高一物理必修一第七章测试题(含答案)
新教材人教版高一物理必修第一册单元测试题含答案
新教材人教版高一物理必修第一册单元测试题含答案一、选择题（每题4分，共40分）1. 下列关于物理学的说法中，正确的是（）A. 物理学是研究自然现象和物质运动的科学B. 物理学只研究宏观物体的运动C. 物理学与日常生活无关D. 物理学研究的是物质的微观结构答案：A2. 下列哪个物理量是标量（）A. 速度B. 力C. 位移D. 加速度答案：C3. 下列关于矢量和标量的说法中，错误的是（）A. 矢量有大小和方向，标量只有大小B. 矢量可以进行合成和分解，标量不能C. 矢量可以进行加减运算，标量也可以D. 矢量在平行四边形法则下可以进行合成，标量不能答案：D4. 下列关于位移和路程的说法中，正确的是（）A. 位移是矢量，路程是标量B. 位移的大小等于路程C. 位移的方向总是指向物体的运动方向D. 路程总是大于位移的大小答案：A5. 下列关于自由落体运动的说法中，错误的是（）A. 自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动B. 自由落体运动的加速度为重力加速度C. 自由落体运动的位移与时间的平方成正比D. 自由落体运动的速度随时间的增加而减小答案：D6. 下列关于匀变速直线运动的说法中，正确的是（）A. 匀变速直线运动的加速度随时间的增加而减小B. 匀变速直线运动的速度随时间的增加而增加C. 匀变速直线运动的位移与时间的平方成正比D. 匀变速直线运动的加速度与速度成正比答案：C7. 下列关于平均速度和瞬时速度的说法中，错误的是（）A. 平均速度是位移与时间的比值B. 瞬时速度是物体在某一瞬间的速度C. 平均速度总是等于某一瞬间的瞬时速度D. 瞬时速度可以等于平均速度答案：C8. 下列关于抛体运动的说法中，正确的是（）A. 抛体运动是匀速直线运动B. 抛体运动的加速度为重力加速度C. 抛体运动的速度随时间的增加而增加D. 抛体运动的位移与时间的平方成正比答案：B9. 下列关于牛顿第一定律的说法中，错误的是（）A. 牛顿第一定律表明，物体在不受外力作用时，总保持静止或匀速直线运动状态B. 牛顿第一定律是力学的基本定律之一C. 牛顿第一定律是牛顿第二定律和牛顿第三定律的基础D. 牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因答案：C10. 下列关于牛顿第二定律的说法中，正确的是（）A. 牛顿第二定律表明，物体的加速度与作用力成正比，与物体质量成反比B. 牛顿第二定律是力学的基本定律之一C. 牛顿第二定律可以用来计算物体的速度D. 牛顿第二定律说明力是维持物体运动的原因答案：A二、填空题（每题4分，共40分）11. 矢量有大小和______，标量只有大小。
2019-2020学年高一物理人教版必修一课时练：(7)匀变速直线运动的速度与时间的关系 Word版含答案
匀变速直线运动的速度与时间的关系1、下列对匀变速直线运动的认识,正确的是( )A.物体在一条直线上运动,若在相等的时间内通过的位移相等,则物体的运动就是匀变速直线运动B.加速度大小不变的运动就是匀变速直线运动C.加速度不变的运动就是匀变速直线运动D.匀变速直线运动的加速度是一个恒量2、一物体做匀变速直线运动,初速度06m/s v =,第2s 内位移为零,则物体的加速度大小是( )A.3m/s2B.4m/s2C.5m/s2D.6m/s23、一质点做匀变速直线运动的速度随时间变化的关系为(4010)m/s v t =-.下列说法正确的是( )A.质点在前4s 内做匀加速运动B.质点的初速度是20m/sC.质点的加速度大小是5m/s 2D.4s t =时,质点的加速度不为零4、如图所示为某物体做直线运动的v -t 图象,由此可知( )A.前1秒物体的位移大小为1mB.第2秒末物体的瞬时速度大小为2m/sC.第3秒内物体的加速度大小为3m/s2D.前3秒物体做勻变速直线运动5、如图所示,物体从光滑斜面上的A 点由静止开始下滑,经过B 点后进入水平面(设经过B 点前后速度大小不变),最后停在C 点,每隔0.2s 通过速度传感器测量物体的瞬时速度,下表给出了部分测量数据,g 取210m/s ,则物体在0.6s 时的速度为( )A.2.3m/sB.2.5m/sC.2.7m/sD.3.0m/s6、有一人在平直马路边散步(速度不变),他发现每隔t 1时间有一路公共汽车迎面开过,他还发现每隔t 2时间有一辆这路公共汽车从身后开过,于是他计算出这路车从汽车站发车的时间间隔是( )1212C.()12122t t t t + D. 12122t t t t + 7、做匀变速直线运动的物体,在某时刻的速度大小为4m/s,2s 后速度大小为6m/s,则物体的加速度大小( )A.可能等于2m/s 2B.可能小于2m/s 2C.可能大于2m/s 2D.可能大于5m/s 28、下图中每一个图中都有两条图线,分别表示同一直线运动的加速度和速度随时间变化的规律,其中可能正确的是( ) A. B.C. D.9、一辆汽车从甲地开往乙地,先由静止启动做匀加速直线运动,然后保持匀速直线运动,最后做匀减速直线运动,当速度减为零时刚好到达乙地.从汽车启动开始计时,下表给出了某些时刻汽车的瞬时速度,据表中的数据通过分析、计算可以得出汽车( )A.做匀加速直线运动经历的时间为4.0sB.做匀减速直线运动经历的时间为2.0sC.做匀减速直线运动经历的时间为4.0sD.从第9.0s末开始做匀减速直线运动10、航空母舰上的飞机弹射系统可以减短战机起飞的距离,假设某战机初速度为零,在弹射系统作用了0.1s后,可以达到一定的速度,然后战机脱离弹射系统继续在甲板上做匀加速直线2m/s,经过10s,达到起飞速度50m/s的要求,求:运动,加速度为21.战机脱离弹射系统瞬间的速度大小;2.战机在弹射系统作用下的加速度大小.11、一做匀变速直线运动的质点速度随时间变化的规律为204(/)=-求v t m s1.质点的初速度与加速度及两者方向的关系2.若该质点做加速度保持不变的匀变速直线运动,求质点6s末的速度3.若该质点是处于紧急刹车状态的汽车,求汽车在6s末的速度1答案及解析：答案：D解析：做匀变速直线运动的物体的速度大小时刻在变化,在相等的时间内通过的位移一定不相等,选项A错误;匀变速直线运动的加速度大小和方向都不变,是一个恒量,选项B错误,D 正确;加速度不变且轨迹是直线的运动才是匀变速直线运动,选项C错误.2答案及解析：答案：B解析：根据运动的对称性可知,物体第2s 内位移为零,可知物体运动1.5s 时速度减为零,2206m/s 4m/s 1.5v a t ===,故选B.3答案及解析：答案：D解析：质点做匀变速直线运动的速度随时间变化的关系为(4010)m/s v t =-,结合公式0v v at =+,可得质点的初速度040m/s v =,质点的加速度210m/s a =-,则质点的加速度大小是210m/s ,故B 、C 错误.由题给表达式得,经过4s 质点的速度减小为零,质点的加速度不变,则质点在前4s 内做匀减速运动,故A 错误.质点在前4s 内做匀减速运动,4s 后做反方向的匀加速运动,4s t =时,质点的加速度仍为210m/s -,故D 正确.4答案及解析：答案：A解析：在v -t 图象中,相应图线与时间轴所围的面积表示位移,由题图知,前1s 内物体的位移大小112m 1m 2x =⨯⨯=.选项A 正确:在1~3s 内由题图得,物体的加速度202m /s 1m /s 3s 1sv a t ∆-===-∆-,第2s 末物体的瞬时速度202m /s 1m /s 1s 1m /s v v at =+=-⨯=,选项 BC 错误;第1s 内物体做匀加速直线运动,1~3s 内物体做匀减速直线运动,选项D 错误.5答案及解析：答案：A解析：由表格中前两组数据可知,物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为2211 1.0m/s 5m/s 0.2v a t ∆===∆.由表格中后两组数据可知,物体在水平面上做匀减速运动的加速度为222220.7 1.1m/s 2m/s 1.4 1.2v a t ∆-===-∆-.研究物体在0~1.2s 的运动过程,设物体在斜面上运动的时间为t ,则有1B v a t =, 1.22(1.2s )B v v a t =+-,联立以上两式参得0.5s t =, 2.5m/s B v =,即物体在斜面上下滑的时间为0.5s t =,则0.6s 时物体在水平面上运劫,速度为2(0.6s ) 2.5m/s 20.1m/s 2.3m/s B v v a t =-=-=-⨯=,故选A.6答案及解析：答案：D解析：设车速为v 1,人的速度为v 2,这路车从汽车站发车的时间间隔为t ,则有()()12211211,v v t v t v v t v t -=+=,联立解得12122t t t t t =+,选项D 正确。
2020届教科版高中物理必修1第七单元牛顿运动定律的综合应用测试卷含答案
第七单元牛顿运动定律的综合应用(时间：90分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题5分，共35分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．)1.如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是( )A．电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0 m/s2B．电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0 m/s2C．电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5 m/s2D．电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5 m/s22.如图所示，aa′、bb′、cc′是三条光滑斜槽，它们各自的两端分别位于半径为R和r的两个相切的竖直圆上，并且斜槽都通过切点P.有一个小球由静止分别从a滑到a′、从b滑到b′、从c滑到c′，所用的时间分别为t1、t2、t3，则( )A．t1<t2<t3B．t1>t2>t3C．t3<t1<t2D．t1＝t2＝t33．“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．质量为m的小明如图静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时( )A．加速度a＝g，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上B．加速度a＝g，沿原断裂橡皮绳的方向斜向下C．加速度a＝g，方向竖直向上D．加速度a＝g，方向竖直向下4.如图所示，台秤上放置盛水的杯，杯底用细线系一木质小球，若细线突然断裂，则在小木球上浮到水面的过程中，台秤的示数将( )A．变小B．变大C．不变D．无法判断5．三个质量相同的物块A、B、C，用两个轻弹簧和一根轻线相连，处于静止状态，如图所示，已知斜面光滑且倾角为θ＝30°，在将B、C间细线剪断的瞬间，A、B、C的加速度大小分别为(重力加速度为g)( )A．g，2g，2g B．0，2g，gC．g，2g，0 D．0，g，g6．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v－t图像(以地面为参考系)如图乙所示．已知v2＞v1，则( )A．t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块受到大小不变的摩擦力作用7.美国宇航局计划2025年前载人登陆小行星，图为畅想登陆小行星的宇航员．为训练宇航员能在失重状态下工作和生活，需要创造一种失重的环境．在地球表面附近，当飞机模拟某些在重力作用下的运动时，就可以在飞机座舱内实现短时间的完全失重状态．现要求一架飞机在速度大小为v1＝500 m/s时进入失重状态试验，在速度大小为v2＝1 000 m/s时退出失重状态试验．重力加速度g＝10 m/s2.则下列说法错误的是( )A．可以是飞机模拟斜抛运动B．可以是飞机模拟向下的减速运动C．如果是竖直上抛运动，可计算时间是150 sD．如果是竖直下抛运动，可计算时间是50 s二、多项选择题(本题共5小题，每小题5分，共25分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意．)8.如图所示，滑块A在倾角为30°的斜面上，沿斜面下滑的加速度a为2.0 m/s2.若在A上放一重量为10 N的物体B，A、B一起以加速度a1沿斜面下滑；若在A上加竖直向下大小为10 N的恒力F，A沿斜面下滑的加速度为a2.则( )A．a1>2 m/s2B．a1＝2 m/s2C．a2＝2 m/s2D．a2>2 m/s29.如图所示，质量为M＝4.0 kg的小车位于光滑的水平地面上，长为L＝0.50 m的细绳的两端分别系于小车上的A、B两点，A、B两点间的水平距离为x0＝0.40 m，A、B两点间的竖直距离为y0＝0.10 m，绳上挂一个光滑的轻质挂钩，其下连着一个质量为m＝1.2 kg的物体，取g＝10 m/s2.则下列说法正确的是( )A．当小车静止且物体处于平衡状态时，绳中的张力T＝12 NB．当小车静止且物体处于平衡状态时，绳中的张力T＝10 NC．为了使物体处在A点的正下方并使其与小车相对静止，需在车上施加一个水平向左的外力F＝52 ND．为了使物体处在A点的正下方并使其与小车相对静止，需在车上施加一个水平向左的外力F＝40 N10.如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示(g＝10 m/s2)，则正确的结论是( ) A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态 B．弹簧的劲度系数为5 N/cmC．物体的质量为3 kg D．物体的加速度大小为5 m/s211.如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上．现对木块施加一水平向右的拉力F，木块在长木板上滑行，而长木板保持静止状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面间的动摩擦因数为μ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，则下列说法错误的是( )A．μ1>μ2B．μ1<μ2C．若改变F的大小，当F>μ1(m1＋m2)g时，长木板将开始运动D．若将F作用于长木板，当F>(μ1＋μ2)(m1＋m2)g时，长木板与木块将开始相对滑动12.如图所示，一光滑斜面固定在水平面上，斜面上放置一质量不计的柔软薄纸带．现将质量为M＝2 kg的A物体和质量为m＝1 kg的B物体轻放在纸带上．两物体可视为质点，物体初始位置数据如图，A、B与纸带间的动摩擦因数分别为μA＝0.5、μB＝0.75.(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2)则( )A．A物体离开纸带前匀加速下滑，B物体静止不动B．A物体离开纸带后匀速下滑，B物体匀加速下滑C．两物体同时由静止释放后，A物体滑离纸带需要的时间是0.8 sD．两物体同时由静止释放后，B物体经1.8 s到达水平面上题号123456789101112 答案13.(1)如图所示，在研究牛顿第二定律的演示实验中，若两个相同的小车1、2所受拉力分别为F1、F2，车中所放砝码的质量分别为m1、m2，打开夹子后经过相同的时间两车的位移分别为x1、x2，则在实验误差允许的范围内，有________．A．当m1＝m2、F1＝2F2时，x1＝2x2B．当m1＝m2、F1＝2F2时，x2＝2x1C．当m1＝2m2、F1＝F2时，x1＝2x2D．当m1＝2m2、F1＝F2时，x2＝2x1(2)在“验证牛顿运动定律”的实验中，以下说法正确的是________．A．平衡摩擦力时，小盘应用细线通过定滑轮系在小车上B．实验中应始终保持小车和砝码的总质量远远大于小盘和砝码的总质量C．实验中如果用纵坐标表示加速度，用横坐标表示小车和车内砝码的总质量，描出相应的点在一条直线上时，即可证明加速度与质量成反比D．平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力四、计算题(本大题共3小题，共32分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 14．(10分)一足够长水平浅色传送带以v0匀速运动，现将一可视为质点的煤块轻放在其上方，已知煤块与传送带间的动摩擦因数为μ.经过一定时间后达到共同速度．令传送带突然停下，以后不再运动，到最后煤块也停下．已知重力加速度为g.求：(1)煤块第一次达到与传送带相对静止所用的时间；(2)煤块在传送带上划出的痕迹长度．15.(10分)质量为0.1 kg的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的v－t图像如图所示．球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的34.设球受到的空气阻力大小恒为f，取g＝10 m/s2，求：(1)弹性球受到的空气阻力f的大小．(2)弹性球第一次碰撞后反弹的高度h.16.(12分)如图甲所示，用同种材料制成倾角为θ＝30°的斜面和长水平面，斜面长3.0 m且固定，斜面与水平面之间由一段很小的弧形平滑连接．一小物块从斜面顶端以初速度v0沿斜面向下滑动，若初始速度v0＝2.0 m/s，小物块运动2.0 s后停止在斜面上．减小初始速度v0，多次进行实验，记录下小物块从开始运动到最终停在斜面上的时间t，作出相应的v0－t图像如图乙所示．(已知g＝10 m/s2)求：(1)小物块在斜面上下滑的加速度大小和方向；(2)小物块与该种材料间的动摩擦因数μ的值；(3)某同学认为，若小物块初始速度v0＝3 m/s，则根据v0－t图像可以推知小物块从开始运动到最终停下的时间为 3 s．以上说法是否正确？若正确，请给出推导过程；若不正确，请说明理由，并解出正确的结果．参考答案与解析1．解析：选 B.当电梯匀减速上升或匀加速下降时，电梯处于失重状态．设人受到体重计的支持力为N，体重计示数大小即为人体对体重计的压力N′.由牛顿第二、第三定律可得：mg－N＝ma ⇒N＝N′＝m(g－a)；当电梯匀加速上升或匀减速下降时，电梯处于超重状态，设人受到体重计的支持力为N1，人对体重计的压力为N1′，由牛顿第二、第三定律可得：N1－mg＝ma⇒N1＝N1′＝m(g ＋a)，代入具体数据可得B正确．2．解析：选D.设cc′与水平方向的夹角为θ，则cc′的长度为x＝2(R＋r)sin θ，在斜槽上的加速度为a＝g sin θ，由x＝12at2可得t＝2R＋rg，由此可得下滑时间均相同，选项D正确．3．解析：选B.两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，可知两橡皮绳夹角为120°，小明左侧橡皮绳在腰间断裂时，弹性极好的橡皮绳的弹力不能发生突变，对小明进行受力分析可知B正确，A、C、D错误．4．解析：选 A.将容器和木球视为整体，整体受台秤竖直向上的支持力和竖直向下的重力．当细线被剪断后，其实际效果是：在木球向上加速运动的同时，木球上方与木球等体积的水球，将以同样大小的加速度向下加速流动，从而填补了木球占据的空间，由于ρ水＞ρ木，水球的质量大于木球的质量，故木球和水组成系统的重心有向下的加速度，整个系统将处于失重状态，故台秤的示数将变小．故选A.5．解析：选D.由图可知，把AB看做整体，则细绳的拉力为T＝2mg sin θ，当剪断细绳的瞬时，弹簧的弹力不能突变，则A的加速度仍然为0；B所受的合外力等于2mg sin θ，则加速度为：a B＝2mg sin 30°m＝g，同理，C所受的合外力也等于2mg sin θ，则加速度为：a C＝2mg sin 30°m＝g，故选D.6．解析：选B.小物块对地速度为零时，即t1时刻，向左离开A处最远．t2时刻，小物块相对传送带静止，此时不再相对传送带滑动，所以从开始到此刻，它相对传送带滑动的距离最大.0～t2时间内，小物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，方向始终向右，大小不变．t2时刻以后相对传送带静止，故不再受摩擦力作用，故选B.7．解析：选B.当飞机的加速度大小等于重力加速度g，加速度的方向竖直向下时，座舱内的试验者便处于完全失重状态．这种运动可以是飞机模拟无阻力下的竖直下抛运动或竖直上抛运动，也可以是斜抛运动，所以A正确，B错误；如果是竖直上抛运动，可计算时间是v1g＋v2g＝150s，如果是竖直下抛运动可计算时间是v2－v1g＝50 s，因此选项C、D正确．8．解析：选BD.依题意有m A g sin θ－μm A g cos θ＝m A a，(m A＋m B)g sin θ－μ(m A＋m B)g cos θ＝(m A＋m B)a1，(m A g＋F)sin θ－μ(m A g＋F)cos θ＝m A a2，从以上各式可解得：a1＝2 m/s2，a2>2 m/s2，即B、D选项正确．9．解析：选BC.当小车静止物体处于平衡状态时，设绳与水平方向的夹角为θ，则根据平衡条件得2T sin θ＝mg，而由几何关系得cos θ＝45，解得T＝10 N，所以选项B正确，A错误；为了使物体处在A点的正下方并使其与小车相对静止，此时左侧细绳刚好处于水平位置，因为物体在竖直方向处于平衡状态，所以有细绳的拉力T1＝mg，水平方向的加速度a＝g，对于小车和物体整体根据牛顿第二定律可得：F＝(M＋m)a＝52 N，所以选项C正确，D错误．10．解析：选BD.设静止时弹簧的压缩量为x0，则kx0＝mg，施加拉力F后，设上移的位移为x，则此时弹簧的压缩量为(x0－x)，由牛顿第二定律可得：F＋k(x0－x)－mg＝ma得出F＝ma＋kx，对应题图乙可得：ma＝10 N，k＝30－104N/cm＝5 N/cm，物体与弹簧分离时，弹簧应处于自然状态，故x0＝4 cm，故可计算得出：m＝2 kg，a＝5 m/s2，因此只有BD正确．11．解析：选ABC.对质量为m2的长木板水平方向进行受力分析不能得到μ1和μ2的大小关系，选项A、B错误；因为μ1m1g<μ2(m1＋m2)g，长木板不会滑动，选项C错误；将F作用于长木板，若长木板即将开始滑动，对质量为m1的木块有μ1m1g＝m1a1，对质量为m2的长木板有F－μ1m1g－μ2(m1＋m2)g＝m2a2，且a2>a1，联立解得F>(μ1＋μ2)·(m1＋m2)g，选项D正确．12．解析：选ACD.因为μA<tan 53°，所以A物体先以加速度a1＝g sin 53°－μA g cos 53°＝5 m/s2，此时B处于静止状态，然后A物体离开纸带后匀加速下滑，A物体滑离纸带需要的时间t1＝2×1.65s＝0.8 s，经过0.8 s后B物体开始匀加速下滑，经过1.0 s到达水平面上，所以ACD正确，B错误．13．解析：(1)题中m1和m2是车中砝码的质量，绝不能认为是小车的质量．本题中只说明了两小车是相同的，并没有告诉小车的质量是多少．当m1＝m2时，两车加砝码质量仍相等，若F1＝2F2，则a1＝2a2，由x＝12at2得x1＝2x2，A正确B错误．当m1＝2m2时，无法定量确定两小车加砝码后的质量关系，两小车的加速度的定量关系也就不明确，所以无法判定两小车位移的定量关系，C、D错误．(2)平衡摩擦力时，小盘不能用细线系在小车上，纸带必须连好，故A错，D对；小车和砝码的总质量应远远大于小盘和砝码的总质量，故B对；若横坐标表示小车和车内砝码的总质量，则a －M图像是曲线，不是直线，故C错．答案：(1)A (2)BD14．解析：(1)煤块的加速度a＝μg(1分)达到v0所用时间t＝v0a＝v0μg.(1分)(2)在煤块与传送带达到共同速度的过程中，传送带运动的距离x1＝v0t＝v20μg(1分)煤块运动的距离x2＝12at2＝v202μg(1分)此过程中划出的痕迹长度为Δx1＝x1－x2＝v202μg(2分)传送带突然停下后，煤块做匀减速运动，直至停下，这一过程煤块向前运动的距离为x3＝v202μg(2分)考虑重叠部分，最终划出的痕迹长度为x＝v202μg.(2分)答案：(1)v0μg (2)v202μg15．解析：(1)由v－t图像可知，弹性球第一次下落过程中的加速度为a1＝ΔvΔt＝40.5m/s2＝8m/s2(1分)由牛顿第二定律得：mg－f＝ma1(1分)则：f＝mg－ma1＝(0.1×10－0.1×8) N＝0.2 N．(2分)(2)弹性球第一次碰撞后反弹时的速度为v′＝34v＝34×4 m/s＝3 m/s(1分)由牛顿第二定律得：mg＋f＝ma′(1分)则：a′＝mg＋fm＝0.1×10＋0.20.1m/s2＝12 m/s2(2分)则反弹的高度为h＝v′22a′＝322×12m＝0.375 m．(2分)答案：(1)0.2 N (2)0.375 m16．解析：(1)由a＝ΔvΔt得加速度大小a＝v0－0t得a＝1 m/s2(1分)方向沿斜面向上．(1分)(2)滑动摩擦力大小为f ＝μmg cos θ，由牛顿第二定律得μmg cos θ－mg sin θ＝ma (1分)μ＝235.(1分) (3)不正确．因为随着初始速度v 0的增大，小物块会滑到水平面上，规律将不再符合图像中的正比关系(1分)设小物块在斜面上滑行位移x 1＝3.0 m 时的速度减为v 1，v 20－v 21＝2ax 1，v 1＝ 3 m/s(1分)v 1＝v 0－at 1(1分)小物块在斜面上滑行时间t 1＝(3－3)s(1分) 小物块在水平面上滑行，由牛顿第二定律得：μmg ＝ma ′(1分)解得a ′＝4 3 m/s 2(1分)小物块在水平面上滑行时间：v 1＝a ′t 2，t 2＝0.25 s(1分) 运动总时间t 总＝t 1＋t 2＝(3－3＋0.25)s ＝(3.25－3)s.(1分)答案：(1)1 m/s 2沿斜面向上 (2)235(3)见解析。
最新人教版高中物理必修1：测试卷(七) Word版含答案
高中同步测试卷(七)第七单元牛顿运动定律的简单应用(时间：90分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1．下列说法正确的是( )A．作用力和反作用力的性质一定相同B．力的单位牛顿是国际单位制的基本单位C．牛顿根据理想斜面实验得出牛顿第一定律D．伽利略指出必须有力的作用，物体才能运动2．一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小．在此过程中，其他力保持不变，则质点的加速度大小a 和速度大小v的变化情况是( )A．a和v都始终增大B．a和v都先增大后减小C．a先增大后减小，v始终增大D．a和v都先减小后增大3.一根轻质弹簧竖直悬挂在天花板上，下端悬挂一小球并静止．弹簧和小球的受力如图所示，下列说法正确的是( )A．F2的反作用力是F4B．F1的施力物体是弹簧C．F4的反作用力是F3D．F3的施力物体是小球4.如图，小车向右做加速直线运动，物块贴在小车左壁相对静止．当小车的加速度增大时，下列说法正确的是( )A．物块受到的弹力不变B．物块受到的摩擦力不变C．物块受到四个力的作用D．物块受到的合外力为零5．水平面上一质量为m的物体，在水平恒力F作用下，从静止开始做匀加速直线运动，经时间t后撤去外力，又经时间3t物体停下，则物体受到的阻力为( )A.F3B.F4C.F2D.2F36．竖直起飞的火箭在推力F的作用下产生10 m/s2的加速度，若推力增大到2F，则火箭的加速度将达到(g取10 m/s2)( )A．20 m/s2B．25 m/s2C．30 m/s2D．40 m/s27.如图所示，质量为m的小球用水平轻质弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为( )A．0 B.23 3gC．g D.3 3 g二、多项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意)8．下列关于力和运动关系的说法中，正确的是( )A．没有外力作用时，物体不会运动，这是牛顿第一定律的体现B．物体受力越大，运动越快，这是符合牛顿第二定律的C．物体所受合外力为零，其速度不一定为零；物体所受合外力不为零，则其速度也不一定为零D．物体所受的合外力最大时，而速度却可以为零；物体所受的合外力最小时，而速度却可以最大9．在光滑水平面上，一个质量为1 kg、初速度不为零的物体，受到大小分别为1 N、3 N和5 N三个水平方向的共点力作用，则该物体( )A．可能做匀速直线运动B．可能做匀减速直线运动C．可能做匀加速直线运动D．加速度的大小不可能是2 m/s210.如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一起向右做加速直线运动，且与斜面始终保持相对静止，下列说法正确的是( )A．物体A可能受两个力的作用B．物体A可能受三个力的作用C．当加速度增加时，物体A受的摩擦力一定增大D．当加速度增加时，物体A受的支持力一定增大11.如图所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一个轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一小铁球，横杆右边用一根细线吊一质量相等的小铁球．当小车向右做匀加速运动时，细线保持与竖直方向成α角，若θ>α，则下列说法正确的是( )A．轻杆对小铁球的弹力方向与细线平行B．轻杆对小铁球的弹力方向沿着轻杆方向向上C．轻杆对小铁球的弹力方向既不与细线平行也不沿着轻杆方向D．小车匀速运动时α＝012．如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对旅客的行李进行安全检查．其传送装置可简化为如图乙模型，紧绷的传送带始终保持v＝1 m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，A、B间的距离为2 m，g取10 m/s2.若乘客把行李放在传送带的同时也以v＝1 m/s的恒定速率平行于传送带运动到B处取行李，则( )A．乘客与行李同时到达B处B．乘客提前0.5 s到达B处C．行李提前0.5 s到达B处D．若传送带速度足够大，行李最快也要2 s才能到达B处题号123456789101112答案13．(8分)“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示．(1)在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示．打点计时器打点的时间间隔为0.02 s．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度a＝__________ m/s2(结果保留2位有效数字)．(2)平衡摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上．挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度．小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F 的实验数据如下表：砝码盘中砝码总重力F/N0.1960.3920.5880.7840.980小车的加速度a/(m·s－2)0.69 1.18 1.66 2.18 2.70(3)根据提供的实验数据作出的a－F图线不通过原点，请说明主要原因________________________________________________________________________．四、计算题(本题共3小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 14．(8分)跳伞运动员在下落过程中，假定伞所受空气阻力的大小跟下落速度的平方成正比，即F＝kv2，比例系数k＝20 N·s2/m2，跳伞运动员与伞的总质量为72 kg，起跳高度足够高，则：(1)跳伞运动员在空中做什么运动？收尾速度是多大？(2)当速度达到4 m/s时，下落加速度是多大？(g取10 m/s2)15.(10分)民航客机都有紧急出口，发生意外情况时打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气生成一条通向地面的斜面，乘客可沿斜面滑行到地面上．如图所示，某客机紧急出口离地面高度AB＝3.0 m，斜面气囊长度AC＝5.0 m，要求紧急疏散时乘客从气囊上由静止下滑到地面的时间不超过2 s，g取10 m/s2，求：(1)乘客在气囊上滑下的加速度至少为多大？(2)乘客和气囊间的动摩擦因数不得超过多大？(忽略空气阻力)16．(16分)如图所示，在海滨游乐场里有一种滑沙运动．某人坐在滑板上从斜坡的高处A点由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后，沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来．如果人和滑板的总质量m＝60 kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ＝0.5，斜坡的倾角θ＝37°(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10 m/s2.问：(1)人从斜坡上滑下的加速度为多大？(2)若由于场地的限制，水平滑道BC的最大距离为L＝20.0 m，则人在斜坡上滑下的距离AB应不超过多少？参考答案与解析1．[导学号27630097] 解析：选A.作用力和反作用力的性质相同，选项A正确；力的单位为国际单位制的导出单位，选项B错误；伽利略为说明他的想法设计了理想斜面实验，选项C错误；亚里士多德指出必须有力的作用，物体才能运动，选项D错误．2．[导学号27630098] 解析：选C.由题意知质点受到的合外力先增大后减小，根据牛顿第二定律可得，质点的加速度先增大后减小；物体先做加速度增大的变加速直线运动，后做加速度减小的变加速直线运动，速度始终增大，故答案为C.3．[导学号27630099] 解析：选D.F2的反作用力是F3，选项A错误；F1的施力物体是地球，选项B错误；F4的反作用力是弹簧对天花板的拉力，选项C错误，选项D正确．4．[导学号27630100] 解析：选B.以物块为研究对象，物块受到重力、弹力和摩擦力的作用，由牛顿第二定律可知F f＝mg，F N＝ma，小车加速度增大，F f不变，F N增大，故选项B正确．5．[导学号27630101] 解析：选B.对物体由牛顿第二定律得：力F 作用时：F －F f ＝ma 1，v ＝a 1t 撤去力F 后：F f ＝ma 2，v ＝a 2·3t 解以上四式得：F f ＝F4，故选B.6．[导学号27630102] 解析：选C.推力为F 时，F －mg ＝ma 1，当推力为2F 时，2F －mg ＝ma 2.以上两式联立可得：a 2＝30 m/s 2.故选C.7．[导学号27630103] 解析：选B.未撤离木板时，小球受重力G 、弹簧的拉力F 和木板的弹力F N 的作用处于静止状态，通过受力分析可知，木板对小球的弹力大小为233mg .在撤离木板的瞬间，弹簧的弹力大小和方向均没有发生变化，而小球的重力是恒力，故此时小球受到重力G 、弹簧的拉力F ，合力与木板提供的弹力大小相等，方向相反，故可知加速度的大小为233g ，由此可知B 正确．8．[导学号27630104] CD9．[导学号27630105] 解析：选BC.1 N 、3 N 和5 N 三个力的合力范围是1 N ≤F 合≤9 N ，由a ＝F 合m可知加速度的范围是 1 m/s 2≤a ≤9 m/s 2，因此物体不可能做匀速直线运动，A 错误；因为物体初速度不为零，所以物体可能做匀加速直线运动，也可能做匀减速直线运动，B 、C 正确；由加速度范围可知加速度的大小有可能是2 m/s 2，D 错误．故选BC.10．[导学号27630106] 解析：选ABD.设物体A 的质量为 m ，斜面倾角为θ，斜面体的加速度为a .沿斜面和垂直斜面建立平面直角坐标系，则沿斜面方向有a x ＝a cos θ，mg sin θ－F f ＝ma x ；垂直斜面方向有 a y ＝a sin θ，F N －mg cos θ＝ma y .若a x ＝g sin θ，则F f ＝0，物体A 受到两个力的作用；若a x ≠g sin θ，物体A 受到三个力的作用，选项A 、B 正确．由摩擦力F f 和支持力F N 的表达式可知，选项C 错误，选项D 正确．11．[导学号27630107] 解析：选AD.当小车向右做匀加速运动时，两小铁球具有相同的加速度，由牛顿第二定律F ＝ma 知，两小铁球所受合力相同，所以轻杆和细线的拉力相同，故轻杆对小铁球的弹力方向与细线平行，选项A 正确，选项B 、C 错误；当小车匀速运动时，两小铁球没有加速度，小球所受合力为零，细线对小铁球的拉力与重力在一条直线上，所以α＝0，选项D 正确．12．[导学号27630108] 解析：选BD.行李放在传送带上，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动．加速度为a ＝μg ＝1 m/s 2，历时t 1＝v a ＝1 s 达到共同速度，位移x 1＝v2t 1＝0.5 m ，此后行李匀速运动t 2＝2－x 1v ＝1.5 s 到达B 共用2.5 s ．乘客到达B 历时t ＝2v＝2 s ，故B 正确．若传送带速度足够大，行李一直加速运动，最短运动时间t min ＝ 2×21s ＝2 s ，D 项正确．故选BD.13．[导学号27630109] 解析：(1)a ＝ΔxT 2＝（3.68－3.52）×10－20.12m/s 2＝0.16 m/s 2或a ＝Δx T 2＝（3.83－3.68）×10－20.12m/s 2＝0.15 m/s 2. (2)经过划分刻度，描点，并用直线连接，使尽可能多的点在直线上，不在直线上的点分居在直线两侧．a －F 图线如答案中图所示．(3)小车、砝码盘和砝码组成的系统所受合外力为砝码盘和砝码的总重力，而表中数据漏记了砝码盘的重力，导致合力F 的测量值小于真实值，a －F 图线不过原点．答案：(1)0.16(0.15也算对) (2)如图所示(3)未计入砝码盘的重力14．[导学号27630110] 解析：(1)以伞和运动员作为研究对象，开始时速度较小，空气阻力F 小于重力G ，v 增大，F 随之增大，合力F 合减小，做加速度a 逐渐减小的加速运动；当v 足够大，使F ＝G 时，F 合＝0，a ＝0，开始做匀速运动，此时的速度为收尾速度，设为v m .由F ＝kv 2m ＝G ，得v m ＝G k ＝mgk＝6 m/s. (4分)(2)当v ＝4 m/s<v m 时，合力F 合＝mg －F ，F ＝kv 2，由牛顿第二定律F 合＝ma 得a ＝g －F m＝10 m/s 2－20×4272m/s 2≈5.6 m/s 2.(4分)答案：(1)做加速度越来越小的加速运动 6 m/s (2)5.6 m/s 215．[导学号27630111] 解析：(1)根据运动学公式s ＝12at 2得：a ＝2s t2＝2.5 m/s 2.(2分)(2)乘客在斜面上受力情况如图所示．f ＝μN(1分)N ＝mg cos θ(1分)根据牛顿第二定律：mg sin θ－f ＝ma(2分)由几何关系可知sin θ＝0.6，cos θ＝0.8 (1分)联立以上各式得：μ＝g sin θ－a g cos θ＝716＝0.44(2分)乘客和气囊间的动摩擦因数不得超过0.44. (1分)答案：(1)2.5 m/s 2(2)0.4416．[导学号27630112] 解析：(1)人在斜坡上的受力情况如图甲所示，建立坐标系，设人在斜坡上滑下的加速度为a 1，由牛顿第二定律得mg sin θ－F f1＝ma 1.(2分)F N1－mg cos θ＝0.(2分)由摩擦力计算公式得F f1＝μF N1. (1分)联立解得a 1＝g (sin θ－μcos θ)＝2 m/s 2. (1分)甲乙(2)人在水平滑道上的受力情况如图乙所示，由牛顿第二定律得：F f2＝ma2，F N2－mg＝0. (3分)由摩擦力计算公式有：F f2＝μF N2. (1分)联立解得人在水平滑道上运动的加速度大小为a2＝μg＝5 m/s2. (1分)设从斜坡上滑下的距离为L AB，对AB段和BC段分别由匀变速运动的公式得v2－0＝2a1L AB，0－v2＝－2a2L. (4分)联立解得L AB＝50 m．(1分)答案：(1)2 m/s2(2)50 m。
人教版 高一物理 必修一 第七章：7.2 功练习解析13
绝密★启用前人教版 高一物理 必修一 第七章：7.2 功练习3注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题)请点击修改第I 卷的文字说明一、单选题1．下列关于力做功的说法，正确的是（ ）A ．汽车在水平公路上匀速行驶，汽车所受重力对汽车做功B ．人提着箱子站在地面不动，手的拉力对箱子没有做功C ．过山车向下运动过程中，车上乘客所受重力对乘客没有做功D ．人把箱子从二楼提到三楼，手的拉力对箱子没有做功 【答案】B 【解析】 【详解】A 项：汽车在水平公路上，重力竖直向下，汽车水平行驶，没有在重力方向上的移动距离，所以汽车的重力对汽车不做功，故A 错误；B 项：人提着箱子站在地面上不动，手给箱子一个向上的力，静止不动，没有移动距离，手的拉力对箱子没有做功，故B 正确；C 项：过山车向下运动的过程中，车上乘客向下运动，乘客的重力对乘客做功，故C 错误；D 项：人把箱子从二楼提到三楼，手给箱子一个向上的力，向上移动了距离，手的拉力对箱子做功，故D 错误。
2．某人用长绳将一重物从井口送到井下，前二分之一时间物体匀速下降，后二分之一时间物体匀减速下降，到达井底时速度恰好为0，两段时间重物克服拉力做的功分别为W 1和W 2，则（ ） A ．12W W > B ．12W W =C ．122W W <D ．122W W =【答案】C 【解析】 【详解】设物体的质量为m ，匀速运动的速度大小为v ，时间为t ，则试卷第2页，总11页匀速运动时，拉力大小为F 1=mg ，位移为x 1=vt ，重物克服拉力做的功为W 1=F 1x 1=mgvt ；匀减速运动时，由牛顿第二定律得：F 2-mg =ma得F 2=m （g +a ）位移为x 2=12vt 重物克服拉力做的功为W 2=F 2x 2=m （g +a ）12vt ； 很容易得到：W 1＜2W 2。
高中物理必修一各章节课后练习题(附答案解析)
高中物理必修一各章节课后练习题(附答案解析)1．在研究下述运动时，可以把物体看作质点的是()A．研究地球的自转问题B．研究体操运动员参赛时的姿势C．研究乒乓球的旋转效应D．研究火车从北京到上海所用时间【解析】在研究火车从北京到上海的运动时，火车的长度、形状与北京到上海的距离相比可以忽略，可以把火车视为质点，而对地球的自转、运动员的姿势、乒乓球旋转等现象中的物体，其大小或形状不能忽略，不能视为质点．【答案】D2．关于参考系，下列说法正确的是()A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是静止不动或正在做直线运动的物体C．研究物体的运动，可选择不同的参考系，但选择不同的参考系观察结果是一样的D．研究物体的运动，可选择不同的参考系，但选择不同的参考系对于研究同一物体的运动而言，一般会出现不同的结果【解析】参考系的选取是任意的，A、B错误；选择不同的参考系，对同一物体运动的描述一般是不同的，C错误、D正确．【答案】D3．下列关于运动的说法中，正确的是()A．物体的位置没有变化就是不运动B．两物体间的距离没有变化，两物体一定都是静止的C．自然界中没有不运动的物体，运动是绝对的，静止是相对的D．为了研究物体的运动，必须先选参考系，平常说的运动或静止是相对于地球而言【解析】物体的位置对某一参考系不变，但对另一参考系位置可能变化，物体在运动，故A错误；两物体间距离没有变化，两者可能静止，也可能以相同的速度运动，故B错误；对于不同的参考系，同一物体可能静止，也可能运动，由于参考系的选择是任意的，故C、D正确．【答案】CD4．(2012·杭州二中高一检测)明代诗人曾写下这样一首诗：“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流．”其中“桥流水不流”中的“桥流”应理解成其选择的参考系是()A．水B．桥C．人D．河岸【解析】“水不流”是以水为参考系，而桥相对于水是运动的，故A正确．【答案】A图1－1－105．在我国东南部的某大城市，有一天下午，在该城市的中心广场行人拥挤，有人突然高喊“楼要倒了！”其他人猛然抬头观看，也发现楼在慢慢倾倒，便纷纷狂奔逃生，引起交通混乱，但过了好久，高楼并没有倒塌．人们再仔细观望时，楼依然稳稳地矗立在那里，如图1－1－10所示．下面有关探究分析这一现象原因的说法中正确的是()A．是一种错觉，不可能发生B．感觉楼要倾倒的原因是人在运动C．是因为选择了高空运动的云作为参考系D．是因为选择了旁边更高的楼作为参考系【解析】若人以旁边的楼作为参考系，两个楼之间是相对静止的，人会感觉楼是静止的，D错．若人以高空运动的云作为参考系，认为云是静止的，那么楼相对云是运动的，人就感觉楼在动，即感觉楼在慢慢倾倒，C对，A、B错．【答案】C6．(2012·郑州一中高一检测)公路上一辆卡车紧急刹车，由于惯性，卡车上的货物相对车厢向前滑行了x＝5 cm，为了测出这个距离x，我们选取的最合理的参考系应该是()A．树木B．行人C．卡车D．公路【解析】参考系的选取是任意的，但当研究具体问题时，要以简单为准，本题中以卡车为参考系最方便，故选项C正确．【答案】C7.图1－1－11某空军红鹰飞行表演队驾驶我国自主研制的k－8高级教练机首次亮相，飞出特高难动作，如图1－1－11为六机低空拉烟通场表演，以非常一致的飞行姿态通过观礼台．飞机编队保持队形不变．下列关于飞机运动情况的说法正确的是() A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的【解析】飞机相对地面及地面上的建筑物向前飞行，而地面上的建筑物相对飞机向后运动．可见，地面上的人看到飞机飞过是以地面为参考系．飞行员看到观礼台向后掠过是以飞机为参考系，A、B正确，由于飞机编队保持队形不变，所以以某一飞机为参考系，其他飞机是静止的，C对、D错．【答案】ABC图1－1－128．(2012·石家庄一中高一期中)如图1－1－12是体育摄影中“追拍法”的成功之作，摄影师眼中清晰的滑板运动员是静止的，而模糊的背景是运动的，摄影师用自己的方式表达了运动的美．请问摄影师选择的参考系是()A．大地B．太阳C．滑板运动员D．步行的人【解析】由于摄影师眼中运动员是静止的，所以摄影师选择的参考系是滑板运动员，此时背景相对运动员是运动的，从而模糊不清，故C正确．【答案】C9．为了提高枪械射击时的准确率，制造时会在枪膛上刻上螺旋形的槽．这样，当子弹在枪管中运动时，会按照旋转的方式前进．离开枪管后，子弹的高速旋转会降低空气密度、侧风等外部环境对子弹的影响，从而提高子弹飞行的稳定性．下列关于子弹运动的说法中正确的是()A．当研究子弹的旋转对子弹飞行的影响时可以把子弹看做质点B．当研究子弹射击百米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点C．无论研究什么问题都可以把子弹看做质点D．能否将子弹看做质点，取决于我们所研究的问题【解析】在研究子弹的旋转对子弹飞行的影响时不能忽略子弹的大小和形状，因而不可以把子弹看做质点；但研究子弹射击百米外的靶子所用的时间时，其大小和形状可以忽略，可以看做质点，故选项B、D正确．【答案】BD10．如图1－1－13所示，某人从学校门口A处开始散步，先向南走了50 m 到达B处，再向东走100 m到达C处，最后又向北走了150 m到达D处，则A、B、C、D各点位置如何表示？图1－1－13【解析】可以以A点为坐标原点，向东为x轴的正方向，向北为y轴的正方向，如图所示，则各点坐标为A(0,0)、B(0，－50 m)、C(100 m，－50 m)、D(100 m，100 m)．【答案】见解析11．以某十字路口的交通岗亭为坐标原点，向东为x轴正方向，向南为y轴正方向，画出用坐标系描述坐标为(－60 m,80 m)的建筑物相对交通岗亭的位置，并求该建筑物距岗亭的距离．【解析】二维坐标系的坐标值顺序为x坐标、y坐标，故该建筑物的坐标x＝－60 m、y＝80 m，该建筑物位于交通岗亭西60 m、南80 m处，由勾股定理可知该建筑物距交通岗亭100 m.【答案】见下图100 m图1－1－1412．如图1－1－14所示，一根长0.8 m的杆，竖直放置，今有一内径略大于杆直径的环，从杆的顶点A向下滑动，向下为正方向，(1)取杆的下端O为坐标原点，图中A、B两点的坐标各是多少？环从A到B的过程中，位置变化了多少(OB间距离为0.2 m)?(2)取A端为坐标原点，A、B点的坐标又是多少？环从A到B的过程中位置变化了多少？(3)由以上两问可以看出，坐标原点的不同是对位置坐标有影响还是对位置变化有影响？【解析】(1)由于杆长0.8 m，OB为0.2 m，题目给出坐标系向下为正方向，故以O点为坐标原点，A、B的坐标分别为x A＝－0.8 m，x B＝－0.2 m．由A到B位置变化为x B－x A＝－0.2 m－(－0.8) m＝0.6 m.(2)由题意知，AB长为0.6 m，以A为原点，A、B两点的坐标分别为x A＝0，x B＝0.6 m．A到B位置变化为x B－x A＝0.6 m－0＝0.6 m.(3)坐标原点选的不同，同一位置的坐标不同，但位置变化相同．【答案】(1)x A＝－0.8 m x B＝－0.2 mx B－x A＝0.6 m(2)x A＝0x B＝0.6 mx B－x A＝0.6 m(3)坐标不同位置变化相同1．关于矢量和标量，下列说法中正确的是()A．矢量是既有大小又有方向的物理量B．标量是既有大小又有方向的物理量C．位移－10 m比5 m小D．－10 ℃比5 ℃的温度低【解析】由矢量的定义可知，A正确，B错误；位移的正、负号只表示方向，不表示大小，其大小由数值和单位决定，所以－10 m的位移比5 m的位移大，故C错误；温度的正、负是相对温度为0 ℃时高出和低于的温度，所以－10 ℃比5 ℃的温度低，故D正确．【答案】AD2．关于路程和位移的关系，下列说法正确的是()A．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程就是位移B．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程等于位移的大小C．物体通过的路程不为零，位移也一定不为零D．物体的位移为零，路程也一定为零【解析】位移是有向线段，是矢量，而路程是标量，二者是不同概念，A 错．当物体做单向直线运动时，位移大小与路程相等，B正确．位移大小和路程无直接关系，路程不为零，但可能是运动物体又回到出发点，位移为零，即C、D均错．【答案】B3．(2012·西安一中检测)根据材料，结合已学的知识，判断下列说法正确的是()(甲)(乙)(丙)图1－2－5A．图(甲)为我国派出的军舰护航线路图，总航程4 500海里，总航程4 500海里指的是位移B．图(甲)为我国派出的军舰护航线路图，总航程4 500海里，总航程4 500海里指的是路程C．如图(乙)所示是奥运火炬手攀登珠峰的线路图，由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移D．如图(丙)所示是高速公路指示牌，牌中“25 km”是指从此处到下一个出口的位移是25 km【解析】 4 500海里的总航程指路程，B正确，A错误；火炬手所走路线总长度指路程，C错误；25 km指从此处到下一出口的路程，D错误．【答案】B图1－2－64．如图1－2－6所示，“神舟八号”飞船于2011年11月1日5时58分10秒在酒泉卫星发射中心发射升空，583秒后精准进入轨道．从“神舟八号”飞船发射到与“天宫一号”对接，大约耗时2天．此后飞船绕地球稳定运行．下列说法正确的是()A．5时58分10秒表示时间间隔B．“神舟八号”绕地球运行过程中位移大小始终小于路程C．2天表示时刻D．研究“神舟八号”绕地球运行的轨迹时，可以将飞船看成质点【解析】5时58分10秒表示时刻，2天表示时间间隔，A、C错误；“神舟八号”绕地球运行过程中，轨迹为曲线，位移大小始终小于路程，B正确；研究“神舟八号”绕地球运行的轨迹时，飞船大小对轨迹影响不大，可以将飞船看成质点，D正确．【答案】BD图1－2－75．由天津去上海，可以乘火车，也可以乘轮船，如图1－2－7所示，曲线ACB和虚线ADB分别表示天津到上海的铁路线和海上航线，线段AB表示天津到上海的直线距离，则下列说法中正确的是()A．乘火车通过的路程等于其位移的大小B．乘轮船通过的路程等于其位移的大小C．乘火车与轮船通过的位移大小相等D．乘火车与轮船通过的位移大小不相等【解析】只有在单向直线运动中位移大小才等于路程，A、B错误；位移只与初末位置有关，与路径无关，C正确，D错误．【答案】C6．一个物体从A点运动到B点，下列结论正确的是()A．物体的位移一定等于路程B．物体的位移与路程的方向相同，都从A指向BC．物体位移的大小总是小于或等于它的路程D．物体的位移是直线，而路程是曲线【解析】位移是矢量，路程是标量，A、B错误；物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，做其他类型运动时，位移的大小小于路程，C正确；位移和路程都是描述物体运动的物理量，位移与初、末位置有关，路程与运动轨迹有关，不一定是曲线，D错误．【答案】C7．在2012年国际田联室内世锦赛男子800 m决赛中，埃塞俄比亚选手阿曼以1分48秒36夺冠．对于材料中800 m比赛的说法正确的是() A．位移相同比较运动的时刻B．位移相同比较运动的时间间隔C．路程相同比较运动的时刻D．路程相同比较运动的时间间隔【解析】800米比赛时，选手的起点位置是不同的，但跑过的路程相同．比赛比较的是完成全程所用的时间，指的是时间间隔．故D项正确．【答案】D8．北京时间2012年10月25日23时33分，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将第16颗北斗导航卫星发射升空并送入太空预定轨道．这标志着中国北斗卫星导航系统工程建设又迈出重要一步，北斗卫星导航系统将免费提供定位、测速和授时服务，定位精度10 m，测速精度0.2 m/s.以下说法正确的是()A．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位移B．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位置C．北斗导航卫星授时服务提供的是时间间隔D．北斗导航卫星授时服务提供的是时刻【解析】由位置、位移、时间间隔、时刻的定义可知，北斗导航卫星定位提供的是一个点，是位置，不是位置的变化，A错、B对．北斗导航卫星授时服务提供的是时刻，C错，D对．【答案】BD图1－2－89．(2012·保定一中高一检测)如图1－2－8所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为()A．πR B．2RC．2πR D．R4＋π2【解析】如图所示，气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方的过程中，初末位置之间的距离，也就是位移大小为x＝(2R)2＋(πR)2＝R4＋π2，因此选项D正确，其他选项均错误．【答案】D10．在图1－2－9中，汽车初位置的坐标是－2 km，末位置的坐标是1 km.求汽车的位移的大小和方向．图1－2－9【解析】由题意知，汽车在初、末位置的坐标分别为x1＝－2 km，x2＝1 km.所以汽车的位移为Δx＝x2－x1＝1 km－(－2) km＝3 km，位移的方向与x轴正方向相同．【答案】 3 km与x轴正方向相同11．某测绘规划技术人员在一次对某学校进行测量时，他从操场上某点A处开始，先向南走了30 m到达B处，再向东走了40 m到达C处，最后又向北走了60 m到达D处，则：(1)这人步行的总路程和位移的大小各是多少？(2)要比较确切地表示此人的位置变化，应该用位移还是路程？【解析】(1)如图，三角形AED为直角三角形，AE＝40 m，DE＝30 m，所以AD＝AE2＋DE2＝50 m，A、D分别为起点和终点，所以位移的大小是50 m.他走过的路程为：30 m＋40 m＋60 m＝130 m.(2)为了确切描述此人的位置变化，应该用位移，这样既能表示他相对出发点的距离，又能表示他相对出发点的方位．【答案】(1)130 m50 m(2)位移图1－2－1012．(2012·杭州一中高一检测)图1－2－10为400 m的标准跑道，直道部分AB、CD的长度均为100 m，弯道部分BC、DA是半圆弧，其长度也为100 m．A 点为200 m赛跑的起点，经B点到终点C.求：(1)200 m赛跑的路程和位移；(2)跑至弯道BC的中点P时的路程和位移．(结果保留一位小数)【解析】(1)在200 m赛跑中，200 m指路径的长度，即路程是200 m；位移是从起点A指向终点C的有向线段，因BC是半圆弧，则直径d＝2×100πm≈63.7 m，故位移的大小AC＝AB2＋d2≈118.6 m，方向由A指向C.(2)跑至弯道BC的中点P时，路程是s＝AB＋BP＝100 m＋50 m＝150 m；位移的大小AP＝(AB＋d2)2＋(d2)2≈135.6 m方向由A指向P.【答案】(1)200 m118.6 m，方向由A指向C(2)150 m135.6 m，方向由A指向P.1．关于矢量和标量，下列说法中正确的是()A．矢量是既有大小又有方向的物理量B．标量是既有大小又有方向的物理量C．位移－10 m比5 m小D．－10 ℃比5 ℃的温度低【解析】由矢量的定义可知，A正确，B错误；位移的正、负号只表示方向，不表示大小，其大小由数值和单位决定，所以－10 m的位移比5 m的位移大，故C错误；温度的正、负是相对温度为0 ℃时高出和低于的温度，所以－10 ℃比5 ℃的温度低，故D正确．【答案】AD2．关于路程和位移的关系，下列说法正确的是()A．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程就是位移B．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程等于位移的大小C．物体通过的路程不为零，位移也一定不为零D．物体的位移为零，路程也一定为零【解析】位移是有向线段，是矢量，而路程是标量，二者是不同概念，A 错．当物体做单向直线运动时，位移大小与路程相等，B正确．位移大小和路程无直接关系，路程不为零，但可能是运动物体又回到出发点，位移为零，即C、D均错．【答案】B3．(2012·西安一中检测)根据材料，结合已学的知识，判断下列说法正确的是()(甲)(乙)(丙)图1－2－5A．图(甲)为我国派出的军舰护航线路图，总航程4 500海里，总航程4 500海里指的是位移B．图(甲)为我国派出的军舰护航线路图，总航程4 500海里，总航程4 500海里指的是路程C．如图(乙)所示是奥运火炬手攀登珠峰的线路图，由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移D．如图(丙)所示是高速公路指示牌，牌中“25 km”是指从此处到下一个出口的位移是25 km【解析】 4 500海里的总航程指路程，B正确，A错误；火炬手所走路线总长度指路程，C错误；25 km指从此处到下一出口的路程，D错误．【答案】B图1－2－64．如图1－2－6所示，“神舟八号”飞船于2011年11月1日5时58分10秒在酒泉卫星发射中心发射升空，583秒后精准进入轨道．从“神舟八号”飞船发射到与“天宫一号”对接，大约耗时2天．此后飞船绕地球稳定运行．下列说法正确的是()A．5时58分10秒表示时间间隔B．“神舟八号”绕地球运行过程中位移大小始终小于路程C．2天表示时刻D．研究“神舟八号”绕地球运行的轨迹时，可以将飞船看成质点【解析】5时58分10秒表示时刻，2天表示时间间隔，A、C错误；“神舟八号”绕地球运行过程中，轨迹为曲线，位移大小始终小于路程，B正确；研究“神舟八号”绕地球运行的轨迹时，飞船大小对轨迹影响不大，可以将飞船看成质点，D正确．【答案】BD图1－2－75．由天津去上海，可以乘火车，也可以乘轮船，如图1－2－7所示，曲线ACB和虚线ADB分别表示天津到上海的铁路线和海上航线，线段AB表示天津到上海的直线距离，则下列说法中正确的是()A．乘火车通过的路程等于其位移的大小B．乘轮船通过的路程等于其位移的大小C．乘火车与轮船通过的位移大小相等D．乘火车与轮船通过的位移大小不相等【解析】只有在单向直线运动中位移大小才等于路程，A、B错误；位移只与初末位置有关，与路径无关，C正确，D错误．【答案】C6．一个物体从A点运动到B点，下列结论正确的是()A．物体的位移一定等于路程B．物体的位移与路程的方向相同，都从A指向BC．物体位移的大小总是小于或等于它的路程D．物体的位移是直线，而路程是曲线【解析】位移是矢量，路程是标量，A、B错误；物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，做其他类型运动时，位移的大小小于路程，C正确；位移和路程都是描述物体运动的物理量，位移与初、末位置有关，路程与运动轨迹有关，不一定是曲线，D错误．【答案】C7．在2012年国际田联室内世锦赛男子800 m决赛中，埃塞俄比亚选手阿曼以1分48秒36夺冠．对于材料中800 m比赛的说法正确的是() A．位移相同比较运动的时刻B．位移相同比较运动的时间间隔C．路程相同比较运动的时刻D．路程相同比较运动的时间间隔【解析】800米比赛时，选手的起点位置是不同的，但跑过的路程相同．比赛比较的是完成全程所用的时间，指的是时间间隔．故D项正确．【答案】D8．北京时间2012年10月25日23时33分，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将第16颗北斗导航卫星发射升空并送入太空预定轨道．这标志着中国北斗卫星导航系统工程建设又迈出重要一步，北斗卫星导航系统将免费提供定位、测速和授时服务，定位精度10 m，测速精度0.2 m/s.以下说法正确的是()A．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位移B．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位置C．北斗导航卫星授时服务提供的是时间间隔D．北斗导航卫星授时服务提供的是时刻【解析】由位置、位移、时间间隔、时刻的定义可知，北斗导航卫星定位提供的是一个点，是位置，不是位置的变化，A错、B对．北斗导航卫星授时服务提供的是时刻，C错，D对．【答案】BD图1－2－89．(2012·保定一中高一检测)如图1－2－8所示，自行车的车轮半径为R，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方时，气门芯位移的大小为()A．πR B．2RC．2πR D．R4＋π2【解析】如图所示，气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子的正下方的过程中，初末位置之间的距离，也就是位移大小为x＝(2R)2＋(πR)2＝R4＋π2，因此选项D正确，其他选项均错误．【答案】D10．在图1－2－9中，汽车初位置的坐标是－2 km，末位置的坐标是1 km.求汽车的位移的大小和方向．图1－2－9【解析】由题意知，汽车在初、末位置的坐标分别为x1＝－2 km，x2＝1 km.所以汽车的位移为Δx＝x2－x1＝1 km－(－2) km＝3 km，位移的方向与x轴正方向相同．【答案】 3 km与x轴正方向相同11．某测绘规划技术人员在一次对某学校进行测量时，他从操场上某点A处开始，先向南走了30 m到达B处，再向东走了40 m到达C处，最后又向北走了60 m到达D处，则：(1)这人步行的总路程和位移的大小各是多少？(2)要比较确切地表示此人的位置变化，应该用位移还是路程？【解析】(1)如图，三角形AED为直角三角形，AE＝40 m，DE＝30 m，所以AD＝AE2＋DE2＝50 m，A、D分别为起点和终点，所以位移的大小是50 m.他走过的路程为：30 m＋40 m＋60 m＝130 m.(2)为了确切描述此人的位置变化，应该用位移，这样既能表示他相对出发点的距离，又能表示他相对出发点的方位．【答案】(1)130 m50 m(2)位移图1－2－1012．(2012·杭州一中高一检测)图1－2－10为400 m的标准跑道，直道部分AB、CD的长度均为100 m，弯道部分BC、DA是半圆弧，其长度也为100 m．A 点为200 m赛跑的起点，经B点到终点C.求：(1)200 m赛跑的路程和位移；(2)跑至弯道BC的中点P时的路程和位移．(结果保留一位小数)【解析】(1)在200 m赛跑中，200 m指路径的长度，即路程是200 m；位移是从起点A指向终点C的有向线段，因BC是半圆弧，则直径d＝2×100πm≈63.7 m，故位移的大小AC＝AB2＋d2≈118.6 m，方向由A指向C.(2)跑至弯道BC的中点P时，路程是s＝AB＋BP＝100 m＋50 m＝150 m；位移的大小AP＝(AB＋d2)2＋(d2)2≈135.6 m方向由A指向P.【答案】(1)200 m118.6 m，方向由A指向C(2)150 m135.6 m，方向由A指向P.1．下列所说的速度中，哪些是瞬时速度()A．百米赛跑的运动员以9.5 m/s的速度冲过终点线B. 2011年8月28日铁路调整列车运行后，部分高铁和客专的动车组速度悄然降低，如济南西—杭州的G51次列车，在沪杭高铁段时速由350 km降至300 kmC. 返回地面的太空舱以8 m/s的速度落入太平洋D. 由于堵车，在隧道内的车速仅为1.2 m/s【解析】9.5 m/s是运动员冲线瞬间的速度，8 m/s是太空舱落入太平洋瞬间的速度，对应的都是一个时刻，都是瞬时速度；350 km/h、300 km/h、1.2 m/s 说的都是行程中的平均速度，故应选A、C两项．【答案】AC2．(2012·海口一中高一检测)对于瞬时速度和平均速度的理解，下列说法正确的是()A．瞬时速度为0，平均速度一定为0B．瞬时速度为0，平均速度可以不为0C．瞬时速度不为0，平均速度一定不为0D．瞬时速度不为0，平均速度可以为0【解析】车辆中途刹车停止后，再启动运行的一段时间内平均速度不为0，但停止时的瞬时速度为0，A错误；B正确；物体沿一圆周运动一圈的过程中，瞬时速度不为0，但位移为0，所以平均速度为0，C错误，D正确．【答案】BD图1－3－53．(2012·玉溪高一检测)2012伦敦奥运会中，牙买加选手博尔特是公认的世界飞人，他在男子100 m 决赛和男子200 m 决赛中分别以9.63 s 和19.32 s 的成绩破两项世界纪录，获得两枚金牌，如图1－3－5所示．关于他在这两次决赛中的运动情况，下列说法正确的是( )A ．200 m 决赛中的位移是100 m 决赛的两倍B ．200 m 决赛中的平均速度约为10.35 m/sC ．100 m 决赛中的平均速度约为10.38 m/sD ．100 m 决赛中的最大速度约为20.64 m/s【解析】 200 m 决赛是曲线，指路程，其位移小于200 m ，因此选项A 错误．由于200 m 决赛的位移x 1<200 m ，则平均速度v 1＝x 1t 1<20019.32 m/s ≈10.35 m/s ，故选项B 错.100 m 决赛的平均速度v 2＝x 2t 2＝1009.63 m/s ≈10.38 m/s ，故C 选项正确.100 m 决赛中的最大速度无法求得，故选项D 错误．【答案】 C4．下列说法中正确的是( )A ．在相等的时间内发生的位移相等则物体一定做匀速直线运动B ．做匀速运动的物体，在任何一个时刻的速度都相等C ．如果物体运动的路程跟所需时间的比值是一恒量，则该物体的运动一定是匀速直线运动D ．以上说法都不对【解析】 匀速直线运动中，在任何相等的时间内发生的位移相等，且瞬时速度不变，B 正确．【答案】 B5．用同一张底片对着小球运动的路径每隔110 s 拍一次照，得到的照片如图1－3－6所示，则小球在图示过程的平均速度是( )。
(完整版)高一物理必修1测试题附答案
(完整版)高一物理必修1测试题附答案一、选择题（每题4分，共40分）1. 下列关于力和运动的说法中，正确的是（）A. 力是维持物体运动的原因B. 物体受到的合力为零时，其运动状态一定不变C. 物体受到的合力不为零时，其速度一定改变D. 物体做匀速直线运动时，受到的合力一定为零2. 一个物体在水平地面上做直线运动，下列说法正确的是（）A. 若物体受到的摩擦力方向与运动方向相同，则物体做匀加速运动B. 若物体受到的摩擦力方向与运动方向相反，则物体做匀减速运动C. 若物体受到的摩擦力方向与运动方向相同，则物体做匀速运动D. 若物体受到的摩擦力方向与运动方向相反，则物体做匀速运动3. 关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（）A. 牛顿第一定律揭示了物体运动状态改变的原因B. 牛顿第一定律说明了物体不受力时，总保持静止状态C. 牛顿第一定律表明，物体不受力时，总保持匀速直线运动状态D. 牛顿第一定律是牛顿运动定律的基础4. 关于惯性，下列说法正确的是（）A. 惯性是物体保持原有运动状态的性质B. 惯性与物体的质量成正比C. 惯性与物体的速度成正比D. 惯性与物体受到的合力成正比5. 关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A. 自由落体运动是匀加速直线运动B. 自由落体运动的加速度是重力加速度C. 自由落体运动的速度随时间的增加而减小D. 自由落体运动的位移随时间的增加而增大二、填空题（每题10分，共40分）6. 一个物体受到两个共点力F1和F2的作用，已知F1=6N，F2=8N，则这两个力的合力范围是______。
7. 一个小球从静止开始沿光滑斜面下滑，已知斜面倾角为30°，重力加速度为10m/s²，求小球下滑3秒时的速度v=______。
8. 一个物体受到两个互成90°的力F1和F2作用，已知F1=10N，F2=15N，求物体受到的合力大小F=______。
9. 一个物体做匀加速直线运动，已知初速度为2m/s，加速度为3m/s²，求物体运动5秒时的位移x=______。
人教版高中物理必修一第七章练习题答案详解
人教版高中物理必修一第七章练习题答案详解第一题：小车向右靠近速度为12m/s的运动员做惯性势能的解题步骤：首先，根据惯性势能的公式Ei=mv^2/2，可计算小车运动的质量m为：Ei = 1/2 * m * 12^2m = 2 * (Ei / 12^2)m = 2 * (Ei / 144)第二题：一枚物体从A点自由落下经过B点后，再上升到C 点，物体在C点的动能和位置Ecc计算公式如下：Ecc = m * g * (h + h0)其中，m为物体的质量，g为重力加速度，h为B点相对于A点的高度差，h0为C点相对于A点的高度差。
第三题：将一个0.02kg的物体从地面0.3m高处竖直向上抛起，其通过高度为1.2m处的动能计算公式为：Ec = m * g * h其中，m为物体的质量，g为重力加速度，h为物体抛起的高度。
第四题：物体上升到一个高度为h的点时，物体的动能计算公式如下：Ec = m * g * h其中，m为物体的质量，g为重力加速度，h为物体的高度。
第五题：物体从高处自由落下，下落过程中已知h、h0、g，可以根据动能的公式Ec=mgh计算速度v如下：v = √(2 * g * (h - h0))其中，g为重力加速度，h为物体的高度，h0为物体下落的高度差。
第六题：一个物体从高处自由落下，高度差为h，加速度为g，可根据动能的公式计算下落时间t如下：t = √(2 * h / g)其中，h为物体自由落下的高度差，g为重力加速度。
第七题：一个物体从高处自由落下，高度差为h，可根据势能和动能的公式计算速度v的平方如下：v^2 = 2 * g * h其中，g为重力加速度，h为物体自由落下的高度差。
第八题：一个质量为m的小球从高度为h处以v0的速度斜上方抛出，最高点的速度v的计算公式如下：v = √(v0^2 - 2 * g * h)其中，v0为小球抛出的初速度，g为重力加速度，h为小球抛出的高度。
第九题：一个重力加速度为g的物体从高处自由落下，高度为h时力的大小计算公式如下：F = m * g其中，m为物体的质量，g为重力加速度。
人教版 高一物理 必修一 第七章：7.2 功练习23
装………_姓名：_______装………绝密★启用前人教版 高一物理 必修一 第七章：7.2 功练习3注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题)请点击修改第I 卷的文字说明一、单选题31．某同学用两种不同方式搬动哑铃：Ⅰ.缓慢将哑铃举过头顶；Ⅱ.托着哑铃沿水平方向匀速前进。
下列说法正确的是 ( )A ．在Ⅰ中他对哑铃做负功B ．在Ⅱ中他对哑铃做正功C ．在Ⅰ和Ⅱ中他对哑铃都做正功D ．在Ⅰ中他对哑铃做正功，Ⅱ中他对哑铃不做功 【答案】D【解析】做功的条件：有力，并且物体在力的方向上发生位移。
所以在Ⅰ中他对哑铃做正功，Ⅱ中他对哑铃不做功，故A 、B 、C 错误；D 正确。
32．质量为m 的物体，在水平力F 作用下，在粗糙的水平面上向右运动。
如图所示，下列说法正确的是（ ）A ．如果物体做匀速直线运动，F 一定对物体不做功.B ．如果物体做减速直线运动，F 一定对物体做负功.C ．如果物体做减速直线运动，F 一定对物体做正功.D ．如果物体做匀速直线运动，合力一定对物体做正功. 【答案】C 【解析】物体做匀速运动时，F 与s 一定同方向，故拉力F 一定做正功，故A 错误；物体做减速运动时，位移方向与F 的方向相同，力F 一定做正功，故B 错误，C 正确；根据动能定理可知，物体做匀速运动时，合力做功为零，故D 错误；故选C 。
33．一位同学将一本掉在地板上的物理必修2课本慢慢捡回到课桌上，则该同学对教科书做功大约为（重力加速度g =10m/s 2） A ．0.04J B ．0.4J C ．4J D ．40J试卷第2页，总15页…………○…………○…………※※※※题※※…………○…………○…………【答案】C 【解析】课桌的高度约为0.7m ，物理书的重力约为6N ，他对课本所做的功为：W =Gℎ=0.7m ×6N =4.1J ，所以此过程中做功大约为4J ．故C 正确，ABD 错误。
人教版 高一物理 必修一 第七章：7.2 功练习解析14
………外…………………内…………绝密★启用前人教版 高一物理 必修一 第七章：7.2 功练习3注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题)请点击修改第I 卷的文字说明一、单选题22．汽车以某一恒定功率启动后沿平直路面行驶,且行驶过程中受到的阻力恒为3×103 N,汽车能够达到的最大速度为30 m/s 。
则该恒定功率为 A ．120 kW B ．90 kWC ．60 kWD ．45 kW【答案】B 【解析】 【详解】当汽车达到最大速度时，受力平衡，则有F=f =3×103N ；则由P=Fv 可得：P =3×103×30W=90kW ；A ．120 kW ，与结论不相符，选项A 错误；B ．90 kW ，与结论相符，选项B 正确；C ．60 kW ，与结论不相符，选项C 错误；D ．45 kW ，与结论不相符，选项D 错误；23．质量为2kg 的遥控玩具电动汽车，由静止开始运动，汽车受到的阻力恒为重力的0.5倍，若牵引力做功W 和汽车位移x 之间的关系如图所示。
则A ．汽车运动前1m 位移的内牵引力是恒力，后2m 位移的内牵引力是变力B ．汽车位移为0.5m 时加速度的大小a =10m/s 2试卷第2页，总10页C ．汽车从静止开始到运动3m 的过程中，拉力的最大功率为WD ．汽车从静止开始到运动3m 的过程中，拉力的平均功率为W 【答案】D 【解析】 【详解】A ．根据公式W ＝Fs可知，题中W －s 图象的斜率表示汽车牵引力的大小，0～1 m 位移内，牵引力F 1＝20 N ，1～3 m 位移内，牵引力F 2＝10 N ，所以A 错误； B ．0～1 m位移内，根据动能定理有：21112W kmgs mv －＝代入数据解得：1v ；根据速度—位移公式有：212v as ＝代入数据解得a ＝5 m/s 2，故B 错误；C ．因为摩擦力f =10N ，所以0～1 m 位移内汽车做匀加速运动，1～3 m 位移内，汽车受力平衡，做匀速运动，则速度刚达到最大时，牵引力功率最大：P max ＝F 1v 1＝W ＝W故C 错误.D ．牵引力做的总功W ＝40J ，时间为：t ＝t 1＋t 2＝5s s 平均功率为：40==W 4W P t＝W 故D 正确．24．一质量为m 的物体在水平恒力F 的作用下沿水平面运动，在t 0时刻撤去力F ，其v-t 图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F 的大小和力F 做的功W 的大小关系式，正确的是：（ ）…………○………………○……A ．F mg μ=B ．2F mg μ=C ．00W mgv t μ=D ．0032W mgv t μ=【答案】D 【解析】对全过程根据动量定理得：Ft 0-μmg •3t 0=0，解得：F =3μmg ，故AB 错误；在0-t 0时间内物体的位移为：002v t x =，所以力F 做功大小为：00332W Fx mgx mgv t μμ===，故C 错误，D 正确．所以D 正确，ABC 错误．25．一台抽水机每秒能把30kg 的水抽到10m 高的水塔上，如果不计额外功的损失，这台抽水机保持输出功率不变的前提下，半小时内能做多少功（210m/s g =）( ) A ．5310J ⨯ B ．55.410J ⨯C ．65.410J ⨯D ．6310J ⨯【答案】C 【解析】 【详解】抽水机1秒钟内做的功是：301010J 3000J W mgh ==⨯⨯=所以抽水机的功率为：3000W 3000W 1W P t === 抽水机半小时做的功是：630003060J 5.410J W Pt '==⨯⨯=⨯.A ．5310J ⨯与分析不符，故A 错误.B ．55.410J ⨯与分析不符，故B 错误.C ．65.410J ⨯与分析相符，故C 正确.试卷第4页，总10页…………线………………线……D ．6310J ⨯与分析不符，故D 错误.26．质量为m 的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图像如图所示，10~t 段为直线，从1t 时刻起汽车保持额定功率不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为f ，则( )A ．10~t 时间内，汽车的牵引力等于11v m t B ．21~t t 时间内，汽车牵引力做功为22211122mv mv - C ．21~t t 时间内，汽车的功率等于1fv D ．21~t t 时间内，汽车的功率等于2fv【答案】D 【解析】 【详解】0～t 1时间内，汽车做匀加速直线运动，加速度a=11v t ，根据牛顿第二定律得，F-F f =ma ，解得牵引力F=F f +m 11v t ，故A 错误。
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第七章
1.如图所示，小球从弹簧正上方一定高度落到竖直放置在地面上的轻质弹簧上，直至速度为零，则从小球接触弹簧开始到压缩弹簧至最低点的过程中（）
A. 小球的动能一直减小
B. 小球的机械能一直减小
C. 小球的动能先增大后减小
D. 小球的机械能先增大后减小
2.质量不等，但具有相同初动能的两个物体，在动摩擦因数相同的地面上滑行，直到停止，则（）
A. 质量大的物体滑行距离大
B. 质量小的物体滑行距离大
C. 质量大的物体克服摩擦力做功多
D. 质量小的物体克服摩擦力做功多
3.一个学生用100N的力，将静止在球场上质量为1kg的球，以10m/s的速度踢出20m 远，则该学生对球做的功为（）
A. 50J
B. 100J
C. 1000J
D. 2000J
4.关于重力做功和重力势能，下列说法正确的是（）
A. 重力做功与物体运动的路径有关
B. 重力对物体做负功时，物体的重力势能一定减小
C. 重力势能为负值说明物体在零势能面以下
D. 重力势能的变化与零势能面的选取有关
5.物体做曲线运动的过程中，以下物理量一定会发生变化的是（）
A. 速度
B. 加速度
C. 动能
D. 合外力
6.质量为1kg的小球在空中自由下落，与水平地面相碰后立即被反弹，之后又上升到某一高度处。
此过程中小球的速度随时间变化规律的图像如图所示。
不计空气阻力，g取10m/s2。
下列说法中正确的是
A. 小球在下落过程中重力做功12.5J
B. 小球在上升过程中重力势能增加8J
C. 小球与地面接触过程中机械能损失8J
D. 小球刚与地面接触时重力的瞬时功率为50w
7.“蹦极”是一项很有挑战性的运动。
如图所示，蹦极者将一根有弹性的绳子系在身上，另一端固定在跳台上。
蹦极者从跳台跳下，落至图中a点时弹性绳刚好被拉直，下落至图中b 点时弹性绳对人的拉力与人受到的重力大小相等，图中c点是蹦极者所能达到的最低点。
在蹦极者从离开跳台到第一次运动到最低点的过程中，下列说法正确的是
A. 在a点时，蹦极者的动能最小
B. 在b点时，弹性绳的弹性势能最小
C. 从a点运动到c点的过程中，蹦极者的动能一直在增加
D. 从a点运动到c点的过程中，蹦极者的机械能不断减小
8.质量为m的物体静止在水平地面上，起重机将其竖直吊起，上升高度为h时，物体的速度为v0此过程中
A. 重力对物体做功为
2
2
1
mv
B. 起重机对物体做功为mgh
C. 合外力对物体做功为
2
2
1
mv
D. 合外力对物体做功为
2
2
1
mv
+mgh
9.在变速运动中，物体的速度由0增加到v，再由v增加到2v，合外力做功分别为W1和W2，则W1与W2之比为
A. 1：1
B. 1：2
C. 1：3
D. 1：4
10.下列关于机械能是否守恒的叙述中正确的是
A. 做匀速直线运动的物体机械能一定守恒
B. 做匀变速运动的物体的机械能可能守恒
C. 外力对物体做功为零时，物体的机械能一定守恒
D. 系统内只有重力和弹力做功时，系统的机械能一定守恒
11.下列关于重力势能的说法中正确的是
A. 重力势能的大小与参考平面的选择无关
B. 重力势能有负值，重力势能是矢量
C. 重力不做功，物体就不具有重力势能
D. 重力做正功时，重力势能一定减少
12.汽车发动机的额定功率为80kW，它以额定功率在平直公路上行驶的最大速度为20m／s，那么汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是
A. 8000N
B. 4000N
C. 2500N
D. 1600N
13.质量M＝1kg的物体，在水平拉力F的作用下，沿粗糙水平面运动，至位移为4m处，
拉力F停止作用，至位移为8m处物体停止运动，运动过程中的
s
E
k
图线如图所示。
物
体的初速度为________m/s，物体和水平面间的滑动摩擦因数为_____________，拉力F的
大小为_____________N。
（g取
2
/
10s m）
14.如图所示，某物体在一个与水平方向成θ角的恒力F的作用下做匀加速直线运动，发生的位移为s，在此过程中，恒力F对物体所做的功为_____________，若地面光滑，物体动能的变化量为_____________。
15.质量为2kg的重物从30m高处由静止开始下落，下落过程中重物受到的空气阻力忽略不计。
则重物下落2s时具有的动能为_____；重物下落高度为_____m时，动能是其重力势能的一半。
(g取10m／s2)
16.某型号汽车发动机的额定功率为60kW，在水平路面上行驶时受到的阻力是1800N。
发动机在额定功率下，汽车匀速行驶时的速度大小为_________m／s。
在同样的阻力下，如果汽车匀速行驶时的速度为15m／s，则发动机输出的实际功率是_________kW。
17.如图所示为固定在竖直平面内的光滑轨道ABCD，其中ABC部分为半径R=0.9m的半圆形轨道，CD部分为水平轨道。
一个质量m=1 kg的小球沿水平方向进入轨道，通过最高点A 时对轨道的压力为其重力的3倍。
小球运动过程中所受空气阻力忽略不计，g取10m/s2。
(1)画出小球在A点时的受力示意图：
(2)求出小球在A点时的速度大小v A；
(3)求出小球经过C点进入半圆形轨道时对轨道的压力N C。
18.如图所示，质量m=2.0kg的金属块(可视为质点)静止在高h=1.8m的光滑水平台面上。
现
用水平恒力F=9.0N拉动金属块，当金属块向右运动s=4.0m时撤去拉力F，之后金属块在台面上滑行一段距离后飞离台面。
空气阻力忽略不计，g取10m/s2。
求：
(1)金属块离开台面时的速度大小v；
(2)金属块落地点距台面边缘的水平距离L；
(3)金属块落地时速度方向与竖直方向的夹角θ。
19.如图所示，让质量m=5.0kg的摆球由图中所示位置A从静止开始下摆，摆至最低点B点时恰好绳被拉断。
已知摆线长L=1.6m，悬点O与地面的距离OC=4.0m。
若空气阻力不计，摆线被拉断瞬间小球的机械能无损失。
求：
（1）摆线所能承受的最大拉力T；
（2）摆球落地时的动能。
20.如图所示，轨道ABC被竖直地固定在水平桌面上，A距水平地面高H=0.75m，C距水平地
面高h=0.45m。
一质量m=0.10kg的小物块自A点从静止开始下滑，从C点以水平速度飞出后落在地面上的D点。
现测得C、D两点的水平距离为x=0.60m。
不计空气阻力，取g=10m ／s2。
求
（1）小物块从C点运动到D点经历的时间t；
（2）小物块从C点飞出时速度的大小v C；
（3）小物块从A点运动到C点的过程中克服摩擦力做的功W f。
试卷答案1.BC
2.B
3.A
4.C
5.A
6.ACD
7.D
8.C
9.C
10.BD
11.D
12.B
13.
14.
15.400J 10
16.33.3 27
17.
18.
19.解：（1）设摆球运动到最低点时的速度为v ，根据动能定理和牛顿第二定律有
()22160cos 1mv mgL =-
L v m mg T 2=-
联立以上两式，代入数据可解得：
N T 100=，s m v /4= （2）选择地面为零势地面，由机械能守恒定律得：
()()k E L OC mg mgL
=-+︒-60cos 1 代入数据可解得：
J E k 160=
20.解：（1）从C 到D ，根据平抛运动规律
竖直方向 =h 221gt （2分） 求出s t 30.0= （1分）
（2）从C 到D ，根据平抛运动规律
水平方向 t v x C =
（2分） 求出s m v C /0.2=
（1分） （3）从A 到C ，根据动能定理
21
)(2
-=--C f mv W h H mg （4分） 求出克服摩擦力做功
J W f 10.0= （1分）。