2018届高三第一次(9月)联考物理试题(附解析)

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山东省、湖北省部分重点中学2018届高三第一次(9月)联考物理试卷(解析版)

齐鲁名校教科研协作体山东、湖北部分重点中学2018届高三第一次调研联考物理试题本试卷分为第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）。

考试时间90分钟。

一、选择题：（本题共10小题，1-6题每题4分，7-10题每题5分，共44分。

在每小题给出的四个选项中，1-6题每小题只有一个选项正确；7-10题每小题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

） 1.下列描述正确的是A.速度的变化量、加速度、力都是矢量且对应的国际单位制位符号分别为：m/s 、m/s 2、NB.平抛运动的物体在相等的时间间隔内，速率的改变量相等C.牛顿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D.运动的物体才受滑动摩擦力，且其方向与运动方向一定相反【答案】A【解析】平抛运动的物体在相等的时间间隔内，速度的改变量相等，而速率的变化是不等，故B 错。

C 是笛卡尔的观点，故C 错。

滑动摩擦力的条件是发生相对运动，而不一定要运动。

故D 错。

2.一物体自t =0时开始做直线运动，其速度-时间图线如图所示。

下列选项正确的是A.0-2s 内与6-8s 内物体的加速度相同B.前8s 内的平均速度为4m/sC.在6-8s 内物体的平均速率为0D.0-8s 内物体离出发点最远为44m 【答案】D【解析】0-2s 与6-8s 加速度大小均为4m/s 2,方向不同，A 错；前8s 的平均速度s m t x v 320==, B 错；6-8s 平均速率tsv =，C 错；第7s 时离出发点最远，为44m,故答案选D 3.一艘小船要从O 点渡过一条两岸平行、宽度为d =80m 的河流，已知小船在静水中运动的速度为4m/s ，水流速度为5m/s ，B 点距正对岸的A 点x 0=60m 。

（6.037sin ,8.037cos ==）下面关于该船渡河的判断，其中正确的是A.小船过河的最短航程为80mB.小船过河的最短时间为16sC.若要使小船运动到B 点，则小船船头指向与上游河岸成37°角D.小船做曲线运动【答案】C【解析】当船的速度方向垂直河岸时，过河时间最短，最短时间为s 20==船v dt ，故B 错，因为水船v v ，故小船过河轨迹不可能垂直河岸，最短航程大于80m,A 错；要使小船运动到B 点，其速度方向沿OB 方向，故船头指向与上游河岸成37°角，C 正确；小船做直线运动，D 错。

重庆市重庆市第一中学2018届高三上学期9月月考物理试题含解析

重庆一中高2018届17-18学年三上9月月考物理试题卷一、单项选择题(8×4=32分)1. 下列关于物理学思想方法的叙述错误的是( )A. 探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法B. 在伽利略之前的学者总是通过思辨性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验验证猜想和假设的科学方法C. 力学中将物体看成质点运用了理想化模型法D. 当物体的运动时间△t趋近于0时，△t时间内的平均速度可看成瞬时速度运用等效替代法【答案】D【解析】在研究牛顿第二定律时，需要控制质量一定研究加速度与外力的关系，控制外力一定研究加速度与质量的关系，故用到了控制变量法，A正确；伽利略的理想斜面实验采用了实验和逻辑推论相结合的方法，B正确；质点是理想化模型，用到了理想模型法，C正确；时的平均速度可看成瞬时速度，采用的是极限分析方法，D错误．2. 关于物体的受力和运动,下列说法中正确的是()A. 物体在不垂直于速度方向的合力作用下，速度大小可能一直不变B. 物体做曲线运动时，某点的加速度方向就是通过这一点曲线的切线方向C. 物体受到变化的合力作用时，它的速度大小一定改变D. 做曲线运动的物体，一定受到与速度不在同一直线上的外力作用【答案】D【解析】A、如果合力与速度方向不垂直，必然有沿速度方向的分力，速度大小一定改变，故A错误；B、物体做曲线运动时，某点的速度方向就是通过这一点的曲线的切线方向，而不是加速度方向，故B错误；C、物体受到变化的合力作用时，它的速度大小可以不改变，比如匀速圆周运动，故C错误；D、物体做曲线运动的条件是一定受到与速度不在同一直线上的外力作用，故D正确。

故选：D。

3. 为了研究蹦床运动员跃起的高度,可在弹性网上安装压力传感器,利用传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力大小,并由计算机作出压力−时间图象(如图).运动员在空中运动时可视为质点,则可依据传感器描绘的F−t图象估算出运动员跃起的最大高度为(g取10m/s2)( )A. 1.5mB. 1.8mC. 5.0mD. 7.2m【答案】B【解析】试题分析：当蹦床的压力为0时，即运动员在空中，当再次出现压力时，说明运动员再次落回蹦床，观察图像，从离开蹦床到落回蹦床，运动员在空中运动时间最长为为，此时上升的高度最高。

河南八市2018届高三物理9月月考试题带答案

河南八市2018届高三物理9月月考试题（带答案）一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分，第1-6题为单项选择题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合要求；第6-10题为多选题，每所给的选项中有多符合要求，全选对的得5分，部分选对的得3分，由选错或不选的得0分。

）1.下列说法正确的是（）A.β衰变总是伴随着α衰变发生的B.的半衰期为14天，则100个原子经14天后还有50个C.各种衰变都会发射高能粒子，衰变后产生的新核都处于低能级状态D.无论是核聚变，海事核裂变，产生的新核比结合能都增加2.物体A、B的v-t图像如图所示，已知0时刻A在B前方25.5m处，下列说法正确的是（）A.3s末A、B相聚19.5mB.4s末B追上AC.5s末A、B相遇D.A追上B时A速度比B大2m/s3.如图所示，平行板电容器PQ与电源相接电源与电容器之间接一理想二极管D。

当电容器极板Q移至虚线处，有关电容器的下说法正确的是()A.电容减小，极板所带电荷量减小B.电容减小，极板间电压不变C.极板间电压不变，场强减小D.极板所带电荷量不变，场强不变4.地球赤道上有一个观察者a，赤道平面内有一颗自西向东运行的近地卫星b，a观测发现，其正上方有一颗静止不动的卫星c，每隔时间T卫星b就会从其正上方飞过，已知地球半径为R，地表处重力加速度为g，万有引力常量为G。

下列说法正确的是（）A.c的加速度大于b的加速度B.a星的线速度大于c的线速度C.地球的质量为D.c的周期为5.如图所示，一匀强电场的方向平行于直角Δabc所在的平面，∠a=530，∠c为直角，ab=10cm，d为ab的中点。

a、b、c三点的电势分别为10V、-10V和2.8V，则此（）A.a、b、c三点中电子在a点电势能最大B.匀强电场的场强为200V/mC.c、d间电势差为Ucd=-2.8VD.电势沿ac方向变化的最快6.如图所示，质量分别为m、2m的小球A、B固定在轻质细杆两端，由细绳OA、OB、PB悬挂于竖直平面内，OAB恰好构成一边长为l的正三角形且在竖直方向，现剪短细绳PB，重力加速度为g，不计空气阻力，则()A.B球恰好摆到最低点B.B球摆到最低点的过程中，机械能守恒C.B球摆到最低点的过程中，细杆对A球做功D.B球摆到最低点的过程中，细杆对A球做功mgl7.如图所示，小球A通过两细绳悬挂与O1、O2两点，开始时小球B位于小球A的正下方，A、B两球用细绳相连，均处于静止状态，现用水平力F缓慢向左拉B球，则下列说法正确的是（）A.A、B间细绳拉力增大B.A、O1间细绳拉力增大C.A、O2间细绳拉力减小D.A、O1间细绳拉力不变8.如图所示，一正三角形匀强电场区域abc，边长为l，的、为ab边的中点，磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里，大量质量为m，电荷量为-q的带电粒子垂直ab边从不同位置射入匀强磁场，不计粒子重力，则（）A.粒子进入磁场后做逆时针方向的圆周运动B.若粒子速度均为，则从d点进入磁场的粒子垂直bc离开C.若粒子速度均为，则bc边上有粒子射出的长度为D.无论粒子的速度多大。

2018届高三第一次全国大联考【新课标Ⅲ卷】物理试卷

2018年第一次全国大联考【新课标Ⅲ卷】理科综合·物理（考试时间：55分钟试卷满分：110分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

14．关于近代物理的相关知识，下列说法正确的是A．根据玻尔原子理论，氢原子的核外电子由能量较高的定态轨道跃迁到能量较低的定态轨道时，会辐射一定频率的光子，同时核外电子的动能变小B．汤姆孙根据气体放电管实验断定阴极射线是带负电的粒子流，并求出了这种粒子的比荷C．玻尔大胆提出假设，认为实物粒子也具有波动性D．玻尔将量子观念引入原子领域，成功地解释了所有原子光谱的实验规律15．如图所示为远距离输电的简易图，其中升压变压器M副线圈的匝数可通过滑动触头P 调节，除升压变压器M副线圈与降压变压器N原线圈之间导线的电阻不能忽略外，其余部分的电阻均可忽略，其中灯泡a、b的电阻值不受温度的影响。

保持滑动触头的位置不变，断开开关S，灯泡a发光。

则下列说法正确的是A．保持滑动触头的位置不变，闭合开关，灯泡a的亮度变亮B．保持滑动触头的位置不变，闭合开关，输电线上损耗的功率增大C．保持开关闭合，将滑动触头向下滑动，输电线上损耗的功率减小D．保持开关闭合，将滑动触头向上滑动，电流表的读数增大16．我国ETC（电子不停车收费系统）已实现全国联网，大大缩短了车辆通过收费站的时间。

河南省部分重点中学2018届高三上学期第一次联考物理试题含答案

2018届（高三）第一次联考物理试题第I 卷一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-7 题只有一項符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1.在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。

下列叙述符合史实的是A.法拉第在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因C.欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D.伽利略通过实验研究和逻辑推理相结合发现，忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快2.将一小球以初速度v 从地面竖直向上抛出后，小球先后经过离地面高度为5m 的位置历时2s 。

若初速度变为 2v,则小球先后经过离地面高度为5m 的位置历时为（空气阻力不计，g=10m/s 2) A.s 32 B. s 52 C. s 72 D. 6s 3.研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时，假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比（已知以离地球无穷远处为零势能面，在离地心为r 处的卫星的引力势能可表示为rmM GEP -=,其中G 为引力常量，M 为地球质量，m 为卫星的质量A.发射同一卫星需要的机械能变大B.卫星的向心加速度变大C.卫星的线速度变大D.卫星角速度变大4.摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如图所示。

当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用。

行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具“不倒翁”一样。

它的优点是能够在现有线路上运行，勿须对线路等设施进行较大的改造，而是靠摆式车体的先进性，实现高速行车，并能达到既安全又舒适的要求。

运行实践表明：摆式列车通过曲线速度可提高20—40%,最高可达 50%,摆式列车不愧为“曲线冲刺能手”。

河北省保定一中2018届高三上学期第一次诊断物理试卷9月份含解析

2018-2018年河北省保定一中高三（上）第一次诊断物理试卷（9月份）一、选择题（每小题4分，共40分）．1．一个质点在三个共点力F1、F2、F3的作用下处于平衡状态，如图所示．则它们的大小关系是（）A．F1＞F2＞F3B．F1＞F3＞F2C．F3＞F1＞F2D．F2＞F1＞F32．如图所示，用长度相等的轻绳依次连接5000个质量均为m的小球，轻绳的左端固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的轻绳与水平方向的夹角为45°．则第2018个小球与第2018个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（）A．B．C．D．3．如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F和F′，已知支架间的距离为AB的一半，则为（）A．B．C．D．4．如图所示，一根长为l的轻质软绳一端固定在O点，另一端与质量为m的小球连接，初始时将小球放在与O点等高的A点，OA=，现将小球由静止状态释放，则当小球运动到O点正下方时，绳对小球拉力为（）（已知：sin37°=0.6，cos37°=0.8）A．2mg B．3mg C．mg D．mg5．如图甲、乙、丙所示，三个物块质量相同且均处于静止状态．若弹簧秤、绳和滑轮的重力均不计，绳与滑轮、物块与半球面间的摩擦均不计，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3则（）A．F1=F2=F3 B．F3＞F1=F2C．F3=F1＞F2D．F1＞F2＞F36．如图所示，一幼儿园小朋友在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，受到老师的表扬．下列说法正确的是（）A．石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B．石块b对a的支持力一定等于a受到的重力C．石块c受到水平桌面向左的摩擦力D．石块c对b的作用力一定竖直向上7．在竖直墙壁间有半圆球A和圆球B，其中圆球B的表面光滑，半圆球A与左侧墙壁之间的动摩擦因数为．两球心之间连线与水平方向成30°的夹角，两球恰好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则半球圆A和圆球B的质量之比为（）A．B．C．D．8．将10N的力分解为两个分力F1、F2，则F1、F2的值可能是下列哪些情况（）A．F1=12N，F2=16N B．F1=10N，F2=10NC．F1=6N，F2=3N D．F1=5N，F2=6N9．如图所示，在动摩擦因数μ=0.2的水平面上，质量m=2kg的物块与水平轻弹簧相连，物块在与水平方向成θ=45°角的拉力F作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零．g取10m/s2，以下说法正确的是（）A．此时轻弹簧的弹力大小为20 NB．当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度大小为8 m/s2，方向向左C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度大小为8 m/s2，方向向右D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度为10 m/s2，方向向右10．如图所示为粮袋的传送带装置，已知AB间的长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋由静止放上，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A．粮袋到达B点的速度与v比较，可能大，也可能相等或小B．若L足够大，粮袋最终将一定以速度v做匀速运动C．若μ＜tanθ，则粮袋从A到B一定一直是做加速运动D．粮袋刚放上传送带时的加速度a＜gsinθ二、填空题（每小题5分，共20分）11．将一个大小为20牛顿的力分解成两个力，其中一个分力的大小是25牛顿，则另一个分力的大小的最小值可能是；最大值可能是．12．将一个大小为N水平力分解成两个力，其中一个分力在竖直方向，另一个分力与水平方向的夹角是30°，则两个分力的大小分别是N和N．13．水平力F使物体从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到v时撤掉F，物体在水平面上滑行直到停止，物体的速度﹣时间图象如图所示，则撤掉F前的加速度a1和撤掉F后的加速度a2的比为a1：a2=，物体在水平面上的摩擦力为f，则F：f=．14．如图1为“探究物体的加速度与质量和受力的关系”的实验装置．沙和沙桶的质量为m，小车和砝码的质量为M．实验中将沙和沙桶的重力作为细线对小车的拉力．（1）实验前，在进行平衡摩擦力的操作时，下列注意事项正确的是．A．应该让小车连接纸带并穿过打点计时器B．必须让小车连接沙桶C．纸带和沙桶都应连接D．纸带和沙桶不能连接（2）现保持沙和沙桶的总质量m不变，改变小车和砝码的总质量M，探究加速度和质量的关系．如图2是某次实验中打出的一条纸带，交变电流的频率为50Hz，每隔4个点选一个计数点，则小车的加速度为m/s2（保留两位有效数字）．通过实验得到多组加速度a、质量M的数据，为了方便准确地研究二者关系，一般选用纵坐标为加速度a，则横坐标为（填M或）．三、计算题（每小题10分，共40分）15．如图所示，质量为m的物体在与水平面成θ角的斜向上推力F作用下，沿水平天花板向右匀速运动，则物体与天花板间的动摩擦因数应为多少？16．原长l0=12cm的弹簧，上端固定，下端挂质量为m=4kg的物块，静止时弹簧l1=20cm．当将该物块放在水平桌面上，并用上述弹簧沿水平方向拉物块．当弹簧长度为l2=15cm时，物块恰好被拉动．此后为保持物块做匀速直线运动，弹簧长度维持在l3=14cm．（g=10m/s2）求：（1）物块与水平桌面之间的最大静摩擦力f m；（2）物块与水平面之间的动摩擦因数μ．（3）某时刻撤去拉力，物体继续向右运动，碰到固定竖直挡板后，弹簧的最短长度为8cm，求物体向右运动至弹簧长度为10cm时的合力．17．如图所示，质量为m=20kg的物体，在F=100N水平向右的拉力作用下由静止开始运动．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.4．求：（1）物体所受滑动摩擦力为多大？（2）物体的加速度为多大？（3）物体在3s内的位移为多大？（4）若3s末撤去F后，物体还能滑行多长时间？18．如图所示，半径为l、质量为m的小球用两根不可伸长的轻绳a、b连接，两轻绳的另一端系在一根竖直杆的A、B两点上，A、B两点相距为l，当两轻绳伸直后，A、B两点到球心的距离均为l．当竖直杆以自己为轴转动并达到稳定时（细绳a、b与杆在同一竖直平面内）．求：计算结果可以带根号，g不要带具体值．（1）竖直杆角速度ω为多大时，小球恰离开竖直杆．（2）ω至少达到多少时b轻绳伸直开始有拉力．2018-2018年河北省保定一中高三（上）第一次诊断物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共40分）．1．一个质点在三个共点力F1、F2、F3的作用下处于平衡状态，如图所示．则它们的大小关系是（）A．F1＞F2＞F3B．F1＞F3＞F2C．F3＞F1＞F2D．F2＞F1＞F3【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】此题只要掌握共点力平衡的条件，并运用三力平衡三角形即可解决．【解答】解：因为质点在三个共点力F1、F2、F3的作用下处于平衡状态，所以将三力首尾相连组成一封闭三角形，如图所示：根据数学知识三角形中大角对大边，即得出F3＞F1＞F2，所以选项ABD错误，C正确．故选C2．如图所示，用长度相等的轻绳依次连接5000个质量均为m的小球，轻绳的左端固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的轻绳与水平方向的夹角为45°．则第2018个小球与第2018个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】先以整体为研究对象，由平衡条件求出F的大小，再以2018个到5000个小球组成的整体为研究对象，根据平衡条件求出第2018个小球与2018个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值．【解答】解：以5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示，因角度为45°根据平衡条件得拉力等于所用小球的重力：即：F=5000mg再以2018个到5000个共2986个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2所示，则由几何关系可得：tanα==；故选：A．3．如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F和F′，已知支架间的距离为AB的一半，则为（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对左图，上面球收重力和支持力而平衡，根据平衡条件得到支持力；对右图，隔离半个球分析，受重力、左侧球的支持力和右角的支持力，根据平衡条件列式求解．【解答】解：设两半球的总质量为m，当球以AB沿水平方向放置，可知；当球以AB沿竖直方向放置，以两半球为整体，隔离右半球受力分析如图所示，可得，根据支架间的距离为AB的一半，可得θ=30°，则，A正确．故选：A4．如图所示，一根长为l的轻质软绳一端固定在O点，另一端与质量为m的小球连接，初始时将小球放在与O点等高的A点，OA=，现将小球由静止状态释放，则当小球运动到O点正下方时，绳对小球拉力为（）（已知：sin37°=0.6，cos37°=0.8）A．2mg B．3mg C．mg D．mg【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．【分析】当小球到O点的距离等于l时，细绳绷紧，绷紧后瞬间，因受线的拉力作用，其沿绳子方向的分速度突变为零，垂直于细绳的分速度没有变化；从绷紧点到C点过程运用动能定理列式求出最低点速度，再根据牛顿第二定律列式求解拉力．【解答】解：设小球到达B点时细绳刚好绷紧．则OB与水平方向的夹角的余弦为cosα=小球自由下落的高度为h=l，到达B点的速度v1=细绳绷紧后瞬间小球只有垂直于细绳的分速度，大小为v2=v1cosα从B到最低点，由动能定理得：mgl（1﹣sinα）=﹣mv22在最低点有，T﹣mg=m联立以上各式解得T=mg故选：C．5．如图甲、乙、丙所示，三个物块质量相同且均处于静止状态．若弹簧秤、绳和滑轮的重力均不计，绳与滑轮、物块与半球面间的摩擦均不计，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3则（）A．F1=F2=F3 B．F3＞F1=F2C．F3=F1＞F2D．F1＞F2＞F3【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力．甲图、乙图分别以物体为研究对象由平衡条件求解．丙图以动滑轮为研究对象分析受力情况，根据平衡条件求解．【解答】解：甲图：物体静止，弹簧的拉力F1=mg；乙图：对物体为研究对象，作出力图如图．由平衡条件得：F2=Gsin60°=mg=0.866mg丙图：以动滑轮为研究对象，受力如图．由几何知识得F3=mg．故F3=F1＞F2故选：C6．如图所示，一幼儿园小朋友在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，受到老师的表扬．下列说法正确的是（）A．石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B．石块b对a的支持力一定等于a受到的重力C．石块c受到水平桌面向左的摩擦力D．石块c对b的作用力一定竖直向上【考点】物体的弹性和弹力；牛顿第三定律．【分析】根据平衡条件，依据相互作用力的内容，及力的合成与分解方法，并依据摩擦力产生条件，即可求解．【解答】解：A、石块b对a的支持力与其对a的静摩擦力的合力，跟a受到的重力是平衡力，故A错误；B、由A分析可知，故B错误；C、以三块作为整体研究，则石块c不会受到水平桌面的摩擦力，故C错误；D、选取ab作为整体研究，根据平衡条件，则石块c对b的作用力与其重力平衡，则块c 对b的作用力一定竖直向上，故D正确；故选：D．7．在竖直墙壁间有半圆球A和圆球B，其中圆球B的表面光滑，半圆球A与左侧墙壁之间的动摩擦因数为．两球心之间连线与水平方向成30°的夹角，两球恰好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则半球圆A和圆球B的质量之比为（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】隔离光滑均匀圆球B，对B受力分析，根据平衡条件列式求解F N，对两球组成的整体进行受力分析，根据平衡条件列式求解即可．【解答】解：设A的质量为m，B的质量为M，隔离光滑均匀圆球B，对B受力分析如图所示，可得：F N=FcosθMg﹣Fsinθ=0解得：F N=，对两球组成的整体有：（m+M）g﹣μF N=0代入数据，联立解得：故选：C．8．将10N的力分解为两个分力F1、F2，则F1、F2的值可能是下列哪些情况（）A．F1=12N，F2=16N B．F1=10N，F2=10NC．F1=6N，F2=3N D．F1=5N，F2=6N【考点】力的分解．【分析】根据合力F和两分力F1、F2之间的关系|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，求出两个力的合力范围，判断哪一组合力不可能为10N．【解答】解：A、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，12N和16N的合力范围为[4N，28N]，可能为10N．故A正确．B、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，10N和10N的合力范围为[0N，20N]，可能为10N．故B 正确．C、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，6N和3N的合力范围为[3N，9N]，不可能为10N．故C 错误．D、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，5N和6N的合力范围为[1N，11N]，可能为10N．故D正确．故选：ABD．9．如图所示，在动摩擦因数μ=0.2的水平面上，质量m=2kg的物块与水平轻弹簧相连，物块在与水平方向成θ=45°角的拉力F作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零．g取10m/s2，以下说法正确的是（）A．此时轻弹簧的弹力大小为20 NB．当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度大小为8 m/s2，方向向左C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度大小为8 m/s2，方向向右D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间物块的加速度为10 m/s2，方向向右【考点】牛顿第二定律．【分析】先分析撤去力F前弹簧的弹力大小；再研究撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小；剪断弹簧的瞬间，弹簧的弹力为零，根据牛顿第二定律求出物块的加速度．【解答】解：A、小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：=mgtan45°=20×1=20N，拉力F=，故A正确；F弹B、撤去力F的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用；小球所受的最大静摩擦力为：f=μmg=0.2×20N=4N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：a==，合力方向向左，所以向左加速．故B正确；C、D、剪断弹簧的瞬间，弹簧的弹力为零，根据牛顿第二定律得，a==10m/s2，故C错误，D正确；故选：ABD．10．如图所示为粮袋的传送带装置，已知AB间的长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋由静止放上，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A．粮袋到达B点的速度与v比较，可能大，也可能相等或小B．若L足够大，粮袋最终将一定以速度v做匀速运动C．若μ＜tanθ，则粮袋从A到B一定一直是做加速运动D．粮袋刚放上传送带时的加速度a＜gsinθ【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v．【解答】解：A、粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B 点时的速度大于v，A正确．B、粮袋最终做什么运动取决于μ与tanθ的关系，若μ＜tanθ，即重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，即使速度相等后，还是做加速运动，所以L足够大，粮袋最终也不一定以速度v 做匀速运动，B错误；C、若μ＜tanθ，即重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，即使速度相等后，还是做加速运动，C正确．D、粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为μmgcosθ，根据牛顿第二定律得到，加速度a=g（sinθ+μcosθ）．D错误．故选：AC．二、填空题（每小题5分，共20分）11．将一个大小为20牛顿的力分解成两个力，其中一个分力的大小是25牛顿，则另一个分力的大小的最小值可能是5N；最大值可能是45N．【考点】力的分解．【分析】一个大小为20牛顿的力分解成两个力，其中一个分力的大小是25牛顿，故；可以看成是用这个力F和25N的分力F1的平衡力﹣F1进行合成，然后运用平行四边形定则得到合力范围．【解答】解：一个大小为20牛顿的力分解成两个力，其中一个分力的大小是25牛顿，故；可以看成是用这个力F和25N的分力F1的平衡力﹣F1进行合成；故当两个分力同向时合力最大，为45N；当两个分力反向时，合力最小，为5N；故答案为：5N，45N．12．将一个大小为N水平力分解成两个力，其中一个分力在竖直方向，另一个分力与水平方向的夹角是30°，则两个分力的大小分别是2N和4N．【考点】力的分解．【分析】已知合力和两个分力的方向，分解具有唯一性，根据平行四边形定则作图分解即可．【解答】解：合力为2N，水平向右；一个分力在竖直方向，另一个分力与水平方向的夹角是30°，根据平行四边形定则作图，如图所示故F2=2N，F1=4N故答案为：2，4．13．水平力F使物体从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到v时撤掉F，物体在水平面上滑行直到停止，物体的速度﹣时间图象如图所示，则撤掉F前的加速度a1和撤掉F后的加速度a2的比为a1：a2=3：1，物体在水平面上的摩擦力为f，则F：f=4：1．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】要求拉力F和摩擦力F f之比，需要知道拉力F和摩擦力F f的具体值是多大，而前2s物体在拉力和摩擦力的共同作用之下匀加速运动根据牛顿第二定律可有F﹣F f=ma1而2～8s根据牛顿第二定律可有﹣F f=ma2根据a=可得加速度a1和a2之比，最后求出拉力F和摩擦力F f之比．【解答】解：在0～2s内物体的加速度a1==2m/s2…①根据牛顿第二定律有F﹣f=ma1…②在2～8s内物体的加速度a2==﹣m/s2故有﹣f=ma2．故f=m…④F=故a1：a2=3：1，F：f=4：1故答案为：3：1；4：114．如图1为“探究物体的加速度与质量和受力的关系”的实验装置．沙和沙桶的质量为m，小车和砝码的质量为M．实验中将沙和沙桶的重力作为细线对小车的拉力．（1）实验前，在进行平衡摩擦力的操作时，下列注意事项正确的是A．A．应该让小车连接纸带并穿过打点计时器B．必须让小车连接沙桶C．纸带和沙桶都应连接D．纸带和沙桶不能连接（2）现保持沙和沙桶的总质量m不变，改变小车和砝码的总质量M，探究加速度和质量的关系．如图2是某次实验中打出的一条纸带，交变电流的频率为50Hz，每隔4个点选一个计数点，则小车的加速度为 2.0m/s2（保留两位有效数字）．通过实验得到多组加速度a、质量M的数据，为了方便准确地研究二者关系，一般选用纵坐标为加速度a，则横坐标为（填M或）．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）平衡摩擦力时让小车拖着纸带运动，若能做匀速直线运动，摩擦力得到平衡，不能将沙桶通过定滑轮挂在小车上．（2）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出加速度．为了得出a和M的线性关系图线，作图线．【解答】解：（1）平衡摩擦力时让小车拖着纸带运动，若能做匀速直线运动，摩擦力得到平衡，故选：A．（2）由图可知x12=3.10cm，x23=5.10cm，x34=7.10cm，x45=9.10cm，x56=11.10cm，可知连续相等时间内的位移之差△x=2.00cm，根据△x=aT2得，加速度a=．因为a与M成反比，为了得出a与M的线性关系，作图线．故答案为：（1）A，（2）2.0，．三、计算题（每小题10分，共40分）15．如图所示，质量为m的物体在与水平面成θ角的斜向上推力F作用下，沿水平天花板向右匀速运动，则物体与天花板间的动摩擦因数应为多少？【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对物体受力分析，受推力、重力、支持力、摩擦力而做匀速运动，根据平衡条件用正交分解法列式求解．【解答】解：对物体受力分析，将推力F正交分解，如图根据共点力平衡条件得：水平方向：Fcosθ﹣f=0竖直方向：Fsinθ﹣N﹣mg=0则物体受到摩擦力大小为：f=Fcosθ．支持力为：N=Fsinθ﹣mg．又f=μN联立得：μ=．答：物体与天花板间的动摩擦因数应为．16．原长l0=12cm的弹簧，上端固定，下端挂质量为m=4kg的物块，静止时弹簧l1=20cm．当将该物块放在水平桌面上，并用上述弹簧沿水平方向拉物块．当弹簧长度为l2=15cm时，物块恰好被拉动．此后为保持物块做匀速直线运动，弹簧长度维持在l3=14cm．（g=10m/s2）求：（1）物块与水平桌面之间的最大静摩擦力f m；（2）物块与水平面之间的动摩擦因数μ．（3）某时刻撤去拉力，物体继续向右运动，碰到固定竖直挡板后，弹簧的最短长度为8cm，求物体向右运动至弹簧长度为10cm时的合力．【考点】胡克定律；动摩擦因数．【分析】（1）弹簧上端固定，下端挂物体静止时，由胡克定律求出弹簧的劲度系数k．当弹簧长度为l2=15cm时，物块恰好被拉动，此时弹簧的拉力等于最大静摩擦力，由胡克定律求最大静摩擦力f m．（2）物体匀速直线运动时，由平衡条件求出滑动摩擦力，再由摩擦力公式f=μN求μ．（3）由胡克定律和力的合成法求合力．【解答】解：（1）弹簧上端固定，下端挂物体静止时，由胡克定律得：mg=k（l1﹣l0）则得：k===500N/m当弹簧长度为l2=15cm时，物块恰好被拉动，则最大静摩擦力为：f m=k（l2﹣l0）=500×（0.15﹣0.12）=15N（2）物体匀速直线运动时，由平衡条件得滑动摩擦力为：f=k（l3﹣l0）=500×（0.14﹣0.12）=10N则μ===0.25．（3）物体向右运动至弹簧长度为10cm时，弹簧对物体的弹簧大小为：F=k（l0﹣l4）=500×（0.12﹣0.10）=10N，方向向左，物体的合力为：=μmg+F=0.25×4×10+10=20NF合答：（1）物块与水平桌面之间的最大静摩擦力f m为15N；（2）物块与水平面之间的动摩擦因数μ是0.25．（3）物体向右运动至弹簧长度为10cm时的合力是20N．17．如图所示，质量为m=20kg的物体，在F=100N水平向右的拉力作用下由静止开始运动．物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.4．求：（1）物体所受滑动摩擦力为多大？（2）物体的加速度为多大？（3）物体在3s内的位移为多大？（4）若3s末撤去F后，物体还能滑行多长时间？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】（1）根据滑动摩擦力大小公式求出摩擦力的大小．（2）根据牛顿第二定律求出物体的加速度．（3）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出物体在3s内的位移．（4）求出3s末的速度，根据牛顿第二定律求解减速运动的加速度，再根据速度时间关系求解滑行的时间．【解答】解：（1）物体所受滑动受摩擦力大小：Fµ=µF N=µmg=0.4×20×10N=80N；（2）由牛顿第二定律：F﹣f=ma，解得：；（3）物体在3s内的位移：；（4）撤去外力F后物体在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，根据牛顿第二定律可得：a′=﹣μg=﹣4m/s2，3s时的速度：v=at1=1×3=3m/s；设撤去F后还能运动t2，根据速度时间关系可得：0=v+a′t2，代入数据解得t2=0.75s．答：（1）物体所受滑动摩擦力为80N；（2）物体的加速度为1m/s2；（3）物体在3s内的位移为4.5m；（4）若3s末撤去F后，物体还能滑行0.75s．18．如图所示，半径为l、质量为m的小球用两根不可伸长的轻绳a、b连接，两轻绳的另一端系在一根竖直杆的A、B两点上，A、B两点相距为l，当两轻绳伸直后，A、B两点到球心的距离均为l．当竖直杆以自己为轴转动并达到稳定时（细绳a、b与杆在同一竖直平面内）．求：计算结果可以带根号，g不要带具体值．（1）竖直杆角速度ω为多大时，小球恰离开竖直杆．（2）ω至少达到多少时b轻绳伸直开始有拉力．【考点】向心力．【分析】（1）小球恰离开竖直杆时，受重力和拉力，拉力的竖直分力与重力平衡，水平分力提供向心力；（2）角速度ω再增大，轻绳b拉直后，小球做圆周运动的半径为r=lsin60°的匀速圆周运动，再根据拉力的竖直分力与重力平衡，水平分力提供向心力列式求解．【解答】解：（1）小球恰离开竖直杆时，小球与竖直杆间的作用力为零，此时轻绳a与竖直杆间的夹角为α，由题意可知sinα=，r=，沿半径：Fasinα=mω2r垂直半径：Facosα=mg联立解得ω=（2）角速度ω再增大，轻绳b拉直后，小球做圆周运动的半径为r=lsin60°沿半径：Fasin60°=mω2r垂直半径：Facos60°=mg联立解得ω2≥答：（1）竖直杆角速度ω为时，小球恰离开竖直杆；（2）ω至少达到时b轻绳伸直开始有拉力．。

内蒙古巴彦淖尔市第一中学2018届高三9月月考理科综合物理试题含答案

内蒙古巴彦淖尔市第一中学2018届高三9月月考理科综合物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求，第19---21题有多项符合题目要求。

全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1. 在离地高h处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v，不计空气阻力，两球落地的时间差为（）A 2v gB. v gC. 2h vD. h v2. 两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶．t=0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始．它们在四次比赛中的v t 图如图所示．哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆（）A. B.C. D.3. 如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上．若要物块在斜面上保持静止，F 的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）.由此可求出.A. 物块的质量B. 斜面的倾角C. 物块与斜面间的最大静摩擦力D. 物块对斜面的正压力4. 课上老师做了这样一个实验：如图所示，用一象棋子压着一纸条，放在水平桌面上接近边缘处．第一次，慢拉纸条，将纸条抽出，棋子掉落在地上的P 点；第二次，将棋子、纸条放回原来的位置，快拉纸条，将纸条抽出，棋子掉落在地上的N 点．从第一次到第二次现象的变化，下列解释正确的是( )A. 棋子的惯性变大了B. 棋子受到纸带的摩擦力变小了C. 棋子受到纸带的冲量变小了D. 棋子离开桌面时的动量变大了5. 两个完全相同、质量均为m 的滑块A 和B ，放在光滑水平面上，滑块A 与轻弹簧相连，弹簧另一端固定在墙上，当滑块B 以0v 的初速度向滑块A 运动，如图所示，碰到A 后不再分开，下述说法中正确的是（）A. 两滑块相碰和以后一起运动过程，系统动量均守恒B. 两滑块相碰和以后一起运动过程，系统机械能均守恒C. 弹簧最大弹性势能为2012mv D. 弹簧最大弹性势能为2014mv 6. 一物体以初速度v 0做匀减速直线运动，第1 s 内通过的位移为x 1＝3 m ，第2 s 内通过的位移为x 2＝2 m ，又经过位移x 3物体的速度减小为0，则下列说法错误的是A. 初速度v 0的大小为2.5 m/sB. 加速度a 大小为1 m/s 2C. 位移x 3的大小为1.125 mD. 位移x 3内的平均速度大小为0.75 m/s7. 如图所示，以8m /s 匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s 将熄灭，此时汽车距离停车线18m ．该车加速时最大加速度大小为2m /s 2，减速时最大加速度大小为5m /s 2．此路段允许行驶的最大速度为12.5m /s ．下列说法中正确的有（）A. 如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前车头能通过停车线B. 如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前车头通过停车线汽车还没超速C. 如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车能停在停车线处D. 如果距停车线5 m 处开始减速，汽车能停在停车线处8. 如图甲所示，在倾角为37°粗糙且足够长的斜面底端，一质量m=2kg 可视为质点的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不相连．t=0s 时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的速度一时间图象如图乙所示，其中Ob 段为曲线，be 段为直线，sin37°=0.6，cos37°=0.8．g 取10m/s 2，则下列说法正确的是（）A. 在0.15S 末滑块的加速度大小为8m/s 2B. 滑块在0.1﹣0.2s 时间间隔内沿斜面向下运动C. 滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25D. 在滑块与弹簧脱离之前，滑块一直在做加速运动三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。

重庆一中2018届高三物理9月月考试题带答案

重庆一中2018届高三物理9月月考试题（带答案）重庆一中高2018届17-18学年三上9月月考物理试题卷2017.9一、单项选择题(8×4=32分)1、下列关于物理学思想方法的叙述错误的是()A.探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法B.在伽利略之前的学者总是通过思辨性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验验证猜想和假设的科学方法C.力学中将物体看成质点运用了理想化模型法D.当物体的运动时间△t趋近于0时，△t时间内的平均速度可看成瞬时速度运用等效替代法2、关于物体的受力和运动,下列说法中正确的是()A.物体在不垂直于速度方向的合力作用下，速度大小可能一直不变B.物体做曲线运动时，某点的加速度方向就是通过这一点曲线的切线方向C.物体受到变化的合力作用时，它的速度大小一定改变D.做曲线运动的物体，一定受到与速度不在同一直线上的外力作用3、为了研究蹦床运动员跃起的高度,可在弹性网上安装压力传感器,利用传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力大小,并由计算机作出压力−时间图象(如图).运动员在空中运动时可视为质点,则可依据传感器描绘的F−t图象估算出运动员跃起的最大高度为(g 取10m/s2)()A.1.5mB.1.8mC.5.0mD.7.2m4、如图,一个半球形的碗放在桌面上,碗口水平,O是球心,碗的内表面光滑。

一根轻质杆的两端固定有两个小球,质量分别是m1,m2.当它们静止时,m1、m2与球心的连线跟水平面分别成60∘,30∘角,则碗对两小球的弹力大小之比是()A.1:2B.√3:1C.1:√3D.√3:25、如图,小球A置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上,小球B用水平轻弹簧拉着系于竖直板上,两小球A.B通过光滑滑轮O用轻质细线相连,两球均处于静止状态,已知B 球质量为m,O点在半圆柱体圆心O1的正上方,OA与竖直方向成30∘角,OA长度与半圆柱体半径相等,OB与竖直方向成45∘角,现将轻质细线剪断的瞬间，则下列叙述正确的是()A.球B的加速度为B.球A的加速度为gC.球A的加速度为D.球A的加速度为g/26、如图,A、B两物块叠放在一起,放在光滑地面上,已知A、B物块的质量分别为m、M.若水平向右的力F1作用在A物块上,物块A、B未相对运动,F1的最大值为FA；若水平向右的力F2作用在B物块上,物块A、B未相对运动,F2的最大值为FB；则FA、FB是（ ）A.1:1B.M:mC.m:MD.m:（M+m）7、如图建筑是厄瓜多尔境内的“赤道纪念碑”。

湖北省黄冈市2018届高三物理9月质量检测试题(扫描版)_(1)

湖北省黄冈市2018届高三物理9月质量检测试题（扫描版）黄冈市2017年秋季高三年级9月考试物理参考答案及评分细则11．b. 17.50 (2分) (1) 200N/m (2分) (2) 17.50 60o(每空1分)12．(1) CD (3分，选对一个得2分，选对两个得3分，出现错选得0分)(2) 0.54m/s 1.0m/s 2(每空2分) (3) 重力与木块的重力差距不大或砝码和砝码桶的总质量m 太大，细绳的拉力不再等于mg或砝码和砝码桶的总重力不再满足远小于木块质量 (2分)13．(10分)(1)由题意得，直杆对A 、B 环的支持力F N 大小相等，方向竖直向上，选取物块和夹子整体为研究对象，由受力平衡的条件可得：2F N =(M +m )g ① (2分)由①式解得：F N =2)(gm M + (2分) (2)由于物块恰好能不下滑，故物块受到两侧夹子的摩擦力为最大静摩擦力f m ，f m 等于滑动摩擦力，设此时夹子一侧对物块的压力为F ，以物块为研究对象，由平衡条件可得： 2f m =Mg ② (2分)f m = μF ③ (2分)由②③式解得： F =μ2Mg(2分)14．(10分)(1)由速度-时间图像可知，物体开始时做加速度减小的加速直线运动，最后做匀速运动．在t =0时刻，图线切线的斜率即为该时刻的加速度，故有220120m/s 4m/s 30a -==- (4分)(2)在t =0时刻开始加速时，v 0=0，由牛顿第二定律可得00sin cos mg θkv μmg θma --= ①(2分)最后匀速时，v m =10m/s ，a =0，由平衡条件可得m sin cos 0mg θkv μmg θ--= ② (2分)由①②联立解得： μ=0.25，k =30kg/s (2分)15．(12分)(1)由题意得，小球水平抛出后恰好落在斜面底端，设水平位移为x ，由平抛运动知识可得 212h gt =① (1分) 0x v t = ② (1分)由几何知识可得tan hθx=③ (1分) 联立①②③式，代入已知数据得04m/s v = (2分)(2)如图所示，设经过t 2=0.3s ，斜面运动的位移为x 1，加速度大小为a ，小球做平抛运动竖直位移为h 2，水平位移为x 2，则有运动学知识可得21212x at = ④ (1分)22212h gt = ⑤ (1分)202x v t = ⑥ (1分)由几何知识可得分)联立④⑤⑥⑦式，代入已知数据得2240m/s 13.3m/s 3a =≈ (2分) 16．(13分)(1)滑块A 和B 在小车上滑动时，小车也在地面上滑动．设A 、B 和小车所受的摩擦力大小分别为f A 、f B 和f 1，A 和B 相对于地面的加速度大小分别为a A 和a B ，小车相对于地面的加速度大小为a 1．在物块A 与小车达到共同速度前由牛顿第二定律得A A A A f m g m a ==μ ①B B B B f m g m a ==μ ② (①②共1分，写对1个即得1分) 1A B A B 1f f f m g m g Ma =-=-=μμ ③ （1分) 设在t 1时刻，A 与小车达到共同速度，其大小为v 1．由运动学公式有10A 1v v a t =- ④ (1分)111v a t = ⑤ (1分)联立①②③④⑤式，代入已知数据得112m/s 2s v t == (1分)(2)在t 1时间间隔内，A 相对于地面移动的距离为2A101A 112x v t a t =- ⑥ (1分)设在A 与小车达到共同速度v 1后，小车的加速度大小为a 2，对于A 与小车组成的体系，由牛顿第二定律有2B A 2()f f M m a ==+ ⑦ (1分)由①②式知，a A =a B ；再由④式知，A 与小车达到共同速度时，B 的速度大小也为v 1，但运动方向与小车相反．由题意知，A 和B 恰好没有相碰，说明最终B 与A 及小车的速度相同，设其大小为v 2．设A 的速度大小从v 1变到v 2所用时间为t 2，则由运动学公式，对小车有2122v v a t =- ⑧ (1分)对B 有21B 2v v a t =-+ 或者 20B 12()v v a t t =-++ ⑨ (1分) 在t 2时间间隔内，A 以及小车相对地面移动的距离为2A2122212x v t a t =-⑩ (1分) 在12()t t +时间间隔内，B 相对地面移动的距离为2B 012B 121()()2x v t t a t t =+-+ ○11 (1分) 由题意知，A 和B 恰好没有相碰，所以A 和B 开始运动时，两者之间的距离为A1A2B L x x x =++ ○12 (1分) 联立以上各式，并代入数据得19.2m L = (1分)(说明：用系统动量守恒定律求解最终共同速度或用如图速度-时间图线求解小车长度同样给分)---。

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山东、湖北部分重点中学高三调研联考物理试题本试卷分为第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）。

考试时间90分钟。

一、选择题：（本题共10小题，1-6题每题4分，7-10题每题5分，共44分。

在每小题给出的四个选项中，1-6题每小题只有一个选项正确；7-10题每小题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

C 是笛卡尔的观点，故C 错。

滑动摩擦力的条件是发生相对运动，而不一定要运动。

故D 错。

2.一物体自t =0时开始做直线运动，其速度-时间图线如图所示。

4.发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3。

轨道1、2相切于Q 点，轨道2、3相切于P 点(如下图所示)。

卫星在1轨道正常运行时的速度为v 1,周期为T 1,卫星在2轨道正常运行时经过Q 点速度为2v 、P 点速度为'2v ,周期为T 2,卫星在3轨道正常运行时的速度为v 3,周期为T 3。

以下说法正确的是A.卫星在轨道3上的机械能等于在轨道1上的机械能B.T 1<T 2<T 3C.v 3<'2v <2v <v 1D.卫星在轨道1上经过Q 点的加速度大于它在轨道2上经过Q 点时的加速度【答案】B【解析】变轨过程中由于点火使化学能转化为了机械能，因此变轨过程机械能不守恒，机械能逐渐增大，A 错。

由万有引力提供向心力r Tm r GMm 2224π=可得13T T >，再由开普勒第三定律，椭圆在轨道2的半长轴小于轨道3的半径，因此有32T T <，B 对。

从轨道2到轨道3需要加速，有32v v <'，同理21v v <，C 错。

轨道1上Q 点和轨道2上Q 点所受万有引力一样，因此加速度一样，D 错5.如图所示，倾角为θ=30的斜面A 置于水平面上，滑块B 、C 叠放在一起沿斜面匀速下滑，且始终保持相对静止，斜面A 静止不动，B 上表面倾斜。

则B 、C 在斜面上运动时，下列说法正确的是A.B 可能受三个力作用B.A 、B 的动摩擦因素23=μ C.A 一定受四个力作用D.地面对A 的支持力小于A 、B 、C 三者重力之和【答案】C【解析】B 受重力，A 对B 的支持力和摩擦力，C 对B 的压力和摩擦力共5个力，A 错，将B 和C 作为整体，匀速下滑时有33tan ==θμ，B 错.将A 、B 、C 视为一个整体，整体只受支持力和重力，D 错。

再对A 作受力分析：A 受重力，地面对A 的支持力，B 对A 的压力和摩擦力共四个力，C 正确6.如图所示，用轻杆AO （可绕A 点自由转动）和轻绳BO 吊着一个重物M ，保持AO 与水平方向的夹角θ不变。

下列说法正确的是A.当BO 逆时针由水平转到竖直，绳子的拉力一直减小B.当BO 逆时针由水平转到竖直，轻杆的拉力先减小后增大C.当增大M 的重力G 时，AO 、BO 的拉力均增大D.若增大θ，保持OB 水平，仍使重物M 处于平衡，则AO 、BO 的拉力均增大【答案】C【解析】由平行四边形定则或三角形法则可知，当BO 逆时针由水平转到竖直，绳子的拉力先减小后增大，轻杆的拉力一直减小，AB 均错；增大M 的重力时，AO 、BO 的拉力均增大，C 正确；若增大θ，保持OB 水平，AO 、BO 的拉力均减小，D 错。

7.已知引力常量为G 以及卫星绕火星做匀速圆周运动，不考虑火星的自转的影响。

则下列各组数据能算出火星的质量是A.卫星的速度和角速度B.火星的半径及表面的重力加速度C.火星绕太阳做圆周运动的角速度及轨道半径D.卫星的质量和轨道半径【答案】AB【解析】设卫星速度为1v ,角速度为1ω，半径为1r 由111ωr v =及12121r v m r m GM 卫卫火=可求得2141ωG v M =火，A 正确；g 2=R GM 火得G R M 2g =火，B 正确；C 、D 无法算出火星的质量。

8.如图所示，水平传送带AB 的长度L =1.8m ，皮带轮的半径R =0.4m ，皮带轮以角速度ω=5rad/s 顺时针匀速转动（皮带不打滑），现将一质量m =3kg 的煤块（视为质点）轻放在传送带上的A 点，与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.25,g =10m/s 2。

则下列说法正确的是A.煤块从A 端运动到B 点所用的时间为1.3sB.煤块到达B 端时对滑轮的压力为mgC.煤块在传送带上留下痕迹长度是0.8mD.若使煤块从A 运动到B 所用的时间最短，则传送带的角速度ω至少为7.5rad/s 【答案】ACD【解析】对煤块进行受力分析知，初始时加速度s m g a 5.2==μ，传送带的速度s m R v c 2==ω，煤块加速到与传送带速度相等时，所需时间s av t c8.01==，位移m at x 8.02121==，后到达B 点所需时间s v x L t 5.0012=-=，所需总时间s t t t 3.121=+=，A 正确，传送带运动距离m t v s 6.110==，煤块留下痕迹长度m x s d 8.01=-=，C 正确；煤块到达B 端时，煤块做圆周运动，对滑轮的压力大于其重力，B 错；要使煤块到达B 点时间最短，则要煤块一直加速，由s rad R v aL v /75.022===ωω得及，D 正确。

9.如图所示，一同学做飞镖游戏，悬挂在竖直墙面上半径R =0.4m 的圆盘绕垂直圆盘过圆心的水平轴匀速转动。

当A 点转动到圆周的最高点时，一飞镖（看作质点）对着A 点正上方以初速度v 0水平抛出。

飞镖抛出点距圆盘的水平距离为L =1.5m ，与圆盘上边缘高度差h =0.45m 。

若飞镖击中圆盘直径上的A 点则该同学取得游戏的胜利，要取得游戏的胜利。

（g =10m/s 2）下列关系式正确的是 A.初速度为v 0=3m/s 或5m/sB.圆盘匀速转运的角速度为w =n π2rad/s(n=1、2、3……)C.飞镖击中圆盘的速度方向3553tan 或=θ（θ为速度与竖直方向的夹角）D.飞镖击中A 点时的速率v=34m/s 【答案】ACD【解析】飞镖可以在两个位置击中A 点，故初速度有两个可能值，圆盘的角速度也有两种可能，故选AC ，由平抛运动的规律在最上端和最下端击中A 点时，221gt h =、2212gt R h =+，t=0.3s 或t=0.5s,L=v 0t,v 0=3m/s 或5m/s 。

由v y =gt 得，v y=5m/s 或3m/s ，则速率均为s m v v v y 34220=+=，D 选项正确10.汽车A 和汽车B （均可视为质点）在平直的公路上沿两平行车道同向行驶，A 车在后（如图甲所示）。

以某时刻作为计时起点，此时两车相距x =12m 。

汽车A 运动的x -t 图象如图乙所示，汽车B 运动的v -t 图象如图丙所示（速度减为零后静止不动）。

则下列说法正确的是A.在t =3s 时，两车相距最远，且最远距离d =20mB.B 车在0-6s 内的位移x =23mC.在t =8s 时，两车相遇D.若t =1s 时，A 车紧急制动（视为匀变速），要使A 车追不上B 车，则A 车的加速度至少为41m/s 2 【答案】CD【解析】由图像可知A 车做匀速直线运动，速度为s m v A /4=，t=3s 时两车速度相等相距最远，由位移关系得最远距离14m,A 错。

B 在0-6s 内的位移和0-5s 内相等，为20m ，B 错。

0-8s 内A 车的位移为32m,B 车的位移为20m,位移之差12m ，A 恰好追上B ，C 正确。

t=1s 时两车相距16m ，当B 车停下来时A 追上B ，此时A 的加速度有最小值，由速度位移关系的加速度的最小值为41m/s 2 二、本题共5小题，共51分。

按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。

有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

11.(6分)高三（22）班学生在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，选用轻质弹簧，装置如图1所示.某小组同学在弹簧下端分别挂1个、2个、3个、4个相同钩码，钩码的质量为50g ，测量数据如下表。

其中挂3个钩码时测量如图2所示，指针示数为____cm 。

则弹簧的劲度系数K =___N/m （保留三位有效数字）。

若考虑弹簧自身重力的影响，则测量值与真实值比____（选填“偏大”、“偏小”、“不变”）。

（g =10m/s 2）【答案】16.85(16.83-16.87)；25.0（25.0-25.2）；不变【解析】注意弹簧测力计读数精度，读数16.85cm;由胡克定律x k F ∆=∆；mg F =∆有xmgk ∆=得到k=25.0N/m,注意三位有效数字；考虑弹簧自重影响弹簧初始状态长度，与实验过程中弹簧的伸长量x ∆无关，故测量值与真实值比不变。

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