电学实验

实验七测定金属的电阻率一、螺旋测微器1．构造：如图1所示是常用的螺旋测微器．它的测砧A和固定刻度B固定在尺架C上，旋钮D、微调旋钮D′和可动刻度E、测微螺杆F连在一起，通过精密螺纹套在B上．图12．原理：测微螺杆F与固定刻度B之间的精密螺纹的螺距为0.5 mm，即旋钮D 每旋转一周，F前进或后退0.5 mm，而可动刻度E上的刻度为50等份，每转动一小格，F前进或后退0.01 mm.即螺旋测微器的精确度为0.01 mm.读数时误差出现在毫米的千分位上，因此，螺旋测微器又叫千分尺．3．读数：测量时被测物体长度的整毫米数由固定刻度读出，小数部分由可动刻度读出．测量值(mm)＝固定刻度数(mm)(注意半毫米刻度线是否露出)＋可动刻度数(估读一位)×0.01(mm)．温馨提示螺旋测微器需要估读最后一位数字为估计数字，读数和记数时估计位为有效数字的最后一位．例如如图2所示，固定刻度示数为2.0 mm，不足半毫米从可动刻度上读的示数为15.0，最后的读数为：2.0 mm＋15.0×0.01 mm＝2.150 mm.图2二、游标卡尺1．构造：如图3所示，主尺、游标尺(主尺和游标尺上各有一个内外测量爪)、游标尺上还有一个深度尺，尺身上还有一个紧固螺钉．图32．用途：测量厚度、长度、深度、内径、外径．3．原理：利用主尺的最小分度与游标尺的最小分度的差值制成．不管游标尺上有多少个小等分刻度，它的刻度部分的总长度比主尺上的同样多的小等分刻度少1 mm.常见的游标卡尺的游标尺上小等分刻度有10个的、20个的、50个的，其读数见下表：4.某一刻线对齐的游标的格数，则记录结果表达为(x＋K×精确度)mm.三、常用电表的读数对于电压表和电流表的读数问题，首先要弄清电表量程，即指针指到最大刻度时电表允许通过的最大电压或电流值，然后根据表盘总的刻度数确定精确度，按照指针的实际位置进行读数即可．(1)0～3 V的电压表和0～3 A的电流表读数方法相同，此量程下的精确度是0.1 V或0.1 A，看清楚指针的实际位置，读到小数点后面两位．(2)对于0～15 V量程的电压表，精确度是0.5 V，在读数时只要求读到小数点后面一位，即读到0.1 V.(3) 对于0.6 A量程的电流表，精确度是0.02 A，在读数时只要求读到小数点后面两位，这时要求“半格估读”，即读到最小刻度的一半0.01 A.四、伏安法测电阻1．电流表、电压表测电阻两种方法的比较2.(1)阻值比较法：先将待测电阻的估计值与电压表、电流表的内阻进行比较，若R x 较小，宜采用电流表外接法；若R x 较大，宜采用电流表内接法． (2)临界值计算法：R V R x >R xR A 时，用电流表外接法． R x R A >R VR x 时，用电流表内接法．图4(3)实验试探法：按图4接好电路，让电压表接线柱P 先后与a 、b 处接触一下，如果电压表的示数有较大的变化，而电流表的示数变化不大，则可采用电流表外接法；如果电流表的示数有较大的变化，而电压表的示数变化不大，则可采用电流表内接法．五、测定金属的电阻率注意事项1．先测直径，再连电路：为了方便，测量直径时应在金属丝连入电路之前测量．2．电流表外接法：本实验中被测金属丝的阻值较小，故采用电流表外接法．3．电流控制：电流不宜过大，通电时间不宜过长，以免金属丝温度过高，导致电阻率在实验过程中变大．误差分析一测量仪器、仪表的读数1. (1)如图5所示的两把游标卡尺，它们的游标尺从左至右分别为9 mm长10等分、19 mm长20等分，它们的读数依次为________mm，________mm.(2)使用螺旋测微器测量两个金属丝的直径，示数如图6所示，则a、b金属丝的直径分别为________mm，________ mm.图5 图6图7(3)①图7甲用0.6 A量程时，对应刻度盘上每一小格代表________A，表针的示数是________A；当使用3 A量程时，对应刻度盘上每一小格代表________A，图中表针示数为________A.②图7乙使用较小量程时，每小格表示________V，图中指针的示数为________V．若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示________ V，图中表针指示的是________V.图8(4)旋钮式电阻箱如图8所示，电流从接线柱A流入，从B流出，则接入电路的电阻为________Ω.今欲将接入电路的电阻改为208 7 Ω，最简单的操作方法是________．若用两个这样的电阻箱，则可得到的电阻值范围为________．解析(1)最上面图读数：整毫米是17，不足1毫米数是7×0.1 mm＝0.7 mm，最后结果是17 mm＋0.7 mm＝17.7 mm.题中右图读数：整毫米是23，不足1毫米数是17×0.05 mm＝0.85 mm，最后结果是23 mm＋0.85 mm＝23.85 mm.(2)对图a：固定刻度示数为2.0 mm，不足半毫米的从可动刻度上读的示数为15.0，最后的读数为：2.0 mm＋15.0×0.01 mm＝2.150 mm.对图b：b金属丝的直径为4.8×0.01 mm＝0.048 mm.(3)①使用0.6 A量程时，刻度盘上的每一小格为0.02 A，指针的示数为0.44 A；当换用3 A量程时，每一小格为0.1 A，指针示数为2.20 A.②电压表使用3 V量程时，每小格表示0.1 V，指针示数为1.70 V；使用15 V量程时，每小格为0.5 V，指针示数为8.5 V.(4)电阻为1 987 Ω.最简单的操作方法是将“×1 k”旋钮调到2，再将“×100”旋钮调到0.每个电阻箱的最大阻值是999 9 Ω，用这样两个电阻箱串联可得到的最大电阻2×9 999 Ω＝19 998 Ω.故两个这样的电阻箱，则可得到的电阻值范围为0～19 998 Ω.答案(1)17.7；23.85(2)2.1500.048(3)①0.020.440.1 2.20②0.1 1.70 0.58.5(4)1 987将“×1 k”旋钮调到2，再将“×100”旋钮调到00～19 998 Ω反思总结游标卡尺的读数应注意以下几点：(1)看清精确度例如(如图9所示)图9易错读成11＋4×0.1 mm＝11.40 mm正确的应为11.4 mm，游标卡尺不需估读，后面不能随意加零，也不能随意去零．例如(如图10所示)图10易错读成10＋12×0.05 mm＝10.6 mm，正确的应为10.60 mm.(2)区分零刻度与标尺最前端例如(如图11所示)图11易错读成13＋10×0.05 mm＝13.50 mm正确读数为14＋10×0.05 mm＝14.50 mm【跟踪短训】2．完成下列读数(1)电流表量程一般有两种——0～0.6 A,0～3 A；电压表量程一般有两种——0～3 V,0～15 V．如图12所示：图12①接0～3 V量程时读数为________ V.②接0～15 V量程时读数为________ V.③接0～3 A量程时读数为________ A.④接0～0.6 A量程时读数为________ A.(2) a．_____ mm b．_______ mm c．______ mm d．_______ mm e．______mm.答案(1)①1.88②9.4③0.82④0.16(2)a.0.484b．0.532c．4.078d．5.666e．11.14 二器材的选择、实验操作及误差分析3.某同学通过实验测定一个阻值约为5 Ω的电阻R x的阻值．(1)现有电源(4 V，内阻可不计)、滑动变阻器(0～50 Ω，额定电流2 A)、开关和导线若干，以及下列电表：A．电流表(0～3 A，内阻约0.025 Ω) B．电流表(0～0.6 A，内阻约0.125 Ω) C．电压表(0～3 V，内阻约3 kΩ)D．电压表(0～15 V，内阻约15 kΩ)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用________，电压表应选用________(选填器材前的字母)；实验电路应采用图13中的________(选填“甲”或“乙”)．图13(2)图14是测量R x的实验器材实物图，图中已连接了部分导线．请根据在(1)问中所选的电路图，补充完成图14中实物间的连线．图14(3)接通开关，改变滑动变阻器滑片P 的位置，并记录对应的电流表示数I 、电压表示数U .某次电表示数如图15所示，可得该电阻的测量值R x ＝UI ＝________Ω(保留两位有效数字)．图15(4)若在(1)问中选用甲电路，产生误差的主要原因是________；若在(1)问中选用乙电路，产生误差的主要原因是________．(选填选项前的字母)A ．电流表测量值小于流经R x 的电流值B ．电流表测量值大于流经R x 的电流值C ．电压表测量值小于R x 两端的电压值D ．电压表测量值大于R x 两端的电压值 (5)在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P 从一端滑向另一端，随滑片P 移动距离x 的增加，被测电阻R x 两端的电压U 也随之增加，下列反映U －x 关系的示意图中正确的是________．图16解析 (1)为了减小误差，应使电流表读数为量程的12～23，因电源电动势为4 V ，故电压表应选C.因此通过被测电阻R x 的最大电流I m ＝35 A ＝0.6 A ，故电流表应选B ，本题测的是一个小电阻，即R V R ＞RR A，所以应采用电流表外接法，故采用图甲．(2)电路连接如图所示(3)由题图中可读出电流表的读数为0.50 A ，电压表的读数为2.6 V ，故R x ＝UI ＝5.2 Ω.(4)甲图中引起误差的原因主要是电压表的分流作用，即电流表的测量值大于流经R x 的电流值，选项B 正确．乙图中引起误差的原因主要是电流表的分压作用，即电压表的测量值大于R x 两端的电压值，选项D 正确．(5)因闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值处，设滑动变阻器的总阻值为R ，两端总长度为L 则接入电路的阻值为R ′＝RL (L －x )，故被测电阻两端的电压U ＝R x ER x ＋RL (L －x )，故选项A 正确．答案 (1)B C 甲 (2)如解析图所示 (3)5.2 (4)B D (5)A 反思总结1．仪器选择的基本思路 (1)优先考虑安全因素：各电表的实际读数不能超过其量程，电阻类元件中的实际电流(或电压)不能超过其允许的最大电流(或电压) (2)考虑读数误差因素：一般要求各电表的实际读数不小于其量程的13，以减小读数误差． (3)仪器选择的一般步骤： ①首先选择唯一性的器材；②粗画电路图(暂不接电流表和电压表)；③估算回路中电流和电压的最大值，在电表的指针有较大幅度的偏转但不超过其量程的情况下，结合已知器材的规格，确定实验电路和实验器材．2．控制电路的选择(1)滑动变阻器两种接法的对比(2)在下列情况下应选用分压式接法：①待测电阻的阻值远大于滑动变阻器的最大阻值．②题中要求待测电阻上电压变化范围大，且要求从零开始连续调节．③若选用限流式接法，电路中的最小电流仍超过用电器的额定电流．【跟踪短训】4．有一待测的电阻器R x，其阻值在40～50 Ω之间，实验室准备用来测量该电阻器阻值的实验器材有：电压表V(量程0～10 V，内阻约20 kΩ)；电流表A1(量程0～300 mA，内阻约20 Ω)；电流表A2(量程0～800 mA，内阻约4 Ω)；滑动变阻器R1(最大阻值为10 Ω，额定电流为2 A)；滑动变阻器R2(最大阻值为250 Ω，额定电流为0.1 A)；直流电源E(电动势为9 V，内阻约为0.5 Ω)；开关及若干导线．实验要求电表读数从零开始变化，并能多测出几组电流、电压值，以便画出U－I 图线．(1)电流表应选用________(填写器材代号)．(2)滑动变阻器应选用________(填写器材代号)．(3)请在如图17甲所示的方框内画出实验电路图，并将图乙中的器材连接成符合要求的电路．图17解析(1)加在待测电阻器上的电压最大值约等于电源的电动势，即为9 V，而待测电阻器R x的阻值在40～50 Ω之间，此时通过待测电阻器的最大电流约为225 mA，故电流表应选用A1.甲(2)实验要求电表读数从零开始变化，所以滑动变阻器应采用分压式接法，为了调节方便，滑动变阻器选用最大阻值较小的，即R1.(3)由于待测电阻器阻值较小，所以电流表采用外接法，滑动变阻器采用分压式接法，设计的电路图如解析图甲所示，实物连接图如图乙所示．乙答案(1)A1(2)R1(3)实验电路图如解析图甲所示；实物连接图如解析图乙所示．5. 某同学对有故障的电热毯进行探究．图18是电热毯的电路示意图，其中电热线和导线通过金属接线片连接．图19为测试电路实物图，A、B为测试表笔，电压表内阻很大，可视为理想电表．①请在下面虚线框内画出与图19对应的电路图．②断开K1，用上述测试电路在1和1′之间检测得知电热线无故障，然后测得电热线的U -I曲线如图20所示，已知电热线材料的电阻率为2.8×10－7Ω·m，电热线的直径为0.200 mm.可求得此电热线的电阻为____ kΩ，总长度为________ m ．(结果均保留两位有效数字)图20③为了进一步检查故障，该同学闭合开关K 1和K 2，用表笔A 和B 分别对图18中所示的各点进行测试，部分测试结果如下表所示．由此测试结果可判断出电路有断路，位置在________之间(在“1和2”、“1′和2′”、“2和3”、“2′和3′”中选填一项).②U －I 图象可得电热线的电阻为R ＝UI ＝2.54.3×10－3 Ω≈5.8×102Ω＝0.58 kΩ，由电阻定律得R ＝ρL S ＝ρLπ⎝ ⎛⎭⎪⎫d 22，所以L ＝π⎝ ⎛⎭⎪⎫d 22R ρ，代入已知数据得L ≈65 m.③根据测试结果判断出断路位置在1′和2′之间．答案①电路图见解析图②0.58(0.57到0.59之间均可)65(64到66均可)③1′和2′6.某课题组通过实验测量河水的电阻率．现备有一根均匀的长玻璃管(两端各有一个可移动圆形电极，可装入样品水，接触电阻不计)、直尺、待测的水样品．电路器材如表一，他们用伏安法多次测量的数据如表二(为实验处理方便，实验时每次都把电流表示数调到相同)；实验中还用10分度的游标卡尺测量了玻璃管的内径，结果如图21甲所示．表一表二图21(1)玻璃管内径d的测量值为________cm.(2)根据表一器材和表二数据确定测量电路中电流表应该________(填“内接”或“外接”)，电路的连接方式应该采用________(填“分压电路”或“限流电路”)．(3)用水柱长度L与计算出的水柱电阻R在图乙中描点，画出R－L图象(要求标出坐标轴的物理量、单位和对应的数值)．(4)计算出所测水的电阻率为________Ω·m.解析(1)由游标卡尺直接读数得玻璃管内径为2.26 cm.(2)电流表内阻R A与电压表内阻R V的乘积远小于待测电阻的平方R2，故电流表采用内接法，待测电阻较大，滑动变阻器阻值较小，为操作方便，应该采用分压电路．(3)由题表二中数据可以计算出不同长度水柱的电阻，R1＝2100×10－6Ω＝20 kΩ、R2＝40 kΩ、R3＝60 kΩ、R4＝80 kΩ、R5＝100 kΩ，在坐标系中描点得到R－L图线如图所示．(4)取L＝30 cm时，R3＝60 kΩ，d＝2.26 cm，由电阻定律R＝ρLS得ρ＝RSL＝πRd24L，代入数据解得ρ＝80.2 Ω·m答案(1)2.26(2)内接分压电路(3)如解析图所示(4)80.27．(1)在测定一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝直径的过程如图22所示，校零时的读数为________mm，合金丝的直径为________mm.图22(2)为了精确测量合金丝的电阻R x，设计出如图23甲所示的实验电路图，按照该电路图完成图乙中的实物电路连接．图23解析(1)按照螺旋测微器的读数原则，校零时的读数为0.007 mm，合金丝的直径为0.645 mm－0.007 mm＝0.638 mm(在0.636 mm～0.640 mm都算正确)．(2)连线如下图所示．答案(1)0.0070.638(在0.636 mm～0.640 mm都算正确)(2)见解析图8．某学习小组用伏安法测量一未知电阻R x的阻值，给定器材及规格为：电流表A(量程为0～5 mA，内阻约为10 Ω)；电压表V(量程为0～3 V，内阻约为3 kΩ)；最大阻值约为100 Ω的滑动变阻器；电源E(电动势约为3 V)；开关S、导线若干．(1)由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图24甲所示的电路试测，读得电压表示数大约为2.5 V，电流表示数大约为5 mA，则未知电阻R x的阻值大约为________ Ω.(2)经分析，该电路测量误差较大，需改进．请直接在图甲上改画：①在不需要的连线上画“×”表示，②补画上需要添加的连线．(3)对改进的电路进行测量，并根据测量数据画出了如图乙所示的U－I图象，得R x＝________ Ω.(结果保留三位有效数字)图24解析(1)根据图甲测量数据及欧姆定律可得：R x ＝U I ＝ 2.55×10－3Ω＝500 Ω.(2)待测电阻R x 约为500 Ω，而电压表的内阻约为3 kΩ，是待测电阻的6倍左右，电流表的内阻约为10 Ω，待测电阻是电流表内阻的50倍左右，显然用电流表外接法电压表的分流比较大，应该改用电流表内接法．(3)待测电阻R x 的大小就等于图乙中图线的斜率，即R x ＝ΔUΔI ＝ 2.3－1.8(4－3)×10－3Ω＝500 Ω.答案 (1)500 (2)如下图所示 (3)5009．科学实验是人们认识自然的重要手段．电学实验中经常需要测量某负载的电阻． (1)测电阻的方法有多种，现在有一只标有“220 V ,100 W”的灯泡，它正常工作时的电阻为________ Ω.若用多用电表的欧姆挡来测量这只灯泡的电阻，则测出的电阻应________灯泡正常工作时的电阻(填“大于”、“等于”或“小于”)．这是因为____________________________．(2)请你用下列器材设计一个实验，测定灯泡正常工作时的电阻． A ．220 V 交流电源 B ．单刀双掷开关一个C ．电阻箱一个(0～999 Ω，额定电流1 A)D ．交流电流表一个(0～0.6 A)E ．导线若干 请画出电路原理图．解析 (1)根据灯泡的铭牌“220 V ,100 W ”得灯泡电阻R ＝U 2P ＝2202100 Ω＝484 Ω，因为灯泡电阻随温度变化而变化，温度越高，电阻越大，所以用多用电表在常温下测量电阻，测出的灯泡电阻一定比灯泡正常工作时的电阻小．(2)当灯泡正常发光时，其额定电流为I ＝P U ＝100220 A ＝511 A ，首先让灯泡与电流表串联，灯泡正常发光后，记下电流表指针的位置；然后让电阻箱与电流表串联，调节电阻箱的阻值，直到电流表的读数与上次标记的位置相同，此时电阻箱所显示的阻值就是灯泡正常工作时的阻值，电路原理图如图所示．答案 (1)484 小于 灯泡电阻随温度变化而变化，温度越高电阻越大 (2)电路原理图见解析10．为了测量一只量程为0～3 V 、内阻值为数千欧的电压表的内阻，可采用一只电流表与它串联后接入电路．(1)本实验测量电压表内阻依据的公式是________． (2)若提供的实验器材有： A ．待测电压表；B ．电流表A 1(0～0.6 A ，内阻约0.2 Ω)；C ．电流表A 2(0～100 mA ，内阻约2 Ω)；D ．电流表A 3(0～10 mA ，内阻约50 Ω)；E ．滑动变阻器(0～50 Ω，额定电流0.5 A)；F ．直流电源(输出电压6 V)；G ．开关、导线．为减小读数误差，多次测量取平均值．为顺利完成实验，应选用的实验器材为________(填英文序号)． (3)画出实验电路图解析 测量电压表内阻依据的实验原理是部分电路欧姆定律，可得R V ＝UI ；根据电压表的量程和大约阻值，可估算最大电流值，故选电流表A 3，滑动变阻器的总阻值远小于电压表内阻，故应采用分压式接法． 答案 (1)R V ＝UI (2)A 、D 、E 、F 、G (3)如下图所示11．实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联．测量实际电流表G1内阻r1的电路如图25所示．供选择的仪器如下：图25①待测电流表G1(0～5 mA，内阻约300 Ω)；②电流表G2(0～10 mA，内阻约100 Ω)；③定值电阻R1(300 Ω)；④定值电阻R2(10 Ω)；⑤滑动变阻器R3(0～1 000 Ω)；⑥滑动变阻器R4(0～20 Ω)；⑦干电池(1.5 V)；⑧电键S及导线若干．(1)定值电阻应选________，滑动变阻器应选________．(填写序号)(2)将实物图连接完整．图26(3)补全实验步骤：①连接好实验电路，将滑动触头移至最________端(填“左”或“右”)；②闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；③多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2读数I1、I2；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图26所示．(4)根据I2－I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式：_____.解析 根据实验原理，待测电阻r 1＝I 2－I 1I 1R ，因为两电流表的量程之差与待测电流表的量程相当，所以与G 1并联的定值电阻的阻值与r 1差不多，约为300 Ω，故定值电阻选R 1；滑动变阻器用的是分压式接法，应选用阻值较小的变阻器，选R 4.由r 1＝I 2－I 1I 1R 1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫I 2I 1－1R 1，解得r 1＝(k －1)R 1.答案 (1)③ ⑥ (2)如下图所示 (3)左 (4)r 1＝(k －1)R 1实验八 描绘小电珠的伏安特性曲线注意事项1．电流表外接法：本实验中被测小灯泡灯丝的电阻值较小，因此测量电路必须采用电流表外接法．2．滑动变阻器应采用分压式连接本实验要作出U-I图线，要求测出一组包括零在内的电流、电压值，故控制电路必须采用分压接法．3．保护元件安全：为保护元件不被烧毁，开关闭合前变阻器滑片应位于图中的a 端．加在小电珠两端的电压不要超过其额定电压．误差分析1．由于电压表不是理想电表，内阻并非无穷大，对电路的影响会带来误差，电流表外接，由于电压表的分流，使测得的电流值大于真实值．2．测量时读数带来误差．3．在坐标纸上描点、作图带来误差一对实验原理及注意事项的考查12.图1为“测绘小灯泡伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5 V.图1(1)完成下列实验步骤：①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，____________；②闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，____________；③断开开关，……根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线．(2)在虚线框中画出与实物电路相应的电路图．解析(1)滑动变阻器为分压式接法，故闭合开关前，灯泡两端的电压为零，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近滑动变阻器左端的接线柱．闭合开关后，逐渐移动滑动变阻器的滑片，增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压．(2)与实物电路相应的电路图如图所示．答案(1)①使它靠近滑动变阻器左端的接线柱②增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到其额定电压(2)如解析图所示【跟踪短训】13．某同学在探究规格为“6 V,3 W”的小电珠伏安特性曲线实验中：(1)在小电珠接入电路前，使用多用电表直接测量小电珠的电阻，则应将选择开关旋至________挡进行测量．(填选项前的字母)A．直流电压10 V B．直流电流5 mA C．欧姆×100D．欧姆×1图2(2)该同学采用图2所示的电路进行测量．图中R为滑动变阻器(阻值范围0～20 Ω，额定电流1.0 A)，L为待测小电珠，为电压表(量程6 V，电阻20 kΩ)，为电流表(量程0.6 A，内阻1 Ω)，E为电源(电动势8 V，内阻不计)，S为开关．Ⅰ.在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最________端；(填“左”或“右)Ⅱ.在实验过程中，已知各元件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是________点至________点的导线没有连接好；(图中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图2中的数字)图3Ⅲ.该同学描绘出小电珠的伏安特性曲线示意图如图3所示，则小电珠的电阻值随工作电压的增大而________．(填“不变”、“增大”或“减小”)解析(1)因小电珠正常发光时的电阻R＝U2P＝363Ω＝12 Ω，小电珠未接入电路的电阻要比正常发光时小得多(因温度的影响)，故用多用电表测未接入电路的小电珠的电阻，应选D.(2)Ⅰ.在实验时，闭合开关前，应使用电器的电压、电流为最小值，故应使滑片P 置于最左端．Ⅱ.若1点到5点未接好，则电路成为滑动变阻器的限流式电路．Ⅲ.在I－U图象中的每一点与O点连线的斜率逐渐减小，即电阻的倒数减小，所以电阻增大．答案(1)D(2)Ⅰ.左Ⅱ.15(或51)Ⅲ.增大二对电路的连接和实验数据处理的考查14. 在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验时，所用器材有：电动势为6 V 的电源，额定电压为2.5 V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电流表、电压表、开关和导线，要求能测出尽可能多的数据，图4甲所示是没有连接完的实物电路．(已连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根)图4(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整．(2)连好电路，闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2 V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向________(填“左”或“右”)端滑动．(3)通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成了如图乙所示的U－I图线，根据U－I图线提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率为________W.(4)小灯泡的U－I图线是曲线而不是过原点的直线，原因是________________．解析(1)小灯泡的电阻很小，因此采用电流表外接法；实验时，要求小灯泡两端电压从0逐渐增大到额定电压，滑动变阻器应采用分压式接法．实物电路如答案图所示．(2)将滑片P向右端滑动，可以增大灯泡两端的电压．(3)根据U－I图象可知，U＝2.5 V时，I＝0.2 A，所以小灯泡的额定功率为P＝UI ＝0.5 W.(4)U－I图线上各点与原点连线的斜率表示灯丝的电阻，图线是曲线而不是过原点的直线，这是因为灯丝的电阻会随温度的升高而增大．答案(1)如图所示(2)右(3)0.5(4)灯丝的电阻会随温度的升高而增大反思总结实物连线的原则1．先串后并，接线到柱，注意量程和正负．2．对限流电路，用笔画线代替导线，从电源正极开始，把电源、开关、滑动变阻器、“伏安法”四部分依次串联起来即可(注意电表的正负接线柱和量程，滑动变阻器应调到阻值最大处)．3．对分压电路，应该先把电源、开关和滑动变阻器的全部电阻丝三部分用导线连接起来，然后在滑动变阻器电阻丝两端之中任选一个接头，比较该接头和滑动触头两点的电势高低，根据“伏安法”部分电表正负接线柱的情况，将“伏安法”部分接入该两点间．【跟踪短训】15．在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠(2.5 V,0.6 W)，滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干．(1)粗测小电珠的电阻，应选择多用电表________倍率的电阻挡(请填写“×1”“×10”或“×100”)；调零后，将表笔分别与小电珠的两极连接，示数如图5甲所示，结果为________Ω.。