高一物理典型例题
高一物理典型例题
高一物理典型例题关联速度1光滑水平面上有A、B两个物体，通过一根跨过定滑轮的轻绳子相连，如图，它们的质量分别为m A和m B，当水平力F拉着A向右运动，某时绳子与水平面夹角为θA＝45⁰，θB＝30⁰时，A、B两物体的速度之比VA：VB应该是________小船过河1若河宽仍为100m，已知水流速度是5m/s，小船在静水中的速度是4m/s，即船速（静水中）小于水速。
求：1.欲使船渡河时间最短，求渡河位移？2.欲使航行距离最短，船应该怎样渡河？求渡河时间？平抛1小球从斜面上方一定高度处向着水平抛出，初速度v0，已知传送带的倾角为θ。
1．若小球垂直撞击斜面，求飞行时间t1 ，求水平位移x1;2．若小球到达斜面的位移最小，求飞行时间t2 求速度偏转角的正切值；3．反向平抛，何时离斜面最远；平抛实验1如右图所示在“研究平抛物体的运动”实验中用方格纸记录了小球的运动轨迹，a、b、c和d为轨迹上的四点，小方格的边长为L，重力加速度为g。
求：1.小球做平抛运动的初速度大小为v02.b点时速度大小为vb3.从抛出点到c点的飞行时间Tc4.已知a点坐标（xy）求抛出点坐标水平圆周1如图所示，在光滑的圆锥顶用长为L的细线悬挂一质量为m的小球，圆锥体固定在水平面上不动，其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的夹角为30°，小球以一定速率绕圆锥体轴线做水平匀速圆周运动，求恰好离开斜面时线速度竖直圆周1如图所示，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点相切，半圆形导轨的半径为R.一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右的速度后脱离弹簧，当它经过B点进入导轨的瞬间对轨道的压力为其重力的8倍，之后向上运动恰能到达最高点C.(不计空气阻力)试求：1.物体在A点时弹簧的弹性势能；2.物体从B点运动至C点的过程中产生的内能．开普勒第三定律赤道卫星中同步轨道半径大约是中轨道半径的2倍，则同步卫星与中轨道卫星两次距离最近间隔时间_________。
高一物理习题课精选例题
高一物理习题课精选例题在高中物理教学中，习题课是非常重要的一个环节，通过刻意练习例题可以巩固知识，提高解题能力，提高学生对物理学科的兴趣和信心。
下面我列举几道高一物理习题课的精选例题，希望能对同学们的学习有所帮助。
1.一个碰撞实验：小球球速为 u1=2.0m/s，质量为 m1=0.3kg，大球球速为 u2=0.0m/s，质量为 m2=1.0kg，则碰撞后小球的运动状态及其速度大小为多少？解析：这是一个动量守恒的碰撞实验。
因为是弹性碰撞，所以动能也被保持。
根据动量定理和能量守恒定理，我们可以得到如下的方程：m1u1 + m2u2 = m1v1 + m2v21/2m1u1^2 + 1/2m2u2^2 = 1/2m1v1^2 + 1/2m2v2^2将数值代入方程式，可以得到小球反弹后的速度为3.2m/s。
这题需要细心，以免在处理式子时出现失误。
2.一车在匀加速过程中其行驶路程为225 m，行驶时间为15秒。
当行驶到一位置，速度已达 30m/s，则初速为多少？解析：这是一个匀变速直线运动问题。
首先可以根据路程和时间计算平均速度：v = s/t则 v = 15m/s。
因为是匀加速直线运动，所以可以应用以下公式求出初速：v = v0 + at其中 a 为加速度，t 为运动时间。
所以根据这个式子，可以求得初始速度 v0 等于 15m/s - 2m/s^2 * 15s = -15m/s。
由于物理量是矢量，需要注意正负方向。
3.一桶装有水的重量为 80N，具有 2.0升水。
另外一个装有石油的桶，重量为 70N。
则这个桶里装有多少升的石油？解析：这是一个密度的应用题，我们需要先知道水和石油的密度：水的密度：1000 kg/m³石油的密度：900 kg/m³知道密度后，就可以得出以下方程：80N + 2.0L * 1000kg/m³g = 70N + V* 900kg/m³g解出 V = 0.56L，即桶里面装了 0.56 升的石油。
高一物理力学典型例题
以下是一些高一物理力学的典型例题：1. 一个物体在水平地面上做匀速直线运动，受到的摩擦力是20N，那么物体受到的拉力是（）A. 大于20NB. 等于20NC. 小于20ND. 无法判断答案：B解析：物体做匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，所以拉力等于摩擦力等于20N。
2. 一辆汽车在平直的公路上行驶，从甲地经过乙地到达丙地，若汽车在甲、乙两地间的平均速度为v1，在乙、丙两地间的平均速度为v2，则汽车从甲地到丙地的平均速度为（）A. （v1+v2）/2B. v1+v2C. v1v2/（v1+v2）D. v1v2/v1+v2答案：C解析：设甲、乙两地间的距离为s1，乙、丙两地间的距离为s2，则汽车从甲地到乙地的时间t1=s1/v1，从乙地到丙地的时间t2=s2/v2，则汽车从甲地到丙地的平均速度v=s1+s2/t1+t2=s1+s2/s1/v1+s2/v2=v1v2/v1+v2。
3. 一个物体在竖直方向上做自由落体运动，其在t时间内位移为x，在紧接着的t时间内位移为x\prime，则物体刚下落时离地面的高度为（）A. x+x\prime/t\textsuperscript{2}B. x-x\prime/t\textsuperscript{2}C.x+x\prime/t\textsuperscript{2}-gt\textsuperscript{2}/4D.x+x\prime/t\textsuperscript{2}+gt\textsuperscript{2}/4 答案：C解析：根据自由落体运动的位移时间关系公式，有x=gt\textsuperscript{2}/2；x′=g(t+t\textsubscript{0})\textsuperscript{2}/2，其中t\textsubscript{0}=t，解得物体刚下落时离地面的高度h=x+x′/t\textsuperscript{2}-gt\textsuperscript{2}/4。
高一物理经典例题 (160)
高一物理经典例题
17．甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲、乙两车的速度v随时间t的变化如图所示．已知t1时刻甲、乙两车恰好并排行驶，下列说法正确的是（）
A．在t1时刻两车加速度相等
B．在t1到t2时间内，两车的平均速度相等
C．在t1到t2时间内，两车之间的距离先增大再减小
D．在t1到t2时间内的某个时刻，两车的加速度相等
解：A、v﹣t图象的斜率大小表示两车加速度大小，可知在t1时刻乙车加速度大于甲车加速度，故A错误；
B、根据v﹣t图线与时间轴所围的面积大小表示位移大小，可知在t1到t2时间内，乙车
通过的位移比甲车的大，则乙车的平均速度比甲车的大，故B错误；
C、t1时刻甲、乙两车恰好并排行驶，在t1到t2时间内，乙车的速度始终大于甲车的速度，
乙车在甲车的前方，则两车之间的距离一直在增大，故C错误；
D、在t1到t2时间内的某个时刻，两图线有斜率相等的某个时刻，该时刻两车的加速度
相等，故D正确。
故选：D。
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高一必修一物理经典力学典型例题(有答案,含解析)
高一必修一物理经典力学典型例题1.倾角θ=37°的斜面底端与水平传送带平滑接触，传送带BC长L=6 m，始终以v0=6m/s的速度顺时针运动。
一个质量m=1 kg的物块从距斜面底端高度h1=5.4m的A点由静止滑下，物块通过B点时速度的大小不变。
物块与斜面、物块与传送带间动摩擦因数分别为μ1=0.5、μ2=0.2，传送带上表面在距地面一定高度处，g取10m/s2。
(sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求物块由A点运动到C点的时间；（2）求物块距斜面底端高度满足什么条件时，将物块静止释放均落到地面上的同一点D。
2.如图，倾斜的传送带向下匀加速运转，传送带与其上的物体保持相对静止。
那么关于传送带与物体间静摩擦力的方向，以下判断正确的是A．物体所受摩擦力为零B．物体所受摩擦力方向沿传送带向上C．物体所受摩擦力方向沿传送带向下D．上述三种情况都有可能出现3.（2018·江西师大附中）如图是工厂流水生产线包装线示意图，质量均为m=2.5 kg、长度均为l=0.36 m的产品在光滑水平工作台AB上紧靠在一起排列成直线（不粘连），以v0=0.6 m/s 的速度向水平传送带运动，设当每个产品有一半长度滑上传送带时，该产品即刻受到恒定摩擦力F f=μmg而做匀加速运动，当产品与传送带间没有相对滑动时，相邻产品首尾间距离保持2l（如图）被依次送入自动包装机C进行包装。
观察到前一个产品速度达到传送带速度时，下一个产品刚好有一半滑上传送带而开始做匀加速运动。
取g=10 m/s2。
试求：(1)传送带的运行速度v；(2)产品与传送带间的动摩擦因数μ：(3)满载工作时与空载时相比，传送带驱动电动机增加的功率∆P；(4)为提高工作效率，工作人员把传送带速度调成v'=2.4 m/s，已知产品送入自动包装机前已匀速运动，求第(3)问中的∆P′?第(3)问中在相当长时间内的等效∆P′′?4.如图所示，传送带AB段是水平的，长20 m，传送带上各点相对地面的速度大小是2 m/s，某物块与传送带间的动摩擦因数为0.1。
(完整版)高一物理力学典型例题
高中物理力学典型例题1、如图1—1所示，长为5米的细绳的两端分别系于竖立在地面上相距为4米的两杆顶端A、B。
绳上挂一个光滑的轻质挂钩。
它钩着一个重为12牛的物体.平衡时,绳中张力T=＿＿＿＿分析与解：本题为三力平衡问题。
其基本思路为：选对象、分析力、画力图、列方程。
对平衡问题,根据题目所给条件，往往可采用不同的方法，如正交分解法、相似三角形等。
所以，本题有多种解法。
解法一:选挂钩为研究对象，其受力如图1-2所示，设细绳与水平夹角为α，由平衡条件可知：2TSinα=F，其中F=12牛,将绳延长，由图中几何条件得:Sinα=3/5，则代入上式可得T=10牛。
解法二：挂钩受三个力，由平衡条件可知:两个拉力(大小相等均为T）的合力F’与F大小相等方向相反。
以两个拉力为邻边所作的平行四边形为菱形.如图1-2所示，其中力的三角形△OEG与△ADC相似，则:得:牛.想一想:若将右端绳A 沿杆适当下移些，细绳上张力是否变化？（提示:挂钩在细绳上移到一个新位置，挂钩两边细绳与水平方向夹角仍相等，细绳的张力仍不变。
）2、如图2—1所示，轻质长绳水平地跨在相距为2L的两个小定滑轮A、B 上，质量为m的物块悬挂在绳上O点，O与A、B两滑轮的距离相等.在轻绳两端C、D分别施加竖直向下的恒力F=mg。
先托住物块，使绳处于水平拉直状态，由静止释放物块，在物块下落过程中,保持C、D两端的拉力F不变.（1）当物块下落距离h为多大时，物块的加速度为零？(2）在物块下落上述距离的过程中，克服C端恒力F做功W为多少？（3）求物块下落过程中的最大速度Vm和最大距离H?分析与解：物块向下先作加速运动，随着物块的下落,两绳间的夹角逐渐减小。
因为绳子对物块的拉力大小不变,恒等于F，所以随着两绳间的夹角减小，两绳对物块拉力的合力将逐渐增大，物块所受合力逐渐减小,向下加速度逐渐减小.当物块的合外力为零时，速度达到最大值。
之后，因为两绳间夹角继续减小，物块所受合外力竖直向上，且逐渐增大，物块将作加速度逐渐增大的减速运动。
高一物理经典例题 (550)
高一物理经典例题
17．如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示。
根据图乙中所标出的数据可计算出物体的质量为2kg，物体与水平面间的动摩擦因数为0.3。
解：物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，
根据牛顿第二定律得：F﹣μmg＝ma，解得：a=F
m
−μg，
由a与F图线，得到：0.5=7
m
−10μ①，
4=14
m
−10μ②，
①②联立得，m＝2Kg，μ＝0.3，
故答案为：0.3。
18．轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的圆环上。
现用水平力F拉住绳子上的一点O，使物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置，但圆环仍保持在原来位置不动。
则在这一过程中，环对杆的摩擦力F f将不变（选填“增大”“不变”或“减小”），环对杆的压力F N将减小（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
解：以圆环、物体A及轻绳整体为研究对象，受到总重力、拉力、摩擦力和支持力，作出力图如图1所示。
根据平衡条件得到：
杆对环的摩擦力F f＝G，总重力不变，则F f保持不变；
杆对环的弹力F N＝F；
再以结点O为研究对象，受到物体A的拉力（等于A的重力），水平力F和倾斜绳拉力，作出力图如图2所示。
由平衡条件得F＝mgtanθ
当物体A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置过程中，θ逐渐减小，F逐渐减小，则F N 逐渐减小。
所以F f保持不变，F N逐渐减小。
故答案为：不变；减小。
高一物理典型例、易错题：自由落体运动典型例题
自由落体运动典型例题[例1]从离地500m的空中自由落下一个小球，取g= 10m/s2，求：（1）经过多少时间落到地面；（2）从开始落下的时刻起，在第1s内的位移、最后1s内的位移；（3）落下一半时间的位移.[分析]由h=500m和运动时间，根据位移公式可直接算出落地时间、第1s内位移和落下一半时间的位移.最后1s内的位移是下落总位移和前（n—1）s下落位移之差.（2）第1s内的位移：因为从开始运动起前9s内的位移为：所以最后1s内的位移为：h10=h-h9=500m-405m=95m（3）落下一半时间即t'=5s，其位移为[说明]根据初速为零的匀加速运动位移的特点，由第1s内的位移h1=5m，可直接用比例关系求出最后1s内的位移，即h1∶h10=1∶19∴ h10=19h1=19×5m=95m同理，若把下落全程的时间分成相等的两段，则每一段内通过的位移之比：h t/2∶h t=12∶22=1∶4[例2]一个物体从H高处自由落下，经过最后196m所用的时间是4s，求物体下落H高所用的总时间T和高度H是多少？取g=9.8m/s2，空气阻力不计.[分析]根据题意画出小球的运动示意图（图1）其中t=4s， h=196m.[解]方法1 根据自由落体公式式（1）减去式（2），得方法2 利用匀变速运动平均速度的性质由题意得最后4s内的平均速度为因为在匀变速运动中，某段时间中的平均速度等于中点时刻的速度，所以下落至最后2s时的瞬时速度为由速度公式得下落至最后2s的时间方法3 利用v－t图象画出这个物体自由下落的v-t 图，如图2所示.开始下落后经时间（T—t）和T后的速度分别为g（T-t）、 gT. 图线的AB段与t轴间的面积表示在时间t内下落的高度h.。
由[例3]气球下挂一重物，以v0=10m/s匀速上升，当到达离地高h=175m处时，悬挂重物的绳子突然断裂，那么重物经多少时间落到地面？落地的速度多大？空气阻力不计，取g=10m/s2.[分析]这里的研究对象是重物，原来它随气球以速度v0匀速上升.绳子突然断裂后，重物不会立即下降，将保持原来的速度做竖直上抛运动，直至最高点后再自由下落.[解]方法1 分成上升阶段和下落阶段两过程考虑绳子断裂后重物可继续上升的时间和上升的高度分别为故重物离地面的最大高度为H=h+h1=175m＋5m=180m.重物从最高处自由下落，落地时间和落地速度分别为v t=gt2=10×6m/s=60m/s.所以从绳子突然断裂到重物落地共需时间t=t1＋t2=1s＋6s=7s.方法2 从统一的匀减速运动考虑从绳子断裂开始计时，经时间t最后物体落至抛出点下方，规定初速方向为正方向，则物体在时间t内的位移h= -175m.由位移公式或 t2-2t-35=0，取合理解，得 t=7s.所以重物的落地速度为v t=v0-gt=10m/s-10×7m/s= -60m/s.其负号表示方向向下，与初速方向相反.[说明]从统一的匀减速运动考虑，比分段计算方便得多，只是在应用时，需注意位移、速度等物理量的方向，这个物体从绳子断裂到落地过程中的v-t图如图所示.[例4]如图所示，A、B两棒长均为 L=1m，A的下端和 B的上端相距 s=20m.若 A、B同时运动，A做自由落体、 B做竖直上抛，初速度v0=40m/s，求：（1） A、 B两棒何时相遇；（2）从相遇开始到分离所需的时间.[分析]这里有两个研究对象：A棒和B棒，同时分别做不同的运动.相遇时两棒位移大小之和等于s.从相遇到分离两棒位移大小之和等于2L.[解]（1）设经时间t两棒相遇，由得（2）从相遇开始到两棒分离的过程中，A棒做初速不等于零的匀加速运动，B棒做匀减速运动.设这个“擦肩而过”的时间为△t，由式中v A=gt，v B=v0-gt.代入后得[说明]上面是从地面参考系所观察到的两个物体的运动情况列式计算的，比较麻烦.在第（2）小题中，还常容易误认为从相遇开始A棒仍做自由落体运动而造成错误.由于竖直上抛运动可以看成一个向上的匀速运动和一个自由落体的合运动，因此，如果以A棒为参照物，即从A棒上去观察B棒，B棒向上做着速度为v0的匀速运动，于是立即可得（1）两棒相遇时间（2）两棒从相遇到分离的时间[例6] A、B两球，A从距地面高度为h处自由下落，同时将B球从地面以初速v0竖直上抛，两球沿同一竖直线运动.试求以下两种情况下，B球初速度v0的取值范围：①B球在上升过程中与A球相遇；②B球在下落过程中与A球相遇.[分析]本题考察两个物体两种运动特点，以及它们之间相互联系.解答时对特殊状态——临界点的分析是关键的.解决本题时，画出运动示意图，找准关系，运用规律求解即得.[解]B球做竖直上抛运动（全过程中）：由于 AB相遇时时间相等t1=t2=t，且h1+h2=ht∴ t=h/v0设B球上升到最大高度时，与球A相遇，如图1，B球上升到最大高度时间为v0/g.由此可知，要使AB在B球上升过程中与A相遇，只要v0/g≥t即可.B球就会在上升时与A球相遇，，如图2是AB还能相遇的最小速度，所以要满足在下落中相遇，需满足[说明]（1）本题要建立时间和位移关系，同时，根据题设条件.寻找临界点，本题的临界点在B球上，即B球达最大高度和B球落地时，建立速度与时间的关系.（2）值得说明的是，复杂的运动很难在分析时建立物理图景，办法是对每个物体运动过程仔细分析以后，据各自运动特点建立联系.。
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高一物理必修1知识集锦及典型例题一． 各部分知识网络 （一）运动的描述：测匀变速直线运动的加速度：△x=aT 2 ，6543212()()(3)a a a a a a a T ++-++=a与v同向，加速运动；a与v反向，减速运动。
（二）力：实验：探究力的平行四边形定则。
研究弹簧弹力与形变量的关系：F=KX.（三）牛顿运动定律：.改变(四)共点力作用下物体的平衡： 静止 平衡状态匀速运动F x 合=0 力的平衡条件：F 合=0 F y 合=0合成法正交分解法常用方法 矢量三角形动态分析法相似三角形法 正、余弦定理法物体的平衡二、典型例题例题1..某同学利用打点计时器探究小车速度随时间变化的关系，所用交流电的频率为50 Hz，下图为某次实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6、7为计数点，相邻两计数点间还有3个打点未画出．从纸带上测出x1＝3.20 cm，x2＝4.74 cm，x3＝6.40 cm，x4＝8.02 cm，x5＝9.64 cm，x6＝11.28 cm，x7＝12.84 cm.(1)请通过计算，在下表空格内填入合适的数据(计算结果保留三位有效数字)；计数点 1 2 3 4 5 6各计数点的速度0.50 0.70 0.90 1.10 1.51/(m·s－1)(2)根据表中数据，在所给的坐标系中作出v－t图象(以0计数点作为计时起点)；由图象可得，小车运动的加速度大小为________m /s2例2. 关于加速度，下列说法中正确的是A. 速度变化越大，加速度一定越大B. 速度变化所用时间越短，加速度一定越大C. 速度变化越快，加速度一定越大D. 速度为零，加速度一定为零例3. 一滑块由静止开始，从斜面顶端匀加速下滑，第5s末的速度是6m/s。
求：（1）第4s末的速度；（2）头7s内的位移；（3）第3s内的位移。
例4. 公共汽车由停车站从静止出发以0.5m/s2的加速度作匀加速直线运动，同时一辆汽车以36km/h的不变速度从后面越过公共汽车。
求：（1）经过多长时间公共汽车能追上汽车？（2）后车追上前车之前，经多长时间两车相距最远，最远是多少？例5．静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力，在力刚开始作用的瞬间，下列说法中正确的是A. 物体立即获得加速度和速度B. 物体立即获得加速度，但速度仍为零C. 物体立即获得速度，但加速度仍为零D. 物体的速度和加速度均为零例6. 质量m ＝4kg 的物块，在一个平行于斜面向上的拉力F ＝40N 作用下，从静止开始沿斜面向上运动，如图所示，已知斜面足够长，倾角θ＝37°，物块与斜面间的动摩擦因数µ＝0.2，力F 作用了5s ，求物块在5s 内的位移及它在5s 末的速度。
（g ＝10m/s 2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）例7. 在天花板上用竖直悬绳吊一重为G 的小球，小球受几个力?这些力的反作用力是哪些力？这些力的平衡力是哪些力？例8. 如图所示，质量为m 的物块放在倾角为θ的斜面上，斜面体的质量为M ，斜面与物块无摩擦，地面光滑，现对斜面施一个水平推力F ，要使物块相对斜面静止，力F 应多大?例9. 如图所示，一质量为m 的小球在水平细线和与竖直方向成θ角的弹簧作用下处于静止状态，试分析剪断细线的瞬间，小球加速度的大小和方向。
例10. 一个人站在体重计的测盘上，在人下蹲的过程中，指针示数变化应是 A. 先减小，后还原 B. 先增加，后还原 C. 始终不变D. 先减小，后增加，再还原例11、水平传送带以4m/s 的速度匀速运动，传送带两端AB 间距为20m ，将一质量为2Kg 的木块无初速地放在A 端，木块与传送带的动摩擦因数为0.2，求木块由A 端运动到B 端所用的时间。
（g ＝10m/s 2）Fθ例12、木块A、木板B的质量分别为10Kg和20Kg，A、B间的动摩擦因数为0.20，地面光滑。
设A、B间的滑动摩擦力与最大静摩擦力大小相等。
木板B长2m，木块A静止在木板B的最右端，现用80N的水平拉力将木板B从木块A下抽出来需要多长时间?（木块A可视为质点，g＝10m/s2）例13．如图4所示，在水平地面上有一倾角为θ的斜面体B处于静止状态，其斜面上放有与之保持相对静止的物体A.现对斜面体B施加向左的水平推力，使物体A和斜面体B一起向左做加速运动，加速度从零开始逐渐增加，直到A和B开始发生相对运动，关于这个运动过程中A所受斜面的支持力F N以及摩擦力f的大小变化情况，下列说法中正确的是() A．F N增大，f持续增大B．F N不变，f不变C．F N减小，f先增大后减小D．F N增大，f先减小后增大图4例14．如图8所示，物体B靠在水平天花板上，在竖直向上的力F作用下，A、B保持静止，A与B间的动摩擦因数为μ1，B与天花板间的动摩擦因数为μ2，则关于μ1、μ2的值下列判断可能正确的是()A．μ1＝0，μ2≠0B．μ1≠0，μ2＝0C．μ1＝0，μ2＝0 D．μ1≠0，μ2≠0例15．如图2－2－23是用来粉刷墙壁的涂料滚的示意图．使用时，用撑竿推着涂料滚沿墙壁上下滚动，把涂料均匀地粉刷到墙壁上．撑竿的重量和墙壁的摩擦均不计，而且撑竿足够长．粉刷工人站在离墙壁某一距离处缓缓上推涂料滚，使撑竿与墙壁间的夹角越来越小．该过程中撑竿对涂料滚的推力为F1，涂料滚对墙壁的压力为F2，下列说法中正确的是()A．F1增大B．F1减小图2－2－23 C．F2增大D．F2减小16.下图是某些同学根据实验数据画出的图象，下列说法中正确的是（）A.形成图（甲）的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过大B.形成图（乙）的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过小C.形成图（丙）的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过大D.形成图（丁）的原因是平衡摩擦力时长木板倾角过小17.如图所示是某同学做“探究加速度与力、质量的关系”实验时已接通电源正要释放纸带时的情况，请你指出该同学的四个错误.例题1 答案： （1）v 5=1.31 （2）2.5 例题2解析：由加速度的定义式va t ∆=∆可知，加速度与速度的变化量和速度变化所用的时间两个因素有关。
速度变化越大，加速度不一定越大；速度变化所用时间越短，若速度变化量没有确定，也不能确定加速度一定越大。
加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度一定越大；速度为零，并不是速度的变化量为零，故加速度不一定为零。
答案：C例题3解析：根据初速度为零的匀变速直线运动的比例关系求解。
（1）因为123:::v v v ……＝1:2:3:…… 所以45:4:5v v = 第4s 末的速度为45446/ 4.8/55v v m s m s==⨯=（2）由t v x ⋅=得前5s 内的位移为：m m t v x 155262=⨯=⋅=因为123:::x x x (223)1:2:3=…… 所以2257:5:7x x =前7s 内的位移为：2752771529.455x x m m⨯===（3）由（2）可得2215:1:5x x =15221150.655x x m m ===因为13:x x ……＝1：5：…… 所以13:x x ＝1：5第3s 内的位移31550.63x x m m ==⨯=例题4解析：（1）追上即同一时刻二者处于同一位置，由于它们出发点相同，所以相遇时位移相同，即x 汽＝x 公 at 2/2＝v 汽t t ＝2v 公/a ＝2⨯10/0.5＝40s（2）在汽车速度大于公共汽车速度过程中，二者距离逐渐增大，速度相等时距离最大，之后公共汽车速度将大于汽车速度，二者距离就会减小，所以速度相等时相距最远。
则 v 汽＝v 公 at ＝ v 汽 t ＝ v 汽/a ＝10/0.5＝20s 最远距离x ＝ v 汽t － at 2/2＝10⨯20－0.5⨯202/2＝100m例题5 解析 由牛顿第二定律的瞬时性可知，力作用的瞬时即可获得加速度，但无速度。
答案 B说明 力是加速度产生的原因，加速度是力作用的结果，加速度和力之间，具有因果性、瞬时性、矢量性。
例题6解析：如图，建立直角坐标系，把重力mg 沿x 轴和y 轴的方向分解 G x ＝mgsin θ G y ＝mgcos θ y 轴 F N ＝mgcos θ F µ＝µF n ＝µmgcos θ x 轴 由牛顿第二定律得 F －F µ－G X ＝ma即 F －µmgcos θ－mgsin θ＝maa ＝m mg mg F θθμsin cos -- ＝46.01048.01042.040⨯⨯-⨯⨯⨯-G X＝2.4m/s 25s 内的位移 x ＝21at 2＝21×2.4×52＝30m5s 末的速度 v ＝at ＝2.4×5＝12m例题7解析：找一个力的反作用力,就看这个力的施力物体是哪个物体，反作用力一定作用在这个物体上。
对小球的受力分析如图所示，小球受两个力：重力G 、悬挂拉力F ，根据牛顿第三定律可知，重力的施力物体是地球，那么G 的反作用力就是物体对地球的吸引力；F 的施力物体是悬绳，F 的反作用力是小球对悬绳的拉力。
小球受到的重力G 和悬绳的拉力F 正好是一对平衡力。
答案：见解析说明：平衡力是作用在一个物体上的力，作用力和反作用力是分别作用在两个物体上的力。
平衡力可以是不同性质的力，而作用力和反作用力一定是同一性质的力。
例题8解析：两物体无相对滑动，说明两物体加速度相同，方向水平。
对于物块m ，受两个力作用，其合力水平向左。
先选取物块m 为研究对象，求出它的加速度，它的加速度就是整体加速度，再根据F ＝（M+m ）a 求出推力F ，步骤如下：先选择物块为研究对象，受两个力，重力mg 、支持力F N ，且两力合力方向水平，如图所示，由图可得：tan mg ma θ=，tan a g θ=⨯再选整体为研究对象，根据牛顿第二定律()()tan F M m a M m g θ=+=+。
答案：()tan M m g θ+说明：（1）本题的解题过程是先部分后整体，但分析思路却是先整体后部分。
要求F ，先选整体受力情况最简单但加速度不知，而题意却告诉m 与M 相对静止，实际上是告知了m 的运动状态，这正是解决问题的突破口。
（2）解题的关键是抓住加速度的方向与合外力的方向一致，从而界定了m 的合外力方向。
（3）试分析F>()tan M m g θ+或F<()tan M m g θ+时物块相对斜面体将怎样运动?例题9解析：取小球研究，其平衡时的受力示意图所示，细线拉力大小为：θtan 'mg F =弹簧拉力大小：cos F mg θ=若剪断细线，则拉力F’突变为零。