扬州大学物理期末考试 2015
江苏扬州大学附属中学高一物理上学期期末考试试题卷 含解析
江苏扬州大学附属中学高一物理上学期期末考试试题卷含解析一、选择题1．金属小桶侧面有一小孔A，当桶内盛水时，水会从小孔A中流出．如果让装满水的小桶自由下落，不计空气阻力，则在小桶自由下落过程中（）A．水继续以相同的速度从小孔中喷出B．水不再从小孔喷出C．水将以更大的速度喷出D．水将以较小的速度喷出2．如图所示，有两条位于同一竖直平面内的水平轨道，轨道上有两个物体A和B，它们通过一根绕过定滑轮O的不可伸长的轻绳相连接，物体A以速率v A＝10m/s匀速运动，在绳与轨道成30°角时，物体B的速度大小v B为（）A 53B．20 m/s C203D．5 m/s3．下列物理量中不属于矢量的是（）A．速率B．速度C．位移D．静摩擦力4．在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，甲在冰上滑行的距离比乙远。
假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，下列判断正确的是A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C．在分开时，甲的运动速度大于乙的运动速度D．在分开后，甲运动的加速度大小小于乙运动的加速度大小5．如图所示，风力发电机的叶片在风力推动下转动，带动发电机发电。
图中M、N为同一个叶片上的两点，下列判断正确的是A．M点的线速度小于N点的线速度B．M点的角速度小于N点的角速度C．M点的向心加速度大于N点的向心加速度D．M点的周期大于N点的周期6．如图所示，在甲图中，小孩用80N的水平力推木箱，木箱不动；在乙图中，小孩用至少100N的水平力推木箱，木箱才能被推动；在丙图中，小孩用大小为90N水平力推动木箱匀速运动．则（）A．甲图木箱没有受到摩擦力B．乙图木箱没有受到摩擦力C．丙图木箱受到摩擦力D．上述木箱受到的滑动摩擦力为100N7．两个小球从两个不同高度处自由下落，结果同时到达地面，如图所示四幅图中，能正确表示它们的运动的是（）A．B．C．D．8．汽车甲与汽车乙质量相同，汽车甲以120km/h的速度在高速公路上飞奔，汽车乙以5km/h的速度在小区道路上缓行．则关于汽车甲与汽车乙的惯性，正确的是（）A．汽车甲惯性大B．汽车乙惯性大C．无法比较惯性大小D．汽车甲与汽车乙惯性一样大9．倾角为37°的光滑固定斜面上，有两个用轻质弹簧连接的质量均为1 kg的小球A、B，在如图所示的水平向左的推力F作用下，一起沿斜面以4 m/s2的加速度向上做匀加速运动．已知弹簧的原长为20 cm，劲度系数为200 N/m，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．此时弹簧的长度l和推力F的大小分别为A．0.25 m，25 N B．0.15 m，25 NC．0.25 m，12.5 N D．0.15 m，12.5 N10．如图所示，质量为10kg的物体，在水平地面上向左运动，物体与水平地面间的动摩擦因数为0.2，与此同时，物体受到一个水平向右的拉力F=20N的作用，则物体的加速度为（）A．0 B．2m/s2，水平向右C．4m/s2，水平向右D．2m/s2，水平向左11．伽利略的斜面实验证明了（）A．要物体运动必须有力作用，没有力作用的物体将静止B．要物体静止必须有力作用，没有力作用的物体就运动C．物体不受外力作用时，一定处于静止状态D．物体不受外力作用时总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态12．用图所示的方法可以测出一个人的反应时间，设直尺从开始自由下落，到直尺被受测者抓住，直尺下落的距离h，受测者的反应时间为t，则下列说法正确的是（）A ．∝hB．t∝1 hC．t hD．t∝h213．如图所示，对贴在竖直墙面上的物块施加某水平力F的作用，力F随时间的变化关系式为F kt =，物块从0t =时刻开始释放，关于物块运动的过程中，下列说法正确的是( )A ．物块的速度先增大后减小B ．物块的加速度先减小后增大C ．墙面对物块的摩擦力一定增大D ．墙面对物块的摩擦力始终小于物块的重力14．下列各组物理量中，全部都是矢量的是A ．位移、加速度、速度、时间B ．速度、力、时间、平均速度C ．位移、速度、加速度、平均速度D ．速度、质量、加速度、路程15．如图，汽车向右沿直线做匀减速运动，原来的速度是v 1，经过一小段时间之后，速度变为v 2，用Δv 表示速度的变化量，则（ ）A ．汽车的加速度方向与v 1的方向相同B ．汽车的加速度方向与v 2的方向相同C ．汽车的加速度方向与v 1的方向相反D ．汽车的加速度方向与Δv 的方向相反16．如图所示，为某物体运动的v -t 图像，以下说法正确的是（ ）A ．4~5s 的加速度大小为0.8m/s 2B ．0~4s 的平均速度大小为2m/sC ．0~5s 物体的位移大小为14mD ．4~5s 的平均速度大小为1m/s17．下列说法正确的是（ ） A ．游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态B ．举重运动员在举起杠铃后静止不动的那段时间内处于超重状态C ．跳高运动员到达空中最高点时处于平衡状态D ．蹦床运动员跳离蹦床在空中上升与下降时均处于失重状态18．下列各组共点力作用在一个物体上，不能使物体保持平衡的是（ ）A ．2 N 、3 N 、4 NB ．2 N 、3 N 、5 NC ．10 N 、10 N 、10 ND ．3 N 、4 N 、10 N19．下列各种形变的物体中，发生弹性形变的是（）A．橡皮泥捏成的泥人B．细钢丝绕制成的弹簧C．骆驼在沙漠中行走留下的脚印D．撑杆跳高运动员起跳过程中弯曲的撑杆20．如图所示，细线a和b的一端分别固定在水平地面上，另一端系一个静止在空气中的氢气球，细线与地面的夹角分别为30°和60°．a、b受到拉力分别为Ta和T b，氢气球受到浮力为F，不计氢气球的重力，则A．Ta <T bB．Ta >T bC．F＝TaD．F<T b二、多选题21．如图，质量为M、长为L、高为h的矩形滑块置于水平地面上，滑块与地面间动摩擦因数为μ；滑块上表面光滑，其右端放置一个质量为m的小球。
扬州大学物理期末考试 2015.
四、作图题（5 分）
8
五、计算题(共 50 分)：
1、(10 分)解：电荷元： dq dl ， 分析对称性 dE 0 。 而 dE x dE cos cos
E x dE x E
2R
q dl ， dE 2R 4 0 r 2
（6 分）
----------------------------------装----------------------订--------------------线---------------------------------------
学院____________系____________ 班级______________学号_____________姓名_____________
3、（10 分）如图，一通有电流 I1 的长直导线旁有一与之共面的通有电流 I 2 的矩形 线圈 ABCD ，边长为 a 和 b，， AB 边与长直导线平行，相距为 d ，试求： （1）通有电流 I1 的长直导线所激发的磁场分布； （2）矩形线圈各边所受的磁场力； （3）矩形线圈所受的合力。
5
4、（10 分）波长 550 nm 的单色光照射在相距 d 2 10 4 m 的双缝上，屏到双缝 的距离为 D 2m ，试求： （1）中央明纹两侧的两条第 10 级明纹中心的间距； （2） 用一厚度为 e 6.6 10 6 m ， 折射率为 n 1.58 的云母片覆盖在上面的一条缝后， 零级明纹将移到原来的第几级明纹处？
1
4、如图所示，用单色光垂直照射夫琅禾费单缝衍射装置，当单缝向上移动时，屏 上衍射图样（ ） A、向上移动； B、向下移动； C、不动； D、无法确定。
江苏省扬州市2014_2015学年高一物理下学期期末试卷(含解析)
2014-2015学年江苏省扬州市高一（下）期末物理试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）（2015春•扬州期末）在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献．下列叙述符合物理学史实的是（）A．开普勒以行星运动定律为基础总结出万有引力定律B．卡文迪许通过实验测出了万有引力常量C．牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D．伽利略在前人的基础上通过观察总结得到行星运动三定律考点：物理学史．分析：本题掌握开普勒、牛顿、卡文迪许、伽利略等等科学家的成就，就能进行解答．解答：解：A、开普勒通过深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律；故A错误．BC、牛顿发现了万有引力定律，但未测定出引力常量G，卡文迪许测定了引力常量G．故B正确，C错误．D、开普勒在前人的基础上通过观察总结得到行星运动三定律．故D错误．故选：B．点评：本题主要考查了有关电学的物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为科学的奉献精神，对类似知识要加强记忆．2．（3分）（2014•崇川区校级学业考试）风能是一种绿色能源．如图所示，叶片在风力推动下转动，带动发电机发电，M、N为同一个叶片上的两点，下列判断正确的是（）A． M点的线速度小于N点的线速度B． M点的角速度小于N点的角速度C． M点的加速度大于N点的加速度D． M点的周期大于N点的周期考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：同一个叶片上的点转动的角速度大小相等，根据v=rω、a=rω2比较线速度和加速度的大小．解答：解：A、M、N两点的转动的角速度相等，则周期相等，根据v=rω知，M点转动的半径小，则M点的线速度小于N点的线速度．故A正确，B错误，D错误．C、根据a=rω2知，M、N的角速度相等，M点的转动半径小，则M点的加速度小于N点的加速度．故C错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道共轴转动的点角速度相等，考查传送带传到轮子边缘上的点线速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度的关系．3．（3分）（2015春•扬州期末）假设发射两颗探月卫星A和B，如图所示，其环月飞行距月球表面的高度分别为200km和100km．若环月运行均可视为匀速圆周运动，则（）A． B环月运行时向心加速度比A小B． B环月运行的速度比A小C． B环月运行的周期比A小D． B环月运行的角速度比A小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕月球做圆周运动时，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列方程，求出向心加速度、线速度、周期表达式，然后分析答题．解答：解：A、设卫星的质量为m、轨道半径为r、月球质量为M，嫦娥卫星绕月球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力得：=m=ma=m=mω2rA、向心加速度a=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行时向心加速度比A大，故A错误；B、v=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的速度比A大，故B错误；C、周期T=2π，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的周期比A小，故C正确；D、角速度ω=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的角速度比A大，故D错误；故选：C．点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出加速度、线速度、周期的表达式，再进行讨论．4．（3分）（2014•江苏模拟）起重机沿竖直方向以大小不同的速度两次匀速吊起货物，所吊货物的质量想等．那么，关于起重机对货物的拉力和起重机的功率，下列说法正确的是（） A．拉力不等，功率相等 B．拉力不等，功率不等C．拉力相等，功率相等 D．拉力相等，功率不等考点：功率、平均功率和瞬时功率．分析：匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，功率P=mgv即可判断．解答：解：两次都做匀速匀速直线运动，故竖直方向上合力为零，即拉力等于重力，故两次拉力相等，功率P=Fv=mgv，因速度不同，故功率不同，故D正确．故选：D．点评：当货物静止在空中、匀速竖直上升、匀速竖直下降时，起重机对货物的拉力都等于货物的重力．5．（3分）（2015春•扬州期末）关于电容器的电容，下列说法正确的是（） A．电容器的电容只由它本身的特性决定B．电容器两板电压越低，电容越大C．电容器不带电时，其电容为零D．电容器所带电荷量越多，电容越大考点：电容．专题：电容器专题．分析：电容是电容器本身的性质，其大小与电量和电压无关；只取决于电容器的板间距、正对面积和介电常数．解答：解：A、电容器的电容由它本身的性质决定的；故A正确；B、电容大小与电压无关；故B错误；C、电容器的电容与电荷量无关；不论带不带电，电容均是定值；故CD错误；故选：A．点评：本题考查电容器的决定因素，要注意明确电容与电量和电压无关；理解比值定义法的性质．6．（3分）（2014•崇川区校级学业考试）如图所示，足够大的光滑绝缘水平面上有两个带正电的小球，A球的电荷量是B球的两倍，A对B的库仑力大小为F1，B对A的库仑力大小为F2．两小球从图示位置由静止释放后（）A． F1、F2保持不变，且F1=F2 B． F1、F2保持不变，且F1=2F2C． F1、F2逐渐减小，且F1=F2 D． F1、F2逐渐减小，且F2=2F1考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两球之间的作用力是作用力与反作用力，故F1=F2．同种电荷互相排斥，两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故故F1、F2逐渐减小．解答：解：两小球都带正电，同种电荷互相排斥，故两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故F1、F2逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，A对B的库仑力大小为F1与B对A的库仑力大小为F2是作用力与反作用力，故F1=F2．故C正确、ABD错误．故选：C．点评：本题要知道A对B的库仑力大小为F1与B对A的库仑力大小为F2是作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知F1=F2．7．（3分）（2013•淮安模拟）不带电导体P置于电场中，其周围电场线分布如图所示，导体P 表面处的电场线与导体表面垂直，a、b为电场中的两点，则（）A． a点电场强度小于b点电场强度B． a点电势低于b点的电势C．负检验电荷在a点的电势能比在b点的大D．正检验电荷从a点移到b点的过程中，电场力做正功考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；正电荷在电势高处电势能大，在电势低处电势能小，负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，根据电势能的变化判断电场力做功情况．解答：解：A、由电场线越密的地方，电场强度越大，则有E a＞E b，故A错误；B、沿着电场线，电势逐渐降低，a点处于电场线的靠前的位置，即a点的电势比P高，P的电势比b高，故a点电势高于b点的电势，故B错误；C、负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，故负检验电荷在a点的电势能比在b 点的小，故C错误；D、正电荷在电势高处电势能大，在电势低处电势能小，故正检验电荷从a点移到b点的过程中，电势能减小，则电场力做正功，故D正确．故选：D．点评：本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、场强大小关系．同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密．当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减．8．（3分）（2015春•扬州期末）如图所示，倾角为30°的光滑斜面上有一个质量为1Kg的物块，收到一个与斜面平行的大小为5N的外力F左右，从A点由静止开始运动，下滑30cm后再B点与放置在斜面底部的轻弹簧接触并立刻撤去外力F，物块压缩弹簧最短至C点，然后原路返回，已知BC间的距离为20cm，g取10m/s2，下列说法中正确的是（）A．物块经弹簧反弹后恰好可以回到A点B．物块从A点到C点的运动过程中，克服弹簧的弹力做功为4JC．物块从A点到C点的运动过程中，能达到的最大动能为3JD．物块从A点到C点的运动过程中，物块与弹簧构成的系统机械能守恒考点：功能关系；验证机械能守恒定律．分析：通过分析小球的受力情况，来分析其运动情况，确定速度的变化，由功能关系分析，分析时要抓住弹簧的弹力与压缩量成正比．解答：解：A、下滑的过程中拉力F做功，系统的机械能增大，所以物块经弹簧反弹后恰好可以高于A点．故A错误；B、物块从A点到C点的运动过程中，重力、拉力与弹簧的弹力做功，重力做功：J拉力做功：J，由于A点与C点的速度都是0，所以：W 弹=﹣W G﹣W F=﹣2.5﹣1.5=﹣4J，即克服弹簧的弹力做功为4J．故B正确；C、物体到达B时，拉力与重力做功：J，而经过B点后比较短的时间内由于重力沿斜面向下的分力大于弹簧的弹力所以物体要先做加速运动，一直到弹簧的弹力大于重力的分力，物体才做减速运动，所以物块从A点到C点的运动过程中，能达到的最大动能大于3J．故C错误；D、物块从A点到C点的运动过程中，由于拉力做正功，物块与弹簧构成的系统机械能不守恒．故D错误．故选：B点评：解决本题的关键是分析小球的受力情况，判断其运动情况，是常见的问题．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有不少于两个选项符合题意．全部选对得4分，漏选得2分，错选和不答的得0分．9．（4分）（2015春•扬州期末）在田径运动会投掷项目的比赛中，投掷链球、铅球、铁饼和标枪等都是把物体斜向上抛出的运动，如图所示，这些物体从被抛出到落地的过程中（不计空气阻力）（）A．物体的重力势能先增大后减小B．物体的动能先增大后减小C．物体的机械能先增大后减小D．物体的机械能保持不变考点：机械能守恒定律；动能和势能的相互转化．分析：当物体斜向上运动时，势能增大，动能减小；当物体下落时，势能减小，动能增大．只有重力做功时机械能守恒．解答：解：把物体斜向上抛出时，物体出手的瞬间速度最大，动能最大，物体在上升的过程中，动能逐渐转变为重力势能，而从最高点到落地的过程中，重力势能又逐渐转变为动能，故整个过程中，势能先增大后减小，动能先减小后增大；由于只有重力做功；故机械能不变；故选：AD．点评：解决此类题目要结合动能和势能的大小变化进行分析解答．明确重力势能与高度有关；高度越低，重力势能越小．10．（4分）（2015春•扬州期末）火星绕太阳运转可看成是匀速圆周运动，设火星运动轨道的半径为r，火星绕太阳一周的时间为T，万有引力常量为G，则可以知道（）A．火星的质量m火=B．火星的向心加速度C．太阳的平均密度ρ太=D．太阳的质量m太=考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力，结合轨道半径和周期求出太阳的质量．解答：解：根据=ma火得，太阳的质量，火星的向心加速度．因为太阳的半径未知，则无法求出太阳的密度．根据万有引力提供向心力，只能求出中心天体的质量，无法求出环绕天体的质量，所以无法求出火星的质量．故BD正确，A、C错误．故选：BD．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用．注意根据该理论只能求出中心天体的质量，环绕天体的质量被约去，无法求出．11．（4分）（2015春•扬州期末）在光滑的横杆上穿着两质量不同的两个小球，小球用细线连接起来，当转台匀速转动时，下列说法正确的是（）A．两小球速率必相等B．两小球角速度必相等C．两小球到转轴距离与其质量成反比D．两小球加速必相等考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：两球做圆周运动，角速度相等，靠细线的弹力提供向心力，根据向心力的关系结合胡克定律和牛顿第二定律求出距离中心的距离．解答：解：BC、两球相当于做共轴转动，角速度相同，因为细线对A、B两球的弹力相等，知A、B两球做圆周运动的向心力相等，有：m1r1ω2=m2r2ω2所以：r1：r2=m2：m1，故BC正确；A、根据v=ωr知它们线速度与半径成正比，即与质量成反比，故A错误；D、根据a=ω2r知加速度与半径成正比，即与质量成反比，故D错误；故选：BC．点评：解决本题的关键两球的角速度相等，靠弹力提供向心力，根据牛顿第二定律进行求解12．（4分）（2015春•扬州期末）静置于地面上的物体质量为0.3kg，某时刻物体在竖直拉力作用下开始向上运动，若取地面为零势能面，物体的机械能E和物体上升的高度h之间的关系如图所示，不计空气阻力，取g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．物体在OA段重力势能增加6JB．物体在AB段动能增加了12JC．物体在h=2m时的动能为9JD．物体经过OA段和AB段拉力做功之比为5：4考点：功能关系．分析：重力势能的增加量由公式△E p=mgh计算．根据机械能等于动能与重力势能，计算动能的增加量．根据功能原理列式求解拉力之比．解答：解：A、物体在OA段重力势能增加△E p1=mgh1=0.3×10×2J=6J，故A正确．B、物体在AB段重力势能增加△E p2=mgh2=0.3×10×4J=12J．机械能增加△E2=（27﹣15）J=12J，则动能增加量为0．故B错误．C、物体在h=2m时的动能 E kA=E A﹣mgh1=15J﹣6J=9J，故C正确．D、根据功能原理知，Fx=△E，可知F﹣h图象的斜率等于拉力大小，则物体经过OA段和AB段拉力做功之比为：=5：2．故D正确．故选：ACD．点评：本题的关键要掌握机械能与动能、重力势能的关系，根据功能关系得到E与F、x的关系式，抓住斜率等于拉力F，从而进行分析．三、简答题：本题共2小题，共16分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．13．（6分）（2015春•扬州期末）如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置．（1）实验中使用的电源是交流电．（选填“交流电”或“直流电”）（2）实验时，应使打点计时器的两个限位孔在同一竖直线上．这样做可以减小（选填“消除”、“减小”或“增大”）纸带与限位孔之间的摩擦．（3）在实际测量中，重物减少的重力势能通常会略大于（选填“略大于”、“等于”或“略小于”）增加的动能．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：纸带与限位孔之间的摩擦是无法避免的，这样做只能减小纸带与限位孔之间的摩擦．实际实验中，重锤要受到空气阻力、纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦力，故重物下落时要克服这些阻力做功，重力势能不能全部转化为动能．解答：解：（1）实验中使用的电源是交流电，（2）打点计时器的两个限位孔如果不在在同一竖直线上．纸带运动中就会与限位孔之间有摩擦，重物下落时要克服这个阻力做功，重力势能不能全部转化为动能，实验存在误差．纸带与限位孔之间的摩擦是无法避免的，这样做只能减小纸带与限位孔之间的摩擦．（3）实际实验中，重锤要受到空气阻力、纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦力，故重物下落时要克服这些阻力做功，重力势能不能全部转化为动能，有一小部分转化为内能，故重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能．故答案为：（1）交流电（2）减小（3）略大于点评：验证机械能守恒是中学阶段的基础实验，要从实验原理出发来理解实验同时注意平时加强练习．14．（10分）（2015春•扬州期末）小明同学设计了一个实验来探究自行车动能的变化与其克服阻力做功的关系．实验的主要步骤是：①找一段平直的路面，并在路面上画一道与运动方向垂直的起点线；②骑上自行车用较快速度驶过起点线，并同时从车把手处自由释放一团很容易辨别的橡皮泥；③车驶过起点线后就不再蹬自行车脚蹬，让车依靠惯性沿直线继续前进；④待车停下，记录自行车停下时终点的位置；⑤用卷尺量出起点线到橡皮泥落地点间的距离s、起点线到自行车终点的距离L及车把手处离地高度h．⑥用电子秤测出小明和自行车的总质量为m．若自行车在行驶中所受的阻力为f并保持恒定．（1）自行车经过起点线时的速度v= ；（用己知的物理量和所测量得到的物理量表示）（2）自行车经过起点线后克服阻力做功W= fL ；（用己知的物理量和所测量得到的物理量表示）（3）多次改变自行车经过起点时的初速度，重复上述实验步骤②～④，则每次只需测量上述物理量中的s 和L ，就能通过数据分析达到实验目的．（4）若有，可以验证动能定理成立．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题．分析：（1）橡皮泥释放后作平抛运动，根据平抛知识求出橡皮筋的初速度便知道了自行车经过起点线的速度．（2）由于车驶过起点线后就不再蹬自行车脚蹬，让车依靠惯性沿直线继续前进，因此该过程中只有阻力做功，（3）根据（1）（2）所写表达式，即可正确解答本题；（4）如果克服阻力做的功等于自行车动能的变化量，则动能定理成立．解答：解：（1）释放橡皮筋时的速度与车速相等，橡皮泥做平抛运动，有：s=vt所以解得：v=．（2）由于阻力是恒定的因此阻力做功为：W=fL．（3）由于车把手到地面的高度是一定的，阻力是恒定的，因此每次试验只要测量s和L即可．（4）如果克服阻力做的功等于自行车动能的变化量，则动能定理成立，即满足．故答案为：（1）；（2）fL；（3）s；L；（4）．点评：本题为创新实验，是教材中没有的，对于这类实验，要根据题目叙述，明确了实验原理便找到了解决问题的突破口．四、计算论述题：本题共3小题，共44分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（14分）（2015春•扬州期末）如图所示，两组平行带电金属板，一组竖直放置，两板间所加电压为U0，另一组水平放置，板长为L，两板间的距离为d，有一个质量为m，带电荷量为+q微粒，从紧靠竖直板上的A点由静止释放后，经B点进入水平金属板并从两板间射出．B 点位于两水平金属板的正中间，微粒所受重力忽略不计，求：①该微粒通过B点时的速度大小②该微粒通过水平金属板的时间③为使该微粒从两极板射出时的动量最大，加在水平金属板间的电压U应为多大？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：微粒在加速电场中加速，由动能定理可以求出微粒的速度；微粒在偏转电场中做类平抛运动，由于类平抛运动规律分析答题．解答：解：①微粒从A点到B点，由动能定理得：qU0=mv B2﹣0，解得：v B=；②微粒通过水平金属板的过程中做匀速直线运动，由匀速运动的位移公式得：L=v B t，解得：t=L；③为使微粒出射时的动能最大，要求微粒从极板边缘出射水平方向：L=v B t，竖直方向：=at2，由牛顿第二定律得：a=，解得：U=U0；答：①该微粒通过B点时的速度大小为：；②该微粒通过水平金属板的时间为：L；③为使该微粒从两极板射出时的动量最大，加在水平金属板间的电压U=U0．点评：本题考查了微粒在电场中的运动，分析清楚其运动过程、由于动能定理、类平抛运动规律即可正确解题．16．（15分）（2015春•扬州期末）如图所示，ABC为一固定的半圆形轨道，轨道半径R=0.4m，A、C 两点在同一水平面上，B点为轨道最低点．现从A点正上方h=2m的地方以v0=4m/s的初速度竖直向下抛出一质量m=2kg的小球（可视为质点），小球刚好从A点切入半圆轨道．不计空气阻力，取g=10m/s2．（1）以B点所在水平面为重力势能零势能面，求小球在抛出点的机械能；（2）若轨道光滑，求小球运动到最低点B时，轨道对它支持力F的大小；（3）若轨道不光滑，测得小球第一次从C点飞出后相对C点上升的最大高度h′=2.5m，求此过程中小球在半圆形轨道上克服摩擦力所做的功．考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）已知最高点的速度和高度，得出重力势能和动能即可求得机械能；（2）对于整个过程，运用机械能守恒求解小球相对C点上升的最大高度；（3）对于全过程，根据动能定理求解小球在半圆轨道上克服摩擦力所做的功．解答：解：（1）小球在抛出点时的机械能为：E=mg（h+R）+mv2=20×（0.4+2）+2×16=64J（2）小球到最低点的速度为v B，由动能定理得：代入数据解得：v B=8m/s由牛顿运动定律得：，代入数据解得：F=340N（3）小球从抛出点到C点，由动能定理得：代入数据解得：W克f=6J答：（1）小球在抛出点的机械能为64J；（2）小球相对C点上升的最大高度为2.8m；（3）小球在半圆轨道上克服摩擦力所做的功为6J．点评：轨道光滑时，往往物体的机械能守恒；对于有摩擦力的情况，根据动能定理求解摩擦力做功是常用的方法．17．（15分）（2015春•扬州期末）如图所示，现有一个带正电小物块，质量m=20g，电荷量q=2×10﹣4C，与水平轨道之间的动摩擦因数μ=0.2，处在水平向左的匀强电场中，电场强度E=1×103V/m．在水平轨道的末端N处，连接一个光滑的半圆形轨道，半径R=40cm，取g=10m/s2，求：（1）若小物块恰好能运动到轨道的最高点，则小物块在轨道最高点时速度的大小；（2）若小物块恰好能运动到轨道的最高点，则小物块应该从距N点多远处由静止释放？（3）若在上小题的位置释放小物块，则在从释放到最高点的过程中，小物块在距水平地面多高处动能最大？（结果可保留根号）考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据重力提供向心力，即可求解；（2）根据动能定理，结合力做功的正负，即可求解；（3）根据计算数据，得出电场力与重力相等，电场力与重力的合力沿半径方向时，小物块的速度最大，从而求解．解答：解：（1）物块能通过轨道最高点的临界条件是：mg=m滴入数据解得：v=2 m/s（2）设小物块释放位置距N处为x，有：Eqx﹣μmgx﹣mg•2R=mv2代入数据解得：x=1.25m即小物块应该从在水平位置距N处为1.25 m处开始释放（3）因为Eq=0.2N，mg=0.2N所以Eq=mg，当电场力与重力的合力沿半径方向时，小物块的速度最大，也就是动能最大．此时，物块与圆心连线与竖直方向成45°，则有：h=R﹣Rcos45°=m=0.12m答：（1）若小物块恰好能运动到轨道的最高点，则小物块在轨道最高点时速度的大小2 m/s；（2）若小物块恰好能运动到轨道的最高点，则小物块应该从距N点1.25 m远处由静止释放；（3）若在上小题的位置释放小物块，则在从释放到最高点的过程中，小物块在距水平地面0.12m高处动能最大．点评：考查牛顿第二定律与动能定理的应用，掌握向心力表达式的内容，注意电场力与重力在半径方向时，速度最大，是解题的关键．。
江苏省扬州市2015年夏高二下学期期末考试 物理 Word版含答案
2015年7月高二期末调研测试物理试题2015.07本试卷满分为120分，考试时间100分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必将本人的学校、班级、姓名、考试号填在答题卡的密封线内．2．将每题的答案或解答写在答题卡上，在试卷上答题无效．3．考试结束，只交答题卡．一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意．选对的得 3 分，错选或不答的得 0 分．1．用遥控器调节空调运行模式的过程，实际上就是传感器把光信号转换为电信号的过程，下列属于这类传感器的是A．走廊照明灯的声控开关B．自动洗衣机中的压力传感装置C．红外报警装置D．电饭煲中控制加热和保温的温控器2．图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示．发电机线圈内阻为10Ω，外接一只电阻为90Ω的灯泡，不计电路的其它电阻，则图甲图乙A．t＝0时刻穿过线圈磁通量最大B．每秒钟内电流方向改变50次C．灯泡两端的电压为22VD．0~0.01s时间内通过灯泡的电量为03．如图所示，质量为m的物块在力F作用下静止于倾角为α的斜面上，力F大小相等且<，则物块所受摩擦力最大的是F mgsinα4．如图所示，在远距离输电电路中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电电线的电阻均不变，电表均为理想电表．若发电厂的输出功率减小，则下列说法正确的是Array A．电压表V1示数减小，电流表A1减小B．电压表V2示数增大，电流表A2减小C．输电线上损耗功率增大D．用户总功率与发电厂的输出功率的比值减小5．在平直公路上行驶的a 车和b 车，其x －t 图像分别为图中直线a 和曲线b ，由图可知A ．b 车先做加速运动再做减速运动B ．在t 1时刻a b 两车的速度大小相同C ．t 1到t 2时间内a 车的位移小于b 车的位移D ．t 1到t 2时间内某时刻两车的速度可能相同二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共16 分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分．6．伽利略为了研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的斜面实验，如图所示．对于这个研究过程，下列说法正确的是A ．斜面实验“放大”了重力的作用效果，便于测量小球运动的路程B ．斜面实验“减小”了重力的作用效果，便于测量小球运动的时间C ．通过对斜面实验的观察与计算，能直接得到自由落体运动的规律D ．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体运动的规律7．在做完“探究力的平行四边形定则”实验后，某同学将其实验操作过程进行了回顾，并在笔记本上记下如下几条体会，你认为正确的是A ．用两只弹簧测力计拉橡皮条时，应使两细绳套间夹角为90°，以便计算合力大小B ．若二力合力的图示F 与用一只弹簧测力计拉时图示F ′不完全重合，则在误差允许范围内可以说明“力的平行四边形定则”成立C ．若F 1、F 2方向不变，而大小各增加1N ，则合力的方向也不变，大小也增加1ND ．在用弹簧测力计拉橡皮条时，要使弹簧测力计的弹簧与木板平面平行8．如图，粗糙的水平地面上有一倾角为θ的斜劈，斜劈上表面光滑，质量为m 的物块在沿斜面向上的恒力F 作用下，以速度v 0匀速下滑，斜劈保持静止，则A ．斜劈受到4个力作用处于平衡状态B ．斜劈受到地面的摩擦力等于零C ．斜劈受到地面的摩擦力方向向左D ．地面对斜劈的支持力等于斜劈与物块的重力之和9．如图所示，理想变压器原线圈上连接着在水平面内的长直平行金属导轨，导轨之间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，金属杆MN 垂直放置在导轨上，且接触良好．移动变压器副线圈上的滑动触头可改变副线圈匝数，副线圈上接有一只理想电压表，线圈L 的直流电阻、导轨和金属杆的电阻都忽略不计．现在让金属杆以速度t T v v π2sin0=在导轨上左右来回运动，两灯A 、B 都发光．下列说法中正确的是A ．只增大T ，则灯A 变暗、灯B 变亮B ．当时间t =T 时，电压表的示数为零C ．只将副线圈上的滑动触头下滑时，两灯均变暗，电压表的示数变小D ．只增大v 0，两灯都变亮三、简答题：本题包括A 、B 、C 三小题，共60分．请选定两题作答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑．如都作答则按A 、B 小题评分．M N10．【选做题】A ．(选修模块3-3)(30分)（1）（4分）下列说法正确的是 ▲A ．分子间相互作用力随分子间距离的增大而增大B ．物体温度升高，其分子的平均动能一定增大，内能也一定增大C ．物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体D ．液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力（2）（4分）下列关于布朗运动的说法，正确的是 ▲A ．布朗运动是指在显微镜中看到的液体分子的无规则运动B ．花粉颗粒的布朗运动反映了花粉分子在永不停息地做无规则运动C ．悬浮颗粒越大，同一时刻与它碰撞的液体分子越多，布朗运动越不明显D ．当物体温度达到0°C 时，布朗运动就会停止（3）（4分）如图甲所示，一定质量理想气体的状态沿1→2→3→1的顺序作循环变化．若用T V -或V P -图像表示这一循环，乙图中表示可能正确的选项是 ▲（4）（6分）在“油膜法估测分子直径”实验中，选用的油酸酒精溶液浓度为a ，用滴管向量筒内滴加N 滴上述溶液，量筒中的溶液体积增加1mL ．若把一滴这样的油酸酒精溶液滴入足够大的盛水浅盘中，油酸在水面展开稳定后形成的油膜形状如图所示．若每一小方格的边长为L（单位：cm ），油膜约占x 个小格．这种估测方法是将形成的油膜视为 ▲ 油膜，每一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为▲mL ，估测的分子直径为 ▲cm ．（用题中给的字母和数据表示）（5）（6分）如图所示，粗细均匀的弯曲玻璃管A 、B 两端开口，管内有一段水银柱，管内左侧水银面与管口A 之间气柱长为l A ＝40cm ．现将左管竖直插入水银槽中，稳定后管中左侧的水银面相对玻璃管下降了2cm ，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，已知大气压强p 0＝76cmHg ，则稳定后A端上方气柱的压强为 ▲ cmHg ，气柱的长度为 ▲ cm ，在这个过程中，管内气体 ▲ 热量．（填“吸收”或“放出”）（6）（6分））在如图所示的p -T 图像中，一定质量的某种理想气体先后发生以下两种状态变化：第一次变化是从状态A 到状态B ，第二次变化是从状态B 到状态C ，且AC 连线的反向延长线过坐标原点O ，已知气体在A 状态时的体积为V A =3L ，求：① 气体在状态B 时的体积V B 和状态C 时的压强p C ；② 在标准状态下，1mol 理想气体的体积为V =22.4L ，已知阿伏伽BA 甲 ABC D德罗常数N A=6×1023个/mol，试计算该气体的分子数（结果保留两位有效数字）．注：标准状态是指温度t =0℃，压强p=1atm=1×105PaB．(选修模块3-4)(30分)（1）（4分）下列说法中正确的是▲A．全息照相利用了激光方向性好的特点B．光速不变原理指出光在真空中传播速度的大小在不同惯性参考系中都是相同的C．变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场D．声源与观察者相对靠近时，观察者所接收的频率小于声源振动的频率（2）（4分）2009年诺贝尔物理学奖授予科学家高锟以及威拉德·博伊尔和乔治·史密斯，3名得主的成就分别是发明光纤电缆和电荷耦合器件(CCD)图像传感器．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法中正确的是▲A．为使水面下的景物拍摄得更清晰，可在照相机镜头前加一偏振片B．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C．在光纤内传送图像是利用光的色散现象D．光学镜头上的增透膜是利用光的折射现象（3）（4分）如图所示，虚线和实线分别为甲、乙两个Array弹簧振子做简谐运动的图像．已知甲、乙两个振子质量相等，则▲A．甲、乙两振子的振幅分别为2 cm、1 cmB．甲、乙两个振子的频率比为1：2C．前2秒内甲、乙两振子的加速度均为正值D．第2秒末甲的速度最大，乙的加速度最大Array（4）（6分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验时，如果已知摆球直径为2.00 cm，让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图所示，那么单摆摆长l是▲ cm．如果测定了40次全振动的时间如图中秒表所示，那么，此单摆的摆动周期T是▲ s.则他测得的重力加速度g＝▲ .（用题中所给的字母表示）（5）（6分）一列简谐横波，某时刻的波形如图甲所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图像如图乙所示，该列波沿x轴▲ 传播（填“正向”或“负向”）；该列波的波速大小为▲ m/s；若此波遇到另一列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为▲ Hz．甲（6）（6分）如图所示，某种透明材料做成的三棱镜，其横截面是边长为a 的等边三角形．现用一束宽度为a 的单色平行光束，以垂直于BC 面的方向正好入射到该三棱镜的AB 及AC 面上，结果所有从AB 、AC 面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC 面．试求：①该材料对此平行光束的折射率；②这些到达BC 面的光线从BC 面折射而出后，如果照射到一块平行于BC 面的屏上形成光斑，则当屏到BC 面的距离d 满足什么条件时，此光斑分为两块?C ．(选修模块3-5)(30分)（1）（4分）下列说法中正确的是 ▲A ．发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子具有复杂的结构B ．卢瑟福提出原子的核式结构模型建立的基础是α粒子的散射实验C ．原子核内的某一核子与其他核子间都有核力作用D ．比结合能大的原子核分解成比结合能小的原子核时要放出能量（2）（4分）如图所示为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于n = 4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光，下列说法正确的是 ▲A ．波长最大的光是由n = 4能级跃迁到n = 1能级产生的B ．频率最小的光是由n = 2能级跃迁到n = 1能级产生的C ．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D ．从n = 2能级跃迁到n = 1能级电子动能增加（3）（4分）在做光电效应的实验时，某金属被光照射发生了光电效应，实验测得光电子的最大初动能E k 与入射光的频率υ的关系如图所示，C 、υ0为已知量．由关系图线可得 ▲A ．普朗克常量的数值B ．当入射光的频率增为2倍，电子最大初动能增为2倍C ．该金属的极限频率D ．阴极在单位时间内放出的光电子数（4）（6分）现代考古中可利用C 146的衰变规律测定古生物的年代，C 146衰变时放出 ▲（填粒子符号），并生成新核147N ．如图所示为放射性元素C 146的衰变规律的示意图（纵坐标0n n 表示的是任意时刻放射性元素的原子数与t =0时的原子数之比），则该放射性元素的半衰期是 ▲ 年．若从某次考古时发掘出来的木材中，检测到所含C 146的比例是正在生长的植物中的80%，则该古物距今约 ▲ 年．C100年（5）（6分）电子俘获是指原子核俘获一个核外轨道电子，使核内一个质子转变为一个中子．一种理论认为地热是镍58（5828Ni ）在地球内部的高温高压环境下发生电子俘获核反应生成钴57（5727Co ）时产生的，则镍58发生电子俘获的核反应方程为 ▲ ；若该核反应中释放出的能量与一个频率为v 的光子能量相等，已知真空中光速和普朗克常量分别为c 和h ，则该核反应放出的核能为 ▲ ，该光子的动量为 ▲ ．（6）（6分）1926年美国波士顿的内科医生卢姆加特等首次应用放射性氡研究人体动、静脉血管床之间的循环时间，被誉为“临床核医学之父”．氡的放射性同位素有27种，其中最常用的是Rn 22286，Rn 22286经过x 次α衰变和y 次β衰变后变成稳定的Pb 06228．①求x 、y 的值；②一个静止的氡核(Rn 22286)放出一个α粒子后变成钋核(Po 21848)，已知钋核的速率v =4 105m/s ，试写出该衰变方程，并求出α粒子的速率．四．计算题：本题共2小题，共29分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．（14分）如图所示的A 、B 两个物体，距地面高度为45m ，A 物体在运动过程中阻力不计，做自由落体运动，B 物体在下落过程中受空气阻力作用，其加速度大小为9m/s 2．已知重力加速度g 取10m/s 2， A 、B 两物体均可视为质点．则：（1）若A 、B 两物体同时由静止释放，求当物体A 落地时物体B 离地距离；（2）若要使两物体同时落地，且两物体均由静止开始释放，求物体B 需提前多长时间释放；（3）若将B 物体移到距地面高度18m 处A 的正下方C 点，并由静止释放，且AB 同时释放，为了使 A 在运动过程中与B 相碰，则至少给A 物体多大的竖直向下的初速度？12．（15分）如图所示，一匝数为N =100的矩形线圈，面积S =0.01m 2，内阻不计，绕垂直于磁感线的对称轴OO ′匀速转动．设线圈经过的磁场为匀强磁场，磁感应强度B =2T ，线圈通过一理想变压器后，接一标有“6V ，3W”字样的灯泡L ，变压器原线圈的总匝数为n 1=200匝，b 是原线圈的中心抽头，副线圈的匝数为n 2=20匝．当开关S 拨到b 位置时，小灯泡恰好正常发光，求：（1）此时电路中两电表的读数；（2）线圈转动的角速度ω；（3）若将开关S 拨到a 位置，并将一个理想二极管D 接到MN 之间，其他条件不变，则此时线圈提供的功率为多少？（设小灯泡的电阻不随温度发生变化）S abOO ′ D2015年7月高二期末物理试题参考答案及评分标准一．单项选择题：每小题3分，共15分．1．C 2．A 3．D 4．B 5．D二．多项选择题：每小题 4 分，共16 分．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分．6．BD 7．BD 8．AC 9．ACD三．简答题：10．【选做题】A ．(选修模块3-3)(30分)（1）D （4分） （2）C （4分） （3）AD （4分，漏选给2分）（4）单分子（2分） a N （2分） 2a NxL（2分） （5） 80cmHg （2分） 38cm （2分） 放出（2分）（6）解析 ① 由题意可知V A = V C =3L （1分）因此A 到C 过程可以等效为等容变化根据C A A Cp p T T = 得 p C =2×105Pa （1分） 状态B 到状态C 的过程为等温变化根据B B C C p V p V = 得 V B =1.5L （1分）② 设气体在标准状态下的体积为V 0 根据00A A V V T T = 得 V 0=2.73L （1分） 因此气体的分子数为 2207.310A V n N V =⋅=⨯个 （2分）B ．(选修模块3-4)(30分)（1） B （4分） （2）A （4分） （3）AD （4分，漏选给2分）（4）87.32～87.42（2分） 1.88（2分） 224l Tπ（2分） （5）负向（2分） 0.01m/s （2分） 2.5Hz （2分）（6）解：①由于对称性，我们考虑从AB 面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC 面的，由对称性不难得出，光线进入AB 面时的入射角α、折射角β分别为60º、30º 。
江苏省扬州市2015-2016学年高一上学期期末调研测试物理试题及答案
扬州市2015～2016学年度第一学期期末调研测试试题高一物理说明:1.本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分．满分100分，考试时间90分钟．2.答题前，考生务必将自己的学校、班级、姓名、考试号写在答题纸的密封线内．选择题答案按要求填在答题纸．．．上对应题目的相应位置．．．．上；非选择题的答案写在答题纸第I 卷（选择题共40分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意．1．在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是A．伽利略、牛顿B．亚里士多德、伽利略C．伽利略、爱因斯坦D．亚里士多德、牛顿2．关于质点和参考系，下列说法正确的是A．只有体积很小的物体才可以看作质点B．研究跳水运动员在空中做转体运动时，运动员不可看成质点C．“一江春水向东流”是以水为参考系来描述江水的运动D．我们常说“太阳东升西落”，是以太阳为参考系描述地球的运动3．如图所示，压路机在水平路面上缓慢行驶，路面对压路机的支持力为F1，压路机对路面的压力为F2，关于F1、F2，下列说法正确的是A．F1大于F2 B．F1小于F2C．F1与F2是一对平衡力D．F1和F2一定是同性质的力4．电梯由第三层向第四层运动时，在接近第四层楼时以0.6m/s2的加速度减速，电梯内一名学生的质量为60kg，此时学生对电梯底面的压力大小为（取g=10m/s2）A．636N B．600N C．564N D．36N5．如图所示，某人由A点划船渡河，船头指向始终与河岸垂直，则下列说法正确的是A ．小船能到达正对岸的B 点B ．小船到达对岸的位移与水流速度无关C ．小船到达对岸的时间与水流速度无关D ．小船到达对岸的位置与水流速度无关6．如图所示，某人在对面的山坡上水平抛出两个质量不等的小石块，分别落在A 、B 两处.不计空气阻力，则落到A 处的石块A ．初速度大，运动时间短B ．初速度大，运动时间长C ．初速度小，运动时间短D ．初速度小，运动时间长7．如图所示，两根光滑细棒在同一竖直平面内，两棒与水平面成30°角，棒上各穿有一个质量为m 的相同小球，两球用轻质弹簧连接，两小球在图中位置处于静止状态，此时弹簧与水平面平行，则下列判断正确的是A ．弹簧处于拉伸状态，弹簧的弹力大小为33mg B ．弹簧处于压缩状态，弹簧的弹力大小为33mg C ．弹簧处于压缩状态，弹簧的弹力大小为/2mg D ．弹簧处于拉伸状态，弹簧的弹力大小为/2mg8．如图所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t ＝0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图像如图所示，则A．t1时刻小球速度最大B．t1～t2这段时间内，小球的速度先增大后减小C．t2～t3这段时间内，小球所受合外力一直减小D．t1～t3全过程小球的加速度先减小后增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有不少于两个选项符合题意．全部选对得4分，漏选得2分，错选和不答的得0分．9．关于自由落体运动，下列说法正确的是A．在空气中，不考虑空气阻力的运动是自由落体运动B．物体做自由落体运动时，只受重力作用C．质量大的物体受到的重力大，落到地面时的速度也大D．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动10．某质点做曲线运动时，它的速度方向与加速度方向的关系A．质点的速度方向时刻在改变B．质点的加速度方向时刻在改变C．质点速度方向一定沿曲线的切线方向D．质点速度方向一定与加速度方向垂直11．某物体做初速度为零的匀加速直线运动，图甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的运动图像．则关于此物体的运动图像，下列说法正确的是A．甲图是速度随时间变化的图像B．乙图是速度随时间变化的图像C．丙图是位移随时间变化的图像D．丁图是加速度随时间变化的图像12．自卸式运输车是车厢配有自动倾卸装置的汽车，又称为翻斗车、工程车，由汽车底盘、液压举升机构、取力装置和货厢组成．如图所示，在车厢由水平位置逐渐抬起的过程中，有关货物所受车厢的支持力F N和摩擦力F f，下列说法中正确的是A．摩擦力F f逐渐减小B．摩擦力F f先增大后减小C．支持力F N逐渐减小D．支持力F N先增大后减小第Ⅱ卷（非选择题共60分）三、简答题：本题共2小题，共18分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．13. （8分）某探究实验小组的同学为了研究平抛物体的运动，该小组同学利用如图所示的实验装置探究平抛运动．（1）首先采用如图甲所示的装置．用小锤击打弹性金属片，使A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，将观察到两球▲ （选填“同时”或“不同时”）落地，改变小锤击打的力度，即改变A球被弹出时的速度，仍能观察到相同的现象，这说明▲ ．（选填所述选项前的字母）A．平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动B．平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动C．能同时说明上述选项A、B所述的规律（2）然后采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端可看作与光滑的水平板相切，两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度使AC＝BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等．现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小球同时以相同的初速度v0分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到的现象应是P球将▲ 击中Q球（选填“能”或“不能”）．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明▲ ．（选填所述选项前的字母）A．平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动B．平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动C．不能说明上述选项A、B所描述规律中的任何一条14. （10分）某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在某合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线P、Q，并测出间距为d．开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水，然后释放木块，记下弹簧秤的示数F，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．（1）木块的加速度可以用d和t表示为a＝▲ ．（2）用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是▲ ．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取多组实验数据C．可以获得更大的加速度以提高实验精度（3）改变瓶中水的质量重复实验，求出每一次加速度a和弹簧秤示数F，下面四幅图能表示该同学实验结果的是▲ ．四、计算论述题：本题共3小题，共42分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（13分）在倾角为θ=30°的光滑斜面上有一质量为2kg的小球，小球被竖直板挡住，静止在斜面上，如图所示（g=10m/s2，结果可以保留根号）.（1）画出小球所受到的力示意图；（2）求挡板对小球压力N1的大小；（3）求斜面对小球支持力N2的大小.16．（14分）质量m＝0.5kg的滑块，从倾角为37°的斜面底端以一定的初速度冲上斜面，斜面足够长．某同学利用DIS实验系统测出了滑块冲上斜面过程中不同时刻的瞬时速度，通过计算机绘制出如图所示的滑块上滑过程的v-t图像．求：(g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8)（1）滑块冲上斜面过程中的加速度大小；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回到斜面底端的时间；若不能返回，求出滑块停在什么位置．17.（15分）水平传送带以v＝2m/s速度匀速运动，将某物体（可视为质点）轻放在传送带的A端，它在传送带的带动下运动到传送带另一端B，所用时间为11s，然后从传送带右端的B点水平抛出，最后落到地面上的C点．己知物体和传送带间的动摩擦因数μ＝0.1（g=10m/s2) ．求：（1）传送带的长度L；（2）若物块在C点的速度方向与地面夹角为α=530，则物体落地时的速度v c的大小；（3）B点到地面的高度h和B、C两点间的水平距离x．扬州市2015～2016学年度第一学期期末调研测试试题 高一物理参考答案 第 I 卷（选择题共40分）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意． 1、A 2、 B 3、D 4、C 5、 C 6、D 7、A 8、B二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有不少于两个选项符合题意．全部选对得4分，漏选得2分，错选和不答的得0分． 9、BD 10、AC 11、BCD 12、BC 第Ⅱ卷（非选择题共60分）三、简答题：本题共2小题，共 18分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答． 13、（8分）（1）同时 A (2)能 B （每空2分）14、（10分） (1)2d t2（4分） (2) B （3分） (3) C （3分）四、计算论述题：本题共3小题，共42分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15、（13分）（1）画图正确3分（2）小球受力析如图所示：运用合成法，由几何关系，可得：1tan N mg θ= （3分）代入数据得：13N N =（2分） （3） 2cos mgN θ=（3分）代入数据得：2N N =（2分）16、（14分）（1）滑块的加速度大小：a 1＝ΔvΔt ＝10 m/s 2 (3分)（2）物体在冲上斜面过程中：1sin cos mg mg ma θμθ+= （3分）解得μ＝0.5 （2分）（3）滑块速度减小到零时，重力的下滑分力大于滑动摩擦力，故能返回到斜面底端。
扬州大学大学物理期末考试试卷(含答案)
扬州大学大学物理期末考试试卷(含答案)一、大学物理期末选择题复习1．下列说法正确的是（）(A) 闭合回路上各点磁感强度都为零时回路内一定没有电流穿过(B) 闭合回路上各点磁感强度都为零时回路内穿过电流的代数和必定为零(C) 磁感强度沿闭合回路的积分为零时回路上各点的磁感强度必定为零(D) 磁感强度沿闭合回路的积分不为零时回路上任意一点的磁感强度都不可能为零答案B2．均匀细棒OA可绕通过其一端O而与棒垂直的水平固定光滑轴转动，如图所示，今使棒从水平位置由静止开始自由下落，在棒摆到竖直位置的过程中，下述说法正确的是( )(A) 角速度从小到大，角加速度不变(B) 角速度从小到大，角加速度从小到大(C) 角速度从小到大，角加速度从大到小(D) 角速度不变，角加速度为零答案C3．某电场的电力线分布情况如图所示．一负电荷从M点移到N点．有人根据这个图作出下列几点结论，其中哪点是正确的？（）（A）电场强度E M>E N（B）电势U M>U N（C）电势能W M<W N（D）电场力的功A>０答案D4．如图所示，质量为m的物体用平行于斜面的细线连结并置于光滑的斜面上，若斜面向左方作加速运动，当物体刚脱离斜面时，它的加速度的大小为（ ） （A ）sin g θ （B ）cos g θ （C ）tan g θ （D ）cot g θ答案 D5． 对功的概念有以下几种说法：（1）保守力作正功时，系统内相应的势能增加； （2）质点运动经一闭合路径，保守力对质点作的功为零；（3）作用力和反作用力大小相等、方向相反，所以两者所作功的代数和必为零。
下列对上述说法判断正确的是（ ）（A ）（1）、（2）是正确的 （B ）（2）、（3）是正确的 （C ）只有（2）是正确的 （D ）只有（3）是正确的 答案 C6．电荷面密度均为σ+的两块“无限大”均匀带电的平行平板如图（a ）放置，其周围空间各点电场强度E （设电场强度方向向右为正、向左为负）随位置坐标x 变化的关系曲线为（ ）yE(A) -(B)EEE答案 B7．下列说法正确的是（）（A）闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面内一定没有电荷（B）闭合曲面上各点电场强度都为零时，曲面内电荷的代数和必定为零（C）闭合曲面的电通量为零时，曲面上各点的电场强度必定为零。
江苏省扬州市2014-2015学年高二物理上学期期末考试试题(含解析)
江苏省扬州市2014-2015学年上学期期末考试高二物理试卷一．单项选择题：此题共5小题，每一小题3分，共15分．每一小题只有一个选项符合题意．将正确选项填涂在答题卡上相应位置．1．关于磁感应强度，如下说法中正确的答案是〔〕2．〔3分〕〔2015•某某模拟〕如下列图，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是〔〕A．B．C．D．考点：感应电流的产生条件．.分析：穿过闭合回路的磁通量发生变化时，闭合回路中产生感应电流．解答：解：A、线框在运动过程中，面积不变、磁感应强度不变，穿过线框的磁通量不变，不产生感应电流，故A错误；B、在线框转动过程中，穿过闭合线框的磁通量发生变化，能产生感应电流，故B正确；C、线框与磁场平行，线框在运动过程中，穿过线框的磁通量始终为零，不发生变化，没有感应电流产生，故C错误；D、线框与磁场平行，线框在运动过程中，穿过线框的磁通量始终为零，不发生变化，没有感应电流产生，故D错误；应当选B．点评：此题考查了感应电流产生的条件，分析清楚图示情景、明确磁通量是否发生变化，即可正确解题．3．〔3分〕在如下列图的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，某时刻电压表读数减小、电流表读数增大，如此可能出现了如下哪种故障〔〕A．R1短路B．R2断路C．R2短路D．R3断路考点：闭合电路的欧姆定律．.专题：恒定电流专题．分析：由题目中电表示数的变化可得出故障原因，根据电路结构可以得出是哪一个电阻发生故障．解答：解：A、假设各原件没有故障，电路正常，如此电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；假设R1短路，如此R2被短路，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，故A正确．B、假设R2断路，如此R1与R3串联，总电流增大，总电流减小，如此流过R3的电流减小，故电压表示数减小；故B错误；C、假设R2短路，如此电流表示数为零，不符合题意；故C错误．D、假设R3断路，电路断开，故电流表示数为零，不符合题意，故D错误．应当选：A．点评：此题考查闭合电路的欧姆定律的应用，明确当电路中有电流时，说明电路中应发生了短路故障；假设电压表示数变大，电压表可能直接并联到了电源两端．4．〔3分〕如下列图，直角三角形导线框abc以速度v匀速进入匀强磁场区域，如此此过程中导线框内感应电流随时间变化的规律为如下四个图象中的哪一个？〔〕A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．.专题：电磁感应与图像结合．分析：此题分两段时间计算感应电动势，由欧姆定律得到感应电流．感应电动势公式E=Blv，是有效的切割长度．根据楞次定律判断感应电流的方向解答：解：在ac段切割磁感线的过程中，由楞次定律判断可知，感应电流方向沿abca．线框有效的切割长度均匀增大，由E=BLv知感应电动势均匀增大，感应电流均匀增大；在ab段也切割磁感线的过程中，由楞次定律判断可知，感应电流方向沿abca．线框有效的切割长度均匀减小，由E=BLv知感应电动势均匀减小，感应电流均匀减小．故A图正确．应当选：A．点评：此题是图象问题，根据楞次定律和法拉第电磁感应定律、欧姆定律判断感应电流的方向，得到电流的解析式，再选择图象．5．〔3分〕如下列图，一质量为m，电荷量为q的带正电绝缘体物块位于高度略大于物块高的水平宽敞绝缘隧道中，隧道足够长，物块上、下外表与隧道上、下外表的动摩擦因数均为μ，整个空间存在垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．现给物块水平向右的初速度v0，空气阻力忽略不计，物块电荷量不变，如此整个运动过程中，物块抑制阻力做功不可能为〔〕A．0B．m vC．mv+D．mv﹣考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；动能定理的应用．.专题：动能定理的应用专题．分析：根据左手定如此判断洛伦兹力方向，因初速度大小未知，故开始时滑块受弹力方向不能确定，应讨论．解答：解：由题意对滑块受力分析，因不知道开始时滑块所受洛伦兹力与重力谁大，故弹力方向大小均不能确定，应讨论：A：假设滑块受到向上的洛伦兹力F=mg，如此支持力F N=0，摩擦力f=0，滑块将匀速运动，摩擦力不做功，故A可能；B，假设F＜mg，如此弹力方向向上，竖直方向满足F N+F=mg，水平方向受摩擦力向左，滑块做减速运动，由F=qvB知，F减小，F N如此增大，f增大，由﹣f=ma可知，v继续减小，最后减为零，由动能定理知，﹣W=0﹣mv2，解得：W=mv2，故B可能；C、假设F＞mg，如此滑块受到向下的压F N，在竖直方向满足F=mg+F N，滑块向右做减速运动，由动态分析知，当F=mg时F N=0，f=0，最终滑块做匀速运动，此时满足：qvB=mg，解得：v=，对滑块整个过程由动能定理得：﹣W=mv2﹣，联立解得：W=，故C不可能，D可能；此题选不可能的，应当选：C．点评：洛伦兹力是变力，其方向时刻与速度方向垂直，故洛伦兹力永不做功，涉与到洛伦兹力与功、动能等问题，要用动能定理求解．二．多项选择题：此题共4小题，每一小题4分，共16分．每一小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．〔4分〕关于电阻率，如下说法中正确的答案是〔〕A．有些材料的电阻率随温度的升高而减小B．电阻率大的导体，电阻一定大C．用来制作标准电阻的材料的电阻率几乎不随温度的变化而变化D．电阻率与导体的长度和横截面积无关考点：电阻定律．.分析：电阻率是描述材料导电能力的物理量，材料的电阻率由材料本身性质决定，与材料长度和横截面积无关，受温度影响．解答：解：A、有些材料的电阻率随温度的升高而减小，如半导体材料，故A正确；B、电阻率由材料决定，电阻与材料、长度和截面积都有关，故电阻率大的导体，电阻不一定大；故B错误；C、有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可以用来制成标准电阻；故C正确；D、电阻率是描述材料导电能力的物理量，材料的电阻率由材料本身性质决定，与材料长度和横截面积无关，受温度影响；故D正确；应当选：ACD．点评：明确电阻率是描述材料导电能力的物理量，材料的电阻率由材料本身性质决定，与材料长度和横截面积无关，受温度影响，根底问题．7．〔4分〕如下列图为一速度选择器，两极板P、Q之间存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场．一束粒子流〔重力不计〕以速度v从a沿直线运动到b，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．粒子一定带正电B．粒子的带电性质不确定C．粒子的速度一定等于D．粒子的速度一定等于考点：带电粒子在混合场中的运动．.专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：首先根据粒子做匀速直线运动，可判断粒子的电场力和洛伦兹力相等，即可得知电场强度和磁场强度的关系．再分别假设粒子带正电或负电，可知电场的方向，并发现电场的方向与电性无关．解答：解：A、B、粒子受洛伦兹力和电场力；假设粒子带正电，如此受到向下的洛伦兹力，电场力向上；假设粒子带负电，洛伦兹力向上，电场力向下；均可以平衡；故A粒子可以带正电，也可以带负电；故A错误，B正确；C、D、为使粒子不发生偏转，粒子所受到电场力和洛伦兹力是平衡力，即为qvB=qE，所以电场与磁场的关系为：v=，故C错误，D正确；应当选：BD．点评：在速度选择器中，粒子的受力特点：同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用；粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，即qvB=qE，v=，只有速度为的粒子才能沿直线匀速通过选择器；假设粒子从反方向射入选择器，所受的电场力和磁场力方向一样，粒子必定发生偏转．8．〔4分〕如下列图，a、b灯分别标有“3.6V 4.0W〞和“3.6V 2.5W〞，闭合开关，调节R，能使a、b都正常发光．断开开关后重做实验，如此〔〕A．闭合开关，a将慢慢亮起来，b立即发光B．闭合开关，a、b同时发光C．闭合开关稳定时，a、b亮度一样D．断开开关，a逐渐熄灭，b灯闪亮一下再熄灭考点：自感现象和自感系数．.分析：闭合开关的瞬间，L相当于断路，稳定后自感作用消失，结合欧姆定律分析电流大小．解答：解：A、闭合瞬间，L相当于断路，b立刻变亮，a逐渐变亮，A正确B错误．C、闭合开关稳定时，a的亮度比b的大，因为根据I=知通过a的电流大，C错误D、电键断开，L相当于电源与两个灯泡串联，逐渐熄灭，由于稳定后a灯的电流大于b灯，所以电键断开瞬间b灯的电流比稳定时的电流大，b灯闪亮一下再熄灭，D正确应当选：AD点评：对自感线圈来讲，重点掌握开关闭合瞬间，断路稳定后和开关断开的瞬间，线圈对电流突变的阻碍作用．9．〔4分〕如下列图，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一闭合电路．当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动，如此PQ所做的运动可能是〔〕A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．.分析：M N处于通电导线产生的磁场中，当有感应电流时，如此MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定如此可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由楞次定律可知PQ的运动情况．解答：解：根据安培定如此可知，MN处于ab产生的垂直向里的磁场中，MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定如此可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手定如此可知PQ可能是向左加速运动或向右减速运动．故BC正确，AD错误．应当选：BC．点评：此题关键是分析好引起感应电流的磁通量的变化，进而才能分析产生电流的磁通量是由什么样的运动产生的．三．简答题：此题共2小题，共26分．把答案填在答题卡相应的位置或按要求作答．10．〔12分〕在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻〞的实验中，提供的器材有：A．干电池一节B．电流表〔量程0.6A〕C．电压表〔量程3V〕D．开关S和假设干导线E．滑动变阻器R1〔最大阻值20Ω，允许最大电流1A〕F．滑动变阻器R2〔最大阻值200Ω，允许最大电流0.5A〕G．滑动变阻器R3〔最大阻值2000Ω，允许最大电流0.1A〕〔1〕按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选R1〔填“R1〞、“R2〞或“R3〞〕．〔2〕图乙电路中局部导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整．要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大．〔3〕闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的示数．用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出UI图线，由此求得待测电池的电动势E=1.5V，内电阻r=1.9Ω．〔结果保存两位有效数字〕所得内阻的测量值与真实值相比偏小〔填“偏大〞、“偏小〞或“相等〞〕考点：测定电源的电动势和内阻．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：〔1〕为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．〔2〕根据电路图连接实物电路图．〔3〕根据坐标系内描出的点作出电源的U﹣I图象，然后由图示图象求出电源电动势与内阻．解答：解：〔1〕为方便实验操作，滑动变阻器应选择R1．〔2〕根据电路图连接实物电路图，实物电路图如下列图：〔3〕根据坐标系内描出的点作出电源的U﹣I图象，图象如下列图，由图示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，电源电动势E=1.5V，电源内阻：r==≈1.9Ω．相对于电源来说，电流表采用外接法，电流表的测量值小于通过电源的电流，电动势和内阻的测量值均小于真实值．故答案为：〔1〕R1；〔2〕电路图如下列图；〔3〕图象如下列图；1.5；1.9；偏小．点评：此题考查了实验器材的选择、连接实物电路图、求电源电动势与内阻、判断电池的新旧，知道实验原理、掌握实验器材的选择原如此、会应用图象法处理实验数据即可正确解题．11．〔14分〕为了研究某导线的特性，某同学所做局部实验如下：〔1〕用螺旋测微器测出待测导线的直径，如图甲所示，如此螺旋测微器的读数为1.731mm；〔2〕用多用电表直接测量一段导线的阻值，选用“×10〞倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择×1倍率的电阻档〔选填“×1〞或“×100〞〕，欧姆调零后再进展测量，示数如图乙所示，如此测量值为22Ω；〔3〕另取一段同样材料的导线，进一步研究该材料的特性，得到电阻R 随电压U变化图象如图丙所示，如此由图象可知，该材料在常温时的电阻为1.5Ω；当所加电压为3.00V时，材料实际消耗的电功率为0.78W．〔结果保存两位有效数字〕考点：测定金属的电阻率．.专题：实验题；恒定电流专题．分析：〔1〕根据螺线管的读数方法进展读数；〔2〕明确多用电表的测量电阻的方法与读数方法进展换档和读数；〔3〕由图象可明确常温下的电阻；同理可知当电压为3V时的电流，由功率公式可求得电功率．解答：解：〔1〕由图可知，螺旋测微器的示数为：d=1.5+23.0×0.01=1.730mm；〔2〕角度偏转太大，如此说明示数太小，故应换用小档位；应当选用×1档；由图可知，电阻值为：22×1=22Ω；〔3〕由图可知，常温不加电压时，电阻为1.5Ω；加电压为3V时，电阻为：11.5Ω；如此功率P===0.78W；故答案为：〔1〕1.730；×1；22；〔3〕1.5；0.78．点评：此题要注意明确伏安特性曲线的性质，明确图象的坐标，再结合图象的性质即可明确电压值与电阻值．四．论述和演算题：此题共4小题，共63分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位. 12．〔15分〕如下列图，在x轴上方有磁感应强度为B的匀强磁场，一个质量为m，电荷量为﹣q的粒子，以速度v从O点射入磁场，θ=，粒子重力不计，求：〔1〕粒子的运动半径，并在图中定性地画出粒子在磁场中运动的轨迹；〔2〕粒子在磁场中运动的时间；〔3〕粒子经过x轴和y轴时的坐标．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．.专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：〔1〕粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解；〔2〕根据推论公式T=和t=列式求解时间；〔3〕画出轨迹，结合几何关系求解粒子经过x轴和y轴时的坐标．解答：解：〔1〕粒子做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，有：解得：轨迹如图：〔2〕粒子运动周期：如此粒子运动时间：所以：；〔3〕由几何关系得：所以粒子经过x轴和y轴时的坐标分别为：，；答：〔1〕粒子的运动半径为，粒子在磁场中运动的轨迹如下列图；〔2〕粒子在磁场中运动的时间为；〔3〕粒子经过x轴和y轴时的坐标分别为：，．点评：对于带电粒子在磁场中的运动关键在于明确圆心和半径，用好几何关系即可顺利求解．13．〔15分〕如下列图，U形导轨固定在水平面上，右端放有质量为m的金属棒ab，ab与导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒与导轨围成正方形，边长为L，金属棒接入电路的电阻为R，导轨的电阻不计．从t=0时刻起，加一竖直向上的匀强磁场，其磁感应强度随时间的变化规律为B=kt，〔k＞0〕，设金属棒与导轨间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．〔1〕求金属棒滑动前，通过金属棒的电流的大小和方向；〔2〕t为多大时，金属棒开始移动？〔3〕从t=0时刻起到金属棒开始运动的过程中，金属棒中产生的焦耳热多大？考点：法拉第电磁感应定律；电磁感应中的能量转化．.专题：电磁感应——功能问题．分析：〔1〕根据法拉第电磁感应定律，结合闭合电路欧姆定律，与楞次定律，即可求解；〔2〕根据安培力表达式，结合平衡条件，即可求解；〔3〕依据焦耳定律，即可求解．解答：解：〔1〕由法拉第电磁感应定律，如此有：由闭合电路欧姆定律，如此有：得：根据楞次定律，如此有方向：由a到b；〔2〕由于安培力F=BIL∝B=kt∝t，随时间的增大，安培力将随之增大．当安培力增大到等于最大静摩擦力时，ab将开始向左移动．这时有：解得：〔3〕由Q=I2Rt得：答：〔1〕金属棒滑动前，通过金属棒的电流的大小和方向由a到b；〔2〕t为时，金属棒开始移动；〔3〕从t=0时刻起到金属棒开始运动的过程中，金属棒中产生的焦耳热μmgL．点评：考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律与焦耳定律，掌握安培力的表达式，理解平衡条件的应用．14．〔16分〕如下列图，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L=0.2m，长为2d，d=0.5m，上半段d导轨光滑，下半段d导轨的动摩擦因素为μ=，导轨平面与水平面的夹角为θ=30°．匀强磁场的磁感应强度大小为B=5T，方向与导轨平面垂直．质量为m=0.2kg 的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在粗糙的下半段一直做匀速运动，导体棒始终与导轨垂直，接在两导轨间的电阻为R=3Ω，导体棒的电阻为r=1Ω，其他局部的电阻均不计，重力加速度取g=10m/s2，求：〔1〕导体棒到达轨道底端时的速度大小；〔2〕导体棒进入粗糙轨道前，通过电阻R上的电量q；〔3〕整个运动过程中，电阻R产生的焦耳热Q．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．.专题：电磁感应——功能问题．分析：〔1〕研究导体棒在粗糙轨道上匀速运动过程，受力平衡，根据平衡条件即可求解速度大小．〔2〕进入粗糙导轨前，由法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电量公式结合求解电量．〔3〕导体棒在滑动时摩擦生热为Q f=2μmgdcosθ，再根据能量守恒定律求解电阻产生的焦耳热Q．解答：解：〔1〕导体棒在粗糙轨道上受力平衡：由mgsin θ=μmgcos θ+BIL得：I=0.5A由BLv=I〔R+r〕代入数据得：v=2m/s〔2〕进入粗糙导轨前，导体棒中的平均电动势为： ==导体棒中的平均电流为： ==所以，通过导体棒的电量为：q=△t==0.125C〔3〕由能量守恒定律得：2mgdsin θ=Q电+μmgdcos θ+mv2得回路中产生的焦耳热为：Q电=0.35J所以，电阻R上产生的焦耳热为：Q=Q电=0.2625J答：〔1〕导体棒到达轨道底端时的速度大小是2m/s；〔2〕导体棒进入粗糙轨道前，通过电阻R上的电量q是0.35C；〔3〕整个运动过程中，电阻R产生的焦耳热Q是0.2625J．点评：此题实质是力学的共点力平衡与电磁感应的综合，都要求正确分析受力情况，运用平衡条件列方程，关键要正确推导出安培力与速度的关系式，分析出能量是怎样转化的．15．〔17分〕某高中物理课程基地拟采购一批实验器材，增强学生对电偏转和磁偏转研究的动手能力，其核心结构原理可简化为题图所示．AB、CD间的区域有竖直向上的匀强电场，在CD 的右侧有一与CD相切于M点的圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直于纸面．一带正电粒子自O 点以水平初速度v0正对P点进入该电场后，从M点飞离CD边界，再经磁场偏转后又从N点垂直于CD边界回到电场区域，并恰能返回O点．OP间距离为d，粒子质量为m，电荷量为q，电场强度大小，粒子重力不计．试求：〔1〕粒子从M点飞离CD边界时的速度大小；〔2〕P、N两点间的距离；〔3〕磁感应强度的大小和圆形有界匀强磁场的半径．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．.专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：〔1〕粒子从O到M点过程是类似平抛运动，根据类似平抛运动的分运动公式列式求解即可；〔2〕从N到O过程是类似平抛运动，根据类似平抛运动的分运动公式列式求解即可；〔3〕粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，结合几何关系确定轨道半径，然后根据牛顿第二定律列式求解．解答：解：〔1〕据题意，作出带电粒子的运动轨迹，如下列图：粒子从O到M点时间：粒子在电场中加速度：=粒子在M点时竖直方向的速度：粒子在M点时的速度：速度偏转角正切：，故θ=60°；〔2〕粒子从N到O点时间：粒子从N到O点过程的竖直方向位移：故P、N两点间的距离为：〔3〕由几何关系得：可得半径：由，即：解得：由几何关系确定区域半径为：R'=2Rcos30°即答：〔1〕粒子从M点飞离CD边界时的速度大小为2v0；〔2〕P、N两点间的距离为；〔3〕磁感应强度的大小为，圆形有界匀强磁场的半径为．点评：此题关键是明确粒子的受力情况和运动情况，画出运动轨迹，然后结合类似平抛运动的分运动公式、牛第二定律、几何关系列式求解，不难．。
扬州大学大学物理期末试卷
C.
r r B ∫ ⋅ dl ≠ 0 , 且环路上任一点 B = 0.
L L
r r D. ∫ B ⋅ dl ≠ 0 , 但环路上任一点 B ≠ 0.
L
O•
I
题9图
10、关于稳恒磁场的磁场强度 Η 的下列几种说法中正确的是 A. Η 仅与传导电流有关.
r
【
】
r
B. 若闭合曲线内没有包围传导电流，则曲线上各点的 Η 必为零. C. 若闭合曲线上各点 Η 均为零，则该曲线所包围传导电流的代数和为零. D. 以闭合曲线 L 为边缘的任意曲面的 Η 通量均为零.
扬州大学试题纸
学院 题目 得分
得分 评卷人
( 04－05 学年第 2 学期) 班(年)级 课程 大学物理 一 二 三 总分 合分人
( A )卷
姓名
复核人
一、单项选择题 （每小题 3 分，共 30 分）
请将正确答案的代码填写在题后的括号内。 错选或 未选均无分。
1、一质点的运动方程为 r 在 t 1 =π A.
18、（本题 10 分）温度为 25℃、压强为 1 atm 的 1 mol 刚性双原子分子理想 气体，经等温过程体积膨胀至原来的 3 倍． (普适气体常量 R＝8.31
J⋅ mol −1 ⋅ K −1 ，ln 3=1.0986)
(1) 计算这个过程中气体对外所作的功． (2) 假若气体经绝热过程体积膨胀为原来的 3 倍，那么气体对外作的功 又是多少？
得分 合分人 复核人 四、计算题（共 5 题，总分值 50 分） 要写出解题所依据的定理、定律、公式及相应的分析图，并 写出主要的过程。 只有答案，没有任何说明和过程，无分。
17、（本题 10 分）如图所示的阿特伍德机装置中，滑轮和绳子间没有滑动且绳子不可 以伸长，轴与轮间有阻力矩，求滑轮两边绳子中的张力．已知m1＝20 kg，m2＝10 kg．滑轮质量为m3＝5 kg．滑轮半径为r＝0.2 m．滑轮可视为均匀圆盘，阻力矩 Mf＝6.6 N·m，已知圆盘对过其中心且与盘面垂直的轴的转动惯量为
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学院____________系____________ 班级______________学号_____________姓名_____________
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4、如图所示，用单色光垂直照射夫琅禾费单缝衍射装置，当单缝向上移动时，屏上衍射图样（ ）
A 、向上移动；
B 、向下移动；
C 、不动；
D 、无法确定。
O
5、一束光强为I 0的自然光垂直穿过两个偏振片，且此两偏振片的偏振化方向成45°角，则穿过两个偏振片后的光强I 为（ ）
A 、420I ；
B 、40I ；
C 、20I ；
D 、2
20
I
6、光电效应现象中，下列说法正确的是：（ ） A 、光强越大，光电子的初动能越大； B 、光的波长越大，光电子的初动能越大； C 、光的频率越大，光电子的初动能越大；
D 、光子与电子的作用时间越长，光电子的初动能越大。
二、 填空题（共15分，每题3分）：
1、一半径为R 的均匀带电球面，带有电荷Q 。
若规定该球面上的电势值为零，则无限远处的电势将等于_______ _ ___。
2、无极分子电介质的极化是一种__________极化，有极分子电介质的极化是一种__________极化。
3、导线ABCD 如图所示，载有电流I ，其中BC 段为半径为R 的半圆，O 为其圆心，AB 、CD 沿直径方向，载流导线在O 点的磁感应强度为 ，其方向为 。
学院____________系____________ 班级______________学号_____________姓名_____________
----------------------------------装----------------------订--------------------线---------------------------------------。