福建省泉州市安溪八中2014-2015学年高二(上)期中物理试卷(理科) (Word版含解析)
福建省泉州市安溪一中2014-2015学年高二(上)期中物理试卷 Word版含解析
2014-2015学年福建省泉州市安溪一中高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共42分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．选对的得3分，选错或不答的得0分．）1．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）一台半导体收音机，电池供电的电流是8mA，也就是说（）A．1000s电池供给8C的电荷量B．1h电池供给8C的电荷量C．1s电池供给8C的电荷量D．1min电池供给8C的电荷量考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的定义式I=，得到q=It，分析一定时间内通过导体的电量．解答：解：电池供电的电流I=8mA，若电量q=8C，则由电流的定义式I=，得到时间t=1000s．故选：A点评：本题是电流定义式的应用，比较简单．电流大小等于单位时间内通过导体横截面的电量．2．（3分）（2011秋•泉州期中）关于电阻和电阻率的说法，正确的是（）A．将一根导线截去一半，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的一半B．电阻率表征了导体导电能力的强弱，并且与温度有关C．只有导体中有电流通过时才有电阻D．电阻率与导体的长度及横截面积有关考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：导体的电阻率与导体的材料，温度有关，与其他因素无关．由电阻决定式，可以判定各个选项．解答：解：A、导体的电阻率与导体的材料，温度有关，与其他因素无关，将一根导线截去一半，则半根导线的电阻率仍不变．由电阻决定式，将一根导线截去一半，则半根导线的电阻变为原来的一半，故A错误．B、电阻率表征了导体导电能力的强弱，并且与温度有关，故B正确．C、电阻是导体的固有属性，导体通不通电，电阻都存在，故C错误．D、导体的电阻率与导体的材料，温度有关，与其他因素无关，故D错误．故选：B点评：明确导体电阻的决定式，可以知道决定电阻的因素．知道电阻率与材料和温度有关．3．（3分）（2011•青铜峡市模拟）如图所示，a、b为竖直向上的电场线上的两点，一带电质点在a点由静止释放，沿电场线向上运动到b点恰好速度为零，下列说法正确的是（）A．带电质点在a点受的电场力向上，在b点受的电场力向下B．带电质点在a点的电势能比在b点的电势能大C．a点的电场强度比b点的电场强度小D．a点的电势比b点的电势低考点：电场强度；牛顿第二定律；电场线；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意可知，带点质点受两个力，重力和电场力．由静止向上运动，可判断出电场力的方向，根据电场力做的功，判断电势能的变化．通过带电质点初末速度为零可比较出两点的电场强度．沿电场线方向电势逐渐降低．解答：解：A、由题意可知，带点质点受两个力，重力和电场力．，开始由静止向上运动，电场力大于重力，且方向向上．因为在一根电场线上，所以在两点的电场力方向都向上．故A错误．B、电场力做正功，电势能降低，所以带电质点在a点的电势能比在b点的电势能大．故B正确．C、在a点，电场力大于重力，到b点恰好速度为零，可知先加速后减速，所以b点所受的电场力小于重力．所以a点的电场强度比b点的电场强度大．故C错误．D、沿电场线方向电势逐渐降低，所以a点的电势比b点高．故D错误．故选B．点评：解决本题的关键通过a、b两点的速度为0，知道受重力和电场力两个力，且知道电场力的方向．通过电场力与重力的大小关系，比较电场强度的大小．以及知道电场力做功与电势能的关系和沿电场线方向电势降低．4．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）如图所示为滑动变阻器的示意图，下列说法中正确的是（）A．a和b串联接入电路时，P向右移动电流增大B．b和c串联接入电路时，P向右移动电流减小C．b和d串联接入电路时，P向右移动电流增大D．a和c串联接入电路时，P向右移动电流增大考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正确接法是“一上一下”．哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的．若接左下接线柱，滑片向右移动，电阻变大，则电路中的电流变小；若接右下接线柱，滑片向左移动，电阻变大，则电路中的电流变小．解答：解：A、将a和b连入电路时，当滑片P向右滑动时，不会改变电阻丝长度，电阻不变，电流也不变；故A错误；B、将b和c连入电路时，连入路中的电阻丝是Pb部分．当滑片P向右滑动时，PB电阻丝长度减小，电阻减小，电流增大，故B错误C、将b和d连入电路时，连入路中的电阻丝是Pb部分．当滑片P向右滑动时，PA电阻丝长度减小，电阻减小，则电流增大，故C正确．．D、将a和c连入电路时，连入电路中的电阻丝是aP部分，当滑片P向右滑动时，ap电阻丝长度变长，电阻变大，电流变小，故D错误；故选：C．点评：本题考查了滑动变阻器的原理和作用，能够正确判断当“一上一下”接入电路时哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在．5．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线，a、b两点的电势分别为U a=20V，U b=50V，则a、b连线的中点c的电势U c应为（）A．U c=35V B．U c＞35VC．U c＜35V D．无法判断U c的高低考点：电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由图看出，ac段电场线比bc段电场线密，ac段场强较大，根据公式U=Ed定性分析a、c间与b、c间电势差的大小，再求解中点b的电势φc解答：解：由图看出，ac段电场线比bc段电场线密，ac段场强较大，根据公式U=Ed可知，ca间电势差U ca大于b、c间电势差U bc，即φc﹣φa＞φb﹣φc，得到φc＞=35V．故选：B点评：本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小．常规题6．（3分）（2013•洪泽县校级学业考试）如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电的小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV，若取C点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于﹣6eV，它的动能等于（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4eV考点：电势能；动能定理的应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．解答：解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：W ab=2eV﹣20eV=﹣18eV ①由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：U ab=3U bc②从b到c电场力做正功，根据动能定理有：W bc=E kc﹣E kb③联立①②③可得E kc=8eV．由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：E=E p+E k=8eV即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于﹣6eV时动能为14eV，故ACD错误，B正确．故选B．点评：学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和重力势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变7．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）如图所示，三个完全相同的电灯混联，若每只灯的额定功率是P，这个电路允许的最大功率是（）A．3P B．2P C．1.5P D．P考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：设额定电流为I，并联电路的最大电压取额定电压的最小值，并联电路的最大电流取各个额定电流的最小值．解答：解：设灯泡的额定电流为I、电阻为R，额定电压为U，则：P=UI=；并联的灯泡的总电阻为，电路的最大电流为I，故最大电压为：U′=I（R+=；故这个电路允许的最大功率是：P′=U′I=；故选：C．点评：本题关键是明确串联电路最大电流取额定电流的最小值，并联电路最大电压取额定电压的最小值．8．（3分）（2012•云南一模）一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由A 点移到B点．在这个过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差U ab为（）A．3×104V B．1×104V C．4×104V D．7×104V考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：质点在静电场中由A点移到B点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加．电场力做功为W ab=qU ab，根据动能定理求解a、b两点间的电势差U ab．解答：解：根据动能定理得qU ab+W其他=△E k看到U ab===1×104V故选B点评：对于研究质点动能变化的问题，要首先考虑能否运用动能定理．基础题，比较容易．9．（3分）（2011秋•泉州期中）如图所示的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．M点的加速度大于N点的加速度B．M点的电势小于N点的电势C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D．粒子在M点具有的电势能大于在N点具有的电势能考点：电场线；电场强度；电势；电势能．分析：根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．由粒子轨迹的弯曲方向判断电场力方向．电场力方向应指向轨迹的内侧．由电场力做功正负，判断电势能的大小和动能的大小．由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小．解答：解：A、C，M点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小，在M点的加速度小于在N点的加速度速度．故AC 错误．B、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势．故B错误．D、由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，．故D正确．故选：D点评：本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．10．（3分）（2010秋•泉州校级期中）a、b两个电阻的U﹣I图线如图所示，则（）A．R a＜R bB．R a＞R bC．若将它们串联在电路中，发热功率较大的是电阻R bD．若将它们并联在电路中，发热功率较大的是电阻R a考点：路端电压与负载的关系；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：U﹣I图线斜率等于电阻，串联电路电流相等，根据P=I2R比较发热功率的大小．并联电路电压相等，根据P=比较发热功率的大小．解答：解：A、B、U﹣I图线斜率表示电阻，R a斜率大，电阻大．则R a＞R b．故A错误，B正确．C、串联电路中电流相等，根据P=I2R，电阻大的发热功率大．所以发热功率较大的是电阻Ra．故C错误．D、并联电路电压相等，根据P=，电阻小的发热功率大．所以发热功率较大的是电阻R b．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握I﹣U图线斜率表示电阻，以及串联电路电流相等，并联电路电压相等的特点，即可进行分析．11．（3分）（2012秋•萧山区期中）如图所示，P、Q是两个等量的正点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点，OA＜OB，用E A、E B、ϕA、ϕB分别表示A、B两点的场强和电势，则（）A．E A一定大于E B，ϕA一定大于ϕBB．E A一定大于E B，ϕA不一定大于ϕBC．E A不一定大于E B，ϕA不一定大于ϕBD．E A不一定大于E B，ϕA一定大于ϕB考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场线的分布情况，分析两电荷连线中垂线上各个点的合场强大小情况和方向特点，根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．解答：解：两个等量同种电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，场强最大的P点可能在A、B连线之间，也可能在A、B连线上，还可能在A、B连线下，由于A、B两点的间距也不确定，故E A可能大于E B，也可能小于E B，还可能等于E B；根据平行四边形定则可知中垂线上电场强度方向一直向上，故电势越来越低，φA一定大于φB；故ABC错误，D正确；故选：D．点评：本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，知道沿着场强方向，电势越来越低，从而判断场强和电势关系．12．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）在点电荷Q的电场中，一个质子通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是（）A．Q可能为正电荷，也可能为负电荷B．运动中电场力总是做正功C．质子经过两等势面的速度V a＞V bD．质子在两等势面上的电势能E pa＞E pb考点：等势面；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．可判断电势能的大小和动能大小以及Q的电性．解答：解：A、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，故Q为正电荷，故A错误；B、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功；反之，远离Q的过程电场力做正功，故B错误；C、D、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，因此动能减小电势能增大，故C正确，D错误；故选：C．点评：该题考查轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路．13．（3分）（2014秋•宣城校级期中）如图所示，在粗糙水平面上固定一点电荷Q，在M 点无初速度释放一带有恒定电量的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止，则从M 点运动到N点的过程中下列说法不正确的是（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐减小C．M点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小一定等于克服摩擦力做的功考点：电势能；带电粒子在匀强电场中的运动．分析：解决本题需要掌握：正确利用库伦定律判断库仑力大小的变化；根据电场力做功判断电势能的变化；掌握如何判断电势的高低；正确利用功能关系分析物体功能的变化．解答：解：A、由于物块离电荷越来越远，根据F=k可知小物块所受电场力越来越小，故A正确；B、由于小物块由静止开始运动，因此一定受到库伦斥力作用，所以电场力对其做正功，电势能减小，故B正确；C、由题只能判断物块和点电荷Q带同种电荷，而不能确定点电荷Q的电性，故不能判断M和N点电势的高低，故C错误；D、由于小物块始末动能都为零，因此动能没有变化，故电场力所做正功和克服摩擦力做功相等，即电势能的变化和克服摩擦力做功相等，故D正确．本题选错误的，故选：C．点评：本题考察知识点较多，有一定的综合性，平时要注意概念的理解，如电势高低判断，电势能变化和电场力做功关系，功能关系的应用等．14．（3分）（2007•韶关一模）如图所示，L为竖直、固定的光滑绝缘杆，杆上O点套有一质量为m、带电量为﹣q的小环，在杆的左侧固定一电荷量为+Q的点电荷，杆上a、b两点到+Q的距离相等，Oa之间距离为h1，ab之间距离为h2，使小环从图示位置的O点由静止释放后，通过a的速率为．则下列说法正确的是（）A．小环通过b点的速率为B．小环从O到b，电场力做的功可能为零C．小环在Oa之间的速度是先增大后减小D．小环在ab之间的速度是先减小后增大考点：动能定理的应用；电势能．专题：动能定理的应用专题．分析：由题可知，a点与b点电势相等，则小环从O点移到a点与移到b点电场力做功相等，根据动能定理分别研究小环从O点移到a点与O点移到b点，求解小环通过b点的速率．根据动能定理分析小环从o到b电场力做功不等于零．小环在oa之间运动时，重力和电场力均做正功速度一直增大．根据动能定理研究小环滑到ab的速度大小，分析小环在ab之间的速度如何变化．解答：解：A、a、b两点是﹣+Q所产生的电场中的两个等势点，所以小环从a到b的过程中只有重力做功，根据动能定理研究小环从a到b的过程得：，解得v b=故A正确．B、小环从o到b电场力做的功等于从o到a电场力做的功，大于零．故B错误．C、小环在oa之间运动过程，重力和电场力均做正功，速度一直增大．故C错误．D、小环在ab之间运动过程，重力做正功，电场力先做正功，后做负功，无法判断重力做功与电场力做功的大小，即无法判断重力做功与电场力做功的代数和的正负，则无法确定速度的变化情况．故D错误．故选A．点评：本题运用动能定理分析物体的运动情况，关键确定电场力做功，要抓住电场力做功的特点：电荷与初末位置的电势差有关，与路径无关．二、实验、填空题（共4小题，每空3分，共18分）15．（6分）（2014秋•东湖区校级期中）写出如图所示的游标卡尺和螺旋测微器的读数：（1）游标卡尺的读数52.35 mm；（2）螺旋测微器的读数 3.855 mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数示数之和是螺旋测微器示数之和．解答：解：（1）由图1所示游标卡尺可知，主尺示数是5.2cm=52mm，游标尺示数是7×0.05mm=0.35mm，游标卡尺示数为52mm+0.35mm=52.35mm．（2）由图2所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为3.5mm，可动刻度示数为35.5×0.01mm=0.355mm，螺旋测微器示数为3.5mm+0.355mm=3.855mm．故答案为：（1）52.35；（2）3.855．点评：要掌握游标卡尺与螺旋测微器的使用及读数方法；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读．16．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）在测金属丝的电阻率的实验中，下列说法中不正确的是（）A．用螺旋测微器在金属丝三个不同位置各测量一次直径，算出其平均值B．实验中应调节滑动变阻器，取得多组U和I的值，然后求出平均电阻C．实验中电流不能太大，以免电阻率发生变化D．应选用毫米刻度尺测整根金属丝的长度三次，然后求出平均长度l考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：根据公式，l应为连入电路的有效长度，为了减小实验误差，要尽量使温度不变，测量值往往要多测几次，在求其平均值．解答：解：A、为了减小实验误差，应用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值，故A正确；B、为了减小实验误差，实验中应调节滑动变阻器，取得多组U和I的值，然后求出平均电阻，故B正确；C、金属丝的电阻率随温度的改变而改变，为保持电阻率不变，实验中电流不能太大，以免电阻率发生变化，故C正确；D、应测量出金属丝连入电路的有效长度三次，求平均值，而不是测量整根金属丝的长度，故D错误；本题选不正确的，故选：D．点评：本题考察实验误差分析，对于测量过程中不可避免的存在误差，往往通过多次测量求平均值来减小实验误差．17．（6分）（2014秋•安溪县校级期中）灵敏电流计的满偏电流为100μA，若使其并联一个200Ω的电阻，则成为一个量程为0.2mA的毫安表，若将这个毫安表改装成量程为3V 的电压表，应串联一个 1.49×104Ω的电阻．考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：把电流表改装成电压表需要并联一个分流电阻，把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．解答：解：把灵敏电流计改装成毫安表时：I=+I g=+100×10﹣6=0.0002，毫安表的内阻：R==，把毫安表改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：R′=﹣R=﹣R，解得：R′=1.49×104Ω；故答案为：串；1.49×104Ω．点评：本题考查了电压表的改装，知道电表的改装原理，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．18．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）如图所示，半径为r的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内，环上套一质量为m，带正电的珠子，空间存在水平向右的匀强电场，珠子所受电场力是其重力的倍，将珠子从环上的最低位置A点释放，要使珠子恰好能绕圆环做完整的圆周运动，则应在A点给珠子的初速度至少为．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据共点力平衡得出珠子圆周运动的最高点，要使珠子做完整的圆周运动，在等效最高点速度为零，根据动能定理求出初速度的最小值．解答：解：珠子的平衡位置和圆心连线与竖直方向的夹角为θ，则有tanθ==如图，此时珠子做圆周运动的“最高点”（与平衡位置关于O点对称）为D，在D 点，珠子速度为零，从A点到D点过程，由动能定理得﹣mgr（1+cosθ）﹣qErsinθ=0﹣得：v0=故答案为：．点评：解决本题的关键知道小球在竖直面内做圆周运动的等效最高点，抓住等效最高点的临界速度为零，结合动能定理进行求解．三、计算题（第19题8分，第20题10分，第21题10分，第22题12分．计算时应写必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）19．（8分）（2010秋•泉州校级期中）水平放置的平行板电容器，两极板相距5mm，电容值为2μF，当将其充电到两板电势差为100V时，一个质量为1.0×10﹣11kg的带负电尘埃正好在板间静止，取g=10m/s2求：（1）这时电容器的带电量为多少？（2）该尘埃带电量为多少？考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）根据电容的定义式求解电容器的带电量．（2）板间场强为E=，带负电尘埃所受电场力为F=qE，由平衡条件求出该尘埃带电量．解答：解：（1）由C=得：Q=CU=2×10﹣6×100C=2×10﹣4C（2）由平衡条件得：qE=mg又E=得到：q=mg代入解得：q=5×10﹣18C答：（1）电容器的带电量为2×10﹣4C．（2）该尘埃带电量为5×10﹣18C．点评：此题是电容的定义式C=、板间场强公式E=及平衡条件的综合应用，基础题．20．（10分）（2009秋•长春期末）环保汽车将为2008年奥运会场馆提供服务，受到好评．某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车，总质量m=3×103kg．当它在水平路面上以v=36km/h 的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=50A，电压U=300V．在此行驶状态下（1）求驱动电机的输入功率P电；（2）若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，求汽车所受阻力与车重的比值（g取10m/s2）．考点：功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．专题：功率的计算专题．分析：（1）根据P=UI求出驱动电机的输入功率．（2）匀速行驶时，牵引力等于阻力，求出机械功率，根据P=Fv=fv，求出汽车所受的阻力．解答：解：（1）P=UI=300×50=15000W．故求驱动电机的输入功率P电=15000W．（2）机械功率P机=90%P电=15000×90%=13500W．匀速行驶时，牵引力等于阻力，有P机=Fv=fv所以f=则汽车所受阻力与车重的比值k=．点评：解决本题的关键掌握功率的公式P=UI，以及机械功率的公式P=Fv．21．（10分）（2011秋•泉州期中）如图所示电子射线管阴极K发射电子，阳极P和阴极K 间加上电压后电子被加速．A、B是偏向板，使飞进的电子偏离．若已知P、K间所加电压U PK=2.5×103V，偏向板长L=6.0×10﹣2m，板间距离d=10﹣2m，所加电压U AB=100V．R=3×10﹣2m．电子电量为﹣1.6×10﹣19C．设从阴极出来的电子速度为零．试问：（1）偏转电场对电子所做的功是多少？（2）电子最后打在荧光屏上O′点，求OO′间距离是多少？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在阳极P和阴极K间运动时，电场力对电子做正功，动能增加，根据动能定理求解电子通过阳极P板的速度υ。
福建省泉州市安溪八中2014-2015学年高二上学期期中生物试卷(理科)Word版含解析
2014-2015学年福建省泉州市安溪八中高二（上）期中生物试卷（理科）一、选择题（本大题共35小题，第1-15每小题2分，第16-35每小题2分，共50分．在每题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的）2．（2 与高等植物相比，硝化细菌具有的特点是（）4．（2 细胞的各种膜结构间相互联系和转移的现象称为膜流，关于“膜流”的叙述正确的是5．（2分肉毒杆菌是一种致命病菌，在繁殖过程中分泌毒素．军事上常将这种毒素用于生化武器．人们食入和吸收这种毒素后．神经系统将遭到破坏．该毒素由两个亚单位（每个亚单位为一条链盘曲折叠而成）组成的一种生物大分子．下面是肉毒类毒素的局部结构简式，据此判断下列说法中不正确的是（）6．（2 细胞是生物体结构和功能的基本单位．在下列关于细胞基本共性的描述正确的是（）①均具有磷脂双分子层与蛋白质构成的膜结构；②A TP是所有细胞可直接利用的能源物质；③都具有核糖体作为蛋白质合成的“机器”；④遗传信息均储存在脱氧核糖核酸分子中；⑤编码氨基酸的密码子基本相同；7．（2 细胞核具有什么功能？科学家通过下列实验（见图）进行探究：①用头发将蝾螈的受精卵横缢为有核和无核的两半，中间只是很少的细胞质相连，结果无核的一半（a）停止分裂，有核的一半（b）能继续分裂；②b部分分裂到16～32个细胞时，将一个细胞核挤入到不能分裂的a部分，结果a部分开始分裂、分化，进而发育成胚胎．8．（如图中曲线a、b表示物质跨（穿）膜运输的两种方式，下列表述正确的是（）11．（为研究提高大棚内CO2浓度对油桃光合作用的影响，测得自然种植的大棚和人工一次性施加CO2的大棚内油桃光合速率变化曲线如图．请据图以下正确的是（）12．（2 图中c处为半透膜，在a侧和b侧分别放入相同体积的质量浓度为0.3g/mL的葡萄糖溶液和蔗糖溶液（假设葡萄糖和蔗糖均不能透过半透膜），一段时间后，其结果是（）15．（2 在细胞有丝分裂的分裂期开始时，如果它的染色体数为N，DNA含量为Q，则该细和和Q的含量为，经有丝分裂产17．（1 下列有关叙述正确的是（）①淋巴细胞都来自骨髓造血干细胞，都在骨髓中分化、发育成熟；②糖尿病病人逐渐消瘦，是因为其体内糖的氧化供能发生障碍，导致非糖物质分解加强；③在绿色植物的光合作用产物合成及运输过程中，与矿质元素钾有密切关系；④细胞衰老的特征之一是细胞和细胞核体积缩小；⑤中耕松土，利于硝化细菌的繁殖，增加土壤中的硝酸盐含量利于提高土壤肥力；⑥植物细胞的叶绿体和线粒体中产生的ATP，都可以用于主动运输中吸收Mg2+；⑦利用人工膜技术制成的微球体可将抗体、酶、核酸等大分子或小分子药物定向运输到患病部位的细胞；18．（1 ）下列关于癌细胞的叙述，正确的是（）①癌细胞具有无限增殖的能力②癌细胞的呼吸速率减慢19．（图①表示甲、乙两种酶用同一种蛋白酶处理，酶活性与处理时间的关系，图②表示外界环境温度与某一哺乳动物体内酶活性的关系．下列叙述不正确的是（）20．如图所示，物质①是在胰岛B细胞中合成的，且与血糖调节有关；物质②是一种淋巴因子，可干扰病毒DNA在宿主细胞中的复制；物质③由浆细胞合成分泌，且具有免疫作用；物质④由垂体分泌，可促进蛋白质的合成和骨的生长．下列有关说法正确的是（）23．（1 如图为某真核生物细胞分裂过程中DNA含量变化的图解，下列叙述中正确的是（）①从AB段开始合成大量蛋白质；②若该细胞是植物细胞，则在CD段该细胞中将出现赤道板；③若该细胞是动物细胞，则在CE段该细胞中有中心体．24．（肉毒素是肉毒杆菌产生的一种毒性极强的蛋白质，主要作用于神经﹣肌肉接头处（如图），阻止乙酰胆碱（兴奋性神经递质）的释放，从而引起肌肉麻痹．下列有关分析正确的是（）25．（1 ）甲、乙两种沙门氏菌具有不同的抗原，给大鼠同时注射两种沙门氏菌，一定时间后从大鼠体内分离出浆细胞，把每一个浆细胞单独培养在培养液中．提取并分别保存该大鼠28．（）某同学参加学校组织的秋季越野赛后，感觉浑身酸痛，并伴随着大量出汗等．下列29．（甲酵母菌进行有氧呼吸，乙酵母菌进行无氧呼吸，两者消耗了等量的葡萄糖，则它们O631．（1分激素在血液中的含量是相对稳定的，激素分泌的多少是受机体调节的．下列关于32．（1 研究发现，胰岛素必须与细胞膜上的胰岛素受体结合，才能调节血糖平衡．如果人35．（1分如图是夏季晴朗的白天，玉米和花生净光合速率（时间单位、单位叶面积吸收CO2的量）的变化曲线，下列叙述错误的是（）二、非选择题36．（6 细胞是构成生物体结构和功能的基本单位，如图为电子显微镜视野中观察到的某真核细胞的一部分，请分析后回答：（1）判断此图是低等植物细胞亚显微结构示意图，判断的理由是有有中心体和叶绿体．（2）细胞进行物质代谢过程中可以产生水的细胞器除叶绿体、线粒体外，还有核糖体和高尔基体．37．（8分）内环境是人体细胞生活的直接环境，内环境的温度、渗透压、pH及各种化学物质的含量，正常情况下能够维持相对稳定的状态，这是人体完成各项生命活动的必要条件．（1）人体内环境的各种理化性质及化学物质含量会发生变化的原因是细胞的代谢活动和外界环境的变化．（2）病人呼吸受阻，肌细胞会因无氧呼吸产生大量乳酸，乳酸进入血液后，会使血液pH 降低，但乳酸可以与血液中的碳酸氢钠发生反应，使血液的pH维持相对稳定．（3）尝试构建人体肝脏内血浆、组织液、成熟红细胞内液间O2、CO2扩散的模型（①在图形框间用实线箭头表示O2，用虚线箭头表示CO2；②不考虑CO2进入成熟红细胞内液）．．38．（1 ）如图甲是水稻生长过程中，在不同光照强度下，测得叶片吸收和释放气体体积变化的曲线（假定植物叶片的呼吸速率不变），图乙和图丙表示天气晴朗时某作物一昼夜内对二氧化碳的吸收和释放情况．请据图回答：（1）图甲中，B点和A点相比较，B点叶肉细胞中特有的产生ATP的生理过程是光反应．光照强度由A到C范围内，限制光合作用的主要因素是光照强度．（2）图乙和丙中，最可能代表夏季一昼夜二氧化碳吸收和释放情况的是图丙．（3）图乙中，作物积累有机物最多的时间点是C（A/B/C）．S1、S2、S3表示曲线与时间轴之间围成的面积，已知该作物能正常生长，则S1、S2、S3之间的关系可用数学表达式表示为S1 ＞（＞/＜/=）S2+S3．（4）光合产物从叶片中输出的快慢影响叶片的光合速率．若摘除花或果实，叶片光合速率随之降低的原因是光合产物的输出受阻．39．）如图表示有丝分裂过程中染色体的运动．图A中曲线a表示染色体的着丝点与纺锤丝的相应极之间的平均距离：图B①﹣③表示有丝分裂染色体数目变化曲线，分析回答：（1）图A中曲线b表示分裂后期染色体之间的距离，图A中a曲线距离减小的原因是纺锤丝牵引染色体移向细胞两极．（2）从10分钟后，细胞分裂进入后期，相当于B图曲线的标号为②③，此期的典型特点是着丝点一分为二姐妹染色单体分离成两个子染色体，在纺锤丝牵引下移向细胞两极．40．（14 ）某同学在验证“酶的专一性”时，设计并进行了如下实验：（一）实验原理：1、淀粉遇碘变蓝，麦芽糖遇碘不变蓝．2、唾液中含有唾液淀粉酶，不含有蔗糖酶，所以只能分解淀粉为麦芽糖，而不能分解蔗糖．明了“酶具有专一性”，请据此回答下述问题（1）该同学的实验设计所用的实验原理DA．不正确B．无法论证淀粉是否被分解C．非常好D．无法论证蔗糖是否被分解（2）该实验中采用两组对照，它们分别是A与B和B与C，分别比较的是唾液中具有淀粉酶，催化淀粉水解、淀粉酶能催化淀粉水解而不能催化蔗糖水解．（3）你认为应对该实验有哪一步骤进行改进后才完善：将滴加碘液改为加斐林试剂，并给予合适的条件．这时试管C的结果为浅蓝色．。
福建省安溪八中2014-2015学年高二上学期期中考试政治(理)试卷 Word版含答案.pdf
二、简析题：运用所学知识对所提问题进行简明扼要的分析和说明。本大题共5小题，共计52分
33．水是生命之源、生产之要。2013年末以来，浙江全面展开“五水共治”。材料从再生造纸起家的B集团，遵循
国家产业导向，把发展战略重心放到污水污泥处理及相关产业上，十年来投入10多亿资金对技术难题进行攻关，形成了
24．网上有一句流行的治愈金句：人生就像心电图，一帆风顺说明你挂了。生活中人们常把?“浮起来”称为成功
，把“沉下去”叫做失败。其实在沉浮之间，有起有落才是真实人生。从中我们可以领悟到
A．事物发展的道路总是迂回的、曲折的 ?B．事物总处在量变与质变的交替过程中 ?
C．事物发展前途是光明的，道路是曲折的 ?D．只要发挥主观能动性，就能实现成功人生
2014年秋季安溪八中高二年期中质量检测（理科）
思想政治试题 命题人：沈巧萍 141112
一、选择题（下列各题给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题意的，本大题共24小题，每小题2分，共计
48分）
1.某机械厂购买钢材支付现金120万元，又根据规定交了8.2万元的增值税。这里，货币先后执行的职能是
D．哲学是关于世界观的学说[
21．“天行有常，不为尧存，不为桀亡。”苟子的话说明了规律具有 ?
A．特殊性
B．主观性
C．多样性 D．客观性
22．为了缓解旱情，2014年6月，某市气象局租用一架空军飞机，在辖区内开展人工增雨作业，这是该市首次利用
飞机进行增雨。这说明
①人的主观能动性起决定作用
A．价值尺度和流通手段
B．流通手段和支付手段
C．支付手段和流通手段
D．价值尺度和支付手段
2.随着网购市场的日趋成熟，大部分网购消费者已从最初单纯追求低价，逐渐过渡为对商品质量及服务的高要求。
高二物理上学期期中-福州八中2015-2016学年高二上学期期中物理试题及答案(理)
2015-2016学年福建省福州八中高二（上）期中物理试卷（理）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．）1．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是( )A．B．C．D．2．真空中两个相同的金属小球A和B，带电量的大小分别为Q A=2×10﹣8C和Q B=4×10﹣8C，相互作用力为F，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为( )A．F B． F C． F D． F3．下列说法中，正确的是( )A．由E=k可知，以点电荷Q为中心，r为半径的球面上各处的电场强度都相同B．在电场中某一点，放入一个正电荷时的场强与放入负电荷时的场强方向相同C．由U=可知，某两点的电势差与电场力做功成正比，与电荷带电荷量成反比D．某两点电势差为零，把电荷从这两点中的一点移到另一点，电场力做功一定为零4．法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场．图为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法正确的是（）A．a、b为异种电荷，a带电量大于b带电量B．a、b为异种电荷，a带电量小于b带电量C．a、b为同种电荷，a带电量大于b带电量D．a、b为同种电荷，a带电量小于b带电量5．如图所示，A、B为电场中的两点，下列关于A、B两点的电场强度大小E A、E B和电势φA、φB的判断中正确的是( )A．E A＞E B、φA＞φB B．E A＞E B、φA＜φB C．E A＜E B、φA＞φB D．E A＜E B、φA＜φB6．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞入．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则( )A．a一定带正电，b一定带负电B．a加速度增大，b加速度增大C．a电势能减小，b电势能增大D．a和b的动能一定都增大7．如图所示，P、Q是等量的正电荷，O是它们连线的中点，A、B是中垂线上的两点用E A、E B和φA、φB分别表示A、B两点的电场强度和电势，则( )A．E A一定大于E B，φA一定大于φBB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A不一定大于E B，φA不一定大于φB8．甲、乙两根异种材料的电阻丝，其长度之比是1：5，横截面积之比是2：3，电阻之比是2：5，则甲、乙两根电阻丝的电阻率之比是( )A．4：3 B．3：4 C．2：3 D．8：39．如图所示，平行金属板A与B相距5cm，电源电压为10v，则与A板相距1cm的C点的场强为( )A．1000V/m B．500V/m C．250V/m D．200V/m10．如图所示，R1=2Ω，R2=10Ω，R3=10Ω，A、B两端接在电压恒定的电源上，则( )A．S断开时，R1与R2的功率之比为5：1B．S闭合时通过R1与R2的电流之比为2：1C．S断开与闭合两种情况下，电阻R1两端的电压之比为2：1D．S断开与闭合两情况下，电阻R2的功率之比为7：1211．如图所示，一光滑绝缘斜槽放在方向竖直向下、电场强度为E的匀强电场中，从斜槽顶端A沿斜槽向下释放一初速度为v0的带正电的小球，小球质量为m，带电荷量为q，斜槽斜面与底面的角度成θ，B与A点的竖直距离为h．则下列错误的是( )A．小球的加速度大小为a=gsinθB．小球沿斜面向下做匀变速直线运动C．由以上数据可算出小球到B点的速度D．下滑过程中，小球的机械能逐渐增大12．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣8eV时，它的动能应为( )A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV二、填空题（共6空，每空2分，计12分）13．在电场中的P点放一电荷量为4×10﹣9C的点电荷，它受到的电场力为2×10﹣5N，则P 点场强为__________N/C，把放在P点的点电荷电荷量减为2×10﹣9C，则P点的场强为__________N/C把该点电荷移走，P点的场强又为__________N/C．14．在如图所示的电场中，A、B两点相比，__________点的场强较大，__________点的电势较高，将一电子从B点移到A点时，电场力对电荷做功__________ eV．15．如图为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，则电动机提升重物消耗的功率为__________W；电动机线圈的电阻为__________Ω．三、计算题（共40分）16．如图所示，M、N为水平放置、互相平行的两大块金属板，间距d=35cm，已知N板电势高，两板间电压U=3.5×104V．现有一质量m=7.0×10﹣6kg，电荷量q=6.0×10﹣10C的带负电的油滴，由下板N下方距N为h=15cm的O处竖直上抛，经N板中间的P进入电场，欲使油滴到达上板Q点时速度恰为零，问油滴上抛的初速度v0为多大？17．（14分）水平放置的两块平行金属板长L=5.0cm，两板间距d=1.0cm，两板间电压为90V，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度V0=2.0×107m/s，从两板中间射入，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若S=10cm，求OP的长？18．（16分）如图所示，四分之一光滑绝缘圆弧轨道AP和水平绝缘传送带PC固定在同一竖直平面内，圆弧轨道的圆心为O，半径为R．静止的传送带PC之间的距离为L，在OP的左侧空间存在方向竖直向下的匀强电场，场强大小为E=．一质量为m、电荷量为+q的小物体从圆弧顶点A由静止开始沿轨道下滑，恰好运动到C端后返回．不计物体经过轨道与传送带连接处P时的机械能损失，重力加速度为g．求：（1）物体运动到P点的速度大小；（2）物体与传送带间的动摩擦因数μ；（3）若传送带沿逆时针方向传动，传送带速度v=2，则物体第一次返回到圆弧轨道P 点时物体对圆弧轨道的压力大小．2015-2016学年福建省福州八中高二（上）期中物理试卷（理）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．）1．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是( )A．B．C．D．【考点】电荷守恒定律．【分析】当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电．【解答】解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件．故选：B．【点评】本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．2．真空中两个相同的金属小球A和B，带电量的大小分别为Q A=2×10﹣8C和Q B=4×10﹣8C，相互作用力为F，若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为( )A．F B． F C． F D． F【考点】库仑定律．【专题】定量思想；比例法；电场力与电势的性质专题．【分析】两个相同的金属小球触后再放回原处，电量先中和后平分，再根据库仑定律公式F=k列式计算即可．【解答】解：因为Q B=4×10﹣8C，Q A=2×10﹣8C，则Q B=2Q A，设Q A=Q，则Q B=2Q，未接触前，根据库仑定律，得：F=k=k若AB带同种电荷，接触后两球带电量平分，再由库仑定律，得：F′=k则，若AB带异种电荷，接触后两球带电量平分，再由库仑定律，得：则故BC正确，AD错误．故选：BC【点评】本题考查运用比例法求解物理问题的能力．对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量平分，一定要注意分两种情况讨论．3．下列说法中，正确的是( )A．由E=k可知，以点电荷Q为中心，r为半径的球面上各处的电场强度都相同B．在电场中某一点，放入一个正电荷时的场强与放入负电荷时的场强方向相同C．由U=可知，某两点的电势差与电场力做功成正比，与电荷带电荷量成反比D．某两点电势差为零，把电荷从这两点中的一点移到另一点，电场力做功一定为零【考点】电势差与电场强度的关系；库仑定律．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场强度是矢量，不但有大小，而且有方向；E=仅适用真空中点电荷的电场；电场强度方向与正电荷受到的电场力相同；某点场强的方向与试探电荷的正负无关，从而即可求解．根据W=qU分析电场力做功的大小．电势差等于电场中两点的电势之差，与电场力做功、电荷的电量无关．【解答】解：A、由E═可知，以点电荷Q为中心，r为半径的球面上各处的电场强度大小相等，方向不同，故A错误；B、电场中某点场强的方向，与试探电荷的正负无关，与正点电荷受到的电场力方向相同，与负点电荷受到的电场力方向相反，故正确；C、电势是表征电场本身属性的物理量，某两点的电势差与电场力做功无关，故C错误；D、根据W=qU知，两点间的电势差为零，将电荷从两点中的一点移到另一点，电场力做功为零，故D正确．故选：BD【点评】该题考查到的电场强度的特点、点电荷的电场线的分布的特点与库仑定律的应用条件，都是对基本概念与基本公式的内涵与外延的考查，强调对概念与规律的理解，要求我们在学习的过程中要注意深入理解．4．法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场．图为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法正确的是（）A．a、b为异种电荷，a带电量大于b带电量B．a、b为异种电荷，a带电量小于b带电量C．a、b为同种电荷，a带电量大于b带电量D．a、b为同种电荷，a带电量小于b带电量【考点】电场；电场线；点电荷的场强．【专题】应用题．【分析】解决本题的关键是熟练掌握真空中点电荷的场强的表达式E=含义和电场线的疏密含义即电场线越密，电场越强．【解答】解：若为同种电荷，根据点电荷的场强公式E=可知在两电荷的连线上的某点的电场强度为零．而电场线的疏密代表电场的强弱，若电场为0，则无电场线，由电场线的分布图可知在ab的连线上无场强为0的点，故a、b为异种电荷．故C、D错误．又由公式E=可知场源的电荷量越大距离场源相同距离的位置场强越大，电场线越密．由图可知b的右侧电场线密，a的左侧电场线稀疏，故Q b＞Q a．故B正确．故选B．【点评】根据图象的细微区别寻找突破口，是我们必须掌握的一种解题技巧，例如根据两电荷之间电场强度是否为0判定是否是同种电荷，根据异侧电场线的疏密判定电荷量的大小．5．如图所示，A、B为电场中的两点，下列关于A、B两点的电场强度大小E A、E B和电势φA、φB的判断中正确的是( )A．E A＞E B、φA＞φB B．E A＞E B、φA＜φB C．E A＜E B、φA＞φB D．E A＜E B、φA＜φB 【考点】电场线．【分析】沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方场强大，从而即可求解．【解答】解：电场线密的地方场强大，E A＞E B，沿着电场线的方向电势逐渐降低，φA＞φB；故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】把握电场线的特点和意义是解决此类问题的关键．记住了，理解了，也就会做了．6．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞入．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则( )A．a一定带正电，b一定带负电B．a加速度增大，b加速度增大C．a电势能减小，b电势能增大D．a和b的动能一定都增大【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据粒子轨迹的弯曲方向可判断粒子所受电场力的方向，根据电场力方向与场强方向的关系判断电性．电场线越密，场强越大，电荷所受电场力越大，加速度越大；电场线越疏，场强越小，电荷所受电场力越小，加速度越小．根据电场力做功正负判断电势能和动能的变化．【解答】解：A、由图，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子受到的电场力方向向左，如图．a的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，由于电场线未知，无法确定两个粒子的电性．故A错误；B、由图看出，向右电场线越来越疏，场强越来越小，则a所受电场力减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B错误；C、D、由图判断电场力对两个粒子都做正功，电势能都减小，动能都增大．故C错误，D 正确．故选：D．【点评】本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向判断出电荷所受的电场力是关键．基础题，不应失分．7．如图所示，P、Q是等量的正电荷，O是它们连线的中点，A、B是中垂线上的两点用E A、E B和φA、φB分别表示A、B两点的电场强度和电势，则( )A．E A一定大于E B，φA一定大于φBB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A不一定大于E B，φA不一定大于φB【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据PQ连线中点的场强和无穷远处的场强均为零，分析AB场强的关系．作出电场线，根据顺着电场线方向电势降低，判断电势的高低．【解答】解：两个等量同种电荷连线中点O的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，故从O点沿着中垂线向上到无穷远处电场强度先增大后减小，场强最大的点可能在A点下，也可能在A点上，还可能在A点，由于A、B两点间电场线的疏密情况不确定，故E A可能大于E B，也可能小于E B，还可能等于E B；AB线上电场方向向上，根据顺着电场线方向电势降低，故φA一定大于φB；故选：B【点评】本题关键是要明确两个等量同种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低．8．甲、乙两根异种材料的电阻丝，其长度之比是1：5，横截面积之比是2：3，电阻之比是2：5，则甲、乙两根电阻丝的电阻率之比是( )A．4：3 B．3：4 C．2：3 D．8：3【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】知道影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积，导体的电阻大小为：R=．【解答】解：根据电阻的决定式：R=．得：，则：==4：3 故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题考查了电阻定律，属于简单题．9．如图所示，平行金属板A与B相距5cm，电源电压为10v，则与A板相距1cm的C点的场强为( )A．1000V/m B．500V/m C．250V/m D．200V/m【考点】电容；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电容器专题．【分析】平行板间的电场为匀强电场，根据E=求出电场强度的大小．【解答】解：电场强度E=．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键知道平行板间的电场为匀强电场，知道E=适用于匀强电场的计算，d表示沿电场方向上的距离．10．如图所示，R1=2Ω，R2=10Ω，R3=10Ω，A、B两端接在电压恒定的电源上，则( )A．S断开时，R1与R2的功率之比为5：1B．S闭合时通过R1与R2的电流之比为2：1C．S断开与闭合两种情况下，电阻R1两端的电压之比为2：1D．S断开与闭合两情况下，电阻R2的功率之比为7：12【考点】电功、电功率．【分析】S断开时，根据串联电路功率与电阻成正比确定功率的比例．分析电路串并联关系，求出各个电阻的电压与A、B总电压的关系，就能得到S断开与闭合两种情况电压、功率的比例．【解答】解：A、由P=I2R，I相等，R1与R2的功率之比等于电阻之比1：5．故A错误；B、I2=I3，R3=R2，则I1=2I2，故B正确；C、S断开时，U1：U2=R1：R2=1：5，则U1=U ABS闭合时，U1′：U2′=R1：R2=2：5，则U1′=U AB故C错误；D、U2=U AB，U2′=U AB，由P2=，P2：P2′=49：36．故D错误；故选：B．【点评】电路的分析与计算问题的基础是分析电路的结构．往往按局部→整体→局部的顺序进行分析和计算．也有时抓住串并联电流、电压与电阻的分配关系求解．11．如图所示，一光滑绝缘斜槽放在方向竖直向下、电场强度为E的匀强电场中，从斜槽顶端A沿斜槽向下释放一初速度为v0的带正电的小球，小球质量为m，带电荷量为q，斜槽斜面与底面的角度成θ，B与A点的竖直距离为h．则下列错误的是( )A．小球的加速度大小为a=gsinθB．小球沿斜面向下做匀变速直线运动C．由以上数据可算出小球到B点的速度D．下滑过程中，小球的机械能逐渐增大【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据小球的受力情况，将方向均向下的重力和电场力相互叠加形成等效重力场；再根据受力分析方法分析加速度及运动情况；根据功能关系可求得小球的速度及机械能的变化．【解答】解：A、小球受到的重力和电场力均为竖直向下的力，合力为mg+Eq；根据受力分析可知，加速度大小为：a=（Eq+mg）sinθ；故A错误；B、小球受到重力和电场力的合力以及支持力可以将重力和电场力视为等效重力场，则小球沿斜面向下做匀变速直线运动；故B正确；C、根据支能定理可求得小球到达B点时的速度；故C正确；D、由于小球受到电场力做正功；故小球的机械能增大；故D正确；本题选错误的；故选：A．【点评】本题考查带电粒子在复合场中的运动情况，要注意明确受力分析及功能关系的正确应用，明确等效重力场的基本方法．12．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣8eV时，它的动能应为( )A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV【考点】等势面；功能关系；电势能．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】要求正电荷的电势能为﹣8eV时的动能，需要知道该正电荷的动能和电势能的总和，得出E ka+E pa=E kb+E pb，得出E pb﹣E pa=21eV从而确定φb＞φa；根据电荷经过a、b点的动能分别为26eV和5eV和ab之间有两个等势面且等势面3的电势为0，可设等势面4的电势为φ，则等势面a的电势﹣2φ，再根据该正电荷的动能和电势能的总和保持不变求出正电荷的动能．【解答】解：在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变，故有E ka+E pa=E kb+E pb…①所以26eV+E pa=5ev+E pbE pb﹣E pa=26eV﹣5eV=21eV…②根据E P=qφ可知φb＞φa，由于相邻等势面之间的电势差相同，等势面3的电势为0，设等势面4的电势为φ，则等势面a的电势﹣2φ，代入②式得qφ﹣（﹣2qφ）=3qφ=21eVqφ=7eV正电荷的能量故有E k+（﹣8eV）=5eV+7eVE K=5eV+7eV+8eV=20eV故C正确，故选C．【点评】“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口．二、填空题（共6空，每空2分，计12分）13．在电场中的P点放一电荷量为4×10﹣9C的点电荷，它受到的电场力为2×10﹣5N，则P 点场强为5×103N/C，把放在P点的点电荷电荷量减为2×10﹣9C，则P点的场强为5×103N/C 把该点电荷移走，P点的场强又为5×103N/C．【考点】电场强度．【分析】放入电场中电荷是试探电荷，电场强度等于试探电荷所受的电场力与电荷量的比值，由场强的定义式E=求解P点的电场强度．将改变检验电荷，该点的电场强度不变．【解答】解：在电场中的某点放入电荷量为4.0×10﹣9C的点电荷，受到的电场力是2.0×10﹣5N．由场强的定义式E=得，这一点的电场强度E=5.0×103N/C．电场强度是反映电场本身特性的物理量，由电场决定，与试探电荷无关，如果改用电荷量为2.0×10﹣9C的点电荷，该点的电场强度不变，仍为5.0×103N/C．当移走该电荷时，P点的电场强度仍是不变的，即为5.0×103N/C．故答案为：5×103；5×103；5×103【点评】电场强度的定义式E=；具有比值定义法的共性，定义出的电场强度E与F、q无关，反映电场强度本身的特性．14．在如图所示的电场中，A、B两点相比，B点的场强较大，B点的电势较高，将一电子从B点移到A点时，电场力对电荷做功﹣4 eV．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，从电势高的等势面指向电势低的等势面；等差等势面的疏密也可以反映电场的强弱；根据W=qU求解电功．【解答】解：由电场线的分布可知，B点的电场线密，所以B点的场强大，所以E A＜E B；在根据图示可知，电势φA＜φB，所以B点的电势高；将一电子从B点移到A点时，电场力对电荷做功：W BA=﹣e（φB﹣φA）=﹣e×（10﹣6）V=﹣4eV故答案为：B，B，﹣4．【点评】本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．15．如图为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，则电动机提升重物消耗的功率为450W；电动机线圈的电阻为4Ω．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】当电动机以恒定速度向上提升重物时，同时电动机因线圈电阻消耗功率．则电源产生的总功率等于提升物体消耗的功率加上线圈电阻消耗的功率．【解答】解：重物被提升的功率P1=Fv=Gv=500×0.9W=450W此时电路中的电流为5A．则电源的总功率P总=EI=110×5W=550W所以线圈电阻消耗的功率为P r=P总﹣P1=550﹣450W=100W由殴姆定律可得：故答案为：450 4【点评】由能量守恒定律可知，提升功率与电阻发热功率之和为电源的总功率．三、计算题（共40分）16．如图所示，M、N为水平放置、互相平行的两大块金属板，间距d=35cm，已知N板电势高，两板间电压U=3.5×104V．现有一质量m=7.0×10﹣6kg，电荷量q=6.0×10﹣10C的带负电的油滴，由下板N下方距N为h=15cm的O处竖直上抛，经N板中间的P进入电场，欲使油滴到达上板Q点时速度恰为零，问油滴上抛的初速度v0为多大？【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】油滴运动过程前段仅受重力，进入电场后，同时受重力和竖直向下的电场力作用，故油滴一直减速，但加速度大小有变化，最好对全程应用动能定理求解【解答】解：对应于油滴运动全程，由动能定理得：﹣mg（d+h）﹣qU=0﹣解得：v0===4m/s 答：油滴上抛的初速度为4m/s．【点评】对于单个质点的运动，无论单一过程还是多过程，首先考虑动能定理求解，只是要把力和功分析全面．17．（14分）水平放置的两块平行金属板长L=5.0cm，两板间距d=1.0cm，两板间电压为90V，且上板为正，一个电子沿水平方向以速度V0=2.0×107m/s，从两板中间射入，如图，求：（1）电子偏离金属板时的侧位移y是多少？（2）电子飞出电场时的速度是多少？（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若S=10cm，求OP的长？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）粒子在电场中做匀加速曲线运动，水平方向匀速运动，根据位移和速度求出运动时间；竖直方向匀加速运动，根据牛顿第二定律求出加速度，进而根据匀加速运动位移时间公式即可求解；（2）先根据v=at求出竖直方向速度，进而求出电子飞出电场时的速度；（3）从平行板出去后做匀速直线运动，水平和竖直方向都是匀速运动，根据水平位移和速度求出运动时间，再求出竖直方向位移，进而求出OP的长．【解答】解：（1）竖直方向做匀加速直线运动，根据电容器电压与电场的关系得：E===9000V/mF=Eq=9000×1.6×10﹣19=1.44×10﹣15N又因为F=ma所以a==≈1.6×1015m/s2水平方向做匀速运动，故t=，代入数据解得：t=2.5×10﹣9s所以y=at2，代入数据解得：y=0.5cm（2）竖直方向速度：v1=at，所以v=，代入数据解得：v=2.03×107m/s（3）从平行板出去后做匀速直线运动，水平和竖直方向都是匀速运动，水平方向：t1=，竖直方向PM=v1t1，则：PO=PM+MO=PM+y，代入数据解得：PO=0.025m；答：（1）电子偏离金属板时的侧位移是0.5cm；（2）电子飞出电场时的速度是2.03×107m/s；（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若S=10cm，OP的长为0.025m【点评】该题考察了带电粒子在匀强电场中的偏转，运动规律是类平抛运动，常用的方法是沿电场方向和垂直于电场的方向上进行正交分解，前者是初速度为零的匀加速直线运动，后者是匀速直线运动．同时注意几何知识在物理学中的应用．18．（16分）如图所示，四分之一光滑绝缘圆弧轨道AP和水平绝缘传送带PC固定在同一竖直平面内，圆弧轨道的圆心为O，半径为R．静止的传送带PC之间的距离为L，在OP的左侧空间存在方向竖直向下的匀强电场，场强大小为E=．一质量为m、电荷量为+q 的小物体从圆弧顶点A由静止开始沿轨道下滑，恰好运动到C端后返回．不计物体经过轨道与传送带连接处P时的机械能损失，重力加速度为g．求：（1）物体运动到P点的速度大小；（2）物体与传送带间的动摩擦因数μ；（3）若传送带沿逆时针方向传动，传送带速度v=2，则物体第一次返回到圆弧轨道P 点时物体对圆弧轨道的压力大小．【考点】动能定理的应用．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）由动能定理可以求出物体的速度．（2）由牛顿第二定律可以求出动摩擦因数．（3）由牛顿第二定律求出支持力，然后由牛顿第三定律求出压力．【解答】解：（1）小物体从圆弧顶点A由静止开始沿轨道下滑，运动到P端过程，由动能定理得：mgR+qER=mv P2，代入数据解得：v P=；（2）物体由P点匀减速运动到C处速度为零，。
2024届福建省安溪第八中学高三物理第一学期期中联考试题含解析
2024届福建省安溪第八中学高三物理第一学期期中联考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、伽利略在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间成正比B．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间成正比C．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关2、如图所示，一水平传送带向左匀速传送，某时刻小物块P从传送带左端冲上传送带。
物块P在传送带上运动的过程中，传送带对物块PA．一定始终做正功B．一定始终做负功C．可能先做正功，后做负功D．可能先做负功，后做正功3、如图所示，图中以点电荷Q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图．一个带电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，P、M、N、O、F都是轨迹上的点．不计带电粒子受到的重力，由此可以判断（）A．此粒子和点电荷Q带同种电荷B．此粒子在M点的动能小于在F点的动能C．若PM两点间的距离和MN两点间的距离相等，则从P到M和从M到N，电场力做功相等D．带电粒子从P运动到N的过程中，电势能逐渐增大4、如图所示，质量为60kg的某运动员在做俯卧撑运动，运动过程中可将她的身体视为一根直棒，已知重心在C点，其垂线与脚、两手连线中点间的距离oa、ob分别为0.9m 和0.6m，若她在1min内做了30个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.4m，则克服重力做功为（）A．4320JB．144JC．720JD．7200J5、质量为m的物体由静止开始下落，由于空气阻力影响物体，下落的加速度为45 g，在物体下落高度h的过程中，下列说法正确的是（）A．物体的动能增加了45mgh B．物体的机械能减少了45mghC．物体克服阻力所做的功为45mgh D．物体的重力势能减少了45mgh6、如图,半圆形光滑轨道固定在水平地面上,半圆的直径与地面垂直,一小物块以速度v 从轨道下端滑入轨道,并从轨道上端水平飞出,小物块落地点到轨道下端的距离与轨道半径有关,此距离最大时,对应的轨道半径为(重力加速度为g)( )A．216vgB．28vgC．24vgD．22vg二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
福建省安溪八中2014届高三上学期9月份质量检测 物理试题
福建省安溪八中2014届高三上学期9月份质量检测物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一个正确选项）1．水平地面上放着一质量为1 kg的物体,t=0时在一个方向不变的水平拉力作用下运动,t=2 s时撤去拉力,物体在4 s内速度随时间的变化图象如图所示,则物体（）A.所受的摩擦力大小为1 NB.第1 s内受到的拉力大小是2 NC.在4 s末回到出发点D.在4 s内的平均速度为1.5 m/s2．如右图所示，用可自由移动的活塞封闭一定质量的理想气体，导热汽缸开口向下被竖直悬挂，活塞下系有重物m，整个系统处于静止状态．若大气压恒定，系统状态变化缓慢，则下列说法中不正确的是()A．外界温度升高时，气体的压强一定增大B．外界温度升高时，气体的内能一定增大C．外界温度升高时，气体吸收的热量等于气体增加的内能与气体对外所做功的总和D．保持气体的内能不变，增加重物的质量，气体一定吸热3．做匀加速沿直线运动的质点在第一个3 s内的平均速度比它在第一个5 s内的平均速度小3 m/s，则质点的加速度大小为（）A．1 m/s2 B．2 m/s2 C．3 m/s2D．4 m/s24．汽车以20m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5m/s2，则自驾驶员急踩刹车开始，2s与5s时汽车的位移之比为（）A.5∶4B.4∶5C.3∶4D.4∶3 5．下列图像均能正确反映物体在直线上的运动，则在t=2s内物体位移最大的是（）6．一定质量的理想气体经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与T轴平行，da与bc平行，则气体体积（）A．在ab过程中不断减小B．在bc过程中保持不变C．在cd过程中不断增大D．在da过程中保持不变7.下列说法中正确的是（）A．随着温度升高，所有气体分子的速率将增大B．多晶体在物理性质上也其有各向异性C．一定量的气体，在与外界没有发生热量交换的过程中，内能一定不变D．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势8．小球自某一高度自由落下，它落地时的速度与落到一半高度时的速度之比是()A.2∶１B.2∶2C.2∶1D.4∶19．为提高百米赛跑运动员的成绩，教练员分析了运动员跑百米全程的录像带，测得：运动员在前7 s跑了61 m,7 s末到7.1 s末跑了0.92 m，跑到终点共用10.8 s，则下列说法中不正确的是()A．运动员在百米全过程的平均速度是9.26 m/sB．运动员在前7 s的平均速度是8.71 m/sC．运动员在7 s末的瞬时速度约为9.2 m/sD．无法知道运动员在7 s末的瞬时速度10．一个物体受到一个与它速度方向相同、随时间变化如图所示的力的作用，物体的速度、加速度的变化情况是()A．加速度逐渐增大，速度逐渐增大B．加速度逐渐增大，速度逐渐减小C．加速度逐渐减小，速度逐渐增大D．加速度逐渐减小，速度逐渐减小11．甲、乙两车在同一水平路面上做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距s=6m，从此刻开始计时，乙做匀减速运动，两车运动的v-t图象如图所示．则在0~12s内关于两车位置关系的判断，下列说法正确的是A．t= 4s时两车相遇B．t=4s时两车间的距离最大C．0～12s内两车有两次相遇D．0～12s内两车有三次相遇12．如图所示，倾斜的传送带顺时针匀速转动，一物块从传送上端A滑上传送带，滑上时速率为v1，传送带的速率为v2，且v2>v1，不计空气阻力，动摩擦因数一定，关于物块离开传送带的速率v和位置，下面哪个是不可能的（）A．从下端B离开，v>v1 B．从下端B离开，v<v1C．从上端A离开，v=v1 D．从上端A离开，v<v1二、实验题（每空3分，共5个空格，共15分）13．某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律．物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上(尚未到达滑轮处)．从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示．打点计时器电的频率为50 Hz.①通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点________和________之间某时刻开始减速．②计数点5对应的速度大小为________m/s，计数点6对应的速度大小为________m/s.(保留三位有效数字)③物块减速运动过程中加速度的大小为a＝________m/s2.三、计算题（共四题，第14题10分，第15题12分，第16题13分，第17题14分，共49分）14.（10分）某物体沿直线运动，先以6m/s的速度由A匀速运动到B，接着又以9m/s的速度由B匀速运动到C。
福建省安溪八中2014-2015学年高二化学上学期期中试题 理
福建省安溪八中2014-2015学年高二化学上学期期中试题理〔完卷时间：90分钟满分：100分〕相对原子质量：H~1 O~16 C~12 N~14 Ca~40 Na~23 Cu~64Fe~56 Cl~35.5第I卷〔选择题共54分〕一、选择题〔此题包括18小题，每一小题3分，共54分，每一小题只有一个选项符合题意〕1．美国现任总统奥巴马就环境问题公开表示，到2020年，美国将会把温室气体排放量削减到1990年水平的80%，此外美国将把新能源比重提高到30%。
如下说法不正确的答案是．．．．．．．( )A．CO2属于温室气体B．太阳能电池可将太阳能直接转化为电能C．太阳能属于新能源D．乙醇属不可再生能源，乙醇燃烧不会产生温室气体2．我国第五套人民币中的一元硬币材料为钢芯镀镍，依据你所掌握的电镀原理，你认为在硬币制作时，钢芯应做( )A．正极B．负极C．阴极 D．阳极3．可逆反响2HI(g)I2(g)+H2(g)在密闭容器中进展，当如下中的四项中的某项不随时间变化时，不能说明反响达到平衡的是( )A．各组分的物质的量 B．混合物的温度C．容器内压强 D．混合气体的颜色4．如下过程需要通电才能进展的是( )①电离②电镀③电解④电化学腐蚀⑤铜的精练A．①③④B．②③⑤C．①②③D．全部5．如下各图表示的装置，能构成原电池的是〔〕A B C D6．对于反响A+B=C，如下条件的改变一定．．使化学反响速率加快的是〔〕A．升高体系的温度B．增加体系的压强C．减少Ｃ的物质的量浓度D．增加A的物质的量7． 化学反响A 2(g)＋B 2(g)===2AB(g)ΔH＝ Q kJ·mol －1，其能量变化如如下图所示，如此Q 的值正确的答案是 〔 〕 A. a －b B. aC.－bD. b －a 8．如下说法，你认为不正确的答案是〔 〕。
A ．平衡常数随温度的改变而改变B ．对于密闭容器中反响2SO 2+O 22SO 3，2体积SO 2与足量O 2反响，能生成2体积SO 3C ．合成氨反响中使用催化剂，降低了反响所需要的活化能。
福建省安溪八中2014-2015学年高二地理下学期期中质量检测试题新人教版
2015年春季安溪八中高二年期中质量检测地理试题一、选择题〔共32小题，每一小题1.5分，共计48分。
在每一小题列出的四个选项中，只有一项为哪一项最符合题目要求的〕图1为朝鲜半岛主要工业分布区图(图中阴影局部)，读图回答1～2题。
1．图中南部工业区开展的主要条件是( )A．当地拥有丰富的矿产资源B．便利的交通运输C．国内广阔的消费市场D．气候条件优越，环境优美2．为促进该区域的共同开展，如下产业将由图示南部逐渐向图示北部转移的是( )A．集成电路、精细仪表B．有色金属冶炼C．甘蔗制糖厂D．电子装配读图2(图中虚线为等温线，岛内封闭实线为等高线)，完成3～5题。
3．该岛M地的年太阳辐射量比P地要多，主要是因为M地A．晴天天数多 B．海拔高C．地处夏季风的迎风坡 D．纬度高4．读图中相关等值线，如下说法正确的答案是A．虚线值的大小：④＞③＞②＞①B．实线值的大小：a＞b＞cC．从等温线看，此岛现在是冬季D．从实线看，此岛现在是夏季5．海南岛一年可种植三季稻的主要原因是A．土壤肥沃 B．热量充足C．雨水充沛 D．地形平坦图3为世界某区域示意图，读图回答6～8题。
6．甲岛有100多座火山，但这里是其所属国图1图2家传统的政治、经济与文化中心，其最初吸引人居住的主要原因是①岛屿面积是该国最大的 ②火山灰形成的土壤肥沃 ③光热、水资源丰富，便于开展农业④地势平坦，便于开展种植业A ．①②B ．③④C ．①④D ．②③ 7．图中乙海峡为A ．曼德海峡B ．直布罗陀海峡C ．马六甲海峡D ．霍尔木兹海峡 8．有关巴厘岛自然特征的描述，不符合实际的是A ．地形以山地为主B ．属于热带雨林气候C ．地势中间高四周低D ．河流流程长图4是世界某区域某月海平面等压线〔单位：百帕〕分布图。
读图4回答9～10题。
9．该月甲半岛的盛行风是A ．东北风B ．东南风C ．西北风D ．西南风10．该时段如下四地中，昼长夜短的是A ．德干高原B ．澳大利亚大自流盆地C ．埃塞俄比亚高原D ．青藏高原图5中左图是某国局部地区示意图，右图是甲地气候统计图。
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2014-2015学年福建省泉州市安溪八中高二（上）期中物
理试卷（理科）
一．单项选择题：（12×3分=36分）
1．（3分）（2013•未央区校级学业考试）某电场的电场线如图所示，电场中的A、B两点的场强大小分别为E A和E B，由图可知（）
2．（3分）（2013•未央区校级学业考试）一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B
﹣6
C=
C=
4．（3分）（2011•扬州学业考试）真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为（）
F=K；
6．（3分）（2012•仪征市校级学业考试）（本题供使用选修3﹣1教材的考生作答）如图所示，在场强为E的匀强电场中，a、b两点间的距离为L，ab连线与电场方向的夹角为θ，则a、b 两点间的电势差为（）
知，检验电荷在某点所受电场力越大，该点的场强越强
知，检验电荷所带电量越少，检验电荷所在位置的场强越强
本题对电场强度的理解能力．电场强度的定义式，不能单纯从数学角度来理解8．（3分）（2004•福州模拟）一根粗细均匀，电阻为R的直导线，当保持温度不变的情况下，
R=
将变化原来的
9．（3分）（2013•东昌府区模拟）有两个固定的异号点电荷，电量给定但大小不等，且q1＜q2，用E1和E2分别表示两个点电荷产生的电场强度的大小，则在通过两点电荷的直线上，E1=E2
K，
10．（3分）（2014秋•安溪县校级期中）如图所示，Q带负电荷，导体P在a处接地，下列说法中正确的是（）
11．（3分）（2011秋•梅州期末）直流电动机线圈电阻为R，当电动机工作时通过的电流为I，
12．（3分）（2009•广东模拟）导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下
ρ
二、填空实验题：（10×2分=20分）
13．（4分）（2011•江苏校级学业考试）在竖直向下、电场强度为E的匀强电场中，一个质量
为m的带点液滴，沿着水平方向直线运动，则该液滴带负电，电荷量大小为．
=
故答案为：负，
14．（4分）（2014秋•安溪县校级期中）平行板电容器两极板间的距离和介质确定后，当两极板的正对面积增大时，其电容增大（填“增大”、“减小”或“不变”b平行板电容器两极板的正对面积和介质确定后，当两极板间距离增大时，其电容减小（填“增大”、“减小”或“不变”）．
C=
知，当两极板的正对面积增大时，其电容增大．当两
15．（12分）（2014秋•安溪县校级期中）在做《测定金属的电阻率》的实验中，若待测电阻丝的电阻约为5Ω，要求测量结果尽量准确，备有以下器材：
A．电池组（3V、内阻lΩ）
B．电流表（0～3A，内阻0.0125Ω）
C．电流表（0～0.6A，内阻0.125Ω）
D．电压表（0～3V，内阻4kΩ）
E．电压表（0﹣15V，内阻15kΩ）
F．滑动变阻器（0﹣20Ω，允许最大电流lA）
G．滑动变阻器（0～2000Ω，允许最大电流0.3A）
H．开关、导线
（1）上述器材中电流表应选用的是C，电压表应选用的是D，滑动变阻器应选用的是F．（只填写字母代号）
（2）本实验应采用安培表外接法，则测量值比真实值偏小（选填“大”或“小”）．根据测量数据得到的伏安特性曲线如图所示，图中MN段向上弯曲的主要原因是随着电阻丝中的电流增大，温度升高，电阻率增大，电阻增大．
，由于电压表的分流，使得测量值比真实值偏小．图中
三、计算题：（第16、17、18题每题6分，第19、20题每题8分，第21题10分，共44分．）16．（6分）（2014秋•安溪县校级期中）图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°．则电场力对试探电荷q所做的功等于多少？
E=
C=得板间电压U==．试探电荷
=
所做的功等于
17．（6分）（2014秋•安溪县校级期中）有一个灵敏的电流表它指针满偏时通过的电流
I g=100mA，该表自身的电阻R g=2.0Ω，欲把这块表接到3V的电路中，又不便该表因为电压过大而烧毁，应将该表串联一个阻值R是多大的电阻？
R=﹣
18．（6分）（2014秋•安溪县校级期中）如图所示，在不带电的半径为R的导体球附近一点A 处，从无限远处移来一点电荷，点电荷的电荷量为q，若A点到球面的距离为L，当达到静电平衡时，导体球上的感应电荷在球心O处产生的场强的大小等于多少？其方向如何？
，方向水平向右，
=E=
故答案为：，方向在
19．（8分）（2011春•衡阳期末）如图所示，质量为m带电量为﹣q 的微粒（重力不计），在匀强电场中的A点时速度为v，方向与电场线垂直，在B点时速度大小为2v，已知A、B两点间距离为d，求：
①A、B两点间电压？
②电场强度大小和方向？
﹣
=
x=
t=
x=
E==，方向水平向左．
．
电场强度大小是，方向水平向左．
20．（8分）（2014秋•安溪县校级期中）一个电阻元件两端电压是1.5V时，通过它的电流是4.5mA，如果这个电阻元件两端加的电压为24V时，20秒内有多少电子通过这个电阻器．
R==×
=
=
21．（10分）（2008•启东市模拟）在竖直平面内建立xoy直角坐标系，oy表示竖直向上方向．如图所示．已知该平面内存在沿x轴正向的区域足够大的匀强电场．一带电小球从坐标原点o
沿oy方向以4J的初动能竖直向上抛出．不计空气阻力，它到达的最高位置如图中M点所示．
求：
（1）小球在M点时的动能E kM．
（2）设小球落回跟抛出点在同一水平面时的位置为N，求小球到达N点时的动能E kN．所以。