【物理试题】辽宁省沈阳市2016届高三物理教学质量监测试卷及答案.doc
2024届辽宁省沈阳市高三上学期教学质量监测(一模)考试物理试题
2024届辽宁省沈阳市高三上学期教学质量监测（一模）考试物理试题一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题下列单位中属于基本物理量单位的是（）A．牛顿B．库仑C．安培D．伏特第(2)题如图所示，有一周期为、沿轴正方向传播的波，当时波恰好传到点，则时，段的波形图为（）A．B．C．D．第(3)题空间存在垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度为，甲图是一放置于纸面内有顺时针方向恒定电流的环形导体环，圆心O处的磁感应强度为零。
乙图是一放置于纸面内有逆时针方向同样大小恒定电流的半环形导体环，空间存在同样的垂直纸面、磁感应强度为的匀强磁场，以下说法正确的是（ ）A．空间匀强磁场的磁感应强度方向垂直纸面向里B．乙图圆心O处的磁感应强度为C．乙图圆心O处的磁感应强度方向垂直纸面向里D．乙图半环形导体环中电流在圆心O处产生的磁感应强度为第(4)题如图甲所示，挡板OA与水平面的夹角为，小球从O点的正上方高度为的P点以水平速度水平抛出，落到斜面时，小球的位移与斜面垂直；让挡板绕固定的O点转动，改变挡板的倾角，小球平抛运动的初速度也改变，每次平抛运动都使小球的位移与斜面垂直，关系图像如图乙所示，重力加速度，下列说法正确的是（ ）A．图乙的函数关系图像对应的方程式B．图乙中的数值C．当图乙中，的值为D．当，图乙中，则平抛运动的时间为第(5)题2023年9月21日，景海鹏、朱杨柱、桂海潮三位神舟十六航天员在中国空间站梦天实验舱向全国青少年进行了第四次太空科普授课，朱杨柱告诉我们“他在空间站里一天能看到16次日出（周期为1.5h）”。
设中国空间站a和北斗系统中某颗中圆卫星b均为赤道上空卫星，中圆卫星b的周期为12h，如图所示，某时刻空间站a和中圆卫星b相距最近，且两者运动方向相同，以下说法正确的是（）A．航天员的速度大于第一宇宙速度B．中国空间站a和中圆卫星b轨道半径之比为C．中国空间站a与中圆卫星b加速度之比为D．从此时刻开始每隔中国空间站a和中圆卫星b再次相距最近第(6)题北京时间2022年11月12日10时03分，搭载天舟五号货运飞船的长征七号遥六运载火箭，在我国海南文昌航天发射场点火发射；12时10分，天舟五号货运飞船仅用2小时便顺利实现了与中国空间站天和核心舱的快速交会对接，如图所示，创造了世界纪录。
2016年辽宁省沈阳二中高考物理一模试卷含参考答案
2016年辽宁省沈阳二中高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）跳台滑雪是勇敢者的运动，它是利用山势特点建造的一个特殊跳台．一运动员穿着专用滑雪板，不带雪杖，在助滑路上获得高速后从A点水平飞出，在空中飞行一段距离后在山坡上B点着陆，如图所示．已知可视为质点的运动员水平飞出的速度v0=20m/s，山坡看成倾角为37°的斜面，不考虑空气阻力，则运动员（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A．在空中飞行的时间为4sB．在空中飞行的时间为3sC．在空中飞行的平均速度为20m/sD．在空中飞行的平均速度为50m/s2．（6分）如图所示，一幼儿园小朋友在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，受到老师的表扬．下列说法正确的是（）A．石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B．石块b对a的支持力一定等于a受到的重力C．石块c受到水平桌面向左的摩擦力D．石块c对b的作用力一定竖直向上3．（6分）如图，一宇宙飞船在轨道半径为R的近地圆轨道Ⅰ上围绕地球运行，经变轨后进入椭圆轨道Ⅱ运行．已知椭圆轨道的远地点到地球球心的距离为3.5R，下列说法正确的是（）A．飞船在轨道Ⅱ运行周期比在轨道Ⅰ运行周期小B．飞船在椭圆轨道远地点的速率是近地点的3.5倍C．飞船从轨道Ⅰ变轨进入到轨道Ⅱ的过程中机械能变大D．飞船从近地点向远地点运动的过程中机械能不断增大4．（6分）一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其“速度﹣时间”图象如图所示．分析图象后，下列说法正确的是（）A．A处的电场强度大于C处的电场强度B．B、D两点的电场强度和电势一定都为零C．粒子在A处的电势能大于在C处的电势能D．A、C两点的电势差大于B、D两点间的电势差5．（6分）一长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为m A=1kg和m B=2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为μ=0.2，水平恒力F 作用在A物块上，如图所示（重力加速g=10m/s2）．则（）A．若F=1N，则物块、木板都静止不动B．若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NC．若F=4N，则B物块所受摩擦力大小为4ND．若F=8N，则B物块所受摩擦力大小为2N6．（6分）某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电．已知输电线的总电阻为R=10Ω，降压变压器T2原、副线圈匝数之比为4：1，降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin100πt V，降压变压器的副线圈与滑动变阻器组成闭合电路．若将变压器视为理想变压器，当负载R0=11Ω时（）A．通过R电流的有效值是20AB．升压变压器的输入功率为4650WC．当负载R0增大时，发电机的输出功率减小D．发电机中电流变化的频率为100Hz7．（6分）小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度是5m/s，将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点．已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变，弹簧的弹力大小与形变成正比．下列说法正确的是（）A．在撞击轻弹簧到轻弹簧压缩至最短的过程中，小球的动能先变大后变小B．从撞击轻弹簧到它被压缩至最短的过程中，小球的机械能先增大后减小C．小球在速度最大时受到的弹力为2ND．此过程中，弹簧被压缩时产生的最大弹力为12.2N8．（6分）如图甲所示，在空间存在一个变化的电场和一个变化的磁场，电场的方向水平向右（图甲中由B到C），场强大小随时间变化情况如图乙所示；磁感应强度方向垂直于纸面、大小随时间变化情况如图丙所示．在t=1s时，从A点沿AB方向（垂直于BC）以初速度v0射出第一个粒子，并在此之后，每隔2s有一个相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能击中C点，若AB=BC=L，且粒子由A运动到C的运动时间小于1s．不计重力和空气阻力，对于各粒子由A 运动到C的过程中，以下说法正确的是（）A．电场强度E0和磁感应强度B0的大小之比为2 v0：1B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比为2：1C．第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：4D．第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比为π：2三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选做题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（7分）现有一满偏电流为500μA，内阻为1.2×103Ω的灵敏电流计G，某同学想把它改装成中值电阻为600Ω的欧姆表，实验室提供如下器材：A、一节干电池（标准电动势为1.5V）B、电阻箱R1（最大阻值99.99Ω）C、电阻箱R2（最大阻值999.9Ω）D、滑动变阻器R3（0﹣100Ω）E、滑动变阻器R4（0﹣1kΩ）F、导线若干及两个接线柱（1）由于电流表的内阻较大，该同学先把电流表改装为量程为0～2.5mA的电流表，则电流计应联一个电阻箱（填“串”或“并”），将其阻值调为Ω．（2）将改装后的电流表作为表头改装为欧姆表，请在方框内把改装后的电路图补画完整，并标注所选电阻箱和滑动变阻器的符号（B～E）．（3）用改装后的欧姆表测一待测电阻，读出电流计的示数为200μA，则待测电阻阻值为Ω．10．（8分）某同学在科普读物上看到：“劲度系数为k的弹簧从伸长量为x到恢复原长过程中，弹力做的功W=kx2”．他设计了如下的实验来验证这个结论．A．将一弹簧的下端固定在地面上，在弹簧附近竖直地固定一刻度尺，当弹簧在竖直方向静止不动时其上端在刻度尺上对应的示数为x1，如图甲所示．B．用弹簧测力计拉着弹簧上端竖直向上缓慢移动，当弹簧测力计的示数为F时，弹簧上端在刻度尺上对应的示数为x2，如图乙所示．则此弹簧的劲度系数k=．C．把实验桌放到弹簧附近，将一端带有定滑轮、两端装有光电门的长木板放在桌面上，使滑轮正好在弹簧的正上方，用垫块垫起长木板不带滑轮的一端，如图丙所示．D．用天平测得小车（带有遮光条）的质量为M，用游标卡尺测遮光条宽度d的结果如图丁所示，则d=mm．E．打开光电门的开关，让小车从光电门的上方以一定的初速度沿木板向下运动，测得小车通过光电门A和B时的遮光时间分别为△t1和△t2．改变垫块的位置，重复实验，直到△t1=△t2时保持木板和垫块的位置不变．F．用细绳通过滑轮将弹簧和小车相连，将小车拉到光电门B的上方某处，此时弹簧上端在刻度尺上对应的示数为x3，已知（x3﹣x1）小于光电门A、B之间的距离，如图丙所示．由静止释放小车，测得小车通过光电门A和B时的遮光时间分别为△t1′和△t2′．在实验误差允许的范围内，若k（x3﹣x1）2=（用实验中测量的符号表示），就验证了W=kx2的结论．11．（13分）某高速公路的一个出口路段如图所示，情景简化：轿车从出口A进入匝道，先匀减速直线通过下坡路段至B点（通过B点前后速率不变），再匀速率通过水平圆弧路段至C点，最后从C点沿平直路段匀减速到D点停下．已知轿车在A点的速度v0=72km/h，AB长L1=l50m；BC为四分之一水平圆弧段，限速（允许通过的最大速度）v=36km/h，轮胎与BC段路面间的动摩擦因数μ=0.5，最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力，CD段为平直路段长L2=50m，重力加速度g取l0m/s2．（1）若轿车到达B点速度刚好为v=36km/h，求轿车在AB下坡段加速度的大小；（2）为保证行车安全，车轮不打滑，求水平圆弧段BC半径R的最小值；（3）轿车A点到D点全程的最短时间．12．（19分）如图所示，有一光滑、不计电阻且较长的“Ⅱ“型平行金属导轨，间距L=l m，导轨所在的平面与水平面的倾角为θ=37°，导轨空间内存在垂直导轨平面的匀强磁场．现将一质量m=0.1kg、电阻R=2Ω的金属杆水平靠在导轨上（与导轨两边垂直，且接触良好），g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）若磁感应强度随时间变化满足B=2+0.2t（T），金属杆由距导轨顶部L1=l m 处释放，求至少经过多长时间释放，会获得沿斜面向上的加速度；（2）若匀强磁场大小为定值，对金属杆施加一个平行于导轨斜面向下的外力F，其大小为F=v+0.4（N），v为金属杆运动的速度，使金属杆以恒定的加速度a=10m/s2沿导轨向下做匀加速运动，求匀强磁场磁感应强度的大小；（3）若磁感应强度随时间变化满足B=（T），t=0时刻金属杆从离导轨顶端L1=l m处静止释放，同时对金属杆施加一个外力，使金属杆沿导轨下滑且没有感应电流产生，求金属杆下滑L2=5m所用的时间．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．【物理──选修3-3】（15分）13．（6分）下列说法正确的是（）A．气体的内能是所有分子热运动的动能和分子间的势能之和B．气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变C．功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功D．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体E．一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加14．（9分）如图，上端开口的竖直汽缸由大、小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，两活塞用刚性轻杆连接，两活塞间充有氧气，小活塞下方充有氮气．已知：大活塞的质量为2m，横截面积为2S，小活塞的质量为m，横截面积为S；两活塞间距为L；大活塞导热性能良好，汽缸及小活塞绝热；初始时氮气和汽缸外大气的压强均为p0，大活塞与大圆筒底部相距，两活塞与气缸壁之间的摩擦不计，重力加速度为g．现通过电阻丝缓慢加热氮气，求当小活塞缓慢上升至上表面与大圆筒底部平齐时，氮气的压强．[物理-选修3-4]（15分）15．振源S在O点做沿竖直方向的简谐运动，频率为10Hz，t=0时刻向右传播的简谐横波如图所示（向左传播的简谐横波图中未画出）．则以下说法正确的是（）A．该横波的波速大小为20 m/sB．t=0时，x=1 m处的质点振动方向向上C．t=0.175 s时，x=﹣1 m处的质点处在波峰位置D．若振源S向右匀速运动，在振源S右侧静止的接收者接收到的频率小于10HzE．传播过程中该横波遇到小于2 m的障碍物或小孔都能发生明显的衍射现象16．如图所示，某种透明材料做成的三棱镜，其横截面是边长为a的等边三角形，现用一束宽度为a的单色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到该三棱镜的AB及AC面上，结果所有从AB、AC面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC面．求：（i）该材料对此平行光束的折射率；（ii）这些直接到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC 面的屏上形成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两条？五．[物理-选修3-5]（15分）17．下列说法正确的是（）A．爱因斯坦从理论上成功解释了光电效应现象B．卢瑟福发现了物质的放射性，从而确定了原子核的组成C．用相同频率的光照射同一金属，逸出的所有光电子都具有相同的初动能D．由玻尔理论知，氢原子辐射出一个光子后，其电势能减小，核外电子的动能增大E．平均结合能小的原子核结合成或分解成平均结合能大的原子核时一定放出核能18．在水平地面上沿直线放置两个完全相同的小物体A和B，它们相距s，在距B为2s的右侧有一坑，如图所示．A以初速度v0向B运动，为使A能与B发生碰撞且碰后又不会落入坑中，求A、B与水平地面间的动摩擦因数应满足的条件．已知A、B碰撞时间很短且碰后粘在一起不再分开，重力加速度为g．2016年辽宁省沈阳二中高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）跳台滑雪是勇敢者的运动，它是利用山势特点建造的一个特殊跳台．一运动员穿着专用滑雪板，不带雪杖，在助滑路上获得高速后从A点水平飞出，在空中飞行一段距离后在山坡上B点着陆，如图所示．已知可视为质点的运动员水平飞出的速度v0=20m/s，山坡看成倾角为37°的斜面，不考虑空气阻力，则运动员（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A．在空中飞行的时间为4sB．在空中飞行的时间为3sC．在空中飞行的平均速度为20m/sD．在空中飞行的平均速度为50m/s【解答】解：A、运动员由A到B做平抛运动，水平方向的位移为：x=v0t …①竖直方向的位移为：…②由①②可得：=3s③，故A错误，B正确；C、由题意可知：…④联立②④得：=75m，平均速度为：，故CD错误；故选：B2．（6分）如图所示，一幼儿园小朋友在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，受到老师的表扬．下列说法正确的是（）A．石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B．石块b对a的支持力一定等于a受到的重力C．石块c受到水平桌面向左的摩擦力D．石块c对b的作用力一定竖直向上【解答】解：A、石块b对a的支持力与其对a的静摩擦力的合力，跟a受到的重力是平衡力，故A错误；B、由A分析可知，故B错误；C、以三块作为整体研究，则石块c不会受到水平桌面的摩擦力，故C错误；D、选取ab作为整体研究，根据平衡条件，则石块c对b的作用力与其重力平衡，则块c对b的作用力一定竖直向上，故D正确；故选：D．3．（6分）如图，一宇宙飞船在轨道半径为R的近地圆轨道Ⅰ上围绕地球运行，经变轨后进入椭圆轨道Ⅱ运行．已知椭圆轨道的远地点到地球球心的距离为3.5R，下列说法正确的是（）A．飞船在轨道Ⅱ运行周期比在轨道Ⅰ运行周期小B．飞船在椭圆轨道远地点的速率是近地点的3.5倍C．飞船从轨道Ⅰ变轨进入到轨道Ⅱ的过程中机械能变大D．飞船从近地点向远地点运动的过程中机械能不断增大【解答】解：A、根据开普勒第三定律=k，飞船在轨道Ⅱ运行时的半径比在轨道Ⅰ运行周期大，飞船在轨道Ⅱ运行周期比在轨道Ⅰ运行周期大．故A错误．B、根据开普勒第二定律可知，飞船的轨道半径越大，则线速度越小，所以飞船在椭圆轨道远地点的速率小于近地点的速率．故B错误；C、在椭圆轨道的近地点若实施变轨，将圆轨道Ⅰ变成椭圆轨道Ⅱ是做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须万有引力小于飞船所需向心力，所以应给飞船加速，增加所需的向心力，因此飞船在该点火加速，外力对飞船做功，故飞船在此过程中机械能增加．故C正确；D、飞船从近地点向远地点运动的过程中只有万有引力做功，飞船的机械能不变．故D错误．故选：C4．（6分）一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其“速度﹣时间”图象如图所示．分析图象后，下列说法正确的是（）A．A处的电场强度大于C处的电场强度B．B、D两点的电场强度和电势一定都为零C．粒子在A处的电势能大于在C处的电势能D．A、C两点的电势差大于B、D两点间的电势差【解答】解：A、由运动的速度﹣﹣时间图象可看出，带正电的粒子的加速度在A点时较大，根据牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于C点的电场强度，故A正确；B、由B到D的过程中，速度越来越大，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，正电荷在B点是电势能大于在D 时的电势能，所以B、D两点的电势不可能都为零．故B错误．C、由图可知．粒子在A点的速度大，所以在A点的动能大；只有电场力做功，粒子的动能与电势能的总量不变，所以粒子在A点的电势能小于C点的电势能，故C错误；D、由图象可知：△E△E kAC＜△E kBD…①由动能定理及W=Uq→U==…②由①②→U AC＜U BD．故D错误．故选：A5．（6分）一长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为m A=1kg和m B=2kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为μ=0.2，水平恒力F 作用在A物块上，如图所示（重力加速g=10m/s2）．则（）A．若F=1N，则物块、木板都静止不动B．若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NC．若F=4N，则B物块所受摩擦力大小为4ND．若F=8N，则B物块所受摩擦力大小为2N【解答】解：A与木板间的最大静摩擦力f A=μm A g=0.2×1×10N=2N，B与木板间的最大静摩擦力f B=μm B g=0.2×2×10N=4N，A、F=1N＜f A，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；B、若F=1.5N＜f A，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，根据牛顿第二定律得：F﹣f=m A a，所以A物块所受摩擦力f＜F=1.5N，故B错误；C、F=4N＞f A，所以A在木板上滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度为：a==m/s2=1m/s2对B进行受力分析，摩擦力提供加速度为：f′=m B a=2×1=2N，故C错误；D、F=8N＞f A，所以A相对于木板滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度为=m/s2=1m/s2，对B进行受力分析，摩擦力提供加速度，f′=m B a=2×1=2N，故D正确．故选：D．6．（6分）某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电．已知输电线的总电阻为R=10Ω，降压变压器T2原、副线圈匝数之比为4：1，降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin100πt V，降压变压器的副线圈与滑动变阻器组成闭合电路．若将变压器视为理想变压器，当负载R0=11Ω时（）A．通过R电流的有效值是20AB．升压变压器的输入功率为4650WC．当负载R0增大时，发电机的输出功率减小D．发电机中电流变化的频率为100Hz【解答】解：A、通过用电器的电流有效值I=，根据得，输电线上的电流，故A错误；B、输电线上损耗的功率，降压变压器的输入功率P3=U4I4=220×20W=4400W，则升压变压器的输出功率P=P3+P损=4400+250W=4650W．故B正确．C、当用电器的电阻R0增大时，降压变压器的输出电流减小，则输电线上的电流减小，升压变压器原线圈中的电流变小，根据P=UI知，发电机的输出功率减小．故C正确．D、交流电经过变压器，频率不变，则交流电的频率f=．故D 错误．故选：BC．7．（6分）小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度是5m/s，将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点．已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变，弹簧的弹力大小与形变成正比．下列说法正确的是（）A．在撞击轻弹簧到轻弹簧压缩至最短的过程中，小球的动能先变大后变小B．从撞击轻弹簧到它被压缩至最短的过程中，小球的机械能先增大后减小C．小球在速度最大时受到的弹力为2ND．此过程中，弹簧被压缩时产生的最大弹力为12.2N【解答】解：A、由图可知，小球的速度先增加后减小，故小球的动能先增大后减小，故A正确；B、在小球下落过程中至弹簧压缩最短时，只有重力和弹簧弹力做功，故小球与弹簧组成的系统机械能守恒，在压缩弹簧的过程中弹簧的弹性势能增加，故小球的机械能减小，所以B错误；C、小球下落时，当重力与弹簧弹力平衡时小球的速度最大，据此有：小球受到的弹力大小与小球的重力大小平衡，故此时小球受到的弹力为2N，故C正确；D、小球速度最大时，小球的弹力为2N，此时小球的形变量为0.1m，故可得弹簧的劲度系数k=20N/m，故弹簧弹力最大时形变量最大，根据胡克定律知，小球受到的最大弹力为F max=kx max=20×0.61N=12.2N，故D正确．故选：ACD．8．（6分）如图甲所示，在空间存在一个变化的电场和一个变化的磁场，电场的方向水平向右（图甲中由B到C），场强大小随时间变化情况如图乙所示；磁感应强度方向垂直于纸面、大小随时间变化情况如图丙所示．在t=1s时，从A点沿AB方向（垂直于BC）以初速度v0射出第一个粒子，并在此之后，每隔2s有一个相同的粒子沿AB方向均以初速度v0射出，并恰好均能击中C点，若AB=BC=L，且粒子由A运动到C的运动时间小于1s．不计重力和空气阻力，对于各粒子由A 运动到C的过程中，以下说法正确的是（）A．电场强度E0和磁感应强度B0的大小之比为2 v0：1B．第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比为2：1C．第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：4D．第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比为π：2【解答】解：A、在t=1s时，空间区域存在匀强磁场，粒子做匀速圆周运动，如图2所示；由牛顿第二定律得：qv0B0=m，粒子的轨道半径，R=l，则：B0=；带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，竖直方向：l=v0t，水平方向：l=at2=t2，而E0=，则：=，故A正确；B、第一个粒子和第二个粒子运动的加速度大小之比：===，故B错误；C、第二个粒子，由动能定理得：qE0l=E k2﹣mv02，E k2=mv02，第一个粒子的动能E k1=mv02，第一个粒子和第二个粒子通过C的动能之比为1：5，故C错误；D、第一个粒子的运动时间：t1=T=×=，第二个粒子的运动时间：t2=，第一个粒子和第二个粒子运动的时间之比t1：t2=π：2，故D正确，故选：AD．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选做题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（7分）现有一满偏电流为500μA，内阻为1.2×103Ω的灵敏电流计G，某同学想把它改装成中值电阻为600Ω的欧姆表，实验室提供如下器材：A、一节干电池（标准电动势为1.5V）B、电阻箱R1（最大阻值99.99Ω）C、电阻箱R2（最大阻值999.9Ω）D、滑动变阻器R3（0﹣100Ω）E、滑动变阻器R4（0﹣1kΩ）F、导线若干及两个接线柱（1）由于电流表的内阻较大，该同学先把电流表改装为量程为0～2.5mA的电流表，则电流计应并联一个电阻箱（填“串”或“并”），将其阻值调为300Ω．（2）将改装后的电流表作为表头改装为欧姆表，请在方框内把改装后的电路图补画完整，并标注所选电阻箱和滑动变阻器的符号（B～E）．（3）用改装后的欧姆表测一待测电阻，读出电流计的示数为200μA，则待测电阻阻值为900Ω．【解答】解：（1）将电流计改装为电流表应该并联一个电阻，R==300Ω，（2）改装后的电流表内阻，把表头改装成中值电阻为600Ω的欧姆表，则需要串联的电阻R″=600﹣240=360Ω，所以选择电阻箱R2（最大阻值999.9Ω）和滑动变阻器R4（0﹣1kΩ），实验电路图如图所示：（3）根据得I1=4I g又I=I1+I g得I=5I g所以改装后，当电流表读数为200μA时，表头两端电压Ug=I g R g=0.2mA×1.2k=0.24V，I=5Ig=1mA所以有=1mA解得：R x=900Ω：故答案为：（1）并；300；（2）如图所示；（3）90010．（8分）某同学在科普读物上看到：“劲度系数为k的弹簧从伸长量为x到恢复原长过程中，弹力做的功W=kx2”．他设计了如下的实验来验证这个结论．A．将一弹簧的下端固定在地面上，在弹簧附近竖直地固定一刻度尺，当弹簧在竖直方向静止不动时其上端在刻度尺上对应的示数为x1，如图甲所示．B．用弹簧测力计拉着弹簧上端竖直向上缓慢移动，当弹簧测力计的示数为F时，。
辽宁省2016年高考物理试题及答案(Word版)
辽宁省2016年高考物理试题及答案（本卷满分110分，时间60分钟）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项是符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14. 质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。
用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。
用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中A. F逐渐变大，T逐渐变大B. F逐渐变大，T逐渐变小C. F逐渐变小，T逐渐变大D. F逐渐变小，T逐渐变小15. 如图，P为固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆。
带电粒子Q在P的电场中运动。
运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点。
若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为v a、v b、v c，则A. a a>a b>a c，v a>v c>v bB.a a>a b>a c，v b>v c> v aC. a b>a c>a a，v b>v c> v aD.a b>a c>a a，v a>v c>v b16. 小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短。
将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示。
将两球由静止释放。
在各自轨迹的最低点，A. P球的速度一定大于Q球的速度B. P球的动能一定小于Q球的动能C. P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D. P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度17. 阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路。
开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1,；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。
Q1与Q2的比值为A.52 B. 21 C. 53 D.3218. 一圆筒处于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示。
辽宁省沈阳市2016届高三教学质量监测物理试题(解析版)
辽宁省沈阳市2016-2017年高中三年级教学质量监测物理试题第I卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）1. a 、 b 两辆汽车沿同一直线运动，它们的 x 一 t 图象如图所示，则下面关于两车运动情况的说法正确的是A. 前2s内两车的位移相同B. t=1s时两车之间的距离最远C. b车的加速度大小为1D. 第3s内两车行驶的路程相同【答案】D【解析】试题分析：从图中可知a的位移为4m，b的位移大小小于4m，故两者的位移不同，A错误；t=1s 时两者在同一坐标点，即两者相遇，B错误；位移时间图像的斜率表示速度，故b做匀速直线运动，加速度为零，C错误；在第3s内两者图线的斜率相同，即速度大小相同，所以第3s内路程相同，D正确；考点：考查了位移时间图像【名师点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x的变化量2. 如图，在Ⅰ、Ⅱ两个区域内存在磁感应强度均为B的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，AD、AC边界的夹角∠DAC=30°，边界AC与边界MN平行，Ⅱ区域宽度为d．质量为m、电荷量为+q的粒子在边界AD上距A点d处垂直AD射入I区，入射速度垂直磁场，若入射速度大小为，不计粒子重力，则粒子在磁场中运动的总时间（）A. B.C. D.【答案】C【解析】试题分析：粒子射入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律可求得粒子的轨迹半径和周期，画出轨迹，找出轨迹对应的圆心角，由．根据洛伦兹力提供向心力，有，得，根据几何关系，粒子离开区域Ⅰ的速度方向与沿AC方向，进入磁场区域Ⅱ做匀速圆周运动，运动周期后射出磁场，在Ⅰ区域圆弧所对的圆心角，在Ⅱ区域圆弧所对的圆心角为90°粒子在磁场中运动的总时间为，故C正确．3. 如图所示，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板。
2016届高三沈阳市高三质量监测物理试题及答案(可打印修改)
11．(15 分)
解析：
（1）对金属杆 ab 应用牛顿第二定律有 ：
F＋mgsinθ－F安－f＝ma ┄┄┄①（1 分）
f＝μFN
┄┄┄②（1 分）
FN＝mgcosθ
┄┄┄③（1 分）
①②③式可以合在一起给 3 分，即： F+mgsinθ－F安－μmgcosθ=ma（3 分）
ab 杆所受安培力大小为： F安＝BIL┄┄┄┄┄④（1 分）
E．质点 N（x＝9 m）经过 0.5 s 第一次到达波谷
（2）（10 分）某同学欲测直角三棱镜 ABC 的折射率。他让细激光束以一定的入射角
从空气射到三棱镜的侧面 AB 上，经棱镜两次折射后，从另一侧面 BC 射出（不考虑 AC
面上的光束反射），逐渐调整入射光在 AB 面的入射角，当侧面 BC 上恰无射出光时，测
v0 平行于 x 轴负方向射入磁场，并从 b 点射出磁场，此时速度方向与 x 轴负方向的夹
角为 60°，下列说法中正确的是 A．电子在磁场中运动的时间为 L
v0
y
v0
a
B．电子在磁场中运动的时间为 2L
3v0
b
Ox
C．磁场区域的圆心坐标为（－ L ， L ）
22
D．电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，－L）
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，写在试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，考生将答题卡交回。
5．理、化、生三科考试时间共 150 分钟，物理满分 110 分。
第I卷
一、选择题（本题共 10 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1～6 题只
（ii）弹簧第一次伸长到最长时弹簧的弹性势能。
2016沈阳市高三质量监测(一)物理答案
2016年沈阳市高中三年级教学质量监测（一）物理试题答案及评分参考一、选择题二、非选择题 （一）必考题① 结果没有单位扣一分 ② 中间结果都没有分值③ 直接代入数值的扣掉相应的公式分值——不给对应的公式分11．(15分)解析：（1）对金属杆ab 应用牛顿第二定律有 ：F ＋mg sin θ－F 安－f ＝ma ┄┄┄①（1分）f ＝μF N┄┄┄②（1分）F N ＝mg cos θ┄┄┄③（1分）ab 杆所受安培力大小为： F 安＝BIL ┄┄┄┄┄④（1分）ab 杆切割磁感线产生感应电动势为：E ＝BLv ┄┄┄┄┄⑤（1分）由闭合电路欧姆定律可知：REI =┄┄┄┄┄⑥（1分） 整理得：F ＋mg sin θ－v RL B 22－μmg cos θ＝ma代入：v m =8m/s 时a =0，解得：F =8N┄┄（1分） 代入：v =4m/s 及F =8N ，解得：a ＝4m/s 2 ┄┄（1分）（2））设通过回路截面的电荷量为q ，则：t I q = ┄┄┄┄┄⑦（1分）回路中的平均电流强度为：REI =┄┄┄┄┄⑧（1分） 回路中的产生的平均感应电动势为：tΦE ∆= ┄┄┄┄┄⑨（2分） 回路中的磁通量变化量为：ΔΦ＝BLx ┄┄┄┄┄⑩（1分）联立⑦⑧⑨⑩，解得：q ＝3C ┄┄┄┄┄（2分）12．(20分)① 中间结果都没有分值② 直接代入数值的扣掉相应的公式分值——不给对应的公式分解析：（1）物块B 在木板A 上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可知： μ1mg ＝ma 1 ┄┄┄┄┄┄（1分） 解得：a 1＝2m/s 2物块B 滑到A 的右端时A 、B 速度相等，则物块B 刚好不从木板A 的右端滑出，A 、 B 的相对位移为木板长L ，木板A 的加速度为a 2 ，由速度公式和位移公式可知： 木板A 的速度为：v ＝ a 2t ┄┄┄┄┄（1分）物块B的速度为：v ＝v 0－a 1t ┄┄┄┄┄（1分）木板A 的位移为：t vx A 2=┄┄（1物块B 的位移为：t vv x B 20+= ┄┄（1A 、B 的相对位移为木板长L ： L ＝x B －x A ┄┄（1 联立以上各式解得：22m/s 522=a对木板A ，由牛顿第二定律可知：F ＋μ1mg －μ2（m ＋M ）g ＝Ma 2 ┄┄┄┄┄（1分） 解得：F ＝18.8N ┄┄┄┄┄（1分）（2）物块B 在木板A 上先做匀减速直线运动，加速度为a 1＝2m/s 2；木板A 做匀加速直线运动。
辽宁沈阳2016届高三物理12月检测试卷有答案
辽宁沈阳2016届高三物理12月检测试卷（有答案）沈阳二中2015-2016学年度上学期12月份小班化学习成果阶段验收高三（16届）物理试题说明：1.测试时间：90分钟总分：100分2.客观题涂在答题卡上，主观题答在答题纸上第I卷（48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
）1.两颗人造卫星环绕地球运动，则下列说法正确的是（）A.沿不同轨道经过极地上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合B.在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同C.沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置不可能具有相同的速率D.分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，可能具有相同的周期2.以下对电场中物理量的描述，其中正确的是（）A.电场线的方向就是电荷受力的方向B.正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动C.正电荷在电场中具有的电势能大的地方，电势一定高D.电场中某点的场强为零，该点电势也一定为零3.水平桌面上有一根绝缘的长直导线a，垂直纸面放置，在桌面正上方等高且与直导线a平行等距的位置，固定两根绝缘直导线b和c，三根导线中的电流大小相等、方向如图所示。
导线a始终处于静止状态，关于导线a，以下说法中正确的是（）A．对地面的压力数值上小于自身的重力B．对地面的压力数值上等于自身的重力C．对地面的压力数值上大于自身的重力D．受水平向左的摩擦力4.如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡先后分别与电源1和电源2单独连接时，则下列说法不正确的是（）A．电源1和电源2的内阻之比是7：5B．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是16:21 C．在这两种连接状态下，电源的输出功率之比是3：2 D．在这两种连接状态下，电源的输出功率之比是7：12 5.如图，若使2价和3价的铁离子经同一电场加速后，再垂直进入同一偏转电场，然后打到同一屏上，离子重力不计，以下判断正确的是（）A．两种铁离子将打在屏上同一点B．在偏转电场中，电场力对两种离子做的功一样多C．两种铁离子打在屏上时的速度一样大D．经过加速电场时，铁离子受到的电场力一样大6.如图，一个边长为L的正方形ABCD虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场；一个等腰直角三角形abc导线框所在平面与磁场方向垂直，其等腰直边边长也为L；d是斜边ac的中点，db 连线与虚线框的AB边垂直，db的延长线平分虚线框。
辽宁省沈阳二中2016届高三暑假验收考试 物理 Word版含答案
沈阳二中2015--2016学年度上学期暑假验收高三（16届）物理试题命题人：高三物理组 审校人：高三物理组说明：1.测试时间：90分钟 总分：100分2.客观题涂在答题纸上，主观题答在答题纸的相应位置上第I 卷 （48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每个小题所给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确．．．的是 （ ） A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B ．根据速度定义式t x v ∆∆=，当t ∆非常非常小时，tx ∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D ．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2.如图所示，两根直木棍AB 和CD （可视为相同的圆柱体）相互平行，固定在同一个水平面上，一个圆柱形工件P 架在两木棍之间。
工件在水平向右的推力F 的作用下，恰好能向右匀速运动。
若保持两木棍在同一水平面内，但将它们间的距离稍微增大一些后固定。
仍将圆柱形工件P 架在两木棍之间，用同样的水平推力F 向右推该工件，则下列说法中正确的是 （ ）A.该工件P 仍可能向右匀速运动B.该工件P 可能向右加速运动C ．AB 棍受到的摩擦力一定大于2F D.AB 棍受到的摩擦力一定等于2F3. 如图所示，轻弹簧的一端与物块P 相连，另一端固定在木板上。
2016年辽宁省沈阳市高考物理三模试卷 含解析 精品
2016年辽宁省沈阳市高考物理三模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．a、b两辆汽车沿同一直线运动，它们的x﹣t图象如图所示，则下面关于两车运动情况的说法正确的是（）A．前2s内两车的位移相同B．t=1s时两车之间的距离最远C．b车的加速度的大小为1m/s2D．第3秒内两车行驶的路程相同2．如图所示，在Ⅰ、Ⅱ两个区域内存在磁感应强度均为B的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，边界AC、AD的夹角∠DAC=30°，边界AC与边界MN平行，边界AC处磁场方向垂直纸面向里，Ⅱ区域宽度为d．质量为m、电荷量为+q的粒子在边界AD上距A点d处垂直AD射入Ⅰ区，已知粒子速度大小为，方向垂直磁场，不计粒子重力，则粒子磁场中运动的总时间为（）A． B．C．D．3．如图所示，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板，质量为m、电量为﹣q的带电粒子，以初速度v0由M板中间的小孔垂直金属板进入电场中，不计粒子重力．当M、N间电压为U时，带电粒子恰好能够到达M、N两板间距的一半处返回，现将两板间距变为原来的一半，粒子的初速度变为2v0，要使这个粒子刚好能够到达N板，则两板间的电压应变为（）A．B．U C．2U D．4U4．一位网球运动员以拍击球，使网球沿水平方向飞出，第一只球落在自己一方场地的B点，弹跳起来后，刚好擦网而过，也落在A点，设球与地面的碰撞过程没有能量损失，且运动过程不计空气阻力，则两只球飞过球网C处时水平速度之比为（）A．1：1 B．1：3 C．3：1 D．1：95．某星球由于自转使处于赤道上的物体对星球表面压力恰好为零，设该物体的线速度为v1，该星球的第一宇宙速度为v2，该星球同步卫星的线速度为v3，三者的大小关系为（）A．v1=v2=v3 B．v1=v3＜v2C．v1=v2＞v3D．v1＜v3＜v26．如图甲所示，倾角为30°的斜面固定在水平地面上，一个小物块在沿斜面向上的恒定拉力F作用下，从斜面底端A点由静止开始运动，一段时间后撤去拉力F，小物块能达到的最高位置为C点，已知小物块的质量为0.3kg，小物块从A到C的v﹣t图象如图乙所示，取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块加速时的加速度是减速时加速度的B．小物块与斜面间的动摩擦因数为C．小物块到达C点后将沿斜面下滑D．拉力F的大小为4N7．如图所示，一个由绝缘材料制成的闭合水平放置，环上各点在同一平面内，在环面内A、B两点分别固定两个点电荷Q A和Q B，其中Q A为正电荷，一个带正电的小球P穿在环上，可以沿着闭合环无摩擦第滑动，现给小球P一定的初速度，小球恰好能沿环做速度大小不变的运动，则下列判断正确的是（）A．B点固定的电荷Q B一定为负电荷B．B点固定的电荷Q B一定为正电荷C．Q A和Q B所产生的电场，在环上各点的电场强度都相同D．Q A和Q B所产生的电场，在环上各点的电势都相等8．如图所示，虚线框内为漏电保护开关的原理示意图，变压器A处用火线和零线平行绕制成线圈，然后接到用电器，B处有一个输电线圈，一旦线圈B中有电流，经过大后便能推动继电器切断电源，如果甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线（裸露部分），甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是（）A．甲不会发生触电事故，继电器不会切断电源B．乙会发生触电事故，继电器不会切断电源C．丙会发生触电事故，继电器会切断电源D．丁会发生触电事故，继电器会切断电源二、解答题（共4小题，满分47分）9．在如图所示的电路中，A、B、C为三节干电池，实验中理想电压表和电流表的读数如表所示．（1）如果干电池A和B具有相同的电动势和内阻，根据表中实验数据，可计算出干电池A的电动势为V，内阻为Ω（保留两位小数）；（2）已知干电池C的电动势与A、B相同，当电键K与“3”连接时，电流表的示数变为0.29A，则其原因是10．某同学利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示，气垫导轨与水平桌面的夹角为θ，导轨底端P点有一带挡光片的滑块，滑块和挡光片的总质量为M，挡光片的宽度为b，滑块与沙桶由跨过轻质光滑定滑轮的细绳相连，导轨上Q点固定一个光电门，挡光片到光电门的距离为d．（1）实验时，该同学进行了如下操作：①开启气泵，调节细沙的质量，使滑块处于静止状态，则沙桶和细沙的总质量为；②在沙桶中再加入质量为m的细沙，让滑块从P点由静止开始运动，已知光电门记录挡光片挡光的时间为△t，则滑块通过Q点的瞬时速度为；（2）在滑块从P点运动到Q点的过程中，滑块的机械能增加量△E1=，沙桶和细沙的机械能减少量△E2=，在误差允许的范围内，如果△E1=△E2，则滑块、沙桶和细沙组成的系统机械能守恒．11．用光滑圆管制成如图所示的轨道，竖直立于水平地面上，其中ABC为圆轨道的一部分，CD为倾斜直轨道，二者相切与C点，已知圆轨道的半径R=1m，倾斜轨道CD与水平地面的夹角为θ=37°，现将一小球以一定的初速度从A点射入圆管，小球直径略小于圆管的直径，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求小球通过倾斜轨道CD的最长时间（结果保留一位有效数字）．12．如图所示，两条平行的光滑金属导轨固定在倾角为θ的绝缘斜面上，导轨上端连接一个定值电阻，导体棒a和b放在导轨上，与导轨垂直并接触良好，斜面上水平虚线PQ以下区域内，存在着垂直斜面向上的磁场，磁感应强度大小为B0．已知b棒的质量为m，a棒、b棒和定值电阻的阻值均为R，导轨电阻不计，重力加速度为g．（1）断开开关S，a棒、b棒固定在磁场中，恰与导轨构成一个边长为L的正方随时间t变化的表达形，磁场从B0以=k均匀增加，写出a棒所受安培力F安式．（2）若接通开关S，同时对a棒施以平行导轨斜向上的拉力F，使它沿导轨匀速向上运动，此时放在导轨下端的b棒恰好静止，当a棒运动到磁场的上边界PQ 处时，撤去拉力F，a棒将继续沿导轨向上运动一小段距离后再向下滑动，此时b棒已滑离导轨，当a棒再次滑回到磁场上边界PQ处时，又恰能沿导轨匀速向下运动，求a棒质量m a及拉力F的大小．三、[物理-选修3-3]13．下列说法正确的是（）A．当分子间距离为平衡距离时分子势能最大B．饱和汽压随温度的升高而减小C．对于一定质量的理想气体，当分子热运动变剧烈时，压强可以不变D．熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行E．由于液面表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，所以液体表面具有收缩的趋势14．如图所示，内壁光滑的圆柱形导热气缸固定在水平面上，气缸内被活塞封有一定质量的理想气体，活塞横截面积为S，质量和厚度都不计，活塞通过弹簧与气缸底部连接在一起，弹簧处于原长，已知周围环境温度为T0，大气压强恒为p0，弹簧的劲度系数k=（S为活塞横截面积），原长为l0，一段时间后，环境温度降低，在活塞上施加一水平向右的压力，使活塞缓慢向右移动，当压力增大到某一值时保持恒定，此时活塞向右移动了0.2l0，缸内气体压强为1.1p0．（1）求此时缸内气体的温度T1；（2）对气缸加热，使气体温度缓慢升高，当活塞移动到距气缸底部1.2l0时，求此时缸内气体的温度T2．[物理-选修3-4]15．如图是水面上两列频率相同的波在某时刻的叠加情况，以波源S1、S2为圆心的两组同心圆弧分别表示同一时刻两列波的波峰（实线）和波谷（虚线），S1的振幅A1=3cm，S2的振幅A2=2cm，则下列说法正确的是（）A．质点D是振动减弱点B．质点A、D在该时刻的高度差为10cmC．再过半个周期，质点A、C是振动加强点D．质点C的振幅为1cmE．质点C此刻以后将向下振动16．如图所示，一玻璃砖的横截面为半圆形，O为圆心，半径为R，MN为直径，P为OM的中点，MN与水平放置的足够大光屏平行，两者间距为d=R，一单色细光束沿垂直于玻璃砖上表面的方向从P点射入玻璃砖，光从弧形表面上某点A射出后到达光屏上某处Q点，已知玻璃砖对该光的折射率为n=，求光束从OM上的P点射入玻璃砖后到达光屏上Q点所用的时间（不考虑反射光，光在真空中传播速度为c）．[物理-选修3-5]17．下列说法正确的是（）A．为了解释光电效应现象，爱因斯坦建立了光子说，指出在光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系B．汤姆逊根据阴极射线在电场和磁场中的偏转情况断定，阴极射线的本质是带负电的粒子流，并测出了这种粒子的比荷C．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子的能量减小了D．已知中子、质子和氘核的质量分别为m n、m p和m D，则氘核的比结合能为（c表示真空中的光速）E．放射性元素发生β衰变，新核的化学性质不变18．如图所示，物块A静止在光滑水平面上，木板B和物块C一起以速度v0向右运动，与A发生弹性正碰，已知v0=5m/s，m A=6kg，m B=4kg，m C=2kg，C与B 之间动摩擦因数μ=0.2，木板B足够长，取g=10m/s2，求：（1）B与A碰撞后A物块的速度；（2）B、C共同的速度；（3）整个过程中系数增加的内能．2016年辽宁省沈阳市高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．a、b两辆汽车沿同一直线运动，它们的x﹣t图象如图所示，则下面关于两车运动情况的说法正确的是（）A．前2s内两车的位移相同B．t=1s时两车之间的距离最远C．b车的加速度的大小为1m/s2D．第3秒内两车行驶的路程相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示相遇．【解答】解：A、位移大小等于初末位置坐标之差，根据图象可知，前2s内a车的位移大于b车位移，故A错误；B、图象的交点表示相遇，根据图象可知，t=1s时两车相遇，故B错误；C、b车做匀速直线运动，加速度为0，故C错误；D、图象的斜率表示速度，根据图象可知，第3秒s，ab速度相同，做匀速直线运动，则第3秒内两车行驶的路程相同，故D正确．故选：D2．如图所示，在Ⅰ、Ⅱ两个区域内存在磁感应强度均为B的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，边界AC、AD的夹角∠DAC=30°，边界AC与边界MN平行，边界AC处磁场方向垂直纸面向里，Ⅱ区域宽度为d．质量为m、电荷量为+q的粒子在边界AD上距A点d处垂直AD射入Ⅰ区，已知粒子速度大小为，方向垂直磁场，不计粒子重力，则粒子磁场中运动的总时间为（）A． B．C．D．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子射入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律可求得粒子的轨迹半径和周期，画出轨迹，找出轨迹对应的圆心角θ，由【解答】解：根据洛伦兹力提供向心力，有得=根据几何关系，粒子离开区域Ⅰ的速度方向与沿AC方向，进入磁场区域Ⅱ做匀速圆周运动，运动周期后射出磁场在Ⅰ区域圆弧所对的圆心角，在Ⅱ区域圆弧所对的圆心角为90°粒子在磁场中运动的总时间为，故C正确，ABD 错误；故选：C3．如图所示，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板，质量为m、电量为﹣q 的带电粒子，以初速度v 0由M 板中间的小孔垂直金属板进入电场中，不计粒子重力．当M 、N 间电压为U 时，带电粒子恰好能够到达M 、N 两板间距的一半处返回，现将两板间距变为原来的一半，粒子的初速度变为2v 0，要使这个粒子刚好能够到达N 板，则两板间的电压应变为（ ）A ．B ．UC ．2UD ．4U【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电粒子恰好能够到达M 、N 两板间距的一半处返回时，只有电场力做功，根据动能定理得：﹣Uq=0﹣mv 02；两板间距变为原来的一半，粒子的初速度变为2v 0，粒子刚好能够到达N 板，则两板间的电压为U′，此时再根据动能定理：﹣U′q=0﹣m （2v 0）2，计算可以得出U′=2U【解答】解：设：M 、N 板的中间为P 点，电粒子恰好能够到达P 点时，则P 点速度为0，过程中只有电场力做负功，U MN =Ed=U ；U MP =E =，根据动能定理得：﹣Uq=0﹣mv 02；两板间距变为原来的一半，粒子的初速度变为2v 0时，粒子刚好能够到达N 板，此时速度为0，设此时两板间的电压为U′，再根据动能定理：﹣U′q=0﹣m （2v 0）2，两个等式左边相除等于右边相除，约分化简得：=；故U′=2U ．故选：C ．4．一位网球运动员以拍击球，使网球沿水平方向飞出，第一只球落在自己一方场地的B 点，弹跳起来后，刚好擦网而过，也落在A 点，设球与地面的碰撞过程没有能量损失，且运动过程不计空气阻力，则两只球飞过球网C 处时水平速度之比为（ ）A．1：1 B．1：3 C．3：1 D．1：9【考点】平抛运动．【分析】第一、二两球被击出后都是作平抛运动，竖直方向做自由落体运动，由于高度相同，两球被击出至各自第一次落地的时间是相等的．对于第一个球：球与地面的碰撞是完全弹性碰撞，撞地后弹起做斜抛运动，最大高度等于H，斜抛运动的时间等于被击出至各自第一次落地的时间的两倍．根据水平方向是匀速直线运动，研究出两个球的初速度关系，根据水平位移关系，研究初速度关系．【解答】解：由平抛运动的规律可知，两球分别被击出至各自第一次落地的时间是相等的．由于球与地面的碰撞是完全弹性碰撞，设第一球自击出到落地时间为t1，第二球自击出到落地时间为t2，则：t1=3t2①由于一、二两球在水平方向均为匀速运动，水平位移大小相等，设它们从O点出发时的初速度分别为v1、v2，由x=v0t得：v2=3v1②所以有，所以两只球飞过球网C处时水平速度之比为1：3，故B正确．故选：B5．某星球由于自转使处于赤道上的物体对星球表面压力恰好为零，设该物体的线速度为v1，该星球的第一宇宙速度为v2，该星球同步卫星的线速度为v3，三者的大小关系为（）A．v1=v2=v3 B．v1=v3＜v2C．v1=v2＞v3D．v1＜v3＜v2【考点】同步卫星；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【分析】赤道上的物体和同步卫星周期相同，根据半径关系比较向心加速度和线速度大小关系，再根据万有引力提供圆周运动向心力比较同步卫星与近地卫星的向心加速度和线速度的大小关系．【解答】解：处于赤道上的物体对星球表面压力恰好为零，那么物体的线速度为v1，该星球同步卫星的线速度为v3，它们的角速度相等，依据v=ωr，可知，v3＞v1；同步卫星的轨道高度大于近地卫星的轨道高度，据G=m得线速度v=知，近地卫星线速度大于同步卫星线速度，故v2＞v3，因此则有：v1＜v3＜v2，故D正确，ABC均错误．故选：D．6．如图甲所示，倾角为30°的斜面固定在水平地面上，一个小物块在沿斜面向上的恒定拉力F作用下，从斜面底端A点由静止开始运动，一段时间后撤去拉力F，小物块能达到的最高位置为C点，已知小物块的质量为0.3kg，小物块从A到C的v﹣t图象如图乙所示，取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A．小物块加速时的加速度是减速时加速度的B．小物块与斜面间的动摩擦因数为C．小物块到达C点后将沿斜面下滑D．拉力F的大小为4N【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】根据加速度的定义式求加速与减速的加速度；撤去拉力后，根据牛顿第二定律求动摩擦因数μ；比较mgsin30°和μmgcos30°判断物块能否沿斜面下滑；在拉力作用下，根据牛顿第二定律求拉力F【解答】解：A、小物块加速时的加速度为：减速时的加速度为：小物块加速时的加速度是减速时加速度的，故A正确；B、撤去拉力后，根据牛顿第二定律，有：即：，得：，故B错误；C、在C点mgsin30°＞μmgcos30°，所以小物块到达C点后将沿斜面下滑，故C 正确；D、在拉力作用下，根据牛顿第二定律，有：代入数据得：=，故D错误；故选：AC7．如图所示，一个由绝缘材料制成的闭合水平放置，环上各点在同一平面内，在环面内A、B两点分别固定两个点电荷Q A和Q B，其中Q A为正电荷，一个带正电的小球P穿在环上，可以沿着闭合环无摩擦第滑动，现给小球P一定的初速度，小球恰好能沿环做速度大小不变的运动，则下列判断正确的是（）A．B点固定的电荷Q B一定为负电荷B．B点固定的电荷Q B一定为正电荷C．Q A和Q B所产生的电场，在环上各点的电场强度都相同D．Q A和Q B所产生的电场，在环上各点的电势都相等【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【分析】球沿闭合圆环运动速率不变，说明动能不变，电场力不做功，可以得出闭合环是一个等势面，再结合常见电场的分布即可作答【解答】解：AB、根据题意，小球恰好能沿环做速度大小不变的运动，由动能定理知，电场力不做功，即闭合圆环和电场的某一等势面重合，根据常见电场的电场分布和等势面分布图知，AB是等量同种点电荷，为正电荷，也一定为正电荷，故B正确，A错误；CD、闭合环正好和电场的某个等势面重合，故环上各点的电势都相等，故C错误，D正确；故选：BD8．如图所示，虚线框内为漏电保护开关的原理示意图，变压器A处用火线和零线平行绕制成线圈，然后接到用电器，B处有一个输电线圈，一旦线圈B中有电流，经过大后便能推动继电器切断电源，如果甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线（裸露部分），甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是（）A．甲不会发生触电事故，继电器不会切断电源B．乙会发生触电事故，继电器不会切断电源C．丙会发生触电事故，继电器会切断电源D．丁会发生触电事故，继电器会切断电源【考点】变压器的构造和原理．【分析】图中A线圈是用火线和零线双股平行线绕制成线圈，正常情况下火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；当漏电时，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源．【解答】解：AB、图中甲、乙站在木凳上（人与地绝缘）接触火线时，火线和零线中电流方向、大小不变，线圈A产生的总磁通量为零，线圈B中不产生感应电流，继电器均不会切断电源，甲、乙不会发生触电事故，故A正确；C、当丙双手“火线﹣零线”触电时（人与地绝缘），火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零；线圈A中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源，但人会触电；故C错误；D、当丁如图中“手﹣地”触电时，会导致一部分电流通过大地，火线和零线中电流方向、大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，即增加了，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源；故D正确；故选：AD二、解答题（共4小题，满分47分）9．在如图所示的电路中，A、B、C为三节干电池，实验中理想电压表和电流表的读数如表所示．（1）如果干电池A和B具有相同的电动势和内阻，根据表中实验数据，可计算出干电池A的电动势为 1.5V，内阻为0.5Ω（保留两位小数）；（2）已知干电池C的电动势与A、B相同，当电键K与“3”连接时，电流表的示数变为0.29A，则其原因是干电池C是旧电池，内阻较大，功率损耗较大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据闭合电路的欧姆定律，根据表中数据联立方程组即可求出电动势和内阻，当电键K与“接线柱3”连接，串联电池组的总电动势增加，电流表的示数反而减小，电池C的内阻较大．【解答】解：（1）根据闭合电路的欧姆定律，有电键k解1时：①电键k接2时：代入数据得：E=1.40+0.20r2E=2.70+0.30×2r解得：E=1.5V r=0.5Ω（2）k接3时，电源的电动势变大，灯泡电阻不变，电流变小，原因是干电池C 是旧电池，内阻较大，功率损耗较大．故答案为：（1）1.5 0.5（2）干电池C是旧电池，内阻较大，功率损耗较大．10．某同学利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示，气垫导轨与水平桌面的夹角为θ，导轨底端P点有一带挡光片的滑块，滑块和挡光片的总质量为M，挡光片的宽度为b，滑块与沙桶由跨过轻质光滑定滑轮的细绳相连，导轨上Q点固定一个光电门，挡光片到光电门的距离为d．（1）实验时，该同学进行了如下操作：①开启气泵，调节细沙的质量，使滑块处于静止状态，则沙桶和细沙的总质量为Msinθ；②在沙桶中再加入质量为m的细沙，让滑块从P点由静止开始运动，已知光电门记录挡光片挡光的时间为△t，则滑块通过Q点的瞬时速度为；（2）在滑块从P点运动到Q点的过程中，滑块的机械能增加量△E1=，沙桶和细沙的机械能减少量△E2=，在误差允许的范围内，如果△E1=△E2，则滑块、沙桶和细沙组成的系统机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）①根据共点力平衡求出沙桶和细沙的总质量；②根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过Q点的瞬时速度；（2）根据滑块动能的增加量和重力势能增加量求出滑块机械能增加量，根据沙桶和细沙重力势能的减小量和动能的增加量求出沙桶和细沙机械能的减小量．【解答】解：（1）①设沙桶和沙的质量为m′，有：Mgsinθ=m′g，解得m′=Msinθ．②极短时间内的平均速度等于瞬时速度，则滑块通过Q点的瞬时速度v=．（2）在滑块从P点运动到Q点的过程中，滑块的动能增加，重力势能增加，则机械能增加量为△E1=，沙桶和细沙重力势能减小，动能增加，则沙桶和细沙机械能的减小量为△E2=．故答案为：（1）①Msinθ，②，（2），．11．用光滑圆管制成如图所示的轨道，竖直立于水平地面上，其中ABC为圆轨道的一部分，CD为倾斜直轨道，二者相切与C点，已知圆轨道的半径R=1m，倾斜轨道CD与水平地面的夹角为θ=37°，现将一小球以一定的初速度从A点射入圆管，小球直径略小于圆管的直径，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求小球通过倾斜轨道CD的最长时间（结果保留一位有效数字）．【考点】动能定理；向心力．【分析】由题意得小球到达圆轨道的最高点的速度为0，则利用动能定理、牛顿第二定律和运动学公式建立等式联立求解．【解答】解：小球通过倾斜轨道时间若最长，则小球到达圆轨道的最高点的速度为0，从最高点到C点：对小球由动能定理可得：mgh=mv C2由几何关系得：h=R﹣Rcosθ小球在CD段匀加速直线运动，由位移公式得：L=v C t+at2CD的长度为：L=对小球利用牛顿第二定律可得：mgsinθ=ma代入数据联立解得：t=1s．答：小球通过倾斜轨道CD的最长时间为1s．12．如图所示，两条平行的光滑金属导轨固定在倾角为θ的绝缘斜面上，导轨上端连接一个定值电阻，导体棒a和b放在导轨上，与导轨垂直并接触良好，斜面上水平虚线PQ以下区域内，存在着垂直斜面向上的磁场，磁感应强度大小为B0．已知b棒的质量为m，a棒、b棒和定值电阻的阻值均为R，导轨电阻不计，重力加速度为g．（1）断开开关S，a棒、b棒固定在磁场中，恰与导轨构成一个边长为L的正方随时间t变化的表达形，磁场从B0以=k均匀增加，写出a棒所受安培力F安式．（2）若接通开关S，同时对a棒施以平行导轨斜向上的拉力F，使它沿导轨匀速向上运动，此时放在导轨下端的b棒恰好静止，当a棒运动到磁场的上边界PQ 处时，撤去拉力F，a棒将继续沿导轨向上运动一小段距离后再向下滑动，此时b棒已滑离导轨，当a棒再次滑回到磁场上边界PQ处时，又恰能沿导轨匀速向下运动，求a棒质量m a及拉力F的大小．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力．【分析】（1）由法拉第电磁感应定律求解感应电动势，根据闭合电路的欧姆定律电路的电流，根据安培力计算公式来解答；（2）弄清楚电路连接情况，根据欧姆定律得干路电流，b棒保持静止时根据共点力平衡条件列方程，分析a棒的运动情况，根据机械能守恒定律得到a棒返回磁场时速度，a棒匀速下滑时，根据共点力的平衡条件求解a棒的质量；a棒向上运动时受力平衡，由此求解拉力大小．【解答】解：（1）由法拉第电磁感应定律可得：E=，根据闭合电路的欧姆定律可得：I=，t时刻磁感应强度为：B=B0+kt，此时棒所受的安培力为：F安=BIL，。
2016年东北三省三校联考高考物理二模试卷和答案
2016年东北三省三校联考高考物理二模试卷一、选择题1．下列选项中所列各物理量的关系式，全部用到了比值定义法的有（）A．v=，a=，I=B．φ=，E=，B=C．C=，I=，R=D．R=，g=，a=2．如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，保持输入电压不变，开始时单刀双掷开关K接b．S断开时，小灯泡A发光较暗，要使小灯泡A亮度增加，下列操作可行的是（）A．闭合开关S B．把滑动变阻器滑片向右移动C．把滑动变阻器滑片向左移动D．开关K接a3．一卫星绕地球沿椭圆轨道运动，A、C为椭圆轨道长轴端点，B、D为椭圆轨道短轴端点，关于卫星的运动，以下说法不正确的是（）A．A点的速度可能大于7.9km/sB．C点的速度一定小于7.9km/sC．卫星在A点时引力的功率最大D．卫星由C运动到A万有引力的平均功率大于卫星由B运动到D万有引力的平均功率4．一飞行器在地面附近做飞行试验，从地面起飞时沿与水平方向成30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，此时发动机提供的动力方向与水平方向夹角为60°．若飞行器所受空气阻力不计，重力加速度为g，则可判断（）A．飞行器的加速度大小为gB．飞行器的加速度大小为2gC．起飞后t时间内飞行器上升的高度为gt2D．起飞后t时间内飞行器上升的高度为gt25．如图所示，等腰直角斜臂A的直角边靠在粗糙的竖直墙壁上，一根不可伸长的轻绳一端固定在竖直墙上，另一端与半径不可忽略的光滑球B连接，轻绳与水平方向成30°角，现将轻绳上端点沿竖直墙缓缓向上移动，A始终处于静止状态，则（）A．绳上拉力逐渐增大B．竖直墙对A的摩擦力先减小后增大C．竖直墙对A的摩擦力可能为零D．竖直墙对A的支持力逐渐减小6．如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个点，它们正好是一个正方形的四个顶点．在A点有一个粒子源，向各个方向发射动能为E K的同种带电粒子，已知到达正方形四个边的粒子中，到B、D两点粒子动能相同，均为2E K不计粒子重力及粒子间相互作用，则（）A．电场方向可能由A指向CB．到达C点粒子动能一定为4E KC．B、D连线上的各点电势一定相同D．粒子过AB边中点时，动能一定为E K7．如图所示，一个“日”字形金属框架竖直放置，AB、CD、EF边水平且间距均为L，阻值均为R，框架其余部分电阻不计，水平虚线下方有一宽度为L的垂直纸面向里的匀强磁场．释放框架，当AB边刚进入磁场时框架恰好匀速，从AB边到达虚线至线框穿出磁场的过程中，AB两端的电势差U AB、AB边中的电流I（设从A到B为正）随位移S变化的图象正确的是（）A．B．C．D．8．半径为R的光滑半圆形轨道AB和半径为2R的光滑四分之一圆轨道BC相切于B点，竖直放置于水平地面上，如图所示．AB为直径，且A点为轨道最高点，D为弧BC的中点，E、F为弧BC的三等分点．可视为质点的小球从C点正上方距C点h处由静止下落进入四分之一圆轨道，再通过半圆轨道的最高点A，从A 点飞出后落在四分之一圆轨道上，不计空气阻力，则以下判断正确的是（）A．只要h＞0，小球就能从A点抛出B．若h=R，小球将会落在D点C．小球经过A点抛出后，一定不会落到F点D．小球经过A点抛出落到E点时，速度方向与水平方向夹角的正切值为二、非选择题9．（4分）在做验证平行四边形定则的实验时，老师发现：甲同学先用两个弹簧秤分别拉两根细绳套将橡皮筋的结点拉到某个位置，再用一个弹簧秤将结点拉到同一位置；乙同学先用一个弹簧秤将橡皮筋的结点拉到某个位置，再用两个弹簧秤分别拉两根细绳套将橡皮筋的结点拉到同一位置．回答下列问题：（1）甲乙同学在各自实验中，两次将橡皮筋的结点均拉到同一位置，目的是；（2）两名同学的操作对比，同学更好，原因是．10．（11分）某同学要测量一个改装后的电压表V的量程和内阻，实验过程如下：（1）先用多用电表粗测电压表的内阻和量程，实验中多用电表红表笔应与电压表的（填“正”或“负”）接线柱相连；若已知多用电表内电源电动势为9V，所用档位为×1k档，调零后测量，指针位置如图1所示．此时电压表指针指在表盘的四分之三刻度处，则所测电压表内阻约为，量程为．（2）若电压表量程为（1）问中所测数值，则为了精确测量其内阻，现提供以下器材：待测电压表V x电流表A（量程0.6A，内阻约为3Ω）电压表V（量程10V，内阻约为30kΩ）定值电阻R0（阻值为10kΩ）滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω，额定电流为1A）滑动变阻器R2（最大阻值为100Ω，额定电流为1A）电源E（电动势为15V，内阻约为1Ω）开关和导线若干①为了较精确的测量电压表内阻，则测量电路应该选择如下电路的．②本实验中应选择的滑动变阻器为．（填器材对应的符号）③根据测量电路和所选择器材，完成实物电路连接（图2）．④测电压表内阻的表达式R v=，其中各物理量的含义是．11．（12分）已知半径为r的小球在空气中下落时受到的粘滞阻力f满足如下规律：f=6πηtr，分式中η为空气与小球间的粘滞系数．一同学欲使用传感器通过实验测定粘滞系数，他将一个半径为r0、质量为m的小球从空中某位置由静止释放，测得小球速度为v0时，加速度大小为a0，若忽略空气浮力，已知当地重力加速度为g，求：（1）粘滞系数η；（2）若测得小球下落h高度时达到最大速度，求此过程中小球损失的机械能．12．（20分）aa′、bb′、cc′为足够长的匀强磁场分界线，相邻两分界线间距均为d，磁场方向如图所示，Ⅰ、Ⅱ区磁场感应强度分别为B和2B，边界aa′上有一粒子源P，平行于纸面向各个方向发射速率为的带正电粒子，Q为边界bb′上一点，PQ连线与磁场边界垂直，已知粒子质量m，电量为q，不计粒子重力和粒子间相互作用力，求：（1）沿PQ方向发射的粒子飞出Ⅰ区时经过bb′的位置；（2）粒子第一次通过边界bb′的位置范围；（3）进入Ⅱ区的粒子第一次在磁场Ⅱ区中运动的最长时间和最短时间．三、选做题【物理-选修3-3】13．（5分）如图所示，一个封闭的绝热气缸，被中间的挡板分割成左右相等的两部分．左边充满一定量的某种理想气体，右边真空．现将中间的挡板移去，待气体稳定后，则（）A．气体的温度不发生变化B．因为气体的体积膨胀了，所以内能降低C．气体分子的平均动能减小D．虽然气体的体积膨胀了，但是没有对外做功E．气体分子在器壁单位面积上单位时间内发生碰撞的平均次数变为原来的一半14．（10分）如图所示，截面积分别2S=2cm2与S=1cm2的两个上部开口的柱形气缸A、B，底部通过体积可以忽略不计的细管连通．A、B两个气缸内分别有两个活塞，质量分别为m A=2.8kg、m B=1.4kg．A气缸内壁粗糙，活塞与气缸间的最大静摩擦力为f=6N，B气缸内壁光滑．当气缸内充有某种理想气体时，A中的活塞高为h A=4cm，B中活塞高度为h B=5cm，此时气体温度为T0=390K，外界大气压为P0=1.0×105Pa．现在缓慢降低气体温度，g取10m/s2，则：①当气缸B中的活塞刚好下降至气缸底部时，气体的温度T1；②当气缸A中的活塞刚要滑动时，气体的温度T2．【物理-选修3-4】15．下列说法正确的是（）16．S1、S2为相距l=6m的两个振源．t=0时刻，S1开始自平衡位置向下振动，S2开始向上振动，振幅均为3cm，且S1振动的频率是S2的，产生的两列波在介质中传播的速度均为2m/s．其中S1产生的波的波长恰为3m．求S1、S2连线中点处的质点P何时第一次向下振动位移为6cm．【物理-选修3-5】17．关于近代物理，下列说法正确的是（）18．如图所示，光滑水平平台与一光滑圆弧轨道相切，一质量为m的物块B静止在圆弧轨道的最低点，另一质量为2m的物块A以初速度v在水平面上向右运动，与B发生碰撞，碰撞时间极短，若物体B始终未脱离圆弧轨道，求B物体上升的最大高度的范围（已知重力加速度为g）．2016年东北三省三校联考高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．下列选项中所列各物理量的关系式，全部用到了比值定义法的有（）A．v=，a=，I=B．φ=，E=，B=C．C=，I=，R=D．R=，g=，a=【解答】解：A、I=，是属于决定式，不属于比值定义法．故A错误．B、φ=，电势与电势能，及电荷量均无关，属于比值定义；而电场强度与放入电场中的电荷无关，所以E=，属于比值定义法；磁感应强度与放入磁场中的电流元（即“IL”）无关．所以B=属于比值定义法．故B正确．C、电容C由本身的性质决定，与所带的电荷量及两端间的电势差无关．所以C=属于比值定义法，对于I=，R=是决定式，故C错误．D、R=，g=，是比值定义式，而a=是决定式，故D错误．故选：B．2．如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，保持输入电压不变，开始时单刀双掷开关K接b．S断开时，小灯泡A发光较暗，要使小灯泡A亮度增加，下列操作可行的是（）A．闭合开关S B．把滑动变阻器滑片向右移动C．把滑动变阻器滑片向左移动D．开关K接a【解答】解：A、闭合开关S，副线圈回路电阻变小，电流变大，滑动变阻器上的分压增大，并联部分的电压变小，灯泡A变暗，故A错误；B、把滑动变阻器滑片向右移动，副线圈回路总电阻变小，总电流变大，灯泡A 两端的电压变大，灯泡A变亮，故B正确；C、把滑动变阻器滑片向左移动，副线圈回路总电阻变大，总电流变小，灯泡A 两端的电压变小，灯泡A变暗，故C错误；D、开关k接a，根据，副线圈两端的电压减小，灯泡A中电流变小，灯泡A变暗，故D错误；故选：B3．一卫星绕地球沿椭圆轨道运动，A、C为椭圆轨道长轴端点，B、D为椭圆轨道短轴端点，关于卫星的运动，以下说法不正确的是（）A．A点的速度可能大于7.9km/sB．C点的速度一定小于7.9km/sC．卫星在A点时引力的功率最大D．卫星由C运动到A万有引力的平均功率大于卫星由B运动到D万有引力的平均功率【解答】解：A、贴近地球表面做圆周运动的线速度为7.9km/s，是做圆周运动最大的环绕速度，A点的速度可能大于7.9km/s，万有引力小于向心力，做离心运动，故A正确．B、根据v=知，在C绕地球做匀速圆周运动的线速度小于7.9km/s，欲使在C 点进入圆轨道，需加速，可知C点的速度一定小于7.9km/s，故B正确．C、在A点万有引力的方向与速度方向垂直，则引力功率为零，故C错误．D、卫星从C到A的过程中，动能增加，引力做正功，从B到D的过程中，动能不变，引力做功为零，可知卫星由C运动到A万有引力的平均功率大于卫星由B 运动到D万有引力的平均功率，故D正确．本题选错误的，故选：C．4．一飞行器在地面附近做飞行试验，从地面起飞时沿与水平方向成30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，此时发动机提供的动力方向与水平方向夹角为60°．若飞行器所受空气阻力不计，重力加速度为g，则可判断（）A．飞行器的加速度大小为gB．飞行器的加速度大小为2gC．起飞后t时间内飞行器上升的高度为gt2D．起飞后t时间内飞行器上升的高度为gt2【解答】解：AB、起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F，合力为F b，如图所示：在△OFF b中，由几何关系得：F=mg，F b=mg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a=g，故A正确，B错误；CD、起飞后t时间内飞行器上升的位移为：上升的高度为：，故CD错误；故选：A5．如图所示，等腰直角斜臂A的直角边靠在粗糙的竖直墙壁上，一根不可伸长的轻绳一端固定在竖直墙上，另一端与半径不可忽略的光滑球B连接，轻绳与水平方向成30°角，现将轻绳上端点沿竖直墙缓缓向上移动，A始终处于静止状态，则（）A．绳上拉力逐渐增大B．竖直墙对A的摩擦力先减小后增大C．竖直墙对A的摩擦力可能为零D．竖直墙对A的支持力逐渐减小【解答】解：A、以B为研究对象，对其进行受力分析如图：由图可知，当F1与斜面平行时，即与F2的方向垂直时最小，所以绳子的拉力先减小后增大．故A错误；B、由上图可知，轻绳上端点沿竖直墙缓缓向上移动时，F1沿竖直方向的分力增大，沿水平方向的分力减小．以A与B组成的整体为研究对象，整体受到重力、墙的支持力和摩擦力以及绳子的拉力，由于绳子沿竖直方向向上的分力增大，所以A受到的向上的摩擦力将减小．故B错误；C、以A为研究对象，A受到重力、墙壁的支持力、摩擦力、以及B对A斜向下的压力，A处于平衡状态，竖直方向的合外力等于0，所以摩擦力的大小等于A 的重力与B对A的压力向下的分力的和，不可能等于0．故C错误；D、由上图可知，轻绳上端点沿竖直墙缓缓向上移动时，F1沿竖直方向的分力增大，沿水平方向的分力减小．以A与B组成的整体为研究对象，整体受到重力、墙的支持力和摩擦力以及绳子的拉力，由于绳子是拉力沿水平方向的分力减小．所以A整体受到的支持力也减小．故D正确．故选：D6．如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个点，它们正好是一个正方形的四个顶点．在A点有一个粒子源，向各个方向发射动能为E K的同种带电粒子，已知到达正方形四个边的粒子中，到B、D两点粒子动能相同，均为2E K不计粒子重力及粒子间相互作用，则（）A．电场方向可能由A指向CB．到达C点粒子动能一定为4E KC．B、D连线上的各点电势一定相同D．粒子过AB边中点时，动能一定为E K【解答】解：A、由题知，粒子从A运动到B与D两点时动能的变化量相等，电场力做功相等，则知B、D两点的电势相等，BD连线是一条等势线，根据电场线与等势面垂直，可知电场方向可能由A指向C，故A正确．B、对于A到B的过程，由动能定理得qU AB=2E K﹣E K；对于A到C的过程，由动能定理得qU AC=E KC﹣E K；由于U AC=2U AB，所以解得：到达C点粒子动能E KC=3E K．故B错误．C、BD连线是一条等势线，B、D连线上的各点电势一定相同，故C正确．D、设粒子过AB边中点为F，则对于A到F的过程，由动能定理得qU AF=E KF﹣E K；由于U AF=U AB，所以解得到达F点的粒子动能为E KF=E K．故D正确．故选：ACD7．如图所示，一个“日”字形金属框架竖直放置，AB、CD、EF边水平且间距均为L，阻值均为R，框架其余部分电阻不计，水平虚线下方有一宽度为L的垂直纸面向里的匀强磁场．释放框架，当AB边刚进入磁场时框架恰好匀速，从AB边到达虚线至线框穿出磁场的过程中，AB两端的电势差U AB、AB边中的电流I（设从A到B为正）随位移S变化的图象正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：AB、当AB边刚进入磁场时匀速运动，此时的感应电动势大小为E=BLv，根据右手定则可得B点电势高于A，U AB＜0，|U AB|=，当AB出磁场、CD、EF分别进入磁场的过程中，感应电动势大小不变，U AB＜0，|U AB|=，所以A正确、B错误；CD、当AB边进入磁场的过程中，根据右手定则可得电流方向从A到B，感应电流大小为：I1=；当AB出磁场、CD、EF分别进入磁场的过程中，感应电流的方向从B到A，感应电流大小为I2=，所以C正确、D错误；故选：AC．8．半径为R的光滑半圆形轨道AB和半径为2R的光滑四分之一圆轨道BC相切于B点，竖直放置于水平地面上，如图所示．AB为直径，且A点为轨道最高点，D为弧BC的中点，E、F为弧BC的三等分点．可视为质点的小球从C点正上方距C点h处由静止下落进入四分之一圆轨道，再通过半圆轨道的最高点A，从A 点飞出后落在四分之一圆轨道上，不计空气阻力，则以下判断正确的是（）A．只要h＞0，小球就能从A点抛出B．若h=R，小球将会落在D点C．小球经过A点抛出后，一定不会落到F点D．小球经过A点抛出落到E点时，速度方向与水平方向夹角的正切值为【解答】解：A、小球恰能到达A点时，有mg=m，则得v A=，由机械能守恒定律得mgh=，得h=R．所以只有当h≥R时，小球才能从A点抛出．故A错误．B、若h=R，由上知，小球到达A点的速度为v A=，由平抛运动的规律有：x=v A ty=又x2+y2=（2R）2．联立解得x=R，y=（﹣1）R，由数学知识可得，小球不会落在D点，故B错误．C、由AF间的竖直高度为h=2Rcos30°=R＞y，所以小球经过A点抛出后，一定不会落到F点．故C正确．D、小球经过A点抛出落到E点时，有：x=2Rcos30°=v A ty=2Rsin30°=且速度方向与水平方向夹角的正切值为tanα=联立解得tanα=2tan30°=，故D正确．故选：CD二、非选择题9．（4分）在做验证平行四边形定则的实验时，老师发现：甲同学先用两个弹簧秤分别拉两根细绳套将橡皮筋的结点拉到某个位置，再用一个弹簧秤将结点拉到同一位置；乙同学先用一个弹簧秤将橡皮筋的结点拉到某个位置，再用两个弹簧秤分别拉两根细绳套将橡皮筋的结点拉到同一位置．回答下列问题：（1）甲乙同学在各自实验中，两次将橡皮筋的结点均拉到同一位置，目的是保证合力与分力的作用效果相同；（2）两名同学的操作对比，甲同学更好，原因是甲同学的操作更加方便，因为同一力有无数种分解结果，所以，乙同学的操作很不容易找到等效果的两个力．【解答】解：（1）两次拉橡皮筋时，为了使两次达到效果相同，橡皮筋结点必须拉到同一位置O．（2）两名同学的操作对比甲同学的操作更加方便，因为同一力有无数种分解结果，所以，乙同学的操作很不容易找到等效果的两个力．故答案为：（1）保证合力与分力的作用效果相同；（2）甲；甲同学的操作更加方便，因为同一力有无数种分解结果，所以，乙同学的操作很不容易找到等效果的两个力．10．（11分）某同学要测量一个改装后的电压表V的量程和内阻，实验过程如下：（1）先用多用电表粗测电压表的内阻和量程，实验中多用电表红表笔应与电压表的负（填“正”或“负”）接线柱相连；若已知多用电表内电源电动势为9V，所用档位为×1k档，调零后测量，指针位置如图1所示．此时电压表指针指在表盘的四分之三刻度处，则所测电压表内阻约为15.0kΩ，量程为 6.0V．（2）若电压表量程为（1）问中所测数值，则为了精确测量其内阻，现提供以下器材：待测电压表V x电流表A（量程0.6A，内阻约为3Ω）电压表V（量程10V，内阻约为30kΩ）定值电阻R0（阻值为10kΩ）滑动变阻器R1（最大阻值为5Ω，额定电流为1A）滑动变阻器R2（最大阻值为100Ω，额定电流为1A）电源E（电动势为15V，内阻约为1Ω）开关和导线若干①为了较精确的测量电压表内阻，则测量电路应该选择如下电路的D．②本实验中应选择的滑动变阻器为R2．（填器材对应的符号）③根据测量电路和所选择器材，完成实物电路连接（图2）．④测电压表内阻的表达式R v=，其中各物理量的含义是U x为待测电压表读数，U为电压表读数，R0为定值电阻．【解答】解：（1）多用电表红表笔连接多用电表内部的电池的负极，所以实验中多用电表红表笔应与电压表的负接线柱相连；由图1可知，多用电表的读数为15.0，倍率为1k，所以电压表的内阻为：R V=15.0×1kΩ=15.0kΩ同时又图1可知，欧姆表的指针在满刻度的一半处，根据欧姆表的原理可知：代入数据可得：R g+R0=R V=15.0kΩ所以电压表分担的电压：V所以电压表的量程：V（2）①A图结合电压表的读数与电流表的读数，可以测量电压表的内电阻，；但考虑到电流表的量程是0.6A，而电压表的电阻值较大，电流值的电流值一定远小于0.6A，所以电流表的读数一定很小，所以读数的误差会比较大．B图中两个电压表并联，可以校准电压表的读数，但不能测量电压表的内电阻；故B错误；C图中电流表的读数是并联电阻部分的电流值，所以测量的结果是并联部分的电阻值，不是电压表的电阻值．故C错误；D图中，电压表V的电压是待测电压表与定值电阻的电压的和，定值电阻上的电压：U R=U﹣U x所以电压表的电阻值：=．比较A与D的结论可知，D比A图中的测量结果准确性更高．故A错误，D正确．故选：D②由于各电压表的电阻值比较大，所以要选择分压电路；若选择R1，则电路中的电流约为：大于R1的最大值，所以要选择R2．③结合D的电路图和分压电路的连接方法，连接电路如图；④由①的分析可知，R x=，其中U x为待测电压表读数，U为电压表读数，R0为定值电阻故答案为：（1）负；15.0kΩ（15 kΩ也可）；6.0V（2）①D；②R2③如图④，U x为待测电压表读数，U为电压表读数，R0为定值电阻．11．（12分）已知半径为r的小球在空气中下落时受到的粘滞阻力f满足如下规律：f=6πηtr，分式中η为空气与小球间的粘滞系数．一同学欲使用传感器通过实验测定粘滞系数，他将一个半径为r0、质量为m的小球从空中某位置由静止释放，测得小球速度为v0时，加速度大小为a0，若忽略空气浮力，已知当地重力加速度为g，求：（1）粘滞系数η；（2）若测得小球下落h高度时达到最大速度，求此过程中小球损失的机械能．【解答】解：（1）对小球，根据牛顿第二定律得：mg﹣f0=ma0而f0=6πηv0r解得：（2）达到最大速度时，加速度为0，则有mg﹣f m=0，而f m=6πηv m r解得：根据能量守恒定律得：解得：答：（1）粘滞系数η为；（2）此过程中小球损失的机械能为．12．（20分）aa′、bb′、cc′为足够长的匀强磁场分界线，相邻两分界线间距均为d，磁场方向如图所示，Ⅰ、Ⅱ区磁场感应强度分别为B和2B，边界aa′上有一粒子源P，平行于纸面向各个方向发射速率为的带正电粒子，Q为边界bb′上一点，PQ连线与磁场边界垂直，已知粒子质量m，电量为q，不计粒子重力和粒子间相互作用力，求：（1）沿PQ方向发射的粒子飞出Ⅰ区时经过bb′的位置；（2）粒子第一次通过边界bb′的位置范围；（3）进入Ⅱ区的粒子第一次在磁场Ⅱ区中运动的最长时间和最短时间．【解答】解：（1）由洛伦兹力充当向心力得：把代入得r1=2d如图所示可得：θ=30°所以，经过bb′的位置为Q下方（2）当正电粒子速度竖直向上进入磁场Ⅰ，距离Q点上方最远：由几何关系得：α1=60°当正电粒子进入后与bb′相切时，距离Q点下方最远：由几何关系得：α2=60°所以有粒子通过的范围长度为（3）同理：在磁场Ⅱ中的半径：周期：轨迹圆所对应的弦越长，在磁场Ⅱ中的时间越长．当轨迹圆的弦长为直径时，所对应的时间最长为：当轨迹圆的弦长为磁场Ⅱ的宽度时，从ccˊ飞出所对应的时间最短为：从bbˊ飞出所对应的时间最短为所以：最短时间为答：（1）沿PQ方向发射的粒子飞出Ⅰ区时经过bb′的位置为Q下方．（2）粒子第一次通过边界bb′的位置范围为．（3）进入Ⅱ区的粒子第一次在磁场Ⅱ区中运动的最长时间为、最短时间为．三、选做题【物理-选修3-3】13．（5分）如图所示，一个封闭的绝热气缸，被中间的挡板分割成左右相等的两部分．左边充满一定量的某种理想气体，右边真空．现将中间的挡板移去，待气体稳定后，则（）A．气体的温度不发生变化B．因为气体的体积膨胀了，所以内能降低C．气体分子的平均动能减小D．虽然气体的体积膨胀了，但是没有对外做功E．气体分子在器壁单位面积上单位时间内发生碰撞的平均次数变为原来的一半【解答】解：ABD、气体在向真空膨胀的过程中没有力的作用，所以不做功，绝热过程，内能不变，故温度不变，故A正确，B错误，D正确；C、温度是分子热运动平均动能的标志，温度不变，故分子的平均动能不变，故C错误；E、气体的温度不变，体积增加为2倍，故分子热运动的平均动能不变，分子数密度减小为一半，故气体分子在器壁单位面积上单位时间内发生碰撞的平均次数变为原来的一半，故E正确；故选：ADE14．（10分）如图所示，截面积分别2S=2cm2与S=1cm2的两个上部开口的柱形气缸A、B，底部通过体积可以忽略不计的细管连通．A、B两个气缸内分别有两个活塞，质量分别为m A=2.8kg、m B=1.4kg．A气缸内壁粗糙，活塞与气缸间的最大静摩擦力为f=6N，B气缸内壁光滑．当气缸内充有某种理想气体时，A中的活塞高为h A=4cm，B中活塞高度为h B=5cm，此时气体温度为T0=390K，外界大气压为P0=1.0×105Pa．现在缓慢降低气体温度，g取10m/s2，则：①当气缸B中的活塞刚好下降至气缸底部时，气体的温度T1；②当气缸A中的活塞刚要滑动时，气体的温度T2．【解答】解：①此过程为等压过程，有，而V0=2h A s+h B s，V1=2h A s，解得：T1=240K②从B活塞到达底部，到A活塞开始运动，气体发生等容变化：，最初，对B活塞，有：P1s=P0s+m B g解得：活塞要动时，对A活塞，有P22s+f=P02s+m A g，解得：代入等容方程，解得：T2=210K答：①当气缸B中的活塞刚好下降至气缸底部时，气体的温度T1为240K；②当气缸A中的活塞刚要滑动时，气体的温度T2为210K．。
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2016年沈阳市高中三年级教学质量监测（一）物理试题一、选择题（本题共10小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一个选项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）1. 如图为一个质点做直线运动的v－t图象，该质点在前4 s内向东运动，则该质点A. 在8～10 s内始终向东运动B. 在前8 s内的加速度大小不变，方向始终向西C. 在前8 s内的合外力先减小后增大D. 在4～12 s内的位移大小为24 m【答案】B【解析】速度的正负表示运动的方向，0-4s内向东运动，则4-10s内向西运动，故A错误．在前8s内，图线的斜率不变，则加速度不变，斜率为正值，因为速度为负时向东运动，可知规定向西为正方向，则前8s内加速度方向始终向西，故B正确．前8s内加速度不变，根据牛顿第二定律知，物体所受的合力不变，故C错误．根据图线围成的面积知，4-12s内的位移为：x＝×4×6m＝12m，故D错误．故选B．点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移．2. 某宇宙飞船绕某个未知星球做圆周运动，在轨道半径为r1的圆轨道上运动时周期为T。
随后飞船变轨到半径为r2的圆轨道上运动，则飞船变轨后的周期为A. 飞船的周期为（）TB. 飞船的周期为（）TC. 飞船的周期为（）TD. 飞船的周期为（）T【答案】D【解析】对于任一飞船，飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，得得；设飞船变轨后的周期为T′，可得故，故选D.点睛：求物理量的比值，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．3. 如图所示，AEFD和EBCF是两个等边长的正方形，在A点固定一个带电量为+Q的点电荷，在C点固定一个带电量为—Q的点电荷，则下列说法正确的是A. E、F两点的电场强度相同B. E、F两点的电势相同C. 将一个负电荷由E点沿直线移动到F点，电场力先做正功后做负功D. 将一个负电荷由E点沿直线移动到F点，电场力先做负功后做正功【答案】A【解析】+Q、-Q是两个等量异种点电荷，其电场关于AC连线对称，关于AC的中垂线也对称，可知结合等量异种点电荷电场线的分布情况可知E、F两点的电场强度大小相等，方向也相同，所以电场强度相同，故A正确．根据顺着电场线方向电势降低，可知E点的电势高于F两点的电势，故B错误．将一个负电荷由E点沿着直线移动到F点，电势逐渐降低，由E=qφ知，负电荷的电势能逐渐p增大，则电场力一直做负功，故CD错误．故选A.4. 用某型号的柴油发电机给我国灾民临时安置区供电，发电机到安置区的距离是400 m，输电线路中的火线和零线均为单股铜导线，该导线每米的电阻为2.5×10-4 Ω，安置区家用电器的总功率为44 kW，当这些家用电器都正常工作时，下列说法中正确的是A. 输电线路中的电流为20 AB. 输电线路损失的电功率为4 kWC. 发电机实际输出电压是240 VD. 如果该柴油发电机发的电是正弦交流电，则输出电压的峰值是V【答案】D【解析】已知家用电器的工作电压为220V，根据P=UI可求输电线上电流为200A，故A2x=0.2Ω，输电线损失的功率P=I2R=8000W，故B错误；输电线损错误；输电线电阻R=R=RI=40Ω，发电机实际输出电压是220+40V=260V，最大值260V失的电压U，所以C错误；D正确。
5. 如图所示的电路，R1、R2、R3是定值电阻，R4是滑动变阻器，电源内阻不可忽略。
闭合开关电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向上移动的过程中A. 电压表示数变小B. 电容器放电C. 电源的总功率变小D. 通过滑动变阻器的电流变大【答案】C变大，电路的总电【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑动触头由中点向上移动时，R4阻变大，总电流I变小，内电压变小，则路端电压变大，因此电压表示数变大．故A错），I变小，故电容器两端电压U变大，带电量变大，误；电容器两端电压为：U=E-I（r+R2电容器充电，故B错误；电源的总功率P=EI，I变小，则P变小，故C正确．根据串联的电流变大，而总电流变小，所以通电路分压规律知，变阻器两端的电压增大，通过R1过滑动变阻器的电流变小．故D错误．故选C．考点：电路的动态分析【名师点睛】本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化。
6. 如图所示，斜面固定在水平面上，两个小球分别从斜面底端O点正上方A、B两点向右水平抛出，B为AO连线的中点，最后两球都垂直落在斜面上，A、B两球击中斜面位置到O点的距离之比为A. :1B. 2 : 1C. 4 :D. 4 : 1【答案】B【解析】设任一小球的初速度为v，抛出点离O点的高度为h，平抛运动的时间为t，斜面的倾角为θ．据题小球垂直击中斜面，速度与斜面垂直，由速度分解可知：vy tanθ=v；又vy=gt可得：根据几何关系得：据题有OA=2OB，则得：vA =vB．击中斜面位置到O点的距离为故得A、B两球击中斜面位置到O点的距离之比为 2：1，故选B.点睛：解决本题的关键要灵活运用几何关系，分析水平位移与高度的关系，要掌握平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，并能灵活运用．7. 如图所示，A和B两个小球固定在一根轻杆的两端，A球的质量为m，B球的质量为2m，此杆可绕穿过O点的水平轴无摩擦地转动。
现使轻杆从水平位置由静止释放，则在杆从释放到转过90°的过程中A. A球的机械能增加B. 杆对A球始终不做功C. B球重力势能的减少量等于B球动能的增加量D. A球和B球的总机械能守恒【答案】AD【解析】A球向上加速，动能增加，重力势能也增加，则A球的机械能增加．故A正确．由于A球的机械能增加，则根据功能原理知，杆对A球做正功，故B错误．根据系统的机械能守恒知，B球重力势能的减少量等于B球动能的增加量、A球动能的增加量和A球重力势能增加量之和．故C错误．对于AB组成的系统，只发生动能和重力势能的转化，系统的机械能守恒．故D正确．故选AD.点睛：本题是轻杆连接的模型问题，对系统机械能是守恒的，但对单个小球机械能并不守恒，运用系统机械能守恒及除重力以外的力做物体做的功等于物体机械能的变化量进行研究即可．8. 如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，其边界过原点O、y轴上的点a（0，L）和x轴上的点b。
一个不计重力的电子从a点以初速度v0平行于x轴负方向射入磁场，并从b点射出磁场，此时速度方向与x轴负方向的夹角为60°，下列说法中正确的是A. 电子在磁场中运动的时间为B. 电子在磁场中运动的时间为C. 磁场区域的圆心坐标为（－，）D. 电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，－L）【答案】BD点睛：本题考查带电粒子在磁场中的运动，由题意确定粒子在磁场中运动轨迹是解题的关键之处，从而求出圆磁场的圆心位置，再运用几何关系来确定电子的运动轨迹的圆心坐标．9. 如图所示，F1、F2为有一定夹角的两个共点力，过作用点O点建立平面直角坐标系xoy，将F1、F2沿x轴、y轴进行正交分解，则A. 当x轴取F1、F2合力方向时， F1、F2在x轴上的分力之和最大B. 当F1、F2在x轴上的分力之和最大时，在y轴上的分力之和最小C. 当x轴取F1、F2角平分线方向时，F1、F2在x轴上的分力之和最大D. F1、F2合力的大小，与x轴的选取方向有关【答案】AB【解析】由于F1、F2大小、方向都已知，故根据平行四边形法则可得，两力的合力确定．当x轴沿合力方向时，在x轴上的分力之和最大，此时垂直于合力的方向y方向的分力等于0，是最小的．故AB正确，C错误．F1、F2合力的大小，根据平行四边形法则可得，两力的合力确定的，与x轴的选取方向无关．故D错误．故选AB.10. 制造纳米薄膜装置的工作电极可简化为真空中间距为d的两平行金属板，如图甲所示，加在A、B间的电压U AB作周期性变化，其正向电压为U0，反向电压为－kU0（k≥1），电压变化的周期为2T，如图乙所示。
在t＝0时，有一个质量为m、电荷量为e的电子以初速度v0垂直电场方向从两极板正中间射入电场，在运动过程中未与极板相撞，且不考虑重力的作用，则：A. 若且电子恰好在2T时刻射出电场，应满足的条件是d≥B. 若且电子恰好在4T时刻从A板边缘射出电场，其动能增加C. 若且电子恰好在2T时刻射出电场，射出时的速度为D. 若，电子在射出电场的过程中沿电场方向的分速度方向始终不变【答案】AD【解析】电子在0～T时间内做匀加速运动, 加速度的大小位移在T～2T时间内先做匀减速运动，后反向做匀加速运动, 加速度的大小初速度的大小匀减速运动阶段的位移依据题意解得t=2T时刻，电子沿电场方向的分速度在2T时刻射出电场的速度，故A正确，C错误；K=1，电子在竖直方向的速度随时间变化的图象如图所示，所以动能增加量为0，由图象t=4T时刻，沿电场方向的分速度为0，射出速度等于v知，电子在射出电场的过程中，沿电场方向的分速度方向不变，故B错误，D正确；故选AD.点睛：电子在交变电场中的变加速运动问题是考察的热点，重要的是分析清楚电子的运动情景，同时这种问题运算量较大，过程较为复杂，给学生造成较大的难度.二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第11～12题为必考题，每个考生都必须做答；第13～15题为选考题，考生根据要求做答。
（一）必考题（本题有2小题，共35分）11. 足够长的平行金属导轨MN和PQ表面粗糙，与水平面间的夹角37°（sin37°＝0.6），间距为1.0 m。
垂直于导轨平面向上的匀强磁场的磁感应强度为4.0 T，PM间所接电阻的阻值为8.0 Ω。
质量为2.0 kg的金属杆ab垂直导轨放置，不计杆与导轨的电阻，杆与导轨间的动摩擦因数为0.25。
金属杆ab在沿斜面向下且与杆垂直的恒力F作用下，由静止开始运动，杆的最终速度为8 m/s，取g＝10m/s2，求：（1）当金属杆的速度为4.0 m/s时，金属杆的加速度大小；（2）当金属杆沿导轨的位移为6.0m时，通过金属杆的电荷量。
【答案】（1）4m/s2（2）3C【解析】（1）对金属杆ab应用牛顿第二定律有：F＋mg sinθ－F－f＝ma┄┄┄①安f＝μF┄┄┄②NF＝mg cosθ┄┄┄③Nab杆所受安培力大小为：F＝BIL┄┄┄┄┄④安ab杆切割磁感线产生感应电动势为：E＝BLv┄┄┄┄┄⑤由闭合电路欧姆定律可知：┄┄┄┄┄⑥整理得：F＋mg sinθ－－μmg cosθ＝ma代入：v m=8m/s 时a=0，解得：F=8N代入：v=4m/s及F=8N，解得：a＝4m/s2（2））设通过回路截面的电荷量为q，则：┄┄┄┄┄⑦回路中的平均电流强度为：┄┄┄┄┄⑧回路中的产生的平均感应电动势为：┄┄┄┄┄⑨回路中的磁通量变化量为：ΔΦ＝BLx┄┄┄┄┄⑩联立⑦⑧⑨⑩，解得：q＝3C12. 如图所示，粗糙水平面上放置一个质量M＝2 kg、长度L＝ 5 m的木板A，可视为质点的物块B放在木板A的最左端，其质量m＝1 kg。