2017届甘肃省天水市秦安县第二中学高三上学期期中考试物理试卷及答案
甘肃省天水市秦安县第二中学2014-2015学年高二下学期期中考试物理试题 Word版含答案
紫铜管管塞甘肃省天水市秦安县第二中学2014-2015学年下学期期中考试高二物理试卷（时间：90分钟，满分110分 ）第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、本题共12小题；每小题4分，共48分。
在每个小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1、以下说法正确的是（ ）A 、当分子间距离增大时，分子间作用力减小，分子势能增大B 、已知某物质的摩尔质量为M ，密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A ，则该种物质的 分子体积为V 0＝AN M ρC 、自然界一切过程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏观过程都能自然发生D 、一定质量的理想气体，压强不变，体积增大，分子平均动能增加 2、 以下说法正确的是（ ）A 、气体放出热量，其分子的平均动能一定减小B 、机械能不可能全部转化为内能，内能也无法全部用来做功而转化成机械能C 、气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关D 、蔗糖受潮后会粘在一起，没有确定的几何形状，它是非晶体 3、 以下说法中正确的是（ ）A 、现在教室内空气中的氮气和氧气的分子平均动能不同B 、用活塞压缩汽缸里的空气，活塞对空气做功52 J ，这时空气的内能增加了76 J ，则空气从外界吸热128 JC 、有一分子a 从无穷远处靠近固定不动的分子b ，当a 、b 间分子力为零时，它们具有的分子势能一定最小D 、显微镜下观察到的布朗运动是液体分子的无规则运动4、如图所示，在紫铜管内滴入乙醚，盖紧管塞．用手拉住绳子两端迅速往复拉动，管塞会被冲开．管塞被冲开前（ ）A 、外界对管内气体做功，气体内能增大mM B 、管内气体对外界做功，气体内能减小 C 、管内气体内能不变，压强变大D 、管内气体内能增加，压强变大5、如图所示，质量为M 导热性能良好的气缸由一根平行于斜面的细线系在光滑斜面上。
2017届甘肃省天水市第二中学高三上学期期中考试物理试题
天水市二中2017届高三第三次诊断考试物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
其中第1~8题是单选题，第9~12题是多选题。
全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分。
1．如图所示，在一辆表面光滑的足够长的小车上，有质量为m 1和m 2的两个小球(m 1>m 2)，两个小球原来随车一起运动，当车突然停止时，如不考虑其他阻力，则两个小球A ．一定相碰B ．一定不相碰C ．不一定相碰D ．无法确定2．如图所示，质量分别为m 1、m 2的A 、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度分别为A ．都等于2g B ．2g和0 C ．2212)(m g m m +和0 D ．0和2212)(m g m m +3．两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0～0.4s 时间内的v-t 图象如图所示．若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t 1分别为A ．13和0.30s B ．3和0.30s C ．13和0.28s D ．3和0.28s 4．同学们小时候都喜欢玩滑梯游戏，如图所示，已知斜面倾角为θ，斜面长度为L ，小孩与斜面间动摩擦因数为μ，小孩可看成质点，不计空气阻力，则下列有关说法正确的是A ．小孩下滑过程中的加速度大小为g sin θB ．下滑过程小孩所受摩擦力的大小为μmgC ．小孩下滑过程中对斜面的压力大小为mg cos θD ．到达斜面底端时小孩速度大小为θsin 2gL5．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N 。
他将弹簧秤移至电梯内称其体重， 0t 至3t 时间段内，弹簧秤的示数如右图所示，电梯运行的v-t 图可能是（取电梯向上运动的方向为正）6．物体B 放在物体A 上，A 、B 的上下表面均与斜面平行（如图），当两者以相同的初速度靠惯性沿光滑固定斜面C 向上做匀减速运动时A ．A 受到B 的摩擦力沿斜面方向向上B ．A 受到B 的摩擦力沿斜面方向向下C ．A 、B 之间的摩擦力为零D ．A 、B 之间是否存在摩擦力取决于A 、B 表面的性质7．如图所示，竖直放置在水平面上的轻弹簧上放着质量为2kg 的物体A ，处于静止状态．若将一个质量为3kg 的物体B 轻放在A 上的一瞬间，则B 对A 的压力大小为(g 取10 m/s 2)A ．30 NB ．15 NC ．0 ND ．12N8．如图所示，在光滑水平面上有一质量为m 1的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加一随时间t增大的水平力F ＝kt (k 是常数)，木板和木块加速度的大小分别为a 1和a 2.下列反映a 1和a 2变化的图线中正确的是9．在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上有一个质量为m ＝2 kg 的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ＝45°角的不可伸长的轻绳一端相连，如右图所示．此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．当剪断轻绳的瞬间，取g ＝10 m/s 2，以下说法正确的是A ．此时轻弹簧的弹力大小为20 NB ．小球的加速度大小为8 m/s 2，方向向左C ．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/s 2，方向向右D ．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度为010．如图所示，在光滑水平地面上，水平外力F 拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速运动．小车质量为M ，木块质量为m ，加速度大小为a ，木块和小车之间的动摩擦因数为μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是A ．μmgB.mFM ＋m C ．μ(M ＋m )gD ．ma11．如图甲所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离后停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．图乙中分别表示物体速度大小v 、加速度大小a 、摩擦力大小f 和物体运动路程s 随时间t 变化的关系．图乙中可能正确的是12．如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着竖立在地面上的钢管往下滑．已知这名消防队员的质量为60kg，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，到达地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的2倍，下滑的总时间为3 s，下滑的总距离为12m，g取10 m/s2，那么该消防队员A．下滑过程中的最大速度为4 m/sB．加速与减速过程的时间之比为1∶2C．加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为1∶7D．加速与减速过程的位移之比为1∶4二、实验题：本题共2个小题，每空2分，共14分。
甘肃省天水市秦安二中高三物理上学期期中试题(含解析)新人教版(1)
甘肃省天水市秦安二中2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题：本题共12题，每小题4分．第1-7题只有一个选项符合题目要求；第8-12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．（4分）小汽车在嘉峪关至山丹高速公路上行驶限速120km/h，冬天大雾天气的时候高速公路经常封路，以免发生严重的交通事故．如果某人大雾天开车在此段高速公路上行驶时，能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）为50m，该人的反应时间为0.5s，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5m/s2，为安全行驶，汽车行驶的最大速度是（）A．10m/s B．15m/s C．10m/s D．20m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：发现危险目标时，在反应时间内汽车做匀速直线运动，刹车后做匀减速直线运动，总位移小于50m即可．解答：解：设汽车行驶的最大速度是v：发现危险目标时：在反应时间内：x1=vt=v×0.5=0.5v刹车过程中：由：代入数据得：0﹣v2=2×（﹣5）×x2，解得：x2=为安全行驶：x1+x2=50，即：0.5v+=50，解得：v=20m/s故选：D点评：分析好汽车的具体运动过程是解决本题的关键．2．（4分）如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移﹣时间（x ﹣t）图线，由图可知（）A．在t1时刻，a、b两车运动方向相反B．在t1到t2这段时间内，b车始终向同一方向运动C．在t1到t2这段时间内，b车的平均速度比a车的大D．在t1到t2这段时间内，b车的平均速率比a车的大考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：位移时间关系图线反映物体的位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度的大小．纵坐标的变化量表示位移．根据这些知识进行分析两物体的运动情况．解答：解：A、在t1时刻，a图线切线斜率为正值，说明a的速度沿正向，b的斜率也为正值，速度也沿正向，所以此时两车运动方向相同．故A错误．B、在t1到t2这段时间内，b图线的斜率先正后负，说明b车的运动方向先沿正向，后沿负向，故B错误．C、t1到t2时间内，两车的位移相同，时间相同，则平均速度相同．故C错误．D、在t1到t2这段时间内，a和b两车初末位置相同，位移相同，a一直沿负方向运动，而b先沿负方向运动后沿正方向运动，路程不等，b车的路程大，其平均速率也大，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，根据斜率的正负可以确定运动的方向．3．如图，表面处处同样粗糙的楔形木块abc固定在水平地面上，ab面和bc面与地面的夹角分别为α和β，且α＞β．一初速度为v0的小物块沿斜面ab向上运动，经时间t0后到达顶点b时，速度刚好为零；然后让小物块立即从静止开始沿斜面bc下滑．在小物块从a 运动到c的过程中，可能正确描述其速度大小v与时间t的关系的图象是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．.专题：压轴题；运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象的斜率等于加速度，根据牛顿第二定律列式可比较物块上滑和下滑的加速度大小．根据运动学公式比较两个过程的时间关系及速度关系，即可选择图象．解答：解：设物块上滑与下滑的加速度大小分别为a1和a2．根据牛顿第二定律得：mgsinα+μmgcosα=ma1，mgsinβ﹣μmgcosβ=ma2，得a1=gsinα+μgcosα，a2=gsinβ﹣μgcosβ，则知a1＞a2而v﹣t图象的斜率等于加速度，所以上滑段图线的斜率大于下滑段图线的斜率．上滑过程的位移大小较小，而上滑的加速度较大，由x=知，上滑过程时间较短．因上滑过程中，物块做匀减速运动，下滑过程做匀加速直线运动，两段图象都是直线．由于物体克服摩擦力做功，机械能不断减小，所以物体到达c点的速度小于v0．故C 正确，ABD错误．故选C点评：本题关键运用牛顿第二定律和运动学公式分析两个过程加速度关系、运动时间关系，即可结合图象的物理意义进行选择．4．（4分）如图所示，一光滑半圆形碗固定在水平面上，质量为m1的小球用轻绳跨过碗口并连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时碗内小球恰好与碗之间没有弹力，两绳与水平方向夹角分别为53°、37°，则m1：m2：m3的比值为（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）（）A．5：4：3 B．4：3：5 C．3：4：5 D．5：3：4考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对碗内的小球受力分析，根据共点力平衡条件，运用合成法求解．解答：解：对碗内的小球m1受力分析，受重力、两个细线的两个拉力，由于碗边缘光滑，故相当于动滑轮，故细线对物体m2的拉力等于m2g，细线对物体m1的拉力等于m1g，如图：根据共点力平衡条件，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线，有G2=G1cos37°G3=G1sin37°故m1：m2：m3=5：4：3故选：A点评：本题关键是对碗内小球受力分析，根据三力平衡条件可知，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后运用合成法作图，根据几何关系得到三个物体的重力之比．5．一长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为m A=1kg和m B=2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因素都为μ=0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示（重力加速度g取10m/s2）．则（）A．若F=1N，则物块、木板都静止不动B．若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NC．若F=4N，则B物块所受摩擦力大小为4ND．若F=8N，则B物块的加速度为1m/s2考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据滑动摩擦力公式求出A、B与木板之间的最大静摩擦力，比较拉力和最大静摩擦力之间的关系判断物体的运动情况，进而判断物体所受摩擦力的情况，根据牛顿第二定律求出B的加速度．解答：解：A与木板间的最大静摩擦力f A=μm A g=0.2×1×10=2N，B与木板间的最大静摩擦力f B=μm B g=0.2×2×10=4N，A、F=1N＜f A，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；B、若F=1.5N＜f A，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，根据牛顿第二定律得：F﹣f=m A a，所以A物块所受摩擦力f＜F=1.5N，故B错误；C、F=4N＞f A，所以A在木板上滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度a=，对B进行受力分析，摩擦力提供加速度，f′=m B a=2×1=2N，故C错误；D、F=8N＞f A，所以A相对于木板滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度a=，故D正确．故选：D点评：本题以常见的运动模型为核心，考查了摩擦力、牛顿第二定律、隔离法与整体法的应用等知识．解决的关键是正确对两物体进行受力分析．6．如图所示，在水平放置的半径为R的圆柱体轴线的正上方的P点，将一个小球以水平速度v0垂直圆柱体的轴线抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过，测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是（）A．t=B．t=C．t=D．t=考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据圆的几何知识可以求得小球在水平方向的位移的大小，根据水平方向的匀速直线运动可以求得时间的大小．解答：解：过Q点做OP的垂线，根据几何关系可知，小球在水平方向上的位移的大小为Rsinθ，根据Rsinθ=v0t，可得时间为．故选：C点评：本题对平抛运动规律的直接的应用，但是要根据几何关系分析得出平抛运动的水平位移的大小．7．（4分）关于运动的合成，下列说法中正确的是（）A．合运动的速度一定比每一个分运动的速度大B．两个直线运动的合运动一定是直线运动C．两个分运动的时间一定与合运动时间相等D．合运动的加速度一定比每个分运动加速度大考点：运动的合成和分解．.专题：物体做曲线运动条件专题．分析：根据平行四边形定则，合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等；两分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，合运动与分运动具有等时性．解答：解：A、根据平行四边形定则，合速度不一定比分速度大．故A错误．B、分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，比如：平抛运动．故B错误．C、分运动与合运动具有等时性．故C正确．D、根据平行四边形定则，合加速度可能比分加速度大，可能比分加速度小，可能与分加速度相等．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道合速度可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等．以及知道合运动与分运动具有等时性．8．如图所示，物体从斜面上A点由静止开始下滑，第一次经光滑斜面AB滑到底端时间为t1；第二次经光滑斜面ACD下滑，滑到底端时间为t2．已知AC+CD=AB，在各斜面的等高处物体的速率相等，试判断（）A．t1＞t2B．t1=t2C．t1＜t2D．不确定考点：平均速度．.专题：直线运动规律专题．分析：本题采用图象法解决比较方便，在AB和ACD上运动的初末速度相等，AC段的加速度大于AB段的加速度，在DC段的加速度小于AB段的加速度，做速度时间图象，从图象上直观地比较时间的长短．解答：解：作速度时间图线，在AC和ADC上运动的初末速度相等，AD段的加速度大于AC 段的加速度，在DC段的加速度小于AC段的加速度，两物体的路程相等，即图线与时间轴所围成的面积相等．从图象可以看出t1＞t2．故A正确，B、C、D错误．故选A点评：本题采用图象法解决，关键抓住在不同路径上运动时初速度速度相等，路程相等，加速度不同．9．（4分）如图所示，水平面上停放着A，B两辆小车，质量分别为M和m，M＞m，两小车相距为L，人的质量也为m，另有质量不计的硬杆和细绳．第一次人站在A车上，杆插在B车上；第二次人站在B车上，杆插在A车上；若两种情况下人用相同大小的水平作用力拉绳子，使两车相遇，不计阻力，两次小车从开始运（）A．t1等于t2B．t1小于t2C．t1大于t2D．条件不足，无法判断考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当人在A车上时，根据牛顿第二定律求得AB车的加速度，根据两车位移之和为L列出方程，当人在B车上时，根据牛顿第二定律求得AB车的加速度，根据两车位移之和为L列出方程，联立方程组即可求解．解答：解：设拉力为F，当人在A车上时，由牛顿第二定律得：A车的加速度分别为：①，B车的加速度分别为：②AB两车都做匀加速直线运动，③当人在B车上时，由牛顿第二定律得：A车的加速度分别为：④，B车的加速度分别为：⑤AB两车都做匀加速直线运动，⑥由①→⑥式解得：所以t1＜t2，故ACD错误，B正确；故选：B点评：本题主要考查了牛顿第二定律及匀加速直线运动位移公式的直接应用，难度不大，属于基础题．10．（4分）在斜面上等高处，静止着两个相同的物块A和B．两物块之间连接着一个轻质弹簧，劲度系数为k，斜面的倾角为θ，两物块和斜面间的摩擦因数均为μ，则弹簧的最大伸长量是（）A．B．C．D．考点：胡克定律．.专题：弹力的存在及方向的判定专题．分析：物体平衡时，受重力、支持力和弹簧的弹力，三力平衡，根据平衡条件并结合正交分解法和胡克定律列式求解；解答：解：物块静止在斜面上，在斜面这个平面内共有三个力作用在物体上，一个是重力沿斜面向下的分力mgsinθ，静摩擦力f≤f m=μmgcosθ，方向不确定，弹簧弹力水平方向kx，则弹力等于mgsinθ和静摩擦力f的合力，当静摩擦力最大时，合力最大，此时：kx=，故x=，故D正确，ABC错误．故选：D．点评：本题关键是先对物块受力分析，根据平衡条件并结合正交分解法和胡克定律列式求解求解弹簧最大伸长量，灵活性就强．11．（4分）某电视台每周都有棋类节目，如棋类授课和评析，他们的棋盘都是竖直放置的，棋盘上布有磁铁，而每个棋子都是一个小磁铁，关于棋盘和棋子有下列几种说法①小棋子共受四个力的作用②每个棋子的质量肯定都有细微的差异，所以不同的棋子所受的摩擦力不同③棋盘面应选取相对粗糙的材料④如果某个棋子贴不上棋盘，总会滑落，肯定是其质量偏大以上说法中正确的是（）A．①②④B．①②③C．①③④D．②③④考点：物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．.专题：受力分析方法专题．分析：首先对棋子进行受力分析，根据棋子的运动状态，结合平衡的条件分析棋盘面应选取的材料．解答：解：①、小棋子受到重力G、棋盘面的吸引力F、弹力N和静摩擦力f，共四个力作用，故①正确．②、棋盘对棋子的吸引力与棋盘面对棋子的弹力平衡，静摩擦力与棋子的重力平衡，故②正确．③、根据竖直方向上二力平衡知：f=G，f应不超过最大静摩擦力，则有：f＜f m=μN=μFF一定，要使棋子不滑下，应增大最大静摩擦力，为此应增大μ，棋盘面应选取较粗糙的材料，故③正确．④、当G＞f m=μN=μF时，棋子将下滑，可能是质量偏大，也可能没有磁性，故④错误．故选：B．点评：掌握平衡力时应注意其关键点：二力是作用在同一个物体上的，明确这一点即可与作用力与反作用力进行区分．12．如图所示，两个同样的弹簧秤每个自重都是0.1N，下端挂钩的重力忽略不计，甲“正挂”，乙“倒挂”，在乙的下方挂上重0.2N的砝码，则甲、乙两弹簧秤的示数分别为（）A．0.2N 0.3N B．0.3N 0.2N C．0.3N 0.3N D．0.4N 0.3N考点：物体的弹性和弹力．.专题：弹力的存在及方向的判定专题．分析：两弹簧秤的示数等于挂钩处的拉力，对下面的物体及弹簧受力分析可求出弹簧秤的示数．解答：解：对下方的钩码及物体分析，弹簧的拉力F=0.2+0.1=0.3N；两挂钩处的力为作用力与反作用力；故两弹簧秤的示数均为0.3N；故选：C点评：本题考查受力分析的方向，要注意明确弹簧秤的读数原理，同时注意牛顿第三定律的应用．二、非选择题：13．（8分）实验课上，某小组验证“力的平行四边形定则”的实验原理图如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．（1）图乙中的 F （选填“F”或“F′”）是力F1和F2的合力的理论值；F′（选填“F”或“F′”）是力F1和F2的合力的实际测量值．（2）本实验采用的科学方法是 CA．控制变量法B．理想实验法 C．等效替代法 D．建立物理模型法（3）在实验中，如果其他条件不变仅将细绳换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：不变．（选填“变”或“不变”）（4）为了使实验能够顺利进行，且尽量减小误差，你认为下列说法或做法能够达到上述目的是ADA．若固定白纸的方形木板平放在实验桌上来验证力的平行四边形定则，使用弹簧测力计前应将测力计水平放置，然后检查并矫正零点B．两个分力F1、F2间夹角应越大越好C．标记拉力方向时，要用铅笔紧靠细绳沿绳移动铅笔画出D．同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置．考点：验证力的平行四边形定则．.专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用；由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值与与理论值存在差别．解答：解：（1）本实验采用了“等效法”，F1与F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值．所以F是F1和F2的合力的理论值，F′是F1和F2的合力的实际测量值．（2）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故选：C．（3）如果将细线也换成橡皮筋，只要将结点拉到相同的位置，实验结果不会发生变化．（4）A、若固定白纸的方形木板平放在实验桌上来验证力的平行四边形定则，使用弹簧测力计前应将测力计水平放置，然后检查并矫正零点，故A正确；B、在实验中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差即可，并非越大越好，故B错误；C、在“验证力的平行四边形定则”的实验中，应用直尺画出在白纸上沿细绳方向标出的两点的连线，作为拉力的方向，故C错误；D、同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置．故D正确；故选：AD．故答案为：（1）F；F′；（2）C；（3）不变；（4）AD点评：在解决设计性实验时，一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析．只有通过具体实践，才能真正的理解具体实验操作细节的意义，因此平时同学们应该加强实验实践，而不是空洞的记忆实验．14．（12分）（1）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F 不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M 不变．（2）该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如图所示，则①图中的直线不过原点的原因是平衡摩擦力时木板右端垫得过高．②图中的力F理论上是指 B ，而实验中却用 A 表示．（选填字母符号）A．砂和砂桶的重力 B．绳对小车的拉力③此图中直线发生弯曲的原因是未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.专题：实验题．分析：该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，由图象可知，还没有挂重物时，小车已经产生了加速度，由此可知图象不过原点的原因．解答：解：（1）该实验是运用控制变量法研究的，该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变．（2）①图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高，即平衡摩擦力过度导致．②图中的力F理论上指绳对小车的拉力，即B，而实验中却用砂和砂桶的重力，即A．③设小车的加速度为a，绳子拉力为F，以砂和砂桶为研究对象得：mg﹣F=ma以小车为研究对象F=Ma解得：a=故：F=Ma=所以要使得绳子拉力等于砂和砂桶的重力大小，必有m＜＜M，而不满足m＜＜M时，随m的增大物体的加速度a逐渐减小．故图象弯曲的原因是：未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量．故答案为：（1）细线对车的拉力F，小车的质量M（2）①平衡摩擦力时木板右端垫得过高．②B，A③未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量．点评：探究加速与力的关系实验时，要平衡摩擦力、应根据纸带求出小车的加速度，掌握实验的实验注意事项是正确解题的关键，要清楚每一项操作存在的理由．要掌握应用图象法处理实验数据的方法．15．（12分）为了安全，中国航母舰载机“歼﹣15”通过滑跃式起飞方式起飞．滑跃起飞的原理有点像高山滑雪，主要靠甲板前端的上翘来帮助战斗机起飞，其示意图如图所示，飞机由静止开始先在一段水平距离为L1=160m的水平跑道上运动，然后在长度为L2=20.5m的倾斜跑道上滑跑，直到起飞．已知飞机的质量m=2.0×104kg，其喷气发动机的推力大小恒为F=1.4×105N，方向与速度方向相同，水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h=2.05m，飞机在水平跑道上和倾斜跑道上运动的过程中受到的平均阻力大小都为飞机重力的0.2倍，假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，倾斜跑道看作斜面，不计拐角处的影响，且飞机起飞的过程中没有出现任何故障．g取10m/s2．（1）求飞机在水平跑道上运动的末速度．（2）求飞机从开始运动到起飞经历的时间．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）根据牛顿第二定律求出在水平跑道上的加速度，结合速度位移公式求出飞机在水平跑道上运动的末速度．（2）根据速度时间公式求出在水平跑道上的运动时间，根据牛顿第二定律求出在倾斜跑道上的加速度，根据速度位移公式求出末速度，从而根据速度时间求出在倾斜跑道上的运动时间，得出总时间的大小．解答：解：（1）设飞机在水平跑道上的加速度为a1，阻力为f，末速度为v1，由牛顿第二定律得，F﹣f=ma1，f=0.2mg，联立以上三式并代入数据解得，v1=40m/s．（2）设飞机在倾斜跑道上的加速度为a2，跑道末端速度为v2．水平跑道上：倾斜跑道上：由牛顿第二定律有代入数据解得由，代入数据解得所以则t=t1+t2=8.5s．答：（1）飞机在水平跑道上运动的末速度为40m/s．（2）飞机从开始运动到起飞经历的时间为8.5s．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，涉及到两个过程的运动，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．16．（10分）2014年暑假期间，张掖市某学校物理课外兴趣小组去面粉厂进行暑期实践活动，小组成员测出工厂中运送面粉袋的水平传送带以v=1m/s的速度匀速运动，若工人师傅将一面粉袋无初速度地放在传送带上后，面粉袋从开始运动到与传送带保持相对静止时会在传送带上留下长L=0.2m的痕迹，取g=10m/s2．请你用以上数据求出面粉袋与传送带间的动摩擦因数．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：作出面粉袋与传送带运动的v﹣t图线，结合图线围成的面积之差得等于痕迹的长度，根据牛顿第二定律和运动学公式求出动摩擦因数．解答：解：如图所示，A、B分别为面粉袋与传送带运动的v﹣t图象，其中阴影部分的面积等与面粉袋在传送带上留下的痕迹长L，设面粉袋与传送带间的动摩擦因数为μ，由v﹣t图象得：，v=at由牛顿第二定律得：μmg=ma代入数据，由以上各式得，μ=0.25答：面粉袋与传送带间的动摩擦因数为0.25．点评：本题也可以通过面粉袋和传送带的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．17．（14分）2007年10月24日，中国首颗探月卫星“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心发射升空，准确进入预定轨道．随后，“嫦娥一号”经过变轨和制动成功进入环月轨道．如图所示，阴影部分表示月球，设想飞船在距月球表面高度为3R的圆形轨道Ⅰ上作匀速圆周运动，到达A点时经过暂短的点火变速，进入椭圆轨道Ⅱ，在到达轨道Ⅱ近月点B点时再次点火变速，进入近月圆形轨道Ⅲ，而后飞船在轨道Ⅲ上绕月球作匀速圆周运动．已知月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0．不考虑其它星体对飞船的影响，求：（1）飞船在轨道Ⅰ、Ⅲ的速度之比．（2）飞船从轨道Ⅱ上远月点A运动至近月点B所用的时间．（3）如果在Ⅰ、Ⅲ轨道上有两只飞船，它们绕月球飞行方向相同，某时刻两飞船相距最近（两飞船在月球球心的同侧，且两飞船与月球球心在同一直线上），则经过多长时间，他们又会相距最近？。
甘肃省天水市秦安县第二中学高三上学期第三次检测物理
一、选择题：本题共10小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。
关于科学家以及他们的贡献，下列选项中说法都正确的是( )①伽利略发现了行星运动的规律②卡文迪许通过实验测出了引力常量③牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因④笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献A．①②B．③④C．①③D．②④2. 如图，一不可伸长的光滑轻绳，其左端固定于O点，若端跨过位于O‘点的固定光滑轴悬挂一质量为M的物体；OO‘段水平，长为度L；绳子上套一可沿绳滑动的轻环。
现在轻环上悬挂一钩码，平衡后，物体上升L。
则钩码的质量为( )A．B．C．D．3.如图所示，一位高为h的中学生绕着O点把倒在地上的旗杆扶起来，当学生以速度v向左运动时，旗杆与地面的夹角恰为α，则旗杆转动的角速度为()A．ω=v/h B．ω=vsinα/hC．ω=vsin2α/h D．ω=v/hsinα4.如图所示，一名跳台滑雪运动员经过一段时间的加速滑行后从O点水平飞出，初速度为20m/s, 已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ＝37°，不计空气阻力(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8；g 取10 m/s2)．下列说法正确的是( )A．运动员离斜坡的最大距离为9mB．运动员离斜坡的最大距离为12mC．运动员空中飞行了1.5sD．A点与O点的距离L=70m5. 设地球自转周期为T，质量为M，引力常量为G，假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R。
同一物体在南极和赤道水平面上静止时所受到的支持力之比为( )A. B. C. D.6．某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如图所示的物理模型，一个小朋友在AB 段的动摩擦因数μ1<tan θ，BC 段的动摩擦因数μ2>tan θ，他从A 点开始下滑，滑到C 点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态．则该小朋友从斜面顶端A 点滑到底端C 点的过程中( )A ．地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右B ．地面对滑梯始终无摩擦力作用C ．地面对滑梯的支持力的大小始终等于小朋友和滑梯的总重力的大小D ．地面对滑梯的支持力的大小先大于、后小于小朋友和滑梯的总重力的大小7．如图(a)所示，OA 是某静电场中的一条电场线，Ox 是与电场线重合的坐标轴,OA 间的电势在轴上分布如图b 所示，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿OA 由O 点运动到A 点。
甘肃省天水市秦安县第二中学2015-2016学年第一学期期末考试高三物理试题
甘肃省天水市秦安县第二中学2015-2016学年第一学期期末考试高三物理试题一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，8-10小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
）1.2015年元宵节期间人们燃放起美丽的烟火以庆祝中华民族的传统节日，按照设计，某种型号的装有烟花的礼花弹从专用从专用炮筒中射出后，在 3s 末到达离地面 90m 的最高点时炸开，构成各种美丽的图案。
假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v 0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k 倍，那么为v 0和k 分别等于A. 30m/s 1B. 30m/s 0.5C.60m/s 0.5D.60m/s 12.如图所示，细绳一端固定在天花板上的O 点，另一端穿过一张CD 光盘的中央小孔后拴着一个橡胶球，橡胶球静止时，竖直悬线刚好挨着水平桌面的边沿。
现将CD 光盘按在桌面上，并沿桌面边缘以速度v 匀速移动，移动过程中，CD 光盘中央小孔始终紧挨桌面边线，当悬线与竖直方向的夹角为时，小球上升的速度大小为（ ）A ．vsinB ．vcosC ．vtanD ．vcot3.劲度系数为k 的轻质弹簧，一端系在竖直放置、半径为R 的光滑圆环顶点P ，另一端连接一套在圆环上且质量为m 的小球．开始时小球位于A 点，此时弹簧处于原长且与竖直方向的夹角为45°，之后小球由静止沿圆环下滑，小球运动的最低点B 时的速率为v ，此时小球与圆环之间的压力恰好为零，已知重力加速度为g ．下列分析正确的是（ ）A ．轻质弹簧的原长为RB ．小球过B 点时，所受的合力为C．小球从A 到B 的过程中，重力势能转化为弹簧的弹性势能D ．小球运动到B 点时，弹簧的弹性势能为mgR-mv 2A ．a 是地球平均密度，b 是地球自转周期 ，c 是地球半径B ．a 是地球表面重力加速度，b 是地球自转周期，c 是卫星的加速度C ．a 是地球平均密度，b 是卫星的加速度，c 是地球自转的周期D ．a 是地球表面重力加速度，b 是地球自转周期，c 是地球半径5.某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α＝60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ＝30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中正确的是ABCD．减速飞行时间t6.2006年美国NBA全明星赛非常精彩，最后东部队以2分的微弱优势取胜，本次比赛的最佳队员为东部队的詹姆斯，假设他在某次投篮过程中对篮球做功为W，出手高度为h1，篮筐距地面高度为h2，球的质量为m，不计空气阻力，则篮球进筐时的动能为：A．W +mgh1-mgh2 B．mgh2-mgh1-W C．mgh1 +mgh2-W D．W + mgh2-mgh17．如图所示，等腰梯形内分布着垂直纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为3L，高为L，底角为45°。
《解析》甘肃省天水二中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷(文科)Word版含解析
2016-2017学年甘肃省天水二中高二（上）期中物理试卷（文科）一、单项选择题（每小题4分，共44分）1．关于点电荷的下列说法中，正确的是（）A．只有体积很小的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成点电荷C．当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，两个带电体可看成点电荷D．一切带电体都可以看成点电荷2．关于电场强度的方向，下列说法不正确的是（）A．电场中某点的场强方向与放在这一点的电荷所受的电场力的方向相同B．电场中某点的场强方向与正电荷在这一点所受的电场力的方向相同C．电场中某点的场强方向与负电荷在这一点所受的电场力的方向相反D．电场中某点的场强方向与在这一点的电场线切线方向相同3．某电场的电场线如图所示，则某点电荷A和B所受电场力的大小关系是（）A．F A＞F B B．F A＜F BC．F A=F B D．电荷正负不明无法判断4．某个磁场的磁感线如图所示，如果把一个小磁针放入磁场中小磁针将（）A．向右移动B．向左移动C．顺时针转动 D．逆时针转动5．关于电流，下列说法正确的是（）A．根据I=可知，I与q成正比B．如果在相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流C．电流有方向，因此电流是矢量D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位6．从白炽灯上标有“220V 100W”的数据中，下列说法不正确的是（）A．该电灯额定电压为220V，额定功率为100WB．给电灯加上220V 电压，通过它的电流一定为100/220AC．该电灯的电阻可能是48.4欧姆D．该电灯在电路中发光时，它实际消耗的功率一定是100W7．磁场中任一点的磁场方向，规定为静止的小磁针在此点（）A．受磁场力的方向B．北极受磁场力的方向C．南极受磁场力的方向D．转动的方向8．1820年，丹麦物理学家奥斯特在一次关于电和磁的演讲过程中偶然观察到一种现象，这便是著名的奥斯特实验，奥斯特实验揭示了（）A．磁场的存在B．磁场具有方向性C．通电导线周围存在磁场 D．磁体间有相互作用9．一束带电粒子沿着水平方向平行地飞过磁针上方时，磁针的S极向纸内偏转，这束带电粒子可能是（）A．向右飞行的是正离子束B．向左飞行的是正离子束C．向左飞行的是负离子束D．向右飞行的是不带电的中子束10．下列哪种措施是为了防止静电产生的危害（）A．在高大的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．静电复印D．静电喷漆11．如图所示为某一点电荷形成电场中的一条电场线的a、b两点，则下列判断正确的是（）A．a点场强一定比b点场强大B．a点场强一定比b点场强小C．同一电荷在a、b两处所受电场力的大小可能相同D．同一电荷在a、b两处所受电场力的方向一定相同二、填空题（每空3分，共30分）12．该试题已被管理员删除13．某电容器上标有“16V 300μF”，300μF=F=pF．14．某电阻两端电压为2V时，通过它的电流是0.25A，它的阻值为Ω；如果这个电阻两端电压为1.6V，它的阻值为Ω，这时通过它的电流为A．15．匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过3A 的电流时，受到0.6N的磁场力，则磁场的磁感应强度是T，当导线长度缩短一半时，磁场的磁感应强度是T，当通入的电流加倍时，磁场的磁感应强度是T．三、计算作图题（16题14分，17题12分，共26分）16．真空中有两个相距0.1m、带电量相等的点电荷，它们间的静电力的大小为10﹣5N，求每个点电荷所带电荷量是元电荷的多少倍？（静电力常数k=9×109Nm2/c2，元电荷电量为1.6×10﹣19C）17．一条放在磁场中的通电导线，导线与磁场方向垂直，图中已经分别标明电流、磁场和安培力这三个物理量中两个量的方向，试在图中标出第三个量的方向．2016-2017学年甘肃省天水二中高二（上）期中物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题4分，共44分）1．关于点电荷的下列说法中，正确的是（）A．只有体积很小的带电体才能看成点电荷B．体积很大的带电体一定不能看成点电荷C．当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，两个带电体可看成点电荷D．一切带电体都可以看成点电荷【考点】元电荷、点电荷．【分析】当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，两个带电体才可看成点电荷．体积很小或很大的带电体在一定的条件下都可以看成点电荷．【解答】解：体积很小或很大的带电体在一定的条件下都可以看成点电荷，只要满足如下条件：当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，其大小和形状可忽略不计，可以看成点电荷处理．故选C2．关于电场强度的方向，下列说法不正确的是（）A．电场中某点的场强方向与放在这一点的电荷所受的电场力的方向相同B．电场中某点的场强方向与正电荷在这一点所受的电场力的方向相同C．电场中某点的场强方向与负电荷在这一点所受的电场力的方向相反D．电场中某点的场强方向与在这一点的电场线切线方向相同【考点】电场强度．【分析】电场强度方向与正电荷受力方向一致，与负电荷受力方向相反，也与电场线切线方向相同，从而即可求解．【解答】解：A、电场强度的方向是由电场本身决定的，我们规定其与正电荷在该点受电场力的方向一致，与负电荷受到的电场力方向相反；故A错误，BC正确；D、电场中某点的场强方向与在这一点的电场线切线方向相同；故D正确；本题选择不正确的，故选：A．3．某电场的电场线如图所示，则某点电荷A和B所受电场力的大小关系是（）A．F A＞F B B．F A＜F BC．F A=F B D．电荷正负不明无法判断【考点】电场强度．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；再据F=Eq判断即可．【解答】解：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，A 点的电场线密，所以A点的电场强度大，电荷在A点受到的电场力大，所以F A＞F B，故A 正确，BCD错误．故选：A．4．某个磁场的磁感线如图所示，如果把一个小磁针放入磁场中小磁针将（）A．向右移动B．向左移动C．顺时针转动 D．逆时针转动【考点】磁感应强度．【分析】磁场中的磁感线不是实际存在的，是为了研究磁场而假想的，然而小磁针静止时N 极所指向表示磁场方向．【解答】解：一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，由于小磁针N极所受力的方向就是磁场方向，根据磁场方向水平向右，则小磁针受到磁场力的方向水平向右，所以小磁针会沿顺时针转动，故C正确，ABD错误故选：C5．关于电流，下列说法正确的是（）A．根据I=可知，I与q成正比B．如果在相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流C．电流有方向，因此电流是矢量D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位【考点】电流、电压概念．【分析】电流由通过某一横截面积的电量q与通过这些电量所用时间t共同决定；恒定电流的大小和方向始终保持不变；电流的运算满足代数法则，而矢量的运算满足平行四边形定则；“安培”是国际单位制中七个基本单位中的一个，也是电学中的唯一一个．【解答】解：A、根据I=可知I是通过某一横截面积的电量q与通过这些电量所用时间t的比值，故如果通过的电量q大但所用时间更多，则电流I可能更小．故A错误．B、恒定电流是指电流的大小和方向始终保持不变的电流，而本选项中如果电流的方向发生了变化，或电流的大小发生变化仍能保证在相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，但不是恒定电流，故B错误．C、电流有方向，但电流的运算满足代数法则，而矢量的运算满足平行四边形定则，故电流是标量，故C错误．D、电流的单位“安培”是国际单位制中七个基本单位中的一个，也是电学中的唯一一个．故D正确．故选D．6．从白炽灯上标有“220V 100W”的数据中，下列说法不正确的是（）A．该电灯额定电压为220V，额定功率为100WB．给电灯加上220V 电压，通过它的电流一定为100/220AC．该电灯的电阻可能是48.4欧姆D．该电灯在电路中发光时，它实际消耗的功率一定是100W【考点】电功、电功率．【分析】①电灯泡的铭牌上标出了灯泡的额定电压和额定功率；②灯泡正常工作时，其功率为额定功率，知道工作时间，可利用公式W=Pt计算消耗的电能【解答】解：A、由电灯泡的铭牌“220V、100”可知：“220”表示该灯泡的额定电压为220V，“100”表示该灯泡的额定功率为100W；故A正确B、通过的电流为I==A，故B正确C、电阻为R==Ω=484Ω；故C不正确．D、当灯泡在额定电压下工作时才是100W，当不是额定电压时，功率就不是100W；故D 不正确；本题选不正确的，故选：CD．7．磁场中任一点的磁场方向，规定为静止的小磁针在此点（）A．受磁场力的方向B．北极受磁场力的方向C．南极受磁场力的方向D．转动的方向【考点】磁现象和磁场．【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N 极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解答】解：ABC、磁场的基本性质是它对放入其中的磁体有磁力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同，小磁针南极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相反．故B正确，AC错误；D、磁场中的任一点的磁场方向还规定为：小磁针在磁场中静止时N极所指的方向．但不一定是转动方向，故D错误．故选：B．8．1820年，丹麦物理学家奥斯特在一次关于电和磁的演讲过程中偶然观察到一种现象，这便是著名的奥斯特实验，奥斯特实验揭示了（）A．磁场的存在B．磁场具有方向性C．通电导线周围存在磁场 D．磁体间有相互作用【考点】磁感线及用磁感线描述磁场．【分析】1820年，丹麦物理学家奥斯特在一次讲课结束时，在助手收拾仪器时，注意到通电导体下方的小磁针发生了偏转，正是由于他的敏锐的洞察力，发现了电生磁【解答】解：A、磁体的周围存在磁场，这是人们在很早的时候就发现的．故A错误；B、磁场具有方向性，这是人们在研究磁体的磁场时早就发现的．故B错误；C、磁体和磁体之间存在相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．丹麦物理学家奥斯特在一次讲课结束时，在助手收拾仪器时，注意到通电导体下方的小磁针发生了偏转，说明了小磁针受到磁场力的作用，进一步的研究发现了通电导线的周围存在磁场．所以选项C正确．D、磁体之间存在相互作用，与磁体的周围存在磁场一样，这是人们在很早的时候就发现的．故D错误．故选C．9．一束带电粒子沿着水平方向平行地飞过磁针上方时，磁针的S极向纸内偏转，这束带电粒子可能是（）A．向右飞行的是正离子束B．向左飞行的是正离子束C．向左飞行的是负离子束D．向右飞行的是不带电的中子束【考点】安培定则．【分析】带电粒子运动时将形成电流，在电流周围形成磁场，根据小磁针的偏转情况，判断出电流形成磁场方向，然后根据安培定则判断出电流方向，从而判断出粒子的正负及运动方向．【解答】解：小磁针的S极向纸内偏转，N极向外偏转，因此在粒子下方磁场方向向外，根据安培定则可知电流方向向左，故这束粒子若带正电，则向左飞行，若带负电，则向右飞行，故B正确，ACD错误．故选：B．10．下列哪种措施是为了防止静电产生的危害（）A．在高大的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．静电复印D．静电喷漆【考点】* 静电的利用和防止．【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案．【解答】解：A．当打雷的时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，属于静电防止，故A正确；B．静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用，故B不正确；C．静电复印是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上，属于静电应用，故C不正确；D．喷枪喷出的油漆微粒带正电，因相互排斥而散开，形成雾状，被喷涂的物体带负电，对雾状油漆产生引力，把油漆吸到表面，属于静电应用，故D不正确．故选A．11．如图所示为某一点电荷形成电场中的一条电场线的a、b两点，则下列判断正确的是（）A．a点场强一定比b点场强大B．a点场强一定比b点场强小C．同一电荷在a、b两处所受电场力的大小可能相同D．同一电荷在a、b两处所受电场力的方向一定相同【考点】电场线；电场强度．【分析】该电场线为一点电荷形成的一条电场线，因不知是正点电荷还是负点电荷，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小．正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相反．【解答】解：A、B、C、因不知是正点电荷还是负点电荷产生的电场线，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小．故A、B、C错误．D、正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相反．所以同一电荷在a、b两处所受电场力的方向一定相同．故D正确．故选：D．二、填空题（每空3分，共30分）12．该试题已被管理员删除13．某电容器上标有“16V 300μF”，300μF= 3.0×10﹣4F= 3.0×108pF．【考点】电容．【分析】明确电容单位及换算关系，知道1F=106μF=1012pF，即F、μF、pF进制为106．【解答】解：根据1F=106μF=1012pF，知300μF=3×10﹣4F=3×108pF．故本题答案为：3×10﹣4，3×108．14．某电阻两端电压为2V时，通过它的电流是0.25A，它的阻值为8Ω；如果这个电阻两端电压为1.6V，它的阻值为8Ω，这时通过它的电流为0.2A．【考点】欧姆定律．【分析】由欧姆定律可求得导体的电阻，而导体的电阻由导体的长度、横截面积和材料决定，与导体两端的电压和通过的电流大小无关，由此可知导体两端的电压变化后，电阻不变．【解答】解：根据欧姆定律可得：R==8Ω，电阻的阻值与其两端的电压无关，所以如果这个电阻两端电压为1.6伏特时，它的阻值是8欧姆，这时的电流为：==0.2A；故答案为：8，8，0.2．15．匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过3A 的电流时，受到0.6N的磁场力，则磁场的磁感应强度是1T，当导线长度缩短一半时，磁场的磁感应强度是1T，当通入的电流加倍时，磁场的磁感应强度是1T．【考点】磁感应强度；安培力．【分析】由磁感应强度的定义式B=可以求出磁感应强度大小；磁场的磁感应强度与导线的长度无关．【解答】解：由题，通电导线与磁场垂直，则磁场的磁感强度为B==T=1T磁场的磁感强度由磁场本身决定，与通电导线的长度无关，故磁场的磁感强度仍为1T．磁场的磁感强度由磁场本身决定，当通入的电流加倍时，磁场的磁感强度仍为1T．故答案为：1，1，1；三、计算作图题（16题14分，17题12分，共26分）16．真空中有两个相距0.1m、带电量相等的点电荷，它们间的静电力的大小为10﹣5N，求每个点电荷所带电荷量是元电荷的多少倍？（静电力常数k=9×109Nm2/c2，元电荷电量为1.6×10﹣19C）【考点】库仑定律．【分析】根据库仑定律的公式列出方程即可求得电荷的电荷量，用电荷量除以元电荷就可以求得是元电荷的多少倍．【解答】解：根据库仑定律可得：F=k，所以：q===×10﹣8C，点电荷所带电荷量是元电荷的倍数为：n===2.1×1010，答：每个点电荷所带电荷量是元电荷的2.1×1010倍．17．一条放在磁场中的通电导线，导线与磁场方向垂直，图中已经分别标明电流、磁场和安培力这三个物理量中两个量的方向，试在图中标出第三个量的方向．【考点】左手定则．【分析】根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．【解答】解：电流、磁场和安培力三者之间的关系满足左手定则，根据左手定则分别判断后得出第三个量的方向如图所示；2016年11月12日。
甘肃省天水市秦安二中高三物理上学期第一次质检试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高三〔上〕第一次质检物理试卷一、单项选择题：〔每一小题4分，共32分〕1．嫦娥三号月球探测器于2013年12月2日凌晨发射升空，2013年12月14日成功完成月面软着陆，2013年12月15日4时35分，嫦娥三号着陆器与巡视器〔“玉兔号〞月球车〕成功别离，这标志着我国的航天事业又一次腾飞，下面有关嫦娥三号的说法正确的答案是( )A．嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，加速度也很小B．研究“玉兔号〞月球车在月球外表运动的姿态时，可以将其看作质点C．研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，可以将其看作质点D．“玉兔号〞月球车静止在月球外表时，其相对于地球也是静止的2．如下列图，一个人沿着一个圆形轨道运动，由A点开始运动，经过半个圆周到达B点，如下说法正确的答案是( )A．人从A到B的平均速度方向沿B点的切线方向B．人从A到B的平均速度方向由A指向BC．人在B点的瞬时速度方向由A指向BD．人所经过的位移大小为圆周长的一半3．甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的答案是( )A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲做减速直线运动，乙做加速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快D．甲、乙在相等时间内速度变化大小一样4．一质点沿直线Ox方向做加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=3+2t3〔m〕，它的速度随时间变化的关系为v=6t2〔m/s〕，如此该质点在t=3s时的瞬时速度和t=0到t=3s 间的平均速度分别为( )A．54 m/s，18 m/s B．54 m/s，27 m/sC．18 m/s，54 m/s D．27m/s，54 m/s5．一物体由M点出发沿直线MN运动，行程的第一局部是加速度大小为3m/s2的匀加速运动，接着做加速度大小为2m/s2的匀减速运动，抵达N点时恰好静止．如果MN的总长度是15m，如此物体走完MN所用的时间t为( )A．2s B．3s C．4s D．5s6．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s 2，如此4s内物体的( ) A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为40m/sD．平均速度大小为9m/s，方向向上7．物体某段过程的v﹣t图象如下列图，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，如此在t1～t2过程中( )A．加速度不变B．加速度不断增大C．平均速度小于D．平均速度大于8．如下列图，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．如此物体b受力的个数为( )A．3 B．4 C．5 D．69．如下列图，一物块静止在粗糙的斜面上．现用一水平向右的推力F推物块，物块仍静止不动．如此( )A．斜面对物块的静摩擦力可能变小B．斜面对物块的静摩擦力一定变大C．斜面对物块的支持力可能变小D．斜面对物块的支持力一定不变二、不定项选择题：〔每一小题4分，共16分〕10．甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的 v﹣t图象如下列图．如下判断正确的答案是( )A．乙车启动时，甲车在其前方50m处B．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC．乙车启动10s后正好追上甲车D．乙车超过甲车后，两车不会再相遇11．如下列图，竖直光滑杆上套有一个小球和两根弹簧，两弹簧的一端各与小球相连，另一端分别用销钉M、N固定于杆上，小球处于静止状态．设拔去销钉M瞬间，小球加速度的大小为12m/s2．假设不拔去销钉M而拔去销钉N瞬间，小球的加速度可能是〔取g=10m/s2〕( )A．22m/s2，竖直向上B．22m/s2，竖直向下C．2m/s2，竖直向上D．2m/s2，竖直向下12．〔多项选择〕如下列图，质量为M的斜面体静止在粗糙的水平面上，斜面体的两个斜面均是光滑的，顶角为，两个斜面的倾角分别为α、β，且α＞β．两个质量均为m的物体P、Q分别在沿斜面向上的力F1、F2的作用下处于静止状态，如此以下说法中正确的答案是( )A．水平地面对斜面体的静摩擦力方向水平向左B．水平地面对斜面体没有摩擦力C．地面对斜面体的支持力等于〔M+m〕gD．地面对斜面体的支持力等于〔M+2m〕g13．如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的函数关系如图乙所示．〔取竖直向上为正方向〕由图可以判断错误的答案是( )A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值T N=mgC．图线的斜率等于物体的质量mD．图线的斜率等于物体质量的倒数二、实验题〔每空2分，共12分〕14．某同学利用如图〔a〕装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系〞的实验．〔1〕在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持__________状态．〔2〕他通过实验得到如图〔b〕所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线．由此图线可得该弹簧的劲度系数k=__________N/m．〔3〕他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图〔c〕所示时，该弹簧的长度x=__________cm．15．在“验证力的平行四边形定如此〞实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某一点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．〔1〕某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须等长B．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行C．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其中正确的答案是__________〔填入相应的字母〕．〔2〕本实验采用的科学方法是__________．A．等效替代法 B．控制变量法 C．理想实验法 D．建立物理模型法〔3〕本实验中，某同学在坐标纸上画出了如下列图的两个力F1和F2，图中小正方形的边长表示1N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，关于F1、F2与F、θ1和θ2关系正确的有__________．A．F=6N B．F1=2N C．θ1=45° D．θ1＜θ2．三、计算题〔共38分、请将答案填写在答题卷上，写出必要的文字说明和解答过程，直接写答案不得分〕16．质量为M的拖拉机拉着耙来耙地，由静止开始做匀加速直线运动，在时间t内前进的距离为s．耙地时，拖拉机受到的牵引力恒为F，受到地面的阻力为自重的k倍，把所受阻力恒定，连接杆质量不计且与水平面的夹角θ保持不变．求：〔1〕拖拉机的加速度大小．〔2〕拖拉机对连接杆的拉力大小．17．〔14分〕一列车的制动性能经测定，当它以标准速度20m/s在水平轨道上行驶时，制动后做匀减速运动需40s才停下．现在这列车正以20m/s的速度在水平轨道上行驶，司机突然发现前方180m处一货车正以6m/s的速度同向行驶，于是立即制动保持测试时的加速度做匀减速直线运动．求：〔1〕列车的制动性能测定出的加速度多大？〔2〕计算说明是否会发生撞车事件？〔3〕如不发生撞车，计算列车和货车间的最小距离多大？如发生撞车，计算何时撞车？18．〔14分〕质量为M、长为L的杆水平放置，杆两端A、B系着长为3L的不可伸长且光滑的柔软轻绳，绳上套着一质量为m的小铁环．重力加速度为g，不计空气影响．〔1〕现让杆和环均静止悬挂在空中，如图甲，求绳中拉力的大小：〔2〕假设杆与环保持相对静止，在空中沿AB方向水平向右做匀加速直线运动，此时环恰好悬于A端的正下方，如图乙所示．①求此状态下杆的加速度大小a；②为保持这种状态需在杆上施加一个多大的外力，方向如何？2015-2016学年甘肃省天水市秦安二中高三〔上〕第一次质检物理试卷一、单项选择题：〔每一小题4分，共32分〕1．嫦娥三号月球探测器于2013年12月2日凌晨发射升空，2013年12月14日成功完成月面软着陆，2013年12月15日4时35分，嫦娥三号着陆器与巡视器〔“玉兔号〞月球车〕成功别离，这标志着我国的航天事业又一次腾飞，下面有关嫦娥三号的说法正确的答案是( )A．嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，加速度也很小B．研究“玉兔号〞月球车在月球外表运动的姿态时，可以将其看作质点C．研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，可以将其看作质点D．“玉兔号〞月球车静止在月球外表时，其相对于地球也是静止的考点：加速度；质点的认识；速度．分析：加速度等于单位时间内的变化量，反映速度变化快慢的物理量；当物体的大小形状在研究的问题中可以忽略，物体可以看成质点．解答：解：A、嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，但是速度变化很快，加速度很大，故A错误．B、研究“玉兔号〞月球车在月球外表运动的姿态时，“玉兔号〞月球车的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故B错误．C、研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，嫦娥三号的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确．D、“玉兔号〞月球车静止在月球外表时，相对月球是静止的，相对地球是运动的，故D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键知道加速度的物理意义，掌握物体能看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．2．如下列图，一个人沿着一个圆形轨道运动，由A点开始运动，经过半个圆周到达B点，如下说法正确的答案是( )A．人从A到B的平均速度方向沿B点的切线方向B．人从A到B的平均速度方向由A指向BC．人在B点的瞬时速度方向由A指向BD．人所经过的位移大小为圆周长的一半考点：平均速度；瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：速度是矢量，根据平均速度方向沿位移方向，而瞬时速度方向沿切线方向进展分析判断．解答：解：AB、人从A到B的位移方向由A到B；故平均速度方向由A指向B；故A错误，B正确；C、瞬时速度沿轨迹的切线方向，故人在B点的速度方向沿B点的切线方向；故C错误，D、人经过的位移大小为AB间的直线长度，故为直径长度；故D错误；应当选：B点评：此题考查速度的方向，要注意明确平均速度和瞬时速度方向的区别；明确平均速度方向与位移方向一致；而瞬时速度方向与轨迹的切线方向一致．3．甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲=4m/s2，a乙=﹣4m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的答案是( )A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲做减速直线运动，乙做加速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快D．甲、乙在相等时间内速度变化大小一样考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，正负表示加速度的方向．解答：解：A、加速度的正负表示方向，不表示大小，可知甲乙的加速度相等，故A错误．B、甲的速度方向与加速度方向一样，甲做加速运动，乙的速度方向与加速度方向相反，乙做减速运动，故B错误．C、甲乙的加速度相等，如此速度变化快慢一样，故C错误．D、甲乙的加速度大小相等，如此相等时间内速度变化量大小相等，故D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．4．一质点沿直线Ox方向做加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=3+2t3〔m〕，它的速度随时间变化的关系为v=6t2〔m/s〕，如此该质点在t=3s时的瞬时速度和t=0到t=3s 间的平均速度分别为( )A．54 m/s，18 m/s B．54 m/s，27 m/sC．18 m/s，54 m/s D．27m/s，54 m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据速度时间关系关系求得3s时的瞬时速度，分别求得t=0和t=3s时物体的位置坐标求得物体在3s内的位移，根据平均速度公式求得平均速度．解答：解：根据速度时间关系知，当t=3s时物体的速度为：v=54m/s根据x﹣t关系式知，当t=0时物体的位置距O点x1=3m，当t=3s时物体的位置距O点为：所以物体3s内的位移为：△x=x3﹣x1=57﹣3m=54m故物体的平均速度为：应当选：A．点评：此题相当于数学上代数题，代入求值，只要掌握位移与距离的关系和平均速度公式就能正确求解．5．一物体由M点出发沿直线MN运动，行程的第一局部是加速度大小为3m/s2的匀加速运动，接着做加速度大小为2m/s2的匀减速运动，抵达N点时恰好静止．如果MN的总长度是15m，如此物体走完MN所用的时间t为( )A．2s B．3s C．4s D．5s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：设总时间为t，加速时间为t1，如此减速时间为t﹣t1；如此由平均速度公式可得出位移表达式，同时可得出速度关系，联立可解得总时间解答：解：物体加速过程最大速度也为减速过程的最大速度，如此有：a1t1=a2〔t﹣t1〕…①；物体在全程的平均速度为，如此总位移x=…②；联立①②可解得：t==应当选：D．点评：此题注意平均公式的应用，因加速过程平均速度等于，而减速过程同样也是，故可知全程的平均速度，即表示出总位移；平均速度公式在解题中要注意应用．6．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s 2，如此4s内物体的( ) A．路程为65mB．位移大小为25m，方向向上C．速度改变量的大小为40m/sD．平均速度大小为9m/s，方向向上考点：竖直上抛运动；平均速度．分析：物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s内位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at求出速度的改变量．解答：解：物体的初速度是30m/s，向上运动的时间：s向上运动的最大位移：mA、B、4s内物体的位移为：x==30×4﹣=40m，方向竖直向上；路程为：s=h m+〔h m﹣x〕=2h m﹣x=2×45﹣40=50m．故A错误，B错误；C、速度改变量的大小为：△v=at=gt=10×4m/s=40m/s．故C正确；D、平均速度大小为：m/s，方向向上．故D错误．应当选：C．点评：对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用．7．物体某段过程的v﹣t图象如下列图，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，如此在t1～t2过程中( )A．加速度不变B．加速度不断增大C．平均速度小于D．平均速度大于考点：匀变速直线运动的图像；平均速度．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、在速度﹣时间图象中，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；从图象中看出在t1～t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小，说明加速度的大小在减小，故A错误．B、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小，即速度不断减小，故B正确．CD、如果物体在t1～t2过程中做的是匀减速直线运动，且初末速度分别为V1和V2，那么由匀变速直线运动的规律可得：v=，但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度，所以＜，故C正确，D错误．应当选：C点评：此题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．8．如下列图，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力F b=5N、F c=10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．如此物体b受力的个数为( )A．3 B．4 C．5 D．6考点：物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：以a为研究对象，根据平衡条件求出b对a的静摩擦力大小．以AB整体为研究对象，求解c对b的静摩擦力大小．以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件求解桌面对b的静摩擦力大小．解答：解：以a为研究对象，根据平衡条件得到：b对a的静摩擦力大小F f1=0，否如此a 水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡．以ab整体为研究对象，根据平衡条件得到：F f2=F b=5N．再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：F f3=F c﹣F b=10N﹣5N=5N，方向水平向左．所以F f1=0，F f2=5N，F f3=5N．如此物体b受力的个数为重力、c对b的支持力，与静摩擦力，a对b的压力，还有拉力F b，共5个，故C正确，ABD错误；应当选：C．点评：此题是三个物体的平衡问题，物体较多，研究对象要灵活选择，也可以就采用隔离法研究．9．如下列图，一物块静止在粗糙的斜面上．现用一水平向右的推力F推物块，物块仍静止不动．如此( )A．斜面对物块的静摩擦力可能变小B．斜面对物块的静摩擦力一定变大C．斜面对物块的支持力可能变小D．斜面对物块的支持力一定不变考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：有无推力F作用时，物块都静止不动，受力平衡，对物体进展受力分析，根据平衡条件列式即可求解．解答：解：没有推力时，物块静止不动，受力平衡，物体受重力、支持力和静摩擦力，设斜面的倾角为θ，在垂直斜面方向上，斜面对物块的支持力N=mgcosθ，在沿着斜面方向有：f=mgsinθ推力F作用后，根据平衡条件得：AB、在沿着斜面方向有f′=mgsinθ﹣Fcosθ，当mgsinθ＞Fcosθ时，摩擦力变小，当mgsinθ＜Fcosθ时，摩擦力方向变化，假设Fcosθ＞2mgsinθ如此静摩擦力反向增大，故A正确，B错误．CD、在垂直斜面方向上，N′=mgcosθ+Fsinθ，如此斜面对物块的支持力一定变大，CD均错误；应当选：A．点评：解决此题的关键能够正确地对研究对象进展受力分析，同时注意静摩擦力的方向可能会改变，难度适中．二、不定项选择题：〔每一小题4分，共16分〕10．甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的 v﹣t图象如下列图．如下判断正确的答案是( )A．乙车启动时，甲车在其前方50m处B．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC．乙车启动10s后正好追上甲车D．乙车超过甲车后，两车不会再相遇考点：匀变速直线运动的图像．分析：速度﹣时间图象切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，根据两车的速度关系和位移分析何时相遇．解答：解：A、根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知乙在t=10s时启动，此时甲的位移为x==50m，即甲车在乙前方50m处，故A正确．B、当两车的速度相等时相遇最远，最大距离为：S max=×〔5+15〕×10m﹣×10×5m=75m，故B正确．C、由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动10s后位移小于甲的位移，还没有追上甲，故C错误．D、乙车超过甲车后，由于乙的速度大，所以不可能再相遇，故D正确．应当选：ABD．点评：此题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理．11．如下列图，竖直光滑杆上套有一个小球和两根弹簧，两弹簧的一端各与小球相连，另一端分别用销钉M、N固定于杆上，小球处于静止状态．设拔去销钉M瞬间，小球加速度的大小为12m/s2．假设不拔去销钉M而拔去销钉N瞬间，小球的加速度可能是〔取g=10m/s2〕( )A．22m/s2，竖直向上B．22m/s2，竖直向下C．2m/s2，竖直向上D．2m/s2，竖直向下考点：牛顿第二定律；胡克定律．分析：小球加速度的大小为12m/s2可能向上也可能向下，拔去销钉M瞬间，上面一个弹簧对小球的作用力为0，小球只受到下面弹簧的作用力，根据牛顿第二定律算出上面弹簧对小球的作用力，如拔去销钉N如此下面一根弹簧作用力为0，再根据牛顿第二定律即可求解，要注意方向．解答：解：设小球的质量为m，向上为正方向，刚开始受力平衡，如此有：F N+F M﹣G=0拔去销钉M瞬间有：F N﹣G=±12m所以F N=﹣2m或22m所以F M=12m或﹣12m去销钉N瞬间，小球受M弹簧和重力G的作用，加速度为：a==2m/s2或﹣22m/s2应当选BC．点评：此题主要考查了牛顿第二定律的应用，要求同学们能正确进展受力分析，注意加速度是矢量，难度不大．12．〔多项选择〕如下列图，质量为M的斜面体静止在粗糙的水平面上，斜面体的两个斜面均是光滑的，顶角为，两个斜面的倾角分别为α、β，且α＞β．两个质量均为m的物体P、Q分别在沿斜面向上的力F1、F2的作用下处于静止状态，如此以下说法中正确的答案是( )A．水平地面对斜面体的静摩擦力方向水平向左B．水平地面对斜面体没有摩擦力C．地面对斜面体的支持力等于〔M+m〕gD．地面对斜面体的支持力等于〔M+2m〕g考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分别对P和Q受力分析，列出对斜面体水平方向和竖直方向的力的关系式，根据数学知识求其大小关系．解答：解：P物体对斜面的水平作用力等于mgcosαsinα=0.5mgsin2α，同理，Q对斜面的水平作用力是：mgcosβsinβ=0.5mgsin2β sin2β=sin2〔﹣α〕=sin2α，所以两力平衡，斜面体没有运动的趋势，水平地面对斜面体没有摩擦力．P对斜面的压力在竖直方向是分力是mg〔cosα〕2 ，Q对斜面的压力在竖直方向是分力是：mg〔cosβ〕2，〔cosβ〕2=cos〔﹣α〕2=sinα2 所以合力为mg，故地面对斜面体的支持力等于〔M+m〕g，故BC正确．应当选：BC点评：此题的重点是受力分析，难点是数学知识在物理中的应用，难度较大．13．如图甲，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力T之间的函数关系如图乙所示．〔取竖直向上为正方向〕由图可以判断错误的答案是( )A．图线与纵轴的交点M的值a M=﹣gB．图线与横轴的交点N的值T N=mgC．图线的斜率等于物体的质量mD．图线的斜率等于物体质量的倒数考点：加速度与力、质量的关系式．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对货物受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律求出加速度的表达式进展分析，根据表达式结合图象，运用数学知识分析物理问题．解答：解：对货物受力分析，受重力mg和拉力T，根据牛顿第二定律，有T﹣mg=ma，得 a=﹣gA、当T=0时，a=﹣g，即图线与纵轴的交点M的值a M=﹣g，故A正确；B、当a=0时，T=mg，故图线与横轴的交点N的值T N=mg，故B正确；C、D图线的斜率表示质量的倒数，故C错误，D正确；此题选择错误的，应当选：C．点评：此题关键是根据牛顿第二定律求出加速度的表达式，再根据数学知识进展讨论．二、实验题〔每空2分，共12分〕14．某同学利用如图〔a〕装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系〞的实验．〔1〕在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态．〔2〕他通过实验得到如图〔b〕所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线．由此图线可得该弹簧的劲度系数k=50N/m．〔3〕他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图〔c〕所示时，该弹簧的长度x=10cm．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：〔1〕弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须竖直；〔2〕弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律F=k△x求解劲度系数；〔3〕直接从弹簧秤得到弹力，再从图象b弹簧弹簧长度．解答：解：〔1〕弹簧是竖直的，要减小误差，刻度尺必须与弹簧平行，故刻度尺要保持竖直状态；〔2〕弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4cm；弹簧弹力为2N时，弹簧的长度为8cm，伸长量为4cm；根据胡克定律F=k△x，有：k==；〔3〕由图c得到弹簧的弹力为3N，根据图b得到弹簧的长度为10cm．故答案为：〔1〕竖直；〔2〕50；〔3〕10．点评：此题关键是明确实验原理，然后根据胡克定律F=k△x并结合图象列式求解．此题关键根据胡克定律推导出弹力与弹簧长度的关系表达式进展分析．15．在“验证力的平行四边形定如此〞实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某一点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．〔1〕某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须等长B．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行C．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其中正确的答案是BE〔填入相应的字母〕．〔2〕本实验采用的科学方法是A．A．等效替代法 B．控制变量法 C．理想实验法 D．建立物理模型法〔3〕本实验中，某同学在坐标纸上画出了如下列图的两个力F1和F2，图中小正方形的边长表示1N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，关于F1、F2与F、θ1和θ2关系正确的有AC．。
甘肃省天水市秦安二中2017-2018学年高一上学期期末物理试卷 Word版含解析
甘肃省天水市秦安二中2017-2018学年高一上学期期末物理试卷一、本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1、2、3、4、5、6、11题为单选，7、8、9、10、12题为多选．1．（4分）如图是利用传感器记录两个物体间作用力和反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是（）A．作用力大时，反作用力小B．作用力和反作用力不是同时变化的C．作用力和反作用力的大小总是相等D．作用力总是大于反作用力2．（4分）如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个运动过程中，CE段的加速度最大B．整个运动过程中，BC段的加速度最大C．整个运动过程中，质点在C点的状态所对应的位置离出发点最远D．O A段所表示的运动通过的路程是25m3．（4分）如图所示，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一光滑斜面接触（）A．如小车做匀速运动，小球受到的力有重力、绳对它的拉力和斜面对它的弹力B．如小车做匀速运动，小球受到斜面的弹力一定为零C．如小车做匀加速运动，小球受到斜面的弹力一定为零D．如小车做匀加速运动，加速度越大，绳的拉力越大4．（4分）一滑雪者沿斜坡匀速滑下，如图．下列关于滑雪者受力的说法，正确的是（）A．滑雪者受到二个力作用B．滑雪者所受的合力垂直斜坡向上C．滑雪者所受的合力沿斜坡向下D．作用在滑雪者身上的合力为零5．（4分）在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．6．（4分）“蹦极”是一项刺激的体育运动．某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P 点下落到最低点c点的过程中（）A．在a点时人的速度最大B．在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C．在ab段人做减速运动D．在c点，人的速度为零，处于平衡状态7．（4分）如图所示，质点通过位置P时的速度、加速度及P附近的一段轨迹都在图上标出，其中可能正确的是（）A．B．C．D．8．（4分）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是（）A．a的原长比b的短B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比9．（4分）如图是甲、乙两物体做直线运动的v﹣t图象．下列表述正确的是（）A．乙做匀加速直线运动B．甲的加速度比乙的小C．甲和乙的加速度方向相同D．甲与乙的速度方向相同10．（4分）如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上．一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度（一直在弹性限度内）后停止下落．在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（）A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上C．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小D．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大11．（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t秒后，Q的速度也变为v，再经t秒物体Q到达传送带的右端B处，则（）A．前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀减速运动B．后t秒内Q与传送带之间无摩擦力C．前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为1：1D．Q由传送带左端运动到右端的平均速度为12．（4分）如图，在光滑水平面上放着紧靠在一起的A．B两物体，B的质量是A的2倍，B受到向右的恒力F B=2N，A受到的水平力F A=（9﹣2t）N，（t的单位是s）．从t=0开始计时，则（）A．A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍B．t＞4s后，B物体做匀加速直线运动C．t=4.5s时，A物体的速度为零D．t＞4.5s后，AB的加速度方向相反二、本题共2小题，每空2分，共12分．把答案填在相应的横线上或按题目要求作答．13．（6分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如2图所示）．①分析此图线，CA段不过原点的可能原因是：．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是．A．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小木块的质量太大．14．（6分）现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺．请填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤（不考虑摩擦力的影响）：①小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑至斜面底端A2，记下所用的时间t②用米尺测量A1与A2之间的距离s，则小车的加速度a=．③用米尺测量A1相对于A2的高h．设小车所受重力为mg，则小车所受的合外力F=．④改变，重复上述测量．⑤以h为横坐标，为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律．三、本题共4小题，满分40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（8分）如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10N/m，用两条等长的线将球C与A、B相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60°，求：（1）杆对A球支持力大小；（2）C球重力大小．16．（8分）某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．（1）4s末木箱的速度为多大？（2）若4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．17．（12分）如图所示，在光滑水平面AB上，用水平恒力F推动质量为m=1kg的物体从A 点由静止开始做匀加速直线运动，物体到达B点时撤去F，接着又冲上光滑斜面，设经过B 点前后速度大小不变，最高能到达C点，用速度传感器测量物体的瞬时速度，表中记录了部分测量数据，t（s）0.0 0.2 0.4 … 2.2 2.4 2.6 …v（m/s）0.0 0.4 0.8 … 3.0 2.0 1.0 …取g=10m/s2，求：（1）恒力F的大小．（2）斜面的倾角α．（3）t=2.1s时物体的速度．18．（12分）如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验．若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为μ．重力加速度为g．（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力的大小；（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；（3）本实验中，m1=0.5kg，m2=0.1kg，μ=0.2，砝码与纸板左端的距离d=0.1m，取g=10m/s2．若砝码移动的距离超过l=0.002m，人眼就能感知．为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大？甘肃省天水市秦安二中2017-2018学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、本题共12小题，每小题4分，共48分．其中1、2、3、4、5、6、11题为单选，7、8、9、10、12题为多选．1．（4分）如图是利用传感器记录两个物体间作用力和反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是（）A．作用力大时，反作用力小B．作用力和反作用力不是同时变化的C．作用力和反作用力的大小总是相等D．作用力总是大于反作用力考点：牛顿第三定律．分析：从图上可以看出作用力和反作用力关于时间轴对称即大小相等，一正一负即方向相反．作用力和反作用力互为施力物体和受力物体．解答：解；A、作用力和反作用力大小相等，故A错误B、作用力和反作用力是同时变化的，故B错误C、作用力和反作用力一正一负即方向相反，而大小相等．故C正确D、无论物体静止还是运动，作用力和反作用力的关系都不改变．故D错误．故选：C．点评：理解基本概念是学好物理的前提和基础，只有充分理解牛顿第三定律才能顺利解决本题．2．（4分）如图所示为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法中正确的是（）A．整个运动过程中，CE段的加速度最大B．整个运动过程中，BC段的加速度最大C．整个运动过程中，质点在C点的状态所对应的位置离出发点最远D．O A段所表示的运动通过的路程是25m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：（1）v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；（2）图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．（3）图象与坐标轴围成的面积表示位移，BC段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程．解答：解：A、整个过程中，CE段倾斜角最大，故其加速度数值最大，故A正确，B错误；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，故C错误；D、OA段与时间轴围成的三角形面积为S=．故D错误．故选：A点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．3．（4分）如图所示，车厢顶部用竖直细线悬挂一小球，小球下方与一光滑斜面接触（）A．如小车做匀速运动，小球受到的力有重力、绳对它的拉力和斜面对它的弹力B．如小车做匀速运动，小球受到斜面的弹力一定为零C．如小车做匀加速运动，小球受到斜面的弹力一定为零D．如小车做匀加速运动，加速度越大，绳的拉力越大考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．分析：AB选项物体处于平衡状态，根据弹力有无的判断，确定物体的受力，CD选项物体处于加速运动状态，根据牛顿第二定律结合力的合成与分解求解．解答：解：AB、小车做匀速运动，小球处于平衡状态，合外力为零，对小球受力分析知，受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，假设受到斜面的弹力，三个力的合力不可能为零，小球将向右上方运动，与题设条件矛盾，故斜面对小球没有弹力．故小球只受到重力和细线对它的拉力两个力．故B正确，A错误；CD、车做加速运动，合外力水平向右，对小球受力分析，如只受竖直向下重力、竖直向上的绳子拉力，合力不可能水平向右，故小球必受到斜面的弹力，方向垂直斜面向上，故C错误；随着加速度的增大，当合力不足以提供加速度时，小球将沿斜面上滑，绳子上的力将变为零，故D错误；故选：B点评：本题采用假设法分析斜面的弹力是否存在，这是判断弹力和摩擦力是否存在常用的方法．4．（4分）一滑雪者沿斜坡匀速滑下，如图．下列关于滑雪者受力的说法，正确的是（）A．滑雪者受到二个力作用B．滑雪者所受的合力垂直斜坡向上C．滑雪者所受的合力沿斜坡向下D．作用在滑雪者身上的合力为零考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分析滑雪者的受力情况，根据共点力的平衡即可做出判定．解答：解：一滑雪者沿斜坡匀速滑下，受到重力、支持力和摩擦力两点作用处于平衡状态，合外力为0．故ABC错误，D正确．故选：D点评：平衡状态由两种情况：静止或做匀速直线运动，所以该题中的滑雪者处于平衡状态，这是解题的关键．5．（4分）在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）A．B．C．D．考点：超重和失重．专题：运动学中的图像专题．分析：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态．解答：解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，所以D正确．故选D．点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．6．（4分）“蹦极”是一项刺激的体育运动．某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P 点下落到最低点c点的过程中（）A．在a点时人的速度最大B．在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C．在ab段人做减速运动D．在c点，人的速度为零，处于平衡状态考点：牛顿第二定律；超重和失重．分析：根据牛顿第二定律判断出人的加速度方向，根据加速度的方向与速度方向的关系，判断出人的运动情况，从而确定哪个位置速度最大，哪个位置加速度最大．解答：解：A、从a点向下，人的重力大于弹力，加速度向下，则做加速运动，根据牛顿第二定律知，加速度减小，当到达b位置，重力和弹力相等，速度最大，由b到c，重力小于弹力，加速度方向向上，做减速运动．故A错误．B、在ab段绳的拉力小于人的重力，加速度向下，人处于失重状态．故B正确．C、从a点向下，人的重力大于弹力，加速度向下，则做加速运动，根据牛顿第二定律知，加速度减小，当到达b位置，重力和弹力相等，速度最大，故ab段做加速度减小的加速运动．故C错误．D、在c点，速度为零，重力小于弹力，不是平衡状态．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动，知道合力的方向与加速度方向相同，当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动．7．（4分）如图所示，质点通过位置P时的速度、加速度及P附近的一段轨迹都在图上标出，其中可能正确的是（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．分析：做曲线运动的物体，速度方向沿着曲线上点的切线方向；做曲线运动的物体，合力及加速度的方向与速度方向不共线，且指向曲线的内侧；解答：解：A、图中速度方向正确，加速度方向应该直线曲线的内侧，故A错误；B、图中速度方向是切线方向，加速度方向指向曲线的内侧，故B正确；C、图中加速度方向指向曲线的内侧，但速度方向不是切线方向，故C错误；D、图中速度方向是切线方向，加速度方向指向曲线内侧，故D正确；故选：BD．点评：本题关键是要明确三个方向，即速度方向、合力方向、加速度方向；对于曲线运动要明确其速度方向不断变化，一定具有加速度，一定是变速运动．8．（4分）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是（）A．a的原长比b的短B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：弹簧的弹力满足胡克定律，F=kx，在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，横截距表示弹簧的原长．解答：解：A、在图象中横截距表示弹簧的原长，故b的原长比a的长，故A正确．BC、在图象中斜率表示弹簧的劲度系数k，故a的劲度系数比b的大，故B正确，C错误．D、测得的弹力与弹簧的伸长长度成正比，而不是与长度成正比，故D错误．故选：AB．点评：考查了胡克定律，注意F﹣t图象的认识，明确斜率和横截距的物理意义．9．（4分）如图是甲、乙两物体做直线运动的v﹣t图象．下列表述正确的是（）A．乙做匀加速直线运动B．甲的加速度比乙的小C．甲和乙的加速度方向相同D．甲与乙的速度方向相同考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，倾斜直线表示匀变速直线运动，根据形状分析物体的运动性质；图线的斜率代表物体的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜，加速度为负．解答：解：A、由图看出，乙的速度均匀增大，加速度不变，说明乙做匀加速直线运动，故A正确．B、由速度图线斜率的大小等于加速度的大小，甲图线的斜率较大，则甲的加速度比乙的大．故B错误．C、v﹣t图象的斜率等于加速度，由数学知识得知，甲的加速度沿负向，乙的加速度沿正向，两者加速度方向相反，故C错误．D、速度的正负表示速度的方向，由图知，两个物体的速度均沿正方向，方向相同，故D正确．故选：AD．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，关键要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．10．（4分）如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上．一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度（一直在弹性限度内）后停止下落．在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（）A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上C．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小D．从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大考点：动能和势能的相互转化；牛顿第二定律；功能关系．分析：根据小球的受力情况，分析小球的运动情况，判断什么时刻小球的速度最大，根据牛顿第二定律分析小球的加速度的方向．解答：解：A、B小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度，开始压缩弹簧时，重力大于弹力，合力竖直向下，加速度方向竖直向下，与速度方向相同，小球做加速度运动，当小球所受的弹力大于重力时，合力竖直向上，加速度竖直向上，与速度方向相反，小球开始做减速运动，则当弹力与重力大小相等、方向相反时，小球的速度最大．故AB错误．C、由上分析可知，从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小．故C正确．D、从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后反向增大．故D正确．故选CD．点评：本题是含有弹簧的问题，关键要抓住弹簧弹力的可变性，不能想当然，认为小球一碰弹簧就开始减速．11．（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t秒后，Q的速度也变为v，再经t秒物体Q到达传送带的右端B处，则（）A．前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀减速运动B．后t秒内Q与传送带之间无摩擦力C．前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为1：1D．Q由传送带左端运动到右端的平均速度为考点：牛顿第二定律；平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在前t秒内物体做加速运动，后t秒内物体做匀速运动．由运动学公式求出总位移，再求解平均速度，并求出位移之比．后ts内Q与传送带之间无摩擦力．解答：解：A、在前t秒内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，后t秒内物体的速度与传送带相同，不受摩擦力而做匀速运动．故A错误，B正确．C、前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为：vt=1：2．故C错误．D、Q由传送带左端运动到右端的总位移为x=+vt=，平均速度为=．故D错误．故选：B点评：本题可通过分析物体的受力情况来确定其运动情况，也可以通过作速度图象研究位移和平均速度．12．（4分）如图，在光滑水平面上放着紧靠在一起的A．B两物体，B的质量是A的2倍，B受到向右的恒力F B=2N，A受到的水平力F A=（9﹣2t）N，（t的单位是s）．从t=0开始计时，则（）A．A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍B．t＞4s后，B物体做匀加速直线运动C．t=4.5s时，A物体的速度为零D．t＞4.5s后，AB的加速度方向相反考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体，根据牛顿第二定律求出加速度的表达式，得到A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍数；对B研究，由牛顿第二定律求出A对B的作用力N表达式，当N=0时，求出时间，此后A 分离，B做匀加速运动；t=4.5s时，对A，根据牛顿第二定律求出加速度，分析其速度；解答：解：设A的质量为m，则B的质量为2m，在两物体没有分离时，对整体：根据牛顿第二定律得a==①对B：设A对B的作用力大小为N，则N+F B=2ma ②解得，N=（16﹣4t），③A、B、由③得，当t=4s时，N=0，此后A、B分离，B物体做匀加速直线运动．由①得：当t=0时，a1=；t=3s时，a2=，则A物体在3s末时刻的加速度是初始时刻的倍．故A、B正确．C、t=4.5s时，A的加速度为a A===0，说明t=4.5s之前A在做加速运动，此时A的速度不为零，而且速度方向与B相同．故C错误．D、t＞4.5s后，A的加速度a A＜0，而B的加速度不变，则知t＞4.5s后，AB的加速度方向相反．故D正确．故选ABD点评：本题是连接体问题，采用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律得到加速度与时间的关系是关键．二、本题共2小题，每空2分，共12分．把答案填在相应的横线上或按题目要求作答．13．（6分）为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图1所示的实验装置，带滑轮的长木板水平放置．在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如2图所示）．①分析此图线，CA段不过原点的可能原因是：未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是C．A．小木块与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小木块的质量太大．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦力时过大．从图上分析两图各是什么原因即可．解答：解：在该实验中必须采用控制变量法，应保持木块质量不变；改变所挂钩码的数量，多次重复测量．（1）当拉力F已经不为零时，木块仍然没有产生加速度，故原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（2）探究加速度与力的关系实验，当钩码的质量远小于小车质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力，a﹣F图象是直线，如果钩码质量太大，不能满足钩码质量远小于小车质量时，a﹣F图象不是直线，发生弯曲，故C正确；故选：C．故答案为：木块质量；（1）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足（2）C点评：正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据、实验误差等，会起到事半功倍的效果．14．（6分）现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺．请填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤（不考虑摩擦力的影响）：①小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑至斜面底端A2，记下所用的时间t②用米尺测量A1与A2之间的距离s，则小车的加速度a=．。
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甘肃省天水市秦安县第二中学2017届高三上学期期中考试物理试题第I卷一、选择题：本题共12题，每小题4分。
第1—7题只有一个选项符合题目要求；第8—12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．小汽车在嘉峪关至山丹高速公路上行驶限速120km/h，冬天大雾天气的时候高速公路经常封路，以免发生严重的交通事故。
如果某人大雾天开车在此段高速公路上行驶时，能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）为50m，该人的反应时间为0.5s，汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5m/s2，为安全行驶，汽车行驶的最大速度是( )A．10m/s B．15m/s C．20m/s 2．如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a 和b的位移—时间(x－t)图线，由图可知( )A．在t1时刻，a、b两车运动方向相反B．在t1到t2这段时间内，b车始终向同一方向运动C．在t1到t2这段时间内，b车的平均速度比a车的大D．在t1到t2这段时间内，b车的平均速率比a车的大3．如图所示，粗糙程度一样的楔形木块固定在水平地面上，ab面和bc面与水平地面的夹角分别为α和β，且α＞β。
一初速度为v0的小物块先沿斜面ab向上运动，经时间t o到达顶点b，速度刚好为零；然后小物块立即从静止沿bc斜面下滑。
在小物块从a运动到c的过程中，可能正确描述其速度大小v与时间t的关系的图象是( )4．如图所示，一光滑半圆形碗固定在水平面上，质量为m1的小球用轻绳跨过碗口并连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时碗内小球恰好与碗之间没有弹力，两绳与水平方向夹角分别为53°、37°，则m1：m2：m3的比值为（已知sin53º=0.8，cos53º=0.6）( )A．5∶4∶3 B．4∶3∶5C．3∶4∶5 D．5∶3∶45．长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为m A=1kg和m B=2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为μ=0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示（重力加速度g取10m/s2）。
则（）A．若F=1N，则物块、木板都静止不动B．若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NC．若F=4N，则B物块所受摩擦力大小为4ND ．若F=8N ，则B 物块的加速度为1m/s 26．如图所示，在水平放置的半径为R 的圆柱体轴线的正上方的P 点，将一个小球以水平速度v 0垂直圆柱体的轴线抛出，小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q 点沿切线飞过，测得O 、Q 连线与竖直方向的夹角为θ，那么小球完成这段飞行的时间是（ ）．0tan g t v θ= C ．0sin R t v θ= D ．0cos R t v θ= 7．关于运动的合成，下列说法中正确的是（）A ．合运动的速度一定比每一个分运动的速度大B ．两个直线运动的合运动一定是直线运动C ．两个分运动的时间一定与合运动时间相等D ．合运动的加速度一定比每个分运动加速度大8．如图所示，物体从斜面上A 点由静止开始下滑，第一次经光滑斜面AB 滑到底端时间为t 1；第二次经光滑斜面ACD 下滑，滑到底端时间为t 2．已知AC+CD=AB ，在各斜面的等高处物体的速率相等，试判断（ ）A ．t 1＞t 2B ．t 1=t 2C ．t 1＜t 2D ．不确定9．如图所示，水平面上停放着A ，B两辆小车，质量分别为M 和m ，M>m ，两小车相距为L ，人的质量也为m ，另有质量不计的硬杆和细绳。
第一次人站在A 车上，杆插在B车上；第二次人站在B 车上，杆插在A 车上；若两种情况下人用相同大小的水平作用力拉绳子，使两车相遇，不计阻力，两次小车从开始运动到相遇的时间分别为t 1和t 2，则（ ）A ．t 1等于t 2B ．t 1小于t 2C ．t 1大于t 2D ．条件不足，无法判断10.在斜面上等高处，静止着两个相同的物块A 和B. 两物块之间连接着一个轻质弹簧，劲度系数为K ，斜面的倾角为θ，两物块和斜面间的摩擦因数均为μ，则弹簧的最大伸长量是( )A. k m gB. k mg θμcosC. k mg mg θμθcos sin + D.k mg θθμ222sin cos - 11．某电视台每周都有棋类节目，如棋类授课和评析，他们的棋盘都是竖直放置的，棋盘上布有磁铁，而每个棋子都是一个小磁铁，关于棋盘和棋子有下列几种说法：①小棋子共受四个力的作用AB②每个棋子的质量肯定都有细微的差异，所以不同的棋子所受的摩擦力不同③棋盘面应选取相对粗糙的材料④如果某个棋子贴不上棋盘，总会滑落，肯定是其质量偏大以上说法中正确的是( )A．①②④ B．①②③ C．①③④D．②③④12、如图所示,两个同样的弹簧秤每个自重都是0.1N,下端挂钩的重力忽略不计,甲”正挂”,乙”倒挂”,在乙的下方挂上重0.2N的砝码,则甲、乙两弹簧秤的示数分别为( ) A、0.2N 0.3N B、03N 0.2NC、0.3N 0.3ND、0.4N 0.3N第Ⅱ卷（非选择题）二、非选择题：13．（8分）实验课上，某小组验证“力的平行四边形定则”的实验原理图如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．(1)图乙中的________(选填“F”或“F′”)是力F1和F2的合力的理论值；________ (选填“F”或“F′”)是力F1和F2的合力的实际测量值．(2)本实验采用的科学方法是( )A．控制变量法B．理想实验法 C．等效替代法 D．建立物理模型法(3)在实验中，如果其他条件不变仅将细绳换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答： ____________.(选填“变”或“不变”)(4)为了使实验能够顺利进行，且尽量减小误差，你认为下列说法或做法能够达到上述目的的是 ( )A．若固定白纸的方形木板平放在实验桌上验证力的平行四边形定则，使用弹簧测力计前应将测力计水平放置，然后检查并矫正零点B．两个分力F1、F2间夹角应越大越好C．标记拉力方向时，要用铅笔紧靠细绳沿绳移动铅笔画出D．同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置14．（12分）（1）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，该同学要探究小车的加速度a和质量（2）该同学通过数据的处理作出了a-F图象，如图所示，则①图中的直线不过原点的原因是．②图中的力F理论上是指，而实验中却表示．（选填字母符号）A．砂和砂桶的重力B．绳对小车的拉力15．（12分）为了安全，中国航母舰载机“歼-15”通过滑跃式起飞方式起飞。
滑跃起飞的原理有点像高山滑雪，主要靠甲板前端的上翘帮助战斗机起飞，其示意图如图所示，飞机=160m的水平跑道上运由静止开始先在一段水平距离为L1动，然后在长度为L=20.5m的倾斜跑道上滑跑，直到起飞。
2已知飞机的质量4m kg，其喷气发动机的推力大小恒为=0.2⨯105=⨯，方向与速度方向相同，水平跑道与倾斜跑道末F N1.410端的高度差 2.05=，飞机在水平跑道上和倾斜跑道上运动的h m过程中受到的平均阻力大小都为飞机重力的0.2倍，假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，倾斜跑道看作斜面，不计拐角处的影响，且飞机起飞的过程中没有出现任何故障。
g 取10m/s 2。
(1) 求飞机在水平跑道上运动的末速度.(2) 求飞机从开始运动到起飞经历的时间.16. （10分）2017年暑假期间，张掖市某学校物理课外兴趣小组去面粉厂进行暑期实践活动，小组成员测出工厂中运送面粉袋的水平传送带以v=1m/s 的速度匀速运动，若工人师傅将一面粉袋无初速度地放在传送带上后，面粉袋从开始运动到与传送带保持相对静止时会在传送带上留下长L=0.2m 的痕迹，取210m g s 。
请你用以上数据求出面粉袋与传送带间的动摩擦因数。
17．（14分）2007年10月24日，中国首颗探月卫星“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心发射升空，准确进入预定轨道．随后，“嫦娥一号”经过变轨和制动成功进入环月轨道．如图所示，阴影部分表示月球，设想飞船在距月球表面高度为3R 的圆形轨道Ⅰ上作匀速圆周运动，到达A 点时经过暂短的点火变速，进入椭圆轨道Ⅱ，在到达轨道Ⅱ近月点B 点时再次点火变速，进入近月圆形轨道Ⅲ，而后飞船在轨道Ⅲ上绕月球作匀速圆周运动．已知月球半径为R，月球表面的重力加速度为g．不考虑其它星体对飞船的影响，求：（1）飞船在轨道Ⅰ、Ⅲ的速度之比．（2）飞船从轨道Ⅱ上远月点A运动至近月点B所用的时间．（3）如果在Ⅰ、Ⅲ轨道上有两只飞船，它们绕月球飞行方向相同，某时刻两飞船相距最近（两飞船在月球球心的同侧，且两飞船与月球球心在同一直线上），则经过多长时间，他们又会相距最近？物理试题参考答案一、选择题：本题共12题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1—7题只有一个选项符合题目要求；第8—12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
二、非选择题：13(8分). (1)F（1分）；F′（1分）；(2)C（2分）；(3)不变（2分）；(4)AD（2分）14．（1）细线对车的拉力F，小车的质量M（2）①平衡摩擦力时木板右端垫得过高（平衡摩擦力时，木板倾角偏大）．②B，A③未满足砂和砂桶质量远小于小车的质量．倾斜跑道上：由牛顿第二定律有22ma L h mg f F =--得224/a m s = （6）（2分）由2221222v v a L -= 得 242/v m s = （7）（1分） 所以21220.5v v t s a -==（8） （1分）128.5t t t s =+=（9） （1分）16.（10分）法一：解：设面粉袋与传送带间的动摩擦因数为μ，取地面为参考系，面粉袋从开始运动到与传送带保持相对静止所用时间为t ，面粉袋的加速度为a ，传送带与面粉袋分别发生的位移为1x 、2x 。
（2）设飞船在轨道I 上的运动周期为T 1，在轨道I 有：2214(4)(4)mM G m R R T π= 在月球表面有： 20GM g R =由以上可得：116T =设飞船在轨道II 上的运动周期T 2，而轨道II 的半长轴为2.5R ，根据开普勒定律得：。