新疆乌鲁木齐八中高三第三次月考物理

乌鲁木齐市第八中学2011-2012学年高三第三次月考试卷物理试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

共100分考试用时100分钟。

第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．一物体作匀加速直线运动，通过一段位移x ∆所用的时间为t 1，紧接着通过下一段位移x ∆所用时间为t 2。

则物体运动的加速度为 ( ) A ．1212122()()x t t t t t t ∆-+ B ．121212()()x t t t t t t ∆-+ C ．1212122()()x t t t t t t ∆+- D ．121212()()x t t t t t t ∆+-2．小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，则 ( ) A ．小球下落时的加速度为5m/s 2B ．小球第一次反弹后初速度的大小为3m/sC ．小球是从1m 高处自由下落的D ．小球能弹起的最大高度为0.45m3．如图所示，质量为m 的小物块静止在倾角为θ的固定斜面上。

某时刻开始对小物块施加一个平行斜面向上的拉力F ，F 由零开始逐渐增大，当F 增大到F 0时，小物块开始沿斜面向上运动。

则F 0的大小 ( )A ．一定小于2sin mg θB ．一定等于2sin mg θC ．一定大于2sin mg θD ．可能等于2sin mg θ，也可能大于2sin mg θ4．如图所示，在倾角θ=37°的斜面底端的正上方H 处，平抛一个物体，该物体落到斜面上的速度方向正好与斜面垂直，则物体抛出时的初速度为 ( )A ．4gH B ．179gHC ．43gHD ．3gH5．2011年春节期间，按照公安部统一部署，全国各大中城市进行了大规模集中整治酒驾行动。

据统计酒驾违法者比往年同期下降了40％。

执法交警所使用的酒精测试仪主要元件是一种氧化物半导体传感器。

这种具有N 型导电性的氧化物的电阻会随其周围气体浓度的变化而变化。

这种传感器的电阻与酒精气体的浓度c 成反比，在如图所示的简化原理图中，电压表示数U 与酒精气体浓度c 之间的对应关系正确的是 ( )A ．U 越大，表示c 越小，但c 与U 不成反比B ．U 越大，表示c 越小，与U 成反比－R R 0E rC ．U 越大，表示c 越大，但C 与U 不成正比D ．U 越大，表示c 越大，c 与U 成正比6．在如图所示的电路中电源电动势为E ，内电阻为r 。

闭合开关S ，待电流达到稳定后，电流表示数为I ，电压表示数为U ，电容器C 所带电荷量为Q ，将滑动变阻器P 的滑动触头, 从图示位置向a 一端移动一些，待电流达到稳定后，则与P 移动前相比 ( ) A ．U 变小 B ．I 变小 C ．Q 增大 D ．Q 减小7．如图所示的U －I 图线上，a 、b 、c 各点均表示该电路中有一个确定的工作状态， b 点α=β，则下列说法中正确的是 ( ) A ．在b 点时电源的总功率最大； B ．在b 点时电源有最大输出功率；C ．从a →b 时，β角增大，电源的总功率和输出功率都将增大；D ．从c →b 时，β角减小，电源的总功率和输出功率都将增大；8．某电场中沿x 方向上，电势φ与x 方向的距离关系如图所示，假想有一个电子在其中仅受电场力作用下移动，则下列关于电场和电子能量说法正确的是 ( )A ．x 3到x 4区域内沿x 方向存在匀强电场B ．x 6到x 7区域内沿x 方向场强为零C ．若电子从电势为2V 的x 1位置向右到电势为2V 的x 7位置，因为电子电势能不变，电场力不做功，电子初动能大于零即可满足要求D ．若电子从电势为2V 的x 1位置向右到电势为2V 的x 7位置，为了通过x 4处电势3V 的位置，电子至少具有初动能1eV9．绝缘水平面上固定一正点电荷Q ，另一质量为m 、电荷量为—q(q ﹥0)的滑块从a 点以初速皮v 0沿水平面向Q 运动，到达b 点时速度减为零．已知a 、b 间距离为s ，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g ．以下判断正确的是( )A ．滑块在运动过程中所受Q 的库仑力有可能大于滑动摩擦力B ．滑块在运动过程的中间时刻的速度大于02vC ．此过程中产生的内能为2021mvD ．Q 产生的电场中，a 、b 两点间的电势差为qgs v m U ab2)2(20μ-=10．如图所示，一个带电油滴从O 点以初速度v 0向右上方射入无限大的匀强电场E 中，v 0的方向与E 方向成α角．现测得油滴到达运动轨迹的最高点P 时速度大小仍为v 0，则下列说法正确的是 ( )A ．P 点可能在O 点的右上方B ．P 点可能在O 点的左上方C ．到达最高点P 时，重力和电场力对油滴做功的功率都为0D ．从抛出到最高点的过程中，油滴电势能的减少量一定等于重力势能的增加量1 234567E第Ⅱ卷（非选择题共60分）二、实验题：共2小题，共15分．把答案填在题中的横线上或按题目要求作答11. （6分）右图为一正在测量中的多用电表表盘.（1）如果是用×10Ω档测量电阻，则读数为Ω。

（2）如果是用直流10 mA档测量电流，则读数为mA。

（3）如果是用直流5 V档测量电压，则读数为V。

12. （9分）某同学使用如下器材做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验：待测小灯泡（额定电压12V，工作时电阻为100Ω左右）；电源E（电动势为14V）；电压表V（量程为15V，内阻约为15kΩ）；电流表A（量程为100mA，内阻约为10Ω）；滑动变阻器（最大阻值为10Ω）；单刀单掷开关；导线若干。

①请根据所选的实验电路图在实物图上连线。

②该同学描绘的小灯泡的伏安特性曲线如图所示，由图可求得小灯泡的额定功率为P=________W。

（结果保留3位有效数字）③根据小灯泡的伏安特性曲线，可确定小灯泡的功率P与U2和I2的关系，下列示意图中正确的是。

④将被测小灯泡与一定值电阻R和电源串联成闭合电路。

电源的电动势为15V，内阻为10Ω。

现用一理想电压表测得小灯泡两端的电压为8.5V，则定值电阻R 所消耗的电功率为W。

三、本题共4小题，满分45分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

13．（10分）2011年11月3日，神舟八号飞船首次成功与天宫一号实现交会对接,为中国航天第三步建设空间站做好了准备,实现了我国空间技术发展的重大跨越。

若已知飞船在地球上空的圆轨道上运行时离地面的高度为h．地球半径为R，地球表面的重力加速度为g．求飞船在该圆轨道上运行时：（1）速度v的大小和周期T。

（2）速度v与第一宇宙速度的比值。

14．(12分)如图所示，质量为m、电荷量为+q的小球从距地面一定高度的O点，以初速度v0沿着水平方向抛出，已知在小球运动的区域里，存在着一个与小球的初速度方向相反的匀强电场，如果测得小球落地时的速度方向恰好是竖直向下的，且已知小球飞行的水平距离为L，求:(1)小球落地点A与抛出点O之间的电势差为多大？(2)小球下落时的高度为多大？（3）若小球与地面碰撞后再次落地时，落点距离A点2L处，求碰撞中损失的动能与碰前动能的比值？(已知碰撞中无电荷量的损失)15．（13分）如图（甲）所示，在场强大小为E 、方向竖直向上的匀强电场中存在着一半径为R 的圆形区域，O 点为该圆形区域的圆心，A 点是圆形区域的最低点，B 点是圆形区域最右侧的点．在A 点有放射源释放出初速度大小不同、方向均垂直于场强方向向右的正电荷，电荷的质量为m 、电量为q ，不计电荷重力、电荷之间的作用力． （1）某电荷的运动轨迹和圆形区域的边缘交于P 点，如图（甲）所示，∠POA=θ，求该电荷从A 点出发时的速率．（2）若在圆形区域的边缘有一接收屏CBD ，如图（乙）所示，C 、D 分别为接收屏上最边缘的两点，∠COB=∠BOD=30°．求该屏上接收到的电荷的最大动能和最小动能．16．(10分)如图所示，已知水平面上的P 点右侧光滑，左侧与滑块间的动摩擦B 图（乙）B 图（甲）因数为μ。

质量分别为m1和m2的两个滑块在水平面上P点的右侧分别以速度v1、v 2向右运动，由于V1>V2而发生碰撞(碰撞前后两滑块的速度均在一条直线上)。

二者碰后m1继续向右运动，m2被右侧的墙以原速率弹回，再次与m1相碰，碰后m 2恰好停止，而m1最终停在Q点。

测得PQ间的距离为L。

求第一次碰后滑块m1的速度。

乌鲁木齐市第八中学2011-2012学年高三第三次月考考试物理答卷纸第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅱ卷（非选择题共6题共60分）二．实验题(共15分)11．ΩmA,V12.②W ③ D ,④W三.计算题(共45分)13.（10分）14.（12分）15. （13分）DB图B图16．（10分）乌鲁木齐市第八中学2011-2012学年高三第三次月考考试物理答案第Ⅰ卷(选择题 共40分)第Ⅱ卷（非选择题 共6题 共60分 ）二．实验题(共15分)11． 60 Ω 7.18 mA, 3.59 V12. ① 略 ② 1.15-1.19 W , ③ D ④ 0.48 W三. 计算题(共45分) 13.（11分）（1） h R v m h R MmG+=+22)( （2分）g m R Mm G020= （2分）hR gR v +=2（1分） vh R T )(2+=π （2分）ghR R h R T ++=)(2π （1分）（2）第一宇宙速度v 1: mg Rv m =21（2 分）hR R v v +=1（1分）14. （11分）(1) mqE a = （1分） aL v 220= （1分）L E U AO ⋅= （1分）.2120qmv U AO= （1分） (2). ,0at v = （1分） 221gt h = （1分） 2022v gL h = （1分）（3） gt v A = （1分） 2)2(212t a L '=（1分） t g v A '=' （1分）21212121222='-=∆A AA A mv v m mv E E （1分）15 （13分）解： （1）a =Eqm（2分） Rsin θ= v 0t （2分） R -R cos θ=12 at 2 （2分） 由以上三式得v 0=（1分）（2）由（1）结论得粒子从A 点出发时的动能为经过P 点时的动能为 Eq (R -R cos θ)= E k - 12 m v 02 （3分）E k =Eq (R -R cos θ)+12 m v 02 = 14 EqR (5-3cos θ) （1分）最小动能为： E kD = 14 EqR (5-3cos60°) = 78 EqR （1分）最大动能为： E kC = 14 EqR (5-3cos120°) = 138 EqR （1分）16, （10分） 根据动量守恒定律有'22'112211v m v m v m v m +=+ ① (3分)第二次碰撞 31'22'11v m v m v m -=- ② (3分) 1m 过P 点向左运动过程中，由动能定理得2311210v m gL m -=-μ ③(2分)解得：s m m gLm v m v m v /122112211'1=-+=μ ④ (2分)。