高中物理必修三单元检测题202303
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷测试题(Word版 含解析)
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷测试题（Word 版 含解析）一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置．在管子的底部固定一电荷量为Q （Q ＞0）的点电荷．在距离底部点电荷为h 2的管口A 处，有一电荷量为q （q ＞0）、质量为m 的点电荷由静止释放，在距离底部点电荷为h 1的B 处速度恰好为零．现让一个电荷量为q 、质量为3m 的点电荷仍在A 处由静止释放，已知静电力常量为k ，重力加速度为g ，则该点电荷运动过程中：（1）定性分析点电荷做何运动？（从速度与加速度分析） （2）速度最大处与底部点电荷的距离 （3）运动到B 处的速度大小【答案】（1）先做加速度减小的加速，后做加速度增大的减速运动； （2）3KQqr mg=（3）2123()3B v g h h =-【解析】 【详解】（1）由题意知，小球应先做加速运动，再做减速运动，即开始时重力应大于库仑力；而在下落中，库仑力增大，故下落时加速度先减小，后增大；即小球先做加速度减小的加速，后做加速度增大的减速运动；（2）当重力等于库仑力时，合力为零，此时速度最大，23kQqF mg r 库==解得：3kQqr mg=（3）点电荷在下落中受重力和电库仑力，由动能定理可得：mgh +W E =0；即W E =-mgh ；当小球质量变为3m 时，库仑力不变，故库仑力做功不变，由动能定理可得：3mgh-mgh=123mv2；解得：2123()3Bv g h h=-点睛：本题综合考查动力学知识及库仑力公式的应用，解题的关键在于明确物体的运动过程；同时还应注意点电荷由静止开始运动，故开始时重力一定大于库仑力．2．如图所示，在光滑绝缘水平面上，质量为m的均匀绝缘棒AB长为L、带有正电，电量为Q且均匀分布．在水平面上O点右侧有匀强电场，场强大小为E，其方向为水平向左，BO距离为x0，若棒在水平向右的大小为QE/4的恒力作用下由静止开始运动．求：（1）棒的B端进入电场L/8时的加速度大小和方向；（2）棒在运动过程中的最大动能．（3）棒的最大电势能．（设O点处电势为零）【答案】（1）/8qE m ,向右（2）()48qE Lx+（3）0(2)6qE x L+【解析】【分析】【详解】（1）根据牛顿第二定律，得48QE L QEmaL-⋅＝解得8QEam＝，方向向右．（2）设当棒进入电场x时，其动能达到最大，则此时棒受力平衡，有4QE QExL⋅＝解得14x L=由动能定理得：()0044()()42442448 K oQE QELQE QE L QE LE W x x x x x＝＝＝＝+⨯∑+-+-+⨯（3）棒减速到零时，棒可能全部进入电场，也可能不能全部进入电场，设恰能全部进入电场，则有：()42QE QEx L L+-＝，得 x0=L；()42QE QELL Lε+＝＝当x 0＜L ，棒不能全部进入电场，设进入电场x根据动能定理得()00 0042xQEQE L x x x ++--＝ 解之得：208L L Lx x ++＝则2008 ()4F L L Lx QE W x ε+++＝＝当x 0＞L ，棒能全部进入电场，设进入电场x ()()0042QE QEx x L QE x L +---＝ 得：023x Lx +＝ 则()()000242 4436QE x L x L QE QE x x ε+++⋅＝＝＝3．如图所示,在绝缘的水平面上,相隔2L 的,A 、B 两点固定有两个电量均为Q 的正点电荷,C 、O 、D 是AB 连线上的三个点,O 为连线的中点,CO=OD=L/2｡一质量为m 、电量为q 的带电物块以初速度v 0从c 点出发沿AB 连线向B 运动,运动过程中物块受到大小恒定的阻力作用｡当物块运动到O 点时,物块的动能为初动能的n 倍,到达D 点刚好速度为零,然后返回做往复运动,直至最后静止在O 点｡已知静电力恒量为k,求: (1)AB 两处的点电荷在c 点产生的电场强度的大小; (2)物块在运动中受到的阻力的大小; (3)带电物块在电场中运动的总路程｡【答案】（1）（2） （3）【解析】 【分析】 【详解】（1）设两个正点电荷在电场中C 点的场强分别为E 1和E 2，在C 点的合场强为E C ；则12()2kQ E L ＝；223()2kQE L ＝ 则E C =E 1-E 2解得：E C ＝232 9kQL ． （2）带电物块从C 点运动到D 点的过程中，先加速后减速．AB 连线上对称点φC =φD ，电场力对带电物块做功为零．设物块受到的阻力为f ， 由动能定理有：−fL ＝0−12mv 02 解得：2012f mv L＝（3）设带电物块从C 到O 点电场力做功为W 电，根据动能定理得：220011222L W f n mv mv 电＝-⋅⋅-解得：()201214W n mv -电＝设带电物块在电场中运动的总路程为S ，由动能定理有：W 电−fs ＝0−12mv 02 解得：s=（n+0.5）L 【点睛】本题考查了动能定理的应用，分析清楚电荷的运动过程，应用动能定理、点电荷的场强公式与场的叠加原理即可正确解题．4．如图所示，长l ＝1m 的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ＝37°.已知小球所带电荷量q ＝1.0×10－6C ，匀强电场的场强E ＝3.0×103N/C ，取重力加速度g ＝10m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)小球所受电场力F 的大小； (2)小球的质量m ；(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v 的大小． 【答案】(1)F =3.0×10－3N (2)m =4.0×10－4kg (3)v =2.0m/s 【解析】 【分析】 【详解】(1)根据电场力的计算公式可得电场力6331.010 3.010N 3.010N F qE --==⨯⨯⨯=⨯； (2)小球受力情况如图所示：根据几何关系可得tan qEmg θ=，所以34310kg 410kg tan 10tan 37qE m g θ--⨯===⨯⨯︒； (3)电场撤去后小球运动过程中机械能守恒，则21(1cos37)2mgl mv -︒=，解得v =2m/s ．5．如图所示,一根长为l 的不可伸长的细丝线一端固定于O 点,另一端系住一个质量为m 的带电小球.将此装置放在水平向右的匀强电场E 中,待小球稳定后,细丝线与竖直方向夹角为α.求:(1)小球带什么电,电荷量为多少? (2)剪断绳子后小球做什么运动？ 【答案】(1)正电，tan mg q Eα= (2)做初速度是零的匀加速直线运动 【解析】 【详解】（1）对小球进行受力分析：由于小球所受电场力水平向右，E 的方向水平向右，所以小球带正电．小球受力如图所示，有：qE=mgtanα 即：tan mg q Eα=（2）剪断细绳后，小球受重力和电场力，其合力方向沿细绳方向斜向下，则小球将沿细绳的方向做初速度是零的匀加速直线运动．6．—个带正电的微粒，从A 点射入水平方向的匀强电场中，微粒沿直线AB 运动，如图所示，AB 与电场线夹角θ=53°，已知带电微粒的质量m =1.0×10－7kg ，电荷量q =1.0×10－10C ，A 、B 相距L =20cm ．(取g =10m/s 2)．求：(1)电场强度的大小和方向；(2)要使微粒从A 点运动到B 点，微粒射入电场时的最小速度是多少． 【答案】（1）7.5×10 3 V/m,方向水平向左 (2)5m/s 【解析】 【详解】(1)带电微粒做直线运动，所受的合力与速度在同一直线上，则带电微粒受力如图所示；由图可知，合力与速度方向相反；故粒子一定做匀减速直线运动； 由力的合成可知：mg =qE •tan θ可得：37.510V/m tan mgE q θ==⨯，方向水平向左． （2）微粒从A 到B 做匀减速直线运动，则当v B =0时，粒子进入电场速度v A 最小.由动能定理：21sin cos 02A mgL qEL mv θθ--=-代入数据得：v A 5m/s二、必修第3册 静电场中的能量解答题易错题培优（难）7．如图所示，一个方向竖直向下的有界匀强电场，电场强度大小为E 。
高中物理选择性必修第三册课后习题 第三章测评卷
第三章测评卷一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.如图所示,在紫铜管内滴入乙醚,盖紧管塞。
用手拉住绳子两端迅速往复拉动,管塞会被冲开。
管塞被冲开前( )A.外界对管内气体做功,气体内能增大B.管内气体对外界做功,气体内能减小C.管内气体内能不变,压强变大D.管内气体内能增大,压强变大2.下列说法正确的是( )A.冰箱能使热量从低温物体传递到高温物体,因此不遵循热力学第二定律B.空调工作时消耗的电能与室内温度降低所放出的热量可以相等C.自发的热传导是不可逆的D.不可能通过给物体加热而使它运动起来,因为其违背热力学第一定律3.关于能量的转化,下列说法正确的是( )A.满足能量守恒定律的物理过程都能自发地进行B.空调机既能制热又能制冷,说明热传递不存在方向性C.热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变化D.自然界中能量的总量保持不变,而且能量的可利用性在逐步提高4.关于能量和能源,下列说法正确的是( )A.化石能源是清洁能源,水能是可再生能源B.人类在不断地开发和利用新能源,所以能量可以被创造C.在能源的利用过程中,由于能量在数量上并未减少,所以不需要节约能源D.能量耗散现象说明,在能量转化的过程中,虽然能量的总量并不减少,但能量品质降低了5.如图所示,气缸内封闭一定质量的理想气体,活塞通过定滑轮与一重物相连并处于静止状态,此时活塞到缸口的距离h=0.2 m,活塞面积S=10 cm2,封闭气体的压强p=5×104Pa。
现通过电热丝对缸内气体加热,使活塞缓慢上升直至缸口。
在此过程中封闭气体吸收了Q=60 J的热量,假设气缸壁和活塞都是绝热的,活塞质量及一切摩擦力不计,则在此过程中气体内能的增加量为( )A.70 JB.60 JC.50 JD.10 J6.一定质量的理想气体在某一过程中压强p=1.0×105 Pa保持不变,体积增大100 cm3,气体内能增加了50 J,则此过程( )A.气体从外界吸收50 J的热量B.气体从外界吸收60 J的热量C.气体向外界放出50 J的热量D.气体向外界放出60 J的热量7.如图所示,用两种不同的金属丝组成一个回路,接触点1插在一杯热水中,接触点2插在一杯冷水中,此时灵敏电流计的指针会发生偏转,这就是温差发电现象。
新教材同步辅导2023年高中物理章末质量评估三第三章恒定电流粤教版必修第三册
章末质量评估(三)(对应第三章)(时间：75分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每题4分，共28分．每小题只有一个选项是正确的，选对得4分．错选、多选、不选均不得分)1．据报道，我国每年心源性猝死案例高达55万，而心脏骤停最有效的抢救方式是尽早通过AED自动除颤机给予及时治疗．某型号AED模拟治疗仪器的电容器电容是20μF，充电至8kV电压，如果电容器在2ms时间内完成放电，则下列说法正确的是()A．电容器的击穿电压为8kVB．电容器充电后的电量为160CC．当电容器放电完毕后，电容变为0D．电容器放电过程的平均电流强度大小为80A解析：当电容器的电压达到击穿电压时，电容器将会损坏，所以8kV电压不是击穿电压，A错误；据C＝QU，解得Q＝0.16C，B错误；电容器的电容与电容器的带电荷量无关，所以当电容器放完电后，其电容保持不变，C错误；电容器放电过程的平均电流强度大小为I＝Q t＝80A，D正确．答案：D2．电位器是变阻器的一种．如图所示，如果把电位器与灯泡串联起来，利用它改变灯泡的亮度，下列说法正确的是()A．串接A、B使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗B．串接A、C使滑动触头逆时针转动，灯泡变亮C．串接A、C使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗D．串接B 、C 使滑动触头逆时针转动，灯泡变亮解析：根据电位器结构和连线可知：串接A 、B 使滑动触头顺时针转动时，回路电阻增大，回路电流减小，灯泡变暗，故A 正确；串接A 、C 时，滑动触头不能改变回路电阻，灯泡亮度不变，故B、C 错误；串接B 、C 使滑动触头顺时针转动时，回路电阻减小，回路电流增大，灯泡变亮，故D 错误．故选A.答案：A3．对于常温下一根阻值为R 的均匀金属丝，其伏安特性曲线如图所示，下列说法正确的是()A．常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10RB．常温下，若将金属丝从中点对折起来，电阻变为12R C．给金属丝加上的电压逐渐从零开始增大，U I比值变大D．金属材料的电阻率随温度的升高而减小解析：常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10倍，横截面积减小为0.1倍，电阻率不变，根据电阻定律，电阻增大为100倍，故A 错误；常温下，若将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，故电阻变为14倍，故B 错误；给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U 0，根据图线与原点连线的斜率可知金属丝的电阻值变大，所以U I比值变大，故C 正确；金属材料的电阻率随温度的升高而增大，D 错误．故选C.答案：C4．用电流表和电压表测量某一电阻R x 的阻值，分别将图甲和图乙两种测量电路连接到电路中，按图甲连接时，电流表示数为4.60mA，电压表示数为2.50V；按照图乙连接时，电流表示数为5.00mA，电压表示数为2.45V，比较这两次结果，正确的是()A．电阻的真实值更接近543Ω，且大于543ΩB．电阻的真实值更接近543Ω，且小于543ΩC．电阻的真实值更接近490Ω，且大于490ΩD．电阻的真实值更接近490Ω，且小于490Ω解析：由题意可知：ΔI I 1＝5－4.64.6≈0.087，ΔU U 1＝2.5－2.452.5＝0.02，ΔI I 1>ΔU U 1，电流变化量大，电压表分流对实验影响较大，电流表应采用内接法，即题图甲所示接法，则电阻测量值为R ＝U 1I 1＝ 2.50.0046Ω≈543Ω，由于电流表采用内接法，电压测量值偏大，电阻测量值大于真实值，则电阻真实值小于543Ω.故选B.答案：B5．某同学对电场和电路的思维方法进行了总结，以下总结正确的是()A．一个电子或质子所带电量的绝对值叫作元电荷，元电荷是一个理想化模型B．库仑扭秤实验中通过观察悬丝扭转的角度可以比较力的大小，采用了放大法C．平行板电容器的电容C ＝εr S 4πkd，采用了比值定义法D．把表头改装成大量程的电流表或电压表时，采用了控制变量法解析：一个电子或质子所带电量的绝对值叫作元电荷，元电荷是自然界真实存在的最小电荷量，不是理想化模型，故A 错误；库仑扭秤实验中通过观察悬丝扭转的角度可以比较力的大小，采用了放大法，故B 正确；C ＝εr S 4πkd是平行板电容器的电容的决定式，只有定义式C ＝Q U才采用了比值定义法，故C 错误；把表头改装成大量程的电流表或电压表时，采用了等效替代法，故D 错误．答案：B6.如图所示，有一个表头G，满偏电流I g ＝500mA，内阻R g ＝200Ω，把它改装为有1A 和10A 两种量程的电流表，则R 2的阻值为()A．20ΩB．30ΩC．40ΩD．50Ω解析：当量程为I 1＝1A 时，分流电阻(R 1＋R 2)的阻值为R 1＋R 2＝I g R g I －I g ＝0.5×2001－0.5Ω＝200Ω，当量程为I 2＝10A 时，R 1与表头G 串联，R 2的阻值为R 2＝I g （R g ＋R 1）I 2－I g ＝0.5（200＋R 1）10－0.5，联立解得R 1＝180Ω，R 2＝20Ω，A 正确．故选A.答案：A7．在长度为l 、横截面积为S 、单位体积内自由电子数为n 的金属导体两端加上电压，导体中就会产生匀强电场．导体内电荷量为e 的自由电子在电场力作用下先做加速运动，然后与做热运动的阳离子碰撞而减速，如此往复，所以，我们通常将自由电子的这种运动简化成速率为v (不随时间变化)的定向运动．已知阻碍电子运动的阻力大小与电子定向移动的速率v 成正比，即f ＝kv (k 是常量)，则该导体的电阻应该等于()A.klneS B.kl ne 2SC.kS nelD.kS ne 2l 解析：根据题述，将自由电子的这种运动简化成速率为v (不随时间变化)的定向运动，则电子定向移动所受的电场力等于阻力，即eU l＝f ＝kv .横截面积为S 、单位体积内自由电子数为n 的金属导体中电流为I ＝nevS ，由欧姆定律可得则该导体的电阻应该等于R ＝U I，联立解得R ＝kl ne 2S，选项B 正确．答案：B二、多项选择题(本大题共3小题，每题6分，共18分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，错选、多选、不选均不得分)8.如图，两个截面不同、长度相等的均匀铜棒接在电路中，两端的电压为U ，则()A．通过两棒的电流不相等B．两棒的自由电子定向移动的平均速率v 1>v 2C．两棒内的电场强度不同，细棒内场强E 1小于粗棒内部场强E 2D．细棒的电压U 1大于粗棒的电压U 2解析：两棒串联，电流相等，根据电流的微观表达式I ＝neSv 可知，面积越大的，自由电子定向移动的平均速率越小，A 错误，B 正确；根据电阻定律R ＝ρl S可知，细棒的电阻大，根据欧姆定律得U 1>U 2，根据E ＝U d可知，细棒内场强E 1大于粗棒内部场强E 2，C 错误，D 正确．故选BD.答案：BD9．2019年1月18日，世界顶级学术期刊Nature 杂志发布了“2018年度科学人物”，来自中国的22岁少年曹原位居榜首．曹原通过石墨烯的研究成功发现常温超导体，他解决了困扰世界107年的难题，也是149年以来获此殊荣的最年轻的杰出科学家．其中电导率是衡量材料性质的物理量．电导率σ就是电阻率ρ的倒数，即σ＝1ρ.关于电导率的下列说法正确的是()A．电导率的单位是1Ω·m B．材料的电导率与材料的形状有关C．材料的电导率越大，其导电性能越强D．电导率大小与温度无关解析：根据R ＝ρL S ，则σ＝1ρ＝L RS ，则电导率的单位是m Ω·m 2＝1Ω·m，故A 正确；材料的电导率与材料的形状无关，故B 错误；材料的电导率越大，电阻率越小，则其导电性能越强，故C 正确；导体的电阻率与温度有关，则电导率大小与温度有关，故D 错误．故选AC.答案：AC10.一个T 形电路如图所示，电路中的电阻R 1＝10Ω，R 2＝120Ω，R 3＝40Ω.另有一测试电源，电动势为100V，内阻忽略不计．则()A．当cd 端短路时，a 、b 之间的等效电阻是40ΩB．当ab 端短路时，c 、d 之间的等效电阻是40ΩC．当ab 两端接通测试电源时，cd 两端的电压为80VD．当cd 两端接通测试电源时，ab 两端的电压为80V解析：当cd 端短路时，a 、b 之间的电路结构是电阻R 2、R 3并联后与R 1串联，等效电阻为R ＝R 2R 3R 2＋R 3＋R 1＝120×40120＋40(Ω)，故A 正确；当ab 端短路时，c 、d 之间的电路结构是电阻R 1、R 3并联后与R 2串联，等效电阻为R ＝R 1R 3R 1＋R 3＋R 2＝10×4010＋40＋120＝128(Ω)，故B 错误；当ab 两端接通测试电源时，cd 两端的电压为U ＝R 3R 1＋R 3E ＝4040＋10×100V＝80V，故C 正确；当cd 两端接通测试电源时，ab 两端的电压为U 3＝R 3R 2＋R 3×100V＝40120＋40×100V＝25V，故D 错误．答案：AC三、非选择题(本大题共5小题，共54分．解答题应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，答案中必须明确写出数值和单位)11．(8分)有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性曲线．现有下列器材供选用：电压表(0～5V，内阻约10kΩ)、电流表(0～0.6A，内阻约0.4Ω)、滑动变阻器(10Ω，2A)、学生电源(直流6V)、开关、导线若干．(1)实验时，应选下面两图中________(选填“图甲”或“图乙”)电路图来完成实验．(2)根据所选电路图，将图丙的实验器材用实线连接成实物电路图，图中部分连线已经连接好，请你完成其余的连线．解析：(1)灯泡正常发光时的电阻阻值为R＝U2P＝422Ω＝8Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，又因要描绘灯泡的伏安特性曲线，电流从零开始变化，则滑动变阻器采用分压式接法，所以应选甲电路图完成实验．(2)实物连线图如图．答案：(1)图甲(2)见解析图12．(10分)随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户．已知电导率σ是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标．某市对市场上出售的纯净水质量进行抽测时，为方便测量纯净水的电导率，检测人员将水样装满长为L、绝缘性能良好的薄壁塑料圆柱形容器，容器两端用金属圆片电极密封，如图甲所示．(1)如图乙所示，用螺旋测微器测出该圆柱体的直径D＝________mm.(2)按照图丙所示连接电路，图中R为水样，闭合开关，调节滑动变阻器，记录电压表和电流表示数分别为U 和I ，则电导率σ＝______________(用U 、I 、L 、D 、π表示)．(3)由于图丙中所用电压表和电流表不是理想电表，则用图丙所示电路测量的电导率σ________(选填“偏大”“偏小”或“准确”)．解析：(1)根据螺旋测微器读数规则6.5mm＋0.01mm×22.5＝6.725mm.(2)根据伏安法测电阻得R ＝U I ，电阻定义式R ＝ρL S ，横截面积S ＝πD 24，又σ＝1ρ，综上得σ＝4IL πUD 2.(3)由于电压表分流作用，R 的测量值偏小，ρ偏小，σ偏大．答案：(1)6.725(2)4IL πUD 2(3)偏大13．(10分)如图是双量程电压表的原理图，它有两个量程分别为0～3V 和0～15V，则使用a 、b 两端时量程应为_____V，已知表头内阻为15Ω，满偏电流为4mA，则R 1＝_____Ω.解析：改装后电压表的量程为U ＝I g (R g ＋R 串)，故串联的电阻越大，量程越大，故接a 、b 时，为灵敏电流计与R 1串联，量程为3V；接a 、c 时，为灵敏电流计与R 1和R 2串联，量程为15V；由题可知，满偏电压U g ＝I g R g ＝0.004×15V＝0.006V，则R 1两端的电压为U R 1＝(3－0.06)V＝2.94V，则R 1＝U R 1I g ＝2.940.004Ω＝735Ω.答案：0～373514．(12分)氢原子内有一个氢原子核和一核外电子，电子和原子核都带一个元电荷，电子带负电，原子核带正电，电子质量为m ，设电子绕原子核运动的轨道半径为r ，求：(1)电子的运动周期；(2)电子的动能E k ；(3)等效电流的大小．解析：(1)氢原子核对电子的库仑力提供了电子运动的向心力，k e 2r 2＝m v 2r，解得电子做匀速圆周运动的速度v ＝ek mr ，电子做匀速圆周运动的周期T ＝2πr v ，联立得T ＝2πr e mr k.(2)由(1)可知电子做匀速圆周运动的速度，故电子的动能E k ＝12mv 2＝ke 22r.(3)等效电流为I＝eT＝e22πkmr3.答案：(1)2πremrk(2)ke22r(3)e22πkmr315．(14分)在物理课外实验探究活动中，某小组设计了一个能反映水平风力大小的装置，如图甲所示，电源电压恒定为16V，R0为定值电阻，L为额定电压是2.5V的小灯泡，其IU 关系的部分数据如图乙所示，AB为长14cm、阻值60Ω、粗细均匀的电阻丝(电阻丝的阻值与长度成正比)，OP为质量、电阻均不计的金属细杆，下端连接一个重2N的圆球P.闭合开关S，无风时，OP下垂并与A端接触，此时电流表示数为0.2A；有风时，OP绕悬挂点O 转动，风对球的作用力F方向始终水平向右，已知OA为10cm，OP始终与AB接触良好且摩擦忽略不计．求：(1)电流表示数为0.2A时灯泡的电阻；(2)无风时R0消耗的电功率；(3)有风时，为防止灯泡烧坏(其两端电压不超过额定电压)，允许风对球施加的最大作用力．(OP可看作以O为支点的杠杆)解析：(1)由题电路图可知，灯泡L、定值电阻R0和电阻丝串联，电流表测电路中的电流，当电流表示数为0.2A时，由题图乙可知此时灯泡两端的电压为1V，所以灯泡的电阻R L＝U L I L ＝1V0.2A＝5Ω.(2)无风时，OP下垂并与A端接触，电阻丝接入阻值最大为60Ω，电阻丝两端的电压U AB ＝IR AB＝0.2A×60Ω＝12V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R0两端的电压：U0＝U－U L－U AB＝16V－1V －12V＝3V，则此时R0消耗的电功率：P0＝U0I＝3V×0.2A＝0.6W.(3)R0的阻值R0＝U0I＝3V0.2A＝15Ω，为防止灯泡烧坏，灯泡两端的电压U L额＝2.5V，由题图乙可知，电路的最大电流I′＝0.3A，此时风对球的压力最大，OP绕O转动的角度最大，设此时OP 与AB 的接触点为C ，R 0两端的电压U 0′＝I ′R 0＝0.3A×15Ω＝4.5V，R BC 两端的电压U BC ＝U －U L 额－U 0′＝16V－2.5V－4.5V＝9V，此时电阻丝连入电路的电阻R BC ＝U BC I ′＝9V 0.3＝30Ω，即电阻丝AB 接入电路中的最小阻值为30Ω；因电阻丝的电阻与电阻丝的长度成正比，所以BC ＝R BC R AB ×AB ＝30Ω60Ω×14cm＝7cm，则AC ＝AB －BC ＝14cm－7cm＝7cm，如右上图，把OP 视为杠杆，F 的力臂为OD ，G 的力臂为PD ，根据杠杆平衡条件可得F ×OD ＝G ×PD ，则F G ＝PD OD，根据相似三角形的知识可得PD OD ＝AC OA，所以F G ＝AC OA，则F ＝AC OA ×G ＝7cm 10cm×2N＝1.4N.答案：(1)5Ω(2)0.6W (3)1.4N。
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷测试题(Word版 含解析)
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷测试题（Word 版 含解析）一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，真空中有两个点电荷A 、B ，它们固定在一条直线上相距L =0.3m 的两点，它们的电荷量分别为Q A =16×10－12C ，Q B =4.0×10－12C ，现引入第三个同种点电荷C ，（1）若要使C 处于平衡状态，试求C 电荷的电量和放置的位置？（2）若点电荷A 、B 不固定，而使三个点电荷在库仑力作用下都能处于平衡状态，试求C 电荷的电量和放置的位置？ 【答案】（1）见解析（2）1216109C -⨯ ，为负电荷 【解析】 【分析】 【详解】（1）由分析可知，由于A 和B 为同种电荷，要使C 处于平衡状态，C 必须放在A 、B 之间某位置，可为正电荷，也可为负电荷．设电荷C 放在距A 右侧x 处，电荷量为Q 3 ∵ AC BC F F = ∴ 132322()Q Q Q Q kk x L x =- ∴1222()Q Q x L x =- ∴ 4(L －x)2=x 2 ∴ x =0.2m即点电荷C 放在距A 右侧0.2m 处，可为正电荷，也可为负电荷．（2）首先分析点电荷C 可能放置的位置，三个点电荷都处于平衡，彼此之间作用力必须在一条直线上，C 只能在AB 决定的直线上，不能在直线之外．而可能的区域有3个， ① AB 连线上，A 与B 带同种电荷互相排斥，C 电荷必须与A 、B 均产生吸引力，C 为负电荷时可满足；② 在AB 连线的延长线A 的左侧，C 带正电时对A 产生排斥力与B 对A 作用力方向相反可能A 处于平衡；C 对B 的作用力为推斥力与A 对B 作用力方向相同，不可能使B 平衡；C 带负电时对A 产生吸引力与B 对A 作用力方向相同，不可能使A 处于平衡；C 对B 的作用力为吸引力与A 对B 作用力方向相反，可能使B 平衡，但离A 近，A 带电荷又多，不能同时使A 、B 处于平衡．③ 放B 的右侧，C 对B 的作用力为推斥力与A 对B 作用力方向相同，不可能使B 平衡； 由分析可知，由于A 和B 为同种电荷，要使三个电荷都处于平衡状态，C 必须放在A 、B 之间某位置，且为负电荷．设电荷C 放在距A 右侧x 处，电荷量为Q 3对C ：132322(0.3)Q Q Q Q kk x x =- ∴ x =0.2m 对B ：321222()Q Q Q Q k k L L x =- ∴ 12316109Q C -=⨯，为负电荷． 【点睛】此题是库仑定律与力学问题的结合题；要知道如果只是让电荷C 处于平衡，只需在这点的场强为零即可，电性不限；三个电荷的平衡问题，遵循：“两同加一异”、“两大加一小”的原则.2．(1)科学家发现，除了类似太阳系的恒星-行星系统，还存在许多双星系统，通过对它们的研究，使我们对宇宙有了较深刻的认识．双星系统是由两个星体构成，其中每个星体的线度（直径）都远小于两星体间的距离，一般双星系统距离其他星体很远，可以当做孤立系统处理．已知某双星系统中每个星体的质量都是M 0，两者相距L ，它们正围绕两者连线的中点做匀速圆周运动，引力常量为G ． 求： ①该双星系统中星体的加速度大小a ； ②该双星系统的运动周期T ．(2)微观世界与宏观世界往往存在奇妙的相似性．对于氢原子模型，因为原子核的质量远大于电子质量，可以忽略原子核的运动，形成类似天文学中的恒星-行星系统，记为模型Ⅰ．另一种模型认为氢原子的核外电子并非绕核旋转，而是类似天文学中的双星系统，核外电子和原子核依靠库仑力作用使它们同时绕彼此连线上某一点做匀速圆周运动，记为模型Ⅱ．已知核外电子的质量为m ，氢原子核的质量为M ，二者相距为r ，静电力常量为k ，电子和氢原子核的电荷量大小均为e ．①模型Ⅰ、Ⅱ中系统的总动能分别用E k Ⅰ、 E k Ⅱ表示，请推理分析，比较E k Ⅰ、 E k Ⅱ的大小关系；②模型Ⅰ、Ⅱ中核外电子做匀速圆周运动的周期分别用T Ⅰ、T Ⅱ表示，通常情况下氢原子的研究采用模型Ⅰ的方案，请从周期的角度分析这样简化处理的合理性．【答案】(1) ①02GM a L = ②2T = (2) ①2k k II =2ke E E r =Ⅰ ②T T ⅠⅡ为M >>m ，可得T Ⅰ≈T Ⅱ，所以采用模型Ⅰ更简单方便． 【解析】 【详解】(1)①根据万有引力定律和牛顿第二定律有：2002GM M a L=解得02GM a L =②由运动学公式可知，224π2La T =⋅解得2T =(2)①模型Ⅰ中，设电子绕原子核的速度为v ，对于电子绕核的运动，根据库仑定律和牛顿第二定律有222ke mv r r=解得：22k 122ke E mv r==Ⅰ模型Ⅱ中，设电子和原子核的速度分别为v 1、v 2，电子的运动半径为r 1，原子核的运动半径为r 2．根据库仑定律和牛顿第二定律 对电子有：22121mv ke r r =，解得22k11121=22ke E mv r r=对于原子核有：22222=Mv ke r r ，解得22k22221=22ke E Mv r r=系统的总动能：E k Ⅱ=E k1+ E k2=()2212222ke ke r r r r+=即在这两种模型中，系统的总动能相等．②模型Ⅰ中，根据库仑定律和牛顿第二定律有22224πke m r r T =Ⅰ，解得23224πmr T ke =Ⅰ 模型Ⅱ中，电子和原子核的周期相同，均为T Ⅱ 根据库仑定律和牛顿第二定律对电子有221224πke m r r T =⋅Ⅱ， 解得221224πke T r r m =Ⅱ对原子核有222224πke M r r T =⋅Ⅱ， 解得222224πke T r r M=Ⅱ因r 1+r 2=r ，可解得：()23224πmMr T ke M m =+Ⅱ所以有T T =ⅠⅡ 因为M >>m ，可得T Ⅰ≈T Ⅱ，所以采用模型Ⅰ更简单方便．3．竖直放置的平行金属板A 、B 带等量异种电荷(如图)，两板之间形成的电场是匀强电场．板间用绝缘细线悬挂着的小球质量m=4．0×10－5kg ，带电荷量q=3．0×10－7C ，平衡时细线与竖直方向之间的夹角α=37°．求：(1)A 、B 之间匀强电场的场强多大?(2)若剪断细线，计算小球运动的加速度，小球在A 、B 板间将如何运动? 【答案】(1)E =1×103N/C (2) 12.5m/s 2 【解析】 【详解】（1）小球受到重力mg 、电场力F 和绳的拉力T 的作用，由共点力平衡条件有：F =qE =mg tan α解得：537tan 410100.75 1.010N/C 310mg E q α--⨯⨯⨯===⨯⨯ 匀强电场的电场强度的方向与电场力的方向相同，即水平向右；（2）剪断细线后，小球做偏离竖直方向，夹角为37°匀加速直线运动，设其加速度为a 由牛顿第二定律有：cos mgma θ= 解得：212.5m/s cos ga θ== 【点睛】本题是带电体在电场中平衡问题，分析受力情况是解题的关键，并能根据受力情况判断此后小球的运动情况．4．如图所示，单层光滑绝缘圆形轨道竖直放置，半径r=lm ，其圆心处有一电荷量Q =+l×l0-4C 的点电荷，轨道左侧是一个钢制“隧道”，一直延伸至圆形轨道最低点B ；在“隧道”底部辅设绝缘层。
2023届人教版高考物理选择性必修三第十二章电能 能量守恒定律单元测试卷
2023届人教版高考物理选择性必修三第十二章电能能量守恒定律单元测试卷注意事项：1．本试卷满分100分，建议时长70分钟；2．如无特殊说明，本试卷中g取10m/s2 。
第一部分（选择题40分）一、单项选择题（共8道小题，每小题3分，共24分，每道小题只有一个选项符合题目要求）。
1．（2020安徽合肥一模）电功率的公式P＝2UR中，U是加在用电器上的电压，R是用电器的电阻，此式可用于（）A．计算电冰箱的功率B．计算电风扇的功率C．计算电烙铁的功率D．计算洗衣机的功率2．（2020上海普陀高三下学期二模）如图所示，电路中电源电动势为E、内电阻为r，R0为定值电阻。
当滑动变阻器R的滑片向a移动时，下列说法正确的是（）A．R两端电压变大B．流经R0的电流变大C．电源总功率变小D．电源内部消耗功率变大3．（2021广东华南师大附中高二月考）在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。
闭合开关S，当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V，重新调节R使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V，电压表、电流表均为理想电表，则这台电动机正常运转时的输出功率为（）A．32 W B．44 W C．47 W D．48W4．（2021河北邢台高二上期末）在如图所示的电路中，两相同的小灯泡A、B原来都发光，忽然小灯泡A比原来亮了，小灯泡B比原来暗了，则发生这种现象的故障可能是（电源内阻不计）（）A．R1断路B．R2短路C．R3断路D．R4短路5．（2020辽宁丹东高二期中）不考虑温度对电阻的影响，对一个“220 V，40 W”的灯泡，下列说法正确的是（）A．接在110 V的电路上时的功率为20 WB．接在110 V的电路上时的功率为10 WC．接在440 V的电路上时的功率为160 WD．接在22 V的电路上时的功率为4 W6．（2020山东师大附中高二期中）如图所示，电源电动势E＝10 V，内阻r＝0.2 Ω，标有“8 V16 W”的灯泡L恰好正常发光，电动机线圈电阻R0＝0.15 Ω，则电源的输出功率为（）A．16 W B．440 W C．80 W D．400 W 7．（2020河南南阳模拟）硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。
2023年人教版高中物理选择性必修第三册第三章学业质量检测试卷及答案
本章学业质量标准检测本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分100分，时间75分钟。
第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共12小题，其中1～8小题只有一个选项符合题目要求，每小题3分，第9～12小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分) 1．热力学定律表明自然界中进行的热现象的宏观过程( D )A．有的只遵守热力学第一定律B．有的只遵守热力学第二定律C．有的既不遵守热力学第一定律，也不遵守热力学第二定律D．所有的都遵守热力学第一、第二定律解析：热力学第一、第二定律是热力学的基本定律，对所有涉及热现象的宏观过程都成立，选项D正确。
2．(2023·河南周口段考)一个带活塞的气缸内盛有一定量的气体，若此气体的温度随其内能的增大而升高，则( D )A．将热量传给气体，其温度必升高B．压缩气体，其温度必升高C．压缩气体，同时气体向外界放热，其温度必不变D．压缩气体，同时将热量传给气体，其温度必升高解析：由热力学第一定律ΔU＝W＋Q知，当压缩气体，同时将热量传给气体时，其内能增加，温度必升高，D正确；若压缩气体的同时气体向外界放热，内能增加或减少的情况无法确定，温度变化情况也无法确定，C错误；而选项A、B只是考虑了W或Q中的一个而忽略了另一个，故不正确。
3. (2023·河南林州一中高二下调研)如图所示，容器内部有被水平隔板隔开的A、B两部分气体，A 的密度小，B的密度大，抽去隔板，加热气体，使两部分气体均匀混合，设在此过程中气体吸收的热量为Q，气体内能增量为ΔU，则( B )A．ΔU＝Q B．ΔU<QC．ΔU>Q D．无法比较ΔU与Q解析：因为A的密度小，B的密度大，两部分气体均匀混合后整体的重心升高，重力势能增加，吸收的热量一部分用来增加气体内能，一部分用来增加系统的重力势能，根据能量守恒定律可知ΔU<Q，故选项B正确。
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷测试题(Word版 含解析)
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷测试题（Word 版 含解析）一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，固定于同一条竖直线上的A 、B 是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量均为Q ，其中A 带正电荷，B 带负电荷，A 、B 相距为2d 。
MN 是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球P ，质量为m 、电荷量为+q （可视为点电荷），现将小球P 从与点电荷A 等高的C 处由静止开始释放，小球P 向下运动到距C 点距离为d 的D 点时，速度为v 。
已知MN 与AB 之间的距离为d ，静电力常量为k ，重力加速度为g ，若取无限远处的电势为零，试求：（1）在A 、B 所形成的电场中，C 的电势φC 。
（2）小球P 经过D 点时的加速度。
（3）小球P 经过与点电荷B 等高的E 点时的速度。
【答案】（1）222mv mgd q -（2）g 2kQq（32v 【解析】 【详解】（1）由等量异种电荷形成的电场特点可知，D 点的电势与无限远处电势相等，即D 点电势为零。
小球P 由C 运动到D 的过程，由动能定理得：2102CD mgd q mv ϕ+=- ① 0CD C D C ϕϕϕϕ=-=- ②222C mv mgd qϕ-= ③（2）小球P 经过D 点时受力如图：由库仑定律得：122(2)F F kd == ④由牛顿第二定律得：12cos 45cos 45mg F F ma +︒+︒= ⑤解得：a =g 2kQq⑥ （3）小球P 由D 运动到E 的过程，由动能定理得：221122DE B mgd q mv mv ϕ+=- ⑦ 由等量异种电荷形成的电场特点可知：DE CD ϕϕ= ⑧联立①⑦⑧解得：2B v v ⑨2．如图所示，在沿水平方向的匀强电场中，有一长度l =0. 5m 的绝缘轻绳上端固定在O点，下端系一质量21010m .-=⨯kg 、带电量82.010q -=⨯C 的小球（小球的大小可以忽略）在位置B 点处于静止状态，此时轻绳与竖直方向的夹角α=37°，空气阻力不计，sin37°=0. 6，cos37°=0. 8，g =10m/s 2. （1）求该电场场强大小；（2）在始终垂直于轻绳的外力作用下将小球从B 位置缓慢拉动到细绳竖直位置的A 点，求外力对带电小球做的功；（3）过B 点做一等势面交电场线于C 点（C 点未画出），使轻绳与竖直方向的夹角增大少许（不超过5°），再由静止释放，求小球从C 点第一次运动到B 点的时间，并写出分析求解过程.【答案】(1) 63.7510E =⨯N/C (2)21.2510F W J -=⨯ (3)0.31t s =【解析】 【详解】（1）带电小球静止，受到合力等于零，电场力与重力的关系是：tan Eq mg α=，即tan mgE qα=代入数值计算得电场场强大小：63.7510/E N C =⨯（2）小球在外力作用下从B 位置缓慢移动到A 位置过程中，根据动能定理有：sin (cos )0F W Eql mg l l αα-+-=所以sin tan (cos )F mgW q mg l l qααα=-- 代入数值解得电场场强大小：21.2510F W J -=⨯（3）分析受力可知：小球在运动过程中，重力和电场力的合力为恒力，大小为5cos 4mg F mg α== 类比研究单摆的方法可知，小球的运动与单摆类似，回复力由上述合力沿圆周切向的分力提供。
新教材2023~2024学年高中物理 第3章 热力学定律测评 (2份打包)鲁科版选择性必修第三册
新教材2023~2024学年高中物理第3章热力学定律测评（2份打包）鲁科版选择性必修第三册(共18张PPT)第3章本章整合知识网络·体系构建重点题型·归纳整合目录索引知识网络·体系构建提示(1)如果物体和外界之间同时存在做功和热传递的过程,那么物体内能的改变量ΔU等于外界对物体所做的功W和物体从外界吸收的热量Q之和(2)ΔU=W+Q(3)能量既不会消失,也不会创生,它只能从一种形式转化为其他形式,或者从一个物体转移到其他物体,而能量的总值保持不变(4)不可逆(5)方向性(6)不可逆(7)方向性(8)不可能使热量从低温物体传向高温物体而不引起其他变化(9)不可能从单一热源吸收热量,使之完全用来做功而不引起其他变化重点题型·归纳整合一、做功和热传递的区别与联系做功和热传递是改变物体内能的两种方式,做功是其他形式的能和内能之间的转化,热传递则是物体间内能的转移,它们在改变物体的内能上是等效的。
理解时应注意以下两点:(1)存在温度差是发生热传递的必要条件,热量是热传递过程中物体内能的改变量。
(2)机械能是描述物体机械运动状态的量,而内能是描述物体内部状态的量,两者没有直接关系,但可以相互转化。
典例1(多选)关于物体的内能,下列说法正确的是()A.手感到冷时,搓搓手就会感到暖些,这是利用做功来改变物体的内能B.将物体举高或使它们速度增大,是利用做功来使物体内能增大C.在阳光下晒衣服,衣服温度升高,是利用热传递来改变物体的内能D.用打气筒打气,筒内气体变热,是利用热传递改变物体的内能AC解析手感到冷时,搓搓手就会感到暖些,克服摩擦力做功,机械能转化成内能,属于做功改变物体内能,故A正确;将物体举高或使它们速度增大,只是改变了物体的机械能,没有改变内能,所以B错误;阳光晒衣服,衣服温度升高,是利用热传递来改变物体的内能,所以C正确;用打气筒打气,筒内气体变热,是活塞压缩气体做功,属于做功改变物体内能,故D错误。
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15．一直流电动机线圈内阻一定，用手握住转轴使其不能转动，在线圈两端加电压为0.3V，电流为0.3A．松开转轴，在线圈两端加电压为2 V时，电流为0.8 A，电动机正常工作．求该电动机正常工作时，输入的电功率是多少?电动机的机械功率是多少?
11．在真空中A、B两点分别放置等量异种点电荷，在电场中通过A、B两点的竖直平面内对称位置取一个矩形路径abcd，且ad到A的距离等于bc到B的距离，如图所示，现将一电子沿abcda移动一周，则下列判断正确的是（ ）
A．由a→b，电场力做正功，电子的电势能减小
B．由b→c，电场力对电子先做负功，后做正功，总功为零
14．某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10kΩ），除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：
A．电压表（量程0~1V，内阻约10kΩ）
B．电压表（量程0~10V，内阻约100kΩ）
C．电流表（量程0~1mA，内阻约30Ω）
D．电流表（量程0~0.6A，内阻约0.05Ω）
E.电源（电动势1.5V，额定电流0.5A，内阻不计）
三、实验题
13．电流表G的满偏电流Ig=5mA，内阻r=290 Ω，把它改装成如图所示的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程.
（1）关于此多用电表，下列说法正确的是____________（填字母代号）.
A．开关S接到位置4、5时是欧姆挡，两欧姆挡内阻相等，只是测量倍率不同
B．开关S接到位置5、6时是电压挡，接到位置6比接到位置5时的量程大
A．电容器正在放电
B．两平行板间的电场强度E在增大
C．该变化电场产生顺时针方向（俯视）的磁场
D．两极板间电场最强时，板间电场产生的磁场达到最大值
4．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中不正确的是（ ）
F.电源（电动势12V，额定电流2A，内阻不计）
G.滑动变阻器R0（阻值范围0~10Ω，额定电流2A）
①为使测量尽量准确，电压表选用_______，电流表选用_______，电源选用_______。（均填器材的字母代号）；
②画出测量Rx阻值的实验电路图_______。
③该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_______其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_______。
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大
B．对应P点，小灯泡的电阻为R=
C．对应P点，小灯泡的电阻为R=
D．用欧姆表测得的小灯泡的电阻小于
5．如图所示，定值电阻R=20Ω，电动机线圈的电阻R0=10Ω，当开关S断开时，电流表的示数是0.5A．当开关S闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表 的示数I和电路消耗的电功率P应是（）
C．由c→d，电子的电势能一直增加
D．由d→a，电子的电势能先减小后增大，电势能总增加量为零
12．如图所示，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻 ，下列说法正确的是（）
A．由甲图可知，该表头满偏电流
B．甲图是改装成的双量程电压表，其中b量程为15V
C．乙图是改装成的双量程电流表， ，
D．乙图是改装成的双量程电流表， ，
C．无论作什么电表使用，表盘的刻度都是均匀的
D．无论作什么电表使用，必须使电流从A表笔流入电表，从B表笔流出电表
（2）当把开关S接到位置4时，先短接A、B进行欧姆调零，而后将一已知阻值为3 600 Ω的电阻R接到两表笔间，指针恰好偏转到电流表G满刻度的 处，则该欧姆表的内阻为___________________Ω.
高中物理必修三单元检测题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．下列公式中定义的物理量不是采用比值定义法的是（ ）
A． B． C． D．
2．据国外某媒体报道，科学家发明了一种新型超级电容器，能让手机几分钟内充满电．某同学假日登山途中用该种电容器给手机电池充电，下列说法正确的是
A．该电容器给手机电池充电时，电容器的电容变大
B．该电容器给手机电池充电时，电容器存储的电能变少
C．该电容器给手机电池充电时，电容器所带的电荷量可能不变
D．充电结束后,电容器不带电的基础上，创造性地建立了经典电磁场理论，进一步揭示了电现象与磁现象之间的联系。他大胆地假设:变化的电场就像导线中的电流一样，会在空间产生磁场，即变化的电场产生磁场。以平行板电容器为例:圆形平行板电容器在充、放电的过程中，板间电场发生变化，产生的磁场相当于一连接两板的板间直导线通以充、放电电流时所产生的磁场。如图所示，若某时刻连接电容器的导线具有向上的电流，则下列说法中正确的是（ ）
A．一切物体都在不停地辐射红外线
B．红外线有很强的荧光效应和热作用
C．红外线的主要作用是化学作用
D．红外线容易穿过云雾烟尘
10．如图，a、b分别表示一个电池组和电阻的伏安特性曲线，以下说法正确的是
A．电阻的阻值为3 Ω
B．电池组的内阻是0.5 Ω
C．将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率为4W
D．改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为4W
A．14J
B．10J
C．16J
D．4J
8．如图所示，水平金属板A、B分别与电源两极相连，带电油滴处于静止状态．现将B板右端向下移动一小段距离，两金属板表面仍均为等势面，则该油滴（）
A．仍然保持静止
B．竖直向下运动
C．向左下方运动
D．向右下方运动
二、多选题
9．(多选)关于红外线的作用和来源的正确叙述有()
A．I=1.5AB．I＜1.5A
C．P=15WD．P＞15W
6．如图所示，两块平行板A、B之间距离为d，加在两板间的电压为U，并将B板接地作为零电势，现在正电荷q逆着电场线方向由A板移到B板，若用x表示移动过程中该正电荷到A距离，其电势能EP随x变化图线为下列图中哪一个（）
A． B．
C． D．
7．如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数μ＝0.2，杆的竖直部分光滑．两部分各套有质量均为1kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连．初始A、B均处于静止状态，已知OA＝3m，OB＝4m，若A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m(取g＝10m/s2)，那么该过程中拉力F做功为()