【成才之路】2010高中物理 期末综合能力检测B 新人教版必修1
【成才之路】高中物理 期末综合能力检测(B) 新人教版必修3
期末综合能力检测(B)本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．迈尔是建立能量守恒定律的科学家之一，他是一个医生，他对于能量守恒定律的探索与思考，下列说法正确的是()A．人的静脉血在热带较红，即静脉血中留下较多的氧，因为人在热带消耗能量较少，肌体中食物的氧化过程较弱B．海水在暴风雨中，由于受到雨滴的冲击，海水的温度升高C．太阳能是取之不竭的能源，植物吸收了太阳能把它转化为化学能D．生物区别于其他物质的显著的特点是生物有“生命力”答案：ABC解析：能量守恒定律是贯穿自然科学各个领域的最根本的规律，它是由许多不同科学领域的科学家共同建立的，德国医生迈尔在对能量守恒定律的探索和思考的过程中涉及了多方面的综合的知识．A选项是迈尔思考的化学能和热能的等效，选项B是热与机械运动的等效，C是迈尔对生物体中能量转化的分析，他认为生物除了吸收物质与能量之外，不需要什么“生命力”．2．(2009年南京)如图a、b所示，是一辆质量m＝6×103kg的公共汽车在t＝0和t＝4s 末两个时刻的两张照片．当t＝0时，汽车刚启动(汽车的运动可看成匀加速直线运动)．图c 是车内横杆上悬挂的拉手环(相对汽车静止)经放大后的图象，测得θ＝15°.根据题中提供的信息，可以估算出的物理量有()A．汽车的长度B．4s末汽车的速度C．4s内汽车牵引力所做的功D．4s末汽车牵引力的功答案：AB3．如图所示，M 为固定在桌面上的异形木块，abcd 为34圆周的光滑轨道，a 为轨道最高点，de 面水平且与圆心等高．今将质量为m 的小球在d 点的正上方高为h 处由静止释放，使其自由下落到d 处后，又切入圆轨道运动，则下列说法正确的是( )A ．在h 一定的条件下，释放后小球的运动情况与球的质量有关B ．只要改变h 的大小，就能使小球在通过a 点之后既可能落回轨道之内，又可能落到de 面上C ．无论怎样改变h 的大小，都不可能使小球在通过a 点之后，又落回轨道之内D ．要使小球飞出de 面之外(即落在e 的右边)是可能的 答案：CD解析：只要小球能通过轨道的最高点a ，即有v a ≥gR ，小球能否落回轨道之内，取决于小球离开a 点后做平抛运动的水平射程x ，由平抛运动公式x ＝v a t 及R ＝12gt 2得x ≥2R ，由此可知，小球通过a 点之后，不可能落回轨道之内，但可能飞出de 面之外．4．不久前欧洲天文学家在太阳系之外发现了一颗可能适合人类居住的行星，命名为“格利斯581c ”．该行星的质量是地球的5倍，直径是地球的1.5倍．设想在该行星表面附近绕行星沿圆轨道运行的人造卫星的动能为E k1，在地球表面附近绕地球沿圆轨道运行的相同质量的人造卫星的动能为E k2，则E k1E k2为( )A ．0.13B ．0.3C ．3.33D ．7.5答案：C解析：由万有引力提供向心力知，G Mm R 2＝m v 2R ，则动能E k ＝12m v 2＝GMm2R ，若地球质量为M 、半径为R ，则“格利斯581c ”行星的质量M 1＝5M ，半径R 1＝1.5R ，代入数值得：E k1E k2＝51.5＝3.33. 5．(2009年潍坊)如图所示，螺旋形光滑轨道竖直放置，P 、Q 为对应的轨道最高点，一个小球以一定速度沿轨道切线方向进入轨道，且能过轨道最高点P ，则下列说法中正确的是( )A ．轨道对小球做正功，小球的线速度v P >v QB ．轨道对小球不做功，小球的角速度ωP <ωQC ．小球的向心加速度a P >a QD ．轨道对小球的压力F P >F Q 答案：B6．如图所示，传送带以1m/s 的速度水平匀速运动，砂斗以20kg/s 的流量向传送带上装砂子，为了保持传递速率不变，驱动传送带的电动机因此应增加功率( )A ．10WB ．20WC ．30WD ．40W答案：B解析：每秒钟流到传送带的砂子获得的动能为ΔE k ＝12m v 2，砂子达到速度v 之前，相对传送带向后滑动，每秒转化为内能的机械能为：Q ＝F f s 相对，而s 相对＝v 2t 相－v 20相2a 相＝0－v 22(－μg )＝v 22μgQ ＝F f s 相对＝μmg ·v 22μg ＝12m v 2因此，电动机必须增加的功率为： ΔP ＝(ΔE k ＋Q )Δt ＝m v 2Δt＝20W ，∴应选B.7．某人划船渡过一条河，当划行速度和水流速度一定，且划行速度大于水流速度时，过河的最短时间是t 1；若以最小位移过河，需时间t 2，则船速v 1与水速v 2之比为( )A ．t 2 t 1B ．t 2 t 22－t 21C ．t 1 (t 1－t 2)D ．t 1 t 2 答案：B解析：如图所示，设河宽为L ，若过河时间最短，则垂直河岸划行，L ＝v 1t 1若以最小位移过河，则船划行方向与上游河岸成α角，则L ＝v 1sin α·t 2，v 1t 1＝v 1sin α·t 2，sin α＝t 1t 2又因v 2v 1＝cos α＝1－t 21t 22，∴v 1 v 2＝t 2 t 22－t 21.8．我们的银河系的恒星中大约四分之一是双星．某双星由质量不等的星体S 1 和S 2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C 做匀速圆周运动．由天文观察测得其运动周期为T ，S 1到C 点的距离为r 1，S 1和S 2的距离为r ，已知引力常量为G ，由此可求出S 2的质量为( )A.4π2r 2(r －r 1)GT 2B.4π2r 31GT2C.4π2r 3GT 2D.4π2r 2r 1GT 2答案：D解析：设S 1和S 2的质量分别为m 1、m 2，对于S 1有m 1(2πT )2r 1＝G m 1·m 2r 2，得m 2＝4π2r 2r 1GT 2.9．水平传送带匀速运动，速度大小为v ，现将一小工件放到传送带上，设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v 而与传送带保持相对静止．设工件质量为m ，它与传送带间的动摩擦因数为μ，则在工件相对传送带滑动的过程中正确的说法是( )A ．滑动摩擦力对工件做的功为m v 22B ．工件的动能增量为m v 22C ．工件相对于传送带滑动的路程大小为v 22μgD ．传送带对工件做的功为零 答案：ABC解析：工件从静止开始在摩擦力作用下加速达到v ，摩擦力对工件做正功，使工件的动能增加了12m v 2，根据动能定理知，摩擦力对工件做的功W ＝12m v 2，A 、B 正确．工件从开始运动到与传送带速度相同的过程中，工件相对传送带向后运动，设这段时间为t ，t ＝v a ＝vμg ，相对位移l ＝v t －v 2t ＝v 2t ＝v 22μg，C 正确．10．用一根细线一端系一小球(可视为质点)，另一端固定在一光滑锥顶上，如图所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T ，则T 随ω2变化的图象是图中的()答案：C解析：小球离开锥面前，其中θ表示悬线与竖直方向的夹角，L表示摆长F N sinθ＋T cosθ＝mg①，T sinθ－F N cosθ＝mω2L sinθ②，由①②得T＝mω2L sin2θ＋mg cosθ.小球离开锥面后，T＝mL·ω2.选C.第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、填空题(本题共3小题；每小题6分，共18分．将正确答案填在题中的横线上)11．如图所示，用喷水枪喷射出一股水流，改变水流喷出时的初速度的大小和方向(即喷射角)，探究斜抛运动的射程和射高与哪些因素有关．请根据实验结果讨论：(1)当初速度一定时，喷射角为多大时，射程最远？答：____________________________________(2)要获得同样的射程，可以有几个不同的喷射角？答：____________________________________你能找出其中的规律吗？答：____________________________________答案：(1)喷射角等于45°时，射程最大(2)同样的射程有两个不同的喷射角这两个角之和等于90°12．某同学在“研究空气阻力和速度的关系”时，进行如下实验：将1个小纸杯，4个、9个叠放在一起的小纸杯(小纸杯完全相同)，由不同高度分别自由落下，当落进竖直墙的区域内，用数码相机自动连续拍摄的方法确定小纸杯在不同时刻的位置，如下图所示．如果数码相机连续拍摄的频率为f,1个小纸杯质量为m,4个、9个叠放在一起的小纸杯质量分别为4m、9m，认为叠放一起的体积跟一个纸杯的体积相同．根据此图，得出的结论是：_______________________________________________________________________________ _______________________________.i答案：空气阻力与速度的平方成正比解析：由题图易知，纵向看各纸杯均做匀速运动．横向看在相同时间内下落距离不等，即下落速度不同．由x＝v t知v∝x所以v1∶v4∶v9＝1∶2∶3，因为做匀速下落，所以阻力等于纸杯的重力则f1∶f4∶f9＝1∶4∶9综上所述，f∝v2.13．(江苏常州09～10学年高一下学期期中)某同学利用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律．该同学经正确操作得到打点纸带，在纸带后段每两个计时间隔取一个计数点，依次为1、2、3、4、5、6、7，测量各计数点到第一个打点的距离h，并正确求出打相应点时的速度v.各计数点对应的数据见下表：(2)由图线可知，重锺下落的加速度g′＝________m/s2(保留三位有效数字)；(3)若当地的重力加速度g＝9.8m/s2，根据作出的图线，能粗略验证自由下落的重锺机械能守恒的依据是________．答案：(1)作出v2－h图线如图(2)9.75(答9.69～9.79均给分)(3)图线为通过坐标原点的一条直线，斜率g′与g基本相等(不交待“通过坐标原点”也给分)三、论述·计算题(本题共4小题；共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．)14．(9分)某滑板爱好者在离地h＝1.8m高的平台上滑行，水平离开A点后落在水平地面的B点，其水平位移S1＝3m，着地时由于存在能量损失，着地后速度变为v＝4m/s，并以此为初速度沿水平地面滑行S2＝8m后停止，已知人与滑板的总质量m＝60kg.求(1)人与滑板在水平地面滑行时受到的平均阻力大小；(2)人与滑板离开平台时的水平初速度．(空气阻力忽略不计，g＝10m/s2)答案：60N5m/s解析：(1)设滑板在水平地面滑行时受到的平均阻力为f ，根据动能定理有－fS 2＝0－12m v 2由上式解得f ＝m v 22S 2＝60×422×8N ＝60N(2)人和滑板一起在空中做平抛运动，设初速为v 0，飞行时间为t ，根据平抛运动规律有 t ＝2h g v 0＝S 1t 由上两式解得 v 0＝s 12h g＝32×1.810m/s ＝5m/s. 15．(10分)(2010·烟台模拟)在半径R ＝5000km 的某星球表面，宇航员做了如下实验，实验装置如图甲所示．竖直平面内的光滑轨道由斜轨道AB 和圆弧轨道BC 组成，将质量m ＝0.2kg 的小球，从轨道AB 上高H 处的某点静止释放，用力传感器测出小球经过C 点时对轨道的压力F ，改变H 的大小，可测出F 随H 的变化关系如图乙所示，求：(1)圆轨道的半径； (2)该星球的第一宇宙速度．答案：(1)0.2m (2)5×103m/s解析：(1)小球过C 点时满足F ＋mg ＝m v 2r①又根据mg (H －2r )＝12m v 20②由①②得：F ＝2mgrH －5mg ③由图可知：H 1＝0.5m 时F 1＝0；代入③可得r ＝0.2m H 2＝1.0m 时F 2＝5N ；代入③可得g ＝5m/s 2 (2)据m v 2R＝mg可得v ＝Rg ＝5×103m/s16．(11分)(2009年临沂)2008年12月26日，我国海军“171海口”号、“169武汉”号导弹驱逐舰和“微山湖”号补给舰为履行国际义务，奉命赴亚丁湾索马里海域开始对过往船只执行护航任务．某日清晨，海面上有薄雾．某国的一艘货轮正在匀速行驶，到达A 处时，船长突然发现后侧面不远处有海盗的快艇正在向他们靠近，并预计还有40min 就会追上货船，于是立即向在C 处海域执行任务的我国某驱逐舰发出求援信号，我官兵立即推算出40min 后的货船位置应在D 处，马上调好航向，沿CD 直线方向从静止出发恰好在40min 内到达D 处，如图所示，驱逐舰运动的速度、时间图象如图所示，求：(1)驱逐舰走的航线CD 的长度．(2)假设该驱逐舰以最大速度航行时轮机输出的总功率为2.5×103kW ，则舰船受海水的阻力有多大？(3)假设舰体受海水的阻力不变舰体质量为7000吨，则在第36分钟时，轮机通过涡轮对海水的推力为多大？方向如何？答案：(1)36km (2)1.25×105N (3)3.42×105N 方向与前进方向相同解析：(1)由图象知驱逐舰先匀加速再匀速最后匀减速直线运动，加速段a 1＝20－015×60m/s 2＝145m/s 2 S 1＝12at 21＝12×145×(15×60)2m ＝9×103m 匀速阶段S 2＝v t 2＝20×(35－15)×60m ＝2.4×104m 减速阶段S 3＝v 2·t 3＝202×(40－35)×60m ＝3×103m则航线CD 长度为S ＝S 1＋S 2＋S 3＝36km(2)最大速度匀速行驶时，轮机动力与海水对舰身阻力平衡，即F －f 阻＝0 又P ＝F v ，所以f 阻＝P v ＝2.5×10620N ＝1.25×105N(3)设此时轮机的动力为F ，第36分钟匀减速的加速度 a ＝0－v Δt ＝205×60m/s 2＝－115m/s 2由F －f ＝ma ，得F ＝－3.42×105N负号表示涡轮机动力方向向后与运动方向相反，帮助舰船减速．由牛顿第三定律，涡轮对海水的推力应向前，与前进方向相同，大小为F ′＝3.42×105N. 17．(12分)下图是工厂的流水线的一部分，传送盘运来的工件由导向板按原速率转移到工作台上，操作员将完成作业的工件轻放到传送带上进行下一道工序．工件与传送盘、传送带之间的动摩擦因数都为μ1＝0.6，与工作台的动摩擦因数为μ2＝0.2，传送盘上的工件到转轴的距离为R ＝2m.取g ＝10m/s 2，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：(1)要使工件不被传送盘甩出去，传送盘的转速不超过多少转/分； (2)为便于作业，工件必须停在工作台上，工作台至少有多长；(3)若工件传到工作台上的初速度为v 1＝2.4m/s ，传送都是等时间间隔的，操作员每秒处理两个工件，工件在工作台上没有积压，在(2)问所述的工作台上，最多有几个工件；(4)若传送带足够长，传送带以恒定速率v 2＝3m/s 运送质量为m ＝0.5kg 的工件，平均每传送一个工件，电动机对皮带做功的平均功率为多少．不计其他阻力．答案：(1)16.5转/分 (2)3m (3)3个 (4)9W解析：(1)设工件恰好不被甩出时的速度为v ，此时静摩擦力达到最大．对工件用牛顿第二定律：μ1mg ＝m v 2R得v ＝23m/s ，传送盘的转速n ＝30vπR代入数据得n ≈16.5转/分用心 爱心 专心 11 (2)在工作台上，对工件用动能定理：μ2mgl ＝12m v 2 得工作台长度l ＝3m(3)设在工作台上，工件运动加速度为a ，由牛顿第二定律－μ2mg ＝ma ，得a ＝－2m/s 2 工件在工作台上运动时间为t ＝0－v 1a ＝1.2s ，工作台上最多有3个工件．(4)每个工件在加速过程的时间为t 1＝v 2μ1g＝0.5s 位移为x 1＝12μ1gt 21＝0.75m该时间内皮带的位移为x 2＝v 2t 1＝1.5m因此摩擦生热Q ＝μ1mg (x 2－x 1)＝2.25J电动机传送每个工件需要做的总功是W ＝12m v 22＋Q ＝4.5J平均每传送一个工件，平均功率P －＝4.50.5W ＝9W.。
人教版物理必修一试题高一2010级12月份学习素质检测试题
高一2010级12月份学习素质检测物理试题一、选择题（本题包括9小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 1．下列说法正确的是（） A ．力是维持物体速度的原因 B ．力是使物体产生加速度的原因C ．质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小D ．同一物体速度大时惯性大，速度小时惯性小 2．下列关于摩擦力的说法中正确的是（）A ．摩擦力的大小只与两接触物体有关，与外力无关B ．摩擦力可以是阻力，也可以是动力C ．受静摩擦力的物体一定是静止的，受滑动摩擦力的物体一定是运动的D ．由N F F μ=得，对于两接触物体摩擦力与正压力成正比3．一物体静置在斜面上，关于它所受各力的相互关系，下列说法正确的是（） A ．它受的重力与弹力大小相等B ．它受的重力沿斜面向下的分力等于静摩擦力C ．它受的弹力与摩擦力的合力的方向应是竖直向上，大小与重力相等D ．它所受斜面的作用力垂直于斜面向上4．某同学双手握住单杠，双臂平行使身体悬空．当两胳膊间的夹角变大时，每只手臂所受的力F 1及它们的合力F 大小变化情况是 A ．F 1增大，F 减小B ．F l 增大，F 也增大 C ．F 1减小，F 不变D ．F 1增大，F 不变5．如图所示，A 、B 叠放在水平桌面上，今用水平拉力F 作用于B ，但没有拉动，则物体B 受到几个力作用（） A ．5B ．6 C ．4D ．3 6．有两个大小相等的共点力，当它们之间的夹角为90°时，合力的大小为F ，那么当它们之间的夹角为120°时，合力的大小是 A ．F 2B ．2/2F C ．F 2D ．2/3F7．如图所示，把球夹在竖直墙AC 和木板BC 之间，不计摩擦，球对墙的压力为F 1，球对板的压力为F 2。
在将板BC 逐渐放至水平的过程中，下列说法正确的是（）A ．F 1增大，F 2减小B ．F 1减小，F 2增大C ．F 1和F 2都减小D ．F 1和F 2都增大8．一物体在几个力的共同作用下处于静止状态。
高中物理 期末综合评估练习(含解析)新人教版必修1
期末综合评估时间：90分钟 分值：100分一、选择题(1～6为单选每小题4分，7～10为多选每小题5分，共44分) 1.如图所示，一木块放在水平面上，木块与水平面间的最大静摩擦力F max ＝8 N ．从某时刻开始，一个水平向右的外力F 作用在木块上，F 从零开始逐渐增大，直到木块向右运动．设木块与水平面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则此过程中木块受到的摩擦力大小( )A ．始终等于8 NB ．始终等于FC ．木块静止时随F 的增大而增大，木块运动时大小不变D ．木块静止时大小不变，木块运动时随F 的增大而增大2．自由下落的物体，它开始下落全程34的高度所用的时间和下落全程所用的时间的比值为( )A ．1∶2B ．1∶(3－2)C ．(2－1)∶(3－2)D .3∶2 3.如图所示，细线的一端系一质量为m 的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．在斜面体以加速度a 水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T 和斜面的支持力为F N 分别为(重力加速度为g )( )A ．T ＝m (g sin θ＋a cos θ)，F N ＝m (g cos θ－a sin θ)B ．T ＝m (g cos θ＋a sin θ)，F N ＝m (g sin θ－a cos θ)C ．T ＝m (a cos θ－g sin θ)，F N ＝m (g cos θ＋a sin θ)D ．T ＝m (a sin θ－g cos θ)，F N ＝m (g sin θ＋a cos θ) 4.如图所示，小球靠在竖直固定挡板上与斜面保持静止，不计摩擦，当缓慢增大斜面的倾角时，小球对挡板的压力F N1和小球对斜面的压力F N2的变化情况是( ) A．F N1变大，F N2变大B．F N1变大，F N2变小C．F N1变小，F N2变小D．F N1变小，F N2变大5.下图所示为甲、乙两物体相对于同一坐标的x－t图象，则下列说法中正确的是( )①甲、乙均做匀变速直线运动②甲比乙早出发时间t0③甲、乙运动的出发点相距x0④甲的速率大于乙的速率A．①②③ B．①④C．②③D．②③④6．如图所示，甲运动员在球场上得到篮球之后，甲、乙以相同的速度并排向同一方向奔跑，甲运动员要将球传给乙运动员，不计空气阻力，问他应将球向什么方向抛出( ) A．抛出方向与奔跑方向相同，如图中箭头1所指的方向B．抛出方向指向乙的前方，如图中箭头2所指的方向C ．抛出方向指向乙，如图中箭头3所指的方向D ．抛出方向指向乙的后方，如图中箭头4所指的方向 7．有关滑动摩擦力，下列说法中正确的是( ) A ．有正压力一定有滑动摩擦力 B ．有滑动摩擦力一定有正压力C ．滑动摩擦力总是与接触面上的正压力垂直D ．只有运动物体才受滑动摩擦力8．在离地面30 m 高处，将一小球竖直向上抛出，到达最大高度h 的34时，速度为10 m/s ，则小球抛出5 s 末的速度大小、方向和5 s 内位移的大小和方向是(取g ＝10 m/s 2)( )A ．v ＝30 m/s ，方向竖直向上B ．v ＝30 m/s ，方向竖直向下C ．x ＝45 m ，方向竖直向下D ．x ＝25 m ，方向竖直向下 9.如图所示，物块A 、B 的质量均为m ，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F 的作用下，两物块均处于静止状态．则( )A ．B 受到的摩擦力大小等于mg B ．B 受到的摩擦力大小等于2mgC ．B 对地面的压力大小等于mgD ．B 对地面的压力大小等于2mg答案1．C 当外力F 小于等于最大静摩擦力时，木块处于静止状态，木块水平方向受到外力F 和静摩擦力，二力平衡，静摩擦力随F 的增大而增大；当外力大于最大静摩擦力时，木块开始运动，受到滑动摩擦力作用，由摩擦力公式F f ＝μmg 可知，此时滑动摩擦力不变，故选项C 正确．2．D 由h ＝12gt 2，它落到34h 时所用时间t 1＝3h2g，下落全程所用时间t ＝2h g.所以t 1∶t ＝3∶2，D 项正确．3．A 选小球为研究对象，小球受重力mg 、拉力T 和支持力F N 三个力作用，将加速度a 沿斜面和垂直于斜面两个方向分解，如图所示．由牛顿第二定律得：T －mg sin θ＝ma cos θ， mg cos θ－F N ＝ma sin θ，得T ＝m (g sin θ＋a cos θ)，F N ＝m (g cos θ－a sin θ)．故选项A 正确．4．A 按照力的分解原则，将小球的重力G 沿垂直于挡板和垂直于斜面方向分解为F 1和F 2，则F N1＝F 1，F N2＝F 2，如图所示，由于斜面倾角α在缓慢变大，故力F 2在缓慢地改变大小和方向，而F 1方向不变，大小缓慢变化，但无论如何变化，F 1与F 2、F ′1与F ′2、F ″1与F ″2……的合力始终为重力G (即对角线一定)，由图可知，倾角α增大时，F N1、F N2均是增大，故选项A 正确．5．C 图象是x －t 图线，甲、乙均做匀速直线运动；乙与横坐标的交点表示甲比乙早出发时间t 0，甲与纵坐标的交点表示甲、乙运动的出发点相距x 0；甲、乙运动的速率用图线斜率的绝对值表示，由图知甲的速率小于乙的速率，故C 正确．6．C 由于球在甲手中时与甲的速度相同，球抛出后由于惯性其水平速度方向仍与甲、乙奔跑的方向相同，因此甲只要垂直奔跑方向扔出球，就能被乙接住，选项C 正确．7．BC 产生滑动摩擦力的条件有三个：互相挤压、接触面粗糙、发生相对滑动，三个条件缺一不可．由滑动摩擦力的条件知，A 选项错，B 选项正确．滑动摩擦力方向与接触面相切，而正压力垂直于接触面，所以滑动摩擦力方向跟接触面所受正压力方向垂直，C 选项正确．如擦黑板时，黑板是静止的，但相对黑板擦是运动的，黑板受滑动摩擦力作用，所以关键要理解“运动”和“相对运动”的含义．8．BD 根据上抛运动的特点知，物体上升到最高点后，再下落距离14h 时，速度大小也为10 m/s ，由v 2＝2g ×14h 得h ＝20 m ．由h ＝v 22g得初速度v 0＝20 m/s.抛出5 s 后的速度v＝v 0－gt ＝20 m/s －10×5 m/s＝－30 m/s ，负号说明方向竖直向下；位移x ＝v 0t －12gt 2＝20×5 m－12×10×52m ＝－25 m ，负号说明方向竖直向下．9．AD 分析A 、B 整体的受力，如图所示，由平衡条件可知，F N B ＝2mg ，即B 对地面的压力大小等于2mg ，选项D 正确；再隔离物块A ，对其受力如图所示，由平衡条件可知，F f BA ＝mg ，根据牛顿第三定律，A 对B 的摩擦力大小也等于mg ，选项A 正确．———————————————————————————10.t＝0时，甲、乙两汽车从相距70 km的两地开始相向行驶，它们的v－t图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间，下列对汽车运动状况的描述正确的是( )A．在第1 h末，乙车改变运动方向B．在第2 h末，甲、乙两车相距10 kmC．在前4 h内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D．在第4 h末，甲、乙两车相遇二、填空题(共2小题，每小题8分，共16分)11．在暗室中用图示装置做“测定重力加速度”的实验．实验器材有：支架、漏斗、橡皮管、尖嘴玻璃管、螺丝夹子、铝盒、一根荧光刻度的米尺、频闪仪．具体实验步骤如下：①在漏斗内盛满清水，旋松螺丝夹子，水滴会以一定的频率一滴滴地落下．②用频闪仪发出的白闪光将水滴照亮，由大到小逐渐调节频闪仪的频率直到第一次看到一串仿佛固定不动的水滴．③用竖直放置的米尺测得各个水滴所对应的刻度．④收集数据进行处理．(1)实验中看到空间有一串仿佛固定不动的水滴时，频闪仪的闪光频率满足的条件是：____________________.(2)实验中观察到水滴“固定不动”时的闪光频率为30 Hz ，某同学读出其中比较远的水滴到第一个水滴的距离如图，根据数据测得当地重力加速度g ＝________m/s 2；第8个水滴此时的速度v 8＝________m/s(结果都保留三位有效数字)．(3)该实验存在的系统误差可能有(答出一条即可)：____ ________.12．某同学设计了一个探究加速度a 与所受合外力F 及质量m 的关系的实验，图甲为实验装置简图．(交流电的频率为50 Hz)(1)图乙所示为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为________m/s 2；(2)保持小盘及盘中砝码的质量不变，改变小车质量m ，分别得到小车的加速度a 、小车质量m 及对应的1m的数据如下表：请在如下图所示的坐标纸中画出a －m的图象，并由图象求出小车的加速度a 与质量的倒数1m之间的关系式是________．答案10.BC 速度图象在t 轴下的均为反方向运动，故2 h 末乙车改变运动方向，A 错；2 h 末从图象围成的面积可知乙车运动位移大小为30 km ，甲车位移大小为30 km ，相向运动，此时两车相距70 km －30 km －30 km ＝10 km ，B 对；从图象的斜率看，斜率大加速度大，故乙车加速度在前4 h 内一直比甲车加速度大，C 对；4 h 末，甲车运动位移大小为120 km ，乙车运动位移大小为30 km ，两车原来相距70 km ，故此时两车还相距20 km ，D 错．11．(1)频闪仪的闪光频率等于水滴滴落的频率 (2)9.72 2.28(3)存在空气阻力(或水滴滴落的频率变化等)解析：(1)实验中看到空间有一串仿佛固定不动的水滴时，频闪仪的闪光频率满足的条件是：频闪仪的闪光频率等于水滴滴落的频率；(2)由Δx ＝gT 2和逐差法解得当地重力加速度g ＝9.72 m/s 2，第8个水滴此时的速度v 8＝－－22×130m/s ＝2.28 m/s ；(3)该实验存在的系统误差可能有：存在空气阻力，水滴滴落的频率变化等．12．(1)3.19 (2)见解析解析：(1)由交流电的频率为50 Hz 可得，图乙中两相邻点间的时间间隔T ＝0.02 s ．由逐差法得加速度a＝a＝x3＋x4－x1＋x2T2＝＋－＋－216×0.022m/s2≈3.19 m/s2.(2)如下图所示，由图线得所求关系式为a＝12m.———————————————————————————三、计算题(共4小题，每小题10分)13．如图所示，某同学测出一棵苹果树树干部分的高度约为1.6 m ，一个苹果从树冠顶端的树梢上由于受到扰动而自由下落，该同学测出苹果经过树干所用的时间为0.2 s ，重力加速度取10 m/s 2，则：(1)苹果树树冠部分的高度约为多少？ (2)苹果落地时的速度为多大？14.要求摩托车由静止开始在尽量短的时间内走完一段直道，然后驶入一段半圆形的弯道，但在弯道上行驶时车速不能太快，以免因离心作用而偏出车道．求摩托车在直道上行驶所用的最短时间．有关数据见表格.某同学是这样解的：v 1＝40 m/s ，然后再减速到v 2＝20 m/s ，t 1＝v 1a 1＝…，t 2＝v 1－v 2a 2＝…；t ＝t 1＋t 2＝… 你认为这位同学的解法是否合理？若合理，请完成计算；若不合理，请说明理由，并用你自己的方法算出正确结果．答案13.(1)2.45 m (2)9 m/s解析：(1)设树冠高度为h 1，树干高度为h 2，苹果从顶部下落到树干顶部的速度为v 0，则h 2＝v 0t ＋12gt 2解得v 0＝7 m/s又v 20＝2gh 1，得h 1＝2.45 m.(2)设树的总高度为H ，苹果落地的速度为v 1，则v 21＝2gHH ＝h 1＋h 2＝4.05 m解得v 1＝9 m/s. 14．见解析解析：本题考查了运动学中最值问题，必须在充分理解题目所给条件、弄清运动的物理过程后，经过辨析才能正确解答．要使在直道上所用时间最短就要使摩托车在直道上的平均速度最大，同时又要进入弯道时摩托车的速度不超过v 2.题目中给定的解法没有考虑到直道长度对解题的限制，该同学认为摩托车在直道上行驶达到最大速度v 1也是错误的，我们通过计算：若摩托车从静止加速达到v 1＝40 m/s ，此阶段位移x ＝v 212a 1＝200 m ， 然后从v 1匀减速至v 2，此阶段位移：x ′＝v 21－v 222a 2＝75 mx ＋x ′＝275 m>218 m ，故摩托车不可能加速到v 1，只可能是加速到某一速度v 3(v 3<v 1)然后再匀减速至v 2进入半圆形弯道．正确的解：设摩托车在直道上加速t 1位移为x 1，减速t 2位移为x 2.由运动学公式：x 1＝v 232a 1①x 2＝v 23－v 222a 2②x 1＋x 2＝x ，③代入数据①②③联立得：v 3＝36 m/s ，t 1＝v 3a 1＝9 s ，t 2＝v 3－v 2a 2＝2 s ，t ＝t 1＋t 2＝11 s 即为所求．———————————————————————————15.滑板运动是一项陆地上的“冲浪运动”，如图甲所示，OAB是同一竖直平面上的滑行轨道，其中OA段是长27 m的水平轨道，AB段是倾角θ＝37°足够长的斜直轨道，OA与AB在A点平滑连接．已知滑板及运动员总质量为60 kg，运动员从水平轨道向左滑向斜直轨道，滑到O点开始计时，其后一段时间内的运动图象如图乙所示．将滑板及运动员视为质点，滑过拐角时速度大小不变，在水平和斜直轨道上滑板和接触面间的动摩擦因数相同．(取g ＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，忽略空气阻力)求：(1)滑板与接触面间的动摩擦因数；(2)运动员到达坡底A点时速度大小；(3)运动员沿坡上滑的最大距离(保留三位有效数字)．16.足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中．某足球场长90 m、宽60 m．攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为12 m/s的匀减速直线运动，加速度大小为2 m/s2.试求：(1)足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大？(2)足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线向前追赶足球．他的启动过程可以视为初速度为0，加速度为2 m/s2的匀加速直线运动，他能达到的最大速度为8 m/s.该前锋队员至少经过多长时间能追上足球？(3)若该前锋队员追上足球后，又将足球以10 m/s的速度沿边线向前踢出，足球的运动仍视为加速度大小为 2 m/s2的匀减速直线运动．与此同时，由于体力的原因，该前锋队员以6 m/s的速度做匀速直线运动向前追赶足球，通过计算判断该前锋队员能否在足球出底线前追上．答案15.(1)0.2 (2)6 m/s (3)2.37 m 解析：(1)由运动图象知a ＝Δv Δt＝－2 m/s 2在水平方向由牛顿第二定律有：－μmg ＝ma 解得μ＝0.2.(2)设人运动到A 点时速度为v ，由运动学公式v 2－v 20＝2ax 解得v ＝6 m/s.(3)运动员冲上斜坡后做匀减速直线运动，设减速过程的加速度为a ′ 由牛顿第二定律得：－mg sin θ－μF N ＝ma ′F N ＝mg cos θ解得a ′＝－7.6 m/s 2设沿坡上滑的最大距离为x ，由运动学公式有： 0－v 2＝2a ′x 解得x ＝2.37 m即沿坡上滑的最大距离为2.37 m. 16．(1)36 m (2)6.5 s (3)不能解析：(1)已知足球的初速度为v 1＝12 m/s ，加速度大小为a 1＝2 m/s 2足球做匀减速运动的时间为：t 1＝v 1a 1＝6 s 运动位移大小为：x 1＝v 12t 1＝36 m.(2)已知前锋队员的加速度为a 2＝2 m/s 2，最大速度为v 2＝8 m/s ，前锋队员做匀加速运动达到最大速度的时间和位移分别为：t 2＝v 2a 2＝4 s x 2＝v 22t 2＝16 m之后前锋队员做匀速直线运动，到足球停止运动时，其位移为：x 3＝v 2(t 1－t 2)＝16 m 由于x 2＋x 3<x 1，故足球停止运动时，前锋队员没有追上足球，然后前锋队员继续以最大速度匀速运动追赶足球，利用公式x 1－(x 2＋x 3)＝v 2t 3，得：t 3＝0.5 s前锋队员追上足球的时间t ＝t 1＋t 3＝6.5 s. (3)此时足球距底线的距离为：x 4＝45 m －x 1＝9 m ，初速度为v 3＝10 m/s 足球运动到停止的位移为：x 5＝v 232a 1＝25 m>x 4所以，足球运动到底线时没停止 由公式x 4＝v 3t 4－12a 1t 24足球运动到底线的时间为：t4＝1 s前锋队员在这段时间内匀速运动的位移：x6＝vt4＝6 m<9 m所以前锋队员不能在足球出底线前追上足球．。
人教版高中物理必修一高一上学期期末考试试题(B)
高中物理学习资料金戈铁骑整理制作高一物理试题（B）本试卷分第Ⅰ 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100 分，考试用时100 分钟。
第Ⅰ卷（选择题共48 分）注意事项 :1．答第Ⅰ卷前，考生务必然自己的姓名、考号、考试科目、试卷种类用2B铅笔涂写在答题卡上。
2．每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，不能够答在试题卷上。
一、选择题（本题共12 个小题， 1～8 题只有一个选项是吻合题目要求的；9～ 12 题有多个选项吻合题目要求，全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错或不答的得0 分。
）1．以下说法正确的选项是A ．在国际单位制中，“牛顿”是力学的三个基本单位之一B．选择不相同的参照系对同一运动的描述是相同的D．小球做竖直上抛运动时，速度不断减小，惯性不断减小2．好多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，以下表述正确的选项是A．伽利略的理想斜面实验能够说明物体拥有惯性B．亚里士多德对牛顿第必然律的建立做出了必然的贡献D．伽利略发现了自由落体运动的规律3．从山东龙口港到辽宁大连港是一条重要的海上运输路线。
若是有甲、乙两船同时从龙口出发，甲船路线是龙口—旅顺—大连，乙船路线是龙口—大连。
两船航行两天后都在下午三点到达大连港，以下关于两船全航程的描述中正确的选项是A．两船的行程相同，位移不相同B ．“两船航行两天后都在下午三点到达大连港”一句中，“两天”指的是时间，“下午三点”指的是时辰C．“两船航行两天后都在下午三点到达大连港”一句中，“两天”和“下午三点”都指的是时间D．在研究两船的航行时间时，不能够够把船视为质点4．关于速度、速度变化量、加速度三者间的关系，以下说法中正确的选项是A.运动物体的速度越大，其速度变化量必然越大B.运动物体的速度越大，其加速度必然越大C.运动物体的速度变化量越大，其加速度必然越大D.运动物体的速度变化越快，其加速度必然越大5．以下列图， P 和 Q 叠在一起，静止在水平桌面上。
人教版高中物理必修一高一：期末综合能力检测B
期末综合能力检测B
本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分100分，
时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题共40分)
一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)
1．(中山大学附中12～13学年高一上学期期中)2012年6月16日晚18点37分，我国在九泉卫星发射中心将我国自行研制的“神舟九号”宇宙飞船成功地送上太空，飞船绕地球飞行一圈时间为90分钟。
则()
A．“18点37分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”
B．卫星绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0
C．卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0
D．地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点
答案：AC
2．(珠海市12～13学年高一上学期期末)以往公路上用单点测速仪测车速，个别司机由于熟知测速点的位置，在通过测速点前采取刹车降低车速来逃避处罚，但却很容易造成追尾事故，所以有些地方已开始采用区间测速，下列说法正确的是()。
人教版高中物理必修一下学期教学质量检测(B卷).docx
高中物理学习材料桑水制作娄底市2010年下学期高中教学质量检测高一物理题卷(B)本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，共100分，考试时间90分钟。
请把答案做在答题卷上，考试结束后只需上交答题卷．第Ⅰ卷（选择题）一．单项选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
选择正确得3分，选错或不答得零分）1．下列物理量中，属于标量的是A．速度B．加速度C．力D．路程2．在物理学发展的过程中，某位科学家开创了以实验检验猜想和假设的科学方法，并用这种方法研究了落体运动的规律，这位科学家是A．笛卡尔B．安培C．牛顿D．伽利略3.下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位：A．m、N、kg B．kg、m/s2、sC．m、kg、s D．m/s2、kg、N4．某校高一部分学生分别乘两辆汽车去参加社区劳动实践，两辆汽车在平直公路上行驶时，甲车内同学看见乙车没有运动，而乙车内同学看见路旁的树木向西移动。
如果以地面为参考系，上述观察说明A．甲车不动，乙车向东运动 B．乙车不动，甲车向东运动C．甲车、乙车以相同速度向东运动 D．甲车、乙车以相同速度向西运动5．下列几种表述中，涉及到的计时数据，指时间的是A. 中央电视台新闻联播节目用时30分钟B. 1997年7月1日零时中国对香港恢复行使主权C. 2010年10月1日18时59分57秒“嫦娥二号”在西昌卫星发射中心由“长征三号图2丙”运载火箭发射升空D. 广州亚运会开幕式于2010年11月12日晚18时30分开始6．在下述问题中，能够把研究对象当作质点的是 A ．研究地球绕太阳公转一周所需的时间是多少 B ．研究乒乓球的旋转情况对发球效果的影响C ．把一枚硬币用力上抛，猜测它落地时正面朝上还是反面朝上D ．正在进行花样滑冰的运动员7．将一根原长为40cm ，劲度系数是200N ／m 的弹簧拉长到60cm ，则弹簧的弹力大小是 A ．80N B ．40N C ．120N D ．240N8．以下关于力和运动的说法正确的是 A ．力是维持物体运动的原因 B ．力是改变物体运动状态的原因C ．物体的速度越大，其惯性就越大D ．作用在物体上的力消失后，物体的速度就消失9．如图1所示，A 、B 两物块叠放在水平面上，在水平恒力F 作用下，A 、B 一起匀速运动，在运动过程中物体A 所受外力个数为 A ．2个 B ．3个 C ．4个 D ．5个10．一名质量为50kg 的乘客从一楼乘坐电梯到四楼，电梯在一楼启动时做匀加速运动， 加速度的大小是0.6m/s 2，若g 取10m/s 2，则电梯底板对乘客的支持力为 A ．0 B ．470NC ．500ND ．530N11．如图2所示，一个静止在水平地面上的物体只受到两个力的作用，这两个力是A ．物体受到的重力和地面对物体的支持力B ．物体受到的重力和物体吸引地球的力C ．物体受到的重力和物体对地面的压力D ．物体对地面的压力和地面对物体的支持力12．有两个共点力，大小分别是30N 和40 N.如果它们之间的夹角是90°，那么这两个力合 力的大小是 A ．0B ．50NC ．80ND ．110N二．多项选择题（本大题共14小题，每题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上的选项正确，选择正确得4分，漏选得2分，选错或ABF 图1不答得0分）13．两个共点力，大小分别是30N 和50N ，则两力的合力大小不可能是A ．10NB ．50NC ．30ND ．100N14．一物体作匀变速直线运动，速度图像如图3所示，则在前4s 内(设向右为正方向)(A)物体始终向右运动(B)物体先向左运动，2s 后开始向右运动(C)前2s 物体位于出发点的左方，后2s 位于出发点的右方 (D)在t=2s 时，物体距出发点最远15．质量为60kg 的人，站在升降机内的台秤上，测得体重为480N ，则升降机的运动可能是(A)匀速上升或匀速下降 (B)加速上升 (C)减速上升 (D)加速下降 16．关于运动和力的关系，以下说法中正确的是 A ．一个物体受到的合外力越大，它的速度越大 B ．一个物体受到的合外力越大，它的加速度越大 C ．力是维持物体速度的原因D ．物体在不受力的情况下,将一直保持原来的匀速直线运动状态或静止状态第II 卷（非选择题 共7题 共54分）三、实验与探究(本大题共3小题，每空2分,共28分．把答案填在题中的横线上)17.（1）电磁打点计时器的电源应是________电源，通常的工作电压为______伏。
人教版高中物理必修一期末综合能力检测卷.docx
高中物理学习材料桑水制作高一上学期期末综合能力检测卷本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分100分，时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题共51分)一、单项选择题（每小题3分，计27分。
每个小题只有一个正确选项）1．以下的计时数据，指时间间隔的是A．学校每天7：30准时上课 B．每节课45min②因为重力的方向总是竖直向下的，故重力一定和地面垂直③物体的重心不一定在物体上④马拉车前进，马对车有拉力，但车对马没有拉力A．①③ B. ①④ C. ②③ D. ②④5．在竖直方向匀速运动的某电梯中用细绳悬挂一重物，某时突然发现绳子断了，由此判断此时电梯的情况是A．电梯一定是加速上升 B．电梯可能是减速上升C．电梯可能继续匀速向上运动 D．电梯的加速度方向一定向上6．李平同学练习拉单杠时，两臂平行握住单杠，在他两臂逐渐分开的过程中，手臂的拉力A.逐渐变大B.逐渐变小C.先变小，后变大D.先变大，后变小7．放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B.A和B之间有一根处于压缩状态的弹簧．A、B均处于静止状态，下列说法中正确的是A．B受到向左的摩擦力B．B对A的摩擦力向右C．地面对A没有摩擦力D．地面对A的摩擦力向右8．如图所示，中国三一重工的一台62米长的泵车，参与某次消防救火冷却作业，对泵车在水平面路面上以加速度a作匀加速运动的过程，下列分析正确的是A．泵车受到的重力和泵车对地面的压力是一对平衡力B．轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车对地面的压力C．开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性D．若泵车发动机的牵引力增为原来的2倍时，泵车的加速度将大于2a 9．物体A叠放在物体B上，B置于光滑水平面上。
A，B质量分别为mA =6kg，mB=2kg，A，B之间的动摩擦因数μ=0.2，开始时F=10N，此后逐渐增加，在增大到45N的过程中，则A．当拉力F＜12N时，两物体均保持静止状态B．两物体开始没有相对运动，当拉力超过12N时，开始相对滑动C．两物体间从受力开始就有相对运动D．两物体间始终没有相对运动二、不定项选择题（每小题4分，计24分，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的，选对但不全得2分，错选或不选得0分）10.作用在同一物体上的下列几组力中，一定不能．．使物体做匀速直线运动的是 A.3N，4N，5N B.2N，3N，6N C.4N，6N，9N D.4N，6N，11N 11．物体甲的x－t图象和物体乙的v－t图象分别如图所示，则这两物体的运动情况是A．甲在整个t＝6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m B．甲在整个t＝6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零C．乙在整个t＝6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D．乙在整个t＝6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m 12．如图1所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是A．M处受到的支持力竖直向上B. N处受到的支持力竖直向上MN P图1C. M处受到的摩擦力沿MN方向D．N处受到的摩擦力沿水平方向13．如图所示，将一小球从竖直砖墙的某位置由静止释放。
人教版高中物理必修一高一：期末综合能力检测B
2．(××市12～13学年高一上学期期末)以往公路上用单点测速仪测车速，个别司机由于熟知测速点的位置，在通过测速点前采取刹车降低车速来逃避处罚，但却很容易造成追尾事故，所以有些地方已开始采用区间测速，下列说法正确的是( )A．单点测速测的是汽车的瞬时速率B．单点测速测的是汽车的平均速率C．区间测速测的是汽车的瞬时速率D．区间测速测的是汽车的平均速率答案：AD3．(烟台六校12～13学年高一上学期期末)机场常用传送带为顾客运送行李或货物，在传送带运送货物过程中主要有水平运送和沿斜面运送两种形式，如图所示，a为水平传送带，b为倾斜传送带。
当行李随传送带一起匀速运动时，下列几种判断中正确的是( )A．a情形中的物体受到重力、支持力B．a情形中的物体受到重力、支持力和摩擦力作用C．b情景中的物体受到重力、支持力和摩擦力作用D．b情形中的物体所受支持力与重力是一对平衡力答案：AC4．(唐山一中11～12学年高一上学期期末)以下是必修1课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是( )A．甲图中学生从起立到站直的过程中，体重计的示数先减小后增大B．乙图中赛车的质量较小，却安装着牵引力很大的发动机，目的是获得很大的加速度C．丙图中海豚的身体呈流线型，是为了增大海豚的浮力D．丁图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面做匀速直线运动答案：B5．某同学在学习了动力学知识后，绘出了一个沿直线运动的物体的加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象如图所示，若该物体在t＝0时刻，初速度均为零，则下列图象中表示该物体沿单一方向运动的图象是( )答案：C解析：A项位移正负交替，说明物体做往复运动；B项物体先做匀加速运动，再做匀减速运动，然后做反向匀加速运动，再做匀减速运动，周而复始；C项表示物体先做匀加速运动，再做匀减速运动，循环下去，物体始终单向运动，C正确；D项表示物体先做匀加速运动，再做匀减速运动至速度为零，然后做反向匀加速运动，不是单向运动。
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期末综合能力检测B本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．(上海交大附中08－09学年高一上学期期末)北京奥运火炬实现了成功登上珠峰的预定目标，如图所示是火炬手攀登珠峰的线路图，请据此图判断下列说法正确的是( )A ．由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移B ．线路总长度与火炬手所走时间的比等于登山的平均速度C ．在计算登山运动员的速度时可以把火炬手当成质点D ．顶峰的重力加速度要比拉萨的重力加速度小 答案：CD2．关于速度、加速度、合力间的关系，正确的是( ) A ．物体的速度越大，则物体的加速度越大，所受合力也越大 B ．物体的速度为零，则物体的加速度一定为零，所受合力也为零 C ．物体的速度为零，加速度可能很大，所受的合力也可能很大 D ．物体的速度很大，加速度可能为零，所受的合力也可能为零 答案：C 、D解析：根据牛顿第二定律表达式F ＝ma 和加速度公式a ＝ΔvΔt可知：加速度与合力存在对应关系，一个确定的物体，加速度越大，则物体所受合力越大，加速度与物体的速度变化率有关，而与物体的速度无关．综上所述，排除A 、B ，选C 、D.3．一间新房即将建成时要封顶，考虑到下雨时落至房顶的雨滴能尽快地淌离房顶，要设计好房顶的坡度，设雨滴沿房顶下淌时做无初速度、无摩擦的运动，那么，图中所示的四种情况中符合要求的是( )答案：C解析：设底边长为2l ，底面与房顶的夹角为θ，则房顶坡面长x ＝lcos θ，由于房顶光滑，所以加速度a ＝g sin θ由x ＝12at 2得l cos θ＝12g sin θ·t 2所以t ＝4lg sin2θ显然当θ＝45°时，时间最小．4．某实验小组，利用DIS 系统观察超重和失重现象．他们在学校电梯房内做实验，在电梯天花板上固定一个力传感器，测量挂钩向下，并在钩上悬挂一个重为10N 的钩码，在电梯运动过程中，计算机显示屏上显示出如图所示图象，以下根据图象分析所得结论错误的是( )A ．该图象显示出了力传感器对钩码的拉力大小随时间的变化情况B ．从时刻t 1到t 2，钩码处于失重状态，从时刻t 3到t 4，钩码处于超重状态C ．电梯可能开始在15楼，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在1楼D ．电梯可能开始在1楼，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在15楼 答案：D5．如下图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F 的拉力作用，而左端的情况各不相同：①中弹簧的左端固定在墙上，②中弹簧的左端受大小也为F 的拉力作用，③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动，④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动．若认为弹簧的质量都为零，以l 1、l 2、l 3、l 4依次表示四个弹簧的伸长量，则有( )A ．l 2>l 1B ．l 4>l 3C ．l 1>l 3D ．l 2＝l 4 答案：D解析：由牛顿第三定律知，各种状态下，弹簧的弹力大小均为F (弹簧的质量不计)，根据胡克定律，l 1＝l 2＝l 3＝l 4＝F k，所以答案选D.6．如图(a)所示，某人正通过定滑轮将质量为m 的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a 与绳子对货物竖直向上的拉力F T 之间的函数关系如图(b)所示．由图可以判断①图线与纵轴的交点M 的值a M ＝－g ②图线与横轴的交点N 的值F T ＝mg ③图线的斜率等于物体的质量m④图线的斜率等于物体质量的倒数1m以上判断正确的是( )A ．④B ．②③C ．①②③D ．①②④ 答案：D解析：以货物为研究对象，对其进行受力分析即可．7．(山东临沂09模拟)密绕在轴上的一卷地膜用轻绳一端拴在轴上，另一端悬挂在墙壁上A 点，如图所示，当逆时针缓慢向下用力F 抽出地膜时，整卷地膜受的各个力要发生变化，不计地膜离开整卷时对地膜卷的粘扯拉力和地膜卷绕轴转动时的摩擦力，但在D 点地膜与墙壁间有摩擦力，随着地膜的不断抽出，下述分析正确的是( )A ．悬挂地膜的轻绳上的拉力在增大B ．地膜对墙的压力在减小C ．拉动地膜的力在减小D ．地膜卷受墙的支持力与轻绳的拉力的合力不变 答案：BC8．跳伞运动员以5 m/s 的速度竖直匀速降落，在离地面h ＝10 m 的地方掉了一颗扣子，跳伞员比扣子晚着陆的时间为(扣子受到的空气阻力可忽略，g ＝10 m/s 2)( )A ．2 s B. 2 sC ．1 sD ．(2－2) s 答案：C解析：运动员下落的时间t 1＝h v ＝105s ＝2 s扣子下落的时间为t 2h ＝vt 2＋12gt 22解得t 2＝1 s ，Δt ＝t 1－t 2＝1 s9．如下图所示，一个重力G ＝4N 的物体放在倾角为30°的光滑斜面上，斜面放在台秤上，当烧断细线后，物块正在下滑的过程中与稳定时比较，台秤示数( )A ．减小2NB ．减小1NC ．增大2ND ．增大1N 答案：B解析：本题考虑整体法求解，属于超重、失重的定量计算．剪断细线后，物体匀加速下滑，下滑加速度a ＝g sin30°＝12g ，方向沿斜面向下，其中竖直向下的分量为a ⊥＝a sin30°＝14g ，所以物块G 失重，台秤示数减小量为ma ⊥＝14G ＝1N. 10．(四川绵阳市09－10学年高一上学期期末)如图，质量都为m 的箱子A 和物体B ，用轻质细绳跨过光滑的定滑轮相连，A 置于倾角θ＝30°的斜面上，处于静止状态．现向A 中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中，A 所受的摩擦力( )A．先增大后减少B．先减少后增大C．逐渐减小D．逐渐增大答案：B第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、填空题(共4小题，每小题5分，共20分．把答案直接填在横线上)11．(上海市浦东新区09－10学年高一上学期期末)“DIS”实验即“数字化信息系统”实验，以下四幅照片中“用DIS测变速直线运动瞬时速度”的实验装置图是________；“用DIS测位移和平均速度”的实验装置图是________；“用DIS测定加速度”的实验装置图是________．(选填照片下对应的字母)答案：D C C12．一行星探测器从所探测的行星表面垂直升空．假设探测器的质量为1 500 kg，发动机推力为恒力，探测器升空途中某时刻发动机突然关闭．下图是探测器的速度随时间变化的全过程图示．假设行星表面没有空气．则：(1)探测器在行星表面达到的最大高度是______m.(2)该行星表面的重力加速度是________m/s2.(3)计算发动机的推动力是________N.答案：800 4 1.67×10413．(山东潍坊09－10学年高一上学期期末)为探究求合力的方法，实验装置如图所示．将橡皮条GE的一端固定在水平木板上，另一端E拴有两细线套．橡皮条的结点E在两个平行于木板的拉力F1、F2作用下，沿直线GC伸长到O点，如图甲所示．记下O点的位置和A、B两测力计的读数F1＝2.4N、F2＝4.0N，并画出F1、F2的方向，如图丙所示．撤去F1、F2后，用一个测力计拉橡皮条GE使结点E到相同位置O点，如图乙所示．记下此时测力计的读数F＝5.0N及方向OC.(1)用1cm表示2N，在图丙中作出力F1、F2和F的图示．(2)在图丙上以F1、F2为邻边作平行四边形，并画出这两条邻边之间的对角线所表示的力F′的大小和方向．(3)比较F′和F，你得出的实验结论是____________________________________________．答案：(1)、(2)如图所示(3)在误差允许的范围内，F′与F大小相等，方向相同(说“力的合成符合平行四边形定则”也对)14．(唐山市09－10学年高一上学期期末)在《探究小车速度随时间变化规律的实验》中得到一条如图所示的纸带，图中O、A、B、C、D、E为选取的计数点，相邻两计数点的时间间隔均为0.1s.计数点D两侧有1、2、3三个计时点，与D构成相邻的计时点，计时点间的时间间隔均为0.02s，其中x＝9.60cm.若某同学在实验中算出小车经过各点的瞬时速度并设计了如下表格：计数点序号O A B C D E计数点对应时刻(s)00.10.20.30.40.5通过计数点速度(m/s)00.5 1.0 1.5 2.5(1)请帮该同学计算D点的瞬时速度并填在表格中：(2)在给定的坐标纸上建立坐标系和标度并作出小车的v－t图象，由此判断小车做________运动．答案：(1)1.60 (2)匀加速直线 图略三、论述、计算题(本题共4小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15．(9分)如图所示，一位重600N 的演员，悬挂在绳上．若AO 绳与水平方向的夹角为37°，BO 绳水平，则AO 、BO 两绳受到的力各为多大？若B 点位置向上移，AO 、BO 的拉力如何变化？答案：1000N 800N AO 绳的拉力减小，BO 绳上拉力先减小后增大解析：把人的拉力F 沿AO 方向和BO 方向分解成两个分力．如图甲所示，由画出的平行四边形可知：AO 绳上受到的拉力F 1＝G sin θ＝600sin37°N ＝1000NBO 绳上受到的拉力F 2＝G cot θ＝600cot37°＝800N.若B 点上移，人的拉力大小和方向一定不变，利用力的分解方法作出力的平等四边形，可判断出AO 绳上的拉力一直在减小、BO 绳上的拉力先减小后增大如图乙所示．16．(10分)一位旅客可用三种方法从自贡到泸州：第一种是乘普客汽车经邓关、赵化到达；第二种是乘快客汽车经内江、隆昌的高速公路到达；第三种是乘火车到达．下面是三种车的发车时刻及里程表．已知普客汽车全程平均速度大小为60km/h ，快客汽车全程平均速度大小为100km/h ，两车途中均不停站，火车在中途需停靠内江站和隆昌各5min ，设火车进站和出站都做匀变速直线运动，加速度大小是2400km/h 2，途中匀速行驶，速度为120km/h.若现在时刻是上午8点05分，这位旅客想早点赶到泸州，请你通过计算说明他该选择普客汽车、快客汽车还是火车？解析：第一种：普客行驶时间t 1＝x 1v 1＝11660h ＝116min8：20发车，10：16到达第二种：快客行驶时间t 2＝x 2v 2＝140100h ＝84min8：30发车，9：54到达第三种：火车每段匀变速行驶时间t 3＝v 3a ＝1202400h ＝0.05h火车进、出站时变速行驶总时间t 4＝6t 3＝0.3h ＝18min火车匀变速行驶路程x 3＝v 32×t 4＝1202×0.3km＝18km火车匀速行驶时间t 5＝x －x 3v 3＝118－18120h ＝50min火车行驶总时间t 6＝t 4＋t 5＋2×5min＝78min 8：33发车，9：51到达．由此可知：应选择乘坐8：33的火车．17．(10分)(湖北省华中师大附中第一学期期中)跳水是一项优美的水上运动，图甲是2008年北京奥运会跳水比赛中小将陈若琳和王鑫在跳台上腾空而起的英姿．其中陈若琳的体重约为30kg ，身高约为1.40m ，她站在离水面10m 高的跳台上，重心离跳台面的高度约为0.80m ，竖直向上跃起后重心升高0.45m 达到最高点，入水时身体竖直，当手触及水面时伸直双臂做一个翻掌压水花的动作，如图乙所示，这时陈若琳的重心离水面约为0.80m.设运动员在入水及在水中下沉过程中受到的水的作用力大小不变．空气阻力可忽略不计，重力加速度g 取10m/s 2.(结果保留两位有效数字)(1)求陈若琳从离开跳台到手触及水面的过程中可用于完成一系列动作的时间；(2)陈若琳入水后重心下沉到离水面约2.2m 处速度变为零，试估算水对陈若琳的阻力的大小．答案：(1)1.7s (2)1.3×103N解析：(1)陈若琳跃起后可看作做竖直向上的匀减速运动，重心上升的高度h 1＝0.45m ，设起跳速度为v 0，则v 20＝2gh 1，上升过程的时间t 1＝v 0g， 解得t 1＝2h 1g＝0.3s ，陈若琳从最高处自由下落到手触及水面的过程中重心下落的高度h ＝10.45m.设下落的时间为t 2，则h ＝12gt 22，解得t 2＝2hg＝ 2.09s≈1.4s，陈若琳要完成一系列动作可利用的时间t ＝t 1＋t 2＝1.7s.(2)从陈若琳的手触及水面到她的重心下沉到离水面约2.2m 处的位移s ＝3.0m ， 手触及水面的瞬时速度v ＝2gh . 设水对运动员的作用力为F f根据牛顿第二定律得mg －F f ＝ma ①又由运动学公式：0－v 2＝2as ②由①②解得：F f ＝1.3×103N.18．(11分)(山东潍坊09－10学年高一上学期期末)滑板运动是一项陆地上的“冲浪运动”，如图甲所示，OAB 是同一竖直平面上的滑行轨道，其中OA 段是长27m 的水平轨道，AB 段是倾角θ＝37°足够长的斜直轨道，OA 与AB 在A 点平滑连接．已知滑板及运动员总质量为60kg ，运动员从水平轨道向左滑向斜直轨道，滑到O 点开始计时，其后一段时间内的运动图象如图乙所示．将滑板及运动员视为质点，滑过拐角时速度大小不变，在水平和斜直轨道上滑板和接触面间的动摩擦因数相同．(取g ＝10m/s 2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，忽略空气阻力)求：(1)滑板与接触面间的动摩擦因数 (2)运动员到达坡底A 点时速度大小(3)运动员沿坡上滑的最大距离(保留三位有效数字)答案：(1)0.2 (2)6m/s (3)2.37m解析：(1)由运动图象知a ＝Δv Δt＝－2m/s 2在水平方向由牛顿第二定律－μmg ＝ma 联立解得μ＝0.2(2)设人运动到A 点时速度为v ，由运动学公式v 2－v 20＝2ax 解得：v ＝6m/s(3)运动员冲上斜面后做匀减速运动，设减速过程的加速度为a ′ 由牛顿第二定律得：－mg sin θ－μF N ＝ma ′ F N ＝mg cos θ解得a ′＝－7.6m/s 2设沿坡上滑的最大距离为x ，由运动学公式：0－v 2＝2a ′x 解得x ＝2.37m即沿坡上滑的最大距离为2.37m。