安徽省六安二中河西校区2017-2018学年高二下学期第三次月考(理)物理试题Word版含解析

六安二中河西校区2017-2018学年度第二学期高二年级第三次月考（理）(物理)一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）1.关于原子结构的认识历程，下列说法正确的有A. 汤姆孙发现电子后猜想出原子内的正电荷集中在很小的核内B. α粒子散射实验中少数α粒子发生了较大偏转是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据C. 卢瑟福的原子核式结构模型能够很好的解释光谱的分立特征和原子的稳定性D. 玻尔原子理论无法解释较复杂原子的光谱现象，说明玻尔提出的原子定态概念是错误的【答案】B【解析】A、汤姆孙发现电子后，猜想出原子内的正电荷均匀分布在原子内，提出了枣糕式原子模型，故A错误；B、卢瑟福根据α粒子散射实验中少数α粒子发生了较大偏转，提出了原子核式结构模型。

故B正确；C、卢瑟福提出的原子核式结构模型，无法解释原子的稳定性和原子光谱的分立特征，故C错误；D、玻尔原子理论无法解释较复杂原子的光谱现象，由于原子是稳定的，故玻尔提出的原子定态概念是正确的，故D错误。

点睛：本题考查原子物理中常识性问题，要在了解人类发现原子结构历史进程的基础上进行记忆，不能混淆。

2.对于某一电容器，下列说法正确的是A. 电容器所带的电量越多，电容越大B. 电容器两极板间的电势差越大，电容越大C. 电容器所带的电量增加一倍，两极板间的电势差也增加一倍D. 电容器两极板间的电势差减小到原来的，它的电容也减小到原来的【答案】C【解析】试题分析：电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关．故AB错误；根据公式：Q=CU可得，当电容器带电量增加一倍，两极板间的电势差也增加一倍．故C正确；电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，两极板间的电势差减小为原来的1/2，电容器的电容不会发生变化．故D错误．故选C。

考点：电容器【名师点睛】本题关键明确电容器的电容有电容器本身决定，与带电量和电势差无关，记住电容器的定义式;基础题。

3.如图所示，电源的电动势和内阻分别为E、r，在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，下列各物理量变化情况为A. R0的功率逐渐增大B. 电流表的读数逐渐减小C. 电源的输出功率可能先减小后增大D. 电压表与电流表读数的改变量的比值先增大后减小【答案】C【解析】【详解】AB. 在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中总电流I先减小后增大，电流表的读数先减小后增大，故R0的功率P=I2R0先减小后增大，故A错误，B错误；C. 由于电源的内阻与外电阻的关系未知，无法判断电源输出功率如何变化。

可能先减小后增大，也可能先增大后减小，故C正确；D. 电流表的读数先减小后增大，电压表的读数先增大后减小，电压表测的是路端电压，电压表与电流表读数的改变量的比值等于电源内阻，大小不变，故D错误故选：C.4.2017年11月5日19时45分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射第二十四、二十五颗北斗导航卫星．北斗卫星导航系统(BeiDouNavig ation Satellite System，BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统．北斗卫星导航系统空间段由35颗卫星组成，其中5颗是地球同步卫星．关于同步卫星绕地球运动的相关物理量，下列说法正确的是A. 角速度等于地球自转的角速度B. 向心加速度大于地球表面的重力加速度C. 线速度大于第一宇宙速度D. 运行周期一定大于月球绕地球运动的周期【答案】A【解析】A、地球同步卫星相对地球静止，其运行周期与地球自转的周期，地球同步卫星的角速度等于地球自转的角速度，故A正确；BCD、由万有引力等于向心力，则有，同步卫星绕地球运动的向心加速度小于地球表面的重力加速度，线速度小于第一宇宙速度，运行周期小于月球绕地球运动的周期，故BCD错误；故选A。

5.如图所示，竖直平面内有一圆周，其圆心为O，直径AB和CD相互垂直，电荷量均为Q的正点电荷放在关于CD对称的圆周上，它们所在半径的夹角为120°.下列说法错误的是A. 点O与点C的场强大小相等B. 点C与点D的场强大小之比为∶1C. 一电子从D点由静止释放，运动到C点的过程中，加速度先减小后增大D. 将一正电荷沿着圆周从A点经D移至B点的过程中，电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】A．点O与点C的场强大小相等，方向相反，故A错误；B．根据矢量合成法则，C点场强为，D点的场强为点C与点D的场强大小之比为：1，故B正确；C．根据电场强度的矢量合成法则，距离两点电荷连线x=处的场强最强，则电子从点D到点C的过程中，加速度先增大，再减小，再增大，故C错误；D．根据等量同种电荷的电场线，正电荷沿着圆周从点A到点D，电场力做正功，从点D到点B的过程中，电场力做负功，故D正确。

故选：BD。

点睛：根据电场强度的矢量合成法则，找出CD连线上，电场强度最大的位置，根据牛顿第二定律即可判断加速度的变化。

6.如图所示，光滑长铁链由若干节组成，每一节长度为l0，全长为L，在水平轨道上以某一速度运动．圆形管状轨道与水平轨道相切，半径为R，L>2πR，R远大于一节铁链的高度和长度．铁链靠惯性通过圆形管状轨道继续前进，下列判断正确的是A. 每节铁链通过最高点的速度依次减小B. 第一节与最后一节到达最高点的速度大小相等C. 在第一节完成圆周运动的过程中，第一节铁链机械能守恒D. 铁链全部通过圆形管状轨道的过程中，铁链的最小速度为【答案】BD【解析】【详解】A．整条长铁链机械能守恒，当长铁链布满圆形管状轨道时，重力势能最大，速度最小，从此时到最后一节铁链进入轨道之前，重力势能不变，每节铁链通过最高点的速度不变，故A错误，C错误；B．第一节与最后一节铁链到达最高点时的重力势能相等，速度大小相等，故B正确；D．铁链刚好通过最高点时，重力提供向心力，速度最小，，，故D正确。

故选：BD7.如图所示，小球从斜面的顶端以不同的初速度沿水平方向抛出，落在倾角一定、足够长的斜面上不计空气阻力，下列说法正确的是A. 小球落到斜面上时的速度大小与初速度的大小成正比B. 小球运动到距离斜面最远处所用的时间与初速度的大小无关C. 当用一束平行光垂直照射斜面，小球在斜面上的投影做匀速运动D. 初速度越大，小球落到斜面上时的速度方向与水平方向的夹角越大【答案】A【解析】【详解】设斜面倾角为θ，物体落到斜面上时：，小球落在斜面上竖直分速度为：v y=gt=2v0tanθ，则落到斜面上的速度，即小球落到斜面上时的速度大小与初速度的大小成正比，选项A正确；当小球的速度方向与斜面平行时，距离斜面最远；将速度分解成平行与垂直斜面方向，垂直斜面方向先匀减速直线运动，后匀加速直线运动；当小球的速度方向与斜面平行时垂直斜面方向的分速度等于0，则时间：，所用的时间与初速度的大小有关。

故B错误；将速度分解成平行与垂直斜面方向，平行斜面方向运动是匀加速直线运动，而垂直斜面方向先匀减速直线运动，后匀加速直线运动，可知小球在斜面上的投影加速移动，故C错误。

因为平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，小球落在斜面上位移的方向相同，则速度方向相同，故D错误。

故选A。

【点睛】此题考查运动的合成与分解内容，掌握矢量的合成法则，理解离斜面最远时，垂直斜面方向的速度为零，此时速度方向与斜面平行。

8.如图所示，倾角为θ＝30°的斜面A置于水平面上，滑块B、C叠放在一起沿斜面匀速下滑，且始终保持相对静止，斜面A静止不动，B上表面倾斜，则B、C在斜面上运动时，下列说法A. B可能受三个力作用B. A、B间的动摩擦因数μ＝C. A一定受四个力作用D. 地面对A的支持力小于A、B、C三者重力之和【答案】C【解析】试题分析：物体B匀速运动，根据平衡条件分析B的受力情况；以B和C整体为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件求解动摩擦因数；以斜面为研究对象，根据力的分析方法分析斜面受力；地面对A的支持力等于A、B、C三者重力之和．A、B受到重力、斜面的支持力和摩擦力、C对B的压力和摩擦力5个力的作用，A错误；以B 和C整体为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件可得，，解得，B错误；斜面A受到重力、地面的支持力、B对斜面的压力和摩擦力4个力的作用，C正确；滑块B、C叠放在一起沿斜面匀速下滑，整体受力平衡，故地面对A的支持力等于A、B、C三者重力之和，故D错误．9.甲、乙两个物体在同一直线上运动，其x－t图象如图所示，其中直线b与曲线a相切于点(4，－15)．已知甲做匀变速直线运动，下列说法正确的是A. 前4 s内两物体运动方向相同B. 前4 s内甲的平均速度是乙的平均速度的倍C. t＝0时刻，甲的速度大小为9 m/sD. 甲的加速度大小为2 m/s2【解析】x-t图象的斜率的正负表示运动的方向，故前4s内两物体运动方向相同，均为负方向，故A 正确；甲做匀变速直线运动，则甲的x-t图像对应于a；前4s内甲的平均速度为：，前4s乙的平均速度为：，故前4s内甲的平均速度是乙的平均速度的3倍，故B错误；t=0时刻，甲的位移为9m，速度无法求解，故C 错误；甲时匀加速，只能得到运动时间和4s末的速度，故无法求解加速度，故D错误；故选A.点睛：位移图象和速度图象都表示物体做直线运动，抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键，知道，平均速度等于位移除以时间。

10.如图所示，一轻弹簧直立于水平面上，弹簧处于原长时上端在O点，将一质量为M的物块甲轻放在弹簧上端，物块下降到A点时速度最大，下降到最低点B时加速度大小为g，O、B 间距为h.换用另一质量m的物块乙，从距O点高为h的C点静止释放，也刚好将弹簧压缩到B点，不计空气阻力，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度大小为g，则A. 弹簧的最大弹性势能为MghB. 乙的最大速度为C. 乙在B点的加速度大小为2gD. 乙运动到O点下方处速度最大【答案】AD【解析】对于物块甲的过程，根据能量守恒可知，弹簧压缩到B点时的弹性势能等于甲的重力势能的变化即Mgh，物块乙也刚好将弹簧压缩到B点，所以弹簧最大弹性势能为Mgh，故A正确；当乙下落到O点时，根据动能定理：，解得：，此时开始压缩弹簧，但弹簧弹力为零，所以物体将继续加速直到弹力等于重力时速度达到最大，所以乙的最大速度大于，故B错误；根据能量守恒有，则，在B点对M根据牛顿第二定律有：，对m根据牛顿第二定律有：，联立以上各式可得：a=3g，故C错误；设弹簧劲度系数为k，在最低点有：kh=2Mg=4mg，即，可得乙运动到O点下方处速度最大，故D正确。

所以AD正确，BC错误。

二、多选题（本大题共2小题，共8.0分）11.如图甲所示的理想变压器，原线圈接在乙图所示交流电源上，副线圈接一个标有“10 V 2 W”的灯泡，视灯泡电阻不变，已知变压器原、副线圈的匝数比为n1∶n2＝10∶1，下列说法正确的是A. 灯泡能正常发光B. 电压表的读数为100 VC. 电流表的读数为0.2 AD. 选两只相同“10 V 2 W”规格的灯泡串接在副线圈，则变压器的输出功率为1 W【答案】ABD【解析】根据图乙可知变压器原线圈两端的电压有效值为，即电压表的读数为100V，根据可知副线圈两端的电压为，故灯泡能正常发光，AB正确；副线圈中的电流为，根据可得原线圈中的电流0.02A，C错误；两只灯泡串联，总电阻为，副线圈两端电压仍为100V，故副线圈消耗的电功率为，D正确．12.如图(a)所示，水平面内有一光滑金属导轨，ac边的电阻为R，其他电阻均不计，ab与ac 夹角为135°，cd与ac垂直．将质量为m的长直导体棒搁在导轨上，并与ac平行．棒与ab、cd交点G、H间的距离为L0，空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B.在外力作用下，棒由GH处以初速度v0向右做直线运动．其速度的倒数随位移x变化的关系如图(b)所示．在棒运动L0到MN处的过程中A. 导体棒做匀变速直线运动B. 导体棒运动的时间为C. 流过导体棒的电流不变D. 外力做功为【答案】BC【解析】A、直线的斜率为：，所以有：，得，故不是匀变速直线运动，故A错误。