【附10套模拟卷】四川省成都市树德中学2019届高三下学期适应性考试物理试题解析卷

四川省成都市树德中学2019届高三下学期适应性考试物理试题解析卷123456789四川省成都市树德中学2018届高三下学期适应性考试物理试题1. 下列论述中正确的是( )A. 英国物理学家麦克斯韦经过十年坚持不懈的努力、在1831年发现了电磁感应现象,揭示了磁场产生电流的条件和规律B. 英国物理学家法拉第在总结前人研究的基础上，建立了完整的电磁场理论C. 普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念D. 玻尔提出的原子结构假说，成功地解释了各种原子光谱的不连续性【答案】C【解析】A、英国物理学家法拉第经过十年坚持不懈的努力、在1831年发现了电磁感应现象,揭示了磁场产生电流的条件和规律，故A错误；B、英国物理学家麦克斯韦第在总结前人研究的基础上，建立了完整的电磁场理论，故B错误；C、普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念，故C正确；D、玻尔提出的原子结构假说，成功地解释了成功的解释了氢原子光谱，不是所有光谱，故D错误；故选C。

2. 假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B，半径分别为R A和R B。

两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方(r3)与运行周期的平方(T2)的关系如图所示，T0为卫星环绕行星表面运行的周期。

则( )A. 行星A的质量小于行星B的质量B. 行星A的密度小于行星B的密度C. 行星A的第一宇宙速度等于行星B的第一宇宙速度D. 当两行星的卫星轨道半径相同时，行星A的卫星向心加速度大于行星B的卫星向心加速度【答案】D【解析】A、根据万有引力提供向心力,有：，解得A表面运行的卫星，有：对于环绕行星B表面运行的卫星，由图知，故A错误；B、A行星质量为：B行星的质量为：故B错误；CC错误；D、根据知，，由于A的卫星的向心加速度大于行星B的卫星的向心加速度，故D正确；故选D。

3. 如图为研究光电效应规律的实验电路图．若用频率略大于阴极材料的极限频率的光照射，电流表指针未发生偏转，要使电流表指针发生偏转，采用的措施应为（）A. 增大入射光的频率B. 增大入射光的强度C. 使入射光由K改照AD. 使变阻器的滑片P向左移动【答案】A【解析】A、增大入射光的频率，根据光电效应方程知，会发生光电效应，有电子逸出，在电场力作用下，从K到A，则有电流通过电流表，电流表指针发生偏转，故A正确；BCD增大入射光的强度、使入射光由K改照A、使变阻器的滑片P向左移动等都不会发生光电效应，不能使电流流的指针发生偏转，故B、C、D错误；故选A。

4. 如图所示，矩形区域PQNM内存在平行于纸面的匀强电场，一质量为m＝2.0×10－11 kg、电荷量为q＝1.0×10－5 C的带正电粒子（重力不计）从a点以v1＝1×104 m/s的初速度垂直于PQ进入电场，最终从MN边界的b点以与水平边界MN成30°角斜向右上方的方向射出，射出电场时的速度v2＝2×104 m/s，已知MP＝20 cm、MN＝80 cm，取a点电势为零，如果以a点为坐标原点O，沿PQ方向建立x轴，则粒子从a点运动到b点的过程中，电场的电场强度E、电势φ、粒子的速度v、电势能E p随x的变化图象正确的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】A、因为匀强电场中的电场强度处处相等，故A错误；B、因为粒子离开电场时的速度：B错误；C、粒子在电场中运动的过程中，由动能定理可知：v与x不是线性关系，故C错误；D、因为规定a点电势为零，粒子进人电场后做类平抛运动，根据电场力做功与电势能的变化的关系有：D正确；故选D。

...............5. 如图所示，竖直平面内轨道ABCD的质量M＝0.4 kg，放在光滑水平面上，其中AB段是半径R＝0.4 m 的光滑1/4圆弧，在B点与水平轨道BD相切，水平轨道的BC段粗糙，动摩擦因数μ＝0.4，长L＝3.5 m，C点右侧轨道光滑，轨道的右端连一轻弹簧．现有一质量m＝0.1 kg的小物体(可视为质点)在距A点高为H＝3.6 m处由静止自由落下，恰沿A点滑入圆弧轨道(g＝10 m/s2)．下列说法错误的是 ( )A. 最终m一定静止在M的BC某一位置上B. M在水平面上运动的最大速率2.0 m/s；C. 小物体第一次沿轨道返回到A点时将做斜抛运动．D. 小物体第一次沿轨道返回到A点时的速度大小4m/s．【答案】C【解析】A、由题意分析可知，小物体和轨道组成的系统水平方向动量守恒，最终小物体m和M速度都为0，由于CD是光滑轨道，根据能量守恒和动量守恒，小物体m不会相对M静止，故A正确；B、当小物体沿运动到圆弧最低点B时轨道的速率最大，设为v m，假设此时小物体的速度大小为v，则小B正确；CD、由题意分析可知，小物体第一次沿轨道返回到A点时小物体与轨道在水平方向的分速度相同，设为v x，假设此时小物体在竖直方向的分速度为v y，则对小物体和轨道组成的系统，由水平方向动量守恒得：，由能量守恒得：次沿轨道返回到A点时的速度大小，小物体第一次沿轨道返回到A点时将做竖直上抛运动，故C错误，D正确；错误的故选C。

【点睛】小物体和轨道组成的系统水平方向动量守恒：由动量守恒定律可得求解最大速率；由水平方向动量守恒定律，对全过程应用能量守恒规律可求得小物体回到A点时的速度。

6. 如图所示，不可伸缩、质量不计的细线跨过同一高度处的两个光滑定滑轮连接着质量相同的物体A和B，A套在固定的光滑水平杆上，物体、细线、滑轮和杆都在同一竖直平面内，水平细线与杆的距离h＝0.2 m．当倾斜细线与杆的夹角α＝53°时，同时无初速度释放A、B.关于此后的运动过程，下列判断正确的是(cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8，重力加速度g取10 m/s2)( )A. 当53°＜α＜90°时，A、B的速率之比v A∶v B＝1∶cos αB. 当53°＜α＜90°时，A、B的速率之比v A∶v B＝cos α∶1C. A能获得的最大速度为1 m/sD. B能获得的最大速度为1 m/s【答案】AC【解析】AB、将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于B的速度大小，A正确，B错误；CD、A、B组成的系统机械能守恒，当θ=90°时，A的速率最大，此时B的速率为零，根据系统机械能守C正确，D错误；故选AC。

【点睛】本题是一道关于运动的合成和分解的题目，解决本题的关键知道A沿绳子方向上的分速度等于B 的速度大小，以及知道A、B组成的系统机械能守恒。

7. 如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝0.5 T，边长L＝10 cm的正方形线圈共100匝，线圈总电阻r＝1 Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω＝2πrad/s，外电路中的电阻R＝4 Ω，π取3.14，则（）A. 线圈转动一周产生的总热量为0.99 JB. 感应电动势的最大值为314 VC. 由图示位置转过60°的过程中产生的平均感应电动势为2.6 VD. 从图示位置开始的1/6周期内通过R的电荷量为0.87 C【答案】AC【解析】B B错误；A，线圈转动一周产生的总热量为：故A正确；C C正确；故选AC。

【点睛】本题关键是要区分交流电的有效值、瞬时值、平均值和最大值的区别，计算热量用有效值，计算电量用平均值。

8. 如下图甲所示，一边长L＝0.5 m，质量m＝0.5 kg的正方形金属线框，放在光滑绝缘的水平面上，整个装置处在方向竖直向下、磁感应强度B＝0.8 T的匀强磁场中．金属线框的一个边与磁场的边界MN重合，在水平拉力作用下由静止开始向右运动，经过t＝0.5 s线框被拉出磁场．测得金属线框中的电流I随时间变化的图象如图乙所示，在金属线框被拉出磁场的过程中．下列说法正确的是（）A. 通过线框导线截面的电量0.5CB. 该金属框的电阻0.80ΩC. 水平力F随时间t变化的表达式F＝2＋0.4t(单位为“N”)D. 若把线框拉出磁场水平拉力做功1.10 J，则该过程中线框产生的焦耳热为0.1 J【答案】BD【解析】A、根据题图乙知，在t=0.5sA错误；B，平均电流阻，故B正确；C、由图乙知金属框中感应电流线性增大，说明金属框运动速度线性增加，即金属框被匀加速拉出磁场，又知金属框在t=0.5s时间内运动距离L=0.5m电流随时间变化规律为i=kt，其中比例系数k=2.0A/s，于是安培力f A随时间t变化规律为由牛顿运动定律得F-f A=ma，故C错误；D、根据运动情况知金属框离开磁场时的速度D正确；故选BD。

【点睛】本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，能根据图象知导体棒做匀减速直线运动。

9. 某实验小组想通过如图1所示的实验装置来“探究功与速度变化的关系”．实验中通过改变拉伸的橡皮筋的条数来改变外力对小车做功W的数值，用速度传感器测出每次小车获得的速度v．（1）下列关于本实验的说法中正确的是____________．A．本实验需要先平衡摩擦力B．实验中必须测出小车的质量mC．实验中必须测出橡皮筋对小车做功的具体数值D．每次所用的橡皮筋应该是相同规格，且每次都拉伸到同一位置（2）某次实验中同学们通过速度传感器得到小车沿木板运动的速度随时间变化的关系图象如图2所示，图中0~t1内的图线为曲线，t1~t2内的图线为直线．由此可知，该实验中存在的不当之处是_____________．（3）同学们纠正不当之处后，先后用一根、两根、三根、四根、五根橡皮筋做实验，通过速度传感器测出小车各次获得的速度，并画出v2–W图象如图3所示．测得该图线的斜率为k，由此可以计算出本实验中所用的小车的质量为____________．【答案】 (1). AD (2). 平衡摩擦时倾角过大 (3). 2/k【解析】(1）为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力做的功，必须在实验前让木板有适当的倾角以平衡摩擦力，A正确；只要小车的质量保持不变，就可以得到小车获得的速度与合外力做功的关系B错误；只要用规格相同的橡皮筋，使它们伸长相同的长度，即每次拉伸到同一位置，就可以用W、2W、3W、···表示外力各次做的功，而不需要测出每次做功的具体数值，C错误，D正确，故选AD.（2在做匀加速运动，这一定是平衡摩擦时倾角过大造成的；（310. 伏安法测电阻时，由于电压表和电流表内阻的影响，使得测量结果存在误差．如果按如图电路测量，则可消除电压表和电流表内阻造成的影响．①将以下实验步骤补充完成，并用字母表示相应的测量值．A．闭合开关S1，开关S2接1，调节变阻器R和R′，使两电表示数合适，读出此时电压表和电流表示数U1和I1B．保持______不变，S1闭合，开关S2接2，调节_______，读出____________.②待测电阻的计算公式为_________________【答案】(1). R′ (2). R (3). U2和I2 (4). R x = U1/I1—U2/I2【解析】解：当闭合开关S1，开关S2接1，节变阻器R和R′，使两电表示数合适，读出此时电压表和电流表示数U1和I1；保持滑动变阻器R′的滑动触头位置不变，S1闭合，开关S2接2，调节变阻器R，读出此时电压表和电流表示数U2和I2；R x和11. 如图甲所示，倾斜的传送带以恒定的速率逆时针运行．在t＝0时刻，将质量为1.0 kg的物块(可视为质点)无初速度地放在传送带的最上端A点，经过1.0 s，物块从最下端的B点离开传送带．取沿传送带向下为速度的正方向，则物块的对地速度随时间变化的图象如图乙所示(g＝10 m/s2)，求：(1)物块与传送带间的动摩擦因数；(2)物块从A到B的过程中，传送带对物块做的功．【答案】－3.75 J【解析】解：(1)由图象可知，物块在前0.5 s后0.5 s的加速度为：物块在前0.5 s受到的滑动摩擦力沿传送带向下，由牛顿第二定律得：物块在后0.5 s受到的滑动摩擦力沿传送带向上，由牛顿第二定律得：(2)由v－t图象面积意义可知，在前0.5 s在后0.5 s联立解得：W＝－3.75 J12. 如图甲所示，粒子源靠近水平极板M、N的M板，N板下方有一对长为L，间距为d＝1.5 L的竖直极板P、Q，在下方区域存在着垂直于纸面的匀强磁场，磁场上边界的部分放有感光胶片．水平极板M、N中间开有小孔，两小孔的连线为竖直极板P、Q的中线，与磁场上边界的交点为O．水平极板M、N之间的电压为U0；竖直极板P、Q之间的电压U PQ随时间t变化的图象如图乙所示；粒子源连续释放初速不计、质量为m、带电量为＋q的粒子，这些粒子经加速电场获得速度进入竖直极板P、Q之间的电场后再进入磁场区域，都会打到感光胶片上．已知粒子在偏转电场中运动的时间远小于电场变化的周期，粒子重力不计．求：（1）带电粒子进入偏转电场时的动能E k；（2）磁场上、下边界区域的最小宽度x；（3）带电粒子打到磁场上边界感光胶片的落点范围的长度．【答案】（1）qU0（2）L （3【解析】（1）带电粒子进入偏转电场时的动能，即为MN间的电场力做的功E K=W MN=U0q（2）设带电粒子以速度υ进入磁场，且与磁场边界之间的夹角为α时向下偏移的距离：△y=R-Rcosα=R （1-cosα）而Rυ1=υsinα△y当α=90o时，△y有最大值．即加速后的带电粒子以υ1的速度进入竖直极板P、Q之间的电场不发生偏转，沿中心线进入磁场．磁场上、下边界区域的最小宽度即为此时的带电粒子运动轨道半径．U0qυ12所以△y max＝x＝＝L（3）粒子运动轨迹如图所示，若t=0时进入偏转电场，在电场中匀速直线运动进入磁场时R=L，打在感光胶片上距离中心线最近为x=2L任意电压时出偏转电场时的速度为υn，根据几何关系R n＝在胶片上落点长度为△x＝2R n cosα打在感光胶片上的位置和射入磁场位置间的间距相等，与偏转电压无关．在感光胶片上的落点宽度等于粒子在电场中的偏转距离．带电粒子在电场中最大偏转距离粒子在感光胶片上落点距交点O的长度分别是2L，则落点范围是．点睛：本题的关键点在于第三问的偏转范围的求得，由于带电粒子先经过U0的加速，然后进入水平交变电场的偏转，最后进入磁场做匀速圆周运动打在胶片上．可以表示出在任意偏转电压下做匀速圆周运动的半径表达式（其中速度用进入电场的速度表示），再表示出打在胶片下的长度．巧合的是打在感光胶片上的位置和射入磁场位置间的间距相等，与偏转电压无关，从而求出粒子在感光胶片上落点的范围．13. 如左图所示，t=0时刻，与M点间的距离为15m的波源O点由平衡位置开始上下振动，形成一列沿直线OM传播的简谐横波．右图为质点M的振动图象．下列判断正确的是_________．（填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分．选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．波源O的振动周期为3sB．这列波的传播速度为2.5m/sC．t=0时刻，波源O振动的方向沿y轴负方向D．在0~9s时间内，这列波的传播距离为12mE．在0~9s时间内，质点M的路程为6cm【答案】BCE【解析】A、这列波的周期等于质点M的振动周期，为2s，故A错误；B、波从O传到M点的时间为6s B正确；C、根据振动图象的斜率表示速度，知t=6s时刻，质点M的速度为负，即质点M开始沿y轴负方向运动，故C正确；D、在0~9s D错误；E、0~9s时间内，质点M的路程为E正确；故选BCE。