2020_2021学年高中物理第五章交变电流第5节电能的输送课件新人教版选修3_2.pptx
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高中物理 第五章 交变电流 第5节 电能的输送课件2高中选修32物理课件
第二十页，共五十页。
探究二 输电导线(dǎoxiàn)上的功率损失
2
• 远距离输电过程中，输电线上不可避免地有电压(diànyā)和能量损失
• (1)输送电能为什么会有电压和能量损失？
• (2)能量损失的大小与哪些因素有关？减小输电线上的能量损失有 哪些措施？
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第五章
交变 电流 (jiāo biàn)
第五节 电能 的输送 (diànnéng)
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• 素养(sùyǎng)目标定位
※ ※※
※
了解电能的输送过程，知道交变电流便于远距离输送 知道输电线上的功率损失和减少功率损失的方法 理解为什么远距离输电要用高压
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路电流又会增大，导线上分压更多，用户电压更低，这些现象 更加明显。经过低压改造后，以上现象不明显了。
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• 1．电压损失
• 输电导线有电阻，电流(diànliú)通过输电导线时，会在线路上产 生电势降落，致使输电线路末端的电压比起始端电压要低， 这就是输电线上的电压损失。
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②减小输电电流I，据I＝UP a．减小输送功率P：在实际中不能以用户少用或不用电来达到减少损耗的 目的 b．提高输电电压U：在输送功率P一定，输电线电阻R一定的条件下，输电 电压提高到原来的n倍，据P损＝UP 2·R知，输电线上的功率损耗将降为原来的n12 根据以上分析知，采用高压输电是减小输电线上功率损耗最有效、最经济 的措施。
解析：远距离输电过程中的主要能量损耗是输电导线的发热损耗，由P损＝ I2R可以看出，在保证输电功率的前提下有两种方式可减小输电过程中的能量损
高中物理第五章交变电流第5节电能的输送课件新人教版选修3
A=200 A,
备用习题
1. (多选)某发电厂原来用 11 kV 的交变电压输电，后来改用升压变压器将电压升 到 220 kV 输电，输送的电功率都是 P.若输电线路的电阻为 R，则下列说法中正确 的是( ) A．根据公式 I＝UP，提高电压后输电线上的电流降低为原来的210 B．根据公式 I＝UR，提高电压后输电线上的电流增大为原来的 20 倍 C．根据公式 P 损＝I2R＝UP22R，提高电压后输电线上的功率损失减小为原来的4010 D．根据公式 P 损＝UR2，提高电压后输电线上的功率损失增大为原来的 400 倍
学习互动
[答案] (1)不相等.由能量守恒定律知,发电厂输出的电能等于用户得到的电能与 输电线上损失的电能之和. (2)P=I2r.由公式可知,要减小输电线的热功率有两种方法:一是减小输电线的电阻; 二是减小输电导线中的电流.根据电阻定律可知 r=ρ ,要减小输电线的电阻 r,可采 用下述方法:
①减小材料的电阻率 ρ.银的电阻率最小,但价格昂贵,目前选用电阻率较小的铜或
1.电压关系:U 发=U1, = ,U3= U2-U线 , = ,U4=U 用. 2.电流关系:n1I1=n2I2,I2= I线 = I3 ,n3I3=n4I4. 3.功率关系:P 发=P1=P2,P2= P3+P线 ,P3=P4=P 用.
学习互动
例 2 发电机的输出电压为 220 V,输出功率为 44 kW,输电导线的电阻为 0.2 Ω,用原、副线
(2)升压变压器的输出电压 U2= U1= ×220 V=2200 V 根据升压变压器输出功率等于输入功 率知,升压变压器输出电流为 I2= =
A=20 A
学习互动
输电线路上的电压损失和功率损失分别为 UR=I2R=20×0.2 V=4 V PR= R=202×0.2 W=80 W 降压变压器上的输入电流和输入电压为 I3=I2=20 A U3=U2-UR=2200 V-4 V=2196 V 降压变压器的输出电压和输出电流为 U4= U3= ×2196 V=219.6 V I4= I3=10×20 A=200 A 用户得到的功率为 P 用=U4I4=219.6×200 W=4.392×104 W.
人教版选修3-2 第五章 第5节 电能的输送 课件(24张)
解析：设输送功率为P，输电电压U1＝220 V时，损失功率 ΔP1＝20%P
又因为ΔP1＝I12R线，I1＝UP1 解得ΔP1＝UP122R线 现要求ΔP2＝5%P，同理ΔP2＝UP222R线 因此可得ΔΔPP12＝250%%＝UU2122 所以U2＝2U1＝440 V.
答案：440 V
要点二 电网供电 1．远距离输电 (1)基本原理：远距离输电的基本电路如图所示． 在发电站内用 8 ____升__压____变压器 9 __升__压______，然后进行 远距离输电，在用电区域通过 10 __降__压______变压器降压降到所 需的电压．
解析：选D 根据理想变压器电流和匝数的关系可知，升压
变压器中原、副线圈中的电流与匝数成反比，
I1 I2
＝
n2 n1
，A选项错
误；输电线路上存在电压损失ΔU，U2＝U3＋ΔU＝U3＋I2r，B选
项错误；输电线路上存在功率损失，U1I1＝U4I4＋I22r，C选项错
误；理想变压器的输出功率等于输入功率，U1I1＝U2I2，D选项
压变压器原、副线圈的匝数分
别为n1、n2，电压分别为U1、 U2，电流分别为I1、I2，降压变压器原、副线圈的匝数分别为 n3、n4，电压分别为U3、U4，电流分别为I3、I4(变压器均为理想 变压器)，当用电器正常工作时，下列关系式正确的是( )
A．II12＝nn21 C．U1I1＝U4I4
B．U3＝U2 D．U1I1＝U2I2
如果远距离输电的电功率P不变，输电电压为U，输电导线
电阻为R线，则输电导线上发热损失的功率P损＝I2R线＝
P2 U2
R线，因
此输电电压若提高到nU，则P损将减为原来的n12.
5.降低输电损耗的两个途径 要减少输电线路上的功率损失，由公式P损＝I2R线知，必须 减小输电线电阻或减小输电电流． (1)要减小电阻，从R＝ρSl 看，在输电距离一定的情况下，可 以增大导线的 5 __横__截__面__积__，但过粗的导线会耗费太多的金属材 料，同时也给铺设线路带来困难；还可以选用 6 __电__阻__率____较小 的导体．
人教高中物理选修第五章交变电流第五节电能的输送教学PPT专选课件
四、输电线上的电压损耗的降低
思考：
在输电过程中，电源输送的电压是否全部加在用
户上？
r
电 源
U送
U损
U用
用 户
造成电压损失的因素:
（1）输电线电阻造成电压损失 U U 送 U 用 I r
（2）输电线的感抗和容抗造成电压损失。
(高中阶段计算中只制考作虑：输侯瑞电年线电阻造成的电压损失)
12
讨论与交流：
5、哪种途径对于降低输电线路的损耗更有效？举例 说明。
由 P 可 知I 2 r，在输电电流一定的情况下，线路电阻减为
原来的一半，线路损耗的功率减为原来的一半。
在线路电阻一定的情况下，电压提高一倍，由 P U 可I
知：线路中电流减为原来的一半，而损耗的功率减为原来的 四分之一。
采用高压输电是减小输电线上功率损失的最有 效、最经济的措施。
人教高中物理选修第五章交变电流第五节电能的输送教学 课件PPT
【学习目标】
1、了解输送电能的基本要求，了解交变电流从变电站到用 户的输电过程。
2、知道远距离输电时输电线上的电压损失和功率损失与哪 些因素有关及减小损失的方法。
3、理解应用高压输电的道理，知道远距离输电线路的基本 构成，会对简单的远距离输电线路进行定量计算。 【重点、难点】 重点：设计电能输送的示意图，并理解输电过程中的电压损 耗和能量损耗的关系。 难点：输电过程中要保证输送功率不变，理解输电过程的电 压损耗和能量损耗的关系。
I1
I2
P1
P2
I3
I4
r线
P3
P4
F
U 1 n1
n2 U 2
U 3 n3
n4 U 4
R用
功率关系： P 1 P 2
人教新课标高中物理选修3-2 5.5电能的输送课件(46张ppt)
• 【温馨提示】(1)输送功率是指高压输电线始端 输出的功率，损失功率是输电线上消耗的功 率． • (2)输电电压是指加在高压输电线始端的电压U， 损失电压是指降落在输电线路上的电压ΔU＝IR. • (3)无论从减小输电线路上功率损失，还是减小 电压损失来看，都要求提高输电电压，以减小 输电电流．
• 3．电网送电的优点 • (1)降低一次能源的运输成本，获得最大经济效 益． 断电 • (2)减少 的风险，调剂不同地区电力供需的 平衡，保障供电的质量． • (3)合理调度电力，使电力的供应更加可靠，质 量更高.
• 一、输电线上的电压损失和功率损失 • 1．电压损失 • 输电线始端电压U与输电线末端电压U′的差 值． • ΔU＝U－U′＝IR.
• (1)利用总电阻R＝10 Ω的线路向外输送风力发电 机产生的电能．输送功率P0＝300 kW，输电电 压U＝10 kV，求导线上损失的功率与输送功率 的比值． • (2)风轮机叶片旋转所扫过的面积为风力发电机 可接受风能的面积．设空气密度为ρ，气流速度 为v，风轮机叶片长度为r.求单位时间内流向风 轮机的最大风能Pm.在风速和叶片数确定的情况 下，要提高风轮机单位时间接受的风能，简述 可采取的措施．
(3)变压器知识 U1 I2 n1 ＝ ＝ U2 I1 n2 U3 I4 n3 ＝ ＝ U4 I3 n4
• 【温馨提示】(1)远距离输电的电路属于非纯电 阻电路，电功和电热不相等． • (2)发电站的输送功率取决于用户消耗的功率， 不是由发电站输出的功率决定用户和线路消耗 的功率． • (3)计算变压器的匝数比，可利用电压比计算， 也可利用电流比计算，具体采用哪种方法，应 通过分析已知条件确定．
• 二、输电导线上的功率损失 • 1．由于输电导线有电阻，在输电过程中必有一 部分电能要转化成热能而损失掉，设输电导线 I2 r 中电流为I，输电导线的电阻为r，则输电导线上 的功率损失为ΔP＝ .
高中物理第五章交变电流第五节电能的输送课件新人教选修32.ppt
(1)输电线路的构成 主要有：发电机、升压变压器、输电导线、降压变压 器，用电器，如图所示
由于发电机本身的输出电压不可能很高，所以采用高 压输电时，在发电站内需用升压变压器升压后再由输电线 输出，到用电区再用降压变压器降到所需的电压．
(2)输电线路上的电压损失 输电导线有电阻，电流通过输电导线时，会在线路上 产生电势降落，致使输电线路末端的电压U3比起始端电压 要低，这就是输电线路上的电压损失ΔU＝U2－U3.对交变 电流来说，造成电压损失的原因既有电阻，又有电抗，其 中因电阻损失的电压为ΔU＝IR.
答案：1.可靠；保质；经济 2．减小输电线路的电阻；减小输电导线中的电流 3．①发电站 ②升压变压器 ③远距离输电线路 ④一次高压变电所 ⑤二次高压变电所 ⑥工厂
(1)可靠：保证供电线路正常工作． (2)保质：保证供电质量——电压和频率要稳定． (3)经济：线路建设和运行的费用低——能耗少、电价 低.
(1)对降压变压器：
U′2I2＝U3I3＝nP 灯＝22×6×40W＝5280W
而 U′2＝41U3＝880V，I2＝Un′P灯2＝5828800A＝6A 对升压变压器：
U1I1
＝
U2I2
＝
I
2 2
R
＋
U′2I2
＝
62×4W
＋
5280W
＝
5424W P 出＝5424W
(2)U2＝U′2＋I2R＝880V＋6×4V＝904V U1＝14U2＝14×904V＝226V 又 U1I1＝U2I2 I1＝UU2I12＝4I2＝24A E＝U1＋I1r＝(226＋24×1)V＝250V (3)η＝PP有出用×100%＝55248204×100%＝97%
(3)减小输电线路电压损失的两种方法
高中物理第五章交变电流5.5电能的输送课件新人教版选修3_2-推荐ppt版本
3
4 ，即n3 240。 n4 11
答案:(1)
(2)96 kW
1 240 20 11
【规律方法】远距离输电问题的分析思路 (1)明确远距离输电的过程,画出输电的过程图。 (2)清楚远距离输电过程图的三个独立的回路。 (3)变压器是连接三个回路的关键,明确各个回路的电 压、电流间的关系。
(1)输电线上损耗的功率。 (2)输电线上产生的压降。 (3)为了进一步节约能源,请你为输电环节提出改进措 施。
【审题关键】
序号 ① ② ③
信息提取 输电电压U=110 kV=1.1×105 V 输送功率P=11×104 kW=1.1×108 W
输电线电阻r=5 Ω
【正确解答】(1)由P=UI可得: 电则(2损流)导失I线 的上U P 功的率1 1电.1 1 P0 损压 11 0 =0 为8I3W 2V rU损= (=11I0 r0 0=0 01A 0； 0A0)02×A×5 5ΩΩ=5=×5×101603W。V。
(3)损失电压: ①表示形式:输电线始端电压与末端电压的差值即 Δ U=U2-U3=I2R。 ②形成原因:输电线上的电压损失原因是输电导线有电 阻,电流通过输电线时,会在线路上产生电势降落,致使 输电线路末端的电压比起始端1)功率关系:P1=P2,P2=P线+P3,P3=P4。 (2)电压、电流关系:
压升器压降到所需的电压。
降压
2.电网: 通过网状的输电线、_______,将许多电厂和广大用户 连接起来,形成全国性变或电地站区性的输电_____。
网络
3.电网输电的优点: (1)降低一次能源的运输成本,获得最大经济效益。 (2)减小_____的风险,调节不同地区电力供求的平衡, 保障供电断的电质量。 (3)合理调度电力,使_____的供应更加可靠,质量更高。
2020-2021学年物理人教版选修3-2课件：5-5 电能的输送
[解析] 设输电线的电阻为 R，当输电线上的电流为 I0 时，
损失的电功率为 P0＝I02R.当输电电压提高为 2U0 时，由 I＝UP可知
输电线上的电流变为I0，输电线上损失的电功率为 2
P
损＝(I20)2R＝
P40.故选项 B 正确．
总结提能 设输送的电功率为 P，输电电压为 U，输电导线 的电阻为 R，则输电线上损失的电功率为 ΔP＝I2R＝(UP)2R，输 电线上损失的电压为 ΔU＝IR＝UPR.
两个变压器之间输电线上的电流为 IR＝I2＝I′4 2＝6 A 故输电线上损耗的电功率 PR＝I2RR＝144 W. (2)升压变压器的输出功率为 P′1＝PR＋P′2＝5 424 W. 而发电机输出功率即为升压变压器的输入功率，
P 出＝P1＝P′1＝5 424 W.
(3)降压变压器上的输入电压 U2＝4U′2＝880 V 输电线上的电压损失为 UR＝IRR＝24 V 因此升压变压器的输出电压为 U′1＝UR＋U2＝904 V 升压变压器的输入电压为 U1＝U′4 1＝226 V 升压变压器的输入电流为 I1＝4IR＝24 A 发电机的电动势 E＝U1＋I1r＝226 V＋24×1 V＝250 V.
考点二 高压交流输电的电路分析 1．远距离输电电路图
2．基本关系式 (1)功率关系： P1＝P2，P3＝P4，P2＝P 线＋P3 (2)电压、电流关系：
U1＝n1＝I2，U3＝n3＝I4 U2 n2 I1 U4 n4 I3 U2＝U 线＋U3，I2＝I3＝I 线． (3)输电电流：I 线＝UP22＝UP33＝U2R－线U3. (4)输电导线上损耗的电功率：
(5)变压器方面：升、降变压器，原、副线圈匝数等． 总之，这些物理量不一定全用，但毕竟较多，使用时一定 要明确各物理量表示的意义．
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A．用户端的电压为 B．理想变压器的输入功率为I1U C．输电线上损失的电压为U D．输电线路上损失的电功率为I12r
解析
输电线上损失的电压ΔU＝I1r或ΔU＝U－U1，故C错误；输电线路上损失的电功率ΔP＝I12r，故
D正确；理想变压器的输入功率P＝I1U1，故B错误；理想变压器输入功率和输出功率相同，设用
ห้องสมุดไป่ตู้解析
损失的功率
，故B、D正确；由
，故A错误，C正确．
第5节 电能的输送
刷基础
2．(多选)如图所示为远距离交流输电的简化电路图．发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输 电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1.在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户 端的电流为I2.则 ( AD )
压器原线圈的电压为U3＝U2－U线＝4800 V，用户得到的电压为U4＝220V，则降压变压器原、副
线圈的匝数比为
.
(2)画出此输电线路的示意图，如图所示．
用户得到的电功率等于降压变压器的输入功率，则有P用＝P－P线＝P(1－4%)＝100×96% kW＝96 kW.
第5节 电能的输送
刷易错
易错点 不能区分输电电压和输电线上损失的电压
A．输电线上损失的功率减小 B．电流表的示数一定增大 C．电压表的示数减小 D．灯泡的亮度增大
解析
由于交流电源的输出电压不变，当K由2改接为1时，升压变压器副线圈匝数增加，根据理想变压 器电压比可知升压变压器副线圈电压增大，所以最终降压变压器的输出电压也变大，所以电压 表的示数变大，通过灯泡的电流变大，由于降压变压器原、副线圈匝数比不变，所以输电线上 电流变大，电流表的示数变大，输电线上损失的功率变大．故B、D正确．
第5节 电能的输送
刷基础
5．[山东潍坊2018高二上检测]风力发电作为新型环保新能源，近几年来得到了快速发展，某风力发电机 输出功率为100 kW，输出电压为250 V，用户需要的电压为220 V，输电线电阻为10 Ω.若输电线因发热 而损失的功率为输送功率的4%. (1)求在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比； (2)画出此输电线路的示意图并求出用户得到的电功率．
第5节 电能的输送
刷基础
4．[河南南阳一中2018高二上期末](多选)如图所示，有一台交流发电机通过理想升压变压器T1和理想降压 变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1，它的输出电压和 输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3，它的输出电压和输出功率分别为U4和 P4，设T1的输入电压U1一定，当用户消耗的电功率变大时，有( AC )
05
电能的输送
第5节 电能的输送
刷基础
题型1 输电线上电压、功率损失的计算
1．[浙江东阳中学2018高二上期中](多选)远距离输电时，当输送的功率相同时，输送导线上的电阻损失的 功率应是( BCD )
A．与输送的电压的平方成正比 B．与输送的电流的平方成正比 C．与输送的电压的平方成反比 D．与输电导线上的电压降的平方成正比
易错分析
输电电压为升压变压器的输出电压，要注意与输电线上损失的电压的区别．
6．远距离输送一定功率的交流电，若输送电压提高到原来的n倍，则( B )
A．输电线上损失的电压减少到原来的 B．输电线上损失的电压减少到原来的 C．输电线上损失的电能减少到原来的 D．输电线上损失的电能不变
解析
输送的功率一定，根据P＝UI，可知输电电压越高，输电电流越小，若输送电压提高到原来的n 倍，则电流减小到原来的 ，根据ΔU＝Ir，可知输电线上损失的电压减少到原来的 ，故A错误 ，B正确；根据P损＝I2R，可知输电线上损失的功率减少到原来的 ，则输电线上损失的电能减 少到原来的 ，故C、D错误．
A．P2变大，P3变大 B．P1变小，P2变小 C．U2不变，U3变小 D．U2变小，U4变大
解析
因为P1＝P2＝ΔP＋P3，且P3＝P4，由于P4增大，则T2副线圈中电流变大，T2原线圈中电流也变
大，由ΔP＝I2R可知ΔP、P3及P1、P2均变大，选项A正确，B错误；
，U1一定，所以U2
不变，U3＝U2－IR，IR增大，所以U3变小，选项C正确，D错误．
户端的电压为U2，所以I1U1＝I2U2，即用户端的电压
，故A正确．
第5节 电能的输送
刷基础
题型2 远距离输电的电路分析
3．[河南八市2018高二下测评](多选)如图所示为实验室内设计的远距离输电线路示意图，变压器为理想变 压器，2是升压变压器的中心抽头，电压表和电流表均为理想交流电表，R是输电线的电阻，交流电源的输 出电压恒定．当K由2改接到1时，下列说法正确的是( BD )
答案与解析
(1)1∶20 240∶11 (2)见解析 96 kW
(1)输电线损耗的功率P线＝100×4% kW＝4 kW，又P线＝I22R线，解得输电线上电流
，原线圈中输入电流
，则升压变压器原、副线圈的匝数比为
，则升压变
压器副线圈的电压为
，输电线损失的电压为U线＝I2R线＝20×10V＝200 V，故降压变
解析
输电线上损失的电压ΔU＝I1r或ΔU＝U－U1，故C错误；输电线路上损失的电功率ΔP＝I12r，故
D正确；理想变压器的输入功率P＝I1U1，故B错误；理想变压器输入功率和输出功率相同，设用
ห้องสมุดไป่ตู้解析
损失的功率
，故B、D正确；由
，故A错误，C正确．
第5节 电能的输送
刷基础
2．(多选)如图所示为远距离交流输电的简化电路图．发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输 电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1.在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户 端的电流为I2.则 ( AD )
压器原线圈的电压为U3＝U2－U线＝4800 V，用户得到的电压为U4＝220V，则降压变压器原、副
线圈的匝数比为
.
(2)画出此输电线路的示意图，如图所示．
用户得到的电功率等于降压变压器的输入功率，则有P用＝P－P线＝P(1－4%)＝100×96% kW＝96 kW.
第5节 电能的输送
刷易错
易错点 不能区分输电电压和输电线上损失的电压
A．输电线上损失的功率减小 B．电流表的示数一定增大 C．电压表的示数减小 D．灯泡的亮度增大
解析
由于交流电源的输出电压不变，当K由2改接为1时，升压变压器副线圈匝数增加，根据理想变压 器电压比可知升压变压器副线圈电压增大，所以最终降压变压器的输出电压也变大，所以电压 表的示数变大，通过灯泡的电流变大，由于降压变压器原、副线圈匝数比不变，所以输电线上 电流变大，电流表的示数变大，输电线上损失的功率变大．故B、D正确．
第5节 电能的输送
刷基础
5．[山东潍坊2018高二上检测]风力发电作为新型环保新能源，近几年来得到了快速发展，某风力发电机 输出功率为100 kW，输出电压为250 V，用户需要的电压为220 V，输电线电阻为10 Ω.若输电线因发热 而损失的功率为输送功率的4%. (1)求在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比； (2)画出此输电线路的示意图并求出用户得到的电功率．
第5节 电能的输送
刷基础
4．[河南南阳一中2018高二上期末](多选)如图所示，有一台交流发电机通过理想升压变压器T1和理想降压 变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1，它的输出电压和 输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3，它的输出电压和输出功率分别为U4和 P4，设T1的输入电压U1一定，当用户消耗的电功率变大时，有( AC )
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电能的输送
第5节 电能的输送
刷基础
题型1 输电线上电压、功率损失的计算
1．[浙江东阳中学2018高二上期中](多选)远距离输电时，当输送的功率相同时，输送导线上的电阻损失的 功率应是( BCD )
A．与输送的电压的平方成正比 B．与输送的电流的平方成正比 C．与输送的电压的平方成反比 D．与输电导线上的电压降的平方成正比
易错分析
输电电压为升压变压器的输出电压，要注意与输电线上损失的电压的区别．
6．远距离输送一定功率的交流电，若输送电压提高到原来的n倍，则( B )
A．输电线上损失的电压减少到原来的 B．输电线上损失的电压减少到原来的 C．输电线上损失的电能减少到原来的 D．输电线上损失的电能不变
解析
输送的功率一定，根据P＝UI，可知输电电压越高，输电电流越小，若输送电压提高到原来的n 倍，则电流减小到原来的 ，根据ΔU＝Ir，可知输电线上损失的电压减少到原来的 ，故A错误 ，B正确；根据P损＝I2R，可知输电线上损失的功率减少到原来的 ，则输电线上损失的电能减 少到原来的 ，故C、D错误．
A．P2变大，P3变大 B．P1变小，P2变小 C．U2不变，U3变小 D．U2变小，U4变大
解析
因为P1＝P2＝ΔP＋P3，且P3＝P4，由于P4增大，则T2副线圈中电流变大，T2原线圈中电流也变
大，由ΔP＝I2R可知ΔP、P3及P1、P2均变大，选项A正确，B错误；
，U1一定，所以U2
不变，U3＝U2－IR，IR增大，所以U3变小，选项C正确，D错误．
户端的电压为U2，所以I1U1＝I2U2，即用户端的电压
，故A正确．
第5节 电能的输送
刷基础
题型2 远距离输电的电路分析
3．[河南八市2018高二下测评](多选)如图所示为实验室内设计的远距离输电线路示意图，变压器为理想变 压器，2是升压变压器的中心抽头，电压表和电流表均为理想交流电表，R是输电线的电阻，交流电源的输 出电压恒定．当K由2改接到1时，下列说法正确的是( BD )
答案与解析
(1)1∶20 240∶11 (2)见解析 96 kW
(1)输电线损耗的功率P线＝100×4% kW＝4 kW，又P线＝I22R线，解得输电线上电流
，原线圈中输入电流
，则升压变压器原、副线圈的匝数比为
，则升压变
压器副线圈的电压为
，输电线损失的电压为U线＝I2R线＝20×10V＝200 V，故降压变