湖南省长沙市长郡中学2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题(扫描版)
2024届湖南省长郡中学物理高二第一学期期中经典试题含解析
2024届湖南省长郡中学物理高二第一学期期中经典试题 注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、下列关于元电荷的说法中错误的是（ ）A ．元电荷实质上是指电子本身B ．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C ．元电荷e 的值最早是由美国物理学家密立根通过实验测定的D ．元电荷的值通常取e=1.60×10-19C2、P 是电场中的一点，现将一个带负电的试探电荷放在P 点，受到向右的电场力作用，则P 点( )A ．电场强度方向向右，拿走试探电荷后电场不存在B ．电场强度方向向左，拿走试探电荷后电场不存在C ．电场强度方向向右，拿走试探电荷后电场还存在D ．电场强度方向向左，拿走试探电荷后电场还存在3、原子弹、氢弹都被称为核武器，都可以瞬间产生巨大的能量，在结构上它们又有很大的区别，它们所涉及的基本核反应方程为（1）235190136192038540U n Sr Xe k n +→++，（2）23411120H H He d n +→+，关于这两个方程的下列说法正确的是A ．方程（1）中k ＝10，方程（2）中d ＝2B ．方程（1）是氢弹涉及的核反应方程C ．方程（2）属于α衰变D ．方程（2）属于轻核聚变4、某电场的等势面如图所示，一正电荷在下列移动过程中，电势能改变最大的是（ ）A ．由M 点移到Q 点B ．由M 点移到N 点C．由P点移到M点D．由P点移到N点5、圆周运动中角速度的单位是( )A．弧度/秒B．米/秒C．秒D．弧度6、下列表述中，加点标示的物理量属于矢量的是( )A．汽车行驶时牵引力的功率．．B．“天宫一号”绕地球运动的周期．．C．火车由北京开往广州的平均速率．．．．D．物体做平抛运动时在某一时刻的速度．．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
湖南省长郡中学2015-2016学年高二上学期开学分班考试物理试卷_Word版含答案
长郡中学2015-2016年度高二上学期开学分班考试物理试卷一．选择题（共10小题每题三分，7-10多选题，全部选对得3分，选对但不全对2分）1.在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A. 伽利略发现了行星运动的规律B. 库伦通过实验测出了引力常量C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2.在如图所示的位移x一t图象和速度v一t图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是( )A．甲车做曲线运动，乙车做直线运动B．0～t1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C．丙、丁两车在t2时刻相距最远D．0～t2时间内．丙、丁两车的平均速度相等3.如图所示，河的宽度为L，河水流速为u，甲、乙两船均以静水中的速度v同时渡河．出发时两船相距2L，甲、乙船头均与岸边成600角，且乙船恰好能直达正对岸的A点．则下列判断正确的是A．甲船正好也在A点靠岸B．甲船在A点左侧靠岸C．甲乙两船到达对岸的时间不相等D．甲乙两船可能在未到达对岸前相遇4.某工地上,一架起重机将放在地面的一个箱子吊起。
箱子在起重机钢绳的作用下由静止开始竖直向上运动，运动过程中箱子的机械能E与其位移x关系的图象如图所示，其中O～x1过程的图线为曲线，x1～x2过程的图线为直线。
根据图象可知：（）A．O～x1过程中钢绳的拉力逐渐增大B．O～x1过程中箱子的动能一直增加C．x1～x2过程中钢绳的拉力一直不变D．x1～x2过程中起重机的输出功率一直增大5.如图所示，电荷q均匀分布在半球面上，球面的半径为R，CD为通过半球顶点C与球心O 的轴线．P、Q为CD轴上在O点两侧，离O点距离相等的二点．如果是带电量为Q的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等．则下列判断正确的是（）A．P点的电势与Q点的电势相等B．P点的电场强度与Q点的电场强度相等C．在P点释放静止带正电的微粒（重力不计），微粒将作匀加速直线运动D．带正电的微粒在O点的电势能为零6.在如右图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用、、和表示。
湖南省长沙市长郡中学高二物理上学期期中试卷(含解析)
2015-2016学年湖南省长沙市长郡中学高二（上）期中物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分，1〜8题为单项选择：9〜12为多项选择.选对得4分，选不全得2分.错选的0分）1．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是( )A．奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B．麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在C．库仑发现了点电荷的相互作用规律：密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律：洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律2．显像管原理的示意图如图所示，当没有磁场时，电子束将打在荧光屏正中的O点，安装在管径上的偏转线圈可以产生磁场，使电子束发生偏转．设垂直纸面向里的磁场方向为正方向，若使高速电子流打在荧光屏上的位置由a点逐渐移动到b点，下列变化的磁场能够使电子发生上述偏转的是( )A．B．C．D．3．图甲是法拉第发明的人类历史上的第一台发电机，图乙是这个圆盘发电机的示意图：圆盘安装在水平铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘接触，下列分折正确的是( )A．因穿过铜盘的磁通量没有发生变化，故法拉第的第一台发电机不能发电B．假若该发电机能发电，则图乙中R上的电流从下向上流动C．图乙中流过R的是方向不断改变的交流电D．设图乙中铜盘半径为r，匀强磁场大小为B，铜盘转动的角速度为ω，铜盘产生的电动势为E=Bωr24．电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是( )A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电5．当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3C，消耗的电能为0.9J．为在相同时间内使0.6C的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是( ) A．3V，1.8J B．3V，3.6J C．6V，1.8J D．6V，3.6J6．如图所示，A线圈接一灵敏电流计G，B线框放在匀强磁场中，B线框的电阻不计，具有一定电阻的导体棒可沿线框无摩擦滑动，今用恒力F向右拉CD由静止开始运动，B线框足够长，则CD杆运动情况和通过电流表G中的电流变化情况是( )A．CD杆一直做匀速运动B．CD杆先做加速运动，再做减速运动，最后停止C．G中电流向上，强度逐渐增强D．G中电流向下，强度逐渐减弱，最后为零7．空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场的方向垂直于横截面．一质量为m电荷量为q（q＞0）的粒子以速率v0沿横截面的直径射入磁场，离开磁场时的速度方向偏离入射方向60°不计重力，该磁场的磁感应强度大小为( )A．B．C． D．8．如图为测量某电源电动势和内电阻时得到的U﹣I图线，用此电源与三个阻值均为3Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V，则该电路可能为 ( )A．B．C．D．9．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的( )A．总功率可能减小B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小 D．输出功率可能先增大后减小10．如图所示的电路中，电键K1，K2，K3，K4均闭合，在平行板电容器C的极板间悬浮着一带电油滴P，下列判断正确的是( )A．若断开K1，则P将继续悬浮不动B．若断开K2，则P将向下加速运动C．若断开K3，则P将向下加速运动D．若断开K4，则P将继续悬浮不动11．如图所示，单匝线圈ABCD在外力作用下以速度v向右匀速进入匀强磁场，第二次又以速度2v匀速进入同一匀强磁场．则：第二次进入与第一次进入时( )A．线圈中电流之比为1：1B．外力做功的功率之比为4：1C．线圈中产生热量之比为2：1D．通过导线横截面电荷量之比为2：112．在某回旋加速器中，磁场的磁感应强度为B，两D形盒间电场的电势差为U．粒子源射出（认为速度为零）的粒子质量为m，电荷量为q，粒子射出回旋加速器的最大动能为E km．下列说法正确的有( )A．加在D形盒上的交变电压的周期为T=B．将带电粒子在两盒狭缝之间的运动首尾相连起来可等效为一个初速度为零的匀加速直线运动C．带电粒子每经电场加速一次，回旋半径就增大一次，所以各回旋半径之比为1：：：…D．总回旋次数n=二、填空题（本题共3小题，共15分）13．黑箱上有三个接线柱A、B、C如图所示，已知里面装的元件只有两个（可能的元件是电池、电阻或二极管），并且两个接线柱之间最多只接一个元件，现用多用表去进行检测，其检测结果如下：①用直流电压挡测量，A、B、C三接线柱之间均无电压；②用欧姆挡测量，A、C之间正、反接电阻值不变；③用欧姆挡测量，黑表笔接A，红表笔接B，有电阻，黑表笔接B，红表笔接A，电阻值较大；④用欧姆挡测量，黑表笔接C，红表笔接B，有电阻，阻值比②步测得的大；反接电阻值很大．画出箱内两个元件的接法．14．用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a和b的位置，如图，若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和的相应读数是多少？请在表格中．指针位置选择开关所处档位读数a 直流电流100mV __________mA直流电压2.5V __________Vb 电阻×100__________Ω15．某实验小组利用如图所示电路探究一种电阻丝的电阻率．均匀电阻丝（总阻值在4～5Ω之间）固定在刻度尺上的两端接线柱a和b上，刻度尺的中间有一个可沿电阻丝滑动的触头C，C的上端为接线柱，触头C与电阻丝通常不接触，当用手按下时，才与电阻丝接触，且可在直尺上读出触点的位置，在实验中，每次移动触头C后，就把它按下．所用器材为：电压表（0～3V，电阻约为3kΩ）、电流表（0～0.6A，电阻约为0.5Ω）、电池组（电动势3V，内阻很小）、保护电阻R0=1Ω、螺旋测微器、开关S和导线．实验的主要步骤如下：①用螺旋测微器测得电阻丝的直径为d=2.000mm；②正确连接电路，触头C移到右端，合上开关，读出电流表的示数I=0.5A：③通过改变滑动变阻器触头C的位置，分别测量出了多组a、C间电阻丝长度L及对应的电压U的数据，并据此在U﹣L坐标纸上描出了对应的点，如图所示．请你：（1）在U﹣L坐标纸上（如图2）绘出U﹣L图线；（2）若测出U﹣L图线斜率为k，写出用d、l、k表示的该电阻丝的电阻率表达式ρ=__________；（3）代入有关数据求出该电阻丝的电阻率ρ=__________Ω•m．（保留三位有效数字）三、计算题（本题共4小题，共37分）16．磁流体发电机原理图如图．等离子体高速从左向右喷射，两极板间有如图方向的匀强磁场，A、B两板间便产生电压，如果把A、B和用电器连接．A、B就是一个直流电源的两个电极．（1）图中A，B板哪个是电源的正极？（2）若A、B两板相距为d，板间的磁场按匀强磁场处理，磁感应强度为B．等离子体以速度v沿垂直于B的方向射入磁场．这个发电机的电动势多大？17．如图，一长为10cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为0.1T，方向垂直于纸面向里，弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘，金属棒通过开关与一电动势为12V的电池相连，电路总电阻为2Ω，已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5cm，闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3cm，重力加速度大小取10m/s2，判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量．18．如图所示．固定在水平桌面上的金属框架cdef，处在竖直向下匀强磁场中，金属棒ab搁在框架上，可无摩擦滑动，此时abed构成一个边长为L的正方形，棒的电阻为r，其余部分电阻不计，开始时磁感应强度为B0．（1）若从t=0时刻起，磁感应强度B均匀增加，每秒增量为k，同时保持棒静止，求棒中的感应电流，在图上标出感应电流的方向；（2）在上述（1）情况中，棒始终保持静止，当t=t1秒时需加的垂直于水平拉力为多大？（3）若从t=0时刻起，磁感应强度B逐渐减小，当棒以恒定速度v向右做匀速运动时，可使棒中不产生感应电流．则磁感应强度B应怎样随时间t变化？（写出B与t的关系式）19．如图所示，在真空中半径r=3.0×10﹣2m的圆形区域内，有磁感应强度B=0.2T，方向如图的匀强磁场，一束带正电的粒子以初速度v0=1.0×106m/s，从磁场边界上直径ab的a端沿各个方向射入磁场，且初速方向都垂直于磁场方向，若该束粒子的比荷C/kg，不计粒子重力．求：（1）粒子在磁场中运动的最长时间．（2）若射入磁场的速度改为v=3.0×105m/s，其他条件不变，求磁场边界上有粒子击中的弧长．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）2015-2016学年湖南省长沙市长郡中学高二（上）期中物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分，1〜8题为单项选择：9〜12为多项选择.选对得4分，选不全得2分.错选的0分）1．在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是( )A．奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B．麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在C．库仑发现了点电荷的相互作用规律：密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D．安培发现了磁场对运动电荷的作用规律：洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律【考点】物理学史；库仑定律；磁场对电流的作用；电磁波的产生．【分析】本题考查电磁学中的相关物理学史，应掌握在电磁学发展中作出突出贡献的科学家的名字及主要发现．【解答】解：A、奥斯特发现了电流磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，故A正确；B、麦克斯韦预言了电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在；楞次是发现了电磁感应中的感应电流的方向，故B错误；C、库仑发现了点电荷的相互作用规律，密立根测定了元电荷的数值，故C正确；D、洛仑兹发现磁场对运动电荷作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律，故D错误；故AC正确，BD错误；故选AC．【点评】近几年高考中增加了对物理学史的考查，在学习中要注意掌握科学家们的主要贡献，要求能熟记．2．显像管原理的示意图如图所示，当没有磁场时，电子束将打在荧光屏正中的O点，安装在管径上的偏转线圈可以产生磁场，使电子束发生偏转．设垂直纸面向里的磁场方向为正方向，若使高速电子流打在荧光屏上的位置由a点逐渐移动到b点，下列变化的磁场能够使电子发生上述偏转的是( )A．B．C．D．【考点】左手定则．【分析】粒子在磁场中受到洛伦兹力的作用，根据左手定则可以判断磁场的方向．【解答】解：根据左手定则可以得知，电子开始上偏，故磁场的方向垂直纸面向外，方向为负，且逐渐减小，后来电子又下偏，磁场方向垂直纸面向里，方向为正，且逐渐增加，故C正确．故选：C．【点评】该题考查左手定则，根据粒子运动的方向与磁场的方向即可判断出洛伦兹力的方向，掌握住左手定则即可解决本题．要注意的是电子带负电．3．图甲是法拉第发明的人类历史上的第一台发电机，图乙是这个圆盘发电机的示意图：圆盘安装在水平铜轴上，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘接触，下列分折正确的是( )A．因穿过铜盘的磁通量没有发生变化，故法拉第的第一台发电机不能发电B．假若该发电机能发电，则图乙中R上的电流从下向上流动C．图乙中流过R的是方向不断改变的交流电D．设图乙中铜盘半径为r，匀强磁场大小为B，铜盘转动的角速度为ω，铜盘产生的电动势为E=Bωr2【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】应用题；定性思想；图析法；电磁感应与电路结合．【分析】根据右手定则判断AB间感应电流方向，即可知道电势高低．根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小与转动角速度有关．【解答】解：A、圆盘在外力作用下切割磁感线，从而产生感应电动势，可以产生感应电流，可以发电，故A错误；B、根据右手定则可知，电流从D点流出，流向C点，因此电流方向为从D向R再到C，即为C→D→R→C，通过R的电流从下向上，电流方向不变，通过R的电流是直流电，故B正确，C 错误；D、根据法拉第电磁感应定律，则有E=BL=BL2ω，产生的电动势大小不变，故D错误；故选：B．【点评】本题是右手定则和法拉第电磁感应定律的综合应用，基本题，考查对实验原理的理解能力，同时注意切割磁感线相当于电源，内部电流方向是从负极到正极．注意由于圆盘在切割磁感线，相当于电源，所以C处的电势比D处低．4．电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是( )A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电【考点】法拉第电磁感应定律；电容；楞次定律．【专题】压轴题；电磁感应与电路结合．【分析】现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电动势，线圈中出现感应电流，由楞次定律可判定电流的方向．当线圈中有电动势后，对电阻来说通电后发热，对电容器来说要不断充电直至稳定．【解答】解：当磁铁N极向下运动时，导致向下穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，则流过R的电流方向是从b到a，对电容器充电下极板带正电．故选：D．【点评】此时线圈相当于电源，则外电路的电流方向是从正极到负极，而内电路则是从负极到正极．同时电容器在充电时电压随着电量增加而增大．5．当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3C，消耗的电能为0.9J．为在相同时间内使0.6C的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是( ) A．3V，1.8J B．3V，3.6J C．6V，1.8J D．6V，3.6J【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）已知电阻丝在通过0.3C的电量时，消耗的电能0.9J，根据W=UQ变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是0.6C时，根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；（2）已知通过电阻丝的电量是0.6C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．【解答】解：因为电阻丝在通过0.3C的电量时，消耗的电能是0.9J，所以此时电压为：U′===3V当在相同的时间内通过电阻丝的电量是0.6C时，根据I=可知，I=2I′，根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U=2U′=6V，电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=UQ=6V×0.6C=3.6J．故选D．【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．6．如图所示，A线圈接一灵敏电流计G，B线框放在匀强磁场中，B线框的电阻不计，具有一定电阻的导体棒可沿线框无摩擦滑动，今用恒力F向右拉CD由静止开始运动，B线框足够长，则CD杆运动情况和通过电流表G中的电流变化情况是( )A．CD杆一直做匀速运动B．CD杆先做加速运动，再做减速运动，最后停止C．G中电流向上，强度逐渐增强D．G中电流向下，强度逐渐减弱，最后为零【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】应用题；定性思想；推理法；图析法；电磁感应与电路结合．【分析】根据右手定则判断出CD中感应电流方向．由安培定则和楞次定律判断出G中电流的方向．析导体棒的运动情况：导体棒CD在恒力作用下，从静止开始先做加速运动，速度增大，导体棒所受的安培力也增大，加速度逐渐减小，当恒力F与安培力平衡时，导体棒做匀速运动，由欧姆定律分析导体棒产生的感应电流的变化．穿过电流计所在回路的磁通量是由B线框中的电流产生的，根据法拉第电磁感应定律分析可知，电流计中的电流与CD棒速度的关系【解答】解：A、导体棒CD在恒力F作用下从静止开始先做加速运动，CD产生的感应电动势：E=BLv，电流：I==，CD受到的安培力：F安培=BIL=，由于速度v增大，安培力不断增大，CD受到的合力：F﹣F安培减小，CD的加速度减小，CD做加速度减小的加速运动，当F=F安培时，CD棒做匀速直线运动，故AB错误；C、CD中的感应电流：I=，由于CD先做加速度减小的加速运动后做匀速直线运动，则v先不断增大，速度增加的越来越慢，最后后保持不变，感应电流I先不断增加，增加的越来越慢，最后保持不变，则穿过A线框的磁通量增大由快变慢最后保持不变，由法拉第电磁感应定律可知，G中产生的感应电动势由大变小，最后没有感应电动势产生，则G是电流逐渐减弱，最后电流为零；根据右手定则判断可知，CD棒中产生的感应电流方向D→C，由安培定则判断得，穿过A线框中磁场的方向向里，磁通量增大，则由楞次定律判断得到G中电流向下．故C错误，D正确．故选：D．【点评】本题是两次感应的问题，与变压器的原理类似．要根据右手定则、安培定则和楞次定律相结合才能判断出G中电流方向，比较复杂．由法拉第定律，并结合导体棒的运动情况才能判断G中电流如何变化．7．空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场的方向垂直于横截面．一质量为m电荷量为q（q＞0）的粒子以速率v0沿横截面的直径射入磁场，离开磁场时的速度方向偏离入射方向60°不计重力，该磁场的磁感应强度大小为( )A．B．C． D．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力，由几何知识求出轨迹半径r，根据牛顿第二定律求出磁场的磁感应强度．【解答】解：带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，画出轨迹如图，根据几何知识得知，轨迹的圆心角等于速度的偏向角60°，且轨迹的半径为r=Rcot30°=R由牛顿第二定律得：qv0B=m，解得：B=；故选：B．【点评】本题是带电粒子在匀强磁场中运动的问题，画轨迹是关键，是几何知识和动力学知识的综合应用，常规问题．8．如图为测量某电源电动势和内电阻时得到的U﹣I图线，用此电源与三个阻值均为3Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V，则该电路可能为 ( )A．B．C．D．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图象求出电源的电动势和内阻，由欧姆定律求出路端电压为4.8V时外电路总电阻，再选择相对应的电路图．【解答】解：由电源的U﹣I图象得，电源的电动势为E=6V，内阻为r==Ω=0.5Ω．当路端电压为4.8V时，则有U=，代入解得，外电路总电阻R=2ΩA、外电路总电阻为1Ω，与R不符合．故A错误．B、外电路总电阻为=2Ω，与R相符．故B正确．C、外电路总电阻为9Ω，与R不符．故C错误．D、外电路总电阻为3Ω+1.5Ω=4.5Ω，与R不符．故D错误．故选B【点评】本题的解题关键是由U﹣I图象求出电源的电动势和内阻，考查读图的能力．9．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的( )A．总功率可能减小B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小 D．输出功率可能先增大后减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可以判断电路电流如何变化，由电功率公式可以分析答题．【解答】解：由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；A、电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故A错误；B、电源的效率η=，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故B正确；C、电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率P Q=I2r减小，故C正确；D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，可能先增大后减小，故D正确；故选：BCD．【点评】熟练应用闭合电路欧姆定律、电功率公式即可正确解题．10．如图所示的电路中，电键K1，K2，K3，K4均闭合，在平行板电容器C的极板间悬浮着一带电油滴P，下列判断正确的是( )A．若断开K1，则P将继续悬浮不动B．若断开K2，则P将向下加速运动C．若断开K3，则P将向下加速运动D．若断开K4，则P将继续悬浮不动【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】平行板电容器板间悬浮着一油滴P，油滴所受的重力与电场力平衡．根据条件分别分析各种情况下板间场强和油滴的电场力如何变化，进而确定P将怎样运动即可．【解答】解：A、断开K1，电容器两板间的电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，油滴仍处于平衡状态．故P悬浮不动，故A正确；B、断开K2，电容器两板间的电压增大，稳定时，其电压等于电源的电动势，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动，故B错误；C、断开K3，电容器通过电阻放电，板间场强逐渐减小，油滴所受的电场力减小，油滴将向下加速运动，故C正确；D、断开K4，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态，故D正确．故选：ACD【点评】本题考查分析电容器电压的能力．难点是断开K2，稳定后电容器的电压等于电源的电动势，可以用电势差等于电压来理解．11．如图所示，单匝线圈ABCD在外力作用下以速度v向右匀速进入匀强磁场，第二次又以速度2v匀速进入同一匀强磁场．则：第二次进入与第一次进入时( )A．线圈中电流之比为1：1B．外力做功的功率之比为4：1C．线圈中产生热量之比为2：1D．通过导线横截面电荷量之比为2：1【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】（1）根据切割公式E=BLv求解电动势，由欧姆定律求出感应电流，然后求出电流之比；（2）线框匀速进入匀强磁场，安培力与外力平衡，根据安培力公式求解安培力，再结合平衡条件得到外力，最后根据P=Fv求解外力的功率；（3）由焦耳定律求出线圈产生的热量，然后求出热量之比．（4）由电流定义式求出电荷量间的关系．【解答】解：设磁感应强度为B，CD边长度为L，AC边长为L′，线圈电阻为R；A、线圈进入磁场过程中，产生的感应电动势E=BLv，感应电流I==，感应电流I与速度v成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中电流之比：I2：I1=2v：v=2：1，故A错误；B、线圈进入磁场时受到的安培力：F B=BIL=，线圈做匀速直线运动，由平衡条件得，外力F=F B=，外力功率P=Fv=，功率与速度的平方成正比，第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比：P2：P1=（2v）2：v2=4：1，故B正确；C、线圈进入磁场过程中产生的热量：Q=I2Rt=（）2•R•=，产生的热量与速度成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中产生热量之比：Q2：Q1=2v：v=2：1，故C正确；D、通过导线横截面电荷量：q=I△t=△t=，电荷量与速度无关，电荷量之比为1：1，故D错误；。
2024届长沙市长郡中学物理高二上期中检测试题含解析
2024届长沙市长郡中学物理高二上期中检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A、B分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A、B两点电场强度大小分别是E A、E B，电势分别是φ A、φ B，下列判断正确的是A．E A＞E B，φ A< φ BB．E A＞E B，φ A> φ BC．E A＜E B，φ A＞φ BD．E A＜E B，φ A＜φ B2、图是科学史上一张著名的实验照片，显示一个带电粒子在云室中穿过某种金属板运动的径迹。
云室放置在匀强磁场中，磁场方向垂直照片向里，云室中横放的金属板对粒子的运动起阻碍作用，分析此径迹可知粒子（）A．带正电，由下往上运动B．带正电，由上往下运动C．带负电，由上往下运动D．带负电，由下往上运动3、下列各式中属于定义式的是（）A．Fam=B．QCU=C．UIR=D．2kQEr=4、如图所示电路中，电源电压U恒定，由于某元件出现故障，使灯L1变亮，灯L2不亮，其原因可能是（）A．R1断路B．R2断路C．R2短路D．R1短路5、充电宝内部的主要部件是锂电池，充电宝中的锂电池在充电后，就是一个电源，可以给手机充电．机场规定：严禁携带额定能量超过160 W·h的充电宝搭乘飞机．某同学的充电宝铭牌上面写着“10 000 mA·h”和“3.7V”下列说法正确的是A．按规定不能携带该充电宝搭乘飞机B．160 W·h 是指功率C．10 000 mA·h是指电荷量D．10 000 mA·h是指电动势6、如图所示是两个电阻R1、R2的伏安特性曲线，β=2α=60°由图可知两电阻的大小之比R1：R2等于（）A．1:3B．3:1C．2:3D．3:2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2014-2015高二上学期期中物理试卷(理科)附答案
2013-2014学年度高二上学期期中考试——物理试题本试卷共6页，20小题，满分100分。
考试用时90分钟。
第Ⅰ部分 选择题 （共56分）一、单项选择题(8个小题，共24分；在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，选对的得3分，选错或不答的得0分)1．在静电场中，下列关于电场强度和电势的说法，正确的是A ．电场强度大的地方电势一定高B ．电场强度大小相同的点电势可能不同C ．电势为零的地方电场强度也一定为零D ．电场强度为零的地方电势也一定为零2．真空中两个同性的点电荷q 1、q 2，它们相距较近，保持静止．释放q 2 且q 2只在q 1的库仑力作用下运动，则q 2在运动过程中受到的库仑力（ ）A.不断减小B.不断增加C.始终保持不变D.先增大后减小3．把一个带电量为+q 的检验电荷放在电场中的P 点，测得P 点的电场强度大小为E ，场强的方向向东，有关P 点的场强的说法，正确的是（ ）A.若在P 点不放电荷，那么P 点的场强为零B.只要P 点在电场中的位置确定，它的场强应是一个确定值C.若把﹣q 的检验电荷放在P ，则测得P 点的场强大小仍为E ，方向向西D.若把电量为+2q 的点电荷放在P 点，则测得P 点的场强大小为2E ，方向向东4．用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，下面四个物理公式不属于比值．．．．．定义法的是 （ ）A ．电场中某点的电势 Φ=q E pB 电容C= U QC ．电阻UR I = D ．电场强度2QE k r =5．电荷在电场中移动时的下列判断中，正确的是（ ）A ．正电荷顺着电场线移动，电场力做正功，电势能增加B ．正电荷逆着电场线移动，克服电场力做功，电势能减少C ．负电荷顺着电场线移动，克服电场力做功，电势能减少D ．负电荷逆着电场线移动，电场力做正功，电势能减少6．如图所示电路中，、为两块竖直放置的金属板，是一只静电计，开关合上时，静电计张开一个角度，下述情况中可使指针张角增大的是A ．合上，使、两板靠近一些B．合上，使、正对面积错开一些G S A BC ．断开，使、间距靠近一些D ．断开，使、正对面积错开一些7．A 、B 是一条电场线上的两个点，一带负电的粒子仅在电场力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B 点，其速度v 和时间t 的关系图象如图所示．则此电场的电场线分布可能是 ( )8．如图所示，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从a 点运动到b 点的轨迹，若带电粒子只受电场力作用，粒子从a 点运动到b 点的过程中：A ．粒子运动的加速度逐渐增大B ．粒子运动的速度逐渐增大C ．粒子的电势能逐渐增加D ．粒子的电势能逐渐减小二、双项选择题（本题共6小题，每小题5分，共30分。
2014-2015学年度上学期期中考试高二物理试卷
2014-2015学年度上学期期中考试高二物理试卷 （考试时间：90分钟 满分：100分）一、选择题（在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
共14题 每题3分，共42分）1．下述说法正确的是（ ）A ．根据E = F/q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比。
B ．根据E = KQ/r2，可知点电荷在电场中某点产生的场强与该点电荷的电量Q 成正比。
C ．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强。
D ．根据U=Ed 可知：同一电场中两个点的距离越远，它们之间的电势差越大。
2．两个大小相同的小球带有同种电荷(可看作点电荷)，质量分别为m1和m2，带电量分别是q1和q2，用两等长的绝缘线悬挂后，因静电力而使两悬线张开，分别与竖直方向成夹角α1和α2，如图9-36-6所示，若α1＝α2，则下述结论正确的是（ ）A.q1一定等于q 2B.C.m1一定等于m2D.必定同时满足q1=q2，m1=m23．下列关于静电场的说法正确的是（ ）A ．在孤立点电荷形成的电场中没有场强相同的两点，但有电势相同的两点B ．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动C ．场强为零处，电势一定为零；电势为零处，场强不一定为零D ．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动4．AB 和CD 为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O 。
将电量分别为+q 和-q 的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB 对称且距离等于圆的半径，如图所示。
要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q ，则该点电荷Q （ ）A ．应放在A 点，Q=2qB ．应放在B 点，Q=-2qC ．应放在C 点，Q= -qD ．应放在0点，Q= -q5．一电流表的满偏电流Ig=1mA ，内阻为200Ω。
要把它改装成一个量程为0.5A 的电流表，则应在电流表上（ ）A ．并联一个0.4Ω的电阻B ．并联一个200Ω的电阻C ．串联一个0.4Ω的电阻D ．串联一个200Ω的电阻6．a 、b 两个电阻的U —I 图线如图所示，则（ ） A ．R a ＜ R bUOB．R a ＞ R bC．若将它们串联在电路中，发热功率较大的是电阻R bD．若将它们并联在电路中，发热功率较大的是电阻R a7．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，相邻两等势面间的电势差相等．一个正电荷在等势面L3处的动能为20 J，运动到等势面L1处时动能为零；现取L2为零电势参考平面，则当此电荷的电势能为4 J时，它的动能为(不计重力及空气阻力)()A．16 J B．10 J C．6 J D．4 J8．如图，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地。
3-112 高二物理 探究静电力
教师寄语：天赋好比一朵火花，虽然灿烂，却转瞬即逝，只有用勤勉辛劳去助燃，它才能变成熊熊烈火，放出无比的光和热来。
第二节 探究静电力1．了解点电荷的概念． 2．理解库仑定律，知道静电力常量． 3．会用库仑定律进行有关的计算．一、点电荷1．定义：如果一个带电体，它本身的大小比起它到其他带电体的距离小得多，那么在研究它与其他带电体的相互作用时，可以忽略电荷在带电体上的具体分布情况，把它抽象成一个几何点．2．理想化模型：当研究对象受多个因素影响时，在一定条件下可以抓住主要因素，忽略次要因素，将研究对象抽象为理想化模型．3．点电荷是一种理想化的物理模型．二、库仑定律4．探究方法：控制变量法．(1)保持电荷的电荷量不变，距离增大时，作用力减小；距离减少时，作用力增大．(2)保持两个电荷之间的距离不变，电荷量增大时，作用力增大；电荷量减少时，作用力减小．5．库仑定律．(1)内容：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上．(2)库仑力：电荷间的相互作用力，也叫做静电力．(3)表达式：F ＝k q 1q 2r 2，k 叫做静电力常量，k ＝_9.0×109_N·m 2/C 2．(4)适用条件：真空中的点电荷．三个自由点电荷的平衡问题(1)条件：每个点电荷受到的库仑力必须大小相等，方向相反．(2)规律：“三点共线”——三个点电荷分布在同一直线上；“两同夹异”——正负电荷相互间隔；“两大夹小”——中间电荷的电荷量最小；“近小远大”——中间电荷靠近电荷量较小的电荷．例 两个电荷量分别为Q 和4Q 的负电荷a 、b ，在真空中相距为L ，如果引入另一个点电荷c ，正好能使这三个点电荷都处于静止状态，试确定电荷c 的位置、电性及电荷量．解析：由于a 、b 点电荷同为负电荷，可知点电荷c 应放在a 、b 之间的连线上，而c 受到a 、b 对它的库仑力的合力为零，依题意作图，设电荷c 、a 相距为x ，则b 与c 相距为(L －x )，c 的电荷量为q c .对电荷c ，其所受的库仑力的合力为零，即： F ac ＝F bc根据库仑定律有：kq c Q x 2＝kq c 4Q （L －x ）2， 解得：x 1＝L 3，x 2＝－L .由a 、b 点电荷同为负电荷，只有当电荷c 处于a 、b 之间时，其所受库仑力才能方向相反、合力为零，因此只有三个电荷都处于静止状态，即a 、b 电荷所受的静电力的合力均为零，对a 来说，b 对它的作用力是向左的斥力，判断电荷c 的电性一定为正．根据F ac ＝F ab 得：kq c Q ⎝⎛⎭⎫L 32＝kQ 4Q L 2，即：q c ＝4Q 9. 答案：见解析►变式训练如图所示，三个点电荷q 1、q 2、q 3固定在一直线上，q 2与q 3间距离为q 1与q 2间距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电荷量之比为(A )A ．(－9)∶4∶(－36)B ．9∶4∶36C ．(－3)∶2∶(－6)D ．3∶2∶6解析：分别取三个点电荷为研究对象，由于三个点电荷只在静电力(库仑力)作用下保持平衡，所以这三个点电荷不可能是同种电荷，这样可排除B 、D 选项，正确选项只可能在A 、C 中．若选q 2为研究对象，由库仑定律知kq 2q 1r 2＝kq 2q 3（2r ）2，因而得q 1＝14q 3，即q 3＝4q 1.若以q 1为研究对象，k q 1q 2r 2＝k q 1q 39r 2得q 2＝19q 3；q 1＝94q 2，由于三个电荷平衡，q 1与q 3为同种电荷，q 1与q 2为异种电荷．故选项A 恰好满足此关系，显然正确选项为A.一、单项选择题1．下列说法中正确的是(D )A ．点电荷就是体积很小的带电体B ．点电荷就是体积和带电量都很小的带电体C ．根据公式F ＝k q 2q 1r 2，当r →0时，F →∞D ．静电力常量的数值是由实验得出的2．如图所示，A 、B 两个点电荷的电量分别为＋Q 和＋q ，放在光滑绝缘水平面上，A 、B 之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x 0.若弹簧发生的均是弹性形变，则(B ) A ．保持Q 不变，将q 变为2q ，平衡时弹簧的伸长量等于2x 0B ．保持q 不变，将Q 变为2Q ，平衡时弹簧的伸长量小于2x 0C ．保持Q 不变，将q 变为－q ，平衡时弹簧的缩短量等于x 0D ．保持q 不变，将Q 变为－Q ，平衡时弹簧的缩短量小于x 03．用控制变量法可以研究影响电荷间相互作用力的因素．如图所示，O 是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P 1、P 2、P 3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力的大小．这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ显示出来．若物体O 的电荷量用Q 表示，小球的电荷量用q 表示，物体与小球间距离用d 表示，物体和小球之间的作用力大小用F 表示．则以下对该实验现象的判断正确的是(C )A ．保持Q 、q 不变，增大d ，则θ变大，说明F 与d 有关B ．保持Q 、q 不变，减小d ，则θ变大，说明F 与d 成反比C ．保持Q 、d 不变，减小q ，则θ变小，说明F 与q 有关D ．保持q 、d 不变，减小Q ，则θ变小，说明F 与Q 成正比4．两个半径为r 的金属小球带同种电荷，带电量分别为q 1和q 2，当两球心相距为3r 时，相互作用的库仑力大小为( C )A ．F ＝k q 1q 29r 2B ．F ＞k q 1q 29r 2C ．F ＜k q 1q 29r 2D ．无法确定二、不定项选择题5．如图所示，带正电的点电荷固定于Q 点，电子在库仑力作用下，沿以Q 点为一个焦点的椭圆轨道运动．M 、N 、P 为椭圆上的三点，P 点离Q 点最远．在从M 点经P 点到达N 点的过程中，电子的( ABD )A ．库仑力大小与两电荷距离有关B ．库仑力先减小后增大C ．速率先增大后减小D ．速率先减小后增大6．一根套有细环的粗糙杆水平放置，带正电的小球A 通过绝缘细线系在细环上，另一带正电的小球B 固定在绝缘支架上，A 球处于平衡状态，如图所示．现将B 球稍向右移动，当A 小球再次平衡(该过程A 、B 两球一直在相同的水平面上)时，细环仍静止在原位置，下列说法正确的是(A )A ．细线对带电小球A 的拉力变大B ．细线对细环的拉力保持不变C ．细环所受的摩擦力变小D ．粗糙杆对细环的支持力变大解析：A 、B ：以A 小球为研究对象，分析受力情况：重力mg 、细线的拉力T 和电场力F ，根据平衡条件得T ＝（mg ）2＋F 2，F 增大时，T 变大．故B 错误，A 正确．C 、D ：以小球和环整体为研究对象，受力分析如图：总重力G 、杆对细环的支持力N 和摩擦力f 、电场力F .根据平衡条件得：N ＝G ，f ＝F .当电场稍加大时，小球所受的电场力F 增大，杆对细环的支持力保持不变，细环所受的摩擦力变大．故C 错误、D 错误．7．关于库仑定律的公式F＝kq1q2r2，下列说法中正确的是(AD)A．当真空中的两个点电荷间的距离r→∞时，它们之间的静电力F→0B．当真空中的两个点电荷间的距离r→0时，它们之间的静电力F→∞C．当两个点电荷之间的距离r→∞时，库仑定律的公式就不适用了D．当两个点电荷之间的距离r→0时，电荷不能看成是点电荷，库仑定律的公式就不适用了解析：A.当真空中的两个点电荷间的距离r→∞时，它们之间的静电力F→0，故A正确，C错误．B.当两个点电荷距离趋于0时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用．故B错误，D正确．故选AD.8．如图所示为半径相同的两个金属小球，A、B带有电量相等的电荷，相隔一定距离，两球之间的相互作用力大小是F，今用第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是(A、B两球均可看成点电荷)(AC)A.F8 B.F4 C.3F8 D.3F4解析：第一种情况，当两球带等量异种电荷时有：假设A带电量为Q，B带电量为－Q，两球之间的相互吸引力的大小是：F＝kQQr2.第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为：Q2，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为：－Q4，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：F′＝kQ2×Q4r2＝F8，故A正确；同理当两球带有同种电荷时，有：F′＝3F8，故C正确，BD错误．故选AC.9．某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动(ABCD)A．半径越大，加速度越小B．半径越小，周期越小C．半径越大，角速度越小D．半径越小，线速度越大解析：根据原子核对电子的库仑力提供向心力，由牛顿第二定律得：ke2r2＝ma＝m4π2rT2＝mω2r＝mv2r，得：a＝ke2mr2；T＝m4π2r3ke2；ω＝ke2mr2；v＝ke2mr.A．半径越大，加速度越小，故A正确；B．半径越小，周期越小，故B正确；C．半径越大，角速度越小，故C正确；D．半径越小，线速度越大，故D正确．故选ABCD.三、非选择题(按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明，方程和重要的演算步骤，答案中必须明确写出数值和单位)10．相距为L的点电荷A、B带电量分别为＋4Q和－Q，如图所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平 衡状态，则C 的电量为________，放置在________．解析：A 、B 、C 三个电荷要平衡，必须三个电荷在同一条直线上，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C 必须为正电，在B 的右侧．设C 所在位置与B 的距离为r ，则C 所在位置与A 的距离为L ＋r ，要能处于平衡状态，所以A 对C 的电场力大小等于B 对C 的电场力大小，设C 的电量为q .则有：k 4Qq （L ＋r ）2＝k Qq r 2，解得：r ＝L . 对点电荷A ，其受力也平衡，则：k 4Qq （L ＋r ）2＝k Qq L 2，解得：q ＝4Q . 答案：4Q B 的右侧L 处11．一根置于水平面上的光滑玻璃管(绝缘体)，内部有两个完全一样的弹性金属球 A 、B ，带电荷量分别为9Q 和－Q ，从图所示的位置由静止开始释放，问两球再经过图中位置时，两球的加速度是释放时的多少倍？解析：A 、B 球吸引接触后，净电荷为9Q －Q ＝8Q ，平均分配后各得4Q ，再经过图示位置时，库仑力是原来的4Q ·4Q 9Q ·Q ＝169倍，故加速度是释放时的169倍． 答案：16912．如图所示，一个挂在丝线下端带正电的小球B ，静止在图示位置．若固定的带正电小球A 的电荷量为Q ，B 球的质量为m ，带电荷量为q ，θ＝30°，A 和B 在同一条水平线上，整个装置处于真空中．试求A 、B 两球间的距离r .解析：对B 球受力分析如右图所示：F ＝mg tan θ＝mg tan 30°＝33mg ，①F ＝k qQ r 2，②联立①②解得：r ＝3kQq mg答案：3kQq mg 过手训练 基础夯实一、选择题(1～5题为单选题，6～7题为多选题)1．(贵州省重点高中2013～2014学年高二上学期期中)关于元电荷和点电荷，下列说法中正确的是( )A ．元电荷实质上是指电子和质子本身B ．元电荷一定可看成点电荷C ．体积很大的带电体也可能看做点电荷D ．点电荷一定是电量很小的电荷答案：C解析：元电荷是带电量的最小值，它不是实体电荷，故A 、B 错误；带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及所带电荷量的大小无具体关系，所以C 正确，D 错误。
2014-2015学年度第一学期期中考试试题物理 高二物理(理科)
2014-2015学年度第一学期期中考试试题高二物理（理科）一、选择题(本题包括12小题，共48分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1.如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2 =1：3B．R1：R2 =3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：32．用电流表内接测得待测电阻为R1，用电流表外接测得待测电阻为R2，其真实值为R0，则下列说法中正确的是（）A．R1=R2=R0 B．R1>R2>R0 C．R1>R0>R2 D．R2>R0>R1 3．绝缘细线的一端与一带正电的小球M相连接，另一端固定在天花板上，在小球M下面的一绝缘水平面上固定了另一个带电小球N，在下列情况下，小球M能处于静止状态的是（）4． A、B、C三点在同一直线上，AB:BC＝1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷。
当在A处放一电荷量为＋q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C 处放一电荷量为－2q的点电荷，其所受电场力为（)A．－F/2 B．F/2 C．－F D．F5．一充电后的平行板电容器保持两板间的正对面积、间距和电荷量不变，在两板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U 的变化情况是( )A．C和U均增大 B．C增大，U减小C．C减小，U增大 D．C和U均减小6.关于静电场，下列说法正确的是( )A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势一定为零C．同一电场线上的各点，电势一定相等D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加7．如图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a ，b 两点电场强度和电势均相同的是8．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0 V 点A 处的电势为6 V, 点B 处的电势为3 V,则电场强度的大小为 ( )A.200V/mB.2003C.100 V/mD. 1003 V/m9．在竖直向下的匀强电场中，有a 、b 、c 、d 四个带电质点，各以水平向左、水平向右、竖直向下和竖直向上的速度做匀速直线运动，不计质点间的相互作用力，则有（ ） A ．c 、d 带异种电荷 B ．a 、b 带同种电荷且电势能均不变 C ．d 的电势能减小，重力势能增大 D ．c 的电势能增大，机械能减小 10．电场中等势面如图所示，下列关于该电场描述正确的是（ ） A ．A 点的电场强度比C 点的小B ．负电荷在A 点电势能比C 点电势能大C ．电荷沿等势面AB 移动过程中，电场力始终不做功D ．正电荷由A 移到C ，电场力做负功11．如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。