2016年高三年级物理限时练6
2016届高三模拟理综物理试卷
高三二模理综物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14. 物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程中的认识，下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证B．开普勒研究了行星运动，从中发现了万有引力定律C．牛顿利用扭秤测出了万有引力常量，被誉为能“称出地球质量的人”D．伽利略利用理想斜面实验，使亚力士多德“重的物体比轻的物体下落的快”的结论陷入困境15.如图所示，由两种材料做成的半球面固定在水平地面上，球右侧面是光滑的，左侧面粗糙，D点为球心，A、B是两个相同的小物块(可视为质点)，物块A静止在左侧面上，物块B在图示水平力作用下静止在右侧面上，A、B处在同一高度，AO、BO与竖直方向的夹角均为θ，则A、B分别对球面的压力大小之比为（）A.sin2 θ：1B.sinθ：1C.cos2 θ:1D.cosθ:116.以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力f与其速率v 成正比，比例系数为K。
球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回到抛出点时，速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动。
则下列说法正确的是（）A．上升过程比下降过程所用时间长B．比例系数K=mg/v0C．小球抛出瞬间的加速度大小为（1+v1/v0）gD．小球在下降过程中的加速度逐渐减小到零并保持不变，且其变化快慢也逐渐减小到零并保持不变17.如图所示，将一篮球从地面上方B点斜向上抛出，刚好垂直击中篮板上A点，不计空气阻力．若抛射点B向篮板方向水平移动一小段距离，仍使抛出的篮球垂直击中A点，则可行的是( )A．增大抛射速度v0，同时减小抛射角θB．减小抛射速度v0，同时减小抛射角θC．增大抛射角θ，同时减小抛出速度v0D．增大抛射角θ，同时增大抛出速度v018.一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动，线圈中的感应电动势e 随时间t变化的规律如图所示，下列说法正确的是( )A．t1时刻通过线圈的磁通量为零B．t2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C．t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D．每当e变化方向时，通过线圈的磁通量的绝对值都为最大19.如图所示，物体A和B的质量均为m，它们通过一劲度系数为k的轻弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B都处于静止状态。
福建省三明市2016届高三第六次模拟练习物理试题 含答案
福建省三明市2016届高三第六次模拟练习物理试题第I卷（选择题）一、单选题1．研究微型电动机的性能时，实验电路如图所示。
当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0。
50 A和2.0 V.重新调节R并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2。
0 A和24.0 V。
则这台电动机正常运转时的输出功率为A.32 WB.44 WC.47 W D。
48 W2．如图所示，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上.若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）.由此可求出A.物块的质量B。
斜面的倾角C.物块对斜面的正压力D。
物块与斜面间的最大静摩擦力3．设太阳质量为M,某行星绕太阳公转周期为T,轨道可视作半径为r 的圆。
已知万有引力常量为G，则描述该行星运动的上述物理量满足A. B. C. D.4．如图所示，倾角为30°的斜面体置于水平地面上。
一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O，A的质量为m，B的质量为4m。
开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力）,OB绳平行于斜面，此时B静止不动。
将A由静止释放，在其下摆过程中,斜面体始终保持静止。
下列判断中正确的是A。
物块B受到的摩擦力一直减小B.地面对斜面体的摩擦力方向一直向右C.小球A的机械能不守恒D.小球A的机械能守恒，A、B系统的机械能不守恒5．如图所示,在A、B两点分别固定着所带电荷量相等的正、负点电荷,O点是两个点电荷连线的中点，OC与AB垂直,以O为圆心、OC 为半径的圆与AB交于D、E,下列说法正确的是A。
圆上任意直径的两端点的电场强度大小相等、方向相反B。
圆上任意直径的两端点的电势相等C.负电荷在D点的电势能大于它在C点的电势能D.正点电荷沿圆周从D点运动到C点与从C点运动到E点,电场力做的功相等二、多选题6．如图甲所示，正方形线圈abcd内有垂直于线圈的匀强磁场,已知线圈匝数n=10,边长ab=1 m,线圈总电阻r=1 Ω，线圈内磁感应强度随时间的变化情况如图乙所示。
【走向高考】2016届高三物理人教版一轮复习习题：2016年高考物理模拟试题
2016 年高考物理模拟试题本卷分第Ⅰ卷 (选择题 )和第Ⅱ卷 (非选择题 )两部分。
满分 110 分，考试时间90 分钟。
第Ⅰ卷 (选择题共 48分)一、选择题 (本大题共8 小题，每题 6 分。
在每题给出的四个选项中，第1～5 题只有一项切合题目要求，第6～ 8 题有多项切合题目要求。
所有选对的得 6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。
)1．总质量约为 3.8 吨“嫦娥三号”探测器在距月面3m 处封闭反推发动机，让其以自由落体方式下降在月球表面。
4 条着陆腿触月信号显示，“嫦娥三号”完满着陆月球虹湾地域。
月球表面邻近重力加快度约为 1.6m/s4,4 条着陆腿可视作完整相同的四个轻弹簧，在软着陆后，每个轻弹簧获取的弹性势能大概是()A ． 28 500J C． 18 240J B． 4 560J D． 9 120J[答案 ]B[分析 ]由机械能守恒定律，mgh ＝4E p，解得E p＝ mgh/4＝ 4560J，选项 B 正确。
2．如下图，理想变压器与电阻R、沟通电压表V 、沟通电流表 A 按图甲所示方式连结，已知变压器的原副线圈的匝数比为n1＝ 101，电阻R＝ 10Ω。
图乙是R 两头电压u 随时间变n2化的图象， U m＝ 10 2V 。
则以下说法中正确的选项是()A ．经过 R 的电流 i R随时间 t 变化的规律是i R＝ cos100πt(A)2B．电流表 A 的读数为10 AC．电压表V 的读数为102VD．变压器的输入功率为10W[答案] D[分析 ]依据R两头电压u 随时间变化的图象可知，电压表V 的读数为10V ，选项 C 错误；由欧姆定律知， 经过 R 的电流 i R 随时间 t 变化的规律是 i R ＝ 2cos 100πt(A) ，选项 A 错误；2变压器输出功率 P ＝ U＝ 10W ，所以变压器的输入功率为10W ，经过 R 的电流的有效值为1A ，R 则电流表 A 的读数为0.1A ，选项 B 错误、 D 正确。
(江苏卷)高考物理冲刺卷06
（江苏卷）2016年高考物理冲刺卷06本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分第Ⅰ卷(共9小题，共31分)一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意。
1．如图所示，甲从A 地由静止匀加速跑向B 地，当甲前进距离为S 1时，乙从距A 地S 2处的C 点由静止出发，加速度与甲相同，最后二人同时到达B 地，则AB 两地距离为( )A ．21S S +B ．12214)(S S S +C ．)(42121S S S + D ．121221)()(S S S S S -+ 【答案】 B2．在图示的非匀强电场中，实线表示电场线。
在只受电场力的作用下，电子从A 点运动到B 点。
电子在A 点的速度方向如图所示。
比较电子在A 、B 两点的速度、加速度、电势能，其中正确的是( )A ．v A > vB 、a A <a B 、E pA > E pB B ．v A > v B 、a A >a B 、E pA <E pBC ．v A < v B 、a A <a B 、E pA < E pBD ．v A < v B 、a A > a B 、E pA > E pB【答案】 D3．如图所示，一根空心铝管竖直放置，把一枚小圆柱形的永磁体从铝管上端由静止释放，经过一段时间后，永磁体穿出铝管下端口。
假设永磁体在铝管内下落过程中始终沿着铝管的轴线运动，不与铝管内壁接触，且无翻转。
忽略空气阻力，则下列说法中正确的是( )A ．若仅增强永磁体的磁性，则其穿出铝管时的速度变小B ．若仅增强永磁体的磁性，则其穿过铝管的时间缩短C ．若仅增强永磁体的磁性，则其穿过铝管的过程中产生的焦耳热减少D ．在永磁体穿过铝管的过程中，其动能的增加量等于重力势能的减少量【答案】 A【解析】试题分析：若仅增强永磁体的磁性，则铝管中产生的感应电流变大，磁体受到的向上的安培力变大，加速度减小，故则其穿出铝管时的速度变小，选项A 正确；由于当增强永磁体的磁性后，磁体在铝管中的平均速度减小，故其穿过铝管的时间变长，选项B 错误；由能量守恒关系可知，穿过铝管的过程中产生的焦耳热等于磁体的机械能的减小量，即212Q mgh mv =-，因为v 减小，故Q 增大，选项C 错误；由以上分析可知，在永磁体穿过铝管的过程中，其动能的增加量小于重力势能的减少量，选项D 错误；故选A4．如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图。
20160313理综训练六试题(新).
2016年莆田第六中学高三理综训练六试题2016、3、13可能用到的原子量： Cl-35.5 C-12 N-14 O-16 S-32 Na-23 Mg-24 Cu-64 Ca-40第I卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 下列有关核糖体的叙述错误的是( )A. 核糖体在真核细胞与原核细胞中均有分布B. 核糖体由蛋白质和RNA 组成,不同细胞中核糖体的数量不同C. 多个核糖体可以同时合成一种多肽链D. 分泌到细胞外的物质都是由附着在内质网上的核糖体合成的2. 小鼠细胞在浓度为 100mmol.L-1和 300mmol.L-1的N 溶液中,某时刻吸收 N 物质的速率依次是 10mmol.min-1和 20mmol min-1,相关叙述正确的是( )A. 持续增加物质 N 的浓度,其进入细胞的速率会持续增大B. 增加氧气的浓度,物质 N 进入细胞的速率会持续增大C. 增加载体的数量,物质 N 进入细胞的速率会持续增大D. 无法确定物质 N 进入细胞的方式3. 乙酰胆碱是一种兴奋性递质,狂犬病毒侵入人体后,可以与乙酰胆碱受体结合 (如右图所示)。
相关叙述正确的是( )A. 狂犬病毒入侵神经细胞能促进神经递质的释放B. 狂犬病毒侵入细胞过程与神经冲动传导方向相同C. 狂犬病毒与乙酰胆碱受体结合会导致相应神经元Na+内流速度减慢D. 效应 T 细胞可与被狂犬病毒侵染后神经细胞密切接触,导致被侵染的神经细胞坏死4. 火山爆发时炽热的岩浆所到之处生物全部死亡,之后当地生物群落演替过程非常缓慢 (如下图所示),下列相关叙述正确的是( )A. 群落的结构由地衣苔藓阶段到森林阶段,总生产量和有机物的总量在不断增加B. 群落演替过程中,群落对光能的利用效率保持不变C. 极乐鸟捕食一只蜘蛛后,所获得的能量最多为该蜘蛛同化量的 20%D. 群落演替的不同阶段均存在捕食、竞争、共生、腐生等种间关系5. 下列关于遗传信息传递和表达的叙述,正确的是( )A. DNA复制需要DNA酶的参与B. 转录是以 DNA 为模板通过半保留复制的方式合成 RNAC. 蛋白质合成旺盛的细胞中,转录成的 mRNA 分子较多, DNA 数量保持不变D. 细胞通过细胞增殖把遗传物质和性状传给子细胞6. 下图为某单基因遗传病的系谱图,人群中此病的患病概率约为1/10000。
2016年人教版高考物理模拟考试题附答案
物理试题本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，第I卷l至3页，第Ⅱ卷4至6页．共100分。
第I卷(选择题共40分)本卷共8小题，每小题5分，共40分。
一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求。
第6~8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分。
选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．2015年12月29日．“高分4号”对地观测卫星升空。
这是中国“高分”专项首颗高轨道高分辨率、设计使用寿命最长的光学遥感卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道遥感卫星。
下列关于“高分4号”地球同步卫星的说法中正确的是A．该卫星定点在北京上空B．该卫星定点在赤道上空C．它的高度和速度是一定的，但周期可以是地球自转周期的整数倍D．它的周期和地球自转周期相同，但高度和速度可以选择，高度增大，速度减小2．线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，如图甲所示，在ab线圈中通以如图乙所示的电流(电流从a流入为正)，已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈以中感应电动势U cd随时间变化关系的图中，正确的是3.如图所示，边长为L的金属框abcd放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上，当金属框绕ab边以角速度 逆时针转动时，a 、b 、c 、d 四点的电势分别为a b c d ϕϕϕϕ、、、．下列判断正确的是A ．金属框中无电流，a d ϕϕ=B ．金属框中电流方向沿a-d-c-b-a ，a d ϕϕ<C ．金属框中无电流，212bc U BL ω=- D ．金属框中无电流，2bc U BL ω=-4．如图所示，在x 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ．原点O 处存在一粒子源，能同时发射大量质量为m 、电荷量为q 的带正电粒子(重力不计)，速度方向均在xOy 平面内，与x 轴正方向的夹角θ在0～180°范围内．则下列说法正确的是A ．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子在磁场中运动的时间越短B ．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子离开磁场时的位置距O 点越远C ．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的时间越短D ．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的角速度越大5．如图所示，竖直放置在水平面上的圆筒，从圆筒上边缘等高处同一位置分别紧贴内壁和外壁以相同速率向相反方向水平发射两个相同小球，直至小球落地，不计空气阻力和所有摩擦，以下说法正确的是A ．筒外的小球先落地B ．两小球的落地速度可能相同C ．两小球通过的路程不一定相等D ．筒内小球随着速率的增大。
江西省上饶市2016届高三物理下册小题冲刺试题6
广东省汕头市潮南区2016届高三考前训练理综物理试题 W
2016潮南区高三考前理科综合物理训练题可能用到的相对原子质量：H －1 C －12 N －14 O －16 F －19 Cl －35.5 Na －23 Fe －56 Co －59二、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，14-18每题只有一个选项符合题目要求，19-21每题都有多个选项符合题目要求）14．经过不懈的努力，法拉第终于在1831年8月29日发现了“磁生电”的现象，他把两个线圈绕在同一个软铁环上（如图示），一个线圈A 连接电池与开关，另一线圈B 闭合并在其中一段直导线附近平行放置小磁针．法拉第可观察到的现象有A ．当合上开关，A 线圈接通电流瞬间，小磁针偏转一下，随即复原B ．只要A 线圈中有电流，小磁针就会发生偏转C ．A 线圈接通后其电流越大，小磁针偏转角度也越大D ．当开关打开，A 线圈电流中断瞬间，小磁针会出现与A 线圈接通电流瞬间完全相同的偏15．“笛音雷”是春节期间常放的一种鞭炮，其引线着火后一段时间内的速度一时间图像如右图所示（不计空气阻力，取竖直向上为正方向），其中0t 时刻为笛音雷起飞时刻、DE 段是斜率大小为g 的直线，则关于笛音雷的运动，下列说法正确的是 A ．“笛音雷”在2t 时刻上升至最高点B ．3t~4t 时间内“笛音雷”做自由落体运动C ．0~3t 时间内“笛音雷”的平均速度可能为32vD ．若另一颗“笛音雷”紧挨着在'0t 时刻起飞，其后的运动情况与0t 时刻起飞的“笛音雷”一样，则两者之间先越来越近、后又越来越远16．“嫦娥四号”，专家称“四号星”，计划在2017年发射升空，它是嫦娥探月工程计划中嫦娥系列的第四颗人造探月卫星，主要任务是更深层次、更加全面的科学探测月球地貌、资源等方面的信息，完善月球档案资料．已知月球的半径为R ，月球表面的重力加速度为g ，月球的平均密度为ρ，“嫦娥四号”离月球中心的距离为r ，绕月周期为T .根据以上信息下列说法正确的是A ． 月球的第一宇宙速度为B ． 万有引力常量可表示为C ． “嫦娥四号”绕月运行的速度为D ． “嫦娥四号”必须减速运动才能返回地球17．一自耦调压变压器(可看做理想变压器)的电路如图甲所示，移动滑动触头P 可改变副线圈匝数．已知变压器线圈总匝数为1 900匝，原线圈匝数为1 100匝，接在如图乙所示的交流电源上，电压表为理想电表，则A ． 交流电源电压瞬时值的表达式为u ＝220sin 100πt V ；B ． P 向上移动时，电压表的示数变大，最大显示示数为380V ；C ． P 向下移动时，变压器的输入功率变大。
1516学年高考物理二轮复习专项限时训练题(含答案)-word文档
15-16学年高考物理二轮复习专项限时训练题（含答案）2019年高考第二轮物理复习已经开始，下面是查字典物理网高考频道整理的高考物理二轮复习专项限时训练题，希望对大家有帮助。
1.电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍.某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法)，实验室提供的器材如下：待测电压表量程3 V，内阻约为3 000 )，电阻箱R0(最大阻值为99 999.9 )，滑动变阻器R1(最大阻值100 ，额定电流2 A)，电源E(电动势6 V，内阻不计)，开关2个，导线若干.(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整.(2)根据设计的电路，写出实验步骤：________________________________.(3)将这种方法测出的电压表内阻记为RV，与电压表内阻的真实值RV相比，RV________RV(填、=或)，主要理由是________________________________.解析：(1)由半偏法原理知电压表应串联在电路中，又因电压表量程小于电源电动势，且电压表内阻比滑动变阻器最大阻值大得多，故滑动变阻器应采用分压接法.答案：(1)实验电路图如下图所示(2)移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在支路分压最小;闭合开关S1、S2，调节R1，使电压表的指针满偏;保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开S2，调节电阻箱R0使电压表的指针半偏;读取电阻箱所示的电阻值，此即为测得的电压表内阻(3) 断开S2，调节电阻箱使电压表成半偏状态，电压表所在支路总电阻增大，分得的电压也增大;此时R0两端的电压大于电压表的半偏电压，故RRV(其他合理说法也可)2.在测定金属的电阻率的实验中，测量金属丝的长度和直径时，刻度尺和螺旋测微器的示数分别如图甲、乙所示，则金属丝长度的测量值为l=________ cm，金属丝直径的测量值为d=________ mm.甲乙解析：由于刻度尺的最小分度为1 mm，读数应估读到0.1 mm. 答案：36.52(36.50～36.54均可) 0.797(0.796～0.799均可)3.为了测定电流表A1的内阻，某同学采用如图甲所示的实验电路.其中：A1是待测电流表，量程为30 mA，内阻约为100 A2是标准电流表，量程是20 mA;R1是电阻箱，阻值范围是0～999.9 R2是滑动变阻器;R3是保护电阻;E是电池组，电动势为6 V，内阻不计;S1是单刀单掷开关，S2是单刀双掷开关.(1)实验中滑动变阻器采用了________接法(填分压或限流).根据电路的实物图，在虚线框中画出实验电路图.(2)请将该同学的操作补充完整：连接好电路，将滑动变阻器R2的滑片移到最________(填左端或右端将开关S2扳到接点a处，接通开关S1;调节滑动变阻器R2，使电流表A2的示数是15 mA.乙将开关S2扳到接点b处，____________________，使电流表A2的示数仍是15 mA.若此时电阻箱各旋钮的位置如图乙所示，则待测电流表A1的电阻Rg=________ .(3)上述实验中，无论怎样调节滑动变阻器R2的滑片位置，都要保证两只电流表的安全.在下面提供的四个电阻中，保护电阻R3的阻值应选用________.A.30B.300C.3 kD.30 k解析：(2)闭合开关之前，应使滑动变阻器连入电路的阻值最大，滑片移到最左端.本实验使用替代法测量电流表的内阻，因此开关S2接a和接b时电流表A2的读数应该相同，开关S2接b时，需保持滑动变阻器R2的滑片不动，调节电阻箱R1.电阻箱表示的阻值大小等于被测电流表的内阻，读数为86.3 .(3)当滑动变阻器R2的阻值为零时，电路中的电流不能超过两个电流表的量程，由于=300 ，且电流表A1有内阻，R3的阻值可选B.答案：(1)限流如图所示(2)①左端保持滑动变阻器R2的滑片不动，调节电阻箱R1 86.3 (3)B4.在测量一节干电池的电动势和内阻实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路.(1)根据图甲实验电路，请在图乙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连线.(2)实验开始前，应先将滑动变阻器的滑片P调到________(填a或b)端.甲乙丙(3)合上开关S1，S2接图甲中的1位置，滑动滑片P，记录下几组电压表和电流表的示数;重置滑动变阻器，S2改接图甲中的2位置，滑动滑片P，再记录几组电压表和电流表的示数.在同一坐标系内分别描点作出S2接1、2位置时，电压表示数U和电流表示数I的图象，如图丙所示.两图线均为直线，与纵轴的截距分别为UA、UB，与横轴的截距分别为IA、IB.S2接1位置时，作出的U-I图线是图丙中的________(填A 或BS2接2位置时，干电池电动势的测量值________真实值，内阻的测量值________真实值.(填大于小于或等于)解析：(2)为保护电表，闭合开关前滑动变阻器连入电路的阻值应最大，即滑片P调到a端.(3)S2接1位置时，由于电压表的分流，使得电流的测量值偏小，而短路电流(U=0时的电流，即图线与横轴的截距)不变，故电动势和内阻的测量值都偏小;S2接2位置时，可将电流表内阻等效到电源内阻中，即外电压和干路电流的测量值是准确的，电源电动势的测量值等于电动势的真实值，但电源内阻的测量值等于电源内阻的真实值与电流表内阻的和.答案：(1)如图所示 (2)a (3)B 等于大于5.用实验测一电池的内阻r和一待测电阻的阻值Rx.已知电池的电动势约6 V，电池内阻和待测电阻阻值都为数十欧.可选用的实验器材有：电流表A1(量程0～30 mA);电流表A2(量程0～100 mA);电压表V(量程0～6 V);滑动变阻器R1(阻值0～5滑动变阻器R2(阻值0～300开关S一个，导线若干条.某同学的实验过程如下：.设计如图甲所示的电路图，正确连接电路.甲.将R的阻值调到最大，闭合开关，逐次调小R的阻值，测出多组U和I的值，并记录.以U为纵轴，I为横轴，得到如图乙所示的图线.乙.断开开关，将Rx改接在B、C之间，A与B直接相连，其他部分保持不变.重复的步骤，得到另一条U-I图线，图线与横轴I的交点坐标为(I0,0)，与纵轴U的交点坐标为(0，U0). 回答下列问题：(1)电流表应选用________，滑动变阻器应选用________;(2)由图乙的图线，得电源内阻r=________(3)用I0、U0和r表示待测电阻的关系式Rx=________，代入数值可得Rx;(4)若电表为理想电表，Rx接在B、C之间与接在A、B之间，滑动变阻器滑片都从最大阻值位置调到某同一位置，两种情况相比，电流表示数变化范围________，电压表示数变化范围________.(选填相同或不同)解析：(1)电路总电阻可能的最小值约为20 ，则回路中可能的最大电流Im= A=300 mA，可见，电流表应选用A2.若选用滑动变阻器R1，电路中电流变化范围太窄，并且当R1连入电路阻值最大时，电路中电流仍可能会超过电流表A2的量程，故应选用R2.(2)图乙中，U-I图线的斜率的绝对值等于电源内阻，由图象可知：r=25 .(3)由题意可知，Rx+r=，则Rx=-r0.(4)若电表为理想电表，Rx接在B、C或A、B之间，对干路中电流无影响，故电流表示数变化范围相同，很显然，电压表示数变化范围不相同.答案：(1)A2 R2 (2)25 (3)-r (4)相同不同6.如图甲所示的黑箱中有三只完全相同的电学元件，小明使用多用电表对其进行探测.甲乙(1)在使用多用电表前，发现指针不在左边0刻度线处，应先调整图乙中多用电表的部件________(选填AB或C). (2)在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a、b接点间是否存在电源时，一表笔接a，另一表笔应________(选填短暂或持续)接b，同时观察指针偏转情况.(3)在判定黑箱中无电源后，将选择开关旋至1挡，调节好多用电表，测量各接点间的阻值.测量中发现，每对接点间正、反向阻值均相等，测量记录如下表.两表笔分别接a、b 时，多用电表的示数如图乙所示.请将记录表补充完整，在图甲的黑箱中画出一种可能的电路.两表笔接的接点多用电表的示数 a、b ________ a、c 10.0 b、c 15.0 解析：(1)多用电表使用前应进行机械调零，机械调零装置为部件A.(2)使用多用电表进行测量时，为保证电表不被损坏往往要进行试触，即让两表笔与接点短暂接触，观察指针偏转情况，若持续接触则有可能损坏电表.(3)黑箱中无电源且每对接点间正、反向阻值相等，多用电表读数为5 ，由表格数据可知，b、c间电路为a、b间5 的电阻与a、c间10 的电阻串联而成.答案：(1)A (2)短暂 (3)515-16学年高考物理二轮复习专项限时训练题（含答案）分享到这里，更多内容请关注高考物理复习指导栏目。
2016年新课标高考二轮全真模拟物理试卷(6-5)
2016年新课标高考二轮全真模拟物理试卷（6-5）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.物理关系式不仅反映了物理量之间数量的关系，也确定了它们之间的单位关系．如关系式U=IR既反映了电压、电流和电阻之间的关系，也确定了V（伏）与A（安）和Ω（欧）的乘积等效．则引力常量G用国际单位制（简称SI）中的基本单位可等效表示为（）A.N⋅m3kg2B.m3kg⋅s2C.m3kg⋅s2D.m3kg⋅s2【答案】B【解析】解：由万有引力公式F=G m1m2r2变形得G=Fr2m1m2，所以引力常量G的单位可表示为N⋅m2 kg2=kg⋅m⋅m2kg2⋅s2=m3kg⋅s2，故B正确．故选：B单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的但为叫做导出单位，根据万有引力公式求解即可．物理公式不仅确定了各个物理量之间的关系，同时也确定了物理量的单位之间的关系，根据物理公式来分析物理量的单位即可．2.如图所示，图甲为质点a和b做直线运动的位移-时间（x-t）图象，图乙为质点c和d做直线运动的速度-时间（v-t）图象，由图可知（）A.若t1时刻a、b两质点第一次相遇，则t2时刻两质点第二次相遇B.若t1时刻c、d两质点第一次相遇，则t2时刻两质点第二次相遇C.t1到t2时间内，四个质点中只有b和d两个质点的运动方向发生改变D.t1到t2时间内，四个质点中只有b和d两个质点做了变速运动【答案】A【解析】解：A、由题图可知，t1和t2时刻a、b两个质点的位移均相同，若t1时刻为第一次相遇，则t2时刻为第二次相遇，故A正确；B、若t1时刻c、d两质点第一次相遇，t1到t2时间内，c、d两质点的位移不同，因此t2时刻两质点不可能相遇，故B错误；C、t1到t2时间内，只有b质点的运动方向发生改变，故C错误；D、t1到t2时间内，b、c、d三个质点的速度都发生了变化，做变速运动，故D错误．故选：A在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等；在速度-时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．由此分析两质点的运动情况．要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移-时间图象和速度-时间图象的区别，从斜率、面积等数学角度来理解其物理意义．3.2013年6月13日，“神舟十号”飞船与“天宫一号”目标飞行器在离地面343km 的圆轨道上成功进行了我国第5次载人空间交会对接，在进行对接前，“神舟十号”飞船在比“天宫一号”目标飞行器较低的圆形轨道上飞行，这时“神舟十号”飞船的速度为v 1，“天宫一号”目标飞行器的速度为v 2，“天宫一号”目标飞行器运行的圆轨道和“神舟十号”飞船运行圆轨道最短距离为h ，由此可求得地球的质量为（ ） A.ℎv 12v 22G(v 12+v 22) B.ℎv 1v 2G(v 1−v 2) C.ℎv 12v 22G(v 12−v 22) D.ℎv 1v 2G(v 1+v 2)【答案】C【解析】解：设“神舟十号”飞船的轨道半径为r ，质量为m ，则“天宫一号”目标飞行器轨道半径为r +h ，质量为m ′；由万有引力提供向心力：GMm r 2=mv 12rGMm′(r +ℎ)2=m′v 22r +ℎ联立解得：M=ℎv 12v 22G(v 12−v 22) 故选：C“天宫一号”目标飞行器运行的圆轨道和“神舟十号”飞船运行圆轨道最短距离为h ，即说明两轨道半径的差为h ，对于每个飞行器，都有万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列方程求解即可解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，能够根据题意选择恰当的向心力的表达式，整理出地球质量的表达式．4.水平地面x O y 上有一沿x 正方向做匀速运动的传送带，运动速度为v 1=3m /s ，传送带上有一质量为m =1kg 的正方体随传送带一起运动，当物体运动到y O z 平面时遇到一阻挡板C ，阻止其继续向x 轴正方向运动．物体与传送带间的动摩擦因数μ1=0.5，物体与挡板之间的动摩擦因数μ2=0.2．若要使物体沿y 轴正方向以v 2=4m /s 匀速运动，所加外力大小为（ ）A.1NB.4.6NC.5ND.6N【答案】B【解析】解：x O y 对物体的摩擦力f 1，如图1中所示，物体沿y 轴正向匀速运动时受力如图2所示：传送带对物块的摩擦力：f 1=μ1mg ，挡板对物体的支持力：N 2=f 1sin θ，挡板对物体的摩擦力：f2=μ2N2=μ2μ1mgsinθ，又sinθ=35，所以：F=f2+f1cosθ=4.6N．故选：B作出xoy平面对物块的摩擦力示意图，以及物块沿y轴方向做匀速运动时的受力分析图，结合几何知识，通过共点力平衡求出压力的大小，再对物块根据共点力平衡条件列式求解外力大小．解决本题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡进行求解，得出传送带对物块摩擦力的方向是解决本题的关键．5.如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个边长相等的单匝闭合正方形线圈Ⅰ和Ⅱ，分别用相同材料，不同粗细的导线绕制（Ⅰ为细导线）．两线圈在距磁场上界面h高处由静止开始自由下落，再进入磁场，最后落到地面．运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界．设线圈Ⅰ、Ⅱ落地时的速度大小分别为v1、v2，在磁场中运动时产生的热量分别为Q1、Q2．不计空气阻力，则（）A.v1＜v2，Q1＜Q2B.v1=v2，Q1=Q2C.v1＜v2，Q1＞Q2D.v1=v2，Q1＜Q2【答案】D【解析】解：由于从同一高度下落，到达磁场边界时具有相同的速度v，切割磁感线产生感应电流同时受到磁场的安培力为：F=B2l2vR，由电阻定律有：R=ρ4lS（ρ为材料的电阻率，l为线圈的边长，S为单匝导线横截面积）所以下边刚进入磁场时所受的安培力为：F=B2lvS 4ρ此时加速度为：a=g−Fm将线圈的质量m=ρ0S•4l（ρ0为材料的密度）代入上式，所以得加速度为：a=g−B2v 16ρρ0经分析上式为定值，线圈Ⅰ和Ⅱ同步运动，落地速度相等v1=v2由能量守恒可得：Q=mg(ℎ+H)−12mv2（H是磁场区域的高度）Ⅰ为细导线m小，产生的热量小，所以Q1＜Q2．正确选项D，选项ABC错误．故选：D．两矩形线圈进入磁场之前，均做自由落体运动，因下落高度一致，所以两线圈会以同样的速度进入磁场，由法拉第电磁感应定律可求出进入磁场边界时的感应电动势，从而表示出受到磁场的安培力．由电阻定律表示出两线圈的电阻，结合牛顿运动定律表示出加速度，可分析出加速度与线圈的粗细无关，从而判断出两线圈运动一直同步，得出落地速度相同的结论．因最终落地速度大小相同，由能量的转化与守恒可知，损失的机械能（转化为了内能）与线圈的质量有关，从而判断出产生的热量大小．此题的分析首先要进行分段，即为进入磁场之前和进入磁场之后，在进入磁场之前，两线圈均做自由落体运动．当线圈的一边进入磁场后，开始受到安培力的作用，此时在竖直方向上还受到重力作用；当线圈的上下两边都进入磁场，通过线圈的磁通量不再发生变化，就不会再有安培力，线圈就会只在重力作用下运动直至落地．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.图甲为一台小型发电机构造示意图，内阻r=5.0Ω，外电路电阻R=95Ω，电路中其余电阻不计．发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n=100．转动过程中穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按正弦规律变化，如图乙所示，则（）A.t=3.14×10-2s时，该小型发电机的电动势为零B.该小型发电机的电动势的最大值为200 VC.电路中电流最大值为2 AD.串联在外电路中的交流电流表的读数为2 A【答案】BC【解析】解：A、t=3.14×10-2s时，磁通量Φ的变化率最大，该小型发电机的电动势有最大值，故A错误；B、从Φ-t图线可以看出，Φmax=1.0×10-2W b，T=3.14×10-2s，ω=2πT，感应电动势的最大值E max=nωΦmax=100×2π3.14×10−2×1×10-2=200V，故B正确；C、电路中电流最大值I max=E maxR+r =200100=2A，故C正确；D、交流电流表读数是交变电流的有效值，即I=max√2=√2=1.4A，故D错误．故选：BC首先知道给出的是磁通量与时间的变化关系，利用图象读出周期求出角速度；再利用电动势的最大值公式求出峰值、有效值，从而求出电流表的示数．本题考查对交流电的产生过程的理解，要注意明确磁通量的变化与交流电产生的关系，知道最大电动势与最大磁通量之间的关系．7.如图所示，A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上，在水平力F的作用下，A、B保持静止不动，增大F，A、B仍保持静止不动，则增大F的过程中（）A.墙对B的摩擦力增大B.B对A的摩擦力增大C.A对B的正压力增大D.A对B的作用力增大【答案】CD【解析】解：A、先对AB整体受力分析，由平衡条件知，竖直方向：f=G A+G B，因此当水平力F增大，墙壁对B的摩擦力仍不变，故A错误；B、若AB间不存在静摩擦力，则有：隔离B物体，必受重力、A对B的压力和墙面的弹力与静摩擦力作用；隔离A物体，受到重力、B对A的支持力和外力F，三个力作用，均能处于平衡；若AB间存在静摩擦力，则有：A受四个力，B受五个力，仍能处于平衡；因此当F增大过程中，A对B的正压力增大，即A对B的作用增大，故B错误，CD正确；故选：CD．先对AB整体受力分析，由平衡条件知，整体共受四个力作用，墙面对此有作用力；再分别隔离A、B受力分析，应用平衡条件分析即可．关键利用整体法并结合共点力平衡条件得到B物体与墙间不存在弹力，注意AB间是否存在静摩擦力是解题的关键．8.两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在y轴上的O、M两点，若规定无穷远处的电势为零，则在两电荷连线上各点的电势φ随y变化的关系如图6所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A.q1与q2带异种电荷B.A、N两点的电场强度大小为零C.从N点沿y轴正方向，电场强度大小先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功【答案】AD【解析】解：A、由图象可知，M点附近的电势为负值、O点附近的电势为正值，所以，q1与q2带异种电荷，故A正确B、A、N点的电势为零，但场强不为零（φ-y图象的斜率不为零），故B错误C、从N点沿y轴正方向，电场强度的大小先减小后增大再逐渐减小，故C错误D、将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增后减，所以，电场力先做负功后做正功．故D正确．故选：ADφ-x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负解决本题的关键要掌握电场线方向和电势变化的关系，明确电场力做功的正负决定电势能的增加与否，注意图象斜率表示电场强度是解题的突破口五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列关于热现象的说法正确的是（）A.小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力B.液体分子的无规则运动称为布朗运动C.热量不可能从低温物体传到高温物体D.分子间的距离增大时，分子势能可能减小E.一定质量的理想气体，如果压强不变、体积增大，那么它一定从外界吸热【答案】ADE【解析】解：A、小草上的露珠由于液体表面张力的作用而呈球形，故A正确；B、布朗运动是指液体中悬浮固体小颗粒的运动，不是液体分子的运动，故B错误；C、关键热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传递到高温物体，但引起其他变化时，可以从低温物体传递到高温物体，如开动冰箱的压缩机可以使热量从低温物体传递到高温物体，故C错误；D、当分子间距小于r0时，分子力表现为斥力，随着分子间距的增大，分子势能减小，故D正确；E、根据理想气体状态方程可知，一定质量的理想气体压强不变、体积增大，温度一定升高，因此内能增加；体积增大则对外做功，根据△U=W+Q可知，气体一定吸收热量，故E正确．故选：ADE小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用；布朗运动是指液体中悬浮固体小颗粒的运动，是由于液体分子无规则运动时撞击的不平衡引起的；热量能从高温物体向低温物体传递，也能由低温物体传给高温物体．关键理想气体的状态方程分析气体的状态参量的变化，关键热力学第一定律分析是否吸收热量．本题全面考查了选修3-3中的基础知识，这些知识大都需要平时的记忆和积累，在平时注意加强记忆和练习，提高知识的应用能力．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.如图所示是一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知波的传播速度为v=2m/s，则（）A.x=0.5m处的质点的振动方程为y=5cos2πt（cm）B.波传播到x=20m处时，质点的起振方向沿y轴正方向C.图中质点a正沿y轴正方向运动D.图中质点a的振动周期为1sE.如果该波由水面传播到油面上后，波的频率会发生改变【答案】ACD【解析】解：A、由波动图象可知，波长λ=2.0m，则周期为T=λv =1.0s，ω=2πT=2π，振幅为A=5cm，所以x=0.5m处的质点的振动方程为y=5cos2πt（cm），选项A正确；B、波传播到任何位置，质点的起振方向都沿y轴方向向下，选项B错误；C、由于波沿x轴正方向传播，根据波的形成原理可知，图中质点a正沿y轴正方向运动，选项C正确；D、在波的传播过程中，所有质点的振动周期与波源相同，选项D正确；E、波的传播介质发生变化时，波的传播速度和波长会发生改变，而波的频率不变，选项E错误．故选：ACD由图读出振幅和波长，由波速公式求出周期，由ω=2πT求出角频率ω．即可写出x=0.5m处质点的振动函数表达式．根据时间与周期的关系求解质点通过的路程．解决本题的关键知道波速、波长、周期以及解频率的关系，理解波的周期性，以及知道质点在一个周期内的路程等于4倍的振幅．从而进行解题．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.某同学利用图甲所示装置进行探究恒力做功与物块动能变化的关系的实验，水平桌面上放上小物块，适当重物牵引下运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上．通过实验得到如图乙所示的纸带，纸带上0点为物块运动起始时刻打的点，选取时间间隔0.1s ，实验时物块的质量为0.50kg ，力传感器测得物块受到的拉力为1.98N ，测得（g 取9.80）m /s 2）（1）物块减速运动过程中加速度的大小为a = ______ m /s 2；动摩擦因数为 ______ ．（2）物块从O 到D ，所受合力做的功为W= ______ J ；动能变化量△E k = ______ J （保留三位有效数字）【答案】1.96；0.2；0.251；0.250【解析】解：（1）由图可知F 到P 物体做减速运动，加速度大小为：a =△x T 2=0.0864−0.06680.01=1.96m /s 2；由牛顿第二定律可得：f =ma =μmg解得：μ=a g =1.969.8=0.2；（2）OD 过程合外力为：F=1.98-μmg =1.98-0.2×0.5×9.8=1.00N ；做功为：W=FL=1.00×（0.1604+0.0901）=0.251J ；D 点的速度为：v D =x t =0.0901+0.10990.2=1m /s ； 动能的变化量为：△E K =12mv D 2=120.5×1=0.250J ；故答案为：（1）1.96；0.2；（2）0.251；0.250（1）分析纸带，找出减速过程，由△x =at 2可求得加速度，再由牛顿第二定律可求得动摩擦因数；（2）通过受力分析明确合力大小，再由牛顿第二定律可求得合外力的功；再平均速度公式可求得平均速度，由动能的表达式求得动能．本题考查验证动能定理的实验，要注意明确实验方法和原理，然后才能找出正确的数据处理方法．10.某同学使用了如下器材：电源E （电动势12V ）；电压表V （量程为15V ，内阻约15K Ω）电流表A （量程100m A ，内阻约10Ω）；滑动变阻器（最大电阻为50Ω）；单刀单掷开关；导线若干．测出了一个小灯泡的伏安特性曲线如图1甲所示，已知小灯泡的额定电压为12V ．（1）请在图1乙的虚线方框中画出此实验电路．（2）根据设计的电路图在图2的实物上连线．（3）由小灯泡的伏安特性曲线可知小灯泡的额定功率为P额= ______ W，小灯泡电阻的变化特性为______ ．【答案】1.2；灯泡电阻随电压升高而增大（或随温度升高而增大；或电压越高时电阻增大越快）【解析】解：（1）由I-U图象知电压与电流从零调，滑动变阻器应用分压式接法，小灯泡电阻远小于电压表内阻，电流表应用外接法，电路图如图所示（2）根据设计的电路图在图中的实物上连线如图所示（3）由小灯泡的伏安特性曲线可读出当U=12V时，I=100m A，由P=UI得小灯泡的额定功率为P=12×0.1W=1.2W；有I-U图象可知：灯泡电阻随电压升高而增大（或随温度升高而增大；或电压越高时电阻增大越快）故答案为（1）电路图如图所示；（2）实物图连接如图所示；（3）1.2，灯泡电阻随电压升高而增大（或随温度升高而增大；或电压越高时电阻增大越快）．若电流或电压从零调时滑动变阻器应用分压式接法，若待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应用外接法接法．用伏安法做电学实验时，有电流表内接与外接之分，用滑动变阻器时就有分压与限流之分，要掌握接法的选择方法．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图，一质量为m=1kg的“”形木板放置在水平面上，木板上表面光滑，槽内长度为l=0.32m，木板与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，一质量与木板相同、可视为质点的小物块紧靠左端停在木板上，现对木板施加一向右的水平推力F=8N，推动木板从静止开始向右运动，当木板运动的距离为d=1m时，立刻撤去推力F，求：（1）在推动木板的过程中，木板对物块做的功；（2）物块从木板左端运动到木板右端的时间．【答案】解：（1）在推动木板的过程中，将木板和物块作为一个整体，由动能定理得（F-2μmg）d=1×2mv22代入数据得v=2m/s对物块，由动能定理知物块动能增加量等于木板对物块所做的功mv2=2J则知木板对物块做的功W=12（2）假设物块到达右端时木板未停止运动，则物块做匀速直线运动，x2=vt木板做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得：2μmg=max1=vt-1at22由几何关系有x2-x1=l联立代入数据得t=0.4s撤去推力到木板停止运动的时间为t′=va代入数据得t′=0.5s＞0.4s假设成立．答：（1）在推动木板的过程中，木板对物块做的功是2J．（2）物块从木板左端运动到木板右端的时间是0.4s．【解析】（1）在推动木板的过程中，先将木板和物块作为一个整体，由动能定理求得撤去F时的速度，再对物块，运用动能定理列式，可求得木板对物块做的功．（2）可采用假设法研究木板的运动情况．假设物块到达右端时木板未停止运动，撤去F后物块做匀速直线运动，木板做匀减速直线运动，由牛顿第二定律求木板的加速度，再由位移关系和位移时间公式列式求出时间．解决本题时，要灵活选取研究对象，采用整体法和隔离法结合求整体的速度和木板对物块的做功．当两者有相对运动时，判断木板是否停止运动是关键．12.如图所示，在xoy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场．现有一粒子源处在坐标为（0，L）M点能以垂直与电场方向不断发射质量为m、电量为+q、速度为v0的粒子（重力不计），粒子进入磁场后最后又从x轴上坐标为（3L，0）处的P点射入电场，其入射方向与x轴成45°角．求：（1）粒子到达P 点时的速度v ；（2）匀强电场的电场强度E 和匀强磁场的磁感应强度B ；（3）粒子从M 点运动到P 点所用的时间t ．【答案】解：（1）粒子运动轨迹如图所示．设粒子在P 点速度为v ， 根据对称性可知v 0=vcos 45°， 解得：v =√2v 0（2）粒子由M 点运动到P 点的过程中，由动能定理得：qEL =12mv 2−12mv 02 解得E=mv 022qL 水平方向的位移为x OQ =v 0t 1竖直方向的位移为L =v 02t 1，可得x OQ =2L ，x QP =L由x QP =2R cos 45°，故粒子在OQ 段圆周运动的半径R=√22L 粒子在磁场中：qvB =m v 2R， 联立解得：B =2mv 0qL（3）在Q 点时，v y =v 0tan 45°=v 0设粒子从M 到Q 所用时间为t 1，在竖直方向上有t 1=L v 02=2L v 0 粒子从Q 点运动到P 所用的时间为：t 2=πL4v 0 则粒子从M 点运动到P 点所用的时间为t 总=t 1+t 2=2Lv 0+πL 4v 0=(8+π)L 4v 0【解析】（1）粒子带电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，根据对称性可以求出速度；（2）粒子由M 点运动到P 点的过程中，由动能定理可以求出电场强度，根据几何关系可以求出半径，再根据圆周运动的向心力公式可以求出磁场强度；（3）分别求出粒子在磁场和电场中运动的时间，时间之和即是总时间．本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，熟练掌握圆周运动及平抛运动的基本公式，难度较大．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图所示，水平放置一个长方体的封闭气缸，用无摩擦活塞将内部封闭气体分为完全相同的A 、B 两部分．初始时两部分气体压强均为p、热力学温度均为T．使A的温度升高△T而保持B部分气体温度不变．则A 部分气体的压强增加量为多少？【答案】解：设温度升高后，AB压强增加量都为△p，升高温度后体积V A，由理想气体状态方程得：pVT =(p+△p)V AT+△T，对B部分气体，升高温度后体积V B，由玻意耳定律得：p V=（p+△p）V B，两部分气体总体积不变：2V=V A+V B，解得：△p=p△T2T；答：A部分气体的压强增加量为p△T2T．【解析】A、B两部分气体总体积不变、它们的压强相等，对A部分气体根据理想气体状态方程列方程，对B部分气体应用玻意耳定律列方程，然后求出A部分气体压强的增加量．本题是连接体问题，对连接体问题应分别对各部分气体应用相关实验定律或理想气体状态方程列方程、找出各部分气体间的关系即可正确解题．八、计算题(本大题共1小题，共10.0分)16.如图所示为用某种透明材料制成的一块柱形棱镜的截面图，其折射率n=√62，四边形ABOD为一矩形，圆弧CD为半径为R的四分之一圆周，圆心为O，光线从AB面上的某点入射（图中未画出），它进入棱镜后射在BC面上的O点，且恰好在这一点以临界角发生全反射，求：①光线在该棱镜中传播的速度大小v（已知光在真空中的传播速度c=3.0×108m/s）；②光线从AB面上入射时的入射角．【答案】解：①光在材料中的速度：v=cn=√6×108m/s高中物理试卷第11页，共13页②光路图如图所示．设光线从AB面上入射时的入射角为θ1，折射角为θ2．光线在BC面上恰好发生全反射，入射角等于临界角Csin C=1n ，cos C=√n2−1n光线在AB界面上发生折射，折射角为：θ2=90°-C由几何关系得：sinθ2=cos C，由折射定律得：n=sinθ1sinθ2联立各式解得：θ=45°答：①光线在该棱镜中传播的速度大小是√6×108m/s②光线从AB面上入射时的入射角是45°【解析】（1）光线在该棱镜中传播的速度为v=cn．（2）画出光路图，由几何知识得到折射角θ2与临界角C的关系，由折射定律sinθ1sinθ2=n得到折射角与折射率的关系，结合sin C=1n求出入射角．本题的突破口是“光线进入棱镜后恰好以临界角射在BC面上的O点”根据全反射临界角公式由sin C=1n 、折射定律sinθ1sinθ2=n和光速公式v=cn相结合进行处理．九、填空题(本大题共1小题，共4.0分)17.太阳向外辐射的能量主要来自于其内部的氢核聚变反应．其反应过程可简化为4个氢核（ 11H）聚变成氦核（ 24H e），同时放出2个正电子（ 10e）和2个中微子（νe），则该氢核聚变的核反应方程式为______ ．研究表明，银河系的年龄约为t=3.8×1017s，每秒钟银河系产生的能量约为P=1×1037J，现假定该能量全部来自上述氢核聚变反应，则银河系中氦的含量约为______ （最后结果保留一位有效数字）（银河系质量为M=3×1041kg，氦核质量为mα=6.6443×10-27kg，一次氢核聚变反应所释放的能量为△E=4.14×10-12J）．【答案】4 11H→ 24H e+2 10e+2νe；2%【解析】解：根据质量数与质子数守恒，则有，氢核聚变的核反应方程式为：4 11H→ 24H e+2 10e+2νe．银河系中产生的总能量E=P t，代入数据可得：E=3.8×1054J，一次氢核聚变反应所释放的能量为：△E=4.14×10-12J，所以银河系中氦核的数量为：n=E△E=9.18×1065个，每个氦核质量为：mα=6.6443×10-27kg，所以银河系中氦核的总质量为：m=nmα=6.1×1039kg，而银河质量为：M=3×1041kg，所以银河系中氦的含量约为：mM×100%=2%．高中物理试卷第12页，共13页故答案为：4 11H→ 24H e+2 10e+2νe，2%．根据质量数与质子数守恒，即可书写核反应方程；根据公式E=P t求得产生总能量，再根据次氢核聚变反应所释放的能量，从而求得氦核数量，最后依据每个氦核质量，求得氦核总质量，从而即可求解．考查核反应方程的书写规律，掌握如何建立正确的物理模型是解题的关键，注意求出银河系中氦核的数量是重点．十、简答题(本大题共1小题，共8.0分)18.如图所示，在光滑的水平地面上，质量为M的足够长木板和质量为m的小木块（可看作质点）一起以共同的速度v0向右匀速滑行，与右边的竖直墙壁发生碰撞后木板以原速率返回．若小木块与长木板间的动摩擦因数为μ，M＞m，试求小木块在长木板上相对长木板滑行的时间．【答案】解：设木块和木板最后的共同速度为v，木板与墙壁碰撞后，以向右为正方向，由动量守恒定律有：M v0-mv0=（M+m）v以向左的方向为正方向，设碰撞后经时间t木块与木板具有共同速度，由动量定理可得：μmgt=mv-（-mv0）由以上两式可得：t=2Mv0μg(M+m)．答：小木块在长木板上相对长木板滑行的时间为2Mv0μg(M+m)．【解析】木块与木板组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律求出共同速度，然后应用动量定理可以求出时间．本题考查了动量守恒定律与动量定理的应用，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用动量守恒定律与动量定理可以解题，解题时要注意正方向的选择．高中物理试卷第13页，共13页。
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2016年高三年级物理限时练（六）
命题人：蒯国良编号：（5 ）时间： 40分钟年级主任：
班级：姓名：总分：
第Ⅱ卷（非选择题共62分）
三、非选择题:包括必考题和选考题两部分.第22题～第25题为必考题,每个试题考生都必须作答.第33题～第35题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题(共4题,共47分)
22．（6分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，小明同学利用传感器设计实验：如图甲所示，将质量为m、直径为d的金属小球在一定高度h由静止释放，小球正下方固定一台红外线计时器，能自动记录小球挡住红外线的时间t，改变小球下落高度h，进行多次重复实验．此方案验证机械能守恒定律方便快捷．
（1）用螺旋测微器测小球的直径如图乙所示，则小球的直径d=；
（2）为直观判断小球下落过程中机械能是否守恒，应作下列哪一个图象
A．h﹣t图象 B．h﹣图象 C．h﹣t2图象 D．h﹣图象
（3）经正确的实验操作，小明发现小球动能增加量mv2总是稍小于重力势能减少量mgh，你认为增加释放高度h后，两者的差值会（填“增大”、“缩小”或“不变”）．
23． (10分)采用伏安法测量电源电动势E和内阻r时，由于电表因素带来了
实验的系统误差．某研究性学习小组对此实验进行改进，设计出如图所示的
测量电源电动势E和内电阻r的电路，E′是辅助电源，A、B两点间有一灵敏
电流计G．
（1）请你补充实验步骤：
①闭合开关S1、S2，调节R和R′使得灵敏电流计G的示数为零，这时，A、B两点的电势φA、φB的关系是φA______φB（选填“大于”、“小于”或“等于”），读出电流表和电压表的示数I1和U1，其中I1______（选填“大于”、“小于”或“等于”）通过电源E的电流．
②改变滑动变阻器R、R′的阻值，重新使得______，读出______．
（2）由上述步骤中测出的物理量，可以得出电动势E表达式为______________、内电阻r的表达式为___________．
（3）该实验中E测______E真（选填“大于”、“小于”或“等于”），r测______r真（选填“大于”、“小于”或“等于”）
24．(13分)泥石流是在雨季由于暴雨、洪水将含有沙石且松软的土质山体经饱和稀释后形成的洪流，它的面积、体积和流量都较大。
泥石流流动的全过程虽然只有很短时间，但由于其高速前进，具有强大的能量，因而破坏性极大。
某课题小组对泥石流的威力进行了模拟研究，如图甲所示，他们设计了如下的模型：在水平地面上放置一个质量为m＝5 kg的物体，让其在随位移均匀减小的水平推力作用下运动，推力F随位移变化如图乙所示，已知物体与地面间的动摩擦因数为μ＝0.6，g取10 m/s2。
求：
(1)物体在运动过程中的最大加速度为多大？
(2)在距出发点多远处，物体的速度达到最大？
(3)物体在水平面上运动的最大位移是多大？
25．(18分)如图所示,在xOy坐标系中,坐标原点O处
有一点状的放射源,它向xOy平面内的x轴上方各个方向发射α粒子,α粒子
的速度大小均为v0,在0<y<d的区域内分布有指向y轴正方向的匀强电场,场
强大小为E=,其中q与m分别为α粒子的电量和质量;在d<y<2d的区域内分布
有垂直于xOy平面向里的匀强磁场,mn为电场和磁场的边界。
ab为一块很大的平面感光板垂直于xOy 平面且平行于x轴,放置于y=2d处,如图所示。
观察发现此时恰好无粒子打到ab板上(不考虑粒子的重力及粒子间的相互作用),求：
(1)α粒子通过电场和磁场边界mn时的速度大小及距y轴的最大距离。
(2)磁感应强度B的大小。
(3)将ab板至少向下平移多大距离才能使所有的粒子均能打到板上?此时ab板上被α粒子打中的区域
的长度是多少?
(二)共15分。
33～35是选考题.请考生从给出的3道物理题中任选一题做答,如果多做,则每学科按所做的第一题计分.
33【物理—选修3-3】(15分)
（1）（6分）根据热力学定律，下列说法正确的是__________(选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A．电冰箱的工作表明，热量可以从低温物体向高温物体传递
B．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的热量
C．科技的不断进步使得人类有可能生产出单一热源的热机
D．即使没有漏气、摩擦、不必要的散热等损失，热机也不可以把燃料产生的内能全部转化为机械能E．对能源的过度消耗使自然界的能量不断减少，形成“能源危机”
（2）（9分）如图，导热的圆柱形气缸放置在水平桌面上，横截面积为S、质量为
m1的活塞封闭着一定质量的气体（可视为理想气体），活塞与气缸间无摩擦且不漏
气。
总质量为m2的砝码盘（含砝码）通过左侧竖直的细绳与活塞相连。
当环境温
度为T时，活塞离缸底的高度为h。
现使环境温度缓慢降为T/2：
（ⅰ）当活塞再次平衡时，活塞离缸底的高度是多少？
（ⅱ）保持环境温度为T/2不变，在砝码盘中添加质量为△m的砝码时，活塞返回到高度为h处，求大气压强p0。
34【物理—选修3-4】(15分)
（1）（6分）一列简谐横波在弹性介质中沿x轴正方向传播，波源位于坐标原点O，t = 0时开始振动，3 s时停止振动，3.5 s时的波形如图所示，其中质点a的平衡位置与O的距离为5.0m。
以下说法正确的是__________。
(选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A．波速为4 m/s
B．波长为6 m
C．波源起振方向沿y轴正方向
D．2.0 s～3.0 s 内质点a沿y轴负方向运动
E．0～3.0 s 内质点a通过的总路程为1.4 m
（2）（9分）如图所示，由某种透明物质制成的直角三棱镜ABC，折射率n=3，∠A =30°。
一束与
BC面成30°角的光线从O点射入棱镜，从AC面上O′点射出。
不考
虑光在BC面上的反射，求从O′点射出的光线的方向。
35【物理—选修3-5】(15分)
(1) (6分)每种原子都有自己的特征谱线，所以运用光谱分析可以鉴别物质和进行深入研究。
氢原
子光谱中巴耳末系的谱线波长公式为：，n = 3、4、5…，E1为氢原子基态能量，h为普朗克常量，c为光在真空中的传播速度。
锂离子的光谱中某个线系的波长可归纳成一个公
式：，m = 9、12、15…，为锂离子基态能量，经研究发现这个线系光谱
与氢原子巴耳末系光谱完全相同。
由此可以推算出锂离子基态能量与氢原子基态能量的比值为______．
(2)（9分）如图所示，在光滑的水平面上，静止的物体B侧面固定一个轻弹簧，物体A以速度v0沿水平方向向右运动，通过弹簧与物体B发生作用，两物体的质量均为m。
①求它们相互作用过程中弹簧获得的最大弹性势能E p；
②若B的质量变为2m，再使物体A以同样的速度通过弹簧与静止的物体B发生作用，求当弹簧获得的弹性势能也为E p时，物体A的速度大小。
李林中学高三下学期限时练（物理六）
班级姓名总分
第Ⅱ卷（62分）
三、非选择题：（包括必考题和选考题两部分。
第22题～25题为必考题，每个试题考生都必须做答。
第33题～35题为选考题，考生根据要求做答。
）
（一）必考部分（共47分）
22.（6分）
（1）d= ；
（2）；
（3）（填“增大”、“缩小”或“不变”）．
23.（10分）
（1）①φA______φB（选填“大于”、“小于”或“等于”）；I1______（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
②， __ ____．
（2）E=_______ _______，r _____ ______；
（3）E测______E真（选填“大于”、“小于”或“等于”），r测______r真（选填“大于”、“小于”或“等于”）
24.（13分）
25.（18分）
（二）选考题：（共15分。
请考生从给出的3道物理题中任选一道做答。
如果多做，则按所做的第一题计分。
）
我所选择的题号是33【】 34【】 35【】。