2018-2019学年高二下学期第二次月考物理试卷
2017-2018学年度下学期第二次月考高二物理试卷时间：90分钟 满分：100分第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1、在物理学的探索和发现过程中,科学家们运用了许多研究方法。
以下关于物理学研究方法的叙述中不正确的是( )A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法是微元法B.根据速度定义式x v t ∆=∆,当0t ∆→时, x t∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度,该定义运用了极限思维法C.建立合力与分力的概念时运用了等效法D.在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,每一小段近似看作匀速直线运动,再把各小段位移相加,这里运用了微元法2、两个物体相互接触,关于接触处的弹力和摩擦力,以下说法正确的是( ) A.如果有摩擦力,则其大小一定与弹力成正比 B.如果有弹力,则一定有摩擦力 C.一定有弹力,但不一定有摩擦力 D.如果有摩擦力,则一定有弹力3、如图所示,两个小球a 、b 质量均为m ,用细线相连并悬挂于O 点,现用一轻质弹簧给小球a 施加一个拉力F ,使整个装置处于静止状态,且Oa 与竖直方向夹角为45θ=︒,已知弹簧劲度系数为k ,则弹簧形变量不可能是( )A.2mg k B. 3k4、一物体由静止开始做匀加速直线运动,加速度大小为1a ,经过时间t 后加速度大小变为2a ,方向与1a 相反,又经过时间t 后物体恰能回到出发点,则12:a a 为( ) A. 1:1 B. 1:2 C. 1:3 D. 1:45、质量分别为1m 、2m 的甲、乙两球,在离地相同高度处,同时由静止开始下落,由于空气阻力的作用,两球到达地面前经时间0t 分别到达稳定速度1v 、2v ,已知空气阻力大小f 与小球的下落速率v 成正比,即f kv =()0?k >,且两球的比例常数k 完全相同,两球下落的v t -关系如图所示,下落说法正确的是()A.12m m <B.1122m v m v = C.释放瞬间甲球的加速度较大 D.0t 时间内两球下落的高度相等6、一质点在0~10s 内,其v t -图象的图线恰好是与两坐标轴相切的圆弧,则()A.0时刻,质点的加速度等于0B.10s 内质点的位移约为21.5mC.质点的加速度大小等于12/m s 时的速度等于4.5/m sD.质点的加速度随时间均匀减小7、如图所示,在竖直放置的穹形光滑支架上,一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G 。
现将轻绳的一端固定于支架上的A 点,另一端从B 点沿支架缓慢地向C 点靠近(C 点与A 点等高)。
则轻绳中拉力大小变化的情况是()A.先变大后不变B.先变小后不变C.先变小后变大D.先变大后变小8、三个质量均为1kg 的相同木块a 、b 、c 和两个劲度系数均为500/N m 的相同轻弹簧p 、q 用轻绳连接,如图所示,其中a 放在光滑水平桌面上。
开始时p 弹簧处于原长,木块都处于静止状态,轻绳处于伸直状态。
现用水平力F 缓慢地向左拉轻弹簧p 的左端,直到c 木块刚好离开水平地面为止, g 取210/m s 。
该过程轻弹簧p 的左端向左移动的距离是( )A. 4cmB. 6cmC. 8cmD. 10cm 9、如图所示,物体质量为m ,靠在粗糙的竖直墙上,物体与墙间的动摩擦因数为μ,要使物体沿墙匀速滑动,则外力F 的大小可能是( )A.sin mgθ B. sin cos mg θμθ- C.cos sin mg θμθ- D. cos sin mgθμθ+10、科技馆中的一个展品如图所示,在较暗处有一个不断均匀滴水的水龙头,在一种特殊的间歇闪光灯的照射下,若调节间歇闪光时间间隔正好与水滴从A 下落到B 的时间相同,可以看到一种奇特的现象,水滴似乎不再下落,而是像固定在图中的A 、B 、C 、D 四个位置不动,对出现的这种现象,下列描述正确的是(210/g m s =)( )A.水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间满足AB BC CD t t t <<B. C.水滴在相邻两点之间的位移满足::1:3:5AB BC CD x x x = D.水滴在各点速度之比满足::1:4:9B C D v v v =11、如图所示A 、B 、C 三个物体质量相等,它们与传送带间的动摩擦因数相同。
三个物体随传送带一起匀速运动,运动方向如图中箭头所示。
则下列说法正确的是( )A.A 物体受到的摩擦力不为零,方向向右B.三个物体只有A 物体受到的摩擦力为零C.B 、C 受到的摩擦力方向相同D.B 、C 受到的摩擦力方向相反12、两个共点力1F 、2F 大小不同,它们的合力大小为F ,则( ) A. 1F 、2F 同时增大一倍, F 也增大一倍 B. 1F 、2F 同时增加10N ,F 也增加10N C. 1F 增加10N ,2F 减少10N ,F —定不变 D.若1F 、2F 中的一个增大, F 不一定增大第Ⅱ卷 请将解答写在答题纸相应的位置二、实验题：本题共2小题，每空3分，共15分。
13、一个物体拖动纸带运动,获得打点计时器打出的一段纸带如图,以第一个点为坐标原点,每两个点之间的时间间隔为0.1s,打点计时器打下第3点时物体的瞬时速度为______.打点计时器打下第4点时物体的瞬时速度为______物体加速度为______.14、某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。
弹簧测力计A 挂于固定点P ,下端用细线挂一重物M 。
弹簧测力计B 的一端用细线系于O 点,手持另一端向左拉,使结点O 静止在某位置。
分别读出弹簧测力计A 和B 的示数,并在贴于竖直木板的白纸上记录O 点的位置和拉线的方向。
（1）.本实验用的弹簧测力计示数的单位为N ,图中A 的示数为__________N 。
（2）.下列不必要的实验要求是__________。
(请填写选项前对应的字母) A.应测量重物M 所受的重力 B.弹簧测力计应在使用前校零 C.拉线方向应与木板平面平行D.改变拉力,进行多次实验,每次都要使O 点静止在同一位置三、计算题：本题共2小题， 15题10分，16题12分，共22分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
15、（10分）如图所示,物体A 重40A G N =,物体B 重20B G N =,A 与B 、B 与地面之间的动摩擦因数相同.用水平绳将物体A 系在竖直墙壁上,水平力F 向右拉物体B ,当30F N =时,才能将B 匀速拉出.那么,接触面间的动摩擦因数是多大?16、（12分）如图所示, A 、B 两棒的长均为1l m =,A 的下端和B 的上端相距20s m =.若A 、B 同时运动, A 做自由落体运动, B 做竖直上抛运动,初速度040/v m s =.求:（1）.A、B两棒何时相遇;（2）.从相遇开始到分离所需的时间.三、选修题：本题共1小题，共15分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
17、（1）（5分）(选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给5分。
每选错一个扣3分，最低得分为0分)如图所示,轻质活塞a和b把绝热气缸分成甲和乙两部分,两部分中分别密封有可视为理想气体的等质量的氢气和氧气。
活塞a导热与气缸壁固连。
活塞b绝热可在气缸内无摩擦滑动,但不漏气,其右方为大气。
图中k为加热用的电炉丝,开始时,系统处于平衡状态,两部分中气体的温度和压强皆相同,现接通电源,缓慢加热一段时间后停止加热,系统又达到新的平衡。
则下列说法正确的是( )A.甲、乙中气体的温度都升高了B.甲、乙中气体的内能的增加量相等C.乙中气体吸收的热量大于其内能的增加D.电炉丝放出的总热量等于甲、乙中气体增加内能的总和E.乙气体中分子在单位时间内对活塞a的碰撞次数一定减小（2）（10分）如图所示，内壁光滑的汽缸竖直放置，在距汽缸底部l＝36cm处有一与汽缸固定连接的卡环，活塞与汽缸底部之间封闭了一定质量的气体。
当气体的温度T1＝300K，大气压强为p0＝1.0×105Pa时，活塞与汽缸底部之间的距离l0＝30cm，已知活塞的面积为50cm2，不计活塞的质量和厚度，现对缸内气体加热，使活塞缓慢上升，当温度上升至T2＝540K，求：(a)封闭气体此时的压强；(b)该过程中气体对外做的功。
13、0.5m/s; 0.65m/s; 1.5m/s 2.（每空3分，共9分） 14、1、3.6; （每空3分，共6分）2、D15、设接触面间的动摩擦因数为μ,物体A 与B 间的摩擦力为1f A F G μ=……………………………………………………………3分物体B 与地面间的滑动摩擦力为2()f A B F G G μ=+……………………………………………………3分将B 匀速拉出,则拉力大小与两个摩擦力的合力大小应相等,有12f f F F F =+…………………………………………………………3分解得0.30μ=…………………………………………………………1分 16、1、设经时间t 两棒相遇,由2201122gt v t gt s ⎛⎫+-= ⎪⎝⎭…………………………………………2分 得0200.540s t s s v ===…………………………………………2分 2、从相遇开始到两棒分离的过程中, A 棒做初速度不等于0的匀加速运动, B 棒做匀减速运动.设这个“擦肩而过”的时间为t ∆, 由2211222A B v g t v t g t l ⎛⎫⎛⎫+∆+∆-∆= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭…………………………2分 A v gt =…………………………………………………………2分 0B v v gt =-………………………………………………………2分代入后得02210.0540l t s s v ⨯∆===………………………………………2分17、（1）ACE(2)对活塞进行受力分析p 1S ＝p 0S …………………………………1分 得p 1＝p 0＝1.0×105Pa ………………………………………………1分设活塞上升到卡环处时气体温度为T 0，初状态体积为l 0S ，温度为T 1，末状态体积为Sl ，则l 0S T 1＝lST 0……………………………………………1分 解得T 0＝360K<T 2＝540K ……………………………………………1分气体还将进行等容变化，初状态压强为p 1，温度为T 0，末状态压强为p 2，温度为T 2，则p 1T 0＝p 2T 2………………………………………………1分 解得p 2＝1.5×105Pa ………………………………………………1分 (2)该封闭气体仅在等压膨胀过程中对外做功，则W ＝p 0ΔV ……………………………………………………………2分＝p 0S(l －l 0)＝30J …………………………………………………2分。
四川省成都市2023-2024学年高二下学期第二次月考物理试卷含答案
成都2023—2024学年度下期高2025届6月阶段性测试物理试卷（答案在最后）考试时间：75分钟满分：100分试卷说明：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，用黑色签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3.考试结束后，试卷自己带走，只将答题卡交回。
一、单项选择题（本题共7个小题，每小题4分，共28分。
在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求。
选对得4分，选错得0分。
）1.如图所示，两个正点电荷A 、B 所带电荷量分别为AQ 和BQ ，C 是A 、B 连线上一点，A 、C 之间的距离是B 、C 之间距离的3倍，在A 、B 连线上，C 点的电势最低，则AQ 和BQ 之间关系正确的是（ ）A.A B 2Q Q =B.A B 3Q Q =C.A B 6Q Q =D.A B9Q Q =【答案】D 【解析】【详解】C 点的电势最低，则C 点的场强为0（A 、C 之间，B 、C 之间场强均大于0），根据场强2QE kr =得A B9Q Q =故选D 。
2.如图所示，光滑固定金属导轨M 、N 水平放置，两根导体棒P 、Q 平行放于导轨上，形成一个闭合回路，当条形磁铁从高处下落接近回路的过程中，下列说法正确的是（）A.P 、Q 将相互远离B.P 、Q 对导轨M 、N 的压力小于自身重力C.磁铁下落的加速度可能大于重力加速度gD.磁铁动能的增加量小于重力势能的减少量【答案】D 【解析】【详解】A ．当条形磁铁从高处下落接近回路的过程中，穿过回路的磁通量增大，则由“增缩减扩”可得，P 、Q 将相互靠近，故A 错误；BC ．由于穿过回路的磁通量增大，则由“来拒去留”可得，竖直方向磁铁受到向上的力，由于力的作用是相互的，则P 、Q 棒受到向下的力，则磁铁下落的加速度肯定小于重力加速度，P 、Q 对导轨M 、N 的压力大于自身重力，故BC 错误；D ．由能量守恒可得，磁铁减小的重力势能等于磁铁增加的动能、导体棒增加的动能以及产生的焦耳热之和，则磁铁动能的增加量小于重力势能的减少量，故D 正确。
高二第二学期第二次月考物理试卷(含答案详解)
高二第二学期第二次月考物理试卷一、单选题（每小题4分，共48分）1.在双缝干涉实验中,光屏上P点到双缝S1、S2的距离之差Δs1=0.75μm,光屏上Q点到双缝S1、S2的距离之差Δs2=1.5μm,如果用频率为6.0×1014Hz的黄光照射双缝,则( )A.P点出现亮条纹,Q点出现暗条纹B.Q点出现亮条纹,P点出现暗条纹C.两点均出现亮条纹D.两点均出现暗条纹2.已知白光中含有红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光,其波长是在不断减小的。
现一束白光在真空中通过双缝后在屏上观察到干涉条纹,除中央白色亮纹外,两侧还有彩色条纹,其原因是( )A.各色光的波长不同,因而各色光分别产生的干涉条纹的间距不同B.各色光的速度不同,因而各色光分别产生的干涉条纹的间距不同C.各色光的强度不同,因而各色光分别产生的干涉条纹的间距不同D.上述说法都不正确3.下列四种现象,不是光的衍射现象造成的是( )A.通过卡尺两卡脚间狭缝观察发出红光的灯管,会看到平行的明暗相间的条纹B.不透光的圆片后面的阴影中心出现一个泊松亮斑C.太阳光照射下,架在空中的电线在地面上不会留下影子D.用点光源照射小圆孔,后面屏上会出现明暗相间的圆环4.如图所示,让太阳光或白炽灯发出的光通过偏振片P和Q,以光的传播方向为轴旋转偏振片P和Q,可以看到透射光的强度会发生变化,这个实验说明( )A.光是电磁波B.光是一种横波C.光是一种纵波D.光是概率波5.下列关于应用激光的事例错误的是( )A.利用激光进行长距离精确测量B.利用激光进行通信C.利用激光进行室内照明D.利用激光加工坚硬材料6.在演示双缝干涉的实验时,常用激光做光源,这主要是应用激光的( )A.亮度高B.平行性好C.相干性好D.波动性好7.用如图所示的装置研究光电效应现象.所用光子能量为2.75 eV的光照射到光电管上时发生了光电效应,电流表G的示数不为零;移动变阻器的触点c,发现当电压表的示数大于或等于1.7 V时,电流表示数为0,则下列说法正确的是( )A.光电子的最大初动能始终为1.05 eVB.光电管阴极的逸出功为1.05 eVC.开关S断开后,电流表G中没有电流流过D.当滑动触头向a端滑动时,反向电压增大,电流增大8.红外夜视镜在美国对伊拉克反美武装力量实施的夜间打击中起到重要作用, 红外夜视镜是利用了( )A.红外线波长长,易绕过障碍物的特点B.红外线的热效应强的特点C.一切物体都在不停地辐射红外线的特点D.红外线不可见的特点9.下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中,符合黑体辐射实验规律的是( )10.用同一光电管研究a、b两种单色光产生的光电效应,得到光电流I与光电管两极间所加电压U的关系如图,下列说法中正确的是( )A.a光光子的频率大于b光光子的频率,a光的强度小于b光的强度B.a光光子的频率小于b光光子的频率,a光的强度小于b光的强度C.如果使b光的强度减半,则在任何电压下,b光产生的光电流强度一定比a光产生的光电流强度小D.取另一个光电管加一定的正向电压,如果a光能使该光电管产生光电流,则b光一定能使该光电管产生光电流11.下列说法正确的是( ) A.光导纤维利用了光的干涉现象B.从接收到的高频信号中还原出所携带的声音或图象信号的过程称为解调C.泊松亮斑有力地支持了光的微粒说,杨氏干涉实验有力地支持了光的波动说D.只要波源在运动,就一定能观察到多普勒效应12.如图所示为卢瑟福α粒子散射实验装置的示意图,图中的显微镜可在圆周轨道上转动,通过显微镜前相连的荧光屏可观察α粒子在各个角度的散射情况。
武夷山市外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
武夷山市外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．如图所示，物块A和B用细线绕过定滑轮相连，B物块放在倾角为θ=37°的斜面上刚好不下滑，连接物块B的细线与斜面垂直，物块与斜面间的动摩擦因数为μ=0.8，设物块B受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块A与B的质量之比为A. 1：20B. 1：15C. 1：10D. 1：5【答案】A【解析】对A、B受力分析如图所示：对A物体根据平衡条件得：。
对B物体在沿斜面方向有：，在垂直斜面方向有：，摩擦力为：，联立以上并带入数据可得：，故A正确，BCD错误。
2．（2018南宁摸底）如图所示，在光滑水平面内有一固定光滑绝缘挡板AB，P是AB上的一点。
以A为坐标原点在水平面建立直角坐标系，y轴一挡板AB重合，x轴上固定一个带正电的点电荷Q。
将一个带电小球（可视为质点）轻放到挡板的左侧的P处，在静电力作用下小球沿挡板向A运动，则下列说法中正确的是A．小球带负电B．由P点到A点小球做匀加速直线运动C．P点的场强比A点的场强大D．小球在P点的电势能比在A点的电势能大【答案】AD【解析】【名师解析】根据题述，静止带电小球从P处在静电力作用下沿挡板向A运动，说明带电小球受到的是库伦吸引力，小球带负电，选项A正确；由于点电荷Q的电场不是匀强电场，带电小球在运动过程中所受的合外力不可能保持不变，所以小球由P到A不可能做匀加速直线运动，选项B错误；根据点电荷电场特征，P点的电场强度比A点的电场强度小，选项C错误；小球由P到A运动，静电力做功，电势能减小，小区装P点的电势能比在A点的电势能大，选项D正确。
3．（2018中原名校联盟）如图所示，三个带电小球A、B、C可视为点电荷，所带电荷量分别为＋Q、－Q、＋q．A、B固定在绝缘水平桌面上，C带有小孔，穿在动摩擦因数处处相同的粗糙绝缘杆上，绝缘杆竖直放置在A、B连线的中点处，将C从杆上某一位置由静止释放，下落至桌面时速度恰好为零．C沿杆下滑时带电荷量保持不变．那么C在下落过程中，以下判断正确的是A．所受摩擦力变大B．电场力做正功C．电势能不变D．下落一半高度时速度一定最大【答案】AC【解析】4． 如图，理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=4∶1，电压表V 和电流表A 均为理想电表，灯泡电阻R L =12Ω，AB 端电压1(V)u t π=。
2024-2025学年江苏省宿迁市沭阳塘沟高级中学高二(上)第二次月考物理试卷(含答案)
2024-2025学年江苏省宿迁市沭阳塘沟高级中学高二（上）第二次月考物理试卷一、单选题：本大题共11小题，共44分。
1.某激光器输出功率为P，输出光的波长为λ，脉冲时间为t，光在真空中速度为c，普朗克常量为ℎ，则每个脉冲发出的光子数为()．A. Pλtℎc B. PℎtcλC. PtℎcλD. Pλℎtc2.如图所示，匝数为n、面积为S的线圈平面与水平面的夹角θ=60∘，线圈处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。
若线圈以cd为轴顺时针转过120∘角，则此过程中线圈的磁通量的变化量为( )A. 12BSB. 32BSC. 12nBSD. 32nBS3.如图所示，人坐在摩天轮座舱内随旋转座椅一起做匀速圆周运动。
以下说法正确的是( )A. 转动过程中，人的动量不变B. 转动一圈，人所受合力的冲量不为零C. 转动到最高点时，人所受的合力为零D. 转动一圈，人所受重力的冲量不为零4.图甲为用手机和轻弹簧制作的一个振动装置。
手机加速度传感器记录了手机在竖直方向的振动情况，以向上为正方向，得到手机振动过程中加速度a随时间t变化的曲线为正弦曲线，如图乙所示。
下列说法正确的是( )A. t=0时，弹簧弹力为0B. t=0.2s时，手机位于平衡位置上方C. 从t=0至t=0.2s，手机的动能增大D. a随t变化的关系式为a=4sin(2.5πt)m/s25.在进行“用单摆测量当地重力加速度”的实验中，下列叙述正确的是( )A. 尽量选择细一些、短一些的摆线B. 若将n次摆动的时间误记为n−1次，重力加速度的测量值将偏大C. 若摆球做的是圆锥摆运动，会导致g的测量值偏大D. 单摆做的是简谐运动，摆球经过平衡位置时加速度为零6.如图所示是主动降噪耳机的降噪原理图。
在耳机内有专门用于收集环境噪声的麦克风，耳机收集环境噪声后通过电子线路产生与环境噪声相位相反的降噪声波，再与环境噪声叠加，从而实现降噪效果。
如图是理想的降噪过程，实线对应环境噪声，虚线对应耳机产生的等幅反相降噪声波，则此图中的( )A. 降噪过程属于多普勒效应B. 降噪声波频率等于环境噪声频率C. 降噪过程属于声波的干涉且P点振动加强D. P点空气经一个周期向外迁移距离为一个波长7.如图所示是一个单摆在地面上做受迫振动的共振曲线(振幅A与驱动力频率f的关系)，取g=10m/s2，π2≈10。
高二下学期月考物理试题
A. 小球A带正电，小球B不带电，小球C带负电
B. 三个小球在电场中运动的时间相等
C. 三个小球到达正极板的动能
D. 三个小球的加速度关系为
D.只有体积很小的带电体才能看作点电荷
2.关于场强，下列哪个说法是正确的（ ）
A. 由E= 可知，放入电场中的电荷在电场中受到的电场力F越大，场强E越大，电荷的电荷量q越大，场强E越小
B. 由E=k 可知，在离点电荷Q很近的地方即r→0，场强E可达无穷大
C. 放入电场中某点的检验电荷的电荷量改变时，场强也随之改变；将检验电荷拿走，该点的场强就是零
18.一绝缘“ ”形杆由两段相互平行的足够长的水平直杆PQ、MN和一半径为R的光滑半圆环MAP组成，固定在竖直平面内，其中MN杆是光滑的，PQ杆是粗糙的，现将一质量为m的带正电荷的小环套在MN杆上，小环所受的电场力为重力的 ．
（1）若将小环由D点静止释放，则刚好能到达P点，求DM间的距离；
（2）若将小环由M点右侧5R处静止释放，设小环与PQ杆件的动摩擦因数为μ，小环所受最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，求小环在整个运动过程中克服摩擦力所做的功．
4.如图所示的四个电场的电场线，其中A和C图中小圆圈表示一个点电荷，A图中虚线是一个圆(M、N为圆上的不同点)，B图中几条直线间距相等且互相平行，则在图中M、N处电场强度相等的是()
A B.
C. D.
5.下列关于电场线的说法正确的是（ ）
A.电场线是电荷运动的轨迹，因此两条电场线可能相交
B.电荷在电场线上会受到电场力，在两条电场线之间的某一点不受电场力
福泉市实验中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
福泉市实验中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 甲、乙两车在平直公路上沿同一方向行驶，其v －t 图像如图所示，在 t ＝0时刻，乙车在甲车前方x 0处，在t ＝t 1时间内甲车的位移为x ．下列判断正确的是（）A. 若甲、乙在t 1时刻相遇，则x 0＝x 13B. 若甲、乙在时刻相遇，则下次相遇时刻为12t 132t C. 若x 0＝x ，则甲、乙一定相遇两次34D. 若x 0＝x ，则甲、乙一定相遇两次12【答案】BD2． 真空中保持一定距离的两个点电荷，若其中一个点电荷的电荷量增加了，但仍然保持它们之间的相互21作用力不变，则另一点电荷的电量一定减少了（ ）A ．B ．C ．D ．213141241【答案】B3． 如图所示，水平传送带A 、B 两端相距x =4 m ，以v 0=4 m/s 的速度（始终保持不变）顺时针运转，今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A 端，由于煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕。
已知煤块与传送带间的动摩擦因数μ=0.4，取重力加速度g =10 m/s 2，则煤块从A 运动到B 的过程中A ．煤块到A 运动到B 的时间是2.25 s B ．煤块从A 运动到B 的时间是1.5 sC ．划痕长度是2 mD ．划痕长度是0.5 m【答案】BC【解析】【易错警示】对传送带问题，要注意区分划痕和产生热量的有效路程不同，对简单的过程，二者一般相等，但对复杂的过程，要注意前者为某段的最大位移，后者为总的相对路程。
4．如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，从零开始缓慢增大的水平外力F作用在B上，使A在B上的运动情况分为三段：0~t1有时间内A、B都保持静止，t1~t2时间内A、B保持相对静止一起加速，t2~t3时间段内A、B之间发生相对运动。
高二下学期第二次月考物理试卷[.doc
雨花台中学2005～2006年度高二年级第二次月考物理试卷命题人：雨花台中学物理组 王治国 第一卷（选择题 共40分）一、本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．下列说法中正确的是（ACD ）A ．做简谐运动的物体，经过同一位置的动能总相同B ．做简谐运动的物体，经过同一位置的动量总相同C ．做简谐运动的物体，在任一周期内回复力做功为零D ．做简谐运动的物体，在任一周期内回复力的冲量为零2．三段不可伸长的细绳OA 、OB 、OC 能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图1所示，其中OB 是水平的，A 端、B 端固定．若逐渐增加C 端所挂物体的质量，则最先断的绳是 A ．必定是OA B ．必定是OB C ．必定是OCD ．可能是OB ，也可能是OC图13．加速上升的升降机顶部悬有一轻质弹簧，弹簧下端挂有一小球，若升降机突然停止，以升降机地板为参照物，小球在继续上升的过程中：（ B ）A ．动能逐渐减小B ．动能先增大后减小C ．加速度逐渐增大D ．加速度逐渐减小4．如图所示，两个物体a 、b 的质量满足：m a ＝2m b ，用细绳连接后放在倾角为θ的光滑斜面上，在下滑的过程中（A ）①它们的加速度为a ＝gsin θ ②它们的加速度为a<gsin θ ③细绳的张力为零 ④细绳的张力为mgsin θ A ．①③ B ．①④ C ．②③ D ．②④5．圆形光滑轨道位于竖直平面内，其半径为R ，质量为m 的金属小环套在轨道上，并能自由滑动，如图所示，以下说法正确的是 （ BD ）A ．要使小圆环能通过轨道的最高点，小环通过最低点时的速度必须大于gR 5B ．要使小圆环能通过轨道的最高点，小环通过最低点时的速度必须大于gR 2C ．在轨道最高点时，如果小圆环的速度大于gR ，则小环挤压轨道外侧D ．在轨道最高点时，如果小圆环的速度大于gR ，则小环挤压轨道内侧6．一物块由静止开始从粗糙斜面上的某点加速下滑到另一点，在此过程中重力对物块做的功等于……………………[ AD ]A．物块重力势能的减少量B．物块重力势能的减少量与物块克服摩擦力做的功之和C．物块重力势能的减少量和物块动能的增加量以及物块克服摩擦力做的功之和D．物块动能的增加量与物块克服摩擦力做的功之和7．带有斜面的木块P原来静止在光滑的水平桌面上，另一个小木块Q从木块P的顶端由静止开始沿光滑的斜面下滑．当小木块Q滑到木块P的底部时，木块P向右移动了一段距离，且具有水平向右的速度v，如图所示．下面说法中正确的是[ D ]A．木块P、Q组成的系统动量守恒B．重力对小木块Q做的功等于小木块Q的动能的增加C．小木块Q减少的重力势能等于木块P增加的动能D．小木块Q减少的机械能等于木块P增加的动能8．2005年7月26日，美国“发现号”航天飞机从肯尼迪航天中心发射升空，飞行中一只飞鸟撞上了航天飞机的外挂油箱，幸好当时速度不大，航天飞机有惊无险．假设某航天器的总质量为10t，以8km/s的速度高速运行时迎面撞上一只速度为10 m/s、质量为5kg 的大鸟，碰撞时间为1．0×10—5s，则撞击过程中的平均作用力约为（A）A．4×l09N B．8×109 N C．8×l012N D．5×106 N9.如图，质量为m的物块与转台之间的动摩擦因数为μ，它与转轴相距R，物块随转台由静止开始转动，当转速增加到一定值时，物块即将在转台上滑动.在这一过程中，摩擦力对物块做的功为[ D ]A.0B.2πμmgRC.2μmgRD.μmgR/210．一简谐横波在图中x轴上传播，实线和虚线分别是t1和t2时刻的波形图，已知t2-t1=1.0s。
恩平市高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
恩平市高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．如图所示，m=1.0kg的小滑块以v0=4m/s的初速度从倾角为37°的斜面AB的底端A滑上斜面，滑块与斜面间的动摩擦因数为，取g=10m/s2，sin37°=0.6。
若从滑块滑上斜面起，经0.6s正好通过B点，则AB 之间的距离为A．0.8m B．0.76m C．0.64m D．0.6m【答案】B2．如图甲，水平地面上有一静止平板车，车上放一物块，物块与平板车的动摩擦因数为0.2，t=0时，车开始沿水平面做直线运动，其v﹣t图象如图乙所示，g取10 m/s2，若平板车足够长，关于物块的运动，以下描述正确的是A．0~6 s加速，加速度大小为2 m/s2，6~12 s减速，加速度大小为2 m/s2B．0~8 s加速，加速度大小为2 m/s2，8~12 s减速，加速度大小为4 m/s2C．0~8 s加速，加速度大小为2 m/s2，8~16 s减速，加速度大小为2 m/s2【答案】C【解析】3． 如图所示，一平行板电容器的两个极板竖直放置，在两极板间有一带电小球，小球用一绝缘轻线悬挂于O 点。
现给电容器缓慢充电，使两极板所带电荷量分别为+Q 和-Q ，此时悬线与竖直方向的夹角为π/6。
再给电容器缓慢充电，直到悬线与竖直方向的夹角增加到π/3，且小球与两极板不接触。
则第二次充电使电容器正极板增加的电量是（ ）A ．Q/2B ．QC ．3QD ．2Q 【答案】D4． 一交流电压为u ＝1002sin100πt V ，由此表达式可知（ ） A ．用电压表测该电压其示数为100 V B ．该交流电压的周期为0.02 sC ．将该电压加在100 Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为200 WD ．t ＝1/400 s 时，该交流电压的瞬时值为100 V 【答案】ABD 【解析】试题分析：电压表显示的是有效值，U =，故A 正确；100ωπ=，周期220.02100T s ππωπ===，故B正确；由22100100100U P W R ===，故C 错误；把1400t s =时，代入表达式100100u t V V π==（），故D 正确；考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．5． 物体从静止开始做匀加速直线运动，第3秒内通过的位移是3m ，则（ ） A. 第3秒内的平均速度是3m/s B. 物体的加速度是1.2m/s 2 C. 前3秒内的位移是6m D. 3S 末的速度是3.6m/s 【答案】ABD6． 如图所示，在租糙水平面上A 处平滑连接一半径R=0.1m 、竖直放置的光滑半圆轨道，半圆轨道的直径AB 垂直于水平面，一质量为m 的小滑块从与A 点相距为x （x≥0）处以初速度v 0向左运动，并冲上半圆轨道，小滑块从B 点飞出后落在水平地面上，落点到A 点的距离为y 。
高二物理下学期第二次月考试卷_03
嗦夺市安培阳光实验学校宁夏大学附中高二（下）第二次月考物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分）1．（4分）（2014春•兴庆区校级月考）关于电流的概念，下列说法中正确的是（）A．导体中有电荷运动就形成电流B．电流是一个矢量，其方向就是正电荷定向运动的方向C．在国际单位制，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位D．对于导体，只要其两端电势差为零，电流也必为零考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：导体中有电荷运动不一定能形成电流．电流的方向就是正电荷定向运动的方向，但电流是标量．在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位．对于导体，其两端电势差为零，电流不一定为零．解答：解：A、导体中有电荷运动不一定能形成电流，电荷要发生定向移动才能形成电流．故A错误．B、电流的方向就是正电荷定向运动的方向，但电流运算时遵守的代数加减法则，所以电流不是矢量，是标量．故B错误．C、在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位．故C正确．D、对于导体，其两端电势差为零，电流可能为零，也可能不为零（超导现象）．故D错误．故选：C点评：本题考查对电流产生条件、方向、单位等知识的掌握情况．电流的方向与矢量的方向，它表示电荷的流向，运算时按照代数法则，不是平行四边形定则．2．（4分）（2011秋•迎泽区校级期中）一段粗均匀的金属导体的横截面积是S，导体单位长度内的自由电子数为n，金属内的自由电子的电荷量为e，自由电子做无规则热运动的速度为v0，导体中通过的电流为I．则下列说法中正确的有（）A．自由电子定向移动的速度为v0B．自由电子定向移动的速度为v=C．自由电子定向移动的速度为真空中的光速cD．自由电子定向移动的速度为v=考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：已知电流及电子的电量等，根据电流的微观表达式可求得电子定向移动的速率．解答：解：A、自由电子定向移动的速度与自由电子做无规则热运动的速度是两回事，故A错误．B、D、电流的微观表达式为：I=nve，则v=；故D正确，B错误；C、自由电子定向移动的速度小于真空中的光速c，故C错误．故选：D．点评：本题要求能掌握电流的微观表达式，同时注意区分电子的定向移动速率、无规则热运动的速率以及电能的传导速率．3．（4分）（2012秋•凉州区校级期中）以下说法中正确的是（） A．在外电路中和电源内部，正电荷都受静电力作用，所以能不断定向移动形成电流B．静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C．在电源内部正电荷能从负极到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D．静电力移动电荷做功，电势能减少，非静电力移动电荷做功，电势能增加考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源内部非静电力克服电场力做功，将正电荷从负极移到正极；将其他形式的能转化为电能．解答：解：A、在电源内部，正电荷受到静电力和非静电力作用，从负极移动到正极，故A错误；B、非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，静电力移动电荷做功电势能减少，故B错误，D正确．C 、在电源内部正电荷能从负极到正极同时受到静电力和非静电力作用，故C 错误． 故选：D点评： 本题要求同学们知道电源内部的能量是怎样转化的，理解非静电力克服电场力做功，把其它形式的能转化为电势能，静电力移动电荷做功电势能减少．4．（4分）（2014春•兴庆区校级月考）下列关于电动势E 的说法中正确的是（ ）A ． 电动势E 的大小与非静电力所做的功W 的大小正成比，与移动电荷量q 的大小成反比B ． 电动势E 是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均无关C ． 电动势E 是表征电源把其他形式的能力转化为电能本领大小的物理量D ． 电动势E 的单位与电势差的单位相同，故两者在本质上相同 考点： 电源的电动势和内阻． 专题： 恒定电流专题．分析： 电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，电动势与外电路无关．接在电源两极间的电压表测得的电压小于电源的电动势．解答： 解：A 、电动势E 的大小与非静电力做功W 及移送电荷量的大小无关；故A 错误；B 、电动势E 是由电源本身的因素决定的，跟电源的体积和外电路都无关；故B 正确；C 、电动势E 是表征电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量；故C 正确；D 、电动势E 是表征电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量，而电势差是两点之间电势的差，电动势E 的单位与电势差的单位相同，但两者在本质上不相同；故D 错误； 故选：BC点评： 本题考查对电源电动势的理解，要抓住电动势的物理意义、定义和欧姆定律来强化理解．5．（4分）（2014秋•邗江区校级期中）下列说法正确的是（ ）A ． 由R=知，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B ．比值反映了导体阻碍电流的性质，即电阻R=C ． 导体中电流越大，导体电阻越小D ．由I=知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比考点： 欧姆定律． 专题： 恒定电流专题． 分析： 解答本题需掌握：（1）欧姆定律的内容：一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比． （2）电阻是导体本身的一种属性，与材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关；（3）导体两端的电压是由电源提供的，电压的大小取决于电源本身．解答： 解：A 、电阻是导体本身的一种属性，与材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，只能用公式R=求解，故A 错误；B 、比值反映了导体阻碍电流的性质，叫做电阻，即电阻R=，故B 正确；C 、电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压和通过的电流无关，故C 错误；D 、同一导体电阻恒定，由I=知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比，故D 正确； 故选BD ．点评： 知道影响导体电阻的因素、掌握欧姆定律即可正确解题，本题是一道基础题．6．（4分）（2011秋•临夏市校级期末）下列说法中正确的是（ ）A ． 电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零B ． 一小段通电导线在某处不受安培力的作用，则该处磁感应强度一定为零C ． 把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D ． 把一小段通电导线放在磁场中某处，所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱考点： 电场强度；磁感应强度．分析：电场最基本的特性是对放入电场中的电荷有力的作用；通电导线与磁场平行时不受安培力；E=是电场强度的定义式；磁感应强度的定义式：B=，定义的前提条件是通电导线与磁场垂直．由这些知识解答即可．解答：解：A 、由E=得：F=qE ，得知电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零．故A 正确．B、一小段通电导线在某处不受安培力的作用，该处磁感应强度不一定为零，也可能是由于通电导线与磁场平行，但该处磁感应强度不为零．故B错误．C、E=是电场强度的定义式，电场强度E反映电场的强弱和方向，由此式知：把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值﹣﹣电场强度，即表示电场的强弱，故C正确．D、只有通电导线垂直放入磁场中时，通电导线所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱．故D错误．故选：AC点评：本题要明确电场强度和磁感应强度都采用比值法定义，E、B都反映场的强弱，但磁感应强度的定义式有条件：通电导线与磁场垂直，而电场强度的定义式没有条件．7．（4分）（2013秋•陈仓区校级期末）R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1：2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1和R2两端电压之比U1：U2为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1考点：串联电路和并联电路；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由并联电路的电流规律可得出两电阻的比值；由串联电路的电压规律可得出电压之比．解答：解：并联电路中电阻之比等于电流的反比，故=；由串联电路的规律可知，电压之比等于电阻之比，故U1：U2=2：1；故选B．点评：本题考查串并联电路的电流及电压规律，属基础内容，应熟纪并能灵活应用．8．（4分）（2012秋•长校级期中）下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是（）A．电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B．W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路C．在不是纯电阻的电路中，UI＞I2RD．焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电功是表示电流做功的多少，电功率是表示电流做功的快慢，焦耳定律是表示电流产生的热量的多少．解答：解：A、电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，所以A错误；B、公式W=UIt是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路，当为纯电阻电路时，根据欧姆定律I=，可以推到出W=I2Rt ，，所以W=I2Rt ，只能适用于纯电阻电路，所以B正确．C、在不是纯电阻的电路中，UI表示的是总的功率的大小，而I2R只是电路中发热的功率，还有对外做功的功率的大小，所以UI＞I2R，所以C正确；D、焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路中的焦耳热量的计算，所以D正确．故选BCD．点评：每个公式的使用的条件是不同的，掌握住公式的使用的条件，这是做题的前提条件．9．（4分）（2014春•兴庆区校级月考）一个可以的线圈L2和一个固定的线圈L1互相绝缘，垂直放置，且两个线圈都通过如图所示方向的电流时，则从左向右看，线圈L2将（）A．不动B．顺时针转动C．逆时针转动D．向纸外平动考点：平行通电直导线间的作用．分当平行的直导线中的电流方向相同时，这两条直导线就会互相的吸引，当平行的直导线中的电流方向相析：反时，这两条直导线就会互相的排斥．解答：解：由于L1和L2中的电流的方向是相同的，它们会互相吸引，由于L1是不动的，所以L2会向L1靠近，所以从左向右看，线圈L2将顺时针转动，所以B正确．故选：B．点评：掌握住平时总结的结论，在做选择题题目的时候可以快速而且准确的得到答案，所以掌握住平时总结的小结论是非常有用的．10．（4分）（2011秋•平川区校级期末）如图所示的四种情况中，匀强磁场磁感应强度相同，导体长度相同，通过的电流也相同，导体受到的磁场力最大，且方向沿着纸面的情况是（）A．甲、乙B．丙、丁C．甲、丙D．乙、丁考点：左手定则．分析：本题考查了如何利用左手定则判断通电导体所受安培力作用，应用时注意：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向，同时注意应用公式F=BIL进行计算时，注意公式中要求电流和磁场垂直．解答：解：根据左手定则可知：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向，由此可知甲图中，安培力安培力方向垂直纸面向里，大小为F=BILcos30°，乙图中安培力在纸面内垂直于磁场向下，大小为F=BIL，丙图中电流和磁场方向相同，不受安培力作用，丁图中，安培力方向在纸面内垂直于电流方向斜向上，大小为F=BIL，所以导体受到的磁场力最大，且方向沿着纸面的情况是乙图和丁图，故ABC错误，D正确．故选D．点评：本题比较简单，考查了安培力的大小与方向问题，要熟练应用左手定则判断安培力方向，应用公式F=BIL 时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义．11．（4分）（2011春•重庆期末）一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA，若将该电池板与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A．0.10V B．0.20V C．0.30V D．0.40V考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻．再根据欧姆定律求出电流和路端电压．解答：解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则电动势E=800mV由闭合电路欧姆定律得短路电流I短=则电源内阻r==Ω=20Ω该电源与20Ω的电阻连成闭合电路时，电路中电流I==mA=20mA故路端电压U=IR=400mV=0.4V，故D正确．故选：D．点评：对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势．12．（4分）（2002•上海）在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：压轴题．分析：由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．解答：解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故B正确，ACD错误；故选B．点评：闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．二、实验题（11分×2=22分）13．（11分）（2009•上海）（1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十kΩ的电阻Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上cabe ．a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆档×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆档×100e．旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔根据如图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为30K Ω．（2）（多选题）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是AC（A）测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量（B）测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果（C）测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开（D）测量阻值不同的电阻时都必须重新调零．考点：欧姆表的原理．分析：欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，（1）用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零（指欧姆调零）．（2）测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．（3）测量时注意手不要碰表笔的金属部分，否则将人体的电阻并联进去，影响测量结果．（4）合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近，解答：解：（1）测量几十kΩ的电阻Rx我们一般选择较大的档位先粗测，使用前应先进行调零，然后依据欧姆表的示数，在更换档位，重新调零，在进行测量；使用完毕应将选择开关置于OFF位置或者交流电压最大档，拔出表笔．欧姆表的示数乘以相应档位的倍率即为待测电阻的阻值30kΩ．（2）欧姆档更换规律“大小，小大”，即当指针偏角较大时，表明待测电阻较小，应换较小的档位；反之应还较大的档位．电流总是从红表笔流入从黑表笔流出多用电表，每次换挡一定要进行欧姆调零，测量电阻一定要断电作业．故答案为：（1）c、a、b、e，30k，（2）A、C，点评：（1）实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻（如灵敏电流表的内阻）．（2）测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于OFF挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电．（3）欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极．（4）用法：最好指针打到中间将误差减小14．（11分）（2014秋•校级月考）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中，供选用的器材有：A．电流表（量程：0～0.6A，RA=1Ω） B．电流表（量程：0～3A，RA=0.6Ω）C．电压表（量程：0～3V，RV=5kΩ） D．电压表（量程：0～15V，RV=10kΩ）E．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流1.5A）F．滑动变阻器（0～2kΩ，额定电流0.2A）G．待测电流（一节一号干电池）、开关、导线若干．（1）请在虚线框（图乙）内画出能使本实验测量精确程度高的实验电路．（2）电路中电流表应选用 A ，电压表应选用 C ，滑动变阻器应选用E ．（用字母代号填写）（3）如图甲所示为实验所需器材，请按原理图连接出正确的是实验电路．（4）引起该实验系统误差的主要原因是电压表的分流．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：在选择电压表和电流表时一是注意安全性不能超过量程，二是注意要使指针偏转尽量大些，在三分之二左右偏转，滑动变阻器若采用限流接法，要选择阻值大于待测电阻的，但是并非越大越好，太大不便于调节，由此原则可正确选择电表；根据测电源电动势和内阻的原理图可正确连接实物图．解答：解：（1）电源内阻较小，故采用电流表外接法，电路图如下：（2）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中，待测电动势不会超过3V，电流不到1A，因此压表应选用的量程为0～3V，电流表应选用的量程为0～0.6A，电源内阻一般几欧姆，因此选择R1即可．故答案为：A，C，E．（3）由此连接实物图如下所示：（4）引起实验误差的主要原因是由于电压表的分流；故答案为：（1）见图；（2）A，C，E；（3）如图．（4）电压表的分流．点评：电学实验中选择仪表是常见的一种题型，要求学生能按照安全性和准确性的要求进行分析，先确定出必须用到的器材，再去根据题目中给出的条件去判断电流表和电压表或者欧姆表，连接实物图时要根据原理图进行连接．三、计算题（10分×3=30分）15．（10分）（2013秋•校级期末）质量为m=0.02kg的通电细杆ab置于倾角为θ=37°的平行放置的导轨上，导轨的宽度d=0.2m，杆ab与导轨间的动摩擦因数μ=0.4，磁感应强度B=2T的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下，如图所示．现调节滑动变阻器的触头，试求出为使杆ab静止不动，通过ab杆的电流范围为多少？考点：安培力．分析：当电流较大时，导体有向上的运动趋势，所受静摩擦力向下，当静摩擦力达到最大时，安培力最大，电流最大．当电流最小时，有向上的最大静摩擦力，根据共点力平衡，结合安培力的大小公式，求出通过ab杆的电流范围．解答：解：当电流较大时，导体有向上的运动趋势，所受静摩擦力向下，当静摩擦力达到最大时，磁场力为最大值F1，此时通过ab的电流最大为Imax；同理，当电流最小时，应该是导体受向上的最大静摩擦力，此时的安培力为F2，电流为Imin．正确地画出两种情况下的受力图如图所示，由平衡条件列方程求解．根据第一幅受力图列式如下：F1﹣mgsinθ﹣f1=0N1﹣mgcosθ=0f1=μN1F1=BImaxd解上述方程得：Imax=0.46A根据第二幅受力图F2﹣mgsinθ+f2=0N2﹣mgcosθ=0f2=μN2F2=BImind解上述方程得：Imin=0.14A则通过ab杆的电流范围为：0.14A≤I≤0.46A．答：通过ab杆的电流范围为0.14A≤I≤0.46A．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，抓住两个临界状态，运用共点力平衡进行求解．知道电流最大时有向下的最大静摩擦力，电流最小时，有向上的最大静摩擦力．16．（10分）（2014春•兴庆区校级月考）一台电风扇的额定功率是60W，内阻为2Ω，当它接在220V的电压下正常运转，求：（1）电风扇正常运转时，通过它的电流多大？每秒钟有多少电能转化为机械能？（2）若接上电源后，电风扇因故不能转动，这时通过它的电流多大？电风扇实际消耗的电功率多大？此时可能会发生什么问题？考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：（1）由功率公式P=UI可求得通过它的电流；由W=Pt及能量守恒可求得转化的能量；（2）若电风扇不能转动时，可以看作纯电阻电路；由功率公式可求得实际功率．解答：解：（1）由P=UI可知；I===0.27A；产生的热量Q=I2Rt；则转化的机械能E=Pt﹣Q=60﹣0.272×2=59.85J；（2）电风扇不转时，由欧姆定律可知：I′===110A；实际功率P′===24200W；电风扇会被烧坏；答：（1）通过的电流为0.27A；转化的机械能为59.85J；（2）通过的电流为110A；实际功率为24200W；电风扇会被烧坏．点评：本题考查电动机的功率问题，要注意风扇被卡住时才能应用欧姆定律求解，同时要注意功率公式的应用．17．（10分）（2014春•兴庆区校级月考）一个用满偏电流为3mA的电流表改装成的欧姆表，调零后用它测量500Ω的电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间．如用它测量一个未知电阻时，指针指在1mA处，则被测电阻的阻值是多少？考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，应用闭合电路欧姆定律分析答题．解答：解：欧姆调零时：Ig==0.003A，测500欧姆电阻时：Ig=0.0015A=，测未知电阻时：I=0.001A=，解得：R=1000Ω；答：被测电阻的阻值是1000欧姆．点评：本题考查了求被测电阻的阻值，知道欧姆表的工作原理、应用闭合电路的欧姆定律即可正确解题．。
安徽庐江二中高二第二次月考物理试卷
庐江二中高二第二次月考物理试卷一.单项选择题(每小题4分，共40分)1．以下关于电源及其电动势的说法中，正确的是（ ）A.电源是把电能转化为其它形式能量的装置B.电源电动势就是电源电压C.电源电动势与其体积有关D.电路中每通过1C 电荷量，电源就将2J 的化学能转变为电能,则其电动势为2V2．有一横截面积为S 的铜导线，流经其中的电流为I ，设单位体积的导线中有n 个自由电子，电子的电荷量为e ，电子的定向移动速率为v ，则在t 时间内，通过导线横截面的自由电子总数为（ ）A.nvSB.nvtC. e ItD. eIS 3．标有“220V 、60W”的白炽灯泡，加上电压U 由零逐渐增大到220V 的过程中，电压U 和电流I 的关系可用图象表示，则下面给出的四个图象中符合实际的是（ ）4．电阻两端加上某一稳定电压，当通过该电阻的电荷量为3C 时，消耗的电能为9J ，为在相同时间内使6C 的电荷量通过该电阻，则其两端的电压和消耗的电能分别是（）A.3V ，18JB.3V ，36JC.6V ，18JD.6V ，36J 5．图中定值电阻R 1很大，R 2很小，与小量程电流表G 和开关S 1、S 2组成一个电压、电流两用表，为使其能当较大量程的电流表用，则应（ ）A. S 1、S 2都闭合B. S 1、S 2都断开C. S 1闭合S 2 断开D. S 2闭合S 1断开6．在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现 ,设计了一种报警装置,电路如图所示， M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M 发生变化,导致S 两端电压U 增大, 装置发出警报,此时( )A .R M 变大,且当R 远小于R M 时,U 增大更明显B .R M 变大,且当R 远大于R M 时,U 增大更明显C .R M 变小,且当R 远大于R M 时,U 增大更明显D .R M 变小,且当R 远小于R M 时,U 增大更明显7．如图所示，A 、B 是一对间距足够大的平行金属板，t=0s 时，一带负电的粒子（不计重力）从两板间的p 点由静止起一直向着B 板运动，则两板间电压U AB 变化图像是（ ）8．如图所示，电荷量为q 1、q 2的两个正点电荷分别置于A 点和B 点，两点相距L ，在以L 为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个可视为点电荷的带电小球 ，恰能静止在P 点，P A 与AB 的夹角为α，不计小球的重力，则( )A.tan 3α＝12q q B .tan α＝12q q C.小球一定带负电 D.圆心O 点场强一定为零9．某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，此时的圆轨道可等效为环形电流，则此电子运动的轨道半径越大（ ）A.加速度越大B.电势能越大C.线速度越大D.等效环形电流越大10．如图所示,一带电小球从A 处以速度v 0竖直向上进入水平方向的匀强电场中,B 、C 是其轨迹上的两点，其中B 为最高点，C 与A 在同一水平线上，若电场力大小恰与重力相等，则下列说法错误的是 ( )A.AB 两点的水平距离与竖直高度相等B.BC 两点的水平距离是AB 间水平距离的3倍C.小球在C 点的速率为5v 0D.小球从A 运动到B 的过程中，重力势能和电势能之和先减小后增大二.实验题(每小题9分，共18分)11．在“测定合金丝的电阻率”实验中，（1）某同学用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为_________mm ；（2）某同学采用图示的电路测量合金丝AB 的电阻，已知电压表内阻为1k Ω，电流表内阻为0.1Ω，两表得数分别为2V 和0.1A ，则此合金丝的阻值为_________Ω；（3）若测得金属丝的直径为d,长度为l ,电压表得数为U ，电流表得数为I ，则电阻率的表达式为ρ=____________。