五年高考真题专题二相互作用

专题二相互作用五年高考真题考点一常见的三种力1. （2014广东理综，14, 4分）（难度★★）如图所示，水平地而上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是（）A . M处受到的支持力竖直向上B. N处受到的支持力竖直向上C. M处受到的静摩擦力沿MN方向D . N处受到的静摩擦力沿水平方向解析支持力的方向垂直于支持面，因此M处受到的支持力垂直于地面竖直向上，N处支持力过N垂直于切面，A项正确、B项错；静摩擦力方向平行于接触面与相对运动趋势的方向相反，因此M处的静摩擦力沿水平方向，N处的静摩擦力沿MN方向，C、D项都错误.答案A2. （2013新课标全国II，15，6分）（难度★★★）如图所示，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上.若要物块在斜面上保持静止，F 的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2>0）•由此可求出（）A .物块的质量B. 斜面的倾角C. 物块与斜面间的最大静摩擦力D •物块对斜面的正压力解析斜面倾角为a,物块与斜面间的最大静摩擦力为F max,当F取最大值时，满足F i= mgsin a+ F max，当F取最小值时，满足F2+ F max= mgsin a,F i —F2由以上两个式子可求得F max= 2 ，故C正确；由于mgsin a在表达式结合求解时消去，故其他选项均无法求得，故A、B、D错误.答案C3. （2012海南单科，8, 4分）（难度★★）（多选）下列关于摩擦力的说法，正确的是（）A •作用在物体上的滑动摩擦力只能使物体减速，不可能使物体加速B. 作用在物体上的静摩擦力只能使物体加速，不可能使物体减速C. 作用在物体上的滑动摩擦力既可能使物体减速，也可能使物体加速D. 作用在物体上的静摩擦力既可能使物体加速，也可能使物体减速解析滑动摩擦力既能提供动力，也能提供阻力，如把物体无初速度地放在传送带上，滑动摩擦力对物体做正功，使物体加速，A错误，C正确；静摩擦力既能提供动力，也能提供阻力，汽车启动过程中，车厢里的货物跟汽车一起加速，静摩擦力使货物加速，汽车车厢里的货物跟汽车一起停下来的过程中，静摩擦力使货物减速，B错误，D正确.答案CD4. （2011山东理综，19，6分）（难度★★）（多选）如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳系于墙壁•开始时a、b均静止，弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F f a M0，b 所受摩擦力F f b = 0.现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（）A • F f a f a C . F f b 仍然为零 D . F f b 方向向右解析 剪断右侧绳的瞬间，右侧细绳上拉力突变为零，而弹簧对两木块的拉力没有发生突变，与原来一样，所以 b 对地面有向左的运动趋势，受到静摩擦力F fb 方向向右，C 错误，D 正确；剪断右侧绳的瞬间，木块 a 受到的各力都没有发生变化，A 正确，B 错误.答案 AD5. （2011福建理综，16, 6分）（难度★★★）如图甲所示，绷紧的水平传送带始终 以恒定速率V 1运行.初速度大小为V 2的小物块从与传送带等高的光滑水平地 面上的A 处滑上传送带•若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带 上运动的V -t 图象（以地面为参考系）如图乙所示.已知V 2>V 1，则（ ）A . t2时刻，小物块离A 处的距离达到最大B. t 2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C. 0〜t 2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D . 0〜t 3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用解析 由图象知物块先向左减速，后反向加速到 V 1,再做匀速直线运动，t 1时刻离A 处的距离最大，A 错误；t 2时刻小物块与传送带相对静止，故t 2时 刻小物块相对传送带滑动距离最大，B 正确；0〜t 2时间内摩擦力方向一直向 右，C 错误；在0〜t 2时间内摩擦力为滑动摩擦力，大小不变，在 t 2〜t 3时间 内物块做匀速运动，此过程中摩擦力为零，D错误.答案B考点二力的合成与分解1. （2013重庆理综，1 , 6分）（难度如如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角9 .若此人所受重力为G ,则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（ 解析 以人为研究对象，根据人处于平衡状态，由平衡条件知椅子对人的力F 和重力大小相等，A正确.答案 A2. （2013安徽理综，14，6分）（难度★★）如图所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为 9的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行•在斜面体以加速度a 水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T 和斜面的支持力F N 分别为（重力加速度为g ）（T = m(gsin 9 + acos 9) F N = m(g cos 9 — asinB. T = m(gcos 9 + as in 9) F N = m(g sin 9 — acos 9)C. T = m(acos 9— gsi n 9) F N = m(g cos 9 + as in 9)D. T = m(asin 9 — gcos 9) F N = m(g sin 9 + acos 9)解析 对小球受力分析如图所示，建立坐标系，在 x 轴方向上：T — mgsin 9=macos 9C . Gcos 9D . Gtan 9)B . Gsin 9解得：T = mgsin 0 + macos 0F N = mgcos 0—masin 0所以选项A正确.答案A3. （2013上海单科，18,4分）（难度★★）（多选）两个共点力F i、F2大小不同，它们的合力大小为F，则（）A. F i、F2同时增大一倍，F也增大一倍B. F i、F2同时增加10 N，F也增加10 NC. F1增加10 N，F2减少10 N，F 一定不变D. 若F1、F2中的一个增大，F不一定增大解析根据求合力的公式F = ' , F2+ F2+ 2F1F2COS 0（0为F1、F2的夹角），若F1、F2都变为原来的2倍，合力也一定变为原来的2倍，A正确；对于B、C两种情况，力的变化不是按比例增加或减少的，不能判断合力的变化情况，B、C错误；如图所示，在F丄F2情况下，若F2增加，可明显看出合力减小，所以D正确.在y轴方向上: F N—mgcos 启一masin 0答案AD4. （2013海南单科，2,3分）（难度★★）一质点受多个力的作用，处于静止状态.现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小•在此过程中，其它力保持不变，则质点的加速度大小a和速度大小v的变化情况是（）A. a和v都始终增大B. a和v都先增大后减小C. a先增大后减小，v始终增大D. a和v都先减小后增大解析质点在多个力作用下处于静止状态时，其中一个力必与其余各力的合力等值反向•当该力大小逐渐减小到零的过程中，质点所受合力从零开始逐渐增大，做加速度逐渐增大的加速运动；当该力再沿原方向逐渐恢复到原来大小的过程中，质点所受合力方向仍不变，大小逐渐减小到零，质点沿原方向做加速度逐渐减小的加速运动，故C正确.答案C5. （2012 上海单科，6，2分）（难度★★）已知两个共点力的合力为50 N，分力F i 的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30 N .则（）A. F i的大小是唯一的B. F2的方向是唯一的C. F2有两个可能的方向D. F2可取任意方向解析由F i、F2和F的矢量三角形图可以看出：当F2= F20= 25 N时，F i的大小才是唯一的，F2的方向才是唯一的.因F2=30 N>F20= 25 N,所以F i的大小有两个，即F i'秆i 〃，F2的方向有两个,即F2‘的方向和F2〃的方向，故选项A、B、D错误，选项C正确.答案C考点三受力分析共点力的平衡1. （2015广东理综，19,6分）（难度★★★）（多选）如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平地面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（）A •三条绳中的张力都相等B •杆对地面的压力大于自身重力C. 绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D •绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力解析因三条绳长度不同，且彼此之间的夹角不确定，所以三条绳的张力大小不一定相等，但能确定三张力的合力方向为竖直向下，故A错误；杆对地面的压力大小数值上等于杆的重力与三条绳拉力的竖直向下的分力之和，故B正确；由于杆竖直，绳子对杆的拉力在水平方向上的合力等零，故C正确；绳子拉力的合力方向与杆的重力方向均竖直向下，故两者不是一对平衡力，故D错误.答案BC2. （2015 山东理综，16, 6分）（难度★★★）如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B 刚好不下滑.已知A与B间的动摩擦因数为卩，A与地面间的动摩擦因数为爲最大静摩擦力等于滑动摩擦力.A与B的质量之比为（）解析 对物体A 、B 整体在水平方向上有F =似（m A + m B ）g ;对物体B 在竖直 m A 1 — 2 2方向上有2F = m B g ；联立解得：m = ，选项B 正确.mB2 22 答案 B3. （2015浙江理综，20, 6分）（难度★★★）（多选）如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1 kg 的小球A 悬挂到水平板的M 、N 两点，A 上带 有Q = 3.0X 10—6 C 的正电荷.两线夹角为120°,两线上的拉力大小分别为 F 1和F 2.A 的正下方0.3 m 处放有一带等量异种电荷的小球 B ，B 与绝缘支架 的总质量为0.2 kg （重力加速度取g = 10 m/s 2;静电力常量k = 9.0X 109 N • m 2/C 2，A 、B 球可视为点电荷），则（ ）A •支架对地面的压力大小为2.0 NB .两线上的拉力大小 F i = F 2= 1.9 NC .将B 水平右移，使M 、A 、B 在同一直线上，此时两线上的拉力大小F 1=1.225 N ，F 2= 1.0 ND .将B 移到无穷远处，两线上的拉力大小 F i = F 2= 0.866 NQQ 3.0X 10- 6X 3.0X 10- 6= 9.0X 109XA.丄 卩1卩21 —2 口 21+22 2 C.2 1 2 22 + 2 2 2D2 1 2 2解析 小球A 、B 间的库仑力为F 库二0.32B120° ANR OI IN= 0.9 N ,以B 和绝缘支架整体为研究对象受力分析图如图甲所示，地面对 支架支持力为F N = mg — F 库=1.1 N , A 错误；以A 球为研究对象，受力分 析图如图乙所示，F i = F 2= m A g + F 库=1.9 N, B 正确；B 水平向右移，当M 、 Q QA 、B 在同一直线上时，A 、B 间距为r'= 0.6 m , F 库’打三=0.225 N ,以A r' 球为研究对象受力分析图如图丙所示，可知 F 2'#.0 N , F i '—库’#.0 N , F i '#.225 N ,所以C 正确；将B 移到无穷远，则F 库〃 可求得F i 〃#2〃答案 BC4. （2014新课标全国I , 17, 6分）（难度★★★）如图，用橡皮筋将一小球悬挂在 小车的架子上，系统处于平衡状态•现使小车从静止开始向左加速，加速度 从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一 角度（橡皮筋在弹性限度内），与稳定在竖直位置时相比，小球的高度（）A •一定升高# 1 N ,DB•—定降低C.保持不变D •升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定解析设橡皮筋原长为10加速前平衡时橡皮筋伸长了x o贝U有kx o= mg当加速并稳定时设小球偏离竖直方向B角，橡皮筋伸长了x由小球在竖直方向受力平衡有kxcos 启mg联立得kxcos 0= kx oxcos 0= x o此时小球距悬挂点的竖直高度h= （l o + x）cos 0=l o cos 0 + xcos 0=l o cos 0 + x o v l o+ x o故小球一定升高，选项A正确.答案A5. （2014山东理综，14, 6分）（难度★★）如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千.某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持等长且悬挂点不变•木板静止时，F i表示木板所受合力的大小，F2 表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后（）C. F i变大，F2变大解析木板静止时受力情况如图所示，设轻绳与竖直木板的夹角为9,由平衡条件知，合力F i = 0,故F i不变，F2= m^，剪短轻绳后，9增大,2cos 9cos 9减小，F2增大，故A正确.答案A6. （20i4上海单科，9，3分）（难度★★）如图，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切.穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N.在运动过程中（)r _""L丿A. F增大，N减小B.F减小，N减小C. F增大，N增大D.F减小，N增大A • F i不变,D . F i变小，F2变小解析 由题意知，小球在由A 运动到B 过程中始终处于平衡状态.设某一时 刻小球运动至如图所示位置，则对球由平衡条件得： F = mgsin 0, F N =答案 A7. （2013山东理综，15, 5分）（难度★★）如图所示，用完全相同的轻弹簧 A 、B 、C 将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态，弹簧 A 与竖直方向的夹角为30°，弹簧C 水平，则弹簧A 、C 的伸长量之比为（）A. .'3 : 4 B . 4 : 3 C . 1 : 2 D . 2 : 1解析 以两个小球及弹簧B 整体为研究对象，受力分析如图所示，则根据平 衡条件，在水平方向有F A sin 30°=F C ，即A 、C 两弹簧的弹力之比F A ： F c 二2 : 1.由于两弹簧完全相同，所以根据胡克定律知，两弹簧的伸长量之比X A ：X C = F A : F C = 2 ： 1，D 正确.答案Dmgcos 0,在运动过程中,F N 减小，A 正确.C. F N 保持不变, F T 先增大后减小8. （2013北京理综，16, 6分）（难度★★）倾角为a 质量为M 的斜面体静止在水平桌面上，质量为m 的木块静止在斜面体上•下列结论正确的是 （）A •木块受到的摩擦力大小是 mgcos a B. 木块对斜面体的压力大小是 mgsin a C. 桌面对斜面体的摩擦力大小是 mgsin a cos a D .桌面对斜面体的支持力大小是（M + m ）g解析 对木块受力分析，如图甲所示，由平衡条件得F f = mgsin a, F N = mgcosa,故A 、B 错误；对M 和m 组成的整体受力分析，如图乙所示，可知水平方向没有力的作用，C 错误；由平衡条件，F N '轴+ m ）g ，D 正确.答案 D9. （2013天津理综，5，6分）（难度★★★）如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O 点.现用水平力F 缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑 动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此 过程中斜面对小球的支持力F N 以及绳对小球的拉力F T 的变化情况是（）A . F N 保持不变,B . F N 不断增大, F T 不断增大F T 不断减小解析以小球为研究对象，受力分析如图所示•在小球上升到接近斜面顶端的过程中，mg的大小和方向都不变，F N的方向不变，F T与水平方向的夹角B变小，由力的合成法则可知F T先减小，当F T与F N垂直时达到最小，然后答案 D 14，6分）（难度★★）如图所示，与水平面夹角为30°的固m= 1.0 kg的物体.细绳的一端与物体相连，另一端经摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连.物体静止在斜面上，弹簧秤的示数为A .斜面对物体的摩擦力大小为零B. 斜面对物体的摩擦力大小为4.9 N,方向沿斜面向上C. 斜面对物体的支持力大小为4.9 3 N，方向竖直向上D .斜面对物体的支持力大小为4.9 N,方向垂直斜面向上解析物体重力在斜面方向上的分力：G x= mgs in 30°=4.9 N，由此可推断f=0，即A正确，B错误；物体重力在垂直斜面方向上的分力：G y = mgcos 30°=4.9 3 N，方向垂直斜面向下，故C、D均错误.答案A10. （2012浙江理综，开始增大,11. （2011 •苏单科，1）（难度★★★）如图所示，石拱桥的正中央有一质量为 m的对称楔形石块，侧面与竖直方向的夹角为a 重力加速度为g.若接触面间的摩擦力忽略不计，则石块侧面所受弹力的大小为 （ ）1D. qmgcot a解析 分析楔形石块受力，由平衡条件可知其在竖直方向受合力为零，即答案 A12. （2012课标全国理综，24）（难度^*** ）拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地 工具（如图）.设拖把头的质量为m ,拖杆质量可忽略；拖把头与地板之间的 动摩擦因数为常数 仏重力加速度为g,某同学用该拖把在水平地板上拖地时， 沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为6（1） 若拖把头在地板上匀速移动，求推拖把的力的大小；（2） 设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖 把的正压力的比值为 入已知存在一临界角6 0,若 其6,则不管沿拖杆方向 的推力多大，都不可能使拖把从静止开始运动.求这一临界角的正切tan 6 o .解析（1）设该同学沿拖杆方向用大小为 F 的力推拖把.将推拖把的力沿竖直 和水平方向分解，据平衡条件有 Fcos 6+ mg = N ① Fsin 6= f ②A.mg2sin aC.qmgtan 2Fsi n尸吨，解得F二盘，本题只有选项A 正确.式中N和f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力.据摩擦定律有③联立①②③式得F= mg ④sin 0— i os 0(2)若不管沿拖杆方向用多大的力都不能使拖把从静止开始运动，应有Fsin 0<这时，①式仍满足•联立①⑤式得sin 0— t os 0< ⑥现考察使上式成立的0角的取值范围•注意到上式右边总是大于零，且当F 无限大时为零，有sin 0— t os 0<0⑦使上式成立的0角满足0< 00,这里0是题中所定义的临界角，即当0< 00时，不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把.临界角的正切为tan 0o=t⑧答案⑴mg (2)tan 0 o=tsin 0 —(jcos 0。