山东省菏泽市2017-2018学年高二下学期期中考试(a版)物理试题(扫描版)
山东省菏泽市2017-2018学年高二下学期期末考试物理试题-含答案
一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分。
1-5为单选题,只有一个选项正确。
6-10题为多选题,选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1.线圈在匀强磁场中匀速转动,产生交流电的图象如图所示,由图可知（）A.在A和C时刻线圈处于中性面位置B.在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C.从A时刻起到D时刻,线圈转过的角度为 弧度D.在A和C时刻磁通量变化率的绝对值最大2.电子秤使用的是（）A.超声波传感器B.温度传感器C.力传感器D.光传感器3.下列说法正确的是（）A.布朗运动就是固体分子的无规则运动,温度越高,布朗运动越不明显B.当分子间作用力表现为斥力时,分子势能随分子间距离的增大而增大C.在熔化过程中,晶体要吸收热量,但温度保持不变,内能也保持不变D.在合适的条件下,某些晶体可以转变为非晶体,某些非晶体也可以转变为晶体4.对于一定质量的理想气体,下列说法正确的是（）A.若气体不和外界进行热传递,则气体内能一定不变B.若气体发生等温膨胀,则气体对外做功和吸收的热量数值大小相等C.足球充足气后很难压缩,是足球内气体分子间斥力作用的结果D.在完全失重的情况下,气体对容器壁的压强为零5.一单色光照到某金属表面时,有光电子从金属表面逸出,下列描述中正确的是（）A.只增大入射光的频率,金属逸出功将减小B.只延长入射光照射时间,光电子的最大初动能将增大C.只增大入射光的频率,光电子的最大初动能将增大D.只增大入射光的频率,光电子逸出所经历的时间将缩短6. 32He 与21H 的核聚变发电不产生温室气体,不产生放射性物质,是一种十分清洁、安全和环保的能,开发月球土壤中蕴藏丰富的氦3资,对人类社会今后的可持续发展具有深远意义。
该核反应可表示为324213He+H Li+X →(X 表示某种粒子),若3221He H 、和43Li 的质量分别为123m m m 、、,则下列选项正确的是（ ）A. X 为中子B.这种核反应在月球上可自发进行C.高速的X 粒子可以用工业探伤D.该反应释放的核能2123()E m m m c ∆<+-7.下列说法中正确的是（ ）A.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时,液体与固体间表现为浸润B.热力学第二定律的开尔文表述不可能从单一热吸收热量,使之完全变成功,而不产生其他影响C.水黾可以停在水面上是因为液体具有表面张力D.温度升高,物体所有分子的动能都增大8.关于下列四幅图说法正确的是（ ）A.玻尔原子理论的基本假设认为,电子绕核运行轨道的半径不是任意的B.光电效应产生的条件为光强大于临界值C.电子束通过铝箔时的衍射图样证实了运动电子具有粒子性D.发现少数α粒子发生了较大偏转,说明原子的电量集中在很小空间范围9.已知钚的一种同位素23994Pu 的半衰期为24100年,其衰变方程为2394942Pu X+He γ→+,下列有关说法正确的是（ ）A. X 原子核中含有92个质子。
山东省菏泽市2017-2018学年高二下学期期中考试物理试
山东省菏泽市2017-2018学年高二下学期期中考试物理试题（B版）一、选择题(本题共12小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
)1. 对于物体内能下列说法正确的是( )A. 10个分子的动能和分子势能的总和就是这10个分子的内能B. 物体所处位置越高，分子势能就越大，内能越大C. 一定质量的0℃的水结成0℃的冰，内能一定减少D. 质量相同的两个同种物体，运动物体的内能一定大于静止物体的内能【答案】C【解析】A、物体的内能是构成物体的所有分子的无规则热运动的动能和分子势能的代数和，具有统计意义，对单个或几个分子无意义；故A错误；B、物体的内能由物体的体积、温度、分子数等因素决定，与物体的位置无关，故B错误。
C、一定质量的0℃的水结成0℃的冰，放出热量，则内能一定减少，故C正确。
D、物体的内能与物体宏观的速度无关，与温度、体积等因素有关，故D错误。
故选C。
【点睛】本题考查物体的内能，解决本题的关键要准确掌握物体内能的含义，知道内能的决定因素，要注意物体的内能与物体的位置、速度无关。
2. 下列说法正确的是( )A. 只要温度相同，任何分子的平均速率都相同B. 不管分子间距离是否等于r0(r0是平衡位置分子距离)，只要分子力做正功，分子势能就增大，反之分子势能就减小C. 1等于1KD. 如果两个系统分别与第三个系统同时达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定处于热平衡【答案】D【解析】A、相同温度时，所有气体的分子平均动能相同，但由于分子质量不同，则其平均速率不一定相同；故A；B、分子力做功与重力做功相类似，当分子间作用力做正功时，分子势能一定减小，故B错误；C、摄氏温度的0℃与热力学温度的273K相同，但它们的温差是相等的，即摄氏温标与热力学温标的温差是相同的，则C错误。
山东省菏泽市2022-2023学年高二下学期期中考试物理试题
2022-2023学年度第二学期期中考试高二物理试题（A）2023.04注意事项：1. 本试卷分选择题和非选择题两部分。
满分100分，考试时间90分钟。
2. 答题前，考生务必将姓名、班级等个人信息填写在答题卡指定位置。
3. 考生作答时，请将答案答在答题卡上。
选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答。
超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 如图所示，在光滑水平桌面上有两个闭合金属圆环，在它们圆心连线中点正上方有一个条形磁铁，当给条形磁铁一竖直向上的初速度后，在条形磁铁向上运动的过程中，将会出现的情况是A．俯视观察，左边金属圆环会产生逆时针感应电流B．两金属环将相互远离（不考虑金属环之间的作用）C．两环中感应电流方向相反D．金属环对桌面压力大于自身重力2. 如图所示为电视机显像管的俯视图，电子束在偏转线圈产生的磁场中发生偏转，垂直纸面向里为磁场的正方向，没有磁场时电子束打在荧光屏正中的O点，下列能使电子束打在荧光屏上的位置由A点逐渐向B点移动的是3. 如图所示，两根足够长的光滑直金属导轨平行固定在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L ；导轨上端接入电源和滑动变阻器，电源电动势为E 、内阻为r ；整个装置处在磁感应强度大小为B 、方向竖直的匀强磁场中。
调节滑动变阻器滑动头至某一位置，将质量为m 的金属棒ab 垂直两导轨置于导轨上，ab 恰能保持静止。
已知重力加速度大小为g ，导轨和导体棒的电阻不计，ab 与两导轨接触良好，则A ． 磁场方向竖直向下B ． 滑动变阻器接入电路的阻值为tan EBLr mg θ-C ． 导轨受到的压力大小为sin mgθD ． 若滑动变阻器触头左移，ab 向下运动4. 如图所示，圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，带电粒子从圆周上的M 点沿直径MON 方向以不同的速度大小射入磁场，粒子第一次离开磁场时速度方向偏转了90，第二次离开磁场时速度方向偏转了60，粒子重力不计，则粒子先后两次在磁场中运动的A ．角速度之比为B ． 向心加速度之比为1:1C ． 时间之比为3:2D ．轨道半径之比为5.2022年12月1日起执行新的分时电价政策。
物理-山东菏泽市2017-2018学年高二上学期期末考试试题(解析版)
山东省菏泽市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题一、选择题1. 关于感应电流，下列说法中正确的是A. 只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流B. 当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流C. 只要闭合导线做切割磁感线运动，导线中就一定有感应电流D. 若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，闭合电路中一定没有感应电流【答案】B2. 某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是A. c点的电势高于d点的电势B.若将一试探电荷＋q由a点释放，它将沿电场线运动到b点C. b点的电场强度可能小于d点的电场强度D. a点和b点的电场强度的方向相同【答案】A【解析】顺着电场线电势逐渐降低，则c点的电势高于d点的电势，选项A正确；由图可知，该电场不是匀强电场，a到b的电场线是曲线，说明电场的方向是不断变化的，所以若将一试探电荷+q由a点释放，它不可能沿电场线运动到b点．故B错误；据电场线的分布可知，d点的电场线比b点的电场线稀疏，即b点的电场强度大于d点的电场强度；故C错误；电场线的分布可知，a点与b点位于同一条曲线上，切线的方向不同，所以a点和b点的电场强度的方向不相同，故D错误．故选A.3. 一个电流表的满偏电流I g＝1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上A. 串联一个10kΩ的电阻B. 并联一个10kΩ的电阻C. 串联一个9.5kΩ的电阻D. 并联一个9.5kΩ的电阻【答案】C【解析】把电流表改装成一个量程为10V的电压表，应串联电阻为9.5KΩ的电阻．故选C.4. 如图所示的电路中，当变阻器R3的滑片向上移动时A. 电压表示数变小，电流表示数变大B. 电压表示数变大，电流表示数变小C. 电压表示数变大，电流表示数变大D. 电压表示数变小，电流表示数变小【答案】B【解析】在变阻器R3的滑片向上滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器R3与R2并联电阻R并增大，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压U增大，则电压表示数增大．并联部分电压U并=E-I（R1+r），I减小，E、R1、r均不变，则U并增大，通过R2的电流增大，则电流表示数减小．故B正确，ACD错误．故选B．5. 在静电场中，一个电子由a点移到b点时电场力做的功为5eV，则下列说法中正确的是A. 电子的电势能增加5eVB. 电子的电势能减少5JC. 电场强度的方向一定由b沿直线指向D. a、b两点间的电势差U b＝－5v【答案】D【解析】一个电子由a点移到b点时电场力做功为5eV，电子的电势能减少5eV．故AB错误；由题，电子由a点移到b点，电场力做功5eV，电子的受到的电场力的方向不一定在ab直线上，电场强度的方向不一定由b指向a．故C错误；a、b两点电势差D正确．故选D．6. —矩形线圈bcd位于一随时间变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面向里，如图甲所示，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示．以I表示线圈中的感应电流（以顺时针方向为电流的正方向），则下列选项中能正确表示线圈中电流I随时间t变化规律的是A. B.C. D.【答案】C定于磁感应强度B随t的变化率．由图2可知，0～1时间内，B增大，原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由右手定则感应电流是逆时针的，因而是负值．所以可判断0～1为负的恒值；1～2为正的恒值；2～3为零；3～4为负的恒值；4～5为零；5～6为正的恒值，故C正确，ABD错误。
2017-2018学年山东省菏泽市高二下学期期中考试(A版)英语试题Word版含答案
注意事项：1.本试卷由四个部分组成。
其中,第一、二部分和第三部分的第一节为选择题。
第三部分的第二节和第四部分为非选择题。
2.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
3.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答題卡上对应题目的答案标号涂黑；回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试上无效。
4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
第一部分听力(共两节满分30分)该部分分为第一、第二两节,注意:回答听力部分时,请先将答案标在试卷上。
听力部分结束前,你将有两分钟的时间将你的答案转涂到答卡上。
第一节(共5小题:每小题1.5分,满分7.5分)听下面5段对话,每段对话后有一个小题,从题中所给的AB、C三个选项中选出最佳选项,并标在试的相应位置,听完每段对话后,你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下小题,每段对话仅读一遍。
1. What is the man going to do first?A. Write his paper.B. Visit Professor Green.C. Go to the cinema with the woman.2. Where do most of the woman's carnings come from now?A. Her recordings.B. Her advertising work.C. Her concert performance.3. What time is if now?A. 7:00 pm.B. 7: 30 pm.C. 8:00 pm.4. Which postcard will the speakers sendA. Garden.B. Castle.C. Beach.5. Where are the speakers?A. At a hotel.B. Al a restaurant.C. At a store.第二节（共15小题；每小题1.5分,共22.5分）听下面5段对话或独白。
2017-2018年山东省菏泽市高一(下)期中物理试卷(a卷)(解析版)
2017-2018学年山东省菏泽市高一（下）期中物理试卷（A卷）一、选择题（共10小题，每小题4分，其中1-6小题每题的四个选项中只有一个是正确的，7-10小题的四个选项中有多个选项正确，全部选对的得4分，不全的得2分，错选、多选均不得分）1．（4分）保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。
盗版书籍影响我们学习效率甚至给我们的学习带来隐患，小明有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个电荷所带的电荷量看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为下列几个关于电荷量的数字中正确的是（）A．8.4×10﹣19C B．7.2×10﹣19C C．6.6×10﹣19C D．8.0×10﹣19C 2．（4分）如图所示，电梯质量为M，在它的水平地板上放置一个质量为m的物体，电梯在钢索的拉力作用下由静止开始竖直向上加速运动，在上升h高度过程中，下列说法正确的是（）A．物体的重力势能增加了mghB．电梯的重力势能增加了（M+m）ghC．电梯地板对物体做功为mghD．钢索的拉力对电梯做功为（M+m）gh3．（4分）某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示，下列说法正确的是（）A．a点的电势高于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功C．c点的电场强度大于d点电场强度D．负试探电荷在c点电势能小于它在d点的电势能4．（4分）如图所示，正点电荷电场中有A、B两点，将一电荷量q＝+3.2×10﹣19C的检验电荷从电场中的A点移至B点，电场力做功W＝+6.4×10﹣20J，则A、B两点间的电势差U AB等于（）A．0.5V B．0.2V C．5V D．2V5．（4分）关于电场强度，说法正确的是（）A．单位是伏特B．大小与试探电荷在电场中受的电场力成正比，与试探电荷所带的电荷量成反比C．方向与试探电荷所受的电场力方向一致D．等差等势面越密的区域电场强度越大6．（4分）游乐场中的一种滑梯如图所示。
山东省菏泽一中2017-2018学年高二上学期期中考试物理试卷 Word版含解析
山东省菏泽一中2017-2018学年高二上学期期中物理试卷一.选择题（在每小题给出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分，共10小题共40分）1．关于静电场，下列说法中正确的是( )A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电场中某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加2．如图所示，虚线是某一静电场的一簇等势线及其电势值，一带电粒子只在电场力的作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线从A点飞到B点，则下列判断正确的是( )A．该粒子带负电B．A点的场强大于B点的场强C．粒子在A点的电势能大于在B点的电势能D．粒子在A点的动能小于在B点的动能3．四种电场中分别标有a、b两点，两点电势相等而且电场强度相同的是( )A．与点电荷等距的a、b两点B．匀强电场中的a、b两点C．等量异种电荷连线中垂线上与连线等距的a、b两点D．点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面的a、b两点4．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示．以E表示两极板间的场强，U表示电容器两板间的电压，ε表示正电荷在P点的电势能．若保持负极板不动．将正极板移到图中虚线位置，则( )A．U变小，E不变B．E变大，ε不变C．U变小，ε变小D．E不变，ε不变5．两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球（可看成点电荷），其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为F．现将两球接触后再放回原处，则它们间静电力的大小可能为( )A． F B． F C． F D． F6．如图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角，则关于a、b两点场强大小及电势φa、φb的高低关系正确的为( )A．E a=3E b，φa＞φb B．E a=3E b，φa＜φbC．E a=，φa＜φb D．E a=E b，φa＜φb7．如图所示是某导体的I﹣U图象，图中α=45°，下列说法正确的是( )A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=0.5ΩC．I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，所以R=cot 45°=1.0ΩD．在R两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0 C8．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则( )A．的读数变大，的读数变小B．的读数变大，的读数变大C．的读数变小，的读数变小D．的读数变小，的读数变大9．用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5V和10V的电压表，串联后测量12V的电压，则( )A．两表的电压示数相同，均为6 VB．两表头的指针偏角相同C．两表头的指针偏角不相同D．两表的电压示数不同10．如图所示电路中，电源E的电动势为3.2V，电阻R的阻值为30Ω，小灯泡L的额定电压为3.0V，额定功率为4.5W，当电键S接位置2时，电压表的读数为3V，那么当电键S 接到位置1时，小灯泡L的发光情况是( )A．有可能被烧坏B．正常发光C．正常发光略亮D．很暗，甚至不亮二、实验题及填空题（共2个题，每空2分，共18分）11．下列游标卡尺和螺旋测微器的测量读数分别应是__________ mm、__________ mm．12．要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A、电源E（电动势3.0V，内阻可不计）B、电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约2kΩ）C、电压表V2（0～15.0V，内阻约6kΩD、电流表A1（0～0.6A，内阻约1Ω）E、电流表A2（0～100mA，内阻约2Ω）F、滑动变阻器R1（最大值10Ω）G、滑动变阻器R2（最大值2kΩ）（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择__________，电流表应选择__________，滑动变阻器应选择__________（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你在如图1中设计实验电路图，并画在如图2的虚线框中．（3）实验中测得一组数据如下表所示，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线．I/A 0 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50 U/A 0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00 （4）该小电珠的额定功率是__________．（5）由图象可知，小电珠电阻的变化特点是__________．三、本大题4个小题，共42分，解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最终答案的不得分；有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．一台小型电动机在380V电压下正常工作时，能将30kg的货物在30s内匀速提升30m，通过它的电流是1A．除电动机线圈生热，其它能量损失不计，求在此过程中：（1）电动机的输出功率．（2）电动机线圈所产生的热量．14．带有等量异号电荷，相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场．电场强度E=2×104V/m，方向向下．电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm．（1）C、D两点哪点电势高？两点的电势差U CD等于多少？（2）如果令B板接地（即电势φB=0），则C和D的电势φC和φD各是多少？如果令A板接地，则φC和φD各是多少？在这两种情况中．U CD相同吗？（3）一个电子从C点移动到D点．静电力做多少功？如果使电子先移动到P点．再移到D 点．静电力做的功是否会发生变化．15．如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L．在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，小液滴带负电，电荷量为q．要使液滴从B板右侧上边缘射出电场，电动势E是多大？重力加速度用g表示．16．如图甲所示为一灯泡两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线．由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故，参考这条曲线回答下列问题：（不计电流表和电源的内阻）（1）若把三个这样的灯泡串联后，接到电动势为12V的电源上，求每个灯泡的实际功率为多大？（2）如图乙所示，将两个这样的灯泡并联后再与10Ω的定值电阻R0串联，接在电动势为8V的电源上，求每个灯泡的实际功率为多大？山东省菏泽一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷一.选择题（在每小题给出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分，共10小题共40分）1．关于静电场，下列说法中正确的是( )A．在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B．电场中某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小C．根据公式U=Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加考点：电场；电场强度；电势差．专题：电场力与电势的性质专题．分析：静电场中，电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零，沿电场线电势一定降低．E=是电场强度定义公式．带电平行金属板间的场强E=．公式U=Ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离．根据电势能E p=qφ去判断电势能变化．解答：解：A、在电场强度为零的区域电势不一定为零，故A错误．B、根据电场强度定义公式E=，可知某点的场强大小等于单位电量的试探电荷在该点所受的电场力大小，故B正确．C、公式U=Ed中的d是两点间沿着电场方向的距离，不是两点间的距离．所以在匀强电场中两点间沿着电场方向的距离越大，电势差就越大，故C错误．D、根据电势能E p=qφ，负电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定增加，故D正确．故选BD．点评：本题关键抓住电场强度与电势的概念，同时要注意电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零．知道不同电场求解电场强度用不同的公式．2．如图所示，虚线是某一静电场的一簇等势线及其电势值，一带电粒子只在电场力的作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线从A点飞到B点，则下列判断正确的是( )A．该粒子带负电B．A点的场强大于B点的场强C．粒子在A点的电势能大于在B点的电势能D．粒子在A点的动能小于在B点的动能考点：等势面．分析：电场中的等势面与电场线的方向垂直，结合曲线运动的条件，判断出粒子受到的电场力的方向，然后即可判断出粒子的电性与动能、电势能的变化．解答：解：A、根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知电场线方向大致向左，根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子所受的电场力方向大致向左，则知粒子一定带正电．故A错误；B、等差等势面的疏密反映电场强度的大小，A处场强大于C处场强，故B正确；C、从A点飞到B点，电场力方向与速度的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，故C 错误；D、从A点飞到B点，电场力方向与速度的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，动能减小，故粒子在A点的动能大于在B点的动能，故D错误．故选：B点评：本题要掌握等势面与电场线的关系和曲线运动合力指向，由粒子的轨迹判断出电场力方向，分析能量的变化．3．四种电场中分别标有a、b两点，两点电势相等而且电场强度相同的是( )A．与点电荷等距的a、b两点B．匀强电场中的a、b两点C．等量异种电荷连线中垂线上与连线等距的a、b两点D．点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面的a、b两点考点：电场线．分析：电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同．根据电场线的分布情况，判断场强的大小和方向关系，由等势线分布情况，确定电势关系．解答：解：A、a、b两点处于同一等势线上，电势相等，电场强度大小相等，但方向不同．故A错误．B、两等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，则a、b两点的电势相等，根据对称性和电场线的分布可知，a、b两点的电场强度大小相等、方向相同．故B正确．C、带电平板表面是一个等势面，则a、b两点的电势相等，由电场线的疏密看出，a点的场强小于b点的场强．故C错误．D、平行金属板内部是匀强电场，a、b两点的电场强度相同，但b点的电势高于a点的电势．故D错误．故选：B点评：掌握电场线和等势面的分布情况是解答本题的关键．要注意电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同．4．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示．以E表示两极板间的场强，U表示电容器两板间的电压，ε表示正电荷在P点的电势能．若保持负极板不动．将正极板移到图中虚线位置，则( )A．U变小，E不变B．E变大，ε不变 C．U变小，ε变小D．E不变，ε不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器充电后与电源断开后，电容器的电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，电容增大．由推论公式E=分析板间场强E的变化情况．由公式U=判断板间电压的变化．解答：解：由题意知：电容器的带电量Q不变，板间距离减小，根据电容的决定式知电容C增大．由公式U=知，板间电压U变小．由推论公式E=E=分析，可知板间电场强度E不变，则由U=Ed知，P与负极板间的电势差不变，则P点的电势不变，正电荷在P点的电势能ɛ不变．故AD正确，B、C错误．故选AD．点评：本题是电容器的动态变化分析问题，难点是确定电场强度的变化，只要得出电场强度的变化，就可以得出P与负极板电势差的变化，得出P点的电势以及电荷在P点电势能的变化．5．两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球（可看成点电荷），其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为F．现将两球接触后再放回原处，则它们间静电力的大小可能为( )A． F B． F C． F D． F考点：库仑定律．分析：接触带电的原则是先中和后平分，两个球的电性可能相同，可能不同，根据库仑定律得出接触后再放回原处的库仑力大小解答：解：若两电荷同性，设一个球的带电量为Q，则另一个球的带电量为5Q，此时有：F=，接触后再分开，带电量各为：Q1′=Q2′=则两球的库仑力大小为：F′=k．若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为：Q1′=Q2′=，此时两球的库仑力为：F″=k= F故BD正确、AC错误．故选：BD点评：解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式6．如图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角，则关于a、b两点场强大小及电势φa、φb的高低关系正确的为( )A．E a=3E b，φa＞φb B．E a=3E b，φa＜φbC．E a=，φa＜φb D．E a=E b，φa＜φb考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：先根据几何知识求出a、b两点到点电荷的距离之比，再根据点电荷场强公式E=k求解场强之比．再根据沿电场线方向电势降低确定两点电势的高低．解答：解：设a、b两点到点电荷的距离分别为r a和r b．根据几何知识得：r b=r a．根据E=k得：E a：E b=：=3，则有：E a=3E b．由场强方向可知该点电荷带负电，电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线方向电势降低，则φa＜φb．故选：B．点评：理解并掌握点电荷场强的决定式，把握沿电场线方向电势降低的特点，即可顺利解决此类题目．7．如图所示是某导体的I﹣U图象，图中α=45°，下列说法正确的是( )A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=0.5ΩC．I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，所以R=cot 45°=1.0ΩD．在R两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0 C考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图象的意义可明确电流与电压的关系，并能求出电阻的数值，由电流的定义可求得每秒通过电阻截面的电荷量．解答：解：A、由图可知，电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，故A正确；B、C由I=可知，由图象可知电阻R=Ω=2Ω，故B错误；C、本题中不能根据图象的夹角来求电阻；故C错误；D、在R两端加6V的电压时，电路中电流I==3A，则每秒通过电阻的电荷量为：q=It=3×1=3C；故D正确；故选：BD．点评：本题考查欧姆定律的应用，注意对于图象的认识，区分U﹣I图象与I﹣U图象的异同．8．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则( )A．的读数变大，的读数变小B．的读数变大，的读数变大C．的读数变小，的读数变小D．的读数变小，的读数变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据S的通断可分析出电路电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流及路端电压的变化；再由串并联电路的性质可判及各部分电流的变化．解答：解：S断开时，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1的电压和内电压减小，故R3两端的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，故B正确；故选：B．点评：应用闭合电路欧姆定律解决电路的动态分析时一般可按照：外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行，灵活应用闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质进行分析即可求解．9．用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5V和10V的电压表，串联后测量12V的电压，则( )A．两表的电压示数相同，均为6 VB．两表头的指针偏角相同C．两表头的指针偏角不相同D．两表的电压示数不同考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：串联后两表的分压即示数与其电阻成正比，因电流大小一样，故指针偏转角度相同．解答：解：A、因量程不同，内阻不同，则分压不同，故示数不同．故A错误，D正确；B、因是串联关系，通过表头的电流大小一样，则指针偏转角度相同．故B正确，C错误；故选：BD．点评：考查的串联电路电压与电阻的关系及电压表的内部原理，明确电压与电阻成正比．10．如图所示电路中，电源E的电动势为3.2V，电阻R的阻值为30Ω，小灯泡L的额定电压为3.0V，额定功率为4.5W，当电键S接位置2时，电压表的读数为3V，那么当电键S 接到位置1时，小灯泡L的发光情况是( )A．有可能被烧坏B．正常发光C．正常发光略亮D．很暗，甚至不亮考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：压轴题；恒定电流专题．分析：当开关接2时R接在电源两端，由闭合电路的欧姆定律可求得电源的内阻；开关接位置1时，灯泡接在电源两端，由闭合电路欧姆定律可求得灯泡的实际电压，则可判断灯泡的发光情况．解答：解：当开关接位置2时，电路中电流I===0.1A；由闭合电路欧姆定律可知，U=E﹣Ir，解得：r=2Ω；灯泡的额定电流I额===1.5A；电阻R L==2Ω；当开关接位置1时，由闭合电路欧姆定律可知：I==0.8AU=E﹣Ir=3.2V﹣0.8×2V=1.6V＜3V；故灯泡亮度很暗，甚至不亮；故选D．点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，在解题时注意灯泡的明暗程度取决于灯泡的实际电压．二、实验题及填空题（共2个题，每空2分，共18分）11．下列游标卡尺和螺旋测微器的测量读数分别应是10.50 mm、0.900 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：10mm+0.50mm=10.50mm．螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为40.0×0.01mm=0.400mm，所以最终读数为0.5mm+0.400mm=0.900mm，故答案为：10.50；0.900点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12．要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A、电源E（电动势3.0V，内阻可不计）B、电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约2kΩ）C、电压表V2（0～15.0V，内阻约6kΩD、电流表A1（0～0.6A，内阻约1Ω）E、电流表A2（0～100mA，内阻约2Ω）F、滑动变阻器R1（最大值10Ω）G、滑动变阻器R2（最大值2kΩ）（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择B，电流表应选择D，滑动变阻器应选择F（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你在如图1中设计实验电路图，并画在如图2的虚线框中．（3）实验中测得一组数据如下表所示，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线．I/A 0 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50 U/A 0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00 （4）该小电珠的额定功率是0.94W．（5）由图象可知，小电珠电阻的变化特点是灯泡电阻随电压的增大而增大．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）关键是根据小电珠的规格即可选择电压表与电流表的量程，根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；（2）根据小电珠电珠满足可知电流表应用外接法；（3）的关键是根据表中数据选取标度、描点，然后用平滑的曲线连接即可；（4）根据图象可明确电压为2V时的电流，由功率公式可求得功率；（5）根据伏安特性的斜率可求得变化特点．解答：解：（1）、由题意小灯泡额定电压为2V，额定电流为0.5A，故电压表应选B，电流表应选D，又描绘伏安特性曲线要求电流从零调，故变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器F．（2）由于小电珠电珠较小，满足，电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：（3）小电珠的伏安特性曲线如图所示：（4）由图可知，当电压为2V，电流为0.5A；则功率P=UI=2×0.5=1W；（5）由图可知，灯泡电阻随随电压的增大而增大；故答案为：（1）B、D、F；（2）如图；（3）如图；（4）0.94；（5）灯泡电阻随电压的增大而增大．点评：本题考查了选择实验器材、作实验电路图、作灯泡的伏安特性曲线、分析灯泡电阻随温度的变化规律；确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的关键．三、本大题4个小题，共42分，解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最终答案的不得分；有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．一台小型电动机在380V电压下正常工作时，能将30kg的货物在30s内匀速提升30m，通过它的电流是1A．除电动机线圈生热，其它能量损失不计，求在此过程中：（1）电动机的输出功率．（2）电动机线圈所产生的热量．考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）由共点力的平衡条件可求得牵引力和速度，再由P=FV可求得输出功率；（2）由能量守恒可求得电动机线圈中所产生的热量．解答：解：（1）货物匀速上升，故牵引力等于重力，故有：F=mg=30×10=300N；上升的速度为：v==10m/s；故输出功率为：P=FV=300×10=3000W；（2）由能量守恒定律可知：Q=UIt﹣mgh=380×1×30﹣300×30=2400J；答：（1）电动机的输出功率为3000W；（2）电动机线圈所产生的热量为2400J．点评：本题考查电功率的计算及能量守恒定律的应用，要注意明确输出功等于消耗的总功与内部电阻热功的差值．14．带有等量异号电荷，相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场．电场强度E=2×104V/m，方向向下．电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm．（1）C、D两点哪点电势高？两点的电势差U CD等于多少？（2）如果令B板接地（即电势φB=0），则C和D的电势φC和φD各是多少？如果令A板接地，则φC和φD各是多少？在这两种情况中．U CD相同吗？（3）一个电子从C点移动到D点．静电力做多少功？如果使电子先移动到P点．再移到D 点．静电力做的功是否会发生变化．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据匀强电场的场强与电势差的关系U=Ed，计算CD间的电势差，但是要注意CD间电势差的正负．（2）根据电势差的定义，求出电势．（3）电场力做功与路径无关，根据W=qU求解电场力的功．解答：解：（1）沿着电场线电势降低，故D点的电势大于C点的电势；U CD=Ed CD=2×104V/m×（﹣0.05m）=﹣1000V（2）如果令B板接地（即电势φB=0），则：φC=U CB=Ed CB=2×104V/m×（0.03m）=6×102VφD=U DB=Ed DB=2×104V/m×（0.08m）=1.6×103V故U CD=φC﹣φD=﹣1000V；如果令A板接地，则：φC=U CA=Ed CA=2×104V/m×（﹣0.07m）=﹣1.4×103VφD=U DA=Ed DA=2×104V/m×（﹣0.02m）=﹣4×102V故U CD=φC﹣φD=﹣1000V；即电势差与零电势点的选择无关；（3）W CD=qU CD=（﹣1.6×10﹣19C）×（﹣1000V）=1.6×10﹣16J如果使电子先移动到P点，再移到D点，由于静电力做的功与路径无关，不会发生变化；答：（1）C、D两点D点电势高，两点的电势差U CD等于﹣1000V；（2）如果令B板接地，则φC为600V，φD为1600V；如果令A板接地则φC为﹣1400V，φD为﹣400V；在这两种情况中，U CD相同；（3）一个电子从C点移动到D点．静电力做功1.6×10﹣16J；如果使电子先移动到P点，再移到D点，静电力做的功是不变的．点评：解决本题的关键掌握匀强电场的场强与电势差的关系U=Ed，注意d为沿电场线方向上的距离．15．如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L．在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，小液滴带负电，电荷量为q．要使液滴从B板右侧上边缘射出电场，电动势E是多大？重力加速度用g表示．考点：带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律；欧姆定律．。
2017-2018学年山东省高二(下)期末物理试卷(解析版)
2017-2018学年山东省高二（下）期末物理试卷一．选择题（共6小题，满分24分，每小题4分）1．矩形线圈在匀强磁场中绕线圈平面内垂直于磁感线的轴匀速转动，产生交变电流，当线圈平面与磁感线方向垂直时穿过线圈的磁通量Φ与产生的感应电动势e的大小正确的是（）A．Φ最大，e最大B．Φ最小，e最小C．Φ最小，e最大D．Φ最大，e最小2．氢原子从能级n向基态跃迁比从能级n+1向基态跃迁少发出5种不同频率的光子，则（）A．n=3B．n=4C．n=5D．n=63．如图（甲）所示，单匝矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的中心轴OO′匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化曲线如图（乙）所示。
若外接电阻的阻值R=9Ω，线圈的电阻r=1Ω，则下列说法正确的是（）A．线圈转动频率为50H ZB．0.01末穿过线圈的磁通量最大C．通过线圈的电流最大值为10 AD．R消耗的热功率为900W4．目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装修材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，比如，有些含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性惰性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是（）A．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下一个原子核了B．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时所产生的C．γ射线一般伴随着α或β射线而产生，在这3种射线中，γ射线的穿透能力最强，但电离能力最弱D．发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了45．如图为远距离输电示意图，发电机的输出电压U1和输电线的电阻和理想变压器匝数均不变，且n1：n2=n3：n4，当用户消耗的功率增大时，下列表述正确的是（）A．用户的总电阻增大B．用户两端的电压U4减小C．U1：U2=U3：U4D．用户端增加的功率等于升压变压器多输入的功率6．用相同强度、相同频率的两束紫外线分别照射两种不同金属表面，产生光电效应时，下列说法正确的是（）A．两束光的光子能量相同B．在单位时间里逸出的电子数相同C．两金属逸出的光电子最大初动能相同D．从两金属表面几乎同时逸出光电子二．选择题（共6小题，满分24分，每小题4分）7．如图所示，左边的体积是右边的4倍，两边充以同种气体，温度分别为20℃和10℃，此时连接两容器的细玻璃管的水银柱保持静止，如果容器两边的气体温度各升高10℃，忽略水银柱及容器的膨胀，则水银柱将（）A．向左移动B．向右移动C．静止不动D．条件不足，无法判断8．两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近。
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高二物理试题（A ）参考答案
一、选择题（本题共10小题.每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，1～6题只有一个选项正确，7～10题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）
1．C 2．A 3．B 4．B 5．B 6．C 7．AC 8．BD 9．AC 10．BC
二、填空题（本题共3小题，共20分。
把答案填在答题卡的横线上,每空2分）
11．变暗, 变亮, 不变
评分标准：每空2分,共6分
12．（1）2sin 55m e E t ω= , 900 （2（5.477或5.48均可）
评分标准：每空2分,共6分
13．（1）大圆 , 逆时针 （2）2n+2 , 逆时针
评分标准：每空2分,共8分
三、计算题（本题包括4小题，共40分）
14.（1）核反应方程为：146C→147N+0-1e ①
（2）设活体中146C 的含量为m 0，遗骸中为m ，
则由半衰期的定义得 00)2
1(16/1m m m T t == ② 解得t T
=4 ③ 所以t=4T=22920年 ④
评分标准：①②③④各2分，本题共8分
15.（1）设光电子的最大初动能为12
mv 2，阴极材料的逸出功为W ， 据爱因斯坦光电效应方程有：12
mv 2＝hν－W ① 当反向电压达到U ＝2.30 V 以后，具有最大初动能的光电子也不能达到阳极，克服 电场力做的功等于最大初动能，因此eU ＝12mv 2 ②
由①②得，逸出功 W ＝hν－eU ＝5.60 eV －2.30 eV ＝3.30 eV 。
③
（2）截止频率时光子的能量等于逸出功 ，即E = hν， ④
代入数据解得，该金属的截止频率为ν=8.0×1014Hz ⑤
评分标准：① 3分， ②③④每个2分， ⑤1分，本题共10分
16．（1）根据质量数与电荷数守恒，由题意可知反应方程式为：37Li+11H→224He ；①
（2）核反应前后发生的静止质量亏损为：
△m=m Li +m p ﹣2m α=7.0160u+1.0078u ﹣24.0026u=0.0186u ②
由质能方程△E=△mc 2 ③
代入数据得，核反应释放的能量为：
△E =0.0186u×931.5MeV≈17.3MeV；④
（3）根据能量的守恒可得，两个α粒子具有总动能为：
E1+△E=0.6MeV+17.3MeV=17.9MeV ⑤
评分标准：①②③④⑤每个2分，本题共10分
17．
（1）设输电线的电阻为R,输电电流为I, 输电总功率用P，损失功率用P损，用户得到的功率
用P用表示
由P损=I2R=3%P ①
代入数据解得输电电流I=20A ②
由P=U2I ③
得输电电压U2=10000V ④
输电线上损失的电压ΔU=IR= 300V ⑤
降压变压器输入电压U3=U-ΔU =9700V ⑥
升压变压器原副线圈匝数比n1:n2=1:20 ⑦
降压变压器原副线圈匝数比n3:n4= 485:11 ⑧
（2）用户得到的功率P用=P-P损= 194KW ⑨
评分标准：①③⑨每式2分，其余每式1分，本题共12分。