2016届高三物理二轮复习综合检测专题五综合检测含答案
【全国市级联考】福建省泉州市2016届高三第二次(5月)质量检查理综物理试题解析(解析版)
一、选择题14.如图，虚线a、b、c为电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带正电粒子仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q为轨迹上的两点，则A.三个等势面中，a等势面电势最低B.粒子在P点时的电势能比在Q点的小C.粒子在P点时的动能比在Q点的小D.粒子在P点时的加速度比在Q点的小【答案】C考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化。
15．如图，穿在一根固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的轻绳两端，杆与水平面的夹角θ=30°。
当两球静止时，绳OA与杆的夹角也为θ，绳佃沿竖直方向，不计一切摩擦，则球A、B的质量之比为A.3：1B. 1：3C. 2：3D. 3：2【答案】A考点：共点力平衡【名师点睛】本题考查了隔离法对两个物体的受力分析，关键是抓住同一根绳子上的拉力处处相等结合几何关系将两个小球的重力联系起来。
16. 质量为500kg 的赛车在平直赛道上以恒定功率加速，受到的阻力不变，其加速度a 和速度的倒数v1的关系如图所示，则赛车A.做匀加速直线运动B.功率为20kWC.所受阻力大小为2000ND.速度大小为50m/s 时牵引力大小为3000N 【答案】C 【解析】试题分析：由图像可知，汽车的加速度随速度的增大而减小，故汽车不做匀加速运动，选项A错误；根据P=Fv，F-f=ma可得：1aP fm v m=⋅-；由图像可知：=4fm，=400Pm，解得f=2000N; P=2×105W,选项B错误，C正确；速度大小为50m/s时牵引力大小为5210400050PF N Nv⨯===，选项D错误；故选C.考点：牛顿第二定律；功率【名师点睛】本题考查动能定理、功率公式的应用以及图象的性质，要注意正确根据物理规律确定函数关系，再由图象求解相关物理量。
清远市2016届高三第二次模拟考试物理综合能力测试及答案
清远市2016届高三第二次模拟考试理科综合能力测试本试题卷共10页，40题（含选考题）。
全卷满分300分。
考试用时150分钟。
注意事项：1．本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，考生务必将自己的班级、姓名、学号、试室座位号填写在答题卡上。
2．作答时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
可能用到的相对原子质量：C—12、H—1、O—16、Na—23、Ba—137第I卷（共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列说法正确的是A. 糖类是细胞代谢的直接能源物质B. 植物光合作用的色素一定存在于叶片细胞中C. 细胞中构成蛋白质、核酸、淀粉等生物大分子的单体在排列顺序上都具有多样性D. 受精作用的过程体现了生物膜的识别功能及具有一定的流动性2．浸泡在一定浓度硝酸钾溶液中的洋葱鳞片叶表皮细胞，发生质壁分离后又出现质壁分离复原，与此过程密切相关的细胞器有A．核糖体、液泡B．核糖体、内质网C．线粒体、液泡D．线粒体、高尔基体3．下列关于呼吸作用的叙述，正确的是A．无氧呼吸的终产物是丙酮酸B．有氧呼吸产生的[H] 在线粒体基质中与氧结合生成水C．无氧呼吸不需要O2 参与，该过程最终有[H]的积累。
D．质量相同时，脂肪比糖原有氧氧化放出的的能量多4．下列有关叶绿体及光合作用的叙述，正确的是A．破坏叶绿体外膜后，O2 不能产生B．植物生长过程中，叶绿体内各种色素的比例保持不变C．弱光变强光，短时间内叶绿体内C3、ATP增多D．离体的叶绿体给予适宜的光照和CO2 等条件，仍可完成光合作用5．下列关于动物细胞有丝分裂的叙述不正确的是A．分裂间期有DNA和中心体的复制B．分裂间期DNA含量和染色体组数都加倍C．纺锤体形成于分裂前期，消失于分裂末期D．染色单体形成于分裂间期，消失于分裂后期6．下列关于细胞分化、衰老、凋亡和癌变的叙述不正确的是A．血红蛋白的合成，说明细胞发生了分化B．衰老细胞内呼吸酶的活性下降C．细胞凋亡是由基因控制的主动结束生命的过程D．原癌基因促使细胞癌变，抑癌基因抑制细胞癌变7．下列说法正确的是A、纤维素和淀粉遇碘水均显蓝色B、蛋白质、乙酸和葡萄糖均属电解质C、溴乙烷与NaOH乙醇溶液共热生成乙烯D、乙酸乙酯和食用植物油均可水解生成乙醇9．下列说法正确的是A、Na2O2、Na2O均能吸收CO2并放出氧气B、Mg、Al、Fe均能在冷的浓硝酸中钝化C、SO2和C12都有漂白性，其反应原理相同D、SiO2既能与NaOH反应，又能与Na2CO3反应，并且都有Na2SiO3生成10．能在溶液中大量共存的一组离子是A、NH4+、Ag+、PO43—、Cl—B、Fe3+、H+、I—、HCO3—C、K+、Na+、NO3—、MnO4—D、Al3+、Mg2+、SO42—、CO32—1112．能正确表示下列反应的离子方程式是：A、将铜屑加入Fe3＋溶液中：Fe3＋＋Cu == Fe2＋＋Cu2＋B、将磁性氧化铁溶于盐酸：Fe3 O4＋8H＋===3Fe3＋＋4H2 OC、将氯化亚铁溶液和稀硝酸混合：Fe2＋＋4H＋＋NO－3===Fe3＋＋2H2 O＋NO↑D、将硫酸亚铁及漂白粉加入到稀硫酸中：2Fe2+＋ClO—+ 2H＋===2Fe3＋＋Cl—+ H2O13．N A代表阿伏加德罗常数的值。
2016届高三物理二轮复习综合检测力学综合检测含答案
力学综合检测一、选择题1.(2015·安徽名校质检)如图所示，质量为m 的木块A 放在地面上的质量为M 的三角形斜劈B 上，现用大小均为F 、方向相反的力分别推A 和B ，它们均静止不动，则( )A 、A 与B 之间一定存在弹力 B 、地面受向右的摩擦力C 、B 对A 的支持力一定等于mgD 、地面对B 的支持力的大小一定等于Mg解析：选A 、对A 、B 整体受力分析，受到重力(M ＋m )g 、地面的支持力F N 和已知的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好平衡，故整体与地面间没有摩擦力，根据共点力平衡条件，有F N ＝(M ＋m )g ，故B 、D 错误；再对木块A 受力分析，受重力mg 、已知的推力F 、斜劈B 对A 的支持力F ′N 和摩擦力F f ，当推力F 沿斜面的分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，当推力F 沿斜面的分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，当推力F 沿斜面的分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，根据共点力的平衡条件，运用正交分解法，可以得到：F ′N ＝mg cos θ＋F sin θ，故A 正确，C 错误、2.(2015·马鞍山二检)如图所示为固定在水平地面上的顶角为θ的圆锥体，表面光滑、有一质量为m 的弹性圆环静止在圆锥体的表面上，若圆锥体对圆环的作用力大小为F ，则有( )A 、F ＝mgB 、F ＝mg sin θ2C 、F ＝mgsin θ2D 、F ＝mg cos θ2解析：选A 、圆锥体对圆环所有部位作用力的合力与圆环的重力平衡，即F ＝mg ，选项A 正确，B 、C 、D 错误、3、(2015·蚌埠联谊校二次联考)如图所示，物体A 放在斜面上，与斜面一起向右做匀加速运动，物体A 受到斜面对它的支持力和摩擦力的合力方向可能是( )A 、向右斜上方B 、竖直向上C 、向右斜下方D 、上述三种方向均不可能解析：选A 、物体向右加速，由牛顿第二定律可得物体的合外力方向水平向右，故斜面对物体A 的支持力和摩擦力的合力在竖直方向的分力平衡了物体的重力，水平方向的分力为合外力，由平行四边形定则可得物体A 受到斜面对它的支持力和摩擦力的合力方向向右斜上方，A 对、4.(多选)(2015·潍坊一模)如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a 放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a 上，另一端绕过光滑的滑轮1固定在c 点，滑轮2下悬挂物体b ，系统处于静止状态、若将固定点c 向右移动少许，而a 与斜劈始终静止，则( )A 、细线对物体a 的拉力增大B 、斜劈对地面的压力减小C 、斜劈对物体a 的摩擦力减小D 、地面对斜劈的摩擦力增大解析：选AD 、设细线的拉力为F ，滑轮2两侧细线的夹角为θ，滑轮2和b 的总重力为M ，则有2F cos θ2＝Mg ，固定点c 向右移动少许，θ增大，F 变大，F 的竖直分力不变，F 的水平分力增大，故A 、D 对，B 错；因a 物体相对斜劈滑动趋势的方向不明确，故无法判断摩擦力的变化，C 错、5、(多选)为了探测X 星球，总质量为m 1的探测飞船载着登陆舱在以该星球中心为圆心的圆轨道上运动，轨道半径为r 1，运动周期为T 1.随后质量为m 2的登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r 2的圆轨道上运动，则( )A 、X 星球表面的重力加速度g X ＝4π2r 1T 21B 、X 星球的质量M ＝4π2r 31GT 21C 、登陆舱在r 1与r 2轨道上运动时的速度大小之比v 1v 2＝m 1r 2m 2r 1 D 、登陆舱在半径为r 2的轨道上做圆周运动的周期T 2＝r 32r 31T 1 解析：选BD 、星球半径未知，故无法应用万有引力与重力相等的关系计算星球表面重力加速度，A 项错；飞船绕X 星球做圆周运动过程中，万有引力充当向心力，即G Mm 1r 21＝m 14π2T 21r 1，解得：M＝4π2r 31GT 21，B 项正确；飞船和登陆舱分别绕X 星球做匀速圆周运动，由开普勒第三定律有r 31T 21＝r 32T 22，解得：T 2＝r 32r 31T 1，D 项正确；由周期与线速度关系v 1＝2πr 1T 1，v 2＝2πr 2T 2，结合开普勒第三定律可知，运行速度与登陆舱质量无关，C 项错、6、(多选)我国自行研制的新一代8×8轮式装甲车已达到西方国家第三代战车的水平，将成为中国军方快速部署型轻甲部队的主力装备、设该装甲车的质量为m ，若在平直的公路上从静止开始加速，前进较短的距离s 速度便可达到最大值v m .设在加速过程中发动机的功率恒定为P ，装甲车所受阻力恒为F f ，当速度为v (v <v m )时，所受牵引力为F .以下说法正确的是( )A 、装甲车速度为v 时，装甲车的牵引力做功为FsB 、装甲车的最大速度v m ＝PF fC 、装甲车速度为v 时加速度为a ＝F －F fmD 、装甲车从静止开始达到最大速度v m 所用时间t ＝2sv m解析：选BC 、装甲车在加速过程中，其牵引力F ＝Pv ，随着速度的增大，牵引力逐渐减小，故装甲车速度为v 时，装甲车的牵引力做功可能大于Fs ，也可能小于Fs ，A 错误；装甲车匀速运动时速度最大，故v m ＝PF f ，B 正确；装甲车速度为v 时，由牛顿第二定律得F －F f ＝ma ，解得a ＝F －F f m ，C 正确；装甲车加速过程由动能定理得Pt －F f s ＝12mv 2m ，解得t ＝F f s P ＋mP2F 2f，D 错误、 7、(2015·石家庄模拟)如图所示，B 点位于斜面底端M 点的正上方，并与斜面顶端A 点等高且高度为h ，在A 、B 两点分别以速度v a 和v b 沿水平方向抛出两个小球a 、b (可视为质点)、若a 球落到M 点的同时，b 球恰好落到斜面的中点N ，不计空气阻力，重力加速度为g ，则( )A 、v a ＝v bB 、v a ＝2v bC 、a 、b 两球同时抛出D 、a 球比b 球提前抛出的时间为(2－1)2hg 解析：选B 、由h ＝12gt 2a ，h 2＝12gt 2b 得：t a ＝2hg，t b ＝hg，故a 球比b 球提前抛出的时间Δt ＝t a －t b ＝(2－1)h g ，C 、D 均错误；由v a ＝xt a ，v b ＝x 2t b可得v a ＝2v b ，A 错误，B 正确、 8、(多选)(2015·广州毕业班测试)如图，甲、乙、丙是位于同一直线上的离其他恒星较远的三颗恒星，甲、丙围绕乙在半径为R 的圆轨道上运行，若三颗星质量均为M ，引力常量为G ，则( )A 、甲星所受合外力为5GM 24R 2B 、乙星所受合外力为GM 2R 2C 、甲星和丙星的线速度相同D 、甲星和丙星的角速度相同解析：选AD 、由万有引力定律可知，甲、乙和乙、丙之间的万有引力为F 1＝G M ·MR 2，甲、丙之间的万有引力为F 2＝G M ·M （2R ）2＝GM 24R 2，甲星所受两个引力的方向相同，故合力为F 1＋F 2＝5GM 24R 2，A 项正确；乙星所受两个引力等大、反向，合力为零，B 项错误；甲、丙两星线速度方向始终不同，C 项错误；由题知甲、丙两星周期相同，由角速度定义可知，两星角速度相同，D 项正确、9、(2015·济南针对性训练)火星表面特征非常接近地球，可能适合人类居住、已知火星半径是地球半径的12，质量是地球质量的19，自转周期基本相同、地球表面重力加速度是g ，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h ，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是( )A 、王跃在火星表面所受火星引力是他在地球表面所受地球引力的29B 、火星表面的重力加速度是2g 3C 、火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的23D 、王跃在火星上能向上跳起的最大高度是3h 2解析：选C 、根据万有引力定律：F ＝GMm R 2可知，F 火F 地＝M 火M 地·R 2地R 2火＝49，因此A 选项错误；同理可知，火星表面的重力加速度为49g ，故B 选项错误；根据星球的第一宇宙速度与星球的半径及其表面重力加速度的关系v ＝Rg 星可知，v 火v 地＝R 火R 地·g 火g ＝23，所以C 选项正确；根据h ＝v 22g 和H ＝v 22g 火可以求得，王跃在火星上向上跳起的最大高度为H ＝94h ，因此D 选项错误、10.(多选)(2015·高考江苏卷)如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长、圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，到达C 处的速度为零，AC ＝h .圆环在C 处获得一竖直向上的速度v ，恰好能回到A 、弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g .则圆环( )A 、下滑过程中，加速度一直减小B 、下滑过程中，克服摩擦力做的功为14mv 2C 、在C 处，弹簧的弹性势能为14mv 2－mghD 、上滑经过B 的速度大于下滑经过B 的速度解析：选BD 、圆环下落时，先加速，在B 位置时速度最大，加速度减小至0.从B 到C 圆环减速，加速度增大，方向向上，选项A 错误、圆环下滑时，设克服摩擦力做功为W f ，弹簧的最大弹性势能为ΔE p ，由A 到C 的过程中，根据功能关系有mgh ＝ΔE p ＋W f .由C 到A 的过程中，有12mv 2＋ΔE p ＝W f ＋mgh .联立解得W f ＝14mv 2，ΔE p ＝mgh －14mv 2，选项B 正确，选项C 错误、设圆环在B 位置时，弹簧弹性势能为ΔE p ′，根据能量守恒，A 到B 的过程有12mv 2B＋ΔE p ′＋W ′f ＝mgh ′，B 到A 的过程有12mv ′2B ＋ΔE p ′＝mgh ′＋W ′f ，比较两式得v ′B >v B ，选项D 正确、 二、计算题11、(2015·嘉兴一模)“辽宁号”航空母舰上舰载机的起飞问题一直备受关注、某学习小组的同学通过查阅资料对舰载机的起飞进行了模拟设计、如图，舰载机总质量为m ，发动机额定功率为P ，在水平轨道运行阶段所受阻力恒为f .舰载机在A 处以额定功率启动，同时开启电磁弹射系统，它能额外给舰载机提供水平向右、大小为F 的恒定推力、经历时间t 1，舰载机运行至B 处，速度达到v 1，电磁弹射系统关闭、舰载机继续以额定功率加速运行至C 处，经历的时间为t 2，速度达到v 2.此后，舰载机进入倾斜曲面轨道，在D 处离开航母起飞、请根据以上信息求解下列问题、(1)电磁弹射系统关闭的瞬间舰载机的加速度； (2)水平轨道AC 的长度、解析：(1)根据功率表达式可得F 1＝Pv 1由牛顿第二运动定律得 F 1－f ＝ma 解得a ＝P v 1m －f m. (2)舰载机在A 处以额定功率启动，同时开启电磁弹射系统，它能额外给舰载机提供水平向右、大小为F 的恒定推力、经历时间t 1，舰载机运行至B 处，速度达到v 1，AB 长度设为x 1，由动能定理Pt 1＋Fx 1－fx 1＝12mv 21电磁弹射系统关闭、舰载机继续以额定功率加速运行至C 处，经历的时间为t 2，速度达到v 2，BC 长度设为x 2.同理得Pt 2－fx 2＝12mv 22－12mv 21 水平轨道的长度AC ＝x 1＋x2 联立以上三式解得AC ＝12mv 21－Pt 1F －f ＋Pt 2＋12mv 21－12mv 22f .答案：(1)P v 1m －fm(2)12mv 21－Pt 1F －f＋Pt 2＋12mv 21－12mv 22f12、(2015·高考重庆卷)同学们参照伽利略时期演示平抛运动的方法制作了如图所示的实验装置，图中水平放置的底板上竖直地固定有M 板和N 板、M 板上部有一半径为R 的14圆弧形的粗糙轨道，P 为最高点，Q 为最低点，Q 点处的切线水平，距底板高为H ，N 板上固定有三个圆环、将质量为m 的小球从P 处静止释放，小球运动至Q 飞出后无阻碍地通过各圆环中心，落到底板上距Q 水平距离为L 处、不考虑空气阻力，重力加速度为g .求：(1)距Q 水平距离为L2的圆环中心到底板的高度；(2)小球运动到Q 点时速度的大小以及对轨道压力的大小和方向； (3)摩擦力对小球做的功、解析：(1)设小球在Q 点的速度为v 0，由平抛运动规律有H ＝12gt 21，L ＝v 0t 1，得v 0＝Lg2H.从Q 点到距Q 点水平距离为L 2的圆环中心的竖直高度为h ，则L 2＝v 0t 2，得h ＝12gt 22＝14H . 该位置距底板的高度：Δh ＝H －h ＝34H .(2)由(1)问知小球运动到Q 点时的速度大小v 0＝Lg2H.设小球在Q 点受的支持力为F N ，由牛顿第二定律F N －mg ＝m v 20R，得F N ＝mg ⎝⎛⎭⎫1＋L 22HR ，由牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力F ′N ＝F N ＝mg ·⎝⎛⎭⎫1＋L 22HR ，方向竖直向下、 (3)设摩擦力对小球做功为W ，则由动能定理得 mgR ＋W ＝12mv 20得W ＝mg ⎝⎛⎭⎫L 24H －R . 答案：见解析13.(2015·青岛模拟)如图所示，一粗糙斜面AB 与圆心角为37°的光滑圆弧BC 相切，经过C 点的切线方向水平、已知圆弧的半径为R ＝1.25 m ，斜面AB 的长度为L ＝1 m 、质量为m ＝1 kg 的小物块(可视为质点)在水平外力F ＝1 N 作用下，从斜面顶端A 点处由静止开始沿斜面向下运动，当到达B 点时撤去外力，物块沿圆弧滑至C 点抛出，若落地点E 与C 点间的水平距离为x ＝1.2 m ，C 点距离地面高度为h ＝0.8 m 、(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，重力加速度g 取10 m/s 2)求：(1)物块经C 点时对圆弧面的压力大小； (2)物块滑至B 点时的速度大小； (3)物块与斜面间的动摩擦因数、 解析：(1)物块从C 点到E 点做平抛运动由h ＝12gt 2，得t ＝0.4 sv C ＝xt＝3 m/s由牛顿第二定律知：F N －mg ＝m v 2CR解得F N ＝17.2 N由牛顿第三定律知物块在C 点时对圆弧面的压力大小为17.2 N. (2)从B 点到C 点由动能定理，知 mgR －mgR cos 37°＝12mv 2C －12mv 2B解得v B ＝2 m/s.(3)从A 点到B 点，由v 2B ＝2aL ，得a ＝2 m/s 2由牛顿第二定律，知mg sin 37°＋F cos 37°－μ(mg cos 37°－F sin 37°)＝ma 解得μ＝2437≈0.65. 答案：(1)17.2 N (2)2 m/s (3)0.65。
高三物理-2016届高三第二次阶段检测物理试卷
2016届高三第二次阶段检测物理试卷一．单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。
1．物理学中用到了大量的科学方法，建立下列概念时均用到“等效替代”方法的是（ ） A ．“合力与分力”、“质点”、“电场强度” B ．“质点”、“平均速度”、“点电荷” C ．“合力与分力”、“平均速度”、“总电阻” D ．“点电荷”、“总电阻”、“电场强度” 2． 2013年12月11日，“嫦娥三号”从距月面高度为100km 的环月圆轨道Ⅰ上的P 点实施变轨，进入近月点为15km 的椭圆轨道Ⅱ，由近月点Q 成功落月，如图所示。
关于“嫦娥三号”，下列说法正确的是（ ）A ．沿轨道Ⅰ运动至P 时，需制动减速才能进入轨道ⅡB ．沿轨道Ⅱ运行的周期大于沿轨道Ⅰ运行的周期C ．沿轨道Ⅱ运行时，在P 点的加速度大于在Q 点的加速度D ．在轨道Ⅱ上由P 点运行到Q 点的过程中，万有引力对其做负功3．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I 、II 的速度图象如图在0～t 2时间内，下列说法中正确的是（ ）A ．I 物体所受的合外力不断增大，II 物体所受的合外力不断减小B ．在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远C ．t 2时刻两物体相遇D ．I 、II 两个物体的平均速度大小都是122v v + 4． 如图所示，无限大均匀带正电薄板竖直放置，其周围空间的电场可认为是匀强电场。
光滑绝缘细管垂直穿过板中间小孔，一个视为质点的带负电小球在细管内运动。
以小孔为原点建立x 轴，规定x 轴正方向为加速度a 和速度v 的正方向，下图分别表示x 轴上各点的电势φ，小球的加速度a 、速度v 和动能E k 随x 的变化图象，其中正确的是（ ）5．如图，倾角为a 斜面体放在粗糙水平面上，质量为m 的物体A 与一劲度系数为k 的轻弹簧相连。
现用拉力F 沿斜面向上拉弹簧，使物体在光滑斜面上匀速上滑，上滑的高度为h ，斜面体始终处于静止状态。
山东省潍坊市2016届高三下学期高考模拟训练(五)物理试卷(含答案)
潍坊市2016年高考模拟训练试题理科综合(五)物理本试卷分第I 卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共15页，满分300分，考试用时。
50分钟。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准号证号、考试科目填涂在答题卡规定的地方。
第I 卷(必做题，共126分)主意事项：1．每小题选出答案后。
用2B 铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净以后，再涂写其他答案标号。
只答在试卷上不得分。
2．第I 卷共21道小题每小题6分，共126分。
以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 C1 35.5 Cu 64 Br 80二、选择题(本题共8小题。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力)，从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的A ．轨道半径减小，角速度增大B ．轨道半径减小，角速度减小C ．轨道半径增大，角速度增大D ．轨道半径增大，角速度减小15．A 、B 两个物体在同一直线上运动，速度—图象如图所示。
下列说法正确的是A ．A 、B 的运动方向相反B ．0～4s 内，A 、B 的位移相同C ．t=4s 时，A 、B 的速度相同D ．A 的加速度比B 的加速度大16．已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为02σε，其中σ为平面上单位面积所带的电荷量，0ε为常量。
如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S ，其间为真空，带电荷量为Q 。
不计边缘效应时，极板可看做无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为 A ．200Q Q S Sεε和 B ．200Q Q 2S S εε和 C ．200Q Q 2S 2S εε和 D ．200Q Q S 2S εε和 17．如图，发电机的电动势678sin100e tV =，变压器的副线圈匝数可调，触头P 置于a 处时用户的用电器恰好得到220V 的电压，R 表示输电线的电阻。
北京市昌平区2016届高三第二次(5月)统一练习理综物理试题解析(解析版)
第一部分（选择题，每小题6分，共120分）在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。
13．一束单色光从真空斜射向某种介质的表面，如图1所示。
下列说法中正确的是A ．介质的折射率等于2B ．介质的折射率等于1.5C ．介质的折射率等于22D ．增大入射角，可能发生全反射现象 【答案】A 【解析】试题分析：根据折射定律可得：sin 452sin 30n ==，选项A 正确，BC 错误；光从光密介质射入光疏介质才可能发生全反射，故当由真空射向介质时即使增大入射角，也不可能发生全反射现象，选项D 错误；故选A.考点：折射定律14．钍核（23490Th ）具有放射性，它能放出一个新的粒子而变为镤核（23491Pa ），同时伴随有γ射线产生，其方程为x PaTh 2349123490+→。
则x 粒子为A ．质子B ．中子C ．α粒子D ．β粒子 【答案】D 【解析】试题分析：根据核反应方程的电荷数及质量数守恒可知，x 的质量数为0，电荷数为-1，即为电子，故x 粒子为β粒子，故选D. 考点：核反应方程15．堵住打气筒的出气口，缓慢向下压活塞使气体体积减小，你会感到越来越费力。
设此过程中气体的温度保持不变。
对这一现象的解释正确的是A ．气体的密度增大，使得在相同时间内撞击活塞的气体分子数目增多B ．气体分子间没有可压缩的间隙C ．气体分子的平均动能增大D ．气体分子间相互作用力表现为斥力 【答案】A 【解析】试题分析：当气体的密度增大时，单位体积的分子数增加，气体分子的密度变大，使得在相同时间内撞击活塞的气体分子数目增多，故对活塞的压强变大，你会感到越来越费力，故选A. 考点：气体的压强16．行星在太阳的引力作用下绕太阳公转，若把地球和水星绕太阳的运动轨迹都近似看作圆。
已知地球绕太阳公转的半径大于水星绕太阳公转的半径，则下列判断正确的是 A ．地球的线速度大于水星的线速度 B ．地球的角速度大于水星的角速度 C ．地球的公转周期大于水星的公转周期 D ．地球的向心加速度大于水星的向心加速度 【答案】C 【解析】试题分析：万有引力提供向心力得v ，则半径大的线速度小，则A 错误；万有引力提供向心力得：ω，则半径大的角速度小，则B 错误；万有引力提供向心力得：2T π＝，则半径大的周期大，则C 正确；万有引力提供向心力得：2GMa r=，则半径大的加速度小，则D 错误；故选C. 考点：万有引力定律的应用17．一列简谐横波沿x 轴传播，图2（甲）是t =0时刻的波形图，图2（乙）是x =3m 处质点的振动图像，下列说法正确的是A ．该波的波长为5mB ．该波的周期为1sC ．该波向x 轴负方向传播D ．该波的波速为2m/s 【答案】D 【解析】试题分析：由甲图知，该波的波长为 λ=5m -1m=4m ，故A 错误．由乙图知，该波的周期为 T=2s ，故B 错误．由乙图知，x=3m 处的质点在t=0时刻向下振动，在甲图上，根据上下坡法知，该波沿x 轴正方向传播，故C 错误．该波的波速为2/v m s Tλ==．故D 正确．故选D.考点：振动图像和波的图像18．如图3所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m 的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接。
2016届高三二轮复习物理作业卷 热学含解析
2016万卷作业卷（二十）热学一 、单选题（本大题共5小题 。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1. 下列说法正确的是A ．物体温度改变时，物体分子的平均动能一定改变B ．在两分子间距离减小的过程中，分子间引力减小，斥力增大C ．在两分子间距离增大的过程中，分子势能一定增大D ．气体压强是气体分子间的斥力产生的2. 热现象与大量分子热运动的统计规律有关，1859年麦克斯韦从理论上推导出了气体分子速率的分布规律，后来有许多实验验证了这一规律。
若以横坐标v 表示分子速率，纵坐标f (v )表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比。
对某一部分密闭在钢瓶中的理想气体，在温度T 1、T 2时的分子速率分布图象如题图所示，下列分析和判断中正确的是( )A ．两种状态下瓶中气体内能相等B ．两种状态下瓶中气体分子平均动能相等C ．两种状态下瓶中气体分子势能相等D ．两种状态下瓶中气体分子单位时间内撞击瓶壁的总冲量相等3. 下列说法中正确的是A ．气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大B ．气体体积变小时，单位体积的分子数增多，单位时间内撞到器壁单位面积上的分子数增多，从而气体的压强一定增大C ．压缩一定质量的气体，气体的内能一定增加D ．分子a 只在分子b 的分子力作用下，从无穷远处向固定不动的分子b 运动的过程中，当a 到达受b 的作用力为零的位置时，a 的动能一定最大4. 架在A 、B 两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，电线呈现如图所示的两种形状。
下列说法中正确的是（ ） A ．夏季电线对电线杆的拉力较大B ．冬季电线对电线杆的拉力较大C ．夏季、冬季电线对电线杆的拉力一样大D ．夏季杆对地面的压力较大[5. 下列有关分子运动理论的各种说法中正确的是（ ）A ． 温度低的物体内能小B ． 温度低的物体，其分子运动的平均动能也必然小C ． 做加速运动的物体，由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大D ． 0℃的铁和0℃的冰，它们的分子平均动能可能不相同夏季 冬季 A A B B二、多选题（本大题共2小题）6. 健身球是一个充满气体的大皮球，当人压向健身球上时，假设球内气体温度不变，则在这个过程中A．气体分子的平均动能增大B．气体的密度增大C．气体从外界吸收热量D．外界对气体做功7.（2015•汕头一模）气象探测气球内充有常温常压的氦气，从地面上升至某高空的过程中，气球内氦气的压强随外部气压减小而逐渐减小，其温度因启动加热装置而保持不变．高空气温为﹣7.0℃，球内氦气可视为理想气体，下列说法中正确的是（）A．在此过程，气球内氦气体积逐渐增大B．在此高空，关闭加热装置后，氦气分子平均动能增大C．在此高空，关闭加热装置后，氦气将对外界做功D．在此高空，关闭加热装置后，氦气将对外放热三、简答题（本大题共2小题）8.（2015•松江区一模）如图，由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为0℃的水槽中，B的容积是A的3倍．阀门S将A和B两部分隔开．A内为真空，B和C内都充有气体．U形管内左边水银柱比右边的低60mm．打开阀门S，整个系统稳定后，U形管内左右水银柱高度相等．假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积．（1）求玻璃泡C中气体的压强（以mmHg为单位）（2）将右侧水槽的水从0℃加热到一定温度时，U形管内左右水银柱高度差又为60mm，求加热后右侧水槽的水温．9.（2015•崇明县一模）在托里拆利实验中，由于操作不慎，漏进了一些空气．当大气压强为75cm Hg时，管内外汞面高度差为60cm，管内被封闭的空气柱长度是30cm，如图所示．问：（1）此时管内空气的压强是多少？（2）若将此装置移到高山上，温度不变，发现管内外汞面高度差变为54cm，山上的大气压强为多少（设管顶到槽内汞面的高度不变）？2016万卷作业卷（二十）答案解析一、单选题10.【答案】A11.【答案】C12.【答案】D13.【答案】B14.【答案】B考点：分子的热运动．专题：分子运动论专题．分析：温度是分子平均动能的唯一标志，分子动能与分子的速率以及分子质量有关．解答：解：A、温度是分子平均动能的标志，温度低只能说明分子平均动能小，不能说明分子势能，而内能包括分子动能和分子势能，故A错误．B、温度低的物体，分子平均动能一定小，故B正确；C、温度是分子平均动能的标志，与物体是否运动无关，故C错误．D、温度是分子平均动能的唯一标志，温度相同说明分子平均动能相同，0℃的铁和0℃的冰，它们的分子平均动能相同，故D错误．故选：B．点评：掌握温度是分子平均动能的“唯一”标志，与其他任何因素无关．二、多选题15.【答案】BD16.【答案】AD【考点】：热力学第一定律；理想气体的状态方程．【分析】：气体经历等温过程，根据玻意耳定律分析体积的变化；温度是分子热运动平均动能的标志．【解析】：解：A、气体经历等温过程，压强减小，根据PV=C，在此过程，气球内氦气体积逐渐增大，故A正确；B、在此高空，关闭加热装置后，温度降低，故氦气分子平均动能减小，故B错误；C、在此高空，压强固定，关闭加热装置后，温度降低，根据，体积减小，故是外界对气体做功，故C错误；D、在此高空，压强固定，关闭加热装置后，温度降低，故会对外放热，故D正确；故选：AD．【点评】：本题关键是明确温度的微观意义，能够结合理想气体状态方程列式分析，基础题目．三、简答题17. 考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：压轴题；理想气体状态方程专题．分析：以B内封闭气体为研究对象，做等温变化，根据玻意耳定律求出B内的压强，然后求出C内压强；以C中封闭气体为研究对象，根据等容变化列方程求解．解答：解：（i）加热前C中压强始终不变，B内封闭气体初状态：P B=P C+60，打开阀门后P B′=P C由题意：由玻意尔定律P B V B=P B′V B′得：P B′=180mmHg P C=P B′=180mmHg（ii）C内封闭气体做等容变化，加热后压强P C′=P C+60mmHg=得：T′=364K答：（1）玻璃泡C中气体的压强为180mmHg（2）加热后右侧水槽的水温364K．点评：本题考查了理想气体状态方程的应用，关键是正确分析ABC中气体压强的关系．。
五年真题之2016年高考物理专题功和能含答案
4m 专题5功和能1.（2016年海南卷13题9分）水平地面上有质量分别为m和4m的物A和B，两者与地面的动摩擦因数均为μ。
细绳的一端固定，另一端跨过轻质动滑轮与A相连，动滑轮与B相连，如图所示。
初始时，绳出于水平拉直状态。
若物块Z在水平向右的恒力F作用下向右移动了距离s，重力加速度大小为g。
求（1）物块B客服摩擦力所做的功；（2）物块A、B的加速度大小。
解析：（1）物块A移动了距离s，则物块B移动的距离为s1=12s①物块B受到的摩擦力大小为f=4μmg②物块B克服摩擦力所做的功为W=fs1=2μmgs③（2）设物块A、B的加速度大小分别为aA 、aB，绳中的张力为T。
由牛顿第二定律得F–μmg–T=maA④2T–4μmg=4maB⑤由A和B的位移关系得aA =2aB⑥联立④⑤⑥式得a= A F-3μmg2m⑦F-3μmga=⑧B2.[2016·全国卷Ⅱ]两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量．两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关．若它们下落相同的距离，则()A．甲球用的时间比乙球长B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功答案：BDπR2·ρρ8m4m节车厢与第6、7节车厢间的作用力之比为3∶2，B正确；根据动能定理得Mv2＝kMgs，解得s＝，可知进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的二次方成正比，C错误；8节车厢有2节动车时的最大速度为vm1＝8kmg4kmg车的最大速度为vm2＝＝，则m1＝，D正确．8kmg2kmg4k解析：设f＝kR，则由牛顿第二定律得F合＝mg－f＝ma，而m＝3πR3·，故a＝g－4，3由m甲>m乙、ρ甲＝ρ乙可知a甲>a乙，故C错误；因甲、乙位移相同，由v2＝2ax可知，v甲>v 乙1，B正确；由x＝2at2可知，t甲<t乙，A错误；由功的定义可知，W克服＝f·x，又f甲>f乙，则W甲克服>W乙克服，D正确．3.[2016·天津卷6分]我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车．假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比．某列动车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组()图1A．启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反B．做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力之比为3∶2C．进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比D．与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1∶2答案：BD解析：列车启动时，乘客随着车厢加速运动，乘客受到的合力方向与车运动的方向一致，而乘客受到车厢的作用力和重力，所以启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动方向成一2F－8kmg F锐角，A错误；动车组运动的加速度a＝＝－kg，则对第6、7、8节车厢的整体有f56＝3ma＋3kmg＝0.75F，对第7、8节车厢的整体有f67＝2ma＋2kmg＝0.5F，故第5、612v22kg2P P＝，8节车厢有4节动4P P v1vm224.[2016·全国卷Ⅰ18分]如图1，一轻弹簧原长为2R，其一端固定在倾角为37°的固定直轨道AC的底端A处，另一端位于直轨道上B处，弹簧处于自然状态，直轨道与一半径为点，AF＝4R，已知P与直轨道间的动摩擦因数μ＝，重力加速度大小为g.(取sin37°＝，5水平飞出后，恰好通过G点．G点在C点左下方，与C点水平相距R、竖直相距R，求P运56 R的光滑圆弧轨道相切于C点，AC＝7R，A、B、C、D均在同一竖直平面内．质量为m的小物块P自C点由静止开始下滑，最低到达E点(未画出)，随后P沿轨道被弹回，最高到达F13454cos37°＝)(1)求P第一次运动到B点时速度的大小．(2)求P运动到E点时弹簧的弹性势能．(3)改变物块P的质量，将P推至E点，从静止开始释放．已知P自圆弧轨道的最高点D处72动到D点时速度的大小和改变后P的质量．图1解析：(1)根据题意知，B、C之间的距离l为l＝7R－2R①设P到达B点时的速度为vB，由动能定理得1mgl sinθ－μmgl cosθ＝2mv2B②式中θ＝37°，联立①②式并由题给条件得vB＝2gR③(2)设BE＝x，P到达E点时速度为零，设此时弹簧的弹性势能为Ep.P由B点运动到E点的过程中，由动能定理有1mgx sinθ－μmgx cosθ－Ep＝0－2mv2B④E、F之间的距离l1为l1＝4R－2R＋x⑤P到达E点后反弹，从E点运动到F点的过程中，由动能定理有Ep－mgl1sinθ－μmgl1cosθ＝0⑥5m 1v 2C ＝ m 1v 2D ＋m 1g R ＋ R cos θ ⎪ ⑭联立③④⑤⑥式并由题给条件得x ＝R ⑦12E p ＝ 5 mgR ⑧(3)设改变后 P 的质量为 m 1，D 点与 G 点的水平距离 x 1 和竖直距离 y 1 分别为 7 5x 1＝2R －6R sin θ⑨5 5y 1＝R ＋6R ＋6R cos θ⑩式中，已应用了过 C 点的圆轨道半径与竖直方向夹角仍为θ 的事实．设 P 在 D 点的速度为 v D ，由 D 点运动到 G 点的时间为 t .由平抛物运动公式有1 y 1＝2gt 2⑪x 1＝v D t ⑫联立⑨⑩⑪⑫式得v D ＝35gR ⑬设 P 在 C 点速度的大小为 v C ，在 P 由 C 运动到 D 的过程中机械能守恒，有1 1 ⎛5 5 ⎫2 2 ⎝6 6 ⎭P 由 E 点运动到 C 点的过程中，同理，由动能定理有1E p －m 1g (x ＋5R )sin θ －μ m 1g (x ＋5R )cos θ ＝2m 1v 2C ⑮联立⑦⑧⑬⑭⑮式得1m 1＝3m ⑯5.（2016 年江苏卷 14 题 16 分）如图 1所示，倾角为 α 的斜面 A 被固定在水平面上，细线的一端固定于墙面，另一端跨过斜面顶端的小滑轮与物块B 相连，B 静止在斜面上．滑轮左侧的细线水平，右侧的细线与斜面平行．A 、B 的质量均为 m .撤去固定 A 的装置后，A 、B 均做直线运动．不计一切摩擦，重力加速度为 g .求：图 1(1)A 固定不动时，A 对 B 支持力的大小 N ；根据速度的定义得vA＝，vB＝22mv2A＋232－sinB错误；在最低点对两球进行受力分析，根据牛顿第二定律及向心力公式可知T－mg＝m＝(2)A滑动的位移为x时，B的位移大小s；(3)A滑动的位移为x时的速度大小vA.解析：(1)支持力的大小N＝mg cosα(2)根据几何关系sx＝x·(1－cosα)，sy＝x·sinα且s＝sx＋sy解得s＝2（1－cosα）·x(3)B的下降高度sy＝x·sinα11根据机械能守恒定律mgsy＝22mvBΔxΔsΔtΔt则vB＝2（1－cosα）·vA解得vA＝gx2cosα6.[2016·全国卷Ⅱ6分]小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q 球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短．将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图1所示．将两球由静止释放，在各自轨迹的最低点()图1A．P球的速度一定大于Q球的速度B．P球的动能一定小于Q球的动能C．P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D．P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度答案：C1解析：从释放到最低点过程中，由动能定理得mgl＝2mv2－0，可得v＝2gL，因lP<lQ，则vP<vQ，故选项A错误；由EkQ＝mQglQ，EkP＝mPglP，而mP>mQ，故两球动能大小无法比较，选项v2l·at·t＝vt＋＝2tA．a＝B．a＝C．N＝D．N＝2m所以a＝＝，A正确，B错误；在最低点，由牛顿第二定律得N－mg＝m，故N＝mg＋m＝mg＋·＝，C正确，D错误．9.[2016·全国卷Ⅲ14分]如图，在竖直平面内由1man，得T＝3mg，an＝2g，则TP>TQ，aP＝aQ，C正确，D错误．7.[2016·全国卷Ⅲ]一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9倍．该质点的加速度为()A.s3st2B.2t24s8sC.t2 D.t2答案：A1解析：由Ek＝2mv2可知速度变为原来的3倍．设加速度为a，初速度为v，则末速度为3v.1由速度公式vt＝v＋at得3v＝v＋at，解得at＝2v；由位移公式s＝vt＋2at2得s＝vt＋11s2v2s s22·2v·t＝2vt，进一步求得v＝2t；所以a＝t t·＝t2，A正确．8.[2016·全国卷Ⅲ6分]如图所示，一固定容器的内壁是半径为R的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为m的质点P.它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中，克服摩擦力做的功为W.重力加速度大小为g.设质点P在最低点时，向心加速度的大小为a，容器对它的支持力大小为N，则()图12（mgR－W）2mgR－WmR mR3mgR－2W2（mgR－W）R R答案：AC12（mgR－W）解析：质点P下滑到底端的过程，由动能定理得mgR－W＝mv2－0，可得v2＝，v22（mgR－W）v2R mR Rv2m2（mgR－W）3mgR－2WR R m R1圆弧AB和圆弧BC组成的光滑固定轨42道，两者在最低点B平滑连接。
高三物理月考试题及答案浙江2016届高三下学期第二次五校联考理综试题
2015 学年浙江省第二次五校联考理科综合试题卷一、单项选择题（此题共17 小题，共 102 分。
在每题给出的四个选项中，只有一个选项是切合题目要求的。
选对的得 6 分，选错或不选的得0 分。
）14.如题14－ 1图所示的是工业上探测物品表面层内部能否存在缺点的涡流探伤技术。
其原理是用电流线圈使物品内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，进而获取构件内部能否断裂及地点的信息。
如题 14－ 2 图所示的是一个带铁芯的线圈 L、开关 S 和电源用导线连结起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈 L 上且使铁芯穿过此中，闭合开关 S 的瞬时，套环将马上跳起。
对于对以上两个运用实例理解正确的选项是题 14－1 图题14－2图A.涡流探伤技术运用了互感原理，跳环实验演示了自感现象B.能被探测的物品和实验所用的套环一定是导电资料C.以上两个事例中的线圈所连结电源都一定是变化的沟通电源D.以上两个事例中的线圈所连结电源也能够都是稳恒电源15.以下哪一种运动情形中物体将会处于一段连续的完整失重状态A.高楼正常运转的电梯中B.沿固定于地面的圆滑斜面滑行C.固定在杆端随杆绕对地静止圆心在竖直平面内运动D.不计空气阻力条件下的竖直上抛16.如题16 图所示的是一个力学均衡系统，该系统由三条轻质细绳将质量均为m 两个小球连接悬挂构成，小球直径对比细绳长度能够忽视，轻绳 1 与竖直方向的夹角为30o，轻绳 2 与竖直方向的夹角大于45o，轻绳 3 水平。
当此系统处于静止状态时，细绳1、 2、3 的拉力分别为F1、 F2、 F3，比较三力的大小，以下结论正确的选项是题16图A. F1F3B. F2F3C. F1F2D. F1F217. 物理学往常有二个角度描绘物理量 A 的变化快慢（1）相对于时辰的变化率A；（ 2）t相对于空间地点的变化率A。
但是在物理国际单位制下有一些物理量的变化率经常被定义x成另一个物理量，下面所列物理量组合中不属于“前者是后者的变化率”的是A ．速度与位移B．感觉电动势与磁通量C．功率与能量 D ．协力与动能二、选择题 (此题共 3 小题，每题 6 分，共 18 分。
2016年3月2016届高三第二次全国大联考(江苏卷)物理卷(答案及评分标准)
量守恒知：
Ep
mgx
1 2
mvb2 ，代入数据得：EP=16J，所以
B
正确；若水平光滑，在滑块运动的过程中，
名校名师倾心打造，！揭示最新命题动向，大联考，真精品！
2
弹簧的弹性势能参与转化，所以滑块的机械能不守恒，故 C 错误；当合外力为零时，速度最大，即 mg kx ， 解得： x 2.5m ，所以 D 正确。
mv22
mg
3R
（2
分）
解得 v12 v22 6gR ，为定值，代入 v2 的最小值 2gR
得压力差的最小值为 9mg（2 分）
y 15.（17 分）【答案】（1） E0qt0 （2）3E0qt02 （3）
2m
2m
2E0k (t0 2t)t
B0 2kE0 (t0 2t)
（k=1、2、3、4……）
cv c
v
c
分）
C．（12 分）（选修 3-5）
（1）【答案】BC（4 分）
（2）【答案】能（2 分） 1.97×10-19（2 分）
【解析】
c 根据ν=
，根据爱因斯坦光电效应方程可知：Ek=hν-W =1.97×10-19J，可以产生光电效应。
（3）【答案】根据核反应质量数即电荷数守恒可知，原子核
s
I
4
考点：伏安法测电阻
12．【选做题】本题包括 A、B、C 三小题，请选定其中两题，并在相应答题区域内作答．若三题都做，则按
A、B 两题评分．
A．（12 分）（选修 3-3）
（1）【答案】BD（4 分）
（2）【答案】吸热（2 分） a（2 分） 【解析】由图可知，ab 过程，气体发生等容变化，气体体积不变，外界对气体不做功，气体温度升高，内 能增大，由热力学第一定律可知，气体吸收热量；由图可知，a 状态温度最低，分子平均动能最小。 （3）（4 分）【答案】①3×1025 个（2 分） ②4×10－10 m（2 分）
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
专题五综合检测
1．某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．
(1)如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是________．
(2)本实验采用的科学方法是________．
A．理想实验法B．等效替代法
C．控制变量法D．建立物理模型法
(3)实验时，主要的步骤是：
A．在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；
B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；
C．用两只弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O.记录下O点的位置，读出两只弹簧测力计的示数；
D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；
E．只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示；
F．比较F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．
上述步骤中：
①有重要遗漏的步骤的序号是________和________；
②遗漏的内容分别是
________________________________________________________________________ 和_________________________________‘_______________________________________．
解析：(1)由一只弹簧测力计拉橡皮条至O点的拉力一定沿AO方向；而根据平行四边形定则作出的合力，由于误差的存在，不一定沿AO方向，故一定沿AO方向的是F′.
(2)一个力的作用效果与两个力的作用效果相同，它们的作用效果可以等效替代，故B正确．
(3)①根据“验证力的平行四边形定则”实验的操作规程可知，有重要遗漏的步骤的序号是C、
E.②在C中未记下两条细绳的方向，E中未说明是否把橡皮条的结点拉到同一位置O.
答案：(1)F′(2)B(3)①C E②C中应加上“记下两条细绳的方向”E中应说明“把橡皮条的结点拉到同一位置O”
2．(2015·石家庄质检)一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，圆盘
加速转动时，把角速度的增加量Δω与对应时间Δt的比值定义为角加速度β(即β＝Δω
Δt
)．我们用电
磁打点计时器(所接交流电的频率为50 Hz)、复写纸、米尺、游标卡尺、纸带来完成下述实验：
①如图甲所示，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固定在圆盘的侧面，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上；
②接通电源，打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动；
③经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量．
(1)用20分度的游标卡尺测得圆盘的直径如图乙所示，圆盘的直径d 为________cm ；
(2)如图丙所示，纸带上A 、B 、C 、D ，…为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出，则打下计数点D 时，圆盘转动的角速度为________rad/s ，纸带运动的加速度大小为________m/s 2，圆盘转动的角加速度的大小为________rad/s 2.(保留三位有效数字)
解析：游标卡尺读数时需注意其精度，小数点后面的0不可省；由v ＝ωr 知ωD ＝v D r
，又从纸带可求v D ＝CE
2T ，则ωD ＝CE 2Tr ≈6.48 rad/s ；根据Δx ＝aT 2
可求加速度a ＝AF －AD －AC 6T 2≈0.598 m/s 2；由β＝ΔωΔt ，Δω＝Δv r ，联立可求β＝Δv Δtr ＝a r
≈9.97 rad/s 2. 答案：(1)12.000 (2)6.48(在6.48～6.50范围均视为正确) 0.598 9.97
3．(2015·济南联考)某同学用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源，可以提供输出电压为6 V 的交流电和直流电，交流电的频率为50 Hz.重锤从高处由静止开始下落，重锤拖着的纸带上打出一系列的点，对纸带上的点测量并分析，即可验证机械能守恒定律．
(1)该同学进行了下面几个操作步骤：
A ．按照图示的装置安装器件；
B ．将打点计时器接到电源的“直流输出”上；
C ．用天平测出重锤的质量；
D ．先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带；
E ．测量纸带上某些点间的距离；
F ．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于其增加的动能．
其中没有必要进行的步骤是________，操作不当的步骤是________．(填选项字母)
(2)该同学进行正确测量后挑选出一条点迹清晰的纸带进行测量分析，如图所示，其中O 点为起始点，A 、B 、C 、D 、E 、F 为六个计数点．根据纸带上的测量数据，可得出打B 点时重锤的速度为________m/s.(保留3位有效数字)
(3)该同学根据纸带上的数据算出各点的速度v ，量出下落距离h ，并以v 22
为纵轴、以h 为横轴画出的v 22
－h 图象，应是下列图中的________．
解析：(1)要验证机械能守恒定律，需要验证12mv 2＝mgh ，则只需验证12
v 2＝gh 即可，故不需要测出重锤的质量，所以没有必要进行的步骤是C ．打点计时器只能使用交流电源，故操作不当的步骤是B ．
(2)由运动学公式可知，B 点的速度为v B ＝x AC 2T ＝（21.68－14.31）×10－
22×0.02 m/s ≈1.84 m/s. (3)由关系式12v 2＝gh 可知，12
v 2－h 图象应是过原点的倾斜直线，故选C ． 答案：(1)C B (2)1.84 (3)C
4．当小灯泡发光时其灯丝的电阻会随着发光亮度的变化而发生变化．某同学为研究这一现象，按照自己设计的实验电路测量小灯泡的电流I 和电压U ，得到如下表所示的数据．
(1)请你根据上表数据的特点，在虚线框中画出实验电路图，可用的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器(变化范围0～10 Ω)、电源、小灯泡、开关和导线若干．
(2)在图示坐标纸上画出小灯泡的U －I 曲线，并定性分析灯丝的电阻与灯泡发光亮度的变化关系________________________________________________________________________
________________________________________________________________________.
(3)如果将上面实验中使用的小灯泡接在电动势是1.5 V ，电阻是2.0 Ω的电源两端，利用上面的U －I 曲线可求出小灯泡的实际功率是________W ，电源效率为______．(结果保留两位有效数字)
解析：(1)数据范围大，应采用分压式接法，灯丝电阻较小，采用电流表外接法．(2)图象如答案。