大学物理作业7参考答案
西南交大大学物理CII作业 参考答案

©物理系_2015_09《大学物理CII》作业No.7 热力学第二定律班级________ 学号________ 姓名_________ 成绩_______一、判断题:(用“T”和“F”表示)[ F ] 1.在任意的绝热过程中,只要系统与外界之间没有热量传递,系统的温度就不会发生变化。
此说法不对.在绝热过程中,系统与外界无热量交换,Q=0.但不一定系统与外界无作功,只要系统与外界之间有作功的表现,由热力学第一定律Q=E+W,可知,E=-W,即对应有内能的改变.而由E=νC,T可知,有E,一定有T,即有温度的变化.[ F ] 2.在循坏过程中系统对外做的净功在数值上等于p-V图中封闭曲线所包围的面积,因此封闭曲线包围的面积越大,循坏效率就越高。
有人说,因为在循环过程中系统对外做的净功在数值等于p-V图中封闭曲线所包围的面积,所以封闭曲线所包围的面积越大,循环效率就越高,对吗?答:不正确,因为循环效率取决于系统对外做的净功和系统由高温热源吸收的热量,只有在从高温热源吸收的热量一定的情况下,封闭曲线所包围的面积越大,即系统对外所做的净功越多,循环效率越高,如果从高温热源吸收的热量不确定,则循环效率不一定越高[ F ] 3.系统经历一正循坏后,系统与外界都没有变化。
系统经历一正循环后,系统的状态没有变化;(2)系统经历一正循环后,系统与外界都没有变化;(3)系统经历一正循环后,接着再经历一逆循环,系统与外界亦均无变化。
解说法(1)正确,系统经历一正循环后,描述系统状态的内能是单值函数,其内能不变,系统的状态没有变化。
说法(2)错误,系统经过一正循环,系统内能不变,它从外界吸收热量,对外作功,由热力学第二定律知,必定要引起外界的变化。
说法(3)错误,在正逆过程中所引起外界的变化是不能消除的。
[ F ] 4.第二类永动机不可能制成是因为违背了能量守恒定律。
解:第二类永动机并不违背能量守恒定律,但它违背了热力学第二定律。
大学物理D-07波动光学-参考答案

(B)
7.2.7 一束平行单色光垂直入射在光栅上,当光栅常数(a+b)为下列那种情况时(a 代表每条缝的 宽度) ,k=3、6、9…级次的主极大均不出现? (A) a+b=2a; 7.2.8 (B) a+b=3a; (C) a+b=4a; (D) a+b=6a。 ( B (B) 0、±1、±3; (D) 0、±2、±4。 (D) (B) 牛顿环; (C) 单缝衍射; (D) 光栅衍射。 ) ( B )
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-4 -4 -4 -4
(
B )
P
S1 S2
O
7.2.2 在双缝干涉实验中,为使屏上的干涉条纹间距变大,可以采取的办法是 (A)使屏靠近双缝; (B)使两缝的间距变小; (C)把两个缝的宽度稍微调窄; (D)改用波长较小的单色光源。
(
B )
7.2.3 如图所示,折射率为 n2 、厚度为 e 的透明介质薄膜的上方和下方的透明介质的折射率分别 为 n1 和 n3 ,已知 n1<n2<n3.若用波长为 的单色平行光垂直入射到该薄膜 上,则从薄膜上、下两表面反射的光束①与②的光程差是 (A) 2n2 e ; (B) 2n2 e 2 ; (C) 2n2 e ; (D) 2n2 e / 2n2 。 7.2.4 刚吹起的肥皂泡(很小时)看不到有什么彩色,当肥皂泡吹大到一定程度时,会看到有彩色,而 且这些彩色随着肥泡的增大而改变.当肥皂饱大到将要破裂时,将呈现黑色。对这一现象的解释,下列 原因中的最佳组合是(D) (1) 吹起的肥皂泡作为空气中的薄膜, 当它的厚度 e 使在其上下表面的反射光满足相干条件时, 就形成干涉现象; (2)在日光照射下,对一定厚度的薄膜,并非所有波长的可见光都能被加强; (3)从 吹起的肥皂泡表面见到的是被反射的不同波长的、不同干涉强度的可见光成分的非相干叠加所形成的彩 色,这种彩色随着膜厚的变化(肥皂泡被吹大)、观察角度(膜法线与反射光线夹角)的变化而改变; (4)刚 吹起的肥皂饱表面看不到这种现象,那是由于膜的厚度太大,超过了日光的相干长度; (5)当肥皂泡大 到将要破裂时,膜的厚度趋于零,对于各种波长的光,反射光都满足干涉相消条件。因此从反射方向看, 什么颜色都不呈现,只能是黑色的。 (A) (1) 、 (2) 、 (4) ; (C) (2) 、 (3) 、 (4) 、 (5) ; (B) (1) 、 (2) 、 (4) 、 (5) ; (D) (1) 、 (2) 、 (3) 、 (4) 、 (5) ; ( A )
7大学物理习题及综合练习答案详解

7大学物理习题及综合练习答案详解-CAL-FENGHAI-(2020YEAR-YICAI)_JINGBIAN库仑定律7-1 把总电荷电量为Q 的同一种电荷分成两部分,一部分均匀分布在地球上,另一部分均匀分布在月球上,使它们之间的库仑力正好抵消万有引力,已知地球的质量M =5.98l024kg ,月球的质量m =7.34l022kg 。
(1)求 Q 的最小值;(2)如果电荷分配与质量成正比,求Q 的值。
解:(1)设Q 分成q 1、q 2两部分,根据题意有 2221rMmG r q q k=,其中041πε=k 即 2221q k q GMm q q Q +=+=。
求极值,令0'=Q ,得 0122=-kq GMmC 1069.5132⨯==∴k GMm q ,C 1069.51321⨯==k q GMm q ,C 1014.11421⨯=+=q q Q (2)21q m q M =,k GMm q q =21 kGMm m q mq Mq ==∴2122 解得C 1032.61222⨯==kGm q , C 1015.51421⨯==m Mq q ,C 1021.51421⨯=+=∴q q Q 7-2 三个电量为 –q 的点电荷各放在边长为 l 的等边三角形的三个顶点上,电荷Q (Q >0)放在三角形的重心上。
为使每个负电荷受力为零,Q 值应为多大?解:Q 到顶点的距离为 l r 33=,Q 与-q 的相互吸引力为 20141rqQ F πε=, 两个-q 间的相互排斥力为 220241l q F πε=据题意有 10230cos 2F F =,即 2022041300cos 412rqQl q πεπε=⨯,解得:q Q 33= 电场强度7-3 如图7-3所示,有一长l 的带电细杆。
(1)电荷均匀分布,线密度为+λ,则杆上距原点x 处的线元d x 对P 点的点电荷q 0 的电场力为何?q 0受的总电场力为何(2)若电荷线密度λ=kx ,k 为正常数,求P 点的电场强度。
大学物理学 (第3版.修订版) 北京邮电大学出版社 上册 第七章习题7 答案

[答案:B。由图得E=kV, 而,i不变,为一常数。] (5) 在恒定不变的压强下,气体分子的平均碰撞频率与气体的热力学温
度T的关系为 [ ] (A) 与T无关. (B).与T成正比 . (C) 与成反比. (D) 与成正比. [答案:C。。] 7.2填空题 (1)某容器内分子数密度为10 26 m-3,每个分子的质量为 3×10-27 kg,设其中 1/6分子数以速率=200 m /s 垂直地向容器的一壁运动,而 其余 5/6分子或者离开此壁、或者平行此壁方向运动,且分子与容器壁 的碰撞为完全弹性的.则每个分子作用于器壁的冲量P= _______________; 每秒碰在器壁单位面积上的分子数= ______________;作用在器壁上的压强p=_________________. [答案:=1.2×10-24 kg m / s = ×1028 m-2.s-1 ; 或 或 (见教材图7.2 ) =4×103 Pa 或p=4×103 Pa. ] (2)有一瓶质量为M的氢气,温度为T,视为刚性分子理想气体,则氢 分子的平均平动动能为____________,氢分子的平均动能为 ______________,该瓶氢气的内能为____________________. [答案:, =k T, ] (3)容积为3.0×102m3的容器内贮有某种理想气体20 g,设气体的压强 为0.5 atm.则气体分子的最概然速率 ,平均速率 和方均根 速率 . [答案:由理想气体状态方程 可得 3.89×102 m/s 4.41×102 m/s 4.77×102 m/s ] (4)题7.2图所示的两条f()~曲线分别表示氢气和氧气在同一温度下的 麦克斯韦速率分布曲线.由此可得氢气分子的最概然速率为 ___________;氧气分子的最概然速率为___________. 题7.2图 f()
大学物理学(课后答案)第7章

⼤学物理学(课后答案)第7章第七章课后习题解答、选择题7-1处于平衡状态的⼀瓶氦⽓和⼀瓶氮⽓的分⼦数密度相同,分⼦的平均平动动能也相同,则它们[](A) 温度,压强均不相同(B)温度相同,但氦⽓压强⼤于氮⽓的压强(C)温度,压强都相同(D)温度相同,但氦⽓压强⼩于氮⽓的压强3分析:理想⽓体分⼦的平均平动动能τk= kT,仅与温度有关,因此当氦⽓和氮2⽓的平均平动动能相同时,温度也相同。
⼜由理想⽓体的压强公式p =nkT ,当两者分⼦数密度相同时,它们压强也相同。
故选( C)O7-2理想⽓体处于平衡状态,设温度为T,⽓体分⼦的⾃由度为i ,则每个⽓体分⼦所具有的[](A)动能为-kT (B)动能为丄RT2 2(C)平均动能为^kT (D)平均平动动能为^RT分析:由理想⽓体分⼦的的平均平动动能3 kT和理想⽓体分⼦的的平均动能2T⼆丄kT ,故选择(C)O27-3三个容器A、B、C中装有同种理想⽓体,其分⼦数密度n相同,⽽⽅均根1/2 1/2 1/2速率之⽐为V A : V B : V C 1:2:4 ,则其压强之⽐为P A : P B : P C[](A) 1:2:4 (B) 1:4:8 (C) 1 : 4 : 16 (D) 4:2:1分析:由分⼦⽅均根速率公式= J3RT,⼜由物态⽅程p = nkT ,所以当三容器中得分⼦数密度相同时,得p1: P2: P3 =T1 :T2 :T3 =1:4:16 O故选择(C)O7-4图7-4中两条曲线分别表⽰在相同温度下氧⽓和氢⽓分⼦的速率分布曲线。
如果(VP O和(V P 分别表⽰氧⽓和氢⽓的最概然速率,则[](A)图中a表⽰氧⽓分⼦的速率分布曲线且V P O z V P H= 4(B) 图中a表⽰氧⽓分⼦的速率分布曲线且V P O/ V P H? =1/4(C) 图中b表⽰氧⽓分⼦的速率分布曲线且V P O / V P H=1/4(D) 图中b表⽰氧⽓分⼦的速率分布曲线且V P O/ V P H2 =4分析:在温度相同的情况下,由最概然速率公式'..P=I j2RT及氢⽓与氧⽓的摩尔质量M H2£M o2,可知氢⽓的最概然速率⼤于氧⽓的最概然速率,故曲线a对应于氧分⼦的速率分布曲线。
《大学物理AI》作业 No.07 电势(参考解答)

3.带电量 Q 相同,半径 R 相同的均匀带电球面和非均匀带电球面。其球心处的电势是否相等(以无穷 远为电势零点)?二者球内空间的 E、U 分布是否相同? 答:均匀带电球面,球心处的电势 U 0
Q 4 0 R
,球内空间 E 处处为零,球内空间电势等于
3
U0
Q 4 0 R
。
非均匀带电球面,球心处的电势: U 0
零电势点
答:(1)不正确。根据电势定义 U P 定,而不是仅由该点的场强决定。
E dr 可知,电势是由场点位置到零电势点间的场强决
P
(2)不正确。由场强与电势的关系 E U 可知,某点的 E 应由该点附近电势分布求得。仅 仅知道某一点的 U 是无法求出 E 的,必须知道 U 的分布才行。 (3)不正确。比如,无限大均匀带电平面的一侧,电场强度处处相等,但是距带电平面垂直距 离不同的地方电势不等。 (4)正确。比如,无限大均匀带电平面的一侧,任取一平面,在该面上 E 值相等,但 U 显然不 一定相等。而在电荷均匀分布的球面的电场中,在与它同心的球面上 E 值相等,且 U 值也相等。因此 E 值相等的曲面上,U 值不一定相等。 (5)正确。U 值相等的曲面是等势面,在等势面上的场强不一定是相等的。这要看某点附近的 电势分布。比如,电偶极子的电场中,在偶极子连线的中垂面是一等势面,但是中垂面上各点场强不 相等;但在电荷均匀分布的球面的电场中,等势面上各点的场强大小相等。因此 U 值相等的曲面上, E 值不一定相等。
电场力将+q0 从内球面移到外球面做功 A q0 (U内 U 外 )
1
6.如图所示,电量为 q 的试验电荷,在电量为+Q 的点电荷产生的电场中,沿半径 为 R 的 3/4 圆弧轨道由 a 点移到 d 点,电场力做功为(0),再从 d 点移到无穷远
大学物理答案第7~8章

第七章 真空中的静电场7-1 在边长为a 的正方形的四角,依次放置点电荷q,2q,-4q 和2q,它的几何中间放置一个单位正电荷,求这个电荷受力的大小和偏向.解:如图可看出两2q 的电荷对单位正电荷的在感化力 将互相抵消,单位正电荷所受的力为)41()22(420+=a q F πε=,2520a qπε偏向由q 指向-4q.7-2 如图,平均带电细棒,长为L,电荷线密度为λ.(1)求棒的延伸线上任一点P 的场强;(2)求经由过程棒的端点与棒垂直上任一点Q 的场强.解:(1)如图7-2 图a,在细棒上任取电荷元dq,树立如图坐标,dq =λd ξ,设棒的延伸线上任一点P 与坐标原点0的距离为x ,则2020)(4)(4ξπεξλξπεξλ-=-=x d x d dE则整根细棒在P 点产生的电场强度的大小为 )11(4)(40020xL x x d E L--=-=⎰πελξξπελ=)(40L x x L-πελ偏向沿ξ轴正向.(2)如图7-2 图b,设经由过程棒的端点与棒垂直上任一点Q 与坐标原点0的距离为y204r dxdE πελ=θπελcos 420rdxdE y =, θπελsin 420r dxdE x =因θθθθcos ,cos ,2yr d ydx ytg x ===,习题7-1图dqξd ξ习题7-2 图axdx习题7-2 图by代入上式,则)cos 1(400θπελ--=y =)11(4220Ly y+--πελ,偏向沿x 轴负向.θθπελθd ydE E y y ⎰⎰==000cos 4 00sin 4θπελy ==2204Ly y L+πελ7-3 一细棒弯成半径为R 的半圆形,平均散布有电荷q,求半圆中间O 处的场强. 解:如图,在半环上任取d l =Rd θ的线元,其上所带的电荷为dq=λRd θ.对称剖析E y =0.θπεθλsin 420R Rd dE x =⎰⎰==πθπελ0sin 4R dE E xR02πελ= 2022R q επ=,如图,偏向沿x 轴正向.7-4 如图线电荷密度为λ1的无穷长平均带电直线与另一长度为l .线电荷密度为λ2的平均带电直线在统一平面内,二者互相垂直,求它们间的互相感化力.解:在λ2的带电线上任取一dq,λ1的带电线是无穷长,它在dq 处产生的电场强度由高斯定理轻易得到为,xE 012πελ=两线间的互相感化力为θθπελθd y dE E x x ⎰⎰-=-=0sin4x习题7-3图λ1 习题7-4图⎰⎰==x dx dF F 0212πελλ⎰=la x dx 0212πελλ,ln 2021ala +πελλ如图,偏向沿x 轴正向. 7-5 两个点电荷所带电荷之和为Q,问它们各带电荷若干时,互相感化力最大? 解:设个中一个电荷的带电量是q,另一个即为Q -q,若它们间的距离为r,它们间的互相感化力为204)(rq Q q F πε-=互相感化力最大的前提为04220=-=r qQ dq dF πε 由上式可得:Q=2q,q=Q/27-6 一半径为R 的半球壳,平均带有电荷,电荷面密度为σ,求球心处电场强度的大小. 解:将半球壳细割为诸多细环带,其上带电量为θθπσθπσd R rRd dq sin 222==dq 在o 点产生的电场据(7-10)式为304R ydqdE πε=,θcos R y =θθπεθπσπd R R dE E cos 4sin 200303⎰⎰==)(sin sin 200θθεσπd ⎰=20202sin 2πθεσ=4εσ=.如图,偏向沿y 轴负向. 7-7 设匀强电场的电场强度E 与半径为R 的半球面临称轴平行,盘算经由过程此半球面电场强度的通量.习题7-6图成为闭合曲面高斯,对此高斯曲面电通量为0, 即021=⋅+⋅=⋅⎰⎰⎰S S SS d E S d E S d E2211R E S d E S d E S S S π-=⋅-=⋅=ψ⎰⎰7-8 求半径为R,带电量为q 的空心球面的电场强度散布.解: 因为电荷散布具有球对称性,因而它所产生的电场散布也具有球对称性,与带电球面齐心的球面上各点的场强E 的大小相等,偏向沿径向.在带电球内部与外部区域分离作与带电球面齐心的高斯球面S 1与S 2.对S 1与S 2,运用高斯定理,即先盘算场强的通量,然后得出场强的散布,分离为04d 21==⋅=⎰r E S πψS E得 0=内E (r<R )24d 2επψqr E S ==⋅=⎰S Errˆ204q πε=外E (r>R) 7-9 如图所示,厚度为d 的“无穷大”平均带电平板,体电荷密度为ρ,求板表里的电场散布.解:带电平板平均带电,在厚度为d/2的等分街面上电场强度为零,取坐标原点在此街面上,树立如图坐标.对底面积为A,高度分离为x <d/2和x >d/2的高斯曲面运用高斯定理,有d ρψAxEA ==⋅=⎰S E r习题7-18图2d 2ερψd A EA S ==⋅=⎰S E)2( 202d x i d E > ερ=7-10 一半径为R 的无穷长带电圆柱,其体电荷密度为)(0R r r ≤=ρρ,ρ0为常数.求场强散布.解: 据高斯定理有⎰⎰==⋅VSdV rl E S d E ρεπ012R r ≤时:⎰'''=rr ld r r krl E 022πεπ⎰''=rr d r lk202επ=rl E π23230r lk επn e kr E 023ε=→R r >时:⎰'''=Rr ld r r krl E 022πεπ⎰''=Rr d r lk202επ=rl E π23230R lk επn e rkR E 033ε=→7-11 带电为q.半径为R 1的导体球,其外齐心肠放一金属球壳,球壳内.外半径为R 2.R 3. (1)球壳的电荷及电势散布;(2)把外球接地后再绝缘,求外球壳的电荷及球壳表里电势散布; (3)再把内球接地,求内球的电荷及外球壳的电势. 解:(1)静电均衡,球壳内概况带-q,外概况带q 电荷. 据(7-23)式的结论得:),)(111(4132101R r R R R q V ≤+-=πε );)(111(212R r R qV ≤≤+-=习题7-10图r),(432303R r R R q V ≤≤=πε).(4304R r rq V ≥=πε (2)),)(11(412101R r R R q U ≤-=πε );)(11(421202R r R R r qV ≤≤-=πε),(0323R r R V ≤≤=).(034R r V >>= (3)再把内球接地,内球的电荷及外球壳的电荷从新散布设静电均衡,内球带q /,球壳内概况带-q /,外概况带q /-q.),)((41132101R r R q q R q R q V ≤-'+'-'=πε 得:21313221R R R R R R qR R q +-='=-'=3034R qq V πε)(4)(213132021R R R R R R q R R +--πε)(32R r R ≤≤ 7-12 一平均.半径为R 的带电球体中,消失一个球形空腔,空腔的半径r(2r<R),试证实球形空腔中随意率性点的电场强度为匀强电场,其偏向沿带电球体球心O 指向球形空腔球心O /. 证实:运用补缺法,此空腔可视为同电荷密度的一个完全的半径为R 的大球和一个半径为r 与大球电荷密度异号完全的小球构成,两球在腔内随意率性点P 产生的电场分离据〔例7-7〕成果为03ερ11r E =, 03ερ22r E -= E =E 1+E 2=03ερ1r 03ερ2r - o o '=3ερ上式是恒矢量,得证.习题7-12图7-13 一平均带电的平面圆环,内.外半径分离为R 1.R 2,且电荷面密度为σ.一质子被加快器加快后,自圆环轴线上的P 点沿轴线射向圆心O.若质子到达O 点时的速度正好为零,试求质子位于P 点时的动能E K .(已知质子的带电量为e,疏忽重力的影响,OP=L )解:圆环中间的电势为⎰=210042R R r rdr V πεπσ )(2120R R -=εσ圆环轴线上p 点的电势为⎰+=2122042R R P Lr rdrV πεπσ)(22221222022021L R L R L r R R +-+=+=εσεσ质子到达O 点时的速度正好为零有k P E E E +=0p k E E E -=→0 p k eV eV E -=0=210()2e R R σε=-02e σε-210(2e R R σε=- 7-14 有一半径为R 的带电球面,带电量为Q,球面外沿直径偏向上放置一平均带电细线,线电荷密度为λ,长度为L (L>R ),细线近端离球心的距离为L.设球和细线上的电荷散布固定,试求细线在电场中的电势能.解:在带电细线中任取一长度为dr 的线元,其上所带的电荷元为dq=λdr,据(7-23)式带电球面在电荷元处产生的电势为rQ V 04πε=电荷元的电势能为: rdrQ dW 04πελ=细线在带电球面的电场中的电势能为:习题7-13图r习题7-14图===⎰⎰LLr dr Q dW W 204πελ2ln 40πελQ*7-15 半径为R 的平均带电圆盘,带电量为Q.过盘心垂直于盘面的轴线上一点P 到盘心的距离为L.试求P 点的电势并运用电场强度与电势的梯度关系求电场强度.解:P 到盘心的距离为L,p 点的电势为⎰+=RP Lr rdrV 022042πεπσ)(222220220L L R L r R -+=+=εσεσ 圆盘轴线上随意率性点的电势为⎰+=Rxr rdrx V 022042)(πεπσ)(22222200220x x R RQ x r R -+=+=πεεσ运用电场强度与电势的梯度关系得:i x R xR Q i dx dV x E)1(2)(22220+-=-=πε P 到盘心的距离为L,p 点的电场强度为:i L R LR Q L E)1(2)(22220+-=πε7-16 两个齐心球面的半径分离为R 1和R 2,各自带有电荷Q 1和Q 2.求:(1)各区城电势散布,并画出散布曲线;(2)两球面间的电势差为若干?解:(1)据(7-23)式的结论得各区城电势散布为),( )(411221101R r R Q R Q V ≤+=πε );( )1(41212102R r R R r Q V ≤≤+=πε ).( 420213R r rQ Q V ≥+=πε(2)两球面间的电势差为p习题7-15图习题7-16图==⎰dr rQ V R R 21201124πε )11(42101R R Q -πε 7-17 一半径为R 的无穷长带电圆柱,其内部的电荷平均散布,电荷体密度为ρ,若取棒概况为零电势,求空间电势散布并画出电势散布曲线. 解: 据高斯定理有R r ≤时:22ερππl r rl E S d E S==⋅⎰ n e r E 02ερ=→ R r =时,V=0,则 R r ≤时:⎰=R r rdr V 02ερ)(4220r R -=ερR r >时:022ερππlR rl E S d E S==⋅⎰ n e r R E 022ερ=→ ⎰=Rrr dr R V 022ερrR R ln 202ερ= 空间电势散布并画出电势散布曲线大致如图.7-18 两根很长的同轴圆柱面半径分离为R 1.R 2,带有等量异号的电荷,两者的电势差为U,求:(1)圆柱面单位长度带有若干电荷?(2)两圆柱面之间的电场强度.解:设圆柱面单位长度带电量为λ,则两圆柱面之间的电场强度大小为E λ=习题7-10图r由上式可得:120ln 2R R U=πελ 所以n e r E 02πελ=)( ln 2112R r R e rR R Un <<⋅= 7-19 在一次典范的闪电中,两个放电点间的电势差约为109V,被迁徙的电荷约为 30库仑,假如释放出来的能量都用来使00C 的冰熔化成00C 的水,则可熔化若干冰?(冰的熔 ×105J ﹒kg -1)解:两个放电点间的电势差约为109V,被迁徙的电荷约为30库仑,其电势能为J W p 91030⨯=上式释放出来的能量可熔化冰的质量为:=⨯⨯=∆591034.31030m ×104kg 7-20 在玻尔的氢原子模子中,电子沿半径为a 的玻尔轨道上绕原子核作圆周活动.(1)若把电子从原子中拉出来须要战胜电场力作若干功?(2)电子在玻尔轨道上活动的总能量为若干?解:电子沿半径为a 的玻尔轨道上绕原子核作圆周活动,其电势能为aeeW p 04πε-=(1)把电子从原子中拉出来须要战胜电场力作功为:ae W W p 024πε=-=外(2)电子在玻尔轨道上活动的总能量为:k p E W W +=221mv W p += →a v m a e 22024=πε 2mv ae 024πε=221mv E k =∴ae 028πε=电子的总能量为:221mv W W p +=a e 024πε-=a e 028πε+ae 028πε-=第八章 静电场中的导体与电介质8-1 点电荷+q 处在导体球壳的中间,壳的表里半径分离为R l 和R 2,试求,电场强度和电势的散布.解:静电均衡时,球壳的内球面带-q.外球壳带q 电荷 在r<R 1的区域内rr q ˆ4E 201πε=,)111(42101R R r qU +-=πε 在R 1<r<R 2的区域内,02=E .,4202R q U πε=在r>R 2的区域内:.ˆ4E 203r r πεq=.403rq U πε= 8-2 把一厚度为d 的无穷大金属板置于电场强度为E 0的匀强电场中,E 0与板面垂直,试求金属板两概况的电荷面密度.解:静电均衡时,金属板内的电场为0,金属板概况上电荷面密度与紧邻处的电场成正比 所以有,001E εσ-=.002E εσ=8-3 一无穷长圆柱形导体,半径为a ,单位长度带有电荷量λ1,其外有一共轴的无穷长导体圆简,表里半径分离为b 和c,单位长度带有电荷量λ2,求(1)圆筒表里概况上每单位长度的电荷量;(2)求电场强度的散布.解:(1)由静电均衡前提,圆筒表里概况上每单位长度的电荷量为;,21λλλ+-(2)在r<a 的区域内:E=0R 2R 1习题 8-1图q-q qE 0E 0习题 8-2图σ1 σ2在a<rb 的区域内:E r012πελ=e n在r>b 的区域内:E r0212πελλ+=e n8-4 三个平行金属板A.B 和C,面积都是200cm 2,A.B 相距,A.C 相距,B.C 两板都接地,如图所示.假如A 板带正电×10-7C,略去边沿效应(1)求B 板和C 板上感应电荷各为若干?(2)以地为电势零点,求A 板的电势.解:(1)设A 板两侧的电荷为q 1.q 2,由电荷守恒 道理和静电均衡前提,有A q q q =+21(1) 1q qB -=,2q qC -=(2)依题意V AB =V AC ,即101d S q ε=202d Sq ε112122q q d dq ==→代入(1)(2)式得 q 1=×10-7C,q 2×10-7C,q B ×10-7C,q C =-q 2×10-7C,(2)101d S q U A ε==202d S q ε==⨯⨯⨯⨯⨯⨯----312471021085810200102.×103V 8-5 半径为R 1=l.0cm 的导体球带电量为×10-10C ,球外有一个表里半径分离为R 2=和R 3=的齐心导体球壳,壳带有电量Q=11×10-10C ,如图所示,求(1)两球的电势;(2)用导线将两球衔接起来时两球的电势;(3)外球接地时,两球电势各为若干?(以地为电势零点)解:静电均衡时,球壳的内球面带-q.外球壳带q+Q 电荷 (1))(4132101R Qq R q R q U ++-=πε代入数据 )41113111(101085.814.34100.1212101++-⨯⨯⨯⨯⨯=---UA BC习题 8-4图d 1d 2q+Q=×102V2024R Qq U πε+=4)111(101085.814.34100.121210+⨯⨯⨯⨯⨯=---=×102V(2)用导线将两球衔接起来时两球的电势为2024R Q q U πε+=4)111(101085.814.34100.121210+⨯⨯⨯⨯⨯=---=×102V (3)外球接地时,两球电势各为)(412101R q R q U -=πε)3111(101085.814.34100.1212101-⨯⨯⨯⨯⨯=---U =60V 02=U8-6 证实:两平行放置的无穷大带电的平行平面金属板A 和B 相向的两面上电荷面密度大小相等,符号相反,相背的两面上电荷面密度大小等,符号雷同.假如两金属板的面积同为100cm 2,带电量分离为Q A =6×10-8 C 和Q B =4×10-8C,略去边沿效应,求两个板的四个概况上的电面密度.证:设A 板带电量为Q A .两侧的电荷为q 1.q 2, B 板板带电量为Q B.两侧的电荷为q 3.q 4.由电荷守恒有A Q q q =+21(1)B Q q q =+43(2)在A 板与B 板内部取两场点,金属板内部的电场为零有020122εεS q S q -0220403=--εεS qS q ,得04321=---q q q q (3) 020122εεS q S q +0220403=-+εεS qS q ,得04321=-++q q q q (4) 联立上面4个方程得:241B A Q Q q q +==,232BA Q Q q q -=-= 即相向的两面上电荷面密度大小相等,符号相反,相背的两面上电荷面密度大小等,符号2习题 8-6图q 1 q 4雷同,本题得证.假如两金属板的面积同为100cm 2,带电量分离为Q A =6×10-8 C 和Q B =4×10-8C,则=⨯⨯⨯+==--844110101002)46(σσ×10-6C/m 2, =⨯⨯⨯-=-=--843210101002)46(σσ×10-6C/m 2 8-7 半径为R 的金属球离地面很远,并用细导线与地相联,在与球心相距离为D=3R 处有一点电荷+q,试求金属球上的感应电荷.解:设金属球上的感应电荷为Q,金属球接地 电势为零,即04400=+DQ Rq πεπε3Rq q Q D =-=-8-8 一平行板电容器,南北极板为雷同的矩形,宽为a,长为b,间距为d,今将一厚度为t .宽度为a 的金属板平行地向电容器内拔出,略去边沿效应,求拔出金属板后的电容量与金属板拔出深度x 的关系.解:设如图左边电容为C 1,右边电容为C 2d x b a C )(01-=εtd ax C -=02ε阁下电容并联,总电容即金属板后的电容量与金属板拔出深度x 的关系,为d x b a C C C )(021-=+=εtd ax-+0ε=)(0td txb d a -+ε 8-9 收音机里的可变电容器如图(a )所示,个中共有n 块金属片,相邻两片的距离均为d,奇数片联在一路固定不动(叫定片)偶数片联在起而可一同迁移转变(叫动片)每片的外形如图(b )所示.求当动片转到使两组片重叠部分的角度为θ时,电容器的电容.解:当动片转到使两组片重叠部分的角度t习题 8-8图为θ时,电容器的电容的有用面积为1802)(2122⨯-=θπr r S 360)(2122θπr r -=此构造相当有n-1的电容并联,总电容为dS n C 0)1(ε-==d r r n 360)()1(21220--θπε8-10 半径都为a 的两根平行长直导线相距为d (d>>a ),(1)设两直导线每单位长度上分离带电十λ和一λ求两直导线的电势差;(2)求此导线组每单位长度的电容.解:(1)两直导线的电电场强度大小为rE 022πελ⨯= 两直导线之间的电势差为⎰=r dr V 0πελ⎰-=ad ar dr 0πελaa d -=ln 0πελ (2)求此导线组每单位长度的电容为VC λ==aa d -ln0πε8-11 如图,C 1=10μF,C 2=5μF,C 3=5μF,求(1)AB 间的电容;(2)在AB 间加上100V 电压时,求每个电容器上的电荷量和电压;(3)假如C 1被击穿,问C 3上的电荷量和电压各是若干?解:(1)AB 间的电容为20155)(321213⨯=+++=C C C C C C C =μF;(2)在AB 间加上100V 电压时,电路中的总电量就是C 3电容器上的电荷量,为C CV q q 4631073.31001073.3--⨯=⨯⨯===C C q 10151073.3642121⨯⨯=+=--(a)(b)习题 8-9图AC 1C 2 oV V 75251003=-=C V C q 46111105.2251010--⨯=⨯⨯== C V C q 462221025.125105--⨯=⨯⨯==(3)假如C 1被击穿,C 2短路,AB 间的100V 电压全加在C 3上,即V 3=100V , C 3上的电荷量为C V C q 46333100.5100105--⨯=⨯⨯==8-12 平行板电容器,南北极间距离为l.5cm ,外加电压39kV ,若空气的击穿场强为30kV/cm ,问此时电容器是否会被击穿?现将一厚度为的玻璃拔出电容器中与两板平行,若玻璃的相对介电常数为7,击穿场强为100kV/cm ,问此时电容器是否会被击穿?成果与玻璃片的地位有无关系?解:(1)未加玻璃前,南北极间的电场为cm kV cm kV E /30/265.139<==不会击穿(2)加玻璃后,南北极间的电压为3973.02.1=+EE cm kV cm kV E /30/31>=→ 空气部分会击穿,此后,玻璃中的电场为cm kV cm kV E /100/1303.039>==,玻璃部分也被击穿.成果与玻璃片的地位无关. 8-13 一平行板电容器极板面积为S ,两板间距离为d,其间充以相对介电常数分离为εr1.εr2,的两种平均电介质,每种介质各占一半体积,如图所示.若疏忽边沿效应,求此电容器的电容.解:设如图左边电容为C 1,右边电容为C 2d S C r 2/101εε= dS C r 2/202εε=阁下电容并联,总电容为V习题 8-12图习题 8-13图=+=21C C C +d S r 2/10εεdS r 2/20εε)2(210r r d S εεε+=8-14 平行板电容器南北极间充满某种介质,板间距d 为2mm,电压600V ,如武断开电源后抽出介质,则电压升高到1800V .求(1)电介质相对介电常数;(2)电介质上极化电荷面密度;(3)极化电荷产生的场强.解:设电介质抽出前后电容分离为C 与C /0022002253620050035550(1),1800,3600600(2)310/210(1) 5.3110/1800(3),910/210910/310/610/r r r r S SC C Q CU C U d d S S U V U U d d U V U V E V m d mD E E C m U VE E E E V m d mE E E V m V m V εεεεεεεσεεε---'''===='∴===='===⨯⨯∴=-=-=⨯''=+===⨯⨯'∴=-=⨯-⨯=⨯m0022002253620050035550(1),1800,3600600(2)310/210(1) 5.3110/1800(3),910/210910/310/610/r r r r S SC C Q CU C U d d S S U V U U d d U V U V E V m d mD E E C m U VE E E E V m d mE E E V m V m V εεεεεεεσεεε---'''===='∴===='===⨯⨯∴=-=-=⨯''=+===⨯⨯'∴=-=⨯-⨯=⨯m8-15 圆柱形电容器是由半径为R 1的导体圆柱和与它共轴的导体圆筒构成.圆筒的半径为R 2,电容器的长度为L,其间充满相对介电常数为εr 的电介质,设沿轴线偏向单位长度上圆柱的带电量为+λ,圆筒单位长度带电量为-λ,疏忽边沿效应.求(1)电介质中的电位移和电场强度;(2)电介质极化电荷面密度. 解:0110220122,22(1)(1),22rr r r r ds D rl lD E r r P D E P D E R R πλλλππεεελελσεσεεπεπ⋅=⋅=∴==--==-===-=⎰取同轴圆柱面为高斯面,由介质中的高斯定理可得D8-16 半径为R 的金属球被一层外半径为R /的平均电介质包裹着,设电介质的相对介电常数为εr ,金属球带电量为Q,求(1;(3)金属球的电势. 解:12122121222000012100220021(1)4,44411(2)()444(3)r r R R rr R R Q D ds D r Q D D r D D Q QE E r r Q QU E dl E dl r R R Q U E dl rU E dl E ππεεεπεεπεπεεπεπε'∞'∞'∞⋅=⋅=∴==∴=====⋅+⋅=-+''=⋅=⋅+⎰⎰⎰⎰⎰取同心高斯球面,由介质的高斯定理得介质层内的电势介质层外的电势=金属球的电势101011()44R R r Q Qdl R R R πεεπε'⋅=-+''⎰8-17 球形电容器由半径为R 1的导体球和与它齐心的导体球壳构成,球壳内半径为R 2,其间有两层平均电介质,分界面半径为r,电介质相对介电常数分离为εr1.εr2,如图所示.求(1)电容器的电容;(2)当内球带电量为+Q 时各介质概况上的约束电荷面密度. 解:习题 8-16图21221221212220102010221022011021211221221(1)4,4,441111()()444()(r r r r rR R rr r r r r r r Q D ds D r Q D D r D D Q QE E r r Q Q U E dl E dl r R R rR R r QC U R R r R R ππεεεεπεεπεεπεεπεεπεεεεεεε⋅=⋅=∴==∴====∴=⋅+⋅=-+-∴==-+-⎰⎰⎰取同心高斯球面,由介质的高斯定理得1110112211112342221222)11(1)(1),(1)44111(1),(1),(1)444r r r r r r Q Q D E R R Q Q Q r r R σεσεεππσσσεεεπππ=-=-∴=--=-=--=-8-18 一平行板电容器有两层介质(如图),εr1=4,εr2=2,厚度为d 1=,d 2=,极板面积S=40cm 2,南北极板间电压为200V .(1)求每层电介质中的能量密度;(2)盘算电容器的总能量;(3)盘算电容器的总电容.解:02112210122121122223110101122232202022020112210102121/221(1)/43350,15011() 1.110/,2211() 2.210/22(2)r r r r e r r e r r r r r r SU Q C d d S U Q C d d U V U VU E J m d U E J m d S SC C d d C S S C C d εεεεεεωεεεεωεεεεεεεεεεεε--⨯=====⨯∴==∴===⨯===⨯==++227002020*******0010212121122200 3.51022(3)2 1.7910r r r r W CU d S SC C d d C FS SC C d d εεεεεεεεεεε--=∴==⨯⨯=⨯====⨯++8-19 平板电容器的极板面积S=300cm 2南北极板相距d 1=3mm,在南北极板间有一个与地绝缘的平行金属板,其面积与极板的雷同,厚度d 1=1mm.当电容器被充电到600V 后,拆去电源,然后抽出金属板,问(1)电容器间电场强度是否变更;(2)抽出此板需作若干功?解:R 1 R 2r习题 8-17图习题 8-18图11531115322(1),600 3.010/(31)103,21.5600 3.010/3102,22SSQ CU Ud d d d U VE V m d d mSUSd d Qd UU U S d d d dU V E V m E d m Q QW W C C εεεεε--==--===⨯--⨯-''==='-'⨯'===⨯=⨯'=='00000未拆电源前,C=拆去电源并抽出金属板后,C ==C 所以电场强度没有发生变化。
大学物理7章作业

第七章机械波一。
选择题1。
机械波的表示式为(SI),则(A)其振幅为3m(B)其波速为10m/s (C)其周期为1/3s (D)波沿x轴正向传播2。
一平面简谐波沿x轴正向传播,时波形图如图示,此时处质点的相位为(A) 0 (B) π(C)π/2 (D) - π/23. 频率为100Hz、波速为300m/s的简谐波,在传播方向上有两点同一时刻振动相位差为π/3,则这两点相距(A) 2m(B)21。
9m(C) 0.5m(D)28。
6m4。
一平面简谐波在介质中传播,某瞬时介质中某质元正处于平衡位置,此时它的能量为(A) 动能最大,势能为零 (B)动能为零,势能最大(C) 动能为零,势能为零(D)动能最大,势能最大5. 一平面简谐波在弹性介质中传播,下述各结论哪个是正确的?(A)介质质元的振动动能增大时,其弹性势能减小,总机械能守恒(B) 介质质元的振动动能和弹性势能做周期性变化,但二者的相位不相同(C) 介质质元的振动动能和弹性势的相位在任一时刻都相同,但二者的数值不相等(D)介质质元在其平衡位置处弹性势能最大6。
两相干波源S1、S2发出的两列波长为λ的同相位波列在P点相遇,S1到P点的距离是r1,S2到P点的距离是r2,则P点干涉极大的条件是(A)(B)(C)(D)7. 两相干波源S1和S2相距λ/4(λ为波长),S1的相位比S2的相位超前,在S1、S2连线上,S1外侧各点(例如P点)两波干涉叠加的结果是(A) 干涉极大(B) 干涉极小(C)有些点干涉极大,有些点干涉极小(D)无法确定8。
在波长为λ的驻波中,任意两个相邻波节之间的距离为(A) λ (B) 3λ/4 (C) λ/2(D)λ/4二。
填空题9。
一声波在空气中的波长是0.25m,传播速度时340m/s,当它进入另一种介质时,波长变成了0。
37m,则它在该介质中的传播速度为__________________。
10. 平面简谐波沿x轴正向传播,波动方程为,则处质点的振动方程为_________________,处质点与处质点振动的相位差为_______。
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f(v) f(v) f(v)
v O O
v
O
v
O
v
(A)
(B)
(C)
(D)
2kT 答案(B) vp m v2 2 2 4 v 4 1 vp f (v ) e f (v p ) 3 vp e vp
二、填空题
1. 从分子运动和分子相互作用来看,理想气体的分子模型为: (1) 分子可以看做质点 ; (2) 除碰撞外,分子力可以略去不计 ; (3) 分子间的碰撞是完全弹性碰撞 。 2.有一个电子管,其真空度(即电子管内气体压强)为1.0×10-5 mmHg,则27℃时管内单位体积的分子数为 1017 m 3 。 3.2
) f (A) v p1 v p 2 f (v p1;(B)(v p 2 ) , v p1 v; f (v p1 ) f (v p 2 ) , p2 (C) v p1 v p 2 f (v p1;(D) v p 2 ) , v p1 v p。 f (v p1 ) f (v p 2 ) , 2 ) f(
答案(C)
2. 一个容器内贮存1mol氢气和1mol氮气,若两种气体各自对 容器产生的压强分别为P1和P2,则两个的大小关系是
(A) P1>P2; (B) P1<P2; (C) P1=P2; (D) 不能确定。 答案(C)
M RT P M mol V
3. 温度、压强相同的氦气和氧气,它们的分子的平均动能 和 平均平动动能 有如下关系: w w (A) 和 都相等; (B) 相等,而 不相等; w (C) 相等,而 不相等; (D) 和 都不相等。 w w 答案(C)
4. 质量为0.1kg,温度为27℃的氮气,装在容积为0.01m3的容器 中,容器以 v=100m/s的速率作匀速直线运动,若容器突然停下 来,定向运动的动能全部转化为分子热运动的动能,则平衡后氮 气的温度和压强各增加了多少? 解:当容器突然停止,气体定向运动的动能将通过相互碰撞转化 为分子热运动的动能,使温度升高,若体积保持不变,气体压强 将会增大。 M 5 1 U RT Mv 2 M mol 2 2
2.8 107 N氮 6.02 1023 6.02 1015 28
混合气体的压强为:
(1.0 10 6.02 10 ) p 1.38 1023 423 1.64 102 Pa 6 2500 10
15 15
2. 气体的温度为T=273K,压强为p=1.00×10-2atm,密度为 ρ=1.29×10-5g/cm3。 (1)求气体分子的方均根速率; (2)求气体的相对分子质量,并确定它是什么气体。 解:(1)
7.1摩尔双原子刚性分子理想气体,在1atm下从0℃上升到100℃ 时,内能的增量为 (A) 23J; (B) 46J; (C) 2077.5J; (D) 1246.5J 答案(C)
M i 5 E RT 8.31100 2077.5J M mol 2 2
8. 有容积不同的A、B两个容器,A中装有单原子理想气体,B 中装有双原子分子理想气体,若两种气体的压强相同,那么这 E 两种气体的单位体积内的内能 ) A 和( E ) B 的关系为: (
U 平动 4.14 105 分子的平均平动动能为: 8.28 1021 J N 5.0 1025
分子的平均动能为:
5 1.38 10 20 J 3
M 3 RT U 平动 4.14 105 J (2)由 M mol 2
得到气体的温度为:
T 399.6K
方法二
2kT vp m
方法一
v2 v2 p
f (v p1 ) f (v) 1
4 v f (v ) e 3 vp 4
2
f (v p 2 )
v p1v p 2
2
v o
1 f (v p ) e vp
答案(A)
10.下列哪一图中的两条曲线是同一温度下氮气和氦气的分子速 率分布曲线?
大学物理作业七参考答案
一、选择题 1、以下表述正确的是:
(A)当系统的宏观性质不随时间变化时,说明系统已处于平衡 态; (B)压强、温度、体积为宏观量,而分子的质量、速度、平均 平动动能为微观量; (C)根据系统与外界交换的特点,通常把系统分为孤立系统、 封闭系统和开放系统; (D) 温度是气体分子平均平动动能大小的量度,热力学温度零 度是可以达到的。
3 w kT 2
i kT 2
4. 下列各式中哪一式表示气体分子的平均平动动能?(式中 M m 为气体质量, 为气体分子质量, n 为气体分子数密度, N 0 为阿伏 伽得罗常数) 3M 3m 3m 3 PV PV N 0 PV nPV (A) ;(B) ; (C) ; (D) 2m 2M 2M 2 答案(A) 5. 如果在一固定容器内,理想气体分子方均根速率提高为原来 的二倍,那么 (A)温度和压强都变为原来的二倍; (B)温度变为原来的二倍,压强变为原来的四倍; (C)温度和压强都变为原来的四倍; (D)温度变为原来的四倍,压强变为原来的二倍。
v1
速率在 v1 ~ v2 区间内分子平均平动动能之和 。
三、计算题
1. 容积为2500cm3的烧瓶内有1.0×1015个氧分子和2.8×107g的氮气,设混合气体的温度为150℃,求混合气体的压强。 解:理想气体状态方程可变为:
pV RT NkT ( N 氧 N 氮 )kT
其中氮的分子个数为:
f (v)
a (0 v v 0 ) v v 0 a f ( v ) 2 a v ( v 0 v 2v 0 ) v0 0 ( v 2v 0 )
解(1)
a
v0
2v0
v
(2)由归一化条件
0
f (v)dv 1 得:
v0
0
2 v0 a a vdv (2a v)dv 1 v0 v0 v0
i 6. 若 是气体刚性分子的运动自由度数,则
3 kT 所表示的是 2
分子的平均平动动能 ; 分子的平均动能 ; 1mol气体的内能 。
i k所表示的是 T 2
i RT 所表示的是 2
7. 三个容器内分别贮有1mol氦(He)、1mol氢(H2)和1mol 氨(NH3)(均视为刚性分子的理想气体)。若它们的温度都升 高1K,则三种气体的内能的增加值分别为: 氦:△E= 12.5J ,氢:△E= 20.8J , M i 24.9J 氨:△E= 。 E RT
0.5 v0
0
a 1 vdv N v0 8
V
2
3RT M mol
3P
485m/s
(2) M mol
RT 3 28.9 10 kg/mol 28.9g/mol P
该气体为空气
3. 容器内有2.66kg氧气,已知其气体分子的平动动能总和是 4.14×105J,求: (1)气体分子的平均平动动能和平均动能; (2)气体的温度。 解:(1)气体的总分子数为: M 2.66 N NA 6.02 10 23 5.0 10 25 mol 1 M mol 32 10 3
3 w kT 2
P nkT
M M PM mol PV RT M mol V RT
E平 3 M 3 3 E平 RT PV P M mol 2 2 V 2
4. 氢分子的质量为 3.3 10 24 g,如果每秒有 个氢分子沿着与容器 10 23 器壁的法线成 角方向以 cm/s的速率撞击在2.0cm2面积上 45 10 5 (碰撞是完全弹性的),则由这些氢气分子产生的压强为___ 2.33 103 Pa _ _。
n 9.若 f (v ) 为气体分子速率分布函数, 为气体分子总数, 为单位体 N f (v)dv 速率 附近的 积分子数, 为分子质量,则 表示: m 单位速率区间内的分子数占总分子数的百分比 nf (v)dv 表示 速率在 v ~ v dv在区间内单位体积的分子数 ;
v
1 2 (v)dv v2 2mv Nf 表示
101325 1mmHg Pa 1.33 10 2 Pa 760
P 1.0 105 1.33 102 n 3.2 1017 m 3 23 kT 1.38 10 (273 27)
3. 两种不同种类的理想气体,其分子的平均平动动能相等,但 分子数密度不同,则它们的温度 相同 ,压强 不同 。如果它们的温度、 相同 压强相同,但体积不同,则它们的分子数密度 ,单位体积的 不同 相同 气体质量 ,单位体积的分子平动动能 。(填“相同”或 “不同”)。
2 2 3.3 10 1023 F 2mv cos 45 N 2 P 2.33 103 Pa S S 2.0 104
27
5.在容积为10-2m3的容器中,装有质量为100g的气体,若气体分 子的方均根速率为300mS-1,则气体的压强为 105 Pa 。 3
M RT M 3RT M 2 P v M mol V 3V M mol 3V
答案(C)
3kT 2 v m
M RT P M mol V
6. 水蒸气分解成同温度的氢气和氧气,内能增加了百分之几? (A) 66.7%; (B) 50%; (C) 25%; (D) 0。 答案(C)
2H 2o 2H 2 o2
U H 2 U o2 U H 2 o U H 2o 5 5 6 2 RT RT 2 RT 1 2 2 2 6 4 2 RT 2
1 a v0
(3) f (v ) 的最大值所对应的速率即为最概然速率 即
v p v0
(4)v
vf (v)
0
Hale Waihona Puke v002 v0 a 2 a 2 v dv (2a v)vdv av0 v0 v0 v0 v0