和B 的加速，当A 运动到B 的右端时两者共速，这是不掉下来的临界条件，由各自的分运动和位移关系可以求得运动时间和速度大小，再以木板车为研究对象可以求得拉力F 大小，然后在分情况讨论 18.下列说法正确的是________A ．墒增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性减少的方向进行B ．在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加C ．一定质量理想气体对外做功，内能不一定减少，但密度一定减小D ．对于一定量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热E ．第二类永动机不可能制成是因为它违背了能量守恒定律【答案】BCD【解析】【详解】A 、一个孤立系统的熵永远不会减少，表明随着孤立系统由非平衡态趋于平衡态，其熵单调增大，即一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行；故A 错误.B 、绝热条件下压缩气体，根据热力学第一定律可知△U =W +Q ＞0，即内能增加；故B 正确.C 、一定质量理想气体对外做功，若气体吸收热量，则内能不一定减少,由于气体的体积增大，所以密度一定减小；故C 正确.D 、对于一定量的理想气体，如果压强不变，当体积增大，气体对外做功，而温度升高，根据热力学第一定律可知，它一定从外界吸热；故D 正确.E 、第二类永动机不可能制成，是因为它违背了热力学第二定律，但不违背能量守恒定律；E 错误. 故选BCD.【点睛】本题考查热力学第一定律及第二定律，要求对这两定律要准确掌握并能正确应用来解释相关现象． 19.如图所示，一根粗细均匀、内壁光滑的玻璃管竖直放置，玻璃管上端有一抽气孔，管内下部被活塞封住一定质量的理想气体，气体温度为T 1．现将活塞上方的气体缓慢抽出，当活塞上方的压强达到p 0时，活塞下方气体的体积为V 1，此时活塞上方玻璃管的容积为2.6 V 1，活塞因重力而产生的压强为0.5p 0．继续将活塞上方抽成真空后密封，整个抽气过程中管内气体温度始终保持不变，然后将密封的气体缓慢加热．求：（1）活塞刚碰到玻璃管顶部时气体的温度T 2；（2）当气体温度达到1.8T 1时的压强p【答案】(1)11.2T (2)00.75P【解析】【详解】(1)从活塞上方的压强达到p 0到活塞上方抽成真空的过程为等温过程：1.5p 0V 1＝0.5p 0V 2解得：V 2＝3V 1 缓慢加热，当活塞刚碰到玻璃管顶部时为等压过程：11123 3.6V V T T =T 2＝1.2 T 1(2)继续加热到1.8T 1时为等容过程:0110.51.2 1.8ppT T =p ＝0.75p 0【点睛】本题关键是明确已知状态参量，然后根据状态变化的过程并运用气体实验定律列式求解．。
2020届全国百师联盟新高考原创精准预测考试(一)物理试卷.pdf
t2 时刻并排行驶，下列说法正
确的是（ ）
A．两车在 t1 时刻也并排行驶
B．在 t1 时刻甲车在后，乙车在前
C ．甲车的加速度大小先增大后减小
D ．乙车的加速度大小先减小后增大
θ v
甲
乙
O t1
t2 t
12．如图，一质量为 m 的正方体物块置于风洞内的水平面上，其一面与风速垂直，当风速为
v0 时刚好能推动该物块．已知风对物块的推力
驶的速度为（
）
A.
B.
C.
D.
6、一物体从 A 点由静止开始做匀加速直线运动，到达 B 点时速度为 v，再运动到 C 点时的速
度为 2v，则 AB 与 BC 的位移大小之比为（
）
A. 1： 3
B. 1： 4
C. 1： 2
D. 1： 1
7、从某高处释放一粒小石子，经过 1 s 从同一地点再释放另一粒小石子，不计空气阻力，则
的四个选项中 ,第 1- 8 题只有一项符合题目要求 ,第 9- 12 题
有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分 ,选对但不全的得
2 分 ,有选错的得 0 分） 1. 在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、
极限思维法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述
在它们落地之前的任一时刻（
）．
A ．两粒石子间的距离将保持不变，速度之差保持不变
B ．两粒石子间的距离将不断增大，速度之差保持不变
C ．两粒石子间的距离将不断增大，速度之差也越来越大
D ．两粒石子间的距离将不断减小，速度之差也越来越小
8、如图，用平行于斜面体 A 的轻弹簧将物块 P 拴接在挡板 B 上，在物块 P 上施加沿斜面向
2020届全国百师联盟新高考押题信息考试(二)物理试卷
A.当氢原子处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是一样的
B.氢原子从 能级跃迁到 能级比从 能级跃迁到 能级辐射出电磁波的波长长
C.当用能量为 的电子撞击处于基态的氢原子时，氢原子一定不能跃迁到激发态
A. 探测器由环月轨道降至着陆轨道的过程中，机械能守恒
B. 沿轨道I运行至P点的加速度小于沿轨道Ⅱ运行至P点的加速度
C. 若动力下降过程可看做竖直向下的匀减速直线运动，则加速度大小约为
D. 最后100m缓慢垂直下降，探测器受到的反冲作用力约为
【答案】C
【解析】
【详解】A项：探测器由环月轨道降至着陆轨道的过程中，由于受到了反冲作用力，且反冲作用力对探测器做负功，探测器机械能减小，故A错误；
D. 滑动变阻器滑片P向下移动时，电流表 的示数均增大
【答案】D
【解析】
【详解】A项：根据图乙知交流电周期为0.02s，所以频率为50Hz，故A错误；
B项：电流表的示数表示的是电流的有效值，故B错误；
C项：由题意知，原线圈的最大电压为31.1V，则副线圈两端的电压： ，而电容器的耐压值为2.5V，则电容器பைடு நூலகம்被击穿．故C错误；
，故D错误．
4.如图所示，静止在光滑水平面上的斜面体，质量为M，倾角为α，其斜面上有一静止的滑块，质量为m，重力加速度为g．现给斜面体施加水平向右的力使斜面体加速运动，若要使滑块做自由落体运动，图中水平向右的力F的最小值为（）
A. B. C. D.Mg
【答案】A
【解析】
【详解】如图所示，要使滑块做自由落体运动，滑块与斜面体之间没有力的作用，滑块的加速度为g，设此时M的加速度为a，对M：F＝Ma，其中 ，联立解得： ，故A正确．
2020届全国百师联盟新高考押题信息考试(二十九)物理试卷
2020 届全国百师联盟新高考押题信息考试（二十九）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5 毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5 毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5 毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、单项选择题（共 6 题，每题 4 分，共24 分）1. 物理学科核心素养主要包括“物理观念”等四个方面，下列“物理观念”正确的是A. 静摩擦力对受力物体可以做正功，滑动摩擦力对受力物体一定做负功B. 驾驶员可以通过操作方向盘使汽车在光滑的水平面上转弯C. 研究自由落体运动是物理学的理想化模型法D. 在某一过程中，只要物体的位移为0，任何力对物体所做的功就为0【答案】C【解析】【详解】 A ．静摩擦力和滑动摩擦力均可以与运动方向相同、相反，故两种摩擦力均可以做正功、做负功，故 A 错误；B．在绝对光滑的水平面上，由于没有摩擦力来提供需要的向心力，故汽车不能转弯，故 B 错误；C．伽利略对自由落体运动的研究是通过对斜面上运动物体的研究经过合理的外推得到自由落体运动的规律，所以研究自由落体运动是物理学的理想化模型法，故 C 正确；D．位移为零只能说明物体的初末位置相同，但物体可能存在路程，则在运动过程中阻力是可以做功的，故D 错误。
2020届全国百师联盟新高考押题信息考试(一)物理试卷
2020届全国百师联盟新高考押题信息考试（一）高三物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
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一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7小题只有一个选项正确，第8～12小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选对但不全的得，有选错或不答的得0分。
1.关于物理学史，下列说法中正确的是（）A. 卡文迪许在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律B. 法拉第提出了电场、磁场的概念，直观地描绘了场的图象C. 电场是为了便于研究物体的运动而引入的理想模型D. 历史上第一个发现电流周围有磁场，从而将电现象和磁现象联系在一起的科学家是赫兹【答案】B【解析】【详解】A．真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律是由库伦通过实验研究确认的，故A错误. B．法拉第不仅提出了场的概念，而且直观的描绘出了场的清晰图像，故B正确.C．电场是实际存在的物质，不是理想化模型．故C错误.D．历史上第一个发现电流周围存在磁场，从而将电现象与磁现象联系起来的科学家是奥斯特，故D错误. 故选B.2.如图所示，质量为m 、带电荷量为q +的小金属块A 以初速度0v 从光滑绝缘水平高台上飞出。
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2020届全国百师联盟新高考原创精准预测考试（二十九）物理试卷★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。
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不按以上要求作答无效。
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第Ⅰ卷（客观题部分，共65分）一、单项选择题（本题共8小题。
每小题5分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
选对的得5分，选错或不答的得0分）1．人类对行星运动规律的认识漫长而曲折，牛顿在前人研究的基础上，得出了科学史上最伟大的定律之一—万有引力定律．对万有引力的认识，下列说法正确的是（）A．行星观测记录表明，行星绕太阳运动的轨道是圆，而不是椭圆B．太阳与行星之间引力的规律并不适用于行星与它的卫星C．地球使树上苹果下落的力，与太阳、地球之间的吸引力不是同一种力D．卡文迪许在实验室里较为准确地得出了引力常量G的数值2．两个做匀变速直线运动的质点，下列说法中正确的是（）A．经过相同的时间，速度大的质点加速度必定大B．若初速度相同，速度变化大的质点加速度必定大C．若加速度相同，初速度大的质点的末速度一定大D．相同时间里，加速度大的质点速度变化必定大3．如图所示，两块相同的木块被竖直的木板夹住保持静止状态，设每一木块的质量为m，则两木块间的摩擦力大小为（）A．0 B．mgC．0.5mg D．2mg4. 如图所示，将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直墙上，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A.从抛出到撞墙，第二次球在空中运动的时间较短B.篮球两次撞墙的速度可能相等C.篮球两次抛出时速度的竖直分量可能相等D.抛出时的速率，第一次一定比第二次大5．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从零开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示．根据图乙中所标出的数据可计算出（）A．物体的质量为1kgB．物体的质量为3kgC．物体与水平面间的动摩擦因数为0.3D．物体与水平面间的动摩擦因数为0.56.用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图所示。
已知绳ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac绳和bc绳中的拉力分别为（）A. B.C. D.7．如图所示传动带装置，大轮为主动轮，通过皮带带动从动轮逆时针转动，则此时皮带上的两点P和Q受到轮子的摩擦力方向分别是：（）A .向左、向左B .向右、向右C .向左、向右D .向右、向左8.火车轨道在转弯处外轨高于内轨，起高度差由转弯半径与火车速度确定。
若在某转弯处规定行驶速度为v，则下列说法中正确的是：（）①当以v的速度通过此弯路时，火车重力与轨道面支持力的合力提供向心力②当以v的速度通过此弯路时，火车重力、轨道面支持力和外轨对轮缘弹力的合力提供向心力③当速度大于v时，轮缘挤压外轨④当速度小于v时，轮缘挤压外轨A、①③ B ①④C、②③D、②④二、多项选择题（本题共5小题。
每小题5分，共25分。
在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。
）9.船在静水中速度为v1水流速度为v2，v2 < v1。
河宽为d。
，当船头垂直向对岸航行时，则：（）A．实际航程最短B．当船速不变，水流速度增大时，过河时间不变C．过河时间最短D．当船速不变，水流速度增大时，过河时间变长10. 如图所示，为一皮带传动装置，右轮半径为r，a为它边缘上一点；左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r。
c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上。
若传动过程中皮带不打滑，则：（）A．a点和b点的线速度大小相等B．a点和b点的角速度大小相等C．a点和c点的线速度大小相等D．a点和d点的向心加速度大小相等11．如图，升降机内有一固定斜面，斜面上放一物体，开始时升降机做匀速运动，物块相对斜面匀速下滑，当升降机加速上升时，则下列选项正确的是（）A.物体相对于斜面静止B.物体相对于斜面匀速下滑C.斜面对物体的支持力减小D.斜面对物体的摩擦力增大12．如下图所示,四个完全相同的弹簧的左右两端连接相同材料制成的物体A、B，物块A 受到大小皆为F的拉力作用而沿F方向加速运动，接触面的各种情况各不相同:①水平面光滑;②粗糙程度相同的水平面;③倾角为θ的光滑斜面;④倾角为θ的粗糙程度相同的斜面,若认为弹簧质量都是0，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量,则有（）A. l2＝l4B. l2＞l1C.l1＝l3D. l4＞l313.如图所示，三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均为37°．现有两个小物块A、B从传送带顶端都以v的初速度沿传送带下滑，两物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，g取10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．下列判断正确的是（）A．若v≥1m/s，则物体A先到达传送带底端B．若v≥1m/s，则物体A、B同时到达传送带底端C．若v＜1m/s，则物体A先到达传送带底端D．若v＜1m/s，则物体A、B同时到达传送带底端第Ⅱ卷（主观题部分共35分）三、填空题（本题共3小题，每空2分，共12分.把答案填写在答题纸对应题目的横线上.）14. 如图所示，由A点以水平速度V0抛出小球，落在倾角为 的斜面上的B点时，速度方向与斜面垂直，不计空气阻力，则此时速度大小V B= ;飞行时间t= . 15．如图所示，轻绳一端连接质量为M=2kg的物体A放置于粗糙水平面上，A与水平面间摩擦因数为0.2，另一端悬挂质量为m=1kg的物体B，若从静止释放两物体，则绳上张力大小为，A的加速度大小为。
16．如图所示,长为2L的轻绳,两端分别固定在一根竖直棒上相距为L的A、B两点，一个质量为m的光滑小圆环套在绳子上，当竖直棒以一定的角速度转动时，圆环以A为圆心在水平面上作匀速圆周运动，则此时轻绳上的张力大小为；竖直棒转动的角速度为。
A16 AB 0四、解答题（本题共2个小题，共23分．解答应写出必要的文字说明、方程和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）17．（10分）如图所示，一个人用一根长1 m，只能承受46 N拉力的绳子，拴着一个质量为1 kg的小球，在竖直平面内做圆周运动.已知圆心O离地面h=6 m，转动中小球在最低点时绳子断了.求：（1）绳子断时小球运动的角速度多大？（2）绳断后，小球落地点与抛出点间的水平距离18. （13分）如图所示，一长为l的木板A放置在水平地面上，木板的两端分别放置着B．C两小块，三者质量分别为m A=3m．m B=2m和m c=m，A与地面、B与A、C与A间的动摩擦因数分别为μ、μ和2μ，开始时三者均静止，现给物块B一水平向右的初速度v 0（v0=），同时给物块C一向左的水平拉力F（F=3μmg），设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，试求：（1）经过多长时间木板A开始运动；（2）从A开始运动至B与C相遇的时间．高三物理参考答案及评分标准三．填空题：本题共3小题，每空2分，共12分。
14．V0/sinθ，V/gtanθ15． 8N ，2m/s216 ．mg ，四．计算题：本题共2小题，满分23分。
17．（10分）解：（1）对小球受力分析，根据牛顿第二定律和向心力的公式可得，F-mg=mrω2，………………………………………2分所以．………………………………………2分（2）由V=rω可得，………………………………………1分绳断是小球的线速度大小为V=6m/s，………………………………………1分绳断后，小球做平抛运动，水平方向上x=Vt………………………………………1分竖直方向上：h-r= gt2 …………………………………………2分代入数值解得 x=6m ………………………………………1分即小球落地点与抛出点间的水平距离是6m．18. (13分)解：（1）各接触面上的最大静摩擦力分别为：fAm=μ×6mg=μmg ……………………………………………………1分fBm=μ×2mg=2μmg ……………………………………………………1分fCm=2μ×mg=2μmg ……………………………………………………1分因C所受拉力F=3μmg＞fBm故B、C同时开始运动，A所受地面摩擦力为0，静止不动a A =aB=μg ……………………………………………………1分设B减速为0的时间为t1t1= =……………………………………………………2分（2）设A板开始运动前B、C的位移大小分别为xB 、xC，由运动学公式得到：xB =v2/2aB解的xB=……………………………………………………1分xC =aAt12解得xC=……………………………………………………1分vc =v……………………………………………………1分B减速为0后，A与B共同向左作匀加速运动的过程中，对A、B整体，由牛顿第二定律可得：a AB =（fCm- fAm）/5m=μg/5 …………………………………………1分设再经过时间t，B与C相遇，此过程中B、C所运动的位移分别为xB ′、xC′，由运动学公式可以得到：xC ′-xB′=L-xB-xC……………………………………………………1分……………………………………………………2分。