高三数学一轮复习必备 第89课时 第十章 排列、组合和概率-排列、组合、概率小结

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高考一轮总复习 数学 第10章 第2讲 排列与组合

高考一轮总复习 数学 第10章 第2讲 排列与组合
解析 根据排列数定义,由题意得 A420=1560,故全班共写了 1560 条毕业留言.
5.[2016·永州模拟]两男两女共 4 个学生站成一排照相,两个女生必须相邻的站法有__1_2_____种.(用数 字作答)
解析 根据题意,分两步进行,先将 2 名女生排在一起看成一个元素,考虑其顺序有 A22种情况,再与 2 名男生全排列有 A33种情况,则不同的排列方法有 A33A22=12 种.
第10章 计数原理、概率、随机变量及分布列
第2讲 排列与组合
1.理解排列、组合的概念. 2.能利用计数原理推导排列数公式、组合数公式. 3.能解决简单的实际问题.
板块一 知识梳理·自主学习
[必备知识]
考点 1 排列与排列数
1.排列 从 n 个不同元素中取出 m(m≤n)个元素,按照一定的顺序排成一列 ,叫做从 n 个不同元素中取出 m 个
①A 中 2 人,B 中 1 人,C 中 2 人,有 C24=6 种分法; ②A 中 1 人,B 中 2 人,C 中 2 人,有 C24C12=12 种分法; ③A 中 2 人,B 中 2 人,C 中 1 人,有 C24C12=12 种分法, 即甲被分到 B 宿舍的分法有 30 种,同样甲被分到 C 宿舍的分法也有 30 种,所以甲不到 A 宿舍一共有 60 种分法.
板块二 典例探究·考向突破
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考向 排列问题
例 1 [2015·四川高考]用数字 0,1,2,3,4,5 组成没有重复数字的五位数,其中比 40000 大的偶数共有( )
A.144 个
B.120 个
C.96 个
D.72 个
[解析] 当五位数的万位为 4 时,个位可以是 0,2,此时满足条件的偶数共有 C12A43=48(个);当五位数 的万位为 5 时,个位可以是 0,2,4,此时满足条件的偶数共有 C13A43=72(个),所以比 40000 大的偶数共有 48 +72=120(个),选 B.

高考数学一轮复习 第十章 计数原理、概率、随机变量及其分布 10.2 排列与组合课件(理)

高考数学一轮复习 第十章 计数原理、概率、随机变量及其分布 10.2 排列与组合课件(理)
(1)解方程 3Ax8=4Ax9-1; (2)解方程 Cxx++13=Cxx-+11+Cxx+1+Cxx-+22.
解:(1)利用 3Ax8=3(8-8!x)!,4Ax9-1=4(9-9x+ !1)!, 得到(38× -8x) !!=(140×-9x!)!. 利用(10-x)!=(10-x)(9-x)(8-x)!,将上式化简后得到(10-x)(9 -x)=4×3. 再化简得到 x2-19x+78=0. 解方程得 x1=6,x2=13.由于 Ax8和 Ax9-1有意义,所以 x 满足 x≤8 和 x-1≤9.于是将 x2=13 舍去,原方程的解是 x=6.
(2)由组合数的性质可得 Cxx- +11+Cxx+1+Cxx- +22=C2x+1+Cx1+1+C4x+2=C2x+2+C4x+2, 又 Cxx+ +13=Cx2+3,且 C2x+3=Cx2+2+C1x+2, 即 C1x+2+Cx2+2=C2x+2+C4x+2.∴C1x+2=Cx4+2, ∴5=x+2,x=3.经检验知 x=3 符合题意且使得各式有 意义,故原方程的解为 x=3.
(2015·河北模拟)某单位要邀请 10 位教师中的 6
位参加一个会议,其中甲、乙两位教师不能同时参加,
则邀请的不同方法有( )
A.84 种
B.98 种
C.112 种
D.140 种
解:不同的邀请方法有:C12C85+C86=112+28=140 种.故选 D.
(2015·四川)用数字 0,1,2,3,4,5 组成没
(1)解方程:3A3x=2A2x+1+6Ax2; (2)计算:C22+C23+C24+…+C2100.
解:(1)由 3Ax3=2A2x+1+6A2x得 3x(x-1)(x-2)=2(x+1)x+6x(x-1), 由 x≠0 整理得 3x2-17x+10=0. 解得 x=5 或23(舍去). 即原方程的解为 x=5. (2)原式=(C33+C23)+C24+…+C2100 =(C34+C24)+…+C2100=…=C3100+C2100 =C3101=166650.

排列与组合讲义-2025届高三数学一轮复习

排列与组合讲义-2025届高三数学一轮复习

2025届高考数学一轮复习讲义计数原理、概率、随机变量及其分布之排列与组合一、知识点讲解及规律方法结论总结1.排列、组合的定义名称定义排列从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素并按照①一定的顺序排成一列,叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个排列.组合作为一组,叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个组合.注意排列有序,组合无序.2.排列数、组合数的定义、公式及性质(n,m∈N*,且m≤n)排列数组合数定义从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素的所有不同排列的个数,用符号②A n m表示.从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素的所有不同组合的个数,用符号③C n m表示.公式A n m=n(n-1)(n-2)…(n-m+1)=n!(n-m)!.规定0!=1.C n m=A n mA m m=n(n-1)(n-2)…(n-m+1)m!=④n!m!(n-m)!.规定C n0=1.性质A n n=n!=n×(n-1)×(n-2)×…×2×1;A n m=(n-m+1)A n m-1=n An-1m-1.C n m=C n n-m;C n+1m=Cnm+Cnm-1.说明C n m=C n n-m的应用主要是两个方面:一是简化运算,当m>n2时,通常将计算C n m转化为计算C n n-m;二是列等式,由C n x=C n y可得x=y或x+y=n.二、基础题练习1.5个相同的球,放入8个不同的盒子中,每个盒里至多放一个球,则不同的放法有(B)A.A85种B.C85种C.58种D.85种解析由于球都相同,盒子不同,每个盒里至多放一个球,所以只要选出5个不同的盒子即可.故共有C85种不同的放法.2.[教材改编]从4本不同的课外读物中,买3本送给3名同学,每人各1本,则不同的送法种数是(B)A.12B.24C.64D.81 解析 4本不同的课外读物选3本分给3位同学,每人1本,则不同的分配方法种数为A 43=24. 3.[教材改编]某班举行了“弘扬中华文化”演讲比赛,有6人参加,并决出第1名到第6名的名次(没有并列名次).甲、乙两名参赛者去询问成绩,回答者对甲说:“很遗憾,你和乙都没有得到冠军.”对乙说:“你当然不会是最差的.”从回答分析,6人的名次排列情况可能有( D )A.216种B.240种C.288种D.384种解析 由题可知,甲和乙都不是冠军,所以冠军有4种可能性,乙不是最后一名,所以最后一名有4种可能性,所以6人的名次排列情况可能有4×4×A 44=384(种).4.[多选]下列说法正确的是 ( BD )A.所有元素完全相同的两个排列为相同排列B.两个组合相同的充要条件是其中的元素完全相同C.若C n x =C n m ,则x =mD.A n+1m =A n m +m A n m -15.[易错题]计算C 73+C 74+C 85+C 96的值为 210 .(用数字作答)解析 原式=C 84+C 85+C 96=C 95+C 96=C 106=210.6.若C n+13=C n 3+C n 4,则n = 6 .解析 ∵C n+13=C n 3+C n 4=C n+14,∴n +1=3+4,解得n =6.三、知识点例题讲解及方法技巧总结命题点1 排列问题例1 有3名男生、4名女生.(1)若排成前、后两排,前排3人,后排4人,则不同的排列方法总数为 5 040 .(2)若全体排成一排,女生必须站在一起,则不同的排列方法总数为 576 .(3)若全体排成一排,男生互不相邻,则不同的排列方法总数为 1 440 .(4)若全体排成一排,其中甲不站最左边,也不站最右边,则不同的排列方法总数为 3 600 .(5)若全体排成一排,其中甲不站最左边,乙不站最右边,则不同的排列方法总数为 3 720 .(6)若全体排成一排,其中甲、乙、丙三人从左到右顺序一定,则不同的排列方法总数为 840 .解析 (1)分两步完成,先选3人站前排,有A 73种方法,余下4人站后排,有A 44种方法,共有A 73·A 44=5 040(种).(2)将女生看作一个整体与3名男生一起全排列,有A44种方法,再将女生全排列,有A44种方法,共有A44·A44=576(种).(3)先排女生,有A44种方法,然后在女生之间及首尾共5个空位中任选3个空位安排男生,有A53种方法,共有A44·A53=1 440(种).(4)解法一先排甲,有5种方法,其余6人有A66种排列方法,共有5×A66=3 600(种).解法二左、右两边位置可安排除甲外其余6人中的2人,有A62种排法,剩下的5人有A55种排法,共有A62A55=3 600(种).(5)解法一甲在最右边时,其他人可全排列,有A66种方法;甲不在最右边时,因为甲也不在最左边,所以可从余下的5个位置中任选1个,有C51种,而乙可从除去最右边的位置后剩下的5个位置中任选1个,有C51种,其余人全排列,有A55种不同排法,共有A66+C51C51A55=3 720(种).解法二7人全排列,有A77种方法,其中甲在最左边时,有A66种方法,乙在最右边时,有A66种方法,其中都包含了甲在最左边且乙在最右边的情形(A55种方法),故共有A77-2A66+A55=3 720(种).(6)7人全排列,有A77种方法,由于甲、乙、丙的顺序一定,则不同的排列方法总数为A77A33=840.方法技巧求解排列问题的常用方法直接法把符合条件的排列数直接列式计算.优先法优先安排特殊元素或特殊位置.捆绑法相邻问题捆绑处理,即可以把相邻元素看作一个整体与其他元素进行排列,同时注意捆绑元素的内部排列.插空法不相邻问题插空处理,即先考虑不受限制的元素的排列,再将不相邻的元素插在前面元素的排列空位中.定序问题除法处理定序问题,可先不考虑顺序限制进行排列,再除以定序元素的全排列.间接法正难则反,等价转化处理.训练1 (1)[2022新高考卷Ⅱ]甲、乙、丙、丁、戊5名同学站成一排参加文艺汇演,若甲不站在两端,丙和丁相邻,则不同的排列方式共有(B)A.12种B.24种C.36种D.48种解析先将丙和丁捆在一起,有A22种排列方式,然后将其与乙、戊排列,有A33种排列方式,最后将甲插入中间两空,有2种排列方式,所以不同的排列方式共有2A22A33=24(种),故选B.(2)[2023济南市统考]由3个2,1个0,2个3组成的六位数中,满足有相邻4位恰好是2 023的六位数的个数为(B)A.3B.6C.9D.24解析 2 023用了2个2,1个0,1个3,还余下1个2,1个3,故将2 023视作一个整体与余下的1个2,1个3全排列,有A33=6(种)不同的排法.故选B.命题点2组合问题例2 (1)[多选]从6名男生和4名女生中选出4人去参加一项创新大赛,则下列说法正确的有(CD)A.若4人全部为男生,则有30种不同的选法B.若4人中男生、女生各有2人,则有30种不同的选法C.若男生中的甲和女生中的乙被选,则有28种不同的选法D.若男生中的甲和女生中的乙至少有1人被选,则有140种不同的选法解析4人全部为男生,选法有C64=15(种),故A错误;如果4人中男生、女生各有2人,男生的选法有C62=15(种),女生的选法有C42=6(种),则4人中男生、女生各有2人的选法有15×6=90(种),B错误;如果男生中的甲和女生中的乙被选,在剩下的8人中再选2人即可,有C82=28(种)不同的选法,故C正确;在10人中任选4人,有C104=210(种)不同的选法,甲、乙都不在其中的选法有C84=70(种),故男生中的甲和女生中的乙至少要有1人被选的选法有210-70=140(种),故D正确.(2)[2023新高考卷Ⅰ]某学校开设了4门体育类选修课和4门艺术类选修课,学生需从这8门课中选修2门或3门课,并且每类选修课至少选修1门,则不同的选课方案共有64种(用数字作答).解析解法一由题意,可分三类:第一类,体育类选修课和艺术类选修课各选修1门,有C41C41种方案;第二类,在体育类选修课中选修1门,在艺术类选修课中选修2门,有C41C42种方案;第三类,在体育类选修课中选修2门,在艺术类选修课中选修1门,有C42C41种方案.综上,不同的选课方案共有C41C41+C41C42+C42C41=64(种).解法二若学生从这8门课中选修2门课,则有C82-C42-C42=16(种)选课方案;若学生从这8门课中选修3门课,则有C83-C43-C43=48(种)选课方案.综上,不同的选课方案共有16+48=64(种).方法技巧组合问题常见的两类题型(1)“含”与“不含”的问题:“含”,则先将这些元素取出,再由剩下的元素补足;“不含”,则先将这些元素剔除,再从剩下的元素中选取.(2)“至少”与“最多”的问题:解这类题的关键是理解“至少”与“最多”这两个词的含义,通常用直接法或间接法处理,分类复杂时,用间接法更容易处理.训练2 (1)[2023福州5月质检]“赛龙舟”是端午节重要的民俗活动之一,龙舟比赛的划手分划左桨和划右桨.某训练小组有6名划手,其中有2名只会划左桨,2名只会划右桨,2名既会划左桨又会划右桨.现从这6名划手中选派4名参加比赛,其中2名划左桨,2名划右桨,则不同的选派方法共有(C)A.15种B.18种C.19种D.36种解析按照从全能者(既会划左桨又会划右桨)中选多少人参与划左桨分类:①2名全能者中选2人划左桨,有C22C22=1(种)不同的选派方法;②2名全能者中选1人划左桨,有C21C21C32=12(种)不同的选派方法;③2名全能者中选0人划左桨,有C22C42=6(种)不同的选派方法.所以共有1+12+6=19(种)不同的选派方法.故选C.(2)[2023南京市、盐城市二模]编号为1,2,3,4的四位同学,就座于编号为1,2,3,4的四个座位上,每个座位恰好坐一位同学,则恰有两位同学的编号和座位编号一致的坐法种数为6.解析先选择两位同学坐对编号,有C42种方法,余下的两位同学只能交叉坐,只有1种方法,故共有C42×1=6(种)不同坐法.命题点3排列与组合的综合应用角度1有限制条件的排列、组合问题例3 (1)[2023沈阳市质监]甲、乙、丙、丁、戊、己6人站成一排拍合照,要求甲必须站在最中间两个位置之一,且乙、丙2人相邻,则不同的排队方法共有(C)A.24种B.36种C.72种D.96种解析如图所示,当甲在3的位置时,乙、丙可能排在(1,2),(4,5),(5,6),先从这三种中选出一种安排乙、丙,然后在剩下的3个位置安排余下的3人,所以不同的排队方法有C31A22A33=36(种);当甲在4的位置时,由对称性可知不同的排队方法也有36种.所以不同的排队方法共有36×2=72(种),故选C.123456(2)[2023重庆市名校联考]某校从8名教师中选派4名教师去4个偏远地区支教,每地1人,其中甲和乙不能同去,甲与丙同去或者同不去,则不同的选派方案的种数是600.(用数字作答)解析分为两步,第一步,先选4名教师,第一步又分两类,第一类,甲去,则丙一定去,乙一定不去,有C52=10(种)不同的选法;第二类,甲不去,则丙一定不去,乙可能去也可能不去,有C64=15(种)不同的选法.所以选4名教师,不同的选法有10+15=25(种).第二步,4名教师去4个偏远地区支教,有A44=24(种)分配方法.所以不同的选派方案的种数是25×24=600.方法技巧有限制条件的排列、组合问题的解题策略(1)先分析每个限制条件,然后考虑是分类还是分步,对于分类过多的问题可以采用间接法;(2)采用特殊元素(位置)优先原则,即先满足有限制条件的元素(位置),再考虑其他元素(位置).角度2 分组、分配问题例4 (1)有5个大学保送名额,计划分到3个班级,每班至少一个名额,有 6 种不同的分法.解析 一共有5个保送名额,分到3个班级,每个班级至少1个名额,即将名额分成3份,每份至少1个,(定份数)将5个名额排成一列,中间有4个空,(定空位)即只需在中间4个空中插入2个隔板,不同的方法共有C 42=6(种).(插隔板)(2)若将6名教师分到3所中学任教,其中一所1名,一所2名,一所3名,则有 360 种不同的分法.解析 先将6名教师分组,共有C 61C 52C 33=60(种)分法.再将这3组教师分配到3所中学,有A 33=6(种)分法.故不同的分法共有60×6=360(种).(3)将6本不同的书分给甲、乙、丙、丁4个人,每人至少1本的不同分法共有 1 560 种.(用数字作答)解析 把6本不同的书分成4组,故有“3,1,1,1”和“2,2,1,1”两种不同的分组方法.若按“3,1,1,1”的分组方法,则不同的分法共有C 63C 31C 21C 11A 33=20(种).(有三组元素个数相同,因与顺序无关,故需除去重复情况)若按“2,2,1,1”的分组方法,则不同的分法共有C 62C 42A 22·C 21C 11A 22=45(种).(四组元素中,分别有两组元素个数相同,分别为“2,2”和“1,1”,因与顺序无关,故需除去重复情况)所以不同的分组方法共有20+45=65(种).然后把分好的4组书分给4个人,分法共有A 44=24(种),所以不同的分法共有65×24=1 560(种).方法技巧分组、分配问题的解题思路是先分组后分配.1.常见的分组整体均匀分组 分组后一定要除以A n n (n 为均分的组数),避免重复计数.部分均匀分组 若有m 组元素个数相等,则分组时应除以m !.不等分组 分组时任何组中元素的个数都不相等.注意 关于分组问题,应注意无论分成几组,只要其中某些组中的元素个数相等,就存在均分现象.2.常见的分配(1)相同元素的分配问题,常用“隔板法”求解.(2)不同元素的分配问题,利用分步乘法计数原理,先分组,后分配.(3)有限制条件的分配问题,采用分类讨论法或间接法求解.训练3 (1)[多选/2023重庆八中模拟]将甲、乙、丙、丁4名志愿者分别安排到A ,B ,C 3个社区进行暑期社会实践活动,要求每个社区至少安排1名志愿者,每名志愿者只能被安排到1个社区,则下列选项正确的是( BD )A.共有72种安排方法B.若甲、乙被安排在同一个社区,则有6种安排方法C.若A 社区需要2名志愿者,则有24种安排方法D.若甲被安排在A 社区,则有12种安排方法解析 对于A 选项,将4名志愿者先分为3组,再分配到3个社区,所以安排方法种数为C 42C 21C 11A 22×A 33=36,所以A 选项不正确.对于B 选项,甲、乙被安排在同一个社区,先从3个社区中选1个安排甲与乙,再把剩余2个社区进行全排列,所以安排方法种数为C 31A 22=6,所以B 选项正确.对于C 选项,A 社区需要2名志愿者,所以先从4名志愿者中选择2名安排到A 社区,再把剩余2名志愿者进行全排列,所以安排方法种数为C 42A 22=12,C 选项不正确.对于D 选项,甲被安排在A 社区,分为两种情况,(对甲安排在A 社区进行分类讨论,讨论A 社区是甲单独一人还是甲与另外一人)第一种为A 社区安排了2名志愿者,则从剩余3名志愿者中再选择1名,分到A 社区,然后把剩余2名志愿者进行全排列,安排方法共有C 31A 22种;第二种是A 社区只安排了甲志愿者,此时剩余3名志愿者分为2组,再分配到剩余的2个社区中,此时安排方法有C 32A 22种.(这两组是不均匀分组,故不需除以任何数)所以安排方法种数一共为C 31A 22+C 32A 22=12,D 选项正确.故选BD.(2)将9名大学生志愿者安排在星期五、星期六及星期日3天参加社区公益活动,每天分别安排3人,每人参加一次,则不同的安排方案共有 1 680 种.(用数字作答)解析 先选出3人,有C 93种选法,再从剩下的6人中选出3人,有C 63种选法,最后剩下的3人为一组,有C 33种选法.由分步乘法计数原理以及整体均匀分组方法,可知不同的安排方案共有C 93C 63C 33A 33·A 33=1 680(种).四、命题点习题讲解1.[命题点1/2023大同学情调研]现有高中数学新教材必修一、二,选择性必修一、二、三,共5本书,把这5本书放在书架上排成一排,必修一、必修二不相邻的排列方法种数是(A)A.72B.144C.48D.36解析解法一先将选择性必修一、二、三这3本书排成一排,有A33=6(种)排列方法,再将必修一、必修二这2本书插入两端或3本书间的两个空隙中,有A42=12(种)排列方法,由分步乘法计数原理得,把这5本书放在书架上排成一排,必修一、必修二不相邻的排列方法种数是6×12=72.解法二5本书放在书架上排成一排的排列方法共有A55种,其中必修一、必修二相邻的排列方法有A22A44种,所以把这5本书放在书架上排成一排,必修一、必修二不相邻的排列方法种数为A55-A22A44=72.2.[命题点2/2023合肥市二检]某高中学校在新学期增设了“传统文化”“数学文化”“综合实践”“科学技术”和“劳动技术”5门校本课程.小明和小华两位同学商量每人选报2门校本课程.若小明必须选报“数学文化”课程,两位同学所选的课程至多有一门相同,则不同的选课方案有(B)A.24种B.36种C.48种D.52种解析解法一当小明和小华两位同学所选的课程恰有一门相同时,若相同的课程为“数学文化”,则不同的选课方案有C41C31=12(种);若相同的课程不是“数学文化”,则不同的选课方案有C41C31=12(种).所以小明和小华两位同学所选的课程恰有一门相同时,共有12+12=24(种)选课方案.当小明和小华两位同学所选的课程都不相同时,不同的选课方案有C41C32=12(种).所以不同的选课方案有24+12=36(种),故选B.解法二小明在“数学文化”课程外任选一门课程,小华任选2门课程时,不同的选课方案有C41C52=40(种),其中小明和小华2门课程都相同时,选课方案有C41=4(种),故两位同学所选的课程至多有一门相同时,不同的选课方案有40-4=36(种),故选B.3.[命题点3角度1]某旅游景区有如图所示A至H共8个停车位,现有两辆不同的白色车和两辆不同的黑色车,要求相同颜色的车不停在同一行也不停在同一列,则不同的停车方法总数为(B)A B C DE F G HA.288B.336C.576D.1 680解析由题意知,每行停放一辆白色车和一辆黑色车.第一步:取一辆白色车和一辆黑色车停放到第一行,共有C21C21C42A22=48(种)方法.第二步:把剩下的两辆车停放到第二行.若白色车与第一行的黑色车在同一列,此时黑色车有3种停放方法;若白色车与第一行的黑色车不在同一列,则白色车有2种停放方法,黑色车也有2种停放方法,所以共有2×2=4(种)停放方法.所以把剩下的两辆车停放到第二行共有3+4=7(种)方法.由分步乘法计数原理可知,满足题意的停车方法总数为48×7=336.4.[命题点3角度2/2021全国卷乙]将5名北京冬奥会志愿者分配到花样滑冰、短道速滑、冰球和冰壶4个项目进行培训,每名志愿者只分配到1个项目,每个项目至少分配1名志愿者,则不同的分配方案共有(C)A.60种B.120种C.240种D.480种解析根据题设中的要求,每名志愿者只分配到1个项目,每个项目至少分配1名志愿者,可分两步进行安排:第一步,将5名志愿者分成4组,其中1组2人,其余每组1人,共有C52种分法;第二步,将分好的4组安排到4个项目中,有A44种安排方法.故满足题意的分配方案共有C52×A44=240(种).5.[命题点3/2023福建适应性测试]中国救援力量在国际自然灾害中为拯救生命做出了重要贡献,很好地展示了国家形象,增进了国际友谊,多次为祖国赢得了荣誉.现有5支救援队前往A,B,C 3个受灾点执行救援任务,若每支救援队只能去其中的一个受灾点,且每个受灾点至少安排一支救援队,其中甲救援队只能去B,C 2个受灾点中的一个,则不同的安排方法种数是(D)A.72B.84C.88D.100解析解法一(间接法)将5支救援队分成3组,有两种分法:3∶1∶1和2∶2∶1,再×A33=150将这3组分配到A,B,C 3个受灾点,有A33种分配方法,故共有C53A33+C52C32C11A22(种)安排方法,其中含有甲救援队去A受灾点的情形.当甲救援队去A受灾点时,变为余下4支救援队随机去A,B,C 3个受灾点,则A受灾点可以再去0支或1支或2支救援队,B,C受灾点均至少去1支救援队,当A受灾点再去0支救援队时,余下4支救援队分成两组(3∶1或2∶2)去B,C 2个受灾点,不同的安排方法种数为C43A22+C42;当A受灾点再去1支救援队时,余下3支救援队只能按2∶1分组去B,C 2个受灾点,不同的安排方法种数为C41C32A22;当A受灾点再去2支救援队时,余下2支救援队只能1支去B受灾点,1支去C受灾点,不同的安排方法种数为C42A22.故满足题意的不同的安排方法种数为150-(C43A22+C42+C41C32A22+C42A22)=100.故选D.解法二(直接法)将5支救援队分成3组,有两种分法:3∶1∶1和2∶2∶1,再将这3组分配到A,B,C 3个受灾点.①按3∶1∶1分组,若甲救援队单独一组,且甲救援队去B,C 2个受灾点中的一个,则有C21C43A22种不同的安排方法;若甲救援队不单独一组,则甲救援队所在的组还需2支救援队,有C42种选法,甲救援队所在的组去B,C 2个受灾点中的一个,有C21种方法,余下的2支救援队分成两组各去一个受灾点,有A22种方法,故有C42C21A22种不同的安排方法.②按2∶2∶1分组,若甲救援队单独一组,且甲去B ,C 2个受灾点中的1个,则有C 21×C 42C 22A 22×A 22种不同的安排方法;若甲救援队不单独一组,则甲救援队所在的组还需1支救援队,有C 41种选法,甲救援队所在的组去B ,C 2个受灾点中的1个,有C 21种方法,余下的3支救援队按2∶1分成两组各去一个受灾点,有C 32A 22种方法,故有C 41C 21C 32A 22种不同的安排方法.故满足题意的不同的安排方法种数为C 21C 43A 22+C 42C 21A 22+C 21×C 42C 22A 22×A 22+C 41C 21C 32A 22=16+24+12+48=100.故选D.五、习题实战演练1.[新高考卷Ⅰ]6名同学到甲、乙、丙三个场馆做志愿者,每名同学只去1个场馆,甲场馆安排1名,乙场馆安排2名,丙场馆安排3名,则不同的安排方法共有( C )A.120种B.90种C.60种D.30种解析 第1步,抽1名志愿者安排到甲场馆,有C 61种安排方法;第2步,从剩下的5名志愿者中抽取2名安排到乙场馆,有C 52种安排方法;第3步,将剩下的3名志愿者安排到丙场馆.由分步乘法计数原理得,不同的安排方法共有C 61C 52=60(种),故选C.2.[2024吉林市田家炳高级中学模拟]从A ,B ,C ,D ,E 这5人中选出4人,安排在甲、乙、丙、丁4个岗位上,如果A 不能安排在甲岗位上,则不同的安排方法有( D )A.56种B.64种C.72种D.96种解析 解法一(优先特殊元素) 根据题意可知,按A 是否入选进行分类.若A 入选,则先从乙、丙、丁3个岗位上安排1个岗位给A ,有C 31=3(种)安排方法,再给剩下3个岗位安排人,有A 43=24(种)安排方法,共有3×24=72(种)安排方法. 若A 不入选,则4个人4个岗位,有A 44=24(种)安排方法.综上,共有72+24=96(种)安排方法.故选D.解法二(优先特殊位置) 先安排去甲岗位的,A 不能去,其他4人中选1人,因而有C 41种安排方法,再选3人安排其他岗位,有A 43种安排方法,从而共有C 41A 43=96(种)安排方法.故选D.3.[2024北京市第十二中学模拟]4位同学排成一排准备照相时,又来了2位同学要加入,如果保持原来4位同学的相对顺序不变,则不同的加入方法种数为( D )A.10B.20C.24D.30 解析 解法一 不考虑限制条件,将6位同学排成一排准备照相,共有A 66种排法,如果保持原来4位同学的相对顺序不变,则有A 66A 44=30(种)排法,故选D.解法二 插入2位同学后变成6位同学6个位置,原4位同学占4个位置,但相对顺序没变,因而有C 64种排法,再排新插入的2位同学有A 22种排法,从而共有C 64A 22=30(种)排法,故选D.解法三 6个位置可以先排后加入的2位同学,有A 62=30(种)排法,剩下4个位置原4位同学按原顺序排入即可,只有1种方法,因而共有30种排法,故选D.4.[2024湖南衡阳模拟]2023年春节,在北京工作的五个家庭开车搭伴一起回老家过年,若五辆车分别为A ,B ,C ,D ,E ,五辆车随机排成一列,则A 车与B 车相邻,且A 车与C 车不相邻的排法有( A )A.36种B.42种C.48种D.60种解析 将A 车与B 车捆在一起当成一个元素使用,有A 22种不同的捆法,将其与除C 车外的2个元素全排列,有A 33种排法,将C 车插入,不与A 车相邻,有A 31种插法,故共有A 22×A 33×A 31=36(种)排法.故选A.5.5个小朋友站成一圈,不同的站法一共有( D )A.120种B.60种C.30种D.24种解析 先将5个小朋友编为1~5号,然后让他们按1~5的顺序站成一圈,这样就形成了一个圆排列.分别以1,2,3,4,5号作为开头将这个圆排列打开,就可以得到5种排列:12345,23451,34512,45123,51234.这就是说,这个圆排列对应了5个排列.因此,要求圆排列数,只需要求出全排列数再除以5就可以了,即这些小朋友不同的站法一共有A 555=A 44=24(种),故选D.6.[多选]下列关于排列数与组合数的等式中,正确的是( ABD )A.(n +1)A n m =A n+1m+1B.m C n m =n C n -1m -1C.C n m =A n m n !D.1n -m A n m+1=A n m解析 对于A ,(n +1)A n m =(n +1)n (n -1)…(n -m +1)=A n+1m+1,故A 正确;对于B ,C n -1m -1=(n -1)!(m -1)!(n -m)!,C n m =n !m!(n -m)!=n ·(n -1)!m ·(m -1)!(n -m)!=n m ·(n -1)!(m -1)!(n -m)!=n m ·C n -1m -1,所以m C n m =n Cn -1m -1,故B 正确;对于C ,C n m =A n m A m m =A n m m !,故C 错误;对于D ,1n -m A n m+1=1n -m ·n (n -1)·…·(n -m )=n (n -1)…(n -m +1)=A n m ,故D 正确.故选ABD.7.[多选/2024湖南湘潭联考]从10名男生和8名女生中选出3人去参加创新大赛,则至少有1名女生的选法种数为( AC )A.C 183-C 103B.C 81C 172C.C 81C 102+C 82C 101+C 83D.C 102C 81+C 101C 82解析 对于A ,从18名学生中选取3人,有C 183种不同的选法,从18名学生中选取3人,选的都是男生有C 103种不同的选法,所以至少有1名女生的选法有C 183-C 103=696(种),A正确;对于B ,C 81C 172=1 088≠696,故B 错误;对于C ,至少有1名女生的选法有三种情况:1名女生,2名女生,3名女生,所以至少有1名女生的选法有C 81C 102+C 82C 101+C 83=360+280+56=696(种),C 正确;对于D ,C 102C 81+C 101C 82=360+280=640≠696,故D 错误.8.[2024上海市华东师范大学第二附属中学质检]7个志愿者的名额分给3个班,每班至少一个名额,则有 15 种不同的分配方法(用数字作答).解析 7个志愿者的名额分配给3个班,每班至少一个名额,其实就是在7个志愿者的名额产生的6个空位中插入2个“档板”,共有C 62=15(种)不同的分配方法.9.高考期间,为保证考生能够顺利进入某考点,交管部门将6名交警分配到该考点周边3个不同路口疏导交通,每个路口2人,则不同的分配方法共有 90 种.解析 根据题意,分两步进行分析.第一步,将6名交警分成“2,2,2”的三组,有C 62C 42C 22A 33=15(种)分组方法;第二步,将分好的三组全排列,对应3个路口,有A 33=6(种)情况,则共有15×6=90(种)分配方法.10.某工程队有6项工程需要单独完成,其中工程乙必须在工程甲完成后才能进行,工程丙必须在工程乙完成后才能进行,工程丁必须在工程丙完成后立即进行,那么安排这6项工程的不同排法种数是 20 (用数字作答).解析 解法一(特殊元素优先法) 丙、丁相邻且顺序固定,故将其视为1个元素,记为丙丁,则6项工程可视为5个元素.分成两步来完成:第一步,从5个位置中选择3个位置排列甲、乙、丙丁这3个特殊元素,又甲、乙、丙丁的相对顺序固定,故不同的排法有C 53=10(种);第二步,将余下的2项工程任意排列到剩下的2个空位置上,不同的排法有A 22=2(种).由分步乘法计数原理,可知不同排法共有10×2=20(种).解法二(插空法) 分成两步来完成:第一步,将相对顺序固定的甲、乙、丙、丁排列好,丙、丁相邻且顺序固定,从而形成3个特殊元素(丙、丁视为1个元素),共有1种排法;第二步,将余下的2项工程逐个插入,排法共有C 41C 51=20(种).根据分步乘法计数原理,安排这6项工程的不同排法共有1×20=20(种).解法三 丙、丁相邻且顺序固定,故将其视为1个元素,记为丙丁,其余4项工程各视为1个元素.对5个元素全排列,共有A 55种排法.其中,甲、乙、丙丁这3个特殊元素的位置共有A 33种不同的排法,而符合要求的甲、乙、丙丁的排法仅有1种,所以安排这6项工程的不同排法共有A 55A 33=20(种).。

高考数学第十章排列与组合-教学课件

高考数学第十章排列与组合-教学课件

[自主解答] 依题意得,这四项工作中必有一项工作有2人参与,就
司机这项工作的实际参与人数进行分类:
第一类,司机这项工作的实际参与人数恰有1人,满足题意的方法有
C 31
·C
1 3
·C
2 4
·C
12=108(种)(注:C31
表示从除甲、乙外的3人中任选1人从事司
机工作的方法数;C
1 3
·C
2 4
表示从除司机工作外的其余3项工作中任选定1
答案: A
[冲关锦囊] 组合问题的两种主要类型 (1)“含有”或“不含有”某些元素的组合题型:“含”,则 先将这些元素取出,再由另外元素补足;“不含”,则 先将这些元素剔除,再从剩下的元素中去选取. (2)“至少”或“最多”含有几个元素的题型.考题逆向思 维,用间接法处理.
[精析考题]
[例3] (2011·北京海淀区期末)世博会期间,某班有四
A.C82A32 C.C82A62
B.C28A66 D.C82A25
()
解析:先从后排8人中任取2人,有C82种取法,然这两人逐个 安插有5×6种方法.故C正确.
答案: C
7.(2012·开封定位评估)2位男生和3位女生共5位同学
站成一排,若男生甲不站两端,3位女生中有且只
有两位女生相邻,则不同排法的种数是 ( )
公式
排列数公式 Amn = n(n-1) …(n-m+1) = n!
n-m!
组合数公式
Cmn =nAAnmnmm-1…n-m+1

m!

n! m!n-m!
性 (1)Ann= n!; (1)C0n= 1 ;(2)Cmn =Cnn-m;
质 (2)0!= 1
(3)Cmn +Cmn -1=Cmn+1

高中数学知识点总结 第十章排列组合和二项式定理

高中数学知识点总结 第十章排列组合和二项式定理

高中数学知识点总结第十章排列组合和二项式定理高中数学知识点总结:第十章——排列组合和二项式定理排列组合和二项式定理是高中数学中重要的概念和工具,它们在各个领域都有广泛的应用。

本文将对这两个知识点进行总结和说明。

1. 排列与组合排列是指从一组元素中按照一定顺序取出一部分元素的方式。

组合是指从一组元素中不考虑顺序地取出一部分元素的方式。

排列和组合都涉及到元素的选择和顺序,但它们在选择的要求上有所不同。

1.1 排列排列的计算公式为:P(n, m) = n! / (n-m)!,其中n表示元素总数,m表示需要选择的元素个数,n!表示n的阶乘。

1.2 组合组合的计算公式为:C(n, m) = n! / (m!(n-m)!),其中n表示元素总数,m表示需要选择的元素个数,n!表示n的阶乘。

2. 二项式定理二项式定理是数学中一个非常重要的定理,它描述了一个二项式的幂展开式。

二项式是一个形如(a+b)^n的表达式,而二项式定理则给出了(a+b)^n的展开形式。

二项式定理的表达式为:(a+b)^n = C(n, 0)a^n b^0 + C(n, 1)a^(n-1)b^1 + ... + C(n, n-1)a^1 b^(n-1) + C(n, n)a^0 b^n。

其中C(n, k)表示从n个元素中选择k个元素的组合数。

二项式定理的展开形式中包含了n+1个项,每一项的系数是组合数C(n, k),指数是a和b的幂。

二项式定理的应用非常广泛,在数值计算、概率统计、组合数学等领域中都得到了广泛的运用。

它可以用来快速计算幂次方的结果,也可以用来求解概率问题或者排列组合问题。

3. 相关例题在学习排列组合和二项式定理的过程中,我们可以通过解决一些典型的例题来加深对这两个知识点的理解。

例题1:某班有10名学生,要从中选择3名学生组成一个小组,问有多少种不同的选择方式?解析:根据排列的计算公式,可以得到答案:P(10, 3) = 10! / 7! = 720。

高考数学一轮复习必备:第89课时:第十章排列组合和概率排列组合概率小结

高考数学一轮复习必备:第89课时:第十章排列组合和概率排列组合概率小结

高考数学一轮复习必备:第89课时:第十章排列组合和概率排列组合概率小结课题:排列、组合、概率小结一.课前预习:1.从数字1,2,3,4,5中,随机抽取3个数字〔承诺重复〕组成一个三位数其各位数字之和等于9的概率为 〔 D 〕()A 19 ()B 49 ()C 14 ()D 132.从5位男教师和4位女教师中选出3位教师,派到3个班担任班主任〔每班1位班主任〕,要求这3位班主任男、女教师都有,那么不同的选派方案共有〔B 〕()A 210种 ()B 420种 ()C 630种 ()D 840种3.某校高三年级举行一次演讲赛共有10位同学参赛,其中一班有3位,二班有2位,其它班有5位,假设采纳抽签的方式确定他们的演讲顺序,那么一班有3位同学恰好被排在一起〔指演讲序号相连〕,而二班的2位同学没有被排在一起的概率为 〔 D 〕 ()A 110 ()B 120 ()C 140 ()D 11204.假设2004200422102004...)21(x a x a x a a x ++++=- )(R x ∈,那么010********()()()...()a a a a a a a a ++++++++=2004(用数字作答) .5.某班试用电子投票系统选举班干部候选人.全班k 名同学都有选举权和被选举权,他们的编号分不为1,2,,k ,规定:同意按〝1〞,不同意〔含弃权〕按〝0〞, 令1, 0, ij i j a i j ⎧=⎨⎩第号同学同意第号同学当选第号同学不同意第号同学当选其中1,2,,i k =,且1,2,,j k =,那么同时同意第1,2号同学当选的人数为〔 B 〕()A k k a a a a a a 2222111211+++++++ ()B 2122211211k k a a a a a a +++()C 2221212111k k a a a a a a +++++++ ()D k k a a a a a a 2122122111+++6.从黄瓜、白菜、油菜、扁豆4种蔬菜品种中选出3种,分不种在不同土质的三块土地上,其中黄瓜必须种植,不同的种植方法共18种.四.例题分析:例1.对5副不同的手套进行不放回抽取,甲先任取一只,乙再任取一只,然后甲又任取一只,最后乙再任取一只.〔Ⅰ〕求以下事件的概率:①A :甲正好取得两只配对手套;②B :乙正好取得两只配对手套;〔Ⅱ〕A 与B 是否独立?并证明你的结论.〔Ⅰ)①125841021()9C A P A A ⨯⨯==. ②125841021()9C A P B A ⨯⨯==. 〔Ⅱ〕2152410221()63C C P AB A ⨯⨯⨯==, 又1()()81P A P B =, ∴()()P A P B ≠()P AB ,故A 与B 是不独立的.例2.甲、乙两人参加一次英语口语考试,在备选的10道试题中,甲能答对其中的6题,乙能答对其中的8题,规定每次考试都从备选题中随机抽出3题进行测试,至少答对2题才算合格.〔Ⅰ〕分不求甲答对试题数(0,1,2,3)k k =的概率;〔Ⅱ〕求甲、乙两人至少有一人考试合格的概率.24.本小题要紧考查概率统计的基础知识,运用数学知识解决咨询题的能力.总分值12分.k 的概率分布如下:〔Ⅱ〕设甲、乙两人考试合格的事件分不为,A B ,那么 2136463102()3C C C P A C +==,21382831014()15C C C P B C +==. 因为事件,A B 相互独立,∴甲、乙两人考试均不合格的概率为2141()(1)(1)31545P A B ⋅=--= ∴甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为441()45P P A B =-⋅=, 答:甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为4544. 例3.袋中装有m 个红球和n 个白球,2m n ≥≥,这些红球和白球除了颜色不同以外,其余都相同.从袋中同时取出2个球.(1)假设取出是2个红球的概率等于取出的是一红一白的2个球的概率的整数倍,试证m 必为奇数;(2)在,m n 的数组中,假设取出的球是同色的概率等于不同色的概率,试求失和40m n +≤的所有数组(,)m n .解:(1)设取出2个球是红球的概率是取出的球是一红一白2个球的概率的k 倍(k 为整数)那么有21122m m n m n m nC C C k C C ++= ∴(1)2m m kmn -= ⇒ 21m kn =+ ∵,k Z n Z ∈∈,∴21m kn =+为奇数(2)由题意,有221122m n m n m n m nC C C C C C +++=,∴(1)(1)22m m n n mn --+= ∴2220m m n n mn -+--=即2()m n m n -=+,∵2m n ≥≥,∴4m n +≥,∴47m n ≤-≤<,m n -的取值只可能是2,3,4,5,6相应的m n +的取值分不是4,9,16,25,36,∴31m n =⎧⎨=⎩或63m n =⎧⎨=⎩或106m n =⎧⎨=⎩或1510m n =⎧⎨=⎩或2115m n =⎧⎨=⎩, 注意到2m n ≥≥∴(,)m n 的数组值为(6,3),(10,6),(15,10),(21,15)五.课后作业:1.甲、乙两人独立地解同一咨询题,甲解决那个咨询题的概率是1p ,乙解决那个咨询题的概率是2p ,那么恰好有1人解决那个咨询题的概率是 〔 〕()A 21p p ()B )1()1(1221p p p p -+-()C 211p p - ()D )1)(1(121p p ---2.某人制定了一项旅行打算,从7个旅行都市中选择5个进行游玩.假如,A B 为必选都市,同时在游玩过程中必须按先A 后B 的次序通过,A B 两都市〔,A B 两都市能够不 相邻〕,那么有不同的游玩线路 〔 〕()A 120种 ()B 240种 ()C 480种 ()D 600种3.某电视台邀请了6位同学的父母共12人,请这12位家长中的4位介绍教育子女的情形,那么这4位中至多一对夫妻的选择方法为 〔 〕()A 15种 ()B 120种 ()C 240种 ()D 480种4.由等式223144322314)1()1()1(+++++=++++x b x b x a x a x a x a x 413)1(b x b +++定义),,,(),,,(43214321b b b b a a a a f =,那么),1,2,3,4(f 等于 〔 〕()A )4,3,2,1( ()B )0,4,3,0( ()C )2,2,0,1(-- ()D )1,4,3,0(--5.假设123(32)na a -展开式中含有常数项,那么正整数n 的最小值是 〔 〕()A 4 ()B 5 ()C 6 ()D 8 6.三人传球由甲开始发球,并作第一传球,经5次传球后,球仍回到甲手中,那么不同的传球方法共有 〔 〕()A 6种 ()B 8种 ()C 10种 ()D 16种7.有两排座位,前排11个座位,后排12个座位,现安排2人就座,规定前排中间的3个座位不能坐,同时这2人不.左右相邻,那么不同排法的种数是〔 〕 ()A 234 ()B 346 ()C 350 ()D 3638.口袋内装有10个相同的球,其中5个球标有数字0,5个球标有数字1,假设从袋中摸出5个球,那么摸出的5个球所标数字之和小于2或大于3的概率是 .9.假设在二项式(x+1)10的展开式中任取一项,那么该项的系数为奇数的概率是 .10.将标号为1,2,,10的10个球放入标号为1,2,,10的10个盒子内,每个盒内放一个球,那么恰好有3个球的标号与其所在盒子的标号不一致的放入方法共有 . 11.10件产品中有3件是次品.〔1〕任意取出3件产品作检验,求其中至少有1件是次品的概率;〔2〕为了保证使3件次品全部检验出的概率超过0.6,最少应抽取几件产品作检验?12.:有6个房间安排4个旅行者住,每人能够进住任一房间,且进住房间是等可能的,试求以下各事件的概率:〔1〕事件A :指定的4个房间各有1人;〔2〕事件B :恰有4个房间各有1人;〔3〕事件C :指定的某个房间有2人.13.甲、乙两人投篮的命中率分不为0.4和0.6.现让每人各投两次,试分不求以下事件的概率:〔Ⅰ〕两人都投进两球;〔Ⅱ〕两人至少投进三个球.14.从汽车东站驾车至汽车西站的途中要通过8个交通岗,假设某辆汽车在各交通岗遇到红1.灯的事件是独立的,同时概率差不多上3〔1〕求这辆汽车首次遇到红灯前,差不多过了两个交通岗的概率;〔2〕这辆汽车在途中恰好遇到4次红灯的概率.。

新高考数学 第10章 第2讲 排列与组合


第十章 计数原理、概率、随机变量及其分布
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知识点二 组合与组合数 (1)组合的定义:一般地,从n个__不__同____元素中取出m(m≤n)个元素 __作__为__一__组____,叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个组合.
(2) 组 合 数 的 定 义 : 从 n 个 不 同 元 素 中 取 出 m(m≤n) 个 元 素 的 __所__有__不__同__组__合____的个数,叫做从n个不同元素中取出m个元素的组合 数,用符号___C_mn___表示.
项工作,每人至少完成 1 项,每项工作由 1 人完成,可得:6×A33=36
种,故选 D.
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4.(2018·浙江)从1,3,5,7,9中任取2个数字,从0,2,4,6中 任取2个数字,一共可以组成_1_2_6_0_____个没有重复数字的四位数.(用数 字作答)
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[解析] (1)C24C24A22=72.或 C24·A244=72. (2)根据题意,将两名家长、孩子全排列,有 A44=24 种排法,其中两 个孩子相邻且在两端的情况有 A22A22A22=8 种,则每个小孩子要有家长相 邻陪坐的排法有 24-8=16 种,故答案为:16.
注:应用公式化简、求值、解方程、解不等式时,注意 Amn 、Cmn 中的
隐含条件 m≤n,且 m,n∈N*.
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对于有附加条件的排列、组合应用题,通常从三个途径考虑 (1)以元素为主考虑,即先满足特殊元素的要求,再考虑其他元素. (2)以位置为主考虑,即先满足特殊位置的要求,再考虑其他位置. (3)先不考虑附加条件,计算出排列数或组合数,再减去不合要求的 排列数或组合数.

高三数学(理)一轮复习课件:第10章 第2节排列与组合

[答案] B
第十章 计数原理、概率、随机变量及其分布
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4.(2015·广东高考)某高三毕业班有 40 人,同学之间两两 彼此给对方仅写一条毕业留言,那么全班共写了________条毕 业留言.(用数字作答)
[解析] 依题意两两彼此给对方写一条毕业留言相当于从 40 人中任选两人的排列数,所以全班共写了 A240=40×39=1 560 条毕业留言,故应填入 1 560.
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[解] (1)从 7 人中选 5 人排列,有 A57=7×6×5×4×3=2 520(种).
(2)分两步完成,先选 3 人站前排,有 A37种方法,余下 4 人站后排,有 A44种方法,共有 A37·A44=5 040(种).
(3)法一 (特殊元素优先法)先排甲,有 5 种方法,其余 6 人有 A66种排列方法,共有 5×A66=3 600(种).
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考点三 分组分配问题(高频型考点——全面发掘) [考情聚焦]
分组分配问题是排列、组合问题的综合运用,解决这类问 题的一个基本指导思想就是先分组后分配.关于分组问题,有 整体均分、部分均分和不等分三种,无论分成几组,应注意只 要有一些组中元素的个数相等,就存在均分现象.常见的命题 角度有:
(1)整体均分问题;(2)部分均分问题;(3)不等分问题.
第十章 计数原理、概率、随机变量及其分布
[答案] 1 560
第十章 计数原理、概率、随机变量及其分布

高三数学总复习 第十章 排列、组合、二项式定理和概率、统计

十年高考分类解析与应试策略数学第十章排列、组合、二项式定理和概率、统计●考点阐释本章从内容到方法都是比较独特的,是进一步学习概率论的基础知识.其中分类计数原理和分步计数原理是本章的基础,它是学习排列、组合、二项式定理和计算事件的概率的预备知识.在对应用题的考查中,经常要运用分类计数原理或分步计数原理对问题进行分类或分步分析求解,如何灵活利用这两个原理对问题进行分类或分步往往是解应用题的关键.从两个原理上,完成一件事的“分类”和“分步”是有区别的,因此在应用上,要注意将两个原理区分开.排列、组合也是本章的两个主要概念.定义中从n个不同元素中,任取M(M≤n)个元素“按一定的顺序排成一列”与不管怎样的顺序“并成一组”是有本质区别的.只有准确、全面把握这两个概念,才能正确区分是排列问题,还是组合问题.具体解决手段:只要取出2个元素交换看结果是否有变化.二项式定理中,公式一般都能记住,但与其相关的概念如:二项式系数、系数、常数项、项数等,学生易混,须在平常加以对比分析,对通项公式重点训练.应用上要注意:①它表示二项展开式中的任意项,只要n与r确定,该项随之确定.②公式表示的是第r+1项.③公式中a、b的位置不能颠倒,它们的指数和为n.④r的取值从0到n,共n+1个.古典概型是学习概率与统计的起点,而掌握古典概型的前提是能熟练掌握排列组合的基本知识.熟练掌握五种事件的概率以及抽样方法、总体分布的估计、期望和方差.●试题类编一、选择题1.(2003京春理,9)某班新年联欢会原定的5个节目已排成节目单,开演前又增加了两个新节目.如果将这两个节目插入原节目单中,那么不同插法的种数为()A.42B.30C.20D.122.(2003京春文,10)某班新年联欢会原定的5个节目已排成节目单,开演前又增加了两个新节目.如果将这两个新节目插入原节目单中,且两个新节目不相邻,那么不同插法的种数为( )A.6B.12C.15D.303.(2002京皖春理,6)从6名志愿者中选出4人分别从事翻译、导游、导购、保洁四项不同工作.若其中甲、乙两名志愿者都不能从事翻译工作,则选派方案共有( )A.280种B.240种C.180种D.96种4.(2002京皖春文,6)若从6名志愿者中选出4人分别从事翻译、导游、导购、保洁四项不同工作,则选派方案共有( )A.180种B.360种C.15种D.30种5.(2002京皖春理,10)对于二项式(x1+x 3)n(n ∈N *),四位同学作出了四种判断: ①存在n ∈N *,展开式中有常数项 ②对任意n ∈N *,展开式中没有常数项 ③对任意n ∈N *,展开式中没有x 的一次项 ④存在n ∈N *,展开式中有x 的一次项上述判断中正确的是( )A.①③B.②③C.②④D.①④6.(2002京皖春文,10)在(x1+x 2)6的展开式中,x 3的系数和常数项依次是( ) A.20,20 B.15,20 C.20,15D.15,157.(2002全国文,12、理,11)从正方体的6个面中选取3个面,其中有2个面不相邻的选法共有( )A.8种B.12种C.16种D.20种8.(2002北京文,9)5本不同的书,全部分给四个学生,每个学生至少1本,不同分法的种数为( )A.480B.240C.120D.969.(2002北京理,9)12名同学分别到三个不同的路口进行车流量的调查,若每个路口4人,则不同的分配方案共有( )A.4448412C C C 种B.34448412C C C 种C.3348412AC C种D.334448412A C C C 种 10.(2001京皖春,3)1222C C lim ++∞→n n n nn 等于( )A.0B.2C.21D.41 11.(2001天津理,9)某赛季足球比赛的计分规则是:胜一场,得3分;平一场,得1分;负一场,得0分,一球队打完15场,积33分,若不考虑顺序,该队胜、负、平的情况共有( )A.3种B.4种C.5种D.6种12.(2000京皖春,8)从单词“equation ”中选取5个不同的字母排成一排,含有“qu ”(其中“qu ”相连且顺序不变)的不同排列共有( )A.120个B.480个C.720个D.840个13.(1999全国理,8)若(2x +3)4=a 0+a 1x +a 2x 2+a 3x 3+ax 4,则(a 0+a 2+a 4)2-(a 1+a 3)2的值为( )A.1B.-1C.0D.214.(1999全国,14)某电脑用户计划使用不超过500元的资金购买单价分别为60元、70元的单片软件和盒装磁盘.根据需要,软件至少买3片,磁盘至少买2盒,则不同的选购方式共有( )A.5种B.6种C.7种D.8种15.(1998全国理,11)3名医生和6名护士被分配到3所学校为学生体检,每校分配1 名医生和2名护士.不同的分配方法共有( ) A.90种B.180种C.270种D.540种16.(1997全国理,15)四面体的顶点和各棱中点共10个点,在其中取4个不共面的点,不同的取法共有( )A.150种B.147种C.144种D.141种17.(1997全国文)四面体的一个顶点为A ,从其他顶点与棱的中点中取3个点,使它们和点A 在同一平面上,不同的取法有( )A.30种B.33种C.36种D.39种18.(1996全国文)6名同学排成一排,其中甲、乙两人必须排在一起的不同排法有( ) A.720种B.360种C.240种D.120种19.(1995全国文15,理13)用1、2、3、4、5这五个数字,组成没有重复数字的三位数,其中偶数共有( )A.24个B.30个C.40个D.60个20.(1995全国,6)在(1-x 3)(1+x )10的展开式中,x 5的系数是( ) A.-297B.-252C.297D.20721.(1994全国,10)有甲、乙、丙三项任务,甲需2人承担,乙、丙各需1人承担,从10人中选派4人承担这三项任务,不同的选法共有( )A.1260种B.2025种C.2520种D.5040种22.(1994上海,18)计划展出10幅不同的画,其中1幅水彩画、4幅油画、5幅国画,排成一行陈列,要求同一品种的画必须连在一起,并且水彩画不放在两端,那么不同的陈列方式有( )A.5544A A 种 B.554435A A A 种 C.554413A A A 种D.554422A A A 种二、填空题23.(2003上海春,9)8名世界网球顶级选手在上海大师赛上分成两组,每组各4人,分别进行单循环赛,每组决出前两名,再由每组的第一名与另一组的第二名进行淘汰赛,获胜者角逐冠、亚军,败者角逐第3、4名,大师赛共有_____场比赛.24.(2002上海7)在某次花样滑冰比赛中,发生裁判受贿事件,竞赛委员会决定将裁判由原来的9名增至14名,但只任取其中7名裁判的评分作为有效分.若14名裁判中有2人受贿,则有效分中没有受贿裁判的评分的概率是_____.(结果用数值表示)25.(2002上海春,7)六位身高全不相同的同学拍照留念,摄影师要求前后两排各三人,则后排每人均比前排同学高的概率是_____.26.(2002上海春,5)若在(xx 15)n的展开式中,第4项是常数项,则n = . 27.(2002全国理,16)(x 2+1)(x -2)7的展开式中x 3项的系数是 . 28.(2002上海文,9)某工程由下列工序组成,则工程总时数为 天.29.(2002天津文,15)甲、乙两种冬小麦试验品种连续5年的平均单位面积产量如下(单位:t/hm 2):其中产量比较稳定的小麦品种是_____.30.(2001上海,7)某餐厅供应客饭,每位顾客可以在餐厅提供的菜肴中任选2荤2素共4种不同的品种.现在餐厅准备了5种不同的荤菜,若要保证每位顾客有200种以上的不同选择,则餐厅至少还需准备不同的素菜品种 种.(结果用数值表示)31.(2001全国,16)圆周上有2n 个等分点(n >1),以其中三个点为顶点的直角三角形的个数为 .32.(2001上海理,8)在代数式(4x 2-2x -5)(1+21x )5的展开式中,常数项为 . 33.(2001全国文,13)(21x +1)10的二项展开式中x 3的系数为 . 34.(2001上海春)在大小相同的6个球中,2个红球,4个白球.若从中任意选取3个,则所选的3个球中至少有1个红球的概率是_____.(结果用分数表示)35.(2001广东河南,13)已知甲、乙两组各有8人,现从每组抽取4人进行计算机知识竞赛,比赛人员的组成共有 种可能(用数字作答).36.(2001江西、山西、天津理)一个袋子里装有大小相同的3个红球和2个黄球,从中同时取出2个,则其中含红球个数的数学期望是_____.(用数字作答)37.(2001上海文)利用下列盈利表中的数据进行决策,应选择的方案是_____.38.(2000上海春,4)若(x +a )5的展开式中的第四项是10a 2(a 为大于零的常数),则x =_____.39.(2000上海春,10)有n (n ∈N *)件不同的产品排成一排,若其中A 、B 两件产品排在一起的不同排法有48种,则n =_____.40.(2000京皖春理,17)103)1(xx 展开式中的常数项是_____. 41.(2000全国文、理,3)乒乓球队的10名队员中有3名主力队员,派5名参加比赛,3名主力队员要安排在第一、三、五位置,其余7名队员选2名安排在第二、四位置,那么不同的出场安排共有_____种(用数字作答).42.(2000年上海,9)在二项式(x -1)11的展开式中,系数最小的项的系数为 .(结果用数值表示)43.(2000上海,10)有红、黄、蓝三种颜色的旗帜各3面,在每种颜色的3面旗帜上分别标上号码1、2和3.现任取3面,它们的颜色与号码均不相同的概率是 .44.(2000两省一市理,13)某厂生产电子元件,其产品的次品率为5%,现从一批产品中任意地连续取出2件,其中次品数以ξ的概率分布是45.(1999全国,16)在一块并排10垄的田地中,选择2垄分别种植A 、B 两种作物,每种作物种植一垄.为有利于作物生长,要求A 、B 两种作物的间隔不小于6垄,则不同的选垄方法共有_____种(用数字作答).46.(1999上海理,3)在(x 3+22x)5展开式中,x 5项的系数为 . 47.(1999上海理,11)若以连续掷两次骰子分别得到的点数m 、n 作为点P 的坐标,则点P 落在圆x 2+y 2=16内的概率是 .48.(1998全国理,17)(x +2)10(x 2-1)的展开式中x 10的系数为_____(用数字作答).49.(1998上海,9)设n 是一个自然数,(1+n x )n的展开式中x 3的系数为161,则n =_____.50.(1997全国,16)已知(2x x a)9的展开式中x 3的系数为49,常数a 的值为_____. 51.(1997上海,11)若(3x +1)n (n ∈N *)的展开式中各项系数的和是256,则展开式中x 2的系数是_____.52.(1997上海,16)从集合{0、1、2、3、5、7、11}中任取3个元素分别作为直线方程Ax +By +C =0中的A 、B 、C ,所得经过坐标原点的直线有_____条(结果用数值表示).53.(1996全国,17)正六边形的中心和顶点共7个点,以其中3个点为顶点的三角形共有_____个(用数字作答).54.(1996上海,17)有8本互不相同的书,其中数学书3本,外文书2本,其他书3本,若将这些书排成一列放在书架上,则数学书恰好排在一起,外文书也恰好排在一起的排法共有_____种(结果用数字表示).55.(1996上海理,14)在(1+x )6(1-x )4的展开式中,x 3的系数是_____(结果用数值表示).56.(1995上海,13)若(x +1)n =x n +…+ax 3+bx 2+…+1(n ∈N *),且a ∶b =3∶1,那么n =_____.57.(1995上海,19)从6台原装计算机和5台组装计算机中任意选取5台,其中至少有原装与组装计算机各2台,则不同的选取法有_____种.(结果用数值表示).58.(1995全国,20)四个不同小球放入编号为1、2、3、4的四个盒中,则恰有一个空盒的放法共有_____种.(用数字作答)59.(1994全国,16)在(3-x )7的展开式中,x 5的系数是_____(用数字作答). 三、解答题60.(2002天津文20,理19)某单位6个员工借助互联网开展工作,每个员工上网的概率都是0.5(相互独立).(Ⅰ)求至少3人同时上网的概率; (Ⅱ)至少几人同时上网的概率小于0.3?61.(2001江西、山西、天津)如图10—1,用A 、B 、C三类不同的元件连接成两个系统N 1,N 2.当元件A 、B 、C 都正常工作时,系统N 1正常工作;当元件A 正常工作且元件B 、C 至少有一个正常工作时,系统N 2正常工作.已知元件A 、B 、C 正常工作的概率依次为0.80、0.90、0.90.分别求系统N 1、N 2正常工作的概率P 1、P 2.62.(2001上海理)对任意一个非零复数z ,m z ={ω|ω=z 2n -1,n ∈N } (1)设α是方程x +21=x的一个根,试用列举法表示集合M α.若在M α中任取两个数,求其和为零的概率P .(2)设复数ω∈M z ,求证:M ω⊆M z .63.(2001全国理,20)已知i ,m ,n 是正整数,且1<i ≤m <n . (1)证明n i i m A <m i i n A ; (2)证明(1+m )n >(1+n )m .64.(2000江西、山西、天津理,17)甲、乙二人参加普法知识竞答,共有10个不同的题目,其中选择题6个,判断题4个,甲、乙二人依次各抽一题.(1)甲抽到选择题、乙抽到判断题的概率是多少? (2)甲、乙二人中至少有一人抽到选择题的概率是多少? 65.(2000上海,22)规定!)1()1(C m m x x x mx+-⋅⋅-⋅=Λ,其中x ∈R ,m 是正整数,且0C x =1,这是组合数mn C (n 、m 是正整数,且m ≤n 的一种推广).(1)(文)求315C -的值; (理)求515C -的值;(2)(文)设x >0,当x 为何值时,213)C (C x x 取最小值?(理,文2)组合数的两个性质: ①m n n mn-=C C . ②mn m n m n 11C C C +-=+.是否都能推广到mx C (x ∈R ,m 是正整数)的情形?若能推广,请写出推广的形式,并给出证明;若不能,则说明理由.(3)(理)已知组合数mn C 是正整数,证明:当x ∈Z ,m 是正整数时,mn C ∈Z .66.(1996全国文24,理23)某地现有耕地10000公顷,规划10年后粮食单产比现在增加22%,人均粮食占有量比现在提高10%,如果人口年增长率为1%,那么耕地平均每年至多只能减少多少公顷(精确到1公顷)?●答案解析 1.答案:A解析:这是一个插空问题,应分两类:第一类,新增的两个节目连在一起;第二类,两个新增节目不连在一起,而原来的5个节目可看做分出6个空位.第一类则有2×16A 种不同的插法,第二类则有26A 种不同的插法.应用分类计数原理,共有12+30=42种不同的插法.评述:该题是应用问题,内容贴近学生,有一定的综合性、灵活性、考查分析,解决问题及逻辑思维的能力.同时应有周密的思维习惯.2.答案:D 解析:见第1题.3.答案:B 解析:因为甲、乙两名志愿者都不能从事翻译工作.因此,翻译工作从余下的四名志愿者选一人有14A 种,再从余下的5人中选3人从事导游、导购、保洁有35A 种.因此3514A A =240.4.答案:B 解析:46A =360. 5.答案:D 解析:二项式(x 1+x 3)n 展开式的通项为T r +1=r n C (x1)n -r (x 3)r =r n C x r -n ·x 3r =r n C x 4r -n 当展开式中有常数项时,有4-n =0,即存在n 、r 使方程有解. 当展开式中有x 的一次项时,有4r -n =1,即存在n 、r 使方程有解. 即分别存在n ,使展开式有常数项和一次项. 6.答案:C 解析:二项式(x1+x 2)6展开式的通项为:T r +1=636266C )()1(C --=r r r r rx x x∴当T r +1为x 3项时,r =3,∴T r +1=36C ·x 3=20·x 3 当T r +1为常数项时,r =2,∴T r +1=26C =15 7.答案:B解析:联想以空间模型,注意到“有2个面不相邻”,既可从相对平行的平面入手正面构造,即16C ·12C ;也可从反面入手剔除8个角上3个相邻平面,即:1836C C -. 8.答案:B解析:先把5本书中的两本捆起来(25C ),再分成四份(44A ),∴分法种数为25C ·44A =240(种).9.答案:A解析:先分配4个人到第一个路口,再分配4个人到第二个路口,最后分配4个人到第三个路口,即:412C ·48C ·44C .10.答案:D解析:原式=n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n 2411)12(21)12)(22()1)(1(A A A A A A A A 122112111222++=++=++++=⋅⋅=++++++++ ∴41C C lim 1222=++∞→n n n nn11.答案:A解析:设该队胜x 场,平y 场,则负(15-x -y )场,由题意得3x +y =33,∴y =33-3x ≥0∴x ≤11,且x +y ≤15,(x ,y ∈N ) 因此,有以下三种情况:⎩⎨⎧==⎩⎨⎧==⎩⎨⎧==69310011y x y x y x 或或 评述:本题利用不定方程及穷举法解决排列、组合问题. 12.答案:B解析:4436A C =480. 13.答案:A 14.答案:C解法一:由题意知,按买磁盘盒数多少可分三类:买4盒磁盘时,只有1种; 买3盒磁盘时,有买3片或4片软件两种;买2盒磁盘时,可买3片、4片、5片或6片软件,有4种,故共有1+2+4=7种不同的选购方式,答案为C.解法二:先买软件3片,磁盘2盒,共需320元,还有180元可用,按不再买磁盘、再买1盒磁盘、再买两盒磁盘三类,仿解法一可知选C.评述:本题主要考查分类计数原理、分类讨论思想.背景简单,但无现成模式可用,对分析解决问题的能力有较高要求.15.答案:D解析:设计让3所学校依次挑选,先由学校甲挑选,有2613C C 种,再由学校乙挑选,有2412C C 种,余下的到学校丙只有一种,于是不同的方法数共有13C ·26C ·2412C C =540种,答案为D.评述:设计一个程序是解答排列组合应用题的常见解法. 16.答案:D解法一:10个点任取4个点取法有410C 种,其中面ABC 内的6个点中任意4点都共面,从这6点中任取4点有46C 种,同理在其余3个面内也有46C 种,又每条棱与相对棱中点共面有6种,各棱中点中4点共面的有3种,故10个点中取4点,不共面的取法共有36C 4C 46410---=141种.解法二:四面体记之为A —BCD ,设平面BCD 为α,那么从10个点中取4个不共面的点的情况共有四类:(1)恰有3个点在α上,有4(3C 36-)=68种取法;(2)恰有2个点在α上,可分两种情况:该2个点在四面体的同一条棱上时有3)3C (C 2423-=27种,该2个点不在同一条棱上,有(2326C 3C -)·(24C -1)=30种;(3)恰有1个点在α上,可分两种情况,该点是棱的中点时有3×3=9种,该点是棱的端点时有3×2=6种;(4)4个点全不在α上,只有1种取法.根据分类计数原理得,不同的取法共有68+27+30+9+6+1=141种.评述:本题对空间想象能力要求较高,对观察能力和思维能力要求也高.在应用背景及其限制条件下合理分类是解题的关键.17.答案:B解析:四面体有4个顶点,6条棱有6个中点,每个面上的6个点共面,点A 所在的每个面中含A 的4点组合有35C 个,点A 在3个面内,共有335C 个组合,点A 在6条棱的三条棱上,每条棱上有3个点,这3点与对棱的中点共面,所以与点A 共面的四点组合共有335C +3=33(个)评述:本题考查组合的知识和空间想象能力.对考生的观察能力和思维能力有较高要求,考生失误的主要原因是没有把每条棱上的3点与它对棱上的中点共面的情况计算入内.18.答案:C解析:把甲、乙两人看作1个人,这样6个人看作5个人,5个人的全排列有55A 种,甲、乙两个人还有顺序问题,所以排法总数为55A ·22A =240(种)评述:这是一道有限制条件的排列题,考查排列的概念和排列数公式.“相邻问题”是一个常见的典型问题.19.答案:A解法一:其中2在个位的三位数有24A 个,4在个位的三位数有24A 个,故没有重复数字的三位偶数共有224A =24个,故选A.解法二:先排个位有12A 种,再排十位、百位有24A 种,于是合乎要求的三位偶数共有2412A A =24个.故选A. 评述:本题为有特殊要求的排列问题,考查排列基础知识和逻辑推理能力. 20.答案:D解析:∵原式=(1+x )10-x 3(1+x )10.∴欲求原展开式中x 5的系数,只需求出(1+x )10展开式中x 5和x 2的系数.而(1+x )10=1+…+210C x 2+…+510C x 5+….故(1-x 3)(1+x )10展开式中,x 5的系数为510C -210C =207.21.答案:C解法一:从10人中选派4人有410C 种,进而对选出的4人具体分派任务,有1224C C 种,由分步计数原理得不同的选派方法为1224410C C C =2520种,答案为C.解法二:据分步计数原理,不同选法种数为210C ·18C ·17C =2520种.评述:本题主要考查组合和分步计数原理,答数较大,对组合数的计算要求较高.方法一用的是先选后派方法是处理排列组合应用题的基本方法.22.答案:D解析:先各看成整体,但水彩画不在两端,则为22A ,然后水彩画与国画各全排列,所以共有554422A A A .23.答案:16解析:分两组比赛,每组有24C 场,每组的第一名与另一组的第二名比赛有2场,三、四名比赛,冠亚军比赛,共有224C +2+2=16(场)24.答案:133 解析:有效分应该是由没有受贿裁判的评分,因此,7名裁判应从12人中选712C ,则有效分中没有受贿裁判的评分的概率是133C C 714712=.25.答案:201 解析:因为后排每人均比前排人高,因此应将6人中最高的3个人放在后排,其余3人站前排.故所有排法有33A ·33A =36种.故后排每人均比前排同学高的概率为201A A A 663333=⋅ 26.答案:18 解析:∵5183333534)1(C )1()(C ---=-=n n n nx xx T 为常数项. ∴518-n =0,即n =18.27.答案:1008解析:系数为:17C (-2)6+37C (-2)4=1008. 28.答案:11解析:要完成某项工序,必须先完成它的紧前工序且在紧前工序完成的条件下,若干件工序可同时进行,因而工程总时数为:3+2+5+1=11(天).29.答案:甲解析:根据题意,需要比较2*甲S 和2*乙S由于2*甲S =0.158,2*乙S =0.552 因此甲产量比较稳定. 30.答案:7解析:在5种不同的荤菜中取出2种的选择方式应有245C 25⨯==10(种)选择方式至少为200种,设素菜为x 种,∴252C C x ≥2002)1(-x x ≥20,x (x -1)≥40,x ≥7 ∴至少应为7种素菜. 31.答案:2n (n -1)解析:先在圆上找一点,2n 个点因为是等分点,所以过圆心的直径应有n ,减去过这点的直径,剩下的直径n -1个都可以与这个点形成直角三角形,∴一个点可以形成n -1个直角三角形,这样的点有2n 个.∴一共为2n (n -1). 32.答案:15 解析:15205)1(1C )4()1(1C 512415202505=+-=+-xx x . 33.答案:15 解析:15816891081C )21(C 3103310=⨯⨯⨯=⨯= 34.答案:54解析:所选3球中至少有一个红球的选法有12C ·2224C C +·14C =16(种) 从6个球中任选3个球的选法有36C =20(种). 故概率p =542016=. 评述:本题主要考查对可能事件的概率计算,以及考生分析问题解决问题的能力.古典概率是学习概率与统计的起点,而掌握古典概型的前提是能熟练地掌握排列组合的基本知识.35.答案:4900解析:完成这件事可分为两步:第一步:从甲组8人中抽取4个,有48C 种方法; 第二步:从乙组8人中抽取4人,有48C 种方法. 因此,比赛人员的组成共有48C ·48C =4900种可能.评述:本题考查分步计数原理、组合的概念以及组合数的运算,考查分析问题、解决问题的能力.36.答案:1.2解析:设其中含红球个数为x ,则x =1或 x =2.而含一个红球的概率A 1=106C C C 251213=⋅ 含两个红球的概率为A 2=103C C 2523=∴含红球个数的数学期望为1×106+2×103=1.2 评述:本题考查数学期望的概念、概率的概念及它们的计算. 37.答案:A 3解析:A 1的数学期望:1x E =0.25×50+0.30×65+0.45×26=43.7 A 2的数学期望:2x E =0.25×70+0.30×26+0.45×16=32.5 A 3的数学期望:3x E =0.25×(-20)+0.30×52+0.45×78=45.7A 4的数学期望:4x E =0.25×98+0.30×82+0.45×(-10)=44.6评述:本题考查概率与数学期望,考查学生识表的能力.对图表的识别能力,是近年高考突出考查的热点.图表语言与其数学语言的相互转换,应成为数学学习的一个重点,应引起高度重视.38.答案:a1 解析:∵x a a x T 33352135410)(C ==-,∴x =a1.39.答案:5解析:由11A 2--n n =48,得11A --n n =24,∵44A =24,∴n =5. 40.答案:210 解析:T r +1=65301031102110)1(C )()(C r r rr rrxx x----=-⋅,令30-5r =0,得r =6.∴常数项T 7=610C ·(-1)6=210.41.答案:252解析:222733A C A =252. 42.答案:-462解法一:因为在(x -1)11的展开式中,各项的二项式系数与系数相等或互为相反数,又展开式中二项式系数最大的项有两项,分别为第六项511C x 6(-1)5.第七项611C x 5(-1)6,所以得系数最小的项的系数为462C 511-=-. 解法二:展开式中第r +1项为r rrx)1(C 1111--,要使项的系数最小,则r 为奇数,且使r11C 为最大,由此得r =5,所以项的最小系数为462)1(C 5511-=-.43.答案:141解析:从9面旗帜中任取3面,共有39C (种)取法. 现取3面,颜色与号码均不相同共有13C ·12C ·11C =6(种)因此,所求概率为141846C 639==. 44.答案:解析:设次品数为ξ,则ξ~(2,0.05),其中p =0.05为次品率,则q =0.95为正品率,于是由二项分布公式(列成表格):即得所求结果. 45.答案:12解析:先考虑A 种植在左边的情况,有三类:A 种植在最左边一垄上时,B 有三种不同的种植方法;A 种植在左边第二垄上时,B 有两种不同的种植方法;A 种植在左边第三垄上时,B 只有一种种植方法.又B 在左边种植的情况与A 时的相同,故共有2×(3+2+1)=12种不同的选垄方法.评述:本题主要考查两个基本原理、分类讨论思想,对分析解决问题的能力有较高要求. 46.答案:40解析:由通项公式T r +1=r5C (x 3)5-r ·(22x )r =r 5C ·2r ·x 15-5r由题意,令15-5r =5.得r =2. ∴含x 5项的系数为25C ·22=40. 47.答案:92 解析:掷两次骰子分别得到的总数m 、n 作为P 点的坐标共有16A ·16A =36(种)可能结果,其中落在圆内的点有8个:(1,1)、(2,2)、(1,2)、(2,1)、(1,3)、(3,1)、(2,3)、(3,2),则所求的概率为92368=. 评述:本题考查点与圆的位置关系,概率概念等基础知识以及运用数形结合的思想和分类讨论的思想解决实际问题的能力.48.答案: 179解析:展开式中x 10的系数与(x +2)10的展开式中x 10的系数和x 8的系数有关,由多项式运算法则知所求系数为010C ·(-1)+210C ·22·1=179.评述:本题考查在逻辑思维能力上的要求,兼考查分类讨论的思想. 49. 答案:4解析:T r +1=r r nn x )(C ,令r =3得x 3的系数1611C 33=n n ,解得n =4.50.答案: 4解析:T r +1=929299292C )1()()2()1(C -+---⋅⋅⋅-=-r rr r r r r r rr x a xa x当392=-+r r ,即r =8时,492C )1(28898=⋅⋅--a ,解得a =4.评述:本题考查二项式定理的基础知识,重点考查通项公式和项的系数的概念,兼考运算能力.51.答案: 54解析:令x =1得展开式各项系数之和4n =256解得n =4,所以x 2的系数是24C ·32=54. 52.答案:30解析:因过原点的直线常数项为0知c =0,从集合中任取两个非零元素作系数A 、B 有26A 种,所以适合条件的直线有26A =30条.53.答案: 32解析:7个点任取3点的组合数37C =35,其中三点在一线上不能组成三角形的有3个,故组成三角形的个数为35-3=32个.评述:本题是有限制条件的组合应用题,背景采用几何图形,对逻辑思维能力要求较高.易出现不排除不构成三角形的情况的错误.54.答案: 1440解析:将数学书与外文书分别捆在一起与其他3本书一起排,有55A =120种排法,再将3本数学书之间交换有33A =6种,2本外文书之间交换有22A =2种,故共有223355A A A =1440种排法.55.答案: -8解析:原式=(1+x )2(1-x 2)4=(1+2x +x 2)(1-x 2)4含x 3的项为2x ·14C ·(-x 2)=-8x 3,故x 3的系数为-8.56.答案:11 解析:2233C C ,C C nn n n n nb a ====--, 由已知有113)1(62)2)(1(13C C 23=⇒=-⋅--⇒=n n n n n n n n . 57. 答案:350解析:选法是原装取2台组装取3台,原装取3台组装取2台.故不同的选取法有25363526C C C C +=350种. 58. 答案:144解法一:考虑用分配的数学模型来解.若1号盒空,2号盒放2个球,3号盒和4号盒各放一个球有111224C C C =12种放法. 若1号盒空,3号盒放2个球,4号盒和2号盒各放一个球时仍有111224C C C =12种放法. 若1号盒空,4号盒放2个球,2号盒和3号盒各放一个球同样有111224C C C =12种放法. 即1号盒空共有3×12=36种放法.同理2号盒空有36种放法,3号盒空有36种放法,4号盒空有36种放法. 故按题中要求恰有一个空盒的放法共有4×36=144种放法.解法二:先将4个球分成3组每组至少1个,分法有6种.然后再将这3组球放入4个盒子中每盒最多装一组.则恰有一个空盒的放法种数为634A =144种.评述:本题是一道排列组合综合题,运用先分组,后排列的方法较好. 59.答案: -189 解析:r r r r x T )()3(C 771-=-+,所以r =5,x 5的系数为57C 32(-1)5=-189.评述:本题考查二项式定理,重点考查通项公式,兼考计算能力.60.解:(Ⅰ)至少3人同时上网的概率等于1减去至多2人同时上网的概率,即32216415611)5.0(C )5.0(C )5.0(C 1626616606=++-=---.(Ⅱ)至少4人同时上网的概率为3.03211)5.0(C )5.0(C )5.0(C 666656646>=++ 至少5人同时上网的概率为:3.0647)5.0)(C C (66656<=+. 因此,至少5人同时上网的概率小于0.3.61.解:分别记元件A 、B 、C 正常工作为事件A 、B 、C ,由已知条件 P (A )=0.80,P (B )=0.90,P (C )=0.90.(Ⅰ)因为事件A 、B 、C 是相互独立的,系统N 1正常工作的概率P 1=P (A ·B ·C )=P (A )·P (B )·P (C )=0.80×0.90×0.90=0.648. 故系统N 1正常工作的概率为0.648. (Ⅱ)系统N 2正常工作的概率)]()(1[)()](1[)(2C P B P A P C B P A P P ⋅-⋅=⋅-⋅=.∵P (B )=1-P (B )=1-0.90=0.10. P (C )=1-P (C )=1-0.90=0.10.∴P 2=0.80×[1-0.10×0.10]=0.80×0.99=0.792. 故系统N 2正常工作的概率为0.792. 62.解:(1)解方程x +21=x得x =i 2222± 当α1=i 2222+时ω=α12n -1=112121])2222[()(ααααn nni i =+=由i n 的周期性知:ω有四个值. n =1时,ω=i i i 22222222+=+n =2时,ω=i i 222222221+-=+- n =3时,ω=i i i 22222222--=+- n =4时,ω=i i 222222221-=+ 当α2=2222-i 时,ω=α22n-1=2222)()(αααnn i -= n =1时,ω=i i i 22222222-=-- n =2时,ω=i i 222222221--=-- n =3时,ω=i i i 22222222+-=- n =4时,ω=i i 222222221+=- ∴不管α=i 2222+还是α=i 2222- M α={i i i i 2222,2222,2222,2222--+--+ } P =3162C 224== (2)∵ω∈M z ,则ω=z 2m -1,m ∈N 任取x ∈M ω,则x =ω2n -1,n ∈N 而ω=z 2m -1 ∴x =(z 2m -1)2n -1=z (2m-1)(2n -1)∵(2m -1)(2n -1)为正奇数 ∴x ∈M z ∴M ω⊆M z评述:复数的运算是复数的基础,本题考查复数的奇数次幂,由于i n 的周期性,因而α2n -1只有四个值,题目以集合的形式给出复数ω,使复数与集合有机的结合在一起,不仅考查复数还考查集合的表示方法.而证明一个集合是另一个集合的子集在对集合的考查上又高了一个层次.证明尽管不繁,但思维层次较高.63.证明:(1)方法一:i i i m m i m m m m )1()1(A +-⋅⋅-⋅=Λi i i n ni n n n n )1()1(A +-⋅⋅-⋅=Λ 对于m <n ,∴k =1,2,…,i -1有mkm n k n ->- ∴ii m i i n mn A A >即m i i n A >n ii m A 方法二:n i in A =43421Λ个n n n n ⋅⋅·m ·(m -1)·(m -2)·…·(m -i +1) =mn ·(mn -n )·(mn -2n )·…·[mn -n (i -1)]①同理m i im A =mn ·(mn -m )·(mn -2m )·…·[mn -m (i -1)] ② ∵1<i ≤m <n ,∴mn -n <mn -m ,mn -2n <mn -2m ,…, mn -n (i -1)<mn -m (i -1)③∴联系①、②、③可得n i im A <m i A i n . (2)由二项式定理:nn n n n nmm m m C C C )1(1100+++=+Λ mm m m m m n n n n C C C )1(1100+++=+Λ又∵!A C i m m i i n ii n=而i n A m i >im A n i ∴2222C C n mmn >。

高三数学第一轮复习讲义(小结)排列、组合、概率小结

高三数学第一轮复习讲义(小结)一.课前预习: 排列、组合、概率1.从数字1,2,3,4,5中,随机抽取3个数字(允许重复)组成一个三位数其各位数字之和等于9的概率为 ( D )()A 19 ()B 49 ()C 14 ()D 132.从5位男教师和4位女教师中选出3位教师,派到3个班担任班主任(每班1位班主任),要求这3位班主任男、女教师都有,则不同的选派方案共有 ( B )()A 210种 ()B 420种 ()C 630种 ()D 840种3.某校高三年级举行一次演讲赛共有10位同学参赛,其中一班有3位,二班有2位,其它班有5位,若采用抽签的方式确定他们的演讲顺序,则一班有3位同学恰好被排在一起(指演讲序号相连),而二班的2位同学没有被排在一起的概率为 ( D )()A 110 ()B 120 ()C 140 ()D 11204.若2004200422102004...)21(x a x a x a a x ++++=- )(R x ∈,则010********()()()...()a a a a a a a a ++++++++ 2004 (用数字作答) .5.某班试用电子投票系统选举班干部候选人.全班k 名同学都有选举权和被选举权,他们的编号分别为1,2,,k ,规定:同意按“1”,不同意(含弃权)按“0”, 令1, 0, ij i j a i j ⎧=⎨⎩第号同学同意第号同学当选第号同学不同意第号同学当选其中1,2,,i k = ,且1,2,,j k = ,则同时同意第1,2号同学当选的人数为( B )()A k k a a a a a a 2222111211+++++++ ()B 2122211211k k a a a a a a +++ ()C 2221212111k k a a a a a a +++++++ ()D k k a a a a a a 2122122111+++6.从黄瓜、白菜、油菜、扁豆4种蔬菜品种中选出3种,分别种在不同土质的三块土地上,其中黄瓜必须种植,不同的种植方法共18种.四.例题分析:例1.对5副不同的手套进行不放回抽取,甲先任取一只,乙再任取一只,然后甲又任取一只,最后乙再任取一只.(Ⅰ)求下列事件的概率:①A :甲正好取得两只配对手套;②B :乙正好取得两只配对手套; (Ⅱ)A 与B 是否独立?并证明你的结论.(Ⅰ)①125841021()9C A P A A ⨯⨯==. ②125841021()9C A P B A ⨯⨯==. (Ⅱ)2152410221()63C C P AB A ⨯⨯⨯==, 又1()()81P A P B =, ∴()()P A P B ≠()P AB ,故A 与B 是不独立的.例2.甲、乙两人参加一次英语口语考试,已知在备选的10道试题中,甲能答对其中的6题,乙能答对其中的8题,规定每次考试都从备选题中随机抽出3题进行测试,至少答对2题才算合格.(Ⅰ)分别求甲答对试题数(0,1,2,3)k k =的概率;(Ⅱ)求甲、乙两人至少有一人考试合格的概率.24.本小题主要考查概率统计的基础知识,运用数学知识解决问题的能力.满分12分.k 的概率分布如下:,A B ,则2136463102()3C C C P A C +==,21382831014()15C C C P B C +==. 因为事件,A B 相互独立,∴甲、乙两人考试均不合格的概率为2141()(1)(1)31545P A B ⋅=--= ∴甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为441()45P P A B =-⋅=, 答:甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为4544. 例3.袋中装有m 个红球和n 个白球,2m n ≥≥,这些红球和白球除了颜色不同以外,其余都相同.从袋中同时取出2个球.(1)若取出是2个红球的概率等于取出的是一红一白的2个球的概率的整数倍,试证m 必为奇数;(2)在,m n 的数组中,若取出的球是同色的概率等于不同色的概率,试求失和40m n +≤的所有数组(,)m n .解:(1)设取出2个球是红球的概率是取出的球是一红一白2个球的概率的k 倍(k 为整数)则有21122m m n m n m nC C C k C C ++= ∴(1)2m m kmn -= ⇒ 21m kn =+ ∵,k Z n Z ∈∈,∴21m kn =+为奇数(2)由题意,有221122m n m n m n m n C C C C C C +++=,∴(1)(1)22m m n n mn --+= ∴2220m m n n mn -+--=即2()m n m n -=+,∵2m n ≥≥,∴4m n +≥,∴47m n ≤-≤,m n -的取值只可能是2,3,4,5,6相应的m n +的取值分别是4,9,16,25,36, ∴31m n =⎧⎨=⎩或63m n =⎧⎨=⎩或106m n =⎧⎨=⎩或1510m n =⎧⎨=⎩或2115m n =⎧⎨=⎩,注意到2m n ≥≥∴(,)m n 的数组值为(6,3),(10,6),(15,10),(21,15)五.课后作业: 班级 学号 姓名1.甲、乙两人独立地解同一问题,甲解决这个问题的概率是1p ,乙解决这个问题的概率是2p ,那么恰好有1人解决这个问题的概率是( ) ()A 21p p ()B )1()1(1221p p p p -+-()C 211p p -()D )1)(1(121p p --- 2.某人制定了一项旅游计划,从7个旅游城市中选择5个进行游览.如果,A B 为必选 城市,并且在游览过程中必须按先A 后B 的次序经过,A B 两城市(,A B 两城市可以不相邻),则有不同的游览线路 ( )()A 120种 ()B 240种 ()C 480种 ()D 600种3.某电视台邀请了6位同学的父母共12人,请这12位家长中的4位介绍教育子女的情况,那么这4位中至多一对夫妻的选择方法为 ( )()A 15种 ()B 120种 ()C 240种 ()D 480种4.由等式223144322314)1()1()1(+++++=++++x b x b x a x a x a x a x 413)1(b x b +++定义),,,(),,,(43214321b b b b a a a a f =,则),1,2,3,4(f 等于 ( )()A )4,3,2,1( ()B )0,4,3,0( ()C )2,2,0,1(-- ()D )1,4,3,0(--5.若123(32)na a -展开式中含有常数项,则正整数n 的最小值是 ( )()A 4 ()B 5 ()C 6 ()D 86.三人传球由甲开始发球,并作第一传球,经5次传球后,球仍回到甲手中,则不同的传球方法共有 ( )()A 6种 ()B 8种 ()C 10种 ()D 16种7.有两排座位,前排11个座位,后排12个座位,现安排2人就座,规定前排中间的3个座位不能坐,并且这2人不.左右相邻,那么不同排法的种数是 ( ) ()A 234 ()B 346()C 350 ()D 3638.口袋内装有10个相同的球,其中5个球标有数字0,5个球标有数字1,若从袋中摸出5个球,那么摸出的5个球所标数字之和小于2或大于3的概率是 .9.若在二项式(x+1)10的展开式中任取一项,则该项的系数为奇数的概率是 .10.将标号为1,2,,10 的10个球放入标号为1,2,,10 的10个盒子内,每个盒内放一个球,则恰好有3个球的标号与其所在盒子的标号不一致的放入方法共有 .11.已知10件产品中有3件是次品.(1)任意取出3件产品作检验,求其中至少有1件是次品的概率;(2)为了保证使3件次品全部检验出的概率超过0.6,最少应抽取几件产品作检验?12.已知:有6个房间安排4个旅游者住,每人可以进住任一房间,且进住房间是等可能的,试求下列各事件的概率:(1)事件A:指定的4个房间各有1人;(2)事件B:恰有4个房间各有1人;(3)事件C:指定的某个房间有2人.13.已知甲、乙两人投篮的命中率分别为0.4和0.6.现让每人各投两次,试分别求下列事件的概率:(Ⅰ)两人都投进两球;(Ⅱ)两人至少投进三个球.14.从汽车东站驾车至汽车西站的途中要经过8个交通岗,假设某辆汽车在各交通岗遇到红1.灯的事件是独立的,并且概率都是3(1)求这辆汽车首次遇到红灯前,已经过了两个交通岗的概率;(2)这辆汽车在途中恰好遇到4次红灯的概率.。

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第89课时:第十章 排列、组合和概率——排列、组合、概率小结
课题:排列、组合、概率小结
一.课前预习:
1.从数字1,2,3,4,5中,随机抽取3个数字(允许重复)组成一个三位数其各位数字之和等于9的概率为 ( D )
()A 19 ()B 49 ()C 14 ()D 13
2.从5位男教师和4位女教师中选出3位教师,派到3个班担任班主任(每班1位班主任),要求这3位班主任男、女教师都有,则不同的选派方案共有(B )
()A 210种 ()B 420种 ()C 630种 ()D 840种
3.某校高三年级举行一次演讲赛共有10位同学参赛,其中一班有3位,二班有2位,其它班有5位,若采用抽签的方式确定他们的演讲顺序,则一班有3位同学恰好被排在一起(指演讲序号相连),而二班的2位同学没有被排在一起的概率为 ( D )
()A 110 ()B 120 ()C 140 ()D 1120
4.若2004200422102004...)21(x a x a x a a x ++++=- )(R x ∈,
则010********()()()...()a a a a a a a a ++++++++=2004(用数字作答) .
5.某班试用电子投票系统选举班干部候选人.全班k 名同学都有选举权和被选举权,他们的编号分别为1,2,,k ,规定:同意按“1”,不同意(含弃权)按“0”,
令1, 0, ij i j a i j ⎧=⎨⎩第号同学同意第号同学当选第号同学不同意第号同学当选
其中1,2,,i k = ,且1,2,,j k = ,则同时同意第1,2号同学当选的人数为( B )
()A k k a a a a a a 2222111211+++++++ ()B 2122211211k k a a a a a a +++
()C 2221212111k k a a a a a a +++++++ ()D k k a a a a a a 2122122111+++
6.从黄瓜、白菜、油菜、扁豆4种蔬菜品种中选出3种,分别种在不同土质的三块土地上,其中黄瓜必须种植,不同的种植方法共18种.
四.例题分析:
例1.对5副不同的手套进行不放回抽取,甲先任取一只,乙再任取一只,然后甲又任取一只,最后乙再任取一只.
(Ⅰ)求下列事件的概率:①A :甲正好取得两只配对手套;②B :乙正好取得两只配对手套;
(Ⅱ)A 与B 是否独立?并证明你的结论.
(Ⅰ)①125841021()9C A P A A ⨯⨯==. ②125841021()9
C A P B A ⨯⨯==. (Ⅱ)2152410221()63
C C P AB A ⨯⨯⨯==, 又1()()81P A P B =, ∴()()P A P B ≠()P AB ,故A 与B 是不独立的.
例2.甲、乙两人参加一次英语口语考试,已知在备选的10道试题中,甲能答对其中的6题,乙能答对其中的8题,规定每次考试都从备选题中随机抽出3题进行测试,至少答对2题才算合格.
(Ⅰ)分别求甲答对试题数(0,1,2,3)k k =的概率;
(Ⅱ)求甲、乙两人至少有一人考试合格的概率.
24.本小题主要考查概率统计的基础知识,运用数学知识解决问题的能力.满分12分.
k 的概率分布如下:
(Ⅱ)设甲、乙两人考试合格的事件分别为,A B ,则 2136463102()3C C C P A C +==,21382831014()15
C C C P B C +==. 因为事件,A B 相互独立,
∴甲、乙两人考试均不合格的概率为2141()(1)(1)31545
P A B ⋅=--= ∴甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为441()45
P P A B =-⋅=, 答:甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为45
44. 例3.袋中装有m 个红球和n 个白球,2m n ≥≥,这些红球和白球除了颜色不同以外,其余都相同.从袋中同时取出2个球.
(1)若取出是2个红球的概率等于取出的是一红一白的2个球的概率的整数倍,试证m 必为奇数;
(2)在,m n 的数组中,若取出的球是同色的概率等于不同色的概率,试求失和40m n +≤的所有数组(,)m n .
解:(1)设取出2个球是红球的概率是取出的球是一红一白2个球的概率的k 倍(k
为整数)则有21122m m n m n m n
C C C k C C ++= ∴(1)2
m m kmn -= ⇒ 21m kn =+ ∵,k Z n Z ∈∈,∴21m kn =+为奇数
(2)由题意,有221122m n m n m n m n
C C C C C C +++=,∴(1)(1)22m m n n mn --+= ∴2220m m n n mn -+--=
即2()m n m n -=+,∵2m n ≥≥,∴4m n +≥,
∴47m n ≤-,m n -的取值只可能是2,3,4,5,6
相应的m n +的取值分别是4,9,16,25,36,
∴31m n =⎧⎨=⎩或63m n =⎧⎨=⎩或106m n =⎧⎨=⎩或1510m n =⎧⎨=⎩或2115m n =⎧⎨=⎩
, 注意到2m n ≥≥
∴(,)m n 的数组值为(6,3),(10,6),(15,10),(21,15)
五.课后作业:
1.甲、乙两人独立地解同一问题,甲解决这个问题的概率是1p ,乙解决这个问题的概率是2p ,那么恰好有1人解决这个问题的概率是 ( )
()A 21p p ()B )1()1(1221p p p p -+-
()C 211p p - ()D )1)(1(121p p ---
2.某人制定了一项旅游计划,从7个旅游城市中选择5个进行游览.如果,A B 为必

城市,并且在游览过程中必须按先A 后B 的次序经过,A B 两城市(,A B 两城市可
以不
相邻),则有不同的游览线路 ( )
()A 120种 ()B 240种 ()C 480种 ()D 600种
3.某电视台邀请了6位同学的父母共12人,请这12位家长中的4位介绍教育子女
的情况,那么这4位中至多一对夫妻的选择方法为 ( )
()A 15种 ()B 120种 ()C 240种 ()D 480种
4.由等式223144322314)1()1()1(+++++=++++x b x b x a x a x a x a x 413)1(b x b +++定义),,,(),,,(43214321b b b b a a a a f =,则),1,2,3,4(f 等于 ( )
()A )4,3,2,1( ()B )0,4,3,0( ()C )2,2,0,1(-- ()D )1,4,3,0(--
5.若123(32)n
a a -展开式中含有常数项,则正整数n 的最小值是 ( )
()A 4 ()B 5 ()C 6 ()D 8 6.三人传球由甲开始发球,并作第一传球,经5次传球后,球仍回到甲手中,则不同的传球方法共有 ( )
()A 6种 ()B 8种 ()C 10种 ()D 16种
7.有两排座位,前排11个座位,后排12个座位,现安排2人就座,规定前排中间的3个座位不能坐,并且这2人不.
左右相邻,那么不同排法的种数是( ) ()A 234 ()B 346 ()C 350 ()D 363
8.口袋内装有10个相同的球,其中5个球标有数字0,5个球标有数字1,若从袋中摸出5个球,那么摸出的5个球所标数字之和小于2或大于3的概率是 .
9.若在二项式(x+1)10的展开式中任取一项,则该项的系数为奇数的概率是 .
10.将标号为1,2,,10 的10个球放入标号为1,2,,10 的10个盒子内,每个盒内放一个球,则恰好有3个球的标号与其所在盒子的标号不一致的放入方法共有 .
11.已知10件产品中有3件是次品.
(1)任意取出3件产品作检验,求其中至少有1件是次品的概率;
(2)为了保证使3件次品全部检验出的概率超过0.6,最少应抽取几件产品作检验?
12.已知:有6个房间安排4个旅游者住,每人可以进住任一房间,且进住房间是等可能的,试求下列各事件的概率:(1)事件A :指定的4个房间各有1人;
(2)事件B :恰有4个房间各有1人;
(3)事件C:指定的某个房间有2人.
13.已知甲、乙两人投篮的命中率分别为0.4和0.6.现让每人各投两次,试分别求下列事件的概率:(Ⅰ)两人都投进两球;
(Ⅱ)两人至少投进三个球.
14.从汽车东站驾车至汽车西站的途中要经过8个交通岗,假设某辆汽车在各交通
1.
岗遇到红灯的事件是独立的,并且概率都是
3
(1)求这辆汽车首次遇到红灯前,已经过了两个交通岗的概率;
(2)这辆汽车在途中恰好遇到4次红灯的概率.。

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