2013三维设计高三物理一轮复习课件人教版广东专版：第十章 第1单元 电磁感应现象 楞次定律
①回路面积变化：如闭合线圈部分导线切割磁感线。
如图10－1－2甲所示。
图10－1－2 ②回路平面与磁场夹角变化：如线圈在磁场中转动。 如图10－1－2乙所示。 返回
[应用升级]
1.如图10－1－3所示，一个矩形线圈与通
有相同大小的电流的平行直导线处于同 一平面内，而且处在两导线的中央，则 ( ) 图10－1－3
过铁芯穿过右边的线圈。若磁场变化，则在右边线 圈中产生感应电动势和感应电流。
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[解析] 当金属棒ab向右匀速运动而切割磁感线时，金属 棒中产生恒定感应电动势，由右手定则判断电流方向由 a→b。根据电流从电源(ab相当于电源)正极流出沿外电路
回到电源负极的特点，可以判断b点电势高于a点。又左线
圈中的感应电动势恒定，则感应电流也恒定，所以穿过右 线圈的磁通量保持不变，不产生感应电流，c点与d点等电 势。选项A错B对。当金属棒ab向右做加速运动时，由右 手定则可推断b＞φa，电流沿逆时针方向。又由E＝BLv可
所以，本题应选A、D。
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法二：根据楞次定律的另一种表述——感应电流的效果， 总要反抗产生感应电流的原因。本题中“原因”是回路中 磁通量的增加，归根结底是磁铁靠近回路，“效果”便是
阻碍磁通量的增加和磁铁的靠近。所以，P、Q将互相靠
近且磁铁的加速度小于g，应选A、D。 答案：AD
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[拓展训练]
1．如图10－1－7所示，甲是闭合铜线框，乙是有缺口
考 纲 下 载
1.电磁感应现象
2.磁通量 3.法拉第电磁感应定律 4.楞次定律 5.自感、涡流
(Ⅰ)
(Ⅰ) (Ⅱ) (Ⅱ) (Ⅰ)
考 情 上 线
高考
地位
本章是高考中的必考内容，在历年高考中所占 分值较高，考查的题型一般多为选择，考查的 难度中等，试题的综合程度较高 1.感应电流的产生及方向的判定，图像的考查
1．三个定则的区别
基本现象 运动电荷、电流产生磁场 应用的定则 安培定则 右手定则 左手定则 返回
部分导体切割磁感线运动产生感应
电动势 磁场对运动电荷、电流产生作用力
2.应用技巧
三种记忆方法：
(1)“因动而电”——用右手；“因电而动”——用左手。
(2)“通电受力用左手，运动生电用右手”。 (3)“力”的最后一笔“丿”方向向左，用左手；“电”的最后一 笔“乚”方向向右，用右手。
解析：由楞次定律知线圈中感应电流方向从上向下看为 顺时针，线圈下端为电源正极，所以流过R的电流方向 为从b向a，电容器下极板带正电，故D正确，A、B、C 错误。
答案：D
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[知识检索]
应用楞次定律解题的一般步骤
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[典题例析]
[例1](双选)如图10－1－6所示，光滑固定
的金属导轨M、N水平放置，两根导体棒 P、Q平行放置在导轨上，形成一个闭 合回路，一条形磁铁从高处下落接近回 图10－1－6 路时 ( )
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[典题例析] [例2] MN、GH为光滑的水平平行 金属导轨，ab、cd为跨在导轨上的 两根金属杆，匀强磁场垂直穿过 图10－1－8
MN、GH所在的平面，如图10－1－8中所示，则(
)
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A．若固定ab，使cd向右滑动，则abcd回路有电流，电 流方向由a到b到d到c B．若ab、cd以相同的速度一起向右滑动，则abcd回路 有电流，电流方向由c到d到b到a C．若ab向左、cd向右同时运动，则abcd回路电流为零 D．若ab、cd都向右运动，且两棒速度vcd>vab，则abcd
考点
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2．法拉第电磁感应规律的应用
3．电磁感应现象与磁场、电路、力学等知识的 综合
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[思维启动] 磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量。 如图10－1－1所示，通有恒定电流的导线MN 与闭合线框共面，第一次将线框由位置1平
移到位置2，第二次将线框绕cd边翻转到2，
设先后两次通过线框的磁通量变化分别为 ΔΦ1和ΔΦ2，则ΔΦ1________ΔΦ2。 返回 图10－1－1
A．P、Q将相互靠拢
B．P、Q将相互远离 C．磁铁的加速度仍为g D．磁铁的加速度小于g 返回
[思路点拨]
可以应用楞次定律确定P、Q中的感应电
流的方向，再根据左手定则确定感应电流受到的安培 力来确定P、Q的运动方向，根据感应电流的磁场的“ 阻碍”作用确定磁铁的加速度。还可以根据楞次定律 的一些结论直接解答。
回路有电流，电流方向由c到d到b到a
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[解析] 由右手定则可判断出A应产生顺时针的电流，故A 错。若ab、cd同向且速度大小相同，ab、cd所围的线圈面
积不变，磁通量不变，故不产生感应电流，故B错。
若ab向左，cd向右，则abcd中有顺时针电流，故C错。 若ab、cd向右运动，但vcd>vab，则ab、cd所围面积发生变 化，磁通量也发生变化，故同楞次定律可判断出产生由c 到d的电流，故D正确。
[答案] D
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[拓展训练] 2.如图10－1－9所示，有一个有界匀强磁 场区域，磁场方向垂直纸面向外，一个
闭合的矩形导线框abcd，沿纸面由位置
1(左)匀速运动到位置2(右)，则 ( ) 图10－1－9
A．导线框进入磁场时，感应电流的方向为a→b→c→d→a B．导线框离开磁场时，感应电流的方向为a→d→c→b→a C．导线框离开磁场时，受到的安培力水平向右
A．两电流同向时，穿过线圈的磁通量为零
B．两电流反向时，穿过线圈的磁通量为零
C．两电流同向或反向，穿过线圈的磁通量相等 D．因两电流产生的磁场是不均匀的，因此不能判定 穿过线圈的磁通量是否为零 返回
解析：两电流同向时，在线圈范围内，产生的磁场方向相 反，大小对称，穿过线圈的磁通量为零。故正确答案为A。 答案：A
(2)电势相等
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1．(双选)(2011· 山东高考)了解物理规律的发现过程，学
会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更
重要。以下符合史实的是 A．焦耳发现了电流热效应的规律 B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律 C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相 互关系的序幕 D．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自 ( )
答案：D
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[知识检索] (1)利用楞次定律判断感应电流的方向时，一定要先判断 原磁场的方向和磁通量的变化，然后根据楞次定律判
断感应电流磁场的方向，进而判断感应电流的方向。
(2)利用右手定则判断闭合电路的一部分导体做切割磁感 线运动时产生的感应电流方向，有以下几种常见情况：
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①导体平动切割磁感线； ②导体转动切割磁感线； ③导体不动，磁场运动，等效为磁场不动，导体反方向 切割磁感线。
知金属棒ab两端的E不断增大，那么左边电路中的感应电
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流也不断增大，由安培定则可判断它在铁芯中的磁感线方
向是沿逆时针方向的，并且场强不断增强，所以右边的线 圈中的向上的磁通量不断增加。由楞次定律可判断右边电 路中的感应电流的方向应沿逆时针，而在右线圈绕成的电 路中，感应电动势仅产生在绕在铁芯上的那部分线圈上。
感应电流的磁场应该向下，感应电流方向为b→G→a。
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[知识联动]
1．楞次定律
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2.楞次定律中“阻碍”的含义
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3．楞次定律的使用步骤
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4．楞次定律的推广
对楞次定律中“阻碍”的含义可以推广为感应电流的效 果总是阻碍产生感应电流的原因： (1)阻碍原磁通量的变化——“增反减同”； (2)阻碍相对运动——“来拒去留”； (3)使线圈面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”； (4)阻碍原电流的变化(自感现象)——“增反减同”。
D．导线框进入磁场时，受到的安培力水平向左
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解析：由右手定则可判断出导线框进入磁场时，感应电流
方向为a→d→c→b→a，离开磁场时电流方向为
a→b→c→d→a，故A、B错；由左手定则可判断导线框进 入磁场时受到的安培力水平向左，离开磁场时，受到的安 培力水平向左，故C错，D对。 答案：D
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[知识检索]
的铜线框，丙是闭合的塑料线框，它们的正下方都 放置一薄强磁铁，现将甲、乙、丙拿至相同高度H 处同时释放(各线框下落过程中不翻转)，则以下说 法正确的是 ( )
图10－1－7
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A．三者同时落地 B．甲、乙同时落地，丙后落地 C．甲、丙同时落地，乙后落地
D．乙、丙同时落地，甲后落地
解析：甲是铜线框，在下落过程中产生感应电流，所受的 安培力阻碍它的下落，故所需的时间长；乙没有闭合回路， 丙是塑料线框，故都不会产生感应电流，它们做自由落体 运动，故D正确。
由落体运动是匀变速直线运动
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[思维启动] 用如图10－1－4所示的实验装置来验证楞 次定律，当条形磁铁自上而下穿过固定 的线圈时，通过电流计的感应电流方向
是：
当条形磁铁进入线圈时________； 当条形磁铁离开线圈时________。 图10－1－4
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提示：磁铁磁感线的方向是从上到下，磁铁穿过的过程中， 磁通量向下先增加后减少，由楞次定律判断知，磁通量向 下增加时，感应电流的磁场阻碍增加，方向向上，根据安 培定则知感应电流的方向为a→G→b；磁通量向下减少时，
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[典题例析] [例3] (双选)如图10－1－10所示，两个线 圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向在图 中已经标出。左线圈连着平行导轨M 和N，导轨电阻不计，在导轨垂直方 图10－1－10
向上放着金属棒ab，金属棒处在垂直于纸面向外的匀强磁来自场中。下列说法中正确的是
(
)
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A．当金属棒ab向右匀速运动时，a点电势高于b点，c点电
向且减小，由安培定则得右边线圈中的磁场向下减小，由 楞次定律知线圈中电流由d端流出，故d点电势高于c点。 (2)回路中磁通量均匀增大，由楞次定律和法拉第电磁感应 定律知，左侧回路中产生顺时针方向电流，且大小不变； 由安培定则知右侧线圈中的磁场不变，即右线圈中无感应 电流，电势相等。
2021三维设计高三物理一轮复习课件人教版广东专版：第十章 第3单元 电磁感应规律的综合应用
外力使杆ef以速度v向右匀速运动时，杆ef所受的安培力
为
()
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vB2l2 A. R
vB2l C. R
vBl B. R
vBl2 D. R
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解析：金属杆以速度 v 运动，电动势 E＝Blv，回路 电流 I＝ER＝BRlv，由 F＝BIl 得 F＝B2Rl2v，A 正确。 答案：A
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[知识检索] 对图像的理解，应做到“四明确一理解” (1)明确图像所描述的物理意义：明确各种“＋”、“－”的含义；
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[知识联动] 1．分析电路问题的基本方法 (确定电源：先判断产生电磁感应现象的那一部分导体，
该部分导体可视为等效电源。 (2)分析电路结构，画等效电路图。 (3)利用电路规律求解，主要有欧姆定律、串并联规律等。
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2．问题归类 (1)以部分电路欧姆定律为中心，包括六个基本物理量(
电压、电流、电阻、电功、电功率、电热)，三条定律 (部分电路欧姆定律、电阻定律和焦耳定律)，以及若干 基本规律(串、并联电路特点等)。 (2)以闭合电路欧姆定律为中心，讨论电动势概念，闭合 电路中的电流、路端电压以及闭合电路中能量的转化。
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3．常见的一些分析误区
(1)不能正确分析感应电动势及感应电流的方向。因产生感应
电动势那部分电路为电源部分，故该部分电路中的电流
应为电源内部的电流，而外电路中的电流方向仍是从高
电势到低电势。
(2)应用欧姆定律分析求解电路时，没有注意等效电源的内阻
对电路的影响。
(3)对连接在电路中电表的读数不能正确进行分析，特别是并
B．Uab＝－0.1 V D．Uab＝－0.2 V
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解析：由 E＝ΔΔΦt ＝ΔΔBt·S＝10×0.02 V＝0.2 V 由楞次定律可知 Uab＝－E2＝－0.1 V 选项 B 正确。 答案：B
2013三维设计高三物理一轮复习人教版广东专版：第五章-第4单元--功能关系-能量守恒定律PPT优秀
的损失量
他形式的能量
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类别 比较
静摩擦力
滑动摩擦力
一对静摩擦 一对相互作用的滑动摩
不同 一对摩擦力 力所做功的 擦力对物体系统所做的
点 做功方面 代数总和等 总功总为负值，系统损
于零 失的机械能转变成内能
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[应用升级]
1.(双选)如图5－4－2所示，小球从A点
以初速度v0沿粗糙斜面向上运动，到 达最高点B后返回A，C为AB的中点。
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[思维启动]
NBA篮球赛非常精彩，吸引了众多观众。如果运动员投
篮过程中对篮球做功为W，出手高度(相对地面)为h1，篮
筐距地面高度为h2，球的质量为m，空气阻力不计，则篮
球进筐时的动能表达式是
。
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提示：由能量守恒，人做的W增加了球进筐时的动能和 势能。设进筐时动能为Ek。 则有：W＝Ek＋mgh2－mgh1 故Ek＝W＋mgh1－mgh2。
量和增加量一定相等。 这也是我们列能量守恒定律方程式的两条基本思路。
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[应用升级] 2.“滔天浊浪排空来，翻江倒海山为摧”的钱塘江大潮，被誉
为天下奇观。小莉设想用钱塘江大潮来发电，在江海交 接
某处建一大坝，形成一个面积为1.0×107 m2， 涨潮时 水深达25 m的蓄水湖，关上水闸落潮后坝内外水位差为 2 m。若发电时水重力势能的12%转变为电能，并
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重力势能增加了多少？ 动能损失了多少？ 机械能损失了多少？
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提示：设物体受到摩擦阻力为 f，由牛顿第二定律得 f＋mgsin30°＝ma＝34mg， 解得 f＝14mg 重力势能的变化由重力做功决定，故 ΔEp＝mgh
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动能的变化由合外力做功决定，故 ΔEk＝(f＋mgsin30°)s＝max＝34mgsinh30°＝32mgh 机械能的变化由重力以外的其他力做功决定， 故 ΔE 机械＝f·s＝14mg·sinh30°＝12mgh
2013三维设计高三物理一轮复习课件人教版广东专版：第二部分 三 必须关注的12大高考易错点
确的是
()
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图3－11
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[易错分析] 本题中图像的纵轴和横轴均是数学上的对 数，情景新颖，部分同学不知如何下手，不能将物理规 律与数学工具相结合来求解，而是猜测导致错误。
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[尝试解答] 万有引力提供天体做匀速圆周运动的向心
力，即 GMRm20 ＝mR0(2Tπ0)2，
GMRm2 ＝mR(2Tπ)2，
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[走出误区] 对于比较复杂的运算，要养成先在草纸 上计算的习惯。在纸上计算的错误率要远远小于口算 的错误率。再就是将数值的运算和数量级的运算分开 进行计算，最后再合在一起，这也是避免数量级出错 的一个好习惯。
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[示例3] 如图3－3所示，a点距坐标原点 的距离为L，坐标平面内有边界过a点和坐 标原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向 垂直坐标平面向里。有一电子(质量为m、 荷量为e)从a点以初速度v0平行x轴正方向射 图3－3 入磁场区域，在磁场中运行，从x轴上的b点(图中未画出) 射出磁场区域，此时速度方向与x轴的正方向之间的夹角为 60°，求：
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图3－2 A．1.8 W,5.4×10－2 W B．3.6 W,0.108 W C．6.48×103 W,1.94×102 W D．0.6 W,1.8×10－2 W
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[易错分析] 本题在计算功率时易出现数量级错误。 返回
[尝试解答] 通过图标和题干我们可以得到如下信息：电压 为 3.6 V，电量为 500 mA·h，由于通话时间为 3 h，所以工 作电流为 I＝Qt ＝03.5 A，所以手机通话时消耗的功率约为 P ＝UI＝3.6×3 0.5 W＝0.6 W，待机时的电流为 I＝Qt ＝100.50 A，消耗的功率约为 P＝UI＝3.61×000.5 W＝0.018 W，所以 正确答案为 D。 [答案] D
2013届高考一轮物理复习课件选修3-1静电场第3讲.
冷基自主萼实2013届高考一轮物理复习课件选修3・1静电场(教科版)第3讲 电求春和电家帶©粒子衣电 场中的运动主萼实"心第点诊析 皐催方法役巧 ■第快乘悴於］后真限时恻住 Ag KAOJIZIZHULUO8HI ................................. ... 01» 考基自主落实II 考纲点击II点击n 常见电容器 电容器的电压、电荷量和电容的关系 1(考纲要求)1 •常见电容器(1)组成：由两个彼此业又相互靠近的导体组成.⑵带电荷量：一个极板所带电荷量的ifi 对值.(3)电容器的充、放电充电：使电容器带电的过程，充电后电容器两板带上等量 的异种电荷,电容器中储存虫场能_・放电：使充电后的电容器失去电荷的过程，放电过程中 电场能转化为其他形式的能.厂鶴别提醒：、^ •4 2 •电容(1)定义：电容器所带的掘她与电容器两极板间的电势差”的比值.⑵定义式：c=*.(3)物理意义：表示由容器容纳电荷本领大小的物理最. (4)单位：法拉(F)l F= IO 6 M F=1()12号基自主幕实 厲心4UI 方法披巧 贞第快眾体脸］；3 •平行板电容器(1)影响因素：平行板电容器的电 容与正对面积成正比,与介质的 介电常数 成正比.与两板间的距 离成反比. (2)决定式：C=崩，丘为静电力常就.号基自主幕实 厲心#A3»tr 4UI 方法披巧 贞第快眾体脸］^KMHVIIIK ；(误区警示： \ 电容是一个电客菇的 客JL.是一个肠理JL 电容耳爰一个元件点击带电粒子在匀1 •带电粒子在电场中的加速带电粒子沿与电场线平行的方向进入电场，带电粒子将做加(减)速运动.有两种分析方法：(1)用动力学观点分析:a=晋,E=% v2—v n2=2ad.(2)用功能观点分析：粒子只受电场力作用，电场力做的功等于物体动能的变化.qU=2ffiv2—2mv02考墓自主犒实"心第点刊衍■■方法技巧■璋快乐体血时恻第2 •带电粒子在匀强电场中的偏转(1)研究条件：带电粒子垂直于电场方向进入匀强电场.(2)处理方法：类似于平抛运动，应用运动的合成与分解的方法.①沿初速度方向做匀速总线_运动，运动时间(=£②沿电场力方向，做_匀加速直线_运动"［加速度：尸上=述=气tri m ma:离开电场时的偏移!^ 1离开电场时的偏转角：唤A斜主落实“心理点新析点击示波管I1.构造：(1)电子枪,(2)偏转电极,(3)荧光屏(考纲2.工作原理(如图6-3-1所示)图6—3_1爭基自主落实］厲心■点尬析力法技巧■易快乐体时恻林(1)如果在偏转电极和"之间都没有加电压，则电了枪射出的电子沿直线运动，打在荧光屏业，在那里产生一个亮斑. (2)yp上加的是待显示的信号电压,XK上是机器自身产生的锯齿形电压，叫做扫描电压，若所加扫描电压和信号电压的周期相同，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内变化的稳定图像.冷基自主落实厲心■点j»析專催方法技巧I ■第快乐体* 耦貝限时WK弓墓自主幕实（帶电粒子在（匀加（减）速斤线葫n ［偏转（类平抛运动）］彳处理方4^7 II 状元微博主幕实• ■心増底矗析 思僱方法技巧 再易快乐体於 »n«Hvn«tea主薄实II考基自测|11 •下列关于电容的说法正确的是().A.电容器简称电容B.电容器4的电容比〃的大，说明A的带电荷量比B多C.电容在数值上等于使两极板间的电势差为IV时电容器需要带的电荷量D.由公式C=¥知，电容器的电容与电容器两极板间的电势差成反比，与电容器所带的电荷量成正比主薄实・仗心■点矗析■僱方法仗巧I ■勺快I活真限时恻林解析电容器和电容是两个不同的槪念，A错；电容器A 的电容比〃的大，只能说明电容器A容纳电荷的本领比〃大，与是否带电无关，B错；电容器的电容大小和它的两极板所带的电荷量、两极板间的电势差、电容器的体积等无关，D错.答案C2.（2011 •徐州高三检测）如图6—3—2所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差"，现使〃板带正电，则下列判断正确的是（）.第蔓自主萼实・"心第点空析A.增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大B.将4板稍微上移，静电计指针张角将变大C.若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大I）.若将A板拿走，则静电计指针张角变为零答案ABJtMfi主需宾I M方栅巧I I 活3•—个带电小球，用细绳悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬绳烧断，小球将做（）.•4.自由落体运动B.匀变速曲线运动方向C.沿悬绳的延长线方向做匀加速直线运动D-变加速直线运动解析重力和电场力均为恒力，合力方向与细绳的拉力方向相反，大小与细绳的拉力大小相等.剪断细绳后小球初速度为零，合力恒定，故做匀加速直线运动，正确答案为C・答案C4.电子以初速度％沿垂直电场强度方向射入两平行金属板间的匀强电场中，现增大两极板间的电压，但仍使电子能够穿过平行金属板，则电子穿过平行金属板所需要的时间 ( ).A・随电压的增大而减小B.随电压的增大而增大C・加大两板间距离，时间将减小D.与电压及两板间距离均无关解析电子穿过平行金属板的时间f ■:，初速度方向垂直于电场方向，所以时间t与电压及两板间距离均没有关系.正确答案为D・答案D■基自主暮实I "心希点渤析息*力法铁巧I ■第快乐体总］活真限时恻林5.(2011 •长春调研)如图6—3—3所示，p ------------静止的电子在加速电压为S的电场作()用下从O经P板的小孔射出，又垂直二］■丁y——U2 进入平行金属板间的电场，在偏转电曲、'、、、、压为/的电场作用下偏转一段距离. -------- -现使S加倍，要想使电子的运动轨迹图6-3-3不发生变化，应该().A.使〃2加倍B.使“2变为原来的4倍C.使S变为原来的迈倍D.使〃2变为原来的;倍解析本题考査了帶电粒子在电场中的运动.带电粒子经过加速电场和偏转电场，最终偏移董为y 鬆现使3 加倍，■墓自主幕实］厲心希底渐析法侵巧|样第快乐体於活员限Hvm要想使电子的运动轨迹不发生变化，必须使6加倍,选A. 答案A主幕宾思■方法铁巧I丄片快乐|MEXINKAODIANTOUXI .................................................................................................................................................................................................. " 核心考点透析乃"无和E 考点一平行板电容器的动态分析1.对公式c=£的理解电容c=^.的比值，不能理解为电容C与0成正比、与1/成反比，一个电容器电容的大小是由电容器本身的因素决定的，与电容器是否带电及带电多少无关.主幕实厲心■点析■■方法铁巧薦勺快乐体* 活典限时恻住冷墓自主幣实 厲心■点矗析 •方法役巧 ■舎快 后真限时恻K■触） 2.电容器两类问题比较w 墓自主幣实 "心堵点矗析 «««法铁巧 ■舎快乐体於 活真限时恻住【典例1】M 、N 两金属板竖直放置，使其带电，悬挂 其中的带电小球P 如图6-3-4所示，偏离竖 直方向.下列哪一项措施会使0P 悬线与竖 直方向的夹角增大？（P 球不与金属极板接). 图 6-3-4 A. 增大MN 两极板间的电势差B. 减小MN 两极板的带电荷量C. 保持板间间距不变，将M 、N 板一起向右平移D. 保持板间间距不变，将M 、N 板一起向左平移 解析 小球受向右的电场力处于平衡状态，增大两板间的 电势差则电场强度增大，电场力增大，小球向右偏角增 大，A 对；减小电容器的带电荷量则两板间电势差减小， 电场强度减小，电场力减小，偏角减小，B 错；C 、D 中电 场强度不会变化，偏角不变，故C 、D 错.■基自主幕实厲心绐点“析I思11方法役巧■第快I活真限时恻林答案A主疼实」厲心■点刃析［方法仗巧■垮快活页限时iHIHI借题发挥I——运用电容的定义式和决定式分析电容器相关量变化的思路.(1)确定不变量，分析是电压不变还是所带电荷量不变.⑵用决定式O 盐/分析平行板电容器电容的变化.(3)用定义式分析电容器所带电荷量或两极板间电压的变化.⑷用E-1；分析电容器极板间电场强度的变化.主暮实 快X• P I ——【支対】（2012课圳调研）如图6-3-5所示,平 行板电容器与电动势为E 的直流电源 （内阻不计）连接，下极板接地.一带电 油滴位于电容器中的P 点且恰好处于平 衡状态.现将平行板电容器的上极板 竖直向上移动一小段距离 （A.带电油滴将沿竖直方向向上运动B. P 点的电势将降低C. 带电油滴的电势能将减少D. 若电容器的电容减小，则极板带电最将增大主暮实 快心◎点空析 ■權方法铁巧 样写快乐体曲J解析 因为电容器两板电压不变，当两板间距离d 增大， 电场强度E 减小，®p=Exp 减小，P 点的电势降低，故选项 A 错B 对；又根据带电油滴平衡可判断其带负电，它在P 点 的电势能增大，选项C 错误；电容器的电容减小，则极板 带电荷量将减小，选项D 错，故答案为B ・答案B考点二带电体在匀强电场中做直线运动问题的分析首先对带电粒子进行受力分析，弄清带电粒子的运动状态，然后再选用恰当的物理规律求解.如果应用牛顿运动定律，要弄清带电粒子的受力情况和运动情况，再灵活运用运动学公式求解；如果运用动能定理，关键要弄清带电粒子的初、末状态及哪些力做功.主落实*心増点矗析思催方法铁巧再垮快乐体* ］【典例2】(2012•济南模拟)如图6-3-6所示，一带电荷量为+</、质量为加的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好擲止.重力加速度取g, sin 37° =0.6, cos 37° =0.8•图6 -3-6求：(1)水平向右电场的电场强度;(2)若将电场强度减小为原来的;，物块的加速度是多大;(3)电场强度变化后物块下滑距离L时的动能.主落实“解析（1力、电所示，则有r N sin 37• =qE①F N COS 37°=〃rg ②由①②可得E ■呻（2）若电场强度城小为原来的;，即E' ■營由牛顿第二定律得zngsin 37°- qE1 cos 37°- ma③可得a ■ 0・3g・■基自主鸽实」■心母点砂n ■權力法钱巧（3）电场强度变化后物块下滑距离乙时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得rngLsin 37°亿cos 37°=E k—0 ④可得忑=0.3/wgL・答案⑴寫（2）°・"（3）。
【三维设计】2013高三物理备考复习第九章第1单元磁场的描述磁场对电流的作用课下综合提升新人教版(
"【三维设计】 2013 高三物理备考复习第九章第1单元磁场的描绘磁场对电流的作用课下综合提高新人教版（广东专版）"1. 如图 1 所示，一段导线abcd位于磁感觉强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向(垂直于纸面向里 ) 垂直。
线段ab、bc 和 cd 的长度均为L，且∠ abc＝∠ bcd＝135°。
流经导线的电流为 I ，方向如图中箭头所示。
导线段abcd 所遇到的磁场的作使劲的协力()图 1A．方向沿纸面向上，大小为(2＋ 1) ILBB．方向沿纸面向上，大小为(2－ 1) ILBC．方向沿纸面向下，大小为(2＋ 1) ILBD．方向沿纸面向下，大小为(2－ 1) ILB分析：由左手定章及力的合成可知协力方向沿纸面向上，故知选项C、 D 错误。
再由安培力公式 F＝ BIL 可得协力大小为(2＋ 1) ILB，选项 A 正确， B 错误。
答案： A2．在如图 2 所示电路中，电池均同样，当电键S 分别置于a、 b 两处时，导线MM′与NN′之间的安培力的大小分别为F a、 F b，则这两段导线()图 2A．互相吸引，F a>F b B．互相排挤， F a>F bC．互相吸引，F a<F b D．互相排挤， F a<F b分析：电键S 分别置于a、b两处时，电源分别为一节干电池和两节干电池，而电路中灯泡电阻不变，则电路中电流I a<I b， MM′在 NN′处的磁感觉强度B a<B b，应用安培力公式F＝B IL 可知F a<F b，又MM′与NN′电流方向相反，则互相排挤。
答案： D3．在等边三角形的三个极点a、 b、 c 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图 3 所示。
过 c 点的导线所受安培力的方向()图 3A．与ab边平行，竖直向上B．与ab边平行，竖直向下C．与ab边垂直，指向左侧D．与ab边垂直，指向右侧分析： a 处导线在 c 处产生的磁场B1的方向垂直于ac 连线向左下方， b 处导线在 c 处产生的磁场B2的方向垂直于bc 连线向右下方。
2013届高考物理(粤教版广东专用)《三维设计》一轮复习课件第十一章第1单元交变电流的产生及描述
有效值
U＝
1 2Um
U＝12Um
电流名称 正弦单向脉动
电流
电流图像
有效值
U＝
Um 2
矩形脉动电流
非对称性交变 电流
U＝
tT1Um
U＝
1 2U12
＋U
2 2
[应用升级]
2.小型交流发电机中，矩形金属
线圈在匀强磁场中匀速转动，
产生的感应电动势与时间呈正
弦函数关系，如图11－1－5所
示。此线圈与一个R＝10 Ω的 图11－1－5
电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻。下列说
法正确的是
()
A．交变电流的周期为 0.125 s B．交变电流的频率为 8 Hz C．交变电流的有效值为 2 A D．交变电流的最大值为 4 A
解析：由图可知交变电流的周期 T＝0.250 s，频率 f＝T1＝
4
Hz，故选项
A、B
错误；交变电流的有效值
[思维启动] 如图11－1－4所示，间距为L的光 滑平行金属导轨，水平地放置在 竖直方向的磁感应强度为B的匀强 磁场中，一端接阻值为R电阻。一 图11－1－4 个电阻是R0，质量为m的导体棒放置在导轨上，在外力 F作用下从t＝0的时刻开始运动，其速度随时间的变化 规律为v＝vmaxsinωt。不计导轨电阻，则：
[解析] 由图像知 Um＝220 2 V，Im＝URm＝22 2 A， U 有效＝Um2＝220 V，故 A、B 均错误；P＝I 有效2·R＝(21200)2×10 W＝4 840 W，C 错误。Q＝Pt＝4 840×1×10－2 J＝48.4 J， D 正确。
[答案] D
[拓展训练]
2.已知某电阻元件在正常工作时，通过 它的电流按如图 11－1－11 所示的规 律变化。今与这个电阻元件串联一个
三维设计高三物理一轮复习人教广东专 功和功率PPT学习教案
地位 与牛顿运动定律、平抛运动、圆周运动及电磁学知识相
结合时，多以计算题的形式出现。
1.功和功率的理解与计算。
2．动能定理、机械能守恒定律常结合牛顿运动定律、
考点 点击
平 抛运动、圆周运动以及电磁学知识进行考查。
3．动能定理及能量守恒定律与生产、生活、科技相结
合
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进行综合考查。
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
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(2)汽车在匀加速直线运动过程中的实际功率与时间的关系 是 P1＝Fv＝m(μg＋a)at。 (3)汽车达到额定功率后，将保持额定功率不变，随着速度 的增加，牵引力减小，但只要牵引力大于阻力，汽车就做 加速运动，只是加速度要减小，汽车做加速度逐渐减小的 加速直线运动。直到牵引力 F＝f，加速度变为零，汽车所 能达到的最大速度 vm＝Pf0＝12 m/s。 [答案] (1)16 s (2)P1＝m(μg＋a)at (3)12 m/s
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3．功的正负判断
夹角
功的正负
α＜90° 力对物体做正功
力对物体做负功，或者说物体克服这个 α＞90°
力做了功
α＝90° 力对物体不做功
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4．功的计算 (1)恒力做功的计算公式 W＝Flcosα，其中 F 为恒力，l 是物
体相对地面的位移，而不是相对于和它接触的物体的位 移。 (2)变力做功的计算： ①用动能定理 W＝ΔEk 计算。
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提示：力F做功的大小与有无摩擦力无关，W1＝W2， 但有摩擦时，物体m由A到B的时间长，故有P1>P2。
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[知识联动] 1．功率的定义
功跟完成这些功所用时间的比值。 2．物理意义