【物理】湖南省师大附中2016届高三上学期月考试卷(12月份)
湖南师大附中2016届高三月考试卷(五)理综
炎德·英才大联考湖南师大附中2016届高三月考试卷(五)理科综合能力测试本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
其中第Ⅱ卷33－40题为选考题，其他题为必考题。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．本套试题满分300分，考试时量150分钟。
2．答题前，考生务必在答题卡上写好班次、姓名，并将考号填好、涂好。
3．请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．做选考题时，考生按照题目要求作答，并在答题卡上，涂好所选题目对应的题号。
如果你对某科的选考题都做，计总分时，只以该科选考题的第1题计分。
可能用到的相对原子质量：H～1N～14O～16Na～23Al～27S～32Cl～35.5Fe～56Cu～64第Ⅰ卷(选择题，共21小题，共126分)一、选择题(本题共13小题，每小题6分，共78分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1．在人体内的成熟红细胞和肝细胞中，都能发生的过程是(C)①合成蛋白质②吸收葡萄糖③细胞呼吸④无丝分裂⑤氧气进入细胞内A．①②③B．①④⑤C．②③⑤D．③④⑤【解析】成熟的红细胞不能合成蛋白质、不分裂。
2．右图中甲曲线表示在最适温度下，某种酶促反应速率与反应物浓度之间的关系。
其余两条曲线分别表示该酶促反应速率随pH或温度的变化趋势。
下列相关分析，正确的是(C) A．在A点适当提高温度或在B点适当增加酶的浓度，反应速率都将增大B．图中E点代表该酶的最适pH，H点代表该酶的最适温度C．短期保存该酶，适宜条件对应于图中的D、H两点D．研究淀粉酶或过氧化氢酶参与的酶促反应，均可得到右图曲线【解析】乙曲线表示温度对酶促反应的影响，丙曲线表示pH对酶促反应的影响。
甲曲线是在最适温度下测定的，故在A点提高温度，反应速率将降低，故A错；图中E点代表酶的最适温度，H点代表酶的最适pH；酶的保存应该在最适pH、低温下保存；过氧化氢受热易分解，故当用过氧化氢酶研究温度对酶促反应速率影响时，高温时反应速率不会为零。
湖南师大附中2016届高三上学期第二次月考 物理(解析版)
湖南师大附中2016届高三上学期第二次月考试卷物理一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1～8小题只有一个选项正确，9一12小题至少有一个选项正确，选不全的得2分，错选或不选得0分．将选项填写在答题卷）1．某次运动会上运动员在吊环项目中取得了冠军．如图是比赛中的一个场景，此时人静止不动，两根吊带对称并与竖直方向有一定夹角．下列判断正确的是（D）A、两根吊带受到环的拉力大小不等B、每只手对吊环作用力方向竖直向下C、每根吊带受到环的拉力大小都等于人重量的一半D、两根吊带受到环的拉力合力一定竖直向下【解析】吊带偏离竖直方向，且左右对称，则吊带的拉力大小相等，且大于人重的一半，两吊带的合力与人的重力等值反向，则由牛顿第三定律知人对两吊带的合力竖直向下．2、一质点沿直线运动时的速度一时间图象如图所示，以O时刻的位置为参考点，下列说法正确的是（C）A、第1s末质点的位移和速度都改变方向B、第2s末质点的位移改变方向C．在0一4s内质点的位移为零D．第2s末和第4s末质点的位置相同【解析】由v一t图象可知速度方向改变时刻分别是2s末、今4s，末、6s末一相对出发点的位移方向改变时刻为4s末、8s末一，且在出发位置2s末在lm处，4s末在0时刻的位置．3．如图所示，小物体A沿高为h、倾角为θ的光滑斜面（固定在水平地面上），以初速度v0从顶端滑到底端，而质量相同的物体B，以同样大小的初速度从同等高度处竖直上抛，不计空气阻力则（B）A、两物体落地时速度的竖直分量相同B、两物体落地时的动能相同C．两物体落地时重力的瞬时功率相同D、从开始运动至落地过程中，重力对它们做功的平均功率一定相同【解析】由机械能守恒可知，A、B两球落地的速度大小相同，但方向不同，又两球质量相同，则两球动能相同，B球速度的竖直分量大些，重力的瞬时功率大些，重力对两球做功相同，当斜面倾角趋向于900时，竖直速度略小于v0，故A球比B球落地时间短些，平均功率大些．4．有一种大型游戏器械，是一个圆筒状大型容器，简壁竖直．游客进入容器后紧靠筒壁站立，当圆筒的转速达到某一数值时，其底板突然塌落，游客发现自己竟然役有掉下去，以下说法正确的是（C）A、游客处于超重状态B、游客处于失重状态C、游客受到的摩擦力等于重力D、简壁对游客的支持力等于重力【解析】竖直方向处于平衡状态，重力和静摩擦力为一对平衡力，筒璧对游客的支持力提供向心力，由运动状态决定．5一物体放在一倾角为θ的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑．若给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，则它能上滑的最大路程是（C）【解析】因匀速下清，摩擦力等于下滑力，，6．某月球探测卫星先贴近地球表面绕地球做匀速圆周运动，此时其动能为，周期T l；再控制它进行一系列变轨，最终进入贴近月球表面的圆轨道做匀速圆周运动，此时其动能为，周期为T2。
湖南师大附中2016届高三月考卷.doc
湖南师大附中2016届高三月考卷（四）命题：湖南师大附中高三物理备课组一、选择题（本题包含12个小题，每小题4分，共48分，其中1~8小题只有一个选项正确，9~12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不选得0分，将答案填在答题卡上）1、我国古诗很多包含着丰富的物理知识，如北宋大词人辛弃疾（1140——1207）曾有一首别具一格的吟X 星球的名词，其中有“飞镜无根谁系？嫦娥不嫁谁留？”，那么以下关于前一句的回答正确的是（ A ）A ．飞镜无根“（地球的）引力”系(月亮被地球的引力吸住)B ．飞镜无根“（太阳的）引力”系 (地球被太阳的引力吸住）C ．是描绘太阳绕地球运动的情景（古时候认为太阳绕地球转）D ．是描绘飞来之镜（别人抛来的定情铜镜）好像被人用绳牵着一样而没做平抛运动。
2、有一只小虫重为G,不慎跌入一个碗中,如图所示.碗内壁为一半径为R 的球壳的一部分,其深度为 D.碗与小虫脚间的动摩擦因数为μ.,若小虫可以缓慢顺利地爬出碗口而不会滑入碗底.则D 的最大值为多少?(最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小)( D ) A.2R B.R 211μ+ C.R )(2111μ++ D.R )(2111μ+-解析：要使小虫顺利爬出碗口，只须小虫能到达碗边沿A ，设碗边沿的半径与竖直方向夹角为φ，则（受力图如下）由平衡条件得：N=Gcosφ ① f=Gsinφ ②又f=μN 所以μ=tanφ由几何关系有D=R(1-cosφ) ③所以D=3、如右图，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零。
对于该运动过程，若用x 、a 、p E 、k E 、分别表示滑块下滑的位移的大小、加速度的大小、重力势能（以斜面底面所在平面为零势面）和动能，t 表示时间，则下列图像最能正确描述这一运动规律的是（ D ）解析：A 、B 在下滑过程中，物体的加速度μmgcos θ-mgsin θ=ma ，a= μgcos θ- gsin θ，加速度的大小保持不变，所以加速度图像应是与时间轴平行的直线．物体做匀减速直线运动，故位移随时间变化越越慢，位移-时间关系的图象是向右弯曲的线，故A 、B 错误；C 、物体做匀减速直线运动，下降的高度为h=ssin θ，也是向右弯曲的线，故C 错误；D 、下滑过程中速度大小关系为v=0v +at =0v +（gsin θ-μgcos θ）t ，动能221mv E k =，故动能变化越越慢，故D 正确，故选D 。
2016届湖南师大附中高三上学期第一次月考试题物理试题及答案
2016届湖南师大附中高三上学期第一次月考试题物理试题及答案炎德·英才大联考湖南师大附中2016届高三月考试卷(一)物理命题人：高三物理备课组审题人：高三物理备课组得分：本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页。
时量90分钟，满分ll0分。
第I卷选择题(共48分)一、选择题(本题共12小题．每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选时但不全的得2分，有选错或不选的得0分。
将选项填写在答题卷上)1．一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动直到停止。
从汽车开始运动起计时，下表给出了某些时刻汽车的瞬时速度。
根据表中的数据通过分析、计算可以得出A、汽车加速运动经历的时间为4 sB、汽车加速运动经历的时间为5 sC 、汽车匀速运动的时间为2 sD 、汽车减速运动的时间为1 s2．如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m 的货物提升到高处，滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a 与绳子对货物竖直向上的拉力T 之间的函数关系如图乙所示。
下列判断正确的是A 、图线与纵轴的交点M 的值M a g =B 、图线与横轴的交点N 的值N T mg =C 、图线的斜率等于物体的质量mD 、货物始终处于超重状态3．有三个光滑斜轨道1、2、3，它们的倾角依次是60o，45 o 和30 o ，这些轨道交于O ．现有位于同一竖直线上的3个小物体甲、乙、丙．分别沿这3个轨道同时从静止自由下滑，如下图所示，物体滑到O 点的先后顺序是A 、甲最先，乙稍后，丙最后B 、乙最先，然后甲和丙同时到达C 、甲、乙、丙同时到达D 、乙最先，甲稍后，丙最后4．电影《智取威虎山》中有精彩而又精彩的解放军战士滑雪的镜头，假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，又落回倾斜的雪坡上，如图所示，若倾斜的雪坡倾角为θ，战士飞出时的水平速度大小为0v ，且他飞出后在空中的姿势保持不变，不计空气阻力，重力加速度为g ，则A 、如果0v 不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同B 、如果0v 不同，该战士落到雪坡时的位置不同，但空中运动时间相同C 、该战士刚要落到雪坡上时的速度大小是cos v θD 、该战士在空中经历的时间是02tan v g θ 5．近年来我国高速铁路发展迅速，乘坐高速列车成为大家出行的主要选择方式，现已知某新型国产机车总质量为m ，两轨间宽度为L ，内外轨高度差为h ，重力加速度为g ，如过机车要进入半径为R 的弯道，该弯道处的设计速度最为适宜的是A 、C 、、6．宇宙飞船运动中需要多次“轨道维持”。
湖南师大附中2016届高三第一次月考试题(理科)
湖南师大附中2016届高三第一次月考理科数学试题时量 120分钟总分 150分一、选择题（本题共12小题，每小题5分，满分60分） 1、已知i 为虚数单位，复数z 满足i iz 43+=，则z =（） A.25 B. 7 C.5 D.1【答案】C【解析】由i iz 43+=，得i iiz 3443-=+=，则z =5 或：i iz 43+=，则543=⇒+=z i iz 2【答案】B3、设直线062=++y ax 与圆C ：222410x y x y +-++=相交于点P ,Q 两点，CP CQ ⊥，则实数a 的值为( )A ．1B ．2C ．1或2D ．3 【答案】B【解析】()()22222410124x yx y x y +-++=∴-++=∴圆心()1,2-，半径为2，24、命题p ：“非零向量b a,，若0<⋅b a ，则b a ,的夹角为钝角”，命题q ：“对函数)(x f ，若0)(0='x f ，则0x x =为函数的极值点”，则下列命题中真命题是（） A.q p ∧ B.q p ∨ C.)(q p ⌝∧ D.)()(q p ⌝∧⌝ 【答案】D【解析】命题p 为假命题，夹角可以为180； 命题q 也是假命题，0x x =可能不是极值点； 故选D5、底面是正多边形，顶点在底面的射影是底面中心的棱锥叫正棱锥. 如图，半球内有一内接正四棱锥S ABCD -，则该半球的体积为。
【答案】：A【解析】：设所给半球的半径为R ，则棱锥的高R h =，底面正方形中有R DA CD BC AB 2====，所以其体积324323=R ，则3R =，于是球的体积为ππ328343==R V .则半球的体积为π3241=V .6、5项的二项式系数最大，则展开式中含2x 项的系数是（ ).A ．－56B ．－35C ．35D ．56 【答案】A5项的二项式系数最大，所以展开式有9项，即8=n ，展开式通项为k k k k k kk k x C x x C T 288881)1()1(---+-=-=，令228=-k ，得3=k ；则展开式中含2x 项的系数是56)1(383-=-C .7、已知数列{}n a 是等差数列，数列{}n b 是各项为正数的等比数列，且公比1≠q ，若101022,b a b a ==，则（）A.66b a >B.66b a =C.66b a <D.66b a >或66b a < 【答案】A【解析】221021026b b a a a +=+= ，1026b b b =，且102102,0,0b b b b ≠>>， 则610210262b b b b b a =>+=，故选A 8、“(1)(1)0m n -->”是“0log >m n ”的A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D.既不充分也不必要条件 【答案】B【解析】：(1)(1)0m n -->等价于11m n >⎧⎨>⎩或11m n <⎧⎨<⎩， 而log n m >0等价于11m n >⎧⎨>⎩或0101m n <<⎧⎨<<⎩，所以条件具有必要性，但不具有充分性，比如00m n =，＝时，不能得出log n m >0， 故选B 。
2016届湖南师大附中高三上学期第二次月考物理试卷【解析版】
2016届湖南师大附中高三上学期第二次月考物理试卷【解析版】一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1～8小题只有一个选项正确，9一12小题至少有一个选项正确，选不全的得2分，错选或不选得0分．将选项填写在答题卷）1．在2010年广州亚运会上，我国运动员陈一冰在吊环项目中取得了冠军．如图是比赛中的一个场景，此时人静止不动，两根吊带对称并与竖直方向有一定夹角．下列判断正确的是( )A．两根吊带受到环的拉力大小不等B．手对吊环作用力方向竖直向下C．每根吊带受到环的拉力大小都等于人重量的一半D．两根吊带受到环的拉力合力一定竖直向下【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；本题中，运动员受到三个力而平衡，根据平衡条件和对称性分析其受力情况．【解答】解：对运动员受力分析，受到重力、两个拉力，受力情况如图．A、由题可知，两根吊带对称并与竖直方向有一定夹角，由对称性可知，两根吊带受到环的拉力大小相等．故A错误．B、由图看出，手对吊环的拉力斜向上，则由牛顿第三定律知，手对吊环作用力方向斜向下，不是竖直向下．故B错误．C、当运动员两臂竖直时，每根吊带受到环的拉力大小都等于人重量的一半，而现在两根吊带与竖直方向有一定夹角，由平衡条件得知，每根吊带受到环的拉力大小都大于人重量的一半．故C错误．D、由平衡条件和牛顿第三定律知，两根吊带受到环的拉力的合力与重力大小相等、方向相同，一定是竖直向下．故D正确．故选D【点评】本题的解题关键是作出受力图后，根据三力平衡条件，运用合成法分析讨论．2．一质点沿某一条直线运动时的速度﹣时间图象如图所示，则以下说法中正确的是( )A．第1s末质点的位移和速度都改变方向B．第2s末质点的位移改变方向C．前4s内质点的位移为零D．第3s末和第5s末质点的位置相同【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向．【解答】解：A、第1s末前后质点的速度均为正，故速度方向没有改变，故A错误；B、根据“面积”可知，前2s内位移为正，方向没有改变，质点一直前进，2s末速度方向改变，但位移还是正值，位移方向没有改变，故B错误；C、0﹣2s内的位移为x1=×2×1m=1m，2﹣4s内的位移为x2=﹣×2×1m=﹣1m，故4s内质点的位移为x=x1+x2=0；故C正确；D、根据图线的面积表示位移，图线在时间轴上方表示的位移为正，在时间轴下方表示的位移为负，可知3﹣5s内质点的位移为0，则第3秒末和第5秒末位移相等，故质点的位置相同，故D正确；故选：CD【点评】深刻理解某一段时间内的位移就等于在该段时间内速度图象与时间轴围成的面积是解决此类题目的突破口．3．如图所示，小物体A沿高为h、倾角为θ的光滑固定斜面以初速度v0从顶端滑到底端，而相同的物体B以同样大小的初速度从同等高度竖直上抛，则( )A．两物体落地时速度相同B．两物体落地时，重力的瞬时功率相同C．从开始运动至落地过程中，重力对它们做功相同D．从开始运动至落地过程中，重力对它们做功的平均功率相同【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】两个物体在运动的过程中机械能守恒，可以判断它们的落地时的速度的大小，再由平均功率和瞬时功率的公式可以得出结论．【解答】解：A、两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速率相同，但速度方向不同，故A错误．B、由于两个物体落地时的速度的方向不同，由瞬时功率的公式可以知道，重力的瞬时功率不相同，所以B错误．C、重力做功只与初末位置有关，物体的起点和终点一样，所以重力做的功相同，但是时间不同，则重力的平均功率不同，所以C正确，D错误．故选：C．【点评】在分析功率的时候，一定要注意公式的选择，P=只能计算平均功率的大小，而P=Fv 可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．4．有一种大型游戏器械，是一个圆筒状大型容器，筒壁竖直．游客进入容器后紧靠筒壁站立，当圆筒的转速达到某一数值时，其底板突然塌落，游客发现自己竟然没有掉下去！以下说法正确的是( )A．游客处于超重状态B．游客处于失重状态C．筒壁对游客的支持力等于重力D．游客受到的摩擦力等于重力【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】圆筒地板塌落，游客发现自己没有落下去，游客在竖直方向上受重力和静摩擦力平衡，水平方向上受弹力，弹力提供圆周运动的向心力．【解答】解：A、B、游客的加速度沿水平方向，处于非超重和失重状态．故AB错误．C、D、游客在竖直方向上平衡，摩擦力等于重力．故C错误，D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键搞清游客做圆周运动向心力的来源，抓住竖直方向上合力为零，水平方向合力提供向心力求解．5．一物体放在一倾角为θ的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑．若给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，则它能上滑的最大路程是( )A． B． C． D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体沿斜面匀速下滑时，受力平衡，由平衡条件可求出物体所受的滑动摩擦力大小，当物体沿斜面上滑时，滑动摩擦力大小不变，再根据牛顿第二定律和运动学公式或动能定理求上滑的最大距离．【解答】解：物体沿斜面匀速下滑时，合力为零，由平衡条件得：物体所受的滑动摩擦力大小为：f=mgsinθ，当物体沿斜面向上滑动时，根据牛顿第二定律有：mgsinθ+f=ma，由此解得：a=2gsinθ，方向沿斜面向下．根据v2﹣v02=2ax，解得：x=；故选：C．【点评】本题要求的是空间距离，运用动能定理求解比较简单，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．6．某月球探测卫星先贴近地球表面绕地球做匀速圆周运动，此时其动能为E K1，周期为T1；再控制它进行一系列变轨，最终进入贴近月球表面的圆轨道做匀速圆周运动，此时其动能为E K2，周期为T2．已知地球的质量为M1，月球的质量为M2，地月距离为R，则为C( ) A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】对于卫星绕地球运动，根据动能表达式计算向心力，再根据万有引力提供向心力列方程，解出周期与质量和动能之间的关系，对于卫星绕月球运动有类似的关系．【解答】解：卫星绕地球做匀速圆周运动，设卫星质量为m，轨道半径为r1，运动线速度为v1因为动能为，所以向心力为=万有引力提供向心力解得同理，卫星绕月球做圆周运动时，有类似的结论故故C正确、ABD错误．故选：C．【点评】本题考查了万有引力在天体中的应用，根据万有引力提供向心力列出等式．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．7．甲、乙两名溜冰运动员，M甲=80kg，M乙=40kg，面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，如图所示，两人相距0.9m，弹簧秤的示数为9.2N，下列判断中正确的是( )A．两人的线速度相同，约为40m/sB．两人的角速度相同，为6rad/sC．两人的运动半径相同，都是0.45mD．两人的运动半径不同，甲为0.3m，乙为0.6m【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】分析甲、乙两名运动员，弹簧秤对各自的拉力提供向心力．根据牛顿第二定律和向心力公式求解．【解答】解：弹簧秤对甲、乙两名运动员的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律得：M甲R甲ω甲2=M乙R乙ω乙2=9.2N由于甲、乙两名运动员面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，所以ω甲=ω乙=．则R甲=0.3m，R乙=0.6m．由于v=Rω，知两人的线速度不等．根据F=M甲R甲ω甲2解得：ω甲=rad/s．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键知道甲乙两人角速度相等，靠弹簧的弹力提供向心力．8．如图所示，斜面倾角为θ=37°，物体1放在斜面紧靠挡板处，物体1和斜面间动摩擦因数为μ=0.5，一根很长的不可伸长的柔软轻绳跨过光滑轻质的小定滑轮，绳一端固定在物体1上，另一端固定在物体2上，斜面上方的轻绳与斜面平行．物体2下端固定一长度为h的轻绳，轻绳下端拴在小物体3上，物体1、2、3的质量之比为4：1：5，开始时用手托住小物体3，小物体3到地面的高度也为h，此时各段轻绳刚好拉紧．已知物体触地后立即停止运动、不再反弹，重力加速度为g=10m/s2 ，小物体3从静止突然放手后物体1沿面上滑的最大距离为( )A．3h B．h C．2h D．h【考点】功能关系．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】先对整体受力分析可知，2、3向下带动1运动；当3落地后，由于1的重力大，则12将做减速运动；对两过程由功能关系可求得物体上滑的最大位移．【解答】解：设2的质量为m；从开始放手到3触地过程中，设触地时3的速度为v1；则对整体有功能关系可知：6mgh﹣（4mgsinθ+4μmgcosθ）h=（10m）v12；此后3停止，设物体2继续向下运动距离s后速度减小为零，对1、2应用功能关系可知：mgs﹣（4mgsinθ+4μmgcosθ）s=0﹣（5m）v12解得：s=；则1沿斜面上滑的最大距离为L=h+s=h；故选：D．【点评】本题考查功能关系的应用，解题时一定要先做受力分析，明确物体的运动状态后再由功能关系进行列式求解．9．如图所示，长约1m的一端封闭的玻璃管中注满水，假设t=0时质量为0.1kg，红蜡块从玻璃管口开始运动，且每1s上升的距离都是30cm；从t=0开始，玻璃管以初速度为零的匀加速向右平移，第1s内、第2s内、第3s内通过的水平位移依次是5cm、15cm、25cm．y 表示红蜡块竖直方向的位移，x表示红蜡块随玻璃管通过的水平位移，t=0时红蜡块位于坐标原点( )A．t=2s时红蜡块是速度大小为0.3m/sB．前3s内红蜡块的位移大小为45cmC．红蜡块的轨迹方程为y2=xD．红蜡块在上升过程中受到的合力是0.01N【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】根据相等的时间内，位移之差相等，即可判定运动性质，再结合运动的合成与分解方法，及合成法则，即可求解．【解答】解：A、由题意可知，红蜡块沿玻璃管做匀速上升运动，由v竖=，而水平方向，因相等时间内的位移之差相等，则为匀加速直线运动，根据a===0.1m/s2；那么t=2s时红蜡块是速度大小v===m/s，故A错误；B、前3s内红蜡块的水平位移大小x===0.45m；而竖直方向位移y=v竖t=0.3×3=0.9m；那么前3s内红蜡块的位移大小为S==m=45cm，故B正确；C、根据竖直方向位移y=v竖t=0.3t，而水平位移x==0.05t2；合并消去时间，则有轨迹方程为y2=x，故C正确；D、红蜡块在上升过程中，做类平抛运动，则合力F=ma=0.1×0.1N=0.01N，故D正确；故选：BCD．【点评】考查由运动学公式来判定运动性质，掌握运动的合成规律，理解矢量的合成法则，注意平抛运动的规律在本题的应用．10．在9.3阅兵中，20架直升机在空中组成数字“70”字样，将抗战胜利70周年大写在天安门广场上空，大长中华之气．而其领头的直升机悬挂的国旗更是让人心潮彭拜．如图所示，为了使国旗能悬在直升机下不致漂起来，在国旗的下端还悬挂了重物，我们假设国旗与悬挂物的质量为m，直升机的质量为M，直升机以速度v匀速直线飞行，飞行过程中，悬挂国旗的细线与竖直方向的夹角为a，那么以下说法正确的是：( )A．直升机发动机的有效功率一定是（M+m）gvB．细线的张力是F=C．国旗受到3个力的作用D．国旗和重物克服阻力做功的功率为mgvtanα【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】正确对国旗受力分析，根据共点力平衡求的拉力和阻力大小，根据P=Fv求的组里的功率，根据飞机的受力分析判断出发动机的功率【解答】解：A、发动机的有效功率是指克服总重力做功功率与克服阻力做功功率，克服重力做功的功率应等于重力乘以空气向下运动的速度，故A错误；B、对国旗受力分析可知如图，国旗受三个力，重力绳子的拉力和空气的阻力，根据共点力平衡F=，f=mgtanα，故BC正确D、阻力的功率为P=fv=mgvtanα，故D正确故选：BCD【点评】本题主要考查了对国旗的受力分析，有共点力平衡即可判断，关键是发动机的功率根据能量守恒即可判断11．在工厂中常用如图所示水平传送带传送工件，可大大提高工作效率，传送带以恒定的速度v=2rn/s运行，质量为m=0.5kg的工件以v0=1m/s的初速度从位置A滑上传送带工件与传送带之间的动靡擦因数μ=0.2，每当前一个工件在传送带上停止相对猾动时，后一个工件立即滑上传送带，取g=10m/s2，则下列说法中正确的是( )A．工件经0.5s停止相对滑动B．正常运行时传送带上相邻工件相距0.5mC．摩擦力对每个工件做正功为0.75JD．每个工件与传送带间因摩擦产生的内能为1 J【考点】功能关系．【分析】当工件的速度等于传送带的速度时，停止相对滑动，则由牛顿第二定律及速度公式可求得时间，由前后两工件的运动情况可求得两工件间的距离；摩擦力与对地位移的乘积为摩擦力所做的功．摩擦力与相对位移的乘积等于产生的内能．【解答】解：A、工件进入水平传送带先匀加速运动后匀速运动，加速度大小由：μmg=ma 得：a=μg=0.2×10m/s2=2m/s2加速运动的时间t==s=0.5s，故A正确．B、在0.5s内传送带相对地的位移即是正常运行状态下传送带上相邻工件间的距离为：d=vt=2×0.5m=1m，故B错误．C、由动能定理得摩擦力对每个工件做正功为：W f=mv2﹣=×0.5×22﹣×0.5×12=0.75J，故C正确．D、工件对地位移为：x1==0.5m=0.75m传送带对地位移为x2=vt=1m则工件相对传送带的位移大小为：△x=x1﹣x2=1﹣0.75=0.25m因摩擦产生的内能为：Q=μmg△x=0.2×0.5×10×0.25J=0.25J，故D错误．故选：AC【点评】本题考查传送带问题中的速度及能量关系，关键在于明确能量转化间的关系，知道如何求出内能的增加量．12．如图，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此可算出( )A．轰炸机的飞行高度 B．轰炸机的飞行速度C．炸弹的飞行时间D．炸弹投出时的动能【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】轰炸机沿水平方向匀速飞行，释放的炸弹做平抛运动．因为平抛运动速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，速度方向的夹角得知位移与水平方向夹角的正切值，再通过水平位移求出竖直位移，从而得知轰炸机的飞行高度，炸弹的飞行时间，以及炸弹的初速度．【解答】解：A、B、C由图可得炸弹的水平位移为x=设轰炸机的飞行高度为H，炸弹的飞行时间为t，初速度为v0．据题：炸弹垂直击中山坡上的目标A，则根据速度的分解有：tanθ==又==联立以上三式得：H=h+，可知可以求出轰炸机的飞行高度H．炸弹的飞行时间t=，也可以求出t．轰炸机的飞行速度等于炸弹平抛运动的初速度，为v0=，可知也可以求出．故A、B、C正确．D、由于炸弹的质量未知，则无法求出炸弹投出时的动能．故D错误．故选：ABC．【点评】解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的一些推论，并能灵活运用．二、实验题：（共15分，将答案填写在答题卷中）13．“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是F′．（2）在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：不变（选填“变”或“不变”）．（3）本实验采用的科学方法是B．A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法．【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题．【分析】在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答；本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用；【解答】解：（1）实验中F是由平行四边形得出的，而F′是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，由于实验过程不可避免的存在误差，因此理论值和实验值存在一定的偏差．（2）如果将细线也换成橡皮筋，只要将结点拉到相同的位置，实验结果不会发生变化．（3）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法．故答案为：F′，不变，B【点评】在解决设计性实验时，一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析．14．某探究学习小组的同学欲以右图装置中的滑块为对象验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块、细沙、垫块．当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态．若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：（1）你认为还需要的实验器材有天平、刻度尺．（两个）（2）实验时为了保证滑块（质量为M）受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量m应满足的实验条件是m＜＜M，实验时首先要做的步骤是平衡摩擦力．（3）在（2）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M．往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m．让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2（v1＜v2）．则对滑块，本实验最终要验证的数学表达式为mgL=M﹣M（用题中的字母表示）．【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题．【分析】（1）根据实验原理，得到需要验证的表达式，从而确定需要的器材；（2）实验要测量滑块动能的增加量和合力做的功，用沙和沙桶的总质量表示滑块受到的拉力，对滑块受力分析，受到重力、拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，必须使重力的下滑分量等于摩擦力；同时重物加速下降，处于失重状态，故拉力小于重力，可以根据牛顿第二定律列式求出拉力表达式分析讨论；（3）实验要测量滑块动能的增加量和合力做的功，求出合力的功和动能的增加量即可．【解答】解：（1）实验要验证动能增加量和总功是否相等，故需要求出总功和动能，故还要天平和刻度尺；（2）沙和沙桶加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T，根据牛顿第二定律，有对沙和沙桶，有mg﹣T=ma对滑块，有T=Ma解得T=mg故当M＞＞m时，有T≈mg滑块下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高；（3）总功为：mgL动能增加量为：M﹣M根据动能定理，则有：mgL=M﹣M故答案为：（1）刻度尺、天平；（2）m＜＜M，平衡摩擦力；（3）mgL=M﹣M．【点评】本题关键是根据实验原理并结合牛顿第二定律和动能定理来确定要测量的量、实验的具体操作方法和实验误差的减小方法．三、计算题（本题共3小题，解答须写由必要的文字说明，规律公式，只有答案没有过程计0分，请将解题过程书写在答卷中．15题8分，26题9分，17题15分）15．一电梯启动时匀加速上升，加速度为2m/s2，制动时匀减速上升，加速度为﹣1m/s2，上升高度为52米．则当上升的最大速度为6m/s时，电梯升到楼顶的最短时间是13.17s．如果电梯先加速上升，最后减速上升，全程共用时间为16s，则上升的最大速度是4m/s．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）当电梯先匀加速直线运动到最大速度，以最大速度匀速，最后匀减速直线运动到零，这样所需的时间最短．根据运动学公式求出最短的时间．（2）设最大速度为v，根据匀变速直线运动和匀速直线运动的公式，抓住总位移为52m，总时间为16s，求出上升的最大速度．【解答】解：匀加速直线运动的位移x1=．匀加速直线运动的时间t1=．匀减速直线运动的位移x2=，匀减速直线运动的时间t2=．匀速运动的位移x3=x﹣x1﹣x2=25m，则匀速直线运动的时间t3=则电梯升到楼顶的最短时间为t=t1+t2+t3=13.17s．设最大速度为v′．则匀加速直线运动的位移x1==，匀加速直线运动的时间t1=匀速运动的位移x2=vt2匀减速直线运动的位移x3==，匀减速直线运动的时间t3=因为x1+x2+x3=52m，t1+t2+t3=16s联立解得v′=4m/s．故答案为：13.17s，4m/s【点评】解决本题的关键理清电梯的运动过程，抓住总位移一定，灵活运用运动学公式进行求解．16．如图所示，三个完全相同的木板A、B、C自左向右紧靠在一起，静止放在水平地面上，每个木板的质量均为m=0.5kg，长度均为L=0.5m，它们与地而间的动摩擦因数均为μ1=0.1，在A木板的最左端放一个质量为M=1kg的小铁块．它与木板间的动摩擦因数为μ2=0.2，所有的最大静摩擦力略大于滑动摩擦力．现突然给小铁块一个水平向右的初速度v0=4m/s．使其在木板上滑行．重力加速度g=10m/s2，求（1）小铁块在A上滑行时小铁块的加速度a M和木板的加速度a m大小分别多大？（2）当小铁块刚滑上C时的速度多大？（3）能滑出C木板吗？请说明理．【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】计算题；学科综合题；定量思想；方程法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）先根据滑动摩擦定律求解小铁块与A间的摩擦力，三个滑板的总的最大静摩擦力，判断相对运动情况，然后根据牛顿第二定律求解加速度，根据运动学公式求解时间；（2）根据运动学公式即可求解滑上C时的速度；（3）根据受力分析和牛顿第二定律求解滑板C和滑块的加速度，根据运动学公式分析能不能滑出C木板．【解答】解：（1）小铁块与木板之间的摩擦力：f1=μ2Mg=0.2×1×10=2N小铁块的加速度：地面对木板整体的摩擦力：f2=μ1（3m+M）g=0.1×（3×0.5+1）=2.5N＞f1所以木板不动；（2）小铁块在B上运动时，地面对BC整体的摩擦力：f3=μ1（2m+M）g=0.1×（2×0.5+1）=2N=f1可知木板仍然不动，设小铁块到达C的速度为v，则：代入数据得：m/s（3）设小铁块能滑出C，铁块在C上滑动的过程中：对C进行受力分析得：μ2Mg﹣μ1（m+M）g=maC的位移：且：x M﹣x m=L代入数据，化简得方程：得：t=＞0，说明小铁块能滑出C．答：（1）小铁块在A上滑行时小铁块的加速度a M和木板的加速度a m大小分别是2m/s2和0；（2）当小铁块刚滑上C时的速度是m/s（3）能滑出C木板．【点评】本题研究对象多，力多，关键先求解出各个具体的力，确定相对滑动情况；根据牛顿第二定律求解加速度，再然后根据运动学公式列式求解即可．17．如图所示，倾角为45°的粗糙斜面AB足够长，其底端与半径为R=0.4m的两个光滑圆弧轨道BCD的最低点B平滑相接，O为轨道BC圆心，BO为圆弧轨道BC的半径且为竖直线，A，D两点等高，在D点右侧有一以v1=3m/s的速度逆时针转动的传送带，传送带足够长，质量m=1kg的滑块P从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的C点，重力加速度g取10m/s2，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.2．（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数μ1。
湖南省师范大学附属中学最新高三物理上学期月考试题一含解析
湖南省师范大学附属中学201８届高三物理上学期月考试题（一)（含解析)一、填空题１．伽利略在对自由落体运动的研究过程中，开创了如下框所示的一套科学研究方法,其中方框2和4中的方法分别是（ ）Ａ. 提出假设,实验检验B. 数学推理,实验检验C. 实验检验，数学推理D。
实验检验，合理外推【答案】A【解析】这是依据思维程序排序的问题，这一套科学研究方法，要符合逻辑顺序，即通过观察现象，提出假设，根据假设进行逻辑推理，然后对自己的逻辑推理进行实验验证，紧接着要对实验结论进行修正推广.故BC Ｄ错误，A正确;故选A．２。
某物体做直线运动的ｖ－ｔ图象如图所示,据此判断给出的A、B、C、D四种图象(F表示物体所受合力，x表示物体的位移，E k表示物体动能，a表示物体加速度t表示时间）中正确的是( )A. Ｂ． C. D.【答案】B【解析】【详解】A．由图可知，前2s内物体做初速度为零的匀加速直线运动,合力恒定,且沿正方向。
２s−4ｓ做匀减速直线运动,合力恒定，且沿负方向。
４s−6s做负方向匀加速直线运动，合力恒定，且沿负方向．6ｓ−8s做负方向匀减速直线运动，合力恒定，且沿正方向，故A错误；B．0−２s内，ｘ=,x−t图象是开口向上的抛物线.2−4ｓ内,x=v０t−，ｘ−t图象是开口向下的抛物线。
结合对称性可知，该图正确，故B正确;C. 根据E k=，知v−t图象是直线时，E k与t是二次函数关系，图象应是曲线,故C错误;Ｄ。
0−2ｓ内，加速度为正。
2−6s内加速度一定,且为负，６−８s内，加速度为正，故D错误。
故选:B3．2012年６月16日，刘旺、景海鹏、刘洋三名宇航员搭乘“神舟九号"飞船飞向太空．6月２４日执行手动载人交汇对接任务后,于２9日10时03分乘返回舱安全返回．返回舱在Ａ点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ,B为轨道Ⅱ上的一点,如图所示.关于返回舱的运动,下列说法中正确的有（）A. 在同一轨道Ⅱ上经过A的速率小于经过B的速率B．在轨道Ⅱ上经过Ａ的速率大于在轨道Ⅰ上经过Ａ的速率Ｃ. 在轨道Ⅱ上运动的周期大于在轨道Ⅰ上运动的周期D．正常运行时，在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度【答案】Ａ【解析】【详解】A. 飞船在同一轨道上从远地点A向近地点B运动时,所受万有引力对飞船做功，飞船的动能增加，故速度增加，即在B点的速率大于A点速率，故Ａ正确；B。
湖南省师范大学附属中学2016届高三上学期12月月考(五)物理试题 含答案
湖南师大附中2016届高三月考试卷(五）理科综合能力测试物理二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18小题只有一项符合题目要求，第19～21小题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）14．如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个长方形物块A与截面为三角形的垫块B叠放在一起，用水平外力F缓缓向左推动B，使A缓慢升高，设各接触面均光滑,则该过程中(D) A．A和B均受三个力作用而平衡B．B对桌面的压力越来越大C．A对B的压力越来越小D．推力F的大小恒定不变【解析】设B的倾角为θ,对A物体受力分析,如图所示，则F3与竖直方向的夹角为θ,由平衡条件，F3cos θ＝G A,F3sin θ＝F2，所以A 对B的压力不变，C错;A受三个力的作用，B受四个力的作用,A错;对A、B整体受力分析，可知B对桌面的压力F′＝G A＋G B,推力F ＝F2，B错；推力F不变,D对。
15．如图所示，质量为M的木楔ABC静置于粗糙水平面上,在斜面顶端将一质量为m的物体，以一定的初速度从A点沿平行斜面的方向推出，物体m沿斜面向下做减速运动，在减速运动过程中，下列有关说法中正确的是(A)A．地面对木楔的支持力大于（M＋m）gB．地面对木楔的支持力小于(M＋m）gC．地面对木楔的支持力等于（M＋m）gD．地面对木楔的摩擦力为0【解析】由于物体m沿斜面向下做减速运动，则物体的加速度方向与运动方向相反,即沿斜面向上，则其沿竖直向上的方向有分量,故系统处于超重状态，所以可确定A正确、B、C错误;同理可知，加速度沿水平方向的分量向右，说明地面对木楔的摩擦力方向水平向右，故D错误。
16．如图所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场,实线为电场线,虚线为等势线。
A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则（C)A．A点和B点的电势相同B．C点和D点的电场强度相同C．正电荷从A点移至B点，电场力做正功D．负电荷从C点移至D点,电势能增大【解析】A点比乙球面电势高，乙球面比B点电势高，故A点和B点的电势不相同，A错;C、D两点电场强度大小相等，方向不同，B错；φA>φB,W AB〉0，C对；C、D两点位于同一等势面上,故此过程电势能不变，D错。
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湖南省师大附中2016届高三上学期月考物理试卷（12月份）二、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～4小题只有一项符合题目要求，第5～8小题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个长方形物块A与截面为三角形的垫块B叠放在一起，用水平外力F缓缓向左推动B，使A缓慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中（）A．A和B均受三个力作用而平衡B．B对桌面的压力越来越大C．A对B的压力越来越小D．推力F的大小恒定不变2．如图所示，质量为M的木楔ABC静置于粗擦水平面上，在斜面顶端将一质量为m的躯体，以一定的初速度从A点沿平行斜面的方向推出，物体m沿斜面向下做减速运动．在减速运动过程中，下列有关说法中正确的是（）A．地面对木楔的支持力大于（M+m）gB．地面对木楔的支持力小于（M+m）gC．地面对木楔的支持力等于（M+m）gD．地面对木楔的摩擦力为03．如图所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等势线．A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则（）A．A点和B点的电势相同B．C点和D点的电场强度相同C．正电荷从A点移至B点，电场力做正功D．负电荷从C点移至D点，电势能增大4．如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L．在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B．一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿顺时针的感应电流方向为正，由图中表示线框中电流i随bc 边的位置坐标x变化的图象正确的是（）A．B．C．D．5．如图所示为一种获得高能粒子的装置﹣﹣环形加速器，环形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场．质量为m、电荷量为+q的粒子在环中做半径为R的圆周运动．A、B为两块中心开有小孔的极板，原来电势都为零，每当粒子飞经A板时，A板电势升高为+U，B板电势仍保持为零，粒子在两极板间的电场中加速．每当粒子离开电场区域时，A板电势又降为零，粒子在电场一次次加速下动能不断增大，而在环形区域内绕行半径不变（设极板间距远小于R）．下列关于环形加速器的说法中正确的是（）A．环形区域内的磁感应强度大小B n与加速次数n之间的关系为=B．环形区域内的磁感应强度大小B n与加速次数n之间的关系为=C．A、B板之间的电压可以始终保持不变D．粒子每次绕行一圈所需的时间t n与加速次数n之间的关系为=6．如果把水星和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，从水星与金星在一条直线上开始计时，若天文学家测得在相同时间内水星转过的角度为θ1；金星转过的角度为θ2（θ1、θ2均为锐角），则由此条件可求得（）A．水星和金星绕太阳运动的周期之比B．水星和金星的密度之比C．水星和金星到太阳的距离之比D．水星和金星绕太阳运动的向心加速度大小之比7．跳伞运动员从悬停的直升机上跳下，经过一段时间后拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的v﹣t图象．若将人和伞看成一个系统（）A．系统先加速运动，接着减速运动，最后匀速运动B．系统受到的合外力始终向下C．系统的机械能守恒D．阻力对系统始终做负功8．某集装箱吊车的交流电动机输入电压为380V，当吊车以0.1m/s的速度匀速吊起总质量为5.7×103 kg的集装箱时，测得电动机的电流为20A，g取10m/s2，则（AD）（）A．电动机的内阻为4.75ΩB．电动机的发热功率为7 600 WC．电动机的输出功率为7.6×103 WD．电动机的工作效率为75%三、非选择题（包括必考题和选考题两部分．第9题～第13题为必考题，每个试题考生都必须作答．第14题～第19题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题9．新式游标卡尺的刻线看起来很“稀疏”，使得读数显得清晰明了，便于使用者正确读取数据．通常游标卡尺的刻度有10分度、20分度、50分度三种规格；新式游标卡尺也有相应的三种，但刻度却是：19mm等分成10份，39mm等分成20份，99mm等分成50份，以“39mm 等分成20份”的新式游标卡尺为例，如图所示．（1）它的准确度是mm；（2）用它测量某物体的厚度，示数如图所示，正确的读数是cm．10．某同学在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）来探究求合力的方法，如图所示，三根橡皮筋在O点相互连接，拉长后三个端点用图钉固定在A、B、C三点．在实验中，可以通过刻度尺测量橡皮筋的长度来得到橡皮筋的拉力大小，并通过OA、OB、OC的方向确定三个拉力的方向，从而探究求其中任意两个拉力的合力的方法．在实验过程中，下列说法正确的是（）A．实验需要测量橡皮筋的长度以及橡皮筋的原长B．为减小误差，应选择劲度系数尽量大的橡皮筋C．以OB、OC为两邻做平行四边形，其对角线必与OA在一条直线上且长度相等D．多次实验中O点不必固定11．利用如图所示的电路可以较为准确地测量未知电源的电动势．图中Ex为待测电源，E2为标准电源：电动势已准确测出），E为工作电源，为电路提供电流．G为零刻度在中央的灵敏电流计．AB为一根粗细均匀的电阻丝，C、D为AB上的两个活动接触点，可以在电阻丝上移动，与电阻丝AB平行放置的还有一把刻度尺，可以测出CD之间的长度．实验步骤如下：（1）按图连接好电路，将K1处于断开状态，K2处于两个触点都不接的状态．（2）先闭合K1，调Rp整至合适位置．（3）将置K2位置1，调整C、D触头使电流计指向零刻度，记下．（4）将K2置2位置，重新调整C、D位置，使，并记下．（5）断开K1．计算待测电源的电动势的表达式为：E x=．12．一水池水深H=0.8m．现从水面上方h=0.8m高处由静止释放一质量为m=0.1kg的硬质球体，测得球体从释放到落至水池底部用时t=0.6s．已知球体直径远小于水池深度，不计空气及水的阻力，取g=10m/s2，求：（1）通过计算判断球体在水中做什么运动？（2）从水面上方多高处由静止释放球体，才能使球体从释放到落至池底所用时间最短．13．在磁感应强度为B的水平匀强磁场中，建立如图所示的平面直角坐标系xOy，一质量为m、带电荷量为+q的小球在O点静止释放，小球的运动曲线如图所示．已知此曲线在最低点附近的一小段可视为圆弧，该圆弧半径为最低点到x轴距离的2倍，重力加速度为g．求：（1）小球运动到任意位置P（x，y）的速率v；（2）小球在运动过程中第一次下降的最大距离y m；（3）欲使小球沿x轴正向做直线运动，可在该区域加一匀强电场，试分析加电场时，小球位置的纵坐标y值为多大？所加电场的电场强度为多少？方向如何？（二）选考题：共15分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并将所选题目的题号写在相应位置上．注意所做题目的题号必须与所选题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理--选修3-3】14．目前，我省已开展空气中PM2.5浓度的监测工作．PM2.5是指空气中直径等于或小于2.5 μm的悬浮颗粒物，其飘浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后对人体形成危害．矿物燃料燃烧的排放物是形成PM2.5的主要原因．下列关于PM2.5的说法中正确的是（）A．PM 2.5的尺寸与空气中氧分子的尺寸的数量级相当B．PM 2.5在空气中的运动属于分子热运动C．PM 2.5的运动轨迹只是由大量空气分子对PM 2.5无规则碰撞的不平衡和气流的运动决定的D．倡导低碳生活，减少煤和石油等燃料的使用，能有效减小PM 2.5在空气中的浓度E．PM 2.5必然有内能15．某学校科技兴趣小组，利用废旧物品制作了一个简易气温计：在一个空葡萄酒中插入一根两端开口的玻璃管，玻璃管内有一段长度可忽略的水银柱，接口处用蜡密封，将酒瓶水平放置，如图所示．已知：该装置密封气体的体积为480cm3，玻璃管内部横截面积为0.4cm2，瓶口外的有效长度为48cm．当气温为7℃时，水银柱刚好处在瓶口位置．①求该气温计能测量的最高气温．②假设水银柱从瓶口处缓慢移动到最右端的过程中，密封气体从外界吸收3J热量，问：在这一过程中该气体的内能如何变化？变化了多少？（已知大气压为1×105Pa）【物理--选修3-4】16．图甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1m处的质点，Q是平衡位置为x=4m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则（）A．t=0.10s时，质点Q的速度方向向上B．该波沿x轴的负方向传播C．该波的传播速度为40m/sD．从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30 cm17．如图所示，为某种透明介质的截面图，△AOC为等腰直角三角形，BC为半径R=10cm 的四分之一圆弧，AB与水平屏幕MN垂直并接触于A点．由红光和紫光两种单色光组成的复色光射向圆心O，在AB分界面上的入射角i=45°，结果在水平屏幕MN上出现两个亮斑．已知该介质对红光和紫光的折射率分别为n1=，n2=．①判断在AM和AN两处产生亮斑的颜色；②求两个亮斑间的距离．【物理--选修3-5】18．如图为玻尔为解释氢原子光谱画出的氢原子能及示意图，一群氢原子处于n=4的激发态，当它们自发地跃迁到较低能级时，以下说法符合玻尔理论的有（）A．电子轨道半径减小，动能也要增大B．氢原子跃迁时，可发出连续不断的光谱线C．由n=4跃迁到n=1时发出光子的频率最小D．金属钾的逸出功为2.21 eV，能使金属钾发生光电效应的光谱线有4条19．如图所示，圆周的的光滑圆弧轨道竖直放置，底端与光滑的水平轨道相接，质量为m2的小球B静止在光滑水平轨道上，其左侧连接了一轻质弹簧，质量为m1的小球A从D 点以速度向右运动，重力加速度为g，试求：（1）小球A撞击轻质弹簧的过程中，弹簧最短时B球的速度是多少；（2）要使小球A与小球B能发生二次碰撞，m1与m2应满足什么关系．湖南省师大附中2016届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析二、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～4小题只有一项符合题目要求，第5～8小题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；整体法和隔离法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以A和B为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件，运用图解法得到B对A 的弹力和挡板对A的弹力如何变化，再对整体研究，分析推力F和桌面的支持力如何变化．【解答】解：A、先以A为研究对象，分析受力情况：重力、墙的弹力和斜面的支持力三个力，B受到重力、A的压力、地面的支持力和推力F四个力．故A错误．B、当B向左移动时，B对A的支持力和墙对A的支持力方向均不变，根据平衡条件得知，这两个力大小保持不变．则A对B的压力也保持不变．对整体分析受力如图所示，由平衡条件得知，F=N1，挡板对A的支持力N1不变，则推力F不变．桌面对整体的支持力N=G总，保持不变．则B对桌面的压力不变．故BC错误，D正确．故选：D【点评】本题首先要对A受力分析，根据共点力平衡条件分析A受力情况，再运用整体法研究桌面的支持力和推力如何变化．2．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对M和m组成的系统研究，将m的加速度分解为水平方向和竖直方向，在水平方向和竖直方向分别运用牛顿第二定律分析判断．【解答】解：m沿斜面减速运动，加速度方向沿斜面向上，可知m在竖直方向上的加速度方向竖直向上，在水平方向上的加速度方向水平向右，对系统研究，竖直方向上有：N﹣（M+m）g=ma y，可知地面对木楔的支持力大于（M+m）g，故A正确，B、C错误．水平方向上有：f=ma x，可知地面对木楔的摩擦力不为零，故D错误．故选：A．【点评】本题采用整体法分析判断比较简捷，该方法不是常规方法，在平时的学习中，一般情况下取加速度相同的两物体为整体．3．【考点】电势能；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题的关键要抓住“位于同一等势面上的点电势均相等”，“沿电场线方向电势逐渐降低”，“电场强度是矢量”和“电场力做的功”来讨论．【解答】解：A、先找到与AB在同一直线上的A点的等势点，再根据沿电场线方向电势逐渐降低，可知，A的等势点的电势高于B当的电势，故A错误．B、因为电场强度是矢量，C点与D点方向不同，所以电场强度不同，B错误．C、由电场线和等势面的图线可知A点与C点在一个等势面上，再根据“沿电场线的方向电势逐渐降低”的特点可知，C点电势高于B点的电势，所以＞0，即＞0，根据=q 知，由于q＞0，＞0，所以＞0，即电场力做正功，所以C正确．D、因为C、D关于AB对称，即C、D在同一等势面上，所以负电荷在C点与D点的电势能相等，所以D错误．故选C【点评】遇到涉及电场线和等势线的题目，要抓住电场线与等势线处处垂直的特点，以及沿电场线方向电势逐渐降低，然后再讨论．。