天津市和平区2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题(word无答案)
天津市和平区2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题(word
无答案)
一、单选题
(★) 1 . 关于牛顿第一定律，下列说法正确的是
A．不受力作用的的物体是不存在的，故牛顿第一定律的建立毫无意义
B．牛顿第一定律是从实验现象归纳总结出来的
C．牛顿第一定律表明，物体在任何状态下都具有惯性
D．牛顿第一定律表明，外力的作用会改变物体的惯性
(★) 2 .
A．2N、5N、9N B．1N、2N、5N
C．21N、3N、5N D．10N、10N、10N
(★) 3 . 如图所示，一细线两端点分别为、，将一质量较大的钩码挂在细线中点，之
后将细线的两端点从相距较远处相互缓慢靠近，钩码始终静止在同一位置，则在此过程中
A．细线可能会在两端靠近过程中某一时刻被拉断
B．两细线拉力的合力逐渐减小
C．段细线上的拉力与钩码挂钩拉力的合力逐渐减小
D．段细线上的拉力与钩码挂钩拉力的合力逐渐增大
(★) 4 . 跳高运动员越过横杆后落在垫子上的运动可简化为如图所示的模型:一轻弹簧竖直放置
在水平地面上，将一小球从空中某一高度自由落下，之与正下方的轻弹簧接触并运动到最低点，对这一运动过程分析正确的是
A．小球接触弹簧后立刻开始做减速运动
B．小球刚接触弹簧时的速度是整个过程的最大速度
C．接触弹簧后，小球的加速度先减小后增大
D．小球动能的增加量等于重力势能的减少量
(★) 5 . 体育器材室里，篮球摆放在如图所示的球架上.已知球架的宽度为，每个篮球的质量为，直径为，不计球与球架之间的摩擦，重力加速度为.则每个篮球对一侧球架的压力大小为（）
A．B．
C．D．
(★★) 6 . 在水平地面上移动同一件货物有两种方法，可以如图甲用斜向下的力推动货物，也可以如图乙用斜向上的力拉动物体，与大小相同，当水平面的夹角也相同，货物在水平地面上移动相同的距离，则
A．和对物体所做的功相同
B．摩擦力对物体做的功相同
C．物体动能的增量相同
D．外力对物体做的总功相同
(★) 7 . 在滑冰场上，甲、乙两个小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于
A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力
B．在推的过程中，甲推的乙的时间小于乙推甲的时间
C．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度
D．在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小
(★★★★) 8 . 如图，一很长的不可伸长的柔软细绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球和, 球质量为，静置于地面，球质量为3 ；用手托住，高度为，此时轻绳刚好拉紧，从静止开始释放球至球上升至最高点的过程中
A．落地前，球减小的重力势能等于球增加的重力势能
B．落地前，球和球的速度大小始终相等
C．落地前，球的加速度大于球的加速度
D．从释放开始，球能上升的最大高度为
二、多选题
(★) 9 . 物理定律的应用需要一定的条件，下列物体在运动过程中(忽略空气阻力)，可以应用机械能守恒定律的是
A．被起重机拉着向上做匀速运动的货物
B．沿光滑斜面向下加速运动的木块
C．一个斜向上抛当后在空中运动的铁球
D．在空中向上做减速运动的氢气球
(★) 10 . 质量分别为和的物体、用细绳连接后跨过滑轮，静止在倾角为45°的斜面上，悬挂着，已知，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°增大到50°，系统仍保持静止，下列说法正确的是
A．物体受到的合外力减小
B．物体对斜面的压力保持不变
C．绳子对的拉力保持不变
D．物体受到的静摩擦力增大
(★★) 11 . 几个水球可以挡住一颗子弹？《国家地理频道》的实验结果是:四个水球足够!水平排列的4个水球直径相同，子弹在水球中沿水平线做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以判断的是
A．子弹在每个水球中的速度变化相同
B．每个水球对子弹做的功相同
C．子弹在每个水球中运动的时间相同
D．子弹在每个水球中的动能变化相同
三、解答题
(★★★★) 12 . 我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提
供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车。
假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上送行过程中阻力与车重成正比，某列动车组由8节车厢组成其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组
A．启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同
B．做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力大小相同
C．进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比
D．与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1:2
(★★) 13 . 将一个质量的光滑小球放在竖直墙壁和倾斜挡板之间，小球处于静止状态，竪竖直墙壁和挡板间夹角为，重カ加速度为，挡板对小球的支持カ为，墻壁对小球的支持カ为。
(1)请在图中作出小球的受力示意图
(2)求和的大小
(★★)14 . “引体向上”是一项体育健身运动，该运动的规范动作是:两手正握单杠，由身体悬垂开始，上提时，下颚超过杠面为合格。
如图所示，某同学质量为，开始下颚距单杠的高度为，当他用的恒力将身体拉至某位置时，不再用力，以后依靠惯
性继续向上运动，取，为保证此次引体向上动作合格，停止用力时下颚到杠面的距离最大为多少?(要求用牛二律和动能定理两种方法求解)
(★★★★) 15 . 利用传感器研究物块在斜面上的运动。
如图所示，在固定斜面的顶端安装测速
仪，当物块从斜面底端向上滑行时，测速仪启动，某次记录的数据如表。
取 ， 求:
时刻
0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8
速度
3.2 2.4 1.6 0.8 0 -0.4 -0.8 -1.2 -1.6
（1）物块在斜面上运动时的加速度大小 （
2
）
物
块
与
斜
面
之
间
的
动
摩
擦
因
数
（3）木块回到斜面底端时的速度大小
(★★★★) 16 . 如图所示，光滑斜面底端挡板上固定着劲度为k=200N/m 的轻弹簧，弹簧另一
端与连接着质量为
的物块
,一根轻绳一端系在物体
上,另一端跨过光滑的定滑轮
挂有轻质量挂钩，挂钩不挂任何物体时，物体 处于静止状态，在挂钩上轻轻挂上质量也为
的物块
后，物体
开始沿斜面向上运动，已知斜面足够长，斜面倾角为30°，细绳与斜面平行，运动过程中
始终未接触地面，
（1）求物块 刚开始运动时的加速度大小 （2）物体 沿斜面向上运动多远时获得最大速度. （3）物体
的最大速度的大小
四、填空题
(★★) 17 . 如图所示，质量为
的小球以
的速度沿光清水平面向右运动，碰
到墙壁经
后以
的速度沿同、直线反弹，设初速度方向为正，小球在这 内的加速度大小为______
?，墙对小球的平均作用力大小为____
，墙对小球做
的功为____.
(★) 18 . 游乐场上的升降机可在竖直方向做变速运动让人体验超失重的感觉，某同学在升降机中把一物体挂在力传感器上，通过传感器显示上升过程拉力随时间的变化情况。
升降机从静止加速上升，再匀速运动一段时间，最后减速到停止运动，如图所示为传感器在屏幕上显示的拉力随时间的变化图线，则该升降机向上加速过程经历了______ ,升降机的最大加速度是
______ （取10 ）。
(★) 19 . 纯电动概念车E1是中国馆的镇馆之宝之一。
若E1概念车的总质量为920kg，在16s内从静止加速到100km/h（即27.8m/s），受到恒定的阻力为1500N，假设它做匀加速直线运动，其动力系统提供的牵引力为 N。
当E1概念车以最高时速120km/h（即33.3m/s）做匀速
直线运动时，其动力系统输出的功率为 kW。
五、实验题
(★★) 20 . 某同学利用如图所示的实验装置来探究加速度与力和质量的关系
(1)本实验应用的实验方法是______
A.控制变量法
B.假设法
C.理想实验法
D.等效替代法
(2)下列说法正确的是____
A.需要用弹簧秤测出小车受到的合外力
B.实验时应先接通电源后释放小车
C.本实验所挂钩码的质量应远小于小车的质量
D.在平衡摩擦力时只要将木板倾斜任意角度即可
(3)某同学在探究加速度与质量的关系时，得到了如图所示的图象，该同学分析该图象得出加速度与物体的质量量成反比的结论，判断他的分析是否正确并说明原因
______________________________.
(★★) 21 . 某实验小组利用图甲所示的装置验证机械能守恒定律，图乙是该实验得到的一条点迹清晰的纸带，已知打点计吋器毎隔0.02s打一个点。
(1)本实验中你需要的器材是______
A．天平和砝码
B．刻度尺
C．秒表
D．交流电源
(2)可以判断，重物是与纸帶的______端(填“左”或“右”)相连;
(3)若在纸帶上测出，则可以计算出打下记数点时的速度______ (计
算结果保留三位有效数字)，若数据也已测出，则使用还需测出物理量为______
(4)在实际测量中，重物下落过程中増加的动能始终略______重力势能(填“大于”或“小于”)，这样产生的误差属于______（选填“偶然误差”或“系统误差”）。
精品解析：【区级联考】天津市和平区2019届高三上学期期末考试物理试题(解析版)
天津市和平区2018-2019学年度第一学期高三年级期末考试物理学科试卷一、单选题1.下列说法正确的是（）A.原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律B.射线、射线、射线都是高速运动的带电粒子流C.氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D.发生光电效应时光电子的动能只与入射光的强度有关【答案】C 【解析】试题分析：原子核发生衰变时，电荷守恒，但会有质量亏损，遵循的是爱因斯坦的质能方程而非质量守恒规律，故A 错误；α射线和β射线分别是带正电的氦核流和带负电的电子流，而γ射线不带电，故B 错误；根据玻尔氢原子模型的相关理论，电子轨道和能量都是量子化的，而在“跃迁”过程中要遵循m n h E E υ=-，故只能辐射特定频率的光子，故C 正确；由光电效应的方程0k E h W υ=-可知，光电子的动能由入射光频率决定，故D 错误．考点：氢原子的能级公式和跃迁【名师点睛】本题主要考察原子结构和原子核的相关知识．选项的迷惑性大，关键要熟悉教材，牢记这些基本的知识点，以及加强训练．【此处有视频，请去附件查看】2.如图是a 、b 两光分别经过同一双缝干涉装置后在屏上形成的干涉图样，则A.从同种介质射入真空发生全反射是b 光临界角大B.在同种均匀介质中，a 光的传播速度比b 光的大C.照射在同一金属板上发生光电效应时，a 光的饱和电流大D.若两光均由氢原子能级跃迁发生，产生a 光的能级能量差小【答案】A 【解析】【分析】根据图象比较干涉条纹间距大小，再根据△x ＝ L dλ判断波长，从而判断频率大小，频率大的折射率大，根据n=c/v 判断传播速度，根据sin C ＝1/n 判断发生全反射时临界角大小，光电效应时饱和电流与入射光的强度有关，a 光的频率大，则能量大．【详解】由图可知a 光的干涉条纹间距小于b 光，根据△x ＝ L dλ可知，a 的波长小于b 光，则a 光的频率大于b 光，a 的折射率大于b 光，根据sin C ＝1/n 可知，同种介质射入真空发生全反射时b 光临界角大，故A 正确；根据n=c/v 可知，在同种介质中传播时a 光的传播速度比b 光的小，故B 错误；光电效应时饱和电流与入射光的强度有关，所以无法判断饱和电流的大小，故C 错误；因a 光的频率大，故若两光均由氢原子能级跃迁产生，则产生a 光的能级差大，故D 错误．故选A ．【点睛】本题的关键是根据图象比较干涉条纹间距大小从而得频率大小，明确光电效应时饱和电流与入射光的强度也有关系，知道全反射临界角的概念．3.如图所示，某运动员先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图所示位置，则在两手之间的距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力F T （两个拉力大小相等）及它们的合力F 的大小变化情况为A.F T减小，F减小B.F T增大，F增大C.F T增大，F不变D.F T减小，F增大【答案】C【解析】【分析】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小．【详解】对运动员受力分析，受到重力、两个拉力，如图：由于两个拉力的合力F不变，且夹角变大，故两个拉力F T不断变大；根据平衡条件可知，运动员受到的重力与拉力的合力平衡，故它们的合力F的大小不变．故C正确，ABD错误．故选C．【点睛】本题关键作图后，根据三力平衡条件，运用合成法分析讨论，注意由物理情景，作出物理模型，并能正确使用物理规律进行分析求解．4.宇宙中有两颗相距无限远的恒星S1、S2，半径均为R0．如图分别是两颗恒星周围行星的公转半径r3与公转周期T2的图象，其中r3为横轴，T2为纵轴．则以下说法正确的是A.恒星S 1的质量大于恒星S 2的质量B.恒星S 1的密度大于恒星S 2的密度C.不考虑S 1、S 2的自转，S 2表面重力加速度较大D.距两恒星表面高度相同的行星，S 1的行星向心加速度较大【答案】C 【解析】A 、由题图可知，当绕恒星运动的行星的环绕半径相等时，S 1运动的周期比较大，根据公式：2224Mm G m r r T π=，所以：2324r M GT π=，周期越大则质量越小．所以恒星S 1的质量小于恒星S 2的质量．故A 错误；B 、两颗恒星的半径相等，则根据M =ρV ，半径R 0相等则它们的体积相等，所以质量大S 2的密度大．故B 正确．C 、根据万有引力提供向心力，则：22Mm mv G m r r =，所以：GM v r=，由于恒星S 1的质量小于恒星S 2的质量，所以恒星S 1的第一宇宙速度小于恒星S 2的第一宇宙速度．故C 错误．D 、距两恒星表面高度相同的行星，如图当它们的轨道半径相等时，S 1的周期大于恒星S 2的周期，它们的向心加速度a ：224a r Tπ=，所以S 1的行星向心加速度较小．故D 错误．故选B.【点睛】该题考查万有引力定律的应用，由于两个恒星的半径均为R 0，又可以根据图象，结合万有引力定律比较半径和周期之间的关系．当然也可以结合开普勒第三定律分析半径与周期之间的关系．5.在滑冰场上，甲、乙两个小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于A.在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B.在推的过程中，甲推的乙的时间小于乙推甲的时间C.在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D.在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小【答案】C【解析】由牛顿第三定律可知A错；B错；由可知C对；加速度均为，是相同的，D错；6.如图所示，图中以点电荷Q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图．一个带电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，P、M、N、O、F都是轨迹上的点．不计带电粒子受到的重力，由此可以判断A.此粒子和点电荷Q带同种电荷B.此粒子在M点的动能小于在F点的动能C.粒子在F点的电势能小于在N点的电势能D.带电粒子从P运动到N的过程中，电势能逐渐增大【答案】B【解析】【分析】电荷做曲线运动，受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据功能关系分析动能和电势能的变化情况；根据库仑定律判断静电力的大小，确定加速度的大小．【详解】根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在M、N间运动过程中，电荷一直受静电引力作用，此粒子和点电荷带不同的电荷．故A错误；粒子从M到N，电场力做正功，故M点的动能小于N点的动能；N点与F点在同一个等势面上，所以粒子在F点的电势能等于在N点的电势能，粒子在F点的动能等于在N点的动能，所以粒子在M点的动能小于在F点的动能．故B正确，C错误；带电粒子从P运动到N的过程中，电场力做正功，电势能逐渐减小，选项D错误；故选B.【点睛】本题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力．根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧．电场力做正功，电势能减小，动能增加．7.如图所示，导体棒MN垂直于导轨静止在水平面上，整个装置处于匀强磁场中，磁场方向与MN垂直并与导轨平面成θ角斜向上方，闭合开关，缓慢转动磁场使θ角逐渐增大至90°，其余不变，导体棒始终静止，忽略电磁感应现象的影响，在此过程中A.导体棒受安培力方向水平向右B.导体棒所受安培力大小不变C.导轨对导体棒支持力不变D.导体棒受到摩擦力大小不变【答案】B【解析】【分析】根据左手定则可知安培力的方向；对导体棒受力分析，根据水平和竖直方向的平衡方程讨论支持力和摩擦力的变化.可知，【详解】根据左手定则可知，导体棒受安培力方向垂直于B指向右下方，选项A错误；根据F安=BIL；竖直方向：N=mg+F安cosθ，导体棒所受安培力大小不变，选项B正确；对导体棒，水平方向：F安sinθ=f则当缓慢转动磁场使θ角逐渐增大至90°时，导体棒受到摩擦力变大；导轨对导体棒支持力减小，选项CD 错误；故选B.8.如图所示，一束质量．速度和电量不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生任何偏转，如果让这些不偏转的离子进入另一匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束,对这些进入后一磁场的离子，可以得出结论（）A.它们的动能一定各不相同B.它们的电量一定各不相同C.它们的质量一定各不相同D.它们的电量和质量之比一定各不相同【答案】D【解析】【详解】因为粒子进入电场和磁场正交区域时，不发生偏转，说明粒子所受电场力和洛伦兹力平衡可得qvB=qE，解得相应的粒子速度为：EvB=，所以进入第二个匀强磁场时，粒子具有相同的速度，粒子进入磁场后受洛伦兹力作用，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力：2vqvB mr=，解得：mvrqB=，由于粒子又分裂成几束，也就是粒子做匀速圆周运动的半径r不同，根据mvrqB=可知，粒子能分裂成几束的粒子的qm不同，而质量m、电荷量q可能相同，也可能不同；动能也可能相同，也可能不同．故D正确，ABC错误．二、多选题9.在如图电路中，电源电动势为E，内阻为r，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时，下列判断正确的是A.电压表示数变小B.电流表示数变大C.流过电阻R1的电流不变D.电阻R2的功率变大【答案】AB【解析】【分析】先分析变阻器接入电路的电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，即可判断电压表示数的变化和总电流的变化，根据串联电路分压特点判断并联部分电压的变化，判断出R2中电流的变化，从而判断出电流表示数的变化．【详解】当变阻器R3的滑动头P向b端移动时，R3↓，外电路总电阻R总↓，路端电压减小，总电流I总↑，则电压表示数变小，通过电阻R1的电流I R1↑．根据串联电路分压规律可知，并联部分的电压U并↓，通过电阻R2的电流I R2↑．因为I总=I A+I R2，所以电流表示数I A变大．由于电阻R2的电流I R2↑，则电阻R2的功率变小．故AB正确，CD错误．故选AB．【点睛】本题是简单的电路动态分析问题，关键要分析出变阻器接入电路的电阻变化，即可根据闭合电路欧姆定律分析两电表读数的变化．10.蹦床运到受到越来越多人的喜爱，这一运动可从物理学视角对其运动特点进行分析．忽略空气阻力，下面说法正确的是A.运动员下落到刚接触蹦床时，速度最大B.在下落过程中，重力对运动员所做的功等于其重力势能的减小量C.从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员的加速度先减小后增大D.运动到最低点时，床对运动员的作用力大于运动员对床的作用力【答案】BC【解析】【分析】运动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床形变量逐渐变大，弹力逐渐增加；当弹力小于重力时，合力向下，加速度向下，运动员向下加速；当弹力大于重力时，合力向上，加速度向上，运动员向下减速．【详解】动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床形变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下后向上，故运动员先加速后减速，故当弹力与重力平衡时，速度最大，故A错误；据功能关系，重力对运动员所做的功等于其重力势能的减小，故B正确；从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，蹦床形变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下减小后反向增加，故运动员的加速度先减小后增大，故C正确；床对运动员的作用力与运动员对床的作用力是相互作用力，总是等值、反向、共线，故D错误；故选BC．11.圆形区域内有如图所示的匀强磁场．一束相同比荷的带电粒子对准圆心O射入，分别从a、b两点射出，则从b点射出的粒子A.速率较小B.偏转角较小C.运动半径较小D.在磁场中的运动时间较短【答案】BD【解析】【分析】质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径不同，导致运动轨迹也不同．因此运动轨迹对应的半径越大，则粒子的速率也越大．而运动周期它们均一样，但运动时间却由圆弧对应的圆心角决定．【详解】由洛伦兹力提供向心力，结合几何运动径迹可知，从b点射出的粒子运动半径较大，由mv rqB ，结合荷质比相同，可得从b点射出的粒子速率较大，故AC错误；由图可以看出a 粒子偏转角较大，b 粒子偏转角较小，故B 正确；由运动周期公式得，2mTqBπ=，由于荷质比相同，周期与速率无关，粒子运动的时间：t=2θπ•T 可知运动的时间，仅由轨迹所对的圆心角决定，故b 点射出的粒子运动时间较短，故D 正确；故选BD ．12.如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子A.所受重力与电场力合力为零B.机械能保持不变C.电势能和动能的总和保持不变D.做匀变速直线运动【答案】CD 【解析】【分析】带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确定电势能如何变化．【详解】根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向同向，粒子做匀加速直线运动，合力不为零，因此A 错误，D 正确；由上述分析可知，电场力做正功，机械能增加，故B 错误；由于只有电场力做功，可知粒子的电势能和动能的总和保持不变，故C 正确；故选CD ．三、填空题13.如图，在倾角θ＝45°的斜面底端的正上方某一高处以v 0＝6m/s 的初速度水平抛出一质量为0.1kg 的物体．空气阻力不计，该物体落在斜面上时的速度方向恰好与斜面垂直，则小球在空中飞行时间为___s ，小球与斜面相碰时重力的瞬时功率为_____W ．（取g ＝10m/s 2）【答案】(1).0.6(2).6【解析】【分析】小球垂直撞在斜面上，速度与斜面垂直，将该速度进行分解，根据水平分速度和角度关系求出竖直分速度，再根据v y =gt 求出小球在空中的飞行时间．根据P=mgv y 求解小球与斜面相碰时重力的瞬时功率．【详解】设飞行的时间为t ，因为是垂直撞上斜面，斜面与水平面之间的夹角为45°，所以有：v 0=v y ，代入数据解得：v y =6m/s ，所以时间t 为：60.610y v t s s g =＝＝；重力的瞬时功率为：P=mgv y =0.1×10×6W=6W 【点睛】该题是平抛运动基本规律的应用，主要抓住撞到斜面上时水平速度和竖直方向速度的关系，知道瞬时功率的求解公式P=Fv ，其中的v 是沿F 方向的速度．14.质量为m 的小球A 以速率v 0向右运动时跟静止的小球B 发生碰撞，碰后A 球以02v 的速率反向弹回，而B 球以02v 的速率向右运动，则B 的质量m B ＝_________；碰撞过程中，B 对A 做功为_________．【答案】(1).【答题空1】13m (2).2038mv -【解析】【分析】以A 、B 两球组成的系统为研究对象，在碰撞过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出B 球的质量；由动能定理可以求出B 对A 所做的功．【详解】以A 、B 组成的系统为研究对象，以A 球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m A v 0=m A （-02v ）+m B 02v ，解得m B =3m ；以A 为研究对象，由动能定理得：222000113(2228A A v W m m v mv =--=-，符号表示B 对A 做负功；15.半径为r 、电阻为R 的N 匝圆形线圈在边长为L 的正方形区域abcd 外，匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域，如图甲所示．磁场随时间的变化规律如图乙所示．图线与横、纵轴的截距分别为t 0和B 0．则圆形线圈中产生的感应电动势E =________V ，0至t 0时间内通过的电荷量q=_________.【答案】(1).200B n L t (2).20nB L R【解析】【分析】本题是线圈的面积不变，磁场在变化，磁通量的变化率 B S t t∆Φ∆=∆∆，再根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，再根据q=It 0，从而求解．【详解】磁通量的变化率为：200=B B S L t t t ∆Φ∆=∆∆根据法拉第电磁感应定律得线圈中的感应电动势为：200B E n n L t t Φ== 再根据闭合电路欧姆定律得感应电流为：200nB L E I R t R==．电量为：q=It 0=20nB L R【点睛】本题是线圈类型，要掌握法拉第定律的几种不同表达形式，再结合闭合电路欧姆定律进行求解，并掌握求电量的公式．四、实验题16.小明同学采用如图1所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验．图1是即将启动打点计时器时的场景，图2是备选的测量器材(1)除了图1装置中的器材之外，还必须从图2中选取实验器材，其名称是________；(2)指出图1装置中不合理的地方__________（一处）；(3)在实际的测量中，重物减少的重力势能通常会______（选填“略大于”、“等于”或“略小于”）增加的动能，这样产生的误差属于__________（选填“系统误差”或“偶然误差”）；(4)某同学想用下述方法研究机械能是否守恒，在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，描绘v2﹣h图象，并做如下判断：若图象是一条过原点的直线，则重物下落过程中机械能守恒．请你分析论证该同学的判断依据是否正确并说明原因___________．【答案】(1).（1）毫米刻度尺；(2).（2）重锤离打点计时器太远，为了能在纸带上打出更多的点，则纸带应该上提；(3).（3）略大于；(4).系统误差；(5).（4）不正确．要想通过v2-h 图象的方法验证机械能是否守恒，还必须看图象的斜率是否接近2g.【解析】【分析】（1、2）根据正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材；（3）在实际的测量中，由于有阻力的作用，使得重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能；（4）如果v2-h图象为直线，仅表示合力恒定，与机械能是否守恒无关，比如：阻力恒定，合外力一定，加速度一定，v2-h 图象也可能是一条过原点的倾斜的直线．【详解】（1）实验中纸带上的点点之间的距离需要测量，故用到毫米刻度尺；（2）由图可知，重锤离打点计时器太远，为了能在纸带上打出更多的点，则纸带应该上提；（3）在实际的测量中，由于有阻力的作用，使得重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能，这样产生的误差属于系统误差；（4）该同学的判断依据不正确．在重物下落h 的过程中，若阻力f 恒定，根据mgh-fh=12mv 2，可得：v 2=2（g- f m ）h ，则此时v 2-h 图象就是过原点的一条直线．所以要想通过v 2-h 图象的方法验证机械能是否守恒，还必须看图象的斜率是否接近2g ．17.伏安法测电阻，当被测电阻不知估计值时，在连接测量电路时可采用以下试接的方法：电压表一端连接于电路中C 点，另一端分别接电路中a 点或b 点（图中用单刀双掷开关K 进行变换），观察两电表读数变化情况，来选择电流表的接法．设两表的量程及所接电源都合适．(1)当K 分别接a 和接b 时，发现电流表读数比电压表计数变化明显，则应采用K 接________点的方法（选填“a”或“b”）(2)用上述接法测出的R x 值比它的真实值_______．（选填“大于”、“等于”或“小于”），用此种方法测量时若已知电流表内阻，电压表和电流表的读数分别为U 和I ，则被测电阻真实值计算表达式=________．(3)要描绘出该被测电阻的伏安特性曲线，除上面图示中测量电路中已有的器件外，还有电源、开关、导线和滑动变阻器．并把测量电路的E 、F 两点接入完整的电路中（画出虚线内的电路图）________【答案】(1).a 点(2).大于(3).A U IR I (4).【解析】【分析】（1）电流表读数比电压表计数变化明显，说明电流表的分压作用较小，所以要用内接法；（2）用内接法测量时，电流表准确，电压表值偏大，所以测量值偏大；先求出电阻两端的实际电压值，再根据欧姆定律即可求解；（3）要描绘出该被测电阻的伏安特性曲线，则要得出多做U 、I 值，所以要用到滑动变阻器调节电路，为了使被测电压可以从零开始，所以滑动变阻器要用分压式．【详解】（1）当K 分别接a 和接b 时，发现电流表读数比电压表计数变化明显，说明电流表的分压作用较小，所以要用内接法，即应采用K 接a 点的方法；（2）用此接法电压表测量的是电流表和被测电阻的总电压，电流表测量的是被测电阻的电流，根据欧姆定律R=U/I 可知，电压偏大，电流准确，所以电阻值偏大；电阻两端的电压U′=U-IR A ；根据欧姆定律U R I'=得：A x U IR R I -=（4）要描绘出该被测电阻的伏安特性曲线，则要得出多做U 、I 值，所以要用到滑动变阻器调节电路，为了使被测电压可以从零开始，所以滑动变阻器要用分压式，电路图如图所示：【点睛】确定滑动变阻器与电流表接法是设计实验电路图的关键，要求同学们学会实验误差的分析，难度适中．五、计算题18.如图所示，一足够长的木板在水平场面上滑动，速度v 1＝10m/s 时，将一相对于地面静止的物块轻放到木板右端，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间动摩擦因数μ1＝0.4，g 取10m/s 2，求：(1)若地面光滑，经过多长时间物块相对木板停止运动？(2)若木板与地面间动摩擦因数μ2＝0.1，木板与物块相对静止后还能向前滑行的距离．【答案】(1)1.25s ．(2)8m ．【解析】【分析】（1）根据牛顿第二定律分别求出物块和木板的加速度，结合速度时间公式求出速度相同所经历的时间．（2）若木板与地面间动摩擦因数μ2=0.1，根据牛顿第二定律求木板的加速度，由速度公式求出速度相等时的时间及共同速度．相对静止后一起做匀减速运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出还能向前滑行【详解】（1）放上木块后，物块的加速度为：a 1=1mg mμ=μ1g=4m/s 2木板的加速度大小为：a 2=1 mg m μ=μ1g=4m/s 2设经过t 时间速度相同，根据速度时间公式得：a 2t=v 1-a 1t ，解得：11210 1.2544v t s s a a ===++．（2）若木板与地面间动摩擦因数为：μ2=0.1木板的加速度大小为：a 2′=122 mg mg mμμ+⋅=μ1g+2μ2g=6m/s 2．设经过t′时间速度相同，根据速度时间公式得：v 1-a 2′t′=a 1t′，解得：t′=1s ．共同速度为：v=a 1t′=4×1=4m/s共速后两者一起运动，加速度为：a=22 2mg mμ⋅=μ2g=1m/s 2．木板与物块相对静止后还能向前滑行的距离为：2248221v x m a ===⨯．【点睛】解决本题的关键理清物块和木板在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，本题分析两个物体的运动规律是关键．19.如图所示，横向宽度为L 、纵向宽度足够大的区域内，直线PQ 两侧分别存在强度相同、方向相反但均垂直于纸面的匀强磁场．一质量为m 、电荷量为q 的带正电粒子，从P 点沿与PQ 成θ＝30°角的方向，以速度v 射入下方磁场区域，粒子最终从Q点离开，不计粒子重力(1)求磁场磁感应强度最小值；(2)撤去磁场，在纸面内加一与初速度v 垂直的匀强电场，仍使粒子从P 点射入并经过Q 点，求电场强度的【答案】(1)mv qL ；(2)24 3mv qL【解析】【分析】（1）当粒子在磁场中运动的轨道半径最大时，速度最大，根据几何关系求出最大半径，结合半径公式求出磁感应强度的最小值．（2）粒子在电场中做类平抛运动，将粒子的运动分解为垂直电场方向和沿电场方向，结合牛顿第二定律和运动学公式求出电场强度的大小．【详解】（1）当粒子在磁场中运动的轨道半径最大时，磁感应强度最小．如图所示．根据几何关系知，粒子在磁场中运动的轨道半径22L L r sin sin θθ=＝．根据mv r qB＝得，磁感应强度的最小值2mv mvsin mv B qr qL qL θ==．（2）撤去磁场，在纸面内加一与初速度v 垂直的匀强电场，知粒子在垂直电场方向上运动的距离x=Lcosθ，沿电场线方向上的距离y=Lsinθ，x t v =，2211 22qE y at t m=⋅＝，。
天津市名校联考2018-2019学年高一物理上学期期末调研测试题
天津市名校联考2018-2019学年高一物理上学期期末调研测试题一、选择题1．物体的位移随时间变化的函数关系是x＝2t+2t2（m），则它运动的初速度和加速度分别是（）A．2m/s、4m/s2B．0、4m/s2C．2m/s、2m/s2D．2m/s、1m/s22．在本届学校秋季运动会上，小明同学以背越式成功地跳过了1.70米的高度，如图。
若忽略空气阻力，g取10m/s2。
则下列说法正确的是A．小明下降过程中处于失重状态B．小明起跳以后在上升过程中处于超重状态C．小明起跳时地面对他的支持力等于他的重力D．小明起跳以后在下降过程中重力消失了3．汽车在水平地面上刹车做匀变速直线运动，其位移与时间的关系是：s=24t﹣6t2（m），则它在3s内的平均速度为（）A．12m/s B．10m/s C．8m/s D．6m/s4．如图，空间存在一方向水平向右的匀强电场，两个带电小球P和Q用相同的绝缘细绳悬挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则A．P和Q都带正电荷B．P和Q都带负电荷C．P带正电荷，Q带负电荷D．P带负电荷，Q带正电荷5．关于质点的位移和路程的下列说法中正确的是（）A．位移是矢量，位移的方向即质点运动的方向B．路程是标量，即位移的大小C．质点做直线运动时，路程等于位移的大小D．位移的大小，不会比路程大6．如图所示为一个质点运动的位移x随时间t变化的图象，由此可知质点A．0～2 s内沿x轴正方向运动B．0～4 s内速率先增大后减小C．0～4 s内做曲线运动D．0～4 s内位移为零7．如图，倾角θ=37°的光滑斜面固定在水平面上，斜面长L=0.75m，质量m=1.0kg的物块从斜面顶端无初速度释放，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，则（）A．物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力做功为7.5JB．物块滑到斜面底端时的动能为1.5JC．物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为24WD．物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为18W8．若F1、F2是F的两个分力，下列图像中正确表示F1、F2和F三者关系的是A．B．C．D．9．在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为3m和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。
天津市第一中学2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题(word无答案)
天津市第一中学2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题(word无答案)一、单选题(★) 1 . 理想实验是科学研究中的一种重要方法，它把可靠事实和理论思维结合起来，可以深刻地揭示自然规律。
以下实验中属于理想实验的是A．验证平行四边形定则B．伽利略的斜面实验C．用打点计时器测物体的加速度D．利用自由落体运动测定反应时间(★) 2 . 如图所示，对下列插图描述正确的是（）A．图甲右上方的路牌所标的“50”因为车辆通行的平均速度B．由图乙可推出所有形状规则的物体重心均在其几何中心处C．图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性D．图丁中电梯向上制动时体重计的读数变小说明人所受重力减小(★★) 3 . a、 b两个质量相同的球用细线连接， a球用细线挂在天花板上， b球放在光滑斜面上，系统保持静止，下列图示正确的是（）A. B.C. D.(★★) 4 . 用铁锤把小铁钉钉入木板，设木板对铁钉的阻力与铁钉进入木板的深度成正比.已知铁锤第一次敲击使铁钉进入木板的深度为 ，接着敲第二锤，如果铁锤第二次敲铁钉时对铁钉做的功与第一次相同，那么，第二次使铁钉进入木板的深度为（）A ．B ．C ．D ．(★) 5 . 如图，一箱苹果沿着倾角为θ的光滑斜面加速下滑，在箱子正中央夹有一只质量为 m 的苹果，它受到周围苹果对它作用力的方向是（）A ．沿斜面向上B ．沿斜面向下C ．垂直斜面向上D ．竖直向上(★★) 6 . 如图所示，汽车在拱形桥上由A 匀速率运动到B ，以下说法正确的是( )A ．牵引力与克服摩擦力做的功相等B ．由A 运动到B ，汽车的运动状态不变C ．合外力对汽车不做功D ．牵引力和重力做的总功大于克服摩擦力做的功(★★) 7 . 如图A 、B 、C 三球质量均为m ，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接。
倾角为θ的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）A．A球的受力情况未变，加速度为零B．C球的加速度沿斜面向下，大小为gC．A、B之间杆的拉力大小为2mgsinqD．A、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为(★) 8 . 如图所示为某汽车启动时发动机功率 P随时间 t变化的图象，图中 P e为发动机的额定功率，若已知汽车的最大速度为 v m，据此可知()A．汽车匀速运动时所受的阻力f等于P e/v mB．0～t1时间内发动机做功为P e t1C．t1～t2时间内汽车做匀速运动D．0～t2时间内发动机做功为二、多选题(★★★★) 9 . 如图所示，在某旅游景点的滑沙场有两个坡度不同的滑道AB和AB′（都可看作斜面），一名旅游者乘同一个滑沙橇从A点由静止出发先后沿AB和AB′滑道滑下，最后停在水平沙面BC或B′C上．设滑沙者保持一定坐姿，滑沙橇和沙面间的动摩擦因数处处相同．下列说法中正确的是()A．到达B点的速率等于到达B′点的速率B．到达B点时重力的功率大于到达B′时重力的功率C．沿两滑道AB和AB′滑行的时间一定不相等D．沿两滑道ABC和AB′C滑行的总路程一定相等(★★) 10 . 如图所示，劲度系数为 k 的轻弹簧一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m 的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力 F 缓慢向左推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了 x 0，此时物体静止．撤去 F 后，物体开始向右运动，运动的最大距离为3x ．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为 g ．则A．撤去 F 时物体的加速度大小为B．撤去 F 后物体在与弹簧刚脱离时其速度最大C．物体做匀减速运动的时间为D．物体在加速运动过程中加速度逐渐变小(★★) 11 . 两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量。
天津市和平区2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题
【区级联考】天津市和平区2018-2019学年高一上学期期末考试物理试题一、单选题1. 关于牛顿第一定律，下列说法正确的是A．不受力作用的的物体是不存在的，故牛顿第一定律的建立毫无意义B．牛顿第一定律是从实验现象归纳总结出来的C．牛顿第一定律表明，物体在任何状态下都具有惯性D．牛顿第一定律表明，外力的作用会改变物体的惯性2.A．2N、5N、9N B．1N、2N、5NC．21N、3N、5N D．10N、10N、10N、，将一质量较大的钩码挂在细线中点，之后将细线的两端点从相距较远处相互缓慢靠近，钩码始终3. 如图所示，一细线两端点分别为静止在同一位置，则在此过程中A．细线可能会在两端靠近过程中某一时刻被拉断B．两细线拉力的合力逐渐减小C ．段细线上的拉力与钩码挂钩拉力的合力逐渐减小D．段细线上的拉力与钩码挂钩拉力的合力逐渐增大4. 跳高运动员越过横杆后落在垫子上的运动可简化为如图所示的模型:一轻弹簧竖直放置在水平地面上，将一小球从空中某一高度自由落下，之与正下方的轻弹簧接触并运动到最低点，对这一运动过程分析正确的是A．小球接触弹簧后立刻开始做减速运动B．小球刚接触弹簧时的速度是整个过程的最大速度C．接触弹簧后，小球的加速度先减小后增大D．小球动能的增加量等于重力势能的减少量5. 体育器材室里，篮球摆放在如图所示的球架上.已知球架的宽度为，每个篮球的质量为，直径为，不计球与球架之间的摩擦，重力加速度为.则每个篮球对一侧球架的压力大小为（）A．B．C．D．6. 在水平地面上移动同一件货物有两种方法，可以如图甲用斜向下的力推动货物，也可以如图乙用斜向上的力拉动物体，与大小相同，当水平面的夹角也相同，货物在水平地面上移动相同的距离，则A．和对物体所做的功相同B．摩擦力对物体做的功相同二、多选题C ．物体动能的增量相同D ．外力对物体做的总功相同7. 在滑冰场上，甲、乙两个小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于A ．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B ．在推的过程中，甲推的乙的时间小于乙推甲的时间C ．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D ．在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小8. 如图，一很长的不可伸长的柔软细绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球和,球质量为，静置于地面，球质量为3；用手托住，高度为，此时轻绳刚好拉紧，从静止开始释放球至球上升至最高点的过程中A ．落地前，球减小的重力势能等于球增加的重力势能B ．落地前，球和球的速度大小始终相等C ．落地前，球的加速度大于球的加速度D ．从释放开始，球能上升的最大高度为9. 物理定律的应用需要一定的条件，下列物体在运动过程中(忽略空气阻力)，可以应用机械能守恒定律的是A ．被起重机拉着向上做匀速运动的货物B ．沿光滑斜面向下加速运动的木块C ．一个斜向上抛当后在空中运动的铁球D ．在空中向上做减速运动的氢气球10. 质量分别为和的物体、用细绳连接后跨过滑轮，静止在倾角为45°的斜面上，悬挂着，已知，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°增大到50°，系统仍保持静止，下列说法正确的是A．物体受到的合外力减小B．物体对斜面的压力保持不变C．绳子对的拉力保持不变D．物体受到的静摩擦力增大11. 几个水球可以挡住一颗子弹？《国家地理频道》的实验结果是:四个水球足够!水平排列的4个水球直径相同，子弹在水球中沿水平线做匀变速直线运动，恰好能穿出第4个水球，则可以判断的是A．子弹在每个水球中的速度变化相同B．每个水球对子弹做的功相同C．子弹在每个水球中运动的时间相同D．子弹在每个水球中的动能变化相同12. 我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车．假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上送行过程中阻力与车重成正比，某列动车组由8节车厢组成其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组（）A．启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同B．做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力大小相同C．进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比D．与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1:2四、实验题13. 如图所示，质量为的小球以的速度沿光清水平面向右运动，碰到墙壁经后以的速度沿同、直线反弹，设初速度方向为正，小球在这内的加速度大小为______ ?，墙对小球的平均作用力大小为____，墙对小球做的功为____.14. 游乐场上的升降机可在竖直方向做变速运动让人体验超失重的感觉，某同学在升降机中把一物体挂在力传感器上，通过传感器显示上升过程拉力随时间的变化情况。
精品解析：【区级联考】天津市和平区2019届高三上学期期末考试物理试题(解析版)
天津市和平区 2018-2019 学年度第一学期高三年级期末考试物理学科试卷一、单选题1. 下列说法正确的是（ ）A. 原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律B. 射线、射线、射线都是高速运动的带电粒子流C. 氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D. 发生光电效应时光电子的动能只与入射光的强度有关 【答案】C 【解析】试题分析：原子核发生衰变时，电荷守恒，但会有质量亏损，遵循的是爱因斯坦的质能方程而非质量守恒规律，故A 错误；α射线和β射线分别是带正电的氦核流和带负电的电子流，而γ射线不带电，故B 错误；根据玻尔氢原子模型的相关理论，电子轨道和能量都是量子化的，而在“跃迁”过程中要遵循m n h E E υ=-，故只能辐射特定频率的光子，故C 正确；由光电效应的方程0k E h W υ=-可知，光电子的动能由入射光频率决定，故D 错误． 考点：氢原子的能级公式和跃迁【名师点睛】本题主要考察原子结构和原子核的相关知识．选项的迷惑性大，关键要熟悉教材，牢记这些基本的知识点，以及加强训练． 【此处有视频，请去附件查看】2.如图是 a 、b 两光分别经过同一双缝干涉装置后在屏上形成的干涉图样，则A. 从同种介质射入真空发生全反射是 b 光临界角大B. 在同种均匀介质中，a 光的传播速度比 b 光的大C. 照射在同一金属板上发生光电效应时，a 光的饱和电流大 D. 若两光均由氢原子能级跃迁发生，产生 a 光的能级能量差小 【答案】A 【解析】 【分析】根据图象比较干涉条纹间距大小，再根据△x ＝ L dλ判断波长，从而判断频率大小，频率大的折射率大，根据n=c/v 判断传播速度，根据sin C ＝1/n 判断发生全反射时临界角大小，光电效应时饱和电流与入射光的强度有关，a 光的频率大，则能量大．【详解】由图可知a 光的干涉条纹间距小于b 光，根据△x ＝ L dλ可知，a 的波长小于b 光，则a 光的频率大于b 光，a 的折射率大于b 光，根据sin C ＝1/n 可知，同种介质射入真空发生全反射时b 光临界角大，故A 正确；根据n=c/v 可知，在同种介质中传播时a 光的传播速度比b 光的小，故B 错误；光电效应时饱和电流与入射光的强度有关，所以无法判断饱和电流的大小，故C 错误；因a 光的频率大，故若两光均由氢原子能级跃迁产生，则产生a 光的能级差大，故D 错误．故选A ．【点睛】本题的关键是根据图象比较干涉条纹间距大小从而得频率大小，明确光电效应时饱和电流与入射光的强度也有关系，知道全反射临界角的概念．3.如图所示，某运动员先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图所示位置，则在两手之间的距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力 F T （两个拉力大小相等）及它们的合力F 的大小变化情况为A. F T减小，F 减小B. F T增大，F 增大C. F T增大，F 不变D. F T减小，F 增大【答案】C【解析】【分析】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小．【详解】对运动员受力分析，受到重力、两个拉力，如图：由于两个拉力的合力F不变，且夹角变大，故两个拉力F T不断变大；根据平衡条件可知，运动员受到的重力与拉力的合力平衡，故它们的合力F的大小不变．故C正确，ABD错误．故选C．【点睛】本题关键作图后，根据三力平衡条件，运用合成法分析讨论，注意由物理情景，作出物理模型，并能正确使用物理规律进行分析求解．4.宇宙中有两颗相距无限远的恒星S1、S2，半径均为R0．如图分别是两颗恒星周围行星的公转半径r3与公转周期T2的图象，其中r3为横轴，T2为纵轴．则以下说法正确的是A. 恒星S 1的质量大于恒星S 2的质量B. 恒星S 1的密度大于恒星S 2的密度C. 不考虑S 1、S 2的自转，S 2表面重力加速度较大D. 距两恒星表面高度相同的行星，S 1的行星向心加速度较大 【答案】C 【解析】A 、由题图可知，当绕恒星运动的行星的环绕半径相等时，S 1运动的周期比较大，根据公式：2224Mm G m r r T π=，所以：2324r M GT π=，周期越大则质量越小．所以恒星S 1的质量小于恒星S 2的质量．故A 错误；B 、两颗恒星的半径相等，则根据M =ρV ，半径R 0相等则它们的体积相等，所以质量大S 2的密度大．故B 正确．C 、根据万有引力提供向心力，则：22Mm mv G m r r=，所以：GM v r =S 1的质量小于恒星S 2的质量，所以恒星S 1的第一宇宙速度小于恒星S 2的第一宇宙速度．故C 错误．D 、距两恒星表面高度相同的行星，如图当它们的轨道半径相等时，S 1的周期大于恒星S 2的周期，它们的向心加速度a ：224a r Tπ=，所以S 1的行星向心加速度较小．故D 错误．故选B.【点睛】该题考查万有引力定律的应用，由于两个恒星的半径均为R 0，又可以根据图象，结合万有引力定律比较半径和周期之间的关系．当然也可以结合开普勒第三定律分析半径与周期之间的关系．5.在滑冰场上，甲、乙两个小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于 A. 在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力 B. 在推的过程中，甲推的乙的时间小于乙推甲的时间C. 在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D. 在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小【答案】C【解析】由牛顿第三定律可知A错；B错；由可知C对；加速度均为，是相同的，D错；6.如图所示，图中以点电荷Q 为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图．一个带电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，P、M、N、O、F 都是轨迹上的点．不计带电粒子受到的重力，由此可以判断A. 此粒子和点电荷Q 带同种电荷B. 此粒子在M 点的动能小于在F 点的动能C. 粒子在F 点的电势能小于在N 点的电势能D. 带电粒子从P 运动到N 的过程中，电势能逐渐增大【答案】B【解析】【分析】电荷做曲线运动，受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据功能关系分析动能和电势能的变化情况；根据库仑定律判断静电力的大小，确定加速度的大小．【详解】根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在M、N间运动过程中，电荷一直受静电引力作用，此粒子和点电荷带不同的电荷．故A错误；粒子从M到N，电场力做正功，故M点的动能小于N点的动能；N点与F点在同一个等势面上，所以粒子在F 点的电势能等于在N 点的电势能，粒子在F点的动能等于在N点的动能，所以粒子在M点的动能小于在F点的动能．故B正确，C错误；带电粒子从 P 运动到 N 的过程中，电场力做正功，电势能逐渐减小，选项D错误；故选B.【点睛】本题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力．根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧．电场力做正功，电势能减小，动能增加．7.如图所示，导体棒MN 垂直于导轨静止在水平面上，整个装置处于匀强磁场中，磁场方向与MN 垂直并与导轨平面成θ 角斜向上方，闭合开关，缓慢转动磁场使θ 角逐渐增大至90°，其余不变，导体棒始终静止，忽略电磁感应现象的影响，在此过程中A. 导体棒受安培力方向水平向右B. 导体棒所受安培力大小不变C. 导轨对导体棒支持力不变D.导体棒受到摩擦力大小不变【答案】B 【解析】【分析】根据左手定则可知安培力的方向；对导体棒受力分析，根据水平和竖直方向的平衡方程讨论支持力和摩擦力的变化.【详解】根据左手定则可知，导体棒受安培力方向垂直于B指向右下方，选项A错误；根据F安=BIL可知，导体棒所受安培力大小不变，选项B正确；对导体棒，水平方向：F安sinθ=f；竖直方向：N=mg+F安cosθ，则当缓慢转动磁场使θ 角逐渐增大至90°时，导体棒受到摩擦力变大；导轨对导体棒支持力减小，选项CD 错误；故选B.8.如图所示，一束质量．速度和电量不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生任何偏转，如果让这些不偏转的离子进入另一匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束,对这些进入后一磁场的离子，可以得出结论（）A. 它们的动能一定各不相同B. 它们的电量一定各不相同C. 它们的质量一定各不相同D. 它们的电量和质量之比一定各不相同【答案】D【解析】【详解】因为粒子进入电场和磁场正交区域时，不发生偏转，说明粒子所受电场力和洛伦兹力平衡可得qvB=qE，解得相应的粒子速度为：EvB=，所以进入第二个匀强磁场时，粒子具有相同的速度，粒子进入磁场后受洛伦兹力作用，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力：2vqvB mr=，解得：mvrqB=，由于粒子又分裂成几束，也就是粒子做匀速圆周运动的半径r不同，根据mvrqB=可知，粒子能分裂成几束的粒子的qm不同，而质量m、电荷量q可能相同，也可能不同；动能也可能相同，也可能不同．故D正确，ABC错误．二、多选题9.在如图电路中，电源电动势为E，内阻为r，当变阻器R3的滑动头P 向b 端移动时，下列判断正确的是A. 电压表示数变小B. 电流表示数变大C. 流过电阻R1的电流不变D. 电阻R2的功率变大【答案】AB【解析】【分析】先分析变阻器接入电路的电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，即可判断电压表示数的变化和总电流的变化，根据串联电路分压特点判断并联部分电压的变化，判断出R2中电流的变化，从而判断出电流表示数的变化．【详解】当变阻器R3的滑动头P向b端移动时，R3↓，外电路总电阻R总↓，路端电压减小，总电流I总↑，则电压表示数变小，通过电阻R1的电流I R1↑．根据串联电路分压规律可知，并联部分的电压U并↓，通过电阻R2的电流I R2↑．因为I总=I A+I R2，所以电流表示数I A变大．由于电阻R2的电流I R2↑，则电阻R2的功率变小．故AB正确，CD错误．故选AB．【点睛】本题是简单的电路动态分析问题，关键要分析出变阻器接入电路的电阻变化，即可根据闭合电路欧姆定律分析两电表读数的变化．10.蹦床运到受到越来越多人的喜爱，这一运动可从物理学视角对其运动特点进行分析．忽略空气阻力，下面说法正确的是A. 运动员下落到刚接触蹦床时，速度最大B. 在下落过程中，重力对运动员所做的功等于其重力势能的减小量C. 从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，运动员的加速度先减小后增大D. 运动到最低点时，床对运动员的作用力大于运动员对床的作用力【答案】BC【解析】【分析】运动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床形变量逐渐变大，弹力逐渐增加；当弹力小于重力时，合力向下，加速度向下，运动员向下加速；当弹力大于重力时，合力向上，加速度向上，运动员向下减速．【详解】动员下落过程接触蹦床前是自由落体运动，从接触蹦床到最低点过程，蹦床形变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下后向上，故运动员先加速后减速，故当弹力与重力平衡时，速度最大，故A错误；据功能关系，重力对运动员所做的功等于其重力势能的减小，故B正确；从刚接触蹦床到运动至最低点的过程中，蹦床形变量逐渐变大，运动员受到的弹力逐渐增加，故合力先向下减小后反向增加，故运动员的加速度先减小后增大，故C正确；床对运动员的作用力与运动员对床的作用力是相互作用力，总是等值、反向、共线，故D错误；故选BC．11.圆形区域内有如图所示的匀强磁场．一束相同比荷的带电粒子对准圆心O射入，分别从a、b 两点射出，则从b 点射出的粒子A. 速率较小B. 偏转角较小C. 运动半径较小D. 在磁场中的运动时间较短【答案】BD【解析】【分析】质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径不同，导致运动轨迹也不同．因此运动轨迹对应的半径越大，则粒子的速率也越大．而运动周期它们均一样，但运动时间却由圆弧对应的圆心角决定．【详解】由洛伦兹力提供向心力，结合几何运动径迹可知，从b点射出的粒子运动半径较大，由mvrqB ，结合荷质比相同，可得从b点射出的粒子速率较大，故AC错误；由图可以看出a 粒子偏转角较大，b 粒子偏转角较小，故B 正确；由运动周期公式得，2mT qBπ=，由于荷质比相同，周期与速率无关，粒子运动的时间：t=2θπ•T 可知运动的时间，仅由轨迹所对的圆心角决定，故b 点射出的粒子运动时间较短，故D 正确；故选BD ．12.如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子A. 所受重力与电场力合力为零B. 机械能保持不变C. 电势能和动能的总和保持不变D. 做匀变速直线运动【答案】CD 【解析】 【分析】带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确定电势能如何变化．【详解】根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向同向，粒子做匀加速直线运动，合力不为零，因此A 错误，D 正确；由上述分析可知，电场力做正功，机械能增加，故B 错误；由于只有电场力做功，可知粒子的电势能和动能的总和保持不变，故C 正确；故选CD ．三、填空题13.如图，在倾角 θ＝45°的斜面底端的正上方某一高处以 v 0 ＝6m/s 的初速度水平抛出一质量为 0.1kg 的物体．空气阻力不计，该物体落在斜面上时的速度方向恰好与斜面垂直，则小球在空中飞行时间为___s ，小球与斜面相碰时重力的瞬时功率为_____W ．（取 g ＝10m/s 2 ）【答案】 (1). 0.6 (2). 6【解析】【分析】小球垂直撞在斜面上，速度与斜面垂直，将该速度进行分解，根据水平分速度和角度关系求出竖直分速度，再根据v y =gt 求出小球在空中的飞行时间．根据P=mgv y 求解小球与斜面相碰时重力的瞬时功率．【详解】设飞行的时间为t ，因为是垂直撞上斜面，斜面与水平面之间的夹角为45°，所以有：v 0=v y ，代入数据解得：v y =6m/s ，所以时间t 为：60.610yv t s s g =＝＝；重力的瞬时功率为：P=mgv y =0.1×10×6W=6W 【点睛】该题是平抛运动基本规律的应用，主要抓住撞到斜面上时水平速度和竖直方向速度的关系，知道瞬时功率的求解公式P=Fv ，其中的v 是沿F 方向的速度．14.质量为 m 的小球 A 以速率 v 0 向右运动时跟静止的小球 B 发生碰撞，碰后 A 球以02v 的速率反向弹回，而 B 球以02v 的速率向右运动，则 B 的质量 m B ＝_________ ；碰撞过程中，B 对A 做功为_________． 【答案】 (1). 【答题空1】13m (2). 2038mv - 【解析】【分析】以A 、B 两球组成的系统为研究对象，在碰撞过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出B 球的质量；由动能定理可以求出B 对A 所做的功．【详解】以A 、B 组成的系统为研究对象，以A 球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m A v 0=m A （-02v ）+m B 02v ， 解得m B =3m ；以A 为研究对象，由动能定理得：222000113()2228A A v W m m v mv =--=-，符号表示B 对A 做负功；15.半径为 r 、电阻为R 的N 匝圆形线圈在边长为 L 的正方形区域 abcd 外，匀强磁场充满并垂直穿过该正方形区域，如图甲所示．磁场随时间的变化规律如图乙所示．图线与横、纵轴的截距分别为 t 0 和B 0．则圆形线圈中产生的感应电动势E = ________V ，0 至 t 0 时间内通过的电荷量 q=_________.【答案】 (1). 200B n L t (2). 20nB L R【解析】【分析】本题是线圈的面积不变，磁场在变化，磁通量的变化率 B S t t∆Φ∆=∆∆，再根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，再根据q=It 0，从而求解． 【详解】磁通量的变化率为：200=B B S L t t t ∆Φ∆=∆∆ 根据法拉第电磁感应定律得线圈中的感应电动势为：200B E n n L t t Φ==V V 再根据闭合电路欧姆定律得感应电流为：200nB L E I R t R==． 电量为：q=It 0=20nB L R【点睛】本题是线圈类型，要掌握法拉第定律的几种不同表达形式，再结合闭合电路欧姆定律进行求解，并掌握求电量的公式．四、实验题16.小明同学采用如图 1 所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验．图 1是即将启动打点计时器时的场景，图 2 是备选的测量器材(1)除了图1 装置中的器材之外，还必须从图2 中选取实验器材，其名称是________；(2)指出图1 装置中不合理的地方__________（一处）；(3)在实际的测量中，重物减少的重力势能通常会______（选填“略大于”、“等于”或“略小于”）增加的动能，这样产生的误差属于__________（选填“系统误差”或“偶然误差”）；(4)某同学想用下述方法研究机械能是否守恒，在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，描绘v 2﹣h 图象，并做如下判断：若图象是一条过原点的直线，则重物下落过程中机械能守恒．请你分析论证该同学的判断依据是否正确并说明原因___________．【答案】(1). （1）毫米刻度尺；(2). （2）重锤离打点计时器太远，为了能在纸带上打出更多的点，则纸带应该上提；(3). （3）略大于；(4). 系统误差；(5). （4）不正确．要想通过v2-h 图象的方法验证机械能是否守恒，还必须看图象的斜率是否接近2g.【解析】【分析】（1、2）根据正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材；（3）在实际的测量中，由于有阻力的作用，使得重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能；（4）如果v2-h图象为直线，仅表示合力恒定，与机械能是否守恒无关，比如：阻力恒定，合外力一定，加速度一定，v2-h 图象也可能是一条过原点的倾斜的直线．【详解】（1）实验中纸带上的点点之间的距离需要测量，故用到毫米刻度尺；（2）由图可知，重锤离打点计时器太远，为了能在纸带上打出更多的点，则纸带应该上提；（3）在实际的测量中，由于有阻力的作用，使得重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能，这样产生的误差属于系统误差；（4）该同学的判断依据不正确．在重物下落h 的过程中，若阻力f 恒定，根据mgh-fh=12mv 2，可得：v 2=2（g- f m ）h ，则此时v 2-h 图象就是过原点的一条直线．所以要想通过v 2-h 图象的方法验证机械能是否守恒，还必须看图象的斜率是否接近2g ．17.伏安法测电阻，当被测电阻不知估计值时，在连接测量电路时可采用以下试接的方法：电压表一端连接于电路中C 点，另一端分别接电路中a 点或b 点（图中用单刀双掷开关K 进行变换），观察两电表读数变化情况，来选择电流表的接法．设两表的量程及所接电源都合适．(1)当K 分别接a 和接b 时，发现电流表读数比电压表计数变化明显，则应采用K 接________点的方法（选填“a”或“b”）(2)用上述接法测出的R x 值比它的真实值_______．（选填“大于”、“等于”或“小于”），用此种方法测量时若已知电流表内阻R R ，电压表和电流表的读数分别为U 和I ，则被测电阻真实值计算表达式R R =________．(3)要描绘出该被测电阻的伏安特性曲线，除上面图示中测量电路中已有的器件外，还有电源、开关、导线和滑动变阻器．并把测量电路的E 、F 两点接入完整的电路中（画出虚线内的电路图）________【答案】 (1). a 点 (2). 大于 (3). A U IR I (4).【解析】【分析】（1）电流表读数比电压表计数变化明显，说明电流表的分压作用较小，所以要用内接法；（2）用内接法测量时，电流表准确，电压表值偏大，所以测量值偏大；先求出电阻两端的实际电压值，再根据欧姆定律即可求解；（3）要描绘出该被测电阻的伏安特性曲线，则要得出多做U 、I 值，所以要用到滑动变阻器调节电路，为了使被测电压可以从零开始，所以滑动变阻器要用分压式．【详解】（1）当K 分别接a 和接b 时，发现电流表读数比电压表计数变化明显，说明电流表的分压作用较小，所以要用内接法，即应采用K 接a 点的方法；（2）用此接法电压表测量的是电流表和被测电阻的总电压，电流表测量的是被测电阻的电流，根据欧姆定律R=U/I 可知，电压偏大，电流准确，所以电阻值偏大；电阻两端的电压U′=U -IR A ；根据欧姆定律U R I '=得：A x U IR R I-= （4）要描绘出该被测电阻的伏安特性曲线，则要得出多做U 、I 值，所以要用到滑动变阻器调节电路，为了使被测电压可以从零开始，所以滑动变阻器要用分压式，电路图如图所示：【点睛】确定滑动变阻器与电流表接法是设计实验电路图的关键，要求同学们学会实验误差的分析，难度适中．五、计算题18.如图所示，一足够长的木板在水平场面上滑动，速度v 1＝10m/s 时，将一相对于地面静止的物块轻放到木板右端，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间动摩擦因数μ1＝0.4，g 取10m/s 2，求：(1)若地面光滑，经过多长时间物块相对木板停止运动？(2)若木板与地面间动摩擦因数μ2＝0.1，木板与物块相对静止后还能向前滑行的距离．【答案】(1)1.25s ．(2) 8m ．【解析】【分析】（1）根据牛顿第二定律分别求出物块和木板的加速度，结合速度时间公式求出速度相同所经历的时间． （2）若木板与地面间动摩擦因数μ2=0.1，根据牛顿第二定律求木板的加速度，由速度公式求出速度相等时的时间及共同速度．相对静止后一起做匀减速运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出还能向前滑行【详解】（1）放上木块后，物块的加速度为：a 1=1 mg m μ=μ1g=4m/s 2 木板的加速度大小为：a 2=1 mgm μ=μ1g=4m/s 2设经过t 时间速度相同，根据速度时间公式得：a 2t=v 1-a 1t ，解得：11210 1.2544v t s s a a ===++ ． （2）若木板与地面间动摩擦因数为：μ2=0.1木板的加速度大小为：a 2′=122 mg mgm μμ+⋅=μ1g+2μ2g=6m/s 2．设经过t′时间速度相同，根据速度时间公式得：v 1-a 2′t′=a 1t′，解得：t′=1s ．共同速度为：v=a 1t′=4×1=4m/s共速后两者一起运动，加速度为：a=22 2mgm μ⋅=μ2g=1m/s 2．木板与物块相对静止后还能向前滑行的距离为：2248221v x m a ===⨯． 【点睛】解决本题的关键理清物块和木板在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，本题分析两个物体的运动规律是关键．19.如图所示，横向宽度为L 、纵向宽度足够大的区域内，直线PQ 两侧分别存在强度相同、方向相反但均垂直于纸面的匀强磁场．一质量为m 、电荷量为q 的带正电粒子，从P 点沿与PQ 成θ＝30°角的方向，以速度v 射入下方磁场区域，粒子最终从Q 点离开，不计粒子重力(1)求磁场磁感应强度最小值；(2)撤去磁场，在纸面内加一与初速度v 垂直匀强电场，仍使粒子从P 点射入并经过Q 点，求电场强度的【答案】(1)mv qL ；(2)24 3mv qL【解析】【分析】（1）当粒子在磁场中运动的轨道半径最大时，速度最大，根据几何关系求出最大半径，结合半径公式求出磁感应强度的最小值． （2）粒子在电场中做类平抛运动，将粒子的运动分解为垂直电场方向和沿电场方向，结合牛顿第二定律和运动学公式求出电场强度的大小．【详解】（1）当粒子在磁场中运动的轨道半径最大时，磁感应强度最小．如图所示．根据几何关系知，粒子在磁场中运动的轨道半径22LL r sin sin θθ=＝．根据mv r qB ＝得， 磁感应强度的最小值2mv mvsin mv B qr qL qL θ==＝． （2）撤去磁场，在纸面内加一与初速度v 垂直的匀强电场，知粒子在垂直电场方向上运动的距离x=Lcosθ，沿电场线方向上的距离y=Lsinθ，x t v= ， 2211 22qE y at t m=⋅＝，。
天津市和平区2019-2020学年高一第一学期期末物理试题(含答案)
2019~2020学年天津和平区高一上学期期末物理试卷一、单选题1. 学习物理，不仅要重视物理知识的学习更要重视物理思想方法的领悟，下列关于物理方法正确的是（）A. 牛顿是国际单位制的基本单位B. 牛顿第一定律是从实验现象归纳总结出来的C. 对平抛运动进行分解必须沿水平和竖直两个方向D. 探究合力与分力的关系采用的是等效替代的方法2. 我国“蛟龙号”深潜器在某次实验时，内部显示屏上显示了从水面开始下潜到返回水面过程中的速度图像，如图所示。
以下判断正确的是（）A. 4min ~ 6min内，深潜器停在深度为6m处B. 3min ~ 4min内，潜水员处超重状态C. 8min ~ 10min内，深潜器的速度方向向下D. 6min ~ 10min内，深潜器的加速度不变3. 能够从物理视角看世界是学习物理的重要目标。
下面四张图片展现了生活中常见的情景，其中甲图是自行车无动力沿着斜坡冲下，乙图是靠惯性冲上斜坡，丙图是“托球”动作中乒乓球与球拍一起相对静止向左运动的过程（虚线表示水平方向），丁图是在球架上用竖直挡板卡住静止的篮球，各图中的角均相等，忽略空气阻力和一切摩擦，下列正确的是（）A. 甲图和乙图中自行车的加速度大小相等、方向相反B. 甲图的自行车和丙图中的乒乓球加速度可能相等C. 丙图中球拍和乒乓球可能一起做匀速直线运动D. 丙图的球拍和丁图的斜面产生的弹力大小相等4. 如图是自由体操比赛中的一个瞬间，动作要求运动员保持此姿势3秒钟以上，当运动员保持此姿势时，两手臂对称撑住地面，运动员的重力为G，则可以判断（）A. 两手臂夹角增大时，运动员受到的合力增大B. 两手臂夹角增大时，运动员每只手与地面之间的摩擦力增大C. 两手臂夹角增大时，运动员每只手对地面的正压力增大D. 两手臂夹角增大时，运动员每只手对地面的作用力减小5. 如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面；若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中（）A. 鱼缸受到的摩擦力方向始终不变B. 鱼缸受到的摩擦力大小始终不变C. 若猫增大拉力，桌布对鱼缸的摩擦力增大D. 若猫增大拉力，桌面对鱼缸的摩擦力增大6. 如图所示，将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶，将A、B两只飞镖从离墙壁一定距离同一位置处，分别将它们水平掷出，两只飞镖插在靶上的状态如图所示（侧视图），不计空气阻力则下列说法中正确的是（）A. A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度小B. A镖的质量比B镖的质量大C. B镖的运动时间比A镖的运动时间长D. B镖插入靶时的速度一定比A镖插入靶时的速度大二、多选题7. 下列图中实线为河岸，河水的流动方向如图中v的箭头所示，虚线为小船从河岸M驶向对岸N的实际航线．则其中可能正确的是( )A. B. C. D.8. 某星级宾馆安装一高档电梯，在电梯的底板上安装了一压力传感器，在竖直墙壁上的显示盘上可显示人对传感器的作用力，某乘客乘坐电梯从1层直接到10层，之后又从10层直接回到1层，用照相机进行记录过程中的几个时刻，如图所示，照片的右上角标注了电梯所在梯层及运动方向。
天津市和平区2018-2019学年度第一学期高三年级期末考试物理学科(PDF解析版)
天津市和平区2018-2019学年度第一学期高三年级期末考试物理学科试卷一.单选题(本大题共8小题，每小题3分，每小题给出四个答案中，只有一个是正确的，选对的得3分，有选错的或不答的，得0分)1．下列说法正确的是（）A．原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律B．α射线、β射线、γ射线都是高速运动的带电粒子流C．氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D．发生光电效应时光电子的动能只与入射光的强度有关2．如图是a、b两光分别经过同一双缝干涉装置后在屏上形成的干涉图样，则（）A．从同种介质射入真空发生全反射是b光临界角大B．在同种均匀介质中，a光的传播速度比b光的大C．照射在同一金属板上发生光电效应时，a光的饱和电流大D．若两光均由氢原子能级跃迁发生，产生a光的能级能量差小3．如图所示，某运动员先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图所示位置，则在两手之间的距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力F T（两个拉力大小相等）及它们的合力F的大小变化情况为（）A．F T减小，F减小B．F T增大，F增大C．F T增大，F不变D．F T减小，F增大4．宇宙中有两颗相距无限远的恒星S1、S2，半径均为R0．如图分别是两颗恒星周围行星的公转半径r3与公转周期T2的图象，其中r3为横轴，T2为纵轴．则（）A．恒星S1的质量大于恒星S2的质量B．恒星S1的密度小于恒星S2的密度C．恒星S1的第一宇宙速度大于恒星S2的第一宇宙速度D．距两恒星表面高度相同的行星，S1的行星向心加速度较大5．在滑冰场上，甲、乙两个小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于（）A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲推的乙的时间小于乙推甲的时间C．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D．在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小6．如图所示，图中以点电荷Q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图．一个带电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，P、M、N、O、F都是轨迹上的点．不计带电粒子受到的重力，由此可以判断（）A．此粒子和点电荷Q带同种电荷B．此粒子在M点的动能小于在F点的动能C．粒子在F点的电势能小于在N点的电势能D．带电粒子从P运动到N的过程中，电势能逐渐增大7．如图所示，导体棒MN垂直于导轨静止在水平面上，整个装置处于匀强磁场中，磁场方向与MN垂直并与导轨平面成θ角斜向上方，闭合开关，缓慢转动磁场使θ角逐渐增大至90°，其余不变，导体棒始终静止，忽略电磁感应现象的影响，在此过程中（）A．导体棒受安培力方向水平向右B．导体棒所受安培力大小不变C．导轨对导体棒支持力不变D．导体棒受到摩擦力大小不变8．如图所示，一束质量和电荷量可能不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生偏转．如果让这些不偏转的离子进入另一匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束，对这些进入另一磁场的离子，可得出结论（）A．它们的动能一定不相同B．它们的电荷量一定不相同C．它们的质量一定不相同D．它们的比荷一定不相同二．多选题（本大题共4小题，每小题3分，每小题给出的四个答案中，都有多个是正确的，完全正确的得3分，选对但不全的得1分，有选错或不答的，得0分）9．在如图电路中，电源电动势为E，内阻为r，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时，下列判断正确的是（）A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．流过电阻R1的电流不变D．电阻R2的功率变大10．蹦床运到受到越来越多人的喜爱，这一运动可从物理学视角对其运动特点进行分析。
天津市和平区2018-2019学年高一物理上学期期末质量跟踪监视试题
天津市和平区2018-2019学年高一物理上学期期末质量跟踪监视试题一、选择题1．如图所示是采用动力学方法测量空间站质量的原理图，若已知飞船质量为4.0×103kg ，其推进器的平均推力为800N ，在飞船与空间站对接后，推进器工作5s 内测出飞船和空间站速度变化是0.05m/s ，则空间站的质量为（ ）A ．8.0×104kg B ．7.6×104kg C ．4.0×104kgD ．4.0×103kg2．A 、B 两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（ ）A ．A 、B 两物体运动方向一定相反 B ．4t s 时，A 、B 两物体的速度相同C ．前4s 内A 、B 两物体的位移相同D ．A 物体的加速度比B 物体的加速度大3．2018年9月2号刚刚结束的亚运会中，中国队包揽了跳水项目的全部10 金。
图示为跳水运动员在走板时，从跳板的a 端缓慢地走到b 端，跳板逐渐向下弯曲（相当于斜面倾角不断变大），在此过程中，跳板对运动员的（ ）A ．摩擦力不断增大B ．作用力不断减小C ．作用力不断增大D ．支持力不断增大4．科技馆的科普器材中常有如图所示的匀速率的传动装置：在大齿轮盘内嵌有三个等大的小齿轮。
若齿轮的齿很小，大齿轮的半径(内径)是小齿轮半径的3倍，则当大齿轮顺时针匀速转动时，下列说法正确的是()A ．小齿轮和大齿轮转速相同B ．小齿轮和大齿轮周期相同C．大齿轮边缘的线速度是小齿轮的3倍D．小齿轮的角速度是大齿轮角速度的3倍5．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。
其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是A．甲图：与点电荷等距的a、b两点B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C．丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面的a、b两点D．丁图：匀强电场中的a、b两点6．如图为某汽车在平直公路上启动时发动机功率P随时间t变化的图象，图中Pe为发动机的额定功率，若已知汽车的最大速度为v m，据此可知A．t1﹣t2时间内汽车一定做匀速运动B．0﹣t1时间内发动机做的功为P e t1C．汽车匀速运动时受的阻力为D．t1时刻汽车恰好达到最大速度v m7．物体由静止开始做匀加速直线运动，加速8 s后，立即做匀减速直线运动，再经过4 s停下．关于该物体的运动情况，下列说法正确的是( )A．加速、减速过程中的加速度大小之比为2∶1B．加速、减速过程中的平均速度大小之比为2∶1C．加速、减速过程中的位移大小之比为2∶1D．加速、减速过程中速度的变化率大小之比为2∶18．如图所示，长为0.5m的轻质细杆,一端固定一个质量为2kg的小球，使杆绕O点在竖直平面内做圆周运动，小球通过最高点的速率为2m/s，g取10m/s2。
天津市和平区2019年物理高一期末学业水平测试试题
天津市和平区2019年物理高一期末学业水平测试试题一、选择题1．下列物理量为标量的是（）A．平均速度 B．加速度 C．弹力 D．瞬时速率2．如图所示是某质点运动的位移x随时间t变化的关系图象，则下列说法中正确的是A．质点在第1s内做匀速直线运动，2~3s内做匀变速直线运动B．质点在前3s内的平均速度大小为23m/sC．质点在1-3s内的速度大小为23m/sD．质点在前3s内的位移为零3．下列说法正确的是（）A．千克、焦耳、秒都属于基本单位B．力学基本量是时间、位移、速度C．力学基本量是时间、质量、长度D．为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学基本单位4．下列说法正确的是（）A．运动的物体不可以作为参考系B．只要是体积小的物体，都能看成质点C．若物体的加速度减小，则速度也减小D．运动物体的位移大小可能等于路程5．如图所示，物体从O点由静止开始做匀加速直线运动,途径A、B、C三点,其中若物体通过AB和BC这两段位移的时间相等,则O、A两点之间的距离等于A． B． C． D．6．如图所示，在竖直平面内的圆周轨道半径为r，质量为m的小物块以速度v通过轨道的最高点P．已知重力加速度为g，则小物块在P点受到轨道对它的压力大小为A．m B．m－mg C．mg－m D．m+mg7．在距水平地面高h处，将甲、乙两小球同时分别以v0和2v0的速度水平抛出，不计空气阻力，则下列说法正确的是A．甲先落地B．乙先落地C．甲、乙同时落地D．因为不知甲和乙重力的大小关系，所以无法判断甲、乙谁先落地8．小球A沿着光滑的水平面以速度v0（方向向右）与静止的小球B发生弹性正碰。
若m A：m B=1：2，则碰撞后（）A.A球的速度大小为v0，方向水平向左B.A球的速度大小为v0，方向水平向右C.B球的速度大小为v0，方向水平向左D.B球的速度大小为v0，方向水平向右9．木星的半径约为R=7.0×m。
早期伽利略用自制的望远镜发现了木星的四颗卫星，其中，木卫三离木星表面的高度约为h=1.03×m,它绕木星做匀速圆周运动的周期约等于T=6.0×s，已知引力常量G=6.67×N·m2/kg2，则木星质量的数量级为A．kgB．kgC．kgD．kg10．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。
天津市和平区2018-2019学年度第一学期高三年级期末考试物理学科(PDF解析版)
天津市和平区2018-2019学年度第一学期高三年级期末考试物理学科试卷一.单选题(本大题共8小题，每小题3分，每小题给出四个答案中，只有一个是正确的，选对的得3分，有选错的或不答的，得0分)1．下列说法正确的是（）A．原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律B．α射线、β射线、γ射线都是高速运动的带电粒子流C．氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子D．发生光电效应时光电子的动能只与入射光的强度有关2．如图是a、b两光分别经过同一双缝干涉装置后在屏上形成的干涉图样，则（）A．从同种介质射入真空发生全反射是b光临界角大B．在同种均匀介质中，a光的传播速度比b光的大C．照射在同一金属板上发生光电效应时，a光的饱和电流大D．若两光均由氢原子能级跃迁发生，产生a光的能级能量差小3．如图所示，某运动员先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图所示位置，则在两手之间的距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力F T（两个拉力大小相等）及它们的合力F的大小变化情况为（）A．F T减小，F减小B．F T增大，F增大C．F T增大，F不变D．F T减小，F增大4．宇宙中有两颗相距无限远的恒星S1、S2，半径均为R0．如图分别是两颗恒星周围行星的公转半径r3与公转周期T2的图象，其中r3为横轴，T2为纵轴．则（）A．恒星S1的质量大于恒星S2的质量B．恒星S1的密度小于恒星S2的密度C．恒星S1的第一宇宙速度大于恒星S2的第一宇宙速度D．距两恒星表面高度相同的行星，S1的行星向心加速度较大5．在滑冰场上，甲、乙两个小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于（）A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲推的乙的时间小于乙推甲的时间C．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D．在分开后，甲的加速度大小小于乙的加速度大小6．如图所示，图中以点电荷Q为圆心的虚线同心圆是该点电荷电场中球形等势面的横截面图．一个带电的粒子经过该电场，它的运动轨迹如图中实线所示，P、M、N、O、F都是轨迹上的点．不计带电粒子受到的重力，由此可以判断（）A．此粒子和点电荷Q带同种电荷B．此粒子在M点的动能小于在F点的动能C．粒子在F点的电势能小于在N点的电势能D．带电粒子从P运动到N的过程中，电势能逐渐增大7．如图所示，导体棒MN垂直于导轨静止在水平面上，整个装置处于匀强磁场中，磁场方向与MN垂直并与导轨平面成θ角斜向上方，闭合开关，缓慢转动磁场使θ角逐渐增大至90°，其余不变，导体棒始终静止，忽略电磁感应现象的影响，在此过程中（）A．导体棒受安培力方向水平向右B．导体棒所受安培力大小不变C．导轨对导体棒支持力不变D．导体棒受到摩擦力大小不变8．如图所示，一束质量和电荷量可能不同的正离子垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生偏转．如果让这些不偏转的离子进入另一匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束，对这些进入另一磁场的离子，可得出结论（）A．它们的动能一定不相同B．它们的电荷量一定不相同C．它们的质量一定不相同D．它们的比荷一定不相同二．多选题（本大题共4小题，每小题3分，每小题给出的四个答案中，都有。