江西省横峰中学2018届高三上学期第十四周周练物理试题

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江西省上饶市横峰中学高考物理机械振动试题经典

江西省上饶市横峰中学高考物理机械振动试题经典一、机械振动选择题1．如图所示,弹簧下端挂一质量为m的物体,物体在竖直方向上做振幅为A的简谐运动,当物体振动到最高点时,弹簧正好为原长,则物体在振动过程中( )A．物体在最低点时的弹力大小应为2mgB．弹簧的弹性势能和物体动能总和不变C．弹簧的最大弹性势能等于2mgAD．物体的最大动能应等于mgA2．在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律．法国物理学家库仑在研究异种电荷的吸引力问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系．已知单摆摆长为l，引力常量为G，地球质量为M，摆球到地心的距离为r，则单摆振动周期T与距离r的关系式为()A．T=2πr GMlB．T=2πrlGMC．T=2πGMr lD．T=2πlrGM3．如图所示是扬声器纸盆中心做简谐运动的振动图象，下列判断正确的是A．t=2×10-3s时刻纸盆中心的速度最大B．t=3×10-3s时刻纸盆中心的加速度最大C．在0〜l×10-3s之间纸盆中心的速度方向与加速度方向相同D．纸盆中心做简谐运动的方程为x=1.5×10-4cos50πt（m）4．如图所示的弹簧振子在A、B之间做简谐运动，O为平衡位置，则下列说法不正确的是（）A．振子的位移增大的过程中，弹力做负功B．振子的速度增大的过程中，弹力做正功C．振子的加速度增大的过程中，弹力做正功D．振子从O点出发到再次回到O点的过程中，弹力做的总功为零5．如右图甲所示，水平的光滑杆上有一弹簧振子，振子以O点为平衡位置，在a、b两点之间做简谐运动，其振动图象如图乙所示．由振动图象可以得知( )A．振子的振动周期等于t1B．在t＝0时刻，振子的位置在a点C．在t＝t1时刻，振子的速度为零D．从t1到t2，振子正从O点向b点运动6．如图所示，弹簧振子在A、B之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，建立Ox轴．向右为x轴的正方向．若振子位于B点时开始计时，则其振动图像为（）A．B．C．D．7．如图所示，物块M与m叠放在一起，以O为平衡位置，在ab之间做简谐振动，两者始终保持相对静止，取向右为正方向，其振动的位移x随时间t的变化图像如图，则下列说法正确的是（）A ．在1~2T t 时间内，物块m 的速度和所受摩擦力都沿负方向，且都在增大 B ．从1t 时刻开始计时，接下来4T 内，两物块通过的路程为A C ．在某段时间内，两物块速度增大时，加速度可能增大，也可能减小D ．两物块运动到最大位移处时，若轻轻取走m ，则M 的振幅不变 8．如图所示，一根不计质量的弹簧竖直悬吊铁块M ，在其下方吸引了一磁铁m ，已知弹簧的劲度系数为k ，磁铁对铁块的最大吸引力等于3m g ，不计磁铁对其它物体的作用并忽略阻力，为了使M 和m 能够共同沿竖直方向作简谐运动，那么（）A ．它处于平衡位置时弹簧的伸长量等于()2M m gk + B ．振幅的最大值是()2M m gk +C ．弹簧弹性势能最大时，弹力的大小等于()2M m g +D ．弹簧运动到最高点时，弹簧的弹力等于09．如图为某简谐运动图象，若t ＝0时，质点正经过O 点向b 运动，则下列说法正确的是( )A ．质点在0.7 s 时的位移方向向左，且正在远离平衡位置运动B ．质点在1.5 s 时的位移最大，方向向左，在1.75 s 时，位移为1 cmC ．质点在1.2 s 到1.4 s 过程中，质点的位移在增加，方向向左D ．质点从1.6 s 到1.8 s 时间内，质点的位移正在增大，方向向右10．如图所示为某弹簧振子在0～5s 内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是( )A ．振动周期为5 sB ．振幅为8 cmC ．第2 s 末振子的速度为零，加速度为正向的最大值D ．第3 s 末振子的速度为正向的最大值E.从第1 s 末到第2 s 末振子在做加速运动11．一简谐振子沿x 轴振动，平衡位置在坐标原点．0t =时刻振子的位移0.1m x =-；4s 3t =时刻0.1m x =；4s t =时刻0.1m x =．该振子的振幅和周期可能为（） A ．0.1 m ，8s 3 B ．0.1 m, 8s C ．0.2 m ，8s 3 D ．0.2 m ，8s12．如图所示是两个理想单摆的振动图象，纵轴表示摆球偏离平衡位置的位移，以向右为正方向．下列说法中正确的是___________(填入正确选项前的字母．选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错一个扣3分，得分为0分)A ．同一摆球在运动过程中前后两次经过轨迹上的同一点，加速度是相同的B ．甲、乙两个摆的频率之比为1︰2C ．甲、乙两个摆的摆长之比为1︰2；D ．从t=0时起，乙第一次到达右方最大位移处时，甲位于平衡位置，速度方向向左 E.t=2s 时，甲摆的重力势能最小，乙摆的动能为零；13．如图所示，一个弹簧振子在A 、B 两点之间做简谐运动，其中O 为平衡位置，某时刻物体正经过C 点向上运动，速度大小为v c ，已知OC ＝a ，物体的质量为M ，振动周期为T ，则从此时刻开始的半个周期内A ．重力做功2mgaB ．重力冲量为mgT 2C．回复力做功为零D．回复力的冲量为014．如图所示是单摆做阻尼振动的振动图象，下列说法正确的是（）A．摆球A时刻的动能等于B时刻的动能B．摆球A时刻的势能等于B时刻的势能C．摆球A时刻的机械能等于B时刻的机械能D．摆球A时刻的机械能大于B时刻的机械能15．一质点做简谐运动的位移x与时间t的关系如图所示，由图可知( )A．频率是2HzB．振幅是5cmC．t＝1.7s时的加速度为正，速度为负D．t＝0.5s时，质点所受合外力为零E.t＝0.5s时回复力的功率为零16．如图所示为一个单摆在地面上做受迫振动的共振曲线（振幅A与驱动力频率f的关系），则( )A．此单摆的固有周期约为2sB．此单摆的摆长约为1mC．若摆长增大，单摆的固有频率增大D．若摆长增大，共振曲线的峰将右移17．如图，大小相同的摆球a和b的质量分别为m和3m，摆长相同，并排悬挂，平衡时两球刚好接触，现将摆球a向左边拉开一小角度后释放，若两球的碰撞是弹性的，下列判断正确的是A．第一次碰撞后的瞬间，两球的速度大小相等B．第一次碰撞后的瞬间，两球的动量大小相等C．第一次碰撞后，两球的最大摆角不相同D．发生第二次碰撞时，两球在各自的平衡位置18．如图甲所示为以O点为平衡位置，在A、B两点间做简谐运动的弹簧振子，图乙为这个弹簧振子的振动图象，由图可知下列说法中正确的是（）A．在t＝0.2 s时，弹簧振子的加速度为正向最大B．在t＝0.1 s与t＝0.3 s两个时刻，弹簧振子在同一位置C．从t＝0到t＝0.2 s时间内，弹簧振子做加速度增大的减速运动D．在t＝0.6 s时，弹簧振子有最小的弹性势能E.在t＝0.2 s与t＝0.6 s两个时刻，振子速度都为零19．如图所示，用绝缘细线悬挂的单摆，摆球带正电，悬挂于O点，摆长为l，当它摆过竖直线OC时便进入或离开匀强磁场，磁场方向垂直于单摆摆动的平面向里，A，B点分别是最大位移处．下列说法中正确的是( )A．A点和B点处于同一水平面B．A点高于B点C．摆球在A点和B点处线上的拉力大小相等D．单摆的振动周期仍为2lTg=E.单摆向右或向左摆过D点时，线上的拉力大小相等20．某弹簧振子在水平方向上做简谐运动，其位移x＝A sin ωt，振动图象如图所示，则（）A ．弹簧在第1 s 末与第5 s 末的长度相同B ．简谐运动的频率为18Hz C ．第3 s 末，弹簧振子的位移大小为22A D ．第3 s 末与第5 s 末弹簧振子的速度方向相同E.第5 s 末，振子的加速度与速度方向相同二、机械振动实验题21．（1）做“用单摆测定重力加速度”的实验,下述说法中正确的是（_______）A ．测量摆长时,应先将单摆放置在水平桌面上,然后用力拉紧摆线测量悬点到球心的距离B ．单摆的偏角不要超过5°,当摆球运动到两侧位置时迅速按下秒表开始计时C ．为了精确测量单摆的周期,起码要测量小球作100次全振动所用的时间D ．如果小球的重心不在中心,通过一定方法也能精确测定重力加速度（2）某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时,他先测得摆线长为97.50cm ，然后用游标卡尺测量小钢球直径,读数如图甲所示, 则①游标卡尺的读数为_________mm ．②该单摆的摆长l 为_____cm ．③该同学由测量数据作出2l T -图线（如图乙所示），根据图线求出重力加速度g =____m/s 2（保留3位有效数字）．④如果测出的g 值偏小，可能的原因是____．A ．测量摆线长时，线拉得过紧B ．摆线上端没有固定，振动中出现松动，使摆线变长了C ．开始计时时，秒表按下迟了D ．实验中误将49次全振动记为50次22．在“利用单摆测定重力加速度”的实验中：(1)根据单摆的周期公式，只要测出多组单摆的摆长l 和运动周期T ，作出T 2—l 图象，就可以求出当地的重力加速度。

江西省上饶市横峰中学2017-2018学年高三上学期第一次周练物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年江西省上饶市横峰中学高三（上）第一次周练物理试卷一、选择题（本题共8小题，每小题10分，共80分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项正确，第5～8题有多项正确，全部选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错或不选的得0分）1．如图所示，倾斜索道与水平面夹角为37°，当载人车厢沿钢索匀加速向上运动时，车厢里的人对厢底的压力为其重量的1.25倍，那么车厢对人的摩擦力为其体重的（）A．倍B．倍C．倍D．倍2．如图所示，A、B两球完全相同，质量均为m，用两根等长的细线悬挂在升降机内天花板的O点，两球之间连着一根劲度系数为k的轻质弹簧，当升降机以加速度a竖直向上做匀加速直线运动时，两根细线之间的夹角为θ．则弹簧被压缩的长度为（）A．B．C．D．3．如图所示，足够长的水平传送带以v0=2m/s的速度匀速运行．t=0时，在最左端轻放一个小滑块，t=2s时，传送带突然制动停下．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.2，g=10m/s2．在图中，关于滑块相对地面运动的v﹣t图象正确的是（）A． B．C． D．4．如图所示，物体A、B叠放在水平桌面上，装沙的小桶C通过细线牵引A、B一起在水平桌面上向右加速运动，设A、B间的摩擦力为F f1，B与桌面间的摩擦力为F f2．若增大小桶中沙的质量，而A、B仍一起向右运动，则摩擦力F f1和F f2的变化情况是（）A．F f1不变，F f2变大B．F f1变大，F f2不变C．F f1和F f2都变大D．F f1和F f2都不变5．如图1所示，一长木板静止放在光滑水平面上，一滑块（可视为质点）以水平初速度v0由左端滑上木板，滑块滑至木板的右端时恰好与木板相对静止．已知滑块在滑动过程中所受摩擦力始终不变．若将木板分成长度和质量均相同的甲、乙两段后，紧挨着静止放在光滑水平面上，让滑块仍以相同的初速度v0由甲的左端滑上木板，如图2所示．则滑块（）A．滑到乙板的左端与乙板相对静止B．滑到乙板中间某一位置与乙板相对静止C．滑到乙板的右端与乙板相对静止D．将从乙板的右端滑离6．下列对运动的认识不正确的是（）A．亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就静止B．伽利略认为如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快C．牛顿认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因D．伽利略根据理想实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去7．如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行．t=0时，将质量m=1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的vt图象如图乙所示．设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=10m/s2．则（）A．传送带的速率v0=10 m/sB．传送带的倾角θ=30°C．物体与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5D．0～2.0 s内摩擦力对物体做功W f=﹣24 J8．如图所示，光滑的水平地面上有三块质量均为m的木块a、b、c，a、c之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在b上，使三木块一起运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某木块上，系统始终保持相对静止．下列说法正确的是（）A．无论粘在哪块木块上，系统的加速度一定减小B．若粘在a木块上，a、b间摩擦力一定不变C．若粘在b木块上，绳中拉力一定减小D．若粘在c木块上面，绳中拉力一定增大二、实验题9．某实验小组应用如图1所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz．实验步骤如下：A．按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C．挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D．改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度．根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是．A．小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B．实验过程中砝码盘处于超重状态C．与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D．弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E．砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）实验中打出的一条纸带如图2所示，由该纸带可求得小车的加速度为m/s2．（结果保留2位有效数字）（3）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实验相符合的是．三、计算题10．如图甲所示，水平地面上轻弹簧左端固定，右端通过滑块压缩0.4m锁定．t=0时解除锁定释放滑块．计算机通过滑块上的速度传感器描绘出滑块的速度图象如图乙所示，其中Oab段为曲线，bc段为直线，倾斜直线Od是t=0时的速度图线的切线，已知滑块质量m=2.0kg，取g=10m/s2．求：（1）滑块与地面间的动摩擦因数；（2）弹簧的劲度系数．附加题11．如图所示，倾角α=30°的足够长光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一长L=1.8m、质量M=3kg的薄木板，木板的最上端叠放一质量m=1kg的小物块，物块与木板间的动摩擦因数μ=．对木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动．设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2．（1）为使物块不滑离木板，求力F应满足的条件；（2）若F=37.5N，物块能否滑离木板？若不能，请说明理由；若能，求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离．2016-2017学年江西省上饶市横峰中学高三（上）第一次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，每小题10分，共80分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一个选项正确，第5～8题有多项正确，全部选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错或不选的得0分）1．如图所示，倾斜索道与水平面夹角为37°，当载人车厢沿钢索匀加速向上运动时，车厢里的人对厢底的压力为其重量的1.25倍，那么车厢对人的摩擦力为其体重的（）A．倍B．倍C．倍D．倍【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】对人受力分析可知，人在水平和竖直方向都有加速度，由牛顿第二定律可以求得竖直方向上的加速度的大小，进而可以求得水平方向上的加速度的大小，再次由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小．【解答】解：由于人对车厢底的正压力为其重力的1.25倍，所以在竖直方向上有F N﹣mg=ma 上，解得a上=0.25g，设水平方向上的加速度为a水，则=tan37°=所以a水=g，对人受力分析可知，在水平方向上摩擦力作为合力产生加速度，即f=ma水=mg，所以B正确．故选B．2．如图所示，A、B两球完全相同，质量均为m，用两根等长的细线悬挂在升降机内天花板的O点，两球之间连着一根劲度系数为k的轻质弹簧，当升降机以加速度a竖直向上做匀加速直线运动时，两根细线之间的夹角为θ．则弹簧被压缩的长度为（）A ．B ．C ．D ．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】以A 物体受力分析，A 受重力、拉力及弹簧的弹力而向上做匀加速直线运动；F 与T 的合力竖直向上，由牛顿第二定律及力的合成可求得弹簧的弹力；再由胡克定律可解出形变量．【解答】解：对球A 受力分析，受重力mg 、拉力T 、弹簧的弹力F 而向上做匀加速直线运动，则有牛顿第二定律可知：，即：F=m （g +a ）tan ，根据胡克定律，有：F=kx ，联立可得x=，故C 正确．故选：C ．3．如图所示，足够长的水平传送带以v 0=2m/s 的速度匀速运行．t=0时，在最左端轻放一个小滑块，t=2s 时，传送带突然制动停下．已知滑块与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.2，g=10m/s 2．在图中，关于滑块相对地面运动的v ﹣t 图象正确的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像．【分析】滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，当速度与传送带相等时，和传送带一起做运动运动，当传送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止．【解答】解：滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，a==μg=2m/s 2，滑块运动到与传送带速度相同时需要的时间t 1==1s然后随传送带一起匀速运动的时间t 2=t ﹣t 1=1s当送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止，a ′=﹣a=﹣2m/s 2运动的时间t3=所以速度时间图象对应D选项．故选D4．如图所示，物体A、B叠放在水平桌面上，装沙的小桶C通过细线牵引A、B一起在水平桌面上向右加速运动，设A、B间的摩擦力为F f1，B与桌面间的摩擦力为F f2．若增大小桶中沙的质量，而A、B仍一起向右运动，则摩擦力F f1和F f2的变化情况是（）A．F f1不变，F f2变大B．F f1变大，F f2不变C．F f1和F f2都变大D．F f1和F f2都不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】物体A与B间是静摩擦力，物体A与桌面间是滑动摩擦力，滑动摩擦力与正压力成正比，静摩擦力随着外力的变化而变化，可以根据牛顿第二定律求解．【解答】解：设物体的加速度大小为a，对B受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，有：F f1=m A a…①物体A与桌面间的摩擦力为滑动摩擦力，根据滑动摩擦定律，有F f2=μ（m A+m B）g…②．当沙桶中沙子变多时，加速度变大，静摩擦力F f1变大，而滑动摩擦力F f2不变；故选：B5．如图1所示，一长木板静止放在光滑水平面上，一滑块（可视为质点）以水平初速度v0由左端滑上木板，滑块滑至木板的右端时恰好与木板相对静止．已知滑块在滑动过程中所受摩擦力始终不变．若将木板分成长度和质量均相同的甲、乙两段后，紧挨着静止放在光滑水平面上，让滑块仍以相同的初速度v0由甲的左端滑上木板，如图2所示．则滑块（）A．滑到乙板的左端与乙板相对静止B．滑到乙板中间某一位置与乙板相对静止C．滑到乙板的右端与乙板相对静止D．将从乙板的右端滑离【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】比较两次运动的区别，木块一直做匀减速直线运动，木板一直做匀加速直线运动，第一次在小铅块运动过程中，整个木板一直加速，第二次小木块先使整个木板加速，运动到乙部分上后甲部分停止加速，只有乙部分加速，加速度大于第一次的对应过程，通过比较小木块的位移确定是否飞离木板．【解答】解：在第一次在小木块运动过程中，小木块与木板之间的摩擦力使整个木板一直加速，第二次小木块先使整个木板加速，运动到乙部分上后甲部分停止加速，只有乙部分加速，加速度大于第一次的对应过程，故第二次小木块与乙木板将更早达到速度相等，所以小木块还没有运动到乙的右端．故ACD错误、B正确；故选B6．下列对运动的认识不正确的是（）A．亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就静止B．伽利略认为如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快C．牛顿认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因D．伽利略根据理想实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去【考点】牛顿运动定律的综合应用；自由落体运动；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】本题是一道物理常识题，同学可以通过对物理常识的掌握解答，也可以应用所学的牛顿第一定律等物理知识来解答．【解答】解：A、亚里斯多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就要静止下来．我们可以用牛顿第一定律来推翻它即可：物体在不受外力作用时，可以做匀速直线运动．故A是错误；B、伽利略认为如果完全排除空气的阻力，物体就仅受重力，所以所有的物体下落的加速度都是重力加速度，所有的物体将下落得同样快．故B是正确；C、牛顿认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因，我们可以用牛顿第一定律来解释：物体在不受外力作用时，可以做匀速直线运动，物体受力后运动状态要发生改变，即物体的速度要发生改变．故C是正确；D、伽利略根据理想实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去，牛顿第一定律告诉我们物体在不受外力作用时，可以做匀速直线运动，这也是物体保持惯性的原因．故D是正确；故选A．7．如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行．t=0时，将质量m=1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的vt图象如图乙所示．设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=10m/s2．则（）A．传送带的速率v0=10 m/sB．传送带的倾角θ=30°C．物体与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5D．0～2.0 s内摩擦力对物体做功W f=﹣24 J【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律．【分析】由图象可以看出物体先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，结合加速度的大小求出动摩擦因数的大小．分别求出物体两次匀加速直线运动的位移，结合摩擦力的大小求出摩擦力对物体做功的大小．【解答】解：A、物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图象可知传送带的速率v0=10m/s．故A正确．BC、开始时物体摩擦力方向沿斜面向下，速度相等后摩擦力方向沿斜面向上，则有：a1==gsinθ+μgcosθ===10m/s2．a2==gsinθ﹣μgcosθ=m/s2=2m/s2．联立两式解得μ=0.5，θ=37°．故B错误，C正确．D、第一段匀加速直线运动的位移为：x1==m=5m，摩擦力做功为：W f1=μmgcosθ•x1=0.5×10×0.8×5J=20J，第二段匀加速直线运动的位移为：x2==m=11m，摩擦力做功为：W f2=﹣μmgcosθ•x2=﹣0.5×10×0.8×11J=﹣44J，所以有：W f=W f1+W f2=20﹣44=﹣24J．故D正确．故选：ACD．8．如图所示，光滑的水平地面上有三块质量均为m的木块a、b、c，a、c之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在b上，使三木块一起运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某木块上，系统始终保持相对静止．下列说法正确的是（）A．无论粘在哪块木块上，系统的加速度一定减小B．若粘在a木块上，a、b间摩擦力一定不变C．若粘在b木块上，绳中拉力一定减小D．若粘在c木块上面，绳中拉力一定增大【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】选择合适的研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律可得出物体受到的拉力的变化．【解答】解：A、由整体法可知，只要橡皮泥粘在物体上，物体的质量均增大，则由牛顿运动定律可知，加速度都要减小，故A正确；B、若橡皮泥粘在a物体上，将b为研究对象，有F﹣f=ma，因加速度a减小，所以摩擦力是变大的，故B错误；C、若粘在b木块上，以C为研究对象，由牛顿第二定律可得，F T=ma，因加速度减小，所以拉力减小，故C正确；D、若橡皮泥粘在c物体上，将ab视为整体，F﹣F T=2ma，加速度减小，所以拉力F T变大；故D正确；故选：ACD．二、实验题9．某实验小组应用如图1所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz．实验步骤如下：A．按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C．挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D．改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度．根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是C．A．小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B．实验过程中砝码盘处于超重状态C．与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D．弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E．砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）实验中打出的一条纸带如图2所示，由该纸带可求得小车的加速度为0.16m/s2．（结果保留2位有效数字）（3）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实验相符合的是A．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）根据实验原理，可知小车的加速度与砝码盘的加速度不等，但弹簧测力计的读数为小车所受合外力，砝码加速度向下，处于失重状态，不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件；（2）在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，根据作差法求解加速度，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小；（3）数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，应该是过原点的一条倾斜直线．【解答】解：（1）A、由图可知，小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍，故A错误；B、实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故B错误；C、小车相连的轻绳与长木板一定要平行，保证拉力沿着木板方向，故C正确；D、实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故弹簧测力计的读数小于砝码和砝码盘总重力的一半，故D错误；E、由于不是砝码的重力，即为小车的拉力，故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件，故E错误；故选：C（2）设相邻两个计数点之间的位移分别为x1、x2、x3，相邻两个计数点之间的时间间隔T=5×0.02=0.1s，由△x=aT2结合作差法得：a=m/s2，（3）由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一条倾斜直线，故A符合；故选：A．故答案为：（1）C；（2）0.16；（3）A三、计算题10．如图甲所示，水平地面上轻弹簧左端固定，右端通过滑块压缩0.4m锁定．t=0时解除锁定释放滑块．计算机通过滑块上的速度传感器描绘出滑块的速度图象如图乙所示，其中Oab段为曲线，bc段为直线，倾斜直线Od是t=0时的速度图线的切线，已知滑块质量m=2.0kg，取g=10m/s2．求：（1）滑块与地面间的动摩擦因数；（2）弹簧的劲度系数．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】（1）从速度时间图象得到滑块脱离弹簧后减速滑行时的加速度，然后根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因数；（2）从速度时间图象得到滑块刚释放时的加速度，然后根据牛顿第二定律列式求解弹簧的劲度系数．【解答】解：（1）从题中图象知，滑块脱离弹簧后的加速度大小a1==m/s2=5 m/s2 …①由牛顿第二定律得：μmg=ma1 …②代入数据解得：μ=0.5…③（2）刚释放时滑块的加速度为：a2==m/s2=30 m/s2…④由牛顿第二定律得：kx﹣μmg=ma2…⑤代入数据解得：k=175 N/m…⑥答：（1）滑块与地面间的动摩擦因数为0.5；（2）弹簧的劲度系数为175 N/m．附加题11．如图所示，倾角α=30°的足够长光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一长L=1.8m、质量M=3kg的薄木板，木板的最上端叠放一质量m=1kg的小物块，物块与木板间的动摩擦因数μ=．对木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动．设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2．（1）为使物块不滑离木板，求力F应满足的条件；（2）若F=37.5N，物块能否滑离木板？若不能，请说明理由；若能，求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离．【考点】牛顿第二定律；牛顿运动定律的综合应用．【分析】（1）对整体和m分别运用牛顿第二定律，抓住临界情况摩擦力f≤μmgcosα，求出拉力的最小值．（2）当F=37.5N＞30N，物块能滑离木板，根据牛顿第二定律分别求出M、m的加速度，结合运动学公式，抓住两者的位移关系求出相对运动的时间，从而结合速度时间公式求出物块滑离木板时的速度，根据速度位移公式求出物块沿斜面上升的最大距离．【解答】解：（1）对M、m，由牛顿第二定律得，F﹣（M+m）gsinα=（M+m）a对m，有f﹣mgsinα=maf≤μmgcosα代入数据解得F≤30N．因要拉动，则F≥（M+m）gsinα=（3+1）×10×N=20N（2）当F=37.5N＞30N，物块能滑离木板，对M，有：F﹣μmgcosα﹣Mgsinα=Ma1对m，有：μmgcosα﹣mgsinα=ma2设滑块滑离木板所用的时间为t，由运动学公式得，，代入数据解得t=1.2s；物块滑离木板时的速度v=a2t由公式﹣2gsinα•s=0﹣v2代入数据解得s=0.9m．答：（1）为使物块不滑离木板，力F应满足的条件为20N≤F≤30N．（2）物块滑离木板所用的时间为1.2s，滑离木板后沿斜面上升的最大距离为0.9m．2016年12月12日。

江西省上饶市横峰中学2018届高三高考适应性考试理综试题 Word版含答案

江西省横峰中学2018届高三适应性考试理科综合能力测试命题人：物理：黄爱民阮叔富柳才峰化学：万克险、杨学孟、丁卫德生物：林志远、刘定佩、黄海霞．可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 N 14 Cl 35.5 Fe 56 Al 27一、选择题(共有13道小题，每小题6分，共78分。

在每小题所给出的四个选项中，只有一项答案符合题目要求)1．以下有关细胞结构与功能的叙述，正确的是A ．被溶酶体分解后的产物，都可以被细胞再利用B ．线粒体内膜和叶绿体内膜都是产生ATP 的重要场所C ．细胞核是细胞遗传信息储存、复制和代谢的中心D ．某些细胞膜上的水通道蛋白与人体体液平衡密切相关2．T 2噬菌体侵染细菌的部分实验如下图所示。

下列叙述正确的是A ．①中噬菌体为子代DNA 复制提供了模板和逆转录酶B ．适当时间保温后进行②操作，使细菌外的噬菌体外壳与细菌分离C ．由该图分析可知，实验结果可说明DNA 是主要的遗传物质[来源:]D ．该实验得到的子代噬菌体中，大多数含有放射性32P3．下列有关植物激素调节的叙述，正确的是（）①可利用适宜浓度的赤霉素促进细胞伸长，使植物增高②在植物组织培养中生长素和细胞分裂素的不同配比会影响组织分化③使同种植物的扦插枝条产生相同生根效果的2,4-D 浓度相同④在太空失重状态下植物激素不能进行极性运输，根失去了向地生长的特性A ．一项B ．二项C ．三项D ．四项 4．下列关于酶实验的叙述，正确的是A．过氧化氢在高温下和酶的催化下分解都加快，其原理都是降低了反应所需要的活化能B．在探究温度对酶活性的影响时，选择淀粉和淀粉酶作为实验材料，或者选择过氧化氢和过氧化氢酶作为实验材料，检测效果均可C．若底物选择淀粉和蔗糖，用淀粉酶来验证酶的专一性，则检测试剂选用斐林试剂和碘液均可D．若除酶外所有试剂均已预保温，则在测定酶活力的实验中，操作合理的顺序应为：加入缓冲液→加入底物→加入酶→保温并计时→一段时间后检测产物的量5．下列关于生物进化的叙述，不正确的是A．不同物种之间、生物与环境之间的共同进化导致生物多样性B．隔离产生后，自然选择对不同种群基因频率的改变所起的作用是有差别的C．种群基因频率的改变是定向的，而种群基因频率的改变导致生物进化，因此生物的进化也是定向的D．某种抗生素长期使用药效下降，这是由于病原体接触药物后，产生了对药物有效成分的抗药性变异6．下图是某单基因遗传病的家系图，下列有关分析合理的是A.若该家系中的遗传病是显性，则图中所有的患者均为杂合子B.若该家系中的遗传病是隐性，则致病基因可能只位于X染色体上C.若Ⅲ一12与Ⅲ—13近亲婚配，则他们所生后代患该病的概率是1/2D.若Ⅱ-6不含致病基因，则他与Ⅱ-5所生女儿都是致病基因携带者7、化学知识无处不在，下列与古诗文记载对应的化学知识不正确的是（）8、N A 为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是（）A ．7.2 g CaO 2晶体中阴离子和阳离子总数为0.3 N AB ．0.1 mol/L NH 4Cl 溶液中Cl -离子数目为0.1 N AC ．反应3H 2(g)＋N 2(g)2NH 3(g) ΔH ＝－92 kJ/mol 放出热量9.2 kJ 时，转移电子0.6 N AD ．0.1 mol H 2O 2分子中含极性共价键数目为0.3 N A9、乙酸橙花酯是一种食用香料，其结构简式如图，关于该有机物的叙述中正确的是（）①1mol 该有机物可消耗3mol H 2； ②不能发生银镜反应；③分子式为C 12H 20O 2； ④它的同分异构体中可能有酚类；⑤1 mol 该有机物水解时只能消耗1 mol NaOHA ．②③④B ．①④⑤C ．①②③D ．②③⑤10、利用反应6NO 2+8NH 3=7N 2+12H 2O 构成电池的方法，既能实现有效消除氮氧化物的排放，减轻环境污染，又能充分利用化学能，装置如图所示。

江西省铅山一中、横峰中学2017-2018学年高三上学期联考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年江西省铅山一中、横峰中学高三（上）联考物理试卷一、选择题（每小题4分，共40分，其中1-7为单选，8-10为多选）1．一个质点在三个共点力F1、F2、F3的作用下处于平衡状态，如图所示．则它们的大小关系是（）A．F1＞F2＞F3B．F1＞F3＞F2C．F3＞F1＞F2D．F2＞F1＞F32．如图所示，一平直公路上有三个路标o、m、n，且om=3m、mn=5m．一辆汽车在该路段做匀加速直线运动依次通过o、m、n三个路标，已知汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为△v=2m/s，则下列说法中正确的是（）A．汽车在om段的平均速度大小为4m/sB．汽车从m处运动到n处的时间为2sC．汽车在该路段行驶的加速度大小为2m/s2D．汽车经过o处时的速度大小为1m/s3．下列图象中同一坐标系的两条图线分别表示某质点运动的速度v和加速度a随时间t变化的关系，选择同一正方向，则其中可能正确的是（）A． B． C．D．4．如图所示，在水平面上运动的小车内，有一质量为M的物块与两根劲度系数分别为k1、k2的弹簧连接，小车向右以加速度a的大小做匀加速直线运动．已知两根弹簧的形变量总和为△x，不计物体与小车间的摩擦．则图中物块的加速度a等于（）A．B．C．D．5．如图所示，一固定杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为m2的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为μ．若滑块与小球保持相对静止以相同的加速度a一起运动，此时绳子与竖直方向夹角为β，且θ＜β，则滑块的运动情况是（）A．沿着杆加速下滑B．沿着杆加速上滑C．沿着杆减速下滑D．沿着杆减速上滑6．自同一点以相同的初速度先后竖直向上抛出两个物体a和b．分别用△h和|△v|表示在同一时刻物体a、b的高度差和速度差的绝对值，在物体b被抛出至两物体相撞这一段时间内（）A．△h不断减小，|△v|也在不断减小B．△h不断减小，|△v|保持不变C．△h在a到达最高点以前保持不变，到达最高点以后不断减小，|△v|始终不断减小D．△h在a到达最高点以前保持不变，到达最高点以后不断减小，|△v|保持不变7．2013年12月“嫦娥三号”在月球表面上的软着陆为我们的月球旅行开辟了新航道．假设未来的某天，宇航员在月球上做自由落体运动实验：让一个质量为1.0kg的小球从离开月球表面一定的高度由静止开始自由下落，测得小球在第5.0s内的位移是7.2m，此时小球还未落到月球表面．则以下判断正确的是（）A．小球在5.0s末的速度大小为7.2m/sB．月球表面的重力加速度大小为1.6m/s2C．小球在第3.0s内的位移大小为3.6mD．小球在前5s内的平均速度大小为3.6m/s8．如图所示，三段绳子悬挂一物体，开始时OA、OB绳与竖直方向夹角θ=30°，现使O点保持不动，把OB绳子的悬点移到竖直墙与O点在同一水平面的C点，在移动过程中，则关于OA、OB绳拉力的变化情况，正确的是（）A．OA绳上的拉力一直在增大B．OA绳上的拉力先增大后减小C．OB绳上拉力先减小后增大，最终比开始时拉力大D．OB绳上拉力先减小后增大，最终和开始时相等9．如图，s﹣t图象反映了甲、乙两车在同一条直道上行驶的位置随时间变化的关系，己知乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于10s处，下列说法正确的是（）A．5s时两车速度相等B．甲车的速度为4m/sC．乙车的加速度大小为1.6m/s2D．乙车的初位置在s0=80m处10．如图所示，甲图一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B（B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为a的匀加速运动，测得两个物体的v﹣t图象如图乙所示（重力加速度为g），则（）A．施加外力前，弹簧的形变量为2B．外力施加的瞬间，A、B间的弹力大小为M（g﹣a）C．A、B在t1时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零D．弹簧恢复到原长时，物体B的速度达到最大值二、填空题（每空3分，共21分）11．某研究小组的同学在水平放置的方木板上做“探究共点力的合成规律”实验时：（1）利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O以及两只弹簧秤拉力的大小和方向，如图（a）所示，图中每一小格长度均代表0.5N，则F1与F2的合力大小为N．（2）关于此实验，下列叙述中正确的是A．弹簧秤应先在竖直方向进行调零B．橡皮筋对结点O的拉力就是两弹簧秤对结点O的拉力F1与F2的合力C．两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O，这样做的目的是保证两次弹簧秤拉力的效果相同D．若要改变弹簧秤的拉力大小而又要保证橡皮筋结点位置不变，只需调整两只弹簧秤的拉力大小使其中一只增大另一只减小即可（3）图（b）所示是甲、乙两位同学在做以上实验时得到的结果，其中力F′是用一只弹簧秤拉橡皮筋时的图示，则哪一位同学的实验结果一定存在问题？请简单说明理由．答：．12．如图是“研究匀变速直线运动”实验中得到的一条纸带，从O点开始每5个点取一个计数点（打点计时器的电源频率是50Hz），依照打点的先后依次编为1、2、3、4、5、6，量得x1=2.21cm，x2=3.00cm，x3=3.81cm，x4=4.63cm，x5=5.45cm，x6=6.28cm．（1）该打点计时器依次打出各计数点的时间间隔为T=s；（2）打点计时器打计数点5时，小车的速度大小是v5=m/s；打计数点6时，小车的速度大小是v6=m/s．（结果保留两位有效数字）（3）为了尽量减小实验误差，利用该实验数据计算出小车的加速度大小为a=m/s2（结果保留两位有效数字）．三、计算题（共39分）13．一辆汽车沿平直公路从甲站开往乙站，起动加速度为2m/s2，加速行驶5秒，后匀速行驶2分钟，然后刹车，滑行50m，正好到达乙站．求汽车从甲站到乙站的平均速度？14．如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10N/m，用两条等长的线将球C与A、B相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60°，求：（1）杆对A球支持力大小；（2）C球重力大小．15．一辆汽车以18m/s的初速度2m/s2的加速度做匀减速直线运动，此时前方20m处有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，并从此刻开始计时，求在以后的行驶中两车能否相遇，若能求相遇时刻，若不能求两车的最近距离．16．一长木板在水平面上运动，当木板速度为5m/s时将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间动摩擦因数为0.2，木板与地面间的动摩擦因数为0.3，物块与木板间、木板与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上，取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）多长时间后木板与木块速度相同（但不为0）（2）从放上物块到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小．2017-2018学年江西省铅山一中、横峰中学高三（上）联考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共40分，其中1-7为单选，8-10为多选）1．一个质点在三个共点力F1、F2、F3的作用下处于平衡状态，如图所示．则它们的大小关系是（）A．F1＞F2＞F3B．F1＞F3＞F2C．F3＞F1＞F2D．F2＞F1＞F3【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】此题只要掌握共点力平衡的条件，并运用三力平衡三角形即可解决．【解答】解：因为质点在三个共点力F1、F2、F3的作用下处于平衡状态，所以将三力首尾相连组成一封闭三角形，如图所示：根据数学知识三角形中大角对大边，即得出F3＞F1＞F2，所以选项ABD错误，C正确．故选C2．如图所示，一平直公路上有三个路标o、m、n，且om=3m、mn=5m．一辆汽车在该路段做匀加速直线运动依次通过o、m、n三个路标，已知汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为△v=2m/s，则下列说法中正确的是（）A．汽车在om段的平均速度大小为4m/sB．汽车从m处运动到n处的时间为2sC．汽车在该路段行驶的加速度大小为2m/s2D．汽车经过o处时的速度大小为1m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【分析】由于汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为△v=2m/s，可以先设出汽车经过o、m、n三个路标的速度，再利用匀变速直线运动的速度与位移求出汽车经过0点的速度，以及汽车在该路段行驶的加速度大小再对选项进行分析．【解答】解：设汽车经过0路标时速度为v，又由于汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为△v=2m/s，故通过m路标时速度为v+2，通过n路标时速度为v+4由匀变速直线运动的速度与位移关系有：（v+4）2﹣（v+2）2=2ax mn解得：v=2m/s；a=2m/s2；A、汽车在om段的平均速度大小为，A错误；B、汽车在mn段的平均速度大小为，故汽车从m处运动到n处的时间为：，B错误；C、由上述分析可知汽车在该路段行驶的加速度大小为2m/s2，C正确；D、汽车经过o处时的速度大小为v=2m/s，D错误；故选：C．3．下列图象中同一坐标系的两条图线分别表示某质点运动的速度v和加速度a随时间t变化的关系，选择同一正方向，则其中可能正确的是（）A． B． C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】因为两个图象表示一种运动且正方向相同；所以可以根据速度图象的斜率分析物体的加速度变化情况，即可判断．【解答】解：根据速度时间图象的斜率表示加速度，可知：A、A图中，由速度时间图象知，质点的加速度不变，且为正，与加速度图象不符，故A错误．B、B图中，由速度时间图象知，质点的加速度为正，且逐渐减小直至零，与加速度图象相符，故B正确．C、C图中，由速度时间图象知，质点的加速度先减小后反向增大，与加速度图象不符，故C错误．D、D图中，由速度时间图象知，质点的加速度不变，且为负，与加速度图象不符，故D错误．故选：B．4．如图所示，在水平面上运动的小车内，有一质量为M的物块与两根劲度系数分别为k1、k2的弹簧连接，小车向右以加速度a的大小做匀加速直线运动．已知两根弹簧的形变量总和为△x，不计物体与小车间的摩擦．则图中物块的加速度a等于（）A．B．C ．D ．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】车内物体相对小车的位移量为两弹簧形变量之和，车内受力关系是：M 受k 1的弹力匀加速运动，k 1和k 2的弹力大小相等，方向相反．由牛顿第二定律和胡克定律可得结果．【解答】解：对车内的物体，其位移量为两弹簧形变量之和，设位移量为x ，弹簧k 1的形变量为△x 1，弹簧k 2的形变量为△x 2，则有：对k 2：k 1△x 1=k 2△x 2 对物块：k 1△x 1=Ma △x 1+△x 2=△x解得：，故A 正确．故选：A5．如图所示，一固定杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m 1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为m 2的小球，杆与滑块之间的动摩擦因数为μ．若滑块与小球保持相对静止以相同的加速度a 一起运动，此时绳子与竖直方向夹角为β，且θ＜β，则滑块的运动情况是（）A ．沿着杆加速下滑B ．沿着杆加速上滑C ．沿着杆减速下滑D ．沿着杆减速上滑【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】环与小球保持相对静止，并以相同的加速度a 一起下滑，对整体进行受力分析求出加速度，采用隔离法，分析小球的受力，求出加速度，结合θ＜β分析即可判断．【解答】解：把滑块和球看做一个整体受力分析，沿斜面和垂直斜面建立直角坐标系得，若速度方向向下，则沿斜面方向：（m 1+m 2）gsin θ﹣f=（m 1+m 2）a 垂直斜面方向：F N =（m 1+m 2）gcos θ 摩擦力：f=μF N联立可解得：a=gsin θ﹣μgcos θ，对小球有：若θ=β，a=gsin β 现有：θ＜β，则有 a ＞gsin β所以gsin θ﹣μgcos θ＞gsin β gsin θ﹣gsin β＞μgcos θ因为θ＜β，所以gsin θ﹣gsin β＜0，但μgcos θ＞0 所以假设不成立，即速度的方向一定向上．由于加速度方向向下，所以物体沿杆减速上滑，故D 正确．故选：D6．自同一点以相同的初速度先后竖直向上抛出两个物体a和b．分别用△h和|△v|表示在同一时刻物体a、b的高度差和速度差的绝对值，在物体b被抛出至两物体相撞这一段时间内（）A．△h不断减小，|△v|也在不断减小B．△h不断减小，|△v|保持不变C．△h在a到达最高点以前保持不变，到达最高点以后不断减小，|△v|始终不断减小D．△h在a到达最高点以前保持不变，到达最高点以后不断减小，|△v|保持不变【考点】竖直上抛运动；自由落体运动．【分析】有速度时间公式和位移时间公式把ab两物体的速度变化来那个和位移变化量表示出来进行比较【解答】解：设ab的时间差值为t0，故在t时刻物体a的速度为v a=v0﹣gt，物体b的速度为v b=v0﹣g（t﹣t0），故ab的速度差值为△v=v a﹣v b=gt0，故速度变化量保持不变a的位移为，b的位移为，故ab位移差值为，故△h会随时间的增加而减小，故B正确故选：B7．2013年12月“嫦娥三号”在月球表面上的软着陆为我们的月球旅行开辟了新航道．假设未来的某天，宇航员在月球上做自由落体运动实验：让一个质量为1.0kg的小球从离开月球表面一定的高度由静止开始自由下落，测得小球在第5.0s内的位移是7.2m，此时小球还未落到月球表面．则以下判断正确的是（）A．小球在5.0s末的速度大小为7.2m/sB．月球表面的重力加速度大小为1.6m/s2C．小球在第3.0s内的位移大小为3.6mD．小球在前5s内的平均速度大小为3.6m/s【考点】万有引力定律及其应用；平均速度．【分析】根据自由落体运动的位移时间公式，结合第5s内的位移求出月球表面的重力加速度，根据速度时间公式求出5s末的速度，结合平均速度推论求出5s内的平均速度．【解答】解：A、第5s内的位移为7.2m，根据得：g=1.6m/s2，则5s末的速度为：v=gt5=1.6×5m/s=8m/s，故A错误，B正确．C、小球在第3s内的位移为：=，故C错误．D、小球在前5s内的平均速度为：，故D错误．故选：B．8．如图所示，三段绳子悬挂一物体，开始时OA、OB绳与竖直方向夹角θ=30°，现使O点保持不动，把OB绳子的悬点移到竖直墙与O点在同一水平面的C点，在移动过程中，则关于OA、OB绳拉力的变化情况，正确的是（）A．OA绳上的拉力一直在增大B．OA绳上的拉力先增大后减小C．OB绳上拉力先减小后增大，最终比开始时拉力大D．OB绳上拉力先减小后增大，最终和开始时相等【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】以结点O为研究对象，分析受力，根据平衡条件，运用图解法分析OA、OB绳拉力的变化．【解答】解：以结点O为研究对象，分析受力：重力G、绳OA的拉力F OA和绳BO的拉力F OB，如图所示，根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小相等、方向相反，作出轻绳OB在三个不同位置时力的合成图如图，由图看出，F OA逐渐增大，F OB先减小后增大，当θ=90°时，F OB最小．根据数学知识得知：OB绳上拉力最终和开始时相等．故选：AD9．如图，s﹣t图象反映了甲、乙两车在同一条直道上行驶的位置随时间变化的关系，己知乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于10s处，下列说法正确的是（）A．5s时两车速度相等B．甲车的速度为4m/sC．乙车的加速度大小为1.6m/s2D．乙车的初位置在s0=80m处【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】位移﹣时间图象的斜率等于速度，倾斜的直线表示匀速直线运动．位移等于x的变化量．结合这些知识分析．【解答】解：A、位移﹣时间图象的斜率等于速度，斜率大小越大，速度大小越大，则知5s 时乙车速度较大，故A错误．===4m/s，故B正确．B、甲车做匀速直线运动，速度为v甲CD、乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于10s处，则t=10s时，速度为零，将其运动反过来看成初速度为0的匀加速直线运动，则s=at2，根据图象有：s0=a•102，20=a•52，解得：a=1.6m/s2，s0=80m，故CD正确故选：BCD．10．如图所示，甲图一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B（B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为a的匀加速运动，测得两个物体的v﹣t图象如图乙所示（重力加速度为g），则（）A．施加外力前，弹簧的形变量为2B．外力施加的瞬间，A、B间的弹力大小为M（g﹣a）C．A、B在t1时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零D．弹簧恢复到原长时，物体B的速度达到最大值【考点】共点力平衡的条件及其应用；胡克定律．【分析】题中弹簧弹力根据胡克定律列式求解，先对物体AB整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程；再对物体B受力分析，根据牛顿第二定律列方程；t1时刻是A与B分离的时刻，之间的弹力为零．【解答】解：A、施加F前，物体AB整体平衡，根据平衡条件，有：2Mg=kx解得：x=2故A正确．B、施加外力F的瞬间，对B物体，根据牛顿第二定律，有：F﹣Mg﹣F AB=Ma弹=2Mg其中：F弹解得：F AB=M（g﹣a），故B正确．C、物体A、B在t1时刻分离，此时A、B具有共同的v与a且F AB=0；′﹣Mg=Ma对B：F弹′=M（g+a），故C错误．解得：F弹D、当F′=Mg时，B达到最大速度，故D错误．弹故选：AB．二、填空题（每空3分，共21分）11．某研究小组的同学在水平放置的方木板上做“探究共点力的合成规律”实验时：（1）利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O以及两只弹簧秤拉力的大小和方向，如图（a）所示，图中每一小格长度均代表0.5N，则F1与F2的合力大小为 3.0N．（2）关于此实验，下列叙述中正确的是CA．弹簧秤应先在竖直方向进行调零B．橡皮筋对结点O的拉力就是两弹簧秤对结点O的拉力F1与F2的合力C．两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O，这样做的目的是保证两次弹簧秤拉力的效果相同D．若要改变弹簧秤的拉力大小而又要保证橡皮筋结点位置不变，只需调整两只弹簧秤的拉力大小使其中一只增大另一只减小即可（3）图（b）所示是甲、乙两位同学在做以上实验时得到的结果，其中力F′是用一只弹簧秤拉橡皮筋时的图示，则哪一位同学的实验结果一定存在问题？请简单说明理由．答：乙同学，因为乙同学实验的结果F′的方向不与橡皮筋的伸长方向在同一直线上．【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】以F1和F2为邻边作平行四边形，通过O点的对角线表示合力F，据此可正确画出F1和F2的合力图示；明确实验理论值和实验值之间的关系即可正确解答；该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置．【解答】解：（1）以F1和F2为邻边作平行四边形，与F1和F2共点的对角线表示合力F，标上箭头．如图所示则F1与F2的合力大小为3.0N．（2）A、弹簧秤应先在水平方向进行调零，故A错误；B、橡皮筋对结点O的拉力与两弹簧秤对结点O的拉力F1与F2的合力是一对平衡力，故B 错误；C、两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O，这样做的目的是保证两次弹簧秤拉力的效果相同，故C正确；D、根据平行四边形定则可知，合力不变，只增大一个分力的大小时，另一个分力的大小和方向都变化，故D错误．故选：C．（3）用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力与橡皮条拉力一定在同一直线上，所以乙同学的实验结果存在问题，因为乙同学实验的结果F′的方向不与橡皮筋的伸长方向在同一直线上．故答案为：（1）3.0；（2）C；（3）乙同学，因为乙同学实验的结果F′的方向不与橡皮筋的伸长方向在同一直线上12．如图是“研究匀变速直线运动”实验中得到的一条纸带，从O点开始每5个点取一个计数点（打点计时器的电源频率是50Hz），依照打点的先后依次编为1、2、3、4、5、6，量得x1=2.21cm，x2=3.00cm，x3=3.81cm，x4=4.63cm，x5=5.45cm，x6=6.28cm．（1）该打点计时器依次打出各计数点的时间间隔为T=0.1s；（2）打点计时器打计数点5时，小车的速度大小是v5=0.59m/s；打计数点6时，小车的速度大小是v6=0.67m/s．（结果保留两位有效数字）（3）为了尽量减小实验误差，利用该实验数据计算出小车的加速度大小为a=0.82m/s2（结果保留两位有效数字）．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小．（1）从O点开始每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，【解答】解：（2、3）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上5点时小车的瞬时速度大小．为：v5==0.59 m/s根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）==0.82m/s2．根据匀变速直线运动的速度时间规律得小车的速度大小是：v6=v5+aT=0.67 m/s故答案为：（1）0.1；（2）0.59；0.67；（3）0.82．三、计算题（共39分）13．一辆汽车沿平直公路从甲站开往乙站，起动加速度为2m/s2，加速行驶5秒，后匀速行驶2分钟，然后刹车，滑行50m，正好到达乙站．求汽车从甲站到乙站的平均速度？【考点】平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据运动学基本公式分别求出各阶段的位移，平均速度等于总位移除以总时间．【解答】解：起动阶段行驶位移为：S1=匀速行驶的速度为：V=at1匀速行驶的位移为：S2=Vt2刹车段的位移为：S3=汽车从甲站到乙站的平均速度为：V=答：汽车从甲站到乙站的平均速度为9.44m/s．14．如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10N/m，用两条等长的线将球C与A、B相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60°，求：（1）杆对A球支持力大小；（2）C球重力大小．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】根据胡克定律求出弹簧的弹力大小．对A或B研究，由平衡条件求出细线的拉力大小，再对C球研究，由平衡条件求解C球的重力．【解答】解：根据胡克定律得，弹簧的弹力大小为：F=kx=10×0.1N=1N分析A球的受力情况，如图所示，根据平衡条件得：Tcos60°=FN=G+Tsin60°解得：T=2NN=（2+）N对C球：2Tsin60°=G C解得：G C=2N答：（1）杆对A球支持力大小为（2+）N；（2）C球重力大小为2N．15．一辆汽车以18m/s的初速度2m/s2的加速度做匀减速直线运动，此时前方20m处有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，并从此刻开始计时，求在以后的行驶中两车能否相遇，若能求相遇时刻，若不能求两车的最近距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】两车相遇的条件是洗车的位移等于自行车的位移+两车间的距离，根据运动特征列运动方程求解，注意方程的适用条件．【解答】解：令汽车与自行车能相遇，且令相遇所需时间为t则此时汽车做匀减速直线运动，故汽车的位移为自行车做匀速直线运动，故自行车的位移：tx2=v自由题意知，若两车能相遇，则满足：x1=x2+△x即：代入数据可解得：t1=2st2=10s即汽车能与自行车相遇两次，又由于汽车做匀减速直线运动，故洗车停车所用时间因为t2＞9s所以汽车第二次与自行车相遇时有汽车已经停止，位移=81m此时x1=x2+△x得即第二次相遇所需时间为10.17s．答：在以后的行驶中，汽车和自行车在2s末第一次相遇，在10.17s末第二次相遇，第二次相遇前汽车已停止运动．16．一长木板在水平面上运动，当木板速度为5m/s时将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间动摩擦因数为0.2，木板与地面间的动摩擦因数为0.3，物块与木板间、木板与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上，取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）多长时间后木板与木块速度相同（但不为0）（2）从放上物块到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）根据牛顿第二定律分别求出木块和木板的加速度，结合速度时间公式求出速度相同所经历的时间．（2）根据位移公式求出速度相等时，两者的相对位移大小，速度相等后，不能保持相对静止一起做匀减速运动，木块相对于木板向前滑，结合牛顿第二定律和运动学公式求出木块和木板速度减为零的位移，从而向前滑的相对位移，结合速度相等前相对向后滑的位移，求出最终物块相对于木板的位移大小．【解答】解：（1）放上木块后，木块的加速度，木板的加速度大小=2×3+2m/s2=8m/s，设经过t时间速度相同，根据速度时间公式得，a1t=v0﹣a2t，解得=．此时的速度v=a1t=2×0.5m/s=1m/s（2）在速度相等时，木块的位移，木板的位移m=1.5m，△x1=1.5﹣0.25m=1.25m速度相等后由于整体的加速度大于木块的最大加速度，则木块和木板不能保持相对静止，木块和木板均做匀减速运动，木板的速度比木块的速度减小得快，则木块相对于木板向前滑，则木板的加速度=2×3﹣2m/s2=4m/s2，则木板继续向前做匀减速运动的位移，。

江西省2018届高三上学期调研物理试卷含解析

2018-2018学年江西省高三（上）调研物理试卷（1）一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）1．（5分）某不计重力的带电粒子在电场和磁场中的情况，下列叙述正确的是（）A．带电粒子在磁场中受洛伦兹力为零，则该处磁场感应强度一定为零；带电粒子在电场中所受电场力为零，则该处场强一定为零B．带电粒子在磁场中受到的洛伦兹力方向一定与磁感线方向相同C．带电粒子平行电场线或磁感应线分别进入电场或磁场，粒子运动方向不会改变D．带电粒子垂直于磁感线方向进入匀强磁场和匀强电场，带电粒子将分别做匀速圆周运动和类平抛运动2．（5分）两个线圈在同一闭合铁芯上，现在给左边的线圈通入如图所示的电流，以从A流向B（如图所示）为正，则通过R的电流随时间变化的图象为（规定向上为正）（）A．B． C．D．3．（5分）A、B、C三根完全相同的通电导体棒质量均为m，B、C两根平行放在粗糙的水平地面上，A放在B、C连线的中垂线上，截面如图所示，ABC组成等边三角形，三根导体棒都通有等大的电流，A中电流垂直纸面向外，B、C中的电流垂直纸面向里，三根导体棒均处于静止状态，下列说法正确的是（）A．B、C两导线对地面的压力为mgB．B、C两导线对地面的压力为mgC．地面对B导线的摩擦力大小为mgD．地面对B导线的摩擦力大小为mg4．（5分）如图所示，有一半球形容器，其竖直截面为半圆．AB为沿水平方向的直径，D是圆周的最低点，E是AD间某一点，C与E在相同的高度．一个可视为质点的小球从A点以速度v0水平抛出，恰好落在E点，若以2v0抛出，恰好落在C点，设球的半径为R，则下列判断正确的是（）A．初速度为时，小球恰好落在D点B．初速度为时，小球将落在D点的左侧C．OC与竖直方向夹角的正弦值为D．OE与竖直方向夹角的正弦值为5．（5分）如图所示，回路中滑动变阻器R的最大阻值为R0，滑片P位于滑动变阻器中央，定值电阻R1=R0、R2=R0．电源电阻r=R0，电源电动势为E，电容器的电容为C，闭合开关S，则下列说法错误的是（）A．电压表的示数为EB．电容器的带电量为CEC．滑动变阻器R的热功率为电阻R2的5倍D．电源内阻消耗的热功率和电阻R2的相等6．（5分）如图所示，空间中有A、B、C、D、O五点，其中AB连线与CD连线相互垂直，A、B、C、D四点到O点的距离均为d，现在A、B两点分别放置带电荷量均为Q的负电荷，在C点放置一正电荷，如果D点的电场强度为零，则下列说法正确的是（）A．电荷C的带电荷量为2QB．O点的电场强度为0C．将一负电荷从O点沿OC连线向下移动的过程中，负电荷的电势能增大D．将一负电荷从O点沿OB连线向右移动的过程中，负电荷的电势能增大7．（5分）一个质量为1kg的物块从固定斜面上距挡板2m高的位置无初速度滑下，撞到下面的挡板上时，速度为6m/s，物块撞到挡板上后，反弹的速度为4m/s，重力加速度g取10m/s2，则下面说法正确的有（）A．物块在斜面上运动的过程中机械能守恒的B．物块从斜面上滑下到挡板相碰前的过程中机械能减少了2JC．物块与挡板相碰过程中损失的机械能为10JD．物块与挡板相碰后，能返回到离挡板0.8m高处8．（5分）一个质量为m的物块放在倾角θ=45°的斜面上，斜面质量也为m，斜面放在光滑水平面上，现用一沿斜面方向的外力F拉着物块和斜面一起向右做匀加速度运动，下列说法正确的是（）A．两者一起运动的加速度为B．斜面受到的合力大小为C．地面对斜面的支持力大小为2mg﹣D．地面对斜面的支持力大小为2mg9．（5分）2018年7月23日，美国航天局宣布，天文学家通过开普勒太空望远镜确认在宜居带发现第一颗与地球大小相似的太阳系外行星开普勒﹣452b．假设未来的某一天，探测卫星围绕开普勒﹣452b做匀速圆周运动，它距开普勒﹣452b 表面高度为h，运动的周期为T，开普勒﹣452b的半径为R，则（）A．探测卫星运行时的向心加速度为B．物体在开普勒﹣452b表面自由下落的加速度为C．探测卫星运动时的线速度为D．开普勒﹣452b的第一宇宙速度为10．（5分）如图所示，水平面上放置有间距为0.5m的平行金属导轨MN和PQ，并处于竖直向上的匀强磁场中，在金属导轨上放置光滑导体棒ab．N、Q端分别与一理想变压器原线圈相连，理想变压器副线圈接有“5V、0.1A”的小灯泡L0导体棒ab在外力F作用下运动，其速度随时间变化的规律为v=sin（10πt）m/s，小灯泡恰能正常发光，选取向左为正方向，已知原副线圈匝数比=，导体棒和导线的电阻都不计，则下列说法正确的是（）A．磁感应强度B=TB．磁感应强度B=2TC．通过灯泡交流电的频率为5HzD．通过导体棒的电流大小为0.18A二、解答题（共6小题，满分55分）11．（6分）某物理兴趣小组的同学为了验证在竖直面内做圆周运动的物体在最低点受到的拉力与根据学过的物理规律计算出拉力是否相同，设计了如图所示的实验，一根轻绳一端固定在O点，另一端系着一个小球，他在绳的固定点O安装了一个拉力传感器来测量绳拉力的大小．他们首先在最低点给小球一适当大小的初速度，使小球运动到最高点时，拉力传感器的示数为零，最后记录下当小球运动到最低点时拉力传感器的示数T．（1）还需要测量的物理量有．A．小球在最低点静止时拉力传感器的示数T0B．绳子的长度LC．小球运动一周所用的时间t（2）当小球运动到最低点时，只要在误差允许的范围内拉力传感器测得的拉力T=，就可认为物体在最低点实际受到的拉力与根据物理规律计算得到的拉力是相同的．12．（9分）为了测量某电池的电动势E和内阻r，现有下列器材：A．待测电池B．定值电阻R0C．电压表V1（可视为理想电压表）D．电压表V2（可视为理想电压表，量程比V1大）E．滑动变阻器RF．开关G．导线若干（1）某同学画出实验电路原理图如图，实验中，当电压表V1读数为U1时，电压表V2读数U2；当电压表V1读数为U1时，电压表V2读数为U2则可以求出E=，r=．（用U1、U2、U1、U2及R0表示）（2）若将电压表V1改为测滑动变阻器两端的电压，移动滑动变阻器滑片，读出电压表V1和V2的示数U1、U2，画出U2﹣U1的图形，如果图象的斜率为k，纵截距为b，则电源电动势E=，r=．（用k、b及R0表示）13．（8分）如图所示，AC为粗糙的水平面，总长为5m，一质量为1kg可以看做质点的物体，在水平恒力F作用下由A点从静止开始向右加速运动一段位移后撤去，已知物体与水平面间动摩擦力因数为μ=0.2，F大小为5N，CD高度h=1.25m，EF是一个矩形有水区域的两个端点，DE=EF=1m，g=10m/s2．欲使物体能从C点落下，且进入水域，力F的作用时间应满足什么条件．14．（9分）如图所示，空间中存在着竖直向上的匀强电场，现有一带负电的粒子，电荷量为q，质量为m，从M点以初速度v0水平飞入电场，最后打到倾角为θ的挡板上的某点N，不计粒子重力，求：（1）粒子打到挡板上时竖直速度的大小；（2）M、N两点电势差的绝对值．15．（8分）如图所示，在边长为L的等边三角形内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，D是底边AB的中点，质量为m，电荷量为q的带正电的粒子（不计重力）可以从AB边上不同的位置以不同的速度竖直向上射入磁场．（1）从D点射入的粒子，恰好可以垂直打在AC边上，求粒子的速度大小；（2）从AB边何处竖直向上射入的粒子经过C点且与BC相切？16．（15分）如图所示，两足够长的平行金属导轨ab、cd，间距L=1m，导轨平面与水平面的夹角θ=37°，在a、c之间用导线连接一电阻R=3Ω的电阻，放在金属导轨ab、cd上的金属杆质量m=0.5kg，电阻r=1Ω，与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，金属杆的中点系一绝缘轻绳，轻绳的另一端通过光滑的定滑轮悬挂一质量M=1kg 的重物．空间中加有磁感应强度B=2T与导轨所在平面垂直的匀强磁场．金属杆运动过程中始终与导轨接触良好，导轨电阻不计．M正下方的地面上安装有加速度传感器用来测量M运动的加速度，现将M由静止释放，重物即将落地时，加速度传感器的示数为2m/s2，全过程通过电阻R的电荷量为0.5C．（重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）传感器的示数为2m/s2时金属杆两端的电压；（2）在此过程中电阻R上产生的焦耳热是多少？[物理——选修3-3]17．（5分）在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，已知实验室中使用的油酸酒精溶液的浓度为k，N滴油酸酒精溶液的总体积为V，在浅盘中的水面上均匀撒上痱子粉，将一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油酸扩散开后，在带有边长为a的正方形小格的玻璃板上描出油膜的轮廓（如图所示）．测得油膜占有的正方形小格个数为n，下列说法正确的是（）A．滴在水面上的每滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为B．在描绘油膜轮廓时，要等到油酸薄膜形状稳定后在测量C．在数油膜占有的正方形小格格数时，不足半格的舍去，多于半格的算一个D．用公式d=，求出薄膜厚，即油酸分子的直径E．用油膜法测量分子直径实验的科学依据是将油膜看成单分子油膜18．（10分）一定质量理想气体在初始状态A时，压强P A=1×118Pa，结合如图（V﹣T图线）中交代的信息，试求：（1）E点时气体的压强；（2）试分析由A→B→C的过程中气体是吸热还是放热．[物理——选修3-4]19．下列关于光学现象的说法，正确的是（）A．单缝衍射条纹的特征是明暗相间平行等距B．肥皂泡呈现彩色条纹是由光的干涉现象造成的C．光纤传导利用光的全反射原理，光纤由芯和外套两层组成，内芯的折射率比外套的小D．用同一台双缝干涉仪做光的双缝干涉实验，黄光相邻的亮条纹间距大于蓝光的相邻亮条纹间距E．拍摄玻璃橱窗内的物品时，要在镜头前加装一个偏振片以过滤橱窗玻璃的反射光20．在一简谐横波传播的路径上有A、B两个质点，两质点的振动图象如图甲、乙所示，A、B间的距离为2m，A、B间的距离小于一个波长．（1）若波由A向B传播，求波长及波速的大小；（2）若波由B向A传播，求波长及波速的大小．[物理——选修3-5]21．以下说法错误的是（）A．天然放射现象的发现揭示了原子核是可分的B．光电效应现象中，极限频率越大的金属材料逸出功越大C．放射性元素的半衰期与原子所处的温度、压强有关D．重核裂变反应过程中出现质量亏损会导致方程两边质量数不守恒E．处于n=3能级状态的一个氢原子自发跃迁时，能发出3种频率的光子22．质量均为M的物体A和B相距L，在光滑水平面上以相同的速度v向前匀速运动，某时刻将质量为的物体C轻轻地放在B内，而后B、C一起向前运动，求：（1）经多长时间A与B相遇；（2）将C放入B后，BC系统损失的机械能是多少．2018-2018学年江西省高三（上）调研物理试卷（1）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）1．某不计重力的带电粒子在电场和磁场中的情况，下列叙述正确的是（）A．带电粒子在磁场中受洛伦兹力为零，则该处磁场感应强度一定为零；带电粒子在电场中所受电场力为零，则该处场强一定为零B．带电粒子在磁场中受到的洛伦兹力方向一定与磁感线方向相同C．带电粒子平行电场线或磁感应线分别进入电场或磁场，粒子运动方向不会改变D．带电粒子垂直于磁感线方向进入匀强磁场和匀强电场，带电粒子将分别做匀速圆周运动和类平抛运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】当粒子运动方向与磁场平行时，不受洛伦兹力作用；带电粒子垂直射入匀强电场时，电场力是恒力，与初速度垂直，粒子做类似平抛运动；带电粒子垂直射入匀强磁场时，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动．【解答】解：A、若带电粒子经过磁场中某点时所受的洛伦兹力为零，可能是粒子运动的方向与磁场的方向平行．该点的磁感应强度不一定为零，故A错误；B、根据左手定则可知，带电粒子在磁场中受到的洛伦兹力方向一定与磁感线方向垂直；故B错误；C、带电粒子平行电场线时，则电场力与速度平行，则粒子运动方向不变，若带电粒子平行磁感应线进入磁场，因不受磁场力，则粒子运动方向不会改变，故C 正确；D、带电粒子垂直射入匀强电场时，电场力是恒力，与初速度垂直，粒子沿着初速度方向分运动是匀速直线运动，沿着电场力方向的分运动是初速度为零的匀加速直线运动，合运动是类似平抛运动，轨迹为抛物线，而带电粒子垂直射入匀强磁场时，洛伦兹力不做功，提供向心力，做匀速圆周运动，故D正确；故选：CD．【点评】考查洛伦兹力产生条件，理解洛伦兹力不做功，掌握带电粒子在电场中一定有电场力，而在磁场中，不必一定产生磁场力，最后注意类平抛运动与匀速圆周运动的条件．2．两个线圈在同一闭合铁芯上，现在给左边的线圈通入如图所示的电流，以从A流向B（如图所示）为正，则通过R的电流随时间变化的图象为（规定向上为正）（）A．B． C．D．【考点】变压器的构造和原理；法拉第电磁感应定律．【分析】线圈中因磁通量发生变化，才导致线圈产生感应电动势，从而形成感应电流．由楞次定律可推断出通过电阻的电流方向．【解答】解：0～1s，原线圈中电流均匀增大，根据安培定则，原线圈中磁通量向上，穿过副线圈的磁通量向下，且均匀增加，根据楞次定律，副线圈中感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，感应电流的磁场方向向上，由安培定则知通过电阻R的电流方向向上，因为原线圈电流均匀增大，磁感应强度均匀增加，磁通量匀均增加，在副线圈中产生的感应电动势为定值，电阻R中的电流为定值，故符合要求的只有B选项，故B正确，ACD错误故选：B【点评】本题考查法拉第电磁感应定律的图象应用，要注意正确掌握楞次定律的应用，同时要注意正确分析图象的性质，能正确应用排除法进行分析．3．A、B、C三根完全相同的通电导体棒质量均为m，B、C两根平行放在粗糙的水平地面上，A放在B、C连线的中垂线上，截面如图所示，ABC组成等边三角形，三根导体棒都通有等大的电流，A中电流垂直纸面向外，B、C中的电流垂直纸面向里，三根导体棒均处于静止状态，下列说法正确的是（）A．B、C两导线对地面的压力为mgB．B、C两导线对地面的压力为mgC．地面对B导线的摩擦力大小为mgD．地面对B导线的摩擦力大小为mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；平行通电直导线间的作用．【分析】对整体分析，根据平衡条件可求得支持力大小，再由牛顿第三定律可明确压力大小；对A受力分析可知，由平衡条件可求得安培力的大小，再对B分析，根据平衡条件即可求得摩擦力大小．【解答】解：A、对ABC整体分析可知，整体竖直方向受重力和支持力作用而处于平衡状态，则可知，BC对地面的压力应为：，故AB错误；C、对A导线分析可知，A受BC导线的斥力和重力而处于平衡，如图所示，由几何关系可知，相互作用力F=；对B受力分析可知，B受重力、支持力以及摩擦力的作用而处于平衡，则由平衡条件可知，摩擦力f=Fsin30°=mg；故C 正确，D错误．故选：C．【点评】本题考查共点力平衡条件的应用，注意明确整体法与隔离法的正确应用，同时注意两导线电流方向相同时，两导体相互吸引；而两导线电流方向相反时，两导线相互排斥．4．如图所示，有一半球形容器，其竖直截面为半圆．AB为沿水平方向的直径，D是圆周的最低点，E是AD间某一点，C与E在相同的高度．一个可视为质点的小球从A点以速度v0水平抛出，恰好落在E点，若以2v0抛出，恰好落在C点，设球的半径为R，则下列判断正确的是（）A．初速度为时，小球恰好落在D点B．初速度为时，小球将落在D点的左侧C．OC与竖直方向夹角的正弦值为D．OE与竖直方向夹角的正弦值为【考点】平抛运动．【分析】平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，竖直方向上的位移已经知道了，但是水平方向的位移要用三角形的知识来求，然后才能求圆的半径．【解答】解：设圆半径为r，质点做平抛运动，设水平方向的位移为x，竖直方向上的位移为y，则：x=v0t由于恰好落在C点时的初速度是恰好落在E点时的初速度的2倍，所以：x AC=2x AE连接OC和OE，由于CE在同一条水平线上，由几何关系可知它们与竖直方向之间的夹角相等，设为θ，如图：则：r+rsinθ=2（r﹣rcosθ）所以：sinθ=；所以选项C错误，D正确；由图可知D点的位置在CE点的下方，由：y=可知，小球到达D点的时间大于到达CE的时间；若小球初速度为时，小球落在CE点之间时的位移：=所以若小球初速度为时，小球落在D点的右侧．故A错误，B错误．故选：D【点评】考查平抛运动规律的应用，但是水平方向的位移不知道，所以用的数学的知识较多，需要熟练的应用三角形的边角关系．5．如图所示，回路中滑动变阻器R的最大阻值为R0，滑片P位于滑动变阻器中央，定值电阻R1=R0、R2=R0．电源电阻r=R0，电源电动势为E，电容器的电容为C，闭合开关S，则下列说法错误的是（）A．电压表的示数为EB．电容器的带电量为CEC．滑动变阻器R的热功率为电阻R2的5倍D．电源内阻消耗的热功率和电阻R2的相等【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【分析】先分析电路的结构，然后由闭合电路欧姆定律来分析电路中电压，再由焦耳定律分析电阻电热．由此即可正确解答．【解答】解：A、R2与R的右半部分是并联，并联滑动变阻器的阻值为，R2=R0，可知并联电阻为R并=，则滑动变阻器所在支路的电阻为，外电路的总电阻为：R外=，由闭合电路的欧姆定律，电路中的电流：I==所以电压表的读数：U=．故A正确；B、R2两端电压为：，所以电容器的带电量为：q=C•U并=CE，故B正确；C、干路电流为I，则通过滑动变阻器左半部分的电流为I，通过其右半部分的电流为，由于此部分与R2并联而且电阻值相等，因此通过R2的电流也为，由P=I2R知：滑动变阻器热功率为，R2的热功率为：，所以滑动变阻器R的热功率为电阻R2的5倍．故C正确．D、电源内阻消耗的热功率：，即电源内阻消耗的热功率等于电阻R2的电功率的2倍．故D错误本题选择错误的，故选：D【点评】本题考查的事电磁感应与电路结合，重点在于电路分析，这部分题目比较多，应该熟悉其操作方法即一般的电路问题的基本思路都是：由电动势和总电阻得电流，再由电流分析电路中各个元件的电压，然后还可以由支路电压分析支路电流或者由电流分析电压．还可以由此分析各个元件的电热功率，基本千篇一律．6．如图所示，空间中有A、B、C、D、O五点，其中AB连线与CD连线相互垂直，A、B、C、D四点到O点的距离均为d，现在A、B两点分别放置带电荷量均为Q的负电荷，在C点放置一正电荷，如果D点的电场强度为零，则下列说法正确的是（）A．电荷C的带电荷量为2QB．O点的电场强度为0C．将一负电荷从O点沿OC连线向下移动的过程中，负电荷的电势能增大D．将一负电荷从O点沿OB连线向右移动的过程中，负电荷的电势能增大【考点】电势能；电势差与电场强度的关系．【分析】根据点电荷场强公式和电场的叠加原理求C的带电荷量，并由电场的叠加原理分析O点的电场强度．根据电场力做功情况分析电荷的电势能如何变化．【解答】解：A、D点的电场强度为零，则电荷A、B与电荷C在D点产生的电场强度大小相等、方向相反．则有：k=2k cos45°解得：Q C=2Q．故A错误．B、电荷A、B在O点产生的场强大小相等、方向相反，相互抵消．O点的电场强度等于电荷C在O点产生的电场强度，不为零，故B错误．C、根据电场的叠加原理，可知，OC连线上电场强度方向沿C→O，则将一负电荷从O点沿OC连线向下移动的过程中，负电荷所受的电场力沿O→C方向，电场力对负电荷做正功，负电荷的电势能减小，故C错误．D、OB连线上电场强度斜向右上方，负电荷受到的电场力斜向左下方，则将一负电荷从O点沿OB连线向右移动的过程中，电场力对负电荷做负功，负电荷的电势能增大，故D正确．故选：D【点评】本题的关键要知道空间的电场是由三个电荷产生的电场的叠加，要掌握点电荷的电场强度公式，并运用矢量合成法则：平行四边形定则求合场强．7．一个质量为1kg的物块从固定斜面上距挡板2m高的位置无初速度滑下，撞到下面的挡板上时，速度为6m/s，物块撞到挡板上后，反弹的速度为4m/s，重力加速度g取10m/s2，则下面说法正确的有（）A．物块在斜面上运动的过程中机械能守恒的B．物块从斜面上滑下到挡板相碰前的过程中机械能减少了2JC．物块与挡板相碰过程中损失的机械能为10JD．物块与挡板相碰后，能返回到离挡板0.8m高处【考点】功能关系．【分析】根据重力势能的减少量与动能的增加量是否相等，判断物块的机械能是否守恒，并根据能量守恒定律求出机械能减少量和物块与挡板相碰过程中损失的机械能．根据动能定理求物块与挡板相碰后上滑的高度．【解答】解：A、物块下滑过程重力势能的减少量是△E p=mgh=1×10×2J=20J，动能的增加量为△E k==×1×62J=18J，由于△E k＜△E p，所以物块在斜面上运动的过程中机械能不守恒，故A错误．B、物块从斜面上滑下到挡板相碰前的过程中机械能减少量为△E=△E P﹣△E k=20J ﹣18J=2J，故B正确．C、物块与挡板相碰过程中损失的机械能为△E损=﹣=18﹣×1×42=10J，故C正确．D、设斜面的倾角为θ，物块与斜面间的动摩擦因数为μ．根据动能定理得下滑过程有：mgh﹣μmgcosθ=﹣0上滑过程有：﹣mgh′﹣μmgcosθ=﹣联立解得：物块与挡板相碰后上滑的高度h′=m≈0.89m，故D错误．故选：BC【点评】解决本题的关键要明确物块能量的转化情况，知道在涉及力在空间的效果时，运用动能定理求物块运动的距离是常用的方法．8．一个质量为m的物块放在倾角θ=45°的斜面上，斜面质量也为m，斜面放在光滑水平面上，现用一沿斜面方向的外力F拉着物块和斜面一起向右做匀加速度运动，下列说法正确的是（）A．两者一起运动的加速度为B．斜面受到的合力大小为C．地面对斜面的支持力大小为2mg﹣D．地面对斜面的支持力大小为2mg【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】以物块和斜面组成的整体为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律，运用正交分解法列出水平和竖直方向的方程，即可求解．【解答】解：A、以整体为研究对象进行受力分析如图水平方向：Fcos45°=2ma解得：，故A错误；B、斜面受到的合力，故B正确；C、竖直方向受力平衡：解得：，故C正确，D错误；故选：BC【点评】本题考查牛顿第二定律的应用和受力分析规律的应用，要注意明确加速度沿水平方向，竖直方向上的合力为零，对整体运用牛顿第二定律进行分析求解即可．9．2018年7月23日，美国航天局宣布，天文学家通过开普勒太空望远镜确认在宜居带发现第一颗与地球大小相似的太阳系外行星开普勒﹣452b．假设未来的某一天，探测卫星围绕开普勒﹣452b做匀速圆周运动，它距开普勒﹣452b表面高度为h，运动的周期为T，开普勒﹣452b的半径为R，则（）A．探测卫星运行时的向心加速度为B．物体在开普勒﹣452b表面自由下落的加速度为C．探测卫星运动时的线速度为D．开普勒﹣452b的第一宇宙速度为【考点】万有引力定律及其应用．【分析】卫星绕开普勒﹣452b做圆周运动，万有引力提供向心力，根据线速度、角速度与周期间的关系，应用万有引力定律与牛顿第二定律分析答题．【解答】解：A、探测卫星的向心加速度：a=ω2r=（R+h）=，故A错误；B、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=m（R+h），万有引力等于重力：G=mg，解得：g=，故B错误；C、探测卫星的线速度：v=，故C正确；D、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=m（R+h），。

江西省横峰中学、铅山一中、德兴一中2018届高三上学期第一次月考物理试题 Word版含答案

2017-2018学年度上学期高三年级物理第一次月考命题人；阮叔富一，选择题（1-7为单选题，8-10为多选题。

每小题4分，共40分）1、如图所示,A、B两质点同时同地沿同一直线运动,下列说法正确的是( )A. A质点沿正方向做匀加速运动B. B质点沿正方向先减速后加速C. 经过4s,A质点的位移小于B质点的位移D. 0~4s内,两质点间的距离先增大后减小2、测速仪上装有超声波发射和接收装置，如图所示，B 为固定测速仪，A 为汽车，两者相距 670m，某时刻 B 发出超声波，同时 A 由静止开始做匀加速直线运动，当 B 接收到反射回来的超声波信号时，A、B 相距710m．已知声速为 340m/s，则汽车的加速度大小为（）A．20m/s2B．10m/s2C．5m/s2D．无法计算3、“竹蜻蜓”是一种在中国民间流传甚广的传统儿童玩具，是中国古代一个很精妙的小发明，距今已有两千多年的历史．其外形如图所示，呈T字形，横的一片是由木片经切削制成的螺旋桨，当中有一个小孔，其中插一根笔直的竹棍，用两手搓转这根竹棍，竹蜻蜓的桨叶便会旋转获得升力飞上天，随着升力减弱而最终又落回地面．二十世纪三十年代，德国人根据“竹蜻蜓”的形状和原理发明了直升机的螺旋桨．下列关于“竹蜻蜓”的说法正确的是（）A．“竹蜻蜓”从手中飞出直至运动到最高点的过程中，始终在加速上升B．“竹蜻蜓”从手中飞出直至运动到最高点的过程中，始终在减速上升C．为使“竹蜻蜓”能以图示方向旋转上升，其桨叶前缘应比后缘略高D．为使“竹蜻蜓”能以图示方向旋转上升，其桨叶前缘应比后缘略低4、有甲、乙两根完全相同的轻绳，甲绳A、B两端按图甲的方式固定，然后将一挂有质量为M 的重物的光滑轻质动滑轮挂于轻绳上，当滑轮静止后，设绳子的张力大小为T1；乙绳两端按图乙的方式连接，然后将同样的定滑轮且挂有质量为M的重物挂于乙轻绳上，当滑轮静止后，设乙绳子的张力大小为T2．现甲绳的B端缓慢向下移动至C点，乙绳的E端缓慢移动至F点，在两绳的移动过程中，下列说法正确的是（）A．T1、T2都变大 B．T1变大、T2变小C ．T 1、T 2都不变D ．T 1不变、T 2变大5、用细绳拉着两个质量相同的小球，在同一水平面内做匀速圆周运动，悬点相同，如图所示，A 运动的半径比B 的大，则（）A ．A 受到的向心力比B 的大B ．B 受到的向心力比A 的大C ．A 的角速度比B 的大D ．B 的角速度比A 的大6、从离地面高为h 处以水平速度υ0抛出一个物体，要使物体落地速度与水平地面的夹角最大，则h 与υ0的取值应为下列的( )A. h =15m ，υ0=5m/sB. h =15m ，υ0=8m/sC. h =30m ，υ0=10m/sD. h =40m ，υ0=10m/s7、如图，两平行的带电金属板水平放置．若在两板中间a 点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a 点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a 点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（）A ．保持静止状态B ．向左上方做匀加速运动C ．向正下方做匀加速运动D ．向左下方做匀加速运动8、一球形行星对其周围物体的万有引力使物体产生的加速度用a 表示，物体到球形行星表面的距离用h 表示，a 随h 变化的图象如图所示，图中a 1、h 1、a 2、h 2及万有引力常量G 均为己知．根据以上数据可以计算出（）A ．该行星的半径B ．该行星的质量C ．该行星的自转周期D ．该行星同步卫星离行星表面的高度9、如图，xOy 坐标轴上有A （L ,0）C （0,3L ）两点．在△OCA 区域内有垂直于xOy 平面向里的匀强磁场B ．一群质量为m 、电荷量为q （q >0）的同种粒子（粒子间相互作用不计），同一时刻从OC 边以平行于x 轴方向射入磁场．粒子射入磁场前间距均匀（极小）、速度相同．从OC 边射出的粒子占粒子总数75%．不计重力．下列说法正确的是( )A ．粒子在磁场中按顺时针方向运动B ．粒子在磁场中运动时间最长为qBm π C ．粒子速度大小为m qBL 123 D ．粒子在磁场中运动时间最短为qBm 6π 10、如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L 能发光。

江西省横峰中学高三物理上学期第十四周周练试题(无答案)

横峰中学2016-17学年度上学期周练（第十四周）高三年级物理试卷考试日期：11月30日一、选择题：（本题包括12小题，共48分，9—12为多选。

）1.关于热力学温度的下列说法中, 不正确的是( )A.热力学温度与摄氏温度的每一度的大小是相同的B.热力学温度的零度等于－273.15℃C.热力学温度的零度是不可能达到的D.气体温度趋近于绝对零度时, 其体积趋近于零2.若在水银气压计上端混入少量空气, 气压计的示数与实际大气压就不一致, 在这种情况下( )A.气压计的读数可能大于外界大气压B.气压计的读数总小于实际大气压C.只要外界大气压不变, 气压计的示数就是定值D.可以通过修正气压计的刻度来予以校正3.如图所示，活塞质量为M，横截面积为S，上表面水平，下表面与水平成α角摩擦不计，外界大气压为p o，被封闭气体的压强为（）A、p o—Mgcosα/SB、p o cosα—Mg/SC、p o—Mg/SD、p o—Mgcos2α/S4.如图所示，在一端开口且足够长的玻璃管内，有一小段水银柱封住了一段空气柱。

玻璃管绕通过其封闭端的水平轴，从竖直位置开始，顺时针方向缓慢转动，在转动一周的过程中(水银不溢出)，管内空气压强p随夹角θ变化的关系图象大致为（）5.如图是氧气分子在不同温度（0℃和100℃）下的速率分布，由图可得信息( )A.同一温度下，氧气分子呈现出“中间多，两头少”的分布规律B.随着温度的升高，每一个氧气分子的速率都增大C.随着温度的升高，氧气分子中速率小的分子所占的比例高D.随着温度的升高，氧气分子的平均速率变小6.右图中纵坐标和横坐标分别表示气体的压强P和密度ρ，质量一定的理想气体在状态A和B的热力温度分别为T A和T B，由图可知( )A、T A＝T BB、T A＝2T BC、T A＝4T BD、T B＝8T A7.一绝热隔板将一绝热长方形容器隔成两部分, 两边分别充满气体, 隔板可无摩擦移动.开始时, 左边的温度为0℃,右边的温度为20℃,隔板处于静止状态;当左边的气体加热到20℃, 右边的气体加热到40℃时,则达到平衡状态时隔板的最终位置( )A.保持不动B.在初始位置右侧C.在初始位置左侧D.决定于加热过程8.如图所示，一端封闭的玻璃管开口向下竖直倒插在水银槽中，其位置保持固定。

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横峰中学2018-17学年度上学期周练（第十四周）
高三年级物理试卷
考试日期：11月30日
一、选择题：（本题包括12小题，共48分，9—12为多选。

）
1.关于热力学温度的下列说法中, 不正确的是( )
A.热力学温度与摄氏温度的每一度的大小是相同的
B.热力学温度的零度等于－273.15℃
C.热力学温度的零度是不可能达到的
D.气体温度趋近于绝对零度时, 其体积趋近于零
2.若在水银气压计上端混入少量空气, 气压计的示数与实际大气压就不一致, 在这种情况下( )
A.气压计的读数可能大于外界大气压
B.气压计的读数总小于实际大气压
C.只要外界大气压不变, 气压计的示数就是定值
D.可以通过修正气压计的刻度来予以校正
3.如图所示，活塞质量为M，横截面积为S，上表面水平，下表面与水平成α角
摩擦不计，外界大气压为p o，被封闭气体的压强为（）
A、p o—Mgcosα/S
B、p o cosα—Mg/S
C、p o—Mg/S
D、p o—Mgcos2α/S
4.如图所示，在一端开口且足够长的玻璃管内，有一小段水银柱封住了一段空气柱。

玻璃管绕通过其封闭端的水平轴，从竖直位置开始，顺时针方向缓慢转动，在转动一周的过程中(水银不溢出)，管内空气压强p随夹角θ变化的关系图象大致为（）
5.如图是氧气分子在不同温度（0℃和100℃）下的速率分布，由图
可得信息( )
A.同一温度下，氧气分子呈现出“中间多，两头少”的分布规律
B.随着温度的升高，每一个氧气分子的速率都增大
C.随着温度的升高，氧气分子中速率小的分子所占的比例高
D.随着温度的升高，氧气分子的平均速率变小
6.右图中纵坐标和横坐标分别表示气体的压强P和密度ρ，质量一定的理想气体在状态A和B的热力温度分别为T A和T B，由图可知( )
A、T A＝T B
B、T A＝2T B
C、T A＝4T B
D、T B＝8T A
7.一绝热隔板将一绝热长方形容器隔成两部分, 两边分别充满气体, 隔板可无摩擦移动.开始时, 左边的温度为0℃,右边的温度为20℃,隔板处于静止状态;当左边的气体加热到20℃, 右边的气体加热到40℃时, 则达到平衡状态时隔板的最终位置( )
A.保持不动
B.在初始位置右侧
C.在初始位置左侧
D.决定于加热过程
8.如图所示，一端封闭的玻璃管开口向下竖直倒插在水银槽中，其位置保持固定。

已知封闭端内有少量空气。

若大气压强变小一些，则管中在水银槽水银面上方的水银柱高度h和封闭端内空气的压强p将如何变化( )
A.h变小，p变大
B.h变大，p变大
C.h变大，p变小
D.h变小，p变小
9.一定质量的理想气体, 处于某一初态, 现要使它经过一些状态变化后回到原来初温, 下列哪些过程可能实现( )
A.先等压压缩, 再等容减压
B.先等压膨胀, 再等容减压
C.先等容增压, 再等压膨胀
D.先等容减压, 再等压膨胀
10.封闭在气缸内一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，以
下说法正确的是( )
Ａ．气体的密度增大Ｃ．气体分子的平均动能减小
Ｂ．气体的压强增大Ｄ．每秒撞击单位面积器壁的气体分子数增多
11.如图所示, 一气缸竖直倒放, 气缸内有一质量不可忽略的活塞, 将一定量的理想气体封在气缸内, 活塞与气缸壁无摩擦, 气体处于平衡状态.现保持温度不变, 把气缸稍微倾一点, 在达到平衡后, 与原来相比, 则( )
A.气体的压强变小
B.气体的压强变大
C.气体的体积变小
D.气体的体积变大
12.一定质量的理想气体经历如图所示的一系列变化过程,ab、bc、cd和da这四个过程中在P-T图上都是直线段,其中ab的延长线通过坐标原点O,bc垂直于ab而cd平行于ab,由图可
以判断( )
A.ab过程中气体体积不断增大
B.bc过程中气体体积不断减小
C.cd过程中气体体积不断增大
D.da过程中气体体积不断减小
二、填空题(本题共2小题，共22分)
13．(12分)一个房间的地面面积是15 m2，房间高3 m．已知标准状况下，空气的平均摩尔质量是2.9×10－2 kg/mol.通常用空气湿度(有相对湿度，绝对湿度)表示空气中含有的水蒸气的情况，若房间内所有水蒸气凝结成水后的体积为118 cm3，已知水的密度为ρ＝1.0×118 kg/m3，水的摩尔质量M mol＝1.8×10－2kg/mol，求：
(1)房间内空气的质量为________kg；
(2)房间中有________个水分子；
(3)估算一个水分子的线度为________ m．(保留两位有效数字)
14．(10分)在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中：
(1)关于油膜面积的测量方法，下列说法中正确的是( )
A．油酸酒精溶液滴入水中后，要立刻用刻度尺去量油膜的面积
B．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能地散开，再用刻度尺
去量油膜的面积
C．油酸酒精溶液滴入水中后，要立即将油膜的轮廓画在玻璃板上，再利用坐标纸去计算油膜的面积
D．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能散开，等到状态稳定后，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，用坐标纸去计算油膜的面积
(2)实验中，将1 cm3的油酸溶于酒精，制成200 cm3的油酸酒精溶液，又测得1 cm3的油酸酒精溶液有50滴，现将1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2 m2的单分子薄层由此可估算油酸分子的直径
d＝________ m.
三、论述题
16、（12）使一定质量的理想气体按如图甲中箭头所示的顺序变化,图中BC段是以纵轴和横轴为渐近线的双曲线.(1)已知气体在状态A的温度为T A=300K,求气体在状态B、C和D的温度是多少?(2)将上述变化过程在图乙V-T图象中表示出来(标明A、B、C、D四点,并用箭头表示变化方向).
图甲
18、如图所示，重G1的活塞a和重G2的活塞b，将长为L的气室分成体积比为1﹕2的A、B两部分，温度是127℃，系统处于平衡状态，当温度缓慢地降到27℃时系统达到新的平衡，求活塞a、b移动的距离。