2021年潍坊市中考数学一模试卷含答案解析(word版)

山东省潍坊市2021年中考数学一模试卷〔解析版〕参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共12小题，共36分.〕1．的立方根是〔〕A．2 B．±2 C．4 D．±4【分析】先求得的值，然后再求立方根即可．【解答】解：=8，8的立方根是2．应选：A．【点评】此题主要考查的是立方根和算术平方根的定义和性质，求得=8是解题的关键．2．以下运算正确的选项是〔〕A．a0=1 B．=±3 C．3=﹣a6【分析】直接利用零指数幂的性质以及二次根式的性质以及积的乘方运算法那么分别化简求出答案．【解答】解：A、a0=1〔a≠0〕，故此选项错误；B、=3，故此选项错误；C、〔ab〕2=a2b2，故此选项错误；D、〔﹣a2〕3=﹣a6，正确．应选：D．【点评】此题主要考查了零指数幂的性质以及二次根式的性质以及积的乘方运算等知识，正确把握运算法那么是解题关键．3．王英同学从A地沿北偏西60°方向走100m到B地，再从B地向正南方向走200m到C 地，此时王英同学离A地〔〕A．m B．100m C．150m D．m【分析】根据三角函数分别求AD，BD的长，从而得到CD的长．再利用勾股定理求AC 的长即可．【解答】解：AD=ABsin60°=50；BD=ABcos60°=50，∴CD=150．∴AC==100．应选D．【点评】解一般三角形，求三角形的边或高的问题一般可以转化为解直角三角形的问题，解决的方法就是作高线．4．关于x的一元二次方程〔m﹣2〕2x2+〔2m+1〕x+1=0有两个不相等的实数根，那么m 的取值范围是〔〕A．m＞B．m≥C．m＞且m≠2 D．m≥且m≠2【分析】在与一元二次方程有关的求值问题中，必须满足以下条件：〔1〕二次项系数不为零；〔2〕在有不相等的实数根下必须满足△=b2﹣4ac＞0．【解答】解：根据题意列出方程组，解之得m＞且m≠2．应选C．【点评】此题考查了一元二次方程根的判别式的应用．切记不要忽略一元二次方程二次项系数不为零这一隐含条件．5．如图，组合体的俯视图是〔〕A．B．C．D．【分析】找到从上面面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中．【解答】解：从上面看是两个同心圆，如下图：．应选A．【点评】此题考查了三视图的知识，注意俯视图是从物体的上面看得到的视图．6．在边长为2的小正方形组成的网格中，有如下图的A，B两点，在格点上任意放置点C，恰好能使得△ABC的面积为2的概率为〔〕A．B．C．D．【分析】画出图形找到使得△ABC的面积为2的所有点C，由此即可解决问题．【解答】解：如下图，∵在格点上任意放置点C，∴有关有16种可能，其中有6个点〔见图〕恰好能使得△ABC的面积为2，∴恰好能使得△ABC的面积为2的概率==．应选B．【点评】此题考查几何规律问题、三角形面积问题等知识，找到点C的位置是解题的关键，记住同底等高的三角形面积相等，所有中考常考题型．7．点P〔a，b〕是直线y=﹣x﹣5与双曲线的一个交点，那么以a、b两数为根的一元二次方程是〔〕A．x2﹣5x+6=0 B．x2+5x+6=0 C．x2﹣5x﹣6=0 D．x2+5x﹣6=0【分析】先把P〔a，b〕分别两个解析式整理得到a+b=﹣5，ab=6，然后根据一元二次方程的根与系数的关系即可得到以a、b两数为根的一元二次方程．【解答】解：把P〔a，b〕分别代入y=﹣x﹣5和得b=﹣a﹣5，b=，所以a+b=﹣5，ab=6，而以a、b两数为根的一元二次方程为x2﹣〔a+b〕x+ab=0，所以所求的方程为x2+5x+6=0．应选B．【点评】此题考查了反比例函数与一次函数的交点问题：反比例函数与一次函数的交点坐标满足两个函数的解析式．也考查了一元二次方程的根与系数的关系．8．如图，AB的中垂线为CP交AB于点P，且AC=2CP．甲、乙两人想在AB上取D、E 两点，使得AD=DC=CE=EB，其作法如下：甲作∠ACP、∠BCP的角平分线，分别交AB 于D、E两点，那么D、E即为所求；乙作AC、BC的中垂线，分别交AB于D、E两点，那么D、E即为所求．对于甲、乙两人的作法，以下正确的选项是〔〕A．两人都正确B．两人都错误C．甲正确，乙错误D．甲错误，乙正确【分析】求出∠A=30°，∠ACP=60°，求出∠ACD=30°=∠A，即可推出AD=CD，同理BE=CE，即可判断甲，根据线段垂直平定县性质得出AD=CD，BE=CE，即可判断乙．【解答】解：甲、乙都正确，理由是：∵CP是线段AB的垂直平分线，∴BC=AC，∠APC=∠BPC=90°，∵AC=2CP，∴∠A=30°，∴∠ACP=60°，∵CD平分∠ACP，∴∠ACD=∠ACP=30°，∴∠ACD=∠A，∴AD=DC，同理CE=BE，即D、E为所求；∵D在AC的垂直平分线上，∴AD=CD，同理CE=BE，即D、E为所求，应选A．【点评】此题考查了含30度角的直角三角形性质，三角形的内角和定理，线段垂直平分线性质的应用，主要考查学生运用定理进行推理的能力．9．某外贸公司要出口一批食品罐头，标准质量为每听454克，现抽去10听样品进行检测，它们的质量与标准质量的差值〔单位：克〕如下：﹣10，+5，0，+5，0，0，﹣5，0，+5，+10．那么这10听罐头质量的平均数及众数为〔〕A．454，454 B．455，454 C．454，459 D．455，0【分析】首先求得﹣10，+5，0，+5，0，0，﹣5，0，+5，+10这10个数的平均数以及众数，然后分别加上454克，即可求解．【解答】解：平均数是：454+〔﹣10+5+0+5+0+0﹣5+0+5+10〕=454+1=455克，﹣10，+5，0，+5，0，0，﹣5，0，+5，+10的众数是0，因而这10听罐头的质量的众数是：454+0=454克．应选B．【点评】此题考查了众数与平均数的求法，正确理解定理，理解﹣10，+5，0，+5，0，0，﹣5，0，+5，+10与这10听罐头质量的平均数及众数的关系是关键．10．二次函数y=ax2+bx+c的图象如下图，那么一次函数y=bx+a的图象不经过〔〕A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限【分析】根据二次函数图象的开口方向、对称轴判断出a、b的正负情况，再由一次函数的性质解答．【解答】解：由图象开口向上可知a＞0，对称轴x=﹣＜0，得b＞0．所以一次函数y=bx+a的图象经过第一、二、三象限，不经过第四象限．应选D．【点评】此题考查二次函数图象和一次函数图象的性质，要掌握它们的性质才能灵活解题．11．如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠B=30°，BC=4cm，以点C为圆心，以2cm的长为半径作圆，那么⊙C与AB的位置关系是〔〕A．相离B．相切C．相交D．相切或相交【分析】作CD⊥AB于点D．根据三角函数求CD的长，与圆的半径比拟，作出判断．【解答】解：作CD⊥AB于点D．∵∠B=30°，BC=4cm，∴CD=BC=2cm，即CD等于圆的半径．∵CD⊥AB，∴AB与⊙C相切．应选：B．【点评】此题考查直线与圆的位置关系的判定方法．通常根据圆的半径R与圆心到直线的距离d的大小判断：当R＞d时，直线与圆相交；当R=d时，直线与圆相切；当R＜d时，直线与圆相离．12．如图，等腰三角形ABC的直角边长为a，正方形MNPQ的边为b 〔a＜b〕，C、M、A、N在同一条直线上，开始时点A与点M重合，让△ABC向右移动，最后点C与点N重合．设三角形与正方形的重合面积为y，点A移动的距离为x，那么y关于x的大致图象是〔〕A．B．C．D．【分析】根据题目提供的条件可以求出函数的解析式，根据解析式判断函数的图象的形状．【解答】解：设三角形与正方形的重合面积为y，点A移动的距离为x，∴y关于x的函数关系式为：y=x2，①当x＜a时，重合局部的面积的y随x的增大而增大，②当a＜x＜b时，重合局部的面积等于直角三角形的面积，且保持不变，③第三局部函数关系式为y=﹣+当x＞b时，重合局部的面积随x的增大而减小．应选B．【点评】此题考查了动点问题的函数图象，此类题目的图象往往是几个函数的组合体．二、填空题〔本大题共6小题，共18分.〕13．分解因式：﹣x﹣x3+x2=﹣x〔x﹣〕2．【分析】原式提取﹣x，再利用完全平方公式分解即可．【解答】解：﹣x﹣x3+x2=﹣x〔x2﹣x+〕=﹣x〔x﹣〕2，故答案为﹣x〔x﹣〕2．【点评】此题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用完全平方公式进行二次分解，注意分解要彻底．14．关于x、y的方程组，那么=10．【分析】设a=，b=，方程组化为关于a与b的方程组，求出方程组的解得到a与b的值，即为与的值，即可求出所求式子的值．【解答】解：设a=，b=，方程组化为，①×3﹣②×2得：5a=65，解得：a=13，将a=13代入①得：b=3，那么﹣=a﹣b=13﹣3=10．故答案为：10【点评】此题考查了解二元一次方程组，利用了换元的思想，是一道基此题型．15．如图，△ABC，AC=BC，∠C=90°．O是AB的中点，⊙O与AC，BC分别相切于点D 与点E．点F是⊙O与AB的一个交点，连DF并延长交CB的延长线于点G．那么∠CDG= 67.5°，假设AB=，那么BG=2﹣2．【分析】连接OD，由AC为圆O的切线，根据切线的性质得到OD与AC垂直，又AC=BC，且∠C=90°，得到三角形ABC为等腰直角三角形，得到∠A=45°，在直角三角形ABC中，由AC与BC的长，根据AB的长，又O为AB的中点，从而得到AO等于BO都等于AB 的一半，求出AO与BO的长，再由OB﹣OF求出FB的长，同时由OD和GC都与AC垂直，得到OD与GC平行，得到一对内错角相等，再加上对顶角相等，由两对对应角相等的两三角形相似得到三角形ODF与三角形GBF相似，由相似得比例，把OD，OF及FB的长代入即可求出GB的长．【解答】解：连接OD．∵CD切⊙O于点D，∴∠ODA=90°，∠DOA=45°，∵OD=OF，∴∠ODF=∠OFD=∠DOA=22.5°，∴∠CDG=∠CDO﹣∠ODF=90°﹣22.5°=67.5°．∵AC为圆O的切线，∴OD⊥AC，又O为AB的中点，∴AO=BO=AB=2，∴圆的半径DO=FO=AOsinA=2×=2，∴BF=OB﹣OF=2﹣2．∵GC⊥AC，OD⊥AC，∴OD∥CG，∴∠ODF=∠G，又∠OFD=∠BFG，∴△ODF∽△BGF，∴=，即=，∴BG=2﹣2．故答案为：67.5°，2﹣2．【点评】此题考查了切圆的综合知识．在运用切线的性质时，假设切点，连接切点和圆心，得垂直；假设不知切点，那么过圆心向切线作垂直，即“知切点连半径，无切点作垂直〞．圆与相似三角形，及三角函数相融合的解答题、与切线有关的性质与判定有关的证明题是近几年中考的热点，故要求学生把所学知识融汇贯穿，灵活运用．16．假设关于x 的不等式组有实数解，那么a 的取值范围是 a ＜4 ．【分析】分别求出各不等式的解集，再根据不等式组有实数解即可得到关于a 的不等式，求出a 的取值范围即可．【解答】解：，由①得，x ＜3，由②得，x ＞， ∵此不等式组有实数解，∴＜3， 解得a ＜4．故答案为：a ＜4．【点评】此题考查的是解一元一次不等式组，根据不等式组有实数解得出关于a 的不等式是解答此题的关键．17．如图，正方形ABCD 边长为4，以BC 为直径的半圆O 交对角线BD 于E ．阴影局部面积为〔结果保存π〕 8﹣π ．【分析】根据图形可得，阴影局部的面积等于三角形BCD 的面积减去扇形OCE 的面积，代入面积公式进行计算即可．【解答】解：∵四边形ABCD 为正方形，∴BC=CD=4，∴OC=2，∴S 阴影=S △BCD ﹣S 扇形OCE =×4×4﹣=8﹣π．故答案为8﹣π．【点评】此题考查了扇形面积的计算，正方形的性质，是根底知识要熟练掌握．18．式子“1+2+3+4+5+…+100〞表示从1开始的100个连续自然数的和，由于上述式子比拟长，书写也不方便，为了简便起见，我们可以将“1+2+3+4+5+…+100〞表示为，这里的符号“〞是求和的符号，如“1+3+5+7+…+99〞即从1开始的100以内的连续奇数的和，可表示为．通过对以上材料的阅读，请计算：=〔填写最后的计算结果〕．【分析】根据题意将所求式子化为普通加法运算，拆项后合并即可得到结果．【解答】解：=++…+=1﹣+﹣+…+﹣=1﹣=．故答案为：．【点评】此题考查了分式的加减法，利用了拆项的方法，弄清通用语是解此题的关键．三、解答题〔本大题共6小题，共66分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤．〕19．下表为抄录北京奥运会官方票务网公布的三种球类比赛的局部门票价格，某公司购置的门票种类、数量绘制的条形统计图如图．比赛工程票价〔元/张〕男篮1000足球800乒乓球x依据上列图、表，答复以下问题：〔1〕其中观看男篮比赛的门票有30张；观看乒乓球比赛的门票占全部门票的20%；〔2〕公司决定采用随机抽取的方式把门票分配给100名员工，在看不到门票的条件下，每人抽取一张〔假设所有的门票形状、大小、质地等完全相同且充分洗匀〕，问员工小亮抽到足球门票的概率是；〔3〕假设购置乒乓球门票的总款数占全部门票总款数的，试求每张乒乓球门票的价格．【分析】〔1〕由条形统计图可得购置男篮比赛的门票数为30张，购置乒乓球比赛的门票数为20张，然后计算观看乒乓球比赛的门票所占的百分比；〔2〕根据概率的公式求解；〔3〕根据题意列方程=，然后解方程即可．【解答】解：〔1〕某公司购置男篮比赛的门票张数为30〔张〕，观看乒乓球比赛的门票所占的百分比=×100%=20%；〔2〕员工小亮抽到足球门票的概率==；〔3〕根据题意得=，解得x=500．即每张乒乓球门票的价格为500元．【点评】此题考查了条形统计图：条形统计图是用线段长度表示数据，根据数量的多少画成长短不同的矩形直条，然后按顺序把这些直条排列起来．从条形图可以很容易看出数据的大小，便于比拟．也考查了概率公式．20．如图，△ABC中，点O是边AC上一个动点，过O作直线MN∥BC．设MN交∠ACB 的平分线于点E，交∠ACB的外角平分线于点F．〔1〕求证：OE=OF；〔2〕假设CE=12，CF=5，求OC的长；〔3〕当点O在边AC上运动到什么位置时，四边形AECF是矩形？并说明理由．【分析】〔1〕根据平行线的性质以及角平分线的性质得出∠1=∠2，∠3=∠4，进而得出答案；〔2〕根据得出∠2+∠4=∠5+∠6=90°，进而利用勾股定理求出EF的长，即可得出CO的长；〔3〕根据平行四边形的判定以及矩形的判定得出即可．【解答】〔1〕证明：∵MN交∠ACB的平分线于点E，交∠ACB的外角平分线于点F，∴∠2=∠5，∠4=∠6，∵MN∥BC，∴∠1=∠5，∠3=∠6，∴∠1=∠2，∠3=∠4，∴EO=CO，FO=CO，∴OE=OF；〔2〕解：∵∠2=∠5，∠4=∠6，∴∠2+∠4=∠5+∠6=90°，∵CE=12，CF=5，∴EF==13，∴OC=EF=6.5；〔3〕解：当点O在边AC上运动到AC中点时，四边形AECF是矩形．证明：当O为AC的中点时，AO=CO，∵EO=FO，∴四边形AECF是平行四边形，∵∠ECF=90°，∴平行四边形AECF是矩形．【点评】此题主要考查了矩形的判定、平行四边形的判定和直角三角形的判定等知识，根据得出∠ECF=90°是解题关键．21．小明坐于堤边垂钓，如图，河堤AC的坡角为30°，AC长米，钓竿AO的倾斜角是60°，其长为3米，假设AO与钓鱼线OB的夹角为60°，求浮漂B与河堤下端C之间的距离．【分析】延长OA交BC于点D．先由倾斜角定义及三角形内角和定理求出∠CAD=180°﹣∠ODB﹣∠ACD=90°，解Rt△ACD，得出AD=ACtan∠ACD=米，CD=2AD=3米，再证明△BOD是等边三角形，得到BD=OD=OA+AD=4.5米，然后根据BC=BD﹣CD即可求出浮漂B与河堤下端C之间的距离．【解答】解：延长OA交BC于点D．∵AO的倾斜角是60°，∴∠ODB=60°．∵∠ACD=30°，∴∠CAD=180°﹣∠ODB﹣∠ACD=90°．在Rt△ACD中，AD=ACtan∠ACD==〔米〕，∴CD=2AD=3米，又∵∠O=60°，∴△BOD是等边三角形，∴BD=OD=OA+AD=3+=4.5〔米〕，∴BC=BD﹣CD=4.5﹣3=1.5〔米〕．答：浮漂B与河堤下端C之间的距离为1.5米．【点评】此题考查了解直角三角形的应用﹣坡度坡角问题，作出辅助线得到Rt△ACD是解题的关键．22．如图，在△ABC中，∠ABC=∠ACB，以AC为直径的⊙O分别交AB、BC于点M、N，点P在AB的延长线上，且∠CAB=2∠BCP．〔1〕求证：直线CP是⊙O的切线；〔2〕假设BC=2，sin∠BCP=，求点B到AC的距离．【分析】〔1〕利用直径所对的圆周角为直角，2∠CAN=∠CAB，∠CAB=2∠BCP判断出∠ACP=90°即可；〔2〕利用锐角三角函数，即勾股定理即可．【解答】〔1〕证明：∵∠ABC=∠ACB，∴AB=AC，∵AC为⊙O的直径，∴∠ANC=90°，∴∠CAN+∠ACN=90°，2∠BAN=2∠CAN=∠CAB，∵∠CAB=2∠BCP，∴∠BCP=∠CAN，∴∠ACP=∠ACN+∠BCP=∠ACN+∠CAN=90°，∵点D在⊙O上，∴直线CP是⊙O的切线；〔2〕如图，作BF⊥AC∵AB=AC，∠ANC=90°，∴CN=CB=，∵∠BCP=∠CAN，sin∠BCP=，∴sin∠CAN=，∴，∴AC=5，∴AB=AC=5，设AF=x，那么CF=5﹣x，在Rt△ABF中，BF2=AB2﹣AF2=25﹣x2，在Rt△CBF中，BF2=BC2﹣CF2=2O﹣〔5﹣x〕2，∴25﹣x2=2O﹣〔5﹣x〕2，∴x=3，∴BF2=25﹣32=16，∴BF=4，即点B到AC的距离为4．【点评】此题是切线的判定，主要考查了切线的判定定理，勾股定理得应用，构造出直角三角形Rt △ABF 和Rt △CBF 是解此题的关键．23．某公司销售一种新型节能产品，现准备从国内和国外两种销售方案中选择一种进行销售．假设只在国内销售，销售价格y 〔元/件〕与月销量x 〔件〕的函数关系式为y=x+150，本钱为20元/件，无论销售多少，每月还需支出广告费62500元，设月利润为w 内〔元〕．假设只在国外销售，销售价格为150元/件，受各种不确定因素影响，本钱为a 元/件〔a 为常数，10≤a ≤40〕，当月销量为x 〔件〕时，每月还需缴纳x 2元的附加费，设月利润为w 外〔元〕．〔1〕当x=1000时，y= 140 元/件，w 内= 57500 元；〔2〕分别求出w 内，w 外与x 间的函数关系式〔不必写x 的取值范围〕；〔3〕当x 为何值时，在国内销售的月利润最大？假设在国外销售月利润的最大值与在国内销售月利润的最大值相同，求a 的值．【分析】〔1〕将x=1000代入函数关系式求得y ，并根据等量关系“利润=销售额﹣本钱﹣广告费〞求得w 内；〔2〕根据等量关系“利润=销售额﹣本钱﹣广告费〞“利润=销售额﹣本钱﹣附加费〞列出两个函数关系式；〔3〕对w 内函数的函数关系式求得最大值，再求出w 外的最大值并令二者相等求得a 值．【解答】解：〔1〕∵销售价格y 〔元/件〕与月销量x 〔件〕的函数关系式为y=x+150， ∴当x=1000时，y=﹣10+150=140，w 内=x 〔y ﹣20〕﹣62500=1000×120﹣62500=57500， 故答案为：140，57500．〔2〕根据题意得出：w 内=x 〔y ﹣20〕﹣62500=x 2+130x ﹣62500，w 外=x 2+〔150﹣a 〕x ．〔3〕当x==6500时，w 内最大，∵在国外销售月利润的最大值与在国内销售月利润的最大值相同，∴由题意得：，解得a1=30，a2=270〔不合题意，舍去〕．所以a=30．【点评】此题考查了二次函数在实际生活中的应用，难度适中，根据利润的关系式分别写出w内，w外与x间的函数关系式是解题的关键．24．如图，⊙C的内接△AOB中，AB=AO=4，tan∠AOB=，抛物线y=ax2+bx经过点A 〔4，0〕与点〔﹣2，6〕．〔1〕求抛物线的函数解析式；〔2〕直线m与⊙C相切于点A，交y轴于点D．动点P在线段OB上，从点O出发向点B 运动；同时动点Q在线段DA上，从点D出发向点A运动；点P的速度为每秒一个单位长，点Q的速度为每秒2个单位长，当PQ⊥AD时，求运动时间t的值；〔3〕点R在抛物线位于x轴下方局部的图象上，当△ROB面积最大时，求点R的坐标．【分析】〔1〕根据抛物线y=ax2+bx经过点A〔4，0〕与点〔﹣2，6〕，利用待定系数法求抛物线解析式；〔2〕如答图1，由条件，可以计算出OD、AE等线段的长度．当PQ⊥AD时，过点O作OF⊥AD于点F，此时四边形OFQP、OFAE均为矩形．那么在Rt△ODF中，利用勾股定理求出DF的长度，从而得到时间t的数值；〔3〕因为OB为定值，欲使△ROB面积最大，只需OB边上的高最大即可．按照这个思路解决此题．如答图2，当直线l平行于OB，且与抛物线相切时，OB边上的高最大，从而△ROB的面积最大．联立直线l和抛物线的解析式，利用一元二次方程判别式等于0的结论可以求出R 点的坐标．【解答】解：〔1〕∵抛物线y=ax2+bx经过点A〔4，0〕与点〔﹣2，6〕，∴，解得∴抛物线的解析式为：y=x2﹣2x．〔2〕如答图1，连接AC交OB于点E，由垂径定理得AC⊥OB．∵AD为切线，∴AC⊥AD，∴AD∥OB．过O点作OF⊥AD于F，∴四边形OFAE是矩形，∵tan∠AOB=，∴sin∠AOB=，∴AE=OAsin∠AOB=4×=2.4，OD=OAtan∠OAD=OAtan∠AOB=4×=3．当PQ⊥AD时，OP=t，DQ=2t．在Rt△ODF中，∵OD=3，OF=AE=2.4，DF=DQ﹣FQ=DQ﹣OP=2t﹣t=t，由勾股定理得：DF===1.8，∴t=1.8秒；〔3〕如答图2，设直线l平行于OB，且与抛物线有唯一交点R〔相切〕，此时△ROB中OB边上的高最大，所以此时△ROB面积最大．∵tan∠AOB=，∴直线OB的解析式为y=x，由直线l平行于OB，可设直线l解析式为y=x+b．∵点R既在直线l上，又在抛物线上，∴x2﹣2x=x+b，化简得：2x2﹣11x﹣4b=0．∵直线l与抛物线有唯一交点R〔相切〕，∴判别式△=0，即112+32b=0，解得b=﹣，此时原方程的解为x=，即x R=，而y R=x R2﹣2x R=∴点R的坐标为R〔，〕．【点评】此题是二次函数综合题，主要考查了二次函数的图形与性质、待定系数法求函数解析式、一元二次方程根的判别式、圆、勾股定理和解直角三角形等重要知识点．难点在于第〔3〕问，判定何时△ROB的面积最大是解决问题的关键．此题覆盖知识面广，难度较大，同学们只有做到根底扎实和灵活运用才能够顺利解答．此题第〔3〕问亦可利用二次函数极值的方法解决，同学们有兴趣可深入探讨．。