中小学学业质量监测数字化管理平台-区域版
AMEQP用户手册
AMEQP 全通教学质量监测平台
6.0 版
用户手册
广州全通数码科技有限公司
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2024-2025学年浙江省慈溪市(区域联考)九年级数学第一学期开学学业质量监测模拟试题【含答案】
2024-2025学年浙江省慈溪市（区域联考）九年级数学第一学期开学学业质量监测模拟试题题号一二三四五总分得分A 卷（100分）一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分，每小题均有四个选项，其中只有一项符合题目要求）1、（4分）如图，在△ABC 中，AB ＝AC ，∠BAC ＝50°，∠BAC 的角平分线AF 与AB 的垂直平分线DF 交于点F ，连接CF ，BF ，则∠BCF 的度数为（）A ．30°B ．40°C ．50°D ．45°2、（4分）小明在学习了正方形之后，给同桌小文出了道题．从下列四个条件：①AB ＝BC ；②∠ABC ＝90°；③AC ＝BD ；④AC ⊥BD 中选出两个作为补充条件，使平行四边形ABCD 成为正方形(如图所示)．现有下列四种选法，你认为其中错误的是()A ．①②B ．②④C ．①③D ．②③3、（4分）如图，已知一组平行线a //b //c ，被直线m 、n 所截，交点分别为A 、B 、C 和D 、E 、F ，且AB =2，BC =3，DE =l .6，则EF =（）A ．2.4B ．1.8C ．2.6D ．2.84、（4分）下面的两个三角形一定全等的是()A ．腰相等的两个等腰三角形B ．一个角对应相等的两个等腰三角形C ．斜边对应相等的两个直角三角形D ．底边相等的两个等腰直角三角形5、（4分）如图，将△ABC 沿着水平方向向右平移后得到△DEF ，若BC=5，CE=3，则平移的距离为()A ．1B ．2C ．3D ．56、（4分）如图是由三个边长分别为6、9、x 的正方形所组成的图形，若直线AB 将它分成面积相等的两部分，则x 的值是（）A ．1或9B ．3或5C ．4或6D ．3或67、（4分）如图所示的图形中既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（）A ．B ．C ．D ．8、（4分）下列二次根式中与）A ．BCD ．二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）9、（4分）如图，点A ，B 分别是反比例函数y ＝与y ＝的图象上的点，连接AB ，过点B 作BC ⊥x 轴于点C ，连接AC 交y 轴于点E ．若AB ∥x 轴，AE ：EC ＝1：2，则k 的值为_____．10、（4分）已知关于x 的方程()200ax bx c a --=≠的系数满足420a b c --=，且0c a b --=，则该方程的根是______．11、（4分）在平面直角坐标系中，点P （–2，–3）在（）A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限12、（4分）若菱形的两条对角线长分别是6㎝和8㎝，则该菱形的面积是㎝1．13、（4分）如图，在平行四边形ABCD 中，AD=5，AB=3，AE 平分∠BAD 交BC边于点E，则EC 的长为________．三、解答题（本大题共5个小题，共48分）14、（12分）如图，直线2y kx =+与直线13y x =相交于点A （3，1），与x 轴交于点B ．（1）求k 的值；（2）不等式123kx x +<的解集是________________．15、（8分）如图，四边形中，，，，是边的中点，连接并延长与的延长线相交于点.（1）求证：四边形是平行四边形；（2）若，求四边形的面积.16、（8分）因式分解：am 2﹣6ma +9a ．17、（10分）已知反比例函数k y x =的图像与一次函数1y x =+的图像的一个交点的横坐标是-1．（1）求k 的值，并画出这个反比例函数的图像；（2）根据反比例函数的图像，写出当1x <-时，y 的取值范围．18、（10分）已知点P Q ，分别在菱形ABCD 的边BC CD ，上滑动（点P 不与B C ，重合），且PAQ B ∠=∠．（1）如图1，若⊥AP BC ，求证：AP AQ =；（2）如图2，若AP 与BC 不垂直，（1）中的结论还成立吗？若成立，请证明，若不成立，说明理由；（3）如图3，若460AB B =∠=︒，，请直接写出四边形APCQ 的面积．B 卷（50分）一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）19、（4分）如图，一棵大树在离地面4米高的B 处折断，树顶A 落在离树底端C 的5米远处，则大树折断前的高度是______米（结果保留根号）.20、（4分）如图，矩形ABCD 的对角线AC 与BD 相交点O ，，P 、Q 分别为AO 、AD 的中点，则PQ 的长度为________．21、（4分）已知a b <的正确结果是_______________．22、（4分）将一次函数y=3x ﹣1的图象沿y 轴向_____平移_____个单位后，得到的图象经过原点．23、（4分）如图，a ∥b ，∠1＝110°，∠3＝50°，则∠2的度数是_____．二、解答题（本大题共3个小题，共30分）24、（8分）“十年树木,百年树人”,教师的素养关系到国家的未来.我市某区招聘音乐教师采用笔试、专业技能测试、说课三种形式进行选拔,这三项的成绩满分均为100分,并按2∶3∶5的比例纳入总分.最后,按照成绩的排序从高到低依次录取.该区要招聘2名音乐教师,通过笔试、专业技能测试筛选出前6名选手进入说课环节,这6名选手的各项成绩见下表:序号123456笔试成绩/分669086646584专业技能测试成绩/分959293808892说课成绩/分857886889485(1)写出说课成绩的中位数、众数;(2)已知序号为1,2,3,4号选手的成绩分别为84.2分,84.6分,88.1分,80.8分,请你判断这6名选手中序号是多少的选手将被录用?为什么?25、（10分）如图，在平行四边形ABCD 中，AB ＜BC ．（1）利用尺规作图，在BC 边上确定点E ，使点E 到边AB ，AD 的距离相等（不写作法，保留作图痕迹）；（2）若BC =8，CD =5，则CE =．26、（12分）如图，在矩形ABCD 中，对角线BD 的垂直平分线MN 与AD 相交于点M ，与BC 相交于点N ，连接BM ，DN .求证：四边形BMDN 是菱形；参考答案与详细解析一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分，每小题均有四个选项，其中只有一项符合题目要求）1、B【解析】根据线段垂直平分线的意义得FA=FB，由∠BAC=50°，得出∠ABC=∠ACB=65°，由角平分线的性质推知∠BAF=25°，∠FBE=40°，延长AF交BC于点E，AE⊥BC，根据等腰三角形的“三线合一”的性质得出：∠BFE=50°，∠CFE=50°，即可解出∠BCF的度数．【详解】延长∠BAC的角平分线AF交BC于点E，∵AF与AB的垂直平分线DF交于点F，∴FA=FB，∵AB=AC，∠BAC=50°，∴∠ABC=∠ACB=65°∴∠BAF=25°，∠FBE=40°，∴AE⊥BC，∴∠CFE=∠BFE=50°，∴∠BCF=∠FBE=40°．故选：B．本题主要考查了等腰三角形的性质和线段垂直平分线的性质，熟练掌握性质的内容是解答本题的关键．2、D【解析】利用矩形、菱形、正方形之间的关系与区别，结合正方形的判定方法分别判断得出即可．【详解】A、∵四边形ABCD是平行四边形，当①AB=BC时，平行四边形ABCD是菱形，当②∠ABC=90°时，菱形ABCD是正方形，故此选项正确，不合题意；B、∵四边形ABCD是平行四边形，∴当②∠ABC=90°时，平行四边形ABCD是矩形，当④AC⊥BD时，矩形ABCD是正方形，故此选项正确，不合题意．C、∵四边形ABCD是平行四边形，当①AB=BC时，平行四边形ABCD是菱形，当③AC=BD时，菱形ABCD是正方形，故此选项正确，不合题意；D、∵四边形ABCD是平行四边形，∴当②∠ABC=90°时，平行四边形ABCD是矩形，当AC=BD时，这是矩形的性质，无法得出四边形ABCD是正方形，故此选项错误，符合题意.故选D．此题主要考查了正方形的判定以及矩形、菱形的判定方法，正确掌握正方形的判定方法是解题关键．3、A【解析】根据平行线分线段成比例定理得到AB DEBC EF=，然后利用比例性质可求出EF的长．【详解】解：∵a∥b∥c，∴AB DE BC EF=，即2 1.6 3EF =，∴EF=2.1．故选：A．本题考查了平行线分线段成比例定理：三条平行线截两条直线，所得的对应线段成比例．4、D【解析】解：A．错误，腰相等的两个等腰三角形，没有明确顶角和底角的度数，所以不一定全等．B．错误，一个角对应相等的两个等腰三角形，没有明确边的长度是否相等，所以不一定全等．C．错误，斜边对应相等的两个直角三角形，没有明确直角三角形的直角边大小，所以不一定全等．D．正确，底边相等的两个等腰直角三角形，明确了各个角的度数，以及一个边，符合ASA 或AAS，所以，满足此条件的三角形一定全等．故选D．点睛：本题考查了三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA、AAS、HL．注意：AAA、SSA不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角．5、B【解析】根据平移的性质即可求解.【详解】∵△ABC沿着水平方向向右平移后得到△DEF,BC=5,CE=3，∴BE=2，即平移的距离为2.故选B.此题主要考查平移的性质，解题的关键是熟知平移的性质.6、D【解析】以AB为对角线将图形补成长方形，由已知可得缺失的两部分面积相同，即3×6=x×(9-x)，解得x=3或x=6，故选D.【点睛】本题考查了正方形的性质，图形的面积的计算，准确地区分和识别图形是解题的关键．7、D【解析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．【详解】解：A 、是中心对称图形，不是轴对称图形，故本选项不符合题意；B 、不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项不符合题意；C 、不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项不符合题意；D 、既是中心对称图形，又是轴对称图形，故本选项符合题意．故选：D ．本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．8、B 【解析】先将各选项化简,再根据同类二次根式的定义解答.【详解】A ,与,故不是同类二次根式,选项错误;B 、,与,故是同类二次根式,选项正确;C 、与,故不是同类二次根式,选项错误;D 3是整数,不是二次根式,故选项错误.所以B 选项是正确的.本题主要考查同类二次根式的定义，正确对根式进行化简,以及正确理解同类二次根式的定义是解决问题的关键.二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）9、1．【解析】设A （m ，），则B （﹣mk ，），设AB 交y 轴于M ，利用平行线的性质，得到AM 和MB 的比值，即可求解.【详解】∵EM∥BC，∴AM：MB＝AE：EC＝1：1，∴﹣m：（﹣mk）＝1：1，∴k＝1，故答案为1．本题考查的知识点是反比例函数系数k的几何意义，解题关键是利用平行线的性质进行解题.和1．10、1【解析】把x=1，和x=-1代入方程正好得出等式4a-1b-c=0和c-a-b=0，即可得出方程的解是x=1，x=-1，即可得出答案．【详解】∵ax1-bx-c=0（a≠0），把x=1代入得：4a-1b-c=0，即方程的一个解是x=1，把x=-1代入得：c-a-b=0，即方程的一个解是x=-1，故答案为：-1和1．本题考查了一元二次方程的解的应用，主要是考查学生的理解能力．11、C【解析】应先判断出点P的横纵坐标的符号，进而判断其所在的象限．【详解】解：∵点P的横坐标-2＜0，纵坐标为-3＜0，∴点P（-2，-3）在第三象限．故选：C．本题主要考查了平面直角坐标系中各个象限的点的坐标的符号特点．四个象限的符号特点分别是：第一象限（+，+）；第二象限（-，+）；第三象限（-，-）；第四象限（+，-）．12、14【解析】已知对角线的长度，根据菱形的面积计算公式即可计算菱形的面积．解：根据对角线的长可以求得菱形的面积，根据S=12ab=12×6×8=14cm1，故答案为14．13、1【解析】先根据角平分线及平行四边形的性质得出∠BAE=∠AEB，再由等角对等边得出BE=AB，从而求出EC的长．【详解】解：∵AE平分∠BAD交BC边于点E，∴∠BAE=∠EAD，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AD=BC=5，∴∠DAE=∠AEB，∴∠BAE=∠AEB，∴AB=BE=3，∴EC=BC-BE=5-3=1，故答案为：1．本题考查了角平分线、平行四边形的性质及等边对等角，根据已知得出∠BAE=∠AEB是解决问题的关键．三、解答题（本大题共5个小题，共48分）14、(1)13k =-;(2)x ＞3.【解析】（1）根据直线y=kx+2与直线13y x =相交于点A （3，1），与x 轴交于点B 可以求得k 的值和点B 的坐标；（2）根据函数图象可以直接写出不等式kx+2＜13x 的解集．【详解】（1）321k +=，解得：13k =-（2）11233x x -+<，解得：x ＞3本题考查一次函数与一元一次不等式，解题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答问题．15、（1）见解析；（2）四边形的面积.【解析】（1）根据同旁内角互补两直线平行求出BC ∥AD ，再根据两直线平行，内错角相等可得∠CBE=∠DFE ，然后利用“角角边”证明△BEC 和△FCD 全等，根据全等三角形对应边相等可得BE=EF ，然后利用对角线互相平分的四边形是平行四边形证明即可；（2）利用勾股定理列式求出AB ，然后利用平行四边形的面积公式列式计算即可得．【详解】解：（1）证明：∵，∴，∴，又∵是边的中点，∴，在与中，，∴，∴∴四边形是平行四边形；（2）∵，∴，∴四边形的面积．本题考查了平行四边形的判定与性质，平行线的判定、全等三角形的判定与性质等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题．16、a （m ﹣3）1．【解析】先提取公因式，再利用完全平方公式分解因式即可解答【详解】原式＝a （m 1﹣6m +9）＝a （m ﹣3）1．此题考查提公因式法和公式法的综合运用，解题关键在于熟练掌握运算法则17、（1）6k =，图像见解析，（2）60y -<<．【解析】（1）根据题意，先将3x =-代入一次函数，求得y ，即可求得交点坐标，再将交点坐标代入反比例函数解析式，即可求得k ，根据描点法即可画出图像；（2）将=1x -，代入反比例函数解析式，即可求得y 值，当1x <-时，观察图像即可求得y 的取值范围．【详解】解：（1）根据题意，将3x =-代入1y x =+，解得2y =-，∴交点坐标为（-1，-2），再代入反比例函数k y x =中，解得6k =，∴反比例函数解析式为6y x =，列出几组x 、y 的对应值：描点连线，即可画出函数图像，如图：（2）当=1x -时，6y =-，根据图像可知，当1x <-时，60y -<<．故当1x <-时，y 的取值范围是60y -<<．本题考查一次函数与反比例函数的综合，难度不大，是中考的常考知识点，理解交点的含义并正确画出函数图形是顺利解题的关键．18、（1）证明见解析；（2）（1）中的结论还成立，证明见解析；（3）四边形APCQ 的面积为【解析】（1）根据菱形的性质及已知，得到90AQC ∠=︒，再证()APB AQD AAS ≌，根据三角形全等的性质即可得到结论；（2）作AE BC AP CD ⊥⊥，，垂足分别为点E F ，，证明()AEP AFQ ASA ≌，根据三角形全等的性质即可得到结论；（3）根据菱形的面积公式，结合（2）的结论解答.【详解】解：（1）∵四边形ABCD 是菱形，∴180B C ∠+∠=︒，B D AB AD ∠=∠=，．∵PAQ B ∠=∠，∴180PAQ C ∠+∠=︒，∴180APC AQC ∠+∠=︒．∵⊥AP BC ，∴90APC ∠=︒，∴90AQC ∠=︒．在APB △和AQD 中，90APB AQD B D AB AD ∠=∠=︒⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，∴()APB AQD AAS ≌，∴AP AQ =．（2）若AP 与BC 不垂直，（1）中的结论还成立证明如下：如图，作AE BC AP CD ⊥⊥，，垂足分别为点E F ，．由（1）可得PAQ EAF B AE AF ∠=∠=∠=，，∴EAP FAQ ∠=∠，在AEP △和AFQ △中，90AEP AFQ AE AF EAP FAQ∠=∠=︒⎧⎪=⎨⎪∠=∠⎩，∴()AEP AFQ ASA ≌，∴AP AQ =．（3）如图，连接AC BD ，交于点O ．∵60ABC BA BC ∠=︒=，，∴ABC 为等边三角形，∵AE BC ⊥，∴BE EC =，同理，CF FD =，∴四边形AECF 的面积12=⨯四边形ABCD 的面积，由（2）得四边形APCQ 的面积=四边形AECF 的面积∵460AB B =∠=︒，，∴122OA AB ==，OB ==∴四边形ABCD 的面积为142⨯⨯=∴四边形APCQ 的面积为本题主要考查全等三角形的性质和判定，菱形的性质的应用.主要考查学生的推理能力，证明三角形全等是解题的关键．一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）19、（4+）【解析】设出大树原来高度，用勾股定理建立方程求解即可．【详解】设这棵大树在折断之前的高度为x 米，根据题意得：42+52=（x ﹣4）2，∴x =4或x =40（舍），∴这棵大树在折断之前的高度为（4）米．故答案为：（4）．本题是勾股定理的应用，解答本题的关键是把实际问题转化为数学问题来解决．此题也可以直接用算术法求解．20、1【解析】根据矩形的性质可得AC=BD=8，BO=DO=BD=4，再根据三角形中位线定理可得PQ=DO=1．【详解】∵四边形ABCD 是矩形，∴AC=BD=8，BO=DO=BD ，∴OD=BD=4，∵点P 、Q 是AO ，AD 的中点，∴PQ 是△AOD 的中位线，∴PQ=DO=1．故答案为：1．主要考查了矩形的性质，以及三角形中位线定理，关键是掌握矩形对角线相等且互相平分．21、-【解析】由题意：-a 3b≥0，即ab≤0，∵a＜b，∴a≤0＜b；22、上1【解析】根据“上加下减”的平移规律解答即可．【详解】解：将一次函数y=3x-1的图象沿y 轴向上平移1个单位后，得到的图象对应的函数关系式为y=3x-1+1，即y=3x ，该函数图象经过原点．故答案为上，1．此题主要考查了一次函数图象与几何变换，求直线平移后的解析式时要注意直线平移时k 的值不变，只有b 发生变化．解析式变化的规律是：左加右减，上加下减．23、60【解析】根据平行线的性质：两直线平行内错角相等，可得∠BOD=50°，再根据对顶角相等可求出∠2.【详解】解：如图所示：∵直线a ∥b ，∠3=50°，∴∠BOD=50°，又∵∠1=∠BOD+∠2，∠2=∠1-∠BOD=110°-50°=60°.故本题答案为：60.平行线的性质及对顶角相等是本题的考点，熟练掌握平行线的性质是解题的关键.二、解答题（本大题共3个小题，共30分）24、（1）中位数是1.5分;众数是1分；（2）序号是3,6号的选手将被录用，见解析.【解析】（1）利用中位数、众数的定义求解；（2）先求出序号为5号的选手成绩和序号为6号的选手成绩，再与序号为1、2、3、4号选手的成绩进行比较，即可得出答案．【详解】将说课的成绩按从小到大的顺序排列：78、1、1、86、88、94，∴中位数是（1+86）÷2=1.5，1出现的次数最多，∴众数是1．（2）这六位选手中序号是3、6的选手将被录用．原因如下：序号为5号的选手成绩为：65288394586.4235⨯+⨯+⨯=++（分）；序号为6号的选手成绩为：84292385586.9235⨯+⨯+⨯=++（分）．因为88.1＞86.9＞86.4＞84.6＞84.2＞80.8，所以序号为3、6号的选手将被录用．此题考查了中位数、众数与加权平均数，用到的知识点是极差公式与加权平均数公式，熟记各个公式是解题的关键．25、（1）见解析；（2）1．【解析】根据角平分线上的点到角的两边距离相等知作出∠A 的平分线即可；根据平行四边形的性质可知AB=CD=5，AD ∥BC ，再根据角平分线的性质和平行线的性质得到∠BAE=∠BEA ，再根据等腰三角形的性质和线段的和差关系即可求解．【详解】（1）如图所示：E 点即为所求．（2）∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AB=CD=5，AD ∥BC ，∴∠DAE=∠AEB ，∵AE 是∠A 的平分线，∴∠DAE=∠BAE ，∴∠BAE=∠BEA ，∴BE=BA=5，∴CE=BC ﹣BE=1．考点：作图—复杂作图；平行四边形的性质26、见解析【解析】根据MN 是BD 的垂直平分线可得OB=OD ，根据两直线平行，内错角相等可得∠OBN=∠ODM ，然后利用“角边角”证明△BON 和△DOM 全等，根据全等三角形对应边相等可得BN=MD ，从而求出四边形BMDN 是平行四边形，再根据线段垂直平分线上的点到第21页，共21页两端点的距离相等可得MB=MD ，然后根据邻边相等的平行四边形是菱形证明即可．【详解】∵MN 是BD 的垂直平分线，∴OB=OD ，∠BON=∠DOM ，∵四边形ABCD 是矩形，∴AD ∥BC ，∴∠OBN=∠ODM 在△BON 和△DOM 中，90OBN ODM OB OD BON DOM ∠∠⎧⎪⎨⎪∠∠︒⎩＝＝＝＝，∴△BON ≌△DOM （ASA ），∴BN=MD ，∴四边形BMDN 是平行四边形，∵MN 是BD 的垂直平分线，∴MB=MD ，∴平行四边形BMDN 是菱形．本题考查了菱形的判定，主要利用了矩形的性质，线段垂直平分线上的点到两端点的距离相等的性质，平行四边形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，熟记各性质并准确识图是解题的关键．。
小学中年级教育质量监测促进区域内学业水平质量提升的研究与实践
小学中年级教育质量监测促进区域内学业水平质量提升的研究与实践摘要：教育质量监测是一种定期对教育教学活动进行系统监测和评估的方法。
它通过收集、分析和使用各种教育教学数据和信息，对学校、学生和教师的教育教学质量进行评估和监测，以发现和解决教育教学中存在的问题和提高教育教学质量。
教育质量监测的目的是为了帮助学校和教育部门掌握教育教学质量状况，评价教育教学质量，制定教育教学政策和方针，促进教育教学改革和发展，提高学生的学习成绩和素质。
教育质量监测通常包括学生学习成绩、教师教学质量、课程设置、学校管理等方面的监测和评估。
通过教育质量监测，可以发现学生学习中存在的问题和困难，发现教师授课中的问题和不足，及时开展教师培训和提高，从而提高教育教学质量，促进学生的学业水平和发展。
关键词：小学中学段；教育质量；质量监测；区域性一、小学中学段开展教育质量监测的必要性（一）帮助学生发现问题和提高学习成绩小学中学段是学生学习的重要阶段，通过开展教育质量监测，可以及时发现学生学习中存在的问题和困难。
例如，如果某些学生在语文学科的成绩不佳，可以通过分析监测数据，找出该科目的学习难点，制定相应的教学辅导方案，进行个性化辅导和帮助，提高学生的学习成绩和水平，使其能够更好地掌握知识和技能。
（二）评估教学质量和发现不足开展教育质量监测可以对学校和教师的教学质量进行评估和监测。
例如，通过对学生的考试成绩、学业水平和综合素质进行评估，可以发现教学中存在的问题和不足之处，及时开展教师培训和提高，使教师能够更好地开展教育教学活动，提高学生的学业水平。
（三）促进教育教学改革教育质量监测可以对教育教学活动进行评估和分析，发现教育教学活动存在的问题和瓶颈。
例如，通过对学生的学习情况、教学资源的利用情况和教学方法的应用情况进行评估，可以发现教育教学活动中存在的问题和瓶颈，进而引导教育教学改革和发展，提高学生的学业水平和质量。
（四）促进学校竞争力教育质量监测可以对不同学校的教育教学活动进行比较和评价，促进学校之间的竞争。
国家中小学智慧教育平台应用示范县评价表
甲地市“国家中小学智慧教育平台”应用示范县（市、区）评价表
评估指标
主要内容
评估方式
ห้องสมุดไป่ตู้分值
组织与管理
成立领导机构，制定工作规划，有领导小组召开平台应用专题会议纪要或 会议通知，有领导小组工作总结或报告。
查阅材料。
5分
建有重点工作推进机制，有工作进展通报或简报。
查阅材料。
5分
各级管理员及学校教师在平台注册、应用与学校和班级活跃情况
采取有效措施，加大宣传推广工作力度，每周在国家中小学智慧教育平台 “河南王丁磊专家团队工作室”传阶段性经验推广、成果总结、视频资源
等活动，数量不低于2篇。
查阅材料。
5分
查阅材料。
10分
积极开展本土教育资源研发遴选优秀案例活动
查阅材料。
5分
召开本县区平台应用工作推进会，总结以往，部署有关工作情况。
查阅材料。
10分
向市教育教研中心报送区域内综合应用平台情况的相关信息情况
以收到材料为准。
10分
加强对学生、家长使用平台资源的宣传和指导工作。通过微信公众号、视 频号等官方媒体多方面、全方位宣传、推介“国家中小学智慧教育平 台“。本区域内教师对国家中小学智慧教育平台应用案例关注情况，如对 河南王丁磊专家团队工作室关注并积极浏览评价分享其资源情况等。
宣传记录，活动资料， 座谈等。
5分
保障措施
各地教育行政部门经常深入学校检查指导平台推广和应用工作，作为学校 教学常规检查的重要标准，纳入教育督导检查的重要内容。
查阅材料。
5分
向市教育教研中心报送区域内综合应用平台情况的相关信息情况。鼓励辖 下中小学积极利用本地本校媒介开展相关报道情况。
中小学教育云
中小学教育云1.U+产品介绍2.产品功能介绍2.1基础类2.1.1学生综合信息2.1.2教职工综合信息2.2教务类2.2.1成绩录入分析2.2.2备课管理2.2.3教务管理2.2.4备课管理2.2.5作业管理2.2.6资源管理2.2.7在线考试2.3交流类2.3.1办公事物管理2.3.2素质评价2.3.3家校互动2.4总务类2.4.1校产管理2.4.2收费管理2.4.3宿舍管理2.4.4考勤管理2.4.5实验室管理2.5管理类2.5.1招生管理2.5.2德育管理2.5.3流程管理2.5.4体卫管理2.5.5图书管理2.5.6档案管理2.6其他类2.6.1排课选课系统2.6.2系统管理1.U+产品介绍康赛普教云平台采用国家教育部制定相关标准。
通过本系统，各中小学不仅可以轻松完成每年的管理工作，而且可以对学校的考务工作进行综合性的管理。
管理人员和教职工都可以随时查看和维护最新的数据。
系统支持校领导、教育局、班主任、教师等各类身份登录，真正实现了多用户、多角色、多事务的协同工作。
将教学管理各部门（教务处、各系部等）联成一个完整的数据整体，实现信息高度共享，加强信息的可靠性和实时性，为教学管理提供及时、准确的数据。
产品功能介绍2.1基础类2.1.1学生综合信息通过本系统，各中小学不仅可以轻松完成每年的招生登记工作，而且可以对学校的学生进行综合性的管理。
管理员可以随时查看和维护最新的数据。
系统支持校领导、班主任、教师、等各类身份登录，真正实现了多用户、多角色、多事务的协同工作。
2.1.2教职工综合信息通过本系统，各中小学不仅可以轻松完成每年的新职工登记工作，而且可以对学校的教职工进行综合性的管理。
建立人才动态管理为基础的人力资源管理体系。
为用户提供全流程化的人事管理、全面的人力资本分析管理，为中小学降低管理成本、优化人力资源配置、提高自身竞争力、促进发展提供决策与支持。
2.2教务类2.2.1成绩录入分析成绩录入分析是一套以互联网技术为核心，以分布式数据库为后台，整合考场设置、考号录入、考试成绩、成绩分析等技术新一代考试管理系统，其目标是通过现代化的信息管理手段，优化工作流程、规范工作模式，促进学校各部门的信息共享和协同工作，提高办公质量和办公效率，提高决策的科学性和正确性，提高学校整体竞争力，实现日常考试事务和决策支持服务的电子化、自动化、一体化，让学校在信息时代飞得更高。
基础教育管理监测平台操作手册--市级
政策法规栏目中列出了教育部印发的各类规定通知，点击其中任意一条，可以打开对应的政策文件，查看详情。
若用户需要查看更多的政策法规，可以点击右上角的“更多”按钮。如下图所示：
2
地方进展栏目中列出了地方行政机构或学校近期的好的举措或经验，点击其中任意一条，可以打开对应的文件，查看详情。
若用户需要查看更多的进展详情，可以点击右上角的“更多”按钮。如下图所示：
2.4
典型经验栏目为用户提供全国各地落实国家相关政策方面的经验分享，点击其中任意一条，可以打开对应的文件，查看详情。
若用户需要查看更多的经验，可以点击右上角的“更多”按钮。如下图所示：
第3章
为加强经验交流，地方各级教育行政部门、各中小学校可自行选择上报典型经验案例和地方工作进展（新闻稿）页展示交流，同时择优推荐给教育部官网展示和主流新闻媒体宣传报道。
3.1
如果市级用户需要上报典型经验案例和地方工作进展（新闻稿）等材料，可以通过“新建”按钮新建行，上传相关信息。
点击新建按钮，弹出材料上报的详细填写事项。逐项据实填写后，如果用户不想上传了，点击下方的“取消”按钮，就可以取消填写的上传信息，返回到材料上报的首页；逐项据实填写后，确定上传信息点击下方的“保存”按钮即可。
账号锁定后，可以等30分钟后自动解锁重新登录系统，也可以找上级教育主管部门重置密码，重置后的密码和账号相同，例如;账号是wg9135,重置后的密码也是wg9135。
1.5
用户首次登录时，系统会自动跳转到重置初始密码的页面，重置后的密码不少于8位，应同时包含大小写字母和数字，同时需要填写个人联系方式，比如姓名、移动电话、电子邮箱。如下图所示：
注意：带红色*的项为必填项，不可为空，否则保存时提示“XX不能为空”。
中小学数字化校园平台解决方案
中⼩学数字化校园平台解决⽅案中⼩学数字化校园平台解决⽅案2020年12⽉⽬录1.项⽬背景 (1)1.1.指导思想 (1)1.2.政策依据 (1)1.3.现状分析 (2)2.项⽬整体规划 (2)2.1.建设⽬标 (2)2.2.建设原则 (4)2.3.⽅案概述 (5)2.4.架构设计 (5)3.⽅案产品⽬录 (6)3.1.基础⽀撑平台 (6)3.1.1.⾝份认证管理平台 (6)3.1.2.综合门户 (7)3.1.3.基础数据 (7)3.1.4.数据标准管理 (8)3.1.5.数据共享 (8)3.1.6.数据安全 (8)3.1.7.多端适配 (8)3.2.可视化管理应⽤ (9)3.2.1.常规管理可视化 (9)3.2.2.教务教学可视化 (10)3.2.4.教师发展可视化 (13)3.2.5.学⽣成长可视化 (15)3.3.数字化校园应⽤ (17)3.3.1.协同办公 (17)3.3.2.教师档案 (17)3.3.3.学⽣档案 (18)3.3.4.协同备课 (18)3.3.5.互动课堂 (18)3.3.6.资产管理 (19)3.3.7.图书馆管理 (19)3.3.8.成绩管理 (19)3.3.9.考试考务 (19)3.3.10.资源管理 (20)3.3.11.⽹络社交 (20)3.3.12.家校互动 (20)3.4.数字化校园管理 (21)3.4.1.门禁管理 (21)3.4.2.智能预约管理 (22)3.4.3.班牌管理 (23)3.4.4.智慧校徽 (23)3.4.5.消费管理 (24)3.4.7.访客管理 (26)3.4.8.校园定位 (26)3.4.9.⼈脸识别 (28)3.4.10.校园安防 (29)3.4.11.视频巡课 (30)3.4.12.⼴播对讲 (31)3.4.13.宿舍门禁管理 (32)4.硬件要求 (33)4.1.应⽤服务器 1 台 (33)4.2.存储服务器 1 台 (33)4.3.服务器部署拓扑 (34)5.技术服务 (34)5.1.定制化开发 (34)5.2.实施服务 (34)5.3.售后技术⽀持 (34)1.项⽬背景1.1.指导思想我国教育改⾰和发展正⾯临着前所未有的机遇和挑战。
教育数字化转型基于数据分析的教科研训一体化
教育数字化转型基于数据分析的教科研训一体化黄浦教育一直坚持以“促进学生全面而有个性的终身发展”为核心理念，注重“以生为本”，遵循教育规律，促进学生的全面发展和主动快乐学习。
以5G、人工智能、大数据为代表的新一代信息技术正在加速影响着传统教育边界、教学组织形式、知识获取方式以及师生定位。
黄浦教育在发展过程中主动迎接和把握数字化转型带来的挑战和机遇，通过基于数据的学习分析驱动教育理念创新、教育模式变革、教育治理优化，最终精准实施教育改进。
一、开发建设多层应用的学习数据分析系统在推进教育数字化转型中，黄浦区开发建设多层应用的学习数据分析系统，开展基于数据的学习分析，开发了“中小学学业质量监测平台”和“黄浦区学情调研分析平台”，从而为切实诊断学生学习情况，实现高质量教学提供保障。
这些平台重点围绕“课堂学习诊断分析与指导”“学生学业质量诊断与改进”“在校生活与学习现状分析与干预”等应用场景，常态化、动态化和伴随式采集学习数据，对学生学习进行及时反馈和指导，提高学生发展内在动力。
二、构建区校联动的“学情分析-教育改进”机制区教育局和相关业务主管单位，整体规划、分层协调、科学实施、稳步落实，构建了区、校两级联动的“学情分析-教育改进”常态机制，采用大样本、长周期的调研方式，从大量数据中把握学生情感与需求，发现办学问题，为教育改革提供决策依据，保证黄浦精品教育实现“源自学生、为了学生”的价值追求。
由于机制的建立，“十三五”期间，我区在学情数据分析的技术性和科学性都实现了突破。
学生学业质量监测重点关注“增值评价”，引导学校和社会树立全面的教育质量观，促进区域性教育质量监测与评价的专业化发展。
学情调研工作运用人工智能语义分析技术，实现对调研主观题进行质性分析。
课堂学习数据采集实现了伴随式和常态化，做到课堂教学实时诊断和指导。
区校联动教育改进机制的建立，有力地保障了学生学习大数据应用的长效性。
三、大数据驱动的教育改进，促进学生主动快乐学习学情分析是一种手段，改进才是教育发展的目的。
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中小学学业质量监测数字化管理平台
系统简介
承儒科技中小学学业质量监测数字化管理平台应用现代教育心理学、测量学、统计学知识（如等值、锚题管理、自适应诊测等），结合学科教研专家的教学经验，强调研究与应用相结合，以确保理论技术先进、方法手段可靠、测量结果准确。
平台系统采用了先进的锚题库管理技术与建立在项目反应理论基础上的计算机自适应诊测技术，既能做到针对知识模块的精确诊断评价，又能做到增值对比的发展性评价；既可对群体进行对比分析评价，也可对个体进行差异性评价。
平台实现全信息化处理，便于家、校及师生的的互通互联，极大地缩短了考试测评结果反馈到教育教学环节的周期，能有效提高教学的针对性、实效性，达到提高教育质量的目的。
系统框架
系统特色
1、指标体系灵活配置
采用积木式设计理念，众多分析指标项可自由组合，可适应教学教研的多样化需求。
2、基于双等值的锚题管理技术
可将不同年份、不同试卷的考试数据进行等值关联，实现发展性分析。
3、基于项目反应理论的计算机自适应测试技术
可根据学生用户的水平自动调整试题参数，包括难度、知识点和题型等。
4、科学的评价机制
采用绝对评价、相对评价和个体内差异性评价相结合的多元评价机制，实现评价的全面化、科学化。
5、诊断精确，分析全面
将终结性评价和形成性评价相结合，以学生发展为核心。
6、分析报告自动生成
运用信息化技术自动生成图文并茂的评价报告，为老师、学生节省大量时间。
7、远端服务，评价共享
实现了监测数据、评价信息的无限共享，用户可通过网络随时随地登录系统。
8、无缝对接阅卷系统
支持国内众多的网上阅卷系统，可实现原有资源的最大化利用。
系统截图
服务内容。