2019届高考物理第一轮课时知识点检测34
2019届高考物理大一轮复习精品课件：等效重力场(共16张PPT)
例题分析
如图所示，半径为R的1/4光滑 圆弧轨道与光滑水平面相切与 于B点，O为光滑圆弧的圆心， 其中OB竖直，OC水平，且AB=R， 整个空间存在水平向右的匀强 电场，质量为m的带正电小球 从A点静止释放，其所受电场力 为重力的4/3倍，重力加速度为 g，求： 小球从A点运动到C点过程中最 大速度的大小
2、质量为m的小球带+q电荷， 由长为L的绝缘绳系住，在水平 向右，场强为E的匀强电场中最 初静止于A点，如图所示，已知 θ=60°，为了让小球在竖直平 面内做完整的圆周运动，问在A 点至少给小球的初速度为多少？
3、如图，竖直光滑的圆轨道上放一 个质量为m的小球，带电量为+q（可 看作质点），圆的半径为R．周围空 间充满着水平方向的匀强电场，电 场强度E=mg/q．现在在最低点给小 球一个初动能，为了小球能作一个 完整的圆周运动，那么在圆轨道最 低点给小球的初动能 A．Ek大于mgR B．Ek等于mgR C．Ek小于mgR D．Ek的大小不能确定
4、半径为r的绝缘光滑圆环固 定在竖直平面内，环上套有一 质量为m，带正电的珠子，空间 存在水平向右的匀强电场，如 图所示，珠子所受静电力是其 重力的3/4，将珠子从环上最低 位置A点由静止释放，则珠子所 能获得的最大动能Ek为（ ） A.mgr/4 B.3mgr/4 C.4mgr/5 D.3mgr/5
1、如图所示，在方向竖直向下 的匀强电场中，用绝缘细线拴着 带负电的小球（视为质点）在竖 直平面内绕O点做圆周运动，则 下列判断正确的是（ ） A．小球运动到最低点时，细线 的拉力一定最大 B．小球运动到最低点时，小球 的速度一定最大 C．小球运动到最高点时，小球 的动能一定最小 D．小球运动到最高点时，小球 的机械能一定最大
等效思维处理复合场 （等效重力场）
2019届新课标高考物理大一轮复习第10章交变电流传感器第2节变压器远距离输电讲义
C．U＝66 V，k＝13
D．U＝22 V，k＝13
解析：选 A.设原、副线圈中的电流分别为 I1、I2，则II12＝nn21＝
13，故 k＝II1222RR＝19.设原线圈两端的电压为 U1，则UU1＝nn12＝31，故 U1
＝3U，而原线圈上电阻分担的电压为13U，故U3 ＋3U＝220 V，解
4．(2016·河南“五校”二联)自耦变压器铁芯上只绕有一个线
圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分．一升压式自耦调压变压
器的电路如图所示，其副线圈匝数可调．已知变压器线圈总匝数
为1 900匝；原线圈为1 100匝，接在有效值为220 V的交流电源
上．当变压器输出电压调至最大时，负载R上的功率为
2.0 kW.设此时原线圈中电流有效值为I1，负载两端电
1.如图所示是一种理想自耦变压器示意图，线圈绕在一个圆 环形的铁芯上，P是可移动的滑动触头．A、B间接交流电压U， 输出端连接了两个相同的灯泡L1和L2，Q为滑动变阻器的滑动触 头．当开关S闭合，P处于如图所在的位置时，两灯均能发光．下 列说法正确的是( )
A．将P沿逆时针方向移动，两灯均变暗 B．P不动，将Q向左移动，两灯均变亮 C．P不动，将Q向右移动，输入功率变大 D．断开开关S，L1将变暗
解决理想变压器中有关物理量的动态分析问题的方法 (1)分清不变量和变量，弄清理想变压器中电压、电流、功率 之间的联系和相互制约关系，利用闭合电路欧姆定律，串、并联 电路特点进行分析判定． (2)分析该类问题的一般思维流程是：
考点三 远距离输电问题 1．远距离输电的处理思路 对高压输电问题，应按“发电机→升压变压器→远距离输电 线→降压变压器→用电器”，或按从“用电器”倒推到“发电 机”的顺序一步一步进行分析．
2019届新课标高考物理大一轮复习热点集训9电磁感应中的图象问题讲义
5．(2016·北京东城区质量调研)在如图所示的电路中，两个相 同的小灯泡L1和L2分别串联一个带铁芯的自感线圈L和一个滑动变 阻器R.闭合开关S后，调整R，使L1和L2发光的亮度一样，此时流 过两个灯泡的电流均为I，然后，断开S.若t′时刻再闭合S，则在 t′前后的一小段时间内，能正确反映 流过L1的电流i1、流过L2的电流i2随时 间t变化的图象是( )
小为I′＝2BRav＝2I0，则B正确．
3.(2016·河北五校联盟调研)如图所示，A是一个边长为L的正 方形导线框，每边长电阻为r.现维持线框以恒定速度v沿x轴运 动，并穿过图中所示由虚线围成的匀强磁场区域．以顺时针方向 为电流的正方向，Ubc＝φb－φc，线框在图示位置的时刻作为时间 的零点，则b、c两点间的电势差随时间变化的图线应为( )
解析：选B.从B-t图象中获取磁感应强度B与时间t的关系，结 合E＝ΔΔΦt 及安培力F＝BIL得F-t关系．
由B-t图象可知，在0～
T 4
时间内，B均匀减小；
T 4
～
T 2
时间
内，B反向均匀增大．由楞次定律知，通过ab的电流方向向上，
由左手定则可知ab边受安培力的方向水平向左．由于B均匀变
化，产生的感应电动势E＝
热点集训九 电磁感应中的图象问题
本热点主要涉及穿过闭合回路的磁场发生变化时的电磁感应 现象的图象问题，是高考考查的重点.分析此类问题的关键是正 确理解E＝n\f(ΔΦ,Δt)的含义，挖掘给定图象如Φ－t图象、B－t 图象等中斜率的隐含信息.题型以选择题为主.
1．(2015·高考山东卷)如图甲，R0为定值电阻，两金属圆环 固定在同一绝缘平面内．左端连接在一周期为T0的正弦交流电源 上，经二极管整流后，通过R0的电流i始终向左，其大小按图乙 所示规律变化．规定内圆环a端电势高于b端时，a、b间的电压uab 为正，下列uab－t图象可能正确的是( )
广州市高考物理一轮基础复习： 专题34 测定电源的电动势和内阻C卷
广州市高考物理一轮基础复习：专题34 测定电源的电动势和内阻C卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共7题；共14分)1. （2分）在如图所示的电路中，已知电源的电动势E=6.0V，内电阻r=1.5Ω，电阻R=3.5Ω．闭合开关S 后，电路中的电流等于（）A . 0.67 AB . 0.75 AC . 1.0 AD . 1.2 A2. （2分） (2017高二下·衡水期末) 如图为某控制电路，主要由电源（E、r）与定值电阻R1、R2及碳膜电位器（即滑动变阻器）R连接而成，L1、L2是红绿两指示灯；闭合开关S，当电位器的触头由弧形碳膜的中点顺时针滑向b端时（）A . L1指示灯变亮B . L2指示灯变暗C . 电流表示数变小D . 电容器C带电量增大3. （2分） (2017高二上·临川期末) 电路中路端电压U随干路电流I变化的关系如图所示，则电源的电动势E和内电阻r分别是（）A . E=1.0V，r=5.0ΩB . E=1.0V，r=2.5ΩC . E=2.0V，r=5.0ΩD . E=2.0V，r=2.5Ω4. （2分）下图为测量某电源电动势和内阻时得到的图线用此电源与三个阻值均为的电阻连接成电路，测得路端电压为则该电路可能为A .B .C .D .5. （2分）某电路如图所示，已知电池组的总内阻r=1Ω，外电路电阻R=5Ω，理想电压表的示数U=3.0V，则电池组的电动势E等于（）A . 3.0VB . 3.6VC . 4.0VD . 4.2V6. （2分）在测电源电动势和内阻实验中，下列说法正确的是A . 用新电池较好B . 用旧电池好C . 新、旧电池一样D . 以上说法都不对7. （2分）三个阻值相同的电阻，它们的额定电压均为8 V，现将两个电阻并联后再与第三个电阻串联，这个电路允许的总电压的最大值为（）A . 8 VB . 10 VC . 12 VD . 16 V二、多选题 (共4题；共12分)8. （3分） (2018高一下·德州期末) 在如图所示的电路中为电源，其内阻为，为定值电阻（），为电阻箱，光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大面减小，为理想电压表，为理想电流表，闭合开关后，下列说法正确的是（）A . 用光照射，电流表示数变大B . 用光照射，电压表示数变小C . 将变阻箱阻值变大，电流表示数变大D . 将变阻箱阻值变大，电压表示数变小9. （3分） (2017高二上·池州期末) 如图所示，电源电动势E=3V，小灯泡L标有“2V、0.4W”，开关S接l，当变阻器调到R=4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作．则（）A . 电源内阻为1ΩB . 电动机的内阻为4ΩC . 电动机正常工作电压为1VD . 电源效率约为93.3%10. （3分）如图所示是常用在电子手表和小型仪表中的锌汞电池，它的电动势约为1.2V，下列说法正确的（）A . 电路中每通过1C的电荷量，电源把1.2J的化学能转化为电能B . 电源在每秒内把1.2J化学能转化为电能C . 该电源比电动势为1.5V的干电池做功少D . 锌汞电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池（1.5V）的小11. （3分）用伏安法测电池的电动势和内阻的实验中，下列说法正确的是A . 应选用旧的干电池作为被测电源，以使电压表读数变化明显B . 应选用内阻较小的电压表和电流表C . 移动滑动变阻器的滑片时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载D . 使滑动变阻器阻值尽量大一些，测量误差才会小三、实验探究题 (共6题；共36分)12. （8分） (2017高二上·泰州期末) 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6A，内阻0.1ΩC．电流表：量程0～3A，内阻0.024ΩD．电压表：量程0～3V，内阻未知E．电压表：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器：0～10Ω，2AG．滑动变阻器：0～100Ω，1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．（1）在上述器材中请选择适当的器材：A________H（填写选项前的字母）；（2）在图甲方框中画出相应的实验电路图；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图乙所示的U﹣I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E=________V，内电阻r=________Ω．13. （6分） (2016高二上·九江期中) 某同学用如甲图所示的电路测定电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：待测电源E，电阻箱R（最大阻值99.99Ω），定值电阻R0（阻值为2.0Ω），电压表（量程为3V，内阻约为2kΩ），开关S．实验步骤：将电阻箱阻值调到最大，先闭合开关S，多次调节电阻箱，记下电压表的示数U和电阻箱相应的阻值R，以为纵坐标，R为横坐标，作图线（如图乙）．（1）E为电源电动势，r为电源内阻，写出关系表达式（用E、r、R0表示）________．（2）根据图线求得电源电动势E=________V，内阻r=________Ω．（保留两位有效数字）（3）用该种方法测电源电动势存在系统误差，产生系统误差的原因是________．14. （7分） (2016高二上·无锡期中) 如图所示为多用电表的刻度盘．若选用倍率为“×100”的电阻挡测电阻时，表针指示如图所示，则：（1）所测电阻的阻值为________Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是________（选填“×10”、“×100”或“×1k”）．（2）用此多用电表进行测量，当选用量程为50mA的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为________ mA；当选用量程为250mA的电流挡测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为________ mA．（3）当选用量程为10V的电压挡测量电压时，表针也指于图示位置，则所测电压为________ V．15. （4分） (2018高二上·台州月考)（1）在实验室，某同学用多用电表粗测一段样品的电阻。
2019届高考物理一轮复习实验方法之半偏法学案新人教版
半偏法用半偏法测电流表的内阻例1．.现有一块59C2型的小量程电流表G （表头），满偏电流为A μ50，内阻约为800 850Ω，把它改装成mA 1、mA 10的两量程电流表之前要测量表头的内阻。
可供选择的器材有：滑动变阻器R 1，最大阻值20Ω；滑动变阻器2R ，最大阻值Ωk 100； 电阻箱R '，最大阻值Ω9999； 定值电阻0R ，阻值Ωk 1； 电池E 1，电动势1.5V ； 电池2E ，电动势V 0.3；电池3E ，电动势V 5.4；（所有电池内阻均不计） 标准电流表A ，满偏电流mA 5.1；单刀单掷开关1S 和2S ，单刀双掷开关3S ，电阻丝及导线若干。
（1）采用如图所示电路，写出用半偏法测电流表的内阻的主要实验步骤，及如何求得实验结果。
（2）为提高测量精确度，选用的滑动变阻器为 ；选用的电池为 。
【解析】（1）在这个实验中，第一步，断开S 2，闭合S 1，调节R ，使电流表满偏，第二步，闭合S 2，闭合S 1，不调节R ，仅调节R ’’，使电流表半偏，则电流表的内阻约等于电阻箱R ’的阻值（即读数）。
（2）答案是① 2R （或最大阻值Ωk 100） ② 3E （或电动势4.5V ）有同学不理解，待测电流表G （表头）的满偏电流仅为A μ50，为什么要用大电动势的电池和大阻值的滑动变阻器呢？这要从半偏法测电流表的内阻的误差分析谈起。
我们用两种方法说明。
方法1. 分析法因为第二步中认为电阻箱R ’分流一半，也就是认为第二步与第一步中干路电流相等。
怎么会相等呢？明明是总电阻发生了变化（并联了电阻箱R ’），这就要求并联了电阻箱R ’后对总电阻的影响可以忽略不计。
怎样才能忽略不计？要求R R A <<，在R A 已确定的条件下，只能使滑动变阻器的阻值尽可能大，而要使滑动变阻器的阻值尽可能大，因为R A 的满偏电流是确定的，所以也要使电池的电动势尽可能大。
方法2. 公式法这个分析也可以用公式推导：在第一步中，电流表的电流为RR EI A +=，在第二步中，根据并联分流公式，电流表的电流为''''2R R R RR R R R E I A A A+⨯++=；从这两式可解得：''R R RR R A -=，只有当R R <<'时，才有'R R A =，也就是电阻箱的读数为电流表的内阻。
高考物理一轮复习 知识点同步练习卷 匀变速直线运动 新人教版-新人教版高三全册物理试题
匀变速直线运动一、选择题(本大题共12小题，每一小题5分，共60分。
在每一小题给出的四个选项中. 1~8题只有一项符合题目要求； 9~12题有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)1．物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离均为16 m 的路程，第一段用时4 s ，第二段用时2 s ，如此物体的加速度是： 〔 〕 A. 23m/s 2 B.43 m/s 2 C.89 m/s 2 D.169m/s 2 【答案】B2．质量为m 的小球由空中A 点无初速度自由下落，加速度大小为g ；在t 秒末使其加速度大小变为a 方向竖直向上，再经过t 秒小球又回到A 点．不计空气阻力且小球从未落地，如此以下说法中正确的答案是： 〔 〕A ．g a 4=B ．返回到A 点的速率at 2C ．自由下落t 秒时小球的速率为atD ．小球下落的最大高度292at 【答案】D3．在某一高度以020/v m s =的初速度竖直上抛一个小球〔不计空气阻力〕。
当小球速度大小为10m/s 时，以下判断正确的答案是〔210/g m s =〕： 〔 〕A 、小球在这段时间内的平均速度大小一定为15m/s ，方向竖直向上B 、小球在这段时间内的速度变化率是25/m s ，方向竖直向上C 、小球的位移大小一定是15m ，方向竖直向上D 、小球在这段时间内的路程一定是25m【答案】C4．一位同学在某星球上完成自由落体运动实验：让一个质量为2 kg 的小球从一定的高度自由下落，测得在第5 s 内的位移是18 m ，如此： 〔 〕A ．小球在2 s 末的速度是20 m/sB ．小球在第5 s 内的平均速度是3.6 m/sC ．小球在第2 s 内的位移是20 mD ．小球在前5 s 内的位移是50 m 【答案】D5．如下列图，在水平面上有一个质量为m 的小物块，在某时刻给它一个初速度，使其沿水平面做匀减速直线运动，其依次经过A 、B 、C 三点，最终停在O 点．A 、B 、C 三点到O 点的距离分别为L 1、L 2、L 3，小物块由A 、B 、C 三点运动到O 点所用的时间分别为t 1、t 2、t 3．如此如下结论正确的答案是： 〔 〕A ．312123L L L t t t ==B ．312222123L L L t t t ==C ．312123L L L t t t <<D ．312222123L L L t t t << 【答案】B6．如下列图，物体从O 点由静止开始做匀加速直线运动，途经A 、B 、C 三点，其中|AB |＝2 m ，|BC |＝3 m ．假设物体通过AB 和BC 这两段位移的时间相等，如此O 、A 两点之间的距离等于： 〔 〕A.98 mB. 89mC.34 mD.43m 【答案】A7．如下列图,某“闯关游戏〞的笔直通道上每隔8 m 设有一个关卡,各关卡同步放行和关闭,放行和关闭的时间分别为5 s 和2 s 。
2019届高考物理知识点总结考点复习交变电流
2019届高考物理知识点总结考点复习 交变电流1.[2016·全国卷Ⅲ] 如图所示，M 为半圆形导线框，圆心为O M ；N 是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为O N ；两导线框在同一竖直面(纸面)内；两圆弧半径相等；过直线O M O N 的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面．现使线框M 、N 在t ＝0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过O M 和O N 的轴，以相同的周期T 逆时针匀速转动，则( )图1A ．两导线框中均会产生正弦交流电B ．两导线框中感应电流的周期都等于TC ．在t ＝T8时，两导线框中产生的感应电动势相等D ．两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等 答案：BC解析： 设导线圈半径为l ，角速度为ω，两导线框切割磁感线的等效长度始终等于圆弧半径，因此在产生感应电动势时其瞬时感应电动势大小始终为E ＝12B ωl 2，但进磁场和出磁场时电流方向相反，所以线框中应该产生方波交流式电，如图所示，A 错误；由T ＝2πω可知，两导线框中感应电流的周期相同，均为T ，B 正确；在t ＝T8时，两导线框均在切割磁感线，故两导线框中产生的感应电动势均为12B ωl 2，C 正确；对于线框M ，有E 2R ·T 2＋E 2R ·T 2＝U 2有M R·T ，解得U 有M ＝E ；对于线框N ，有E 2R ·T 4＋0＋E 2R ·T 4＋0＝U 2有NR·T ，解得U有N＝22E ，故两导线框中感应电流的有效值并不相等，D 错误．2.[2016·全国卷Ⅰ] 一含有理想变压器的电路如图1所示，图中电阻R 1、R 2和R 3的阻值分别为3 Ω、1 Ω 和4 ΩU 为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定．当开关S 断开时，电流表的示数为I ；当S 闭合时，电流表的示数为4I .该变压器原、副线圈匝数比为( )图1A ．2B ．3C ．4D ．5 答案：B解析：开关断开时，原、副线圈的电流比I I 2＝n 2n 1，通过R 2的电流I 2＝In 1n 2，副线圈的输出电压U 2＝I 2(R 2＋R 3)＝5In 1n 2，由U 1U 2＝n 1n 2可得原线圈两端的电压U 1＝5I ⎝ ⎛⎭⎪⎫n 1n 22，则U ＝U 1＋IR 1＝5I ⎝ ⎛⎭⎪⎫n 1n 22＋3I ；开关闭合时，原、副线圈的电流比4I I ′2＝n 2n 1，通过R 2的电流I ′2＝4In 1n 2，副线圈的输出电压U ′2＝I ′2R 2＝4In 1n 2，由U ′1U ′2＝n 1n 2可得原线圈两端的电压U ′1＝4I⎝ ⎛⎭⎪⎫n 1n 22，则U ＝U ′1＋4IR 1＝4I ⎝ ⎛⎭⎪⎫n 1n 22＋12I ，解得n 1n 2＝3，选项B 正确． 3.[2016·全国卷Ⅲ] 如图1所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和b.当输入电压U 为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光．下列说法正确的是( )图1A ．原、副线圈匝数比为9∶1B ．原、副线圈匝数比为1∶9C ．此时a 和b 的电功率之比为9∶1D ．此时a 和b 的电功率之比为1∶9 答案：AD解析： 设灯泡的额定电压为U 0，则输入电压U ＝10U 0，由于两灯泡均正常发光，故原线圈两端的电压U 1＝U －U 0＝9U 0，副线圈两端的电压U 2＝U 0，所以原、副线圈的匝数比n 1∶n 2＝U 1∶U 2＝9∶1，A 正确，B 错误；原、副线圈的电流之比I 1∶I 2＝n 2∶n 1＝1∶9，由电功率P ＝UI可知，a和b的电功率之比为1∶9，C错误，D正确．4.[2016·天津卷] 如图1所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表．下列说法正确的是( )图1A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大C．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大答案：B解析：滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，总电阻也变大，而副线圈两端的电压没有变化，所以干路中的电流减小，R1消耗的功率变小，A错误；干路中的电流变小，R1两端的电压变小，并联电路的电压变大，即电压表V示数变大，B正确；由于变压器副线圈干路中的电流变小，所以原线圈中的电流变小，即电流表A1的示数变小，C错误；闭合开关S后，并联电路的阻值变小，总电阻也变小，干路中的电流变大，R1两端的电压变大，并联电路的电压变小，通过R2的电流变小，即电流表A2示数变小，因变压器的功率变大，故电流表A1示数变大，D错误．5.[2016·江苏卷] 一自耦变压器如图1所示，环形铁芯上只绕有一个线圈，将其接在a、b 间作为原线圈．通过滑动触头取该线圈的一部分，接在c、d间作为副线圈．在a、b间输入电压为U1的交变电流时，c、d间的输出电压为U2，在将滑动触头从M点顺时针旋转到N点的过程中( )图1A．U2>U1，U2降低B．U2>U1，U2升高C ．U 2<U 1，U 2降低D ．U 2<U 1，U 2升高 答案：C解析： 根据变压器原、副线圈两端电压和原、副线圈匝数的关系式有U 1U 2＝n 1n 2，这里n 2< n 1，所以U 2 <U 1.在将滑动触头从M 点顺时针旋转到N 点的过程中，n 2变小，n 1不变，而原线圈两端电压U 1也不变，因此U 2降低，选项C 正确．6.[2016·四川卷] 如图1所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L 供电，如果将原、副线圈减少相同匝数，其他条件不变，则( )图1A ．小灯泡变亮B ．小灯泡变暗C ．原、副线圈两端电压的比值不变D ．通过原、副线圈电流的比值不变 答案：B解析： 由变压器相关知识得：U 1U 2＝n 1n 2，原、副线圈减去相同的匝数n 后：U 1U ′2＝n ′1n ′2＝n 1－n n 2－n，n 1n 2－n ′1n ′2＝－n （n 1－n 2）n 2（n 2－n ）<0，则说明变压器原、副线圈的匝数比变大，则可得出C 、D 错误．由于原线圈电压恒定不变，则副线圈电压减小，小灯泡实际功率减小，小灯泡变暗，A 错误，B 正确．。
2019届高考物理一轮复习讲义：第六章 第1讲 动量、冲量、动量定理 含答案
第1讲动量、冲量、动量定理板块一主干梳理·夯实基础【知识点1】动量Ⅱ1．定义：运动物体的质量m和它的速度v的乘积m v叫做物体的动量。
动量通常用符号p 来表示，即p＝m v。
2．单位：在国际单位制中，动量的单位是千克米每秒，符号为kg·m/s。
说明：动量既有大小，又有方向，是矢量。
我们讲物体的动量，是指物体在某一时刻的动量，动量的方向与物体瞬时速度的方向相同。
有关动量的运算，一般情况下用平行四边形定则进行运算。
如果物体在一条直线上运动，则选定一个正方向后，动量的运算就可以转化为代数运算。
3．动量的三个性质(1)动量具有瞬时性。
物体的质量是物体的固有属性，是不发生变化的，而物体的速度是与时刻相对应的，由动量的定义式p＝m v可知，动量是一个状态量，具有瞬时性。
(2)动量具有相对性。
选用不同的参考系时，同一运动物体的动量可能不同，通常在不说明参考系的情况下，指的是物体相对于地面的动量。
在分析有关问题时要先明确相应的参考系。
(3)矢量性。
动量是矢量，方向与速度的方向相同，遵循矢量运算法则。
【知识点2】动量的变化Ⅱ1．因为p＝m v是矢量，只要m的大小、v的大小和v的方向三者中任何一个发生变化，动量p就发生了变化。
2．动量的变化量Δp是矢量，其方向与速度的改变量Δv的方向相同。
3．动量的变化量Δp的大小，一般用末动量p′减去初动量p进行计算，也称为动量的增量。
即Δp＝p′－p，此式为矢量式，若p′、p不在同一直线上，则要用平行四边形定则(或矢量三角形定则)求矢量差；若在同一直线上，则应先规定正方向，再用正、负表示p、p′的方向，最后用Δp＝p′－p＝m v′－m v进行代数运算。
【知识点3】动量、动能、动量变化量的比较Ⅱ【知识点4】冲量、动量定理Ⅱ1．冲量(1)定义：力和力的作用时间的乘积。
(2)表达式：I＝Ft。
单位：牛秒(N·s)。
(3)矢量性：冲量是矢量，它的方向由力的方向决定。
高考物理第一轮备考洛伦兹力知识点
高考物理第一轮备考洛伦兹力知识点从阴极发射出来的电子束，在阴极和阳极间的高电压作用下，轰击到长条形的荧光屏上激发出荧光，可以在示波器上显示出电子束运动的径迹。
实验说明，在没有外磁场时，电子束是沿直线前进的。
如果把射线管放在蹄形磁铁的两极间，荧光屏上显示的电子束运动的径迹就发生了弯曲。
这说明，运动电荷确实受到了磁场的作用力，这个力通常叫做洛伦兹力，它为荷兰物理学家H。
A。
洛伦兹首先提出，故得名。
中学物理教科书中定义的洛仑兹力与大学电动力学教科书中定义的洛仑兹力不同。
中学教科书的洛仑兹力只包括磁场局部，F=qv×B，因受力方向与运动方向垂直，故不做功，只改变运动方向。
大学电动力学教科书中定义的洛仑兹力是所有的电磁力，既包括磁场局部，也包括电场局部，F=qv×B+qE。
电场局部当然有可能做功。
这个小区别假设不注意，会在讨论中引起一些误会。
在电动力学里，洛伦兹力（Lorentz force）是运动于电磁场的带电粒子所受的力。
根据洛伦兹力定律，洛伦兹力可以用方程，称为洛伦兹力方程，表达为F=q（E+v×B）其中，F是洛伦兹力，q是带电粒子的电荷量，E是电场强度，v是带电粒子的速度，B是磁感应强度。
洛伦兹力定律是一个根本公理，不是从别的理论推导出来的定律，而是由屡次重复完成的实验所得到的同样的结果。
感受到电场的作用，正电荷会朝着电场的方向加速；但是感受到磁场的作用，按照左手定那么，正电荷会朝着垂直于速度V和磁场B的方向弯曲（详细地说，应用左手定那么，当四指指电流方向，磁感线穿过手心时，大拇指方向为洛伦兹力方向）。
洛伦兹力方程的qE项是电场力项，qv×B项是磁场力项。
处于磁场内的载电导线感受到的磁场力就是这洛伦兹力的磁场力分量。
洛伦兹力方程的积分形式为F=∫V（pE+J×B）dr。
其中，V是积分的体积，p是电荷密度，J是电流密度，dr是微小体元素。
经常使用的公式还有洛伦兹力密度f的表达式：f=pE+ρv×B=pE+J×B。
2019届高考物理知识点总结考点复习 机械振动和机械波
2019届高考物理知识点总结考点复习机械振动和机械波1．[2016·海南卷 [物理——选修344分]（1）（4分）下列说法正确的是________________。
A．在同一地点，单摆做简谐振动的周期的平方与其摆长成正比B．弹簧振子做简谐振动时，振动系统的势能与动能之和保持不变C．在同一地点，当摆长不变时，摆球质量越大，单摆做简谐振动的周期越小D．系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率E.已知弹簧振子初始时刻的位置及其振动周期，就可知振子在任意时刻运动速度的方向答案：ABDT=可知，周期的平方解析：在同一地点，重力加速度g为定值，根据单摆周期公式2与摆长成正比，故选项A正确；弹簧振子做简谐振动时，只有动能和势能参与转化，根据机械能守恒条件可知，振动系统的势能与动能之和保持不变，故选项B正确；根据单摆周期公T=可知，单摆的周期与质量无关，故选项C错误；当系统做稳定的受迫振动时，式2系统振动的频率等于周期性驱动力的频率，故选项D正确；若弹簧振子初始时刻在波峰或波谷位置，知道周期后，可以确定任意时刻运动速度的方向，若弹簧振子初始时刻不在波峰或波谷位置，则无法确定，故选项E错误。
2.[2016·北京卷6分] 如图1所示，弹簧振子在M、N之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，建立Ox轴．向右为x轴正方向．若振子位于N点时开始计时，则其振动图像为( )图1图1答案：A解析：弹簧振子的初始位置N点位于x轴的正向位移处．选项A正确，选项B、C、D不正确．3.（2016年上海卷20题4分）甲、乙两列横波在同一介质中分别从波源M 、N 两点沿x 轴相向传播，波速为2m/s ，振幅相同；某时刻的图像如图所示。
则（A ）甲乙两波的起振方向相反 （B ）甲乙两波的频率之比为3:2（C ）再经过3s ，平衡位置在x =7m 处的质点振动方向向下 （D ）再经过3s ，两波源间（不含波源）有5个质点位移为零 答案：ABD解析：据题意，甲波向右传播，起振方向向下，乙波向左传播，起振方向向上，故选项A 正确；据图可知甲波波长为4m ，甲波周期为：2T s vλ==，频率12f Hz =，乙波波长为6m ，周期为：3T s v λ==，频率为：13f Hz =，故选项B 正确；再经过3s ，甲波波谷到达x =7m 处，乙波是平衡位置与波峰之间某一振动到达x =7m 处，所以该质点应该向上振动，选项C 错误；此时除了波源还有x =9m 处、x =6-7m 处、x =6m 处、x =5-6m 处、x =2-3m 处质点位移为零，故选项D 正确。
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课时作业(三十五) 洛伦兹力及带电粒子在复合场中的运动 1．带电粒子垂直匀强磁场方向运动时，会受到洛伦兹力的作用．下列表述正确的是( ) A．洛伦兹力对带电粒子做功 B．洛伦兹力不改变带电粒子的动能 C．洛伦兹力的大小与速度无关 D．洛伦兹力不改变带电粒子的速度方向
第2题图 2．如图所示为云室中某粒子穿过铅板P前后的轨迹．室中匀强磁场的方向与轨迹所在平面垂直(图中垂直于纸面向里)，由此可知此( ) A．粒子一定带正电 B．粒子一定带负电 C．粒子由a向b运动 D．粒子由b向a运动
第3题图 3．两个质量和电荷量都相同的带电粒子a，b，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图．若不计粒子的重力，则下列说法正确的是( ) A．a粒子动能较大 B．b粒子速率较大 C．b粒子在磁场中运动时间最长 D．它们做圆周运动的周期Ta＝Tb 4．如图所示，质量为m ，电量为q 的带正电物体，在磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场中，沿动摩擦因数为μ的水平面向左运动，则( ) 第4题图 A．物体的速度由v减小到零的时间等于mv/μ(mg＋Bqv) B．物体的速度由v减小到零的时间小于mv/μ(mg＋Bqv) C．若另加一个电场强度大小为(mg＋Bqv)/q，方向水平向右的匀强电场，物体将做匀速运动 D．若另加一个电场强度大小为(mg＋Bqv)/q，方向竖直向上的匀强电场，物体将做匀速运动 5．如图所示，平面直角坐标系的第I象限内有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场方向垂直于纸面向里．一质量为m、电荷量为q的带电粒子以速度v从O点沿着与y轴夹角为30°的方向进入磁场，运动到A点时速度方向与x轴的正方向相同，不计粒子的重力，则( )
第5题图 A．该粒子带正电
B．A点与x轴的距离为mv2qB
C．粒子由O到A经历时间t＝πm3qB D．运动过程中粒子的速度不变 6．(13年江苏模拟)如图所示为—种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成．若静电分析器通道中心线的半径为R，通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外．一质量为m、电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打到胶片上的Q点．不计粒子重力．下列说法正确的是( ) 第6题图 A．极板M比极板N电势高 B．加速电场的电压U＝ER C．直径PQ＝2BqmER D．若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群离子具有相同的比荷 7．如图所示，在虚线方框内的空间有方向竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一带电粒子垂直电场和磁场方向飞入场中，恰好做匀速直线运动，水平飞离正交电磁场．如果该区域只有电场，粒子将从a点飞离，穿越场区的时间为t1，飞离时速度大小为v1；如果只有磁场，粒子将从b点飞离，穿越场区的时间为t2，飞离时速度大小为v2，重力忽略不计，则( )
第7题图 A．t1t2 C．v1>v2 D．v18．如图所示，a、b是一对平行金属板，分别接到直流电源两极上，右边有一挡板，正中间开有一小孔d，在较大空间范围内存在着匀强磁场，磁感强度大小为B，方向垂直纸面向里，在a、b两板间还存在着匀强电场E. 从两板左侧中点C处射入一束正离子(不计重力)，这些正离子都沿直线运动到右侧，从d孔射出后分成3束．则下列判断正确的是( )
第8题图 A. 这三束正离子的速度一定不相同 B. 这三束正离子的比荷一定不相同 C. a、b两板间的匀强电场方向一定由a指向b D. 若这三束粒子改为带负电而其它条件不变则仍能从d孔射出
第9题图 9．如图所示，足够长的光滑绝缘斜面与水平面的夹角为α(sinα＝0.6)，放在匀强电场和匀强磁场中，电场强度E＝50V/m，方向水平向左，磁场方向垂直纸面向外．一个电荷量为q＝4×10－2C，质量m＝0.40kg的光滑小球，以初速度v0＝20m/s从斜面底端向上滑，然后又下滑，共经过3s脱离斜面，求磁场的磁感应强度．(g取10m/s2) 10．在场强为B的水平匀强磁场中，一质量为m、带正电q的小球在O点静止释放，小球的运动曲线如图所示．已知此曲线在最低点的曲率半径为该点到x轴距离的2倍，重力加速度为g.求： (1)小球运动到任意位置P(x，y)处的速率v； (2)小球在运动过程中第一次下降的最大距离ym；
第10题图 11．如图所示，一带电量为－q的小球，质量为m，以初速度v0
竖直向上射入水平方向的匀强磁场中，磁感应强度为B.当小球在竖直
方向运动h高度时，球在b点所受的磁场力多大？
第11题图 12．如图甲所示，偏转电场的两个平行极板水平放置，板长L＝0.08m，板距足够大，两板的右侧有水平宽度l＝0.06m、竖直宽度足
够大的有界匀强磁场，一个比荷为qm＝5×107C/kg的带负电粒子(其重力不计)以v0＝8×105m/s速 度从两板中间沿与板平行的方向射入偏转电场，进入偏转电场 时，偏转电场的场强恰好按图乙所示的规律变化，粒子离开偏转电场后进入匀强磁场，最终垂直于磁场右边界射出．求： (1)粒子在磁场中运动的速率v； (2)粒子在磁场中运动的轨道半径R； (3)磁场的磁感应强度B.
甲 乙 第12题图 13．(13年江苏模拟)如图所示，在长度足够长、宽度d＝5cm的区域MNPQ内，有垂直纸面向里的水平匀强磁场，磁感应强度B＝0.33T.水平边界MN上方存在范围足够大的竖直向上的匀强电场，电场强度E＝200N/C.现有大量质量m＝6.6×10－27kg、电荷量q＝3.2×10－19C的带负电的粒子，同时从边界PQ上的O点沿纸面向各个方向射入磁场，射入时的速度大小均为v＝1.6×106m/s，不计粒子的重力和粒子间的相互作用．求： (1)求带电粒子在磁场中运动的半径r； (2)求与x轴负方向成60°角射入的粒子在电场中运动的时间t； (3)当从MN边界上最左边射出的粒子离开磁场时，求仍在磁场中的粒子的初速度方向与x轴正方向的夹角范围，并写出此时这些粒子所在位置构成的图形的曲线方程．
第13题图 课时作业(三十五) 洛伦兹力及带电粒子在复合场中的运动 1.B 【解析】 洛伦兹力的方向总跟速度方向垂直，所以洛伦兹力永不做功，不会改变粒子的动能，因此B正确． 2.AC 【解析】 粒子穿过铅板后速度要减小，由粒子在磁场中运动的半径公式可知半径应减小，所以粒子应是从a向b运动的，C对；再由左手定则可得粒子带正电，A对． 3.BD 【解析】 洛伦兹力提供向心力得周期公式和半径公式，
即由F＝qvB＝mv2R＝m4π2RT2得，R＝mvqB，T＝2πmqB，而t＝θ2πT，由图可知，α粒子半径小转过的圆心角大，故α粒子的速率小、动能小、运动时间长，a、b运动周期相同． 4.D 【解析】 当物体速度为v时，物体受到竖直向下的磁场力qvB，由于摩擦力作用，物体速度减小，所以qvB变小，物体受的摩擦力也越来越小，所以由动量定理得当速度减为零时所用时间大于mv/μ(mg＋Bqv)；加竖直向上电场后，物体受到向上的电场力F＝qE＝(mg＋Bqv)，物体所受合外力为零，所以物体将做匀速运动，D正确． 5.BC 【解析】 当粒子运动到A点时速度方向与x轴正方向相同，此时受到的洛伦兹力竖直向下，由左手定则判断粒子带负电，
A错；A点与x轴的距离y＝R－Rsin30°＝12R＝12·mvqB，B对；O到A所经历时间t＝60°360°·2πmqB＝πm3qB，C对；运动过程中粒子的速度方向一直在变，D错，故选BC. 6.AD 【解析】 由于小球从P点垂直边界进入磁场，打在胶片Q上，由左手定则可判定为正电荷q，由qU＝12mv2加速电场可判断φm＞φN；粒子进入静电分析器时，速度v与电场力qE垂直，故电场力对粒子不做功，电场力提供向心力、qE＝mv2R qU＝12mv2 qER2
＝12mv2则U＝12ER；在P点时，洛伦兹力提供向心力，qvB＝mv2R1R′＝2qERmqB；由R′＝mvqB，可知，电荷相同，运动的半径相同；所以AD正确，BC错误，故选AD. 7.AC 【解析】 由题意可知，粒子带正电，qE＝Bqv0.只有电
场时，粒子做类平抛运动，t1＝Lv0；只有磁场时，粒子只受洛伦兹力，在磁场区域内做匀速圆周运动，弧线长度大于直线长度，故t1对；在电场区域内电场力做正功动能增大，速度增大，在磁场区域内速率不变，v1>v2，故选AC. 8.BCD 【解析】 在复合场中，粒子沿直线运动，则有qvB
＝Eq，则有vB＝E，则各粒子速度相同，由R＝mvqB可知，正离子的比荷一定不同，洛伦兹力方向向上，则安培力方向向下，则电场强度方向由a指向b，若改成负电子，其洛伦应力和安培力仍旧平衡，故BCD正确． 9.5T 【解析】 小球沿斜面向上运动过程中受力分析如图(1)所示，由牛顿第二定律，得qEcosα＋mgsinα＝ma1，故a1＝gsinα