广东省深圳市宝安区2016_2017学年高二物理下学期期中试题(含答案)
深圳市宝安区2016～2017学年高二下学期期中考试物理本试卷共4页，四大题，17小题。
全卷共计100分，考试用时90分钟。
一．单项选择题：（本题共8小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
选对得3分，选错或不答的得0分）1. 如图是氧气分子在不同温度下的速率分布规律图，横坐标表示速率，纵坐标表示某一速率内的分子数占总分子数的百分比，由图可知A ．①状态的温度比②状态的温度高B ．同一温度下，氧气分子呈现“中间多，两头少”的分布规律C ．随着温度升高，每一个氧气分子的速率都增大D ．随着温度升高，氧气分子中速率小的分子所占比例增大2. 下列说法中正确的是A ．将两块铅压紧以后能连成一块，说明分子间存在引力B ．压缩气体要用力，说明分子间有斥力作用C ．悬浮在液体中的固体颗粒越大，周围液体分子撞击的机会越多，布朗运动就越明显D ．温度低的物体内能小3. 奥斯特发现电流周围存在磁场后，法拉第坚信磁一定能生电。
他使用如图所示的装置进行实验研究，以至于经过了10年都没发现“磁生电”。
主要原因是A ．励磁线圈A 中的电流较小，产生的磁场不够强B ．励磁线圈A 中的电流是恒定电流，不会产生磁场C ．感应线圈B 中的匝数较少，产生的电流很小D ．励磁线圈A 中的电流是恒定电流，产生稳恒磁场4. 如图所示为一定质量理想气体的体积V 与温度T 的关系图像，它由状态A 经等温过程到状态B ，再经等容过程到状态C 。
设A 、B 、C状态对应的压强分别为p A 、p B 、p C ，则下列关系式中正确的是A ．p A ＜pB ，p B ＜pC B ．p A ＜p B ，p B ＞p CC ．p A ＞p B ，p B ＜p CD ．p A ＝p B ，p B ＞p C 5. 如图所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环的圆心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距。
两导线中通有大小相等、方向向下的恒定电流，若A ．金属环向上运动，则环中产生顺时针方向的感应电流B ．金属环向下运动，则环中产生顺时针方向的感应电流C ．金属环向左侧直导线靠近，则环中产生顺时针方向的感应电流D ．金属环向右侧直导线靠近，则环中产生顺时针方向的感应电流6. 如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角线匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区域，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两倍且与磁场边界垂直。
下面对于线框中感应电流随时间变化的图象(电流以ABCD 顺序流向为正方向，从C 点进入磁场开始计时)正确的是7. 一定质量的理想气体沿图示状态变化方向从状态a 到状态b （ba延长线过坐标原点），到状态c 再回到状态a ．三个状态的体积分别为V a 、V b 、V c ，则它们的关系正确的是A ．V a ＝V bB ．V a ＞V cC ．V b ＝327600V cD ．V c ＝32754V a 8. 图为模拟远距离交流输电的电路，升压变压器T 1的原、副线圈匝数比n 1 : n 2 = 1 : k ，降压变压器T 2的原、副线圈匝数比n 3 : n 4 = k : 1，模拟输电导线的电阻r = 3 Ω，T 2的负载是规格为“15 V，45 W”的灯泡L 。
当T 1的输入电压为16 V 时L 正常发光，两个变压器可视为理想变压器，则k 的值为A ． 32B ． 3C ． 4D ． 9 二．多项选择题：（本题共小4题，每小题6分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确。
全部选对的得6分，选对部分且正确的得3分，有选错或不答的得0分）9. 如图所示是圆盘发电机的示意图；铜盘安装在水平的铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C 、D 分别与转动轴和铜盘的边缘接触。
若铜盘半径为L ，匀强磁场的磁感应强度为B ，回路的总电阻为R ，从左往右看，铜盘以角速度ω沿顺时针方向匀速转动。
则A ．由于穿过铜盘的磁通量不变，故回路中无感应电流B ．回路中有周期性变化的感应电流C ．回路中感应电流大小不变，为BL 2ω2RD ．回路中感应电流方向不变，为C →D →R →C10. 如图所示，由于理想变压器原线圈的输入电压降低，使电灯L 变暗，下列哪些措施可以使电灯L 重新变亮A ．其他条件不变，P 1下移，同时P 2上移B ．其他条件不变，P 1上移，同时P 2下移C ．其他条件不变，滑动变阻器滑动片P 向下移动D ．其他条件不变，断开电键S12211.如图所示是研究通电自感实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合开关调节电阻R，使两灯泡的亮度相同。
调节可变电阻R1，使它们都正常发光，然后断开开关S。
重新闭合开关S，则A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C．稳定后， A1和A2两端电势差不相同D．稳定后，L和R两端电势差一定相同12.如图所示，一定质量的空气被水银封闭在静置于竖直平面的U形玻璃管内，右管上端开口且足够长，右管内水银面比左管内水银面高h，能使h变大的情形是A．沿管壁向右管内加水银 B．环境温度降低C．U形玻璃管自由下落 D．大气压强增大三、实验题：（本题包括1小题，共10分）13.（10分）在“用油膜法估测分子的大小”的实验中：（1）某同学操作步骤如下：①取一定量的无水酒精和油酸，配制成一定浓度的油酸酒精溶液；②在量筒中滴入一滴该溶液，测出它的体积；③在蒸发皿内盛一定量的水，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散开稳定；④在蒸发皿上覆盖玻璃板，描出油酸薄膜形状，用透明方格纸测量油酸薄膜的面积。
改正其中有错误的步骤或完善其中有遗漏的步骤：（2）若油酸酒精溶液体积浓度为0.12%，；一滴该溶液的体积为5.2×10-3ml，测得其形成的油膜的面积是48cm2，则估算出油酸分子的直径为________m。
（3）用油膜法测出油酸分子直径后，要测定阿伏加德罗常数，还需知道油滴的( ) A．摩尔质量 B．摩尔体积 C．质量 D．体积四、计算题：（本题共4小题，共42分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，必须明确写出数值和单位.）14.(9分)如图甲所示，一个匝数n＝100的圆形导体线圈，面积S1＝0.4m2，电阻r＝1Ω。
在线圈中存在面积S2＝0.3m2的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示。
有一个R＝2Ω的电阻，将其两端a、b分别与图甲中的圆形线圈相连接，b端接地，求：（1）圆形线圈中产生的感应电动势E；（2）a、b两点间电势差U ab；（3）0～4 s时间内电阻R上产生的焦耳热Q15. （10分）如图甲所示，一固定的矩形导体线圈水平放置，线圈的两端接一只小灯泡，在线圈所在空间内存在着与线圈平面垂直的均匀分布的磁场。
已知线圈的匝数n ＝100 匝，总电阻r ＝1.0Ω，所围成矩形的面积S ＝0.050m 2，小灯泡的电阻R ＝9.0Ω，磁感应强度随时间按如图乙所示的规律变化，线圈中产生的感应电动势瞬时值的表达式为e ＝nB m S 2πT cos 2πTt ，其中B m 为磁感应强度的最大值，T 为磁场变化的周期，不计灯丝电阻随温度的变化，求：（1）线圈中产生感应电动势的最大值；（2）小灯泡消耗的电功率；（3）0～T 4时间内，通过小灯泡的电荷量。
16. （10分）如图，水平面上固定着两个内壁光滑的气缸A 、B ，横截面积相同的绝热活塞a 、b用水平轻杆连接，将一定量的气体封闭在两气缸中，气缸A 绝热，气缸B 导热。
开始时活塞静止，活塞与各自气缸底部距离相等，B 气缸中气体压强等于大气压强Pa 100.150⨯=p ，A 气缸中气体温度 T A =300K 。
气缸外界温度保持不变，现通过电热丝加热A 气缸中的气体，活塞缓慢移动，当B 缸中气体体积变为开始状态的23倍时， 求： （1）B 气缸气体的压强；（2）A 气缸气体的温度。
17. （13分）如图所示，一对平行的粗糙金属导轨固定于同一水平面上，导轨间距L =0.2m ，左端接有阻值R =0.3 的电阻，右侧平滑连接一对弯曲的光滑轨道。
水平导轨的整个区域内存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小B =2.0T 。
一根质量m =0.4kg ，电阻r =0.1 的金属棒ab 垂直放置于导轨上，在水平向右的恒力F 作用下从静止开始运动，当金属棒通过位移x =9m 时离开磁场，在离开磁场前已达到最大速度。
当金属棒离开磁场时撤去外力F ，接着金属棒沿弯曲轨道上升到最大高度h =0.8m 处。
已知金属棒与导轨间的动摩擦因数 =0.1，导轨电阻不计，棒在运动过程中始终与轨道垂直且与轨道保持良好接触，取g =10m/s 2。
求：（1）金属棒运动的最大速率v ；（2）金属棒在磁场中速度为2v 时的加速度大小； （3）金属棒在磁场区域运动过程中，电阻R 上产生的焦耳热。
2016－2017学年第二学期期中考试高二物理参考答案三、实验题：（本题包括1小题，共10分.）13．（1） ②中在量筒中应滴入N 滴溶液 ③中在水面上应先撒上痱子粉 （各2分）（2）1.3×10-9 （3）B （各3分）四、计算题：（本题共4小题，共42分.）14. （9分）解：（1）由图乙结合数学知识可得k ＝ΔB Δt＝0.15 T/s （1分） 由法拉第电磁感应定律可得感应电动势2 4.5BS E n V t∆==∆ （2分） （2）由闭合电路欧姆定律可得电流强度I ＝Er ＋R ＝1.5 A （1分）电势差U ＝IR ＝3V ， （1分） 由电流方向知a b ϕϕ< 所以U ab ＝-3V （2分）（3）由焦耳定律可得 Q ＝I 2Rt ＝18 J （2分） 15（10分）解：(1)由图知，磁感应强度最大值B m ＝1.0×10－2T ， 周期T ＝3.14×10－2 s （1分） 所以电动势的最大值 E m ＝2πnB m S T＝10 V （2分） (2)感应电流的最大值 I m ＝E m R ＋r ＝1. 0 A （1分）感应电流的有效值2I A == （1分） 小灯泡消耗的电功率 P ＝I 2R ＝4.5 W （1分）(3)在0～T4时间内，平均电动势 E －＝nS ΔB Δt ， 平均电流 I －＝E －R ＋r ， （各1分） 流过灯泡的电荷量 Q ＝I －Δt （1分）解得 Q ＝5.0×10－3C （1分） 16.（10分）解：（1）对B 中气体，根据玻意耳定律023B BB p V p V '=⋅ （3分）解得 51.510B p '=⨯Pa （1分）（2）因为两侧活塞横截面积相同，对于b a 、和轻杆整体，根据平衡条件初始时 o B A p p p == （1分） 末态时 B A p p '=' （1分）初始时两活塞离各自气缸底部距离相等，当B 缸中气体体积变为初始状态的23倍时， A 缸中气体体积为 43A A V V '= （1分）对A 中气体，根据气态方程 A A A A A A T V pT V p '''= （2分）解得 600A T K '= （1分）17.（13分）解：(1)金属棒从出磁场到达弯曲轨道最高点，根据机械能守恒定律， 212mv mgh = (2分)解得：4/v m s == (1分)(2) 金属棒在磁场中做匀速运动时，设回路中的电流为I ，则 =4BLvI A R r =+ （1分）由平衡条件可得 ==2F BIL mg N μ+ （1分） 金属棒速度为2v时，设回路中的电流为I '，则 =22()BLvI A R r '=+ （1分）由牛顿第二定律得 -F BI L mg ma μ'-= （2分）解得 a ＝ 2m/s 2 （1分）（3）设金属棒在磁场中运动过程中，回路中产生的焦耳热为Q ， 根据功能关系 212Fx mgx mv Q μ=++ （2分）则电阻R 上的焦耳热 R RQ Q R r =+ （1分）解得 8.4R Q J = （1分）。
高二物理下学期期中试题无答案(1)word版本
吉林省松原市 2016-2017 学年高二物理放学期期中试题（无答案）一、单项选择题（此题包含8 小题，每题 4 分，共 32 分，每题只有一个选项符合题目要求。
）1．关于理想变压器来说，以下说法中不正确的选项是（）A．变压器是利用互感现象制成的B．变压器能够改变各样电源的额定功率C．变压器不单能改变电压，还同时改变电流D．变压器的初级电流随次级电流的增大而增大2．玻璃杯从同一高度落下，掉在石头上比掉在草地上简单碎，这是因为玻璃杯与石头的撞击过程中（）A．玻璃杯的动量较大B．玻璃杯遇到的冲量较大C．玻璃杯的动量变化较大D．玻璃杯的动量变化较快3．一只小船静止在湖面上，一个人从小船的一端走到另一端（不计水的阻力），以下说法中正确的选项是（）A．人走得越快，则人获取的动量比船获取的动量大得越多B． . 若人的质量小于船的质量，则人获取的动量大于船获取的动量C．若人的质量小于船的质量，则人获取的动量小于船获取的动量D．无论何种状况，人获取的动量数值上老是等于船获取的动量4．一个按正弦规律变化的交变电流的图象以下图，由图可知（）①该交变电流的频次为0.2Hz ；②该交变电流的有效值为14.1A ；③该交变电流的刹时价表达式为i=20sin0.02tA；④ t=时辰，该交变电流大小与其有效值相等．A．①② B ．②④ C ．③④ D ．①③5．面积为S 的矩形线圈在磁感觉强度为 B 的匀强磁场中，从中性面起以角速度ω 匀速转动，在t 时辰线圈磁通量的刹时价为（）A． BS B． BScosωt C． BSsin ω t D．6．以下图，沟通电源电压u=20sinV ，电路中电阻R=10Ω ．则如图电路中理想电流表和理想电压表的读数分别为（）A． 1.41A ， 14.1V B ． 1.41A ，20VC． 2A， 20V D． 2A， 14.1V碰撞前后两球的位移—时7．质量为m a＝ 1kg ，m b＝ 2kg 的小球在圆滑的水平面上发生碰撞，间图象以下图，则可知碰撞属于（）A．弹性碰撞B．非弹性碰撞C．完整非弹性碰撞D．条件不足，不可以确立8．人的质量m＝ 60kg ，船的质量M＝240kg ，若船用缆绳固定，船离岸 1.5m 时，人能够跃登岸。
高二物理下学期期中试卷(含解析)(2021年整理)
河北省邯郸市临漳县2016-2017学年高二物理下学期期中试卷（含解析）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（河北省邯郸市临漳县2016-2017学年高二物理下学期期中试卷（含解析））的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为河北省邯郸市临漳县2016-2017学年高二物理下学期期中试卷（含解析）的全部内容。
2016—2017学年河北省邯郸市临漳县高二下学期期中考试物理试题一、单选题：共8题1．下列宏观概念中，哪些是“量子化”的A.物体的长度B.物体所受的重力C。
物体的动能D。
人的个数2．甲、乙两物体沿同一直线相向运动，甲物体的速度是6 m/s，乙物体的速度是2 m/s。
碰撞后两物体都沿各自原方向的反方向运动，速度都是4 m/s。
则甲、乙两物体的质量之比是A。
1∶1 B。
3∶1 C.3∶5 D.1∶33．一物体竖直向下匀加速运动一段距离，对于这一运动过程,下列说法正确的是A。
物体的机械能一定增加B。
物体的机械能一定减少C。
相同时间内，物体动量的增量一定相等D。
相同时间内，物体动能的增量一定相等4．跳高运动员在跳高时总是跳到沙坑里或跳到海棉垫上，这样做是为了A。
减小运动员的动量变化B。
减小运动员所受的冲量C。
减小着地过程的作用时间D.减小着地过程运动员所受的平均冲力5．氦原子核由两个质子与两个中子组成,这两个质子之间存在着万有引力、库仑力和核力，则3种力从大到小的排列顺序是A.核力、万有引力、库仑力B。
万有引力、库仑力、核力C.库仑力、核力、万有引力D。
核力、库仑力、万有引力6．氢原子能级的示意图如图所示,大量氢原子从n＝4的能级向n＝2的能级跃迁时辐射出可见光a，从n＝3的能级向n＝2的能级跃迁时辐射出可见光b,则A.氢原子从高能级向低能级跃迁时可能会辐射出射线B。
广东省深圳市盐田高级中学2016-2017学年高二下学期入学考试物理试题
2016-2017学年第二学期开学考试盐田高级中学高二物理试题卷考试时间：90分钟 总分：100分一、单项选择题（每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.） 1．如图所示，质量为1kg 的物体，在水平地面上向左运动．物体与水平面间的动摩擦因数为0.2．与此同时，物体受到一个水平向右的推力F ＝2N 的作用，则物体的加速度为（ ）A ．0B ．4 m/s 2，水平向右 C ．2 m/s 2，水平向右 D ．2 m/s 2，水平向左2.如图所示，AB 是某个点电荷的一根电场线，在电场线上O 点由静止释放一个负电荷，它仅在电场力作用下沿电场线向B 运动，下列判断正确的是（） A．电场线由B 指向A ，该电荷做加速运动，加速度越来越小 B ．电场线由B 指向A ，该电荷做加速运动，其加速度大小变化 因题设条件不能确定C ．电场线由A 指向B ，电荷做匀加速运动D ．电场线由B 指向A ，电荷做加速运动，加速度越来越大3.孤立点电荷电场中的一簇等势面如图中虚线所示，其电势分别为φ1、φ2、φ3，其中A 、B 、C 是某电场线与这簇等势面的交点，且AB ＝BC.现将一负电荷由A W 1；由B 移到C ，电场力做正功W 2，则（ ）A.W 1＝W 2，φ1＜φ2＜φ3B.W 1＝W 2，φ1＞φ2＞φ3C.W 1＞W 2，φ1＜φ2＜φ3D.W 1＜W 2，φ1＞φ2＞φ34.在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E ，内阻为r 。
设电流表A 的读数为I ，电压表V 的读数为U 。
当R5的滑动触点向图中a 端移动时（ ）A. I 变大，U 变小 B ．I 变大，U 变大 C ．I 变小，U 变大 D ．I 变小，U 变小5.一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示，由图可知（ ） A ．该交变电流的电压的瞬时值表达式为u ＝100sin 25t(V) B ．该交变电流的频率为25HzC ．该交变电流的电压的有效值为100 VD ．若将该交变电压加在阻值为R ＝100 Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是100 W 6.如图所示为两根互相平行的通电导线a ﹑b 的横截面图，a ﹑b 的电流方向已在图中标出。
高中物理3 通电导线在磁场中受到的力试题高二物理试题
积盾市安家阳光实验学校第4节通电导线在磁场中受到的力一、安培力的方向1．义：在磁场中受到的力称为安培力。
2．判断安培力方向的方法是。
内容：伸开左手，让拇指与其余四指垂直，并且都与手掌在一个平面内，让从掌心进入，并使四指指向的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受的方向。
二、安培力的大小1．当通电导线垂直磁场方向放置时，所受安培力的大小为F= 。
2．当磁感强度B的方向与通电导线平行时，导线受力F= 。
3．当磁感强度B的方向与通电导线的方向成θ角时，F= 。
θ为B与I 之间的夹角。
三、磁电式电流表1．构造：、、螺旋弹簧（又叫游丝）、指针、极靴、圆柱形铁芯。
2．原理：当被测电流通入线圈时，线圈受作用而转动，线圈的转动使螺旋弹簧扭转形变，产生阻碍线圈转动的力矩。
当安培力产生的转动力矩与螺旋弹簧形变产生的阻碍转动的力矩达到平衡时，指针停留在某一刻度。
越大，就越大，就越大。
通电导线左手则磁感线电流安培力BIL 0 sinBILθ磁铁线圈安培力电流安培力指针偏角一、判断通电导体（或磁铁）在安培力作用下运动的常用方法具体方法实例分析电流元法把整段电流效分成很多电流元，先用左手则判断出每小段电流元所受安培力的方向，从而判断出整段电流所受合力的方向，最后确运动方向，注意一般取对称的电流元分析判断能自由移动的导线运动情况把直线电流效为AO、BO两段电流元，蹄形磁铁磁感线分布以及两段电流元受安培力方向如图所示。
可见，导线将沿俯视逆时针方向转动特殊位置法根据通电导体在特殊位置所受安培力的方向，判断其运动方向，然后推广到一般位置用导线转过90°的特殊位置（如图所示的虚线位置）来分析，判得安培力方向向下，故导线在逆时针转动的同时向下运动效分析法环形电流可以效为小磁针（或条形磁铁），条形磁铁也可效成环形电流，通电螺线管可效为多个环形电流或条形磁铁判断环形电流受到的安培力方向把环形电流效成如图所示右边的条形磁铁，可见两条形磁铁相互吸引，不会有转动。
2016-2017年高二上学期物理期中试题及答案
命题人：刘丁一、选择题：（每题4分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）1．下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．一个电子，在任何情况下均可视为点电荷C．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍D．一个带电体能否看成点电荷，不是看它的尺寸的绝对值，而是看它的形状和尺寸对相互作用力的影响能否忽略不计2．铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A．电路中每通过1C的电量，电源就把2J的化学能转化为电能B．蓄电池两极的电压为2VC．蓄电池在1秒内将2J的化学能转化为电能D．蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大3．在NaCl溶液中，阴、阳离子定向移动产生电流，若测得20秒内有1.0×1018个Na+和1.0×1018个Cl-通过溶液内部某一横截面，则溶液中的电流强度是多大（）A．16mA B．8mA C．0.16A D．0.08A4．如图所示，一条由点电荷激发的电场中的一条电场线，若不计带电粒子所受的重力，则（）A．A点的场强一定大于B点的场强B．激发这个电场的电荷一定带正电C．在A点由静止释放一个电子，将一定向B点运动D．在A点由静止释放一个质子，将一定向B点运动5．一个带负电的点电荷，只在电场力的作用下沿曲线abc由a运动到c，已知质点的速率是递减的。
关于B点电场强度E的方向（虚线是曲线在b点的切线），下列图中可能正确的是（）A B C D6．两个电阻R1、R2的I-U图像如图所示，由图像可知两个电阻的阻值之比R1:R2为(sin37º=0.6、cos37º=0.8)( )A．4:3B．3:4C．9: 16D．16:97．如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个点，D是BC的中点，A、B、C构成一个直角三角形，AB长为L，电场线与三角形所在的平面平行，已知φA=5V、φB=-5V、φC=15V，由此可以判断（）A．场强的方向由C指向BB．场强的方向垂直AD连线斜向上C．场强的大小为()m V L10D．场强的大小为()m V L3208．如图所示，为一球形空腔导体（不带电），现将一个带正电的小金属球A放入腔中，当静电平衡时，图中a、b、c三点的场强和电势的关系正确的是（）A．E a>E b>E c，φa>φb>φcB．E a>E c>E b，φa>φb>φcC．E a=E b=E c，φa=φb>φcD．E a=E b>E c，φa=φb>φc9．一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一个正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两板间的场强，U 表示两板间的电压，E P表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将上极板移至图中虚线所示位置，则（）A．U变小，E不变B．E变大，E P变大C．U变小，E P不变D．U不变，E P不变10．如图所示，P、Q是等量的正电荷，O是它们连线的中点，A、B是中垂线上的两点，用E A、E B和φA、φB分别表示A、B两点的电场强度和电势，则（）A．EA一定大于E B，φA一定大于φBB．E A不一定大于E B，φA一定大于φBC．E A一定大于E B，φA不一定大于φBD．E A不一定大于E B，φA不一定大于φB11．横截面积为s的导线中通有电流I，已知导线每单位体积内有n个自由电子，每个电子的电量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导线横截面的电子数是（）A．nsvt B．nvt C．It/e D．It/s e12．如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两条等势线间的电势差相等。
广东省高二物理下学期期中试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2016-2017学年广东省实验中学高二〔下〕期中物理试卷一、单项选择题〔每一小题只有一项符合题目要求，每题4分，共32分〕1．在如下几种现象中，所选系统动量守恒的有〔〕A．原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统B．运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统C．从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统D．光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统2．如下列图，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导体abcd所围区域内磁场的磁感应强度按如下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环受到向上的磁场作用力〔〕A． B． C． D．3．如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是〔〕A．A和B都向左运动B．A和B都向右运动C．A静止，B向右运动D．A向左运动，B向右运动4．如下列图，MN、GH为平行导轨，AB、CD为跨在导轨上的两根横杆，导轨和横杆均为导体，有匀强磁场垂直于导轨所在平面，方向如图，用I表示回路中的电流，如此〔〕A．当AB不动而CD向右滑动时，I≠0，且沿顺时针方向B．当AB向左，CD向右滑动且速度大小相等时，I=0C．当AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0D．当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，I≠0，且沿顺时针方向5．质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，如此安全带所受的平均冲力的大小为〔〕A．400N B．500N C．600N D．1000N6．光滑水平面上，两个质量相等的小球A、B沿同一直线同向运动〔B在前〕，碰前两球的动量分别为p A=12kg•m/s、p B=8kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△p A、△p B．如下数值不可能的是〔〕A．△p A=﹣2 kg•m/s、△p B=2 kg•m/sB．△p A=﹣3 kg•m/s、△p B=3 kg•m/sC．△p A=﹣4 kg•m/s、△p B=4 kg•m/sD．△p A=﹣5 kg•m/s、△p B=5 kg•m/s7．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，通过R1的正弦式电流如图乙所示，如此〔〕A．交变电流的频率为0.02HzB．原线圈输入电压的最大值为200VC．电阻R2的电功率约为6.67WD．通过R3的电流始终为零8．A、B两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上．A、B两球质量分别为2m和m．当用板挡住小球A而只释放B球时，B球被弹出落于距桌边距离为s的水平地面上，如下列图．问当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，B球的落地点距桌边距离为〔〕A．B． C．D．二、多项选择题〔每一小题至少有两项符合题目要求，每题6分，共36分．选对但不全的得3分，错选0分．〕9．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．假设图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．如此如下说法正确的答案是〔〕A．回路中电流大小恒定B．回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C．回路中有大小和方向作周期性变化的电流D．假设将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也会有电流流过10．如下列图是研究通电自感的实验电路图，A1、A2是两个规格一样的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度一样，调节可变电阻R1，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，如此〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C．稳定后，L和R两端电势差不一样D．稳定后，A1和A2两端电势差不一样11．质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物体乙以4m/s的速度与甲相向运动，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B．当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C．当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态也恢复至碰撞前的状态D．当甲物块的速率为1m/s时，乙物块的速率可能为2m/s，也可能为012．如下列图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN 垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，如下结论正确的答案是〔〕A．感应电流方向发生变化 B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E=Bav D．感应电动势平均值13．如图1所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板获得的动能为2 J B．系统损失的机械能为4 JC．木板A的最小长度为1 m D．A、B间的动摩擦因数为0.114．在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如下列图的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环的速度为v，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2三、实验题〔每空2分，共10分〕15．用游标卡尺测量小钢球直径如下列图，如此小球直径为mm．16．如下列图，用“碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平局部碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O．接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上．重复屡次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞．重复屡次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．①对于上述实验操作，如下说法正确的答案是A．应使小球每次从斜槽上一样的位置静止滚下B．斜槽轨道必须光滑C．斜槽轨道末端必须水平D．小球1质量应大于小球2的质量②上述实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有．A．A、B两点间的高度差h1B．B点离地面的高度h2C．小球1和小球2的质量m1、m2D．小球1或小球2的直径d③当所测物理量满足表达式〔用所测物理量的字母表示〕时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．如果还满足表达式〔用所测物理量的字母表示〕时，即说明两球碰撞时无机械能损失．四、计算题〔共32分〕17．如图，质量为6m、长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平．B 端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C，C与木板之间的动摩擦因数为μ=．质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触．现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂．小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半．〔1〕求细绳能够承受的最大拉力；〔2〕假设要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为多大？〔3〕通过计算判断C能否从木板上掉下来．18．如下列图，光滑斜面的倾角a=30°，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1=1m，bc边的边长l2=0.6m，线框的质量m=1kg，电阻R=0.1Ω，线框受到沿光滑斜面向上的恒力F 的作用，F=1ON．斜面上ef线〔ef∥gh〕的右方有垂直斜面向上的均匀磁场，磁感应强度B 随时间t的变化情况如B﹣t图象所示，时间t是从线框由静止开始运动时刻起计的．如果线框从静止开始运动，进人磁场最初一段时间是匀速的，ef线和gh的距离 s=5.1m，取g=10m/s2．求：〔1〕线框进人磁场前的加速度；〔2 〕线框进人磁场时匀速运动的速度v；〔3〕线框整体进入磁场后，ab边运动到gh线的过程中产生的焦耳热．2016-2017学年广东省实验中学高二〔下〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每一小题只有一项符合题目要求，每题4分，共32分〕1．在如下几种现象中，所选系统动量守恒的有〔〕A．原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统B．运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统C．从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统D．光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统【考点】52：动量定理；51：动量冲量．【分析】判断动量是否守恒的方法有两种：第一种，从动量守恒的条件判定，动量守恒定律成立的条件是系统受到的合外力为零，故分析系统受到的外力是关键．第二种，从动量的定义判定．【解答】解：A：人与车组成的系统在水平方向受到的合外力为0，故水平方向的动量守恒．故A正确；B：人与铅球组成的系统，初动量为零，末动量不为零．故B错误；C：重物和车厢为一系统的末动量为零而初动量不为零．故C错误；D：该选项中，在物体沿斜面下滑时，向下的动量增大．故D错误．应当选：A2．如下列图，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导体abcd所围区域内磁场的磁感应强度按如下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环受到向上的磁场作用力〔〕A． B． C． D．【考点】D8：法拉第电磁感应定律；DB：楞次定律．【分析】导线区内磁场的变化使螺线管内产生感应电流，而感应电流产生的磁场可以在下方线圈中产生感线电流，如此由法拉第电磁感应定律与楞次定律可判断导线区域内的磁场变化．【解答】解：由楞次定律的运动学描述“来拒去留〞可知，要使圆环受到磁场的向上的作用力，如此螺线管中应产生减小的磁场；而螺线管中的磁场是由abcd区域内的磁场变化引起的，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小与磁场的变化率成正比，要使螺线管中应产生减小的磁场，如此螺线管内的感应电流要减小，因此abcd中的磁场变化率应减小，故C正确，ABD错误；应当选：C．3．如图，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是〔〕A．A和B都向左运动B．A和B都向右运动C．A静止，B向右运动D．A向左运动，B向右运动【考点】53：动量守恒定律．【分析】两球碰撞过程，系统动量守恒，先选取正方向，再根据动量守恒定律列方程，求解即可．【解答】解：两球碰撞过程动量守恒，以两球组成的系统为研究对象，取水平向右方向为正方向，碰撞前，A、B的速度分别为：v A=2v0、v B=v0．碰撞前系统总动量：P=m A v A+m B v B=m×2v0+2m×〔﹣v0〕=0，P=0，系统总动量为0，系统动量守恒，如此碰撞前后系统总动量都是0；由于碰撞是弹性碰撞，如此碰撞后二者的速度不能等于0，运动的方向一定相反．故D正确，ABC错误．应当选：D．4．如下列图，MN、GH为平行导轨，AB、CD为跨在导轨上的两根横杆，导轨和横杆均为导体，有匀强磁场垂直于导轨所在平面，方向如图，用I表示回路中的电流，如此〔〕A．当AB不动而CD向右滑动时，I≠0，且沿顺时针方向B．当AB向左，CD向右滑动且速度大小相等时，I=0C．当AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0D．当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，I≠0，且沿顺时针方向【考点】DB：楞次定律．【分析】CD切割产生感应电动势，回路中有感应电流，根据两棒所受的安培力分别判断出两棒的运动规律，当两棒速度相等时，回路中没有感应电流，两棒不受安培力作用．【解答】解：A、当AB不动而CD棒向右运动时，产生感应电动势，在整个回路中产生感应电流，其方向逆时针方向，故A错误；B、当AB向左、CD向右滑动且速度大小相等时，此时，穿过电路中的磁通量变大，如此整个回路中的感应电流不为零，故B错误；C、假设AB、CD都向右滑动且速度大小相等时，I=0，故，C正确．D、当AB、CD都向右滑动，且AB速度大于CD时，如此相当于AB棒向右切割，因而产生I≠0且沿顺时针方向，故D正确；应当选：CD．5．质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．弹性安全带的缓冲时间是1.5s，安全带自然长度为5m，g取10m/s2，如此安全带所受的平均冲力的大小为〔〕A．400N B．500N C．600N D．1000N【考点】52：动量定理．【分析】工人开始做自由落体运动，由自由落体运动的速度位移公式求出安全带伸长时人的速度，然后应用动量定理求出安全带的平均冲力【解答】解：建筑工人下落5 m时速度为v，如此有：v== m/s=10 m/s．设安全带所受平均冲力为F，如此由动量定理得：〔mg﹣F〕t=0﹣mv，所以有：F=mg+=60×10 N+ N=1 000 N，故D正确，ABC错误．应当选：D6．光滑水平面上，两个质量相等的小球A、B沿同一直线同向运动〔B在前〕，碰前两球的动量分别为p A=12kg•m/s、p B=8kg•m/s，碰后它们动量的变化分别为△p A、△p B．如下数值不可能的是〔〕A．△p A=﹣2 kg•m/s、△p B=2 k g•m/sB．△p A=﹣3 kg•m/s、△p B=3 kg•m/sC．△p A=﹣4 kg•m/s、△p B=4 kg•m/sD．△p A=﹣5 kg•m/s、△p B=5 kg•m/s【考点】53：动量守恒定律．【分析】光滑的水平面上运动的两物体，不受摩擦力作用，重力和支持力是一对平衡力，故物体碰撞时满足动量守恒定律；由于两个小球的质量相等，分别列出完全弹性碰撞与完全非弹性碰撞的两种极限的条件，然后再进展判断即可．【解答】解：A追上B并与B相碰，说明A的速度大于B的速度，p A=12kg•m/s，p B=8kg•m/s，两个质量相等的小球，所以v A=v B；以它们运动的方向为正方向，假设发生完全非弹性碰撞，如此碰撞后的速度是相等的，所以碰撞后它们的动量也相等，为：kg•m/s所以：△p A=P A′﹣P A=10﹣12=﹣2kg•m/s、△p B=P B′﹣P B=10﹣8=2kg•m/s假设是弹性碰撞，如此：P A+P B=P A′+P B′弹性碰撞的过程中机械能以上守恒的，设它们的质量为m，如此：由于：P=mv联立可得：P A′=8kg•m/s，P B′=12kg•m/s所以此时：△p A=P A′﹣P A=8﹣12=﹣4kg•m/s、△p B=P B′﹣P B=12﹣8=4kg•m/s由以上的分析可知，△p A在﹣2到﹣4kg•m/s之间，△p B在2﹣4kg•m/s之间都是可能的．A、如果△p A=﹣2kg•m/s、△p B=2kg•m/s，碰后动量守恒，符合以上的条件，故A可能；B、△p A=﹣3kg•m/s、△p B=3kg•m/s，碰撞过程动量守恒，符合以上的条件，故B可能；C、如果△p A=﹣4kg•m/s、△p B=4kg•m/ss，碰撞过程动量守恒，符合以上的条件，故C可能；D、如果△p A=﹣5kg•m/s、△p B=5kg•m/s，碰撞过程动量守恒，不符合以上的条件，故D不可能；此题选择不可能的，应当选：D7．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器，通过R1的正弦式电流如图乙所示，如此〔〕A．交变电流的频率为0.02HzB．原线圈输入电压的最大值为200VC．电阻R2的电功率约为6.67WD．通过R3的电流始终为零【考点】E8：变压器的构造和原理；E3：正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】由电压与匝数成反比可以求得副线圈的电压的大小，电容器的作用是通交流隔直流．【解答】解：A、根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率一样，周期为0.02s、频率为50赫兹，A错误．B、由图乙可知通过R1的电流最大值为I m=1A、根据欧姆定律可知其最大电压为U m=20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，故B错误；C、根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻R2的电流有效值为I==A，电阻R2的电功率为P=I2R2=6.67W，C正确；D、因为电容器有通交流、阻直流的作用，如此有电流通过R3和电容器，D错误；应当选：C．8．A、B两球之间压缩一根轻弹簧，静置于光滑水平桌面上．A、B两球质量分别为2m和m．当用板挡住小球A而只释放B球时，B球被弹出落于距桌边距离为s的水平地面上，如下列图．问当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，B球的落地点距桌边距离为〔〕A．B． C．D．【考点】53：动量守恒定律；43：平抛运动．【分析】A、B两球之间压缩一根轻弹簧，当用板挡住A球而只释放B球时，弹性势能完全转化为B球的动能，以一定的初速度抛出，借助于抛出水平位移可确定弹簧的弹性势能．当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，由动量守恒定律与机械能守恒定律可求出B球获得的速度，再由平抛运动规律可算出抛出的水平位移．【解答】解：当用板挡住A球而只释放B球时，B球做平抛运动．设高度为h，如此有，所以弹性势能为E=当用同样的程度压缩弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，由动量守恒定律可得：0=2mv A ﹣mv B所以v A：v B=1：2．因此A球与B球获得的动能之比E kA：E kB=1：2．所以B球的获得动能为：．那么B球抛出初速度为，如此平抛后落地水平位移为应当选：C二、多项选择题〔每一小题至少有两项符合题目要求，每题6分，共36分．选对但不全的得3分，错选0分．〕9．如图是法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，图中a、b导线与铜盘的中轴线处在同一平面内，转动铜盘，就可以使闭合电路获得电流．假设图中铜盘半径为L，匀强磁场的磁感应强度为B，回路总电阻为R，从上往下看逆时针匀速转动铜盘的角速度为ω．如此如下说法正确的答案是〔〕A．回路中电流大小恒定B．回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C．回路中有大小和方向作周期性变化的电流D．假设将匀强磁场改为仍然垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，不转动铜盘，灯泡中也会有电流流过【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】圆盘转动可等效看成无数轴向导体切割磁感线，有效切割长度为铜盘的半径L，根据感应电动势公式分析电动势情况，由欧姆定律分析电流情况．根据右手定如此分析感应电流方向．变化的磁场产生涡旋电流，根据灯泡两端有无电势差分析灯泡中有无电流．【解答】解：AC、B铜盘转动产生的感应电动势为E=BL2ω，其中B、L、ω不变，E不变，根据欧姆定律得I=知，电流恒定不变，故A正确，C错误．B、根据右手定如此判断，回路中电流方向不变，从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘．故B正确．D、垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过．故D错误．应当选：AB．10．如下列图是研究通电自感的实验电路图，A1、A2是两个规格一样的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度一样，调节可变电阻R1，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，如此〔〕A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮C．稳定后，L和R两端电势差不一样D．稳定后，A1和A2两端电势差不一样【考点】BB：闭合电路的欧姆定律．【分析】闭合开关的瞬间，L产生自感电动势，要阻碍电流的增加，A1逐渐变亮．A2不产生自感现象，稳定后L不产生自感，结合欧姆定律分析电压大小．【解答】解：AB、闭合瞬间，L产生自感电动势，要阻碍电流的增加，A1逐渐变亮．A2不产生自感现象，没有阻抗，如此A2立刻变亮，故A错误，B正确．CD、因为刚开始调节可变电阻R，使两个灯泡都正常发光，说明它们两端的电压一样，再次断开电键S，重新闭合电键稳定后，两灯仍能正常发光，即两灯泡的电压一样，因为两支路并联，并联电压相等，所以L和R两端电势差一样，故CD错误．应当选：B11．质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物体乙以4m/s的速度与甲相向运动，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B．当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C．当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态也恢复至碰撞前的状态D．当甲物块的速率为1m/s时，乙物块的速率可能为2m/s，也可能为0【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】根据动量守恒的条件：系统所受的合外力为零判断动量是否守恒．竖直方向上甲乙两物体所受的重力与水平面的支持力平衡．水平方向系统不受外力．当两物块相距最近时速度一样，根据动量守恒定律求出物块甲的速率．物块甲的速率为1m/s时，速度方向可能与原来方向一样，也与原来方向相反，由动量守恒研究乙的速率．【解答】解：A、甲、乙两物块〔包括弹簧〕组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故A正确；B、当两物块相距最近时速度一样，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，根据动量守恒定律得到：mv乙﹣mv甲=2mv，解得：v=0.5m/s．故B错误．C、弹簧被压缩到最短时，对甲的作用力向右，对乙的作用力向左，如此甲加速，乙减速，当弹簧恢复原长时，甲、乙两物块的运动状态没有恢复至碰撞前，故C错误．D、甲、乙组成的系统动量守恒，假设物块甲的速率为1m/s，方向与原来一样，由动量守恒定律得：mv乙﹣mv甲=﹣mv甲′+m乙v乙′，代入数据解得：v乙′=2m/s；假设物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得：mv乙﹣mv甲=mv甲′+m乙v乙′，代入数据解得：v乙′=0，故D正确．应当选：AD12．如下列图，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN 垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，如下结论正确的答案是〔〕A．感应电流方向发生变化 B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E=Bav D．感应电动势平均值【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；DD：电磁感应中的能量转化．【分析】根据楞次定律判断出感应电流的方向，根据左手定如此判断CD段所受的安培力．当切割的有效长度最大时，感应电动势最大，通过法拉第电磁感应定律求出感应电动势的平均值．【解答】解：A、根据楞次定律，知半圆形闭合回路在进入磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向，方向不变．故A错误．B、根据左手定如此，CD段所受的安培力方向竖直向下．故B错误．C、切割的有效长度的最大值为a，如此感应电动势的最大值E=Bav．故C正确．D、根据法拉第电磁感应定律得，．故D正确．应当选CD．13．如图1所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图2所示，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板获得的动能为2 J B．系统损失的机械能为4 JC．木板A的最小长度为1 m D．A、B间的动摩擦因数为0.1【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，根据E k=mv2求解木板获得的动能．根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数．根据“面积〞之差求出木板A的长度．根据系统抑制摩擦力做功求解系统损失的机械能．【解答】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=〔M+m〕v，解得：M=2kg，木板A的质量为 M=2kg，木板获得的动能为：E k=Mv2=×2×12=1J，故A错误．B、系统损失的机械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入数据解得：△E=2J，故B错误；C、由图得到：0﹣1s内B的位移为x B=×〔2+1〕×1m=1.5m，A的位移为x A=×1×1m=0.5m，。
2016-2017学年高二物理教科版3-1学案：1.7 匀强电场中电势差与电场 含解析
学案7匀强电场中电势差与电场强度的关系［目标定位］1。
掌握匀强电场中电势差与电场强度的关系及其适用条件。
2.会用关系式U＝Ed处理匀强电场问题.3.了解示波管的构造和工作原理.4。
通过示波管的工作原理掌握带电粒子在电场中的加速和偏转问题．一、对电势差与电场强度关系的理解［问题设计］图1如图1所示的匀强电场中有A、B两点，A、B两点连线与电场线平行，B、C连线垂直电场线，已知场强大小为E，A、B两点间的电势差为U AB，A、B间距离为d，电荷q从A点移动到B点，回答下列问题：（1）电荷所受电场力是多少？从力和位移的角度计算电场力所做的功的大小．通过A、B间的电势差计算电场力做功的大小．（2）比较两次计算的功的大小，电势差与电场强度有何关系？(3）在图1中,如果将电荷从A点移动到C点，再利用(1)问的推导过程试着推导，能获得何结论？(已知AB与AC的夹角为θ)答案（1）F＝qE W AB＝Fd＝qEd W AB＝qU AB（2）U AB＝Ed(3）W AC＝qEL cos θ＝qEd,W AC＝qU AC，U AC＝Ed[要点提炼]在匀强电场中，两点间的电势差等于场强与这两点间沿电场线方向的距离的乘积，即U＝Ed。
1．公式U＝Ed只适用于匀强电场，其中d为A、B两点沿电场方向的距离．2．公式E＝错误!说明电场强度在数值上等于沿电场方向每单位距离上降低的电势，且场强方向就是电势降低最快的方向．由公式得出场强单位是V/m.3．在匀强电场中，沿任意一个方向，电势降落都是均匀的，故在同一直线上相同间距的两点间电势差相等．在匀强电场中，相互平行且相等的线段两端点间的电势差相等．［延伸思考] 公式U＝Ed是在匀强电场中得到的,在非匀强电场中能否适用？答案在非匀强电场中,不能进行定量计算，但可以定性地分析有关问题．二、带电粒子的加速[问题设计]如图2所示，在真空中有一对平行金属板，由于接在电池组上而带电，两板间的电势差为U。
河南省天一大联考高二物理11月阶段性测试试卷(一)(含解析)-人教版高二全册物理试题
河南省天一大联考2016-2017学年高二物理11月阶段性测试试卷〔一〕〔含解析〕一、选择题:此题共10小题，每一小题5分，共50分。
在每一小题给出的四个选项中，第1-6 题只有一个选项符合题目要求，第7 -10题有多个选项符合题目要求。
全部选对的 -得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.如下列图为一个电池组和一只电阻R的U-I图线。
用该电池组与电阻R直接R电阻连接成闭合电路，如此以下说法正确的答案是A.电池组的内阻是0.5ΩB.电阻的阻值为2 ΩC.电池组的输出功率将是5WD.改变电阻R的阻值时，读电池组的最大输出功率为6.25W【答案】D【解析】考点：U-I图像；电功率【名师点睛】电池组的伏安特性曲线的斜率绝对值等于电池的内阻．电阻的伏安特性曲线斜率的倒数大小等于电阻．两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端时电路的工作状态．当外电阻等于电池的内阻时电池组有最大的输出功率。
2.静电场方向平行于x 轴，其电势ϕ随x 的分布可简化为如下列图的折线。
如下表示正确的答案是A. 从0到3x 电场的电势先升高，后降低，再升高B.从0到2x 电场强度方向保持不变C.从1x 到3x 电场强度方向保持不变D.假设一带电粒子从1x 运动到3x 的过程中，电势能先减小后增大 【答案】C 【解析】考点：电场强度；电势与电势能【名师点睛】此题中ϕ-x 图像的斜率表示电场强度，斜率的符号表示场强的方向；也可以根据电势φ随x 的分布图线可以得出电势函数关系，由电势能和电势关系式得出电势能的变化。
3.如下列图，有两个相互垂直的平面a 和b ，在两个平面相交直线上M 、N 两点有两个等量点电荷。
O 点是中点MN 点是平面a 上一点，A 点是平面a 上一点，B 点是平面b 上一点，AO 和B0均垂直于 MN,且A0和 B0距离相等。
如此如下说法错误是A.假设M 、N 带等量同种电荷，A 和B 点的电势一样B.假设M 、N 带等量同种电荷，A 点和B 点的场强一样C.假设M 、N 带等量异种电荷，A 点和B 点的电势一样D.假设M 、N 带等量异种电荷，A 点和B 点的场强一样 【答案】B 【解析】应当选B.考点：电场强度；电势【名师点睛】熟记等量异种电荷的电场线分布图，知道电场强度为矢量，电势为标量；场强的叠加满足平行四边形法如此。
2016-2017学年高二物理教科版选修3-1学案：2.8 焦耳定律 电路中的能量转化
学案8焦耳定律电路中的能量转化[目标定位] 1.知道并理解电功、电功率的概念，并能利用公式进行有关计算.2.掌握焦耳定律，弄清电功与电热、电功率与热功率的区别和联系.3.知道纯电阻电路和非纯电阻电路的特点和区别，能用能量转化与守恒的观点解决简单的含电动机的非纯电阻电路问题.4.明确闭合电路中的功率及能量转化．一、电功和电功率[问题设计]1．如图1所示，电路中电流为I，通电时间为t，那么在这段时间内通过这段电路的电荷量是多少？如果电路左、右两端的电势差是U，在电荷q从左端移到右端的过程中．静电力做的功是多少？图1答案It IUt2．电流做功的“快慢”与电流做功的“多少”是否相同，两者间有何关系？答案不相同．电流做功快，但做功不一定多；电流做功慢，但做功不一定少．电流做功的快慢用电功率表示，电流做功的多少用电功表示．电流做功的多少与做功的时间和做功的快慢有关．[要点提炼]1．电功：(1)定义：电场力移动电荷所做的功，简称电功．(2)公式：W＝UIt，此式表明电场力在一段电路上所做的功等于这段电路两端的电压U与电路中的电流I和通电时间t三者的乘积．(3)国际单位制中电功的单位是焦耳，符号是J.(4)电流做多少功，就表示多少电能转化为其他形式的能．2．电功率：(1)电流所做的功与做这些功所用时间的比值叫做电功率，它在数值上等于单位时间内电流所做的功．(2)公式：P ＝Wt ＝UI ，此式表明一段电路上的电功率P 等于这段电路两端的电压U 和电路中电流I 的乘积．(3)国际单位制中功率的单位是：瓦特，符号是W,1 W ＝1 J/s. 二、焦耳定律和热功率 [问题设计]1．某同学家中有一只电炉，电阻为50 Ω，试计算该电炉接到220 V 电源上在100秒的时间内消耗的电能和产生的热量． 答案 I ＝URW ＝UIt ＝U ·U R ·t ＝U 2R t ＝96 800 JQ ＝W ＝96 800 J.2．某同学家中有一电风扇，电阻为80 Ω，当加上220 V 的电压时电流为0.25 A ，试计算该电风扇工作100 秒时间消耗的电能和产生的热量． 答案 W ＝UIt ＝5 500 J Q ＝I 2Rt ＝500 J.3．通过上面的计算比较消耗的电能和产生的热量之间的关系． 答案 电炉消耗的电能和产生的热量相等． 电风扇消耗的电能和产生的热量不相等． [要点提炼] 1．焦耳定律：(1)内容：电流通过电阻产生的热量跟电流的二次方成正比，跟电阻值成正比，跟通电时间成正比． (2)公式：Q ＝I 2Rt .(3)焦耳热：电流通过电阻而产生的热量称为焦耳热． 2．热功率：(1)电阻通电所产生的热量与产生这些热量所用时间的比值，叫做热功率． (2)公式：P 热＝Qt＝I 2R .3．纯电阻电路：电流通过纯电阻电路做功时，电能全部转化为导体的内能．W ＝Q ＝UIt ＝I 2Rt ＝U 2R t ；P ＝P 热＝UI ＝I 2R ＝U 2R.4．非纯电阻电路：含有电动机或电解槽的电路称为非纯电阻电路．在非纯电阻电路中，电能一部分转化为机械能、化学能等其他形式的能，还有一小部分转化为内能．W ＝UIt ＝Q ＋E 其他>Q ＝I 2Rt ；P ＝UI ＝P 热＋P 其他>P 热＝I 2R .[延伸思考] 小明家有电炉、日光灯、电视机、电脑、电吹风等用电器，小明查了所有用电器的电阻，它们电阻的总和为R ，已知小明家所接电网电压为U ，于是小明很快算出了他家用电器的总功率：P ＝U 2R，小明这种算法正确吗？答案 不正确，因为小明家有些用电器不是纯电阻用电器，在此P ＝U 2R 不适用．三、闭合电路中的功率 [问题设计]根据闭合电路的欧姆定律，推导闭合电路中能量的转化关系，并解释各项的物理意义． 答案 根据E ＝U 内＋U 外可得EI ＝U 内I ＋U 外I ，式中EI 表示电源提供的电功率，U 外I 表示外电路上消耗的电功率；U 内I 表示内电路上消耗的电功率． [要点提炼]1．闭合电路中的能量转化关系：EI ＝U 内I ＋U 外I ，对于纯电阻电路该式可写为EI ＝I 2r ＋I 2R .电动势反映了电源把其他形式的能转化为电能的能力． 2．电源的效率η＝UI EI ×100%＝UE×100%.一、电功、电功率、焦耳热、热功率例1 下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是( ) A ．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多 B ．W ＝UIt 适用于任何电路，而W ＝I 2Rt ＝U 2Rt 只适用于纯电阻电路C ．在非纯电阻电路中，UI >I 2RD ．焦耳热Q ＝I 2Rt 适用于任何电路解析 电功率公式P ＝Wt ，表示电功率越大，电流做功越快．对于一段电路，有P ＝IU ，I＝PU，焦耳热Q ＝Pt ，可见Q 与t 也有关，所以P 越大，Q 不一定越大，A 错． W ＝UIt 是电功的定义式，适用于任何电路，而I ＝UR 只适用于纯电阻电路，B 对．在非纯电阻电路中，电流做的功＝焦耳热＋其他形式的能，所以W >Q ，即UI >I 2R ，C 对．Q ＝I 2Rt 是焦耳热的定义式，适用于任何电路，D 对． 答案 BCD二、纯电阻电路中的功率分配及计算例2 额定电压都是110 V ，额定功率P A ＝100 W ，P B ＝40 W 的灯泡两盏，若接在电压为220 V 的电路上，使两盏灯炮均能正常发光，且消耗功率最小的电路是( )解析 判断灯泡能否正常发光，就要判断电压是否是额定电压，或电流是否是额定电流，对灯泡有P ＝UI ＝U 2R，可知R A ＜R B .对于A 电路，由于R A ＜R B ，所以U B ＞U A ，B 灯被烧毁或A 灯不能正常发光．对于B 电路，由于R B ＞R A ，A 灯又并联滑动变阻器，并联电阻小于R B ，所以U B ＞U 并，B 灯被烧毁或A 灯不能正常发光．对于C 电路，B 灯与滑动变阻器并联电阻可能等于R A ，所以可能U A ＝U B ＝110 V ，两灯可以正常发光．对于D 电路，若滑动变阻器的有效电阻等于A 、B 的并联电阻，则U A ＝U B ＝110 V ，两灯可以正常发光．比较C 、D 两个电路，由于C 电路中滑动变阻器功率为(I A －I B )×110 V ，而D 电路中滑动变阻器功率为(I A ＋I B )×110 V ，所以C 电路消耗电功率最小． 答案 C三、非纯电阻电路的特点及计算例3 0如图2所示的电路中，电源电动势E ＝10 V ，内阻r ＝0.5 Ω，电动机的电阻R 0＝1.0 Ω，电阻R 1＝1.5 Ω.电动机正常工作时，电压表的示数U 1＝3.0 V ，求：图2(1)电源释放的电功率；(2)电动机消耗的电功率和将电能转化为机械能的功率； (3)电源的输出功率和效率．解析 (1)电动机正常工作时，总电流为I ＝U 1R 1＝3.01.5A ＝2 A ，电源释放的电功率为P释＝EI＝10×2 W ＝20 W.(2)电动机两端的电压为U ＝E －Ir －U 1＝(10－2×0.5－3.0) V ＝6 V 电动机消耗的电功率为： P 电＝UI ＝6×2 W ＝12 W 电动机的热功率为： P 热＝I 2R 0＝22×1 W ＝4 W根据能量守恒定律，电动机将电能转化为机械能的功率 P 机＝P 电－P 热＝12 W －4 W ＝8 W(3)电源的输出功率为P 出＝P 释－P 内＝P 释－I 2r ＝(20－22×0.5) W ＝18 W ，η＝P 出P 释×100%＝1820×100%＝90%. 答案 (1)20 W (2)12 W 8 W (3)18 W 90%1．(功率P ＝UI ，P ＝I 2R ，P ＝U 2R 的区别)关于三个公式P ＝UI ，P ＝I 2R ，P ＝U 2R的适用范围，以下说法正确的是( )A ．第一个公式普遍适用于求电功率，后两式普遍适用于求热功率B ．在纯电阻电路中，三个公式既可适用于求电功率，又可适用于求热功率C ．在非纯电阻电路中，第一个公式可适用于求电功率，第二个公式可用于求热功率，第三个公式没有意义D．由U＝IR可知，三个公式没有任何区别，它们表达相同的意义，所求P既是电功率，也是热功率答案BC解析首先要明确，欧姆定律U＝IR只适用于纯电阻电路，因此三个公式在纯电阻电路中没有区别，但在非纯电阻电路中它们互不相同．其次，P＝UI表示电功率，而P＝I2R表示热功率．因此，在纯电阻电路中，UI＝I2R，消耗的电能全部转化为内能；而在非纯电阻电路中，UI>I2R，即消耗的电能只有部分转化为内能．2. (非纯电阻电路)如图3所示，直流电动机线圈的电阻为R，电源内阻为r.当该电动机正常工作时，路端电压为U，通过电动机的电流为I，则()图3A．电动机内部的发热功率为I2RB．电动机的机械功率为IUC．电源的电动势为I(R＋r)D．电源的输出功率为IU＋I2R答案 A解析电动机正常工作时，属于非纯电阻电路，欧姆定律已不适用，则C错误；由焦耳定律可知电动机的发热功率为I2R，A正确；由电路的特点可知，电动机的输入功率等于电源的输出功率，即P＝UI，由能量守恒定律可得，电动机的机械功率为P＝UI－I2R，B、D错误．3．(非纯电阻电路与纯电阻电路的对比)一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，都通过相同的电流，在相同时间内()A．电炉放热与电动机放热相等B．电炉两端电压小于电动机两端电压C．电炉两端电压等于电动机两端电压D．电动机消耗的功率大于电炉消耗的功率答案ABD解析电炉属于纯电阻元件，电动机属于非纯电阻元件，对于电炉有：U＝IR，放热Q＝I2Rt，消耗功率P＝I2R.对于电动机有：U>IR，放热Q＝I2Rt，消耗功率P＝UI>I2R.4．(闭合电路中的功率)如图4所示的U－I图像中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知()图4A．R的阻值为1.5 ΩB．电源电动势为3 V，内阻为0.5 ΩC．电源的输出功率为3.0 WD．电源内部消耗功率为1.5 W答案AD题组一电功率的理解及有关计算1．下列关于电功率的说法中，正确的是()A．用电器的额定功率与用电器的实际电压和实际电流有关B．用电器的实际功率取决于用电器的额定功率C．白炽灯正常工作时，实际功率等于额定功率D．电功率越小，则电流做功越少答案 C解析用电器的额定功率是它正常工作时的功率，其值是由用电器本身的结构决定的，与实际电流和实际电压无关，故A错，C对；用电器实际功率的大小是由加在它两端的电压和通过它的电流决定的，B错；电流做功的多少不仅与功率的大小有关，还与通电时间有关，D错．2．两个绕线电阻分别标有“100 Ω10 W”和“20 Ω40 W”则它们允许通过的额定电流之比是()A.55 B.1020C.510 D.12 000答案 C3.如图1所示的电路中，L 1、L 2是两个不同的小灯泡，a 、b 间有恒定的电压，它们都正常发光，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，发生的现象是( )图1A ．L 1亮度不变，L 2变暗B ．L 1变暗，L 2变亮C ．电路消耗的总功率变小D ．流过滑动变阻器的电流变小 答案 BCD解析 滑动变阻器的滑片向右滑动时阻值增大，并联部分的电阻变大，分得电压变大，所以L 2两端电压增大，变亮．L 1分得电压变小，L 1变暗，A 错，B 对．因为滑动变阻器电阻变大，总电阻变大，由P ＝U 2R 可知，U 一定，P 减小，即电路总功率减小，C 对．又因为总电阻增大，总电流减小，而L 2电压变大，电流变大，所以流过变阻器的电流减小，D 正确． 4．三只电阻R 1、R 2和R 3按如图2所示电路连接，在电路的A 、B 端加上恒定电压后，电阻R 1消耗的功率最大，则三只电阻的阻值大小关系为( )图2A ．R 1>R 2>R 3B ．R 2>R 1>R 3C ．R 3>R 2>R 1D ．R 1>R 3>R 2答案 B解析 电阻R 1、R 2并联，电阻两端的电压相等，因为电阻R 1消耗的功率最大，由功率公式P ＝U 2R ，可判断R 2>R 1，由串、并联电路的特点可知，通过电阻R 1的电流小于通过电阻R 3的电流，根据功率公式P ＝I 2R ，可判断R 1>R 3，故选B. 题组二 焦耳定律的理解及应用5．通过电阻R 的电流为I 时，在t 时间内产生的热量为Q ，若电阻为2R ，电流强度为I2，则在时间t 内产生的热量为( )A ．4QB ．2Q C.Q 4 D.Q2答案 D解析 根据Q ＝I 2Rt 得，当电阻为2R ，电流强度为I2时，在时间t 内产生的热量Q ′＝(I 2)2×2R ×t ＝12I 2Rt ＝Q2，D 正确． 6．把两根电阻相同的电热丝先串联后并联分别接在同一电源上，若要产生相等的热量，则两种方法所需的时间之比t 串∶t 并为( )A ．1∶1B ．2∶1C ．4∶1D ．1∶4 答案 C解析 设每根电热丝电阻为R ，则R 串＝2R ，R 并＝R 2.由Q ＝W ＝U 2R t 得t 串∶t 并＝4∶1.题组三 非纯电阻电路的特点7．额定电压、额定功率均相同的电风扇、电烙铁和日光灯，各自在额定电压下正常工作了相同的时间．比较它们产生的热量，结果是( ) A ．电风扇最多 B ．电烙铁最多 C ．日光灯最多 D ．一样多答案 B解析 在三种用电器中，只有电烙铁是纯电阻用电器．将电能全部转化为内能，故B 选项正确．8.如图3所示，有一内电阻为4.4 Ω的电解槽和一盏标有“110 V 60 W ”的灯泡串联后接在电压为220 V 的直流电路两端，灯泡正常发光，则( )图3A ．电解槽消耗的电功率为120 WB ．电解槽的发热功率为60 WC ．电解槽消耗的电功率为60 WD ．电路消耗的总功率为60 W 答案 C解析 灯泡能正常发光，说明电解槽和灯泡均分得110 V 电压，且干路电流I ＝I 灯＝611A ，则电解槽消耗的电功率P ＝P 灯＝60 W ，A 错，C 对；电解槽的发热功率P 热＝I 2R 内≈1.3 W ，B 错；整个电路消耗的总功率P 总＝220×611W ＝120 W ，D 错．9.如图4所示的电路中，输入电压U 恒为12 V ，灯泡L 上标有“6 V 12 W ”字样，电动机线圈的电阻R M ＝0.50 Ω.若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是( )图4A ．电动机的输入功率为24 WB ．电动机的输出功率为12 WC ．电动机的热功率为2.0 WD ．整个电路消耗的电功率为22 W 答案 C解析 电路中含电动机为非纯电阻电路，欧姆定律对电动机不再适用．灯泡L 正常发光，则I L ＝PU ＝2 A ，所以电路中的电流I ＝2 A ，故整个电路消耗的总功率P 总＝UI ＝24 W ，D选项错误．电动机的输入功率P 入＝P 总－P 灯＝12 W ，A 选项错误．电动机的热功率P 热＝I 2R M ＝2.0 W ，C 选项正确．电动机的输出功率为P 出＝P 入－P 热＝10 W ，B 选项错误． 10．有一台电风扇，额定电压为220 V ，额定电功率为50 W ，线圈电阻为0.4 Ω.当电风扇在额定电压下工作时，关于它的线圈电阻每分钟产生的热量是多少，有四位同学计算如下，其中正确的是( )A ．Q ＝I 2Rt ＝(50220)2×0.4×60 J ≈1.24 JB ．Q ＝Pt ＝50×60 J ＝3000 JC ．Q ＝IU t ＝50220×220×60 J ＝3 000 JD ．Q ＝U 2R t ＝22020.4×60 J ＝7.26×106 J答案 A解析 电风扇正常工作时产生的热量是由于内阻发热产生的，所以每分钟产生的热量为Q ＝I 2Rt ≈1.24 J ，A 正确． 题组四 综合应用11.如图5所示，电源电动势E ＝30 V ，内阻r ＝1 Ω，灯泡上标有“6 V 12 W ”字样，直流电动机线圈电阻R ＝2 Ω，若灯泡恰好能正常发光，求电动机输出的机械功率．图5答案 36 W解析 因灯泡正常发光，所以I ＝P U ＝126A ＝2 A U 内＝Ir ＝2×1 V ＝2 V所以电动机两端电压为U M ＝E －U 内－U ＝30 V －2 V －6 V ＝22 V电动机输出的机械功率为P 机＝U M I －I 2R ＝22×2 W －22×2 W ＝36 W.12.如图6所示的电路中，电炉电阻R ＝10 Ω，电动机线圈的电阻r ＝1 Ω，电路两端电压U ＝100 V ，电流表的示数为30 A ，问通过电动机的电流强度为多少？通电一分钟，电动机做的有用功为多少？图6答案 20 A 9.6×104 J解析 题图中的两个支路分别为纯电阻电路(电炉)和非纯电阻电路(电动机)．在纯电阻电路中可运用欧姆定律I ＝U R直接求出电流强度，而非纯电阻电路中的电流强度只能运用干路和支路中电流强度的关系求出．在非纯电阻电路中，电功大于电热，两者的差值才是有用功．根据欧姆定律，通过电炉的电流强度为I 1＝U R ＝10010A ＝10 A. 根据并联电路中的干路电流和支路电流的关系，则通过电动机的电流强度为I 2＝I －I 1＝20 A. 电动机的总功率为P ＝UI 2＝100×20 W ＝2×103 W.因发热而损耗的功率为P ′＝I 22r ＝400 W.电动机的有用功率(机械功率)为P ″＝P －P ′＝1.6×103 W ，电动机通电1 min 做的有用功为W ＝P ″t ＝1.6×103×60 J ＝9.6×104 J.13．一台电风扇，内阻为20 Ω，接上220 V 电压后，消耗功率66 W ．问：(1)电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？(2)电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率是多少？(3)如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？答案 (1)0.3 A (2)64.2 W 1.8 W 97.3 %(3)11 A 2 420 W 2 420 W解析 (1)因为P 入＝IU所以I ＝P 入U ＝66220A ＝0.3 A (2)电风扇正常工作时转化为内能的功率P 内＝I 2R ＝0.32×20 W ＝1.8 W电风扇正常工作时转化为机械能的功率P 机＝P 入－P 内＝66 W －1.8 W ＝64.2 W电风扇正常工作时的效率η＝64.266×100%≈97.3% (3)电风扇的风叶被卡住后，电动机不转时可视为纯电阻电路，通过电风扇的电流 I ＝U R ＝22020A ＝11 A 电动机消耗的电功率P ＝IU ＝11×220 W ＝2 420 W电动机发热功率P 内＝I 2R ＝112×20 W ＝2 420 W ．。
广东省深圳市宝安区宝安中学集团2023-2024学年九年级上学期期中考试物理试题(含答案)
2023-2024 学年第一学期期宝安中学集团期中联考九年级物理（考试用时化学 + 物理（合卷）共 100 分钟）物理卷一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意。
每小题 2 分，共 20 分）1．下列现象与物理知识对应正确的是（）A．冬季人们常用热水袋取暖---做功改变物体内能B．给电炉通电，电阻丝发红---热传递改变物体内能C．打扫教室灰尘在空中飞舞---分子在永不停息地运动D．用水作汽车发动机的冷却剂---水的比热容大2.关于内能、热量和温度，下列说法中正确的是（）A.我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B.物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C．物体的内能增加，一定是吸收了热量，温度一定升高D．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体3．以下说法不正确的是（）A.燃料不完全燃烧时，它的热值不变B.永动机不可能制作成功，因为它违反了能量守恒定律C.煤的热值比干木柴大，燃烧煤放出的热量比燃烧干木柴放出的热量多D．汽油机吸气冲程吸入的是空气和汽油的混合物4.如图是单缸四冲程汽油机的工作示意图，下列说法正确的是（）A.甲冲程中机械能转化为内能B.这四个冲程的正确顺序是乙→丙→甲→丁C.每个工作循环活塞往返 1 次，曲轴转动 2 周D.若该汽油机的转速为 1200 r/min，则完成一个工作循环的时间为 0.2s5．如图所示电路中，下列关于灯泡 L1、L2、L3 连接说法中不正确的是（）A．S1、S2 都断开，L1、L3 串联B．S1、S2 都闭合，L2、L3 并联C．S1 闭合，S2 断开，L1、L3 串联D．S1 断开，S2 闭合，L1、L2、L3 都能发光6.在某一电路中，有甲、乙两灯，它们可能是串联，也可能是并联，下列说法正确的是（）A．闭合开关后，再拧下一灯泡，若另一灯仍亮着，则两灯并联B．若两灯总是同时亮，同时灭，则甲、乙两灯是串联C．闭合开关后，若甲、乙两灯两端的电压相等，则甲、乙两灯一定是并联D．若甲、乙两灯串联，且甲灯比乙灯亮，则流过甲灯的电流大于乙灯7.图中所示的滑动变阻器四种接法中，当滑动变阻器滑片 P 向左移动时，可使电路中的电流增大的是（）A． B． C． D．8.有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。