高三物理周周练一及答案
高三物理第一次周测试卷 2019.9.20
高三物理第一次周测试卷一、单选题(共8小题,每小题4.0分,共32分)1.如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在水平力F作用下，A、B保持静止，则物体A的受力的个数为( )A． 6 B． 5 C． 4 D． 32.某压榨机的结构示意图如图所示，其中B为固定铰链，若在A铰链处作用一垂直于墙壁的力F，则由于力F的作用，使滑块C压紧物体D，设C与D光滑接触，杆的重力及滑块C的重力不计，图中a＝0.5 m，b＝0.05 m，则物体D所受压力的大小与力F的比值为A． 4 B． 5C． 10 D． 13.如图所示，小球C用细绳系住，绳的另一端固定于O点．现用水平力F缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于绷紧状态，当小球上升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N以及绳对小球的拉力F T的变化情况是A．F N保持不变，F T不断增大B．F N不断增大，F T不断减小C．F N保持不变，F T先增大后减小D．F N不断增大，F T先减小后增大4.如图所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定．A端用绞链固定，滑轮O在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，现施加拉力F T将B缓慢上拉(均未断)，在杆达到竖直前( )A．绳子越来越容易断B．绳子越来越不容易断C．杆越来越容易断D．杆越来越不容易断5.如图所示，三根长度均为L、无弹性的轻绳分别接于C、D两结点，A、B两端被悬挂在水平天花板上，相距2L.现在结点C悬挂一个质量为3m的重物，CD绳保持水平、且整个系统处于静止状态，应在结点D施加力的最小值为( )A．mg B．mgC．mg D．mg6.有一直角V形槽，固定放在水平面上，槽的两侧壁与水平面夹角均为45°，如下图所示，有一质量为m的正方体均匀木块放在槽内，木块与槽两侧面间的动摩擦因数分别为μ和μ2(μ1>μ))．现用水平力推木块使之沿槽运动，则木块受到的摩擦力为( )2A．(μ1＋μ2)mg B．(μ1＋μ2)mg C．mg D．μ2mg7.如题所示，在倾角为30°的光滑斜面上端系有一劲度系数为200 N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2 kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧没有形变．若挡板A以4 m/s2的加速度沿斜面向下做匀加速运动，取g＝10 m/s2，则( )A．小球从一开始就与挡板分离B．小球速度最大时与挡板分离C．小球向下运动0.01 m时与挡板分离D．小球向下运动0.02 m时速度最大8.水平地面上有一木箱，木箱与地面间的动摩擦因数为μ(0＜μ＜1)．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平地面的夹角为θ，如图所示，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则( )A．F先减小后增大 B．F一直增大C．F一直减小 D．F先增大后减小二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)9.(多选)若在某次军事演习中，某空降兵从悬停在高空中的直升机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v－t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．0－10 s内空降兵运动的加速度越来越大B．0－10 s内空降兵和降落伞整体所受重力大于空气阻力C．10－15 s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小D．10－15 s内空降兵加速度越来越大10.(多选)质量m＝2 kg、初速度v0＝8 m/s的物体沿着粗糙的水平面向右运动，物体与地面之间的动摩擦因数μ＝0.1，同时物体还要受一个如图所示的随时间变化的水平拉力F的作用，水平向右为拉力的正方向．则以下结论正确的是(取g＝10 m/s2)( )A．0～1 s内，物体的加速度大小为2 m/s2B．1～2 s内，物体的加速度大小为2 m/s2C．0～1 s内，物体的位移为7 mD．0～2 s内，物体的总位移为11 m11.(多选)如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢的竖直面和水平面上，A、B与车厢间的动摩擦因数均为μ，小车静止时，A恰好不下滑，现使小车加速运动，为保证A、B无滑动，则( )A．速度可能向左，加速度可小于μgB．加速度一定向右，不能超过(1＋μ)gC．加速度一定向左，不能超过μgD．加速度一定向左，不能超过(1＋μ)g12.(多选)如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下．下列结论正确的是( )A．A环受滑竿的作用力大小为(m＋M)g cosθB．B环受到的摩擦力F f＝mg sinθC．C球的加速度a＝g sinθD．D受悬线的拉力F T＝Mg13.某实验小组做“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验，实验时，先把弹簧平放在桌面上，用直尺测出弹簧的原长L0＝4.6 cm，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码记下对应的弹簧长度L，数据记录如下表所示：(1)根据表中数据在图中作出F－L图线；(2)由此图线可得，该弹簧劲度系数k＝________N/m；(3)图线与L轴的交点坐标大于L0的原因是__________________________________________.14.如图甲所示某同学设计了用光电门传感器“探究小车的加速度a与小车所受拉力F及质量M关系”的实验．(1)如图甲所示，在小车上固定宽度为L的挡光片，将两个光电门传感器固定在相距为d的轨道上，释放小车，传感器记录下小车经过光电门的时间Δt1、Δt2，可以测得小车的加速度a＝________(用题中的符号L、D，Δt1、Δt2表示)．(2)在该实验中必须采用________法(填物理方法)，应保持________不变，通过改变钩码的个数来改变小车所受的拉力大小，研究加速度a随拉力F变化的规律．(3)甲同学由于实验时没有注意始终满足M≫m的条件(m为钩码的质量)，结果得到的图象应是下图中的________．A. B. C. D.(4)乙、丙两名同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a－F图线如图乙所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？________________________________________________________________________四、计算题(共4小题，共38分)15.如图所示，物体A重100 N，物体B重20 N，A与水平桌面间的最大静摩擦力是30 N，整个系统处于静止状态，这时A受到的静摩擦力是多少？如果逐渐加大B的重力，而仍保持系统静止，则B物体重力的最大值是多少？16.如图所示，在倾角θ＝37°的足够长的固定的斜面底端有一质量m＝1.0 kg的物体．物体与斜面间动摩擦因数μ＝0.25，现用轻细绳拉物体由静止沿斜面向上运动．拉力F＝10 N，方向平行斜面向上．经时间t＝4.0 s绳子突然断了，求：(1)绳断时物体的速度大小．(2)从绳子断了开始到物体再返回到斜面底端的运动时间．(已知sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，取g＝10 m/s2)17.某企业的生产车间在楼上，为了将工件方便快捷地运送到地面，专门安装了传送带设备，如图所示．已知传送带与水平面的夹角θ＝37°，正常的运行速度是v＝10 m/s.现在传送带的A端轻轻放上一个小物体(可视为质点)，已知小物体与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.5，A，B间距离s＝16 m．试分析计算：(已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取g＝10 m/s2)(1)如果传送带停止运行，小物体从A端运动到B端的时间；(2)如果传送带沿顺时针方向正常转动，小物体从A端运动到B端的时间；(3)如果传送带沿逆时针方向正常转动，小物体从A端运动到B端的时间．18.如图甲所示，质量为M＝4 kg足够长的木板静止在光滑的水平面上，在木板的中点放一个质量m＝4 kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数为μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两物块开始均静止，从t＝0时刻起铁块m受到水平向右、大小如图乙所示的拉力F的作用，F共作用时间为6 s，(取g＝10 m/s2)求：(1)铁块和木板在前2 s的加速度大小分别为多少？(2)铁块和木板相对静止前，运动的位移大小各为多少？(3)力F作用的最后2 s内，铁块和木板的位移大小分别是多少？高三物理第一次周测试卷答案解析1.【答案】B【解析】先对AB整体受力分析，由平衡条件知：整体水平方向受向里的压力；故墙面对A有大小为F 的弹力，整体有向下运动的趋势，故A受向上的摩擦力；隔离A物体，必受重力、墙壁对A的弹力和摩擦力；同时AB间也有相对运动的趋势；故A还受B对A 的弹力和摩擦力作用；故A共受5个力．2.【答案】B【解析】设力F与杆的夹角为θ，将力F按作用效果沿AB和AC两个方向进行分解，作出力的分解图如图甲所示．则有：2F1cosθ＝F则得F1＝F2＝再将F2按作用效果分解为F N和F N′，作出力的分解图如图乙所示．则有：F N＝F2sinθ联立得到：F N＝根据几何知识得可知tanθ＝＝10得到：F N＝5F故选B.3.【答案】D【解析】据题意，当斜面体向左缓慢运动时，小球将逐渐上升，此过程对小球受力分析，受到重力G、支持力F N和拉力F T，据上图，在此过程中OC绳以O点为圆心逆时针转动，在力的平行四边形定则中力F T的对应边先减小后增大，而F N的对应边一直变大，而力的大小变化与对应边长度变化一致，则D选项正确．4.【答案】B【解析】以B点为研究对象，它受三个力的作用而处于动态平衡状态，其中一个是轻杆的弹力F N，一个是绳子斜向上的拉力F T，一个是绳子竖直向下的拉力，大小等于物体的重力mg，根据相似三角形法，可得＝＝，由于OA和AB不变，OB逐渐减小，因此轻杆上的弹力大小不变，而绳子上的拉力越来越小，选项B正确，其余选项均错误．5.【答案】C【解析】由图可知，要想CD水平，则AC与水平方向的夹角为60°；结点C受力平衡，则受力分析如图所示，结点C受到沿AC拉力在水平方向上的分力等于水平向右的拉力F T，即：F T＝FAC cos 60°＝FAC，结点C受到沿AC拉力在竖直方向上的分力等于物体的重力，即：3mg＝FAC sin 60°＝FAC，F T＝·3mg；结点D受力平衡，当拉力F的方向与BD垂直时，力臂最长、最省力，如图所示，最小拉力F＝F′＝F T′cos 30°＝F T cos 30°＝·3mg×＝mg.6.【答案】A【解析】物块对槽两边的压力均为F N＝mg cos 45°，所以用水平力推木块使之沿槽运动，则木块受到的摩擦力为F f＝μ1F N＋μ2F N＝(μ1＋μ2)mg，选项A正确．7.【答案】C【解析】设球与挡板分离时位移为x，经历的时间为t，从开始运动到分离的过程中，m受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力F N，沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F.根据牛顿第二定律有：mg sin 30°－kx－F1＝ma，保持a不变，随着x的增大，F1减小，当m与挡板分离时，F1减小到零，则有：mg sin 30°－kx＝ma，解得：x＝＝0.01 m，即小球向下运动0.01 m时与挡板分离，故A错误，C正确；球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零．即：kx m＝mg sin 30°，解得x m＝＝0.05 m，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为0.05 m，故B、D错误．8.【答案】A【解析】将拉力F沿水平方向和竖直方向正交分解，由平衡条件可得：F cosθ＝F f、F sinθ＋F N＝mg、F f ＝μF N，解得：F＝＝(其中tanα＝)，当θ由0逐渐增大到90°的过程中，sin (α＋θ)先增大后减小，所以拉力F先减小后增大，A正确．9.【答案】BC【解析】v－t图象中，图线上某点的切线的斜率表示该时刻的加速度，0－10 s内空降兵运动的加速度越来越小，A错误；0－10 s内空降兵和降落伞做加速运动，故整体所受重力大于空气阻力，B正确；10 s～15 s速度向下、做加速度不断减小的减速直线运动，加速度向上，根据牛顿第二定律，有f－mg ＝ma，由于a不断减小，故f不断减小，C正确，D错误．10.【答案】BD【解析】11.【答案】AD【解析】小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg＝μF引，当小车加速运动时，为了保证A不下滑，有F N≥F引，则F N－F引＝ma，故加速时加速度一定向左，B错误．对B有μ(mg＋F引)＝ma m，解得a m ＝(1＋μ)g，故A、D正确，C错误．12.【答案】ACD【解析】对C受力分析，如图由牛顿第二定律，得到：Mg sinθ＝Ma①；细线拉力为F T＝Mg cosθ②再对A环受力分析，如下图根据牛顿定律，有mg sinθ－F f＝ma③F N＝mg cosθ＋F T④由①②③④解得：a＝g sinθF f＝0 F N＝(M＋m)g cosθ，故A、C正确；对D球受力分析，受重力和拉力，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动，细线拉力等于Mg；再对B环受力分析，如图受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向后的摩擦力；根据平衡条件，有(M＋m)g sinθ＝F f，F N＝(M＋m)g cosθ，故B错误，D正确．故选A、C、D.13.【答案】(1)如图所示(2)50(3)弹簧自身重力的影响【解析】(1)描点作图，如图所示：(2)图象的斜率表示劲度系数，故有：k＝＝N/m＝50 N/m(3)图线与L轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响．14.【答案】(1)a＝(2)控制变量小车质量(3)D (4)小车的质量不同【解析】(1)数字计时器记录通过光电门的时间，小车经过光电门时的瞬间速度为v1＝与v2＝；根据匀变速直线运动的速度位移公式v－v＝2ad，解得：a＝.(2)在本实验操作中，采用了“控制变量法”，即先保持一个变量不变，看另外两个变量之间的关系，具体操作是：先不改变小车质量，研究加速度与力的关系；再不改变小车受力，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度、力、质量三者间的关系．(3)随着增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于钩码的质量，若小车质量远小于钩码质量时，小车的加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，故A、B、C错误，D正确．(4)由图可知在拉力相同的情况下a乙＞a丙，根据M乙a乙＝M甲a甲，即a－F图象的斜率等于小车的质量，所以两人的实验中小车的质量不同．15.【答案】20 N 30 N【解析】以结点O为研究对象，建立直角坐标系．设倾斜绳的张力为F T.x轴上：F TA＝F T cos 45°①y轴上：F TB＝GB＝F T sin 45°②①②联立，得F TA＝GB代入其值得F TA＝20 N，以A为研究对象，受力分析，可得F fA＝F TA＝20 N，方向水平向右．当逐渐增大B的重力时，要使系统处于平衡状态，当A达到最大静摩擦力时，B物体的重力达到最大．由上述表达式可知：GB m＝30 N.故A受到的静摩擦力为20 N，B物体的重力最大值为30 N.16.【答案】(1)8.0 m/s (2)4.2 s【解析】(1)物体向上运动过程中，受拉力F、斜面支持力F N、重力mg和摩擦力F f，如图所示，设物体向上运动的加速度为a1，根据牛顿第二定律有：F－mg sinθ－F f＝ma1又F f＝μF NF N＝mg cosθ解得：a1＝2.0 m/s2t＝4.0 s时物体的速度大小v1＝a1t＝8.0 m/s(2)绳断时物体距斜面底端的位移为x1＝a1t2＝16 m，绳断后物体沿斜面向上做匀减速直线运动，设运动的加速度大小为a2，受力如图所示，则根据牛顿第二定律有：mg sinθ＋F f＝ma2解得a2＝8.0 m/s2物体匀减速运动的时间t2＝＝1.0 s物体匀减速运动的位移为x2＝v1t2＝4.0 m此后物体沿斜面匀加速下滑，设物体下滑的加速度为a3，受力如图所示．根据牛顿第二定律可得mg sinθ－F f′＝ma3，得a3＝4.0 m/s2设物体由最高点下滑到斜面底端的时间为t3，根据运动学公式可得x1＋x2＝a3t，t3＝s≈3.2 s，所以物体返回斜面底端的时间为t′＝t2＋t3＝4.2 s.17.【答案】(1)4 s (2)4 s (3)2 s【解析】(1、2)对放在传送带上的小物体进行受力分析，小物体沿传送带向下滑动时，无论传送带是静止还是沿顺时针方向正常转动，小物体的受力情况完全一样，都是在垂直传送带的方向受力平衡，受到沿传送带向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，小物体沿传送带下滑的加速度为：a1＝＝g(sinθ－μcosθ)＝10×(0.6－0.5×0.8) m/s2＝2 m/s2，小物体从A端运动到B端做初速度为零的匀加速直线运动，设需要的时间为t，则s＝a1t2，t＝＝s＝4 s(3)当传送带沿逆时针方向正常转动时，开始时，传送带作用于小物体的摩擦力沿传送带向下，小物体下滑的加速度a2＝g(sinθ＋μcosθ)＝10 m/s2小物体加速到与传送带运行速度相同需要的时间为t1＝＝s＝1 s，在这段时间内，小物体沿传送带下滑的距离为s1＝a2t＝×10×1 m＝5 m由于μ＜tanθ，此后，小物体沿传送带继续加速下滑时，它相对于传送带向下运动，因此传送带对小物体的摩擦力方向改为沿传送带向上，其加速度变为a1小物体从该位置起运动到B端的位移为s－s1＝16 m－5 m＝11 m小物体做初速度为v＝10 m/s、加速度为a1的匀加速直线运动，由s－s1＝vt2＋a1t代入数据，解得t2＝1 s (t2＝－11 s舍去)所以，小物体从A端运动到B端的时间为t3＝t1＋t2＝2 s.18.【答案】(1)3 m/s2 2 m/s2(2)20 m 16 m (3)19 m 19 m【解析】(1)前2 s，由牛顿第二定律得对铁块m: F－μmg＝ma1解得a1＝3 m/s2对木板M：μmg＝Ma2解得a2＝2 m/s2(2)2 s内，铁块的位移x1＝a1t2＝6 m木块的位移x2＝a2t2＝4 m2 s末，铁块的速度v1＝a1t＝6 m/s木块的速度v2＝a2t＝4 m/s2 s后，对铁块：F′－μmg＝ma1′解得a1′＝1 m/s2对木块：μmg＝Ma2′解得a2′＝2 m/s2设再经过t0时间两物体速度相同为v，则v＝v1＋a1′t0＝v2＋a2′t0解得t0＝2 s，v＝8 m/s在t0内，铁块m的位移x1′＝t0＝×2 m＝14 m所以铁块和木板相对静止前铁块运动的位移为x铁块＝x1＋x1′＝20 m木板M的位移x2′＝t0＝×2 m＝12 m所以铁块和木板相对静止前木板运动的位移为x木板＝x2＋x2′＝16 m(3)最后2 s，铁块和木板相对静止，一起以初速度v＝8 m/s 做匀加速直线运动，对铁块和木板整体：F＝(M＋m)a解得a＝＝m/s2＝1.5 m/s2所以铁块和木板运动的位移均为x3＝vΔt＋a(Δt)2＝19 m。
2021年高三物理上学期第1次周练试卷(含解析)
2021年高三物理上学期第1次周练试卷（含解析）一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1．飞机在水平地面上空的某一高度水平匀速飞行，每隔相等时间投放一个物体．如果以第一个物体a的落地点为坐标原点、飞机飞行方向为横坐标的正方向，在竖直平面内建立直角坐标系．如图所示是第5个物体e离开飞机时，抛出的5个物体（a、b、c、d、e）在空间位置的示意图，其中可能的是( )A．B．C．D．2．如图所示，在水平路面上一运动员驾驶摩擦车跨越壕沟，壕沟两侧的高度差为0.8m，水平距离为8m，则运动员跨过壕沟的初速度至少为（取g=10m/s2）( )A．0.5m/sB．2 m/sC．10 m/sD．20 m/s3．跳台滑雪运动员的动作惊险而优美，其实滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从倾角为θ的斜坡顶端P处，以初速度v0水平飞出，运动员最后又落到斜坡上A点处，AP之间距离为L，在空中运动时间为t，改变初速度v0的大小，L和t都随之改变．关于L、t与v0的关系，下列说法中正确的是( )A．L与v0成正比B．L与成正比C．t与成正比D．t与v0成正比4．如图所示，一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A 点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°，（空气阻力忽略不计，g取10m/s2），以下判断正确的是( )A．小球通过A、B两点间用时t=（﹣1）sB．小球通过A、B两点间用时t= sC．A、B两点间的高度差为h=10 mD．A、B两点间的高度差为h=15 m5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d，AB距离也为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，小环沿直杆下滑．下列说法正确的是（重力加速度为g）( )A．小环刚释放时的加速度为gB．小环到达B处时，重物上升的高度为（﹣1）dC．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环能够下滑的最大距离为6．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则( )A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=7．如图所示，AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内转动，并带动套在固定水平杆OC 上的小环M运动，AO间距离为h．运动开始时AB杆在竖直位置，则经过时间t（小环仍套在AB和OC杆上）小环M的速度大小为( )A．B．C．ωhD．ωhtg（ωt）二、解答题（共2小题，满分0分）8．如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m．已知斜面倾角θ=30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ=．重力加速度g 取10m/s2．（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小．（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？9．一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m．一质量m=50kg的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s0=2.00m．求滑块落地时，落地点到车尾的距离s．（不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦，g=10m/s2）xx学年四川省成都七中高三（上）第1次周练物理试卷一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1．飞机在水平地面上空的某一高度水平匀速飞行，每隔相等时间投放一个物体．如果以第一个物体a的落地点为坐标原点、飞机飞行方向为横坐标的正方向，在竖直平面内建立直角坐标系．如图所示是第5个物体e离开飞机时，抛出的5个物体（a、b、c、d、e）在空间位置的示意图，其中可能的是( )A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：平抛运动专题．分析：物体从飞机上被释放，根据惯性，物体具有和飞机相同的水平初速度，又只受重力作用，所以物体做平抛运动，可以根据平抛运动的相关概念和公式解题．解答：解：不计空气阻力，以地面为参考系，每个物体都做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，所以在水平方向上，四个物体的速度总是与飞机速度相同的，水平位移相同，故没有位移差，看起来在一条竖直线上；竖直方向做自由落体运动，最先释放的物体间的距离大些，相当于同一个物体做自由落体运动在不同时刻的位置，故A正确，B错误，若第5个物体e离开飞机时，c刚好落地，此时对于C图，若第5个物体e离开飞机时，d 刚好落地，此时对于D图，故CD正确故选ACD．点评：本题是平抛运动基本规律的应用，以地面上的人看四个物体的分布在同一竖直线上，如果就看某一个物体，那轨迹就是抛物线了．若以飞机为参考系，则四个物体就做自由落体运动，分布在飞机下方的一同条竖直线上．2．如图所示，在水平路面上一运动员驾驶摩擦车跨越壕沟，壕沟两侧的高度差为0.8m，水平距离为8m，则运动员跨过壕沟的初速度至少为（取g=10m/s2）( )A．0.5m/sB．2 m/sC．10 m/sD．20 m/s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据平抛运动规律：水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，分别列方程即可求解运动员的初速度．解答：解：当摩托车刚好跨过壕沟时，水平速度最小，此时水平位移大小为 x=8m，竖直位移大小为 y=2.8m﹣2.0m═0.8m则竖直方向有：y=，t==s=0.4s水平方向有：x=v0t得：v0==m/s=20m/s故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道分运动与合运动具有等时性，运用运动学公式进行求解．3．跳台滑雪运动员的动作惊险而优美，其实滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．如图所示，设可视为质点的滑雪运动员，从倾角为θ的斜坡顶端P处，以初速度v0水平飞出，运动员最后又落到斜坡上A点处，AP之间距离为L，在空中运动时间为t，改变初速度v0的大小，L和t都随之改变．关于L、t与v0的关系，下列说法中正确的是( )A．L与v0成正比B．L与成正比C．t与成正比D．t与v0成正比考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：根据平抛运动规律：水平方向上匀速直线运动，竖直方向上自由落体运动列式联立可求解．解答：解：滑雪运动可抽象为物体在斜坡上的平抛运动．设水平位移x，竖直位移为y，结合几何关系，有：水平方向上：x=Lcosθ=v0t竖直方向上：联立可得：，则，即t与v0成正比；故C错误，D正确；，即L与成正比，故A错误，B正确．故选：BD．点评：本题考查平抛运动规律的应用，能够灵活利用公式求得v0及L的表达式，从而可求解．4．如图所示，一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A 点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°，（空气阻力忽略不计，g取10m/s2），以下判断正确的是( )A．小球通过A、B两点间用时t=（﹣1）sB．小球通过A、B两点间用时t= sC．A、B两点间的高度差为h=10 mD．A、B两点间的高度差为h=15 m考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将A、B两点的速度进行分解，求出竖直方向上的分速度，根据速度速度时间公式、速度位移公式求出运动的时间和高度差．解答：解：A、，所以v Ay=v0tan45°=10m/s．，所以．则小球通过A、B两点的运动时间．故A正确，B错误．C、．故C正确，D错误．故选AC．点评：解决本题的关键掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式进行求解．5．如图所示，将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d，AB距离也为d．现将小环从与定滑轮等高的A处由静止释放，小环沿直杆下滑．下列说法正确的是（重力加速度为g）( )A．小环刚释放时的加速度为gB．小环到达B处时，重物上升的高度为（﹣1）dC．小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于D．小环能够下滑的最大距离为考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：环刚开始释放时，重物的加速度为零，对小环受力分析，由牛顿第二定律求解加速度．根据牛顿第二定律判断绳子的拉力大小．根据数学几何关系求出环到达B处时，重物上升的高度．对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，从而求出环在B处速度与重物的速度之比．环和重物组成的系统，机械能守恒．解答：解：A、环刚开始释放时，合力为其重力，故A正确．B、环到达B时，绳子收缩的长度等于重物上升的高度，所以h=d﹣d．故B正确．C、对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v重物，所以小环在B处的速度与重物上升的速度大小之比为：1，故C错误．D、环和重物组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒，设下降最大距离为h，则有：mgh=2mg（﹣d），解得：h=．故D正确．故选：ABD．点评：解决本题的关键知道系统机械能守恒，知道环沿绳子方向的分速度的等于重物的速度．6．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则( )A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，根据圆的几何知识可以求得小球在水平方向的位移的大小，根据水平方向的匀速直线运动可以求得时间的大小．根据平行四边形定则求出Q点的速度．解答：解：A、过Q点做OP的垂线，根据几何关系可知，小球在水平方向上的位移的大小为Rsinθ，根据Rsinθ=v0t，可得时间为：t=，故A正确，B错误．C、根据几何关系知，Q点的速度方向与水平方向的夹角为θ，根据平行四边形定则知，小球运动到Q点时的速度为v Q=，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题对平抛运动规律的直接的应用，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．7．如图所示，AB杆以恒定角速度ω绕A点在竖直平面内转动，并带动套在固定水平杆OC 上的小环M运动，AO间距离为h．运动开始时AB杆在竖直位置，则经过时间t（小环仍套在AB和OC杆上）小环M的速度大小为( )A．B．C．ωhD．ωhtg（ωt）考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小环M的速度沿AB杆方向和垂直于AB杆方向分解，根据转动的角度求出AB杆上M点的线速度，根据平行四边形定则求出M点的速度．解答：解：经过时间t，角OAB为ωt，则AM的长度为，则AB杆上M点绕A点的线速度v=．将小环M的速度沿AB杆方向和垂直于AB杆方向分解，垂直于AB杆上分速度等于M点绕A点的线速度v，则小环M的速度=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道小环沿OC方向的速度是合速度，它在垂直AB杆方向上的分速度等于M点绕A点转动的线速度．二、解答题（共2小题，满分0分）8．如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m．已知斜面倾角θ=30°，物块与斜面之间的动摩擦因数μ=．重力加速度g 取10m/s2．（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小．（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式求解加速度和末速度；（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出拉力F的表达式，分析出最小值．解答：解：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式，有：①v=v0+at ②联立解得；a=3m/s2v=8m/s（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向：Fcosα﹣mgsin30°﹣F f=ma垂直斜面方向：Fsinα+F N﹣mg cos30°=0其中：F f=μF N联立解得：F==故当α=30°时，拉力F有最小值，为F min=N；答：（1）物块加速度的大小为3m/s2，到达B点的速度为8m/s；（2）拉力F与斜面的夹角30°时，拉力F最小，最小值是N．点评：本题是已知运动情况确定受力情况，关键先根据运动学公式求解加速度，然后根据牛顿第二定律列式讨论．9．一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m．一质量m=50kg的滑块置于车的平板上，它到车板末端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因素μ=0.20，如图所示，今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果滑块从车板上滑落，滑块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s0=2.00m．求滑块落地时，落地点到车尾的距离s．（不计路面与平板车间以及轮轴的摩擦，g=10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物块从平板车上滑落后做平抛运动，根据平抛运动的基本公式求出运动的时间和位移．对平板车M，在m未滑落之前，水平方向受二力作用，即F和物块对平板车的摩擦力f，二者方向相反，当m从平板车的B点滑落以后，平板车水平方向只受F作用，做匀加速直线运动，分别根据运动学基本公式求出位移，进而可求得物块落地时，落地点到车尾的水平距离．解答：解：对滑块：，对车：，解得F=500N，t1=1s，以m为研究对象进行分析，m在车板上的水平方向只受一个摩擦力f的作用，为：f=μmg，根据牛顿第二定律得：f=ma1a1=μg=2m/s2，物块在平板车的加速度为a2=滑块离开车后，对车，滑块平抛落地时间．从离开小车至滑块落地，对滑块s1=v1t2=a1t1t2=1（m）对车故s=s2﹣s1=1.625（m）答：滑块落地时，落地点到车尾的距离s为1.625m．点评：该题涉及到相对运动的过程，要求同学们能根据受力情况正确分析运动情况，并能熟练运用运动学基本公式解题，难度较大．}•30945 78E1 磡35325 89FD 觽9A23608 5C38 尸29051 717B 煻37534 929E 銞20483 5003 倃C0-MV。
高三物理周测卷(带答案解析)
高三物理周测卷学校：__________ 班级：__________ 姓名：__________ 考号：__________一、选择题（本题共计 8 小题，每题 5 分，共计40分，）1. 某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指（）A.速度、位移B.速度、路程C.速率、位移D.速率、路程2. 汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，发现前方有障碍物立即以大小为5m/s2的加速度刹车，则汽车刹车后第2s内的位移和刹车后5s内的位移为（）A.30m，40mB.30m，37.5mC.12.5m，37.5mD.12.5m，40m3. 一列复兴号动车进站时做匀减速直线运动，车头依次从站台上三个立柱A、B、C旁经过，其中相邻两立柱间距离为x0，对应时刻分别为t1、t2、t3．则下列说法正确的是（）A.车头经过立柱B的速度为2x0t3−t1B.车头经过立柱A、B的平均速度等于x0t2−t1C.三时刻的关系为：(t3−t2):(t2−t1)=1:(√2−1)D.车头经过立柱A、B、C三立柱时的速度v A、v B、v C的大小关系为：2v B=v A+v C4. 质量为m＝60kg的同学，双手抓住单杠做引体向上，他的重心的运动速率随时间变化的图像如图2所示．取g＝10m/s2，由图像可知（）A.t＝0.5s时他的加速度为3m/s2B.t＝0.4s时他处于超重状态C.t＝1.1s时他受到单杠的作用力的大小是620ND.t＝1.5s时他处于超重状态5. 如图所示，在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块（可视为质点）．A和B距轴心O的距离分别为r A=R，r B=2R，且A、B与转盘之间的最大静摩擦力都是f m，两物块A和B随着圆盘转动时，始终与圆盘保持相对静止．则在圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中，下列说法正确的是（）A.B所受合外力一直等于A所受合外力B.A受到的摩擦力一直指向圆心C.B受到的摩擦力先增大后减小D.A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度ωm=√2f mmR6. 2020年12月3日23时10分，嫦娥五号上升器携带1731g月球样品从月面起飞，开启中国首次地外天体采样返回之旅．其返回地球的飞行轨迹可以简化为如图所示：首先进入地月转移轨道，从Q点进入绕地球椭圆轨道Ⅰ，到达近地点P后进入近地圆轨道Ⅱ，再进行适当操作坠入大气层到达地表．已知椭圆轨道Ⅰ的半长轴为a、近地圆轨道Ⅱ的半径为r，嫦娥五号在轨道Ⅰ、Ⅱ正常运行的周期为T1、T2，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，忽略地球自转及其他星球引力的影响．下列说法正确的是（）A.a3 T12>r3T22B.嫦娥五号在轨道Ⅱ正常运行的速度大于√gRC.嫦娥五号在轨道Ⅰ上P点的加速度大小等于轨道Ⅱ上P点的加速度D.嫦娥五号沿轨道Ⅰ从Q点向P点飞行过程中，动能逐渐减小7. 在研究微型电动机的性能时，用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R使电动机停止转动，此时电流表和电压表的示数分别为0.5A和3.0V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和36.0V，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）A.72WB.64WC.56WD.48W8. 空间某区域内存在电场，电场线在竖直平面内的分布如图所示．一个质量为m、电量为q的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右，运动至B点的速度大小为v2，运动方向与水平方向质检的夹角为α，若A、B两点之间的高度差为ℎ，水平距离为s，则以下判断中正确的是（）A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A<E B、φA<φBB.若v2>v1，则电场力一定做正功C.若小球带正电，则A、B两点间的电势差为m2q(v22−v12−2gℎ)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为12mv22−12mv12二、多选题（本题共计 4 小题，每题 3 分，共计12分，）9. 在平直公路上有甲、乙两辆汽车同时从同一位置沿着同一方向做匀加速直线运动，它们速度的平方随位移变化的图像如图所示，则（）A.甲车加速度的大小比乙车加速度的大小大B.在x=0.5m处甲乙两车的速度相等C.在x=0.5m处甲乙两车相遇D.在x=1.0m处甲乙两车相遇10. 下列说法中正确的有（）A.已知水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏加德罗常数B.布朗运动说明分子在永不停息地做无规则运动C.两个分子间由很远(r>10−9m)距离减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用11. 氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.64eV∼3.19eV．下列说法正确的是（ ）A.处于n =3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离B.大量处于n =2能级的氢原子可以吸收能量为2.55eV 的可见光光子，跃迁到第4能级C.动能为10.4eV 的电子射向大量处于基态的氢原子，氢原子不会发生跃迁D.动能大于等于13.6eV 的电子可以使基态的氢原子发生电离12. 如图所示，一水平方向的匀强磁场，磁场区域的高度为ℎ，磁感应强度为B ，质量为m 、电阻为R 、粗细均匀的矩形线圈，ab =L ，bc =ℎ，该线圈从cd 边离磁场上边界高度H =(mgR)22gB 4L 4处自由落下，不计空气阻力，重力加速度为g ，设cd 边始终保持水平，则（ ）A. cd 边刚进入磁场时速度大小v =mgR2B 2L 2 B.cd 边刚进入磁场时其两端电压U cd =mgR 2B(L+ℎ)C.线圈穿过磁场的时间t =2ℎ(BL)2mgRD.线圈穿过磁场过程中，回路中产生的热量Q =2mgℎ三、 解答题 （本题共计 3 小题 ，每题 10 分 ，共计30分 ， ）13. 短跑运动员完成100m 赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段．一次比赛中，某运动员用11s 跑完全程，已知运动员在加速阶段的第2s 内通过的距离为7.5m ，求：（1）该运动员的加速度．（2）在加速阶段通过的距离．14. 一端封闭、一端开口的长度L =90cm 的玻璃管，用长ℎ=30cm 的水银柱封闭一段理想气体，当玻璃管水平放置稳定时（如图甲所示），气体的长度L 1=50cm ，已知大气压强p0=75cmHg，封闭气体的温度T1=300K．（1）保持玻璃管水平，使气体的温度缓慢升高到T2时，水银恰好不溢出，求T2；（2）若保持气体的温度T2不变，再将玻璃管以封闭端为轴缓慢逆时针转过30∘（如图乙所示），则稳定后密闭气柱的长度为多少？15. 如图所示，直角坐标系中的第Ⅰ象限中存在沿y轴负方向的匀强电场，在第Ⅱ象限中存在垂直纸面向外的匀强磁场，一电量为q、质量为m的带正电的粒子，在−x轴上的点a以速率v0，方向和−x轴方向成60∘射入磁场，然后经过y轴上的b点垂直于y轴方向进入电场，并经过x轴上x=2L处的c点时速度大小为√2v0．不计粒子重力．求（1）磁感应强度B的大小．（2）电场强度E的大小．四、实验探究题（本题共计 1 小题，共计18分，）16.(18分) 小戴同学利用如图甲所示的装置做“探究加速度和力的关系”实验，跨过光滑定滑轮用细线将铝块和桶连接，桶内可装沙，由静止释放沙桶，铅块将向上做加速运动．实验前先测出铝块与空桶的总质量为M，通过在空桶中添加沙来改变铝块的运动情况．测出每次桶内沙的质量为m，由纸带上打出的点可算出对应的加速度大小a，已知电源频率为50Hz．（1）在某次实验中，小戴获得了一条纸带，并在纸带上便于测量的地方选取了一段进行分析，如图乙所示，图中每2个计数点间还有4个点未标出，计数点间的距离如图乙所示，则铝块运动的加速度为________m/s2（计算结果保留三位有效数字）．图像如图丙所示，测得该直（2）小戴经过多次实验后，由多组实验数据画出a−1M+m线斜率的绝对值为k，纵截距为b，则当地重力加速度为________，铝块质量为________．（均用k，b表示）（3）若考虑纸带所受摩擦力对实验的影响，则（2）中求得的铝块质量与真实值相比________（填“偏大”“偏小”或“不变”）．参考答案与试题解析 高三物理周测卷1一、 选择题 （本题共计 8 小题 ，每题 5 分 ，共计40分 ） 1. 【答案】 D【解析】 此题暂无解析 【解答】解：“行驶200公里”指的是经过的路程的大小，“时速为110公里”是某一个时刻的速度，是瞬时速度的大小，故D 正确，ABC 错误． 故选D ． 2.【答案】 D【解析】汽车做匀减速直线运动，先应用速度公式求出汽车的减速时间，然后应用位移公式求出汽车的位移，然后答题． 【解答】解：汽车减速到0需要的时间为：t =v 0a=205s =4s ，刹车后2s 内的位移为：x 2=v 0t 2+12at 22=30m ， 刹车后1s 内的位移为：x 1=v 0t 1+12at 12=17.5m ，刹车后第2s 内的位移为：Δx =x 2−x 1=12.5m ，汽车运动4s 就停止运动，则刹车后5s 内的位移为：x =v 022a =2022×5m =40m ，故选：D ． 3. 【答案】 B【解析】【解答】解：AD ．车头经过站台上立柱AC 段的平均速度v AC ¯=x AC t AC=2x 0t3−t 1，由题可知，B 点是AC 段的位置中点，所以B 点的瞬时速度应该大于AC 段的平均速度，2v B >v A +v C ，故AD 错误；B ．车头经过立柱A 、B 的平均速度为v AB ¯=x AB t AB=x 0t2−t 1，故B 正确；C ．根据比例法可知，当C 点速度为零时， (t 3−t 2): (t 2−t 1)=1: (√2−1)，而题中未说明C 点的速度为0，故C 错误． 故选B ．【答案】B【解析】速度时间图像的斜率表示加速度，根据图像求出t＝0.4s和t＝1.1s时的加速度，再根据牛顿第二定律求出单杠对该同学的作用力。
高三物理上学期第一周周考试卷(含解析)
2015-2016学年安徽省滁州中学高三（上）第一周周考物理试卷一、选择题（1-6题单选，7-10题多选）1．运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为M、m，球拍平面和水平面之间的夹角为θ，球拍与球保持相对静止，它们间摩擦及空气阻力不计，则（）A．运动员的加速度为gtanθB．球拍对球的作用力C．运动员对球拍的作用力为MgcosθD．若加速度大于gsinθ，球一定沿球拍向上运动2．中国航天局秘书长田玉龙2015年3月6日证实，将在2015年年底发射高分四号卫星，这是中国首颗地球同步轨道高时间分辨率对地观测卫星．如图所示，A是静止在赤道上随地球自转的物体；B、C是同在赤道平面内的两颗人造卫星，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，C是高分四号卫星．则下列关系正确的是（）A．物体A随地球自转的角速度大于卫星B的角速度B．卫星B的线速度大于卫星C的线速度C．物体A随地球自转的加速度大于卫星C的加速度D．物体A随地球自转的周期大于卫星C的周期3．如图所示为一直流电路，电源内阻不能忽略，但R0大于电源内阻，滑动变阻器的最大阻值小于R，当滑动变阻器滑片P从滑动变阻器的最右端滑向最左端的过程中，下列说法正确的是（）A．电压表的示数一直增大 B．电流表的示数一直增大C．电阻R0消耗的功率一直增大D．电源的输出功率一直增大4．如图所示，在MNQP中有一垂直纸面向里匀强磁场．质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．已知O是PQ的中点，不计粒子重力．下列说法中正确的是（）A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．射入磁场时粒子a的速率最小C．射出磁场时粒子b的动能最小D．粒子c在磁场中运动的时间最长5．某同学设计的“电磁弹射”装置如图所示，足够长的光滑金属导轨（电阻不计）水平固定放置，间距为l，磁感应强度大小为B的磁场垂直于轨道平面向下．在导轨左端跨接电容为C的电容器，另一质量为m、电阻为R的导体棒垂直于导轨摆放．先断开电键S，对电容器充电，使其带电量为Q，再闭合电键S，关于该装置及导体棒的运动情况下列说法正确的是（）A．要使导体棒向右运动，电容器的b极板应带正电B．导体棒运动的最大速度为C．导体棒运动过程中，流过导体棒横截面的电量为QD．导体棒运动过程中感应电动势的最大值为6．关于气体热现象的微观解释，下列说法中错误的是（）A．密闭在容器中的气体，在某一时刻向各个方向运动的气体分子数目基本相等B．大量气体分子的速率有大有小，但是按“中间多，两头少”的规律分布C．气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关D．一定质量的理想气体，温度不变，体积减小时，气体的内能一定增大7．如图，在半径为R圆环圆心O正上方的P点，将一小球以速度v0水平抛出后恰能从圆环上Q点沿切线飞过，若OQ与OP间夹角为θ，不计空气阻力．则（）A．从P点运动到Q点的时间为t=B．从P点运动到Q点的时间为t=C．小球运动到Q点时的速度为v Q=D．小球运动到Q点时的速度为v Q=8．如图1所示，水平轨道Ⅰ、Ⅱ平滑连接于b点．一物体以水平速度v0从a点进入轨道，轨道Ⅰ、Ⅱ的动摩擦因数为不同常数，若物体仅在轨道Ⅱ受水平向左的恒力F作用，其v﹣t图象如图2所示，则在0到7s内（）A．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力比轨道Ⅱ的大B．物体在轨道Ⅰ受到的滑动摩擦力小于FC．物体在轨道Ⅰ、Ⅱ受到的摩擦力做功之比为4：1D．物体在轨道Ⅱ受到的摩擦力做的功与F做的功之比为3：59．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E P随位移x变化的关系如图所示，其中O～x2段是对称的曲线，x2～x3是直线段，则下列判断正确的是（）A．x1处电场强度最大B．x2～x3段是匀强电场C．x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1＞φ2＞φ3D．粒子在O～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动10．一简谐波在如图所示的x轴上传播，实线和虚线分别是t1=0和t2=0.2s时刻的波形图．则下列说法正确的是（）A．若该波在t1=0时刻已沿+x方向传播到x=6m处，则波源起振方向向下B．若该波与另一频率为1.25Hz的简谐波相遇时发生干涉，则该波沿+x方向传播C．若该波在t2=0.2s时刻，x=2.5m处的质点向﹣y方向运动，则该波向+x方向传播D．若该波的传播速度是75m/s，则该波沿﹣x方向传播二、计算题11．如图所示为一传送带装置模型，斜面的倾角θ，底端经一长度可忽略的光滑圆弧与足够长的水平传送带相连接，质量m=2kg 的物体从高h=30cm的斜面上由静止开始下滑，它与斜面的动摩擦因数μ1=0.25，与水平传送带的动摩擦因数μ2=0.5，物体在传送带上运动一段时间以后，物体又回到了斜面上，如此反复多次后最终停在斜面底端．已知传送带的速度恒为v=2.5m/s，tanθ=0.75，g取10m/s2．求：（1）物体第一次滑到底端的速度大小；（2）从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中，求传送带对物体所做功及物体对传送带做功．（3）从物体开始下滑到最终停在斜面底端，物体在斜面上通过的总路程．12．如图所示，在长为L=57cm的一端封闭、另一端开口向上的竖直玻璃管内，用4cm高的水银柱封闭着51cm长的理想气体，管内外气体的温度均为33℃，大气压强p0=76cmHg．①若缓慢对玻璃管加热，当水银柱上表面与管口刚好相平时，求管中气体的温度；②若保持管内温度始终为33℃，现将水银缓慢注入管中，直到水银柱上表面与管口相平，求此时管中气体的压强．13．如图所示，两光滑金属导轨，间距d=0.2m，在桌面上的部分是水平的，处在磁感应强度B=0.1T、方向竖直向下的有界磁场中．电阻R=3Ω．桌面高H=0.8m，金属杆ab质量m=0.2kg，电阻r=1Ω，在导轨上距桌面h=0.2m的高处由静止释放，落地点距桌面左边缘的水平距离s=0.4m，g=10m/s2．求：（1）金属杆刚进入磁场时，R上的电流大小．（2）整个过程中R上放出的热量．。
高三物理上学期第1周周练试题
咐呼州鸣咏市呢岸学校一中高2021级2021－2021第十周周练理科综合﹒物理第 I 卷(选择题)二、选择题(共8小题，每题6分。
第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．在物理学的重大发现中，家总结出了许多物理学方法，如理想法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和效替代法，以下关于物理学研究方法的表达不正确的选项是．．．．．．．〔〕A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的义式，当△t非常小时，就可以用△t时间内的平均速度表示物体在t时刻的瞬时速度，该义运用了极限思想法C．在验证力的平行四边形那么时，同一次两次拉细绳套须使结点到达同一位置，该运用了效替代法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法15．如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，那么地面对斜劈的摩擦力( )A．于零B．不为零，方向向右C．不为零，方向向左D．不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右16．如下图的位移(x)—时间(t)图象和速度(v)—时间(t)图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，那么以下说法正确的选项是( )A．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．0～t2时间内，丙、丁两车的平均速度相17．如下图，水平转台上放着一枚硬币，当转台匀速转动时，硬币没有滑动，关于这种情况下硬币的受力情况，以下说法正确的选项是( )A．受重力和台面的支持力B．受重力、台面的支持力和向心力C．受重力、台面的支持力、向心力和静摩擦力D．受重力、台面的支持力和静摩擦力18．如下图，在光滑平面上有一静止小车，小车质量为M＝5 kg，小车上静止地放置着质量为m＝1 kg的木块，和小车间的动摩擦因数为μ＝0.2，用水平恒力F拉动小车，以下关于木块的加速度a m和小车的加速度a M，可能正确的有( )A．a m＝1 m/s2，a M＝1 m/s2B．a m＝1 m/s2，a M＝2 m/s2C．a m＝2 m/s2，a M＝4 m/s2D．a m＝3 m/s2，a M＝5 m/s219．如下图，相距l的两小球A、B位于同一高度h(l、h均为值)。
高三物理一轮复习周测试题 周练1《直线运动》 含答案
高三物理一轮复习周周练（直线运动）1、某航母跑道长200m.飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s2，起飞需要的最低速度为50m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为A.5m/sB.10m/sC.15m/sD.20m/s2、将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s，他们运动的V-t图像分别如直线甲、乙所示。
则A．t=2s时，两球的高度差一定为40mB．t=4s时，两球相对于各自抛出点的位移相等C．两球从抛出至落地到地面所用的时间间隔相等D．甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的相等3、汽车以恒定功率沿公路做直线运动，途中通过一块沙地。
汽车在公路及沙地上所受阻力均为恒力，且在沙地上受到的阻力大于在公路上受到的阻力。
汽车在驶入沙地前己做匀速直线运动，它在驶入沙地到驶出沙地后的一段时间内，位移s随时间t的变化关系可能是4、一物体做直线运动，其加速度随时间变化的a-t图象如图所示。
下列v-t图象中，可能正确描述此物体运动的是a -av -v5、如图7，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道。
甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有A．甲的切向加速度始终比乙的大B．甲、乙在同一高度的速度大小相等C．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D．甲比乙先到达B处6、甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x轴运动，其v-t图像如图所示，则A．甲、乙在t=0到t=ls之间沿同一方向运动B．乙在t=0到t=7s之间的位移为零C．甲在t=0到t=4s之间做往复运动D．甲、乙在t =6s时的加速度方向相同7、如图．直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置一时间(x－t)图线。
由图可知A在时刻t1 ，a车追上b车B在时刻t2，a、b两车运动方向相反C在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加D在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大8、 (10 分)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示. 倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第 1 个小球. 手动敲击弹性金属片M,M 与触头瞬间分开, 第1 个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第2 个小球. 当第1 个小球撞击M 时,M 与触头分开,第2 个小球开始下落……. 这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有_________.(A)电路中的电源只能选用交流电源(B)实验前应将M 调整到电磁铁的正下方(C)用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度(D)手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H =1. 980 m,10个小球下落的总时间T =6. 5 s. 可求出重力加速度g = ______ m/ s2. (结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间Δt 磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差Δt,这导致实验误差. 为此,他分别取高度H 1和H2,测量n个小球下落的总时间T1和T2. 他是否可以利用这两组数据消除Δt 对实验结果的影响? 请推导说明9、（18分）（1）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图16（a）所示其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图16（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出。
高三物理上学期周测试题(含解析)
咐呼州鸣咏市呢岸学校高三〔上〕周测物理试卷〔12〕一、选择题〔每空6分，共48分〕1．如下图的装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．假设极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是〔〕A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如下图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，那么电场力对试探电荷q所做的功于〔〕A．B．C．D．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固在P点，如下图，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，假设正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的选项是〔〕A．B．C．D．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如下图是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用以下说法不正确的选项是〔〕A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子〔〕A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比〔又叫比荷〕相同D．都属于同一元素的同位素6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为〔〕A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：17．如下图，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，那么关于示波器的灵敏度〔即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量〕与加速电场、偏转电场的关系，以下说法中正确的选项是〔〕A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高8．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的二、多项选择〔每空6分，共12分〕9．如图〔a〕所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图〔b〕所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固在两板的间P处．假设在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．那么t0可能属于的时间段是〔〕A．0＜t0＜B．＜t0＜ C．＜t0＜T D．T＜t0＜10．如下图，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P 固住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，那么带电微粒P在两板间〔〕A．保持静止B．向左做直线运动C．电势能不变 D．电势能将变少三、计算题〔每空20分，共40分〕11．〔20分〕如下图，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？12．〔20分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？高三〔上〕周测物理试卷〔12〕参考答案与试题解析一、选择题〔每空6分，共48分〕1．如下图的装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏静电计相连，极板B接地．假设极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是〔〕A．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大B．两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小C．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变小D．极板上的电荷量几乎不变，两极板间电压变大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电荷量几乎不变．将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，电容减小，由公式C=分析板间电压变化．【解答】解：由图分析可知电容器极板上的电荷量几乎不变，将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据公式C=，电容减小，由公式C=可判断出电容器极板间电压变大，静电计张角增大，故D 正确，ABC错误．应选：D．【点评】此题要抓住电荷量不变的条件，根据电容的义式C=分析电容如何变化．2．图中是一个平行板电容器，其电容为C，带电量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如下图．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，那么电场力对试探电荷q所做的功于〔〕A．B．C．D．【考点】电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由平行板电容器的电容C和带电量Q，由电容的义式求出板间电压．由E=求出板间场强．根据功的计算公式求解电场力对试探电荷q所做的功．【解答】解：由电容的义式C=得板间电压U=，板间场强E==．试探电荷q由A点移动到B点，电场力做功W=qEssin30°=应选C【点评】此题只要抓住电场力具有力的一般性质，根据功的一般计算公式就可以很好地理解电场力做功，并能正确计算功的大小．3．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正检验电荷固在P点，如下图，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，假设正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的选项是〔〕A．B．C．D．【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】由题意可知电量不变，由平行板电容器的决式可知电容的变化；由义式可得出两端电势差的变化；再由U=Ed可知E的变化，进而判断势能的变化．【解答】解：A、当负极板右移时，d减小，由C=可知，C与x图象不能为一次函数图象！故A错误；B、由U=可知，U=Q，那么E==，故E与d无关，故B错误；C、因负极板接地，设P点原来距负极板为l，那么P点的电势φ=E〔l﹣l0〕；故C正确；D、电势能E=φq=Eq〔l﹣l0〕，不可能为水平线，故D错误；应选：C．【点评】此题考查电容器的动态分析，由于结合了图象内容，对学生的要求更高了一步，要求能根据公式得出正确的表达式，再由数学规律进行分析求解．4．电容式传感器是用来将各种非电信号转变为电信号的装置．由于电容器的电容C取决于极板正对面积S、极板间距离d以及极板间的电介质这几个因素，当某一物理量发生变化时就能引起上述某个因素的变化，从而又可推出另一个物理量的值的变化，如下图是四种电容式传感器的示意图，关于这四个传感器的作用以下说法不正确的选项是〔〕A．如图的传感器可以用来测量角度B．如图的传感器可以用来测量液面的高度C．如图的传感器可以用来测量压力D．如图的传感器可以用来测量速度【考点】传感器在生产、生活中的用．【分析】电容器的决式C=，当电容器两极间正对面积变化时会引起电容的变化，其他条件不变的情况下成正比【解答】解：A、图示电容器为可变电容器，通过转动动片改变正对面积，改变电容，可以用来测量角度，故A正确B、图示电容器的一个极板时金属芯线，另一个极板是导电液，故是通过改变电容器两极间正对面积而引起电容变化的，可以用来测量液面的高度，故B正确；C、是通过改变极板间的距离，改变电容器的，可以用来测量压力，故C正确D、可变电容器，通过改变电介质，改变电容，可以用来测量位移，故D错误；此题选错误的；应选：D．【点评】此题考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点．并明确电容器作为传感器在生产生活中的用．5．一束正离子以相同的速率从同一位置、垂直于电场方向飞入匀强电场中，所有离子的轨迹都是一样的，这说明所有粒子〔〕A．都具有相同的质量B．都具有相同的电荷量C．电荷量与质量的比〔又叫比荷〕相同D．都属于同一元素的同位素【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】正离子垂直于电场方向飞入匀强电场中做类平抛运动．根据运动学公式可列出y=，而牛顿第二律a=，及运动时间t=，从而得出偏转距离与质量、电量及速率的关系．【解答】解：正离子进入匀强电场后，做类平抛运动，将运动分解，那么偏转距离为y=牛顿第二律得a=垂直于电场方向正离子做匀速直线运动，那么运动时间为 t=联立得：y=由于初速率v0、电压U、极板长度L、极板间距d均相同，离子的轨迹一样时偏转距离相，那么离子的比荷相同，但它们的质量不一相同，电量也不一相同，不一都属于同一元素的同位素，故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查粒子在电场中做类平抛运动，理解由运动轨迹来确偏转距离的关系，掌握牛顿第二律与运动学公式的用，并知道粒子的比荷的含义．6．原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为〔〕A．：2 B．1：2 C．：1 D．1：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据动能理列式得到加速获得的速度表达式，结合质子和α粒子的比荷求解速度之比．【解答】解：设任一带电粒子的质量为m，电量为q，加速电场的电压为U，根据动能理得：qU=得速度大小：v=，即得速度大小与比荷的平方根成正比．质子和α粒子比荷之比为：=：=2：1所以解得速度之比 v H：vα=：1．应选：C．【点评】此题带电粒子在电场中加速问题，根据动能理求速度是常用方法．此题还要对质子与α粒子的质量数与电荷数要区分清楚．7．如下图，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，假设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，那么关于示波器的灵敏度〔即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量〕与加速电场、偏转电场的关系，以下说法中正确的选项是〔〕A．L越大，灵敏度越高B．d越大，灵敏度越高C．U1越大，灵敏度越高D．U2越大，灵敏度越高【考点】示波管及其使用．【分析】根据带电粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，结合动能理、牛顿第二律和运动学公式求出偏转量，从而得出灵敏度的大小．【解答】解：根据动能理得，eU1=mv2；粒子在偏转电场中运动的时间t=，在偏转电场中的偏转位移h=at2=•=那么灵敏度=．知L越大，灵敏度越大；d越大，灵敏度越小；U1越小，灵敏度越大．灵敏度与U2无关．故A正确，CBD错误．应选：A．【点评】此题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，综合考查了动能理、牛顿第二律、运动学公式，难度中8．如下图是水平旋转的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．假设下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，那么带电小球〔〕A．将打在下板B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．假设上板不动，将下板上移一段距离，小球一打不到下板的【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况．【解答】解：A、B、C、将电容器上板上移一小段距离，电容器所带的电量Q不变，由E=、C=、C=得，E==．由题意可知，电容器带电量Q不变，极板的正对面积S不变，相对介电常量ɛ不变，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故AC错误，B正确．D、假设上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的，故D错误．应选：B【点评】此题要注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是值不变，仅仅改变板间距离时，板间场强是不变的，这个推论要熟悉．二、多项选择〔每空6分，共12分〕9．如图〔a〕所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图〔b〕所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固在两板的间P处．假设在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．那么t0可能属于的时间段是〔〕A．0＜t0＜B．＜t0＜ C．＜t0＜T D．T＜t0＜【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】计算题；压轴题；高考物理专题．【分析】解决此题首先要注意A、B两板电势的上下及带正电粒子运动的方向，再利用运动的对称性，粒子加速与减速交替进行运动，同时注意粒子向左、右运动位移的大小，即可判断各选项的对错．【解答】解：A、假设，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以A错误．B、假设，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距离，最终打在A板上，所以B正确．C、假设，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打在B板上，所以C错误．D、假设，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以D错误．应选B．【点评】〔2021．〕带电粒子在电场中的运动，实质是力学问题，题目类型依然是运动电荷的平衡、直线、曲线或往复振动问题．解题思路一般地说仍然可遵循力的根本解题思路：牛顿运动律和直线运动的规律的结合、动能理或功能关系带电粒子在交变电场中运动的情况比拟复杂，由于不同时段受力情况不同、运动情况也就不同，假设按常规的分析方法，一般都较繁琐，较好的分析方法就是利用带电粒子的速度图象或位移图象来分析．在画速度图象时，要注意以下几点：1．带电粒子进入电场的时刻；2．速度图象的斜率表示加速度，因此加速度相同的运动一是平行的直线；3．图线与坐标轴的围成的面积表示位移，且在横轴上方所围成的面积为正，在横轴下方所围成的面积为负；4．注意对称和周期性变化关系的用；5．图线与横轴有交点，表示此时速度反向，对运动很复杂、不容易画出速度图象的问题，还逐段分析求解．10．如下图，两平行金属板水平放置并接到电源上，一个带电微粒P位于两板间恰好平衡，现用外力将P 固住，然后使两板各绕其中点转过α角，如图虚线所示，再撤去外力，那么带电微粒P在两板间〔〕A．保持静止B．向左做直线运动C．电势能不变 D．电势能将变少【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】带电微粒P在水平放置的A、B金属板间的电场内处于静止状态，说明处于平衡状态，竖直向上的电场力大小于重力的大小，当两平行金属板A、B分别以O、0′中心为轴在竖直平面内转过相同的较小角度α，然后释放P，此时P受到重力、电场力，合力向左，故P做向左的匀加速直线运动．【解答】解：设初状态极板间距是d，旋转α角度后，极板间距变为dcosα，所以电场强度E′=，而且电场强度的方向也旋转了α，由受力分析可知，竖直方向仍然平衡，水平方向有电场力的分力，所以微粒水平向左做匀加速直线运动．那么微粒的重力势能不变，向左做匀加速直线运动过程中，电场力做正功，那么电势能减小．故B、D正确，A、C错误．应选：BD．【点评】考查了受力求运动，正确受力分析，有牛顿第二律判断运动情况，解决此题的关键是确场强与原来场强在大小、方向上的关系．三、计算题〔每空20分，共40分〕11．〔20分〕如下图，水平放置的A、B两平行板相距h，有一个质量为m，带电量为+q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间，欲使小球恰好打到A板，试讨论A、B板间的电势差是多大？【考点】电势差与电场强度的关系；动能理．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球刚好打到A板时，速度恰好为零，根据动能理，对整个过程进行研究求解【解答】解：当电场力方向向下时，U A＞U B，电场力做负功，由动能理得：﹣qU AB﹣mg〔H+h〕=﹣解得：U AB=当电场力方向向上时，U A＜U B，电场力做正功，由动能理得：qU BA﹣mg〔H+h〕=﹣解得：U BA=答：A、B板间的电势差是或【点评】此题涉及两个过程，采用全程法运用动能理研究，比拟简洁，也可以分段研究，运用牛顿第二律和运动学公式结合研究12．〔20分〕〔2021秋•校级月考〕如下图，匀强电场方向与水平方向的夹角θ=30°斜右上方，电场强度为E，质量为m的带负电的小球以初速度v0开始运动，初速度方向与电场方向一致，试求：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小和方向如何？〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小和方向如何？【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】〔1〕小球做匀速直线运动，所受的合力为零，分析小球的受力情况，作出力图，由平衡条件求解即可．〔2〕小球要做直线运动，小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，由力的合成图求解即可．【解答】解：〔1〕欲使小球做匀速直线运动，必须使其合外力为0，如图甲所示．设对小球施加的力F1和水平方向夹角为α，那么F1•cosα=qE cosθF1•sinα=qE sinθ+mg解得α=60°，F1=mg〔2〕为使小球做直线运动，那么小球的合力必须与运动方向在同一直线上，当电场力与此直线垂直时，施加的恒力最小，如图乙所示．那么 F2=mgsin60°=mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．答：〔1〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做匀速直线运动，对小球施加的恒力F1的大小是mg，方向与水平成60°斜向右上方．〔2〕假设小球带的电荷量为q=，为使小球能做直线运动，对小球施加的最小恒力F2的大小是mg，方向斜向左上与水平夹角为60°．【点评】解决此题的关键要掌握直线运动和匀速直线运动的条件，作出受力图，运用几何关系分析力的最小值．。
2020届高三物理复习周周练试卷一含答案
第六周 高三物理 周练卷（2019-10-13）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列说法正确的是（ ）A ．卢瑟福通过α粒子散射实验证实了在原子核内部存在质子B ．铀核(23892U )衰变为铅核(20682Pb )的过程中，要经过8次α衰变和5次β衰变C ．铀核(23892U )衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定小于铀核的结合能D ．按照爱因斯坦的理论，在光电效应中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是hν，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功W 0，剩下的表现为逸出后电子的初动能E k2．质量相等的A 、B 两物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力F 1、F 2的作用而从静止开始做匀加速直线运动．经过时间t0和4t 0速度分别达到2v 0和v 0 时，分别撤去F 1和F 2，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止．两物体速度随时间变化的图线如图所示． F 1和F 2对A 、B 做的功分别为W 1和W 2，则下列结论正确的是（ ） A ．W 1∶W 2＝4∶5 B ．W 1∶W 2＝6∶5 C ．W 1∶W 2＝5∶6 D ．W 1∶W 2＝12∶53．如图所示，有8个完全相同的长方体木板叠放在一起，每个木板的质量为300 g ，某人用手在这叠木板的两侧加一水平压力F ，使木板水平静止。
若手与木板之间的动摩擦因数为0.5，木板与木板之间的动摩擦因数为0.3，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取10 m/s 2.则水平压力F 至少为（ ） A ．18 N B ．24N C ．30 N D ．48N4．1998年6月18日，国产轿车在清华大学汽车工程研究所进行的整车安全性碰撞试验取得成功，被誉为“中国轿车第一撞”。
从此，我国汽车的整车安全性碰撞试验开始与国际接轨。
碰撞试验是让汽车在水平面上以48.3km/h 的国际标准碰撞速度驶向质量为80t 的国际标准碰撞试验台，撞击使汽车的动量一下子变到0，技术人员通过查看载着模拟乘员的传感器的数据以便对汽车安全性能装置进行改进。
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高三物理周周练一及答案
高三物理周周练（一）
班级姓名
分数
一、选择题：（每题6分，共48分）
1．在直线运动中，关于速度和加速度的说法，正确的是（C ）
A．物体的速度大，加速度就大
B．物体速度的改变量大，加速度就大
C．物体的速度改变快，加速度就大
D．物体的速度为零时，加速度一定为零
2 甲、乙两物体的运动情况如图1-3-3所示，下列结论错误的是：（ A ）
A．甲、乙两物体的速度大小相等、
方向相同
B．经过2.5s的时间，甲、乙两物
体相遇，相遇时它们相对
图坐标原点的位移相同
C．经过5s的时间，乙物体到达甲物体的出发点D．经过5s的时间，甲物体到达乙物体的出发点3．一个初速度为6m／s做直线运动的质点，受
到力F的作用，产生一个与初速度方向相反、大小为2 m／s2的加速度，当它的位移大小为3 m 时，所经历的时间可能为（ABC）
4．物体从静止开始作匀加速直线运动，第 3 s 内通过的位移是3 m，则 (ABD )
A．第3 s内的平均速度是3 m／s B．物体的加速度是1．2 m／s2
C．前3 s内的位移是6 m D．3 s末的速度是3．6 m／s
5．一辆车由静止开始作匀变速直线运动，在第8 s末开始刹车，经4 s停下来，汽车刹车过程也是匀变速直线运动，那么前后两段加速度的大小之比和位移之比分别是( C )
6．物体沿某一方向做匀变速直线运动，在时间
s处的速度为，在中t内内通过的路程为s，它在
2
间时刻的速度为．则和的关系是( B ) A．当物体做匀加速直线运动时，
B．当物体做匀减速直线运动时，
C．当物体做匀速直线运动时，
D．当物体做匀减速直线运动时，
7．对于做初速度为零的匀加速直线运动的物体，以下叙述中正确的是(ABC )．
A．相邻的相等时间间隔内的位移之差为常数B．相邻的相等时间间隔内的位移之差为最初的那个等时间间隔内位移的两倍
C．该物体运动过程中任意两个相等的时间间隔内速度的改变量均相等
D．该物体运动过程中任意两个相等的时间间隔内位移大小之比一定是奇数比
8．作匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C 三点， AB = BC．质点在AB段和BC段的平均速度分别为20 m／s、30 m／s，根据以上给出的条件可以求出( CD )
A．质点在AC段运动的时间 C．质点在AC 段的平均速度
B．质点的加速度 D．质点在C 点的瞬时速度
题
1 2 3 4 5 6 7 8
号
答
案
二、填空题：（每空3分，共24分）
9.汽车以 12m/s行驶，刹车后减速行驶的加速度为1m/s2，则需经__12____s汽车才能停止，从刹车到停止这段时间内的平均速度是_6m/s
_____，通过的位移是_72 m _____.
10.质点从静止开始作匀加速直线运动，经5s后速度达到 10m/s，然后匀速运动了 20s，接着经2s匀减速运动后静止，则质点在加速阶段的加速度是_2_____ m/s2，在第 26s末的速度大小是__5__m/s.
11.某质点做匀变速直线运动，位移方程为s=10t-2t2（m），则该物体运动的初速度为_10m/s _____，加速度为__-4m/s2____，4s内位移为__8m ____。
三、计算题：（共28分）
12.（8分）汽车由静止出发做匀加速直线运动，
用10s时间通过一座长140m的桥，过桥后速16m/s，求（1）它刚开上桥头时速度有多大？
（2）桥头与出发点相距多远？
(12m/s，180m )
13．（10分）一辆轿车违章超车，以108 km/h
的速度驶入左侧逆行道时，猛然发现正前方
80 m 处一辆卡车正以72 km/h 的速度迎面
驶来，两车司机同时刹车，刹车加速度大小
都是10 m/s 2，两司机的反应时间(即司机发
现险情到实施刹车所经历的时间)都是Δt .
试问Δt 是何数值，才能保证两车不相撞?
（Δt ＜0.3 S ）
14. （10分）某天，张叔叔在上班途中沿人行步道向一公交车站走去，发现一辆公交车正从身旁的平直公路驶过，此时，张叔叔的速度是1m/s ，公交
车的速度是15m/s ，他们距车站的
距离为50m 。
假设公交车在行驶到距车站25m 处开始刹车，刚好到车站停下，停车10s 后公交车又启动向前开去。
张叔叔的最大速度是6m/s ，最大起跑加速度为2.5m/s 2
，为了安全乘上该公交车，他用力向前跑去，求： v /m 2 1 a b c d e 图17b
①公交车刹车过程视为匀减速运动，其加速度大小是多少？
②分析张叔叔能否在该公交车停车时安全上车。
（可以） ①2
2
12
11s /m 5.425215020-=⨯-=-=s v a ②s
10214321++<+<+t t t t t t。