【物理】云南省德宏州梁河一中2015届高三(上)第一次月考

2014-2015学年云南省德宏州梁河一中高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中.14--18题只有一项符合题目要求.19--21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2014秋•梁河县校级月考）一汽车在平直公路上行驶．在t=0到t=t1的时间内，它的v﹣t图象如图所示．在这段时间内（）．汽车的平均速度等于．汽车的位移等于t解答：解：A、因为切线的斜率等于物体的加速度，汽车的加速度大小逐渐减小，故A错误B 正确．C、在v﹣t图象中，若从v1增加到v2做匀变速直线运动，则平均速度大小等于，图形的面积代表位移的大小，根据图象可知道图中位移大于做匀变速直线运动的位移，故平均速度大于，故C错误D错误；故选：B．2．（6分）（2012秋•南安市校级期中）如图所示，质量为m的小球以初速度v0水平抛出，恰好垂直打在倾角为θ的斜面上，（不计空气阻力）则球落在斜面上时重力的瞬时功率为（）．C．D解答：解：（1）由平抛运动得：v x=v0v y=gt根据平行四边形定则知：tanθ=则：t=故重力的瞬时功率为：P=mgv y=mg•gt=故选：B．3．（6分）（2014秋•梁河县校级月考）如图所示，分别用两个恒力F1和F2先后两次将质量为m的物体从静止开始，沿着同一个粗糙的固定斜面由底端推到顶端，第一次力F1的方向沿斜面向上，第二次力F2的方向沿水平向右，两次所用时间相同．在这两个过程中（）解答：解：A、D、由公式x=at2得，由于x和t均相同，故加速度a相同，由v=at，t相同，则物体到达斜面顶端时速度相同，动能相同，根据动能定理得知，总功相等．由图示分析可知，第一个物体所受的摩擦力小于第二个物体所受的摩擦力，故两物体克服摩擦力做功不同，重力做功相同，则F1和F2所做功不同．故AD错误．B、物体末速度相同，又由于处于相同的高度，所以两物体机械能变化相同，故B正确C、设斜面的倾角为θ，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，则根据牛顿第二定律得：第一个物体：F1﹣μmgcosθ﹣mgsinθ=ma，第二个物体：F1cosθ﹣μ（F2sinθ+mgcosθ）+mgsinθ=ma，得到，F1＜F2．故C错误．故选：B4．（6分）（2014秋•梁河县校级月考）如图所示，长为L的细线，一端固定在O点，另一端系一个球．把小球拉到与悬点O处于同一水平面的A点，并给小球竖直向下的初速度，使小球绕O点在竖直平面内做圆周运动．要使小球能够在竖直平面内做圆周运动，在A处小球竖直向下的最小初速度应为（）．B．C．D．解答：解：当小球恰好到达圆周的最高点B时，由重力提供向心力，则有mg=m，得根据机械能守恒定律得：mgL+=解得，故选C点评：本题是机械能守恒定律与向心力知识的综合应用．轻绳系的小球恰好到达圆周的最高点时，临界速度为v=，是常用的临界条件．5．（6分）（2013•宿迁二模）已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是（）．卫星距离地面的高度为．卫星运行时受到的向心力大小为G解答：解：A、万有引力提供向心力F引=F向===a向，v=a向=F=h=﹣R故A、C错误B、由于第一宇宙速度为v1=，故B错误；D、地表重力加速度为g=，故D正确；故选D．6．（6分）（2013秋•菏泽期末）在静电场中（）7．（6分）（2013秋•余姚市期末）如图所示，x轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场．有两个质量相同，电荷量也相同的带正、负电的离子（不计重力），以相同速度从O点射入磁场中，射入方向与x轴均夹θ角．则正、负离子在磁场中（）解答：解：A 因两个离子质量相同，电荷量也相等（电量绝对值），它们垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动的半径必相等、周期（指完成一个圆周）必相等．当θ不等于90度时，两个离子在磁场中的轨迹一个是小半圆弧，另一个是大半圆弧，所以在磁场中的运动时间就不相等．故A选项错误．B 由R=知半径相同，故选项B正确．C 因离子进入磁场时射入方向与x轴夹角为θ，那么射出磁场时速度方向必与x轴夹角为θ，选项C正确．D 由于两个离子的轨迹若合拢，肯定能组合为一个完整的圆周，则距离相同．所以选项D正确．故选：BCD8．（6分）（2010•镇江一模）如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数之比为10：1，R1=20Ω，R2=10Ω，C为电容器，原线圈所加电压u=220sin100πt（V）．下列说法正确的是（）解答：解：A、交流电可以通过电容器，副线圈的电压U2=×220=22V，副线圈中电流I2=＞3.3A（其中），所以原线圈电流大于0.33A，故A错误B、T==0.02，f=50Hz，B正确；C、副线圈的电压U2=×220=22V，所以P2==48.4W，C正确；D、根据磁通量Φ=BS，B与S均相等，因此磁通量变化率相等，故D错误；故选BC二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题-第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．9．（6分）（2014•宜昌模拟）如图是某同学用打点计时器研究小车做匀变速直线运动时得到的一条纸带．图中A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．由图中的数据可计算得出，打C点时小车的速度大小是0.24 m/s，小车运动的加速度大小是0.80 m/s2．（保留两位有效数字）解答：解：打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为：v C==0.24m/s由题意可知：△x=aT2，其中△x=0.8cm，T=0.1s，故带入数据解得：a=0.80m/s2；故答案为：0.24；0.8010．（9分）（2012•涪城区校级三模）用电流表和电压表测一个电阻值约为25kΩ、额定功率为W的电阻R x的阻值，备用器材有：①量程0～100μA，内阻约为500Ω的电流表A1②量程0～500μA，内阻约为300Ω的电流表A2③量程0～1V，内阻约为10kΩ的电压表V1④量程0～15V，内阻约为100kΩ的电压表V2⑤量程0～50V，内阻约为500kΩ的电压表V3⑥直流稳压电源两端的输出电压为16V⑦滑动变阻器，阻值范围 0～500Ω，允许最大电流 lA⑧待测电阻R x，开关和导线若干（1）为了测量准确，电压表应选④，电流表应选②．（填写仪器前的序号）（2）在方框内画出实验电路图．（3）若测量值为R测，真实值为R真，那么在操作、读数、计算均正确无误的情况下，R测大于R真（选填“大于”、“等于”或“小于”）．分析：电表量程的选择应根据待测电阻的额定电流和额定电压来选择，并且通过电表的电流应在满刻度的～之间较合理；当时电流表应选内接法，时电流表应选外接法；当要求电流从零调时或滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻时变阻器应用分压式接法．解答：解：（1）根据P=可求出待测电阻的额定电压为U==35.4V，由于电源的输出电压只有16V，所以电压表应选④，由P=可得额定电流I==1414.2μA，所以电流表应选②（2）因为=4＜=83，所以电流表应用内接法接法，又滑动变阻器最大电阻远小于待测电阻阻值，所以应用分压式接法，电路图如图所示（3）根据欧姆定律可知，==，所以大于．故答案为（1）④，②（2）如图（3）大于点评：在电学实验中应通过计算选择器材和电路，要求通过电表的电流不小于量程的，伏安法测电阻时根据比值与的大小选择电流表内外接法，当滑动变阻器最大电阻远小于待测电阻值时或题目要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式．11．（13分）（2009•潮州三模）设雨点下落过程受到的空气阻力与雨点的横截面积S成正比，与雨点下落的速度v的平方成正比，即f=kSv2（其中k为比例系数）．雨点接近地面时近似看做匀速直线运动，重力加速度为g．若把雨点看做球形，其半径为r，球的体积为πr3，设雨点的密度为ρ，求：（1）每个雨点最终的运动速度v m（用ρ、r、g、k表示）；（2）雨点的速度达到v m时，雨点的加速度a为多大（用g表示）？（2）先根据题意求出速度达到v m时的空气阻力，然后根据牛顿第二定律求解加速度．解答：解：（1）当f=mg时，雨点达到最终速度v m，则故解得即每个雨点最终的运动速度．（2）由牛顿第二定律得：mg﹣f=ma则解得故即雨点的速度达到v m时，雨点的加速度a为．12．（19分）（2014秋•梁河县校级月考）如图所示，金属三角形导轨COD上放有一根金属棒MN．MN在外力F的作用下，在t=0时自O点开始向右以水平速度v匀速运动，金属棒与导轨接触良好且始终保持与OD轨道垂直，导轨和金属棒都是粗细相同的均匀导体，单位长度的电阻值均为r．磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直于轨道平面，∠COD=α，在MN运动的过程中，求：（1）在滑动过程中回路中的感应电动势E与时间t的关系．（2）在滑动过程中回路中的感应电流I大小．（3）t时间内通过导轨横切面的电荷量Q．解答：解：（1）设MN从O点开始运动时间为t，则ON=vt，有效切割的长度为：L=MN=vt•tanα感应电动势为：E===Bv2t•tanα；（2）闭合电路的总电阻为：R=ρ=（1+tanα+）=（1+）因此感应电流为：I=，解得：I=；（3）电荷量：Q=It=；答：（1）在滑动过程中回路中的感应电动势E与时间t的关系为E=Bv2t•tanα．（2）在滑动过程中回路中的感应电流I大小为．（3）t时间内通过导轨横切面的电荷量Q为．13．（6分）（2014秋•梁河县校级月考）如图所示，甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图象，乙图是x=2m处质点P的振动图象，下列判断正确的是（）解答：解：A、甲图是波动图象，由甲读出该波的波长为λ=4m．乙图是振动图象，由乙图读出周期为T=1s，则波速为v==4m/s．故A正确．B、在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向，在甲图上，根据波形的平移法判断得知该波的传播方向沿x轴负方向．故B错误．C、质点只在自己的平衡位置附近上下振动，并不波的传播方向向前传播．故C错误．D、质点P振动周期为1s，则0到1s时间内，质点P的路程为四个振幅，即为0.8m，故D正确．E、由于该波的波长为4m，所以该波在传播过程中若遇到3m的障碍物，能发生明显的衍射现象．故E正确．故选：ADE．14．（9分）（2014•张掖模拟）如图所示是一种折射率n=1.5的棱镜，现有一束光线沿MN 的方向射到棱镜的AB界面上，入射角的正弦值为sin i=0.75．求：（Ⅰ）光在棱镜中传播的速率；（Ⅱ）通过计算说明此束光线射出棱镜后的方向并画出光路图（不考虑返回到AB面上的光线）．分析：光在棱镜中传播的速率应根据公式v=求解．已知折射率n和入射角的正弦sini，根据折射定律n=求出折射角．由公式sinC=求得临界角C．由几何知识求出光线射到BC面的入射角，根据入射角与临界角的大小关系，判断光线在BC面上能否发生全反射，再进一步确定此束光线射出棱镜后的方向．解答：解：①由n=得v==2×108 m/s．②设光线进入棱镜后的折射角为r，由=n，得sin r==0.5，r=30°光线射到BC界面时的入射角i1=90°﹣45°=45°由于sin 45°＞，所以光线在BC边发生全反射，光线沿DE方向射出棱镜后的方向与AC边垂直，光路图如图所示：答：（Ⅰ）光在棱镜中传播的速率为2×108 m/s；（Ⅱ）通过计算说明此束光线射出棱镜后的方向为与AC边垂直，并画出光路图如图．。