高考化学二轮复习 高考真题专题分类详解 专题10 有机物及综合应用(含解析)
2021届高三化学二轮复习——有机物的性质与应用有答案和详细解析
2021届高三化学二轮复习——有机物的性质与应用有答案和详细解析1．(2020·金华市江南中学周测)下列说法正确的是()A．硬脂酸甘油酯在碱性条件下的水解反应叫皂化反应B．向淀粉溶液中加入硫酸溶液，加热后滴入几滴新制氢氧化铜悬浊液，再加热至沸腾，未出现红色物质，说明淀粉未水解C．将无机盐硫酸铜溶液加入到蛋白质溶液中会出现沉淀，这种现象叫做盐析D．淀粉、蛋白质均可以水解，水解产物均含有电解质答案A解析硬脂酸甘油酯属于油脂，油脂在碱性条件下的水解反应叫皂化反应，故A正确；滴加新制氢氧化铜悬浊液之前要加过量的NaOH溶液中和硫酸，否则氢氧化铜会和硫酸反应，故B错误；铜盐是重金属盐，重金属离子能使蛋白质变性，故C错误；淀粉水解的最终产物是葡萄糖，葡萄糖是非电解质，蛋白质水解的最终产物是氨基酸，氨基酸是电解质，故D 错误。
2．(2020·金华市江南中学周测)下列说法不正确的是()A．CHCl3＋HF―→CHFCl2＋HCl 属于取代反应B．煤气化生成CO 和H2，再经过催化合成可以得到甲醇等液体燃料C．石油裂解气和SO2都能使KMnO4溶液褪色，褪色原理不同D．苯在一定条件下能与H2发生加成反应，也能与氯气发生加成反应答案C解析取代反应是指化合物分子中任何一个原子或原子团被其他原子或原子团所替代的反应，故A正确；CO和H2经催化合成甲醇的反应为CO(g)＋2H2(g)===CH3OH(g)，故B正确；石油裂解气中含有乙烯等产品，乙烯和SO2均有较强的还原性，均能使酸性KMnO4溶液褪色，两反应原理相同，故C错误；苯可在催化剂作用下与氢气或氯气发生加成反应，故D正确。
3．(2020·浙江省十校联盟高三返校联考)下列说法不正确的是()A．对苯二甲酸和乙二醇通过加聚反应，可得到合成纤维PETB．甘油与纤维素均可与浓硝酸发生酯化反应生成烈性炸药C．氢化油可用来制肥皂，也可用于生产人造奶油D．蛋白质溶液中加入几滴茚三酮溶液，加热至沸腾会出现蓝紫色固体答案A解析对苯二甲酸和乙二醇通过缩聚反应，可得到合成纤维PET，故A错误；硝化甘油是甘油与浓硝酸发生酯化反应(在浓硫酸条件下)生成的三硝酸甘油酯，是制造炸药的原料，纤维素可与浓硝酸发生酯化反应生成硝酸纤维，也是制造烈性炸药的原料，故B正确；油脂氢化的基本原理是在加热含不饱和脂肪酸多的植物油时，加入金属催化剂(镍系、铜－铬系等)，通入氢气，使不饱和脂肪酸分子中的双键与氢原子结合成为不饱和程度较低的脂肪酸，其结果是油脂的熔点升高(硬度加大)。
2023年高三化学二轮复习专题突破训练 有机化学综合题(含解析)
有机化学综合题真题研究1．(2022·广东，21)基于生物质资源开发常见的化工原料，是绿色化学的重要研究方向。
以化合物Ⅰ为原料，可合成丙烯酸Ⅴ、丙醇Ⅶ等化工产品，进而可制备聚丙烯酸丙酯类高分子材料。
(1)化合物Ⅰ的分子式为__________，其环上的取代基是__________(写名称)。
(2)已知化合物Ⅱ也能以Ⅱ′的形式存在。
根据Ⅱ′的结构特征，分析预测其可能的化学性质，参考①的示例，完成下表。
(3)化合物Ⅳ能溶于水，其原因是____________________________________________________________________________________________________________________。
(4)化合物Ⅳ到化合物Ⅴ的反应是原子利用率100%的反应，且1 mol Ⅳ与1 mol化合物a反应得到2 mol Ⅴ，则化合物a为__________。
(5)化合物Ⅵ有多种同分异构体，其中含结构的有______种，核磁共振氢谱图上只有一组峰的结构简式为__________。
(6)选用含二个羧基的化合物作为唯一的含氧有机原料，参考上述信息，制备高分子化合物Ⅷ的单体。
Ⅷ写出Ⅷ的单体的合成路线__________(不用注明反应条件)。
2．(2021·福建，15)帕比司他是治疗某些恶性肿瘤的药物，其中间体(E)的合成路线如图所示：回答下列问题：(1)A 分子含有的官能团名称为________。
(2)反应Ⅱ分两步进行：B ―――――→CH 2(COOH )2PyC C 。
第一步反应为加成反应，则C 的结构简式为________________________________________________________________________； 第二步脱水的反应属于____________(填反应类型)。
(3)若反应Ⅲ加热温度太高，CH 3OH 自身反应生成的副产物为________(填名称)。
高考化学二轮复习 有机物及综合应用(配高考真题分类详解)
十、有机物及综合应用1．(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如右所示。
下列有关香叶醇的叙述正确的是( )A．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反应不能发生取代反应解析：选A。
以香叶醇键线式为载体，理解碳原子和氢原子形成共价键的规律，分析判断官能团的种类及其所决定物质的特征性质和应用。
A项，依据碳原子结构分析可知，碳原子在有机化合物中形成四个共价键。
在键线式中剩余价键被氢原子饱和，由香叶醇的结构简式可得分子式为C10H18O。
B项，分子结构中含有碳碳双键，能与溴发生加成反应，从而使溴的CCl4溶液褪色。
C项，分子结构中含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使紫红色褪去。
D项，分子结构中碳碳双键可发生加成反应，醇羟基可发生取代反应。
2．(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些醇和酸重新组合可形成的酯共有( )A．15种B．28种C．32种D．40种解析：选D。
从有机化学反应判断酸、醇种类，结合数学思维解决问题。
由分子式C5H10O2分析，酯类：HCOO—类酯，醇为4个C原子的醇，同分异构体有4种；CH3COO—类酯，醇为3个C原子的醇，同分异构体有2种；CH3CH2COO—类酯，醇为乙醇；CH3CH2CH2COO—类酯，其中丙基CH3CH2CH2—(有正丙基和异丙基)2种，醇为甲醇；故羧酸5种，醇8种。
从5种羧酸中任取一种，8种醇中任取一种反应生成酯，共有5×8＝40种。
3．(2013·高考新课标全国卷Ⅱ)下列叙述中，错误的是( )A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55－60 ℃反应生成硝基苯B．苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯与溴的四氯化碳溶液反应生成1,2二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2,4二氯甲苯解析：选D。
全国高考化学有机化合物的推断题综合高考真题分类汇总含答案解析
全国高考化学有机化合物的推断题综合高考真题分类汇总含答案解析一、有机化合物练习题（含详细答案解析）1．I.A ～D 是四种烃分子的球棍模型（如图）（1）与A 互为同系物的是___________（填序号）。
（2）能使酸性高锰酸钾溶液褪色的物质是_____________（填序号）。
（3）D 和液溴反应的化学方程式是_____________。
Ⅱ. 某些有机物的转化如下图所示。
已知A 的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，D 是食醋的有效成分。
请回答下列问题：（4）A 中官能团的名称是______________。
（5）B 的结构简式为_________________。
（6）反应③的化学方程式为__________________。
【答案】C B +Br 23FeBr −−−→ +HBr 碳碳双键 CH 3CH 2OH 或C 2H 5OH3323232CH COOH CH CH OH CH COOCH CH H O 浓硫酸加热++垐垐?噲垐? 【解析】【分析】I.由球棍模型可知，A 为甲烷，B 为乙烯，C 为丁烷，D 为苯；结合同系物的概念和乙烯与苯的性质分析解答(1)～(3)；Ⅱ. A 的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则A 为CH 2=CH 2，与水在一定条件下发生加成反应生成CH 3CH 2OH ，乙醇在Cu 作催化剂条件下发生氧化反应CH 3CHO ，CH 3CHO 可进一步氧化生成CH 3COOH ，CH 3CH 2OH 和CH 3COOH 在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，据此分析解答(4)～(6)。
【详解】I.由球棍模型可知，A 为甲烷，B 为乙烯，C 为丁烷，D 为苯。
(1) 甲烷、丁烷结构相似，都是烷烃，互为同系物，故答案为：C ；(2)乙烯中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故答案为：B ；(3)苯和液溴反应生成溴苯和HBr ，反应的方程式为 +Br 23FeBr −−−→+HBr ，故答案为： +Br 23FeBr −−−→ +HBr ；Ⅱ. (4)A 为乙烯(CH 2=CH 2)，含有的官能团是碳碳双键，故答案为：碳碳双键；(5)B 的结构简式为CH 3CH 2OH 或C 2H 5OH ，故答案为：CH 3CH 2OH 或C 2H 5OH ；(6)反应③为CH 3CH 2OH 和CH 3COOH 在浓硫酸作用下反应生成乙酸乙酯，反应的化学方程式为CH 3COOH+CH 3CH 2OHCH 3COOCH 2CH 3+H 2O ，故答案为：CH 3COOH+CH 3CH 2OH CH 3COOCH 2CH 3+H 2O 。
高考化学二轮复习 高考真题专题分类详解 专题1 有机物及综合用(含解析)
魁夺市安身阳光实验学校十、有机物及综合应用1．(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如右所示。
下列有关香叶醇的叙述正确的是( )A．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反应不能发生取代反应解析：选A。
以香叶醇键线式为载体，理解碳原子和氢原子形成共价键的规律，分析判断官能团的种类及其所决定物质的特征性质和应用。
10H18O。
B项，分子结构中含有碳碳双键，能与溴发生加成反应，从而使溴的CCl4溶液褪色。
C项，分子结构中含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使紫红色褪去。
D项，分子结构中碳碳双键可发生加成反应，醇羟基可发生取代反应。
2．(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些醇和酸重新组合可形成的酯共有( ) A．15种B．28种C．32种D．40种解析：选D。
从有机化学反应判断酸、醇种类，结合数学思维解决问题。
由分子式C5H10O2分析，酯类：HCOO—类酯，醇为4个C原子的醇，同分异构体有4种；CH3COO—类酯，醇为3个C原子的醇，同分异构体有2种；CH3CH2COO—类酯，醇为乙醇；CH3CH2CH2COO—类酯，其中丙基CH3CH2CH2—(有正丙基和异丙基)2种，醇为甲醇；故羧酸5种，醇8种。
从5种羧酸中任取一种，8种醇中任取一种反应生成酯，共有5×8＝40种。
3．(2013·高考新课标全国卷Ⅱ)下列叙述中，错误的是( )A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55－60 ℃反应生成硝基苯B．苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯与溴的四氯化碳溶液反应生成1,2二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2,4二氯甲苯解析：选D。
根据苯、苯乙烯、乙烯和甲苯的性质分析各选项。
2023年高考化学真题题源解密(新高考专用)专题10 有机物结构与性质(解析版)
专题十有机物的结构与性质目录：2023年真题展现考向一有机物的共线共面问题考向二同分异构体的判断考向三有机物官能团性质的判断考向四陌生有机物性质判断及计算考向五糖类、油脂、蛋白质性质真题考查解读近年真题对比考向一有机物的共线共面问题考向二同分异构体的判断考向三有机物官能团性质的判断考向四陌生有机物性质判断及计算考向五糖类、油脂、蛋白质性质命题规律解密名校模拟探源易错易混速记考向一有机物的共线共面问题1.（2023·全国甲卷）藿香蓟具有清热解毒功效，其有效成分结构如下。
下列有关该物质的说法错误的是（）A.可以发生水解反应B.所有碳原子处于同一平面C.含有2种含氧官能团D.能与溴水发生加成反应【答案】B【解析】藿香蓟的分子结构中含有酯基，因此其可以发生水解反应，A正确；藿香蓟的分子结构中的右侧有一个饱和碳原子连接着两个甲基，类比甲烷分子的空间构型可知，藿香蓟分子中所有碳原子不可能处于同一平面，B错误；藿香蓟的分子结构中含有酯基和醚键，因此其含有2种含氧官能团，C正确；藿香蓟的分子结构中含有碳碳双键，因此，其能与溴水发生加成反应，D正确。
2.（2023·全国乙卷）下列反应得到相同的产物，相关叙述错误的是A.①的反应类型为取代反应B.反应②是合成酯的方法之一C.产物分子中所有碳原子共平面D.产物的化学名称是乙酸异丙酯【答案】C【解析】反应①为乙酸和异丙醇在酸的催化下发生酯化反应生成了乙酸异丙酯和水，因此，①的反应类型为取代反应，A正确；反应②为乙酸和丙烯发生加成反应生成乙酸异丙酯，该反应的原子利用率为100%，因此，该反应是合成酯的方法之一，B正确；乙酸异丙酯分子中含有4个饱和的碳原子，其中异丙基中存在着一个饱和碳原子连接两个饱和碳原子和一个乙酰氧基，类比甲烷的正四面体结构可知，乙酸异丙酯分子中的所有碳原子不可能共平面，C错误；两个反应的产物是相同的，从结构上看，该产物是由乙酸与异丙醇通过酯化反应生成的酯，故其化学名称是乙酸异丙酯，D正确。
高考化学考前要点特训：有机物的结构、性质的综合应用【答案+详解】
有机物的结构、性质的综合应用1．下列关于有机物的说法正确的是( )A．可称为异丁烷B．乙酸和甲醇均能与NaOH溶液反应C．苯使溴水褪色是因为发生了取代反应D ．CH≡CH和CH2===CHCH===CH2互为同系物解析：选A 2甲基丙烷的结构简式为也称异丁烷，A项正确；甲醇不能与NaOH溶液反应，B项错误；苯使溴水褪色是因为发生了萃取，C项错误；两者虽相差两个CH2但结构不相似，不是同系物，D项错误。
2．下列由实验得出的结论正确的是( )选项实验结论A 将等物质的量的乙烷与氯气混合，光照一段时间制得纯净的氯乙烷B 蔗糖在稀硫酸催化作用下水浴加热一段时间产物只有葡萄糖C 向苯和液溴的混合物中加入适量铁，一段时间后滴入AgNO3溶液，有浅黄色沉淀生成苯与液溴发生了取代反应D 将乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中，溶液褪色乙烯具有还原性解析：选D 将等物质的量的乙烷与氯气混合，光照下发生取代反应，产物为混合物，A错误；蔗糖在稀硫酸催化作用下水解生成葡萄糖和果糖，B错误；铁具有还原性，能将液溴还原为溴离子，生成的溴离子能和AgNO3溶液反应产生浅黄色沉淀，故不能说明苯与液溴发生了取代反应，C错误；将乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中，溶液褪色是因为高锰酸钾被还原，说明乙烯具有还原性，D正确。
3．联苯(结构如图所示，碳碳单键可以旋转)的二氯代物有( )A．9种B．12种C．20种 D．24种解析：选B 当一个氯原子在位置时，第二个氯原子可在的位置用序号表示，序号有几种，说明二氯代物就有几种：，同理、，故共12种。
4．分子式为C8H11N的有机物，分子内含有苯环和氨基(—NH2)的同分异构体共有( )A．12种 B．13种C．14种 D．9种解析：选C 该分子可以看作是乙苯或二甲苯上的1个H原子被氨基取代。
乙苯的苯环上连有1个乙基，二甲苯的苯环上连有2个甲基，分别又可处于邻、间、对的位置，故烃基结构总共有4种。
高考化学二轮复习专题分层训练—有机合成与推断(含解析)
高考化学二轮复习专题分层训练—有机合成与推断（含解析）一、单选题1．下列反应类型不能．．引入醇羟基的是（）A ．消去反应B ．取代反应C ．加成反应D ．还原反应【答案】A【解析】A ．消去反应不能引入羟基，故A 选；B ．在碳链上引入羟基，可由−Cl 、−Br 在碱性条件下水解(或取代)生成，故B 不选；C ．在碳链上引入羟基，可由C ＝O 与氢气发生加成反应生成或由C ＝C 与水发生加成反应生成，故C 不选；D ．在碳链上引入羟基，可由C ＝O 与氢气发生加成反应生成，该反应也为还原反应，故D 不选；故答案选A 。
2．合成某医药的中间路线如图：CH 3-CH=CH 22H O 加成−−−→R 氧化−−−−−→P 3NH 一定条件揪揪井下列说法不正确．．．的是A ．R 的官能团是OH-B ．R 的沸点高于P 的沸点C ．由P 生成M 发生消去反应D ．P 的核磁共振氢谐图只有一组峰【答案】C【解析】根据M 的结构简式可知，P 为丙酮；CH 3-CH=CH 2与水反应生成R ，R 氧化后为丙酮，可知R 的结构简式为CH 3CH(OH)CH 3。
A ．R 的结构简式为CH 3CH(OH)CH 3，官能团是-OH ，A 项正确；B．R为CH3CH(OH)CH3，分子间存在氢键，而P为丙酮，分子间不存在氢键，则R的沸点高于P的沸点，B项正确；C．根据P、M两种有机物的结构分析，由P生成M发生的反应不属于消去反应，C项错误；D．P为丙酮，六个氢等效，则核磁共振氢谱图只有一组峰，D项正确；答案选C。
3．下列说法不正确的是A．甲烷是一种高效、较洁净的燃料B．75%的乙醇水溶液常用于医疗消毒C．煤、石油、天然气、沼气均属于不可再生能源D．工业上可由乙烯和苯合成乙苯，并由乙苯脱氢最终制得苯乙烯【答案】C【解析】A．甲烷燃烧放出的热量高，产物是二氧化碳和水，不污染环境，所以甲烷是一种高效、较洁净的燃料，A正确；B．75%的乙醇水溶液能使细菌的蛋白质变性而死亡，杀菌消耗效果最好，所以75%的乙醇水溶液常用于医疗消毒，B正确；C．煤、石油、天然气是化石燃料，不可再生，但沼气可由植物残体发酵生成、是可再生能源，C错误；D．苯与乙烯在催化剂条件下发生加成反应生成乙苯，反应为，乙苯催化脱氢最终制得苯乙烯，反应为，D正确；故答案为：C。
高考化学二轮专题复习(讲解典型例题分析)有机化合物 乙醇甲醇
魁夺市安身阳光实验学校乙醇甲醇对酒当歌谁不明，沸点溶性已很清。
酗酒肝胃肾脑伤，少年贪酒悔终生。
工业酒精含甲醇，多喝暴死少失明。
活泼金属氢放出，氧化成醛需银铜。
淀粉发酵制酒精，乙烯水化醛加氢。
酒精消毒效果好，甲醇燃烧好洁能。
解释：1、酗酒肝胃肾脑伤，少年贪酒悔终生：意思是说，酗酒会对胃、肝、胃、肾、大脑造成伤害，正处在身体发育阶段的少年若贪酒，则造成的伤害更大，将来会后悔终生。
2、工业酒精含甲醇，多喝暴死少失明：工业酒精中含有有毒的甲醇，若饮工业酒精，饮多者会因急性中毒而暴死，饮少者会造成双目失明。
3、氧化成醛需银铜：意思是说乙醇氧化成乙醛必须在银或铜的催化条件下，反应式为：2CH3CH2OH＋O2 CH3CHO＋H2O 【典型例题1】酒后驾车是引发交通事故的重要原因．交警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是：橙色的K2Cr2C7酸性水溶液乙醇迅速生成蓝绿色Cr3+．下列对乙醇的描述与此测定原理有关的是（）①乙醇沸点低②乙醇密度比水小③乙醇有还原性④乙醇是烃的含氧化合物．A．②④B．②③C．①③D．①④【考点】乙醇的化学性质【分析】根据乙醇沸点低，易挥发，故可以易被检测及乙醇具有还原性，K2Cr2C 7具有强氧化性，可以氧化乙醇，自身生成Cr3+来分析解答【解析】①乙醇沸点低，易挥发，可以易被检测，与测定原理有关；②乙醇密度比水小，可与水以任意比混溶，与测定原理无关；③乙醇分子中含有羟基，具有还原性，K2Cr2C7具有强氧化性，可以把乙醇迅速氧化为乙酸蓝绿色的Cr3+，与测定原理有关；④乙醇可看成是乙烷中的氢原子被羟基取代后的产物，是烃的含氧化合物，与测定原理无关。
对乙醇的描述与此测定原理有关的是①③。
故选C。
【点评】本题考查乙醇的性质，要根据用途进行选择合理答案，本题中的信息交警对驾驶员进行呼气酒精检测的原理是解答的关键，学生应学会信息的抽取和应用来解答习题【典型例题2】某些无水试剂可用加入金属钠除去少量水的方法制取，以下不能如此制取的无水试剂是（）A．苯B．甲苯C．乙醇D．己烷【考点】乙醇的化学性质【分析】能与钠反应的物质不能用加入金属钠除去少量水的方法制取无水试剂，结合有机物的性质解答【解析】A．钠与苯不反应，可用加入金属钠除去少量水的方法制取无水苯，故A正确；B．钠与甲苯不反应，可用加入金属钠除去少量水的方法制取无水甲苯，故B 正确；C．钠与乙醇反应，不能用加入金属钠除去少量水的方法制取无水乙醇，可以加入生石灰，加热蒸馏获得无水乙醇，故C错误；D、钠与己烷不反应，可用加入金属钠除去少量水的方法制取无水己烷，故D 正确；故选C【点评】本题以无水试剂的制取为载体，考查常见有机物的性质，是对知识的简单利用，比较基础，注意基础知识的掌握【典型例题3】橙花醇具玫瑰及苹果香气，可作香料，其结构简式如下：下列关于橙花醇的叙述，错误的是（）A．既能发生取代反应，也能发生加成反应B．在浓硫酸催化下加热脱水，可以生成不止一种四烯烃C．1mo1橙花醇在氧气中充分燃烧，需消耗470.4L氧气（状况）D．1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应，最多消耗240g溴【考点】有机物分子中的官能团及其结构【分析】A．分子中含有-OH、碳碳双键；B．与-OH相连的C原子的三个邻位碳原子上均有H原子；C．分子式为C15H26O；D.1mol该物质中含有3mol碳碳双键【解析】A．因分子中含有-OH、碳碳双键，则既能发生取代反应，也能发生加成反应，故A 正确；B．与-OH相连的C原子的三个邻位碳原子上均有H原子，均可发生消去反应生成四烯烃，则在浓硫酸催化下加热脱水，可以生成不止一种四烯烃，故B正确；C．分子式为C15H26O，则1mol该物质消耗氧气为（15+264—12）mol×22.4L/mol=470.4L，故C正确；D.1mol 该物质中含有3mol碳碳双键，则1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应，最多消耗3mol×160g/mol=480g溴，故D错误；故选D【点评】本题考查有机物的官能团及性质，明确该物质中含有羟基及双键是解答本题的关键，题目难度不大【典型例题4】白藜芦醇广泛存在于食物（例如桑椹．花生．尤其是葡萄）中，它可能具有搞癌性．能够跟1摩尔该化合物起反应的Br2或H2的最大用量分别是（）A．1摩尔1摩尔B．3.5摩尔7摩尔C．3.5摩尔6摩尔D．6摩尔7摩尔【考点】有机物分子中的官能团及其结构【分析】白藜芦醇含有的官能团有酚羟基、碳碳双键，酚羟基的邻、对位能与溴发生取代反应，碳碳双键能和溴发生加成反应；苯环和碳碳双键能与氢气发生加成反应，据此计算Br2和H2的最大用量【解析】白藜芦醇含有的官能团有酚羟基、碳碳双键，酚羟基的邻、对位能与溴发生取代反应，碳碳双键能和溴发生加成反应；苯环和碳碳双键能与氢气发生加成反应，所以1mol白藜芦醇与溴水发生取代反应需要溴5mol，碳碳双键与溴发生加成反应需溴1mol，所以共需要溴6mol；1mol白藜芦醇含有2mol苯环和1mol碳碳双键，2mol苯环与氢气加成需要6mol氢气，1mol碳碳双键与氢气加成需要1mol氢气，所以1mol白藜芦醇与氢气发生加成反应一共需要7mol氢气。
专题10 有机化学基础-2024年高考真题和模拟题化学分类汇编(原卷版)
专题10 有机化学基础考点一 烃及烃的衍生物的结构与性质1．（2024·浙江6月卷）有机物A 经元素分析仪测得只含碳、氢、氧3种元素，红外光谱显示A 分子中没有醚键，质谱和核磁共振氢谱示意图如下。
下列关于A 的说法正确的是A ．能发生水解反应B ．能与3NaHCO 溶液反应生成2COC ．能与2O 反应生成丙酮D ．能与Na 反应生成2H2．（2024·湖北卷）鹰爪甲素(如图)可从治疗疟疾的有效药物鹰爪根中分离得到。
下列说法错误的是A ．有5个手性碳B ．在120℃条件下干燥样品C ．同分异构体的结构中不可能含有苯环D ．红外光谱中出现了-13000cm 以上的吸收峰 3．（2024·甘肃卷）曲美托嗪是一种抗焦虑药，合成路线如下所示，下列说法错误的是A ．化合物I 和Ⅱ互为同系物B ．苯酚和()322CH O SO 在条件①下反应得到苯甲醚C ．化合物Ⅱ能与3NaHCO 溶液反应D ．曲美托嗪分子中含有酰胺基团4．（2024·河北卷）化合物X 是由细菌与真菌共培养得到的一种天然产物，结构简式如图。
下列相关表述错误的是A ．可与2Br 发生加成反应和取代反应B ．可与3FeCl 溶液发生显色反应C ．含有4种含氧官能团D ．存在顺反异构5．（2024·江苏卷）化合物Z 是一种药物的重要中间体，部分合成路线如下：下列说法正确的是A ．X 分子中所有碳原子共平面B ．1mol Y 最多能与21mol H 发生加成反应C ．Z 不能与2Br 的4CCl 溶液反应D ．Y 、Z 均能使酸性4KMnO 溶液褪色6．（2024·山东卷）我国科学家在青蒿素研究方面为人类健康作出了巨大贡献。
在青蒿素研究实验中，下列叙述错误的是A ．通过萃取法可获得含青蒿素的提取液B ．通过X 射线衍射可测定青蒿素晶体结构C ．通过核磁共振谱可推测青蒿素相对分子质量D ．通过红外光谱可推测青蒿素分子中的官能团7．（2024·山东卷）植物提取物阿魏萜宁具有抗菌活性，其结构简式如图所示。
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十、有机物及综合应用1．(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如右所示。
下列有关香叶醇的叙述正确的是( )A．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反应不能发生取代反应解析：选A。
以香叶醇键线式为载体，理解碳原子和氢原子形成共价键的规律，分析判断官能团的种类及其所决定物质的特征性质和应用。
A项，依据碳原子结构分析可知，碳原子在有机化合物中形成四个共价键。
在键线式中剩余价键被氢原子饱和，由香叶醇的结构简式可得分子式为C10H18O。
B项，分子结构中含有碳碳双键，能与溴发生加成反应，从而使溴的CCl4溶液褪色。
C项，分子结构中含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使紫红色褪去。
D项，分子结构中碳碳双键可发生加成反应，醇羟基可发生取代反应。
2．(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些醇和酸重新组合可形成的酯共有( )A．15种B．28种C．32种D．40种解析：选D。
从有机化学反应判断酸、醇种类，结合数学思维解决问题。
由分子式C5H10O2分析，酯类：HCOO—类酯，醇为4个C原子的醇，同分异构体有4种；CH3COO—类酯，醇为3个C原子的醇，同分异构体有2种；CH3CH2COO—类酯，醇为乙醇；CH3CH2CH2COO—类酯，其中丙基CH3CH2CH2—(有正丙基和异丙基)2种，醇为甲醇；故羧酸5种，醇8种。
从5种羧酸中任取一种，8种醇中任取一种反应生成酯，共有5×8＝40种。
3．(2013·高考新课标全国卷Ⅱ)下列叙述中，错误的是( )A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55－60 ℃反应生成硝基苯B．苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯与溴的四氯化碳溶液反应生成1,2二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2,4二氯甲苯解析：选D。
根据苯、苯乙烯、乙烯和甲苯的性质分析各选项。
A项，苯与浓硝酸在浓硫酸作用下发生取代反应，生成硝基苯；B项，苯乙烯的结构简式为，故可以在合适条件下与氢气发生加成反应生成；C项，乙烯与溴的四氯化碳溶液发生加成反应生成Br—CH2—CH2—Br；D项，甲苯与氯气在光照条件下主要发生甲基上的取代反应。
4．(2013·高考新课标全国卷Ⅱ)在一定条件下，动植物油脂与醇反应可制备生物柴油，化学方程式如下：下列叙述错误的是( )A．生物柴油由可再生资源制得B．生物柴油是不同酯组成的混合物C．动植物油脂是高分子化合物D．“地沟油”可用于制备生物柴油解析：选C。
根据油脂的性质和所给物质的结构分析各选项。
A项，动植物油脂和短链醇都是可再生资源；B项，生物柴油中含有多种酯；C项，高分子化合物的相对分子质量一般高达104～106，而油脂的相对分子质量在1 000左右，故动植物油脂不是高分子化合物；D项，“地沟油”的主要成分是油脂，故可用于制备生物柴油。
5．(2013·高考重庆卷)有机物X和Y可作为“分子伞”给药载体的伞面和中心支撑架(未表示出原子或原子团的空间排列)。
X(C24H40O5)H2NCH2CH2CH2NHCH2CH2CH2CH2NH2Y下列叙述错误的是( )A．1 mol X在浓硫酸作用下发生消去反应，最多生成3 mol H2OB．1 mol Y发生类似酯化的反应，最多消耗2 mol XC．X与足量HBr反应，所得有机物的分子式为C24H37O2Br3D．Y和癸烷的分子链均呈锯齿形，但Y的极性较强解析：选B。
根据官能团决定物质性质分析X、Y的性质。
A.X的结构中含有3个醇羟基，且邻位碳原子上均有H原子，都能发生消去反应。
B.Y中的2个氨基和1个亚氨基能与3个羧基发生类似酯化的反应。
C.X的分子式为C24H40O5，与HBr反应，是3个Br原子取代3个—OH，产物的分子式为C24H37O2Br3。
D.饱和碳链都是呈锯齿状的，但癸烷的对称程度较好，而Y的结构由于含有N原子而对称程度差(可由NH3的三角锥形分析)，极性较强。
6．(2013·高考山东卷) 莽草酸可用于合成药物达菲，其结构简式如图，下列关于莽草酸的说法正确的是( )A．分子式为C7H6O5B．分子中含有2种官能团C．可发生加成和取代反应D．在水溶液中羧基和羟基均能电离出H＋解析：选C。
A项，根据莽草酸的分子结构及C、H、O原子的成键特点可知，其分子式为C7H10O5。
B项，分子中含有羧基、羟基和碳碳双键三种官能团。
C项，分子中含有碳碳双键，可发生加成反应；含有羟基和羧基，可发生酯化反应(即取代反应)。
D项，在水溶液中，羧基可电离出H＋，但羟基不能发生电离。
7．(2013·高考广东卷)下列说法正确的是( )A．糖类化合物都具有相同的官能团B．酯类物质是形成水果香味的主要成分C．油脂的皂化反应生成脂肪酸和丙醇D．蛋白质的水解产物都含有羧基和羟基解析：选B。
运用常见有机物的结构和性质分析。
A项，糖类化合物为多羟基醛或多羟基酮，以及它们的脱水缩合物，所含官能团并不一定相同；B项，酯类物质是形成水果香味的主要成分；C项，油脂的皂化反应为油脂在碱性条件下的水解反应，生成高级脂肪酸盐和丙三醇；D项，蛋白质水解的最终产物为氨基酸，含有氨基和羧基。
8．(2013·高考江苏卷) 药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚在一定条件下反应制得：下列有关叙述正确的是( )A．贝诺酯分子中有三种含氧官能团B．可用FeCl3溶液区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚C．乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚均能与NaHCO3溶液反应D．贝诺酯与足量NaOH 溶液共热，最终生成乙酰水杨酸钠和对乙酰氨基酚钠解析：选B。
结合三种有机物的结构确定含有的官能团及具有的性质。
贝诺酯分子中含有—COO—和—CO—NH—两种含氧官能团，A错。
对乙酰氨基酚分子中含有酚羟基，能与FeCl3溶液发生显色反应，乙酰水杨酸则不能，可利用FeCl3溶液区别这两种有机物，B对。
乙酰水杨酸分子中含有—COOH，能与NaHCO3溶液发生反应，而对乙酰氨基酚则不能，C错。
贝诺酯与足量NaOH溶液共热发生水解反应，生成、、CH3COONa，D错。
9．(2013·高考浙江卷)下列说法正确的是( )A．按系统命名法，化合物的名称是2,3,5,5四甲基4,4二乙基己烷B．等物质的量的苯与苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量不相等C．苯与甲苯互为同系物，均能使KMnO4酸性溶液褪色D．结构片段为的高聚物，其单体是甲醛和苯酚解析：选D。
从有机物的组成和结构入手，分析其化学性质，得出合理答案。
该有机物的名称中碳原子编号错误，应从右端碳原子开始编号，正确名称应为2,2,4,5四甲基3,3二乙基己烷，A项错。
苯、苯甲酸的分子式分别为C6H6、C7H6O2，而苯甲酸可写成C6H6·CO2，显然等物质的量的两种有机物完全燃烧时，消耗O2的物质的量相等，B项错。
苯和甲苯互为同系物，甲苯能使KMnO4酸性溶液褪色，而苯不能，C项错。
由高聚物的结构片段可知，该高聚物应由单体苯酚和甲醛发生缩聚反应生成，D项正确。
10．(2013·高考福建卷)下列关于有机化合物的说法正确的是( )A．乙酸和乙酸乙酯可用Na2CO3溶液加以区别B．戊烷(C5H12)有两种同分异构体C．乙烯、聚氯乙烯和苯分子中均含有碳碳双键D．糖类、油脂和蛋白质均可发生水解反应解析：选A。
A.乙酸与碳酸钠溶液反应有气体放出，乙酸乙酯中加入碳酸钠溶液分层，上层为油状液体，可以区别。
B.戊烷有正戊烷、异戊烷和新戊烷三种同分异构体。
C.聚氯乙烯中不存在碳碳双键，苯分子中也不存在碳碳双键，苯分子中的碳碳键是一种介于双键和单键之间的特殊化学键。
D.糖类中的单糖(如葡萄糖、果糖)不能发生水解反应。
11．(2013·高考大纲全国卷) 某单官能团有机化合物，只含碳、氢、氧三种元素，相对分子质量为58，完全燃烧时产生等物质的量的CO2和H2O。
它可能的结构共有(不考虑立体异构)( )A．4种B．5种C．6种D．7种解析：选B。
根据有机物的结构特征分析其可能的结构。
根据燃烧产物CO2和H2O的物质的量相等可知C、H原子个数比为1∶2，分子式可设为(CH2)m O n，根据相对分子质量为58讨论得出分子式为C3H6O，其可能的结构有丙醛CH3CH2CHO，丙酮CH3COCH3，环丙醇，环醚、，共5种。
12．(2013·高考北京卷)可降解聚合物P的合成路线如下：(1)A的含氧官能团名称是________。
(2)羧酸a的电离方程式是____________________________________________。
(3)B→C的化学方程式是______________________________________________。
(4)化合物D苯环上的一氯代物有2种，D的结构简式是_____________________。
(5)E→F中反应①和②的反应类型分别是_______________________________。
(6)F的结构简式是________________________。
(7)聚合物P的结构简式是_______________________________________。
解析：(1)由所给逆向分析可得C→B→A()。
(2)羧酸a为CH 3COOH，电离方程式为CH3COOH CH3COO－＋H＋。
(3)由B→C的条件可知，此步为硝化反应。
13．(2013·高考天津卷)已知水杨酸酯E为紫外线吸收剂，可用于配制防晒霜。
E的一种合成路线如下：请回答下列问题：(1)一元醇A中氧的质量分数约为21.6%，则A的分子式为________________；结构分析显示A 只有一个甲基，A 的名称为________________。
(2)B 能与新制的Cu(OH)2发生反应，该反应的化学方程式为____________。
(3)C 有________种结构；若一次取样，检验C 中所含官能团，按使用的先后顺序写出所用试剂：______________________________________________________。
(4)第③步的反应类型为________；D 所含官能团的名称为________。
(5)写出同时符合下列条件的水杨酸所有同分异构体的结构简式：________________。
a.分子中有6个碳原子在一条直线上；b.分子中所含官能团包括水杨酸具有的官能团。