山东省实验中学2014届高三上学期第二次诊断性测试物理试题Word版含答案
山东省实验中学2011级第二次诊断性测试
物理试题
2013.11 第I卷（选择题 40分）
一、选择题（第I卷包括10个小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
1.人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯向上匀速运动，如果所示，以下说法正确的是
A.人受到重力和支持力的作用
B.人受到重力、支持力和摩擦力的作用
C.人受到的合外力不为零
D.人受到的合外力方向与速度方向相同
2.如图是某质点运动的v—t图象，由图象得到的正确结果是
A.0~1s内的平均速度是1m/s
B.0~2s内的位移大小是3m
C.0~1s内的加速度小于2~4s内的加速度
D.0~1s内的运动方向与0~4s内的运动方向相反
3.下列关于运动的一些说法，正确的是
A.速度变化得越快，加速度就越大
B.加速度方向保持不变，速度方向也一定保持不变
C.在某一过程中加速度增大但速度减小
D.在某一过程中物体的位移为零，则物体在该过程中一定是静止的
4.如图所示，重力为G的物体通过绳OA、OB拴在半圆支架MN上，开始时，OA与竖直方向成37°角，OB与OA垂直，下列说法正确的是
A.此时绳OA中的拉力为0.8G
B.此时绳OA中的拉力为0.6G
C.保持OB不动，沿圆弧上移A点到最高点过程中，OA绳中拉
力变大
D.保持OB不动，沿圆弧下移A点，OA绳中拉力变小
5.如图所示，小球a、b质量相等，a从倾角为30°的光滑固定斜面的顶端无初速下滑，b从
v平抛，比较a、b落地的运动过程有
斜面等高处以初速
A.所用的时间相同
B.a、b都做匀变速运动
C.落地瞬间的速度相同
D.重力对a、b做的功相同
6.“快乐向前冲”节目中有这样一种项目，选手需要借
助悬挂在高处的绳子飞跃到鸿沟对面的平面上，如果已知选手的质量为m ，选手抓住绳子由静止开始摆动，如图所示，不考虑空气阻力和绳子的质量，下列说法正确的是
A.选手摆到最低点时处于失重状态
B.选手摆到最低点时所受绳子的拉力大于mg
C.选手摆到最低点时所受绳子的拉力大小大于选手对绳子的拉力大小
D.选手摆到最低点的运动过程中，重力势能逐渐减小
7.2012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行。
北斗星导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。
“北斗”系统中某两颗工作星均绕地心做匀速圆周运动，轨道半径为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置（如
图所示）.若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度
为g ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力.则以下判
断中正确的是
A.这两颗卫星的加速度大小相等，均为22R g r
B.卫星1由位置A 运动至位置B
C.卫星1向后喷气就一定能追上卫星2
D.卫星1由位置A 运动到位置B 的过程中万有引力做正功
8.2007年4月18日，我国铁路实行第六次大提速。
列车提速的一个关键技术问题是增加机车发动机的额定功率。
已知列车所受阻力与车的速度成正比，即f kv =（k 为比例系数）。
设提速前最大速度为160km/h ，提速后速度可达km/h ，则提速前与提速后机车发动机的额定功率之比为
A.16/25
B.25/16
C.16/125
D.256/625
9.一个人用手把一个质量为m=1kg 的物体由静止向上提起1m ，这时物体的速度为2m/s ，则下列说法中正确的是
A.人的拉力对物体所做的功为12J
B.合外力对物体所做的功为2J
C.合外力对物体所做的功为12J
D.物体克服重力所做的功为10J
10.如图所示，等质量的A 、B 两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A 、B 两球的加速度
分别为
A.都等于2
g B.都等于0 C.g 和0
D.0和g
第II 卷（非选择题 60分）
二、实验题
11.（2分）在“验证力的平行四边形定则”实验中，将橡皮条的一端固定在木板上，用两个
弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一位置O 点，以下操作中正确的是
A.实验中，只需记录弹簧测力计的读数和O 点的位置
B.在实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度
C.实验中，要先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条的结点拉到O 点
D.实验中，把橡皮条的结点拉到O 点时，两弹簧之间的夹角必须取90°，以便于算出合力的大小
12.（8分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，
采用如图所示的实验装置，小车的质量用M 表示，盘及盘
中砝码的质量用m 表示，小车的加速度可由小车后面拉动
的纸带经打点计时器打出的点计算得到。
（1）当M 与m 的大小关系满足_______时，才可以认为
绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力。
（2）一组同学在探究加速度与质量的关系时，保持盘及盘中砝码
的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度。
在分析处理时，该组同学产生分歧：甲同学认为应该根据实验中
测得的数据作出小车加速度a 与其质量M 的图象，乙同学则认为
应该作出a 与其质量倒数
1M
的图像。
为了比较容易地得出加速度a 与质量M 的关系，你认为同学_________（填“甲”、“乙”）的方案更合理。
（3）甲同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出a-F 图线，如图所示，则实验存在的问题是__________________。
（4）如图所示为打点计时器打出的一条纸带，图中A 、B 、C 、D 、E 等是按时间顺序先后打出的计数点（相邻两个计数点间有四个点未画出）。
用刻度尺量出AB 、DE 之间的距离分别为0.84cm ，那么小车的加速度大小是_____m/s 2。
（结果保留两位有效数字）
三、论述计算题（共3道题。
考生须用黑色签字笔答在规定的区域内，要写出必要的文字说明、规范的方程式，只写出计算结果不得分）
13.（12分）一质量m=2.0kg 的小物块以一定的初速度冲上一足够长的斜面，小物块与斜面间的动摩擦因数0.25μ=.某同学利用传感器测出了小物块从一开始冲上斜面上滑过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机作出了小物块上滑过程的速度—时间图线，如图所示.
（210/g m s =）求：
（1）、小物块冲上斜面过程中加速度的大小（2）、斜面的倾角 =？
（3）、小物块沿斜面上滑的最大距离
（4）小物块在斜面上运动的总时间。
14.如图所示，水平传送带匀速运动的速度为0v ，逆时针旋转。
半径为R 的1/4半圆弧光滑轨道的下端B 紧挨传送带的左端，但不影响传送带的运动。
一
个质量为m 的小物块从圆弧的最高点A 由静止滑下，到B
点时滑上传送带，物块与传送带间的摩擦因数为μ，重力加
速度为g ，请求解以下问题。
（1）、物块在圆弧轨道最低端时对轨道压力的大小与方向。
（2）要使物块不能从传送带的另一侧滑下，传送带两轮轴心间的长度至少应为多少？
（3）如果传送带两轮心间的长度为（2）中所求结果，求物块在传送带上运动到最右端的过程中因摩擦产生的热量为多少？
15.（20分）如图所示，半径R=1.0m 的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B 和圆心O 的连线与水平方向的夹角37θ=，另一端点C 为轨道的最低点。
C 点右侧的水平路面上紧挨C 点放置一木板，木板质量M=1kg ，上表面与C 点等高，质量m=1kg 的物块（可视为质点）从空中A 点以0 1.2/v m s =的速度水平抛出，恰好从轨道的B 端沿切线方向进入轨道。
已知物块与木板间的动摩擦因数0.2μ=，木板与
路面间的动摩擦因数
220.05sin 370.6,10/g m s μ===。
取。
试求： （1）、物块经过轨道上的B 点时的速度的大小B v
（2）、A 、B 两点的高度差h
（3）、物块到达C 点时的速度大小C v
（4）、设木板受到的最大静摩擦力与滑动摩擦力
相等，则木板至少多长才能使物块不从木板上滑下？。
2014年山东省实验中学高考物理三模试卷
2014年山东省实验中学高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共1小题，共3.0分)1.关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A.奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B.库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C.牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出了引力常量D.法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机【答案】D【解析】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象．故A错误．B、库仑提出了库仑定律，美国物理学家密立根利用油滴实验测定出元电荷e的带电量．故B错误．C、牛顿发现万有引力定律，英国人卡文迪许利用扭秤实验测出了引力常量．故C错误．D、法拉第不仅发现了电磁感应现象，而且发明了人类历史上的第一台发电机．故D正确．故选D．根据已有的知识，了解物理学史，知道科学家对物理的贡献．本题考查了物理学史，学好物理学史不仅是高中物理学习的要求，而且能增加我们对物理的学习兴趣，平时要注意物理学史的积累．二、多选题(本大题共2小题，共6.0分)2.如图所示，矩形物块甲和丙在水平外力F的作用下静止在物体乙的斜面上，物体乙静止在水平地面上．现减小水平外力F，三物体仍然静止，则下列说法中正确的是（）A.物体甲对物体丙的支持力一定减小B.物体乙对物体甲的摩擦力一定减小C.地面对物体乙的摩擦力一定减小D.物体甲可能受5个力的作用【答案】CD【解析】解：A、物体丙受到重力、甲对丙的支持力和静摩擦力处于平衡，推力变化时，丙受力情况没有变化，所受的三个力仍然平衡，甲对丙的支持力不变，甲对丙的静摩擦力大小不变．故A错误．B、对甲分析，甲受到重力、丙对甲的压力、摩擦力、推力，可能受到乙对甲的摩擦力，根据共点力平衡知，F减小时，乙对甲的摩擦力可能增大，可能减小．故B错误．C、对甲乙丙整体分析，在水平方向上受推力和地面的静摩擦力平衡，推力减小，地面的静摩擦力一定减小．故C正确．D、物体甲受到重力、丙的压力和静摩擦力、乙的支持力，可能还受到乙的静摩擦力，即可能受5个力的作用．故D正确．故选：CD．正确的受力分析是解决问题的关键，三物体仍然静止，说明物体处于平衡状态，所受外力合力为0．以丙物体为研究对象，根据平衡条件分析物体甲对物体丙的支持力；以甲、乙、丙整体为研究对象，由平衡条件分析地面对物体乙的摩擦力；对甲两组成的整体，分析物体乙对物体甲的摩擦力．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的使用．3.在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A运动的距离为d，速度为v．则此时（）A.拉力做功的瞬时功率为F vsinθB.物块B满足m2gsinθ=kdC.物块A的加速度为D.弹簧弹性势能的增加量为F d-m1gdsinθ-m1v2【答案】CD【解析】解：A、拉力的瞬时功率P=F v，故A错误；B、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面下的分力，当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsinθ=kx2，但由于开始是弹簧是压缩的，故d＞x2，故m2gsinθ＜kd，故B错误；C、当B刚离开C时，对A，根据牛顿第二定律得：F-m1gsinθ-kx2=m1a1，又开始时，A 平衡，则有：m1gsinθ=kx1，而d=x1+x2，解得：物块A加速度为a1=，故C正确；D、根据功能关系，弹簧弹性势能的增加量等于拉力的功减去系统动能和重力势能的增加量，即为：，故D正确；故选：CD．当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，根据胡克定律求解出弹簧的伸长量；根据牛顿第二定律求出物块A的加速度大小；根据机械能守恒定律求解A 的速度．含有弹簧的问题，往往要研究弹簧的状态，分析物块的位移与弹簧压缩量和伸长量的关系是常用思路．三、单选题(本大题共1小题，共3.0分)4.我国志愿者王跃曾与俄罗斯志愿者一起进行“火星-500”的实验活动．假设王跃登陆火星后，测得火星半径是地球半径的，质量是地球质量的．已知地球表面的重力加速度是g，地球的半径为R，王跃在地面上能向上竖直跳起的最大高度是h，忽略自转的影响，下列说法正确的是（）A.火星的密度为B.火星表面的重力加速度是C.火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为D.王跃以在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是【答案】A【解析】解：A、由G=mg，得到：g=，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，则火星表面的重力加速度是地球表重力加速度的，即为g．设火星质量为M′，由万有引力等于中可得：′′，′解得：M=，密度为：．故A正确．B、由G=mg，得到：g=，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，则火星表面的重力加速度是地球表重力加速度的，即为g．故B错误．C、由，得到v=，火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍．故C错误．D、王跃以v0在地球起跳时，根据竖直上抛的运动规律得出可跳的最大高度是：，由于火星表面的重力加速度是，王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度h′=h．故D错误．故选：A．求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行之比．根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，根据万有引力等于重力求出质量表达式，在由密度定义可得火星密度；由重力加速度可得出上升高度的关系．根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系．通过物理规律把进行比较的物理量表示出来，再通过已知的物理量关系求出问题是选择题中常见的方法．把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题．四、多选题(本大题共3小题，共9.0分)5.真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量大小分别是Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．则（）A.E带正电，F带负电，且Q E＜Q FB.在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C.过N点的等势面与过N点的切线垂直D.负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能【答案】AC【解析】解：A、根据电场线的指向知E带正电，F带负电；N点的场强是由E、F两电荷在N点产生场强的叠加，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而NF＞NE，所以由点电荷场强公式E=k知Q E＜Q F．故A正确；B、只有电场线是直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行时，带电粒子的运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故在M 点由静止释放一带正电的检验电荷，不可能沿电场线运动到N点．故B错误．C、因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直．故C正确．D、沿电场线方向电势逐渐降低，φM＞φN，再根据E p=qφ，q为负电荷，知E p M＜E p N．故D错误；故选：AC．A、根据电场线的方向和场强的叠加，可以判断出E、F的电性及电量的大小．B、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．C、电场线和等势面相互垂直．D、先比较M、N两点电势的高低，再根据E p=qφ，比较电势能的大小．解决本题的关键知道电场线的特点及电势能高低的判断．电势能高低判断：一可以从电场力做功角度判断，二根据电势能的公式判断．6.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n l：n2=4：1，原线圈接图乙所示的正弦交流电，副线圈与理想电压表、理想电流表、热敏电阻R T（阻值随温度的升高而减小）及报警器P组成闭合电路，回路中电流增加到一定值时报警器P将发出警报声．则以下判断正确的是（）A.变压器副线圈中交流电压u的表达式B.电压表示数为9VC.R T处温度升高到一定值时，报警器P将会发出警报声D.R T处温度升高时，变压器的输入功率变小【答案】AC【解析】解：A、原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压36v，周期0.02S，故角速度是ω=100π，u=36sin100πt（V），故A正确；B、变压器的输入电压有效值为：U1==36V；根据变压比公式，输出电压为：U，由于报警器的分压作用，热敏电阻的电压小于9V，故B错误；C、R t处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大；故R T处温度升高到一定值时，报警器P将会发出警报声，故C正确；D、R t处温度升高时，阻值减小，电流表的示数变大，但不会影响输入电压值，故输出电压也不变，故输出功率变大，输入功率等于输出功率，也变大；故D错误；故选：AC．由图乙可知交流电压最大值U m=36V，周期T=0.02秒，可由周期求出角速度的值，则可得交流电压u的表达式u=U m sinωt（V），由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比，R t处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．7.图中MN和PQ为竖直方向的两平行足够长的光滑金属导轨，间距为L，电阻不计．导航所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直．两端分别接阻值为2R的电阻R1和电容为C的电容器．质量为m、电阻为R的金属杆ab始终垂直于导轨，并与其保持良好接触．杆ab由静止开始下滑，在ab杆下滑过程中始终没有与电容器相碰，则有（）A.ab杆下落的最大速度为B.电容器的最大带电量为且右板带负电荷C.ab杆下滑过程中加速度逐渐减小D.杆ab克服安培力的最大功率为【答案】ACD【解析】解：A、线框做切割磁感线运动时，根据切割公式、闭合电路欧姆定律公式和安培力公式可得到安培力F=；速度最大时重力与安培力平衡，故：mg=，解得：v m=；故A正确；B、当线框的速度达到最大时，感应电动势最大，感应电动势的最大值为：E m=BL v m=；路端电压的最大值为：U==；故电容器的带电量最大，为：Q=CU=C×=；根据右手定则，感应电动势的方向为：a→b；故右板带正电荷；故B错误；C、杆下滑过程，根据牛顿第二定律，有：mg-=ma由于速度v逐渐增加，故加速度逐渐减小；故C正确；D、杆ab克服安培力的最大功率为：P=F m v m=mgv m=；故D正确；故选：ACD．线框做切割磁感线运动时，根据切割公式、闭合电路欧姆定律公式和安培力公式可得到安培力F=；当线框的速度达到最大时，根据平衡条件求解最大速度；此时电容器的带电量最大；根据牛顿第二定律分析加速度的变化情况；根据P=F v分析杆ab克服安培力的最大功率．本题关键是明确导体棒的受力情况和运动情况，然后结合平衡条件和牛顿第二定律分析，不难．八、多选题(本大题共1小题，共4.0分)12.下列说法中正确的是（）A.物体吸热后温度一定升高B.物体的内能是物体中所有分子的热运动动能和分子势能的总和C.单位体积的气体分子数增加，气体的压强不一定增大D.气体的温度升高，每个气体分子运动的速率都增加E.一定质量的100℃的水蒸汽变成100℃的水，其分子势能减少【答案】BCE【解析】解：A、晶体的熔化时，吸收热量，而稳温度不升高，故A错误；B、物体的内能是物体分子所有动能和分子势能的总和，故B正确；C、气体压强的微观解释取决于分子的密集程度即气体的体积，分子的平均动能即温度，所以单位体积的气体分子数增加，气体的压强不一定增大，故C正确；D、温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大；这是对大量分子的统计规律，并不是所以分子的动能大，也有的分子的动能小，即运动速率小，故D错误；E、据影响内能的因素可知，相同质量的100℃的水蒸汽变成100℃的水，需要放热，即内能减少；而温度不变，故分子势能减小，故E正确．故选：BCE．利用晶体融化的特点、内能、气体压强的微观解释和温度是分子平均动能的标志分析求解．明确晶体融化的特点、内能、气体压强的微观解释和温度是分子平均动能的标志是解题的关键，属于基础题．十、多选题(本大题共1小题，共4.0分)14.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图所示，此时波刚好传到P点，t+0.6s 时刻的波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则以下说法正确的是（）A.这列波的波速可能为50m/sB.质点a在这段时间内通过的路程一定小于30cmC.质点c在这段时间内通过的路程可能为60cmD.若T=0.8s，则当t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同E.若T=0.8s，当t+0.4s时刻开始计时，则质点c的振动方程为y=0.1sin（πt）（m）【答案】ACD【解析】解：A、由图可知，波的波长为40m；两列波相距0.6s=（n+）T，故周期T=；波速v==（4n+3）m/s=×（4n+3）m/s，（n=0，1，2，…）；当n=0时，当v=50m/s时，故A正确；B、质点a在平衡位置上下振动，振动的最少时间为T，故路程最小为3A即30cm，故B错误；C、c的路程为60cm说明c振动了1.5个周期，则可有：+1.5T=0.6，即+=0.6解得：n=1时满足条件，故C正确；D、在t时刻，因波沿X轴正方向传播，所以此时质点P是向上振动的，经0.5秒后，P 是正在向下振动（负位移），是经过平衡位置后向下运动0.1秒；而质点b是正在向上振动的（负位移），是到达最低点后向上运动0.1秒，因为0.2秒等于，可见此时两个质点的位移是相同的．故D正确；E、当T=0.8s，当t+0.4s时刻时，质点c在上端最大位移处，据ω==rad/s=πrad/s，据图知A=0.1m，当从t+0.4s时刻时开始计时，则质点c的振动方程为x=0.1sin（πt+）m，故E错误．故选：ACD．由图可知波的波长，而由两列波的波形图可得两波形相距的时间与周期的关系，则可得出波速的表达式；由波速可知周期的表达式，则可得出质点的路程及位移及质点的振动方程．本题考查对波动图象的理解能力．知道两个时刻的波形时，往往应用波形的平移法来理解．五、计算题(本大题共1小题，共16.0分)8.用如图实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．下图给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图1中未标出），计数点间的距离如图所示．已知m1=50g、m2=150g，则（g取9.8m/s2，结果保留两位有效数字）（1）在纸带上打下记数点5时的速度v= ______ m/s；（2）在打点0～5过程中系统动能的增量△E K=0.58J，系统势能的减少量△E P=0.59J，由此得出的结论是______ ；（3）若某同学作出图象如图2，则当地的实际重力加速度g= ______m/s2．【答案】2.4；在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒；9.7【解析】解：（1）利用匀变速直线运动的推论v5===2.4m/s（2）系统动能的增量△E K=E k5-0=（m1+m2）v52=0.58J．系统重力势能减小量△E p=（m2-m1）gh=0.1×9.8×0.6000m J=0.59J在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒（3）由于△E K=E k5-0=（m1+m2）v52=△E p=（m2-m1）gh由于（m1+m2）=2（m2-m1）所以得到：v2=h所以图象的斜率k=g=9.7m/s2．故答案为：（1）2.4（2）0.58，0.59，在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒（3）9.7解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．对于物理量线性关系图象的应用我们要从两方面：1、从物理角度找出两变量之间的关系式2、从数学角度找出图象的截距和斜率，两方面结合解决问题．该题的研究对象是系统，要注意m1和m2的重力势能的变化情况．利用v2-h图线处理数据，（m1+m2）=2（m2-m1），那么v2-h图线的斜率就等于．直线图象中斜率和截距是我们能够利用的信息．六、填空题(本大题共1小题，共10.0分)9.用欧姆表测某电阻R x的阻值为10Ω，为了进一步准确测量电阻R x的阻值，某实验小组找来以下器材：电压表（0～3V，内阻约3kΩ）、电流吧（0～0.6A，内阻约0.5Ω）、滑动变阻器（0～15Ω，2A）、电源（E=3V，内阻很小）、开关与导线．（1）请根据你设计的电路图将图1中实物连线图补齐；（2）图1中，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于______ 端（选填“a”、“b”）；（3）闭合开关，缓慢调节滑动变阻器，得到多组电压表与电流表的读数，根据实验数据在坐标系中描出坐标点．请你完成U-I图线；（4）根据U-I图可得，该未知电阻的阻值R x= ______ （保留两位有效数字）（5）由于实验中使用的电表不是理想电表，会对实验结果造成一定的影响，则该小组同学实验测出的电阻值______ R x的真实值（填“＞”、“＜”或“=”）【答案】a；5.0Ω；＜【解析】解：（1）为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由题意可知，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：（2）由于滑动变阻器采用分压接法，由电路图可知，为保护电路安全，闭合开关前，滑片应置于a端．（3）根据坐标系内描出的点作出图象如图所示：（4）由图示图象可知，电阻的阻值R x===5.0Ω．（5）由电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）a；（3）图象如图所示；（4）5.0Ω；（5）＜．（1）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后连接实物电路图．（2）滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路安全，保护开关前滑片应置于分压电路分压最小的位置．（3）根据坐标系内描出的点作出图象．（4）根据图象由欧姆定律求出电阻阻值．（5）根据电路图应用欧姆定律分析实验误差．本题考查了连接实物电路图、实验注意事项、作图象、求电阻阻值、实验误差分析，根据题意确定滑动变阻器与电流表接法是正确连接实物电路图的关键；要掌握描点法作图的方法．七、计算题(本大题共2小题，共37.0分)10.如图所示传送带A、B之间的距离为L=5.25m，与水平面间夹角θ=30°，传送带沿顺时针方向转动，速度恒为v=7.5m/s，在上端A点无初速放置一个质量为m=1kg、大小可视为质点的金属块，它与传送带的动摩擦因数为μ=，金属块滑离传送带后，沿着弯道滑下进入半径为R=1m的光滑半圆轨道做圆周运动，刚好能通过最高点E，D为半圆轨道的最低点且垂直于水平面．已知B、D两点的竖直高度差为h=0.5m（取g=10m╱s2），求：（1）金属块从A运动到B经历的时间；（2）金属块经过半圆轨道的D点时对轨道的压力；（3）金属块在BCD弯道上克服摩擦力做的功．【答案】解：（1）物体速度到达v的运动过程中由牛顿第二定律可知mgsinθ+μmgcosθ=maa=gsinθ+μgcosθ=12.5m/s2需要时间为通过的位移为．＜L因为mgsinθ＜μmgcosθ，物体将匀速运动，匀速运动时间为在传送带上运动的总时间为t=t1+t2=0.6+0.4s=1s；（2）物体刚好通过E点，则mg=m物体从D到E过程中由动能定理可知在D点由牛顿第二定律可知F-mg=联立解得F=60N由牛顿第三定律可知对轨道压力为60N（3）在BCD过程中有动能定理可得mgh-W f=代入数据解得W f=8.125J答：（1）金属块从A运动到B经历的时间为1s；（2）金属块经过半圆轨道的D点时对轨道的压力为60N；（3）金属块在BCD弯道上克服摩擦力做的功为8.125J．【解析】（1）先判断出物体在传送带上先做加速运动，再做匀速运动，由牛顿第二定律和运动学公式求的时间；（2）物体刚好通过E点，求出E点的速度，从D到E由动能定理求的D点速度，由牛顿第二定律求的压力；（3）在BCD弯道上由动能定理求的摩擦力做的功；本题考查牛顿第二定律的应用、动能定理等内容，要注意分析受力情况及运动情况，然后再合理选择物理规律求解．11.如图，静止于A处的离子，经加速电场加速后沿图中圆弧虚线通过静电分析器，从P点垂直CN进入矩形区域的有界匀强电场，电场方向水平向左．静电分析器通道内有均匀辐射分布的电场，已知圆弧虚线的半径为R，其所在处场强为E、方向如图所示；离子质量为m、电荷量为q；、，离子重力不计．（1）求加速电场的电压U；（2）若离子恰好能打在Q点上，求矩形区域QNCD内匀强电场场强E0的值；（3）若撤去矩形区域QNCD内的匀强电场，换为垂直纸面向里的匀强磁场，要求离子能最终打在QN上，求磁场磁感应强度B的取值范围．【答案】解：（1）离子在加速电场中加速，根据动能定理，有：离子在辐向电场中做匀速圆周运动，电场力提供向心力，根据牛顿第二定律，有得：（2）离子做类平抛运动2d=vt3d=由牛顿第二定律得：q E0=ma则E0=（3）离子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有则离子能打在QF上，则既没有从DQ边出去也没有从PF边出去，则离子运动径迹的边界如图中Ⅰ和Ⅱ．由几何关系知，离子能打在QF上，必须满足：＜则有＜答：（1）加速电场的电压U为；（2）矩形区域QNCD内匀强电场场强E0的值为；（3）磁场磁感应强度B的取值范围为＜．【解析】（1）离子在加速电场中加速时，电场力做功，动能增加，根据动能定理列出方程；粒子进入静电分析器，靠电场力提供向心力，结合牛顿第二定律列出方程，即可求出加速的电压大小．（2）离子进入矩形区域的有界匀强电场后做类平抛运动，将其进行正交分解，由牛顿第二定律和运动学公式结合，可求解场强E0的值．（3）离子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律得到轨迹半径．画出粒子刚好打在QN上的临界轨迹，由几何关系求出临界的轨迹半径，即可求得B的范围．对于带电粒子在电场中加速过程，往往运用动能定理研究加速电压与速度的关系；对于电场中偏转问题，运动的分解是常用方法．磁场中的匀速圆周运动，要知道洛伦兹力充当向心力，画出轨迹是解答的关键，同时注意粒子在静电分析器中电场力不做功．九、计算题(本大题共1小题，共8.0分)13.如图所示，一圆柱形气缸直立在水平地面上，内有质量不计的可上下移动的活塞，在距缸底高为2H0的缸口处有固定的卡环，使活塞不会从气缸中顶出，气缸壁和活塞都是不导热的，它们之间没有摩擦．活塞下方距缸底高为H0处还有一固定的可导热的隔板，将容器分为A、B两部分，A、B中各封闭同种的理想气体，开始时A、B中气体的温度均为27℃，压强等于外界大气压强p0，活塞距气缸底的高度为1.6H0，现通过B中的电热丝缓慢加热，试求：（1）当B中气体的温度为47℃时，B中的气体压强为多大？（2）当B中气体的温度为750K时，A中气体的压强是多少？【答案】解：（1）B中气体做等容变化，由查理定律：′′当温度为T′B=273+47=320K时，′（2）A中气体做等压变化，且A气体与气体B的温度相同为750K，对A：′′所以：T′A=500K当活塞卡住后，A中气体做等容变化：′′解得：P′A=1.5P0答：（1）当B中气体的温度为47℃时，B中的气体压强为1.07P0。
2014山东省实验中学高三二模考试数学理试题及答案
山东省实验中学2011级第二次模拟考试数学试题（理科）2014.4第I 卷（选择题 50分）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.在每个小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项.1.已知集合{}{}()12,1R A x x B x x A C B =-≤≤=<⋂，则= A.{}1x x > B. {}1x x ≥ C.{}2x x 1<≤ D. {}2x x 1≤≤ 2.已知直线l ⊥平面α，直线m β⊂平面，有下面四个命题：①//l m αβ⇒⊥； ②//l m αβ⊥⇒；③//l m αβ⇒⊥；④//l m αβ⊥⇒ 其中正确的两个命题是A.①②B.③④C.②④D.①③3.给出下列图象其中可能为函数()()432,,,f x x ax cx bx d a b c d R =++++∈的图象是 A.①③ B.①②C.③④D.②④ 4.已知圆()()22121111C x y C C ++-=：，圆与圆关于直线10x y --=对称，则圆2C 的方程为A.()()22221x y ++-=B.()()22221x y -++= C.()()22221x y +++= D.()()22221x y -+-= 5.已知函数()y f x =满足：①()1y f x =+；②在[)1,+∞上为增函数，若120,0x x <>，且()()12122x x f x f x +<---，则与的大小关系是A.()()12f x f x -=-B. ()()12f x f x -<-C.()()12f x f x ->-D.无法确定6.已知G 是ABC ∆的重心，点P 是GBC ∆内一点，若AP AB AC λμλμ=++，则的取值范围是 A.112⎛⎫⎪⎝⎭， B.213⎛⎫⎪⎝⎭， C.312⎛⎫⎪⎝⎭， D.()12，7.已知点(),M a b 在由不等式组002x y x y ≥⎧⎪≥⎨⎪+≤⎩确定的平面区域内，则点(),N a b a b +-所在平面区域的面积是A.4B.2C.1D.88.已知离心率为e的双曲线和离心率为2的椭圆有相同的焦点12F F P 、，是两曲线的一个公共点，若123F PF e π∠=，则等于A.2B. 2C.52D.3 9.设αβ，为锐角，那么“()22sinsin sin αβαβ+=+”是“2παβ+=”的A.充分非必要条件B.必要非充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件 10.已知函数()31,0,9,0x x f x xx x ⎧+>⎪=⎨⎪+≤⎩若关于x 的方程()()22f x x a a R +=∈有六个不同的实根，则a 的取值范围是A.(]2,8B.(]2,9C.()8,9D. (]8,9二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分.11.阅读下面程序框图，则输出的数据S 为______.12.几何体的三视图如图所示（单位：m ），则该几何体的体积为________m 3.13.已知对于任意的x R ∈，不等式35x x a -+->恒成立，则实数a 的取值范围是________.14.如图，用四种不同颜色给三棱柱111ABC A B C -的六个顶点涂色，要求四种颜色全都用上，每个点涂一种颜色，且图中每条线段的两个端点涂不同颜色.则不同的涂色方法的种数为_________（用数字做答）.15.设S 为非空数集，若,x yS ∀∈，都有,,x y x y xy S +-∈，则称S 为封闭集.下列命题①实数集是封闭集； ②全体虚数组成的集合是封闭集；③封闭集一定是无限集； ④若S 为封闭集，则一定有0S ∈；⑤若S ，T 为封闭集，且满足S U T ⊆⊆，则集合U 也是封闭集.其中真命题是_________________.三、解答题：本大题共6小题，共75分.解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程.16.（本小题满分12分）已知ABC ∆的面积为1，且满足02AB AC AB AC <⋅≤，设和的夹角为θ. （I ）求θ的取值范围；（II ）求函数()22sin cos 246f ππθθθ⎛⎫⎛⎫=+-+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭的最大值及取得最大值时的θ值. 17.（本小题满分12分）如图，正三棱柱111ABC A B C -的所有棱长都为2，D 为1CC 中点.（I ）求证：1AB ⊥平面1A BD ；（II ）求二面角1A A D B --的大小.18.（本小题满分12分）盒中装有5个乒乓球用作比赛，其中2个是旧球，另外3个是新球，新球使用后．．．即成为了旧球.（I ）每次比赛从盒中随机抽取1个球使用，使用后．．．放回盒中，求第2次比赛结束后盒内剩余的新球数为2个的概率P ；（II ）每次比赛从盒中随机抽取2个球使用，使用后放回盒中，设第2次比赛结束后盒内剩余的新球数为X ，求X 的分布列和数学期望.19.（本小题满分12分）已知数列{}()*n a n N ∈的前n 项和为n S ，数列n S n ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是首项为0，公差为12的等差数列. （I ）求数列{}n a 的通项公式；（II ）设()()*4215n a n b n N =⋅-∈，对任意的正整数k ，将集合{}21221,,k k k b b b -+中的三个元素排成一个递增的等差数列，其公差为x d ，求数列{}k d 的通项公式.（III ）对（II ）中的x d ，求集合{}1,k k x d x d x Z +<<∈的元素个数.20.（本小题满分13分）已知椭圆()2222:1x y C a b a b +=>>0的两个左、右焦点分别是())12,F F ，且经过点33A ⎛ ⎝⎭.（I ）求椭圆C 的方程；（II ）若椭圆C 上两点M ，N 使(),0,2OM ON OA OMN λλ+=∈∆求面积的最大值.21.（本小题满分14分）已知函数()2ln ,f x x ax x a R =+-∈.（I ）若函数()[]12f x 在，上是减函数，求实数a 的取值范围；（II ）令()()2g x f x x =-，是否存在实数(]0,a x e ∈，当（e 是自然常数）时，函数()g x 的最小值是3，若存在，求出a 的值；若不存，说明理由；（III ）当(]0,x e ∈时，证明：()2251ln 2e x x x x ->+.。
山东省实验中学高三物理第二次诊断性考试试题(扫描版)
山东省实验中学2017届高三第二次诊断性考试物理试题参考答案2016．10一、选择题（本题包括10小题，每小题4分，共40分。
每小题给出的四个选项中，1-6题只有一个选项正确，8-10题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 CDADBABDADBCACD二、实验题（本题包括2小题，共15分）11.(7分）(1) 2.00N （2分）；(2)L1的方向、L2的方向和L 3的方向（3分）； (3）AB （2分,选不全得1分）12.（8分）(1)无关（2分） (2)乙 （2分） (3）砂和砂筒质量（2分） (4) C （2分） 三、计算题（本题包括4小题，共45分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.)13.(6分)解： 在干燥路面上刹车时：x 1＝v 0Δt ＋v 202a （2分）在雨天刹车时：x 2＝v 0Δt ＋v 202×12a（2分）解得：Δt ＝0.5s （2分）14.(11分)解：设下落过程中最大速度为v ，自由落体的高度为h 1，则：212v gh =（1分） 1v gt =（1分） 解得：t 1=2s （1分）设匀减速的高度为h 2，加速度大小为a ，则：222v ah =（1分） 2v at = （1分） 下落的总距离h =h 1+h 2=64m-4m=60m联立解得：a =5m/s 2（1分） t 2=4s （1分） 游客下落过程的总时间为t =t 1+t 2=6s （1分）(2)匀减速过程中，由牛顿第二定律得：f -mg =ma （2分）可得f =22500N （1分）15.(13分)解：（1） 根据牛顿第二定律得； （2分）（2） 旅行包从开始运动到速度与传送带速度相等：需要的时间为：（1分）后一阶段旅行包运动至B 端所用的时间为t 2，则由L-S 1=V 传t 2 （2分） 可解得：（1分）所以，物体由A 端到B 端所用时间为：t=t 1+t 2=3s ． （1分）（3） 相对滑动过程中物体通过的位移为：（2分）传送带的位移： （2分）旅行包在传送带上相对滑动时留下的痕迹的长度s=s 2-s 1=1m （2分）16.(15分)解：（1）放上木块后，木块的加速度 μ1mg ＝m a 1 （1分） a 1＝2 m/s 2（1分） 木板的加速度 μ1mg +μ22 mg ＝m a 2（2分） a 2＝8 m/s 2 （1分） (2)设经过t 时间速度相同，根据速度时间公式得，a 1t ＝v 0-a 2t （2分） 解得t ＝0.5 s （1分）（3）在速度相等时，木板的位移x 1＝v 0 t －12a 2t 2 （1分） 解得x 1＝1.5 m （1分）共速后，两者分别做匀减速运动 此时的速度v ＝a 1t ＝1m/s （1分） 木板加速度 μ22 mg －μ1mg ＝m a 3 （2分） a 3＝4 m /s 2由v 2＝2 a 3x 2 （1分） 得x 2＝0.125 m木板全程位移 x ＝x 1 +x 2＝1.625 m （2分）。
山东省潍坊实验中学2014届高三第二次(12月)过关检测物理试题(含答案)
保密★启用前 试卷类型：A潍坊实验中学2014届高三第二次单元过关检测物理试题 2013.12注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分。
考试时间90分钟。
2．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型用铅笔涂写在答题卡上。
3．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答在试卷上无效。
山东中学联盟 4．考试结束，将第Ⅱ卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ部分（选择题48分）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，选错或不选得0分）1. 把一条导线平行地放在如图所示磁针的上方附近，当导线中有电流时，磁针会发生偏转。
首先观察到这个实验现象的物理学家是 ( )A ．奥斯特B ．法拉第C ．欧姆D ．洛伦兹2.若带正电荷的小球只受到电场力作用，则它在任意一段时间内 ( ) A ．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动 B ．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C ．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D ．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动I3．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且AB=BC 。
电场中 A 、 B 、C 三点的场强分别为EA 、EB 、EC 电势分别为 A B C ϕϕϕ、、，AB 、BC 间的电势差分别为U AB U BC 则下列关系式中正确的是（）A ．ABC ϕϕϕ>> B ．E C >E B >E A C ．U AB <U BCD ．U AB =U BC4.小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM 为I 轴的垂线。
则下列说法中正确的是（ ）A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U 1I 2C ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U 1I 2－I 1D ．对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围的面积5. 在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方有一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将 ( )A ．向上偏转B ．向下偏转C ．向纸里偏转D ．向纸外偏转6.如图所示，在光滑水平面上一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时磁铁对水平面的压力为N 1，现在磁铁左上方位置固定一导体棒，当导体棒中通以垂直纸面向里的电流后，磁铁对水平面的压力为N 2 ，则以下说法正确的是（ ） A ．弹簧长度将变长 B ．弹簧长度将变短C ．N 1＞N 2D ．N 1＜N 2NSI 2 M P I 1 NQ17.如图所示,一束电子以大小不同的速率沿图示方向飞入横截面为一正方形的匀强磁场区,在从ab边离开磁场的电子中，下列判断正确的是（）A.从b点离开的电子速度最大山东中学联盟B.从b点离开的电子在磁场中运动时间最长C.从b点离开的电子速度偏转角最大D.在磁场中运动时间相同的电子,其轨迹线一定重合8. 如图表示一交流电的电流随时间而变化的图象，此交流电流的有效值是（）A．3.5A B．25.3 AC．25 A D．5A9.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直低面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流I的正方向，下列各图中正确的是 ( )10. (2011·新课标全国卷)如图，一理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220 V，额定功率为22 W；原线圈电路中接有电压表和电流表。
2014届第二次全国各地大联考(山东)物理.pdf
B.由于乙的频率比甲的大，因此电容器有可能被击穿
C.无论接甲，还是接乙电源，若滑动触头P向上移动，灯泡都变暗
D.若将原线圈n1的匝数增加，灯泡消耗的功率将变小
20.如图所示，两导轨PQ、EF放在倾角为30°的斜面上，间距为L，下端接一阻值为R的电阻（其他电阻忽略不计
），质量为m的导体棒，用细线吊住，放在光滑的导轨上，线的另一端跨过两个定滑轮，挂着一个质量为的砝码，一磁
O点两侧，离O点距离相等的两点。如果是带电荷量为Q的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等。则下
列判断正确的是（ ）
A．P点的电势与Q点的电势相等
B．P点的电场强度与Q点的电场强度相等
C．在P点释放静止带正电的微粒（重力不计），微粒将做匀加速直线运动
D．带正电的微粒在O点的电势能为零
D．kg·m/s2与Wb·A/m能表示同一个物理量的单位
15.一物体从坐标原点出发，沿某方向做直线运动的v—t图象如图所示，设运动的方向为正方向，在运动过程中
，位移为s，加速度为a，动能为Ep，合外力做功的功率的大小为P，则下列正确的是（ ）
16．如图所示，电荷q均匀分布在半球面上，球面的半径为R，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线。P、Q为CD轴上在
，表达式中需要
测量的各字母的物理意义为
。
③图乙所示电路中，改变力的大小，得到不同的R值，得到如图丙所示的R—F图象，写出R和F的关系式R=
。
④若甲图所示的电路中，在压敏电阻R上水平放置一个重力为1.0N的托盘，在托盘上放一重物，电源电动势
E=9.0V，电源内阻r=1.0Ω，R0=5.0Ω，闭合开关，电压表示数为5.0V，则重物的重量为
【必做部分】
21.（18分）（1）（9分）某同学得用气垫导轨和数字计数器探究弹簧的弹性势能空气，从小孔中喷出，会使质量为滑块与导轨间有一层薄的空气，使二者不接触从
【2014济南二模】山东省济南市2014届高三5月针对性训练 理综物理参考答案
23. （20 分） （1）粒子经电场加速，由动能定理得： qU 进入圆筒中的粒子有 由①②得 2mR 2 U qt 2
t 2R v
1 2 mv 2
①-----------------（2 分）
②-----------------------（2 分） -----------------------（1 分）
得： vC 5m/s
cos vB 0.6 -----------------------1 分 vC
滑块从 E 点上抛至落回的时间用 t0 表示，则
vE g t0 2m/s -------------------1 分 2
滑块沿圆弧轨道由 C 到 E 过程，设克服摩擦力做功为 Wf，由动能定理
v2 qvB m r r1=R
v1 qBR m
④----------------（2 分） ⑤------------------（1 分） ⑥----------------（1 分） α=60
o
如图由几何关系知到达 Q 点的粒子穿过圆筒的偏转角 到达 Q 点的粒子应满足 到达 Q 点的粒子速度 r2=R tan60
s1 1 2 a1t1 ---------------------1 分 2
撤去 F 后滑块做匀减速直线运动 a2 g ----------------------1 分
物理试题答案第 1 页 共 4 页
vB v1 a2t2 ------------------------1 分
v2 qBr2 m
o
⑦------（1 分）
⑧--------------（1 分）
⑨--------------------（1 分）
山东省实验中学高三第二次诊断性测试
山东省实验中学高三第二次诊断性测试standalone； self-contained； independent； self-governed；autocephalous； indie； absolute； unattached； substantive山东省实验中学高三第二次诊断性测试化学试题注意事项：1．本试卷分为第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷1～4页为选择题，第Ⅱ卷5～8页为非选择题。
考试时间90分钟，满分100分。
2．请将第Ⅰ卷选择题所选答案的标号（A、B、C、D）填涂在答题卡上可能用到的原子量: H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 P 31 Cu 64第Ⅰ卷（选择题共40分）一、选择题（本题包括17小题，每小题只有一个选项符合题意。
1-11题每小题2分，12-17题每小题3分，共40分。
）1.下列物质及用途正确的是A．碳酸钡、钡餐（X光透视）B. 苯甲酸钠、食品防腐剂C．甲醛、食品漂白 D. 苏丹红、食品色素2. 久置空气中会发生颜色变化，但颜色变化不是由于跟氧气反应引起的物质是A.过氧化钠固体B. 亚硫酸钠固体 C 硫酸亚铁晶体 D 苯酚晶体3.短周期元素A、B、C原子序数依次递增，它们原子的最外层电子数之和为10。
A与C在周期表中同主族，B原子最外层电子数等于A原子次外层电子数，下列叙述正确的是A. 原子半径A＞B＞CB. A的氢化物的稳定性大于C的氢化物C. A的氧化物的熔点比C的氧化物高D. A与C可形成离子化合物4. 同温同压下，等体积的两容器内分别充满由14N、13C、18O三种原子构成的一氧化氮和一氧化碳，下列说法正确的是A．所含分子数和质量均不相同 B．含有相同的分子数和电子数C．含有相同的质子数和中子数 D．含有相同数目的中子、原子和分子5. 用NA表示阿伏加德罗常数，下列说法中正确的是A.1L1mol/L的醋酸溶液中离子总数为2NA4中含有阳离子的数量为 NA晶体中含有右图所示的结构单元的数量为D. 标准状况下，22.4L CH3Cl和CHCl3的混合物所含有分子数目为NA6.将60℃的硫酸铜饱和溶液100克,冷却到20℃,下列说法正确的是A.溶液质量不变B.溶剂质量发生变化C.溶液为饱和溶液,浓度不变D.有晶体析出,溶剂质量不变7. 下列药品：① 氯水；② 氢氧化钠溶液；③ 银氨溶液；④ 氨水；⑤ 氢硫酸；⑥ 与乙醛发生反应的氢氧化铜；⑦ 由工业酒精制取无水酒精时所用的生石灰。
山东省实验中学2014届高三第一次模拟考试(三诊)理综物理 Word版含答案
山东省实验中学2011级第三次诊断性测试理综试题(2014.3)本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。
满分300分，考试时间150分钟。
可能用到的相对原子质量：O 16 Na 23 S 32 Ba 137第I卷(选择题 107分)二、选择题(本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，物理学中把这种研究方法叫做“微元法”．下列几个实例中应用到这一思想方法的是A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体，即质点B．在“探究弹性势能的表达式”的活动中为计算弹簧弹力所做功，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，拉力在每小段可以认为是恒力，用各小段做功的代数和代表弹力在整个过程所做的功C．一个物体受到几个力共同作用产生的效果与某一个力产生的效果相同，这个力叫做那几个力的合力D．在探究加速度与力和质量之间关系时，先保持质量不变探究加速度与力的关系，再保持力不变探究加速度与质量的关系15．2012年伦敦奥运会上中国选手周璐璐在女子75公斤级比赛中以333公斤的总成绩获得冠军，并打破世界纪录。
如图为她挺举时举起187公斤的图片，两臂成120°，周璐璐沿手臂撑的力F及她对地面的压力N的大小分别是(g取10m／s2)A．F=4080N，N=1870N B．F=2620N，N=1870NC．F=1870N，N=4080N D．F=1870N，N=2620N16．我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012年6月24日以7020m 深度创下世界最新纪录(国外最深不超过6500m)，预示着可以征服全球99．8％的海底世界，假设在某次实验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10min 内全过程的深度曲线(a)和速度图像(b)，如图示则有A ．(a)图中致代表本次最大深度，应为6．0mB ．潜水器下潜过程的加速度大于返回过程的加速度C ．潜水员感到超重现象应发生在3-4min 和6-8min 的时间段内D ．潜水器在4-6min 时间段内匀速下潜。
山东省实验中学高三第二次诊断性测试物理试题
鲁实中学2007级第二次诊断性测试物 理 试 题 （2010.1）第Ⅰ卷（选择题 40分）一、本题共10小题；每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．汽车A 在红绿灯前停住，绿灯亮起时起动，以0.4m/s 2的加速度做匀加速运动，经过30s 后以该时刻的速度做匀速直线运动，设在绿灯亮的同时，汽车B 以8m/s 的速度从A 车旁驶过且一直以此速度做匀速直线运动，速度方向与A 车相同，则从绿灯开始亮时开始：（ ） A 、A 车在加速过程中与B 车相遇 B 、A 、B 相遇时，速度相同C 、相遇时A 车做匀速运动D 、两车相遇后不可能再次相遇 ２．某科技创新小组设计制作出一种全自动升降机模型，用电动机通过钢丝绳拉着升降机由静止开始匀加速上升，已知升降机的质量为m ，当升降机的速度为v 1时，电动机的有用功率达到最大值P ，以后电动机保持该功率不变，直到升降机以最大速度v 2匀速上升为止，整个过程中忽略摩擦阻力及空气阻力，重力加速度为g 。
有关此过程下列说法正确的是：（ ）A ． 钢丝绳的最大拉力为2v pB ．升降机的最大速度m gp v =2 C ．钢丝绳的拉力对升降机所做的功等于升降机克服重力所做的功 D ．升降机速度由v 1增大至v 2的过程中，钢丝绳的拉力不断减小3．A 、B 两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如图所示，A 、B 始终相对静止，则在02~0t 时间内，下列说法不正确．．．的是（ ） A ．t 0时刻，A 、B 间静摩擦力最大 B ．t 0时刻，A 、B 速度最大C ．2t 0时刻，A 、B 速度最小D ．2t 0时刻，A 、B 位移最大4．已知神舟七号飞船在离地球表面h 高处的轨道上做周期为T 的匀速圆周运动，地球的半径R ，万有引力常量为G 。
2014山东二模 潍坊济南青岛淄博烟台德州泰安日照东营临沂 理综物理部分12份
B．A、B两点的电势相等
C．M点的电场强度小于O点的电场强度
D．负电荷在O点的电势能小于在M点的电势能
19．如图甲所示，在坐标系xOy中，有边长为L的正方形金属线框abcd，其对角线ac和y轴重合，顶点a位于坐标原点O处。在y轴右侧的第I象限内有一等腰直角三角形区域，直角边边长为L，底边的左端位于坐标原点O处，内有垂直纸面向里的匀强磁场。t=0时刻，线圈从图示位置沿cb方向，匀速穿过磁场区域。取a b c d a为感应电流的正方向，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i、ab间的电势差Uab。随时间t变化的图线应是乙图中的
A．降压变压器副线圈输出的交流电频率为50Hz
B．远距离输电线路损耗功率为180kw
C．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变大
D．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变大
18．如图所示，菱形的三个顶点有三个等量的正点电荷，另一顶点为M，其所在的角为120o，O为菱形对角线的交点。A、B为其中一条对角线上的两点，且AO=BO=MO。下列说法正确的是
第I卷(选择题共107分)
注意事项：
每小题选出答案后，用2B铅笔把答题纸上对应的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净以后，再涂写其他答案标号。在试卷上答题无效。
以下数据可供答题时参考：
可能用到的相对原子质量：H：1C：12O：16Na：23C1：35．5Fe：56
Cu：64Zn：65
二、选择题(本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确。有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分)
①该同学测得物块的质量m=kg
②利用该同学的数据还可得出物块和长木板之间的动摩擦因数 =(已知当地重力加速度g=10m/s2)