概率论与数理统计第4讲
《概率论与数理统计》典型例题 第四章 大数定律与中心极限定理

= 0.15,
µn 为
5000
户中收视
该节目的户数,所以可应用棣莫弗-拉普拉斯中心极限定理,即二项分布以正态 分布为极限定理。
解 : 设 µn 为 5000 户 中 收 视 该 节 目 的 户 数 , 则 µn ~ B(n, p) , 其 中
n = 5000, p = 0.15 。 由棣莫弗-拉普拉斯中心极限定理, µn − np 近似服从 np(1− p)
显然需用到前一不等式,则只需算出 E(X + Y ) 与 D(X + Y ) 即可。
解:由于 E(X + Y ) = 0 ,
D( X + Y ) = DX + DY + 2Cov( X , Y ) = DX + DY + 2ρ XY DX DY = 1+ 4 + 2×1× 2× (−0.5) = 3 ,
( D )服从同一离散型分布。
分析:林德伯格-列维中心极限定理要求的条件是 X 1, X 2,", X n,"相互独
立、同分布、方差存在,这时,当 n 充分大时, Sn 才近似服从正态分布。 根据 条件分析选项即可。
解:显然选项 A 与 B 不能保证 X 1, X 2 , ", X n 同分布,可排除。 选项 C 给出了指数分布,此时独立同分布显然满足,而且由于是指数分布, 方差肯定存在,故满足定理条件。 选项 D 只给出其离散型的描述,此时独立同分布显然满足。 但却不能保证 方差一定存在,因此也应排除。 故选 C 。 注:本例重在考察中心极限定理的条件。
P{ X
− EX
≥ ε}≤
E[g( X − EX )] 。 g(ε )
分析:证明的结论形式与切比雪夫不等式非常相似,利用切比雪夫不等式的 证明思想试试看。
概率论与数理统计-第6章-第4讲-区间估计

本讲内容
01 置信区间定义 02 求置信区间的步骤 03 几点说明
02 求置信区间的步骤
例 设X1,…Xn 是取自 N (, 2 ) 的样本, 2已知,
求参数 的置信水平为 1 的置信区间.
明确问题:求什么参数的置信区间?置信水平是多少?
解 选 的点估计为 X
寻找未知参数的
取 U X N (0,1) 一个良好估计 n
u
2} 1
1
为什么 这样取?
u
u
2
2
8
02 求置信区间的步骤
从中解得
P{|
X
n
|u2}源自1P{Xn u 2
X
n
u
2}
1
于是所求 的 置信区间为
[X
n u 2 ,
X
n u
2]
也可简记为 X n u 2
从例题的过程,我们归纳出求置信区间的
一般步骤如下:
1
u
u
2
2
9
02 求置信区间的步骤
求置信区间的步骤
10
本讲内容
01 置信区间定义 02 求置信区间的步骤 03 几点说明
03 几点说明
1. 要求 θ 以很大的可能被包含在 [θˆ1, θˆ2 ]
内,P(ˆ1 ˆ2 ) 1 要尽可能大.
即要求估计尽量可靠. 2. 估计的精度要尽可能的高. 如要求区间
长度 θˆ2 θˆ1 尽可能短.
置信度与精度是一对矛盾,当样本容 量固定时,置信度越高,则精度越差.
u
u
2
2
区间的长度为 2u —— 达到最短
2n
14
03 几点说明
特别说明
即使在概率密度不对称的情形,如
《概率论与数理统计》第4-7 章自测题讲评

《概率论与数理统计》第4-7章自测题讲评第四章﹑数字特征1. 设随机变量X 的密度函数f(x)= ⎩⎨⎧5x 4 0≤x ≤10 其他 , 求数学期望EX 。
【讲评】考点:连续型随机变量数学期望的定义为EX= ∫-∞+∞xf(x)dx 。
[解]:EX= ∫-∞+∞xf(x)dx = 5∫01x 5dx = 5[x 56]01= 562.设随机变量X ~N (-1,3),Y ~N (0,5),Cov(X ,Y )=0.4,求D (X +Y )的值。
【讲评】考点:正态分布N(μ, σ2)的数字特征,EX=μ,DX=σ2。
和的方差公式:D(X+Y)=DX+DY+2Cov(X, Y)。
[解]:D(X+Y)=DX+DY+2Cov(X, Y)= 3+5+2×0.4 = 8.83. 设随机变量X 和Y 的密度函数分别为f X (x)= ⎩⎨⎧0.5, 1≤x ≤30, 其它 ,f Y (y)= ⎩⎨⎧3e -3y , y>00, y ≤0 ,若X ,Y 相互独立,求: E(XY)【讲评】考点:均匀分布与指数分布的数学期望,X~U[a,b] ⇒ EX=a+b 2 。
X~exp(λ) ⇒ EX=1λ 。
若X 与Y 相互独立,则 E(XY)=EXEY 。
本题:注意:X~U[1,3], Y~Exp(3) ⇒ EX=1+32 =1, EY=1/3,因为X, Y 相互独立,则 E(XY)=E(X)E(Y)=1×(1/3) =1/34. 设 X 服从参数为 λ 的普阿松分布(λ>0),则下列6个等式中那几个是错误的。
DX=1λ , E(X)D(X) =1 , E(X 2)=E(X)[E(X)+1] , E(X) = λ , E (X - λ)2 = 0, EX=λ2+λ【讲评】考点:普阿松分布X~P(λ)的数字特征:EX=λ, DX=λ 。
及DX = E(X-EX)2 = EX 2 – (EX)2 , EX 2 =DX+(EX)2本题:X~P(λ) ⇒ EX=λ, DX=λ, EX 2=λ+λ2 .所以E(X)D(X) =1,E(X 2)=λ2+λ=E(X)[E(X)+1],E(X) = λ,但是 DX=1λ , E (X - λ)2 = 0, 这两个是错误等式。
第6章 第4讲 正定二次型 课件(共26张PPT)- 《概率论与数理统计(慕课版)》同步教学(人民邮

之差为2r – m为符号差.
3
01
正定二次型的定义
惯性定理
任意二次型 X T AX 都可通过非退化线性变换化为规范形
z12 z22
z 2p z 2p 1
z 2p q,
其中 p 为正惯性指数,q 为负惯性指数,p + q为二次型的秩
且 p 、q 由二次型唯一确定,即规范情势唯一的.
霍尔维茨定理
例5
方程3x 2 5 y 2 5z 2 4 xy 4 xz 10 yz 1表示何种二次曲面.
2
2
2
f
x
,
y
,
z
解 因为
3x 5 y 5z 4 xy 4 xz 10 yz
是一个二次型,
3 2 -2
其矩阵A= 2 5 -5 ,由 A - E 0 得
因为 3 2 3 0,
所以A不是正定矩阵,从而二次型不是正定二次型.
10
01
正定二次型的定义
例3
已知A为n阶正定矩阵,E为n阶单位矩阵,证明 | A E | 1.
解
设A的特征值为 1 , 2 ,
, n, 由A为正定矩阵知
1 0, 2 0,
A + E 的特征值为 1 1, 2 1,
4
01
正定二次型的定义
定义6.3
对应矩阵A 称为正定矩阵.
实二次型 f ( x1 , x2 ,
恒有 f (c1 , c2 ,
, xn ) X T AX,若对任意 (c1 , c2 ,
, cn ) 0,则称 f ( x1 , x2 ,
, cn )T 0,
概率论与数理统计4-2 方差

X
,
为X的 标准化 变量
E ( X ), D( X )。 X 1 * ) E( X ) 0 解 E( X ) E( X 2 * * 2 * 2 E[( ) ] D( X ) E([ X ] ) [ E( X )] 1 1 2 D( X ) 1 E[( X ) ] 2
推论
若 X i (i 1, 2,...n)相互独立,则有: D( X 1 X 2 ... X n ) D( X 1 ) D( X 2 ) ... D( X n ) 进一步有:D( Ci X i ) [C D( X i )]
i 1 i 1 2 i n n
4. D(X)=0
P{X= C}=1 , 这里C=E(X)
下面我们的举例说明方差性质应用 .
例7 设X~B(n,p),求E(X)和D(X). 解
X~B(n,p), 则X表示n重努里试验中的
“成功” 次数 .
1 如第i次试验成功 i=1,2,…,n 若设 X i 0 如第i次试验失败
则X
1 fZ ( z) e 3 2
( z 5)2 18
.
四、切比雪夫不等式
定理 设随机变量X具有数学期望 E ( X ) , 方差 D( X ) 2 , 则对于任意正数 ,有不等式
事件{|X-E(X)|< }的概率越大,即随机变量X 集
P{| X E ( X ) | } 2 2 或 P{| X E ( X ) | } 1 2 由切比雪夫不等式可以看出,若 2 越小,则
b 2
2
b a ab E( X ) , D( X ) 2 12
概率论与数理统计(茆诗松)第四章讲义

⎡ T eit ( X − x1 ) − eit ( X − x2 ) ⎤ e − itx1 − e − itx2 ( ) ϕ t dt E dt ⎥ = ⎢ ∫−T ∫−T it it ⎦ ⎣
T
⎡ T cos t ( X − x1 ) + i sin t ( X − x1 ) − cos t ( X − x2 ) − i sin t ( X − x2 ) ⎤ dt ⎥ = E ⎢∫ it ⎦ ⎣ −T cos t ( X − x1 ) − cos t ( X − x2 ) ⎤ ⎡ T sin t ( X − x1 ) − sin t ( X − x2 ) dt ⎥ = E ⎢∫ −i −T t t ⎦ ⎣ ⎡ T sin t ( X − x1 ) − sin t ( X − x2 ) ⎤ dt ⎥ , = E ⎢2∫ t ⎦ ⎣ 0
itx 0
+∞
−λ x
dx = ∫ λ e
0
+∞
−( λ −it ) x
e −( λ −it ) x λ ; dx = λ ⋅ = − (λ − it ) 0 λ − it
x2
+∞
1 −2 (6)标准正态分布 N (0, 1):密度函数 p ( x) = e , − ∞ < x < +∞ ,特征函数为 2π
1 1 e itx dx = ⋅ ϕ (t ) = ∫ e ⋅ a b−a b − a it
b itx b
=
a
e ibt − e iat ; it (b − a )
⎧λ e − λx , (5)指数分布 Exp(λ):密度函数 p ( x) = ⎨ ⎩0,
x > 0; x ≤ 0.
概率论与数理统计随机事件与概率条件概率与乘法公式
概率论与数理统计第1章随机事件与概率第4讲条件概率与乘法公式01 条件概率02 乘法公式本 讲 内容在解决许多概率问题时,往往需要在某些附加条件下世界万物都是互相联系、互相影响的,随机事件也不例?条件概率外.通事故发生的可能性明显比天气状况优良情况下要大得定程度的相互影响.多.在同一个试验中的不同事件之间,通常会存在着一例如,在天气状况恶劣的情况下交求事件的概率.概率,将此概率记作P(B|A).如在事件A 发生的条件下求事件B 发生的在100件产品中有72件为一等品,从中取两件产品,记A表示“第一件为一等品”,B表示“第二件为一等品”. 求P(B),P(B|A).Ὅ例1解由前例可知无论有放回抽样和无放回抽样都有(1)有放回抽样(2)无放回抽样独立性如何定义?.设A 、B 为两事件, P ( A ) > 0 , 则称为事件 A 发生的条件下事件 B 发生的条件概率.称为在事件B 发生的条件下事件A 的条件概率.同理Ὅ 定义Ὅ性质条件概率也是概率, 故概率的重要性质都适用于条件概率.例如:在100件产品中有72件为一等品,从中取两件产品,记A 表示“第一件为一等品”,B 表示“第二件为一等品”. Ὅ例2 2) 可用缩减样本空间法1) 用定义计算:P (A )>0A 发生后的缩减样本空间所含样本点总数在缩减样本空间中B 所含样本点个数无放回抽样Ὅ 计算.在全部产品中有4%是废品,有72%为一等品. 现从其中任取一件,发现是合格品,求它是一等品的概率.Ὅ例3解设A=依题意,P(A)=所求概率为P(B|A) .{任取一件为合格品},B={任取一件为一等品}0.96,0.72.P(B)=利用事件的关系及概率性质公式求条件概率Ὅ例4设A,B,C 是随机事件,A与C互不相容,则.由条件概率的定义:若已知P(A), P(B|A)时, 可以反过来求P(AB).注乘法公式.某工厂有职工400名,其中男女职工各占一半,Ὅ例5男女职工中技术优秀的分别为20人和40人,从中任选一名职工,计算(1)该职工技术优秀的概率;(2)已知选出的是男职工,他技术优秀的概率.解设A表示“选出的职工技术优秀”,B表示“选出的职工为男性”,则:(1)利用古典概率有.(2)通过缩减样本空间,有.Ὅ例6某杂志包含三个栏目“艺术”(记为事件A)、“图书”(记为事件B)、“电影”(记为事件C),调查读者的阅读习惯有如下结果:试求解01 条件概率02 乘法公式本 讲 内容乘法公式推广ab -1ab O F (x )xb a 1xf (x )O盒中装有100个产品, 其中3个次品,从中不放回Ὅ例7地取产品, 每次1个, 求(1)取两次,两次都取得正品的概率;(2)取三次,第三次才取得正品的概率.解令A i为第 i 次取到正品(波利亚罐子--传染病模型)一个罐子中包含b 个白球和r 个红球. b 个白球, r 个红球Ὅ 乘法公式应用举例8随机地抽取一个球,观看颜色后放进行四次,试求第一、二次取到白 球且第三、四次取到红球的概率.回罐中,并且再加进c 个与所抽出 的球具有相同颜色的球.这种手续于是W 1W 2R 3R 4表示事件“连续取四个球,第一、二个是白球,第三、四个是红球. ”设W i =R j ==P (W 1)P (W 2|W 1)P (R 3|W 1W 2)P (R 4|W 1W 2R 3)P (W 1W 2R 3R 4)解1,2,3,4{第i 次取出是白球},i =j ={第j 次取出是红球},1,2,3,4记A=为了防止意外,在矿内同时装有两种报警系统(Ⅰ)和(Ⅱ),每种系统单独使用时,系统(Ⅰ)和系统(Ⅱ)的有效概率分别为0.92和0.93,在系统(Ⅰ)失灵的情况下,系统(Ⅱ)仍有效的概率为0.85,求两个报警系统至少有一个有效的概率.Ὅ例9解报警系统至少一个有效”可表示为A ∪B ,由于“两个“系统(Ⅰ) 有效”,B=“系统(Ⅱ)有效”,且A 和 互斥,因此:学海无涯,祝你成功!概率论与数理统计。
概率论与数理统计第4讲
14
Ω
经常有一些概率论的较难的题, 直接计算某 事件的概率困难, 因此考虑先求此事件的逆 事件的概率 例 掷3次硬币, 求至少一次正面朝上的概率. 解: 假设A={至少一次正面}, 则 A={全是反面}, 只包含一个基本事件. 基本事件总数为23=8, 因此 1 P( A) = 8 1 7 则 ( A) =1− P( A) =1− = P 8 8
因 ⊃ B且 ⊃ C因 必 A ⊃ BC 此 有 A A 因 P( A− BC) = P( A) − P(BC) = 此 = P( A) −[1− P(BC)] = 0.9 − (1− 0.8) = 0.7 因 , 应 选 (C). 此 填 项
23
(1992年研究生入学考试题)
1 已 P( A) = P(B) = P(C) = 知 4 1 P( AB) = 0, P( AC) = P(B ) = C 6 则 件 , B, C全 发 的 率 ___ 事 A 不 生 概 为
24
(1990年研究生入学考试题) 设随机事件 , B及和事件 + B的概率分别 A A
是0.4,0.3和 .6.则积事件 B的 0 A 概率 ( AB) = ___ P 由已知得:
0.6 = P( A+ B) = P( A) + P(B) − P( AB) = 0.4 + 0.3− P( AB) 得 P( AB) = 0.1 故P( AB) = P( A− B) = P( A) − P( AB) = 0.4 − 0.1 = 0.3 其 P( AB) = P( A− B) = P( A) − P( AB) 中 是 用 子须 熟 常 式 , 记 .
2 4 1 3 3 C4 4×3× 2 4 P( A ) = 3 = = 3 C7 7×6×5 35
概率论与数理统计-第3章-第4讲-随机变量的独立性
1, (x, y) G
f (x, y) 0,
其它.
1
2x
02 随机变量的独立性
例题 设二维离散型随机变量 X, Y 的联合分布律为
应用
Y X
1
1
1 6
2
3
1
1
9
18
2
1 3
试确定常数 , 使得随机变量 X 与Y 相互独立.
02
随机变量的独立性 由表,可得随机变量 X 与Y 的边缘分布律为
P{XY Y 0} P{( X 1)Y 0}
P{X 1 0,Y 0} P{X 1 0,Y 0}
P(X ) P(X ) 1
2
P{X 1}P{Y 0} P{X 1}P{Y 0} 1111 1
22 22 2
第4讲 随机变量的独立性
本节我们学习了二维随机变量的独立性, 后续会推广到更多维. 随机变量的独立性在概率论和数理统计中会发挥重要的作用.
用分布函数表示, 即 设 X,Y 是两个随机变量, 若对任意的x, y, 有 F ( x, y) FX (x)FY ( y)
则称 X, Y 相互独立 .
它表明, 两个随机变量相互独立时, 联合分布函数等于两个 边缘分布函数的乘积 .
01 两个随机变量独立的定义
离散型
X与Y 独立
对一切 i , j 有
01 两个随机变量独立的定义 两个随机变量独立的定义
设 X,Y是两个随机变量, 若对任意的x,y ,有 P ( X x,Y y) P( X x)P(Y y)
则称X,Y相互独立 .
如何判断
两事件A, B独立的定义是: 若 P(AB)=P(A)P(B)则称事件A, B独立 .
01 两个随机变量独立的定义
《概率论与数理统计》第4-7 章自测题讲评
《概率论与数理统计》第4-7章自测题讲评第四章﹑数字特征1. 设随机变量X 的密度函数f(x)= ⎩⎨⎧5x 4 0≤x ≤10 其他 , 求数学期望EX 。
【讲评】考点:连续型随机变量数学期望的定义为EX= ∫-∞+∞xf(x)dx 。
[解]:EX= ∫-∞+∞xf(x)dx = 5∫01x 5dx = 5[x 56]01= 562.设随机变量X ~N (-1,3),Y ~N (0,5),Cov(X ,Y )=0.4,求D (X +Y )的值。
【讲评】考点:正态分布N(μ, σ2)的数字特征,EX=μ,DX=σ2。
和的方差公式:D(X+Y)=DX+DY+2Cov(X, Y)。
[解]:D(X+Y)=DX+DY+2Cov(X, Y)= 3+5+2×0.4 = 8.83. 设随机变量X 和Y 的密度函数分别为f X (x)= ⎩⎨⎧0.5, 1≤x ≤30, 其它 ,f Y (y)= ⎩⎨⎧3e -3y , y>00, y ≤0 ,若X ,Y 相互独立,求: E(XY)【讲评】考点:均匀分布与指数分布的数学期望,X~U[a,b] ⇒ EX=a+b 2 。
X~exp(λ) ⇒ EX=1λ 。
若X 与Y 相互独立,则 E(XY)=EXEY 。
本题:注意:X~U[1,3], Y~Exp(3) ⇒ EX=1+32 =1, EY=1/3,因为X, Y 相互独立,则 E(XY)=E(X)E(Y)=1×(1/3) =1/34. 设 X 服从参数为 λ 的普阿松分布(λ>0),则下列6个等式中那几个是错误的。
DX=1λ , E(X)D(X) =1 , E(X 2)=E(X)[E(X)+1] , E(X) = λ , E (X - λ)2 = 0, EX=λ2+λ【讲评】考点:普阿松分布X~P(λ)的数字特征:EX=λ, DX=λ 。
及DX = E(X-EX)2 = EX 2 – (EX)2 , EX 2 =DX+(EX)2本题:X~P(λ) ⇒ EX=λ, DX=λ, EX 2=λ+λ2 .所以E(X)D(X) =1,E(X 2)=λ2+λ=E(X)[E(X)+1],E(X) = λ,但是 DX=1λ , E (X - λ)2 = 0, 这两个是错误等式。
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因 A=A1∪A2∪…∪An, 得 P(A)= P(A1∪A2∪…∪An)
问题化成了求最小的 n, 使1-0.4n > 0.99。 解不等式,得
第二章 随机变量
• 随机变量 • 离散型随机变量 • 连续型随机变量 • 随机变量函数的分布
§2.1 随机变量
随机变量概念的产生
在实际问题中,随机试验的结果可用数 量来表示,这就产生了随机变量的概念。
四个等式同时成立,则称事件A, B, C相互独立 。
推广到 n个事件的独立性定义, 可类似地给出:
设A1, A2,…, An 是 n个事件,如果对任意k
( ), 任意
,等式
成立,则称 n个事件A1, A2, …,An 相互独立。 等式总数为:
请注意多个事件两两独立与事件两两相 互独立的区别与联系
离散型随机变量
所有取值可 以逐个列举
随 机 变
如“取到次品的个数”, “收到的呼叫数”等。
全部可能取值不仅有无
量
穷多,而且不能能一一
连续型随机变量
列举,充满某些区间。
如:“电视机的使用寿命”,实际中常遇到的“ 测量误差”等。
随 离散型随机变量 机 变 量 连续型随机变量
这两种类型的随机变量因都是随机变量, 自然会有许多相同或相似之处;但因其取值方 式不同,故又有其各自的特点。
证明: 仅证A与 独立。
P(A )= P(A- A B) = P(A) - P(AB) = P(A) - P(A) P(B) = P(A)[1 - P(B)] = P(A)P( ),
A与B独立
1.5.2 多个事件的独立
先将两事件独立的定义推广到三个事件上: 对于三个事件A, B, C,若 P(AB)= P(A)P(B), P(AC)= P(A)P(C) , P(BC)= P(B)P(C) , P(ABC)= P(A)P(B)P(C)
称这种定义在样本空间Ω上的实值函数 为随机变量,简记为 r.v. ( random variable ) 。
随机变量通常用英文大写字母X,Y, Z 或希腊字母ζ,η等表示。
随机变量的取值一般用小写字母 x, y, z 等 表示。
引入随机变量的意义 有了随机变量,随机试验中的各种事件
都可以通过随机变量的关系式表达出来。 如:用 X 表示单位时间内某信号台收到
2. P(A|B)=P(A), 4. P(AB)=P(A)P(B)。
设A, B为独立事件,且P(A)>0, P(B)>0, 下面四个结论中,正确的是:
1. P(B|A)>0, 3. P(A|B)=0 ,
2. P(A|B)=P(A), 4. P(AB)=P(A)P(B)。
定理1:若事件A, B独立,则 也相互独立。
用 P(AB)=P(A) P(B) 刻画独立性,比用 P(A|B) = P(A) 或 P(B|A) = P(B)
更好。 ◎ 不受 P(B)>0 或 P(A)>0 的制约;
◎ 反映了事件A与 B的对等性。
两事件独立的定义
定义1:若两事件A, B满足 P(AB)= P(A) P(B),
则称 A与B 相互独立,或称 A, B 独立。
这种随机试验结果与数值的对应关系,在数 学上可理解为: 定义一个实值函数 X(ω), 将
. X
X(ω) 与高等数学中的函数不同。
不同之处:
◎ X(ω) 随试验结果的不同而取不同的值。故, 在试验之前只知道其可能取值的范围,而不 能预知其取哪个具体的值。
◎ 由于试验结果的出现具有一定的概率,所以 “ X(ω) 取每个值或某个确定范围内的值” 也 有一定的概率。
请问:如图的两个事件是否独立? 我们来计算: 因 P(AB)=0, 而 P(A) ≠ 0, P(B) ≠0。 即 P(AB) ≠ P(A)P(B)。 故 A与B不独立。
即: 若A、B互斥,且P(A)>0, P(B)>0, 则 A
与B不独立。
其逆否命题是:若A与B独立,且 P(A)>0, P(B)>0, 则 A与B一定不互斥。
已知 P(A1)=1/5, P(A2)=1/3, P(A3)=1/4,且 A1,A2,A3相互独立,
P(A1∪A2∪A3)
计算 n个独立事件并的概率公式:
设事件
P( A1∪…∪An )
相互独立, 则
也就是说: n个独立事件至少有一个发生的 概率等于1减去各自对立事件概率的乘积。
例3:验收100件产品方案如下,从中任取3件 进行独立测试,如果至少有一件被断定为次 品,则拒绝接收此批产品。设一件次品经测 试后被断定为次品的概率为0.95,一件正品 经测试后被断定为正品的概率为0.99,并知 这100件产品恰有4件次品。求该批产品能被 接收的概率。
前面是根据两事件独立的定义得出A, B独 立的结论,我们也可以通过计算条件概率的办 法得到 A, B独立的结论。 续前例:从一副不含大小王的扑克牌中任取一 张,记 A={ 抽到K }, B={抽到黑色的牌}。
由于 P(A)=1/13, P(A|B)=2/26=1/13, 故,P(A)= P(A|B)。 这也说明A, B独立。
一方面,有些试验,其结果与数有关(试 验结果就是一个数);另一方面,有些试验, 其结果看起来与数值无关, 但可引进一个变 量来表示试验的各种结果。即, 试验结果可以 数值化。
△ 试验结果与数值有关的例 1. 掷一颗骰子,观察其上面出现的点数;
2. 每天北京站下火车的人数;
3. 每年12月份北京发生交 通事故的次数;
请问:能否在样本空间Ω中找到两个事与Ω独立且互斥。
不难发现: Φ(或Ω)与任何事件都独立。
前面我们看到独立与互斥的区别和联系,
请看下列两个练习。
设A, B为互斥事件,且P(A)>0, P(B)>0, 下面四个结论中,正确的是:
1. P(B|A)>0, 3. P(A|B)=0,
学习时要注意它们各自的特点及描述方法。
例1: 从一副不含大小王的扑克牌中任取一 张,记 A={ 抽到K }, B={抽到黑色的牌}。
问事件A, B是否独立?
解:由于 P(A) = 4/52 = 1/13, P(B) = 26/52 = 1/2,P。(AB) = 2/52 = 1/26
故, P(AB) = P(A)P(B). 这说明事件A, B独立。
例4:若干人独立地向一移动目标射击,每人击 中目标的概率都是0.6。求至少需要多少人, 才 能以0.99以上的概率击中目标?
解:设至少需要 n 个人才能以0.99以上的概率 击中目标。
令A={目标被击中},Ai ={第i人击中目标}, i=1,2,…,n。则A1,A2,…,An 相互独立。故,
也相互独立。
4. 七月份北京的最高气温; 5. 一部电梯一年内出现故障的次数…。
△ 试验结果看起来与数值无关,但可引进一个 变量来表示试验的各种结果的例
1. 在投篮试验中,用{0} 表示投篮未中,{1} 表 示罚篮命中,{3} 表示三分线外远投命中, {2} 表示三分线内投篮命中,则随机试验结 果可数值化。
2. 在掷硬币试验中,用{1} 表示带国徽或人头 的一面朝上,{0} 表示另一面朝上,则随机 试验的结果也可数值化。
概率论与数理统计第4讲
§1.5 事件的独立性
1.5.1 两事件的独立 先看一个例子:将一颗均匀骰子
连掷两次,设 A={第二次掷出6点},B={第一次掷出6点}, 显然,有 P(A|B)=P(A).
这就是说:事件B发生,并不影响事件A 发生的概率。这时,称事件A与B相互独立, 简称独立。
由乘法公式知,当事件A与B独立时,有 P(AB)=P(A) P(B).
在实际应用中, 往往根据问题的实际意义 判断两事件是否独立 。
如:一批产品共 n 件,从中抽取2件,设 Ai = {第 i 件是合格品}, i=1,2。
若抽取是有放回的, 则A1与A2独立。 其原因是: 第二次抽取的结果不受第一次抽取 结果的影响。
若抽取是无放回的,则A1与A2不独立。 其原因是:第二次抽取的结果受第一次抽取结 果的影响。
呼叫的次数,则 X 是一个随机变量。
事件 { 收到呼叫 }⇔{X ≥ 1}; {没有收到呼叫} ⇔ {X=0}。
随机变量概念的产生是概率论发展史上重 大的事件。引入随机变量后,对随机现象统计 规律的研究,就由对事件及事件概率的研究扩 充到对随机变量及其取值规律的研究。
随机变量的分类 (通常分两大类):
对n(n>2)个事件
相互独立
两两独立
?
多个相互独立事件具有如下性质:
◎ 若事件A1, A2, …, An相互独立,则其中任意
k 个事件
也相互独立;
◎ 若事件A1, A2, …, An相互独立,则B1, B2, …, Bn也相互独立,其中 Bi 或为Ai ,或为Āi , i=1, 2, …, n 。
解: 设 A={该批产品被接收}, Bi={取出3件产品中恰有i件是次品}, i = 0,1,2,3。
则
因三次测试相互独立,故 P(A|B0)=0.993, P(A|B1)=0.992(1-0.95), P(A|B2)=0.99(1-0.95)2, P(A|B3)= (1-0.95)3。
由全概率公式, 得
1.5.3 独立性概念在计算概率中的应用
对独立事件,许多概率的计算可得到简化 。 例2: 三人独立地去破译一份密码, 已知每个人 能译出的概率分别为1/5,1/3,1/4。问三人中 至少有一人能将密码译出的概率是多少?
解:将三人分别编号为1, 2, 3, 记 Ai = {第i个人破译出密码} , i=1, 2, 3 。 故,所求为 P(A1∪A2∪A3)。