(通用版)2020版高考物理复习“22”定时训练-2016年(全国2卷)逐题仿真练(含解析)
2020高考物理通用版大二轮复习练习：“2+2”定时训练11 2016年(全国2卷)逐题仿真练 Word版含解析
2016年(全国2卷)逐题仿真练24．(12分)(2019·福建泉州市期末质量检查)如图1甲所示，将两根足够长、间距为L 的平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，左端接一阻值为R 的电阻，与导轨垂直的虚线ef 右边区域存在方向竖直向下的匀强磁场，质量为m 的金属杆PQ 静止在导轨上．现对杆施加一水平向右的恒定拉力，经过时间t ，杆进入磁场并开始做匀速直线运动，杆始终与导轨垂直并接触良好，导轨和杆的电阻均不计．图1(1)求匀强磁场的磁感应强度大小B ；(2)若杆进入磁场后的某时刻撤去拉力，杆运动的速度与此后的位移关系图象如图乙所示，求0～x 0与x 0～3x 0两个过程中电阻R 产生的热量之比． 答案 (1)mR L 2t (2)54解析 (1)设拉力大小为F ，杆的加速度为a ，进入磁场时的速度为v 0，则F ＝ma 杆做匀加速运动，则v 0＝at杆在磁场中做匀速运动，则F ＝F 安＝BIL I ＝ER E ＝BL v 0 联立解得：B ＝mR L 2t(2)撤去拉力后，由题图乙可知，杆在x ＝x 0处的速度大小为v ＝2v 03由能量关系，在0～x 0过程中，电阻R 产生的热量Q 1＝12m v 02－12m v 2在x 0～3x 0过程中，电阻R 产生的热量Q 2＝12m v 2解得Q 1Q 2＝54.25．(20分) (2019·陕西渭南市教学质检(二))如图2，粗糙斜面与光滑水平面通过光滑小圆弧平滑连接，斜面倾角θ＝37°.小滑块(可看作质点)A 的质量为m A ＝1 kg ，小滑块B 的质量为m B ＝0.5 kg ，其左端连接一水平轻质弹簧．若滑块A 在斜面上受到大小为2 N ，方向垂直斜面向下的恒力F 作用时，恰能沿斜面匀速下滑．现撤去F ，让滑块A 从距斜面底端L ＝2.4 m 处，由静止开始下滑．取g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：图2(1)滑块A 与斜面间的动摩擦因数；(2)撤去F 后，滑块A 到达斜面底端时的速度大小； (3)滑块A 与弹簧接触后的运动过程中弹簧最大弹性势能． 答案 (1)0.6 (2)2.4 m/s (3)0.96 J解析 (1)滑块A 沿着斜面匀速下滑时受力如图所示由平衡条件知m A g sin θ＝F f ，F N ＝m A g cos θ＋F ，F f ＝μF N 解得μ＝m A g sin θF ＋m A g cos θ＝0.6.(2)滑块A 沿斜面加速下滑时受力如图所示，设滑块A 滑到斜面底端时速度为v 0，根据动能定理得 (m A g sin θ－μm A g cos θ)L ＝12m A v 02代入数据解得v 0＝2.4 m/s(3)由分析可知，当A 、B 速度相同时，弹簧有最大弹性势能．以A 、B 及弹簧为研究对象，设它们共同的速度为v ，据动量守恒定律m A v 0＝(m A ＋m B )v 根据能量守恒E p ＝12m A v 02－12(m A ＋m B )v 2代入数据解得：E p ＝0.96 J. 33．【选修3－3】(15分)(1)(5分)一定质量的理想气体的压强p 与热力学温度T 的变化图象如图3所示，下列说法正确的是________．图3A ．A →B 的过程中，气体对外界做功，气体内能增加B ．A →B 的过程中，气体从外界吸收的热量等于其内能的增加量C ．B →C 的过程中，气体体积增大，对外做功D ．B →C 的过程中，气体对外界放热，内能不变E ．B →C 的过程中，气体分子与容器壁每秒碰撞的次数增加(2)(10分)“打篮球”是同学们喜爱的一种体育活动，小明和同学们在室外打了一段时间篮球后，发现篮球内气压不足，于是他拿到室内充气，已知室外温度为－3 ℃，室内温度为17 ℃.篮球体积V ＝5 L ，假定在室外时，篮球内部气体的压强为1.3个标准大气压．充气筒每次充入0.12 L 、压强为1.0个标准大气压的空气，整个过程中，不考虑篮球体积的变化和充气过程中气体温度的变化，计算时，篮球内部气体按理想气体处理．试问：小明在室内把篮球内气体的压强充到1.6个标准大气压以上，他至少充气多少次？ 答案 (1)BDE (2)9次解析 (1)A 到B 的过程，是等容升温过程，气体不对外做功，气体从外界吸收热量，使得气体内能增加，故A 错误，B 正确；B 到C 的过程是等温压缩过程，压强增大，体积减小，外界对该气体做功，内能不改变，则气体对外界放热，因压强增大，故气体分子与容器壁每秒碰撞的次数增加，故C 错误，D 、E 正确．(2)设篮球从室外拿到室内后的压强为p 1，则：p 0T 0＝p 1T 1即： 1.3273－3＝p 1273＋17解得p 1≈1.4个大气压；设充气次数为n ，则：p 1V ＋np 0V 0＝p 2V 即：1.4×5＋1.0×0.12×n ＝1.6×5 解得：n ≈8.3.则在室内把篮球内气体的压强充到1.6个标准大气压以上，他至少充气9次． 34．【选修3－4】(15分)(1)(5分)电磁波与声波比较，下列说法中正确的是________． A ．电磁波的传播不需要介质，声波的传播需要介质 B ．由空气进入水中时，电磁波速度变小，声波速度变大 C ．由空气进入水中时，电磁波波长变小，声波波长变大D ．电磁波和声波在介质中的传播速度都是由介质决定的，与频率无关E ．电磁波能产生干涉和衍射现象，声波不能(2)(10分)如图4(a)，一列简谐横波沿x 轴传播，实线和虚线分别为t 1＝0时刻和t 2时刻的波形图，P 、Q 分别是平衡位置为x 1＝1.0 m 和x 2＝4.0 m 的两质点．图(b)为质点Q 的振动图象，求：图4①波的传播速度和t 2的大小；②质点P 的位移随时间变化的关系式．答案 (1)ABC (2)①40 m/s (0.2n ＋0.05) s ，n ＝0,1,2,3… ②y ＝10sin (10πt ＋3π4) cm解析 (1)电磁波在介质中的传播速度与介质有关，也与频率有关，在同一种介质中，频率越大，波速越小，声波的传播速度是由介质决定的，电磁波和声波都能产生干涉和衍射现象，所以D 、E 错误．(2)①由题图可知波长：λ＝8 m ，质点振动的周期：T ＝0.2 s 传播速度v ＝λT＝40 m/s结合图象可知，横波沿x 轴正向传播， 故t 1＝0和t 2＝Δt 时刻：nλ＋2＝v Δt 解得Δt ＝(0.2n ＋0.05) s ，n ＝0,1,2,3… 即t 2＝(0.2n ＋0.05) s ，n ＝0,1,2,3…②质点P 做简谐运动的位移表达式：y ＝A sin (2πTt ＋φ)由图可知A ＝10 cm ，t ＝0时y ＝5 2 cm 且向y 轴负方向运动， 解得y ＝10sin (10πt ＋3π4) cm.。
2016年全国高考新课标2卷物理部分试题与答案与解析
⋯⋯⋯⋯⋯⋯⑽A和B 的加速为和，此时AB之间为零，同理可得：6⋯⋯⋯..⑾⋯⋯⋯..⑿ 即B 做匀减经时间，B的速度减为：⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⒀联立⑽⑿⒀可得⋯⋯⋯⋯..⒁ 在，A 相对于B 运动的距离为⋯⒂此后B 静止不动，在B 上滑时间后，A 离开B ，则可得,另一解不合题意，舍去， A 在B 上的运动时间为【题型】计算题【备注】【结束】33.【[物理—3-3](1)关于扩，下列说法正_________(填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得得分为0分)A.温度越高，扩散进行得越快X文.X例.参考B.扩散现象是不同物质间的一种化学反应C.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的D.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生E.液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的(2)如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K关闭；A侧空气柱的长度为l=10.0cm,B侧水银面比A侧的高h=3.0cm。
现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧水银面的高度差为=10.0cm时将开关K关闭，已知大气压强=75.0cmHg。
(i)求放出部分水银后A侧空气柱的长度；(ii)此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银面达到同一高度，求注入的水银在管内的长度。
【答案】(1)ACD(2)(i);(ii)【解析】(1)本题主要考查分子的理论以及扩散；(2)本题主要考查理想气体状态方程；(1)选项A，温度越高，分子热运动越剧烈，扩散进行得越快，选项A 正确；选项B，扩散现象是分子热运动的结果，并非化学反应，选项B错误；X文.X例.指导.参考C，扩散现象是分子无规则热运项C 正确； D，任何物态都有分子热运动，都可扩散现项D 正 确； E ，任何物态的扩散现象都是由于分子热运动 ； 本题ACD 。
(2)(i )以c m H g 为设A 侧气柱长度时压强为p ，当两侧水银面的高度差为时，空气柱长度为，压强为,由玻意耳定 律得：⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯..① 由力学平衡条件知⋯⋯⋯⋯② 打开开关K 放出水银的，B 侧水银面处的，而A 侧水银面处的压强随空气柱长度的增加而减小，B 、A 两侧水银面的高度差也随之 减小，直至B 侧水于A 侧水银面为止，由力学平衡条件有：⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯.③ 联立以上方程可得：⋯⋯⋯⋯⋯④ (ii)当A 、B 两侧的水银面达到同一高度时，设A 侧空气柱长度为，压强 为,由玻意耳定律得：⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯..⑤ 由力学平衡条件知⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯.⑥ 联立②⑤⑥可得⋯⋯⋯⋯⋯⋯⑦ 设注入的水银在管内的长度为，则⋯⋯⋯⋯.⑧ 联立④⑦⑧可得.X 文.X 例.参考【题型】计算题【备注】【结束】34.【题文】[物理——选修3-4](1)如图，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为θ，经折射后出a、b两束光线。
(通用版)高考物理二轮复习“22”定时训练8 (全国2卷)逐题仿真练(含解析)-人教版高三全册物理试
2017年(全国2卷)逐题仿真练题号 24 25 33 34考点 动能定理与应用带电体在电场内的运动热力学定律和气体性质波的性质和光的折射24．(12分)(2019·山东济宁市第二次摸底)某中学生对刚买来的一辆小型遥控车的性能进展研究．他让这辆小车在水平的地面上由静止开始沿直线轨道运动，并将小车运动的全过程通过传感器记录下来，通过数据处理得到如图1所示的v －t 图象．小车在0～2s 内做匀加速直线运动，2～11s 内小车牵引力的功率保持不变，9～11s 内小车做匀速直线运动，在11s 末开始小车失去动力而自由滑行．小车质量m ＝1kg ，整个过程中小车受到的阻力大小不变，试求：图1(1)在2～11s 内小车牵引力的功率P 的大小； (2)小车在2s 末的速度v x 的大小； (3)小车在2～9s 内通过的距离x . 答案 (1)16W (2)4m/s (3)44m解析 (1)根据题意，在11s 末撤去牵引力后，小车只在阻力F f 作用下做匀减速直线运动，设其加速度大小为a ，根据题图可知：a ＝|Δv Δt |＝2m/s 2；根据牛顿第二定律有：F f ＝ma ； 解得：F f ＝2N ；设小车在匀速直线运动阶段的牵引力为F ，如此：F ＝F f ，v m ＝8m/s ； 根据：P ＝Fv m ； 解得：P ＝16W ；(2)0～2s 的匀加速运动过程中，小车的加速度为：a x ＝Δv Δt ＝v x2；设小车的牵引力为F x ，根据牛顿第二定律有：F x －F f ＝ma x ；根据题意有：P ＝F x v x; 联立解得：v x ＝4m/s ；(3)在2～9s 内的变加速过程，Δt ＝7s ，由动能定理可得：P Δt －F f x ＝12mv m 2－12mv x 2；解得小车通过的距离是：x ＝44m.25.(20分)(2019·四川南充市第一次适应性考试)如图2所示，在竖直平面内的平面直角坐标系xOy 中，x 轴上方有水平向右的匀强电场，有一质量为m ，电荷量为－q (－q <0)的带电绝缘小球，从y 轴上的P (0，L )点由静止开始释放，运动至x 轴上的A (－L,0)点时，恰好无碰撞地沿切线方向进入固定在x 轴下方竖直放置的四分之三圆弧形光滑绝缘细管，细管的圆心O 1位于y 轴上，交y 轴于B 点，交x 轴于A 点和C (L,0)点，细管内径略大于小球外径，小球直径远小于细管轨道的半径，不计空气阻力，重力加速度为g .求：图2(1)匀强电场的电场强度的大小；(2)小球运动到B 点时对管的压力的大小和方向； (3)小球从C 点飞出后落在x 轴上的位置坐标． 答案 (1)mg q(2)3(2＋1)mg 方向向下 (3)(－7L,0)解析 (1)小球由静止释放后在重力和电场力的作用下做匀加速直线运动，小球从A 点沿切线方向进入，如此此时速度方向与竖直方向的夹角为45°，即加速度方向与竖直方向的夹角为45°，如此tan45°＝mg Eq解得：E ＝mg q(2)根据几何关系可知，细管轨道的半径r ＝2L从P 点到B 点的过程中，根据动能定理得：12mv B 2－0＝mg (2L ＋2L )＋EqL在B 点，根据牛顿第二定律得：F N －mg ＝mv B 2r联立解得：F N ＝3(2＋1)mg ，方向向上根据牛顿第三定律可得小球运动到B 点时对管的压力的大小F N ′＝3(2＋1)mg ，方向向下 (3)从P 到A 的过程中，根据动能定理得： 12mv A 2＝mgL ＋EqL 解得：v A ＝2gL小球从C 点抛出后做类平抛运动 抛出时的速度v C ＝v A ＝2gL 小球的加速度g ′＝2g当小球沿抛出方向和垂直抛出方向位移相等时，又回到x 轴，如此有：v C t ＝12g ′t 2解得：t ＝22L g如此沿x 轴方向运动的位移x ＝v C tsin45°＝2v C t ＝2×2gL ×22Lg＝8L如此小球从C 点飞出后落在x 轴上的坐标x ′＝L －8L ＝－7L . 33.选修3－3(15分)(2019·广东某某市第二次调研)(1)(5分)恒温环境中，在导热良好的注射器内，用活塞封闭了一定质量的理想气体．用力缓慢向外拉活塞，此过程中________． A ．封闭气体分子间的平均距离增大 B ．封闭气体分子的平均速率减小 C ．活塞对封闭气体做正功 D ．封闭气体的内能不变 E ．封闭气体从外界吸热(2)(10分)某同学设计了测量液体密度的装置．如图3，左侧容器开口；右管竖直，上端封闭，导热良好，管长L 0＝1m ，粗细均匀，底部有细管与左侧连通，初始时未装液体．现向左侧容器缓慢注入某种液体，当左侧液面高度为h 1＝0.7m 时，右管内液柱高度h 2＝0.2m ．右管横截面积远小于左侧横截面积，大气压强p 0＝1.0×105Pa ，取g ＝10m/s 2.图3①求此时右管内气体压强与该液体的密度；②假设此时右管内气体温度T ＝260K ，再将右管内气体温度缓慢升高到多少K 时，刚好将右管中液体全部挤出？(不计温度变化对液体密度的影响) 答案 (1)ADE (2)①1.25×105Pa 5×103kg/m 3②351K解析 (1)对于一定质量的理想气体，气体的内能和分子平均速率只取决于温度，由题目可知，温度不变，如此封闭气体的内能不变，封闭气体分子的平均速率也不变，故B 错误，D 正确；用力向外缓慢拉动活塞过程中，气体体积增大，如此分子间的平均距离增大，气体对活塞做正功，如此活塞对气体做负功，故A 正确，C 错误；根据ΔU ＝W ＋Q 可知，温度不变，如此内能U 不变，即ΔU ＝0，用力向外缓慢拉动活塞，如此W <0，故Q >0，即气体从外界吸收热量，故E 正确．(2)①设右管横截面积为S ，对右管内的气体，由玻意耳定律：p 0V 0＝p 1V 1 其中：V 0＝L 0S ，V 1＝(L 0－h 2)S 解得：p 1＝1.25×105Pa 又：p 1＝p 0＋ρg (h 1－h 2) 解得：ρ＝5×103kg/m 3 ②对右管内的气体：p 1V 1T ＝p 2V 0T ′其中：p 2＝p 0＋ρgh 1， 解得：T ′＝351K. 34.选修3－4(15分)(2019·陕西汉中市第二次教学质检) (1)(5分)如下说法正确的答案是________． A ．在摆角小于5°时单摆的周期与振幅无关 B ．用三棱镜观察太阳光谱是利用光的干预现象 C ．在光导纤维束内传送图像是利用光的全反射现象D ．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象E ．两列波相叠加产生干预现象，振动加强区域与振动减弱区域应交替出现(2)(10分)如图4所示，有一个玻璃半球，O 为球心，右侧面镀银，光源S 在其水平对称轴MO 上，从光源S 发出的一束光斜射在球面上．当入射光线与对称轴的夹角为30°时，发现一局部光经过球面反射后恰好能竖直向上传播，另一局部光折射进入玻璃半球内，经过右侧镀银面的第一次反射后恰好能沿原路返回．假设球面的半径为R ，光在真空中的传播速度为c .求：图4①玻璃的折射率；②光折射入玻璃半球后传播到右侧镀银面所用的时间． 答案 (1)ACE (2)① 3 ②3R2c解析 (1)在摆角小于5°时单摆的振动可视为简谐运动，此时周期与振幅无关，选项A 正确；用三棱镜观察太阳光谱，是利用光的折射率不同，出现光的色散现象，故B 错误；在光导纤维束内传送图像是利用光的全反射现象，选项C 正确；用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的干预现象，选项D 错误；两列波相叠加产生干预现象，振动加强区域与振动减弱区域应交替出现，选项E 正确． (2)由题意作出光路图，如下列图．①由于入射光线与对称轴的夹角为30°，过入射点H 作对称轴的垂线HN ，由光路图和几何关系可得：光在球面上发生反射和折射时的入射角和反射角i ′＝60°，折射角r ＝30° 所以由n ＝sin i sin r可得：n ＝3；②由几何关系可知：光折射入玻璃半球后传播到右侧镀银面的距离：s ＝R cos30°＝32R ，由n ＝c v 得：光在玻璃中的传播速度v ＝c n＝c3，所以光折射入玻璃半球后传播到右侧镀银面所用的时间：t ＝s v ＝32R c 3＝3R 2c.。
【精校】2016年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)物理
2016年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)物理一、选择题1.质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。
用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。
用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中( )A.F逐渐变大，T逐渐变大B.F逐渐变大，T逐渐变小C.F逐渐变小，T逐渐变大D.F逐渐变小，T逐渐变小解析：以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误。
答案：A2.如图，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆。
带电粒子Q在P的电场中运动。
运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点。
若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c，则( )A.a a＞a b＞a c，v a＞v c＞v bB.a a＞a b＞a c，v b＞v c＞v aC.a b＞a c＞a a，v b＞v c＞v aD.a b＞a c＞a a，v a＞v c＞v b解析：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以a b＞a c＞a a，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以v a＞v c＞v b，所以D正确，ABC错误。
答案：D3.小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P 球的绳比悬挂Q球的绳短。
将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示。
将两球由静止释放。
在各自轨迹的最低点，( )A.P球的速度一定大于Q球的速度B.P球的动能一定小于Q球的动能C.P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D.P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度解析：AB、从静止释放至最低点，由机械能守恒得：mgR=mv2，解得：v=在最低点的速度只与半径有关，可知v P＜v Q；动能与质量和半径有关，由于P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短，所以不能比较动能的大小。
2020高考物理全国Ⅱ卷22题
微解题41
2020高考物理全国Ⅱ卷22题
22．（5分）一细绳跨过悬挂的定滑轮，两端分别系有小球A 和B ，如图所
示。
一实验小组用此装置测量小球B 运动的加速度。
令两小球静止，细绳拉紧，然后释放小球，测得小球B 释放时的高度
h 0=0.590 m ，下降一段距离后的高度h =0.100 m ；由h 0下降至h 所用的时
间T =0.730 s 。
由此求得小球B 加速度的大小为a =_______m/s 2（保留3位
有效数字）。
从实验室提供的数据得知，小球A 、B 的质量分别为100.0 g 和150.0 g ，当地重力加速度大小为g =9.80 m/s 2。
根据牛顿第二定律计算可得小球B 加速度的大小为a ′=_______m/s 2（保留3位有效数字）。
可以看出，a ′与a 有明显差异，除实验中的偶然误差外，写出一条可能产生这一结果的原因：______________________。
【答案】1.84， 1.96，绳和滑轮之间有摩擦 解析：小球下降做匀加速直线运动，有：2021at h h =
- 解得a =1.84m/s 2
对小球A 、B 整体，有：a m m g m g m B A A B )(+=-
解得：a =1.96m/s 2
在实验中绳和滑轮之间有摩擦会造成实际计算值偏小。
2020高考物理通用版大二轮复习练习：“2+2”定时训练3 2019年(全国3卷)逐题仿真练 Wo
姓名，年级：时间：2019年(全国3卷）逐题仿真练题号24253334考点带电粒子或带电体在电场中的运动动力学、动量和能量观点的应用测分子直径和气体实验定律机械波和光24．(12分）(2019·广东省“六校联盟”第四次联考)如图1所示，ACB是一条足够长的绝缘水平轨道，轨道CB处在方向水平向右、大小E＝1。
0×106 N/C 的匀强电场中，一质量m＝0。
25 kg、电荷量q＝－2。
0×10－6C的可视为质点的小物体,在距离C点L0＝6.0 m的A点处，在拉力F＝4。
0 N的作用下由静止开始向右运动，当小物体到达C点时撤去拉力，小物体滑入电场中．已知小物体与轨道间的动摩擦因数μ＝0。
4,取g＝10 m/s2，求:图1（1）小物体到达C点时的速度大小；(2）小物体在电场中运动的时间．答案(1)12 m/s （2）2.7 s解析(1)根据牛顿第二定律，小物体的加速度大小为：a＝错误!＝12 m/s2小物体到达C点的过程中有:v2＝2aL0代入数据解得：v＝12 m/s(2)根据牛顿第二定律,小物体向右减速运动的加速度大小为：a1＝错误!＝12 m/s2小物体向右运动的时间：t1＝错误!＝1.0 s小物体向右运动的位移：x1＝错误!t1＝6。
0 m由于｜q|E〉μmg，所以小物体先向右减速运动，后反向向左加速运动，直到滑出电场根据牛顿第二定律，小物体向左加速运动的加速度大小为：a2＝错误!＝4 m/s2小物体在电场中向左运动的时间为：t2＝错误!＝错误! s小物体在电场中运动的总时间为：t＝t1＋t2＝(1＋错误!）s≈2。
7 s 25．（20分)(2019·云南曲靖市第一次模拟）如图2所示，半径为R的竖直光滑半圆轨道bc与水平光滑轨道ab在b点连接,开始时可视为质点的物体A和B静止在ab上,A、B之间压缩有一处于锁定状态的轻弹簧（弹簧不与A、B连接)．某时刻解除锁定,在弹力作用下，A向左运动,B向右运动，B沿轨道经过c点后水平抛出，落点p与b点间距离为2R.已知A质量为2m，B质量为m，重力加速度为g，不计空气阻力，求:图2(1)B经c点抛出时速度的大小;(2)B经b时速度的大小；（3）锁定状态的弹簧具有的弹性势能．答案(1）错误!（2）错误!(3)3.75mgR解析（1)B平抛运动过程，竖直方向有2R＝错误!gt2，水平方向：2R＝v c t，解得：v c＝错误!(2)B从b到c，由机械能守恒定律得错误!mv b2＝2mgR＋错误!mv c2解得：v b＝错误!(3)设弹簧完全弹开后，A的速度为v a，弹簧恢复原长过程中A与B组成的系统动量守恒，2mv a－mv b＝0，解得:v a＝错误!v b＝错误!，由能量守恒定律得，弹簧弹性势能：E p＝错误!×2mv a2＋错误!mv b2解得：E p＝3.75mgR.33．【选修3－3】(15分)（1）(5分）用油膜法测定分子的直径, 1 mL的油酸加入酒精中配制成1 000mL的油酸酒精溶液，1 mL油酸酒精溶液通过滴管实验测得为80滴，取1滴油酸酒精溶液滴在撒有痱子粉的浅水槽中，待油膜界面稳定后测得油膜面积为260 cm2。
2016年全国卷2(物理)含答案
绝密★启用前2016年普通高等学校招生全国统一考试理科综合·物理（全国Ⅱ卷）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14. 质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。
用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。
用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中【A】A. F逐渐变大，T逐渐变大B. F逐渐变大，T逐渐变小C. F逐渐变小，T逐渐变大D. F逐渐变小，T逐渐变小15. 如图，P是固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆。
带电粒子Q在P的电场中运动，运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点。
若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c。
则【D】A. a a>a b>a c，v a>v c>v bB. a a>a b>a c，v b>v c>v aC. a b>a c>a a，v b>v c>v aD. a b>a c>a a，v a>v c>v b16. 小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短。
将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示。
将两球由静止释放。
在各自轨迹的最低点【C】A. P球的速度一定大于Q球的速度B. P球的动能一定小于Q球的动能C. P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D. P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度17. 阻值相等的四个电阻，电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路。
2016年全国高考新课标2卷物理部分试题与答案与解析
2015年普通高等学校招生全国统一考试(新课标2卷)理科综合能力测试第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第问题只有一个符合题目要求，第问题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，先对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.【题文】如图，两平行的带电金属板水平放置。
若在两板中间a点静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。
现将两板绕过a点的轴(垂直于纸面)逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将A.保持静止状态B.向左上方做匀加速运动C.向正下方做匀加速运动D.向左下方做匀加速运动【答案】D【解析】本题主要考查电场以及力的合成；对微粒受力分析如图，可知其所受合力向左下方，故向左下方做匀加速运动，选项D正确。
【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上。
当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c。
已知bc边的长度为l。
下列判断正确的是A.U a>U c，金属框中无电流B.U b>U c，金属框中电流方向沿a-b-c-aC.，金属框中无电流D.，金属框中电流方向沿a-c-b-a【答案】C【解析】本题主要考查电磁感应定律；对ab来说，没有切割磁感线，因此Ub=Ua;对于bc来说，由右手定则可判定若有感应电流，则由b向c，c相当于电源正极，电势高于b点，即Ub=Ua<Uc，由,又因为线圈磁通量不变，因此没有感应电流，选项C正确。
【题型】单选题【备注】【结束】16.【题文】由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道。
当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行。
已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为A.西偏北方向，1.9×103m/sB.东偏南方向，1.9×103m/sC.西偏北方向，2.7×103m/sD.东偏南方向，2.7×103m/s【答案】B【解析】本题主要考查运动的合成与分解；对转移轨道上的卫星上的分解可知以及,附加速度应该使减为零，而,即向东的增大，故附加速度应该在东偏南方向，大小约为，选项B正确。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2016年(全国2卷)逐题仿真练
24．(12分)(2019·福建泉州市期末质量检查)如图1甲所示，将两根足够长、间距为L 的平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，左端接一阻值为R 的电阻，与导轨垂直的虚线ef 右边区域存在方向竖直向下的匀强磁场，质量为m 的金属杆PQ 静止在导轨上．现对杆施加一水平向右的恒定拉力，经过时间t ，杆进入磁场并开始做匀速直线运动，杆始终与导轨垂直并接触良好，导轨和杆的电阻均不计．
图1
(1)求匀强磁场的磁感应强度大小B ；
(2)若杆进入磁场后的某时刻撤去拉力，杆运动的速度与此后的位移关系图象如图乙所示，求0～x 0与x 0～3x 0两个过程中电阻R 产生的热量之比． 答案 (1)
mR L 2t (2)5
4
解析 (1)设拉力大小为F ，杆的加速度为a ，进入磁场时的速度为v 0，则F ＝ma 杆做匀加速运动，则v 0＝at
杆在磁场中做匀速运动，则F ＝F 安＝BIL
I ＝E
R E ＝BLv 0
联立解得：B ＝
mR L 2t
(2)撤去拉力后，由题图乙可知，杆在x ＝x 0处的速度大小为v ＝2v 0
3
由能量关系，在0～x 0过程中，电阻R 产生的热量Q 1＝12mv 02－12mv 2
在x 0～3x 0过程中，电阻R 产生的热量Q 2＝12
mv 2
解得Q 1Q 2＝54
.
25．(20分)(2019·陕西渭南市教学质检(二))如图2，粗糙斜面与光滑水平面通过光滑小圆弧平滑连接，斜面倾角θ＝37°.小滑块(可看作质点)A 的质量为m A ＝1kg ，小滑块B 的质量为m B ＝0.5kg ，其左端连接一水平轻质弹簧．若滑块A 在斜面上受到大小为2N ，方向垂直斜面向下的恒力F 作用时，恰能沿斜面匀速下滑．现撤去F ，让滑块A 从距斜面底端L ＝2.4m 处，由静止开始下滑．取g ＝10m/s 2
，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：
图2
(1)滑块A 与斜面间的动摩擦因数；
(2)撤去F 后，滑块A 到达斜面底端时的速度大小； (3)滑块A 与弹簧接触后的运动过程中弹簧最大弹性势能． 答案 (1)0.6 (2)2.4m/s (3)0.96J
解析 (1)滑块A 沿着斜面匀速下滑时受力如图所示
由平衡条件知m A g sin θ＝F f ，F N ＝m A g cos θ＋F ，F f ＝μF N 解得μ＝
m A g sin θ
F ＋m A g cos θ
＝0.6.
(2)滑块A 沿斜面加速下滑时受力如图所示，
设滑块A 滑到斜面底端时速度为v 0，根据动能定理得 (m A g sin θ－μm A g cos θ)L ＝12
m A v 02
代入数据解得v 0＝2.4m/s
(3)由分析可知，当A 、B 速度相同时，弹簧有最大弹性势能．
以A 、B 及弹簧为研究对象，设它们共同的速度为v ，据动量守恒定律m A v 0＝(m A ＋m B )v 根据能量守恒
E p ＝1
2m A v 02－12
(m A ＋m B )v 2
代入数据解得：E p ＝0.96J. 33．【选修3－3】(15分)
(1)(5分)一定质量的理想气体的压强p 与热力学温度T 的变化图象如图3所示，下列说法正确的是________．
图3
A ．A →
B 的过程中，气体对外界做功，气体内能增加
B ．A →B 的过程中，气体从外界吸收的热量等于其内能的增加量
C ．B →C 的过程中，气体体积增大，对外做功
D ．B →C 的过程中，气体对外界放热，内能不变
E ．B →C 的过程中，气体分子与容器壁每秒碰撞的次数增加
(2)(10分)“打篮球”是同学们喜爱的一种体育活动，小明和同学们在室外打了一段时间篮球后，发现篮球内气压不足，于是他拿到室内充气，已知室外温度为－3℃，室内温度为17℃.篮球体积V ＝5L ，假定在室外时，篮球内部气体的压强为1.3个标准大气压．充气筒每次充入0.12L 、压强为1.0个标准大气压的空气，整个过程中，不考虑篮球体积的变化和充气过程中气体温度的变化，计算时，篮球内部气体按理想气体处理．试问：小明在室内把篮球内气体的压强充到1.6个标准大气压以上，他至少充气多少次？ 答案 (1)BDE (2)9次
解析 (1)A 到B 的过程，是等容升温过程，气体不对外做功，气体从外界吸收热量，使得气体内能增加，故A 错误，B 正确；B 到C 的过程是等温压缩过程，压强增大，体积减小，外界对该气体做功，内能不改变，则气体对外界放热，因压强增大，故气体分子与容器壁每秒碰撞的次数增加，故C 错误，D 、E 正确．
(2)设篮球从室外拿到室内后的压强为p 1，则：p 0T 0＝p 1
T 1
即： 1.3273－3＝p 1
273＋17
解得p 1≈1.4个大气压；
设充气次数为n ，则：p 1V ＋np 0V 0＝p 2V 即：1.4×5＋1.0×0.12×n ＝1.6×5 解得：n ≈8.3.
则在室内把篮球内气体的压强充到1.6个标准大气压以上，他至少充气9次． 34．【选修3－4】(15分)
(1)(5分)电磁波与声波比较，下列说法中正确的是________． A ．电磁波的传播不需要介质，声波的传播需要介质 B ．由空气进入水中时，电磁波速度变小，声波速度变大 C ．由空气进入水中时，电磁波波长变小，声波波长变大
D ．电磁波和声波在介质中的传播速度都是由介质决定的，与频率无关
E ．电磁波能产生干涉和衍射现象，声波不能
(2)(10分)如图4(a)，一列简谐横波沿x 轴传播，实线和虚线分别为t 1＝0时刻和t 2时刻的波形图，P 、Q 分别是平衡位置为x 1＝1.0m 和x 2＝4.0m 的两质点．图(b)为质点Q 的振动图象，求：
图4
①波的传播速度和t 2的大小； ②质点P 的位移随时间变化的关系式．
答案 (1)ABC (2)①40m/s (0.2n ＋0.05) s ，n ＝0,1,2,3… ②y ＝10sin (10πt ＋3π
4) cm
解析 (1)电磁波在介质中的传播速度与介质有关，也与频率有关，在同一种介质中，频率越大，波速越小，声波的传播速度是由介质决定的，电磁波和声波都能产生干涉和衍射现象，所以D 、E 错误．
(2)①由题图可知波长：λ＝8m ，质点振动的周期：T ＝0.2s
传播速度v ＝λ
T
＝40m/s
结合图象可知，横波沿x 轴正向传播， 故t 1＝0和t 2＝Δt 时刻：n λ＋2＝v Δt 解得Δt ＝(0.2n ＋0.05) s ，n ＝0,1,2,3… 即t 2＝(0.2n ＋0.05) s ，n ＝0,1,2,3…
②质点P 做简谐运动的位移表达式：y ＝A sin (2π
T
t ＋φ)
由图可知A ＝10cm ，t ＝0时y ＝52cm 且向y 轴负方向运动， 解得y ＝10sin (10πt ＋3π
4) cm.。