人教版高中物理选修1-1章末检测3.docx

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2019-2020人教版物理选修1-1 章末综合测评3

章末综合测评(三)(时间：45分钟分值：100分)一、选择题(本题包括10小题，每小题4分，共40分，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求，全都选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．下列设备或电器中，利用电磁感应原理工作的是()A．发电机B．白炽灯C．电动机D．电吹风A[发电机是线圈在磁场中运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，故A正确；白炽灯是将电能转化为热能后一部分热能转化为光能的设备，即是消耗电能的电热装置，故B错误；电动机是线圈在磁场中运动，因通电而产生力，故C错误；电吹风是将电能转化为机械能和热能，与电磁感应无关，故D错误．]2．关于家庭安全用电，下列做法正确的是()A．将移动插座远离水池B．用湿抹布擦去工作中电器上的灰尘C．使用洗衣机时，电器外壳不接地D．消毒碗柜、电饭煲和电冰箱同时使用一个移动插座A[因为普通水是导体，会使原来绝缘的物体导电，所以选项A对，选项B错；功率较大和容易漏电的电器要用三相插座并使外壳接地，选项C错；较大功率的电器不可共用一个移动插座，以免电流过大引起事故，选项D错．] 3．如图所示为通电长直导线的磁感线图，等面积线圈S1、S2与导线处于同一平面，关于通过线圈S1、S2的磁通量Φ1、Φ2，下列分析正确的是()A．Φ1＞Φ2B．Φ1＜Φ2C．Φ1＝Φ2≠0D．Φ1＝Φ2＝0A[由图中磁感线的疏密分布可以看出，穿过S1的磁通量大，选项A正确．] 4．如图所示，栅栏大门朝正南方向，在门的四角上钉有四个钉子，沿着钉子绕有50匝的大线圈，穿过该线圈的最大磁通量为1.6×10－4 Wb，那么，小明在2 s内把关闭的大门打开并转过90°的过程中，线圈中产生的感应电动势约为()A．2×10－2 VB．4×10－3 VC．1.6×10－4 VD．8×10－5 VB[开始时穿过栅栏大门上线圈的磁通量Φ1＝1.6×10－4Wb，大门打开转过90°时磁通量Φ2＝0，则ΔΦ＝1.6×10－4Wb，由公式E＝n ΔΦΔt得E＝50×1.6×10－42V＝4×10－3 V，故选项B正确．]5．矩形线圈的面积为S，匝数为n，在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω匀速转动．当转到线圈平面与磁场垂直的图示位置时()A．线圈中的电动势为nBSωB．线圈中的电动势为0C．穿过线圈的磁通量为0D．穿过线圈的磁通量变化率最大B [图示时刻线圈的四边都不切割磁感线，不产生感应电动势，即线圈中的电动势为0，故A 错误，B 正确．图示时刻线圈与磁场垂直，磁通量最大，为Φ＝BS ，故C 错误．图示位置线圈中的电动势为0，根据法拉第电磁感应定律E＝n ΔΦΔt可知穿过线圈的磁通量变化率为0，故D 错误．] 6．如图所示电路中，L 是一电阻可忽略不计的电感线圈，a 、b 为L 上的左右两端点，A 、B 、C 为完全相同的三个灯泡，原来开关S 是闭合的，三个灯泡均在发光．某时刻将开关S 打开，则下列说法正确的是( )A ． a 点电势高于b 点，A 灯闪亮后缓慢熄灭B . b 点电势高于a 点，B 、C 灯闪亮后缓慢熄灭C ． a 点电势高于b 点，B 、C 灯闪亮后缓慢熄灭D ． b 点电势高于a 点，B 、C 灯不会闪亮只是缓慢熄灭B [开关S 闭合稳定时，电感线圈支路的总电阻较B 、C 灯支路电阻小，故流过A 灯的电流I 1大于流过B 、C 灯的电流I 2，且电流方向由a 到b ，a 点电势高于b 点．当开关S 打开，由于与电源断开，但电感线圈会产生自感现象，相当于电源，b 点电势高于a 点，流过A 灯的电流由I 1减小到0，瞬间流过B 、C 灯支路的电流为I 1＞I 2.故B 、C 灯闪亮一下后再缓慢熄灭，故B 正确．]7．下列现象中，能表明电和磁有联系的是( )A ．摩擦起电B ．两块磁铁相互吸引或排斥C ．小磁针靠近通电导线时偏转D ．磁铁插入闭合线圈过程中，线圈中产生感应电流CD [摩擦起电表明电荷可以发生转移，不能表明电和磁有联系，A 错；两块磁铁相互吸引或排斥说明磁体间有联系，不能表明电和磁有联系，B 错；小磁针靠近通电导线时偏转和磁铁插入闭合线圈过程中，线圈中产生感应电流都能表明电和磁有联系，C 、D 对．]8．下列说法中正确的是( )A．电磁炉是采用电磁感应原理，在金属锅上产生涡流，使锅体发热从而加热食物的B．磁电式电表的线圈常常用铝框做骨架，把线圈绕在铝框上，是为了防止电磁感应C．精密线绕电阻常采用双线绕法，可以增强线绕电阻通电时产生的磁场D．交流发电机的工作原理是电磁感应AD[电磁炉是采用电磁感应原理，在金属锅上产生涡流，使锅体发热从而加热食物的，与微波炉工作原理不同，故A正确；常常用铝框做骨架，起到电磁阻尼作用，是为了利用电磁感应，故B错误；采用双线绕法，磁场相互抵消，可以减弱线绕电阻通电时产生的磁场，故C错误；发电机的工作原理是电磁感应，故D正确．]9．电磁炉采用感应电流(涡流)的加热原理，是通过电子线路产生交变磁场，把铁锅放在炉面上时，在铁锅底部产生交变的电流．它具有升温快、效率高、体积小、安全性好等优点．下列关于电磁炉的说法中正确的是()A．电磁炉面板可采用陶瓷材料，发热部分为铁锅底部B．电磁炉面板可采用金属材料，通过面板发热加热锅内食品C．电磁炉可以用陶瓷器皿作为锅具对食品加热D．可以通过改变电子线路的频率来改变电磁炉的功率AD[电磁炉是利用电磁感应加热原理制成的电器烹饪器具．由高频感应加热线圈(即励磁线圈)、高频电力转换装置、控制器及铁磁材料锅底炊具等部分组成．使用时，加热线圈中通入交变电流，线圈周围便产生一交变磁场，交变磁场的磁力线大部分通过金属锅体，在锅底中产生大量涡流，从而产生烹饪所需的热．所以电磁炉发热部分需要用铁锅底部，而不能用陶瓷材料，产生的热量可通过面板加热，故面板可采用陶瓷材料，A、D正确，B、C错误．] 10．下列关于理想变压器的说法，正确的是()A．输入功率等于输出功率B．输送的电能经变压器先转化为磁场能，再转化为电能C．输送的电能经变压器先转化为电场能，再转化为电能D．输送的电能经变压器的铁芯直接传输出去AB[从能量的转化来看，由于过程中有电磁感应现象出现，所以会存在“磁生电”的过程，这里的“磁”就是指原线圈中产生的变化磁场，这样在副线圈中就产生了电磁感应现象，从而副线圈可以产生电能．所以选项A、B正确．]二、填空题(本题共2小题，每空3分，共12分)11．某磁场的磁感线分布如图所示．将闭合导体圆环从磁场中的M处平移到N处，则通过圆环的磁通量将________(填“变大”“变小”或“不变”)；圆环中________(填“能”或“不能”)产生感应电流．[解析]将闭合导体圆环从磁场中的M处平移到N处，穿过圆环的磁感线条数减少，则通过圆环的磁通量将变小；圆环中能产生感应电流．[答案]变小能12．电磁感应现象是英国物理学家法拉第首先发现的，探究这个现象应选用图中________(填“甲”或“乙”)所示的装置进行实验，利用电磁感应现象可以制成________，实现机械能转化为电能．[解析]甲图没有电源，则利用导体在磁场中运动产生电能，即甲图是研究电磁感应现象，图乙有电源，当闭合开关后，处于磁场中的导体会在安培力的作用下运动，图乙是研究通电导体在磁场中受到力的作用的现象的，故选甲图，利用电磁感应规律可制作发电机．[答案]甲发电机三、计算题(本题共4小题，共48分)13．(10分)如图为余弦交流电的图象，根据图象回答下列问题：(1)该交流电的周期多大？(2)该交流电的频率多大？(3)若该交流电流通过10 Ω的电阻时，电阻消耗的电功率为多少？[解析] 由图象可知T ＝0.08 s ，因f ＝1T所以f ＝10.08Hz ＝12.5 Hz 该交流电的电压有效值为U e ＝1102 V ＝55 2 V P ＝U 2e R ＝（552）210W ＝605 W. [答案] (1)0.08 s (2)12.5 Hz (3)605 W14．(12分)如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为n 1∶n 2＝2∶1，原线圈接200 V 交流电源，副线圈接额定功率为20 W 的灯泡L ，灯泡正常发光，当电源电压降为180 V 时，求灯泡实际消耗功率与其额定功率之比？[解析] 由U 1U 2＝n 1n 2得 U 2＝n 2n 1U 1＝12×200 V ＝100 V 而U 2′＝n 2n 1U 1′＝12×180 V ＝90 V 所以功率之比P 2′P 2＝U 2′2R U 22R＝U 2′2U 22＝9021002＝81100. [答案] 8110015．(12分)交流发电机输出电压为250 V ，输出功率为100 kW ，输电线总电阻R ＝8 Ω，为使输电线上的功率损失不超过输送功率的5%，用户能得到220 V 的电压，则发电处升压变压器和用户处降压变压器的匝数比为多少？[解析] 根据I ＝P U ，升压变压器的输入电流I 1＝P 1U 1＝400 A 得升压变压器输出的电流为：I 2＝ΔP R ＝25 A ，所以升压变压器的匝数比为n 1n 2＝I 2I 1＝25400＝116降压变压器得到的输入电压为：U 3＝P 3I 2＝3 800 V 所以降压变压器原副线圈匝数比为：n 3n 4＝3 800220＝19011. [答案] 1∶16 190∶1116．(14分)将交变电压u ＝2202sin 100πt V 接到“220 V ，100 W ”的灯泡两端，如灯泡灯丝电阻保持不变，求：(1)通过灯泡的电流的最大值；(2)灯泡实际功率；(3)每秒钟电流方向改变的次数；(4)通过灯泡的电流i 的瞬时值表达式．[解析] (1)交变电压的有效值为U ＝22022V ＝220 V ，灯的额定电压为U L ＝220 V ，因此灯恰好正常发光．由“220 V ，100 W ”知该灯电阻为R ＝U 2P ＝2202100Ω＝484 Ω. 通过灯泡电流的最大值为I m ＝U m R L＝2202484 A ≈0.64 A. (2)灯泡的实际功率与额定功率相同，P ＝100 W.(3)周期T ＝0.02 s ，1秒钟电流方向可以改变的次数为n ＝1T ×2＝100次．(4)通过灯泡的电流的瞬时值表达式为i ＝I m sin ωt ＝0.64sin 100πt A.[答案](1)0.64 A(2)100 W(3)100次(4)i＝0.64sin 100πt A。

人教版高中物理选修1-1练习：章末质量评估(三) Word版含答案

章末质量评估(三)(时间：50分钟分值：100分)本检测卷共25道选择题，每道题4分，共100分．1．发电机和电动机的发明使人类步入电气化时代．其中电动机依据的物理原理是()A．磁场对电流的作用B．磁铁间的相互作用C．惯性定律D．万有引力定律解析：发电机利用电磁感应，电动机利用电流在磁场中的受力，故选项A正确．答案：A2．一台家用电冰箱的铭牌上标有“220 V100 W”，这表明所用交变电压的()A．峰值是380 V B．峰值是220 VC．有效值是220 V D．有效值是311 V解析：家电铭牌上标的是电压、电流的有效值．答案：C3．(多选)关于如图所示电路，以下结论正确的是()A．a、b若接直流电，灯泡不亮B．a、b若接直流电，灯泡也可发光C．a、b若接交流电，灯泡发光，灯泡和电容器都有电荷通过D．a、b若接交流电，灯泡发光，电容器中无电荷通过解析：电容器有“通交流，隔直流”的作用，故a、b接直流电时，灯泡不亮，A对，B错；接交流电时，灯泡亮，但电路中电流的形成缘于电容器的不断充电、放电，并没有电荷通过电容器，C错，D对．答案：AD4．一个闭合线圈中没有感应电流产生，由此可以得出()A．此时此地一定没有磁场B．此时此地一定没有磁场的变化C．穿过线圈平面的磁感线条数一定没有变化D．穿过线圈平面的磁通量一定没有变化解析：磁感线条数不变不等于磁通量不变．答案：D5．下列说法正确的是()A．感应电流的磁场总是与原磁场方向相反B．线圈的自感作用是阻碍通过线圈的电流C．当穿过线圈的磁通量为0时，感应电动势一定为0D．自感电动势阻碍原电流的变化解析：感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁场的变化．感应电动势的大小与磁通量的变化率呈正比．答案：D6．生产、生活中使用的许多东西都可看作能量转换器，它们把能量从一种形式转化为另一种形式，下列电器在工作过程中把电能转化为机械能的是()A．电饭锅B．洗衣机C．微波炉D．电烤箱答案：B7．(多选)一个称为“千人震”的趣味物理小实验是用一节电动势为1.5 V的新干电池、几根导线、开关和一个用于日光灯上的镇流器，几位做实验的同学手拉手成一排，另一位同学将电池、镇流器、开关用导线将它们和首、尾两位同学两个空着的手相连，如图所示．在开关闭合后再断开时就会使连成一排的同学有触电感觉，则()A．该实验的原理是镇流器的自感现象B．该实验的原理是1.5 V的电压让人感到触电C．人有触电感觉是在开关断开瞬间D．有触电的感觉是在开关闭合的瞬间解析：1.5 V的电压不会使人有触电的感觉．当电路接通后处于通电状态时，电流流过镇流器的线圈，电路断开瞬间由于镇流器的自感系数很大，会产生很高的自感电动势，使人产生触电的感觉．答案：AC8．在家庭安全用电中，下列做法正确的是()解析：A项中负载过大可能烧坏接线插板，引起短路，甚至引起火灾，所以该做法错误；B项中，发生火灾后，若不先切断电源，就用水浇灭电火，火会灭，但此时人若接触到水，就会触电，发生更大的危险，即使是使用泡沫灭火器，也要先断电，因为泡沫也导电．所以遇到火灾时，要切掉电源是正确的做法；C项中，如果用钢丝代替熔断丝，当电路短路或者用电量增大了，不容易熔断，会造成火灾隐患，故这种做法错误；D项中，用手抓电线拔出插头，容易把插头里面的线扯坏，有时会把绝缘层弄坏致使触电，所以这种做法不正确．答案：B9．下列图片中，用来将其他形式的能量转换为电能的设备是()解析：雷达是发射和接受电磁波的装置，所以选项A错误，风力发电是将风能转化成电能的设备，所以选项B正确．微波炉和电风扇都是将电能转化为其他形式能量的设备，所以选项C、D错误．答案：B10.如图所示，一条形磁铁在图示位置静止下落穿过采用双线绕成的闭合线圈，则条形磁铁从下落到穿过线圈的过程中可能做()A．匀减速运动B．匀速运动C．非匀变速运动D．自由落体运动解析：由于采用双线绕法，两导线的电流方向总相反，它们产生的磁场互相抵消，因此条形磁铁根本不受磁场力，只受到重力的作用，因此选项D正确．答案：D11．如图所示为通电长直导线的磁感线图，等面积线圈S1、S2与导线处于同一平面，关于通过线圈S1、S2的磁通量Φ1、Φ2，下列分析正确的是()A．Φ1>Φ2B．Φ1<Φ2C．Φ1＝Φ2≠0 D．Φ1＝Φ2＝0解析：根据磁感线分布情况可知通过线圈S1的磁通量大，A选项正确．答案：A12．下列做法中正确的是()①在卫生间选用防水开关②在儿童能触及的范围内，要用带防护门的插座③让电视机长期处于遥控待机状态④多个电器方便地接在同一个移动插座上A．①②B．①②③C．①②④D．③④解析：将多种用电器接在同一移动插座上并同时使用，容易造成电流过大而烧毁插座；让电视机长期处于遥控待机状态不利于节约能源，且会使显像管老化．答案：A13.匝数为100的圆线圈的面积S＝100 cm2，放在方向如图所示的匀强磁场中，线圈平面与磁场的方向垂直，当磁感应强度由2×10－3经过5 s 均匀减小到0时，感应电动势的大小为( )A ．4×10－4 VB ．2×10－3 VC ．4×10－2 VD ．0.2 V解析：圆线圈在匀强磁场中，现让磁感应强度在5 s 内由2×10－3T 均匀减小到0 T.则线圈中感应电动势大小为：E ＝n ΔB ΔtS ＝100×2×10－35×0.01 V ＝4×10－4V ，故A 正确，B 、C 、D 错误．答案：A14．(多选)电磁炉在炉内由交变电流产生交变磁场，使放在炉上的金属锅体内产生感应电流而发热，从而加热食品．电磁炉的工作利用了( )A ．电流的热效应B ．静电现象C ．电磁感应原理D ．磁场对电流的作用解析：电磁炉是利用了涡流现象，也就是利用了电磁感应原理，所以选项C 正确，同时感应电流在金属锅体内发热，是利用了电流的热效应．答案：AC15．关于磁通量，下列说法正确的是()A．穿过某个面的磁通量为零，该处的磁感应强度也为零B．穿过任一平面磁通量为零，该处的磁感应强度也为零C．穿过某一线圈平面的磁通量越大，该处的磁感应强度也一定越大D．当闭合线圈平面跟磁场方向平行时，穿过这个线圈平面的磁通量一定为零解析：磁通量Φ＝BS sin θ，θ是B与S的夹角，当B与S平行时sin θ＝0，Φ＝0.答案：D16．有一正弦交流电，它的电流瞬时值的表达式为i＝141.4sin 314t(A)，那么它的有效值是()A．100 A B．70.7 AC．314 A D．50 A解析：由表达式可知峰值为141.4 A.由I＝I m2＝141.42A＝100 A，A对．答案：A17．关于保险丝，下列说法中正确的是()A．电路中有了保险丝，就能起到保险作用B．选用额定电流越小的保险丝，就越好C．选择适当规格的保险丝，才能够既不妨碍供电，又能起到保险的作用D．以上说法都不对解析：保险丝起到一定的保护作用，但也不是绝对的保险作用，故A错误；要根据家中电器的总电流选择保险丝，并不是电流越小越好，故B错误；只有选择适当规格的保险丝，才能够既不妨碍供电，又能起到保险的作用，故C正确，D错误．答案：C18．右图是验证电容器特性的实验电路图．电路正常工作后，对于灯L1、L2的分析正确的是()A．L1、L2都亮B．L1、L2都不亮C．L1亮，L2不亮D．L1不亮，L2亮解析：因为电源是直流电源，又因为电容器的作用是“通交流，隔直流”，所以灯L1不亮，L2亮，故选D.答案：D19．一台变压器的原线圈匝数为100，副线圈匝数为1 200，在原线圈两端接有电动势为10 V的电池组，则在副线圈两端的输出电压为()A．0 V B．约0.8 VC．12 V D．120 V解析：根据题意可知，直流电路中，变压器不能工作，所以负线圈的输出电压为0.故A正确，B、C、D错误．答案：A20．关于家庭安全用电，下列做法正确的是()A．将移动插座远离水池B．用湿抹布擦去工作中电器上的灰尘C．使用洗衣机时，电器外壳不接地D．消毒碗柜、电饭煲和电冰箱同时使用一个移动插座解析：将移动插座远离水池，这是防止漏电的做法，所以选项A 正确；用湿抹布擦去工作中电器上的灰尘，容易造成漏电，是危险的，所以选项B 错误．对规定使用接地的用电器的金属外壳要接地，洗衣机属于此类用电器，所以选项C 错误；不能超负荷用电，多个大功率用电器同时使用同一个插座是违背安全用电的，所以选项D 错误．答案：A21．下列行为符合安全用电常识的是( )A ．在高压线旁放风筝B ．家里保险丝熔断时用铜导线代替C ．发生火灾时，不带电泼水救火D ．发现有人触电，立即用手将触电人拉开解析：由安全用电知识知选项C 对．答案：C22．关于电磁感应的下列说法中，正确的是( )A ．穿过线圈的磁通量为零时，感应电动势一定为零B ．穿过同一线圈的磁通量越大，感应电动势越大C ．穿过同一线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D ．穿过同一线圈的磁通量的变化越快，感应电动势越大解析：由法拉第电磁感应定律知E ＝n ΔΦΔt，即感应电动势E 的大小与磁通量的大小及磁通量变化的大小无关，而与磁通量变化快慢有关，所以D 项正确．答案：D23．下列关于变压器的说法，正确的是( )A．高压线圈匝数多、电流大、导线粗B．低压线圈匝数少、电流小、导线细C．高压线圈匝数多、电流大、导线细D．低压线圈匝数少、电流大、导线粗解析：高压线圈的匝数较低压线圈的匝数多，但两端的输入功率和输出功率相等，电压和匝数成正比，则高压线圈两端的电压高、匝数多、电流较小．由电阻定律R＝ρLS和欧姆定律I＝UR知，通过导线的电流小，则导线的横截面积应较小，导线细．高压线圈匝数多、电流小、导线细；低压线圈匝数少、电流大、导线粗，所以D项正确．答案：D24．电感器具有通低频阻高频的作用，电容器具有通高频阻低频的作用，高频、低频信号均可通过电阻器．如图中，含有强度相等的高、低频混合音频信号通过电路后，扬声器发出的信号中()A．主要是高频信号B．主要是低频信号C．低频和高频信号一样强D．低频和高频信号都没有解析：低频信号很难通过电容器C，能通过电感器线圈L，剩下的高频信号能通过电容器C，所以A选项正确．答案：A25．输电线的电阻为r，输送的电功率为P，输电电压为U，则用户得到的功率为()A．P B．P－P2U2·rC．P－U2r D.P2U2·r解析：输电线路上的电流由P＝UI可得：I＝PU，输电线上消耗的功率为：P耗＝I2r＝P2U2r，用户得到的功率为：P用＝P－P耗＝P－P2U2r，故B正确，A、C、D错误．答案：B。

人教版高中物理选修1-1高二期末试题及答案.docx

高中物理学习材料西安30中2010--2011学年度(上)高二期末考试物理试卷时间：100分钟命题人：刘宏伟一、选择题（单项选择题。

每题3分，共30分）1.在匀强磁场中，把一个重力不计的带电粒子由静止释放，这个带电粒子可能（）。

A ．做匀速圆周运动 B ．做匀加速直线运动 C ．做匀速直线运动 D ．保持静止状态2.在阴极射线管中，其上方置一根通有如图15-1所示方向电流的直导线，导线与阴极射线管平行，管中所示为阴极射线的运动方向,则阴极射线将 ( )A ．向纸里偏转B ．向上偏转C ．向下偏转D ．向纸外偏转3.处在匀强磁场中的两个电子A 与B 分别以速率v 和2v 垂直匀强磁场同时开始运动，经磁场偏转后，回到出发点的先后是（）A ．A 先到达B ．B 先到达C ．同时到达D ．条件不足，无法判断4.如图所示，有一电量为q ，重力为G 的小球，从两竖直的带等量异种电荷的平行板上方高h 处自由落下，两板间有匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，小球通过正交电磁场时( )A ．一定做曲线运动B ．不可能做曲线运动C ．可能做匀速直线运动D ．可能做匀加速直线运动5．某平行板电容器的电容为C ，带电量为Q ，相距为d ，今在板间中点放一个电量为q 的点电荷，则它受到的电场力的大小为（）A ．22kQq dB ．Qq CdC ．24kQq dD ．2QqCd6．如图所示的电路中．灯泡A 和灯泡B 原来都是正常发光的．现在突然灯泡A 比原来变暗了些，灯泡B 比原来变亮了些．则电路中出现的故障可能是( )A ．R 2短路B ．R 1短路C ．R 2断路D ．R l 、R 2同时短路7. 为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁报警装置可以检测到断针的存在．图4所示是磁报警装置中的一部分电路示意图，其中R B 是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a 、b 接报警器，当传感器R B 所在处出现断针时，电流表的电流I 、ab 两端的电压U 将( ) A ．I 变大，U 变大 B ．I 变小，U 变小 C ．I 变大，U 变小 D ．I 变小，U 变大8.如图9－13所示电路中，r 是电源的内阻，R 1和R 2是外电路中的电阻，如果用P r ，P 1和P 2分别表示电阻r ，R 1，R 2上所消耗的功率，当R 1=R 2= r 时，P r ∶P 1∶P 2等于 [ ]A 、1∶l ∶1B 、2∶1∶1C 、1∶4∶4D 、4∶l ∶19．有a 、b 、c 三个带电粒子，其质量之比为m a ：m b ：m c ＝1:2:3,带电量相同，以相同的初动能射入同一匀强磁场中，都做匀速圆周运动，则（）A ．轨道半径最大的是aB ．轨道半径最大的是cC ．轨道周期最小的是bD ．轨道周期最小的是c10. 如图所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与直导线共面，若使线框逐渐远离（平动）通电导线，则穿过线框的磁通量将（）A ．逐渐增小B ．逐渐减大Ｃ．保持不变Ｄ．不能确定二、多项选择题（每题4分，共16分）11．一个带电粒子以初速度v 0垂直于电场方向向右射入匀强电场区域，穿出电场后接着又进入匀强磁场区域。

人教版高中物理选修3-1章末综合测评3.docx

高中物理学习材料桑水制作章末综合测评(三)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题6分，共60分．在每小题给出的四个选项中第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)1．(2016·绍兴高二检测)安培的分子环形电流假说不能用来解释下列哪些磁现象( )A．磁体在高温时失去磁性B．磁铁经过敲击后磁性会减弱C．铁磁类物质放入磁场后具有磁性D．通电导线周围存在磁场【解析】磁铁内部的分子电流的排布是大致相同的，在高温时，分子电流的排布重新变得杂乱无章，故对外不显磁性，A对；磁铁经过敲击后，分子电流的排布重新变得杂乱无章，每个分子电流产生的磁场相互抵消，故对外不显磁性，故B对；铁磁类物质放入磁场后磁铁内部的分子电流的排布是大致相同的，对外显现磁性，C对；通电导线的磁场是由自由电荷的定向运动形成的，即产生磁场的不是分子电流，故D错误．【答案】 D2．(2016·郑州高二检测)关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是( )A．电场强度的定义式E＝Fq，适用于任何电场B．由真空中点电荷的电场强度公式E＝kQr2可知，当r→0，E→＋∞C．由公式B＝FIL可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力则说明此处一定无磁场D．磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向【解析】电场强度的定义式E＝Fq，适用于任何电场，故A正确．当r→0时，电荷已不能看成点电荷，公式E＝kQr2不再成立．故B错误．由公式B＝FIL可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，可能是B的方向与电流方向平行，所以此处不一定无磁场，故C错误．磁感应强度的方向和该处通电导线所受的安培力方向垂直，故D错误．【答案】 A3．(2015·海南高考)如图1所示，a是竖直平面P上的一点，P前有一条形磁铁垂直于P，且S极朝向a点，P后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a点．在电子经过a点的瞬间，条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向( )图1A．向上B．向下C．向左D．向右【解析】a点处磁场垂直于纸面向外，根据左手定则可以判断电子受力向上，A正确．【答案】 A4．如图2所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，匀强电场的方向竖直向下，有一正离子恰能以速率v沿直线从左向右水平飞越此区域．下列说法正确的是( )图2A．若一电子以速率v从右向左飞入，则该电子将沿直线运动B．若一电子以速率v从右向左飞入，则该电子将向上偏转C．若一电子以速率v从右向左飞入，则该电子将向下偏转D．若一电子以速率v从左向右飞入，则该电子将向下偏转【解析】正离子以速率v沿直线从左向右水平飞越此区域，则有：qvB＝Eq.即：vB＝E，若一电子的速率v从左向右飞入此区域时，也必有evB＝Ee.电子沿直线运动．而电子以速率v从右向左飞入时，电子所受的电场力和洛伦兹力均向上，电子将向上偏转，B正确，A、C、D均错误．【答案】 B5．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两个D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图3所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是( )图3A．增大匀强电场间的加速电压B．减小磁场的磁感应强度C．增加周期性变化的电场的频率D．增大D形金属盒的半径【解析】粒子最后射出时的旋转半径为D形金属盒的最大半径R，R＝mv qB ，E k ＝12mv2＝q2B2R22m.可见，要增大粒子的动能，应增大磁感应强度B和增大D形金属盒的半径R，故正确选项为D.【答案】 D6．(2016·宜昌高二检测)如图4所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场，经过Δt 时间从C 点射出磁场，OC 与OB 成60°.现将带电粒子的速度变为v3，仍从A 点射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为( ) 【导学号：08160181】图4A.12Δt B ．2Δt C.13Δt D ．3Δt【解析】由牛顿第二定律qvB ＝m v 2r 及匀速圆周运动T ＝2πr v 得r ＝mvqB ；T＝2πmqB.作出粒子的运动轨迹如图，由图可得，以速度v 从A 点沿直径AOB 方向射入磁场经过Δt ＝T 6从C 点射出磁场，轨道半径r ＝3AO ；速度变为v3时，运动半径是r 3＝3AO3，由几何关系可得在磁场中运动转过的圆心角为120°，运动时间为T3，即2Δt .故A 、C 、D 项错误，B 项正确．【答案】 B7．(2016·保定高二检测)带正电粒子(不计重力)以水平向右的初速度v 0，先通过匀强电场E ，后通过匀强磁场B ，如图5甲所示，电场和磁场对该粒子做功为W 1.若把该电场和磁场正交叠加，如图乙所示，再让该带电粒子仍以水平向右的初速度v0(v0<EB)穿过叠加场区，在这个过程中电场和磁场对粒子做功为W2，则( )图5 A．W1<W2B．W1＝W2C．W1>W2D．无法判断【解析】在乙图中，由于v0<EB，电场力qE大于洛伦兹力qBv.根据左手定则判断可知：洛伦兹力有与电场力方向相反的分力；而在甲图中带电粒子只受电场力qE.则在甲图的情况下，粒子沿电场方向的位移较大，电场力做功较多，所以选项A、B、D错误，选项C正确．【答案】 C8．在匀强磁场B的区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放置一根长为L，质量为m的导线，当通以如图6所示方向的电流后，导线恰能保持静止，则磁感应强度B满足( )图6A．B＝mg sin θIL，方向垂直斜面向下B．B＝mg sin θIL，方向垂直斜面向上C．B＝mg tan θIL，方向竖直向下D．B＝mgIL，方向水平向左【解析】磁场方向垂直斜面向下时，根据左手定则，安培力沿斜面向上，导体棒还受到重力和支持力，根据平衡条件和安培力公式，有mg sin θ＝BIL，解得选项A正确．磁场竖直向下时，安培力水平向左，导体棒还受到重力和支持力，根据平衡条件和安培力公式，有mg tan θ＝BIL，解得选项C正确．磁场方向水平向左时，安培力竖直向上，与重力平衡，有mg＝BIL，解得选项D正确．【答案】ACD9．利用如图7所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN 上方是磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上有两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L.一群质量为m、电荷量为q，具有不同速度的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度为d的缝射出的粒子，下列说法正确的是( ) 【导学号：08160182】图7A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为qB(3d＋L)2mC．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大【解析】由左手定则和粒子的偏转情况可以判断粒子带负电，选项A错；根据洛伦兹力提供向心力qvB＝mv2r可得v＝qBrm，r越大v越大，由图可知r最大值为r max＝3d＋L2，选项B正确；又r最小值为r min＝L2，将r的最大值和最小值代入v的表达式后得出速度之差为Δv＝3qBd2m，可见选项C正确、D错误．【答案】BC10．如图8所示，直角三角形ABC中存在一匀强磁场，比荷相同的两个粒子沿AB方向射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则( )图8A．从P射出的粒子速度大B．从Q射出的粒子速度大C．从P射出的粒子，在磁场中运动的时间长D．两粒子在磁场中运动的时间一样长【解析】作出各自的轨迹如右图所示，根据圆周运动特点知，分别从P、Q 点射出时，与AC边夹角相同，故可判定从P、Q点射出时，半径R1<R2，所以，从Q点射出的粒子速度大，B正确；根据图示，可知两个圆心角相等，所以，从P、Q点射出时，两粒子在磁场中的运动时间相等．正确的选项应是B、D.【答案】BD二、计算题(本题共2小题，共40分，按题目要求作答)11．(18分)如图9所示，倾角为θ＝30°的光滑导体滑轨A和B，上端接入一电动势E＝3 V、内阻不计的电源，滑轨间距为L＝0.1 m，将一个质量为m＝0.03 kg，电阻R＝0.5 Ω的金属棒水平放置在滑轨上，若滑轨周围存在着垂直于滑轨平面的匀强磁场，当闭合开关S后，金属棒刚好静止在滑轨上，求滑轨周围空间的磁场方向和磁感应强度的大小．(重力加速度g取10 m/s2)图9【解析】合上开关S后，由闭合电路欧姆定律得：I＝E R经分析可知，金属棒受力如图所示，金属棒所受安培力，F ＝BIL 沿斜面方向受力平衡，F ＝mg sin θ 以上各式联立可得：B ＝0.25 T 磁场方向垂直导轨面斜向下【答案】磁场方向垂直导轨面斜向下 0.25 T12．(22分)(2015·山东高考)如图10所示，直径分别为D 和2D 的同心圆处于同一竖直面内，O 为圆心，GH 为大圆的水平直径．两圆之间的环形区域(Ⅰ区)和小圆内部(Ⅱ区)均存在垂直圆面向里的匀强磁场．间距为d 的两平行金属极板间有一匀强电场，上极板开有一小孔．一质量为m 、电量为＋q 的粒子由小孔下方d2处静止释放，加速后粒子以竖直向上的速度v 射出电场，由H 点紧靠大圆内侧射入磁场．不计粒子的重力．【导学号：08160183】图10(1)求极板间电场强度的大小；(2)若粒子运动轨迹与小圆相切，求Ⅰ区磁感应强度的大小．【解析】 (1)设极板间电场强度的大小为E ，对粒子在电场中的加速运动，由动能定理得qE d 2＝12mv 2① 由①式得E ＝mv 2qd②(2)设Ⅰ区磁感应强度的大小为B，粒子做圆周运动的半径为R，由牛顿第二定律得qvB＝m v2 R③如图所示，粒子运动轨迹与小圆相切有两种情况．若粒子轨迹与小圆外切，由几何关系得R＝D 4④联立③④式得B＝4mv qD⑤若粒子轨迹与小圆内切，由几何关系得R＝3D 4⑥联立③⑥式得B＝4mv3qD.⑦【答案】(1)mv2qd(2)4mvqD或4mv3qD。

高中物理(人教版,选修1-1)章末过关检测卷(1)：第1章电场电流

物理·选修1－1(人教版)章末过关检测卷(一)第一章电场电流(测试时间：50分钟评价分值：100分) 补充说明：凡是题目序号后面没有说明“多选”的，一律为单选题本检测卷共25个选择题，每个题4分，共100分．1．关于点电荷的说法，正确的是()A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电荷量很小的电荷D．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理解析：点电荷是理想模型，带电体的线度远远小于它们的距离时可看作点电荷，与电荷量没有关系．金属是导体，其电荷分布均匀时，才能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理，当两个带电金属小球相距较近时，因电荷的相互作用而不再均匀分布，所以不能作为点电荷处理；相距较远时可以作为点电荷处理．答案：D2．关于电场线的说法，正确的是()A．电场线上每一点的切线方向都跟电荷在该点的受力方向相同B．沿电场线的方向，电场强度越来越小C．电场线越密的地方，同一检验电荷受的电场力就越大D．顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小一定不变解析：电场线密的地方电场强度E大，电荷q受到的电场力F＝qE就大．答案：C3．如右图所示，AO点放一个自由的负电荷，它将沿电场线向B点运动，下列判断哪些是正确的()A．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，其加速度越来越小B．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定C．电场线由A指向B，电荷做匀加速运动D．电场线由B指向A，电荷做加速运动，加速度越来越大解析：负电荷从静止向B点运动，表明电场力向B，电场强度由B指向A，作加速运动，因不知电场线疏密情况，电场强度、电场力、加速度的变化情况不确定．答案：B4．关于电容器和电容，下列说法不正确的是()A．电容器被充电后两极总是带等量异种电荷B．电容器的带电荷量是两极带电荷量之和C．电容器的电容随电容器极板正对面积的增大而增大，随极板间距离的增大而减小D．电容器的电容与其带电荷量和电压无关解析：电容器电荷量是一个极板上所带的电荷量，故B选项错．答案：B5．(2013·广东省学业水平考试)两个大小材质完全相同的金属小球a、b，带电荷量分别为＋3q和－q，两小球接触后分开，小球带电量为()A．a为＋3q，b为－q B．a为－q，b为＋3qC．a为＋2q，b为－2q D．a为＋q，b为＋q解析：两个小球带异种电荷，正负电荷接触之后先中和，还剩下＋2q 的电荷量，由于两个小球完全相同，所以剩余电荷量均匀分布在两个小球上，所以D 选项正确．答案：D6．(2013·广东省学业水平考试)电场中，初速度为零的带正电粒子在匀强电场作用下，运动方向正确的是( )解析：正电荷受力和电场场强方向相同，又因为带正电粒子的初速度为零，所以D 选项正确．答案：D7．(多选)两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球(可看成点电荷)，其中一个球的带电荷量的绝对值是另一个的5倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为F .现将两球接触后再放回原处，则它们之间静电力的大小可能为( )A.59FB.45FC.54FD.95F解析：由库仑定律及接触后同样的球平分电荷原理可知：若带异种电荷，B 项对．若带同种电荷D 项对．答案：BD8．将一束塑料包扎带一端打结，另一端撕成细条后，用手迅速捋细条，观察到细条散开了．如图所示，下列关于细条散开现象的分析中，正确的是()A．撕成细条后，由于空气浮力作用使细条散开B．撕成细条后，所受重力减小，细条自然松散C．由于摩擦起电，细条带同种电荷，相互排斥散开D．细条之间相互感应起电，相互排斥散开解析：用手捋细条时，由于手和塑料细条摩擦生电，使得塑料细条带上了同种电荷，产生了相互排斥的作用，导致细条散开来，所以选项C正确．答案：C9．两百多年前，诺莱特让700个修道士手拉手做“电震”实验．实验中装水的大玻璃罐起到了储存电荷的作用，其实装水的大玻璃罐相当于()A．变阻器B．电容器C．变压器D．传感器解析：储存电荷的容器相当于电容器．答案：B10．电场线可以直观地描述电场的方向和强弱．关于电场线，下列说法正确的是()A．电场线在电场中真实存在B．在同一电场中，电场线密集的地方电场弱C．在同一电场中，电场线稀疏的地方电场强D．电场线上某点的切线方向为该点的电场方向解析：电场线是人们为了描述电场而引入的，不是真实存在于电场中的，电场线上某点的切线方向为该点的电场方向，用电场线的疏密表示电场的强弱．11．图为某电场的电场线，关于A、B两点的电场强度，下列判断正确的是()A．大小不等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向相同D．大小相等，方向不同解析：电场线的方向表示电场的方向，疏密表示大小，由图可知，此电场是匀强电场，所以A、B两点的电场强度大小相等，方向相同．答案：C12．关于点电荷，下列表述正确的是()A．任何带电体都能看作点电荷B．点电荷是实际带电体的理想化模型C．只有带电量很小的带电体才能看作点电荷D．只有质量很小的带电体才能看作点电荷解析：一个带电体能否看作点电荷，是相对于具体问题而言的，不能单凭其大小和形状确定．能看成点电荷的带电体尺寸不一定小，关键是其大小在研究问题中是否可忽略，所以选项A、C、D错误，点电荷没有大小和形状，是理想化模型，所以选项B正确．答案：B13．将不带电的金属导体A和带有负电荷的金属导体B接触后，在导体A中的质子数()A．增加B．减少C．不变D．先增加后减少解析：金属导体中能够自由移动的电荷只有自由电子，带正电的原子核是不能发生移动的，因此传导起电的本质是自由电子(负电荷)的转移，故导体中的质子数不会变．14．如图所示，关于a、b两点的电场强度的大小及方向，下列表述正确的是()A．E a>E b，方向相同B．E a>E b，方向不同C．E a<E b，方向相同D．E a<E b，方向不同解析：电场线的疏密表示大小，所以E a>E b，电场线的切线方向表示电场方向，所以两点电场方向不同，故选项B正确．答案：B15．A和B两点电荷间，其中A的电量是B电量的2倍，若A 对B的库仑力为F AB，B对A的库仑力为F BA，则下列说法中正确的是()A．F AB＝2F BA B．2F AB＝F BAC．F AB＝F BA D．无法判断解析：F AB和F BA是一对作用力与反作用力，大小相等，故选C.答案：C16．如图各种电场中，a、b两点电场强度的相同的是()解析：要使a、b两点场强相同，即要求电场强度大小相等，方向相同，A、B、D图是点电荷电场，场强不相同，而C是匀强电场，则a、b两点场强相同，故C项正确．答案：C17．A、B两点电荷间的距离恒定，当其他电荷移到A、B附近时，A、B间相互作用的库仑力将()A．可能变大B．可能变小C．一定不变D．不能确定解析：A、B间相互作用的库仑力只取决于两个点电荷的电荷量和两个点电荷间的距离，跟其他因素无关，所以不变，故选C.答案：C18．某同学发现库仑定律和万有引力定律有许多可比之处，他对此做了一番比较，得到如下结论，你认为正确的是()①静电力和万有引力都不是通过直接接触而引起的②库仑定律和万有引力定律分别只适用于点电荷之间和质点之间的相互作用③带电体都有质量，因此他们之间除了静电力外，还存在万有引力④氢原子中的电子和原子核之间主要是靠静电力发生相互作用A．①②B．③④C．①②③D．①②③④解析：静电力和万有引力都不是通过直接接触而引起的，是通过“场”的特殊性质发生相互作用，故①对；库仑定律适用于真空中的点电荷之间，万有引力适用于质点之间，故②对；带电体既有电量又有质量，因此他们之间除了静电力外，还存在万有引力，故③对；通过计算知道氢原子中的电子和原子核之间的静电力远大于万有引力，万有引力可以忽略不计，故④对．答案：D19．一台空调机的额定功率为1 kW，假设在额定功率下平均每天工作6小时(h)，30天的用电量是()A．18 kW·h B．30 kW·h C．60 kW·h D．180 kW·h解析：用电量W＝Pt＝1×6×30＝180 kW·h，所以选项D正确．答案：D20．(2013·广东省学业水平考试)(多选)为了防止静电的危害，应减小电荷的聚集，下列措施中正确的有()A．在小汽车上安装露在外面的天线B．在飞机轮胎中使用导电的橡胶材料C．在油罐车后面装一条拖地的铁链D．印染厂在干燥天气时适当增加湿度解析：小汽车安装在露在外面的天线是用来通信的而不是为了防止静电，A选项错误；其余B、C、D选项中的情况都是为了防止静电的危害．答案：BCD21．两个完全相同的绝缘金属球a和b，电荷量分别为＋3q和＋q，两球接触后再分开，下列分析正确的是()A．a、b的电荷量各保持不变B．a、b的电荷量都为0C．a的电荷量为＋q，b的电荷量为＋3qD．a、b的电荷量都为＋2q解析：根据电荷守恒定律可知：电荷总量不变．因为两个金属球完全相同，所以接触后分开时，两球带电荷量相同．22．绝缘细线上端固定，下端悬挂一小球N ，由绝缘支架支撑着一小球M ，当M 靠近N 时，N 偏离竖直方向，如图所示．下列关于M 、N 带电情况表述正确的是( )A ．M 一定带正电B ．M 、N 都带正电C ．M 、N 都带负电D ．M 、N 带异种电荷解析：图示中小球N 处于静止状态，根据受力分析和平衡条件可知小球M 给小球N 的力为吸引力，所以选项D 正确．答案：D23.如图所示，在电场强度为E 的匀强电场中，一个电荷量为q 的正点电荷，沿电场线方向从A 点运动到B 点，A 、B 两点间的距离为d ，在此过程中电场力对电荷做的功等于( )A.Ed qB.qE d C ．qEd D.qd E解析：在匀强电场中，电场强度E 处处相同，所以该点电荷在该电场中所受电场力F ＝qE ，由电场强度方向可知该正电荷所受电场力的方向为A →B .据功的定义式得，电场力对电荷做功W ＝qEd .选项C 正确．24．(多选)静电喷涂机原理如图所示，静电喷涂机接高压电源，工作时涂料微粒会向带正电的被喷涂工件高速运动，微粒最后被吸附到工件表面．关于静电喷涂机的涂料微粒，下列表述正确的有()A．微粒带正电B．微粒带负电C．微粒受电场力作用D．微粒受洛伦兹力作用解析：当涂料经过静电喷涂机喷嘴时，因为喷嘴与高压电源的负极相连，使得涂料微粒带负电，它们因同种电荷相互排斥而扩散开来，而被喷涂工件带正电，所以微粒在电场力的作用下奔向工件被吸附到工件表面．所以选项B、C正确．答案：BC25．两个带电小球，质量都是1 kg，带电量都为2.0×10－5C，相距较远，以至于两球可以看作点电荷，那么它们之间的静电力与万有引力之比为()A．3.0×109B．5.0×1010C．5.4×1010D．5.4×109解析：由静电力与万有引力的公式非常相似，可以对比记忆F静F引＝kq1q2r2Gm1m2r2＝9×109×(2×10－5)26.67×10－11×12＝5.4×1010.答案：C小课堂：如何培养中学生的自主学习能力？自主学习是与传统的接受学习相对应的一种现代化学习方式。

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最新人教版高中物理选修测试题全套带答案解析章末检测第一章(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共10小题，共70分.有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得7分，选对但不全的得4分，错选得0分)1.下列说法正确的是().A.电荷只有两种，即正电荷和负电荷B.所有带电体的电荷量都是元电荷幺的整数倍C.电荷守恒定律在各种变化中都成立D.摩擦吋失去电子的物体带负电解析自然界中只有正、负两种电荷，A对；元电荷是带电体所带的最小电荷量，某一带电体所带电荷量一定是元电荷的整数倍，B对；电荷守恒定律是一个普遍规律，任何情况下都遵守，C对；失去电子的物体带正电，D错.答案ABC2.下列关于电场强度的叙述中正确的是()•A.电场中某点的场强大小等于单位电荷在该点受到的电场力大小B.电场中某点的场强与该点试探电荷所受的电场力成正比C・电场中某点的场强方向就是试探电荷在该点所受电场力的方向D.电场中某点的场强与该点有无试探电荷无关解析用来定义场强并规定在电场中某点正点电荷的受力方向为场强的方向，负点F电荷的受力方向与场强方向相反.无论采用怎样的试探电荷q, E=-对电场中的给定点是相同的，不存在“E与F成正比，与g成反比”之说，电场是一种客观存在的特殊物质，电场中某点的场强大小和方向与该点有无试探电荷无关，与试探电荷电荷量多少和电性无关.故A、D 正确.答案AD3.如图1所示，当将带正电荷的球C移近不带电的枕形金属导体时，枕形导体上电荷的移®C A B)动情况是)・图1A.枕形金属导体上的正电荷向B端移动，负电荷不移动B.枕形金属导体上的负电荷向力端移动，正电荷不移动C.枕形金属导体中的正、负电荷同时分别向B端和/端移动D.枕形金属导体屮的正、负电荷同时分别向/端和B端移动解析金属导体中能自由移动的是自由电子，金属正离子只能在平衡位置附近振动，所以金属导体中的自由电子在电荷C的电场力作用下由B移到力端从而/端感应产生负电荷, 8端由于移走了自由电子呈现正电.故B正确.答案B4.关于电流的方向，下列说法正确的是()•A.在金属导体屮，电流的方向是白由电子定向移动的方向B.在电解液中，电流的方向是负离子定向移动的方向C.无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反D.在电解液屮，由于是正负电荷定向移动形成电流，所以电流有两个方向解析电流的方向指正电荷定向移动的方向，与负电荷定向移动的方向相反，故A、B、D错，C对.答案C5.关于电容器和电容，下列说法正确的是()•A.电容器贮存电荷的同时也就贮存了电能B.给电容器充电吋，两极板分别带上等量的异号电荷C.电容器不带电时电容为零D.平行板电容器的两极板越近，电容越大解析电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，由电容器本身决定，与带电与否无关，故C 错.答案ABD6.关于电动势，下列说法中错误的是).A・电动势的单位是伏特B.电动势的大小等于没有接入外电路时电源两端的电压C.电动势的单位是焦耳D.电动势的大小由电源本身性质决定解析电动势是描述电源本身特性的物理量，其大小由电源本身决定，数值上等于没有接入外电路时电源两端的电压，选项B、D正确；电动势的单位是伏特，选项A正确，选项C错误.答案C7.两个放在绝缘架上的相同金属球相距d,球的半径比d小得多，分别带q和3q的同种电荷，相互斥力为3F现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，则它们的相互斥力将变为()•A・0 B・F C・3F D・4F解析由于金属球间的距离远大于其半径，所以可看成点电荷，符合库仑定律，当两球接触时电荷量平分，分别为2g.故由库仑定律得，它们的排斥力为4F, D正确.答案D8.把标有“220V,40WJ “220 V,100 W"的两个灯泡串联后接在电压为220 V的电路中()・A.40 W的灯泡较亮B. 100 W的灯泡较亮C.两灯泡一样亮D.灯泡电阻未知，无法判断[/2解析由于P=十,R*两灯的电阻值R\>R2,两灯串联后通过的电流相同，根据卩=I2R可知,P1>P240 W的灯较亮，A对.答案A9.白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36 W与36 V.若把此灯泡接到输出电压为18 V 的电源两端，则灯泡消耗的电功率()•A.等于36WB.小于36 W,大于9WC.等于9WD.小于9W解析当灯泡两端加36 V的电压时，灯泡能够正常工作，消耗的电功率为36 W,此时灯泡的电阻为36Q.当灯泡两端加上18V的电压时，灯泡不能正常工作，消耗的电功率必然小于36 W,而此时灯丝的温度要比加36 V时的低，则工作时的电阻必然小于36Q,则由if 公式P=y可以得出此时消耗的电功率要大于9W,故B选项正确.答案B10・如图2所示，是某电场中的一根电场线，在线上0点放一个自由的负电荷，它将沿电场线向B点运动，下列判断中正确的是（）•A 6 B~A. 电场线由〃指向力, 该电荷做加速运动，加速度一定越来越小B. 电场线由〃指向该电荷做加速运动，由题设条件知其加速度人小的变化不能确定C. 电场线由/指向电荷做匀加速运动D.电场线由B指向力, 电荷做加速运动，加速度一定越来越大图2解析负点电荷在O点向E点运动，说明该负点电荷在电场中受到的电场力方向由力指向而负点电荷在电场中受到电场力方向与电场强度方向（即电场线方向）相反，所以电场线应由〃指向力，选项C 错；因一根电场线无法判断其疏密程度，也就不能判断该电场在力、3两处哪点的场强大•所以不能确定负电荷由0向B运动时受到电场力（或加速度）大小的变化，选项A、D错，选项B正确.答案B 二、计算题（共2小题，共30分）11.（15分）甲、乙两导体球，甲球带有4.8X10T叱的止电荷，乙球带有3.2X1O_,6C的负电荷，放在真空屮相距为10 cm的地方，甲、乙两球的半径远小于10cm,k = 9.0X109N m2/C2.（1）试求两球之间的静电力，并说明是引力还是斥力？（2）将两个导体球相互接触一会儿，再放回原处，其作用力能求出吗？是斥力还是引力？解析（1）因为两球的半径都远小于10cm,因此可以作为两个点电荷考虑.由库仑定律可两球带异种电荷，它们之间的作用力是引力.（2）将两个导体球相互接触，首先正负电荷相互中和，还剩余（4.8-3.2）X10_16C 的正电荷,这些正电荷将重新在两导体球间分配，由于题中并没有说明两个导体球是否完全一样，因此我们无法求出力的大小，但可以肯定两球放回原处后，它们之间的作用力变为斥力. 答案（l ）1.38X10',9N 引力（2）不能斥力12. （15分）一段电阻丝，通以大小方向均不变的电流.若10 s 内通过的电荷量为20 C,产生热量为200 J,求该电阻丝的电阻R/.R解析由Q 热=厂7?/和q —It 得0热=t0热讨200X 10故R_卷二一2()2 Q — $答案5Q章末检测第二章（时间：90分钟满分：100分）一、选择题（本题共10小题，共70分.有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得7分，选对但不全的得4分，错选得0分）1 •下列说法正确的是（）.A. 任何磁体都具有N 极和S 极两个磁极B. 奥斯特实验说明了电流周围存在着磁场c ・通电导体Z 间也存在着相互作用，它们是通过电场发生作用的 D. 地磁场的N 极与地理的南极重合，地磁场的S 极与地理的北极重合解析任何磁体都有N 、S 极，所以磁现象都是通过磁场而发生作用的.磁体与电流的周围都存在磁场. 答案AB2.关于磁场和磁感线的描述，下列哪些是止确的)•求：F=k^=9.0X109X4.8Xl (r“X3.2X1076 oTN=1.38X10_19NA.磁感线从磁体的N极出发到磁体的S极终止B. 自由转动的小磁针放在通电螺线管内部，其N 极指向螺线管内部的磁场方向C. 磁感线的方向就是磁场方向D. 两条磁感线的空隙处不存在磁场解析磁感线是一条闭合曲线，在磁体的外部由N 极到S 极，而在磁体的内部则由S 极到N 极，A 不正确.通电螺线管内部的磁感线由S 极到N 极，所以放置其中的小磁针N 极必然是指向螺线管的北极，B 正确.只有磁感线是直线时，磁感线的方向才与磁场方向一致；如果磁感线是曲线，某点的磁场方向用该点的切线方向来表示，C 不正确.磁感线是假想的曲线，只要有磁场的地方就有磁感线，D 不正确. 答案B3•下图屮磁感应强度B 、电流/和安培力FZ 间的方向关系错误的是()・解析根据左手定则判断尸与〃、/的方向关系；F 方向垂直于B 方向，F 方向垂直于/ 方向,D 项中F 应水平向左. 答案D4. 如图1所示，在长直导线力B 旁，有一带正电的小球用绝缘细绳悬挂在0点，当导线中通入恒定电流时，下列说法止确的是A.小球受到洛伦兹力的作用，其方向指向纸里()•AX X X XCDBB.小球受到洛伦兹力的作用，其方向指向纸外C.小球受到洛伦兹力的作用，其方向垂直向右D.小球不受洛伦兹力的作用解析直线电流周围存在磁场，而带电小球相对磁场静止，故带电小球不受洛伦兹力.电荷在磁场中受到洛伦兹力的条件：①电荷必须运动；②运动方向不能与磁场方向平行. 答案D 5.电子以初速度％垂育进入磁感应强度为B的匀强磁场中，则()•A.磁场对电子的作用力始终不变B•磁场对电子的作用力始终不做功C・电子的速度始终不变D.电子的动能始终不变解析洛伦兹力的方向由左手定则可判定，始终垂直于速度方向，所以洛伦兹力不改变速度大小，只改变速度方向，因此磁场对电子的作用力始终不做功，因此电子的动能始终不变.答案BD6.如图2所示，带正电的粒子g(不计重力)，水平向左进入匀强磁场，磁场方向垂直纸面向夕卜，该粒子将()•• • • •• • • •v v——o +q• *• • • •图2B.向上偏转C.垂直纸面向里偏转D.垂直纸面向外偏转A.向下偏转解析根据左手定则可以确定带电粒子运动时受到竖直向上的洛伦兹力，它将向上偏转.答案B7.如图3所示是电子射线管示意图，接通电源后，电子射线由阴极沿x轴正方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线.要使荧光屏上的亮线向下(2轴负方向)偏转，在下列措施中可采用的是电场方向沿尹轴正方向解析此题考查演示实验"电子束在磁场中偏转”・要使荧光屏上亮线向下偏转即是电子所受的洛伦兹力方向向下，电子运动方向沿x 轴正方向，由左手定则可知，磁场方向应沿尹轴正方向，所以A 错，B 对；若加一电场电子应受到向下的电场力作用，故电场方向沿 z 轴正方向，C 、D 均错.答案B8. 如图4所示，环中电流方向由左向右，且厶=/2，则圆坏中心O 处的磁场是A. 最大，穿出纸面B. 最大，垂直穿入纸面C. 为零D. 无法确定解析根据安培定则，上半圆环中电流厶在环内产生磁场垂直纸面向里，下半圆环中电流 /2在环内产生的磁场垂直纸面向外，由于O 对于厶和；2对称（距离相等），故厶和厶在O 处产生的磁场大小相等、方向相反，在0处相互抵消. 答案C9. 磁场中一段2 cm 长的直导线，通过2.5 A 的电流时，受到的安培力为0」N,则通电直导).A.加一磁场,B.加一磁场,C.加一电场, 磁场方向沿z 轴负方向磁场方向沿y 轴正方向电场方向沿z 轴负方向D.加一电场, 图3线处的磁感应强度B可能是)•B. 小于2TC.大于2T D ・零解析当导线方向垂直于磁场时，该导线受到的安培力最大，由磁感应强度定义得5=£=2 5X2X10~2 T=2 T,可知A 正确；当导线方向不垂直于磁场时导线受到的安培力为0.1 N,则当导线方向垂直于磁场时导线受到的安培力大于0.1N,由磁感应强度定义知C 选项正确. 答案AC10. 设空间存在着竖直向下的匀强电场和垂直纸而向里的匀强磁场，如图5所示.已知一离子在静电力和洛伦兹力的作用下，从静止开始自。

人教版高中物理选修31第1章章末综合检测

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作高中物理选修3-1章末检测( 时间： 90 分钟，满分：100 分 )一、单项选择题(本题共 5 小题，每题 4 分，共 20 分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得 4 分，选错或不答的得0 分 )1.冬天当我们脱毛线衫时，静电经常会跟你开个小玩笑．以下一些相关的说法中正确的选项是()A．在脱衣过程中，内外衣间摩擦起电，内衣和外衣所带的电荷是同种电荷B．在脱衣过程中，有时会听到“啪”的声音，这是由于内外衣服上电荷放电引起的C．若是内外两件衣服可看做电容器的两极，并且在将外衣脱下的某个过程中两衣间电量一定，随着两衣间距离的增大，两衣间电容变小，则两衣间的电势差也将变小D．脱衣时若是人体带上了电，当手触摸金属门把时，必然会有电流经过金属门把流入大地，从而造成对人体略微的电击解析：选 B.摩擦起电使相互摩擦的两个物体带上等量异种电荷，A错．若将内外衣视为电容器，能够认为摩擦起电后电荷量不变，当距离增大的过程中，电场力对电荷做负功，依照功能关系得：电荷的电势能增大，选项 C 错误．当人脱衣服时若是人体带上电，与金属门凑近时会使空气电离而放电，所以选项 D 不正确．正确选项为 B.2.r 的两两个分别带有电荷量－ Q 和＋ 3Q 的相同金属小球 (均可视为点电荷 )，固定在相距为r ，则两球间库仑力的大处，它们间库仑力的大小为 F .两小球相互接触后将其固定距离变为2小为 ()13A.12FB.4F4C.3F D ．12F3Q2解析：选 C.两带电金属球接触后，它们的电荷量先中和后均分，由库仑定律得 F ＝k r2，F ′Q24Q24F，故 C 正确．＝k2＝k 2 ，联立得F′＝3r r23.板间距为 d 的平行板电容器所带电荷量为Q 时，两极板间电势差为U1，板间场强为 E1.1现将电容器所带电荷量变为2Q，板间距变为2d，其他条件不变，这时两极板间电势差为U 2，板间场强为E2，以下说法正确的选项是()A ． U 2＝ U 1， E 2＝ E 1B ．U 2＝ 2U 1， E 2＝ 4E 1C ． U 2＝ U 1， E 2＝2E 1D ．U 2＝ 2U 1，E 2＝ 2E 1解析：选 C.U 1＝ Q ， E 1 ＝U 1.当板间距变为 1d 时，由 C ＝ ε r S 可知电容变为2C ，而带电荷Cd24π kd量也变为 2Q ，故 U ＝2Q＝U ，E ＝U 2＝ 2U 1＝ 2E ，故 C 选项正确．22C121d12d4.(2013 ·广东模拟 )图 1－6如图 1－ 6 所示，在等量的异种点电荷形成的电场中，有A 、B 、C 三点， A 点为两点电荷连线的中点， B 点为连线上距 A 点距离为 d 的一点， C 点为连线中垂线距 A 点距离也为 d的一点，则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的选项是 ( )A ．E A ＝ E ； φ ＝ φC >E B AC >φ B B ． E B >E A >E C ； φ A ＝ φ C >φBC ． E A <E B ， E A <E C ； φ A >φ B ， φ A >φ CD ．由于零电势点未规定，所以无法判断电势的高低解析：选 B.电场线分布以下列图，电场线在 B 处最密集，在 C 处最稀罕，故 E B >E A >E C ，中垂线为等势线， φ A ＝ φ C ；沿电场线方向电势降低， φ A >φ B .综上所述，选项 B 正确．5.图 1－7(2012 ·南师大附中高二检测华 )如图 1－7 所示，在真空中离子 P 1、P 2 以相同速度从 O 点垂直场强方向射入匀强电场，经电场偏转后打在极板 B 上的 C 、D 两点．已知 P 1 电荷量为 P 2 电荷量的 3 倍． GC ＝ CD ，则 P 1、 P 2 离子的质量之比为 ()A ．3∶4B ．4∶3C ．2∶3D ．3∶21 21 ·qU· x 2解析：选 A. y ＝ at＝ md 2，22 v 02qUx2所以 m ＝2， m ∝ qx ，22所以 m 1∶m 2＝ (q 1x 1)∶( q 2x 2)＝ 3∶ 4.二、双项选择题(本题共 7 小题，每题 5 分，共 35 分．在每题给出的四个选项中，有两个选项吻合题目要求，全部选对的得 5 分，只选 1 个且正确的得 3 分，有选错或不答的得0分)6.图 1－8(2012 ·海吴淞中学高二期中上 )如图 1－8 所示，在点电荷＋ Q 的电场中，虚线为等势面，甲、乙两粒子的运动轨迹分别为 acb、adb 曲线，两粒子在 a 点时拥有相同的动能，重力不计．则()A．甲、乙两粒子带异种电荷B．两粒子经过 b 点时拥有相同的动能C．甲粒子经过 c 点时的动能等于乙粒子经过 d 点时的动能D．设无量远处电势为零，甲粒子经过 c 点时的电势能大于乙粒子经过 d 点时的电势能解析：选 AB. 甲粒子受引力作用，为负电荷，乙粒子受斥力作用，为正电荷， A 项对．粒子从 a 点到 b 点，电场力不做功，动能相等，故 B 项对．甲粒子从 a 点到 c 点，电场力做正功，动能增加；乙粒子从 a 点到 d 点，电场力做负功，动能减小，故 C 项错．在正电荷的电场中，电势大于零，正检验电荷的电势能大，故 D 项错．7.(2011 ·考广东卷高 )如图 1－ 9 为静电除尘器除尘机理的表示图．尘埃在电场中经过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并聚积，以达到除尘目的．以下表述正确的选项是()图 1－9A．到达集尘极的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D．同一地址带电荷量越多的尘埃所受电场力越大解析：选 BD. 在放电极周边，电场线呈辐射形散开，且场强特别强．电子在电场中加速，附着在尘埃上向集尘极搬动，故迁移到集尘极的尘埃带负电， A 错误．负电荷向集尘极搬动，电场方向从集尘极指向放电极，其受电场力的方向与场强方向相反，故 B 正确 C 错误．由F 电＝ qE可知，同一地址 E 必然，q 越大，电场力越大，故 D 正确．8.图 1－10(2011 高·考山东卷 )如图 1－ 10 所示，在两等量异种点电荷的电场中，垂线， a、 b、 c 三点所在直线平行于两电荷的连线，且 a 和 c 关于上， d 点位于两电荷的连线上．以下判断正确的选项是()MN 为两电荷连线的中MN 对称、 b 点位于 MNA ． b 点场富强于d 点场强B． b 点场强小于 d 点场强C． a、 b 两点间的电势差等于b、 c 两点间的电势差D．试试电荷＋q 在 a 点的电势能小于在 c 点的电势能解析：选 BC. 在图中画出等量异种点电荷产生的电场的电场线分布情况，由电场线的疏密表示场富强小可知E d>E b.应选项 A 错误，选项B正确．a、c两点关于MN 对称，故U ab＝U bc，选项 C 正确．沿电场线方向电势降低，所以φa>φc，由E p＝qφ 可知E pa>E pc，应选项D错误．9.图 1－11AB 和 CD 为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O.将电量分别为＋q 和－ q 的两点电荷放在圆周上，其地址关于AB 对称且距离等于圆的半径，如图1－ 11 所示．要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个合适的点电荷Q，则该点电荷()A ．应放在 A 点， Q＝ 2qB．应放在 B 点， Q＝－ 2qC．应放在 C 点， Q＝－ qD．应放在 D 点， Q＝ q解析：选 CD.先将＋ q、－ q 在 O 点产生的场强合成，由于＋q、－ q 与 O 点构成等边三角形，可求出合场强 E0方向水平向右，大小 E0＝ E1＝E2，以下列图．欲使圆心O 处的电场强度为零，所放置的点电荷 Q 在 O 点产生的场强方向必定水平向左，且大小也为E0.若在 A 点和 B 点放置点电荷 Q，则它产生的场强只能沿竖直方向，达不到目的．若在 C 点放置点电荷Q，则必为负电荷，且 Q＝－ q，选项 C 对．若在 D 点放置点电荷 Q，则必为正电荷，且Q＝ q，选项D 对．10.图 1－12MN 是一负电荷产生的电场中的一条电场线，一个带正电的粒子条电场线的轨迹，如图1－ 12 中虚线所示，以下说法正确的选项是(( 不计重力))从a 到b 穿越这A ．负电荷必然位于M 左侧B．带电粒子在 a 点加速度大于 b 点加速度C．带电粒子在 a 点电势能大于 b 点电势能D．带电粒子在 a 点的动能大于 b 点的动能解析：选 AC. 设 MN 与 ab 交点为 P，由轨迹波折方向可知，粒子在 P 点的受力带电粒子为正电荷，所以场强方向为N→ M， A 对；由负电荷场强特点可知，F P方向由 N→M，a a<a b， B 错；a→ b， W ab>0 ，电势能减少，动能增加， C 对， D 错．11.(2013 ·山检测佛 )如图 1－ 13 所示， P 是一个带电体，情况中，放在绝缘板上的小纸屑S不会被 P 吸引()N 是一个不带电的金属空腔，在哪一种图 1－13解析：选AC. 金属壳能障蔽外面电荷产生的电场，所以 A 项中的纸屑的纸屑可被P 吸引； B 中的 P 电荷可在金属壳外感觉电荷而吸引纸屑，属壳外感觉的电荷被导入大地而不能够吸引纸屑，应选A、C.S不被 PC 中的吸引，D 中P 电荷在金12.图 1－14如图 1－ 14 所示，绝缘圆滑半圆轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E，在与环心等高处放有一质量为m，电荷量为＋ q 的小球，由静止开始沿轨道运动，以下说法正确的选项是() A ．小球在运动过程中机械能守恒B．小球经过最低点时速度最大C．小球经过环的最低点时对轨道压力为3(mg＋ qE)D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3(mg－ qE)解析：选 BC.小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒， A 错；小球运动到最低点的过程中，电场力、重力做正功，动能增大，经最低点后，电场力、重力做负功，动能减小，故最12，由牛顿第二定律得：低点动能最大，速度最大，故 B 对；由动能定理得： qER＋mgR＝ mv2F N－mg－ qE＝ mv2/R，联立解得F N＝ 3(mg＋ qE)，故 C 对 D 错．三、计算题 (本题共 4 小题，共 45 分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能够得分，有数值计算的题，答案中必定明确写出数值和单位)图 1－1513.(8 分 )如图 1－15 所示，在水平向右的匀强电场中的－q 的油滴以速度v 竖直向上运动．已知当油滴经过最高点A 点，有一个质量为m 、带电荷量为B 时，速度大小也为 v.求：场强E 的大小及 A 、 B 两点间的电势差．解析：依照分运动与合运动的等时性以及匀变速直线运动平均速度公式有：h ＝vt ， x ＝ vt ，22故 h ＝ x.由动能定理得：qEx － mgh ＝ 0，即E ＝ mg ，q再由动能定理得：1qU AB －mgh ＝0， mgh ＝ 2mv2，2mv 所以UAB＝2q .答案：见解析 14.(10 分 )图 1－16一条长 3L 的线穿着两个完好相同的小金属环 A 和 B ，质量均为 m ，将线的两端都系于同一点 O ，如图 1－16 所示，当两金属环带电后，由于两环间的静电斥力使丝线构成一个等边三角形，此时两环处于同一水平线上，若是不计环与线的摩擦，两环各带多少电量？(静电力常量为 k)解析：线并没有拴住小金属环，故三段线的拉力均相等，设拉力为 F T ，对环 A 受力解析如图．竖直方向有 F T · sin60°＝ mg 水平方向有 F ＝ F T ＋F T cos60°Q 2 由库仑定律 F ＝ k L 2联立解得 Q ＝ L3mg.k3mg 答案：均带Lk15.(12 分 )图 1－17如图 1－ 17 所示，长 L ＝ 0.4 m 的两平行金属板 A 、 B 竖直放置，相距 d ＝ 0.02 m ，两板间接入恒定电压为 182 V ，B 板接正极，一电子质量m ＝× 10－31kg ，电荷量 e ＝× 10－19C ，以 v 0＝ 4× 107 m/s 的速度紧靠 A 板向上射入电场中，不计电子的重力．问电子能否射出电场？若能，计算在电场中的偏转距离；若不能够，在保持电压不变的情况下， B 板最少平移多少，电子才能射出电场？L－8Uq解析：设电子能射出极板，则 t ＝ v 0＝ 4× 107 s ＝ 10 s ，水平方向加速度 a ＝ md 代入数据得a ＝× 1015 m/s 212y ＝ at 代入数值得：y ＝ 0.08 m>d.故不能够射出．若恰能射出，则B 板需向右搬动，板间距变为d ′，则d ′＝ 1· qU t 2， d ′＝ t qU 2 md ′2m－19＝10 －8×× 10 × 182m ＝ 0.04 m－ 312×× 10d ＝ d ′－ d ＝ 0.02 m.答案：见解析 16.(15 分 )图 1－18(2012 浙·江绍兴一中高二期中 )如图 1－ 18 所示，一带电量为＋ q 、质量为 m 的小球，从距地面高 2h 处以必然的初速度水平抛出，在距抛出点水平距离为 s 处有根管口比小球大的竖直细管，细管的上口距地面高为 h ，为了使小球能无碰撞地落进管口经过管子，可在管子上方整个地域内加一水平向左的匀强电场，求：(1) 小球的初速度； (2) 应加电场的场强；(3) 小球落地时的动能．解析： (1) 由题意知，小球落到管口时的水平速度为零，设运动时间为t ，则竖直方向有 h ＝122，水平方向有 s ＝v2ggtt ，联立解得 v 0＝ sh .2(2) 电场力做的功等于小球的动能变化，有12mgsqE · s ＝mv 0，解得 E ＝hq .2(3) 小球落地时只拥有竖直方向的速度，动能 E k ＝ mg ·2h ＝ 2mgh.答案：(1)s2g(2)mgs(3)2mghhhq。

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高中物理学习材料
章末检测
(时间：90分钟满分：100分)
一、选择题(本题共10小题，共70分．有的小题只有一个选项正确，有的小题
有多个选项正确，全部选对得7分，选对但不全的得4分，错选得0分) 1．有一台使用交变电流的电冰箱上标有额定电压为“220 V”字样，这“220 V”
是指
( )．A．交变电流电压的瞬时值
B．交变电流电压的最大值
C．交变电流电压的平均值
D．交变电流电压的有效值
解析在各种使用交变电流的电器设备上，所标注的额定电压值、额定电流值都是交变电流的有效值，故选项D正确．
答案 D
2．下列器具的工作原理与涡流有关的是
( )．A．家用电磁炉
B．家用微波炉
C．变压器的铁芯用多块相互绝缘硅钢片叠加在一起
D．风扇转动时扇叶与空气摩擦发热
解析电磁炉是利用高频磁场产生涡流来加热食物的，故A选项正确；变压器的铁芯不用一块钢，是为了防止涡流损耗电能并烧毁变压器，多块硅钢片彼此绝缘，有效地减小了涡流，C选项正确．
答案AC
3．如图1所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外，
下述过程中使线圈产生感应电流的是
( )．
图1
A．以bc边为轴转动45°
B．以ad边为轴转动45°
C．将线圈向下平移
D．将线圈向上平移
解析以bc边为轴转动大于60°和以ad为轴转动小于60°的过程，穿过矩形线圈中的磁通量都发生变化，而将线圈上、下平移时，穿过矩形线圈的磁通量不变，根据产生感应电流的条件可知选项B对，选项A、C、D错．
答案 B
4．如图2所示电路，以下结论正确的是
( )．
图2
A．a、b若接直流电，灯泡不亮
B．a、b若接直流电，灯泡也可发光
C．a、b若接交流电，灯泡发光，灯泡和电容器都有电荷通过
D．a、b若接交流电，灯泡发光，电容器中无电荷通过
解析电容器有“通交流，隔直流”的作用，故a、b内接直流电时，灯泡不亮，A对，B错；接交流电时，灯泡亮，但电路中电流的形成缘于电容器的不断充电、放电，并没有电荷通过电容器，C错，D对．
答案AD
5．一输入电压为220 V，输出电压为36 V的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈，如图3所示，然后将原线圈接到220 V交流电源上，测得新绕线圈的端电压为 1 V，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线圈匝数分别为
( )．
图3
A．1 100,36 B．1 100,180
C．2 200,180 D．2 200,360
解析由公式U
1
U
2
＝
n
1
n
2
可知，
220 V
1 V
＝
n
1
5匝
，n1＝1 100匝；
220 V
36 V
＝
n
1
n
2
，n2＝180
匝．故B正确．
答案 B
6．一个电热器接在10 V的直流电源上，消耗的功率是P；当把它接在一个正弦
式交变电源上时，消耗的功率是P
4
，则该交变电压的峰值是
( )．
A．5 V B．7.1 V C．10 V D．12 V
解析P＝(10)2
R
，
P
4
＝
⎝
⎛
⎭
⎪
⎫
2
2
U
m
2
R
，U m＝7.1 V.
答案 B
7．某正弦交流电的图象如图4所示，则由图象可知
( )．
图4
A．该交流电的频率为0.02 Hz
B．该交流电的有效值为14.14 A
C．该交流电的瞬时值表达式为i＝20sin(0.02t) A
D．在t＝T/8时刻，该交流的大小与其有效值相等
解析由图可知T＝0.02 s，故A、C错；因ω＝2π
T
和I＝2I m，可知B、D
正确．
答案BD
8．如图5所示，L是一个带铁芯的线圈，R为纯电阻，两条支路直流电阻值相等，那么在接通和断开开关的瞬间，电流表的读数的大小关系是
( )．
图5
A．I1<I2，I1′>I2′
B．I1<I2，I1′＝I2′
C．I1>I2，I1′＝I2′
D．I1＝I2，I1′<I2′
解析接通时，由于L中的自感作用阻碍其所在支路电流的增大，因而I2>I1；
断开时，R、A2、A1、L构成一串联电路，串联电路电流相等，因而I1′＝I2′.
答案 B
9．如图6所示是一调压变压器原理图，如将它做升压变压器使用，则
( )．
图6
A．将交流电源接在a、b端，用电器接在c、d端
B．将交流电源接在c、d端，用电器接在a、b端
C．将交流电源接在a、c端，用电器接在b、d端
D．若要进一步升压，应使P逆时针方向旋转
解析根据变压器中电压关系U
1
U
2
＝
n
1
n
2
可知，要升压就必须提高匝数，即要保证
输出端的匝数多于输入端的匝数，由此可知电源应接于c、d间．P顺时针转动，原线圈匝数变少，可进一步升压．
答案 B
10．某水电站，用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km外的用户，其输出电功率是3×106 kW.现用500 kV电压输电，则下列说法正确的是
( )．A．输电线上输送的电流大小为2.0×105 A
B．输电线上由电阻造成的损失电压为15 kV
C．若改用5 kV电压输电，则输电线上损失的功率为9×108 kW
D．输电线上损失的功率为ΔP＝U2
r
，U为输电电压，r为输电线的电阻
解析输电线上输送的电流为I＝P
U
＝
3×106×103
500×103
A＝
6×103A，A错；输电线上损失的电压为U损＝IR＝6×103×2.5 V＝1.5×104V
＝15 kV，B项正确；当用5 kV电压输电时，I′＝
P
U′
＝
3×106×103
5×103
A＝6×
105 A，则P损＝I′2R＝(6×105)2×2.5 W＝9×1011 W＝9×108 kW，故C项正
确；当用公式ΔP＝U2
r
计算损失的功率时，U为输电线上损失的
电压而不是输电电压，D项错误．
答案BC
二、计算题(共2小题，共30分)
11．(15分)如图7所示，两交变电流分别通过相同电阻R.
(1)分别写出它们的有效值、周期、频率；
(2)计算它们在R上产生的功率之比．
图7
解析(1)图甲为正弦交流电其有效值I1＝I
m
2
＝3.535 A，周期T1＝0.4 s，
频率f1＝2.5 Hz；图乙为方波交流电，电流的大小不变，方向做周期性变化，由于热效应与电流方向无关，因而它的有效值I2＝5 A，周期T2＝0.4 s，频率f2＝2.5 Hz.
(2)由公式P＝I2R得P甲∶P乙＝1∶2
答案(1)甲图3.535 A,0.4 s,2.5 Hz；乙图5 A,0.4 s，2.5 Hz (2)1∶2 12．(15分)理想变压器原线圈通入i＝I m sin ωt的交流电流，一灯泡和交流电
流表串联后接在副线圈两端，电流表读数为I2＝0.4 A，当t＝1
8
T时，原线圈
电流i＝30 mA，由此可知，此变压器的原、副线圈匝数比为多少？已知ω＝
2π
T
.
解析将t＝1
8
T时，i＝30 mA代入瞬时值公式
i＝I
m sin ωt，即30×10－3A＝I m sin
2π
T
×
1
8
T＝I
m
sin
1
4
π，所以I m＝0.03 2
A，有效值I1＝I
m
2
＝0.03 A．由变压器变流比知
n
1
n
2
＝
I
2
I
1
＝
0.4 A
0.03 A
＝
40
3
，即原、
副线圈的匝数比为40∶3. 答案40∶3。