高中数学高考导数题型分析及解题方法

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－－泰戈尔 导数题型分析及解题方法 一、考试内容 导数的概念，导数的几何意义，几种常见函数的导数； 两个函数的和、差、基本导数公式，利用导数研究函数的单调性和极值，函数的最大值和最小值。 二、热点题型分析

题型一：利用导数研究函数的极值、最值。

1． 32()32fxxx在区间1,1上的最大值是 2 2．已知函数2)()(2xcxxxfy在处有极大值，则常数c＝ 6 ； 3．函数331xxy有极小值 －1 ,极大值 3

题型二：利用导数几何意义求切线方程

1．曲线34yxx在点1,3处的切线方程是 2yx 2．若曲线xxxf4)(在P点处的切线平行于直线03yx，则P点的坐标为 （1，0） 3．若曲线4yx的一条切线l与直线480xy垂直，则l的方程为 430xy 4．求下列直线的方程：

（1）曲线123xxy在P(-1,1)处的切线； （2）曲线2xy过点P(3,5)的切线；

解：（1） 123|yk 23 1)1,1(1x/2/23－上，在曲线点－xxyxxyP 所以切线方程为02 11yxxy即， （2）显然点P（3，5）不在曲线上，所以可设切点为),(00yxA，则200xy①又函数的导数为xy2/， 所以过),(00yxA点的切线的斜率为0/2|0xykxx，又切线过),(00yxA、P(3,5)点，所以有

352000xyx

②，由①②联立方程组得，255 110000yxyx或，即切点为（1，1）时，切线斜率为

;2201xk；当切点为（5，25）时，切线斜率为10202xk；所以所求的切线有两条，方程分 别为2510 12 )5(1025)1(21xyxyxyxy或即，或 题型三：利用导数研究函数的单调性，极值、最值

1．已知函数))1(,1()(,)(23fPxfycbxaxxxf上的点过曲线的切线方程为y=3x+1 （Ⅰ）若函数2)(xxf在处有极值，求)(xf的表达式； （Ⅱ）在（Ⅰ）的条件下，求函数)(xfy在[－3，1]上的最大值； （Ⅲ）若函数)(xfy在区间[－2，1]上单调递增，求实数b的取值范围 解：（1）由.23)(,)(223baxxxfcbxaxxxf求导数得 过))1(,1()(fPxfy上点的切线方程为： ).1)(23()1(),1)(1()1(xbacbayxffy即

而过.13)]1(,1[)(xyfPxfy的切线方程为上

故3023323cabacaba即 ∵124,0)2(,2)(bafxxfy故时有极值在 ③ 由①②③得 a=2，b=－4，c=5 ∴.542)(23xxxxf （2）).2)(23(443)(2xxxxxf 当;0)(,322;0)(,23xfxxfx时当时 13)2()(.0)(,132fxfxfx极大时当 又)(,4)1(xff在[－3，1]上最大值是13。

（3）y=f(x)在[－2，1]上单调递增，又,23)(2baxxxf由①知2a+b=0。 依题意)(xf在[－2，1]上恒有)(xf≥0，即.032bbxx

①当6,03)1()(,16minbbbfxfbx时；

① ② ②当bbbfxfbx,0212)2()(,26min时； ③当.60,01212)(,1622minbbbxfb则时 综上所述，参数b的取值范围是),0[ 2．已知三次函数32()fxxaxbxc在1x和1x时取极值，且(2)4f． (1) 求函数()yfx的表达式； (2) 求函数()yfx的单调区间和极值； (3) 若函数()()4(0)gxfxmmm在区间[3,]mn上的值域为[4,16]，试求m、n应满足的条件．

解：(1) 2()32fxxaxb， 由题意得，1,1是2320xaxb的两个根，解得，0,3ab． 再由(2)4f可得2c．∴3()32fxxx． (2) 2()333(1)(1)fxxxx， 当1x时，()0fx；当1x时，()0fx； 当11x时，()0fx；当1x时，()0fx； 当1x时，()0fx．∴函数()fx在区间(,1]上是增函数； 在区间[1,]１上是减函数；在区间[1,)上是增函数． 函数()fx的极大值是(1)0f，极小值是(1)4f． (3) 函数()gx的图象是由()fx的图象向右平移m个单位，向上平移4m个单位得到的， 所以，函数()fx在区间[3,]nm上的值域为[44,164]mm（0m）． 而(3)20f，∴4420m，即4m． 于是，函数()fx在区间[3,4]n上的值域为[20,0]． 令()0fx得1x或2x．由()fx的单调性知，142n，即36n． 综上所述，m、n应满足的条件是：4m，且36n． 3．设函数()()()fxxxaxb． （1）若()fx的图象与直线580xy相切，切点横坐标为２，且()fx在1x处取极值，求实数,ab 的值； （2）当b=1时，试证明：不论a取何实数，函数()fx总有两个不同的极值点． 解：（1）2()32().fxxabxab 由题意(2)5,(1)0ff，代入上式，解之得：a=1，b=1． （2）当b=1时，()0fx令得方程232(1)0.xaxa 因,0)1(42aa故方程有两个不同实根21,xx． 不妨设21xx，由))((3)(21'xxxxxf可判断)('xf的符号如下： 当时，1xx)('xf＞０；当时，21xxx)('xf＜０；当时，2xx)('xf＞０ 因此1x是极大值点，2x是极小值点．，当b=1时，不论a取何实数，函数()fx总有两个不同的极值点。

题型四：利用导数研究函数的图象 1．如右图：是f（x）的导函数， )(/xf的图象如右图所示，则f（x）的图象只可能是（ D ）

（A） （B） （C） （D） 2．函数的图像为14313xxy( A ) 3．方程内根的个数为在)2,0(076223xx ( B ) A、0 B、1 C、2 D、3

题型五：利用单调性、极值、最值情况，求参数取值范围 1．设函数.10,3231)(223abxaaxxxf （1）求函数)(xf的单调区间、极值. （2）若当]2,1[aax时，恒有axf|)(|，试确定a的取值范围. 解：（1）22()43fxxaxa=(3)()xaxa，令()0fx得12,3xaxa 列表如下： x （-∞，a） a （a，3a） 3a （3a，+∞）

()fx - 0 + 0 -

()fx 极小 极大

∴()fx在（a，3a）上单调递增，在（-∞，a）和（3a，+∞）上单调递减

xa时，34()3fxba极小，3xa时，()fxb极小

（2）22()43fxxaxa∵01a，∴对称轴21xaa， ∴()fx在[a+1，a+2]上单调递减 ∴22(1)4(1)321Maxfaaaaa，22min(2)4(2)344faaaaa 依题|()|fxa||Maxfa，min||fa 即|21|,|44|aaaa

x y o 4 -4 2 4 -4 2 -2 -2 x y o 4 -4 2 4 -4 2 -2 -2 x y y 4 -4 2 4 -4

2

-2 -2

6 6 6 6 y

x -4 -2 o 4 2

2 4 解得415a，又01a ∴a的取值范围是4[,1)5

2．已知函数f（x）＝x3＋ax2＋bx＋c在x＝－23与x＝1时都取得极值（1）求a、b的值与函数f（x）的单调区间 （2）若对x〔－1，2〕，不等式f（x）c2恒成立，求c的取值范围。 解：（1）f（x）＝x3＋ax2＋bx＋c，f（x）＝3x2＋2ax＋b

由f（23－）＝124ab093－＋＝，f（1）＝3＋2a＋b＝0得a＝12－，b＝－2 f（x）＝3x2－x－2＝（3x＋2）（x－1），函数f（x）的单调区间如下表： x （－，－23） －23 （－23，1） 1 （1，＋）

f（x） ＋ 0 － 0 ＋ f（x）  极大值  极小值 

所以函数f（x）的递增区间是（－，－23）与（1，＋），递减区间是（－23，1） （2）f（x）＝x3－12x2－2x＋c，x〔－1，2〕，当x＝－23时，f（x）＝2227＋c 为极大值，而f（2）＝2＋c，则f（2）＝2＋c为最大值。 要使f（x）c2（x〔－1，2〕）恒成立，只需c2f（2）＝2＋c，解得c－1或c2

题型六：利用导数研究方程的根

1．已知平面向量a=(3,－1). b=(21,23). （1）若存在不同时为零的实数k和t，使x=a+(t2－3)b，y=-ka+tb，x⊥y， 试求函数关系式k=f(t) ； (2) 据(1)的结论，讨论关于t的方程f(t)－k=0的解的情况.

解：(1)∵x⊥y，∴xy=0 即[a+(t2-3) b]·(-ka+tb)=0. 整理后得-k2a+[t-k(t2-3)] ab+ (t2-3)·2b=0

∵ab=0，2a=4，2b=1，∴上式化为-4k+t(t2-3)=0，即k=41t(t2-3)